江苏省海头高级中学2015-2016学年高二上学期期中考试物理(必修)试题Word版含答案
2015-2016学年高二上学期期中物理试卷
2015-2016学年上学期中段考试卷高二物理一.单项选择(每题四个选项中只有一个是正确的,选对得4分,选错得0分,共28分) 1. 下列关于电场强度的说法,正确的是( )A .E =F/q 是电场强度的定义式,其中F 是放入电场中的试探电荷所受的力,q 是试探电荷的电荷量,它只适用于匀强电场B .由电场强度的定义式E =F/q 得E 与F 成正比,与q 成反比C .E =kQ/r 2是点电荷场强的计算式,Q 是产生电场的源电荷的电荷量,它只适用于点电荷电场D .E =U/d 适用于任何电场2. 两个完全相同的金属小球,分别带有+3Q 和-Q 的电荷量,当它们相距r 时,它们之间的库仑力是F. 若把它们接触后分开,再置于相距r/3的两点(此时两带电小球仍可视为点电荷),则它们的库仑力的大小将变为( )A .F/3B .FC .3FD .9F3. 如图所示,在静止负点电荷形成的电场中,有M 、N 两点,比较M 、N 两点的场强大小和电势高低,则有:( )A .N 点的场强大,电势低B .N 点的场强小,电势高C .M 点的场强大,电势高D .M 点的场强小,电势低4.如图所示,带箭头的线段表示某一电场中的电场线的分布情况.一带电粒子在电场中运动的轨迹如图中虚线所示.若不考虑其他力,则下列判断中正确的是( )A .粒子带正电B .粒子带负电C .粒子在A 点受到的电场力比B 点的大D .粒子在A 点受到的加速度比B 点的大-Q MN5.在已接电源的闭合电路里,关于电源的电动势、内电压、外电压的关系应是 ( )A .如外电压增大,则内电压增大,电源电动势也会随之增大B .如外电压减小,内电阻不变,内电压也就不变,电源电动势必然减小C .如外电压不变,则内电压减小时,电源电动势也随内电压减小D .如外电压增大,则内电压减小,电源的电动势始终为二者之和,保持恒量 6.如右图所示,因线路故障,按通K 时,灯L 1和L 2均不亮,用电压表测得U ab =0,U bc =0,U cd =4V .由此可知断路处为( )A .灯L 1B .灯L 2C .变阻器D .不能确定7.两个电源的伏安特征图线如图所示,由图可知( )A .电源a 的内电阻较小,电动势较大B .电源a 的内电阻较大,电动势较大C .电源b 的内电阻较小,电动势较大D .电源b 的内电阻较大,电动势较小二.不定项选择(每题四个选项中有两个或两个以上选项是正确的,全对得4分,少选且正确的得2分,错选或不选得0分,共28分)8. 连接在电池两极上的平行板电容器,当两极板之间的距离减小,其余条件不变时,则( )A .电容器的电容C 不变B .电容器两极板间的电场强度E 变大C .电容器两极板的电势差U 变大D . 电容器极板的带电量Q 变大9. 某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图,带负电粉尘被吸附时由b 点运动到a 点,以下说法正确的是( )A .该电场是匀强电场B .a 点电势高于b 点电势C .电场力对粉尘做正功D .粉尘的电势能增大10. 如图所示,AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体,将它们串联后连入电路中。
高二物理上学期期中试题高二全册物理试题3
嘴哆市安排阳光实验学校高安中学2015-2016学年度上学期期中考试高二年级物理试题(创)一、选择题.本大题共10个小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,1~7小题只有一个选项正确,8~10小题有多个选项正确,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错的或不答的得0分.1.关于物理学史,下列说法中正确的是()A.法拉第最早发现电磁感应现象B.奥斯特研究并总结出电流对电流的作用规律C.安培研究并总结出计算电热的公式D.库仑在前人工作的基础上,通过实验研究确认了真空中任何两个带电体之间的相互作用力的规律2.如图所示,横截面半径为2R的圆柱形(侧面为理想边界)空间内充满平行中心线的匀强磁场,磁感应强度为B.在磁场外套有一圆形弹性闭合线圈,半径为3R,共N匝,线圈平面与磁场垂直,以下方式一定能使线圈中产生电流的是()A.平行磁场方向移动线圈B.增加线圈匝数C.逐渐减小磁感应强度D.逐渐增大磁感应强度同时缩小线圈的半径3.如图所示,一定长度的同材料导线做成不同几何形状的单匝线圈,有等边三角形、正方形、圆形,将它们放在直线边界匀强磁场中,线圈平面与磁场垂直.现以相同的速度v将线圈从磁场中拉出,当线圈的一半在磁场中时,线圈与磁场边界交点间电压最大的是()4.在匀强磁场中,一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动,如图甲所示,产生的交变电动势的图象如图乙所示,则()A.t =0.005s时线框的磁通量为零B.t =0.01s时线框平面与中性面重合C.线框产生的交变电动势有效值约为31VD.线框产生的交变电动势频率为100HZ5.在如图所示的电路中,a、b为两个完全相同的灯泡,L为自感线圈,E为电源,S为开关.关于两灯泡点亮和熄灭的先后次序,下列说法正确的是()A.合上开关,a先亮,b后亮;断开开关,a、b同时熄灭B.合上开关,b先亮,a后亮;断开开关,a先熄灭,b后熄灭C.合上开关,b先亮,a后亮;断开开关,a、b同时熄灭D.合上开关,a、b同时亮;断开开关,b熄灭,a后熄灭6.如图所示,在圆形区域内,存在垂直纸面向外的匀强磁场,ab是圆的一条直径.一带电粒子从a点射入磁场,速度大小为2v,方向与ab成30°时恰好从b点飞出磁场,粒子在磁场中运动的时间为t;若仅将速度大小改为v,则粒子在磁场中运动的时间为(不计带电粒子所受重力)()A.3t B.t23C.t21 D.2t7.如图所示,一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内,线框在长直导线右侧,且其长边与长直导线平行.已知在t =0到t=t1的时间间隔内,直导线中电流i发生某种变化,而线框中感应电流总是沿逆时针方向;线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右.设电流i正方向与图中箭头方向相同,则i随时间t变化的图线可能是()8.如图所示,有两根和水平方向成α角的光滑平行的金属轨道,上端接有可变电阻R,下端足够长,空间有垂直于轨道平面的匀强磁场,磁感应强度为B.一根质量为m的金属杆从轨道上由静止滑下,经过足够长的时间后,金属杆的速度会趋近于一个最大速度v m,则 ( )A.如果B增大,v m将变大B.如果α变大,v m将变大C.如果R变大,v m将变大D.如果m变大,v m将变大9.在某电场中作一条直线坐标系x轴,在这条坐标系上各点的电势ϕ随位置坐标x变化的图线如图所示,图线关于x=5m对称.以下说法正确的是()A.α粒子(He42)在x=5m处的电势能为12eV B.将电子从x=3m处沿+x方向移至x=8m处的过程中,电场力先做正功后做负功C.x=3m处的场强比x=8m处的大D.该电场的等势面可能是一系列同心球面10.如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n3=3:1,L1、L2为两只相同的灯泡,R、L、D 和C分别为定值电阻、理想线圈(不计直流电阻)、理想二极管(正向电阻为零、反向电阻无穷大)和电容器,其中C=10μF.当原线圈两端接如图乙所示的正弦交流电稳定后,下列说法中正确的是()A.灯泡L1比L2暗 B.副线圈两端的电压为12V C.电容器的带电量为510212-⨯ C D.二极管两端反向电压最大值是212V二、实验题.本题共2小题,共20分.请把答案填在题中的横线上或按题目要求作图.11.(12分)下图是某实验小组在研究磁通量变化时感应电流方向实验中的部分操作示意图,图甲所示是电流通过灵敏检流计时指针的偏转情况,图乙是磁铁从线圈中抽出时灵敏检流计指针的偏转情况.(1)(单选)图甲电路中串联定值电阻R主要是为了()A.减小电路两端的电压,保护电源B.增大电路两端的电压,保护电源C.减小电路中的电流,保护灵敏检流计D.减小电路中的电流,便于观察灵敏检流计的读数(2)实验操作如图乙所示,当磁铁向上抽出时,检流计G中指针是____偏(填“左”或“右”);继续操作如图丙所示,判断此时条形磁铁的运动是________线圈(填“插入”或“抽出”).(3)通过完整实验,最后归纳总结出关于感应电流方向的结论是:.12.(8分)现要测量某一电流表的内阻r1.给定器材有:A.待测电流表A(量程300μA,内阻r1约为100Ω)B.电压表V(量程3V,内阻r.2=1kΩ)C.电源E(电动势约4V,内阻忽略不计)D.定值电阻R1=10ΩE.滑动变阻器R2(阻值范围0~20Ω,允许通过的最大电流2.0A)F.开关S,导线若干要求测量时两电表指针的偏转均超过其量程的一半.(1)在方框中画出测量电路原理图.(2)电路接通后,测得电压表读数为U,电流表读数为I,用已知和测得的物理量表示电流表内阻r1=______.三、解答题.本大题共4小题,共4013.(8分)在如图甲所示电路中,D为理想二极管(正向电阻为零,反向电阻为无穷大),R1=30Ω,R2=60Ω,R3=10Ω,在MN间加上如图乙所示的交变电压,t=0时M的电势比N的高.(1)在给定的坐标系丙中画出R3两端电压瞬时值u ab随时间t变化的图象;(无需计算过程)(2)计算电压表的读数.(保留两位有效数字)14.(10分)初速不计的大量电子经U0=5000V的加速电压加速后,从两极板左端平行极板进入板间的匀强电场,如图所示,若两板间距d =1.0cm,板长l=5.0cm,板间电压U1=500V,这些电子在极板左端d范围内均匀分布,求打在极板上的电子数与进入两极板间的总电子数的比值.15.(10分)如图所示光滑、水平金属导轨的间距为L=1m,处在一个竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度B=2T,其上有一个与之接触良好的金属棒,金属棒的电阻R=1Ω,导轨电阻不计,导轨左侧接有电源,电动势E=10V,内阻r=1Ω,某时刻起闭合开关,金属棒开始运动,已知金属棒的质量m=1kg,导轨足够长.问:(1)金属棒速度为2m/s时金属棒的加速度为多大?(2)金属棒达到稳定状态时的速度为多大?(3)导轨的右端是一个高为0.8m、宽为1.8m的壕沟,那么金属棒离开导轨后能否落到对面的平台?16.(12分)如图所示,两根足够长的平行金属导轨水平固定,导轨电阻不计,间距L=1m.导轨上放有两根金属棒,棒a的质量m1=2kg,电阻R1=0.2Ω,与导轨间的动摩擦因数μ=0.2;光滑棒b的质量m2=1kg,电阻R2=0.3Ω.整个装置处于竖直向下的匀强磁场中,磁感应强度B=2T,棒a、b始终与轨道垂直、两端与轨道刚好接触且良好接触,已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力,取g=10m/s2.t=0时,对棒b施加一垂直棒的水平力F,使之从静止开始向右做加速度a0=0.1m/s2的匀加速运动,直至棒a开始运动,考查这一过程,完成以下问题.(1)写出力F与时间t的关系式;(2)通过棒b横截面的电量q;83J,棒a上产生的热量Q是多少.(3)若F做的功W=24高安中学2015-2016学年度上学期期中考试 高二年级物理答题卡(创)一、选择题.本大题共10个小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,1~7小题只有一个选项正确,8~10小题有多个选项正确,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错的或不答的得0分.二、实验题.本题共2小题,共20分.请把答案填在题中的横线上或按题目要求作图. 11.(12(1(312.(8(1)。
高二上学期期中物理试卷
2015—2016学年度上学期期中考试高二物理试卷一、选择题(本题包括10个小题,每小题4分,共40分。
1至7小题只有一个选项正确,8至10小题有多个选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不选的得0分)1.首先发现电流磁效应的科学家是( )A.安培B.奥斯特C.库仑D.麦克斯韦2.对于电源的路端电压,下列说法正确的是()A.因U=IR,则U随I和R的增大而增大B.因U=IR,则R=0时,必有U=0C.路端电压随外电阻的变化而成正比的变化D.若外电路断开时,路端电压为零3.两个用同种材料制成的均匀导体A、B,其质量相同,当它们接入电压相同的电路时,其电流之比I A∶I B=1∶4,则横截面积之比S A∶S B为( )A.1∶2 B.2∶1 C.1∶4 D.4∶14.某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示.用此电源和电阻R1、R2组成电路.R1、R2可以同时接入电路,也可以单独接入电路.为使电源输出功率最大,可采用的接法是 ( )A.将R1、R2串联后接到电源两端B.将R1、R2并联后接到电源两端C.将R1单独接到电源两端D.将R2单独接到电源两端5.如图所示:在倾角为α的光滑斜面上,垂直纸面放置一根长为L,质量为m的直导体棒.当导体棒中的电流I垂直纸面向里时,欲使导体棒静止在斜面上,可将导体棒置于匀强磁场中,当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向由竖直向上逆时针至水平向左的过程中,关于B的大小的变化,正确的说法是( )A.逐渐增大B.逐渐减小C.先减小后增大D.先增大后减小6.如图所示,abcd四边形闭合线框,a、b、c三点坐标分别为(0,L,0),(L,L,0),(L,0,0),整个空间处于沿y轴正方向的匀强磁场中,通入电流I,方向如图所示,关于四边形的四条边所受到的安培力的大小,下列叙述中正确的是( )A.ab边与bc边受到的安培力大小相等B.cd边受到的安培力最大C.cd边与ad边受到的安培力大小相等D.ad边不受安培力作用7.如图所示是某款理发用的电吹风的电路图,它主要由电动机M和电热丝R构成.当调节开关S1、S2的通断,可使电动机驱动风叶旋转,将冷空气从进风口吸入,从出风口吹出冷风或热风。
2015—2016学年度高二上册理科物理期中试卷
2015—2016学年度高二上册理科物理期中试卷在现代,物理学已经成为自然科学中最基础的学科之一。
小编准备了高二上册理科物理期中试卷,希望你喜欢。
考生注意事项:⒈本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷,第Ⅰ卷用2B铅笔涂在答题卡上,第Ⅱ卷用黑色钢笔、签字笔在答题卷上作答;⒉考试时间90分钟,全卷满分100分;第Ⅰ卷选择题(48分)一、单项选择题(本大题共8小题,每小题3分,共24分.每小题只有一个正确答案,多选、错选、不选均不得分。
)1、真空中两个点电荷的相互作用力为F,若把其一个电荷的带电量减少一半,同时把它们之间的距离减少一半,则它们之间的作用力变为A. 4F B.2FC. 8 F D.F /22、如图所示,用与丝绸摩擦过的玻璃棒(带正电)靠近原来不带电的验电器的金属球,但两者不接触.通过观察发现指针发生了偏转.关于这一现象的解释正确的是A.金属球带正电,指针带正电B.金属球带负电,指针带负电C.金属球带负电,指针带正电D.金属球带正电,指针带负电3、如图所示,水平匀强电场中,一带电量为,质量为m的小球静止在倾角为的光滑斜面上,则电场方向及大小下列判断正确的是 A. 向右, B. 向左,C. 向右, D.向左,4、如图所示电路中,两灯均不亮,已知电路中只有一处故障,且除两个灯泡外其余部分均完好,在不拆开电路的情况下,某同学用一根导线去查找电路的故障,他将导线先并接在灯L1两端,发现L2亮,L1不亮,然后将导线并接在灯L2两端,发现两灯均不亮,由此可判断A. 灯L1断路 B. 灯L1短路C. 灯L2断路 D. 灯L2短路5、两电阻R1、R2中的电流I和电压U的关系图线如图3所示,可知两电阻的大小之比R1:R2等于( )A.1:3 B.3:1 C.1: D. :16、下列说法正确的是A.在等势面上移动电荷,电场力有时做功,有时不做功B.电荷从A点移到B点,电场力做功为零,则电荷一定是沿等势面移动的C.电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面D.在同一个等势面上的各点,场强的大小必然是相等的7、如上右图电路所示,当ab两端接入100V电压时,cd 两端为20V;当cd两端接入100V电压时,ab两端电压为50V,则R1∶R2∶R3之比是A.3∶2∶1 B.2∶1∶1 C.4∶2∶1 D.以上都不对A.甲图:带电平行金属板两板间边缘附近处的a、b 两点B.乙图:离点电荷等距的a、b两点C.丙图:两个等量异种点电荷连线的垂线上,与连线中点等距的a、b两点D.丁图:两个等量异种电荷连线上,与连线中点等距的a、b 两点二、双项选择题(每小题有2个正确答案,共6题,每小题4分,共24分。
2015-2016学年高二上学期期中考试物理试卷1
高二上学期期中考试试卷物理说明:本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,第Ⅰ卷共12个题,请将答案填涂在答题卡相应位置。
第Ⅱ卷共5个题。
请将答案按要求填写在答题纸相应位置,答在其它位置无效,考试结束后将答题卡和答题纸一并上交。
满分100分,考试时间90分钟。
第Ⅰ卷(选择题,共42分)一、选择题(1-10为单选题,每小题3分;11-12为多选题,每小题6分,共42分)1.如图所示,在一个粗糙水平面上,彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块.由静止释放后,两个物块向相反方向运动,并最终停止.在物块的运动过程中,下列表述正确的是( )A.两个物块的电势能逐渐减少B.物块受到的库仑力不做功C.两个物块的机械能守恒D.物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力2.一正电荷在电场中仅受电场力作用,从A点运动到B点,速度随时间变化的图象如图所示,t A、t B分别对应电荷在A、B两点的时刻,则下列说法中正确的是( ) A.A处的场强一定小于B处的场强B.A处的电势一定低于B处的电势C.电荷在A处的电势能一定大于在B处的电势能D.从A到B的过程中,电场力对电荷做正功3.一个带负电荷q,质量为m的小球,从光滑绝缘的斜面轨道的A点由静止下滑,小球恰能通过半径为R的竖直圆形轨道的最高点B而做圆周运动.现在竖直方向上加如图所示的匀强电场,若仍从A点由静止释放该小球,则( )A.小球不能过B点B.小球仍恰好能过B点C.小球能过B点,且在B点与轨道之间压力不为0D.以上说法都不对4.如今家用电器越来越多,它们在待机状态下也会耗电.为了节约电能和用电安全,你将选择( )①切断长期不使用的空调机的电源②电视机在不使用时,可以不断开电源③合理使用节能灯具④尽量避免同时使用大功率家用电器A.①②③ B.②③④ C.①③④ D.①②④5.夜间,居民楼的楼道里只是偶尔有人经过,“长明灯”会造成浪费.科研人员利用“光敏”材料制成“光控开关”——天黑时自动闭合,天亮时自动断开;利用“声敏”材料制成“声控开关”——当有人走动发出声音时自动闭合,无人走动时自动断开.若将这两种开关配合使用,就可以使楼道里的灯变的“聪明”.这种“聪明”的电路是图中的( )6.据信息产业部在7月底公布的最新统计,今年上半年,国产品牌手机的国内市场占有率比去年猛升16.21%,达到55.28%的份额.如图所示的是某品牌手机电池上的文字说明,由此可知该电池的电动势和所储存的最大电能是( )C .4.2 V 7.99×103 JD .3.7 V 7.99×103J7.有一台标有“220 V 50 W”的电风扇,其线圈电阻为0.4 Ω,在它正常工作时,下列求其每分钟产生的电热的四种解法中,正确的是( )A .I =P U =522 A ,Q =UIt =3 000 JB .Q =Pt =3 000 JC .I =P U =522 A ,Q =I 2Rt =1.24 JD .Q =U 2R t =22020.4×60 J=7.26×106J8.有一只电熨斗,内部电路如图甲所示,其中M 为旋钮的内部接线端子,旋钮有“高”、“中”、“低”、“关”四个挡,每个挡内部接线有如图乙中所示的四种方式,下列判断中正确的是( )A .a 方式为“高”挡B .b 方式为“低”挡C .c 方式为“关”挡D .d 方式为“中”挡9.如图所示的电路,闭合开关S ,当滑动变阻器滑片P 向右移动时,下列说法正确的是( )(第9题图)(第10题图)A.电流表读数变小,电压表读数变大B.小灯泡L变暗C.电容器C上电荷量减小D.电源的总功率变小10.如图所示的电路中,灯泡A和灯泡B原来都是正常发光的,现在突然灯泡A比原来变暗了些,灯泡B比原来变亮了些,则电路中出现的故障可能是( )A.R3断路B.R1短路C.R2断路D.R1、R2同时短路11.如图所示,在点电荷Q的电场中有a、b两点,两点到点电荷的距离r a<r b.设a、b两点场强大小分别为E a和E b,电势分别为φa和φb,则( )A.E a一定大于E b,φa一定大于φbB.E a一定大于E b,φa可能小于φbC.E a一定大于E b,φa可能大于φ bD.E a可能小于E b,φa可能小于φb12.某同学在研究三种导电元件的伏安特性时,他根据实验所测得的数据,分别绘制了I-U图线,如图甲、乙、丙所示,下列说法正确的是( )A.图甲的元件可以作为标准电阻使用B.图乙的电阻随电压升高而增大C.图丙的电阻随电压升高而增大D.只有图乙才是可能的第Ⅱ卷(非选择题,共58分)二、实验题(共24分)13.(8分)某同学利用多用电表测量一个未知电阻的阻值,由于第一次选择的欧姆挡不合适,又改换另一欧姆挡测量,两次测量时电表指针所指的位置如图2-10中的虚线所示,下面列出这两次测量中的有关操作:图2-10A.将两根表笔短接,并调零;B.将两根表笔分别跟被测电阻的两端接触,观察指针的位置;C.记下电阻值;D.将多用电表面板上旋钮旋到×100挡;E.将多用电表面板上旋钮旋到×10挡;F.将多用电表面板上旋钮旋到交流500 V挡.(1)根据上述有关操作,将两次的合理实验步骤按顺序写出(用上述操作项目前面的字母表示,且字母可以重复使用)________.(4分)(2)该电阻的阻值是________.(4分)14.(16分)在测量金属丝电阻率的实验中,可供选用的器材如下待测金属丝:R x(阻值约4 Ω,额定电流约0.5 A);电压表:V(量程3 V,内阻约3 kΩ);电流表:A1(量程0.6 A,内阻约0.2 Ω);A2(量程3 A,内阻约0.05 Ω);电源:E1(电动势3 V,内阻不计);E2(电动势12 V,内阻不计);滑动变阻器:R(最大阻值约20 Ω);螺旋测微器;毫米刻度尺;开关S;导线.(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径,示数如图所示,读数为________mm.(4分)(2)若滑动变阻器采用限流接法,为使测量尽量精确,电流表应选________、电源应选________(均填器材代号),在虚线框内完成电路原理图.(3分+3分+6分)三、计算题(共34分)(15题图)15.(10分)如图所示,电源电动势E=6 V,电源内阻不计.定值电阻R1=2.4 kΩ、R2=4.8 kΩ.(1)若在a、b之间接一个C=100 μF的电容器,闭合开关S,电路稳定后,求电容器上所带的电荷量;(5分)(2)若在a、b之间接一个内阻R V=4.8 kΩ的电压表,求电压表的示数.(5分)16.(12分)一个电源和一个滑动变阻器接成图2-12甲所示的电路,滑动变阻器的最大阻值R0=22 Ω,电源路端电压U随外电阻R的变化规律如图2-12乙所示,试求:图2-12(1)电源的电动势E和内电阻r;(6分)(2)A、B两端(不接负载)输出电压的范围.(6分)17.(12分) 如图2-15所示,电路中电源电动势为E,内阻不计,水平放置的平行金属板A、B间的距离为d,板长为L,在A板的左端且非常靠近极板A的位置,有一质量为m、电荷量为-q的小球以初速度v0水平向右射入两极板图2-15间.(重力加速度用g表示)则:(1)若使小球恰能沿v0方向射出电场,电动势E1应为多大?(6分)(2)若使小球恰能从B板右端边缘射出电场,电动势E2应为多大?(6分)高二上学期期中考试物理试题参考答案 2015.111.A 由静止释放后,两带电小物块带同种电荷,所以库仑力对它们均做正功,故电势能都减小,A正确、B错误;两小物块运动过程中,因摩擦力和电场力分别做功,发生机械能和其他能量的相互转化,故机械能不守恒,C错;因最终停止,故D错.2.B 由图象知A处的加速度大于B处的加速度,A处的场强一定大于B处的场强,A 错.由功能关系及动能和电势能之和守恒知B正确,C、D错.3.B 小球从光滑绝缘的斜面轨道的A点由静止下滑,恰能通过半径为R的竖直圆形轨道的最高点B而做圆周运动,则mg=mv21/R,mg(h-2R)=mv21/2;加匀强电场后仍从A点由静止释放该小球,则(mg-qE)(h-2R)=mv22/2,联立解得mg-qE=mv22/R,满足小球恰好能过B点的临界条件,选项B正确.4.C 电视机在不使用时,应切断电源以保证安全,所以可排除②,故选C5.D 在白天时,一般不需要灯照明的;天黑以后,特别是夜深人静时,一般也不需要灯照明的,也就是说天黑且人在楼道里走动时需要.对于选项A ,“声控开关”闭合时,发生短路;对于选项B ,不管是“光控开关”,还是“声控开关”各自都能让灯发光,节能目的达不到;对于选项C ,“光控开关”闭合时,发生短路;对于选项D ,“光控开关”与“声控开关”同时闭合时,灯才亮,所以达到节能的目的.6.D 由铭牌可知,该电池的电动势E =3.7 V ,储存总电荷量Q =600 mA·h,根据电流做的功等于消耗的电能,所以储存的最大电能E 电能=W =QU =600×10-3×3 600×3.7 J=7.992×103J.7.C 本题主要考查焦耳定律和热功率的计算.电风扇是一种在消耗电能过程中既产生机械能,又产生内能的用电器,对这样的用电器,每分钟产生的热量只能根据Q =I 2Rt 进行计算.因此,C 选项是正确的.8.B a 中回路未闭合,故a 方式为“关挡”,b 中总电阻R b =R 1+R 2,c 中总电阻为R c=R 1,d 中总电阻为R d =R 1R 2R 1+R 2,由公式P =U 2R ,故d 方式为“高”挡,c 方式为“中”挡,b方式为“低”挡,所以B 对,A 、C 、D 错.9.C 当滑动变阻器滑片P 向右移动时,接入电路中的阻值变小,回路的总阻值R 总减小,干路电流(I 干)增大,电流表读数变大,小灯泡L 变亮,而内电压(I 干·r)增大,故路端电压减小,选项A 、B 错误;由P =EI 干得,选项D 错误;由U C =E -I 干(r +R 灯)及q =C·U C 知,选C 正确.10.C 灯泡A 变暗,灯泡B 变亮,说明流过灯泡A 的电流减小,流过灯泡B 的电流增大,若R 3断路,电源的路端电压增大,流过灯泡A 、B 的电流均增大;若R 1短路,电源的路端电压减小,流过R 3的电流减小,流过灯泡A 、B 的电流增大;若R 2断路,电源的路端电压增大,灯泡A 和电阻R 1两端的电压减小,电路中的总电流减小,流过R 3的电流增大,流过灯泡A 的电流减小,灯泡B 两端的电压增大,流过灯泡B 的电流增大;电阻R 1、R 2同时短路,灯泡B 不亮.正确选项为C.11.BC 电场中某点的电场强度E 和电势φ没有联系,电场中某点的电势与零势点的选取有关,故B 、C 选项正确.12.AB 由图象可知甲元件的电阻不变,乙元件的电阻随电压U 的增大而增大,丙元件的电阻随电压U 的增大而减小,故A 、B 正确.13解析:按正确的操作顺序,第一次测量前所选欧姆挡偏小,为×10挡;改换×100挡后,重新调零,再测量并记录示数,最后将选择开关置于合适的位置.(1)EABDABCF(2)该电阻的阻值为R =20×100 Ω=2000 Ω. 答案:(1)EABDABCF (4分) (2)2000 Ω (4分)14.(1)1.773[1.771~1.775间均正确] (4分) (2)A 1 E 1 电路如图所示 (3分+3分+6分)解析:本题考查螺旋测微器的读数方法和测定金属丝电阻率的实验方法,解题关键明确实验原理.(1)由图示知,金属丝的直径d 为1.773 mm.(2)待测金属丝的额定电流约为0.5 A ,因此电流表选择A 1;待测金属丝的额定电压U =IR =0.5×4 V=2 V ,所以电源选择E 1可满足要求.实验电路如答案图所示.15.(1)4×10-4C (5分) (2)3 V (5分) 解析:(1)设电容器上的电压为U C ,U C =R 2R 1+R 2E电容器的带电荷量Q =CU C 解得:Q =4×10-4 C.(2)设电压表与R 2并联后电阻为R ,R =R 2R V R 2+R V ,则电压表上的电压为:U V =RR 1+R E解得:U V =3 V.16 解析:(6分+6分)(1)由题图可知E =12 V ,当外电阻为2 Ω时,外电压6 V ,由E =U +U R r 可得r =2 Ω.(2)I =ER 0+r =1222+2 A =0.5 A当A 滑到最下端时,A 、B 两端输出电压最小U AB min =0当A 滑到最上端时,A 、B 两端输出电压最大U AB max =IR 0=11 V所以A 、B 两端输出电压范围:0≤U ≤11 V .答案:(1)12 V 2 Ω (2)0≤U ≤11 V17.(6分+6分) 解析:(1)I =E R +R =E 12R则U AB =IR =12E 1① 由小球受力平衡mg =qU AB d② 联立①②得E 1=2mgd /q .(2)由于小球能从B 板右端边缘飞出,利用平抛运动规律有:L =v 0ty =d =12at 2qU ′AB /d -mg =ma同理U ′AB =12E 2由以上各式得E 2=2md q (2d v 02L 2+g ).答案:(1)2mgd /q (2)2md q (2d v 02L 2+g )。
江苏省海州高级中学、海头高级中学2016-2017学年高二
海头高级中学、海州高级中学2016-2017学年高二第一学期期中联考高二物理试题(选修)一、单项选择题:本题共9小题,每题3分,满分27分。
每小题只有一个....选项符合题意。
1.下列说法中正确的是 ( )A.铅蓄电池电动势为2 V,表示每秒钟,电源把2 J的化学能转变为电能B.电动势等于闭合电路中接在电源两极间的电压表测得的电压C.电流元IL在磁场中受力为F,则磁感应强度B可能大于或等于F ILD.磁感应强度越大的地方,线圈面积越大,穿过线圈的磁通量越大2.如图所示,均匀绕制的螺线管水平放置,在其正中心的上方附近用绝缘绳水平吊起通电直导线A,A与螺线管垂直,A导线中的电流方向垂直纸面向里,开关S闭合,A受到通电螺线管磁场的作用力的方向是( )A.水平向左 B.水平向右C.竖直向上 D.竖直向下3.一太阳能电池板,测得它的开路电压为80mV,短路电流40mA.若将该电池板与一阻值为2.0Ω的电阻器连成一闭合电路,则它的路端电压是()A.0.010V B.0.020VC.0.030V D.0.040V4.如图所示为洛伦兹力演示仪的结构图.励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外,电子束由电子枪产生,其速度方向与磁场方向垂直.电子速度的大小和磁场强弱可分别由通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节.下列说法正确的是( )A.仅增大励磁线圈中电流,电子束径迹的半径变大B.仅提高电子枪加速电压,电子束径迹的半径变大C.仅增大励磁线圈中电流,电子做圆周运动的周期将变大D.仅提高电子枪加速电压,电子做圆周运动的周期将变大5.1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器,其原理如图所示,这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成,其间留有空隙,用来加速质子,下列说法错误..的是 ( )A.交变电压的频率与质子做匀速圆周运动的频率相等B.加速电压越大离子获得的最大动能越大C .质子获得的最大动能与D 形盒的半径R 有关D .若其他量不变,只提高加速电压U ,质子在加速器中运动的总时间将缩短6.如图所示,电源电动势为E ,内阻为r ,滑动变阻器最大电阻为R ,开关K 闭合.两平行金属极板a 、b 间有匀强磁场,一带负电的粒子(不计重力)以速度v 水平匀速穿过两极板.下列说法正确的是( )A .若将滑片P 向上滑动,粒子将向a 板偏转B .若将a 极板向上移动,粒子将向a 板偏转C .若增大带电粒子的速度,粒子将向b 板偏转D .若增大带电粒子带电量,粒子将向b 板偏转7.如图所示,电动势为E 、内阻为r 的电池与定值电阻R 0、滑动变阻器R 串联,已知R 0= r ,滑动变阻器的最大阻值是2r .当滑动变阻器的滑片P 由a 端向b 端滑动时,下列说法中正确的是( )A .滑动变阻器的电压变大B .电源的输出功率先变大后变小C .滑动变阻器消耗的功率变小D .定值电阻R 0上消耗的功率先变大后变小8. 锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中.现用充电器为一 手机锂电池充电,等效电路如图所示,充电器电源的输出电压为U ,输出电流为I ,手机电池的内阻为r ,下列说法正确的是( )A .电池产生的热功率为I 2rB .充电器输出的电功率为UI+I 2rC .电能转化为化学能的功率为UID .充电器的充电效率为9.两只额定电压均为110V 的灯泡A 和B ,额定功率分别为100W 和40W ,为了使它们接到220V 电源上能正常发光,同时电路消耗的电功率最小,如图所示的四个电路中最合理的是图( )二、多项选择题:本题共6小题,每小题4分,满分24分。
2015-2016学年第二学期高二期中考试物理学科试题和参考答案
2015-2016学年第二学期高二期中考试物理学科试题一、单项选择题1.关于磁场和磁感线的描述,正确的说法是()A.磁感线从磁体的N极出发,终止于S极B.磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向C.沿磁感线方向,磁场逐渐减弱D.在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小2. 下列说法正确的是()A.洛伦兹力对带电粒子不做功B.洛伦兹力能改变带电粒子的动能C.运动电荷在某处不受洛伦兹力的作用,则该处的磁感应强度一定为零D.运动电荷在磁感应强度不为零的地方,一定受到洛伦兹力的作用3.某矩形线圈在匀强磁场中匀速转动,产生的感应电动势为e=E m sinωt.若将线圈的转速增加1倍,保持其他条件不变,则产生的感应电动势为()A.e=E m sin2ωt B.e=2E m sin2ωt C.e=2E m sin4ωt D.e=4E m sin2ωt4.中央电视台《焦点访谈》多次报道某些边远落后农村电价过高,农民负担过重.其中客观原因是电网陈旧老化,近年来进行了农村电网改造.为了减少远距离输电线路上的电能损耗而降低电费价格,以下措施中切实可行的是()A.提高输送功率B.应用超导材料做输电线C.提高输电电压D.减小输电导线的横截面积5.下列说法不正确的是()A.话筒是一种常用的传感器,其作用是将电信号转换为声信号B.电熨斗能够自动控制温度的原因是它装有双金属片温度传感器,这种传感器的作用是控制电路的通断C.电子秤所使用的测力装置是力传感器D.热敏电阻能够把温度这个热学量装化为电阻这个电学量6.如图所示,开始时矩形线框与匀强磁场的方向垂直,且一半在磁场内,一半在磁场外,若要使线框中产生感应电流,下列办法中不可行的是()A.将线框向左拉出磁场B.以bc边为轴转动(小于60°)C.以ab边为轴转动(小于90°)D .以ad 边为轴转动(小于60°)7.如图所示,A 、B 都是较轻的铝环,A 环闭合,B 环断开,横梁可以绕中间支点自由转动,开始时整个装置静止.下列说法中正确的是( )A .条形磁铁插入A 环时,横梁不会发生转动B .只有当条形磁铁N 极拔出铝环时,横梁才会转动C .条形磁铁用相同方式分别插入A 、B 环时,两环转动情况相同D .铝环A 产生的感应电流总是阻碍铝环与磁铁间的相对运动 8.如图所示,表示一交流电的电流随时间而变化的图像.此交流电流的有效值是 ( ) A . 52A B .5A C . 3.52A D .3.5A9.如图所示,水平放置的平行金属导轨左边接有电阻R ,轨道所在处有竖直向下的匀强磁场,金属棒ab 横跨导轨,它在外力的作用下向右匀速运动,速度为v .若将金属棒的运动速度变为2v ,(除R 外,其余电阻不计,导轨光滑)则 ( ) A .作用在ab 上的外力应保持不变 B .感应电动势将增大为原来的4倍 C .感应电流的功率将增大为原来的2倍 D .外力的功率将增大为原来的4倍10.如图所示,两条平行虚线之间存在匀强磁场,虚线间的距离为l ,磁场方向垂直纸面向里.abcd 是位于纸面内的梯形线圈,ad 与bc 间的距离也为L ,t=0时刻,bc 边与磁场区域边界重合.现令线圈以恒定的速度v 沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域,取沿a →b →c →d →a 的感应电流为正,则在线圈穿越磁场区域的过程中,感应电流I 随时间t 变化的图线可能是图中的 ( )11. 电阻为1 Ω的矩形线圈绕垂直于磁场方向的轴在匀强磁场中匀速转动,产生的交变电动势随时间变化的图象如图所示.现把交流电加在电阻为9 Ω的电热丝上,下列判断正确的是 ( )A .线圈转动的角速度ω=100 rad/sB .在t =0.01 s 时刻,穿过线圈的磁通量最大C .电热丝两端的电压U =100 2 VLD.电热丝此时的发热功率P=1 800 W12.如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为4∶1,电压表和电流表均为理想电表,原线圈接如图乙所示的正弦交流电,图中R′为热敏电阻(温度升高时其电阻减小),R为定值电阻.下列说法正确的是()A.电压表V2的示数为9 VB.原线圈两端电压的瞬时值表达式为u=362sin 50πt VC.R′处温度升高时,电流表的示数变大,电压表V2的示数变大D.变压器原线圈的输入功率和副线圈的输出功率之比为1∶4二、多项选择题13.如图所示,质量为m,电荷量为+q的带电粒子,以不同的初速度两次从O点垂直于磁感线和磁场边界向上射入匀强磁场,在洛伦兹力作用下分别从M、N两点射出磁场,测得OM:ON=3:4,则下列说法中正确的是()A.两次带电粒子在磁场中经历的时间之比为3:4B.两次带电粒子在磁场中运动的路程长度之比为3:4C.两次带电粒子在磁场中所受的洛伦兹力大小之比为3:4D.两次带电粒子在磁场中所受的洛伦兹力大小之比为4:314.如图所示,理想变压器左线圈与导轨相连接,导体棒ab可在导轨上滑动,磁场方向垂直纸面向里,以下说法正确的是()A.ab棒匀速向右滑,c、d两点中c点电势高B.ab棒匀加速右滑,c、d两点中d点电势高C.ab棒匀减速右滑,c、d两点中d点电势高D.ab棒匀加速左滑,c、d两点中c点电势高15.如图(a)、(b)所示的电路中,电阻R和自感线圈L的电阻值都很小,且小于灯A的电阻,接通S,使电路达到稳定,灯泡A发光,则()A.在电路(a)中,断开S,A将渐渐变暗B.在电路(a)中,断开S,A将先变得更亮,然后渐渐变暗C.在电路(b)中,断开S,A将渐渐变暗D.在电路(b)中,断开S,A将先变得更亮,然后渐渐变暗16.如图所示,相距为d 的两水平虚线L 1和L 2分别是水平向里的匀强磁场的上下两个边界,磁场的磁感应强度为B ,正方形线框abcd 边长为L (L <d ),质量为m ,将线框在磁场上方高h 处由静止释放.如果ab 边进入磁场时的速度为v 0,cd 边刚穿出磁场时的速度也为v 0,则从ab 边刚进入磁场到cd 边刚穿出磁场的整个过程中 ( ) A .线框中一直有感应电流B .线框中有一阶段的加速度为重力加速度gC .线框中产生的热量为mg (d+h+L )D .线框有一阶段做减速运动17.如图所示,在方向垂直向里,磁感应强度为B 的匀强磁场区域中有一个由均匀导线制成的单匝矩形线框abcd ,线框以恒定的速度v 沿垂直磁场方向向右运动,运动中线框dc 边始终与磁场右边界平行,线框边长ad =l ,cd =2l 。
江苏省海州高级中学、灌南高级中学、海头高级中学高二下学期期中考试物理 试卷.pdf
海州高中、灌南高中、海头高中 2015—2016学年度第二学期期中学情调查考试 高二物理试题(选修) 本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,满分120分,考试时间100分钟。
第Ⅰ卷(选择题 共52分) 一.单项选择题:本题共8小题,每小题3分,共24分。
每小题只有一个选项符合题意。
1.下列提到的交流电,哪个指的不是交流电的有效值( ) A.交流电压表的读数 B.保险丝的熔断电流 C.电动机铭牌上的额定电压 D.电容器的击穿电压 2.理想变压器原、副线圈的匝数比为1:10,当原线圈接在6 V的蓄电池两端以后,副线圈的输出电压为( ) A.60 V B.0.6V C.6 V D.0 3.雨滴下落,温度逐渐升高,在这个过程中,下列说法中正确的是( ) A.雨滴内分子的势能都在减小,动能在增大 B.雨滴内每个分子的动能都在不断增大 C.雨滴内水分子的平均动能不断增大 D.雨滴内水分子的势能在不断增大从下列哪一组物理量可以算出氧气的摩尔质量( ) A.氧气的密度和阿伏加德罗常数 B.氧气分子的体积和氧气的密度 C.氧气分子的质量和阿伏加德罗常数 D.氧气分子的体积和氧气分子的质量图是氧气分子在不同温度(0和100)下的速率分布,由图可得信息( ) A.同一温度下,氧气分子呈现出“中间多,两头少”的分布规律B.随着温度的升高,每一个氧气分子的速率都增大 C.随着温度的升高,氧气分子中速率小的分子所占的比例高 D.随着温度的升高,氧气分子的平均速率变小 一定质量的理想气体经过一系列变化过程,如图所示,下列说法中正确的是( ) .b→c过程中,气体压强不变,体积增大.a→b过程中,气体体积增大,压强减小 C.c→a过程中,气体压强增大,体积变小 D.c→a过程中,气体内能增大,体积变小7. 如图所示,RT为金属热电阻,其他电阻都是普通的电阻,当灯泡L的亮度变暗时,说明( ) A.环境温度变高 B.环境温度变低 C.环境温度不变 D.都有可能 8.将阻值为5Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上,电源电动势随时间变化的规律如图所示.下列说法正确的是( ) A.电路中交变电流的频率为0.25 Hz B.通过电阻的电流为2 A C.电阻消耗的电功率为2.5 W D.用交流电压表测得电阻两端电压为5 V 二.多项选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分。
高二物理上学期期中试题3
2015-2016学年度上学期期中联考高二物理试卷考试时间:90分钟试卷满分:110分一、选择题: 本大题共10小题,每小题5分,共50分。
从第1小题到第8小题是单选题,第9小题到第10小题是多选题。
1、在国际单位制中,以下说法正确的是( ) A .米、千克、秒、开尔文、安培都是国际单位的基本单位 B .功、能量和热量的单位都是焦耳,它是国际单位制中的基本单位 C .力单位是牛顿,电动势单位是安培。
D .电场强度的两个单位:1V/m 和1N/C 是相等的2、如图所示,两根细线挂着两个质量相同的小球A 、B ,上、下两根细线中的拉力分别是.现在使A 、B 带同号电荷,此时,上、下细线受力分别为,则( )3、如图所示的电路中,当变阻器R 3的滑动触头P 向a 端移动时( )A .电压表示数变大,电流表示数变小B .电压表示数变小,电流表示数变大C .电压表示数变大,电流表示数变大D .电压表示数变小,电流表示数变小4.下列静电学公式中,F 、q 、E 、U 、r 和d 分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离①221r q q kF = ② ③ ④Ed U = ( )A .它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B .①②③只对点电荷或点电荷的场成立,④只对匀强电场成立C .①②只对点电荷成立,③对任何电场都成立,④只对匀强电场才成立D .①②只对点电荷成立,③④对任何电场都成立5. 如图所示,在一电场强度为E 的匀强电场中放一金属空心导体,图中a 、b分别为金属导体内部与空腔中的两点,则( ) A.a 、b 两点的电场强度都为零 B.a 点电场强度为零,b 点不为零C.a 点电场强度不为零,b 点为零D.a 、b 两点电场强度均不为零6.关于电源电动势的说法错误的是( )A .电源电动势等于内外电路电势降落之和B .电源电动势等于外电路的路端电压C .电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压D .电源电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领7.某电动机线圈电阻为R 1 ,它与阻值R 2 的电热丝电串联后接到直流电源上(不计电源内阻),电动机正常工作,路端电压为U ,电流为I ,电路中消耗的电功率为P ,则有( ) ①.UI P = ②.)(212R R I P += ③.UIP >④.)(212R R I P +>A .①②B .①④C .②③D .③④8.有人在调试电路时,用一个“100k Ω, W ”的电阻和一个“300k Ω, W ”的电阻串联,作为400 k Ω的电阻使用,此时两只串联电阻允许耗散的最大功率为( )A .B .C .D .9、下面四个图中电场线(或等势面)画法错误的选项是.( )W21W 41W 61W81818110..图中a、b和c分别表示点电荷的电场中的三个等势面,它们的电势分别为6V、4V和1.5V.一质子(H11)从等势面ab时的速率为v,则对质子的运动有下列判断,其中正确的是( )A.质子从a等势面运动到c等势面电势能增加4.5eVB.质子从a等势面运动到c等势面动能增加4.5eVC.质子经过等势面c时的速率为2.25vD.质子经过等势面c时的速率为1.5v二、实验题:本题共两小题,共16分。
2015-2016学年高二上学期学期期中考试物理试卷
2015-2016学年度第一学期期中测试高二物理试卷一、单项选择题(本题共26小题,每小题3分,共78分.)1.静电现象在自然界中普遍存在,我国早在西汉末年已有对静电现象的记载《春秋纬˙考异邮》中有“玳瑁吸褡”之说,下列关于静电现象说法错误..是( ) A .梳过头发的塑料梳子吸起纸屑B .带电小球移至不带电金属球附近,两者相互吸引C .丝绸摩擦玻璃棒起电的过程中,丝绸中的正电荷转移到玻璃棒上D .从干燥的地毯走过,手碰到金属把手时有被电击的感觉2.有两个点电荷,所带电荷量分别为q 1和q 2,相距为r ,相互作用力为F .为了使它们之间的作用力增大为原来的2倍,下列做法可行的是 ( )A .仅使q 1增大为原来的2倍B .仅使q 2减小为原来的一半C .使q 2和q 1都增大为原来的2倍D .仅使r 减小为原来的一半3.关于电场强度E 的说法正确的是( )A. 根据E =F/q 可知,电场中某点的电场强度与电场力F 成正比,与电量q 成反比B. 一个正电荷激发的电场的电场强度处处相同,是一个匀强电场C. 电场中某点的电场强度方向跟正电荷在该点所受到的电场力的方向相同D. 电场中某点的电场强度方向跟负电荷在该点所受到的电场力的方向相同4.关于电场、电场强度、电场线,下列说法中不正确...的是( ) A .电场是电荷周围客观存在的物质 B .电场线是为了形象描述电场而假想的曲线C .电场线不可能相交D .没有电场线的地方,电场强度为零5.下列各图中,能正确表示一对等量异种电荷电场线分布的是 ( )6.电场线分布如图所示,电场中a ,b 两点的电场强度大小分别为已知E a 和E b ,则( )A .E a = E bB. E a > E bC. E a < E bD. 不能确定7.两个等量点电荷P 、Q 在真空中产生的电场线(方向未画出)如图所示,一电子在A 、B 两点所受的电场力分别为F A 和F B ,则它们的大小关系为( )A .F A =FB 方向不同B .F A >F B 方向相同C .F A <F B 方向相同D .F A >F B 方向不同8.下列不是..静电利用的是 ( ) A .在高大的建筑物顶端装上避雷针 B .在高大的烟囱中安装静电除尘器C .静电复印D .静电喷漆9.下列说法中不正确...的是( ) A . B . C . D .A .电容器是储存电荷的装置,电容的单位是法拉B .电容器不带电时电容为零C .发电机是把其他形式的能转化为电能的装置D .白炽灯是利用电流的热效应工作的10. 指南针是我国古代四大发明之一。
【K12教育学习资料】高二物理上学期期中试卷(选修,含解析)4
2015-2016学年江苏省连云港市海头高中高二(上)期中物理试卷(选修)一、选择题(共11小题,每小题3分,满分39分)1.首先发现电流磁效应的科学家是( )A.安培 B.奥斯特C.库仑 D.麦克斯韦2.磁感应强度单位是特斯拉,1特斯拉相当于( )A.1kg/A•s2B.1kg•m/A•s2C.1kg•m2/s2 D.1kg•m2/A•s23.如图所示:在倾角为α的光滑斜面上,垂直纸面放置一根长为L,质量为m的直导体棒.当导体棒中的电流I垂直纸面向里时,欲使导体棒静止在斜面上,可将导体棒置于匀强磁场中,当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向在纸面内由竖直向上逆时针至水平向左的过程中,关于B的大小的变化,正确的说法是( )A.逐渐增大 B.逐渐减小 C.先减小后增大 D.先增大后减小4.一束带电粒子以同一速度,并从同一位置进入同一匀强磁场,在磁场中它们的轨迹如图所示.粒子q1的轨迹半径为r1,粒子q2的轨迹半径为r2,且r2=2r1,q1、q2分别是它们的带电量,则( )A.q1带负电、q2带正电,荷质比之比为:=2:1B.q1带负电、q2带正电,荷质比之比为:=1:2C.q1带正电、q2带负电,荷质比之比为:=2:1D.q1带正电、q2带负电,荷质比之比为=1:25.如图所示的电路中,电源的输出电压恒为U,电动机M的线圈电阻与电炉L的电阻相同,电动机正常工作,在相同的时间内,下列判断正确的是( )A.电炉放出的热量大于电动机放出的热量B.电炉两端电压小于电动机两端电压C.电炉两端电压等于电动机两端电压D.电动机消耗的功率等于电炉消耗的功率6.如图所示,质量为m、长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于O、O′,并处于匀强磁场中.当导线中通以沿x负方向的电流I,且导线保持静止时,悬线与竖直方向的夹角为θ.则磁感应强度的方向和大小可能为( )A.z正向, B.y负向,C.x负向,D.沿悬线向上,7.如图所示的电路中,定值电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R0,理想电压表读数U,变化量的绝对值△U,理想电流表读数I,变化量的绝对值△I,在滑动变阻器的滑动端自右向左滑动的过程中,下列判断正确的是( )A.U增大,I减小B.增大C.增大D.<R08.平行金属板M、N间为一个正交的匀强电场和匀强磁场区,电场方向由M板指向N极,磁场方向垂直纸面向里,OO′为到两极板距离相等的平行两板的直线.一质量为m,带电量为+q的带电粒子,以v0从O点射入,沿OO′方向匀速通过场区,不计带电粒子的重力,则以下说法正确的是( )A.带电量为﹣q的粒子以v0从O点沿OO′方向射入则不能匀速通过场区B.带电量为2q的粒子以v0从O点沿OO′射入仍能匀速通过场区C.保持E和B不变,方向均与原来相反,粒子以v0从O点沿OO′射入,则粒子仍能匀速能过场区D.粒子仍以速率v0从右侧的O′点沿O′O方向射入,粒子仍能匀速能过场区9.如图所示,虚线EF的下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场,电场强度为E,磁感应强度为B.一带电微粒自离EF为h的高处由静止下落,从B点进入场区,做了一段匀速圆周运动,从D点射出.下列说法正确的是( )A.微粒受到的电场力的方向一定竖直向上B.微粒做圆周运动的半径为C.从B点运动到D点的过程中微粒的电势能和重力势能之和在最低点C最小D.从B点运动到D点的过程中微粒的电势能先增大后减小10.如图所示,一个带正电的小球沿光滑的水平绝缘桌面向右运动,速度的方向垂直于一个水平方向的匀强磁场,小球飞离桌子边缘落到地板上.设其飞行时间为t1,水平射程为s1,落地速率为v1.撤去磁场,其余条件不变时,小球飞行时间为t2,水平射程为s2,落地速率为v2,则( )A.t1<t2B.s1>s2C.s1<s2D.v1>v211.如图是质谱仪的工作原理示意图,带电粒子被加速电场加速后,进入速度选择器.速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E.平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2.平板S下方有强度为B0的匀强磁场.下列表述正确的是( )A.质谱仪是分析同位素的重要工具B.速度选择中的磁场方向垂直纸面向外C.能通过狭缝P的带电粒子的速率等于D.粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P,粒子的荷质比越小三.简答题12.如图所示是某一电源的外电路U﹣I特性曲线,由图可知,该电源的电动势为__________V,内电阻为__________Ω.当外电路短路时,通过电源的电流为__________A.13.如图所示,回旋加速器的两个D型盒之间接有交变电源,电源电压为U.上方D 型盒中央为质子源,静止的质量为m电量为e的质子经电场加速后,进入下方的D型盒.其最大轨道半径 R,磁场的磁感应强度B,(1)质子最初进入下方D型盒的动能是__________.(2)质子经回旋加速器最后得到的动能是__________.(3)交变电源的周期是__________.14.某同学通过实验研究小灯泡的电压与电流的关系.可用的器材如下:电源(电动势3V,内阻1Ω)、电键、滑动变阻器(最大阻值20Ω)、电压表、电流表、小灯泡、导线若干.(1)实验中移动滑动变阻器滑片,得到了小灯泡的U﹣I图象如图a所示,则可知小灯泡的电阻随电压增大而__________(填“增大”、“减小”或“不变”).(2)根据图a,在图b中把缺少的导线补全,连接成实验电路(其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压).(3)若某次连接时,把AB间的导线误接在AC之间,合上电键,任意移动滑片发现都不能使小灯泡完全熄灭,则此时的电路中,小灯泡可能获得的最小功率是__________W(本小题若需要作图,可画在图a中).四.计算题15.一个允许通过最大电流为2A的电源和一个滑线变阻器,接成如图甲所示的电路,变阻器最大阻值R0=22Ω,电源路端电压U随外阻R变化的规律如图乙所示,图中U=12V的直线为图线的渐近线,试求:(1)电源的电动势和内电阻(2)A、B空载时输出电压的范围(3)若要保证变阻器的滑片能任意滑动,A、B两端所接负载的最小电阻时多大?16.某一用直流电动机提升重物的装置,重物的质量为m=50千克,电源电动势E=120V,不计电源内阻及各处摩擦,当电动机以v=0.9米/秒的恒定速度向上提升重物时,电路中的电流I=5A,求(1)电动机线圈的内阻(2)电动机对该物体的最大提升速度.17.如图所示,在x<0且y<0的区域内存在匀强磁场,磁场方向垂直于xy平面向里.磁感应强度大小为B,在x>0且y<0的区域内存在沿y轴正方向的匀强电场.一质量为m、电荷量为q的带电粒子从x轴上的M点沿y轴负方向垂直射入磁场,结果带电粒子从y轴的N点射出磁场而进入匀强电场,经电场偏转后打到x轴上的P点,已知===l.不计带电粒子所受重力,求:(1)带电粒子进入匀强磁场时速度的大小;(2)带电粒子从射入匀强磁场到射出匀强电场所用的时间;(3)匀强电场的场强大小.18.如图1所示,宽度为d的竖直狭长区域内(边界为L1、L2),存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向上的周期性变化的电场(如图2所示),电场强度的大小为E0,E>0表示电场方向竖直向上.t=0时,一带正电、质量为m的微粒从左边界上的N1点以水平速度v射入该区域,沿直线运动到Q点后,做一次完整的圆周运动,再沿直线运动到右边界上的N2点.Q 为线段N1N2的中点,重力加速度为g.上述d、E0、m、v、g为已知量.(1)求微粒所带电荷量q和磁感应强度B的大小;(2)求电场变化的周期T;(3)改变宽度d,使微粒仍能按上述运动过程通过相应宽度的区域,求T的最小值.2015-2016学年江苏省连云港市海头高中高二(上)期中物理试卷(选修)一、选择题(共11小题,每小题3分,满分39分)1.首先发现电流磁效应的科学家是( )A.安培 B.奥斯特C.库仑 D.麦克斯韦【考点】物理学史.【分析】电流磁效应即电流产生磁场的现象,是1820年丹麦的物理学家奥斯特.【解答】解:安培研究了通电导线的磁场方向与电流方向的关系,提出了安培定则.库仑发现了库仑定律,麦克斯韦提出了电磁场理论,预言了电磁波的存在.奥斯特首先发现了电流磁效应.故选B【点评】物理学史也是高考考查的内容之一,对于物理学上,著名的物理学家、经典实验、重要学说要记牢.2.磁感应强度单位是特斯拉,1特斯拉相当于( )A.1kg/A•s2B.1kg•m/A•s2C.1kg•m2/s2 D.1kg•m2/A•s2【考点】磁感应强度.【分析】根据磁感应强度与磁能量的关系和磁感应强度的定义式推导出T与其他单位的关系.【解答】解:由公式B=,安培力的单位是N,而电流的单位是A,长度的单位为m,则单位的换算可得N/A•m,即为1T.根据牛顿第二定律F=ma,即1N=1kg•m/s2,则1特斯拉相当于1kg/A•s2,故A正确,BCD错误.故选:A.【点评】T是导出单位,可根据物理公式推导出各物理量单位的关系,要对公式要熟悉.基础题.3.如图所示:在倾角为α的光滑斜面上,垂直纸面放置一根长为L,质量为m的直导体棒.当导体棒中的电流I垂直纸面向里时,欲使导体棒静止在斜面上,可将导体棒置于匀强磁场中,当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向在纸面内由竖直向上逆时针至水平向左的过程中,关于B的大小的变化,正确的说法是( )A.逐渐增大 B.逐渐减小 C.先减小后增大 D.先增大后减小【考点】共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用;安培力.【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】本题中导体棒受三个力,重力G、支持力F N和安培力F A,三力平衡,合力为零,其中重力的大小和方向都不变,支持力的方向不变,安培力的方向由水平向右逐渐变为竖直向上,根据平行四边形定则分析.【解答】解:对导体棒受力分析,受重力G、支持力F N和安培力F A,三力平衡,合力为零,将支持力F N和安培力F A合成,合力与重力相平衡,如图从图中可以看出,安培力F A先变小后变大,由于F A=BIL,其中电流I和导体棒的长度L均不变,故磁感应强度先变小后变大;故选C.【点评】三力平衡的动态分析问题是一中常见的问题,其中一个力大小和方向都不变,一个力方向不变、大小变,第三个力的大小和方向都变,根据平行四边形定则做出力的图示分析即可.4.一束带电粒子以同一速度,并从同一位置进入同一匀强磁场,在磁场中它们的轨迹如图所示.粒子q1的轨迹半径为r1,粒子q2的轨迹半径为r2,且r2=2r1,q1、q2分别是它们的带电量,则( )A.q1带负电、q2带正电,荷质比之比为:=2:1B.q1带负电、q2带正电,荷质比之比为:=1:2C.q1带正电、q2带负电,荷质比之比为:=2:1D.q1带正电、q2带负电,荷质比之比为=1:2【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动.【专题】带电粒子在磁场中的运动专题.【分析】通过图示得出洛伦兹力的方向,根据左手定则得出电荷的电性,正电荷定向移动的方向与四指方向相同,负电荷定向移动的方向与四指方向相反.根据,得出半径公式,通过半径公式的得出荷质比.【解答】解:A向左偏,B向右偏,根据左手定则知,A带正电,B带负电.根据半径公式,知荷质比,v与B不变,所以荷质比之比等于半径之反比,所以荷质比之比为:=2:1.故C正确,A、B、D错误.故选:C.【点评】解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电荷的运动方向以及洛伦兹力方向的关键,以及掌握带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径公式.5.如图所示的电路中,电源的输出电压恒为U,电动机M的线圈电阻与电炉L的电阻相同,电动机正常工作,在相同的时间内,下列判断正确的是( )A.电炉放出的热量大于电动机放出的热量B.电炉两端电压小于电动机两端电压C.电炉两端电压等于电动机两端电压D.电动机消耗的功率等于电炉消耗的功率【考点】电功、电功率;闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】电动机M与电炉L串联,电流相等,根据焦耳定律分析放出的热量关系.电炉L是纯电阻电路,电动机是非纯电阻电路,根据欧姆定律分析L的电压与电流的关系,判断电动机两端电压的关系.根据能量守恒定律分析消耗的功率关系.【解答】解:A、电动机M与电炉L串联,电流相等,电阻相等,根据焦耳定律Q=I2Rt可知,在相同的时间内,电炉放出的热量与电动机放出的热量相等.故A错误.B、C设电动机M线圈电阻与电炉L的电阻均为R,电路中电流为I,根据欧姆定律得:电炉两端的电压U L=IR,电动机是非纯电阻电路,其电压U M>IR,则有U M>U L,所以电炉两端电压小于电动机两端电压.故B正确,C错误.D、电动机消耗的功率P M=U M I,电炉消耗的功率P L=U L I,U M>U L,则P M>P L,即电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率.故D错误.故选:B【点评】本题中电炉是纯电阻电路,电动机是非纯电阻电路,两个电路焦耳定律都适用,但欧姆定律只适用于电炉,不适用于电动机.6.如图所示,质量为m、长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于O、O′,并处于匀强磁场中.当导线中通以沿x负方向的电流I,且导线保持静止时,悬线与竖直方向的夹角为θ.则磁感应强度的方向和大小可能为( )A.z正向, B.y负向,C.x负向,D.沿悬线向上,【考点】安培力;力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用.【分析】左手定则:左手平展,让磁感线穿过手心,使大拇指与其余四指垂直,并且都跟手掌在一个平面内.把左手放入磁场中,让磁感线垂直穿入手心,手心面向N极,四指指向电流所指方向,则大拇指的方向就是导体受力的方向.根据左手定则的内容,逐个分析判断即可的出结论.【解答】解:A、磁感应强度方向为z正方向,根据左手定则,直导线所受安培力方向沿y 正方向,由平衡条件得:BILcosθ=mgsinθ,解得:B=tanθ,故A正确;B、当磁场沿y负方向时,由左手定则可知,导线受到的安培力竖直向上,当BIL=mg,B=导线静止,与竖直方向夹角θ=0°,不符合题意,故B错误;C、当磁场沿x负方向时,磁场与电流平行,导线不受安培力,导线在重力与细线拉力作用下静止,磁感应强度可以为任何值,B=可以使导线静止,但与竖直方向夹角θ=0°,不符合题意,故C错误;D、当沿悬线向上时,由左手定则可知,安培力垂直于导线斜向上方,由平衡条件得:BIL=mgsinθ,则B=sinθ,故D正确;故选AD.【点评】左手定则和右手定则一定要区分开,如果是和力有关的则全依靠左手定则,即,关于力的用左手,其他的(一般用于判断感应电流方向)用右手定则.7.如图所示的电路中,定值电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R0,理想电压表读数U,变化量的绝对值△U,理想电流表读数I,变化量的绝对值△I,在滑动变阻器的滑动端自右向左滑动的过程中,下列判断正确的是( )A.U增大,I减小B.增大C.增大D.<R0【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】先分析电路结构,滑动变阻器R与R4并联后与R2串联,再与R3并联,最后与R1串联,接入电源,电流表测量通过滑动变阻器的电流,电压表测量滑动变阻器R与R4的并联电压,在滑动变阻器的滑动端自右向左滑动的过程中,滑动变阻器的电阻变大,总电阻变大,总电流变小,根据闭合电路欧姆定律及串并联电路的特点即可求解.【解答】解:A、根据电路图可知,滑动变阻器R与R4并联后与R2串联,再与R3并联,最后与R1串联,接入电源,在滑动变阻器的滑动端自右向左滑动的过程中,滑动变阻器的电阻变大,总电阻变大,总电流变小,则R1和内阻所占电压减小,与R3并联部分电压变大,则通过R3的电流增大,而总电流减小,所以通过R2的电流减小,则R2所占电压减小,所以滑动变阻器的电压增大,即U变大,所以R4电压变大,通过R4电流变大,而通过R2的电流减小,所以通过滑动变阻器的电流减小,故A正确;B、电压表测量滑动变阻器电压,电流表测量滑动变阻器电流,在滑动变阻器的滑动端自右向左滑动的过程中,滑动变阻器的电阻变大,所以增大,故B正确;C、通过R2的电流减小,通过R4电流变大,所以电流表示数的减小量△I大于通过R4电流增大量△I4,则减小,而,所以,故C错误,D正确.故选:ABD【点评】本题是动态分析问题,关键明确电路结构,按照局部→整体→局部的顺序进行分析,难度适中.8.平行金属板M、N间为一个正交的匀强电场和匀强磁场区,电场方向由M板指向N极,磁场方向垂直纸面向里,OO′为到两极板距离相等的平行两板的直线.一质量为m,带电量为+q的带电粒子,以v0从O点射入,沿OO′方向匀速通过场区,不计带电粒子的重力,则以下说法正确的是( )A.带电量为﹣q的粒子以v0从O点沿OO′方向射入则不能匀速通过场区B.带电量为2q的粒子以v0从O点沿OO′射入仍能匀速通过场区C.保持E和B不变,方向均与原来相反,粒子以v0从O点沿OO′射入,则粒子仍能匀速能过场区D.粒子仍以速率v0从右侧的O′点沿O′O方向射入,粒子仍能匀速能过场区【考点】带电粒子在混合场中的运动.【专题】带电粒子在复合场中的运动专题.【分析】首先根据粒子做匀速直线运动,可判断带正电粒子的电场力和洛伦兹力相等,即有:qE=Bqv0,解得v0=,可得知电场强度和磁场强度的大小与速度的关系.不论粒子带正电还是负电,不论电量大还小,粒子要沿直线通过该复合场,洛伦兹力和电场力必应等大反向.若速度反向,则不论粒子带何种电,电场力与洛伦兹力均同向,所以不能匀速通过.【解答】解:A、由题意正电粒子能从左向右匀速通过,竖直向上的洛伦兹力与竖直向下的电场力相平衡;若负电粒子从左向右通过时,竖直向下的洛伦兹力也能与竖直向上的电场力相平衡,原因是粒子的速度没有变化,故A错误;B、由题意正电粒子能从左向右匀速通过,竖直向上的洛伦兹力与竖直向下的电场力相平衡,即有:qE=Bqv0,解得v0=,可知平衡条件与电荷量的多少无关,因此带电量为2q的粒子同样也能匀速通过,故B正确;C、由题意正电粒子能从左向右匀速通过,竖直向上的洛伦兹力与竖直向下的电场力相平衡,即有:qE=Bqv0,解得v0=,当电场与磁场方向与原来相反时,没有影响平衡条件,所以也能匀速通过.故C正确;D、若粒子仍以速率v0从右侧的O′点沿O′O方向射入,粒子受到的竖直向下的电场力与竖直向下的洛伦兹力就不能平衡,因此不能匀速通过.故D错误;故选:BC.【点评】该题模型是“速度选择器”,在速度选择器中,粒子的受力特点:同时受到方向相反的电场力和洛伦兹力作用;粒子能匀速通过选择器的条件:电场力和洛伦兹力平衡,即qvB=qE,v=,只有速度为v=的粒子才能沿直线匀速通过选择器.若粒子从反方向射入选择器,所受的电场力和磁场力方向相同,粒子必定发生偏转.9.如图所示,虚线EF的下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场,电场强度为E,磁感应强度为B.一带电微粒自离EF为h的高处由静止下落,从B点进入场区,做了一段匀速圆周运动,从D点射出.下列说法正确的是( )A.微粒受到的电场力的方向一定竖直向上B.微粒做圆周运动的半径为C.从B点运动到D点的过程中微粒的电势能和重力势能之和在最低点C最小D.从B点运动到D点的过程中微粒的电势能先增大后减小【考点】带电粒子在混合场中的运动;电势差与电场强度的关系.【专题】带电粒子在复合场中的运动专题.【分析】带电微粒进入正交的匀强电场和匀强磁场中,受到重力、电场力和洛伦兹力而做匀速圆周运动,可知电场力与重力平衡.由洛伦兹力提供向心力,可求出微粒做圆周运动的半径.根据电场力做功正负,判断电势能的变化和机械能的变化.【解答】解:A、由题,带电微粒进入正交的匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动,电场力与重力必定平衡,则微粒受到的电场力的方向一定竖直向上.故A正确.B、由上则有:mg=qE ①由洛伦兹力提供向心力,则有②又下落的过程中机械能守恒,得:③联立三式得,微粒做圆周运动的半径为r=.故B正确.C、根据能量守恒定律得知:微粒在B到D的运动过程中,电势能、动能、重力势能之和一定,动能不变,则知微粒的电势能和重力势能之和一定不变.故C错误.D、由于电场力方向竖直向上,则微粒从B点运动到D点的过程中,电场力先做负功后做正功,则其电势能先增大后减小.故D正确.故选:ABD【点评】本题解题关键是分析微粒做匀速圆周运动的受力情况,根据合力提供向心力进行判断.10.如图所示,一个带正电的小球沿光滑的水平绝缘桌面向右运动,速度的方向垂直于一个水平方向的匀强磁场,小球飞离桌子边缘落到地板上.设其飞行时间为t1,水平射程为s1,落地速率为v1.撤去磁场,其余条件不变时,小球飞行时间为t2,水平射程为s2,落地速率为v2,则( )A.t1<t2B.s1>s2C.s1<s2D.v1>v2【考点】运动的合成和分解.【专题】运动的合成和分解专题.【分析】小球在有磁场时做一般曲线运动,无磁场时做平抛运动,运用分解的思想,两种情况下,把小球的运动速度和受力向水平方向与竖直方向分解,然后利用牛顿第二定律和运动学公式来分析判断运动时间和水平射程;最后利用洛伦兹力不做功判断落地的速率.【解答】解:A、有磁场时,小球下落过程中要受重力和洛仑兹力共同作用,重力方向竖直向下,大小方向都不变;洛仑兹力的大小和方向都随速度的变化而变化,但在能落到地面的前提下洛仑兹力的方向跟速度方向垂直,总是指向右上方某个方向,其水平分力f x水平向右,竖直分力f y竖直向上.如图所示,竖直方向的加速度仍向下,但小于重力加速度g,从而使运动时间比撤去磁场后要长,即t1>t2,所以,A选项错误.B、C:小球水平方向也将加速运动,从而使水平距离比撤去磁场后要大,即s1>s2,所以,B选项正确,C选项错误.D、在有磁场,重力和洛仑兹力共同作用时,其洛仑兹力的方向每时每刻都跟速度方向垂直,不对粒子做功,不改变粒子的动能,有磁场和无磁场都只有重力作功,动能的增加是相同的.有磁场和无磁场,小球落地时速度方向并不相同,但速度的大小是相等的,因此,D选项错误.故选:B.【点评】本题关键运用分解的思想,把小球的运动和受力分别向水平和竖直分解,然后根据选项分别选择规律分析讨论.11.如图是质谱仪的工作原理示意图,带电粒子被加速电场加速后,进入速度选择器.速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E.平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2.平板S下方有强度为B0的匀强磁场.下列表述正确的是( )A.质谱仪是分析同位素的重要工具B.速度选择中的磁场方向垂直纸面向外C.能通过狭缝P的带电粒子的速率等于D.粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P,粒子的荷质比越小【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理.【专题】压轴题.【分析】带电粒子在速度选择器中受电场力和洛伦兹力平衡,做匀速直线运动,进入偏转电场后做匀速圆周运动,根据半径公式得出半径与粒子比荷的关系.【解答】解:A、粒子在速度选择器中做匀速直线运动,有qE=qvB,解得v=,进入偏转电后,有qvB0=m,解得R=.知r越小,比荷越大.同位素电量相等,质量不同,则偏转半径不同,所以质谱仪是分析同位素的重要工具.故A、C正确,D错误.B、粒子在磁场中向左偏转,根据左手定则知该粒子带正电,在速度选择器中,所受的电场力水平向右,则洛伦兹力水平向左,根据左手定则,磁场的方向垂直纸面向外.故B正确.故选ABC.。
江苏省赣榆县海头高级中学2018-2019学年高二上学期期中考试物理试题必修班
江苏省海头高级中学高二年级2015—2016学年度第一学期期中考试 物理试卷(必修)本试卷分第I 卷(选择题)和第II 卷(非选择题)两部分,满分100分,考试时间75分钟 一、单项选择题:(本大题共23小题,每小题3分,共69分,每小题只有一个选项符合题意。
) 1、首先采用“理想实验”研究运动与力关系的科学家是( ) A 、伽利略 B 、牛顿 C 、胡克 D 、亚里士多德 2、下列情况中的物体可以看作质点的是( ) A 、研究直升机螺旋桨的转动情况 B 、研究百米赛跑运动运动员的起跑动作 C 、观测正在轨道上调整姿态的卫星 D 、研究从南通开往北京的列车的运动快慢3、下列仪器中,不属于国际单位制基本物理量测量工具的是( ) A 、天平 B 、刻度尺 C 、弹簧秤 D 、秒表4、广州亚运会上中国选手刘翔以13.09s 的佳绩获得男子110m 栏比赛冠军,根据以上信息,可以求出刘翔( )A 、运动55m 时的速度B 、冲刺时的速度C 、途中任一时刻的速度D 、全程的平均速度5、如图所示,甲、乙分别表示两个物体运动速度v 随时间t 变化的图像,若甲、乙的加速度分别为a 甲、a 乙,则它们的大小关系是( ) A 、a 甲<a 乙 B 、a 甲=a 乙 C 、a 甲>a 乙 D 、不能确定6、大小分别为8N 和12N 两个力的合力可能是( ) A 、24N B 、16N C 、2N D 、0N7、在利用如图所示的装置进行“探究加速度与力、质量的关系”的实验中,下列说法正确的是( )A 、保持小车质量一定,通过改变砝码和砝码盘的总质量,可探究加速度和质量的关系B 、保持砝码和砝码盘总质量一定,通过改变小车质量,可探究加速度与质量的关系C 、保持砝码和砝码盘总质量一定,通过改变小车质量,可探究加速度与外力的关系D 、同时改变小车和砝码的质量,可探究加速度与外力的关系8、如图所示,光滑斜面的倾角为θ,质量为m 的物体在平行于斜面的轻质弹簧作用下处于静止状态,则弹簧的弹力大小为( ) A 、mgB 、mgsin θC 、mgcos θD 、mgtan θ9、如图为第八届珠海航展上中国空军“八一”飞行表演队驾驶“歼10”战机大仰角沿直线加速爬升的情景,则战机在爬升过程中所受合力方向( ) A 、竖直向上 B 、与速度方向相同 C 、与速度方向相反 D 、与速度方向垂直10、如图,一物体沿曲线从E 运动到F ,则物体经过P 点时的速度方向沿( )A 、Pa 方向B 、Pb 方向C 、Pc 方向D 、Pd 方向11、如图所示,一固定斜面高度为H ,质量为m 的小物块沿斜面从顶端滑到底端,则物体在此过程中( )A 、重力做功大于mgHB 、重力做功小于mgHC 、重力势能增加了mgHD 、重力势能减少了mgH12、下面列举的实例中,机械能守恒的是( )A 、雨滴在空中匀速下落B 、汽车沿斜坡加速上升C 、物块沿光滑斜面自由下滑D 、飞机沿水平跑道减速滑行13、物体做匀速圆周运动的过程中,保持不变的物理量是( )A 、速度B 、周期C 、向心力D 、向心加速度14、在“探究小车匀变速直线运动速度随时间变化规律”的实验中,得到的一根纸带如图所示,A 、B 、C 、D 、E 为连续打出的5个点,相邻两点间的距离分别为s 1、s 2、s 3、s 4,打点周期为T 。
江苏省连云港市海头高中2015_2016学年高二物理上学期10月月考试卷(含解析)
2015-2016学年江苏省连云港市海头高中高二(上)月考物理试卷(10月份)一、选择题(共9小题,每小题4分,满分36分)1.一只普通白炽灯,不通电时灯丝的电阻为R1;正常发光时灯丝的电阻为R2.比较R1和R2的大小,应是()A.R1>R2B.R1<R2C.R1=R2 D.条件不足,无法判断2.一根粗细均匀、阻值为16Ω的电阻丝,保持温度不变,若先将它等分成4段,每段电阻为R1,再将这4段电阻丝并联,并联后总电阻为R2,则R1与R2的大小依次为()A.1Ω,0.5ΩB.2Ω,0.5ΩC.2Ω,1Ω D.4Ω,1Ω3.如图所示为某一闭合电路的路端电压U﹣I曲线,由图可知()A.电源电动势为2.0VB.电源内阻为ΩC.电源短路时电流为6.0AD.电路路端电压为1.0V时,电路中电流为5.0A4.用图所示电路,测定电池组的电动势和内电阻.其中V为电压表(其电阻足够大),定值电阻R=7.0Ω.在电键未接通时,V的读数为6.0V;接通电键后,V的读数变为5.6V.那么,电池组的电动势和内电阻分别等于()A.6.0V,0.5ΩB.6.0V,1.25Ω C.5.6V,1.25Ω D.5.6V,0.5Ω5.如图所示电路,当变阻器的滑片向下滑动时,电流表及电压表读数的变化是()A.电流表、电压表读数都变大B.电流表读数增大,电压表读数减小C.电流表读数减小,电压表读数增大D.电流表、电压表读数都减小6.如图所示的电路中,水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态,现将滑动变阻器的滑片P向左移动,则()A.电容器中的电场强度将增大 B.电容器上的电荷量将减少C.电容器的电容将减小D.液滴将向上运动7.一台直流电动机的电阻为R,额定电压为U,额定电流为I,当其正常工作时下述正确的是()A.电动机所消耗的电功率IUB.t秒内所产生的电热为IUtC.t秒内所产生的电热为I2RtD.t秒内所产生的机械能为I(U﹣IR)t8.如图所示,电源的电动势为E,内阻为r,R0为定值电阻,R为变阻器,已知R0>r.为使R0上消耗的电功率最大,应将变阻器阻值调整到()A.R0B.R0+r C.R0﹣r D.09.在如图所示的电路中,闭合电键S,当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时,四个理想电表的示数都发生变化,电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示,电表示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和△U3表示.下列比值正确的是()A.不变,不变B.变大,变大C.变大,变小D.变大,不变二、解答题(共3小题,满分45分)10.(12分)(2015秋•连云港月考)读数(1)cm (2)cm (3)mA (4)V.11.(1)用多用表的欧姆档测量阻值约为几十千欧的电阻R x,以下给出的是可能的实验操作步骤,其中S为选择开关,P为欧姆档调零旋钮.把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上.a.将两表笔短接,调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度,断开两表笔b.将两表笔分别连接到被测电阻的两端,读出R x的阻值后,断开两表笔c.旋转S使其尖端对准欧姆档×1kd.旋转S使其尖端对准欧姆档×100e.旋转S使其尖端对准交流500V,并拔出两表笔根据如图所示指针位置,此被测电阻的阻值约为Ω.(2)下列关于使用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是A.测量电阻时如果指针偏转过大,应将选择开关S拨至倍率较小的档位,重新调零后测量B.测量电阻时,如果红、黑表笔分别插在负、正插孔,则会影响测量结果C.测量电路中的某个电阻,应该把该电阻与电路断开D.测量阻值不同的电阻时都必须重新调零.12.(24分)(2014秋•信阳期末)测定电源的电动势和内电阻的实验电路1和U﹣I图象2如下:(1)闭合开关前滑动变阻器的滑动头P应放在处现备有以下器材:A.干电池1节B.滑动变阻器(0~50Ω)C.滑动变阻器(0~1750Ω)D.电压表(0~3V)E.电压表(0~15V)F.电流表(0~0.6A)G.电流表(0~3A)(2)其中滑动变阻器应选,电流表应选,电压表应选.(填字母代号)(3)由U﹣I图象可知这个干电池的电动势E= V,内电阻r= _Ω.(4)由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差,导致E测E真,r测r真(填“>”“<”或“=”)三、计算题(共3小题,满分39分)13.(11分)(2012秋•东阳市校级期中)某一直流电动机提升重物,重物的质量为40kg,电源电动势为110V,不计电源的内阻,及各处的摩擦,当电动机以1.0m/s恒定的速度向上提升重物时,电路中的电流强度为5A,(取g=10m/s2)求:(1)电源的输出功率;(2)电动机的输出功率;(3)电动机线圈的电阻.14.(13分)(2015秋•连云港月考)如图所示,R3=0.2Ω,S断开时,两表读数分别0.4A和2.4V,S闭合时,它们的读数分别变化了0.3A和0.3V.求:(1)R1、R2的阻值;(2)电源的电动势和内阻(两表均视为理想表).15.(15分)(2012春•东河区校级期末)如图所示,甲图中变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中,两电压表的读数随电流表读数的变化情况如乙图中的AC、BC两直线所示.不考虑电表内阻对电路的影响.(1)电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图线分别为乙图中的哪一条直线?(2)定值电阻R0以及变阻器的总电阻R分别为多少?(3)求出电源的电动势和内阻.2015-2016学年江苏省连云港市海头高中高二(上)月考物理试卷(10月份)参考答案与试题解析一、选择题(共9小题,每小题4分,满分36分)1.一只普通白炽灯,不通电时灯丝的电阻为R1;正常发光时灯丝的电阻为R2.比较R1和R2的大小,应是()A.R1>R2B.R1<R2C.R1=R2 D.条件不足,无法判断【考点】电阻率与温度的关系.【专题】恒定电流专题.【分析】解答本题的关键是分析白炽灯发光与不发光的区别,同时注意温度升高时灯丝的电阻率增大.【解答】解:灯丝的电阻率随着温度的升高而增大,白炽灯是通过发热发光的,因此发光时温度高于不发光温度,故发光时电阻大,即有R1<R2,故ACD错误,B正确.故选B.【点评】本题比较简单,直接考查了温度对电阻率的影响,要注意物理知识在实际生活中的应用.2.一根粗细均匀、阻值为16Ω的电阻丝,保持温度不变,若先将它等分成4段,每段电阻为R1,再将这4段电阻丝并联,并联后总电阻为R2,则R1与R2的大小依次为()A.1Ω,0.5ΩB.2Ω,0.5ΩC.2Ω,1Ω D.4Ω,1Ω【考点】电阻定律.【专题】恒定电流专题.【分析】一根粗细均匀的电阻丝,将它等分成四段,每段的长度减小为四分之一;再将这四段电阻丝并联起来,横截面积增加为4倍;根据电阻定律公式R=分析即可.【解答】解:一根粗细均匀的电阻丝,将它等分成四段,每段的长度减小为四分之一,横截面积和电阻率一定,故电阻减小为四分之一,为R1===4Ω;再将这四段电阻丝并联起来,横截面积增加为4倍,根据电阻定律,R2===1Ω;故选:D.【点评】本题关键根据电阻定律公式R=ρ分析,找出长度、截面积的变化情况即可,基础问题.3.如图所示为某一闭合电路的路端电压U﹣I曲线,由图可知()A.电源电动势为2.0VB.电源内阻为ΩC.电源短路时电流为6.0AD.电路路端电压为1.0V时,电路中电流为5.0A【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】根据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir,分析路端电压U﹣I曲线与纵轴交点表示I=0,是断路状态,纵坐标表示电动势.图线的斜率大小等于电源的内阻.短路时,外电阻R=0,由欧姆定律求出短路电流.再由U=E﹣Ir,求出路端电压为1.0V时,电路中的电流.【解答】解:A、由闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir得知,当I=0时,U=E,由图读出U=2.0V.故A正确.B、电源的内阻r==Ω=0.2Ω.故B错误.C、电源短路时电流I短==10A.故C错误.D、当电路路端电压为1.0V时,电路中电流I==A=5A.故D正确.故选AD【点评】本题中C项的结果,也是学生读图时经常出现的错误,把(6.0,0.8)点的状态当成短路,说明对短路的特点不了解,短路时,路端电压U=0.4.用图所示电路,测定电池组的电动势和内电阻.其中V为电压表(其电阻足够大),定值电阻R=7.0Ω.在电键未接通时,V的读数为6.0V;接通电键后,V的读数变为5.6V.那么,电池组的电动势和内电阻分别等于()A.6.0V,0.5ΩB.6.0V,1.25Ω C.5.6V,1.25Ω D.5.6V,0.5Ω【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】当开关断开时,电压表接在电源两端,电压表示数为电池组的电动势;K闭合时,电压表测量路端电压,则根据闭合电路的欧姆定律可求得内电阻.【解答】解:电键未接通时,电压表示数即为电源电动势,故电动势E=6.0V;接通电键后,对R由欧姆定律可得:电路中电流I==0.8A;由闭合电路欧姆定律可知:内电阻r==0.5Ω;故选:A【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律的使用,注意因电压表为理想电表,故当电压表直接接在电源两端时,相当于开路,电压表示数即为电源的电动势.5.如图所示电路,当变阻器的滑片向下滑动时,电流表及电压表读数的变化是()A.电流表、电压表读数都变大B.电流表读数增大,电压表读数减小C.电流表读数减小,电压表读数增大D.电流表、电压表读数都减小【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】根据变阻器移动的方向分析其有效电阻的变化,分析总电阻的变化,判断总电流的变化和路端电压变化,再分析局部电压和电流的变化,即可解答.【解答】解:当变阻器的滑片向下滑动时,其有效电阻增大,外电路总电阻增大,总电流I 减小,电压表的示数为 U=E﹣I(R1+r),I减小,其他量不变,则U增大,通过R2的电流增大,而电流表的示数 I A=I﹣I2,则I A减小.即电流表读数减小,电压表读数增大.故选:C.【点评】本题考查电路动态分析的能力,应抓住电源的电动势和内阻不变,运用“局部→整体→局部”的思路进行分析.6.如图所示的电路中,水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态,现将滑动变阻器的滑片P向左移动,则()A.电容器中的电场强度将增大 B.电容器上的电荷量将减少C.电容器的电容将减小D.液滴将向上运动【考点】电容.【专题】电容器专题.【分析】由题意可知,电容器与R2并联,根据闭合电路欧姆定律可确定随着滑片左移,电阻的变化,导致电压的变化,从而判定电阻R2的电压变化,再根据可得,电容器的电量及由E=知两极间的电场强度如何变化.【解答】解:A、电容器两板间电压等于R2两端电压.当滑片P向左移动时,接入电路的电阻增大,电路中的电流减小,所以R2两端电压U减小,由E=知电容器中场强变小,A错误;B、根据可得,电容器放电,电荷量减少,B项正确;C、电容器的电容与U的变化无关,保持不变,C项错误.D、带电液滴所受电场力变小,使液滴向下运动,D项错误;故选:B【点评】考查电容器的动态分析,涉及到闭合电路的欧姆定律,同时与E=公式的理解.7.一台直流电动机的电阻为R,额定电压为U,额定电流为I,当其正常工作时下述正确的是()A.电动机所消耗的电功率IUB.t秒内所产生的电热为IUtC.t秒内所产生的电热为I2RtD.t秒内所产生的机械能为I(U﹣IR)t【考点】电功、电功率;焦耳定律.【专题】恒定电流专题.【分析】电动机是非纯电阻,在计算电功率的公式中,总功率用P=IU来计算,发热的功率用P=I2R来计算,这两个的计算结果是不一样的,如果是计算纯电阻的功率,这两个公式的计算结果是一样的.【解答】解:A、电动机所消耗的电功率P=UI,所以A正确;B、I2R计算的是电动机的内阻发热的部分,是发热的功率,所以产生的电热为I2Rt,所以B 错误,C正确;D、t秒内所产生的机械能为电动机的总功减去发热的部分,所以机械功UIt﹣I2Rt,所以D 正确.故选:ACD;【点评】对于电功率的计算,一定要分析清楚是不是纯电阻电路,对于非纯电阻电路,总功率和发热功率的计算公式是不一样的.8.如图所示,电源的电动势为E,内阻为r,R0为定值电阻,R为变阻器,已知R0>r.为使R0上消耗的电功率最大,应将变阻器阻值调整到()A.R0B.R0+r C.R0﹣r D.0【考点】闭合电路的欧姆定律;电功、电功率.【专题】恒定电流专题.【分析】由闭合电路的欧姆定律可知电路中的电流,由功率公式可确定电功率的极值.【解答】解:由闭合电路的欧姆定律可知I=R0消耗的电功率P=I2R0=R0;故要使R0消耗的功率最大,应将变阻器阻值调到最小为零;故选D.【点评】解决本题应注意审题,题目中要求的是定值电阻的电功率,故当电流最大时功率最大.9.在如图所示的电路中,闭合电键S,当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时,四个理想电表的示数都发生变化,电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示,电表示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和△U3表示.下列比值正确的是()A.不变,不变B.变大,变大C.变大,变小D.变大,不变【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】本题要分析定值电阻与可变电阻去分析.对于定值电阻,有R==;对于可变电阻,可根据闭合电路欧姆定律分析与电源内阻的关系,从而作出判断.【解答】解:A、R1是定值电阻,有R1==,可知、都不变,故A正确.B、C当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时,R2变大,R2是可变电阻,有=R2,所以变大,根据闭合电路欧姆定律得:U2=E﹣I(R1+r),则知=R1+r,不变,故B、C错误.D、=R1+R2,可知变大.又根据闭合电路欧姆定律得:U3=E﹣Ir,则知=r,保持不变,故D正确.故选:AD.【点评】本题要注意对于定值电阻,是线性元件,有R==;对于可变电阻,R=≠,也可以结合电源的U﹣I图线分析.二、解答题(共3小题,满分45分)10.(12分)(2015秋•连云港月考)读数(1) 2.250 cm (2) 6.858 cm (3)115 mA (4) 5.0 V.【考点】多用电表的原理及其使用;刻度尺、游标卡尺的使用;螺旋测微器的使用.【专题】实验题;定性思想;推理法;直线运动规律专题.【分析】明确各仪器的原理,并知道它们的读数方法,注意各仪器中是否需要估读.【解答】解:游标卡尺的读数为:22mm+10×0.05mm=22.50mm=2.250cm;螺旋测微器的读数为:6.5mm+35.8×0.01mm=6.858mm;毫安表最小分度为5mA,则读数为115mA;电压表最小分度为2V,则读数为5.0V;故答案为:(1)2.250;(2)6.858;(3)115;(4)5.0.【点评】本题考查各元件的读数问题,要注意对于电表最小分度为1的需要估读到下一位;而最小分度为2或5的不需要估读.11.(1)用多用表的欧姆档测量阻值约为几十千欧的电阻R x,以下给出的是可能的实验操作步骤,其中S为选择开关,P为欧姆档调零旋钮.把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上cabe .a.将两表笔短接,调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度,断开两表笔b.将两表笔分别连接到被测电阻的两端,读出R x的阻值后,断开两表笔c.旋转S使其尖端对准欧姆档×1kd.旋转S使其尖端对准欧姆档×100e.旋转S使其尖端对准交流500V,并拔出两表笔根据如图所示指针位置,此被测电阻的阻值约为30k Ω.(2)下列关于使用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是ACA.测量电阻时如果指针偏转过大,应将选择开关S拨至倍率较小的档位,重新调零后测量B.测量电阻时,如果红、黑表笔分别插在负、正插孔,则会影响测量结果C.测量电路中的某个电阻,应该把该电阻与电路断开D.测量阻值不同的电阻时都必须重新调零.【考点】伏安法测电阻.【专题】实验题.【分析】欧姆表是测量电阻的仪表,把被测电阻串联在红黑表笔之间,欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入,(1)用欧姆表测电阻,每次换挡后和测量前都要重新调零(指欧姆调零).(2)测电阻时待测电阻不仅要和电源断开,而且要和别的元件断开.(3)测量时注意手不要碰表笔的金属部分,否则将人体的电阻并联进去,影响测量结果.(4)合理选择量程,使指针尽可能在中间刻度附近.【解答】解:(1)测量几十kΩ的电阻R x我们一般选择较大的档位先粗测,使用前应先进行调零,然后依据欧姆表的示数,在更换档位,重新调零,在进行测量;使用完毕应将选择开关置于OFF位置或者交流电压最高档,拔出表笔,正确的步骤为:cabe.多用电表选择欧姆档×1k,由图示表盘可知,其示数为:30×1k=30kΩ;(2)A、测量电阻时如果指针偏转过大,说明所选倍率太大,为准确测量电阻阻值,应将选择开关S拨至倍率较小的档位,重新调零后测量,故A正确;B、测量电阻时,如果红、黑表笔分别插在负、正插孔,不会影响测量结果,故B错误;C、为保护电路安全,测量电路中的某个电阻,应该把该电阻与电路断开,故C正确;D、用欧姆表的同一倍率测不同阻值的电阻时不需要重新进行欧姆调零,用不同倍率测电阻换挡后必须重新调零,故D错误,故选AC.故答案为:(1)cabe;30k;(2)AC.【点评】(1)实际应用中要防止超量程,不得测额定电流极小的电器的电阻(如灵敏电流表的内阻).(2)测量完毕后,应拔出表笔,选择开关置于 OFF挡位置,或交流电压最高挡;长期不用时,应取出电池,以防电池漏电.(3)欧姆表功能:测量电阻、测二极管正负极.(4)用法:最好指针打到中间将误差减小.12.(24分)(2014秋•信阳期末)测定电源的电动势和内电阻的实验电路1和U﹣I图象2如下:(1)闭合开关前滑动变阻器的滑动头P应放在 a 处现备有以下器材:A.干电池1节B.滑动变阻器(0~50Ω)C.滑动变阻器(0~1750Ω)D.电压表(0~3V)E.电压表(0~15V)F.电流表(0~0.6A)G.电流表(0~3A)(2)其中滑动变阻器应选 B ,电流表应选 F ,电压表应选 D .(填字母代号)(3)由U﹣I图象可知这个干电池的电动势E= 1.5 V,内电阻r= 1 _Ω.(4)由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差,导致E测<E真,r测<r真(填“>”“<”或“=”)【考点】测定电源的电动势和内阻.【专题】实验题;恒定电流专题.【分析】(1)滑动变阻器采用限流接法时,为保护电路安全,闭合开关前,滑片要置于阻值最大处.(2)为方便实验操作,应选最大阻值较小的滑动变阻器,根据电源电动势选择电压表,根据电路最大电流选择电流表.(3)电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势,图象斜率的绝对值是电源内阻.(4)根据实验电路分析实验误差来源,分析实验误差.【解答】解:(1)由图1所示实验电路图可知,滑动变阻器采用限流接法,因此闭合开关前为防止电表过载滑动变阻器的滑动头P应放在a端.(2)为方便实验操作,滑动变阻器应选B,由图2所示图象可知,最大电流为0.4A,则电流表应选F,电源电动势约为1.5V,电压表应选D.(3)由图2所示电源U﹣I图象可知,图象与纵轴交点坐标值为1.5,电源电动势E=1.5V,电源内阻r===1Ω.(4)由图1所示电路图可知,相对于电源来说,电流表采用外接法,由于电压表分流,电流测量值小于真实值,当外电路短路时,电流测量值等于真实值,电源的U﹣I图象如图所示:电源的U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势,图象斜率的绝对值是电源内阻,由图象可知,电源电动势的测量值小于真实值,电源内阻测量值小于真实值.故答案为:(1)a;(2)B,F,D;(3)1.5,1;(4)<,<.【点评】为保护电路,如果滑动变阻器采用限流接法,在闭合开关前,滑片应置于最大阻值处;如果滑动变阻器采用分压接法,在闭合开关前,滑片应置于分压电路分压最小的位置.三、计算题(共3小题,满分39分)13.(11分)(2012秋•东阳市校级期中)某一直流电动机提升重物,重物的质量为40kg,电源电动势为110V,不计电源的内阻,及各处的摩擦,当电动机以1.0m/s恒定的速度向上提升重物时,电路中的电流强度为5A,(取g=10m/s2)求:(1)电源的输出功率;(2)电动机的输出功率;(3)电动机线圈的电阻.【考点】电功、电功率.【专题】恒定电流专题.【分析】(1)由于电源的内阻不计,电源的输出功率等于电源的总功率,由P=EI求解;(2)(3)用直流电动机提升重物时,电动机消耗的电能转化为电动机的内能和提升重物的机械能,电动机的输出功率等于提升重物的机械功率,根据能量守恒定律列出功率方程,求解R.【解答】解:(1)电源的输出功率P=EI=110×5W=550W;(2)电动机的输出功率为 P出=mgv=400W(3)根据能量守恒定律得:EI=mgv+I2r解得,r=6Ω答:(1)电源的输出功率是550W;(2)电动机的输出功率是400W;(3)电动机线圈的电阻是6Ω.【点评】电动机正常工作时,电路是非纯电阻电路,求解电功率只能用P电=IU,求解内电路发热功率只能用P热=I2R,输出功率往往根据能量守恒定律求解.14.(13分)(2015秋•连云港月考)如图所示,R3=0.2Ω,S断开时,两表读数分别0.4A和2.4V,S闭合时,它们的读数分别变化了0.3A和0.3V.求:(1)R1、R2的阻值;(2)电源的电动势和内阻(两表均视为理想表).【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】(1)首先明确电压表和电流表所测的电路,当S闭合时,判断电路的电阻如何变化,从而判断电流表和电压表的示数变化.S断开时,R2、R3串联,当S闭合时,R1、R2并联后与R3串联.根据串联电路和并联电路的特点求解.(2)根据闭合电路欧姆定律对两种情况分别列式,可求解电源的电动势和内阻.【解答】解:(1)当S闭合后,可知电路中的总电阻减小,据欧姆定律可知总电流增大,R1两端的电压减小,所以开关闭合后电流表的读数为:I2=I1+△I=0.4A+0.3A=0.7A,电压表的读数为:U2=U1﹣△U=2.4V﹣0.3V=2.1V当S断开时有:R1==Ω=6Ω当S闭合时R1、R2并联阻值为:R并==Ω=3Ω根据并联电阻的特点得:R并=,代入得:3=,解得:R2=6Ω(2)当S断开时,由欧姆定律得:E=I1(R3+r)+U1代入得:E=2.4+0.4×(0.5+r)…①当S闭合时有:E=I2(R3+r)+U2代入得:E=0.7×(0.5+r)+2.1…②联立①②带人数据解之得:E=2.8V,r=0.5Ω答:(1)R1、R 2的电阻值为6Ω和6Ω.(2)电源的电动势和内阻为2.8V和0.5Ω【点评】本题是欧姆定律与闭合电路欧姆定律的综合应用,对两种情况分别列式,由闭合电路欧姆定律求解电动势和内阻是常用的方法,灵活应用欧姆定律是解本题的关键.15.(15分)(2012春•东河区校级期末)如图所示,甲图中变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中,两电压表的读数随电流表读数的变化情况如乙图中的AC、BC两直线所示.不考虑电表内阻对电路的影响.(1)电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图线分别为乙图中的哪一条直线?(2)定值电阻R0以及变阻器的总电阻R分别为多少?(3)求出电源的电动势和内阻.【考点】路端电压与负载的关系;闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】(1)当变阻器的滑动片向左移动时,变阻器接入电路的电阻减小,电路中电流增大,定值电阻R0的电压增大,路端电压减小,来判断两个电压表的示数对应的图线.(2)定值电阻R0等于图线AC的斜率大小.由数学知识求出图线的斜率求解R0.当滑动变阻器取最大值时,电流最小,由图读出电流的最小值,由欧姆定律求出变阻器的总电阻R.(3)图线BC反映路端电压与电流的关系,其斜率大小等于电源的内阻,由数学知识求出电源的内阻.再闭合电路欧姆定律求出电源的电动势.【解答】解:(1)当变阻器的滑动片向左移动时,变阻器接入电路的电阻减小,电路中电流增大,定值电阻R0的电压增大,路端电压减小,由图分析可得V1对应AC、V2对应BC.(2)由题意得:U2=IR0,则R0===3Ω当滑动变阻器取最大值时,电流最小I min=0.5A,而U R=U1﹣U2=7.5﹣1.5=6V所以R max===12Ω(3)因为U1=E﹣Ir,则内阻r===1Ω所以E=U1+Ir=7.5+0.5×1=8V.答:(1)电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图象应分别为U﹣I图象中:V1对应AC、V2对应BC.(2)定值电阻R0、变阻器的总电阻R分别为3Ω和12Ω.(3)电源的电动势8V,内阻为1Ω.【点评】本题考查对物理图象的理解能力,可以把本题看成动态分析问题,来选择两电表示对应的图线.。
【高二】江苏省海头高级中学高二上期中考试文综试题(物理)
【高二】江苏省海头高级中学高二上期中考试文综试题(物理)试卷说明:江苏省海头高级中学高二上学期期中考试物理(理)试题选择题:(每题只有一个正确答案,请把正确答案填到答题框中,每题3分,共计69分。
没有把答案填到试卷最后答题框中的一分不得)1.与丝绸摩擦后的玻璃棒带上了正电荷,这是因为 ( )A.丝绸上有些正电荷转移到了玻璃棒上 B.玻璃棒上有些正电荷转移到了丝绸上C.丝绸上有些电子转移到了玻璃棒上 D.玻璃棒上有些电子转移到了丝绸上2.两金属小球所带电荷量分别为+3Q和-Q,将两小球接触后,它们所带的电荷量一共为 ( )A.+3Q B.+2Q C.+Q D. -Q 3.下列哪些措施是为了防止静电产生的危害? ( )A.在高大的建筑物顶端装上避雷针 B.在高大的烟囱中安装静电除尘器C.静电复印 D.静电喷漆【答案】A试题分析:避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设置,通过避雷针尖端放电后,建筑物不4.电场中有一点P,下列说法中正确的有:()A.若放在P点的电荷的电荷量减半,则P点的场强减半B.若P点没有试探电荷,则P点场强为零C.P点的场强越大,则同一电荷在P点受到的电场力越大D.P点的场强方向为就是放在该点的电荷受电场力的方向【答案】D试题分析: A、C中电场线方向标错,此外A、B中电场线相交了,则A、B错;D正确。
考点:本题考查电场线的形状与方向。
6.关于磁感线,以下说法正确的是()A.磁感线是不闭合的 B.磁感线有可能相交C.磁感线是客观存在的 D.磁感线的疏密程度表示磁场的强弱7.关于电磁场理论,以下说法正确的是:()A.在电场周围一定会产生磁场B.任何变化的电场周围空间一定会产生变化的磁场C.均匀变化的电场会产生变化的磁场D.周期性变化的电场会产生周期性变化的磁场8.1888年,德国物理学家______用实验证实电磁波的存在,使人们认识到物质存在的另一种形式。
()A.麦克斯韦 B.爱迪生 C.赫兹 D.法拉第【答案】C【解析】试题分析:麦克斯韦赫兹用实验证实电磁波的存在。
江苏省海头高级中学高二物理上学期期中试题理新人教版
一、选择题:(1~5 小题为单项选择题,每题 4 分;6~10 小题为多项选择题,每题得 3 分。
将答案填在题后的表格中,共计45 分。
)1.以下表达吻合物理学史实的是A .安培经过实验研究,第一发现了电流周围存在磁场B.第一提出用电场线来描绘电场的物理学家是法拉第5 分漏选()C .发现电磁感觉现象的物理学家是楞次D.麦克斯韦在研究磁场与电流的相互作用方面做出了优异贡献2. 以下关于磁通量的说法,正确的选项是()A.在匀强磁场中,穿过某一个面的磁通量等于磁感觉强度与该面面积的乘积B.磁通量是矢量,其正负表示方向C.磁通量是形象描绘穿过某一个面的磁感线条数的物理量D. 磁通量越大,磁通量的变化就越快3.一根均匀电阻丝阻值为R,在以下哪些情况下,阻值仍为R()A.长度变为一半,横截面积增大一倍时B.横截面积变为一半,长度变为二倍时C.长度和横截面积都变为原来的2倍时D.直径变为一半,长度变为原来的1/2时4.在我们生活的地球周围,不时辰刻都会有大量的由带电粒子组成的宇宙射线向地球射来,地球磁场能够有效地改变这些宇宙射线中大多数带电粒子的运动方向,使它们不能够到达地面,这对地球上的生命有十分重要的意义。
图 7 所示为地磁场的表示图。
现有一束宇宙射线在赤道上方沿垂直于地磁场方向射向地球,在地磁场的作用下,射线方向发生改变的情况是()A.若这束射线是由带正电荷的粒子组成,它将向南偏移B.若这束射线是由带正电荷的粒子组成,它将向北偏移C.若这束射线是由带负电荷的粒子组成,它将向东偏移D.若这束射线是由带负电荷的粒子组成,它将向西偏移5.以下列图,电源电动势为E,内电阻为r .两电压表可看作是理想电表,当闭合开关,将滑动变阻器的触片由左端向右滑动时,以下说法中正确的选项是:()L L A.小灯泡 L 变暗, V 表的读数变小,V 表的读数变大2 1 2V 2 B.小灯泡 L1 变亮, V1 表的读数变大,V2表的读数变小C.小灯泡 L2 变亮, V1 表的读数变大, V2表的读数变小V 1 D.小灯泡 L 变暗, V 表的读数变小, V 表的读数变大1 1 26.如图 4 所示,矩形导线框 abcd 与无量长通电直导线 MN在同一平面内,直导线中的电流方向由M到 N,导线框的ab 边与直导线平行。
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江苏省海头高级中学高二年级2015——2016学年度第一学期期中考试物理试卷(必修)一、单项选择题:每小题只有一个....选项符合题意(本部分23小题,每小题3分,共69分)1.文学作品中往往蕴含着一些物理知识,下列诗句中加点的字表示位移的是A.飞流直下三千尺.....,一剑曾当百万师.....,疑是银河落九天B.一身转战三千里C.坐地日行八万里.....,巡天遥看一千河D.三十功名尘与土,八千里路....云和月2.一辆汽车在崎岖的山路上行驶,关于该汽车的惯性,下列说法正确的是A.汽车打滑时惯性变小B.汽车下坡时惯性变大C.汽车加速时惯性变大D.汽车刹车时惯性不变3.“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图所示。
实验中,为使小车运动时所受的拉力近似等于盘和重物的总重力,则盘和重物的总质量m与小车的质量M应满足的关系是A.m远大于M B.m远小于MC.m略大于M D.m略小于M4.小明乘电梯从一楼上升到三楼,在电梯启动和制动时,他所处的状态是A.超重、超重B.失重、失重C.超重、失重D.失重、超重5.伽利略在研究落体运动时,提出了“把轻重不同的两个物体连在一起下落,与单独一个物体下落比较,是快了还是慢了”的问题A.自由落体运动的快慢与物体的质量无关B.自由落体运动是匀加速直线运动C.自由落体运动的速度与时间成正比D.自由落体运动的速度与位移成正比6.如图所示,小朋友在弹性较好的蹦床上跳跃翻腾,尽情嬉耍。
在小朋友接触床面向下运动的过程中,床面对小朋友的弹力做功情况是A.先做负功,再做正功B.先做正功,再做负功C.一直做负功 D.一直做正功7.起重机沿竖直方向以大小不同的速度两次匀速吊起货物,所吊货物的质量想等。
那么,关于起重机对货物的拉力和起重机的功率,下列说法正确的是A.拉力不等,功率相等B.拉力不等,功率不等C.拉力相等,功率相等D.拉力相等,功率不等8.“验证机械能守恒定律”的实验装置如图所示。
关于该实验,下列说法正确的是A.重物应选用密度小的物体B.两个限位孔应在同一竖直线上C.打点计时器应接低压直流电源D.应先释放纸带,后接通电源9.家用台式计算机上的硬磁盘的磁道如图所示,O点为磁道的圆心,A、B两点位于不同的磁道上,硬盘绕O点匀速转动时,A、B两点的向心加速度A.大小相等,方向相同B.大小相等,方向不同C.大小不等,方向相同D.大小不等,方向不同10.在一次军事演习中,伞兵跳离飞机后打开降落伞,实施定点降落。
在伞兵匀速下降的过程中,下列说法正确的是A.伞兵的机械能守恒,重力势能不变 B.伞兵的机械能守恒,重力势能减小C.伞兵的机械能不守恒,重力势能不变 D.伞兵的机械能不守恒,重力势能减小11.崔牛先生向客户推介他设计的“超级推进器”,该推进器由超导体、激光器、致冷剂以及计算机控制系统组成,其神奇之处在于能通过自身的循环工作,源源不断地获得动力,而不需要消耗任何能源。
事实上,这是不可能实现的,因为他的设计违反了A.质量守恒定律 B.电荷守恒定律C.机械能守恒定律D.能量守恒定律12.小明玩飞镖游戏时,从同一位置先后以速度v A和v B将飞镖水平掷出,依次落在靶盘上的A、B两点,如图所示,飞镖在空中运动的时间分别t A和t B。
不计空气阻力,则A.v A<v B ,t A <t BB.v A <v B,t A>t BC.v A>v B,t A<t BD.v A >v B ,t A >t B13.如图所示,在冰球以速度v1在水平冰面上向右运动。
运动员沿冰面在垂直v1的方向上快速打击冰球,冰球立即获得沿打击方向的分速度v2.不计冰面摩擦和空气阻力。
下列图中的虚线能正确反映冰球被击打后运动路径的是14.A 、B 两物体均不带电,相互摩擦后A 带负电荷,电荷量大小为Q ,则B 的带电情况是A .带正电荷,电荷量大于QB .带正电荷,电荷量等于QC .带负电荷,电荷量大于QD .带负电荷,电荷量等于Q15.如图所示,一点电荷先后置于匀强电场中的A 、B 两点,则该点电荷在这两点所受的电场力A .大小相等,方向相同B .大小相等,方向相反C .大小不等,方向相同D .大小不等,方向相反16.真空中,相距r 的两点电荷间库仑力的大小为F 。
当它们间的距离变为2r 时,库仑力的大小变为A .F 41B .F 21 C .2F D .4F17.如图所示,运输汽油等易燃易爆物品的车辆总有一条铁链托在地上,这样做的目的是A .发出声音,引起路人注意B .减缓车速,保证行车安全C .把静电引入大地,避免因放电引起爆炸D .与地面发生摩擦,在运输车上积累电荷18.在通电直导线与磁场方向垂直的情况下,为研究安培力与电流大小的关系,实验时应保持不变的物理量是A.只有电流B.只有磁感应强度C.只有导线在磁场中的长度D.磁感应强度和导线在磁场中的长度19.如图所示,匀强磁场水平向右,电子在磁场中的运动方向平行,则该电子A .不受洛伦兹力B .受洛伦兹力,方向向上C .受洛伦兹力,方向向下D .受洛伦兹力,方向向左请阅读下列材料,回答第20~23小题。
“嫦娥”舒广袖 “玉兔”归蟾宫2013年12月2日,嫦娥三号怀抱着“玉兔”,承载着中国人的梦想,踏上了探月之旅。
她历经变轨、减速、悬停、避障等过程,于14日在月球表面软着陆。
我国成为世界上第三个实现在月球表面软着陆的国家。
……在月球表面着陆过程中,嫦娥三号先减速调整,速度从1 700m/s 逐渐减为0,悬停在距月球面100m 高处;然后利用探测器对着陆区进行观测,选择着陆点;再缓慢下降到着陆点上方4m ,处,最终以自由落体方式完美着陆在月球表面。
接着,140kg 的“玉兔”款款而出,开始了与月球的亲密接触……20.嫦娥三号远离地球飞近月球的过程中,地球和月球对它的万有引力F 1、F 2的大小变化情况是A .F 1 、F 2 均减小B .F 1 、F 2 均增大C .F 1 减小、F 2 增大D .F 1 增大、F 2 减小21.上述材料提及嫦娥三号“速度从1 700m/s 逐渐减为0”,这里所选的参考系是A .太阳B .月球表面C .地球表面D .嫦娥三号22.嫦娥三号着陆前最后4m 的运动过程中,能反映其运动的v -t 图象是23.已知物体在月球上所受引力约为地球上所受引力的61,则“玉兔”静止在月球表面时对月球表面的作用力大小约为(取地球表面的重力加速度g=10m/s 2)A .23.3NB .233NC .1 400ND .8 400N二、填空题:把答题填在答题卡相应的横线上(本部分2小题,其中24小题4分,25小题6分,共10分)24.本题为选做题,考生只选择一题作答.若两题都作答,则按24-A 题计分.24 -A .(本题供选修1 -1的考生作答.) 手机是人们生活中普遍使用的通讯工具,它是利用 ▲ (选填“电磁波”或“超声波”)进行通讯的.这种波 ▲ (选填“能”或“不能”)在真空中传播. 24 - B .(本题供选修3 - 1的考生作答.)电场中沿着电场线方向电势逐渐▲ (选填“升高”或“降低”) .在电场中移动电荷时,电场力所做的功与电荷的运动路径 ▲ (选填“有关”或“无关”) . 25.小明通过实验探究合力的方法:.(1)实验所用的一只弹簧测力计如题25-1图所示,在用它测力前应对它进行的操作是 ▲ .(2)在测出F 1 、F 2和对应的合力F 后,他在纸上画出了F 1 、F 2的图示,如题25-2图所示.请你帮助他在图中画出合力F 的图示(测得F =4.9N ,图中a 、b 为记录F 方向的两点)。
(3)小明用虚线把F 的箭头末端分别与F 1 、F 2的箭头末端连接起来;观察图形后,他觉得所画的图形很像平行四边形。
至此,为正确得出求合力的一般方法,年认为小明接下来应该做些什么(写出两点即可)?① ▲ ▲ ▲ ② ▲ ▲ ▲三、计算或论述题:解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位(本部分3小题,其中26小题6分,27小题7分,28小题8分,共21分)26.2014年2月,第22届冬奥会在俄罗斯索契成功举行。
在高山滑雪速降比赛中,运动员由静止开始沿滑道向下做匀加速直线运动,2s 内的位移为8m 。
在此过程中(1)求运动员的加速度大小;(2)求2s 末运动员的速度大小;(3)若运动员的质量为50kg ,滑道的倾角为300,重力加速度10m/s 2,求运动员重力做的功。
27.“魔盘”是一种神奇的游乐设施,它是一个能绕中心轴转动的带有竖直侧壁的大型转盘,随着“魔盘”转动角速度的增大,“魔盘”上的人可能滑向盘的边缘。
如图所示,质量为m的人(视为质点)坐在转盘上,与转盘中心O相距r。
转盘的半径为R,人与盘面及侧壁间的动摩擦因数均为μ,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g.(1)当转盘的角速度大小为ω0时,人未滑动,求此时人的线速度大小v .(2)求人与转盘发生相对滑动时转盘的角速度大小ω应满足的条件。
(3)当人滑至“魔盘”侧壁时,只要转盘的角速度不小于某一数值ωm,人就可以离开盘面,贴着侧壁一起转动。
有同学认为,ωm的大小与人的质量有关,年同意这个观点吗?请通过计算说明理由。
28.如图所示,水平桌面上的轻质弹簧左端固定,右端与静止在O点的小物块接触而不连接,此时弹簧无形变。
现对物块施加大小恒为F、方向水平向左的推力,当物块向左运动到A 点时撤去该推力,物块继续向左运动,最终物块运动到B 点静止.已知物块质量为m,与桌面间的动摩擦因数为μ,OA=l1 ,OB=l2 ,重力加速度为g。
(1)求物块在O 点刚开始运动时的加速度大小a;(2)在推力作用的过程中,物块的加速度大小和速度大小如何变化?请定性说明。
(3)在物块运动的整个过程中,弹性势能的最大值E Pm是多少?.江苏省海头高级中学高二年级第一学期期中考试物理(必修)参考答案及评分建议。