浙江省嘉兴一中2014-2015学年高二上学期期末考试物理试卷 Word版缺答案

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浙江省嘉兴一中2014-2015学年高二上学期期末摸底考试理综试卷 Word版含答案

高二（上）寒假作业检测理科综合能力测试试题卷满分[300] 分，时间［150］分钟选择题部分（共120分）选择题部分共20小题，每小题6分，共120分。

一、选择题（本题共17小题。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

）1．如图表示胰岛素原分子在特定部位经过加工并切去甲肽（图中箭头表示切点）后，转变成由α、β两条肽链构成的有活性的胰岛素（图中数字表示氨基酸序号）。

下列分析正确的是A ．胰岛素分子含有49个肽键，故合成胰岛素分子时脱去的水分子数为49个B ．胰岛素原的合成由核糖体完成，胰岛素的加工和甲肽的剪切过程在内质网和高尔基体内完成C ．胰岛素含两条肽链，分别由两个基因控制合成。

这两个基因含有的脱氧核苷酸数分别为42个和60个 D ．胰岛素由一个基因控制合成，该基因的两条DNA 单链分别编码α、β两条肽链2．下图1～3表示细胞中3种生物膜结构及其所发生的部分生理过程。

有关叙述错误的是A ．能发生图1过程的结构只可能是线粒体的内膜B ．图2中的结构代表细胞膜，其上的某些膜蛋白具有细胞识别的功能C ．图3中的结构代表类囊体膜，其中氧气产生于类囊体膜内D ．图1和图3中膜蛋白都具有物质运输和生物催化的功能3．植物叶面积指数与细胞呼吸、总光合作用量、干物质积累量有密切关系（如下表数据所示）。

所谓叶面积指数，是指单位地表面积上植物叶片的面积数量。

请据表判断以下说法正确的是B ．当叶面积指数大于6时，总光合作用量几乎不再增加，限制其增加的因素是温度C ．叶面积指数为5时，植物的干物质积累量最大D ．从能量代谢的角度看，植物干物质积累量一定都大于04．下图为某动物精原细胞（染色体数为2n ，DNA 数目为2a ）分裂示意图，①③细胞处于染色体着丝粒向两极移动的时期。

下列叙述正确的是A．①中有同源染色体，染色体数目为2n，DNA数目为4aB．③中无同源染色体，染色体数目为2n，DNA数目为2aC．在正常情况下，基因A与a，B与b分离发生在细胞①和②中D．与图中精细胞同时产生的3个精细胞的基因型是aB、ab、AB5．将具有两对相对性状的植物品种甲（AABB）、乙（aabb）杂交得F1，F1测交结果如下表，下列叙述中错误的是A．F1B．F1自交得F2，F2基因型有9种C．F1能产生4种不同的花粉D．正交和反交结果不同，说明这两对基因不位于细胞核的染色体上6．科学家研究肺炎双球菌活体转化时发现：被加热杀死的S型菌自溶，释放出的部分DNA 片段遇到某些R型活菌时，其双链拆开，其中一条链降解，另一条单链进入R型菌并与其基因相应“同源区段”配对，使R型菌DNA的相应片段一条链被切除并将其替换，形成“杂种DNA区段”，这样的细菌经增殖就会出现S型菌。

浙江省嘉兴一中高二上学期期末考试数学(理)试卷

嘉兴市第一中学2014学年第一学期期末考试高二数学（理科）试题卷命题：沈新权审题：刘舸，王英姿满分[ 100]分，时间[120]分钟 2015年2月一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.已知直线l 1：x ＋y ＋1＝0，l 2：x ＋y －1＝0，则l 1，l 2之间的距离为（） A ．1B. 2C. 3D ．22.命题“若，则”的否命题是（） A. 若，则 B. 若，则 C. 若，则 D. 若，则3.椭圆上一点P 到一个焦点的距离为2，则点P 到另一个焦点的距离为（） A.6 B.7 C.8 D.94. 已知命题所有有理数都是实数，命题正数的对数都是负数，则下列命题中为真命题的是（） A ． B ． C ． D ．5．已知α，β表示两个不同的平面，m 为平面α内的一条直线，则“m ⊥β”是“α⊥β”的（） A ．充分不必要条件 B ．必要不充分条件 C ．充要条件 D ．既不充分也不必要条件 6．在圆x 2＋y 2＋2x －4y ＝0内，过点(0,1)的最短弦所在直线的倾斜角是（） A.π6B.π4C.π3D.3π47.如图，在正方形内作内切圆，将正方形、圆绕对角线旋转一周得到的两个旋转体的体积依次记为，，则（）A. B. C. D.8．给出下列四个命题：①分别与两条异面直线都相交的两条直线一定是异面直线； ②若一个平面经过另一个平面的垂线，那么这两个平面相互垂直； ③垂直于同一直线的两条直线相互平行；④若两个平面垂直，那么一个平面内与它们的交线不垂直的直线与另一个平面也不垂直．其中为真命题的是（） A ．②和④ B ．②和③C ．③和④D ．①和②9．在棱长为的正方体内有一四面体，其中分别为正方体两条棱的中点，其三视图如图所示，则四面体的体积为（） A ． B ． C ． D ．10.设点分别在直线和上运动，线段的中点恒在直线上或者其右上方区域。

浙江省嘉兴一中2013-2014学年高二上学期期中物理试卷Word版含答案

嘉兴市第一中学2013学年第一学期期中考试高二物理（理科）试题卷满分[ 100]分，时间[90]分钟 2013年11月一、单项选择题（每小题只有一个选项正确，每小题3分，共30分） 1. 对于电场中A 、B 两点，下列说法正确的是（）A ．电势差的定义式qW U ABAB =，说明两点间的电势差U AB 与电场力做功W AB 成正比,与移动电荷的电荷量q 成反比B ．将正电荷从A 点移到B 点静电力做负功，则有>0AB UC ．电势差的定义式ABAB W U q=，AB W 与移动电荷量q 无关 D ．把某点电荷q 从A 点移到B 点的过程中，电场力对该电荷做了负功，则电势能增加2．下列的叙述，错误．．的是 ( ) A ．当温度极低时，超导材料的电阻率会突然减小到零B ．金属材料的电阻率随温度升高而增大C ．材料的电阻率取决于导体本身，与导体的电阻、横截面积和长度无关D ．电阻值大的为绝缘体，电阻值小的为导体3. 如图所示，a 、b 是两个定值电阻的I-U 图线，它们将I -U 图像分成三个区域。

若将电阻a 、b 组合起来，测量组合电阻的等效电阻的I -U 图线，则（）A ．若将电阻a 、b 串联，等效电阻的I -U 图线一定在区域IIB ．若将电阻a 、b 串联，等效电阻的I -U 图线一定在区域ⅠC ．若将电阻a 、b 并联，等效电阻的I -U 图线一定在区域ⅢD ．不管电阻a 、b 是串联，还是并联，等效电阻的I -U 图线一定不在区域II4. 如图，在点电荷Q 产生的电场中，将两个带正电的试探电荷1q 、2q 分别置于A 、B 两点，虚线为等势线。

取无穷远处为零电势点，若将1q 、2q 移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，则下列说法正确的是（）A ．A 点电势大于B 点电势 B ．A 、B 两点的电场强度相等C ．1q 的电荷量小于2q 的电荷量D ．1q 在A 点的电势能小于2q 在B 点的电势能5. 如图所示，一个带负电的油滴以初速度v 0从P 点倾斜向上进入水平方向的匀强电场中,若油滴到达最高点C 时速度大小仍为v 0，则油滴最高点的位置在( )A. P 点的左上方B. P 点的右上方C. P 点的正上方D. 上述情况都可能6. 一负电荷从电场中A 点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动的v －t 图象如图甲所示，则两点A 、B 所在区域的电场线分布情况可能是图中的（）A B C D7. 在研究微型电动机的性能时，可采用右图所示的实验电路。

浙江省嘉兴市2013-2014学年高二上学期期末测试物理试题(B卷)扫描版Word版答案全国通用-选修一

嘉兴市2013～2014学年第一学期期末测试高二物理B卷参考答案（2014.1）一．选择题（本题有10个小题，每小题3分，共30分）二．选择题（本题有6小题，每小题4分，共24分）三．课题研究与实验（本题有2小题，17题6分，18题10分，共16分）17.（1）AD （漏选得1分）（2）（有同学采用分压式接法，只要电路图正确，也给满分）（3）5Ω（有效位数不做要求）18. （1）C（2）如图所示：（3）不可以这样做，因为温度会影响小灯泡的电阻值，从电压高到电压低这样做会对结果有影响。

（只填不可以，不解释原因不得分）（4）2600Ω到2800Ω 用多用电表测量电阻时，电路必须断开四．计算题（本题有3小题，19题8分，20题10分，21题12分，共30分。

解答应写出必要的文字说明、方程式、单位和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。

）19．解：(1)匀速运动时，牵引力等于阻力F =f 1分输出功率满足 P =Fv 1分f =63 N 1分(2)电动机工作时满足：P 电功率=P 热功率+P 输出 2分 P 电功率=UI 1分 P 热功率=I 2r 1分r =1.6 Ω 1分20．解：（1）分析A 到B 过程有：m qE a =1分 221t mqE L = 1分 t v s 0= 1分解方程得 LmqE s v 20= 1分（2）设小木块到x 轴时沿x 轴方向上的速度为v x分析x 轴 t m F v v x 20-= 1分 t v v s x 2430+= 1分分析y 轴 221t mqE L = 解方程得 L qEs F 42=1分（3）匀速时 t kv qE = 1分分析A 到C 过程有： 2022121mv mv W qEL t -=+ 1分qEL L qES k E mq W --=422222 1分21．解析（1）电子能从第三象限射出的临界轨迹如图甲所示．电子偏转半径范围为d 2<r <d 1分evB ＝m v 2r 得v ＝eBr m 1分电子入射速度的范围为eBd 2m<v <eBd m . 1分（2）电子从(0，d 2)位置射出设电子在磁场中运动的轨道半径为R ，则R 2＝(R －d 2)2＋d 2 解得R ＝5d 41分 evB ＝m v 2r meBd v 450= 1分由几何关系得进入电场与水平方向的夹角为53° ； 1分进入电场以后带电粒子垂直于x 轴进入磁场Ⅱ，知粒子在电场中做逆向平抛,根据平抛的规律：带点粒子沿y 轴方向的速度为08.0v v y =带点粒子沿x 轴方向的速度为06.0v v y = 根据位移的关系可以求得：medB E 232= 1分方向沿x 轴的正方向 1分（3）根据粒子在电场中沿x 轴运动规律：221at x = 则在磁场区域Ⅱ位置的横坐标为d 163 1分磁场区域Ⅱ evB ＝m v 2r d r = 1分222163y d r +⎪⎭⎫ ⎝⎛= 知：d y 16247= 1分电子离开磁场Ⅱ时的位置坐标（d , d 16247-） 1分。

高二上学期期末考试物理试题Word版含答案 (5)

嘉兴一中第一学期高三期末考试物理学科试卷本试题卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试时间90分钟。

其中加试题部分为30分，用【加试题】标出。

选择题部分一、选择题I(本题共13小题，每小题3分，共39分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1．下列物理量中，哪个物理量是矢量A．质量 B．路程 C．电场强度 D．电流2．如图所示是小王从嘉兴江南摩尔到嘉兴一中的手机导航部分截屏画面，该地图提供了二条可行线路及相应的数据，行驶过程中导航曾提示：“前方有测速，限速40公里”。

下列说法正确的是A．两条线路的位移不相等B．“限速40'公里”指的是限制汽车的平均速度C．图中显示“20分钟、8.6公里”分别指时间和路程D．研究汽车在地图上的实时位置时，汽车不可视为质点3．以下关于物理学研究方法的叙述正确的是A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度的定义式，当△t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了放大思想方法C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了类比的思想方法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法4．如图所示，一把重为G的梯子仅在一石块的支持下处于静止状态，此时梯子受到石块作用力的大小与方向分别是A．大于G、沿梯子斜向上B．等于G、沿梯子斜向上C．等于G、竖直向上D．小于G、竖直向上5．老鹰在天空中飞翔，图中虚线表示老鹰在竖直平面内飞行的轨迹，关于老鹰在图示位置时的速度v 及其所受合力F 的方向可能正确的6．电影《速度与激情8》中有一个精彩情节：反派为了让多姆获得核弹发射箱，通过远程控制让汽车从高楼中水平飞出，落在街面地上。

浙江省嘉兴市高二物理上学期期末试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题

2014-2015学年浙江省嘉兴市高二〔上〕期末物理试卷一、选择题〔此题有10小题，每一小题3分，共30分。

每一小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目的要求〕1．如下列图，用丝绸摩擦过的玻璃棒和验电器的金属球接触，使验电器的金属箔片张开，关于这一现象如下说法正确的答案是〔〕A．两片金属箔片上带异种电荷B．两片金属箔片上均带负电荷C．箔片上有电子转移到玻璃棒上D．将金属棒移走，如此金属箔片立即合在一起2．如下公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有〔〕①场强E=②场强E=③场强E=④电场力做功W=Uq．A．①③B．②③C．①④D．②④3．某静电场的电场线分布如下列图，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，如此〔〕A． E P＜E Q，φP＞φQ B． E P＞E Q，φP＜φQ C． E P＞E Q，φP＞φQ D． E P＜E Q，φP ＜φQ4．如下列图，是一个用来研究静电除尘的实验装置，当铝板与手摇起电机的正极相连，缝被针与手摇起电机的负极相连，在铝板和缝被针中间放置点燃的蚊香．转动手摇起电机，蚊香放出的烟雾会被铝板吸附，如下说法中正确的答案是〔〕A．烟尘颗粒可以带正电而被吸附到铝板上B．某个烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近速度越大C．某个烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近速度越小D．某个电量不变的烟尘颗粒，离铝板越近如此加速度越大5．保持某根标准电阻丝两端电压不变，为使其在单位时间内产生的热量加倍，如下措施可行的是〔〕A．剪其一半的电阻丝接入B．并联一样的电阻丝接入C．串联一样的电阻丝接入D．对拆原电阻丝后再接入6．某同学测量一只未知阻值的电阻，他先用多用电表进展测量，按照正确的步骤操作后，测量的结果如下列图，为了使多用电表测量的结果更准确，该同学应该进展哪些操作〔〕A．欧姆档换成×100，再次测量B．欧姆档换成×100，调零后再次测量C．欧姆档换成×1，再次测量D．欧姆档换成×1，调零后再次测量7．通电长直导线周围某点的磁感应强度B=K，如下列图，两根平行长直导线相距为R，通以大小、方向均一样的电流，规定磁场方向垂直纸面向里为正，在O﹣R区间内磁感应强度B随r变化的图线可能是〔〕A．B．C．D．8．图甲是洛伦兹力演示仪，核心结构如图乙所示，电子束由电子枪产生，玻璃泡内冲有稀薄气体，在电子束通过时能够显示电子的径迹，励磁线圈能在两线圈之间产生匀强磁场，当电流加热一段时间后，阴极会向外喷射电子，并在阳极的吸引下形成稳定的电子束．励磁线圈没有通电时，玻璃泡中出现如图丙粗黑线所示的光束〔实际上光束是蓝绿色的〕．假设励磁线圈通入电流，就会产生垂直于纸面方向的磁场，如此电子束分轨迹描述正确的答案是〔图中只画出了局部轨迹〕〔〕A．B．C．D．9．污水处理站的管道中安装了如下列图的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口，在垂直于上下底面方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在前后两个面的内侧固定有金属板作为电极，当含有大量正负离子〔其重力不计〕的污水充满管口从左向右流经该装置时，测出电极间的电势差U，就可测出污水流量Q〔单位时间内流出的污水体积〕．如此〔〕A．前外表的电势高于后外表的电势B．假设污水为电中性，如此两极间的电势差为零C．假设污水中离子浓度越高，如此两极间的电势差越大D．假设管道中污水流量越大，如此两极间的电势差越大10．功率为10W的发光二极管〔LED灯〕的亮度与功率60W的白炽灯相当．假设每户家庭有二只60W的白炽灯，均用10W的LED灯替代，试估算人口约450万的嘉兴一天可节约的电能最接近〔〕A．9×105kW•h B．9×106kW•h C．9×107kW•h D．9×108kW•h二、选择题〔此题有6小题，每一小题4分，共24分。

浙江省嘉兴一中2014届高三上学期期中物理试卷 Word版缺答案

嘉兴市第一中学2013学年第一学期期中考试高三物理试题卷满分[ 100]分，时间[90]分钟 2013年11月一、单项选择题（只有一个选项是正确的）1、在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如：理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立理想模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（ )A ．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B ．根据速度的定义式，当△t 非常小时，就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想方法C ．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法D ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法2、滑雪运动员由斜坡高速向下滑行时的V —t 图象如图乙所示，则由图中AB运动员在此过程中A ．所受外力的合力一定不断增大B．运动轨迹一定是曲线C ．加速度一定减小D ．斜坡对运动员的作用力一定是竖直向上的 3、2010年诺贝尔物理学奖授予英国的安德烈·海姆和康斯坦丁·诺沃肖洛夫，表彰他们在石墨烯材料方面的卓越研究。

它是目前世界上已知的强度最高的材料，为“太空电梯”缆线的制造提供可能。

近日，日本大林建设公司公布了建造“太空电梯”计划，希望到了2050年，人们不需要搭乘太空船，只要搭电梯就能够圆太空梦。

假设有一个从地面赤道上某处连向其正上方地球同步卫星的“太空电梯”。

关于“太空电梯” 缆线上各处，下列说法正确的是A ．重力加速度相同B ．线速度相同C ．角速度相同D ．各质点处于完全失重状态4、射箭是2010年广州亚运会比赛项目之一，如图甲为我国著名选手张娟娟的射箭场景。

已知弓的顶部跨度为l ，弦均匀且弹性良好，其自由长度为l ，发射时弦和箭可等效为图乙的情景，即箭在弦的正中间，弦夹住类似动滑轮的附加装置上，将箭发射出去。

浙江省嘉兴一中2014-2015学年高二上学期期中考试物理(文)

浙江省嘉兴一中2014-2015学年高二上学期期中考试物理（文）满分[ 100]分，时间[90]分钟 2014年11月一、单项选择题（每小题只有一个选项正确，每小题2分，共60分） 1、如图所示使物体A 、B 带电的实验为：( )A 、摩擦起电B 、传导起电C 、感应起电D 、以上都不对 2、下列有关起电的说法正确的是( )A 、摩擦起电说明电荷是可以创造的B 、摩擦起电时物体带负电荷是因为在摩擦过程中此物体得到电子C 、感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一部分时，失去了部分电子D 、等量的正、负电荷可以中和，说明电荷可以被消灭3、保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务。

盗版书籍影响我们的学习效率甚至会给我们的学习带来隐患。

小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数字中的那一个（）A ．6.2×10-19CB ．6.4×10-19C C ．6.6×10-19CD ．6.8×10-19C4、两个形状相同的绝缘小球带正、负电荷，两球相距一定的距离，今把它们相接触后置于原处，则它们之间相互作用力与原来相比将( )A 、变小B 、变大C 、不变D 、以上三种情况都有可能 5、下列哪个是电场强度的单位？( )A 、库B 、安C 、牛/库D 、伏6、两个等量点电荷P 、Q 在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示，下列说法中正确的是（） A ．P 、Q 是两个等量正电荷 B ．P 、Q 是两个等量负电荷 C ．P 、Q 是两个等量异种电荷D ．P 、Q 产生的是匀强电场7、下列四幅图中能正确描绘点电荷电场中电场线的是（）8、关于电场线的说法，正确的是( )A 、电场线就是电荷运动的轨迹B 、在静电场中静止释放的点电荷，一定沿电场线运动C 、电场线上某点的切线方向与正电荷的运动方向相同D 、电场线上某点的切线方向与负电荷在该点所受电场力的方向相反 9、电视机的荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要的原因（）A 、灰尘的自然堆积B 、玻璃具有较强的吸附灰尘的能力C 、电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘D 、电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘甲乙10、雷雨天气，应谨防雷电. 下面哪些做法是正确的（）A．雷雨天气外出时，可以在孤立的高大建筑物和大树下避雨B．雷雨天气外出时，在空地上应立即蹲下，以免成为雷电的袭击目标C．雷雨天气外出时，可以在户外打手机D．在室内，如果听到打雷，应马上关好门窗，以防雷电进屋11、关于电容器的电容，下列说法正确的是（）A．电容器所带的电荷越多，电容就越大B．电容器两极板间的电压越高，电容就越大C．电容器所带电荷增加一倍，电容就增加一倍D．电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量12、下图是直流电铃的原理图。

浙江省嘉兴一中2014-2015学年高二上学期期末考试通用技术试卷Word版含答案

嘉兴市第一中学2014学年第一学期期末考试高二通用技术试题卷命题人：潘路希审题人：蒋永兴满分[100]分，时间[60]分钟2015年1月本试题卷分第I卷和第II卷两部分。

全卷共11页，第I卷1至9页，第II卷9至12页。

第I卷（共82分）注意事项：答第I卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题纸上。

每小题选出答案后，用2B铅笔把答题纸上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，不能答在试题卷上。

一、选择题(本大题共35小题，每小题2分，共70分。

在每小题给出的四个选项中只有一个是符合题目要求的）1．如图所示是某公司应用3D打印技术建造的房屋，它是以建筑垃圾、改良水泥与玻璃纤维为原料制造的“油墨”快速打印而成。

以下针对该技术的说法中不恰当的是A．用3D打印技术建造房屋，体现技术的创新性B．利用建筑垃圾作为原料，体现可持续发展理念C．制造“油墨”需要多种原料,体现技术的两面性D．能快速打印房屋，将会对建筑业产生影响2．盘山公路的转弯处，一般安装如图所示的凸面镜，便于司机和行人观察转弯处的情况。

从人机关系角度分析，主要考虑了A．普通人群与特殊人群B．信息的交互C．人的心理需求D．人体的静态尺寸与动态尺寸3．如图所示的手持搅拌器，可以搅拌各种肉、水果、蔬菜等。

以下不是主要考虑人机关系的是A．手柄绝缘、防滑B．搅拌头有防护设计，可防止刀片伤人C．可搅拌多种类型的食物D．可直接在杯子、碗、盆中快速搅拌4．如图所示的插座，两个插头无法同时插入，该插座的设计不符合A．实用原则B．经济原则C．美观原则D．可持续发展原则5．如图所示的压蒜器，可以把蒜头快速压成蒜泥。

设计该产品时，以下因素中从“物”的角度考虑的是A．常人的握力B．手柄的强度C．蒜头的形状D．蒜泥颗粒的大小如图所示是一款各个部分可快速装拆的简易木桌。

请完成6-7题6．甲处横档与桌脚间的连接设计，以下方案中较合理的是7．乙处两桌脚间的连接设计，由方案1改进到方案2主要是为了A．便于安装时定位B．提高连接的可靠性C．减少制作材料D．提高桌脚的强度8．如图所示的尺寸标注中，错误的是A．35的标注B．2×Φ25的标注C．R15的标注D．70的标注9．锉削时，要根据零件加工表面的形状选用不同类型的锉刀。

浙江省嘉兴一中高二上学期期中考试物理(文) Word版含

嘉兴市第一中学2014学年第一学期期中考试高二物理（文科）试题卷命题：黄孝吉审题：朱羿满分[ 100]分，时间[90]分钟2014年11月一、单项选择题（每小题只有一个选项正确，每小题2分，共60分）1、如图所示使物体A、B带电的实验为：( )A、摩擦起电B、传导起电C、感应起电D、以上都不对2、下列有关起电的说法正确的是( )A、摩擦起电说明电荷是可以创造的B、摩擦起电时物体带负电荷是因为在摩擦过程中此物体得到电子C、感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一部分时，失去了部分电子D、等量的正、负电荷可以中和，说明电荷可以被消灭3、保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务。

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小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数字中的那一个（）A．6.2×10-19C B．6.4×10-19C C．6.6×10-19C D．6.8×10-19C4、两个形状相同的绝缘小球带正、负电荷，两球相距一定的距离，今把它们相接触后置于原处，则它们之间相互作用力与原来相比将( )A、变小B、变大C、不变D、以上三种情况都有可能5、下列哪个是电场强度的单位？( )A、库B、安C、牛/库D、伏6、两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示，下列说法中正确的是（）A．P、Q 是两个等量正电荷B．P、Q 是两个等量负电荷C．P、Q 是两个等量异种电荷D．P、Q 产生的是匀强电场7、下列四幅图中能正确描绘点电荷电场中电场线的是（）8、关于电场线的说法，正确的是( )A、电场线就是电荷运动的轨迹B、在静电场中静止释放的点电荷，一定沿电场线运动C、电场线上某点的切线方向与正电荷的运动方向相同D、电场线上某点的切线方向与负电荷在该点所受电场力的方向相反9、电视机的荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要的原因（）A、灰尘的自然堆积B、玻璃具有较强的吸附灰尘的能力C、电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘D、电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘10、雷雨天气，应谨防雷电. 下面哪些做法是正确的（）A．雷雨天气外出时，可以在孤立的高大建筑物和大树下避雨B．雷雨天气外出时，在空地上应立即蹲下，以免成为雷电的袭击目标C．雷雨天气外出时，可以在户外打手机D．在室内，如果听到打雷，应马上关好门窗，以防雷电进屋11、关于电容器的电容，下列说法正确的是（）A．电容器所带的电荷越多，电容就越大B．电容器两极板间的电压越高，电容就越大C．电容器所带电荷增加一倍，电容就增加一倍D．电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量12、下图是直流电铃的原理图。

高二物理月考试题及答案-浙江嘉兴一中高二(上)开学物理试卷

2014-2015学年浙江省嘉兴一中高二（上）开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共14小题，1-10题为单项选择题，11-14为不定项选择题）1．（3分）（2012春•鹿城区校级期末）真空中有两个静止的点电荷，它们之间的库仑力大小为F．若将它们之间的距离和带电量均增大为原来的2倍，则它们之间的库仑力大小变为（）A．B．F C．2F D．4F考点：库仑定律．专题：计算题．分析：根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．解答：解：真空中有两个静止的点电荷，它们之间的库仑力大小为F=k若将它们之间的距离和带电量均增大为原来的2倍，则它们之间的库仑力大小F′= =F故选B．点评：要注意一个物理量跟多个因素有关时，要考虑全面．2．（3分）（2012春•瑞安市校级期末）如图为某品牌自行车的部分结构．A、B、C分别是飞轮边缘、大齿盘边缘和链条上一个点．现在提起自行车后轮，转动脚蹬子，使大齿盘和飞轮在链条带动下转动，则下列说法正确的是（）A．A、B两点的角速度大小相等B．由图中信息，A、B两点的角速度之比为3：1C．A、B、C三点线速度大小均不相等D．A、B两点的向心加速度分别与飞轮、大齿盘半径成正比考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：自行车的链条不打滑，A与B的线速度大小相等，由v=ωr研究A与B角速度的关系．由向心加速度公式a=研究A、B两点的向心加速度与半径的关系．解答：解：A、A、B两点靠链条传动，线速度大小相等，因为A、B转动的半径不等，根据v=ωr知，角速度大小不等．故A错误．B、A、B两点的线速度大小相等，因为飞轮14齿，大齿盘42齿，则半径比为1：3，根据v=ωr知，角速度大小之比为3：1．故B正确．C、A、B、C三点靠链条传动，线速度大小相等．故C错误．D、A、B两点的线速度大小相等，根据a=知，向心加速度与半径成反比．故D错误．故选：B．点评：本题考查灵活选择物理规律的能力．对于圆周运动，公式较多，要根据不同的条件灵活选择公式．3．（3分）（2013春•重庆期末）某人用手将2kg物体由静止向上提起1m，这时物体的速度为3m/s（g取10m/s2），则下列说法正确的是（不计空气阻力）（）A．手对物体做功9J B．合外力做功20JC．物体克服重力做功20J D．合外力做功29J考点：动能定理的应用；功的计算．专题：动能定理的应用专题．分析：物体受力从静止向上加速运动，当速度达到3m/s时，手对物体做功导致物体机械能增加；物体的重力做功由物体重力及高度差决定；而合力做功与动能变化相同．解答：解：A、手对物体做的功等于物体机械能的变化量，则W2=2×10×1+手=mgh+mv×2×32J=29J，故A错误；B、由动能定理可得，合外力所做的功等于动能的变化，W合=mv2=×2×32J=9J，故BD错误；C、物体克服重力做的功W G=mgh=2×10×1=20J，故C正确；故选C．点评：手对物体做功，即为除重力以外的力做功，所以会导致物体机械能变化；而重力势能的变化由重力做功决定，对于合力做功可以由动能变化来确定．4．（3分）（2011•许昌一模）甲、乙两球位于同一竖直直线上的不同位置，甲比乙高出h，如图所示，将甲、乙两球分别以v1、v2的速度沿同一水平方向抛出，不计空气阻力，下列条件中有可能使乙球击中甲球的是（）A．同时抛出，且v1＜v2B．甲迟抛出，且v1＞v2C．甲早抛出，且v1＞v2D．甲早抛出，且v1＜v2考点：运动的合成和分解；平抛运动．分析：要使乙球击中甲球，两球应同时出现在同一位置；而平抛运动在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由两球的位置关系可知正确结果．解答：解：由图可知甲的抛出点高于乙的抛出点，故甲应先抛出；而两物体的水平位移相同，而运动时间甲的要长，故甲的速度要小于乙的速度，v1＜v2；故选D．点评：本题考查平抛运动的性质，物体在空中的运动时间取决于竖直高度，水平位移取决于初速度及竖直高度．5．（3分）（2014春•城厢区校级期末）一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过一条宽为30m的河，河水流速为4m/s，则（）A．这只船不可能渡过这条河B．这只船过河时间不可能小于10sC．这只船可以沿垂直于河岸方向过河D．这只船可以渡过这条河，而且所需时间可以小到6s考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，根据垂直于河岸方向上的速度求出渡河的时间．通过判断合速度能否与河岸垂直，判断船能否垂直到对岸．解答：解：A、当静水速与河岸不平行，则船就能渡过河．故A错误．B、当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，最短时间为t==s=10s．故B正确，D错误；C、根据平行四边形定则，由于静水速小于水流速，则合速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到达对岸．故C错误．故选：B．点评：小船过河问题属于运动的合成问题，要明确分运动的等时性、独立性，运用分解的思想，看过河时间只分析垂直河岸的速度，分析过河位移时，要分析合速度6．（3分）（2012•孝感二模）把动力装置分散安装在每节车厢上，使其既具有牵引动力，又可以载客，这样的客车车辆叫做动车．而动车组就是几节自带动力的车辆（动车）加几节不带动力的车辆（也叫拖车）编成一组，就是动车组，如图所示．假设动车组运行过程中受到的阻力与其所受重力成正比，每节动车与拖车的质量都相等，每节动车的额定功率都相等．若1节动车加3节拖车编成的动车组的最大速度为160km/h；现在我国往返北京和上海的动车组的最大速度为480km/h，则此动车组可能（）A．由3节动车加3节拖车编成的B．由3节动车加9节拖车编成的C．由6节动车加2节拖车编成的D．由3节动车加4节拖车编成的考点：功率、平均功率和瞬时功率；功能关系．专题：功率的计算专题．分析：若1节动车加3节拖车编成的动车组的最大速度为160km/h，速度最大时，牵引力与阻力相等，根据该关系求出阻力与重力的比值，从而抓住牵引力等于阻力时，最大速度为480km/h，求出动车组的组成．解答：解：当牵引力等于阻力时，速度最大，有：，解得k=．A、当动车组由3节动车加3节拖车编成，当速度最大时有：，解得．v m=320km/h故A错误．B、当动车组由3节动车加9节拖车编成，当速度最大时有：，解得v m=160km/h．故B错误．C、当动车组由6节动车加2节拖车编成，当速度最大时有：，解得v m=480km/h．故C正确．D、当动车组由3节动车加4节拖车编成，当速度最大时有：，解得v m=274km/h．故D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道当动车速度最大时，牵引力等于阻力．7．（3分）（2014•河西区二模）某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势B．c点的电场强度大于d点的电场强度C．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．若将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增加考点：电场线；电场强度；电势；电势能．分析：要正确在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，理解这些概念之间的关系．解答：解：A、做出通过b点的等势线，等势线与过a点的电场线相交，根据沿电场线电势降低可知：a点的电势低于b点的电势，故A错误；B、从电场线的分布情况可知，d处的电场线比c处的密，所以c点的电场强度小于d点的电场强度，故B错误；C、正电荷所受电场力和电场线方向相同，因此正试探电荷由a点移到b点时电场力做负功，故C正确；D、当负试探电荷由c点移到d点时电场力做正功，电势能减小，故D错误．故选C．点评：电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念是本章的重点和难点，要弄清它们之间的区别和联系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化．8．（3分）（2011秋•金平区校级期末）如图所示，A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图所示．设A、B两点的电场强度分别为E A、E B，电势分别为φA、φB，则（）A．E A=E B B．E A＜E B C．φA=φB D．φA＞φB考点：电势；电场强度；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电子运动的速度﹣时间图象可知，电子做初速度为零的匀加速直线运动，由此可以判断出电场的方向和电场强度大小的变化情况．解答：解：由图可知：电子做初速度为零的匀加速直线运动．匀加速运动说明所受电场力恒定，因此为匀强电场，即E A=E B，电子由静止从A运动到B，所以电场力由A指向B，因此电场线方向从B指向A，沿电场线电势降低，即有φA＜φB，故BCD错误，A正确．故选A．点评：本题结合运动图象考查了电场强度和电势的变化情况，考查角度新颖，要注意结合图象的含义以及电场线和电场强度与电势的关系求解．9．（3分）（2012•金阊区校级模拟）如图，一质量为m的质点在半径为R的半球形容器中（容器固定），由静止开始自边缘上的一点滑下，到达最低点B时，它对容器的正压力为N．重力加速度为g，则质点自A滑到B的过程中，摩擦力对其所做的功为（）A．R（N﹣3mg）B．R（3mg﹣N）C．R（N﹣mg）D．R（N﹣2mg）考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：小球在B点竖直方向上受重力和支持力，根据合力提供向心力求出B点的速度，再根据动能定理求出摩擦力所做的功．解答：解：在B点有：．得．A滑到B的过程中运用动能定理得，，得．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键掌握动能定理解题，以及知道质点在B点径向的合力提供圆周运动的向心力．10．（3分）（2005•海门市模拟）如图所示，木板质量为M，长度为L，小木块的质量为m，水平地面光滑，一根不计质量的轻绳通过定滑轮分别与M和m连接，小木块与木板间的动摩擦因数为μ．开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的力将m拉至右端，拉力至少做功为（）A．μmgL B．2μmgL C．D．μ（M+m）gL考点：功能关系．分析：在水平向右的拉力作用下，小木块沿木板向右运动，在运动过程中拉力做功的最小值就是拉力等于摩擦力，使小木块在木板上做匀速运动．从而根据功的表达式可求出匀速运动时，拉力做的功．解答：解：开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的力将m拉至右端，拉力做功最小值时，即拉力维持小木块在木板上做匀速缓慢运动时；拉力大小为 F=T+μmg=2μmg，拉力做功最小值为W=F•L=μmgL故选：A点评：本题突破口就是拉力做功的最小值，就是木块在木板上做匀速运动．所以学生在审题时，要关注题目中的关键字词．11．（3分）（2011春•亭湖区校级期末）由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B ．无论检验电荷的电量如何变化，始终不变C．一个不带电的小球在P点受到电场力为零，则P点的场强一定为零D．电场中某点的场强为零，则在该点的电荷受到的电场力一定为零考点：电场强度．分析：电场强度由比值定义法定义，但场强是电场本身的一种性质，与电场力及检验电荷的荷量无关．解答：解：A、电场强度E是由电场本身的性质所决定的，和该点有没有电荷无关，与电场力无关，故A错误；B、电场强度是电场本身的性质，故同一点的场强不变，即放不放检验电荷及检验电荷的电量如何变化，是不变的，故B正确；C、电场的性质是只能放入其中的带电体有力的作用，若放不带电的小球无法确定是否有场强，故C错误；D、由F=Eq可知，电场中的场强为零，则在该点的电荷受到的电场力一定为零，故D正确；故选BD．点评：由于电场较为抽象，故在定义时我们采用了比值定义法；但是在理解时一定要注意，电场强度是电场的一种性质，和检验电荷无关．12．（3分）（2009•上海）两带电量分别为q和﹣q的点电荷放在x轴上，相距为L，能正确反映两电荷连线上场强大小E与x关系的是图（）A．B．C．D．考点：电场的叠加．分析：结合等量异种电荷的电场线分布情况分析，电场线的疏密程度反映场强的大小，电场线的切线方向反映电场强度的方向．解答：解：由等量异种点电荷的电场强度的关系可知，在两电荷连线中点处电场强度最小，但不是零，从两点电荷向中点电场强度逐渐减小；故选A．点评：本题关键是结合等量异种电荷的电场线分布情况分析，也可以结合点电荷的电场强度公式列式求解．13．（3分）（2011春•亭湖区校级期末）如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m 的圆环，圆环与竖直放置的轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长h．让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零．则在圆环下滑过程中（）A．圆环机械能不守恒B．弹簧的弹性势能先减小后增大C．弹簧的弹性势能变化了mghD．弹簧的弹性势能最大时圆环动能最大考点：机械能守恒定律；弹性势能．分析：分析圆环沿杆下滑的过程的受力和做功情况，只有重力和弹簧的拉力做功，所以圆环机械能不守恒，但是系统的机械能守恒；沿杆方向合力为零的时刻，圆环的速度最大．解答：解：A、圆环沿杆滑下，滑到杆的底端的过程中有两个力对圆环做功，即环的重力和弹簧的拉力；所以圆环的机械能不守恒，如果把圆环和弹簧组成的系统作为研究对象，则系统的机械能守恒，故A选项正确，B、弹簧的弹性势能随弹簧的形变量的变化而变化，由图知弹簧先缩短后再伸长，故弹簧的弹性势能先增大再减小后增大才对．故B选项错误．C、根据系统的机械能守恒，圆环的机械能减少了mgh，那么弹簧的机械能即弹性势能增大mgh．故C选项正确．D、根据系统机械能守恒，弹簧弹性势能最大时圆环的速度等于零，故D选项错误．故选A、C点评：对物理过程进行受力、运动、做功分析，是解决问题的根本方法．这是一道考查系统机械能守恒的基础好题．14．（3分）（2008•济宁模拟）如图a、b所示，是一辆质量m=6×103kg的公共汽车在t=0和t=4s末两个时刻的两张照片．当t=0时，汽车刚启动（汽车的运动可看成匀加速直线运动）．图c是车内横杆上悬挂的拉手环经放大后的图象，测得θ=15°．根据题中提供的信息，可以估算出的物理量有（）A．汽车的长度B．4s末汽车的速度C．4s内汽车牵引力所做的功D．4s末汽车牵引力的功率考点：牛顿第二定律；功的计算；功率、平均功率和瞬时功率．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：从图c中求出汽车的加速度的，根据初速度、时间、加速度可求出汽车的位移（即汽车的长度）、以及汽车的速度．根据加速度可求出汽车所受的合外力，从而求出合外力做的功，因无法知道汽车的牵引力，故无法求出汽车牵引力的功率．解答：解：A、从c图知道，汽车的加速度为gtanθ，还知道初速度为0和运动的时间，根据 s=v0t+at2和v=v0+at可求出汽车的位移（即汽车的长度）和4s末汽车的速度．故A、B正确．C、根据F=ma求合外力，根据位移可求出合外力做的功，但不能求出牵引力做的功．故C错误．D、因牵引力大小未知，所以功率无法求出．故D错误．故选AB．点评：解决本题的关键通过c 图求出汽车的加速度，从而求出位移、速度、合外力．二、填空题15．（3分）（2008•上海）如图所示，把电量为﹣5×10﹣9C 的电荷，从电场中的A 点移到B 点，其电势能增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）；若A 点的电势φA =15V ，B 点的电势φB =10V ，则此过程中电场力做的功为﹣2.5×10﹣8 J ．考点：电势能；电势差；电势．专题：计算题．分析：判断电势能的高低可以根据电势高低进行：负电荷在电势高的地方电势能低，正电荷则相反；也可以利用电场力做功：电场力做正功，电势能降低，做负功，电势能增加．电场力做功和路径无关，至于始末位置的电势差有关．解答：解：A 点电势高于B 点，因此负电荷在A 点电势能小于B 点，故将负电荷从A 点移到B 点，电势能将增加；．故答案为：增大，﹣2.5×10﹣8．点评：电势、电势能是电场中重要的概念，要正确理解电势、电势能之间以及电场力做功和电势能之间关系．16．（3分）（2012春•瑞安市校级期末）如图a 是研究小球在斜面上平抛运动的实验装置，每次将小球从弧型轨道同一位置静止释放，并逐渐改变斜面与水平地面之间的夹角θ，获得不同的射程x ，最后作出了如图b 所示的x ﹣tan θ图象．则：由图b 可知，小球在斜面顶端水平抛出时的初速度v0=1m/s．实验中发现θ超过60°后，小球将不会掉落在斜面上，则斜面的长度为m．（g取10m/s2）考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合平抛运动的规律得出水平位移x与tanθ的关系式，结合图象得出小球平抛运动的初速度．再根据板长与竖直位移和水平位移的关系求解板长．解答：解：小球做平抛运动落在斜面上，有：tanθ=，解得：t=．则水平位移：x=v0t=．由数学知识知图b的斜率为：k=，解得：v0=1m/s．设板长为L．当θ=60°时，则有：水平方向有：Lcos60°=v0t竖直方向有：Lsin60°=联立得：Lsi n60°=解得：L=m故答案为：1，m点评：解决本题的关键抓住竖直位移与水平位移的比值等于斜面的倾角的正切值，得出x﹣tanθ的关系，通过图线的斜率求解初速度，这是解决与图象结合问题的常用方法．17．（3分）（2013春•微山县校级期末）用如图1所示的实验装置验证机械能守恒定律．实验所用的电源为学生电源，输出电压为6V的交流电和直流电两种．质量为0.300kg的重锤从高处由静止开始下落，重锤上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点痕进行测量，即可验证机械能守恒定律．（g取9.8m/s2）（1）下面列举了该实验的几个操作步骤：A．按照图示的装置安装器件；B．将打点计时器接到电源的“直流输出”上；C．释放悬挂纸带的夹子，同时接通电源开关打出一条纸带；D．测量纸带上某些点间的距离；E．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能．将其中操作不当的步骤对应的字母填在下面的空行内，并说明其原因．①B ②C（2）实验中得到如图2所示的纸带，根据纸带可得重锤从B点到D点重力势能的减少量等于0.271 J，动能的增加量等于0.264 J．（结果保留三位有效数）（3）在验证机械能守恒定律的实验中发现，重锤减小的重力势能总是大于重锤动能的增加，其原因主要是实验过程中摩擦阻力的存在．考点：验证机械能守恒定律；重力势能的变化与重力做功的关系；用打点计时器测速度．分析：对于实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．解答：解：（1）①B、电火花和电磁计时器都使用交流电源．②C、实验时，应先接通打点计时器电源后释放重物，由于重物运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理．（2）重力势能减小量等于△E p=mgh=0.300×9.8×（0.0442+0.0480）J=0.271 J．利用匀变速直线运动的推论v B===2.11m/sv D===2.49m/sE kB=mv B2，E kD=mv D2△E k=E kD﹣E kB=0.264J（3）由于实验过程中摩擦阻力的存在，重力势能有一部分转化给了摩擦阻力做功产生的内能．故答案为：（1）①B ②C（2）0.271J． 0.264J（3）由于实验过程中摩擦阻力的存在产生误差．点评：要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒．重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能．三、计算题18．（2013•武陵区校级学业考试）如图所示，质量m=50kg的跳水运动员从距水面高h=10m 的跳台上以v0=5m/s的速度斜向上起跳，最终落入水中．若忽略运动员的身高．取g=10m/s2，求：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能（以水面为参考平面）；（2）运动员起跳时的动能；（3）运动员入水时的速度大小．考点：重力势能；动能；机械能守恒定律．分析：（1）由重力势能的定义式可以求得；（2）由动能的公式可以求得运动员起跳时的动能；（3）根据机械能守恒可以求得运动员入水时的速度大小．解答：解：（1）取水面为参考平面，人的重力势能是 E p=mgh=5000J；（2）由动能的公式得 E k==625J；（3）在整个过程中，只有重力做功，机械能守恒，由，解得v=15m/s，答：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能是5000J；（2）运动员起跳时的动能是625J；（3）运动员入水时的速度大小是15m/s．点评：直接考查动能，重力势能和机械能守恒的应用，比较简单．19．（2014秋•南湖区校级月考）如图所示，真空中一质量为m，带电量为﹣q的液滴以初速度为v0，仰角α射入匀强电场中以后，做直线运动求：（1）所需电场的最小场强的大小，方向．（2）若要使液滴的加速度最小，求所加的电场场强大小和方向．（3）如果加一水平方向的匀强电场，使液滴还是做如图所示的直线运动，则求液滴向上运动离开出发点的最远距离以及在这个过程中电场力做的功．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）若液滴做直线运动，则重力与电场力的合力与初速度在一条直线上，根据三角形定则和几何知识分析何时电场力最小，从而场强的最小值和方向．（2）若要使液滴的加速度最小，即为零，液滴所受电场力与重力的合力为零．（3）根据牛到第二定律求出匀减速直线运动的加速度，结合速度位移公式求出速度减为零的距离，即离开出发点的最远距离．根据功的公式求出电场力做功的大小．解答：解：（1）若液滴做直线运动，则重力与电场力的合力与初速度在一条直线上，由矢量三角形合成法则知，当qE垂直于合力时场强最小，如图：由几何知识知：qE=mgcosα得：E=，电场力方向垂直于速度向上，则电场线方向垂直v0向右下方．（2）若要使液滴的加速度最小，即为零，液滴所受电场力与重力的合力为零：qE=mg 得：E=，方向竖直向下．（3）电场为水平方向，物体做直线运动，知合力的方向与速度方向在同一条直线上，根据牛顿第二定律得，加速度大小a=，则最大距离s=．该过程中电场力做功W==﹣．答：（1）所需电场的最小场强的大小为，方向垂直v0向右下方．（2）若要使液滴的加速度最小，所加的电场场强大小为，方向竖直向下．（3）液滴向上运动离开出发点的最远距离为，电场力做功为．点评：本题关键要能由运动情况来确定受力情况，掌握物体做直线运动的条件，熟练运用三角形定则进行分析．20．（2013•淮安模拟）在竖直平面内固定一轨道ABCO，AB段水平放置，长为4m；BCO段弯曲且光滑，轨道在O点的曲率半径为1.5m；一质量为1.0kg、可视为质点的圆环套在轨道上，圆环与轨道AB段间的动摩擦因数为0.5．建立如图所示的直角坐标系，圆环在沿x轴正方。

浙江省嘉兴市2014

浙江省嘉兴市2014-2015学年高一上学期期末物理试卷一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对得3分，不选、错选或多选得零分。

）1．（3分）他是第一个把实验引进力学的科学家，他利用实验和数学逻辑推理相结合的方法确定了一些重要的力学定律，从而有力的推进了人类科学认识的发展，这位科学家是（）A．牛顿B．伽利略C．亚里士多德D．胡克2．（3分）如图所示为沪杭城际高速铁路，连接上海虹桥与杭州东站，全长169公里．列车设计时速350km/h，在试运行中最高时速达到了416.6km/h的世界运营铁路最高速度．则（）A．研究列车运动轨迹时不可把它看成质点B．研究列车全部进站所需时间时可把它看成质点C．169km表示位移D．416.6km/h表示瞬时速度3．（3分）小姜坐23路公共汽车沿中山路从嘉兴大润发到戴梦得，途径如图所示的各站．全程长约3km（可看做直线距离），所用时间约0.3h．小李始终观察着汽车的速度表，记录下全程车速的最大值为50km/h，最小值为零．请你估算全过程的平均速度的大小约为（）A．50km/h B．25km/h C．10km/h D．5km/h4．（3分）某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，在如图所示的四种情况中（坐标纸中每格的边长表示1N大小的力），物体所受合外力大小（）A．图中为4N B．图中为2N C．图中为0 D．图中为05．（3分）为保障旅客安全出行，铁道部门须对乘客所携带的物品实施安全检查．如图所示，乘客将携带物品放到以恒定速率运动的水平传送带上，使物品随传送带一起运动并通过检测仪接受检查．当乘客将物品无初速度放在传送带上之后，物品（）A．与传送带相对静止时受到静摩擦力B．初始阶段受与运动方向相同的摩擦力作用C．受摩擦力作用时不一定受弹力作用D．相对地面运动故一定受到滑动摩擦力6．（3分）如图所示，物体与粗糙斜面一起沿水平面向左匀速运动．则斜面对物体的作用力方向（）A．必沿b方向B．必沿d方向C．必沿c方向D．a、b、c、d方向都有可能7．（3分）如图所示，人用手托着苹果处于静止状态，则（）A．手所受压力是由于手的弹性形变而产生的B．手所受压力和手对苹果的支持力是一对平衡力C．苹果所受重力和手对苹果的支持力是一对平衡力D．苹果所受重力和苹果对手的压力是作用力和反作用力8．（3分）如图所示是某质点做直线运动的v﹣t图象，由图可知，该质点（）A．第1s内和第3s内的运动方向相反B．第1s内和第4s内的加速度相同C．第1s内和第4s内的位移大小不等D．第2s末和第4s末质点的位置相同9．（3分）如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到180m时，开始向上做匀速运动．若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，则热气球（）A．所受浮力大小为4600NB．加速上升过程中所受空气阻力保持不变C．从地面开始上升到距离地面150m前处于超重状态D．随着高度增加惯性越来越小10．（3分）如图所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，质量为m的小球A用轻质细线悬挂于支架前端，与小车的运动竖直相同，右端质量为M的物块B始终相对于小车静止．B与小车平板间的动摩擦因数为μ．若某时刻观察到轻质细线偏离竖直方向θ角，则（）A．物块B所受摩擦力为零B．小车的加速度为gsinθC．轻质细线对小球A的拉力为mgcosθD．小车对物块B的作用力大小为Mg二、填空题（本大题共5小题，每空2分，共18分）11．（4分）力是（填“矢量”或者“标量”），在国际单位制中，力的单位“N”属于单位．12．（4分）如图所示，水平面上固定一竖直轻质弹簧，一质量为m的A物体系在弹簧上端，整个系统在外力F的作用下处于平衡状态，此时弹簧弹力大小为；现突然撤去外力F，则此瞬间A物体的加速度大小为．13．（2分）小球从靠近竖直砖墙的某位置由静止释放，用频闪方法拍摄的小球位置如图中1、2、3和4所示．已知连续两次闪光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d．则经过位置3时的瞬时速度大小约为．14．（4分）如图所示，一物体通过轻质细绳悬挂于O点，用作用于A点的水平外力F1缓慢拉动轻质细绳，在θ角逐渐增大的过程中，外力F1，细绳OA的拉力F2（填变大、变小、不变）15．（4分）研究表明，一般人的刹车反应时间（即图中“反应过程”所用时间）为t0=0.4s，但饮酒会导致反应时间延长，在某次试验中，志愿者未饮酒驾车以20m/s的速度匀速行驶，从发现情况开始刹车，已知刹车时的加速度大小为8m/s2，则汽车5s内的位移为；志愿者少量饮酒后驾车仍以相同的速度在试验场的水平面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离为L=39m，则饮酒后志愿者的反应时间为s．三、课题研究与实验（本大题共4小题，每空2分，共24分）16．（8分）在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，所用交流电的频率为50Hz，某次实验利用如图（a）的打点计时器得到小车做匀加速直线运动的一条纸带，如图（b）所示，从比较清晰的点起，每五个点取一个点作为计数点，分别标明O、A、B、C、D在纸带上放置一刻度尺．（1）如图（a）中的打点计时器所用电压为；（2）如表记录的是某小组测出的计数点对应的刻度数值，其中计数点B未测定，根据图（b），此数值应为；计数点O A B C D刻度数值/cm 0 3.4 13.90 20.95（3）小车通过点C时的速度为m/s，小车加速度为m/s2．（小数点后保留两位）17．（6分）在做“探究求合力的方法”实验中：（1）实验桌上已有的器材如图（a）所示，为完成该实验，还需要的器材是A．一根橡皮筋B．两个钩码C．三角板一套D．天平（2）某同学在做实验时，操作弹簧秤平行于木板如图（b）所示，然后记录力的大小和方向，请指出这样操作的问题．（3）规范操作后，请读出图（c）弹簧秤的读数为N．（4）规范操作后，该同学做出如图（d）所示的图形，则F与F′中，是力F1与F2的合力的真实值．18．（4分）某同学“探究弹力与弹簧伸长量的关系”实验中，先把弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，长度记为L0；然后弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，依次记录弹簧的长度：（1）如图是该同学根据记录的数据作出的图象，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与的差值（填“L0”或“L x”）（2）由图可知弹簧的劲度系数为N/m．19．（6分）某同学利用如图所示装置探究加速度与力、质量之间的关系，根据图片信息，他安装仪器后，准备开始测量实验数据时的状态如图所示，（1）从图片上看，你觉得他在开始正确测量前必须得修正哪几方面的问题？（请至少写出两点）；（2）修正错误后，在保持小车所受牵引力一定的情况下，对实验得到的一系列纸带进行处理，测得小车加速度a与小车质量M的数据如表：已知小钩码质量m=30g实验次数 1 2 3 4 5 6a（m/s2） 1.51 1.23 1.00 0.86 0.75 0.67M（kg）0.20 0.25 0.30 0.35 0.40 0.45（kg﹣1） 5.00 4.00 3.33 2.86 2.50 2.22为了寻求a与M间的定量关系，请利用表中数据在答题卷相应位置的直角坐标系中选取合适的横坐标及标度做出图象．四、计算题（第20题6分，第21题10分，第22题12分，共28分。

浙江省嘉兴市第一中学2013-2014高二上学期摸底物理试题.pdf

14．如图所示，一轻绳吊着粗细均匀的棒，棒下端离地面高Ｈ，上端套着一个细环。棒和环的质量均为m，相互间
最大静摩擦力等于滑动摩擦力，大小为mg。断开轻绳，棒和环下落。假设棒足够长，与地面发生碰撞时，触地时间极短
，无动能损失。棒在整个运动过程中始终保持竖直，空气阻力不计。则
A．棒第一次B．C．从断开轻绳到棒和环都静止的过程中，D．从断开轻绳到棒和环都静止，三、填空题（本题共
1空，每空2分，共2分）
15．如图所示，一圆环以直径AB为轴作匀速转动，则环上P、Q两点线速度大小vP：vQ＝_________如果环的转动周
期为2s，则P点做圆周运动的角速度为_________rad/s
16．物体自由下落，下落1m和下落4m时物体
获得的动能之比为
，下落1s末和下落4s末物体动能之比为
与传送带间的动摩擦因数为0.2，g取10m/s2，保持物体下落的高度不变，改变皮带轮的速度v，则物体到达传送带另一
端的速度vB随v的变化图线是
分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)
11．质量为m的物体，在距地面h高处以g/3的加速度由静止竖直下落到地面，下列说法中正确的有
A．物体的重力势能减少1/3mgh B．物体的机械能减少2/3mgh
vB
7
1
7
1
O
v（m?s-1）
vB 7 1 7 1 O 第10题图 v hO LO BO AO O v（m?s-1） O 1 7 1 7 vB v（m?s-1） 5 5 A B C D P B Q PP A Q P C Q P D Q 棒 H 环 A O B1 L/cm W/ W0 0 1 2
点电荷移至P点，则O点的场强大小变为E2，E1与E2之比为

浙江省嘉兴一中2014-2015学年高二物理期中试卷理(含解析)

2014-2015学年浙江省嘉兴一中高二（上）期中物理试卷（理科）一、单项选择题（每小题只有一个选项正确，每小题3分，共30分）1．（3分）（2012秋•温州期中）对于电场中A、B两点，下列说法正确的是（）A．电势的定义式φ=，说明电势φ与电势能EP成正比，与电荷的电荷量q成反比B．将正电荷从A点移到B点静电力做负功，则有UAB＞0C．电势差的定义式中，UAB与移动电荷量q无关D．把某点电荷q从A点移到B点的过程中，电场力对该电荷做了负功，则电势能增加考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．分析：某点的电势是由电场本身决定的，与电势能以及试探电荷的电量无关；正电荷从A点移到B点静电力做负功，电荷的电势能增大，电势升高；两点之间的电势差由电场本身决定的，与电场力做功以及试探电荷的电量无关；解答：解：A、某点的电势是由电场本身决定的，与电势能以及试探电荷的电量无关；故A 错误；B、将正电荷从A点移到B点静电力做负功，电荷的电势能增大，电势升高，所以UAB＜0．故B错误；C、电势差的定义式中，定义的是一个比值，是由电场本身决定的，与电场力做功以及试探电荷的电量无关．故C错误；D、把某点电荷q从A点移到B点的过程中，电场力对该电荷做了负功，则电势能增加．与电荷q的正负无关．故D正确．故选：D点评：电场中的电势与电势差都是由电场本身决定的，与试探电荷无关．一定要抓住“比值”的内涵．属于易错的题目．2．（3分）（2010秋•温州期中）下列说法正确的是（）A．电流方向就是电荷定向移动的方向B．由公式R=可知，电阻R与电压U成正比，与电流I成反比C．外电路断开时，电源的路端电压为零D．外电路短路时，电源的内电压等于电动势考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电流方向与正定向移动方向相同；电阻反映导体本身的特性，与电压、电流无关；外电路断开时，路端电压等于电源的电动势；外电路短路时，电源的内电压等于电动势，可根据闭合电路欧姆定律分析．解答：解：A、电流方向是正电荷定向移动的方向，与负电荷定向移动的方向相反，故A错误．B、公式R=是比值定义法，具有比值定义法的共性，R与U、I无关，反映导体本身的特性，不能说电阻R与电压U成正比，与电流I成反比，故B错误．C、外电路断开时，电路中电流为零，电源的内电压为零，根据闭合电路欧姆定律得知，电源的路端电压等于电动势，故C错误．D、外电路短路时，R=0，则电流为I=，内电压U=Ir=E，故D正确．故选D点评：本题关键掌握部分电路欧姆定律和全电路欧姆定律，要正确理解断路和短路时路端电压的大小．3．（3分）（2013•贵州学业考试）如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A．Q变小，C不变，U不变，E变小B．Q变小，C变小，U不变，E不变C．Q不变，C变小，U变大，E不变D．Q不变，C变小，U变大，E变小考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：题中平行板电容器与静电计相接，电容器的电量不变，改变板间距离，由C=，分析电容的变化，根据C=分析电压U的变化，根据E=分析场强的变化．解答：解：A、B，平行板电容器与静电计并联，电容器所带电量不变．故A、B错误．C、D，增大电容器两极板间的距离d时，由C=知，电容C变小，Q不变，根据C=知，U变大，而E===，Q、k、ɛ、S均不变，则E不变．故C正确，D错误．故选C点评：对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，电压不变．当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变．4．（3分）（2014秋•南湖区校级期中）如图所示为处于静电场中某空腔导体周围的电场分布情况，实线表示电场线（方向向右侧），虚线表示等势面，A、B、C为电场中的三个点，O为空腔导体内的一点．下列说法正确的是（）A．B点的电势高于O点的电势B．A点的电势低于B点的电势C．A点的电场强度小于B点的电场强度D．将正电荷从A点移到C点，电场力做正功考点：电场线；电场强度．分析：根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小；根据沿着电场线，电势逐渐降低来判断电势的高低；根据等差等势面来确定电势差大小，再由电势差与电场力做功关系公式WAB=qUAB来判断电场力做功的多少．解答：解：A、由于沿着电场线，电势逐渐降低，故φO＞φB，故A错误；B：由于沿着电场线，电势逐渐降低，故φA＞φB，故B错误；C、由电场线越密的地方，电场强度越大，则有EB＞EA，故C正确；D、由于从A和C处于同一条等势线上，故从A到C过程的电场力不做功，故D错误．故选：C．点评：本题关键是根据电场线及其与等势面的关系判断出电势高低、电场力大小和电势差的大小关系．同时知道等差等势面越密的地方，电场线也越密．当然也可以由电场力做功的正负来确定电势能的增减．5．（3分）（2008秋•嘉定区期末）两只额定电压均为110V的灯泡A和B，额定功率分别为100W 和40W，为了使它们接到220V电源上能正常发光，同时电路消耗的电功率最小，如图所示的四个电路中最合理的是图（）A．B．C．D．考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路．解答：解：A、由于灯泡要满足110V的额定电压，所以当B灯泡与电阻并联以后，B灯泡的电压无法达到额定110V的电压，故A错误；B、由于额定电压都是110V，额定功率PA=100W、PB=40W，由此可知RB＞RA，把灯泡A与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，故B错误；C、由于额定电压都是110V，额定功率PA=100W、PB=40W，由此可知RB＞RA，把灯泡B与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A与并联部分的电阻相同，所以AB能同时正常发光，并且电路消耗的功率与A灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200W；D、把AB并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与AB并联的总的电阻相等时，AB就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280W；由CD的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为C，故C正确．故选C．点评：解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小．6．（3分）（2014秋•崇川区校级期中）两根材料相同的均匀导线A和B，其长度分别为l m和2m，串联在电路中时沿长度方向电势的变化如图所示，则A和B导线的横截面积之比为（）A．2：3 B．1：3 C．1：2 D．3：1考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：串联电路中电流相等，根据电势差的大小，通过欧姆定律得出电阻的大小关系，再根据电阻定律得出A和B导线的横截面积之比．解答：解：A、B两端的电势差分别为6V，4V，电流相等，根据欧姆定律得，．根据电阻定律得，R=，则s=．则横截面积之比．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：本题考查了欧姆定律、电阻定律以及串并联电路的特点，难度不大．7．（3分）（2009•福建）如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（）A．带点油滴将沿竖直方向向上运动B．P点的电势将降低C．带点油滴的电势能将减少D．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大考点：电容；电势能．专题：电容器专题．分析：将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据E=分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况．由U=Ed分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化和油滴电势能的变化．解答：解：A、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E=得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故A错误；B、场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低．故B正确；C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加．故C错误；D、若电容器的电容减小，根据Q=Uc，由于电势差不变，故带电量将减小，故D错误；故选：B．点评：本题运用E=分析板间场强的变化，判断油滴如何运动．运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化．8．（3分）（2014秋•南湖区校级期中）如图所示，带电量分别为﹣2Q和﹣4Q的两个完全相同的金属球A、B，放在光滑绝缘的水平面上，今让金属球A、B分别自M、N两点以相等的动能相向运动，当两球刚好接触时，两球速度恰好为零，两球带电量重新分布，设这段时间为t0，然后两球又向相反方向运动，设返回M、N两点经历的时间分别为t1、t2则（）A．t1＞t2 B．t1＜t2 C．t1=t2＞t0 D．t1=t2＜t0考点：电势差与电场强度的关系；库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：当两个完全相同的金属小球相接触时，若是同种电荷则是平均分配；若是异种电荷则是先中和再平均分配．由动量观点看，系统动量守恒，返回过程中电场力大于接近过程中电场力，根据动能关系求解．由牛顿定律的观点看，两球的加速度大小始终相同，运用运动学知识求解．解答：解：由牛顿定律的观点看，两球的加速度大小始终相同，相同时间内的位移大小一定相同，必然在连线中点相遇，又同时返回出发点，再由牛顿定律的观点看，两球的加速度大小始终相同，由于碰撞后，电量的平分，导致两者的库仑力比碰撞前大，则加速度比碰撞前还大，因位移大小是相同，所以返回时间变小，故ABC错误，D正确．故选D．点评：本题考查对碰撞过程基本规律的理解和应用能力．碰撞过程的两大基本规律：系统动量守恒和总动能不增加，常常用来分析碰撞过程可能的结果．9．（3分）（2015•佛山模拟）在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是（）A．I1增大，I2不变，U增大B．I1减小，I2增大，U减小C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：本题首先要理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，再采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析．解答：解：由图知电压表测量路端电压，电流表A1测量流过R1的电流，电流表A2测量流过R2的电流．R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，即电压表示数U减小，R3电压增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大．故A、C、D错误，B正确．故选：B．点评：解决本题的关键抓住电动势和内电阻不变，结合闭合电路欧姆定律求解．注意做题前一定要理清电路，看电压表测的是什么电压，电流表测的是什么电流．10．（3分）（2012春•洛阳期末）如图所示，直线A为电源的U﹣I图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的U﹣I图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2；电源的效率分别为η1、η2，则（）A．P1＞P2 B．P1＜P2 C．η1＞η2 D．η1＜η2考点：路端电压与负载的关系；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电源的效率等于电源输出功率与电源总功率的百分比．根据效率的定义，找出效率与电源路端电压的关系，由图读出路端电压，就能求出效率．电源与电阻的U﹣I图线的交点，表示电阻接在电源上时的工作状态，可读出电压、电流，算出电源的输出功率，进而比较大小．解答：解：A、B，由图线的交点读出，B接在电源上时，电源的输出输出功率为：P1=UI=2×4=8W C接在电源上时，电源的输出输出功率P2=UI=8W，即P1=P2；故A、B均错误．C、D，电源的效率为：η===，效率与路端电压成正比，B接在电源上时路端电压大，效率高，η1＞η2．故C正确，D错误；故选：C．点评：本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率高，输出功率不一定大．其次，会读图．电源与电阻的伏安特性曲线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态．二、不定项选择题（每小题4分，共16分．每小题的4个选项中至少有一个选项是正确的，全选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分）11．（4分）（2010•广东模拟）如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a电势能减小，b电势能增大C．a加速度减小，b加速度增大D．a和b的动能一定都增大考点：等势面；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：物体做曲线运动的条件：力与速度不共线，要明确力、速度和运动轨迹三者的位置关系，电场力做功与电势能、动能的关系，电场线与电场强度的关系．解答：解：A、由运动轨迹如图可知，a、b做曲线运动，由于电场线方向未知，故a、b电性不能确定，故A错误B、根据图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，电势能减小，故B错误C、根据a、b两粒子做曲线运动轨迹弯曲程度即电场线的疏密可知，b所处的电场线变密，电场强度变强，所受的电场力在增大，加速度在增大；a所处的电场线变疏，电场强度变弱，所受的电场力在减小，加速度在减小，故C正确D、根据图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，电势能减小，动能增加，故D正确故选CD点评：考查了物做曲线运动的条件：力与速度不共线．力、速度和运动轨迹三者的位置关系体，电场力做功与电势能、动能的关系，电场线与电场强度的关系12．（4分）（2014秋•丰宁县校级期末）一个电池组的电动势为E，内阻为r，用它给一电阻为R的直流电动机供电，当电动机正常工作时，通过电动机的电流为I，电动机两端的电压为U，经时间t（）A．电源在内外电路做的功为（I2r+IU）tB．电池消耗的化学能为IEtC．电动机输出的机械能为IEt﹣I2（R+r）tD．电池组的效率为考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电源做功的总功等于EIt；电池消耗的化学能为IEt；电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，由W=UIt求解电功．发热量由Q=I2Rt求解．出的机械能由能量守恒定律研究．电池组的效率等于输出功率与总功率之比．解答：解：A、电源在内外电路做的功为W总=EIt，又E=U+Ir，得W总=（I2r+IU）t．故A 正确．B、电池消耗的化学能等于电源在内外电路做的功，即为EIt．故B正确．C、根据能量守恒得：电动机输出的机械能为IUt﹣I2Rt=（IEt﹣I2rt）﹣I2Rt=IEt﹣I2（R+r）t．故C正确．D、电池组的效率为η==．故D错误．故选：ABC．点评：本题中当电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，求电功只能用W=UIt，求热量Q=I2Rt．而输出的机械能只能根据能量守恒求解．13．（4分）（2014秋•南湖区校级期中）把小量程的电流表改装成电压表时，下列说法中错误的是（）A．改装的原理是串联的电阻起了分压作用，使允许加在改装后的电压表两端的电压比加在小量程电流表上的电压大了B．改装成电压表后，小量程电流表允许通过的最大电流加大了C．改装成电压表后，小量程电流表的内阻不变D．改装成电压表后，允许通过改装后的电压表的最大电流比小量程电流表的最大电流大考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律分析答题．解答：解：A、把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，使改装后加在电表两端电压增大，故A正确；B、把电流表改装成电压表后，通过电流表的最大电流不变，故B错误；C、把电流表改装成电压表后，电压表内阻等于电流表内阻与串联电阻阻值之和，内阻变大，故C错误；D、把电流表改装成电压表后，通过大量程电压表的电流与通过小量程电流表的最大电流相等，故D错误；本题选错误的，故选：BCD．点评：本题考查电压表的改装，知道电压表的改装原理，应用串联电路特点即可正确解题．14．（4分）（2008•韶关一模）如图所示，质量相同的两个带电粒子M、N，以相同的速度沿垂直于电场方向同时射入两平行板间的匀强电场中，M从两板正中央射入，N从下极板边缘处射入，它们最后打在上极板的同一点上．不计粒子的重力，则从开始射入到打到上极板的过程中（）A．它们的带电荷量之比qM：qN=1：2B．它们在电场中的运动时间tN＞tMC．它们的电势能减少量之比△EM：△EN=1：4D．它们打到上极板时的速度之比为vM：vN=1：2考点：带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：两个带电粒子都垂直于电场射入匀强电场中，都做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，由题可知，水平位移相等、初速度相等，即可知运动时间相等，由竖直位移的关系，由牛顿定律和位移公式即可求解电量之比．由动能定理求解电场力做功之比，得到电势能减少量之比．根据速度的合成，求解打到上极板时的速度之比．解答：解：A、B由题可知，两个带电粒子都做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，而且它们的水平位移相等、初速度相等，则在电场中的运动时间相等，即tN=tM．由竖直位移y==，m、t、E相等，则带电荷量之比qM：qN=yM：yN=1：2．故A正确，B错误．C、电荷在电场中运动时，由功能关系可知，电势能减小量等于电场力做功，则电势能减少量之比△EM：△EN=qMEyM：qNEyN=1：4．故C正确．D、由可知，两粒子的加速度之比为：aM：aN=1：2，则粒子打在极板上时，竖直方向分速度之比为：vyM：vyN：=1：2，所以打到上极板时的速度之比为vM：vN=：≠1：2．故D错误．故选AC点评：本题运用运动的合成与分解法研究类平抛运动，要抓住两个粒子水平位移和竖直位移的关系分析其他量的关系．三、填空题（每空2分，共20分）15．（4分）（2011秋•琼山区校级期末）读出图中游标卡尺和螺旋测微器的读数游标卡尺的读数为11.4 mm．；螺旋测微器的读数为0.920 mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为：1.1cm=11mm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.1mm=0.4mm，所以最终读数为：11mm+0.4mm=11.4mm．2、螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为42.0×0.01mm=0.420mm，所以最终读数为0.5mm+0.420mm=0.920mm．故答案为：11.4 0.920；点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些基本仪器进行有关测量．16．（8分）（2014秋•南湖区校级期中）在用电压表和电流表研究小灯泡在不同电压下的功率的实验中，实验室备有下列器材供选择：A．待测小灯泡（3.0V、1.5W）B．电流表（量程3A，内阻约为1Ω）C．电流表（量程0.6A，内阻约为5Ω）D．电压表（量程3.0V，内阻约为10kΩ）E．电压表（量程15.0V，内阻约为50kΩ）F．滑动变阻器（最大阻值为100Ω，额定电流50mA）G．滑动变阻器（最大阻值为10Ω，额定电流1.0A）H．电源（电动势为4.0V，内阻不计）I．电键及导线等（1）为了使实验完成的更好，电流表应选用 C ；电压表应选用 D ；滑动变阻器应选用G ．（只需填器材前面的字母即可）（2）请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把由图2中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图（3）正确连线后，实验开始前，应将滑动变阻器的滑片置于左端（填“右或左”）．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）器材的选取要安全、精确，根据小灯泡的额定电压和额定电流选出电压表和电流表的量程．滑动变阻器采用分压式接法，从测量的误差角度选出合适的滑动变阻器．（2）研究小灯泡在不同电压下的功率，电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法．根据所测灯泡的内阻，与电压表内阻和电流表内阻比较，确定是大电阻还是小电阻，从而确定电流表采取内接法还是外接法．（3）根据分压接法的特点确定滑动变阻器滑片开始所在的位置．解答：解：（1）从测量精确度考虑，小灯泡的额定电压为3V，所以电压表选取量程为3V的，小灯泡的额定电流I==0.5A，所以电流表选取量程为0.6A的，最大阻值为100Ω的滑动变阻器接入电路测量误差较大，所以选取最大阻值为10Ω的滑动变阻器．故选C、D、G．（2）由于电压和电流需从0开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻R==6Ω，远小于电压表内阻，与电流表内阻相当，属于小电阻，“小外偏小”，采取电流表的外接法．电流图如下．（3）为了让开始时测量电路中电压为零，故滑片开始时应滑到最左侧；故答案为：（1）C；D；G （2）如图（3）左；点评：解决本题的关键掌握器材选取的原则，掌握滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，以及电流表内外接的区别．17．（4分）（2007•上海）某同学设计了如图（a）所示电路研究电源输出功率变化情况．电源E电动势、内电阻恒定，R1为滑动变阻器，R2、R3为定值电阻，A、V为理想电表．（1）若滑动片P由a滑至b时A示数一直变小，则R1和R2必须满足的关系是R1≤R2．（2）若R1=6Ω，R2=12Ω，电源内电阻r=6Ω，当滑动片P由a滑至b时，电源E的输出功率P随外电路总电阻R的变化关系如图（b）所示，则R3的阻值应该选择 B ．A．2Ω B．4ΩC．6Ω D．8Ω考点：电功、电功率；闭合电路中的能量转化．专题：计算题；实验题．分析：（1）根据闭合电路欧姆定律可知，电流表A的示数一直变小，说明电路的总电阻是在变大的，所以要使R并一直变大，因为两电阻之和一定时，当二者相等时并联电阻最大，所以要求R1≤R2．（2）当电源的内阻和外阻相等时，电源的输出功率最大，根据并联部分的电阻变化范围0～4Ω，可以确定R3的电阻的范围，从而得出结果．解答：解：（1）A示数I=，欲使滑动片P由a滑至b时A示数一直变小，须使R并一直变大，因为两电阻之和一定时，当二者相等时并联电阻最大，所以要求R1≤R2．（2）从图b知，当R外=6Ω时，电源E的输出功率P最大，即电源内阻为6Ω，而R1和R2部分的电阻变化范围是0～4Ω，因此R3的阻值必须大于2Ω小于6Ω．所以A、C、D错误，只能选B．故答案为：（1）R1≤R2；（2）B．点评：对于闭合的电路来说，当内外的电阻相等时，电源的输出功率最大，根据图象可以知。