2016-2017年甘肃省天水二中高一上学期物理期末试卷和解析
2015-2016学年甘肃省天水一中高三(上)期末物理试卷(解析版)
2015-2016学年甘肃省天水一中高三（上）期末物理试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中．第l4～18题只有一项符合题目要求，第l9～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．有一长直螺线管通有正弦交流电，当电子沿螺线管轴线射入后，若不计电子重力，则电子的运动情况是（）A．变速直线运动 B．匀速直线运动 C．匀速圆周运动 D．沿轴线振动2．如图所示，在水平面上，质量为10kg的物体A拴在一水平被拉伸弹簧的一端，弹簧的另一端固定在小车上，当它们都处于静止时，弹簧对物块的弹力大小为3N，若小车突然以a=0.5m/s2的加速度水平向左匀加速运动时（）A．物块A相对于小车向右滑动B．物块A受到的摩擦力方向不变C．物块A受到的摩擦力变小D．物块A受到弹簧的拉力将增大3．如图所示，带电量为﹣q的点电荷与竖直放置的均匀带电薄板相距2d，点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心．若图中a点处的电场强度为零，根据对称性，带电薄板在图中b点处产生的电场强度的大小和方向分别为（）A．，水平向右B．，水平向左C．+，水平向左D．，水平向右4．如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与竖直放置的轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长h．让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零．则在圆环下滑过程中（）A．圆环机械能守恒B．弹簧的弹性势能先增大后减小C．弹簧的弹性势能变化了mghD．弹簧的弹性势能最大时圆环的动能最大5．（2016•中山市校级模拟）如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）A．电流表读数变小，电压表读数变大B．小电泡L变暗C．电容器C上电荷量减小D．电源的总功率变小6．（2010秋•安庆期末）测定运动员体能的一种装置如图所示，运动员的质量为M，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮（不计滑轮摩擦和质量），绳的另一端悬吊的重物质量为m，人用力向后蹬传送带而人的重心不动，传送带以速度v向后匀速运动（速度大小可调），则下列说法正确的是（）A．人对传送带做正功B．人对传送带不做功C．人对传送带做功的功率为mgvD．人对传送带做功的功率为（m+M）gv7．若第一宇宙速度为v，地球表面的重力加速度为g，地球自转的周期为T，地球同步卫星的轨道半径为地球半径的n倍．则下列说法正确的是（）A．地球同步卫星的加速度大小为gB．地球近地卫星的周期为TC．地球同步卫星的运行速度为vD．地球赤道上的物体随地球自转的线速度大小为v8．（2013秋•赣州期末）如图所示，两根长直导线竖直平行固定放置，且与水平固定放置的光滑绝缘杆MN分别交于c、d两点，点o是cd的中点，杆MN上a、b两点关于o点对称．两导线均通有大小相等、方向向上的电流，已知长直导线在周围某点产生磁场的磁感应强度与电流成正比、与该点到导线的距离成反比．一带正电的小球穿在杆上，以初速度v0从a点出发沿杆运动到b点．在a、b、o三点杆对小球的支持力大小分别为F a、F b、F o．下列说法可能正确的是（）A．F a＞F bB．F b＞F aC．小球一直做匀速直线运动D．小球先做加速运动后做减速运动三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个小题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（4分）（2013•长春四模）某物理兴趣小组在一次探究活动中，想测量滑块和长木板之间的动摩擦因数．实验装置如图所示，一端装有定滑轮的表面粗糙的长木板固定在水平实验台上，木板上有一滑块，滑块右端固定一个轻小动滑轮，钩码和弹簧测力计通过绕在滑轮上的水平轻绳相连，放开钩码，滑块在长木板上做匀加速直线运动．实验时滑块加速运动，读出弹簧测力计的示数F，处理纸带，得到滑块运动的加速度a；改变钩码个数，重复实验；以弹簧测力计的示数F为纵轴，加速度a为横轴，得到的图象是纵轴截距大小等于b的一条倾斜直线，如图所示；已知滑块和轻小动滑轮的总质量为m，重力加速度为g，忽略滑轮与绳之间的摩擦．则滑块和长木板之间的动摩擦因数μ=______．10．（11分）（2012•新疆三模）有以下可供选用的器材及导线若干条，要求尽可能精确地测量出待测电流表的满偏电流．A．待测电流表A0：满偏电流约为700～800μA、内阻约100Ω，已知表盘刻度均匀、总格数为N．B．电流表A：量程0.6A、内阻0.1Ω．C．电压表V：量程3V、内阻3kΩ．D．滑动变阻器R：最大阻值200Ω．E．电源E：电动势约3V、内阻约1.5Ω．F．开关S一个．（1）根据你的测量需要，在B．（电流表A）和C．（电压表V）中应选择______．（只需填写序号即可）（2）在虚线框内画出你设计的实验电路图．（3）测量过程中，测出多组数据，其中一组数据中待测电流表A0的指针偏转了n格，可算出满偏电流I Amax=______，式中除N、n外，其他字母符号代表的物理量是______．11．（14分）如图所示，电动机带着绷紧的传送皮带始终以υ0=2m/s的速度运动，传送带与水平面的夹角为30°，现把一质量为m=10kg的工件轻轻地放在皮带的底端，经过一段时间后，工件被送到高h=2m的平台上，己知工件与皮带间的动摩擦因数μ=．除此之外，不计其他损耗，求电动机由于传送工件多消耗的电能．（g=10m/s2）12．（18分）如图所示，在x轴上方有沿y轴正方向的匀强电场，场强为E，在x轴下方有垂直于xy平面向里的匀强磁场，磁感强度为B．一带负电的粒子从坐标原点O以速度v与x轴正方向成θ角射出，射出之后，要使该粒子经过一段时间后又经过O点，E与B的比值应满足什么条件？（重力不计）．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑．注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则每学科按所做的第一题计分．【物理--选修3-3】（15分）13．（2014秋•忻府区校级月考）下列说法正确的是（）A．物体吸收热量，其温度一定升高B．橡胶无固定熔点，是非晶体C．做功和热传递是改变物体内能的两种方式D．布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的分子无规则运动的反映E．第二类永动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律14．（9分）（2014秋•忻府区校级月考）一定质量的理想气体从状态A变化到状态B再变化到状态C，其状态变化过程的p﹣V图象如图所示．已知该气体在状态A时的温度为27℃．求：①该气体在状态B、C时的温度分别为多少摄氏度？②该气体从状态A到状态C的过程中是吸热还是放热？传递的热量是多少？【物理--选修3-4】（15分）15．（2013•下陆区校级模拟）下列说法中正确的是（）A．一弹簧连接一物体沿水平方向做简谐运动，则该物体做的是匀变速直线运动B．若单摆的摆长不变，摆球的质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时的速度减为原来的，则单摆振动的频率将不变，振幅变小C．做简谐运动的物体，当它每次经过同一位置时，速度一定相同D．单摆在周期性的外力作用下做简谐运动，则外力的频率越大，单摆的振幅越大E．机械波在介质中传播时，各质点将不会随波的传播而迁移，只在平衡位置附近振动16．（2013•长春四模）投影仪的镜头是一个半球形的玻璃体，光源产生的单色平行光投射到平面上，经半球形镜头折射后在光屏MN上形成一个圆形光斑．已知镜头半径为R，光屏MN到球心O的距离为d（d＞3R），玻璃对该单色光的折射率为n，不考虑光的干涉和衍射．求光屏MN上被照亮的圆形光斑的半径．【物理--选修3-5】（15分）17．（2015•南昌校级二模）下列关于近代物理知识的说法正确的是（）A．汤姆生发现了电子，表明原子具有核式结构B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应C．光照到某金属上不能发生光电效应，是因为该光波长太长D．按照玻尔理论，氢原子辐射光子时，核外电子的动能增加E．β衰变的实质是原子核内的中子转化成了质子和电子18．（2014•泰安二模）如图所示，两个木块的质量分别为m1=0.2kg、m2=0.6kg中间用轻弹簧相连接放在光滑的水平面上，且m1左侧靠一固定竖直挡板．某一瞬间敲击木块m2使其获得0.2m/s的水平向左速度，木块m2向左压缩弹簧然后被弹簧弹回，弹回时带动木块m1运动．求：①当弹簧拉伸到最长时，木块m1的速度多大？②在以后的运动过程中，木块m1速度的最大值为多少？2015-2016学年甘肃省天水一中高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中．第l4～18题只有一项符合题目要求，第l9～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．有一长直螺线管通有正弦交流电，当电子沿螺线管轴线射入后，若不计电子重力，则电子的运动情况是（）A．变速直线运动 B．匀速直线运动 C．匀速圆周运动 D．沿轴线振动【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】长通电螺线管中产生的磁场方向平行于螺线管的轴线．根据电子的运动方向与磁场方向的关系，分析电子所受洛伦兹力的情况，判断电子的运动情况．【解答】解：由于长通电螺线管中产生的磁场方向平行于螺线管的中心轴线，与电子的运动方向平行，则电子在磁场中不受洛伦兹力，电子重力又不计，则电子做匀速直线运动．故B 正确，ACD错误；故选B【点评】本题关键是了解通电螺线管磁场方向特点．当带电粒子与磁场方向平行时不受洛伦兹力．2．如图所示，在水平面上，质量为10kg的物体A拴在一水平被拉伸弹簧的一端，弹簧的另一端固定在小车上，当它们都处于静止时，弹簧对物块的弹力大小为3N，若小车突然以a=0.5m/s2的加速度水平向左匀加速运动时（）A．物块A相对于小车向右滑动B．物块A受到的摩擦力方向不变C．物块A受到的摩擦力变小D．物块A受到弹簧的拉力将增大【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力【分析】根据平衡求出静止时静摩擦力的大小和方向，当小车以的加速度水平向左匀加速运动时，根据牛顿第二定律求出静摩擦力的大小和方向，从而分析判断；【解答】解：开始弹簧的弹力与静摩擦力平衡，可知静摩擦力f=F=3N，方向向右，当小车以a=0.5的加速度水平向左匀加速运动时，根据牛顿第二定律有：F+f′=ma解得：f′=ma﹣F=10×0.5﹣3=2N，方向水平向左，即摩擦力的方向改变，大小变小，物块A 相对小车仍然静止，弹簧的弹力不变，故C正确，ABD错误；故选：C【点评】本题考查应用牛顿第二定律分析物体受力情况的能力，要注意静摩擦力大小和方向会随物体状态而变化．3．如图所示，带电量为﹣q的点电荷与竖直放置的均匀带电薄板相距2d，点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心．若图中a点处的电场强度为零，根据对称性，带电薄板在图中b点处产生的电场强度的大小和方向分别为（）A．，水平向右B．，水平向左C．+，水平向左D．，水平向右【考点】电场强度【分析】由点电荷的场强公式可得出q在a点形成的场强，由电场的叠加原理可求得薄板在a点的场强大小及方向；由对称性可知薄板在b点形成的场强；【解答】解：﹣q在a点形成的电场强度的大小为E1=，方向向右；因a点场强为零，故薄板在a点的场强方向向左，大小也为，由对称性可知，薄板在b点的场强也为，方向向右；故选：A【点评】题目中要求的是薄板形成的场强，看似无法解决；但注意a点的场强是由薄板及点电荷的电场叠加而成，故可求得薄板在a点的电场强度，而薄板两端的电场是对称的，故由对称性可解．4．如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与竖直放置的轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长h．让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零．则在圆环下滑过程中（）A．圆环机械能守恒B．弹簧的弹性势能先增大后减小C．弹簧的弹性势能变化了mghD．弹簧的弹性势能最大时圆环的动能最大【考点】机械能守恒定律【分析】分析圆环沿杆下滑的过程的受力和做功情况，只有重力弹簧的拉力做功，所以圆环机械能不守恒，但是系统的机械能守恒；沿杆方向合力为零的时刻，圆环的速度最大．【解答】解：A、圆环沿杆滑下，滑到杆的底端的过程中有两个力对圆环做功，即环的重力和弹簧的拉力；所以圆环的机械能不守恒，如果把圆环和弹簧组成的系统作为研究对象，则系统的机械能守恒，故A选项错误，B、弹簧的弹性势能随弹簧的形变量的变化而变化，由图知弹簧先缩短后再伸长，故弹簧的弹性势能先增大再减小后增大才对．故B选项错误．C、根据系统的机械能守恒，圆环的机械能减少了mgh，那么弹簧的机械能即弹性势能增大mgh．故C选项正确．D、根据系统机械能守恒，弹簧弹性势能最大时圆环的速度等于零，故D选项错误．故选C【点评】对物理过程进行受力、运动、做功分析，是解决问题的根本方法．这是一道考查系统机械能守恒的基础好题．5．（2016•中山市校级模拟）如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）A．电流表读数变小，电压表读数变大B．小电泡L变暗C．电容器C上电荷量减小D．电源的总功率变小【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测路端电压；向右移动滑动变阻器滑片时，接入电路的电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，再根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化．【解答】解：A、向右移动滑动变阻器滑片时，接入电路的电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知电路中电流I增加，故路端电压U=E﹣Ir减小，故A错误；B、电路中电流I增加，故小灯泡变亮，故B错误；C、电容器两端电压U C=E﹣I（r+R L），电路中电流I增加，故电容器两端电压减小，故电容器C上电荷量减小，故C正确；D、电路中电流I增加，故电源的总功率P=EI增加，故D错误；故选：C．【点评】本题考查欧姆定律的应用和滑动变阻器、电流表、电压表的使用，以及串联电路电流和电压的规律，关键分析清楚当滑片移动时电路电流和电压的变化．6．（2010秋•安庆期末）测定运动员体能的一种装置如图所示，运动员的质量为M，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮（不计滑轮摩擦和质量），绳的另一端悬吊的重物质量为m，人用力向后蹬传送带而人的重心不动，传送带以速度v向后匀速运动（速度大小可调），则下列说法正确的是（）A．人对传送带做正功B．人对传送带不做功C．人对传送带做功的功率为mgvD．人对传送带做功的功率为（m+M）gv【考点】功的计算；功率、平均功率和瞬时功率【分析】通过在力的方向上有无位移判断力是否做功．人的重心不动知人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡．【解答】解：A、人对传送带的摩擦力方向向右，传送带在力的方向上有位移，所以人对传送带做正功．故A正确，B错误．C、人的重心不动，绳对人的拉力和人与传送带间的摩擦力平衡，而拉力又等于mg．所以人对传送带做功的功率为mgv．故C正确，D错误．故选AC【点评】解决本题的关键掌握判断力是否做功的方法，当力与运动方向垂直，该力不做功．7．若第一宇宙速度为v，地球表面的重力加速度为g，地球自转的周期为T，地球同步卫星的轨道半径为地球半径的n倍．则下列说法正确的是（）A．地球同步卫星的加速度大小为gB．地球近地卫星的周期为TC．地球同步卫星的运行速度为vD．地球赤道上的物体随地球自转的线速度大小为v【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出所要比较的物理量．根据已知量结合关系式求出未知量．了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同【解答】解：A、研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：=ma，a=根据地球表面万有引力等于重力得：=mg，解得：g=地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，即r=nR，则有：，故A错误；B、根据万有引力提供向心力，列出等式：解得：T=，则地球近地卫星的周期，同步卫星周期T=，则，故B错误；C、研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：v′=，其中r为同步卫星的轨道半径．第一宇宙速度为v=，地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，即r=nR，所以v′=．故C正确；D、地球赤道上的物体随地球自转的角速度与同步卫星角速度相等，根据v=ωr可知，地球赤道上的物体随地球自转的线速度，故D正确．故选：CD【点评】求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．8．（2013秋•赣州期末）如图所示，两根长直导线竖直平行固定放置，且与水平固定放置的光滑绝缘杆MN分别交于c、d两点，点o是cd的中点，杆MN上a、b两点关于o点对称．两导线均通有大小相等、方向向上的电流，已知长直导线在周围某点产生磁场的磁感应强度与电流成正比、与该点到导线的距离成反比．一带正电的小球穿在杆上，以初速度v0从a点出发沿杆运动到b点．在a、b、o三点杆对小球的支持力大小分别为F a、F b、F o．下列说法可能正确的是（）A．F a＞F bB．F b＞F aC．小球一直做匀速直线运动D．小球先做加速运动后做减速运动【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度【分析】根据右手螺旋定制，判断出MN直线处磁场的方向，然后根据左手定则判断洛伦兹力大小和方向的变化，明确了受力情况，即可明确运动情况．【解答】解：根据右手螺旋定则可知，从a点出发沿连线运动到b点，直线M处的磁场方向垂直于MN向里，直线N处的磁场方向垂直于MN向外，所以合磁场大小先减小过O点后反向增大，而方向先里，过O点后向外，根据左手定则可知，带正电的小球受到的洛伦兹力方向开始的方向向上，大小在减小，过O得后洛伦兹力的方向向下，大小在增大．由此可知，小球在速度方向不受力的作用，则将做匀速直线运动，而小球对桌面的压力一直在增大，即F b＞F a，故AD错误，BC正确．故选：BC．【点评】本题考查了右手螺旋定则和左手定则的熟练应用，正确解答带电粒子在磁场中运动的思路为明确受力情况，进一步明确其运动形式和规律．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个小题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（4分）（2013•长春四模）某物理兴趣小组在一次探究活动中，想测量滑块和长木板之间的动摩擦因数．实验装置如图所示，一端装有定滑轮的表面粗糙的长木板固定在水平实验台上，木板上有一滑块，滑块右端固定一个轻小动滑轮，钩码和弹簧测力计通过绕在滑轮上的水平轻绳相连，放开钩码，滑块在长木板上做匀加速直线运动．实验时滑块加速运动，读出弹簧测力计的示数F，处理纸带，得到滑块运动的加速度a；改变钩码个数，重复实验；以弹簧测力计的示数F为纵轴，加速度a为横轴，得到的图象是纵轴截距大小等于b的一条倾斜直线，如图所示；已知滑块和轻小动滑轮的总质量为m，重力加速度为g，忽略滑轮与绳之间的摩擦．则滑块和长木板之间的动摩擦因数μ=．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素【分析】由实验方案可知，滑块受到的拉力为弹簧秤示数的两倍，滑块同时受摩擦力，由牛顿第二定律可得弹簧秤示数与加速度a的关系．由图象可得摩擦因数．【解答】解：滑块受到的拉力T为弹簧秤示数的两倍，即：T=2F滑块受到的摩擦力为：f=μmg由牛顿第二定律可得：T﹣f=ma解得力F与加速度a的函数关系式为：由图象所给信息可得：解得：故答案为：【点评】本题重点是考察学生实验创新能力及运用图象处理实验数据的能力，对这种创新类型的题目，应仔细分析给定的方案和数据，建立物理模型．10．（11分）（2012•新疆三模）有以下可供选用的器材及导线若干条，要求尽可能精确地测量出待测电流表的满偏电流．A．待测电流表A0：满偏电流约为700～800μA、内阻约100Ω，已知表盘刻度均匀、总格数为N．B．电流表A：量程0.6A、内阻0.1Ω．C．电压表V：量程3V、内阻3kΩ．D．滑动变阻器R：最大阻值200Ω．E．电源E：电动势约3V、内阻约1.5Ω．F．开关S一个．（1）根据你的测量需要，在B．（电流表A）和C．（电压表V）中应选择C．（只需填写序号即可）（2）在虚线框内画出你设计的实验电路图．（3）测量过程中，测出多组数据，其中一组数据中待测电流表A0的指针偏转了n格，可算出满偏电流I Amax=，式中除N、n外，其他字母符号代表的物理量是U为电压表读数，R v为电压表内阻．【考点】把电流表改装成电压表【分析】通过对题目的分析，找出实验中可能的实验原理；则由原理可以得出实验的原理图；分析各表在电路中的作用可以选出所用仪器；根据实验的原理及电路图根据串并联电路的规律可求得转过n格时的电流值．【解答】解：①由题意需要求出的是电流表A0的满偏电流，故应通过串联的方式测出，但电流表的最大量程0.6A，和待测电流表相差太多，故无法使用，电压表的电流最大为=1000μA，故可以用电压表代替电流表使用；②测量中将电压表与待测电阻串联，因滑动变阻器的电阻只有200Ω，而电压表内阻达到3000Ω，用限流接法无法完成实验，故可以采用分压接法；电路如图所示③电压表与电流表串联，则两表中的电流相等，则由电压表可求得电流值为：，而待测电流表刻度均匀，故有满偏电流：，其中U为电压表读数，R v为电压表内阻；故答案为：（1）C；（2）如图所示；（3）；U为电压表读数，R v为电压表内阻．【点评】现在对于实验的考查侧重于考查学生的理解，故在解题中要注意分析题意，找出实验的原理才能正确的解答．11．（14分）如图所示，电动机带着绷紧的传送皮带始终以υ0=2m/s的速度运动，传送带与水平面的夹角为30°，现把一质量为m=10kg的工件轻轻地放在皮带的底端，经过一段时间后，工件被送到高h=2m的平台上，己知工件与皮带间的动摩擦因数μ=．除此之外，不计其他损耗，求电动机由于传送工件多消耗的电能．（g=10m/s2）【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】首先解出物体做匀加速运动的时间，以后物体做匀速直线运动；物体受到重力、支持力、和摩擦力的作用，合力沿斜面向上是物体加速运动，合力为零时物体匀速．由牛顿第二定律和运动学公式结合，分别求出物体与传送带相对运动过程中两个物体的位移，得到两者相对位移，由能量守恒求出电动机由于传送工件多消耗的电能．【解答】解：皮带的长度是L==4m．受力分析如图由牛顿第二定律有：μmgcosθ﹣mgsinθ=ma解得：a=2.5m/s2设物体加速运动时间为t1，匀速运动时间为t2，由运动情况分析有：。
甘肃省天水市一中高二物理上学期第一学段段考试题理(含解析)新人教版
一、选择题 ( 此题共 12 小题，每题 4 分，共 48 分． 1-8 小题给出的四个选项中，只有一个选项正确， 9-12 小题有两个以上选项正确．所有选对的得 4 分，选对但不全的得2 分，有选错或不答的得 0 分 )1．对于电场，以下说法正确的选项是()A ．由 E ＝ F知，若 q 减半，则该处电场强度为本来的2 倍qQ2B ．由 E ＝ k r 2 知， E 与 Q 成正比，而与 r 成反比C ．由 E ＝ kQ2 知，在以 Q 为球心，以 r 为半径的球面上，各处场强均同样rD ．电场中某点场强方向就是该点所放电荷遇到的静电力的方向2． 以下图是电场中的一条电场线，已知 ab ＝ bc ，则以下关系式中必定正确的选项是 ( )A ． E a ＝ E b ＝ E cB ． E a >E b >E cC ． φ a >φ b >φ cD ．U ab ＝ U bcA 、B 错；此外只有在匀强电场中 U=Ed ，因此 D 也没法判断。
3．对于电势和电势能以下说法中正确的选项是（ ）A．在电场中，电势高的地方，电荷在该点拥有的电势能就大B．在电场中，电势高的地方，放在该点的电荷的电荷量越大，它所拥有的电势能也越大C．在电场中的任何一点上，正电荷所拥有的电势能必定大于负电荷拥有的电势能D．在负的点电荷所产生的电场中任何一点上，正电荷所拥有的电势能必定小于负电荷所具有的电势能4．以下图，有一质量为、带电量为q 的油滴，被置于竖直搁置的两平行金属板间的匀m强电场中，设油滴是从两板中间地点，并以初速度为零进入电场的，能够判断A．油滴在电场中做抛物线运动B．油滴在电场中自由落体运动C．油滴打在极板上的运动时间只决定于电场强度和两板间距离D．油滴打在极板上的运动时间不单决定于电场强度和两板间距离，还决定于油滴的荷质比5．示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理能够等效成以下状况：以下图，真空室中电极K 发出电子( 初速度不计) ，经过电压为U1的加快电场后，由小孔S 沿水平金属板A、B 间的中心线射入板中．金属板长为L，相距为d，当A、B 间电压为U2时电子偏离中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点．已知电子的质量为m、电荷量为e，不计电子重力，以下状况中必定能使亮点偏离中心距离变大的是A．U1变小，U2变大B．U1变大，U2变大C．U1变大，U2变小D．U1变小，U2变小6．一只“ 220V、100W”的灯泡正常工作时的电阻为484 , 假如在它未工作时丈量其电阻，应有A．仍等于484B．大于 484C．小于484D．没法确立7．以下图电路中，S1闭合，S2断开， L1、L2是两个完好同样的灯泡，若将S2闭合后， L1 的亮度将A．不变C．变暗B ．变亮D．怎样变化，不可以确立8.以下图的电路中，电键 S 本来是闭合的，当 R1、 R2的滑片恰巧处于各自的中点地点时，悬在平行板电容器 C两水平极板间的带电灰尘 P 恰巧处于静止状态，能使灰尘 P 加快向上挪动的方法是A．把R1 的滑片向上挪动B．把R2的滑片向上挪动C．把 2 的滑片向下挪动D．断开电键RS9．一带电粒子从电场中的 A 点运动到 B 点，轨迹如图中虚线所示。
甘肃天水市2017届高三物理上学期期末试卷(含解析)
2016-2017学年甘肃省天水高三（上）期末物理试卷一、选择题（本大题共11个小题，每小题4分，共44分，其中1-7题为单选题，8-11题为多选题，选对但不全，得2分；有选错或不答的，得0分）1．下列关于物体机械能守恒的说法中，正确的是（）A．运动的物体，若受合外力为零，则其机械能一定守恒B．运动的物体，若受合外力不为零，则其机械能一定不守恒C．合外力对物体不做功，物体的机械能一定守恒D．运动的物体，若受合外力不为零，其机械能有可能守恒2．速度为v的子弹，恰可穿透一固定着的木板，如果子弹速度为2v，子弹穿透木板的阻力视为不变，则可穿透同样的木板（）A．2块B．3块C．4块D．1块3．如图所示，竖立在水平面上的轻弹簧，下端固定，将一个金属球放在弹簧顶端（球与弹簧不连接），用力向下压球，使弹簧被压缩，并用细线把小球和地面栓牢（图甲）．烧断细线后，发现球被弹起且脱离弹簧后还能继续向上运动（图乙）．那么该球从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中，下列说法正确的是（）A．弹簧的弹性势能先减小后增大B．球刚脱离弹簧时动能最大C．球在最低点所受的弹力等于重力D．在某一阶段内，小球的动能减小而小球的机械能增加4．发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3．轨道1、2相切于Q点．轨道2、3相切于P点（如图），则当卫星分别在1，2，3，轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B．卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1上经过Q点时的加速度大于它在轨道2上经过Q点时的加速度D．卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度5．某船渡河，船在静水中的速度为v1，河水的速度为v2，已知v1＞v2，船以最短位移渡河用时t1，则船渡河需要的最短时间为（）A． t1B． t1C．D．6．如图所示，轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A．已知A点高度为h，山坡倾角为θ，由此无法算出的是（）A．轰炸机的飞行高度 B．炸弹投出时的动能C．炸弹的飞行时间D．轰炸机的飞行速度7．如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，则下述说法正确的是（）A．0～t1时间内汽车做匀加速运动且功率恒定B．t1～t2时间内汽车牵引力做功为mv22﹣mv12C．t1～t2时间内的平均速度为（v1+v2）D．在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t2～t3时间内牵引力最小8．如图所示，x轴在水平地面上，y轴沿竖直方向．图中画出了从y轴上不同位置沿x轴正向水平抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹．小球a从（0，2L）抛出，落在（2L，0）处；小球b、c从（0，L）抛出，分别落在（2L，0）和（L，0）处．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．a和b初速度相同B．b和c运动时间相同C．b的初速度是c的两倍D．a的运动时间是b的两倍9．2007年9月24号，“嫦娥一号”探月卫星发射升空，实现了中华民族千年奔月的梦想．“嫦娥一号”卫星在距月球表面200km、周期127min的圆形轨道上绕月球做匀速圆周运动．已知月球半径约为1700km，引力常量G=6.67×10﹣11N•m2/kg2，忽略地球对“嫦娥一号”的引力作用．由以上数据可以估算出的物理量有（）A．地球表面的重力加速B．月球质量C．月球的平均密度度 D．月球绕地球公转的周期10．一质量为0.6kg的物体以20m/s的初速度竖直上抛，当物体上升到某一位置时，其动能减少了18J，机械能减少了3J．整个运动过程中物体所受阻力大小不变，以抛出点为重力势能零点，重力加速度取g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．物体在最高点的重力势能为100JB．物体在最高点的重力势能为20JC．物体返回抛出点时的动能为40 JD．物体返回抛出点时的动能为80 J11．地球赤道上有一物体随地球的自转而做圆周运动，所受的向心力为F1，向心加速度为a1，线速度为v1，角速度为ω1；绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星（高度忽略）所受的向心力为F2，向心加速度为a2，线速度为v2，角速度为ω2；地球同步卫星所受的向心力为F3，向心加速度为a3，线速度为v3，角速度为ω3；地球表面重力加速度为g，第一宇宙速度为v，假设三者质量相等，则下列错误的是（）A．F1=F2＞F3B．a1=a2=g＞a3C．v1=v2=v＞v3D．ω1=ω3＜ω2二、实验填空题（本题3小题，每空2分，共14分）12．用20分度的游标卡尺测量一小球的直径，示数如图甲，则小球的直径为cm；图乙是用螺旋测微器测量一工件的长度，其示数为mm．13．宇宙中两颗相距较近的天体称为“双星”，它们以两者的连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动，而不至因万有引力的作用吸引到一起．已知在某一“双星”系统中，两星球的质量比为1：2，则其半径之比R1：R2= ，角速度之比ω1：ω2= ．14．如图1，为《探究加速度与外力间的关系》的实验装置（图中A为小车，B为带滑轮的长木板，C为水平桌面）（1）为了探究加速度跟力和质量的关系，应该采用的研究实验方法是A．控制变量法 B．假设法C．理想实验法 D．图象法（2）某同学在实验过程中，得到的图2所示，则出现此种现象的原因是．（3）在探究保持质量不变时加速度与物体受力的间关系时，小车质量M和砝码质量m分别选取下列四组值．A．M=500g，m分别为50g、70g、100g、125gB．M=500g，m分别为20g、30g、40g、50gC．M=200g，m分别为50g、75g、100g、125gD．M=200g，m分别为30g、40g、50g、60g若其它操作都正确，那么在选用组值测量时所画出的图线较准确．三、计算论述题（本题4小题，共42分）15．如图所示，质量都是m的物体A和B，通过轻绳子跨过滑轮相连．斜面光滑，不计绳子和滑轮之间的摩擦．开始时A物体离地的高度为h，B物体位于斜面的底端，用手托住A物体，A、B两物均静止．撤去手后，求：（1）A物体将要落地时的速度多大？（2）A物落地后，B物由于惯性将继续沿斜面上升，则B物在斜面上的最远点离地的高度多大？16．如图所示，光滑斜轨和光滑圆轨相连，固定在同一竖直面内，圆轨的半径为R=2.5m，一个质量m=0.1kg的小球（大小可忽略不计），从离水平面高h处静止自由下滑，由斜轨进入圆轨，取g=10m/s2，求：（1）如果小球到达圆轨最高点时对圆轨的压力大小恰好等于零，则小球在最高点的速度大小为多少？（2）为了使小球能到达圆轨最高点，h的最小值为多少？（3）如果小球到达圆轨最高点时对圆轨的压力大小等于自身重力的4倍，那么小球通过圆轨最低点时速度大小为多少？17．如图所示装置由AB、BC、CD三段轨道组成，轨道交接处均由很小的圆弧平滑连接，其中轨道AB、CD段是光滑的，水平轨道BC的长度x=5m，轨道CD足够长且倾角θ=37°，A、D两点离轨道BC的高度分别为h1=4.30m、h2=1.35m．现让质量为m的小滑块自A点由静止释放．已知小滑块与轨道BC间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度取g=10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8．求：（1）小滑块第一次到达D点时的速度大小；（2）小滑块第二次通过C点时的速度大小；（3）小滑块最终停止的位置距B点的距离．18．如图所示，传送带与水平面之间的夹角θ=30°，其上A、B两点间的距离L=5m，传送带在电动机的带动下以v=1m/s的速度匀速运动．现将一质量m=10kg 的小物体（可视为质点）轻放在传送带的A点，已知小物体与传送之间的动摩擦因数μ=，在传送带将小物体从A点传送到B点的过程中，求：（取g=10m/s2）（1）物体刚开始运动的加速度大小；（2）物体从A到B运动的时间（3）传送带对小物体做的功；（4）电动机做的功．2016-2017学年甘肃省天水二中高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共11个小题，每小题4分，共44分，其中1-7题为单选题，8-11题为多选题，选对但不全，得2分；有选错或不答的，得0分）1．下列关于物体机械能守恒的说法中，正确的是（）A．运动的物体，若受合外力为零，则其机械能一定守恒B．运动的物体，若受合外力不为零，则其机械能一定不守恒C．合外力对物体不做功，物体的机械能一定守恒D．运动的物体，若受合外力不为零，其机械能有可能守恒【考点】6C：机械能守恒定律．【分析】判断机械能是否守恒，看物体是否只有重力做功，或者看物体的动能和势能之和是否保持不变．【解答】解：A、物体所受的合外力为0，可能做匀速直线运动，匀速直线运动机械能不一定守恒，比如降落伞匀速下降，机械能减小．故A错误．B、运动的物体，若只受重力，合外力不为零，但机械能守恒；故B错误；D正确；C、物体所受的合外力不做功，则动能保持不变，如竖直方向的匀速直线运动，机械能不守恒；故C错误；故选：D．2．速度为v的子弹，恰可穿透一固定着的木板，如果子弹速度为2v，子弹穿透木板的阻力视为不变，则可穿透同样的木板（）A．2块B．3块C．4块D．1块【考点】66：动能定理的应用．【分析】分别对子弹穿过木板和穿过n块木板运用动能定理，联立方程即可求解．【解答】解：子弹以速度v运动时，恰能水平穿透一块固定的木板，根据动能定理有﹣fd=0﹣设子弹的速度为2v时，穿过的木板数为n，则有：﹣nfd=0﹣联立两式得，n=4故选：C3．如图所示，竖立在水平面上的轻弹簧，下端固定，将一个金属球放在弹簧顶端（球与弹簧不连接），用力向下压球，使弹簧被压缩，并用细线把小球和地面栓牢（图甲）．烧断细线后，发现球被弹起且脱离弹簧后还能继续向上运动（图乙）．那么该球从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中，下列说法正确的是（）A．弹簧的弹性势能先减小后增大B．球刚脱离弹簧时动能最大C．球在最低点所受的弹力等于重力D．在某一阶段内，小球的动能减小而小球的机械能增加【考点】6A：动能和势能的相互转化；6B：功能关系．【分析】弹簧的弹性势能跟弹簧的形变量有关，形变越大，弹性势能越大．分析小球的运动情况：从细线被烧断到弹簧的弹力等于小球的重力的过程中，小球向上做加速运动，之后做减速运动，当小球的弹簧的弹力等于小球的重力时速度最大，动能最大．【解答】解：A、从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中，弹簧的压缩量逐渐减小，弹簧的弹性势能逐渐减小，所以球刚脱离弹簧时弹簧的弹性势能最小，故A错误．B、当小球的弹簧的弹力等于小球的重力时速度最大，所以小球的动能先增大后减小，所以球刚脱离弹簧时的动能不是最大，故B错误．C、烧断细线瞬间，小球受重力和弹簧的弹力，只有弹簧的弹力大于mg，球才会向上先加速运动，故C错误．D、当小球的弹簧的弹力等于小球的重力时速度最大，再向上运动速度减小，动能减小，但是从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中，弹簧的压缩量逐渐减小，弹簧的弹性势能逐渐减小，转化为小球的机械能，所以在未刚脱离弹簧的运动过程中它的机械能增加．故D正确．故选：D．4．发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3．轨道1、2相切于Q点．轨道2、3相切于P点（如图），则当卫星分别在1，2，3，轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B．卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1上经过Q点时的加速度大于它在轨道2上经过Q点时的加速度D．卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度【考点】4H：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；4F：万有引力定律及其应用．【分析】卫星做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，据此可以分析不同半径上圆周运动的速度大小、角速度大小和加速度大小．【解答】解：万星做圆周运动时万有引力提供圆周运动的向心力有： =maA、因为知，在轨道1上卫星的速率大于轨道3上的速率，故A错误；B、因为ω=知，在轨道1上的角速度大于在轨道3上的角速度，故B错误；C、因为a=知，在轨道1上经过Q点和轨道2上经过Q点的加速度大小相等，故C错误；D、因为a=知，在轨道2上经过P点和轨道3上经过P点的加速度大小相等，故D正确；故选D．5．某船渡河，船在静水中的速度为v1，河水的速度为v2，已知v1＞v2，船以最短位移渡河用时t1，则船渡河需要的最短时间为（）A． t1B． t1C．D．【考点】44：运动的合成和分解．【分析】船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短．【解答】解：当船头指向上游，且合速度与河岸垂直时，位移最短河宽当船头指向与河岸垂直时，时间最短，故A正确，BCD错误；故选：A6．如图所示，轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A．已知A点高度为h，山坡倾角为θ，由此无法算出的是（）A．轰炸机的飞行高度 B．炸弹投出时的动能C．炸弹的飞行时间D．轰炸机的飞行速度【考点】64：动能；43：平抛运动．【分析】根据位移与水平方向夹角，得到水平位移和竖直位移，运用平抛运动的规律求解时间和炸弹的飞行时间和炸弹的初速度，再求解飞行高度【解答】解：画出示意图如图所示．设A到斜面底端的距离为L，飞机距离地面的距离为H，根据Lcosθ=v0t…①，H﹣Lsinθ=…②炸弹垂直击中山坡，速度与竖直方向的夹角为θ，则得：tanθ==…③由①、②、③可求出初速度v0，即得到轰炸机的飞行速度．由②可求出炸弹的飞行时间t 和轰炸机的飞行高度H．由于炸弹的做平抛运动，而平抛运动的加速度与质量无关，故无法求解质量，也就求不出炸弹投出时的动能．故ACD正确，B错误．本题选错误的，故选：B7．如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，则下述说法正确的是（）A．0～t1时间内汽车做匀加速运动且功率恒定B．t1～t2时间内汽车牵引力做功为mv22﹣mv12C．t1～t2时间内的平均速度为（v1+v2）D．在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t2～t3时间内牵引力最小【考点】66：动能定理的应用；19：平均速度；1I：匀变速直线运动的图像．【分析】在速度﹣时间图象中倾斜的直线表示匀变速直线运动，而水平的直线表示匀速直线运动，曲线表示变速直线运动；由图象可知物体的运动情况，由P=Fv可知，牵引力的变化；由动能定理可知牵引力所做的功．【解答】解：A、0～t1时间内为倾斜的直线，故汽车做匀加速运动，因故牵引力恒定，由P=Fv可知，汽车的牵引力的功率均匀增大，故A错误；B、t1～t2时间内动能的变化量为，而在运动中受牵引力及阻力，故牵引力做功一定大于，故B错误；C、t1～t2时间内，若图象为直线时，平均速度为（v1+v2），而现在图象为曲线，故图象的面积大于直线时的面积，即位移大于直线时的位移，故平均速度大于（v1+v2），故C错误；D、由P=Fv及运动过程可知，t1时刻物体的牵引力最大，此后功率不变，而速度增大，故牵引力减小，而t2～t3时间内，物体做匀速直线运动，物体的牵引力最小，故D正确；故选D．8．如图所示，x轴在水平地面上，y轴沿竖直方向．图中画出了从y轴上不同位置沿x轴正向水平抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹．小球a从（0，2L）抛出，落在（2L，0）处；小球b、c从（0，L）抛出，分别落在（2L，0）和（L，0）处．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．a和b初速度相同B．b和c运动时间相同C．b的初速度是c的两倍D．a的运动时间是b的两倍【考点】43：平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据水平位移和竖直位移相等求出运动的时间，从而得出竖直分速度，结合平行四边形定则求出瞬时速度的大小，根据水平位移求出位移的大小．【解答】解：A、ab的水平位移相同，但时间不同，则初速度不同，则A错误B、bc的高度相同，由h=可知运动时间相同，则B正确C、bc的时间相同，水平位移b为c的2倍，则b的初速度是c的两倍，则C正确D、h=可知t=，则a的运动时间是b的倍，则D错误故选：BC9．2007年9月24号，“嫦娥一号”探月卫星发射升空，实现了中华民族千年奔月的梦想．“嫦娥一号”卫星在距月球表面200km、周期127min的圆形轨道上绕月球做匀速圆周运动．已知月球半径约为1700km，引力常量G=6.67×10﹣11N•m2/kg2，忽略地球对“嫦娥一号”的引力作用．由以上数据可以估算出的物理量有（）A．地球表面的重力加速B．月球质量C．月球的平均密度度 D．月球绕地球公转的周期【考点】4F：万有引力定律及其应用．【分析】卫星在月球表面做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量．【解答】解：A、“嫦娥一号”卫星绕月球运动，不能计算出地球表面的重力加速，故A错误．B、卫星运行时万有引力提供向心力，则G=mr，月球质量M=，故B正确．C、月球的平均密度ρ=，V=，可见可求出月球的平均密度ρ．故C正确．D、根据题意无法求出月球绕地球公转的周期，故D错误故选：BC．10．一质量为0.6kg的物体以20m/s的初速度竖直上抛，当物体上升到某一位置时，其动能减少了18J，机械能减少了3J．整个运动过程中物体所受阻力大小不变，以抛出点为重力势能零点，重力加速度取g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．物体在最高点的重力势能为100JB．物体在最高点的重力势能为20JC．物体返回抛出点时的动能为40 JD．物体返回抛出点时的动能为80 J【考点】6B：功能关系；67：重力势能．【分析】物体从开始到经过高处某一位置时，受重力和空气阻力，重力和空气阻力做功，总功等于动能增加量，机械能减小量等于克服空气阻力做的功，根据功能关系列式求出物体在最高点的重力势能．由功能关系求出物体返回抛出点时的动能．【解答】解：AB、物体的初速度为v0=20m/s，初动能为 E k0=mv02=×0.6×202=120J当物体经过某一点时，动能减少了18J，机械能减少了3J，所以当物体到达最高点时动能减少了120J，机械能减少了20J，根据机械能等于动能与势能之和，可知，物体在最高点时重力势能增加了100J，所以物体在最高点的重力势能为100J，故A正确，B错误．CD、上升过程物体的机械能减少了20J，则克服空气阻力做功为20J，下落过程克服空气阻力做功也为20J，所以整个过程克服空气阻力做功为40J，机械能减少了40J，因此物体返回抛出点时的动能为120J﹣40J=80J，故C错误，D正确．故选：AD11．地球赤道上有一物体随地球的自转而做圆周运动，所受的向心力为F1，向心加速度为a1，线速度为v1，角速度为ω1；绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星（高度忽略）所受的向心力为F2，向心加速度为a2，线速度为v2，角速度为ω2；地球同步卫星所受的向心力为F3，向心加速度为a3，线速度为v3，角速度为ω3；地球表面重力加速度为g，第一宇宙速度为v，假设三者质量相等，则下列错误的是（）A．F1=F2＞F3B．a1=a2=g＞a3C．v1=v2=v＞v3D．ω1=ω3＜ω2【考点】4H：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；4I：第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【分析】题中涉及三个物体：地球赤道上有一随地球的自转而做圆周运动物体1、绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星2、地球同步卫星3；物体1与人造卫星2转动半径相同，物体1与同步卫星3转动周期相同，人造卫星2与同步卫星3同是卫星，都是万有引力提供向心力；分三种类型进行比较分析即可．【解答】解：A、根据题意三者质量相等，轨道半径r1=r2＜r3物体1与人造卫星2比较，由于赤道上物体受引力和支持力的合力提供向心力，而近地卫星只受万有引力，故F1＜F2 ，故A错误；B、由选项A的分析知道向心力F1＜F2 ，故由牛顿第二定律，可知a1＜a2，故B错误；C、由A选项的分析知道向心力F1＜F2 ，根据向心力公式F=m，由于m、R一定，故v1＜v2，故C错误；D、同步卫星与地球自转同步，故T1=T3，根据周期公式T=2π可知，卫星轨道半径越大，周期越大，故T3＞T2，再根据ω=，有ω1=ω3＜ω2，故D正确；本题选错误的故选ABC．二、实验填空题（本题3小题，每空2分，共14分）12．用20分度的游标卡尺测量一小球的直径，示数如图甲，则小球的直径为 1.020 cm；图乙是用螺旋测微器测量一工件的长度，其示数为 6.870 mm．【考点】L3：刻度尺、游标卡尺的使用；L4：螺旋测微器的使用．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.05mm=0.20mm，所以最终读数为：10mm+0.20mm=10.20mm=1.020cm．螺旋测微器的固定刻度为 6.5mm，可动刻度为37.0×0.01mm=0.370mm，所以最终读数为6.5mm+0.370mm=6.870mm．故答案为：1.020；6.87013．宇宙中两颗相距较近的天体称为“双星”，它们以两者的连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动，而不至因万有引力的作用吸引到一起．已知在某一“双星”系统中，两星球的质量比为1：2，则其半径之比R1：R2= 2：1 ，角速度之比ω1：ω2= 1：1 ．【考点】4F：万有引力定律及其应用；48：线速度、角速度和周期、转速．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，抓住角速度相等，向心力相等求出轨道半径之比；根据万有引力提供向心力求出角速度的大小．【解答】解：双星靠相互间的万有引力提供向心力，角速度相等，则：ω1：ω2=1：1对两天体，由万有引力提供向心力，可分别列出G=m1ω2R2…①G=m2ω2R2…②所以==即它们的轨道半径之比等于质量的反比故答案为：2：1，1：114．如图1，为《探究加速度与外力间的关系》的实验装置（图中A为小车，B为带滑轮的长木板，C为水平桌面）（1）为了探究加速度跟力和质量的关系，应该采用的研究实验方法是 AA．控制变量法 B．假设法C．理想实验法 D．图象法（2）某同学在实验过程中，得到的图2所示，则出现此种现象的原因是平衡摩擦力时，木板倾角过大．（3）在探究保持质量不变时加速度与物体受力的间关系时，小车质量M和砝码质量m分别选取下列四组值．A．M=500g，m分别为50g、70g、100g、125gB．M=500g，m分别为20g、30g、40g、50gC．M=200g，m分别为50g、75g、100g、125gD．M=200g，m分别为30g、40g、50g、60g若其它操作都正确，那么在选用 B 组值测量时所画出的图线较准确．【考点】M8：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】考查实验时平衡摩擦力时出现的误差问题，若坐标轴有截距不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大．从图上分析两图各是什么原因即可．【解答】解：（1）该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法，故选A．（2）图2中：当拉力F等于0时，小车已经产生力加速度，故原因是平衡摩擦力过度，即平衡摩擦力时木板垫得过高．（3）实验时为减小系统误差，应满足m＜＜M，故选取M质量大一些m质量越小越好的，故选B组．故答案为：（1）A （2）平衡摩擦力时，木板倾角过大；（3）B三、计算论述题（本题4小题，共42分）15．如图所示，质量都是m的物体A和B，通过轻绳子跨过滑轮相连．斜面光滑，不计绳子和滑轮之间的摩擦．开始时A物体离地的高度为h，B物体位于斜面的底端，用手托住A物体，A、B两物均静止．撤去手后，求：（1）A物体将要落地时的速度多大？（2）A物落地后，B物由于惯性将继续沿斜面上升，则B物在斜面上的最远点离地的高度多大？【考点】6C：机械能守恒定律．【分析】选两物体作为整体来研究时机械能守恒，从而求出A物体下落的速度．当物体A 落地后，物体B由于惯性继续上升，由机械能守恒定律可求出B物在斜面上的最远点离地的高度．【解答】解：（1）A、B两物构成的整体（系统）只有重力做功，故整体的机械能守恒，得：mgh﹣mghsinθ=（m+m）v2。
甘肃高一高中物理期末考试带答案解析
甘肃高一高中物理期末考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列几种运动过程中物体的机械能守恒的是 A ．匀速下落的雨滴 B ．在水中下沉的铁块C ．“神舟”十号飞船穿过大气层返回地面D ．用细线拴一个小球，使小球在竖直面内做圆周运动2.NBA 篮球赛非常精彩，吸引了众多观众。
经常有这样的场面：在临终场0.1s 的时候，运动员把球投出且准确命中，获得比赛的胜利。
如果运动员投篮过程中对篮球做功为，出手高度为h 1，篮筐距地面高度为h 2，篮球的质量为，空气阻力不计，则篮球进筐时的动能为 A ．W ＋mgh 1－mgh 2 B ．W ＋mgh 2－mgh 1 C ．mgh 1＋mgh 2－W D ．mgh 2－mgh 1－W3.如图所示，两个内壁光滑、半径不同的半球形碗，放在不同高度的水平面上，使两碗口处于同一高度，设碗口为零势能参考面。
现将质量相同的两个小球分别从两个碗的边缘由静止释放，当两球分别通过碗的最低点时，下列说法中正确的是A ．两球的动能相等B ．两球的速度大小不相等C ．两球的机械能不相等D ．两球对碗底的压力大小不相等4.两个分别带有电荷量＋Q 和－3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F ；现将两小球相互接触后，距离变为r/2固定，此时两球间库仑力的大小为 A ．B ．C ．D ．5.如图所示，小物体从某一高度自由下落，落到竖直在地面的轻弹簧上，在A 点物体开始与弹簧接触，到B 点物体的速度为零，然后被弹回，则下列说法中正确的是A ．物体经过A 点时速度最大B ．物体从A 下落到B 的过程中，物体的机械能守恒C ．物体从A 下落到B 以及从B 上升到A 的过程中，动能都是先变大后变小D ．物体从A 下落到B 的过程中的动能和重力势能之和越来越大6.如图所示，一轻绳通过无摩擦的小定滑轮O 与小球B 连接，另一端与套在光滑竖直杆上的小物块A 连接，小球B 与物块A 质量相等，杆两端固定且足够长。
2015-2016学年甘肃省天水一中高二(上)第一次质检物理试卷(理科)
2015-2016学年甘肃省天水一中高二（上）第一次质检物理试卷（理科）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共6小题，共24.0分)1.毛皮与橡胶棒摩擦后，橡胶棒带负电是因为（）A.橡胶棒上的正电荷转移到毛皮上去了B.毛皮上的电子转移到橡胶棒上去了C.橡胶棒丢失了质子D.毛皮得到了质子【答案】B【解析】解：两个物体互相摩擦时，因为不同物体的原子核束缚核外电子的本领不同，所以其中必定有一个物体失去一些电子，另一个物体得到多余的电子．如用玻璃棒跟丝绸摩擦，玻璃棒的一些电子转移到丝绸上，玻璃棒因失去电子而带正电，丝绸因得到电子而带着等量的负电．用橡胶棒跟毛皮摩擦，毛皮的一些电子转移到橡胶棒上，毛皮带正电，故橡胶棒带着等量的负电；故选B．近代科学告诉我们：任何物体都是由原子构成的，而原子由带正电的原子核和带负电的电子所组成，电子绕着原子核运动．在通常情况下，原子核带的正电荷数跟核外电子带的负电荷数相等，原子不显电性，所以整个物体是中性的．原子核里正电荷数量很难改变，而核外电子却能摆脱原子核的束缚，转移到另一物体上，从而使核外电子带的负电荷数目改变．当物体失去电子时，它的电子带的负电荷总数比原子核的正电荷少，就显示出带正电；相反，本来是中性的物体，当得到电子时，它就显示出带负电．本题关键是要明确摩擦起电的实质是电荷的转移，摩擦起电的两个物体带等量的异号电荷，电荷总量守恒．2.A、B两个带同种电荷的绝缘金属小球，半径为r，球心相距3r，A带电荷量Q1，B带电荷量Q2，则A、B间相互作用力（）A.无法确定B.等于C.大于D.小于【答案】D【解析】解：当两球心相距为3R时，两球不能看成点电荷，因带同种电荷，导致电量间距大于3R，根据库仑定律可知，它们相互作用的库仑力大小F＜，故D正确，ABC错误．故选：D本题题中由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比较库仑力的大小．本题应明确当两球心相距为3R时，两球不能看成点电荷，不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件，理解点电荷的含义．3.关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是（）A.电场强度为零的地方，电势也为零B.电势降落的方向就是电场强度的方向C.随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D.电场强度的方向处处与等势面垂直【答案】D【解析】解：A、电场强度为零，电势不一定为零，比如等量同种电荷连线的中点，电场强度为零，电势不为零．故A错误．B、沿着电场线的方向电势逐渐降低，但是电势降低的方向不一定是电场强度的方向，应该是电势降低最快的方向为电场强度的方向．故B错误．C、电势与电场强度没有关系．故C错误．D、等势面的电势处处相等，因此电场强度的方向处处与等势面垂直．故D正确．故选：D．电场强度的大小与电势的大小无必然联系，沿着电场线方向电势逐渐降低，电势降低的方向不一定是电场强度的方向．本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．4.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个平势面，相邻等势面之间的电势差相等，即以U ab=U bc．实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两个点．据此可知（）A.三个等势面中，a的电势最高B.带电质点通过Q点时的加速度较大C.带电质点在P点时的动能较大D.带电质点通过P点时电势较大【答案】D【解析】解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故A错误；B、等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故B错误；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故D正确．故选：D．由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大．解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化．5.真空中有一静电场，其在x轴正半轴的电势φ随x变化的关系如图所示，则根据图象可知（）A.R处的电场强度E=0B.若试探电荷从x1处移到x2处，电场力不一定做正功C.x1处与x2处的电场强度方向相反D.该电场有可能是处在O点的正的点电荷激发产生的【答案】B【解析】解：A、φ- x图象中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度；R处切线的斜率不为零，故电场强度不为零；故A错误；B、若试探电荷从x1处移到x2处，电势降低，根据公式W AB= q U AB，如果是正电荷，电场力做正功；如果是负电荷，电场力做负功；故B正确；C、x1处与x2处的切线斜率同为负值，故x方向的电场强度分量的方向相同，故C错误；D、离电荷越近，电场强度越大，故φ- x图象的斜率越大；而在O点向右，切线斜率变大，故O点不可能有电荷，故D错误；故选：B．φ-x图象中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度；用W AB=q U AB来判断电势能的变化情况．φ- x图象：①电场强度的大小等于φ- x图线的斜率大小，电场强度为零处，φ- x图线存在极值，其切线的斜率为零．②在φ- x图象中可以直接判断各点电势的大小，并可根据电势大小关系确定电场强度的方向．③在φ- x图象中分析电荷移动时电势能的变化，可用W AB= q U AB，进而分析W AB的正负，然后作出判断．6.如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0V，点A处的电势为6V，点B处的电势为3V，则电场强度的大小为（）A.200V/mB.200V/mC.100V/mD.100V/m【答案】A【解析】解：OA的中点C的电势为3V，将C点与B点连接，如图，电场线与等势线垂直，根据几何关系得，BC=2cm，则OB沿电场线方向上的距离d=．所以电场强度E=．故A正确，B、C、D错误．故选A．在x轴上找一电势为3V的点，将该点与B点连接，该连线为等势线，求出OB沿电场线方向上的距离，根据E=求出电场强度的大小．解决本题的关键知道电场线与等势线垂直，掌握匀强电场的电场强度大小与电势差的关系，即E=，注意d是沿电场线方向上的距离．二、多选题(本大题共4小题，共16.0分)7.空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定于A、B两点，DC为AB连线的中垂线，C为A、B两点连线的中点，将一正电荷q3由C点沿着中垂线移至无穷远处的过程中，下列结论正确的有（）A.电势能逐渐减小B.电势能逐渐增大C.q3受到的电场力先减小后增大D.q3受到的电场力先增大后减小【答案】AD【解析】解：A、B，由题，q1、q2是两个等量的正电荷，作出中垂线CD上电场线如图，根据顺着电场线电势降低，可知正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势不断降低，电场力做正功，其电势能不断减小．故A正确，B错误．C、D根据电场的叠加可知，C点的场强为零，而无穷远处场强也为零，所以由C点沿CD移至无穷远的过程中，场强先增大，后减小，q3受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小．故C错误，D正确．故选：AD．由题，q1、q2是两个等量的正电荷，DC为A、B连线的中垂线，作出CD线上的电场线，根据电场线方向判断正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势的变化，由电场力做功正负判断其电势能的变化．运用极限法判断场强的变化，确定电场力的变化．于等量同种和等量异种电荷电场线、等势面的分布情况要掌握，这是考试的热点．特别是抓住电荷连线的中垂线电场线与等势面的特点．8.如图，在正电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠M=30 ，M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，已知φM=φN、φP=φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则（）A.点电荷Q一定在MP的连线上B.连接PF的线段一定在同一等势面上C.将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D.φP＞φM【答案】AD【解析】解：A、点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆、圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心，故场源电荷在MN的中垂线和FP的中垂线的交点上，在MP的连线上，如图所示，故A正确；B、φP=φF，线段PF是P、F所在等势面（圆）的一个弦，故B错误；C、在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，将正试探电荷从P点搬运到N点，电势能降低，故电场力做正功，故C错误；D、在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，故φP＞φM，故D正确．故选：AD．点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆，圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心；找出电荷位置后，根据电势能的变化情况判断电场力做功情况．本题关键是明确点电荷的电场的电场线和等势面的分布规律，知道沿着电场线电势逐渐降低．9.如图所示，在绝缘粗糙水平面上固定两个等量同种电荷P、Q，在PQ连线上更靠近P的M点由静止释放一带电滑块，则滑块会由静止开始一直向右运动到PQ连线上的另一点N而停下．下述正确的是（）A.滑块受到的电场力一定是先减小后增大B.停下前滑块的加速度一定是先减小后增大C.滑块的动能与电势能之和保持不变D.PM间距一定小于QN间距【答案】BD【解析】解：A、滑块受到的电场力是两个电荷对它的电场力的合力．在PQ的中点，两个电荷对滑块作用力的合力为0，从M向右电场力先减小，过PQ的中点，电场力又增大．但不知道N点是否在中点右侧，故不能确定电场力的具体变化．故A错误B、若滑块停在中点左侧，则电场力一直减小，且电场力先大于摩擦力，后小于摩擦力，合力先减小后增大，则加速度先减小后增大．若滑块停在中点右侧，则电场力先减小后反向增大，合力先减小后增大，则加速度先减小后增大．故B正确．C、因水平面不光滑，内能增加，则动能与电势能之和减小．故C错误．D、因水平面不光滑，PN间距不等于QN间距，在水平方向上除了受电场力以外，还受摩擦力，则运动到速度为0的位置在M对称点的左侧，所以PM＜QN．故D正确故选：BD．滑块受到的电场力是两个电荷对它作用力的合力，根据电场线的分布情况分析电场力的大小，从而判断加速度的变化．看电场力做功的情况，判断电势能的变化．若水平面光滑，动能和电势能相互转化．若水平面不光滑，分析动能、电势能和内能之间的转化．运用假设法分析D项．解决本题的关键会进行电场的叠加，以及会根据电场力做功判断电势能的变化，根据能量守恒定律进行分析．10.如图所示，Q1Q2为两个固定在绝缘水平面上的异性点电荷，其中Q1为负电荷，Q1的电荷量是Q2的四倍，它们相距L．在其连线上有一点P，P离Q2的距离为．下列说法正确的是（）A.P右侧各点电场强度方向均向右B.从P右侧到无穷远，各点电场强度依次是先变大后变小C.从P右侧到无穷远，各点电势依次是先降低再升高D.负电荷从P点沿两电荷连线向右移到无穷远，其电势能先增大后减小【答案】CD【解析】解：A、设Q1Q2连线上合场强为零的点到Q2的距离为r，则有k=k，由题，Q1=4Q2，解得r=L设合场强为0的点为A，根据电场的叠加原理可知，Q2A间的电场强度方向向右，从A 右侧到无穷远，电场强度方向向左，故A错误．B、P点在A点的左侧，则从P右侧到无穷远，各点电场强度依次是先变小后变大，再变小，故B错误．C、根据顺着电场线方向电势降低，则知从P右侧到无穷远，各点电势依次是先降低再升高．故C正确．D、根据负电荷在电势高处电势能小，可知负电荷从P点沿两电荷连线向右移到无穷远，其电势能先增大后减小，故D正确．故选：CD．根据点电荷的场强公式求出合场强为零的位置到Q2的距离，根据电场的叠加原理分析电场强度的方向和大小，再判断电势的变化．本题关键根据电场的叠加分析电场的方向，根据负电荷在电势高处电势能小，分析电势能的变化．三、计算题(本大题共3小题，共60.0分)11.如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60 角，一电子（其电荷量为e=1.6×10-19C）从a移动到b电场力做功为W ab=3.2×10-18J求：（1）匀强电场的场强大小及方向．（2）电子从b移到c，电场力对它做功．（3）b、c两点的电势差等于多少？【答案】（1）对a到b的过程有：W ab=e E x ab，解得电场强度为：E===400V/m，解：方向向左．（2）电子从b到c，电场力做功为：W bc=e E x bc cos60=1.6×10-19×400×0.12×0.5=3.84×10-18J．（3）b、c两点的电势差为：U bc=-E x bc cos60=-24V答：（1）匀强电场的场强大小为400V/m，方向向左．（2）电子从b移到c，电场力对它做功是3.84×10-18J．（3）b、c两点的电势差等于-24V．【解析】（1）根据电场力做功的大小，结合功的公式求出电场强度的大小和方向．（2）由W=q E d得出电子从b移到c电场力做的功．（3）通过b、c间电场力做功，结合电场力做功与电势差的关系求出b、c间的电势差．解决本题的关键掌握电场力做功的求法，可以根据W=q U求解，也可以根据W=q E xcosθ求解，注意第二个公式只对匀强电场适用．12.如图所示，在场强E=104N/C的水平匀强电场中，有一根长L=15cm的细线，一端固定在O点，另一端系一个质量m=3g，带电荷量q=2×10-6C的小球，当细线处于水平位置时，小球从静止开始释放，则（1）小球到达最低点B时的速度是多大．（2）小球的速度最大时绳与竖直方向的夹角是多大？【答案】解：（1）由动能定理得：mg L-q EL=mv B2-0，解得：v B=1m/s；（2）由动能定理得：mg L cosθ-q EL（1-sinθ）=mv2-0，整理得：3cosθ-2（1-sinθ）=v2，解得：tanθ=，则：θ=arctan时速度最大；答：（1）小球到达最低点B时的速度是1m/s；．（2）小球的速度最大时绳与竖直方向的夹角是arctan．【解析】（1）小球由最高点到最低点的过程中，重力和电场力做功，由动能定理可求得小球在最低点的速度．（2）由动能定理求出小球的速度，然后求出速度最大时绳子与竖直方向的夹角．本题考查了动能定理的应用，分析清楚小球的运动过程，应用动能定理即可解题，解题时注意数学知识的应用．13.空间有一匀强电场，电场方向与纸面平行．一带正电，电量为q，质量为m的小球（重力不计），在恒定拉力F的作用下沿虚线以速度v0由M匀速运动到N，如图所示．已知力F和MN间夹角为θ，MN间距离为L，则：（1）匀强电场的电场强度大小为多少？（2）MN两点的电势差为多少？（3）当带电小球到达N点时，撤去外力F，则小球回到过M点的等势面时的动能为多少？【答案】解：（1）由题意可知，小球只受到拉力F与电场力，做匀速直线运动，所以它受到的合力为0，拉力与电场力是一对平衡力．所以电场力的大小也是F，方向与拉力F的方向相反．则匀强电场的电场强度大小E=．（2）从M到N的过程，电场力做功的大小：W=-F•L cosθ．则MN两点的电势差为U MN==-．（3）过M点的等势线与力F垂直，如图中虚线所示．小球到达N点后，速度方向水平向右，电场力方向斜向左下方，小球做类斜上抛运动，能回到过M点的等势面．根据能量守恒定律得，小球的动能变化量得E k M=E k N-q U MN=+FL cosθ答：（1）匀强电场的电场强度大小为．（2）MN两点的电势差为-．（3）当带电小球到达N点时，撤去外力F，则小球回到过M点的等势面时的动能为+FL cosθ．【解析】（1）由题，小球由M点匀速运动到N点，受力平衡，由平衡条件求解电场力，再求出场强．（2）根据U=E d求出MN两点的电势差，d是两点沿电场方向的距离．（3）当带电小球到达N点时，撤去外力F，小球受到电场力作用，可以回到过M点的等势面，根据能量守恒定律求出此过程小球的动能变化量．本题是带电体在电场中匀速运动问题，运用力学中物体平衡的解题思路进行分析．。
高一第一学期物理必修一期末考试试题(卷)与答案解析
B AFF v F θ A 第六题图高一上学期物理期末考试一、单项选择题（16分） 1．在物理学中，突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的物理模型，是经常采用的一种科学研究方法．质点就是这种物理模型之一．关于地球能否看作质点，下列说确的是( ) A ．地球的质量太大，不能把地球看作质点 B ．地球的体积太大，不能把地球看作质点 C ．研究地球的自转时可以把地球看作质点 D ．研究地球绕太阳公转时可以把地球看作质点2. 如图所示，在地面上的物体A 、B 在水平力F 作用下处于静止状态，现对A 、B 进行受力分析，以下关于A 、B 受力的情况中说确的是：（ ） A ．B 受到重力、支持力和摩擦力B ．A 受到重力、支持力、压力和两个摩擦力C ．A 受到重力、支持力、压力和地面对它的摩擦力D ．通过B 的传递，A 亦受到力F 的作用3. 三个共点力F 1，F 2，F 3，其中F 1=1N ，方向正西，F 2=1N ，方向正北，若三力的合力是2N ，方向正北，则F 3应是：（ ）A . 1N ，东北B . 2N ， 正南 C.3.2N ，东北 D . N ，东北4．下列图示为一位体操运动员的几种挂杠方式，其手臂用力最小的是( )5．火车在长直水平轨道上匀速行驶。
门窗紧闭的车厢有一人向上跳起，发现仍落回到车上原处。
这是因为（ ） A ．人跳起后，厢空气给他以向前的力，带着他随同火车一起向前运动B ．人跳起的瞬间，车厢的地板给他一个向前的力，推动他随同火车一起向前运动C ．人跳起后，车继续向前运动，所以人落下后必定偏后一些，只是由于时间很短， 偏后距太小，不明显而已 Ｄ．人跳起后直到落地，在水平方向上和车具有相同的速度6. 物体从具有共同底边、但倾角不同的若干光滑斜面顶端由静止开始自由滑下，当倾角为多少时，物体滑至底端所需的时间最短（ ）A ．300B ．450C ．600D ．7507. 一物块静止在粗糙的水平桌面上。
甘肃省天水市一中高二上学期第三次(期末)考试物理试题
天水市一中2016级2017—2018学年度第一学期第三次考试物 理一、选择题（每小题4分，共48分。
其中第3、6、7、9、11题至少有两个选项正确，其它各题只有一个选项正确，全对得4分，选对但不全得2分，选错得0分）1．电动势的单位v ，是由基本单位组成的，以下正确的是A ．B ．322S A m kg ∙∙C ．22S A m kg ∙∙D ．222sA m kg ∙∙ 2．如图所示电路中灯泡L 1、L 2不亮，但电路中只有一处断开。
今用电压表测得U ab =0，U ac =3V ，U bd =3V ，U cd =0，则可知A ．L 2断B ．L 1断C ．R 断D ．电键K 未接通3．如图所示电路中，当滑动变阻器 R 的触头向左滑动时，下列说法正确的是A ．R 上消耗的功率可能一直变小B ．R 上消耗的功率可能一直变大C ．R 上消耗的功率可能先变小后变大D ．R 上消耗的功率可能先变大后变小4．有一长直螺线管通有正弦交流电（t I i m ωsin =)，当电子沿螺线管轴线射入后，若不计电子重力，则电子的运动情况是A ．变速直线运动B ．匀速直线运动C ．匀速圆周运动D ．沿轴线来回往复5．如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M 、N 两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流。
a 、o 、b 在M 、N 的连线上，o 为MN 的中点，c 、d 位于MN 的中垂线上，且a 、b 、c 、d 到o 点的距离均相等。
下列说法正确的是A ．o 点处的磁感应强度为零B ．a 、b 两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C ．c 、d 两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D ．a 、c 两点处磁感应强度的方向不同6．电子以固定的正电荷为圆心在匀强磁场中做匀速圆周运动，磁场方向垂直它的运动平面，电子所受电场力恰是磁场对它的作用力的3倍。
若电子电荷量为e ，质量为m ，磁感应强度为B ，则电子运动的角速度可能是A ．eB/mB ．2eB/mC ．3eB/mD ．4eB/m7．如图所示，开始时矩形线框与匀强磁场的方向垂直，且一半在磁场内，一半在磁场外，若要使线框中产生感应电流，下列办法中可行的是A ．将线框向左拉出磁场B ．以ab 边为轴转动（小于90°）C ．以ad 边为轴转动（小于60°）图1 图２ D ．以bc 边为轴转动（小于60°）8．如图，为了测出自感线圈的直流电阻，可采用如图所示的电路.在测量完毕后将电路解体时应该A ．首先断开开关S 1B ．首先断开开关S 2C ．首先拆除电源D ．首先拆除安培表9．如图所示，有一个闭合金属铜环放置在光滑水平的绝缘桌面上，铜环正上方有一个竖直的条形磁铁。
甘肃省天水一中高一物理上学期期末试卷(含解析)
2015-2016学年甘肃省天水一中高一（上）期末物理试卷一、选择题（1-9单选题，10-12多选题，每小题4分，共48分）1．牛顿的三大运动定律构成了物理学和工程学的基础．它的推出、地球引力的发现和微积分的创立使得牛顿成为过去一千多年中最杰出的科学巨人之一．下列说法中正确的是（）A．牛顿第一定律是牛顿第二定律的一种特例B．牛顿第二定律在非惯性系中不成立C．牛顿第一定律可以用实验验证D．为纪念牛顿，人们把“力”定为基本物理量，其基本单位为“牛顿”2．下列说法中正确的是（）A．运动越快的汽车不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大B．作用力与反作用力一定是同种性质的力C．伽利略的理想实验是凭空想象出来的，是脱离实际的理论假设D．马拉着车向前加速时，马对车的拉力大于车对马的拉力3．如图所示，A是一个质量为M的盒子，B的质量为M，A，B用细绳相连，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角为θ的斜面上，B悬于斜面之外而处于静止状态，现在向A中缓慢加入沙子，整个系统始终保持静止，则在加入沙子的过程中（）A．绳子拉力逐渐增大 B．A对斜面压力逐渐增大C．A所受摩擦力逐渐增大D．A所受合力逐渐增大4．如图所示，是一个做直线运动的物体到的速度﹣时间图象，已知初速度为v0，末速度为v t，则时间t内，物体的位移（）A．等于B．大于C．小于D．等于5．一物体由静止开始作匀加速运动，它在第n秒内的位移是s，则其加速度大小为（）A．B．C．D．6．一个物体从某一高度做自由落体运动，它在第1s内的位移恰好等于它最后1s内位移的，则它开始下落时距地面的高度为（取g=10m/s2）（）A．5m B．11.25m C．20m D．31.25m7．如图所示，一轻杆AB，A端铰于低墙上，B端用细线系住跨过低墙顶上的C点用力F拉住，并在B端挂一重物．现缓慢地拉线使杆向上转动，杆与墙的夹角θ逐渐减小．在此过程中，杆所受的压力N和拉力F的大小变化情况是（）A．N和F均变大B．N变小，F变大C．N变大，F变小D．N不变，F变小8．如图所示，一个重为5N的大砝码，用细线悬挂在O点，现在用力F拉砝码，使悬线偏离竖直方向30°时处于静止状态，此时所用拉力F的最小值为（）A．5.0N B．2.5N C．8.65N D．4.3N9．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2．5s内物体的（）A．路程为60mB．移大小为25m，方向向上C．速度改变量的大小为10m/sD．平均速度大小为13m/s，方向向上10．某人提一重物直立保持静止，当人向右跨了一步后，人与重物重新保持静止，下述说法中正确的是（）A．地面对人的摩擦力减小 B．地面对人的摩擦力增大C．人对地面的压力增大D．人对地面的压力减小11．某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N．他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v﹣t图可能是（取电梯向上运动的方向为正）（）A．B．C．D．12．如图所示，直杆AB与水平面成α角固定，在杆上套一质量为m的小滑块，杆底端B点处有一弹性挡板，杆与板面垂直，滑块与挡板碰撞后原速率返回．现将滑块拉到A点由静止释放，与挡板第一次碰撞后恰好能上升到AB的中点，设重力加速度为g，由此可以确定（）A．滑块下滑和上滑过程加速度的大小a1、a2B．滑块最终所处的位置C．滑块与杆之间动摩擦因数μD．滑块第k次与挡板碰撞后速度v k二、实验题13．在《探究加速度与力、质量的关系》实验中采用如图所示的装置．（1）本实验应用的实验方法是．A．假设法 B．理想实验法C．控制变量法 D．等效替代法（2）下列说法中正确的是．A．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源D．在每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量（3）如图所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带，取计数点A、B、C、D、E、F、G．纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为AB=1.50cm，BC=3.88cm，CD=6.26cm，DE=8.67cm，EF=11.08cm，FG=13.49cm，则小车运动的加速度大小a= m/s2，打纸带上E点时小车的瞬时速度大小v E= m/s．（结果均保留两位小数）（4）某同学测得小车的加速度a和拉力F的数据如下表所示：（小车质量保持不变）请根据表中的数据在坐标图上作出a﹣F图象；图象不过坐标原点的原因可能是．F（N）0.20 0.30 0.40 0.50 0.60a（m/s2）0.30 0.40 0.48 0.60 0.72三、计算题（共40分）14．如图所示，物体A重G A=40N，物体B重G B=20N，A与B、B与地面间的动摩擦因数都相同，物体B用细绳系住，当水平力F=32N时，才能将A匀速拉出．（1）画出A和B的受力示意图（2）求A与B、B与地面间的动摩擦因数μ（3）求物体B所受细绳的拉力T．15．质量是60kg的人站在升降机中的体重计上（g取10m/s2），求：（1）升降机匀速上升时体重计的读数；（2）升降机以4m/s2的加速度匀加速上升时体重计的读数；（3）当体重计的读数是420N时，判断升降机的运动情况．16．如图甲，一物体在t=0时刻以某一速度沿固定斜面下滑，物体运动到斜面底端与挡板碰撞时无机械能损失，其运动的v﹣t图象如图乙所示，已知重力加速度g=10m/s2，斜面的倾角θ=37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求（1）物体与斜面间的动摩擦因数μ．（2）物体沿斜面上滑时的加速度大小a．（3）物体能上滑的最大距离s．2015-2016学年甘肃省天水一中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-9单选题，10-12多选题，每小题4分，共48分）1．牛顿的三大运动定律构成了物理学和工程学的基础．它的推出、地球引力的发现和微积分的创立使得牛顿成为过去一千多年中最杰出的科学巨人之一．下列说法中正确的是（）A．牛顿第一定律是牛顿第二定律的一种特例B．牛顿第二定律在非惯性系中不成立C．牛顿第一定律可以用实验验证D．为纪念牛顿，人们把“力”定为基本物理量，其基本单位为“牛顿”【考点】牛顿第二定律．【分析】牛顿第一定律揭示了物体不受力时的运动规律，牛顿第二定律给出了加速度与力和质量的关系，牛顿第三定律揭示了作用力与反作用力的关系．【解答】解：A、牛顿第一定律揭示了物体不受力时的运动规律，牛顿第二定律给出了加速度与力和质量的关系，故牛顿第一定律是牛顿第二定律的基础，故A错误；B、牛顿运动定律成立的参考系是惯性系，故牛顿第二定律在非惯性系中不成立的，故B正确；C、地球上的一切物体都受到重力，完全不受力的物体是没有的，牛顿第一定律可以用理想实验验证，故C错误；D、为纪念牛顿，人们把力的单位规定为牛顿，即1N=1kg•m/s2，但不是基本单位，故D错误；故选B．【点评】本题考查了牛顿三定律之间的联系，牛顿第一定律是基础，说明力不需要运动来维持，第二定律给出了力与运动的具体关系．2．下列说法中正确的是（）A．运动越快的汽车不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大B．作用力与反作用力一定是同种性质的力C．伽利略的理想实验是凭空想象出来的，是脱离实际的理论假设D．马拉着车向前加速时，马对车的拉力大于车对马的拉力【考点】作用力和反作用力；伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法；惯性．【分析】惯性是描述物体的运动的状态改变难易的物理量，不仅仅是“停下了”的难易；作用力和反作用力的来源是相同的，所以必定是同种性质的力；作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，伽利略的理想实验不是凭空想象出来的，也不是脱离实际的理论假设．【解答】解：A、运动快的汽车不容易停下来，是因为汽车运动得越快，汽车的动量越大，停下了所需要的冲量越大，时间就越长．故A错误；B、作用力和反作用力的来源是相同的，所以必定是同种性质的力；故B正确；C、伽利略的理想实验是依据他所做的实验，进行的理想化的推理，不是凭空想象出来的，对实际的生产和生活有非常重要的指导意义．故C错误；D、作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，所以马对车的拉力始终等于车对马的拉力．故D错误．故选：B【点评】该题考查了运动学多个概念和伽利略的理想实验，都是属于基础知识和容易混肴的一些知识．要加强对基础知识的学习．3．如图所示，A是一个质量为M的盒子，B的质量为M，A，B用细绳相连，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角为θ的斜面上，B悬于斜面之外而处于静止状态，现在向A中缓慢加入沙子，整个系统始终保持静止，则在加入沙子的过程中（）A．绳子拉力逐渐增大 B．A对斜面压力逐渐增大C．A所受摩擦力逐渐增大D．A所受合力逐渐增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】绳子拉力等于B的重力，保持不变．A对斜面的压力等于A及沙子的总重力沿垂直于斜面的分力．A所受的重力沿斜面向下的分力等于B的重力，当向A中缓慢加入沙子时，分析A受到的摩擦力方向，由平衡条件分析大小的变化．A保持静止，合力为零，保持不变．【解答】解：A、B始终处于静止状态，由平衡条件得知绳子拉力等于B的重力，保持不变．故A错误．B、A对斜面的压力等于A及沙子的总重力沿垂直于斜面的分力，随着沙子质量的增加，A对斜面的压力逐渐增大．故B正确．C、未加沙子时，A的重力沿斜面向下的分力与绳子的拉力大小关系不能确定，A 的运动趋势方向不能确定，所以A可能不受静摩擦力，可能摩擦力沿斜面向下，也可能沿斜面向上．当向A中缓慢加入沙子时，若A原来不受摩擦力或摩擦力沿斜面向上，由平衡条件分析可知：随着沙子质量的增加，A所受的摩擦力逐渐增大．若A原来的摩擦力沿斜面向下时，当向A中缓慢加入沙子时，A所受的摩擦力可能不断减小．故C错误．D、整个系统始终保持静止，A所受的合力为零，不变．故D错误．故选：B．【点评】本题关键通过分析物体的受力情况，确定摩擦力的大小和方向．不能产生低级错误，认为加沙子，A的合力增大．4．如图所示，是一个做直线运动的物体到的速度﹣时间图象，已知初速度为v0，末速度为v t，则时间t内，物体的位移（）A．等于 B．大于C．小于 D．等于【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在速度时间图线中，图线与时间轴围成的面积表示位移，若是匀加速直线运动，结合平均速度推论求出位移，从而比较大小．【解答】解：若图线为图中虚线所示，物体做匀加速直线运动，梯形的面积表示位移，根据平均速度推论知，位移x=，因为实际图线围成的面积大于梯形面积，则物体的位移大于，故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动平均速度推论，以及知道速度时间图线围成的面积表示位移．5．一物体由静止开始作匀加速运动，它在第n秒内的位移是s，则其加速度大小为（）A． B． C． D．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】计算题．【分析】要求物体的加速度，知道物体在第n秒内的位移，根据平均速度公式s=t，需求物体在第n秒内的平均速度，故需求物体在第n秒初的速度v1和在第n秒末的速度v2．【解答】解：设物体的加速度为a，由于物体做初速度为0的匀加速直线运动，根据v t=v0+at可得物体在第（n﹣1）秒末的速度为v1=（n﹣1）a，物体在第n秒末的速度为v2=na，则在第n秒内的平均速度，根据s=t物体在第n秒内的位移s=×1故物体的加速度a=故选A．【点评】知道某段时间内的位移，求物体的加速度，可以利用平均速度公式求解，要求平均速度，需要知道物体的初速度和末速度的表达式．6．一个物体从某一高度做自由落体运动，它在第1s内的位移恰好等于它最后1s内位移的，则它开始下落时距地面的高度为（取g=10m/s2）（）A．5m B．11.25m C．20m D．31.25m【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】自由落体运动是初速度为零的匀加速运动，加速度的大小为重力加速度，根据自由落体运动规律计算即可．【解答】解：根据公式：h=gt2得：第1 s内下落的距离h1=×10×12 m=5 m．设：物体开始下落时离地面的高度为H，下落时间为t，则有：H=gt2…①最后1s之前的下降的高度为 H﹣4h1=g（t﹣△t）2…②由①﹣②得：4h1=gt2﹣g（t﹣△t）2，∴t=2.5 s…③把③式代入①得：H=×10×（2.5）2 m=31.25 m．故选D．【点评】匀变速运动的常规题目，牢记公式，找准数量关系列方程，注意每次都从抛出点开始计算，这样比较简单．7．如图所示，一轻杆AB，A端铰于低墙上，B端用细线系住跨过低墙顶上的C点用力F拉住，并在B端挂一重物．现缓慢地拉线使杆向上转动，杆与墙的夹角θ逐渐减小．在此过程中，杆所受的压力N和拉力F的大小变化情况是（）A．N和F均变大B．N变小，F变大C．N变大，F变小D．N不变，F变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当细绳缓慢拉动时，整个装置处于动态平衡状态，以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图．根据平衡条件，运用三角形相似法，得出F N与边长CA、BA及物体重力的关系，再分析F N的变化情况以及F的变化．【解答】解：设物体的重力为G．以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图，如图．作出力F N与F的合力F2，根据平衡条件得知，F2=F1=G．由△F2F N B∽△CBA得知AB、AC长度不变，杆与墙的夹角θ逐渐减小，则BC减小，知F N不变，F减小．F N与杆所受的压力N大小相等．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】本题中涉及非直角三角形，运用几何知识研究力与边或角的关系，根据相似三角形法解决是常用的思路．8．如图所示，一个重为5N的大砝码，用细线悬挂在O点，现在用力F拉砝码，使悬线偏离竖直方向30°时处于静止状态，此时所用拉力F的最小值为（）A．5.0N B．2.5N C．8.65N D．4.3N【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以物体为研究对象，采用作图法分析什么条件下拉力F最小．再根据平衡条件求解F的最小值．【解答】解：以物体为研究对象，根据作图法可知，当拉力F与细线垂直时最小．根据平衡条件得F的最小值为F min=Gsin30°=5×0.5N=2.5N故选B【点评】本题是物体平衡中极值问题，难点在于分析F取得最小值的条件，采用作图法，也可以采用函数法分析确定．9．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2．5s内物体的（）A．路程为60mB．移大小为25m，方向向上C．速度改变量的大小为10m/sD．平均速度大小为13m/s，方向向上【考点】竖直上抛运动．【专题】直线运动规律专题．【分析】物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由位移公式求出5s内位移，由平均速度公式求出平均速度，由△v=at求出速度的改变量．【解答】解：A、物体上升的最大高度为h1===45m，上升的时间为t1==3s，从最高点开始2s 内下落的高度h2==×10×22m=20m，所以5s内物体通过的路程为S=h1+h2=65m，故A错误；B、物体上升的最大高度为h1===45m，上升的时间为t1==3s，从最高点开始2s内下落的高度h2==×10×22m=20m，所以5s内物体通过的位移为S=h1﹣h2=25m．且方向竖直向上，故B正确．C、由于匀变速运动，则速度改变量△v=at=gt=﹣10×5m/s=﹣50m/s．故C错误．D、平均速度=m/s=5m/s，方向竖直向上．故D错误．故选：B【点评】对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用．注意：5s内物体的位移也可以由此法解出，x=v0t﹣gt2=30×5﹣×10×52（m）=25m，位移方向竖直向上．（加速度方向与初速度方向相反）10．某人提一重物直立保持静止，当人向右跨了一步后，人与重物重新保持静止，下述说法中正确的是（）A．地面对人的摩擦力减小 B．地面对人的摩擦力增大C．人对地面的压力增大D．人对地面的压力减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对人受力分析：重力、绳子的拉力、支持力与地面给的静摩擦力，四力处于平衡状态．当人后退后重新处于平衡，则绳子与竖直方向夹角变大，由力的分解结合平衡条件可确定摩擦力、支持力的变化情况．【解答】解：对人受力分析，重力G、绳子的拉力T、支持力F与地面给的静摩擦力f，四力处于平衡状态．当绳子与竖直方向夹角θ变大时，则对绳子的拉力T进行力的分解得：Tsinθ=fTcosθ+F=G由题意可知，绳子的拉力大小T等于物体的重力，所以随着夹角θ变大，得静摩擦力增大，支持力变大，导致人对地的压力增大；故AD错误，BC正确；故选：BC．【点评】这是物体受力平衡的动态分析，方法是正确的受力分析，再由力的分解或合成来寻找力之间的关系．学生受力分析时容易出错，认为人受到三个力，重力、拉力与静摩擦力，却漏了支持力，学生误以为绳子竖直方向的分力就是支持力．11．某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N．他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v﹣t图可能是（取电梯向上运动的方向为正）（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．【分析】由图可知各段上物体的受力情况，则由牛顿第二定律可求得物体的加速度，即可确定其运动情况，画出v﹣t图象．【解答】解：由图可知，t0至t1时间段弹簧秤的示数小于G，故合力为G﹣F=50N，物体可能向下加速，也可能向上减速；t1至t2时间段弹力等于重力，故合力为零，物体可能为匀速也可能静止；而t2至t3时间段内合力向上，故物体加速度向上，电梯可能向上加速也可能向下减速；AD均符合题意；故选AD．【点评】本题考查图象与牛顿第二定律的综合，关键在于明确加速度的方向，本题易错在考虑不全面上，应找出所有的可能性再确定答案．12．如图所示，直杆AB与水平面成α角固定，在杆上套一质量为m的小滑块，杆底端B点处有一弹性挡板，杆与板面垂直，滑块与挡板碰撞后原速率返回．现将滑块拉到A点由静止释放，与挡板第一次碰撞后恰好能上升到AB的中点，设重力加速度为g，由此可以确定（）A．滑块下滑和上滑过程加速度的大小a1、a2B．滑块最终所处的位置C．滑块与杆之间动摩擦因数μD．滑块第k次与挡板碰撞后速度v k【考点】牛顿第二定律；滑动摩擦力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】滑块运动分两个阶段，匀加速下滑和匀减速上滑，利用牛顿第二定律求出两端加速度，利用运动学公式求解．【解答】解：设下滑位移为L，到达底端速度为v由公式v2=2ax得：下滑过程：v2=2a下L ①上滑过程：②由牛顿第二定律得：下滑加速度为：③上滑加速度为：④①②③④联立得：所以A正确；，又f=μF N=μmgcosα两式联立得：，所以c正确；因为滑杆粗糙，所以最终滑块停在底端，所以B正确；因为不知道最初滑块下滑的位移，所以无法求出速度，所以D错误；故选ABC．【点评】解决本题的关键是上滑和下滑时摩擦力方向不同，所以加速度不同，另外抓住连接两段的桥梁是碰撞前后速度大小相等．二、实验题13．在《探究加速度与力、质量的关系》实验中采用如图所示的装置．（1）本实验应用的实验方法是 C ．A．假设法 B．理想实验法C．控制变量法 D．等效替代法（2）下列说法中正确的是BD ．A．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源D．在每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量（3）如图所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带，取计数点A、B、C、D、E、F、G．纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为AB=1.50cm，BC=3.88cm，CD=6.26cm，DE=8.67cm，EF=11.08cm，FG=13.49cm，则小车运动的加速度大小a= 2.40 m/s2，打纸带上E点时小车的瞬时速度大小v E= 0.99 m/s．（结果均保留两位小数）（4）某同学测得小车的加速度a和拉力F的数据如下表所示：（小车质量保持不变）请根据表中的数据在坐标图上作出a﹣F图象；图象不过坐标原点的原因可能是平衡摩擦过度或木板一端垫得过高．F（N）0.20 0.30 0.40 0.50 0.60a（m/s2）0.30 0.40 0.48 0.60 0.72【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题；定量思想；图析法；方程法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要．（2）探究加速度与力的关系实验时，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西．平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsinθ=μmgcosθ，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力．操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小车．（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．（4）实验时应平衡摩擦力，没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，a﹣F图象在F轴上有截距；平衡摩擦力过度，在a﹣F图象的a轴上有截距．【解答】解：（1）本实验应用的实验方法是控制变量法，故选C．（2）平衡摩擦力时，小车上不应该挂砝码，只让小车拖着纸带做匀速运动即可，选项A错误；每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，选项B正确；实验时，先接通打点计时器电源再放开小车，选项C错误；在每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量，以使得小车的拉力近似等于砝码的重力．选项D正确；故选：BD．（3）小车运动的加速度大小：==2.40m/s2；打纸带上E点时小车的瞬时速度大小： ==0.99m/s，（4）图线如图所示；由图线可看出，小车上不加拉力时就已经有了加速度，故图象不过坐标原点的原因可能是平衡摩擦过度或木板一端垫得过高．故答案为：（1）C；（2）BD；（3）2.40，0.99；（4）a﹣F图象如上图所示；平衡摩擦过度或木板一端垫得过高．【点评】对于实验我们要明确实验原理、具体实验操作以及数据处理等，同时要清楚每一项操作存在的理由，比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等．该题考查在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中的注意事项：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动；同时会求瞬时速度与加速度，学会通过描点作图象，注意单位的统一与正确的计算．三、计算题（共40分）14．如图所示，物体A重G A=40N，物体B重G B=20N，A与B、B与地面间的动摩擦因数都相同，物体B用细绳系住，当水平力F=32N时，才能将A匀速拉出．（1）画出A和B的受力示意图（2）求A与B、B与地面间的动摩擦因数μ（3）求物体B所受细绳的拉力T．【考点】共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】（1）物体B受重力、支持力、细线的拉力和向右的滑动摩擦力；物体A受拉力、重力、压力、支持力、B对A向左的滑动摩擦力，地面对A向左的滑动摩擦力．（2）当水平力F=32N可以将B匀速拉出可知：在B被拉出过程中，物体A和B均处于平衡状态．对A受力分析可知外力F等于B对A的摩擦力和地面对A的摩擦力之和，地面对A的摩擦力μ（G A+G B）代入有关数据可求得μ．（3）物体B受细线的拉力和摩擦力而平衡，根据平衡条件列式求解即可．【解答】解：（1）对A受力分析，如图所示：对B受力分析，如图所示：（2）以A物体为研究对象，其受力情况如上图所示：物体B对其压力 F N2=G B=20N，地面对A的支持力 F N1=G A+G B=40N+20N=60N，因此A受B的滑动摩擦力 F f2=μF N2=20μ，A受地面的摩擦力：F f1=μF N1=60μ，又由题意得：F=F f1+F f2=60μ+20μ=80μ，F=32（N），代入即可得到：μ=0.4．（3）对物体B，根据平衡条件，有：T=μG B=0.4×20=8N答：（1）画出A和B的受力示意图，如图所示；（2）求A与B、B与地面间的动摩擦因数为0.4；（3）求物体B所受细绳的拉力为8N．【点评】本题考查应用平衡条件处理问题的能力，要注意A对地面的压力并不等于A的重力，而等于A、B总重力．15．质量是60kg的人站在升降机中的体重计上（g取10m/s2），求：（1）升降机匀速上升时体重计的读数；（2）升降机以4m/s2的加速度匀加速上升时体重计的读数；。
天水市高一物理上学期期末试卷带解析
2015-2016天水市高一物理上学期期末试卷（带解析）天水一中2015级2015——2016学年度第一学期第二学段考试物理试题(满分：100时间：90分钟)一、选择题（1-9单选题，10-12多选题，每小题4分，共48分）1．牛顿的三大运动定律构成了物理学和工程学的基础，它的推出、地球引力的发现和微积分的创立使得牛顿成为过去一千多年中最杰出的科学巨人之一。
下列说法中正确的是（）A．牛顿第一定律是牛顿第二定律的一种特例B．牛顿第一定律可以用实验验证C．牛顿第二定律在非惯性系中不成立D．为纪念牛顿，人们把“力”定为基本物理量，其基本单位为“牛顿”2．下列说法中正确的是（）A．运动越快的汽车不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大B．作用力与反作用力一定是同种性质的力C．伽利略的理想实验是凭空想象出来的，是脱离实际的理论假设D．马拉着车向前加速时，马对车的拉力大于车对马的拉力3．如图所示，A是一个质量为M的盒子，B的质量为M，A，B用细绳相连，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角为θ的斜面上，B悬于斜面之外而处于静止状态，现在向A中缓慢加入沙子，整个系统始终保持静止，则在加入沙子的过程中（）A．绳子拉力逐渐增大B．A对斜面压力逐渐增大C．A所受摩擦力逐渐增大D．A所受合力逐渐增大4．如图所示，是一个做直线运动的物体到的速度﹣时间图象，已知初速度为v0，末速度为vt，则时间t内，物体的位移（）A．等于B．大于C．小于D．等于5．一物体由静止开始作匀加速运动，它在第n秒内的位移是s，则其加速度大小为（）A．B．C．D．6．一个物体从某一高度做自由落体运动，它在第1s内的位移恰好等于它最后1s内位移的，则它开始下落时距地面的高度为（取g=10m/s2）（）A．5mB．11.25mC．20mD．31.25m7．如图所示，一轻杆AB，A端铰于低墙上，B端用细线系住跨过低墙顶上的C点用力F拉住，并在B端挂一重物.现缓慢地拉线使杆向上转动，杆与墙的夹角逐渐减小.在此过程中，杆所受的压力N和拉力F的大小变化情况是A.Ｎ和F均变大B.Ｎ变小，F变大C.Ｎ变大，F变小D.Ｎ不变，F变小.8．如图所示，一个重为5N的大砝码，用细线悬挂在O 点，现在用力F拉砝码，使悬线偏离竖直方向30°时处于静止状态，此时所用拉力F的最小值为（）A．5.0NB．2.5NC．8.65ND．4.3N9．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2．5s内物体的（）A．路程为60mB．移大小为25m，方向向上C．速度改变量的大小为10m/sD．平均速度大小为13m/s，方向向上10．某人提一重物直立保持静止，当人向右跨了一步后，人与重物重新保持静止，下述说法中正确的是（）A．地面对人的摩擦力减小B．地面对人的摩擦力增大C．人对地面的压力增大D．人对地面的压力减小11．某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N．他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v﹣t图可能是（取电梯向上运动的方向为正）（）A．B．C．D．12．如图所示，直杆AB与水平面成α角固定，在杆上套一质量为m的小滑块，杆底端B点处有一弹性挡板，杆与板面垂直，滑块与挡板碰撞后原速率返回．现将滑块拉到A点由静止释放，与挡板第一次碰撞后恰好能上升到AB的中点，设重力加速度为g，由此可以求出：A．滑块下滑和上滑过程加速度的大小a1、a2B．滑块最终所处的位置C．滑块与杆之间动摩擦因数μD．滑块第k次与挡板碰撞后速度vk二、实验题（12分）13．在《探究加速度与力、质量的关系》实验中采用如图所示的装置。
甘肃省天水市2016_2017学年高二物理上学期第二阶段考试试题理(含解析)
甘肃省天水市2016-2017学年高二物理上学期第二阶段考试试题 理（含解析）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
其中第1、4、7、8题为多选题，其余题为单选题。
多选题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错的不得分） 1.以下说法正确的是( ) A ．由qFE =可知，电场中某点的电场强度E 与F 成正比 B ．由RUI =可知，某段导体中的电流I 与U 成正比 C ．由ILFB =可知，磁场中的某点的磁感应强度B 与放入磁场中的通电导线的电流I 有关 D ．由UQC =可知，电容器的电容大小C 与电容器两极板间电势差U 无关 【答案】BD考点：电场强度；欧姆定律；磁感应强度；电容【名师点睛】对于各个公式关键要明确是定义式还是决定式，要掌握比值法定义的共性来理解E 、B 和C 的意义。
2. 一根粗细均匀的电阻丝，其电阻为 R ，在温度不变的情况下，若将其对折后，则其电阻变为（ ）A ． R /4B ． R /2C ． 2RD ． 4R 【答案】A 【解析】试题分析：在电阻丝温度不变的条件下，电阻的影响因素是材料、长度、横截面积，当电阻线对折后，长度变为原来的1/2，横截面积变为原来的2倍，∵导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，∴此时电阻变为原来的四分之一．故选A. 考点：电阻定律【名师点睛】本题考查了影响电阻大小的因素，关键要知道导体电阻与长度成正比，与横截面积成反比。
3. 两个白炽灯泡，一个标有“220V 100W”，另一个标有“220V 60W”．假如灯丝的电阻不变，先把它们串联起来接到220V电源上，再把它们并联起来接到220V电源上．以下说法不正确的是（）A.串联比并联消耗的总功率大 B.并联比串联消耗的总功率大C.串联时60W灯泡消耗的电功率较大 D.并联时100w灯泡消耗的电功率较大【答案】A【解析】考点：电功率【名师点睛】本题考查实际功率和额定功率的关系，关键是灵活选择公式2UPR=或P=I2R进行计算，基础题目。
2017年甘肃省天水二中高一上学期物理期末试卷与解析
2016-2017学年甘肃省天水二中高一（上）期末物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共45分，每小题只有一个答案是正确的）1．（3分）下列叙述中正确的是（）A．我们学过的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量B．物体从静止开始下落的运动叫自由落体运动C．通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力D．任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，且也一定在物体内2．（3分）下列关于惯性的说法正确的是（）A．速度越大的物体越难让它停止运动，故速度越大，惯性越大B．静止的物体惯性最大C．不受外力作用的物体才有惯性D．行驶车辆突然转弯时，乘客向外倾倒是由于乘客有惯性3．（3分）作用在同一物体上的三个共点力，大小分别为6N、3N和8N，其合力最小值为（）A．1N B．3N C．13N D．04．（3分）在国际单位制中，力学基本单位有三个，这三个基本单位是（）A．m、kg、s B．m、s、N C．m、kg、N D．kg、s、N5．（3分）用手握住瓶子，使瓶子在竖直方向静止，如果握力加倍，则手对瓶子的摩擦力（）A．握力越大，摩擦力越大B．只要瓶子不动，摩擦力大小与前面的因素无关C．方向由向下变成向上D．手越干越粗糙，摩擦力越大6．（3分）一小球从空中由静止下落，已知下落过程中小球所受阻力与速度的平方成正比，设小球离地足够高，则（）A．小球先加速后匀速B．小球一直在做加速运动C．小球在做减速运动D．小球先加速后减速7．（3分）如图所示，光滑斜面的倾角为α，一个质量为m的物体放在斜面上，如果斜面以加速度a水平向左做匀加速直线运动，物体与斜面间无相对运动，则斜面对物体的支持力的大小为（）A．mgcosαB．C．D．m8．（3分）如图所示，一位同学站在机械指针体重计上，突然下蹲直到蹲到底静止．根据超重和失重现象的分析方法，试分析判断整个下蹲过程体重计上指针示数的变化情况（）A．一直增大B．一直减小C．先减小，后增大 D．先增大，后减小9．（3分）红军在长征时，遇到的环境十分恶劣．在过草地时，有的地方看上去是草，而下面可能就是淤泥，一不小心就会陷入到淤泥中，这是因为（）A．红军给地面的压力大于地面给红军的支持力B．地面给红军的支持力大于红军给地面的压力C．地面给红军的支持力小于红军受的重力D．地面给红军的支持力等于红军受的重力10．（3分）建筑工人用图所示的定滑轮装置运送建筑材料．质量为70kg的工人站在地面上，通过定滑轮将10kg的空桶以2m/s2的加速度由静止开始降下，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为（g取lOm/s2）（）A．620N B．580 N C．720 N D．780 N11．（3分）汽车正在以12m/s的速度在平直的公路上前进，在它的正前方15m 处有一障碍物，汽车立即刹车做匀减速运动，加速度大小为6m/s2，刹车后3s 末汽车和障碍物的距离为（）A．9m B．6m C．12m D．3m12．（3分）如图所示，均匀光滑的小球静止在光滑的墙壁与木板之间，墙壁对小球的弹力为F 1，木板对小球的弹力F2，当墙壁与木板的夹角α增大时（α＜90°）（）A．F1增大，F2减小 B．F1减小，F2增大C．F1、F2都减小D．F1、F2都增大13．（3分）物体从斜面顶端由静止开始滑下，经t s到达中点，则物体从斜面顶端到底端共用时间为（）A．ts B．s C．2ts D．ts14．（3分）A、B两球的质量均为m，两球之间用轻弹簧相连，放在光滑的水平地面上，A球左侧靠墙．用力F向左推B球将弹簧压缩，如图所示．然后突然将力F撤去，在撤去力F的瞬间，A、B两球的加速度分别为（）A．0，0 B．0，C．，D．，15．（3分）放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为（）A．m=0.5kg，μ=0.4B．m=1.5kg，μ=C．m=0.5kg，μ=0.2D．m=1kg，μ=0.2二、多项选择题（每小题4分，共12分．在每小题给出的四个选项中有两个或两个以上选项符合题目要求．全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分）16．（4分）如图所示，悬挂在小车顶棚上的小球偏离竖直方向θ角，则小车的运动情况可能是（）A．向右加速运动B．向右减速运动C．向左加速运动D．向左减速运动17．（4分）如图是A、B两物体同时由同一地点向同一方向做直线运动的v﹣t 图象，从图象上可知（）A．A做匀速运动，B做匀加速运动B．20s末A、B相遇C．20s末A、B相距最远D．40s末A、B相遇18．（4分）如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为（）A．B．C．若桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为D．若桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为+μMg三、实验题（两大题，每空2分，共10分．把答案填在题中的横线上或按题目要求作答．）19．（6分）探究物体的加速度与力、质量的关系实验如下：（1）在探究物体的加速度与力的关系时，应保持不变，分别改变施加在物体上的水平拉力F，测出相对应的加速度a．（2）在探究物体的加速度与物体质量的关系时，应保持不变，分别改变物体的质量m，测出相应的加紧速度a．（3）如果a﹣图象是通过坐标原点的一条直线，则说明．A．加速度a与质量m成正比B．加速度a与质量m成反比C．质量m与加速度a成反比D．质量m与加速度a成正比．20．（4分）（1）在做验证力的平行四边形定则的实验时，先用两个弹簧秤拉橡皮条，再用一个弹簧秤拉橡皮条，两次必须使橡皮条的终点达到同一位置，这样做是为了A．便于测量力的大小B．使两个分力和它的合力有相同的作用点C．使两个分力和它的合力有相同的作用效果D．便于画出分力和合力的方向（2）如图所示，是甲、乙两位同学实验时得出的结果，其中同学的实验结果比较符合实验事实．四、计算题（共33分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）21．（8分）如图所示，有倾角为30°的光滑斜面上放一质量为2kg的小球，球被竖直挡板挡住，若斜面足够长，g取10m/s2，求：（1）球对挡板的压力大小．（2）撤去挡板，2s末小球的速度大小．22．（8分）如图所示，物体的质量m=1.0kg，物体与地面间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2．若沿水平向右方向施加一恒定拉力F=9.0N，使物体由静止开始做匀加速直线运动．求：（1）物体的加速度大小；（2）2s末物体的速度大小；（3）2s末撤去拉力F，物体的加速度又是多大？物体还能运动多远？23．（8分）如图所示，物体重60牛，放在倾角为θ=37°的斜面上，用F=20牛的水平推力推物体，物体沿斜面匀速向下滑动．求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）物体所受滑动摩擦力的大小．（2）物体与斜面间的动摩擦因数．24．（9分）气球以10m/s的速度匀速上升，在离地面75m高处从气球上掉落一个物体，结果气球便以加速度α=0.1m/s2向上做匀加速直线运动，不计物体在下落过程中受到的空气阻力，问物体落到地面时气球离地的高度为多少？g=10m/s2．五、附加题：（10分）25．如图所示，水平传送带以v=5m/s的恒定速度运动，传送带长AB=7.5m，今在其左端将一质量为m=1kg的工件轻轻放在上面，工件被带传送到右端，已知工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，（g=10m/s2）试求：（1）工件经过多长时间由传送带左端运动到右端（2）工件在传送带上相对滑动的长度．2016-2017学年甘肃省天水二中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共45分，每小题只有一个答案是正确的）1．（3分）下列叙述中正确的是（）A．我们学过的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量B．物体从静止开始下落的运动叫自由落体运动C．通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力D．任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，且也一定在物体内【解答】解：A、我们学过的物理量：速度、加速度、位移都是矢量，而路程却是标量。
甘肃省天水市秦安二中高一物理上学期期末试卷(含解析)
2015-2016学年甘肃省天水市秦安二中高一（上）期末物理试卷一.单选题（每题只有一个答案正确，选错不得分．每题3分，共10题，共30分）1．在国际单位制中，力学的三个基本单位是（）A．kg、N、m B．kg、N、s C．kg、m、s D．N、m、s2．某航母跑道长200m．飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A．5m/s B．10m/s C．15m/s D．20m/s3．如图所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角θ．若此人所受重力为G，则椅子各部分对他的作用力的合力大小为（）A．G B．GsinθC．GcosθD．Gtanθ4．物体A在外力F作用下静止在水平面上，关于物体的受力存在几对作用力与反作用力（）A．1对B．2对C．3对D．4对5．下列关于惯性的说法，正确的是（）A．只有静止或做匀速直线运动的物体才具有惯性B．做变速运动的物体没有惯性C．失重的物体没有惯性D．两个物体质量相等，那么它们的惯性大小相同6．如图所示，A、B两个木块叠放在水平桌面上，B对桌面施加一个竖直向下的压力．该压力是由于（）A．A发生弹性形变产生的B．B发生弹性形变产生的C．桌面发生弹性形变产生的D．桌面和A发生弹性形变产生的7．如图所示，放在水平桌面上的木块A处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量为0.6kg，弹簧测力计读数为4N，滑轮摩擦不计．若轻轻取走盘中的部分砝码，使总质量减少到0.3kg 时，将会出现的情况是（g=10m/s2）（）A．弹簧测力计的读数将变小B．A将向左移动C．A对桌面的摩擦力方向一定发生改变D．A所受的合力将要变大8．质量为1kg的物体在水平面内做曲线运动，已知互相垂直方向上的速度图象分别如图所示．下列说法正确的是（）A．质点的初速度为5m/sB．质点所受的合外力为3NC．2s末质点速度大小为7m/sD．质点初速度的方向与合外力方向垂直9．如图所示，自由下落的小球，从它接触竖直放置的弹簧开始到弹簧压缩到最大程度的过程中，小球的速度和加速度的变化情况（）A．加速度变大，速度变小B．加速度变小，速度变大C．加速度先变小后变大，速度先变大后变小D．加速度先变小后变大，速度先变小后变大10．如图所示，用力F推放在光滑水平面上的物体P、Q、R，使其一起做匀加速运动．若P和Q之间的相互作用力为6N，Q和R之间的相互作用力为4N，Q的质量是2kg，那么R的质量是（）A．2 kg B．3 kg C．4 kg D．5 kg二.双选题（每题有两个答案正确．每题4分，共5题，共20分）11．关于速度、加速度、合外力间的关系，下列说法正确的是（）A．物体的速度越大，则加速度越大，所受的合外力也越大B．物体的速度为零，则加速度为零，所受的合外力也为零C．物体的速度为零，但加速度可能很大，所受的合外力也可能很大D．物体的速度很大，但加速度可能为零，所受的合外力也可能为零12．如图所示，在光滑水平地面上，水平外力F拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速度运动．小车质量为M，木块质量为m，加速度大小为a，木块和小车之间的动摩擦因数为μ，则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是（）A．μmg B．C．μ（M+m）g D．ma13．将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的v﹣t图象如图所示．以下判断正确的是（）A．前3s内货物处于超重状态B．3s末货物运动至最高点C．第3s末至第5s末的过程中，货物静止D．前3s内与最后2s内货物的平均速度相同14．如图所示，两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动，在O 点悬挂一重物M，将两相同木块m紧压在竖直挡板上，此时整个系统保持静止．F f表示木块与挡板间摩擦力的大小，F N表示木块与挡板间正压力的大小．若挡板间的距离稍许减小后，系统仍静止且O1、O2始终等高，则（）A．F f变小B．F f不变C．F N变小D．F N变大15．某物体由静止开始做直线运动，物体所受合力F随时间t的变化图象如图所示，则（）A．物体始终向同一方向运动B．物体在0～4秒和在4～8秒内的位移相同C．物体在2～4秒做匀减速直线运动D．物体在4秒末离出发点最远三.实验题（每空2分，共18分）16．在研究互成角度的两个共点力的合成实验中，其中的三个实验步骤如下：①在水平放置的木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在木板上，另一端两根细线，通过细线同时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，使它与细线的借点达到某一个位置O点，在白纸上记下O点和两弹簧测力计的读数F1和F2；②在纸上根据F1和F2的大小和方向，根据经验画出合适的线段长度，应用平行四边形定则作图求出合力F；③只用一只弹簧测力计通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与用两只弹簧测力计同时拉时相同，记下此时弹簧测力计的读数F′及其细线的方向．以上三个步骤中均有错误或疏漏：（1）中是．（2）中是．（3）中是．17．如图（a）为验证牛顿第二定律的实验装置示意图．（1）平衡小车所受的阻力的操作：取下，把木板不带滑轮的一端垫高；接通打点计时器电源，，让小车拖着纸带运动．如果打出的纸带如图（b）所示，则应（减小或增大）木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹为止．（2）打点计时器使用的交流电周期T0=0.02s．图c是某同学在正确操作下获得的一条纸带，A、B、C、D、E每两点之间还有4个点没有标出．写出用s1、s2、s3、s4以及T0来表示小车加速度的计算式：a= ．根据纸带所提供的数据，算得小车的加速度大小为（结果保留两位有效数字）．四、计算题（本题共4小题，共36分．解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤）18．如图所示，重量为G=10N的木块静止在倾角为37°的固定斜面上，木块与斜面间的动摩擦因素μ=0.8．已知木块与斜面间的最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）斜面对木块的支持力大小N；（2）木块对斜面的摩擦力大小f和方向；（3）若对木块施加一个平行斜面向上的拉力，拉力大小F=13N，求此时斜面对木块的摩擦力大小f′和方向．19．在冬天，高为h=0.8m的平台上，覆盖了一层冰，一乘雪橇的滑雪爱好者，从距平台边缘s=16m处以一定的初速度向平台边缘滑去，如图所示，当他滑离平台即将着地时的瞬间，其速度方向与水平地面的夹角为θ=53°，取重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6．求：（1）滑雪者滑离平台后在空中的运动时间t0；（2）滑雪者滑离平台时刻的速度大小v1；（3）滑雪者着地点到平台边缘的水平距离L；（4）若平台上的冰面与雪橇间的动摩擦因数为μ=0.05，则滑雪者的初速度大小v0．20．如图甲所示，一质量为2.0kg的物体静止在水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.20．从t=0时刻起，物体受到水平方向的力F的作用而开始运动，8s内F随时间t变化的规律如图乙所示．（g取10m/s2）求：（1）物体在0﹣4s的加速度大小a1，4s末的速度大小v1．（2）物体在4﹣5s的加速度大小a2，5s末的速度大小v2．（3）在图丙的坐标系中画出物体在8s内的v﹣t图象．（要求计算出相应数值）21．如图所示，物体A放在长L=1m的木板B上，木板B静止于水平面上．已知A的质量m A和B的质量m B均为2.0kg，A、B之间的动摩擦因数μ1=0.2，B与水平面之间的动摩擦因数μ2=0.1，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度g取10m/s2．若从t=0开始，木板B受F=16N的水平恒力作用，（1）木板B受F=16N的水平恒力作用时，A、B的加速度a A、a B各为多少？（2）t=2s时，在B的速度为多少？2015-2016学年甘肃省天水市秦安二中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一.单选题（每题只有一个答案正确，选错不得分．每题3分，共10题，共30分）1．在国际单位制中，力学的三个基本单位是（）A．kg、N、m B．kg、N、s C．kg、m、s D．N、m、s【考点】力学单位制．【分析】单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．【解答】解：国际单位由基本单位和导出单位两部分组成，基本量的单位成为基本单位；国际单位制中力学的三个基本单位分别是千克、米、秒，分别对应的物理量为质量、长度、时间．故选：C．【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．2．某航母跑道长200m．飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A．5m/s B．10m/s C．15m/s D．20m/s【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】已知飞机的末速度、加速度和位移，代入公式，即可求出初速度．【解答】解：由运动学公式v2﹣v02=2as代人数据得：m/s，故选B正确．故选：B．【点评】该题考察导出公式的应用，直接代入公式即可．3．如图所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角θ．若此人所受重力为G，则椅子各部分对他的作用力的合力大小为（）A．G B．GsinθC．GcosθD．Gtanθ【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】人受多个力处于平衡状态，合力为零．人受力可以看成两部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分对他的作用力的合力．根据平衡条件求解．【解答】解：人受多个力处于平衡状态，人受力可以看成两部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分对他的作用力的合力．根据平衡条件得椅子各部分对他的作用力的合力与重力等值，反向，即大小是G．故选A．【点评】通过受力分析和共点力平衡条件求解．4．物体A在外力F作用下静止在水平面上，关于物体的受力存在几对作用力与反作用力（）A．1对B．2对C．3对D．4对【考点】作用力和反作用力．【分析】相互作用力的条件：大小相等、方向相反、同一直线，两个受力物体．【解答】解：物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力；物体对桌面的摩擦力与桌面对物体的摩擦力；所受的重力与对地球的引力；这三对力大小相等、方向相反、同一直线，两个受力物体为相互作用力．故C正确，ABD错误故选：C【点评】考查相互作用力的特点，作用力和反作用力一定是两个物体之间的相互作用力，并且大小相等，方向相反，同时产生同时消失．5．下列关于惯性的说法，正确的是（）A．只有静止或做匀速直线运动的物体才具有惯性B．做变速运动的物体没有惯性C．失重的物体没有惯性D．两个物体质量相等，那么它们的惯性大小相同【考点】惯性．【分析】惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性；惯性的大小只与质量有关，质量是物体惯性大小的度量．【解答】解：A、惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性，故ABC错误；D、惯性的大小只与质量有关，质量是物体惯性大小的度量．两个物体质量相等，那么它们的惯性大小相等，故D正确；故选：D【点评】惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起．解答此题要注意：一切物体任何情况下都具有惯性．惯性只有在受力将要改变运动状态时才体现出来．6．如图所示，A、B两个木块叠放在水平桌面上，B对桌面施加一个竖直向下的压力．该压力是由于（）A．A发生弹性形变产生的B．B发生弹性形变产生的C．桌面发生弹性形变产生的D．桌面和A发生弹性形变产生的【考点】物体的弹性和弹力．【专题】弹力的存在及方向的判定专题．【分析】弹力产生的原因是施力物体发生形变要恢复原状而产生的．【解答】解：B对桌面施加一个竖直向下的压力．该压力是B发生了向上的形变，要恢复原状，产生了向下的弹力，即对桌面的压力．故B正确，A、C、D错误．故选B．【点评】解决本题的关键知道弹力产生的原因，知道是施力物体发生形变要恢复原状而产生的．7．如图所示，放在水平桌面上的木块A处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量为0.6kg，弹簧测力计读数为4N，滑轮摩擦不计．若轻轻取走盘中的部分砝码，使总质量减少到0.3kg 时，将会出现的情况是（g=10m/s2）（）A．弹簧测力计的读数将变小B．A将向左移动C．A对桌面的摩擦力方向一定发生改变D．A所受的合力将要变大【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对A受力分析可得出A受到的静摩擦力，根据静摩擦力与最大静摩擦力的关系可得出最大静摩擦力；再根据变化之后的受力情况可判断A的状态及读数的变化．【解答】解：A、初态时，对A受力分析有：得到摩擦力F f=F1﹣F2=6﹣4=2N，说明最大静摩擦力F max≥2N，当将总质量减小到0.3kg时，f′=4N﹣3N=1N≤2N，故物体仍静止，合力仍为零，合力不变；物体静止，弹簧形变量不变，则弹簧测力计的示数不变，故ABD错误；C、所挂的砝码和托盘的总质量为0.6kg时，6N＞4N，物块有向右运动趋势，受向左的静摩擦力2N，当将总质量减小到0.3kg时，弹簧拉力4N＞3N，物体有向左运动的趋势，受向右的静摩擦力，可见前后A所受静摩擦力的方向发生了改变，根据牛顿第三定律则A对桌面的摩擦力方向发生了改变，C正确．故选：C．【点评】本题考查静摩擦力的计算，要注意静摩擦力会随着外力的变化而变化，但不会超过最大静摩擦力．弹簧的弹力取决于弹簧的形变量，形变量不变，则弹力不变．8．质量为1kg的物体在水平面内做曲线运动，已知互相垂直方向上的速度图象分别如图所示．下列说法正确的是（）A．质点的初速度为5m/sB．质点所受的合外力为3NC．2s末质点速度大小为7m/sD．质点初速度的方向与合外力方向垂直【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据运动的合成可知：质点的初速度大小为4m/s．质点在y轴方向加速度为零，只有x轴方向有加速度，由v x﹣t图象的斜率求出加速度．根据速度的合成求解2s末质点速度大小．由牛顿第二定律求出合外力．【解答】解：A、由图x轴方向初速度为零，则质点的初速度大小为4m/s．故A错误．B、质点在y轴方向加速度为零，只有x轴方向有加速度，由v x﹣t图象的斜率读出质点的加速度a==1.5m/s2．所以F=ma=1.5N，故B错误．C、2s末v x=3m/s，v y=4m/s，则质点的速度为v=5m/s，故C错误；D、质点初速度方向沿y轴沿y轴方向，合外力沿x轴方向，垂直，故D正确．故选D【点评】本题应用运动的合成法分析物体的合运动速度和加速度，研究方法类似于平抛运动，没有新意．9．如图所示，自由下落的小球，从它接触竖直放置的弹簧开始到弹簧压缩到最大程度的过程中，小球的速度和加速度的变化情况（）A．加速度变大，速度变小B．加速度变小，速度变大C．加速度先变小后变大，速度先变大后变小D．加速度先变小后变大，速度先变小后变大【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】本题要正确分析小球下落与弹簧接触过程中弹力变化，即可求出小球合外力的变化情况，进一步根据牛顿第二定律得出加速度变化，从而明确速度的变化情况．【解答】解：开始阶段，弹簧的压缩量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于向下重力，此时合外力大小：F=mg﹣kx，方向向下，随着压缩量的增加，弹力增大，故合外力减小，则加速度减小，由于合外力与速度方向相同，小球的速度增大；当mg=kx时，合外力为零，此时速度最大；由于惯性物体继续向下运动，此时合外力大小为：F=kx﹣mg，方向向上，物体减速，随着压缩量增大，物体合外力增大，加速度增大．故整个过程中加速度先变小后变大，速度先变大后变小，故ABD错误，C正确．故选：C【点评】本题考查了牛顿第二定律的综合应用，学生容易出错的地方是：认为物体一接触弹簧就减速．对弹簧的动态分析也是学生的易错点，在学习中要加强这方面的练习．10．如图所示，用力F推放在光滑水平面上的物体P、Q、R，使其一起做匀加速运动．若P和Q之间的相互作用力为6N，Q和R之间的相互作用力为4N，Q的质量是2kg，那么R的质量是（）A．2 kg B．3 kg C．4 kg D．5 kg【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】定性思想；推理法；合成分解法；牛顿运动定律综合专题．【分析】三个物体一起运动，说明它们的加速度是一样的，分析Q的受力，可以求得共同的加速度，再用隔离法分析R的受力，就可求得R的质量．【解答】解：对Q受力分析由牛顿第二定律F=ma可得：6﹣4=2a，解得：a=1m/s2，对R分析，由牛顿第二定律可得：4=ma，其中a=1m/s2，所以m=4kg，所以C正确．故选：C．【点评】本题主要是对整体法和隔离法的应用，分析整体的受力时采用整体法可以不必分析整体内部的力，分析单个物体的受力时就要用隔离法．二.双选题（每题有两个答案正确．每题4分，共5题，共20分）11．关于速度、加速度、合外力间的关系，下列说法正确的是（）A．物体的速度越大，则加速度越大，所受的合外力也越大B．物体的速度为零，则加速度为零，所受的合外力也为零C．物体的速度为零，但加速度可能很大，所受的合外力也可能很大D．物体的速度很大，但加速度可能为零，所受的合外力也可能为零【考点】牛顿第二定律；加速度．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】解答本题需掌握：加速度是表示速度变化快慢的物理量；加速度与合力成正比，方向相同；速度大小和加速度大小无直接关系．【解答】解：A、速度大，加速度不一定大，故合力也不一定大，故A错误；B、物体的速度为零，加速度不一定为零，故合力不一定为零，故B错误；C、物体的速度为零，但加速度可能很大，故所受的合外力也可能很大，如枪膛中点火瞬间的子弹速度为零，加速度很大，合力很大，故C正确；D、物体做速度很大的匀速直线运动时，加速度为零，则合外力也为零，故D正确；故选：CD【点评】本题考查对牛顿第二定律、加速度与速度关系的理解．要抓住加速度与速度无关，即可知道合力与速度无关，与速度变化快慢有关．12．如图所示，在光滑水平地面上，水平外力F拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速度运动．小车质量为M，木块质量为m，加速度大小为a，木块和小车之间的动摩擦因数为μ，则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是（）A．μmg B．C．μ（M+m）g D．ma【考点】牛顿第二定律；滑动摩擦力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】m与M具有相同的加速度，对整体分析，运用牛顿第二定律求出加速度的大小，再隔离对m分析，求出木块受到的摩擦力大小．【解答】解：整体所受的合力为F，整体具有的加速度a=．隔离对m分析，根据牛顿第二定律得，f=ma=．故B、D正确，A、C错误．故选BD．【点评】解决本题的关键知道M和m具有相同的加速度，能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．13．将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的v﹣t图象如图所示．以下判断正确的是（）A．前3s内货物处于超重状态B．3s末货物运动至最高点C．第3s末至第5s末的过程中，货物静止D．前3s内与最后2s内货物的平均速度相同【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】超重是物体所受限制力（拉力或支持力）大于物体所受重力的现象；当物体做向上加速运动或向下减速运动时，物体均处于超重状态，即不管物体如何运动，只要具有向上的加速度，物体就处于超重状态；超重现象在发射航天器时更是常见，所有航天器及其中的宇航员在刚开始加速上升的阶段都处于超重状态；根据图象判断物体的运动情况，然后判断物体的超重与失重情况．【解答】解：A、前3 s内货物加速上升，处于超重状态，故A正确；B、货物速度一直为正，故一直向上运动，7s末到达最高点，故B错误；C、第3s末至第5s末的过程中，货物以6m/s的速度向上做匀速直线运动，故C错误；D、前3 s内为匀加速直线运动，平均速度为3m/s，最后2 s内货物做匀减速直线运动，平均速度也为3m/s，故D正确；故选：AD．【点评】本题关键是根据v﹣t图象得到物体的运动情况，然后进一步判断超失重情况，注意只要加速度向上，物体就处于超重状态．14．如图所示，两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动，在O 点悬挂一重物M，将两相同木块m紧压在竖直挡板上，此时整个系统保持静止．F f表示木块与挡板间摩擦力的大小，F N表示木块与挡板间正压力的大小．若挡板间的距离稍许减小后，系统仍静止且O1、O2始终等高，则（）A．F f变小B．F f不变C．F N变小D．F N变大【考点】力的合成与分解的运用；力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】本题的关键是首先将重物受到的重力按效果分解，求出分力与合力的关系表达式，然后再对木块受力分析，根据平衡条件即可求解．【解答】解：A、B、先对三个物体以及支架整体受力分析，受重力（2m+M）g，2个静摩擦力，两侧墙壁对整体有一对支持力，根据平衡条件，有：2F f=（M+2m）g，解得F f=（M+2m）g，故静摩擦力不变，故A错误，B正确；C、D、将细线对O的拉力按照效果正交分解，如图：设两个杆夹角为θ，则有F1=F2=；再将杆对滑块m的推力F1按照效果分解，如图根据几何关系，有F x=F1•sin故F x=•sin=，若挡板间的距离稍许减小后，角θ变小，F x变小，F x=F N，故滑块m对墙壁的压力变小；故C正确，D错误；故选：BC．【点评】对轻杆且一端为铰链时，杆产生或受到的弹力方向一定沿着杆的方向．15．某物体由静止开始做直线运动，物体所受合力F随时间t的变化图象如图所示，则（）A．物体始终向同一方向运动B．物体在0～4秒和在4～8秒内的位移相同C．物体在2～4秒做匀减速直线运动D．物体在4秒末离出发点最远【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据物体的受力得出加速度的大小和方向，根据运动学公式分析物体的运动情况，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．【解答】解：在0～2s内，物体向正方向做匀加速直线运动，2～4s内做匀减速直线运动，因为加速度大小不变，所以4s末速度为零，然后向负方向做匀加速直线运动，6～8s内向负方向做匀减速直线运动，8s末速度为零，又回到出发点．知物体在前8s内速度方向改变，4s 末距离出发点最远．故A、B错误，C、D正确．故选：CD．【点评】解决本题的关键根据物体的受力判断物体运动规律，知道物体运动的对称性，本题也可以用速度时间图象进行分析．三.实验题（每空2分，共18分）16．在研究互成角度的两个共点力的合成实验中，其中的三个实验步骤如下：①在水平放置的木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在木板上，另一端两根细线，通过细线同时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，使它与细线的借点达到某一个位置O点，在白纸上记下O点和两弹簧测力计的读数F1和F2；②在纸上根据F1和F2的大小和方向，根据经验画出合适的线段长度，应用平行四边形定则作图求出合力F；。
甘肃省天水市一中高二物理上学期第二次学段(期末)考试试题
天水一中2014级2015--2016学年度第一学期期末考试物理试题（满分：100分 时间：90分钟）一、单项选择题(每题所给出的四个选项中只有一个是正确的，每小题4分，共32分) 1．关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（ ） A ．安培力的方向可以不垂直于直导线 B ．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C ．安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D ．将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半2．如图所示，两个同心放置的共面金属圆环a 和b ，一条形磁铁穿过圆心且与环面垂直，则穿过两环的磁通量φa 、φb 的大小关系为( )A ．φa ＞φbB ．φa ＜φbC ．φa ＝φbD ．无法比较3．图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷。
一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a 、b 、c 三点是实线与虚线的交点。
则该粒子( ) A ．带负电B ．在c 点受力最大C ．在b 点的电势能小于在c 点的电势能D ．由a 点到b 点的动能变化大于有b 点到c 点的动能变化4．喷墨打印机的简化模型如图4所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后 ，以速度v 垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中( ) A ．向负极板偏转 B ．电势能逐渐增大 C ．运动轨迹是抛物线 D ．运动轨迹与带电量无关5．如图所示电路，电源内阻不可忽略．开关S 闭合后，在滑动变阻器R 0的滑动端向下滑动的过程中( )A ．电压表与电流表的示数都减小B ．电压表与电流表的示数都增大C ．电压表的示数增大，电流表的示数减小D ．电压表的示数减小，电流表的示数增大6．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R ，电流表NSab和电压表的示数分别为0.50 A和2.0 V时，电动机未转动。
当调节R使电流表和电压表的示数分别为2.0 A和24.0 V时，电动机正常运转。
甘肃省天水市第一中学高二物理上学期第二阶段考试试题文
NS B天水市一中2016-2017学年度第一学期第二次考试物理试题（文科）一、单选题(每小题5分，共70分)1、关于奥斯特的贡献，下列说法中正确的是：A、发现电场B、发现磁场C、发现电磁场D、发现电流的磁效应2、一个磁场的磁感线如图所示，一个小磁针被放入磁场中，则小磁针将A、向右移动B、向左移动C、顺时针转动D、逆时针转动3、关于图所示的磁场，下列说法中正确的是：A、磁感线能相交B、磁场方向与小磁针静止时北极指向一致C、a、b两点在同一磁感线上位置不同，但它们的强弱相同D、若知道磁感应强度B与线圈的面积S，则可求出穿过这个面积的磁通量4、与磁场方向垂直的通电直导线，它受到的磁场作用力的方向是A、跟电流方向垂直，跟磁场方向垂直B、跟电流方向垂直，跟磁场方向平行C、跟电流方向平行，跟磁场方向垂直D、跟磁场方向相同5、在图所示磁场中，ab是闭合电路的一段导体，ab中的电流方向为a b，则ab受到的安培力的方向为A、向上B、向下C、向里D、向外6、一根通电直导线在某个空间没有受到安培力的作用，那么A、这个空间一定没有磁场B、这个空间可能有方向与电流方向平行的磁场C、这个空间可能有方向与电流方向垂直的磁场D、以上三种说法都不对7、关于法拉第电磁感应定律，下面说法正确的是A、线圈中的磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势就越大B、线圈中的磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势就越大C、线圈中的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势就越大Ba bIabD、线圈放在磁场越强的地方，线圈中产生的感应电动势就越大8、图中，可以将电压升高供给电灯的变压器是9、图为一台理想变压器，当原线圈接到220V交流电源上时，副线圈两端的电压为36V，则此变压器A、输入功率稍大于输出功率B、原线圈的匝数小于副线圈的匝数C、根据电磁感应的原理制成的D、原线圈相对于电源来说是负载10、下列说法中正确的是A、电动机的发明，实现了机械能向电能的大规模转化B、发电机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的C、电磁感应说明电流通过感应能产生磁D、水电站的发电机，工作时把水的机械能转化为电能11、下列说法正确的是A、电磁灶是利用电磁感应原理制成的B、用陶瓷容器盛放食物在电磁灶上加热C、磁带录音机的工作过程与磁现象无关D、电脑硬盘不是用磁粉记录信息12、下列说法中正确的是A、交流电的频率越高，电感器对电流的阻碍越明显B、电感器对交流电没有阻碍C、直流电不能通过电感器D、以上说法都不对、13、关于产生感应电流的条件，下述说法正确的是A、位于磁场中的闭合线圈，一定能产生感应电流；B、闭合线圈和磁场发生相对运动，一定能产生感应电流；C、闭合线圈作切割磁感线运动，一定能产生感应电流；~A B C DD、穿过闭合线圈的磁感线条数发生变化，一定能产生感应电流、14、如图所示，绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路，在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A，下列各种情况中铜环A中没有．．感应电流的是A、线圈中通以恒定的电流B、通电时，使变阻器的滑片P作匀速移动C、通电时，使变阻器的滑片P作加速移动D、将电键突然断开的瞬间二、计算题（共30分）15．（10分）把一根长为L = 10cm的直导线垂直磁感线方向放入如图所示的匀强磁场中。
甘肃省天水市一中高二物理上学期期末考试试题新人教版
物理一、选择题（每题 4 分，共 48 分。
此中第2、 5、 9、11 题起码有两个选项正确，其余各题只有一个选项正确，全对得 4 分，选对但不全得 2 分，选错得0 分）1．在物理学发展史上，最初发现电流四周有磁场的科学家是A．安培B．法拉第C．奥斯特D．楞次2．如下图，a、b、c 为同一条电场线上的三点， c 为ab 连线的中点，a、b 两点的电势分别为φ a=5V，φ b=3V.以下说法正确的选项是A．c点的电势必定为4VB．a点的场强必定比 b 点场强盛C．电场线的方向必定向右D．正点电荷从 c 点运动到 b 点电势能必定减少3．如下图，一平行板电容器两极板水平搁置，充电后断开电源，极板间一带电微粒恰巧静止。
现保持两板正对面积不变，用绝缘手柄使两极板距离先变大后变小（未遇到粒子），则微粒将A．向来向上运动B．向来向下运动C．先向上后向下D．静止4．如下图，在 x 轴上有两 A、 B 两个点电荷，带电荷量分别为+Q与-Q ，且 Q＞ Q，用1 2 1 2E1和 E2分别表示两个点电荷所产生的场强的大小，则在x 轴上应有A． E1=E2 的点只有一处，该处合场强为零B． E1=E2 的点共有两处，一处合场强为零，另一处合场强为2E2C． E =E 的点共有三处，此中两处合场强为零，另一处合场强为2E1 2 2D． E1=E2 的点共有三处，此中一处合场强为零，另两处合场强为2E25．如下图，有三个质量相等、分别带正电、负电和不带电的小球，从上、下带电平行金属板间的P 点以同样速率垂直电场方向射入电场，它们分别落到 A、 B、 C 三点，则A．落点为 A 的小球带正电B．落点为 B 的小球带正电C．落点为 C 的小球带负电D．落点为 B 的小球不带电6．关于安培力和洛仑兹力，以下说法正确的选项是A．通电导线在磁场中必定受安培力B．只有通电导线与磁场垂直时才受安培力C．不论带电粒子做什么运动，洛仑兹力总不做功D．只有带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时，洛仑兹力才不做功7．如图，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流。
甘肃省天水二中2016-2017学年高一上学期第一次月考物理试卷 含解析
2016—2017学年甘肃省天水二中高一（上)第一次月考物理试卷一、选择题（每个小题只有一个正确选项，每小题4分，共48分）1．以下的计时数据指的是时间间隔的是（）A．中央电视台新闻联播节目在北京时间19：00准时开播B．某同学跑1500m用时5：04C．1997年7月1日零时中国对香港恢复行使主权D．我们学校早上第四节课的上课时间是11:052．质点是理想化的物理模型，下列有关质点的说法中正确的是( ）A．研究车轮的转动时，车轮可当作质点B．研究月球绕地球运动时，月球可当作质点C．研究跳水运动员在空中的翻滚动作，跳水运动员可当作质点D．乒乓球很小，所以在任何情况下都可当作质点3．我国著名篮球运动员姚明在原地拍球，球从1.5m高处落下，又被地板弹回，在离地1m处被接住．则球通过的路程和位移的大小分别是（）A．2。
5m，2.5m B．2.5m,0。
5m C．1.5m，1m D．1。
5m，0.5m 4．高一的新同学分别乘甲、乙两辆汽车去蜀山森林公园游玩,两辆汽车在平直公路上运动途中，甲车内一同学看见乙车没有运动，而乙车内一同学看见路旁的树木向东移动．如果以地面为参考系，那么，上述观察说明( ）A．甲车不动,乙车向东运动B．乙车不动，甲车向东运动C．甲车向西运动,乙车向东运动D．甲、乙两车以相同的速度向西运动5．下列说法中正确的是（）A．物体有加速度,速度就增大B．速度改变量△v越大,加速度就越大C．加速度增大,速度一定增大D．速度很大的物体,其加速度可以很小6．为提高百米赛跑运动员的成绩，教练员分析了运动员跑百米全程的录像带，测得：运动员在前7s跑了61m，7 s末到7。
1s末跑了0.92m，跑到终点共用10。
8s，则下列说法不正确的是（）A．运动员在百米全过程的平均速度是9.26 m/sB．运动员在前7 s的平均速度是8.71 m/sC．运动员在7 s末的瞬时速度为9.2 m/sD．无法知道运动员在7 s末的瞬时速度7．火车以76Km/h的速度经过某一段路，子弹以600m/s的速度从枪口射出，则下列说法正确的是（）A．76Km/h是平均速度,600m/s是平均速度B．76Km/h是瞬时速度，600m/s是瞬时速度C．76Km/h是平均速度，600m/s是瞬时速度D．76Km/h是瞬时速度，600m/s是平均速度8．有关瞬时速度、平均速度、平均速率，下列说法中正确的是（) A．瞬时速度是物体在某一位置或某一时刻的速度B．平均速度只有大小，没有方向C．作变速运动的物体，平均速率就是平均速度的大小D．作变速运动的物体，平均速度是物体通过的路程与所用时间的比值9．如图所示，是A、B两质点从同一地点运动的x﹣t图象，则下列说法错误的是（)A．A质点以20m/s的速度匀速运动B．B质点先沿正方向做直线运动,后沿负方向做直线运动C．B质点最初4s做加速运动,后4秒做减速运动D．A、B两质点在4s末相遇10．如图所示的两条斜线，分别代表a、b两物体同时从同一地点出发向同一方向做直线运动时的v﹣t图象．下列说法中正确的是（)A．b的初速度比a的初速度大B．在前10s内，a的位移比b的位移大C．b的加速度比a的加速度大D．10s末两物体的瞬时速度相等11．匀变速直线运动是( ）①位移随时间均匀变化的直线运动②速度随时间均匀变化的直线运动③加速度随时间均匀变化的直线运动④加速度的大小和方向恒定不变的直线运动．A．①②B．②③C．②④D．③④12．做匀变速直线运动的物体位移随时间的变化规律为s=24t﹣1。
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2016-2017学年甘肃省天水二中高一（上）期末物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共45分，每小题只有一个答案是正确的）1．（3分）下列叙述中正确的是（）A．我们学过的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量B．物体从静止开始下落的运动叫自由落体运动C．通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力D．任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，且也一定在物体内2．（3分）下列关于惯性的说法正确的是（）A．速度越大的物体越难让它停止运动，故速度越大，惯性越大B．静止的物体惯性最大C．不受外力作用的物体才有惯性D．行驶车辆突然转弯时，乘客向外倾倒是由于乘客有惯性3．（3分）作用在同一物体上的三个共点力，大小分别为6N、3N和8N，其合力最小值为（）A．1N B．3N C．13N D．04．（3分）在国际单位制中，力学基本单位有三个，这三个基本单位是（）A．m、kg、s B．m、s、N C．m、kg、N D．kg、s、N5．（3分）用手握住瓶子，使瓶子在竖直方向静止，如果握力加倍，则手对瓶子的摩擦力（）A．握力越大，摩擦力越大B．只要瓶子不动，摩擦力大小与前面的因素无关C．方向由向下变成向上D．手越干越粗糙，摩擦力越大6．（3分）一小球从空中由静止下落，已知下落过程中小球所受阻力与速度的平方成正比，设小球离地足够高，则（）A．小球先加速后匀速B．小球一直在做加速运动C．小球在做减速运动D．小球先加速后减速7．（3分）如图所示，光滑斜面的倾角为α，一个质量为m的物体放在斜面上，如果斜面以加速度a水平向左做匀加速直线运动，物体与斜面间无相对运动，则斜面对物体的支持力的大小为（）A．mgcosαB．C．D．m8．（3分）如图所示，一位同学站在机械指针体重计上，突然下蹲直到蹲到底静止．根据超重和失重现象的分析方法，试分析判断整个下蹲过程体重计上指针示数的变化情况（）A．一直增大B．一直减小C．先减小，后增大 D．先增大，后减小9．（3分）红军在长征时，遇到的环境十分恶劣．在过草地时，有的地方看上去是草，而下面可能就是淤泥，一不小心就会陷入到淤泥中，这是因为（）A．红军给地面的压力大于地面给红军的支持力B．地面给红军的支持力大于红军给地面的压力C．地面给红军的支持力小于红军受的重力D．地面给红军的支持力等于红军受的重力10．（3分）建筑工人用图所示的定滑轮装置运送建筑材料．质量为70kg的工人站在地面上，通过定滑轮将10kg的空桶以2m/s2的加速度由静止开始降下，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为（g取lOm/s2）（）A．620N B．580 N C．720 N D．780 N11．（3分）汽车正在以12m/s的速度在平直的公路上前进，在它的正前方15m 处有一障碍物，汽车立即刹车做匀减速运动，加速度大小为6m/s2，刹车后3s 末汽车和障碍物的距离为（）A．9m B．6m C．12m D．3m12．（3分）如图所示，均匀光滑的小球静止在光滑的墙壁与木板之间，墙壁对小球的弹力为F1，木板对小球的弹力F2，当墙壁与木板的夹角α增大时（α＜90°）（）A．F1增大，F2减小 B．F1减小，F2增大C．F1、F2都减小D．F1、F2都增大13．（3分）物体从斜面顶端由静止开始滑下，经t s到达中点，则物体从斜面顶端到底端共用时间为（）A．ts B．s C．2ts D．ts14．（3分）A、B两球的质量均为m，两球之间用轻弹簧相连，放在光滑的水平地面上，A球左侧靠墙．用力F向左推B球将弹簧压缩，如图所示．然后突然将力F撤去，在撤去力F的瞬间，A、B两球的加速度分别为（）A．0，0 B．0，C．，D．，15．（3分）放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为（）A．m=0.5kg，μ=0.4B．m=1.5kg，μ=C．m=0.5kg，μ=0.2D．m=1kg，μ=0.2二、多项选择题（每小题4分，共12分．在每小题给出的四个选项中有两个或两个以上选项符合题目要求．全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分）16．（4分）如图所示，悬挂在小车顶棚上的小球偏离竖直方向θ角，则小车的运动情况可能是（）A．向右加速运动B．向右减速运动C．向左加速运动D．向左减速运动17．（4分）如图是A、B两物体同时由同一地点向同一方向做直线运动的v﹣t 图象，从图象上可知（）A．A做匀速运动，B做匀加速运动B．20s末A、B相遇C．20s末A、B相距最远D．40s末A、B相遇18．（4分）如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为（）A．B．C．若桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为D．若桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为+μMg三、实验题（两大题，每空2分，共10分．把答案填在题中的横线上或按题目要求作答．）19．（6分）探究物体的加速度与力、质量的关系实验如下：（1）在探究物体的加速度与力的关系时，应保持不变，分别改变施加在物体上的水平拉力F，测出相对应的加速度a．（2）在探究物体的加速度与物体质量的关系时，应保持不变，分别改变物体的质量m，测出相应的加紧速度a．（3）如果a﹣图象是通过坐标原点的一条直线，则说明．A．加速度a与质量m成正比B．加速度a与质量m成反比C．质量m与加速度a成反比D．质量m与加速度a成正比．20．（4分）（1）在做验证力的平行四边形定则的实验时，先用两个弹簧秤拉橡皮条，再用一个弹簧秤拉橡皮条，两次必须使橡皮条的终点达到同一位置，这样做是为了A．便于测量力的大小B．使两个分力和它的合力有相同的作用点C．使两个分力和它的合力有相同的作用效果D．便于画出分力和合力的方向（2）如图所示，是甲、乙两位同学实验时得出的结果，其中同学的实验结果比较符合实验事实．四、计算题（共33分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）21．（8分）如图所示，有倾角为30°的光滑斜面上放一质量为2kg的小球，球被竖直挡板挡住，若斜面足够长，g取10m/s2，求：（1）球对挡板的压力大小．（2）撤去挡板，2s末小球的速度大小．22．（8分）如图所示，物体的质量m=1.0kg，物体与地面间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2．若沿水平向右方向施加一恒定拉力F=9.0N，使物体由静止开始做匀加速直线运动．求：（1）物体的加速度大小；（2）2s末物体的速度大小；（3）2s末撤去拉力F，物体的加速度又是多大？物体还能运动多远？23．（8分）如图所示，物体重60牛，放在倾角为θ=37°的斜面上，用F=20牛的水平推力推物体，物体沿斜面匀速向下滑动．求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）物体所受滑动摩擦力的大小．（2）物体与斜面间的动摩擦因数．24．（9分）气球以10m/s的速度匀速上升，在离地面75m高处从气球上掉落一个物体，结果气球便以加速度α=0.1m/s2向上做匀加速直线运动，不计物体在下落过程中受到的空气阻力，问物体落到地面时气球离地的高度为多少？g=10m/s2．五、附加题：（10分）25．如图所示，水平传送带以v=5m/s的恒定速度运动，传送带长AB=7.5m，今在其左端将一质量为m=1kg的工件轻轻放在上面，工件被带传送到右端，已知工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，（g=10m/s2）试求：（1）工件经过多长时间由传送带左端运动到右端（2）工件在传送带上相对滑动的长度．2016-2017学年甘肃省天水二中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共45分，每小题只有一个答案是正确的）1．（3分）下列叙述中正确的是（）A．我们学过的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量B．物体从静止开始下落的运动叫自由落体运动C．通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力D．任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，且也一定在物体内【解答】解：A、我们学过的物理量：速度、加速度、位移都是矢量，而路程却是标量。
故A错误；B、物体从静止开始，仅在重力作用下落的运动叫自由落体运动，故B错误；C、所说的压力、支持力和绳的拉力均是由于要恢复原状而产生的力，称之为弹力，故C正确；D、任何有规则形状的质量分布均匀的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，但不一定在物体内。
故D错误；故选：C。
2．（3分）下列关于惯性的说法正确的是（）A．速度越大的物体越难让它停止运动，故速度越大，惯性越大B．静止的物体惯性最大C．不受外力作用的物体才有惯性D．行驶车辆突然转弯时，乘客向外倾倒是由于乘客有惯性【解答】解：A、质量是物体惯性大小的唯一量度，质量越大，惯性越大，与物体的速度无关，故A错误。
B、惯性的大小与物体的运动状态无关，只与质量有关，故B错误。
C、惯性是物体固有的属性，一切物体在任何情况下都有惯性，故C错误。
D、人的上半身和下半身原来一起向前运动，行驶车辆突然转弯时，下半身由于受车的作用力而转弯，上半身由于具有惯性继续向前运动，所以乘客向外倾倒，故D正确。
故选：D。
3．（3分）作用在同一物体上的三个共点力，大小分别为6N、3N和8N，其合力最小值为（）A．1N B．3N C．13N D．0【解答】解：当三个力作用在同一直线、同方向时，三个力的合力最大，即F=6N+8N+3N=17N。
当三个力作用在一个物体上，不在一条直线，并且夹角可以改变，3N能在5N与8N最大与最小之间，所以能使物体处于静止状态，故此时三个力的合力为零，即它们合力的最小值为0。
故选：D。
4．（3分）在国际单位制中，力学基本单位有三个，这三个基本单位是（）A．m、kg、s B．m、s、N C．m、kg、N D．kg、s、N【解答】解：在力学中，质量、长度及时间作为基本物理量，其单位作为基本单位，分别为kg、m、s，所以A正确故选：A。
5．（3分）用手握住瓶子，使瓶子在竖直方向静止，如果握力加倍，则手对瓶子的摩擦力（）A．握力越大，摩擦力越大B．只要瓶子不动，摩擦力大小与前面的因素无关C．方向由向下变成向上D．手越干越粗糙，摩擦力越大【解答】解：瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，因而静摩擦力等于重力；握力加倍后，瓶子更掉不下，依然保持静止，竖直方向上重力和静摩擦力依然平衡，静摩擦力还是等于重力；故选：B。