2017届高考物理二轮复习专题复习(练习)专题一 力与直线运动3

训练3牛顿运动定律及其应用一、选择题(本大题共8小题，每小题8分，共64分．第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．)

1．如图所示，两定滑轮通过天花板固定在同一竖直平面的同一高度处，小球A的质量为2m，小球B和C的质量均为m，B、C两球到结点P的轻绳长度相等，滑轮摩擦不计．当B、C两球以某角速度ω在水平面内做圆锥摆运动时，A球将()

A．向上加速运动B．向下加速运动

C．保持静止D．上下振动

解析：B球、C球和两根轻绳整体受重力和竖直轻绳向上的拉力，设整体下降的加速度为a，根据牛顿第二定律，有2mg －T＝2ma，对A球受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二定律，有T－2mg＝2ma，联立两式解得a＝0，即A球将保持静止，处于平衡状态．故选C.

答案：C

如图所示，带支架的平板小车水平向

小球A用细线悬挂于支架

为研究对象，受力分析如图，根据牛顿第二定律得

，方向水平向右．再对

小球上升过程中，由牛顿第二＋k v＝ma，故随速度的减小，

相连，系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间有()

A．两图中两球加速度均为g sinθ

B．两图中A球的加速度均为零

C．图乙中轻杆的作用力一定不为零

D．图甲中B球的加速度是图乙中B 球加速度的2倍

解析：撤去挡板前，挡板对B球的弹力大小为2mg sinθ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为零，加速度为零，B球所受合力为2mg sinθ，加速度为

2g sinθ；图乙中杆的弹力突变为零，A、B 球所受合力均为mg sinθ，加速度均为

g sinθ，故图甲中B球的加速度是图乙中B 球加速度的2倍，故A、B、C错误，D

正确．

答案：D

5．如图为用索道运输货物的情景，已知倾斜的索道与水平方向的夹角为37°，重物与车厢地板之间的动摩擦因数为

B．0.3mg

D．0.2mg

沿水平和竖直两个方向分．如图甲所示，用一水平外力

着一个静止在倾角为α的光滑斜面上的物

示，若重力加速度g取10 m/s2，则根据图乙所提供的信息可以计算出()

A．加速度从2 m/s2增加到6 m/s2的过程中物体的速度变化量

B．斜面的倾角

C．物体的质量

D．加速度为6 m/s2时物体的速度

解析：因为物体做变加速运动，所以无法根据公式求得某时刻的速度及速度

变化量，选项A、D错误；由题图乙可知，当F＝0时，有mg sinα＝ma，解得斜面的倾角α＝37°，当F＝15 N时，a＝0，则

F cosα＝mg sinα，可得m＝2 kg，选项B、C正确．

答案：BC

7.

如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动

．传送带顺时针转动

时刻，滑块相对传送带滑动的距

解析：从题图乙可以判断，滑块先向左做减速运动，再向右做加速运动，之后向右匀速运动，所以传送带顺时针转动，A正确；滑块向左减速过程，所受摩擦力向右，向右加速过程，滑块相对传送带向左运动，所受摩擦力向右，所以t2时刻滑块相对传送带滑动的距离达到最大，B、C 错误，D正确．

答案：AD

二、计算题(本大题共2小题，共36分．需写出规范的解题步骤)

9．如图所示，质量M＝1 kg的木板静止在粗糙的水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数μ1＝0.1，在木板的左端放置一个质量m＝1 kg、大小可以忽略的铁块，铁块与木板间的动摩擦因数μ2＝0.4，最大静摩擦力均等于滑动摩擦力，取重力加速度g＝10 m/s2.

(1)若木板长L＝1 m，在铁块上加一个水平向右的恒力F＝8 N，经过多长时间铁块运动到木板的右端？

(2)若在铁块上施加一个大小从零开

始连续增大的水平向右的力F，分析并计

当F>6 N时，铁块相对木板滑动，此时摩擦力f＝μ2mg＝4 N

答案：(1)1 s(2)见解析

10.

如图，质量m＝5 kg的物块(看做质点)在外力F1和F2的作用下正沿某一水平面向右做匀速直线运动，已知F1大小为50 N，方向斜向右上方，与水平面夹角α＝37°，F2大小为30 N，方向水平向左，物体的速度v0大小为11 m/s.当物块运动到距初始位置距离x0＝5 m时撤掉F1，g＝10 m/s2.求：

(1)物块与水平地面之间的动摩擦因数μ；

(2)撤掉F1以后，物块在6 s末距初始位置的距离．

解析：(1)物块向右做匀速运动：

F f＋F2＝F1cosα

F f＝μ(mg－F1sinα)

联立解得：μ＝0.5.

(2)撤掉F1后：