预测2020高考物理实验题知识点归纳

实验题增分练(一)(满分15分10分钟)1．如图所示为探究“加速度与物体受力的关系”的实验装置．长木板放在水平桌面上，小车通过绕定滑轮的细线在钩码拉动下运动，其中，在长木板上相距为L＝48.0 cm的A、B 两点各安装一个速度传感器，记录小车通过A、B时的速率v A、v B，与小车相连的拉力传感器记录小车受到的拉力F大小．(1)关于实验操作，下列说法正确的是________．A．要调整长木板的倾斜角度，平衡小车受到的摩擦力B．A、B两点间距离应尽可能近一些可减小误差C．改变所挂钩码的数量时，要使所挂钩码的质量应远小于小车质量D．不必用天平测出小车和车上拉力传感器的总质量(2)某同学在表中记录并处理了实验所得的几组数据，依据表格内容计算第4次实验的加速度数值是________m/s2(结果保留三位有效数字)．次数F/N(v2B－v2A)/(m2·s－2)a/(m·s－2)10.600.770.802 1.04 1.61 1.683 1.42 2.34 2.444 2.00 3.485 2.62 4.65 4.846 3.00 5.49 5.72(3)分析表中数据发现a与F并不成正比，这是由于________(选填“平衡摩擦力不足”或“平衡摩擦力过度”)．解析：(1)本题中拉力传感器所测拉力等于小车所受合力，故需要平衡摩擦力，A项正确；A、B两点间距离尽可能大，可以减小测量距离的相对误差，B项错误；由于小车所受拉力直接由传感器测得，故不需要所挂钩码的质量远小于小车质量，C项错误；实验操作中，只需要确保小车及车上拉力传感器的总质量不变，不必测出总质量，D项正确．(2)由匀变速直线运动速度位移关系可知，v2B－v2A＝2aL，解得a＝v2B－v2A2L≈3.63 m/s2.(3)在a－F坐标系中描点，用直线拟合各组数据，发现直线与F轴正方向有交点，说明平衡摩擦力不足．答案：(1)AD (2)3.63 (3)平衡摩擦力不足2．LED绿色照明技术已经走进我们的生活．某实验小组要精确测定额定电压为5 V的LED灯泡正常工作时的电阻，已知该灯泡正常工作时电阻大约为500 Ω，其电学符号与小灯泡电学符号相同．实验室提供的器材有( )A．电流表A1(量程为60 mA，内阻R A1约为1 Ω，读数记为I1)B．电流表A2(量程为3 mA，内阻R A2＝20 Ω，读数记为I2)C．电压表V(量程0～15 V，内阻R V＝1 kΩ，读数记为U)D．定值电阻R1＝980 ΩE．定值电阻R2＝1 980 ΩF．滑动变阻器R(0～20 Ω)G．蓄电池E(电动势为24 V，内阻很小)H．开关S，导线若干(1)部分电路原理图如图所示，请选择合适的器材，电表1为________，电表2为________，定值电阻为________(填写器材前的字母编号)(2)将电路图补充完整________．(3)写出测量LED灯正常工作时的电阻表达式R x＝________(用已知量和测量量表示)，调节滑动变阻器滑片的位置，当表达式中的________(填字母)达到________，记下另一电表的读数代入表达式，其结果即为LED灯正常工作时的电阻．解析：(1)要精确测定额定电压为5 V的LED灯正常工作时的电阻，需测量LED灯两端的电压和通过LED 灯的电流，由于电压表的量程较大，测量误差较大，不能用已知的电压表测量LED 两端的电压，可以将电流表A 2与定值电阻串联改装为电压表测量电压，改装电压表的内阻：R ＝U LED I A 2＝50.003Ω＝1 667 Ω，A 2的内阻约为20 Ω，则定值电阻应选E ；LED 灯正常工作时的电流约为I ＝U LED R ＝5500 A ＝0.01 A ＝10 mA ，电流表A 1的量程较大，电流表不能精确测量电流；电压表内阻已知，对应满偏电流为：I max ＝U R ＝151 000A ＝15 mA ，故用电压表测量电流更为准确；因此电表1应选用电压表C.由以上分析可知，电表1为C ，电表2为B ，定值电阻为E.(2)因为滑动变阻器阻值远小于LED 的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法．电路图如图所示．(3)根据闭合电路欧姆定律知，灯泡两端的电压U ＝I 2(R ＋R A2)，通过灯泡的电流I ＝UR V－I 2，所以LED 灯正常工作时的电阻：R x ＝U I ＝I 2（R ＋R A2）U R V－I 2，改装 后的电压表内阻为R V ＝1 980 Ω＋20 Ω＝2 000 Ω，则当I 2＝2.5 mA 时，LED 灯两端的电压为5 V ，达到额定电压，测出来的电阻为正常工作时的电阻．答案：(1)C B E(2)见解析图(3)I 2（R 2＋R A2）U R V－I 2 I 2 2.5 mA 实验题增分练(二)(满分15分 10分钟)1．某同学在做“验证力的平行四边形定则”实验时，将橡皮筋改为劲度系数为400 N/m 的轻质弹簧AA ′，将弹簧的一端A ′固定在竖直墙面上．不可伸长的细线OA 、OB 、OC ，分别固定在弹簧的A 端和弹簧秤甲、乙的挂钩上，其中O 为OA 、OB 、OC 三段细线的结点，如图1所示．在实验过程中，保持弹簧AA′伸长1.00 cm不变(1)若OA、OC间夹角为90°，弹簧秤乙的读数是________N(如图2所示)，则弹簧秤甲的读数应为________N.(2)在(1)问中若保持OA与OB的夹角不变，逐渐增大OA与OC的夹角，则弹簧秤甲的读数大小将________，弹簧秤乙的读数大小将________．解析：(1)根据胡克定律可知，F＝kx＝400×0.01＝4 N；根据弹簧秤的读数方法可知，乙的读数为3.00 N；两弹簧秤夹角为90°，则甲的读数为：42＋32＝5.00 N；(2)若保持OA与OB的夹角不变，逐渐增大OA与OC的夹角，如图中实线变到虚线：由图可知弹簧秤甲的读数将一直变小，而弹簧秤乙的读数将先变小后变大．答案：(1)3.00 5.00 (2)一直变小先变小后变大2．(2018·河北省衡水中学信息卷)某实验小组计划测量某种圆柱状半导体材料的电阻率．(1)用刻度尺量得该材料长度L＝0.700 m，用游标卡尺测量它的直径d如图所示，读数为________cm.(2)实验室提供的器材有：A．电压表V(量程为0～15 V，内阻约30 kΩ)；B．电流计G(量程为0～300 μA，内阻约50 Ω)；C．滑动变阻器(最大值10 Ω，额定电流1 A)；D．电源(电动势E＝12 V，内阻r＝6 Ω)；E．单刀单掷开关一个，导线若干．如果要求测量时材料两端的电压从0开始逐渐增大，请根据提供的器材设计一个电路图，画在虚线框内．(3)实验中测量得到的数据如下表所示，请根据表中数据在坐标纸上画出U­I图线，根据图象求出电阻R＝________Ω(保留两位有效数字).序号12345 6电压(V)1357911电流(μA)2067122158175240(4)计算半导体材料的电阻率表达式ρ＝________(用R、d、L表示)，测量值为________Ω·m(保留两位有效数字)．解析：(1)对游标卡尺：主尺刻度为30 mm，游标尺共20个格，分度为0.05 mm，且游标尺的第15条刻度线与主尺刻度线对齐，因此它的读数为30 mm＋15×0.05 mm＝30.75 mm ＝3.075 cm.(2)在本题中，由于待测半导体材料阻值较大，故应采用电流表的内接法，要求电压表示数从0开始，故应采用滑动变阻器的分压式接法，电路图如图甲所示．(3)根据数据在坐标系中描点，连线时要让大多数点在一条直线上，作出U­I图象如图乙所示，图线的斜率表示半导体材料的电阻，根据图象可得R ＝4.6×104Ω. (4)由R ＝ρL S ，S ＝π⎝ ⎛⎭⎪⎫d 22，得ρ＝R πd 24L ＝49 Ω·m. 答案：(1)3.075 (2)见解析图甲 (3)见解析图乙4．6×104或4.5×104(4)R πd 24L 46～50均得分 实验题增分练(三)(满分15分 10分钟)1．在某次动手实践活动中，指导老师要求同学们利用手中的器材测量小物块与木板间的动摩擦因数，某同学设计了如图所示的实验装置．(1)实验时，该同学用两块完全相同的木板AB 、CD 组装成了如图所示的轨道，其中AB 倾斜，CD 水平，两木板连接处平滑相接．将小物块从木板AB 的某位置由静止释放，小物块停止运动后，用毫米刻度尺测量小物块释放时距水平面的高度h 以及在木板CD 上滑行的距离x ，为测得动摩擦因数，该同学还需要测量___________________________________________________；(2)改变释放高度h 进行多次实验，记录对应的h 1、x 1，h 2、x 2，h 3、x 3，……之后以x 为纵坐标，h 为横坐标描点作图，得到一条倾斜直线，斜率为k ，则小物块与木板间的动摩擦因数为________(用测量量和k 表示)．解析：(1)对小物块的整个运动过程由动能定理得mgh －μmg cos θh sin θ－μmgx ＝0，整理得x ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫1μ－1tan θh ，故实验过程中需要测量木板AB 的倾角θ或由tan θ＝h l 可知，还可以测量小物块释放时的位置在水平面的投影到B 点的距离l . (2)x ­h 图线的斜率k ＝1μ－1tan θ，解得μ＝1k ＋1tan θ或由tan θ＝h l ，得μ＝1k ＋l h .答案：(1)木板AB 的倾角θ或小物块释放时的位置在水平面的投影到B 点的距离l(2)1k ＋1tan θ或1k ＋l h2．(1)某实验小组在使用多用电表的过程中，下列说法中正确的是( )A ．在测量电压时，要将红表笔接在高电势点B ．测量阻值不同的电阻时，都必须重新调节欧姆调零旋钮C ．在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大的欧姆挡进行试测D ．在测量未知电流时，必须先选择量程最大的电流挡进行试测E ．测量电阻时，如果红、黑表笔插错插孔，测量结果不会受影响(2)如图所示，若用多用电表测量某电阻R x 阻值，多用电表选择开关处于“×10”欧姆挡，指针指在如图所示位置，则R x 的阻值________300 Ω(选填“大于”、“等于”或“小于”)(3)现用伏安法更精确地测量(2)中的电阻R x 可供该同学选用的器材除开关S 、导线、待测电阻R 外，还有：A ．电源E (E ＝12 V ，内阻不计)B ．定值电阻R 0(阻值等于1 Ω)C ．电压表V(量程0～15 V ，内阻未知)D ．电流表A 1(量程0～10 mA ，内阻r 1＝3 Ω)E ．电流表A 2(量程0～0.6 A ，内阻r 2＝0.2 Ω)F ．滑动变阻器R (0～1 kΩ，额定电流0.1 A)①实验中电流表应选择________(填写器材前面的字母标号)②请在方框内画出实验电路图；③在实验过程中，测量多组数据，以电压表读数U 为纵坐标，以电流表读数为横坐标，做出相应U ­I 图象，发现U ­I 图象为一条斜率为k 的直线，若考虑电表内阻对电路的影响，则电阻R x ＝________(用题目中已知物理量字母符号和k 表示)．解析：(1)用多用表测电压时，要将红表笔接高电势点，A 正确；用多用表测电阻时，每换一次挡位倍率都需要重新进行欧姆调零，而不是测量不同电阻，B 错误；在测量未知电阻时，可以先选择个倍率进行测量，然后根据指针偏转情况再选择合适的倍率进行测量，不一定必须先选择倍率最大挡进行试测，C 错误；为保护电表安全，在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测，D 正确；测量电阻时，如果红、黑表笔插错插孔，则不会影响测量结果，E 正确；故选ADE.(2)因多用电表的欧姆挡的刻度分布不是均匀的，越向左，刻度越密集，所以20至40的中间数值一定小于30，若选择开关处于“×10”挡，由图可知其读数小于300 Ω.(3)①电源电动势E ＝12 V ，回路中的最大电流约为I max ＝E R x ＝12300＝0.04 A ＝40 mA ，故电流表选D ；②而电流表D 的量程太小，为了测量准确，故需要将电流表D 与定值电阻R 0并联，改装成一个大量程的电流表；因为不知道电压表内阻，而电流表A 1内阻r 1＝3 Ω确切已知，所以选择电流表内接法测量，因为滑动变阻器的最大值远大于待测电阻，故滑动变阻器用限流接法，画出的电路图如图所示：③根据串联电路的特点有：U ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫I ＋Ir 1R 0R x ＋Ir 1，变形得：U ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫R x ＋r 1＋r 1R 0R x I ，故图线的斜率为k ＝R x ＋r 1＋r 1R 0R x ，解得：R x ＝k －r 1R 0＋r 1R 0. 答案：(1)ADE (2)小于 (3)①D ②见解析图③k －r 1R 0＋r 1R 0 实验题增分练(四)(满分15分10分钟)1．某同学设计了如图所示的实验来验证碰撞过程中的动量守恒．轨道AOB在O处平滑相接，B右侧为粗糙水平面，有两个材料及表面粗糙程度均相同的小物块甲、乙，其质量分别为m1和m2(m1＞m2)，令小物块甲从斜面上M点由静止下滑，运动至粗糙水平面上的C点速度恰好减为0，测量B、C间距为x0，把小物块乙置于B点，小物块甲仍从斜面上M点由静止下滑，小物块甲与小物块乙碰撞后，在粗糙水平面上的位移分别为x1、x2.(1)为验证碰撞过程动量守恒，是否需要测量小物块与粗糙水平面间的动摩擦因数？________(选填“是”或“否”)；小物块甲与轨道AOB间的摩擦力是否影响实验结果？________(选填“是”或“否”)．(2)若满足关系式________________________，则二者碰撞过程动量守恒．解析：无论小物块甲与轨道AOB间是否存在摩擦力，摩擦力大小如何，只要每次释放点相同，则其每次运动至B点的速度相同，故小物块甲与轨道AOB间的摩擦力不影响实验结果，在粗糙水平面上的运动过程由运动学公式得v20＝2μgx，v0＝2μgx，小物块材料及表面粗糙程度均相同，故与水平面间的动摩擦因数相同，若满足动量守恒，则满足m12μgx0＝m12μgx1＋m22μgx2，即m1x0＝m1x1＋m2x2，因此动摩擦因数不需要测量．答案：(1)否否(2)m1x0＝m1x1＋m2x22．(2018·衡水中学理科能力测试(二))某实验小组设计了如图甲所示的电路来完成小灯泡伏安特性曲线的描绘，同时测量电源的电动势和内阻．(1)①闭合开关前，应将滑动变阻器的触头调至________(选填“a”或“b”)端；②开关闭合后，调节滑动变阻器，记录电压表V1、V2及电流表A的读数U1、U2、I；③重复②的操作，得到八组实验数据；④描点作图，分别作出I­U1和I­U2的图象，如图乙、丙所示，已知R0＝5 Ω.(2)图乙中0～U 0段图线基本呈直线的原因是________________________________________________________________________．(3)由图丙可知该电源的电动势为________V ，内阻为________Ω.(4)将该电源与阻值为11 Ω的电阻串联后给上述小灯泡供电，此时小灯泡的电阻为________Ω，消耗的功率为________W ．(结果保留两位有效数字)解析：(1)①闭合开关前要保证滑动变阻器串入回路的阻值最大，触头应在a 端．(2)图乙中0～U 0段，热功率较小，温度变化不明显，灯泡电阻变化不明显，故图线呈直线．(3)由闭合电路欧姆定律得U 2＝E －I (R 0＋r )，知(R 0＋r )＝ΔU 2ΔI＝6 Ω，故电源内阻为1 Ω，电动势为12 V.(4)在题图乙中作出电源与定值电阻串联后的外特性曲线如图所示，此时灯泡电阻约为2.8 V 0.77 A≈3.6 Ω，功率为2.8 V×0.77 A≈2.2 W. 答案：(1)①a (2)热功率较小，温度变化不明显，灯泡电阻变化不明显(3)12 1(4)3.5～3.7均给分 2.1或2.2均给分实验题增分练(五)(满分15分 10分钟)1．某同学在实验室进行测定动摩擦因数的实验．第一步：该同学把长木板的一端垫起，并调整至合适的角度，使质量为m 的滑块P 可沿长木板匀速下滑，如图甲所示；第二步：在图甲装置中长木板上端安装一个定滑轮，如图乙所示，之后将滑块P 置于长木板底端，通过细绳跨过定滑轮与质量为2m 的滑块Q 相连，先接通打点计时器的电源，后将滑块Q 无初速度释放，两滑块共同做加速运动，得到了一条比较理想的纸带；第三步：从纸带上较为清晰的A 点开始连续选取8个点，用刻度尺测量各点到A 点的距离x ，并计算第2～7各点的速度v 及其二次方的数值v 2，以v 2为纵坐标，以x 为横坐标，描点作图，得到如图丙所示的图象，重力加速度g 取10 m/s 2.根据上述操作步骤完成下列问题：(1)打A 点时，滑块Q 的速度大小为________．(2)长木板倾角的正弦值为________，滑块P 与长木板间的动摩擦因数为________． 解析：(1)由运动学公式v 2－v 20＝2ax ，整理得v 2＝v 20＋2ax ，结合图象可知v 20＝4 m 2/s 2，得v 0＝2 m/s.(2)由图甲可知mg sin θ＝μmg cos θ，滑块P 沿长木板向上加速时，有2mg －mg sin θ－μmg cos θ＝3ma ，由图丙中直线斜率可知2a ＝163 m/s 2，则a ＝83m/s 2，解得sin θ＝0.6，μ＝0.75.答案：(1)2 m/s (2)0.6 0.752．图(a)为某同学组装完成的简易多用电表的电路图．图中E 是电池；R 1、R 2、R 3、R 4和R 5是固定电阻，R 6是可变电阻；表头G 的满偏电流为250 μA，内阻为480 Ω.虚线方框内为换挡开关，A 端和B 端分别与黑、红两表笔相连．该多用电表有5个挡位，5个挡位分别为：直流电压1 V 挡和5 V 挡，直流电流1 mA 挡和2.5 mA 挡，欧姆×100 Ω挡．(1)请在图a 的虚线框内画上电源(画到右图的部分电路中)． (2)当B 接“3”时，对于该表的使用，下列说法正确的是________． A ．该挡为电压挡，可测电压 B ．该挡为欧姆挡，可测电阻C ．使用该挡时应先机械调零，再欧姆调零，两种调零都是调电阻R 6完成D ．使用该挡时不能将红、黑表笔与其他电源相连接(3)根据题目条件可得R 1＝________Ω(结果保留一位小数)，R 5＝________Ω. (4)如图b ，若此时B 与“3”相接，则读数为________，此表的内阻为________． 解析：(1)因为A 端和B 端分别与黑、红两表笔相连，故上端应接电源的正极，下端接电源的负极，如图．(2)当B 接“3”时，该表作为欧姆表使用，可测电阻，B 项正确，A 项错误；使用欧姆挡时应先机械调零，再欧姆调零，欧姆调零是调电阻R 6完成，机械调零是调定位螺丝完成，C 项错误；使欧姆挡时不能将红、黑表笔与其他电源相连接，D 项正确．(3)当B 端与“1”相连时，是量程较大的电流表，所以R 1＝I g （R g ＋R 2）I 1－I g，当B 端与“2”相连时，是量程较小的电流表，所以R 1＋R 2＝I g R gI 2－I g，代入数据联立两式得R 1＝64.0 Ω.当B 端与“4”相连时，是量程较小的电压表，所以R 4＝U 1－I g R gI 2，当B 端与“5”相连时，是量程较大的电压表，所以R 4＋R 5＝U 2－I g R gI 2，代入数据得R 5＝4 000 Ω. (4)B 与“3”相接是欧姆表，根据欧姆表的读数规则，读数为1 100 Ω，该挡位下中值电阻为1 500 Ω，由于中值电阻等于欧姆表的内阻，故该挡位下欧姆表的内阻为1 500 Ω.答案：(1)见解析图 (2)BD (3)64.0 Ω 4 000 Ω (4)1 100 Ω 1 500 Ω实验题增分练(六)(满分15分 10分钟)1．用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．如图1所示，先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O .实验步骤如下．步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A 点由静止滚下，并落在地面上．重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置：步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B ，让小球1从A 点由静止滚下，使它们碰撞．重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M 、P 、N 离O 点的距离，即线段OM 、OP 、ON 的长度．(1)上述实验除需测量线段OM 、OP 、ON 的长度外，还需要测量的物理量有________． A ．小球1和小球2的质量m 1、m 2 B ．B 点离地面的高度h C ．A 、B 两点间的高度差Δh D ．小球1和小球2的半径r(2)当所测物理量满足表达式________________(用所测物理量的字母表示)时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律．(3)完成上述实验后，某实验小组对上述装置进行了改造，如图2所示的圆弧为圆心在斜槽末端的14圆．使小球1仍从斜槽上A 点由静止滚下，重复实验步骤1和2的操作，得到两球落在圆弧上的平均位置为M ′、P ′、N ′.测得斜槽末端与M ′、P ′、N ′三点的连线与竖直方向的夹角分别为α1、α2、α3，则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为________________(用所测物理量的字母表示)．解析：(1)利用“碰撞实验器”验证动量守恒定律实验是根据平抛运动原理，将速度的测量转化为水平位移的测量，测量出OP 、OM 、ON 外，还需要测量出两个小球的质量，选项A 正确．(2)若碰撞前小球1的动量等于碰撞后小球1和小球2的动量之和，即m 1v 0＝m 1v 1＋m 2v 2，就能说明两球碰撞遵守动量守恒定律，由于OP ＝v 0t ，OM ＝v 1t ，ON ＝v 2t ，所以当所测物理量满足表达式m 1·OP ＝m 1·OM ＋m 2·ON 即可．(3)测得斜槽末端与M ′的连线与竖直方向的夹角为α1，由平抛运动规律，x 1＝v 1t 1，y 1＝12gt 21，设斜槽末端与M ′的连线长度为L (即圆弧半径为L )，sin α1＝x 1L ，cos α1＝y 1L ，联立解得v 1＝L sin α12L cos α1g；测得斜槽末端与P ′的连线与竖直方向的夹角为α2，同理可得v 0＝L sin α22L cos α2g；测得斜槽末端与N ′的连线与竖直方向的夹角为α3，同理可得v 2＝L sin α32L cos α3g；代入m 1v 0＝m 1v 1＋m 2v 2，化简得：m 1sin α2cos α2＝m 1sin α1cos α1＋m 2sin α3cos α3.答案：(1)A (2)m 1·OP ＝m 1·OM ＋m 2·ON (3)m 1sin α2cos α2＝m 1sin α1cos α1＋m 2sin α3cos α32．目前汽车上都有车载电瓶作为备用电源，用久以后性能会下降，表现之一为电瓶的电动势变小，内阻变大．某兴趣小组将一旧的车载电瓶充电，准备利用下列器材测量电瓶的电动势和内阻．A ．待测电瓶，电动势约3 V ，内阻约几百欧B ．直流电压表V 1、V 2，量程均为3 V ，内阻约3 kΩC ．定值电阻R 0，阻值未知D ．滑动变阻器R ，最大阻值为R mE ．导线与开关(1)根据如图甲所示的实物连线，在图乙方框中画出相应的电路图．(2)实验前，需要利用该电路图测出定值电阻R 0的阻值，方法是先把滑动变阻器R 调到最大阻值R m ，再闭合开关，电压表V 1和V 2的读数分别为U 10、U 20，则R 0＝________(用U 10、U 20、R m 表示)．(3)实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V 1和V 2的多组数据U 1、U 2，绘出U 1­U 2图象如图丙所示，直线的斜率为k ，在横轴上的截距为a ，则电瓶的电动势E ＝________，内阻r ＝________．(用k 、a 、R 0表示)解析：(1)滑动变阻器和定值电阻串联，电压表V 1测滑动变阻器电压，电压表V 2测路端电压，电路图如图所示．(2)串联电路电流处处相等，滑动变阻器调到最大值为R m ，则有：U 20U 10＝R 0＋R mR m，可得R 0＝（U 20－U 10）R mU 10.(3)滑动变阻器R 的电压为U 1，路端电压为U 2，则定值电阻电压为U 2－U 1，电流I ＝U 2－U 1R 0，由闭合电路欧姆定律得：U 2＝E －Ir ；可得：U 1＝⎝⎛⎭⎪⎫1＋R 0r U 2－R 0rE ； 结合图象得：1＋R 0r＝k ，R 0r ＋R 0E ＝a ； 解得：r ＝R 0k －1，E ＝kak －1. 答案：(1)见解析图 (2)（U 20－U 10）R mU 10(3)ka k －1 R 0k －1。