2015年四川省成都市石室中学高考物理二模试卷和答案
2015届高三第二次全国大联考(四川版)物理卷(解析版)
绝密★启用前2015年第二次大联考【四川卷】理科综合·物理试题注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分110分，考试时间60分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．稿纸上作答无效．．．．．．．。
（满分110分，考试时间60分钟）第Ⅰ卷（选择题共42分）第Ⅰ卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．光导纤维现已在通讯、医疗技术中大量使用。
光导纤维是由折射率不同的透明材料通过特殊复合技术制成的复合纤维。
光导纤维由芯线和外涂层组成，下列说法正确的是（）A．光纤芯线的折射率要低B．涂层材料折射率要高C．芯料和涂料的折射率相差越大越好D．一束光经光纤传导过程中，光几乎都在外涂层里传播【答案】C该题考查光导纤维的原理【解析】因为要求发生全反射，所以光导纤维的光纤芯线的折射率高，涂层材料的折射率低，而且两者的折射率相差越大越好，故ABD错误，C正确。
2．如图所示，内壁及碗口光滑的半球形碗固定在水平面上，碗口保持水平。
A球、C球与B 球分别用两根轻质细线连接。
当系统保持静止时，B球对碗壁刚好无压力，图中θ=30°，则A球和C球的质量之比为（）A ．1:2 B．2 :1 C ．1:3D．3:1【答案】C该题考查共点力的平衡问题【解析】B球对碗壁刚好无压力，则根据几何知识分析可得B球所在位置两线的夹角为90°，以B球为研究对象，进行受力分析，水平方向所受合力为零，由此可知，故选C点评：本题难度较小，明确B球所在位置夹角为90°是本题求解的关键3．如图甲所示为一列简谐横波在t=0时刻波动图象，图乙为介质中M点的振动图象。
2015年高考(416)四川成都石室中学高2015届二诊模拟考试
2015年高考(416)四川成都石室中学高2015届二诊模拟考试四川成都石室中学高2015届二诊模拟考试语文试题本试卷分选择题和非选择题两部分,满分150分，考试时间150分钟。
第卷（单项选择题，27分）一、（12分，每小题3分）1．下列词语中加点的字，读音全部正确的一项是（）A．便笺(jin)油炸(zh)软着陆(zhu) 丢卒保车( j)B．麇集(qn)临帖( ti)喀斯特(k)强词夺理(qing)C．拖累(li)尽管(jn)掰手腕(bn)铩羽而归(sh)D．打颤(chn)中听(zhng)荷尔蒙(h)怏怏不乐(yng)2．下列词语中，没有错别字的一项是（）A．部署唱双璜蜂拥而至攻城略地B．痼疾侦察机成结对声名鹊起C．惊蛰忙不迭要言不烦急不暇择D．滥觞冰激凌两全其美既往不究3．下列各句中，加点词语使用恰当的一项是（）A．教授提出了一个极有难度的问题，其他学生都不知如何回答。
但他的回答令教授大感惊奇，教授连连夸耀说：孺子可教也！B．余额宝并未改变货币基金的金融本质，从长期来看，不仅不会动摇银行的存款基础，而且能促进金融体系提高效率，改善服务。
C．当地公务员的隐性福利还有多少？这到底是纪检部门的习焉不察，还是某些部门有什么难言之隐？D．穆雷的前辈亨曼接受采访时认为第一个大满贯最难拿到，穆雷已经拿到了他网球生涯的第一个大满贯，今后他将一发不可收拾，不断地超越自己。
4．下列各句中，没有语病的一项是（）A．漫步小径，风送来一阵扑鼻的香味；环顾四周，我看见一枝露出高墙的腊梅正在那里释放幽香。
B．圣埃克苏佩里在儿童文学作品《小王子》中用明白如话的语言写出了引人深思的哲理和令人感动的韵味，充满了诗意的忧郁和淡淡的忧伤。
C．有关土壤污染状况的数据关系到公共利益，环保部借口国家秘密为名不公开各类数据，显然不符合《中华人民共和国政府信息公开条例》的主旨和精神。
D．2015年两会之初，《光明日报》融媒体产品《两会炫融特刊》推出的漫画人物形象小明，不只拉近了两会硬报道与受众的距离，还代表了《光明日报》崭新的拟人化形象。
成都市高三第二次诊断性考试理综物理试题
高2015级5班物理试卷（5）二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 14．如图所示，甲、乙两小球从竖直面内的半圆轨道的左端A 开始做平抛运动，甲球落在轨道最低点D ，乙球落在D 点右侧的轨道上，设甲、乙球的初速度分别为v v 甲乙、，在空中运动的时间分别为t t 甲乙、，则下列判断正确的是A ．t t =甲乙B ．t t <甲乙C ．v v >甲乙D ．v v <甲乙15．如图所示，长为L 绝缘轻杆在水平向右的匀强电场中，杆与电场线垂直，杆两端 固定带电小球A 和B ，初始时处于图中实线位置。
现将轻杆向右平移2L ，然后以球B 为轴在纸面内顺时针转动90°到图中虚 线位置，杆与电场线平行，在实线位置和虚线位置，A 、B 两 球电势能之和相同。
不考虑带电两球之间的相互作用。
则A. A 球所带电荷量绝对值比B 球的大B. A 球所带电荷量绝对值比B 球的小C. 从实线位置到虚线位置的过程中，电场力对A 球一定做正功D. 从实线位置到虚线位置的过程中，电场力对B 球可能做正功16．2015年7月由中山大学发起的空间引力波探测工程正式启动，将向太空发射三颗相同的探测卫星（SC1、SC2、SC3）。
三颗卫星构成一个邓彪三角形阵列，地球恰处于三角形中心，卫星将在高度约10万千米的轨道上运行，因三颗卫星在太空中的分列图类似乐器竖琴，故工程命名为“天琴计划”。
有关这三颗卫星的运动，下列描述正确的是 A ．卫星的运行周期大于地球的自转周期 B ．卫星的运行周期等于地球的自转周期 C ．卫星的运行速度大于7.9km/sD ．仅知道万有引力常量G 及卫星绕地球运行的周期T ，就可估算出地球的密度17．如图甲所示的“火灾报警系统”电路中，理想变压器原副线圈匝数之比为10：1，原线圈接入图乙所示的电压，电压表和电流表均为理想电表，0R 为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，1R 为变阻器，当通过报警器的 电流超过某值时，报警器经报警，下列说法正确的是A ．电压表V 的示数为20VB ．0R 处出现火警时，电流表A 的示数减小C ．0R 处出现火警时，变压器的输入功率增大D ．要使报警器的临界温度升高，可将1R 的滑片P 适当向下移动18．如图所示，水平面上固定着两根相距为L 且电阻不计的足够长的光滑金属导轨，导轨处于方向竖直向下，磁感应强度为B 的匀强磁场中，铜棒a 、b 的长度均等于两导轨的间距，电阻均为R 、质量均为m ，铜棒平行地静止在导轨上且导轨接触良好，现给铜棒a 一个平行导轨向右的瞬时冲量I ，关于此后的过程，下列说法正确的是 A ．回路中的最大电流为BILmRB ．铜棒b 的最大加速度为2222B IL m RC ．铜棒b 获得的最大速度为I mD ．回路总产生的总焦耳热为22I m19．如图所示，真空中的电场方向水平向右，从O 点斜向上射入该电场中的带电油滴质量为m ，其初速度大小为v ，方向与电场方向成60°角，当油滴到达运动轨迹的最高点P 时，速度大小仍为v 。
成都市2015级高中毕业班第二次诊断性检测理综含答案
成都市2015级高中毕业班第二次诊断性检测理综含答案14.根据火星和地球绕太阳运行的周期之比，可以求得火星和地球绕太阳运行的轨道半径之比，选项A正确。
15.在理想自耦变压器中，通过滑动触头取该线圈的一部分，接在副线圈上，副线圈两端连有一电阻R。
在输入电压为Ul的交变电压时，c、d间的电压为U2.在将滑动触头从图中M点逆时针旋转到N点的过程中，U1不变，U2增大，选项C正确。
16.在水平晾衣杆上晾晒床单时，为了尽快使床单晾干，可以在床单间支撑轻质细杆。
设床单重力为G，晾衣杆所受压力大小为N，当床单间夹角θ=60°时，N=G，选项A正确。
17.一枚30 g的鸡蛋从17楼落下，能砸破人的头骨。
若鸡蛋壳与人头部的作用时间为4.5×10-4s，人的质量为50 kg，重力加速度g取10 m/s2，则头骨受到的平均冲击力约为2300 N，选项C正确。
18.在倾角为300的光滑斜面上，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在斜面底端的挡板上，另一端与质量为m的物块A连接，A静止于P点。
现对A施加一方向平行于斜面向上、大小F=mg的恒定拉力，使A向上运动。
若运动过程中，弹簧形变未超过弹性限度，重力加速度为g，则刚施加拉力F时，A的加速度大小为0.5g，速度最大时，A距P点的距离为2/3L，选项A、B正确，C、D错误。
19.一静止的原子核，发射出一个α粒子，其质量为原子核质量的1/4，电荷为+2e。
则剩余的原子核质量为M-4m，电荷为Ze，选项A正确。
22.如图，用一根结实的细绳，一端拴一个小物体。
在光滑桌面上抡动细绳，使小物体做圆周运动，体验手对做圆周运动的物体的拉力。
1)拉力的方向是沿绳指向圆心。
2)增大旋转的速度，拉力将不变。
3)松手后，小物体将沿半径靠近圆心方向运动。
23.某同学欲利用伏安法尽可能精确地测量某一电阻Rx（阻值大约为240 Ω）的阻值。
改写：为了尽可能精确地测量电阻Rx的阻值（大约为240 Ω），某同学计划采用伏安法。
四川省成都石室中学2015届高考模拟(二)物理试题(Word版含答案)
石室中学高2015级高考模拟（二）理科综合能力测试物理试题第I卷（选择题共42分）第I卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错和不选的得0分。
1.下列说法中不正确的是A．伽利略斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻地反映自然规律。
B．不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的。
C．用导线把微安表的“+”、“﹣”两个接线柱连在一起后晃动电表，表针晃动幅度很小，且会很快停下，这是物理中的电磁阻尼现象D．在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象【答案】D伽利略将两个光滑的斜面对接，从一个斜面上由静止释放小球，发现如果没有摩擦，小球将上升到释放时的高度，进一步假设若减小第二个斜面的倾角，小球在这斜面上仍然要达到原来的高度，但是在另一个斜面上的路程变大，继续减小角度，最后使它成水平面，小球将沿水平面做持续匀速运动，说明物体的运动不需要力维持，选项A正确；根据光速不变的原理，可以知道不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的，所以选项B正确的；在微安表内部存在磁铁和金属线框，在搬运微安表的时候会产生感应电流，如果用导线把微安表的“+”、“﹣”两个接线柱连在一起后，表针晃动幅度很小，且会很快停下，这是物理中的电磁阻尼现象这样对微安表是一种保护作用，所以选项C正确；在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象，全反射现象对于光的能量损失非常的低，所以选项D错误；本题选错误的选项，即D正确。
【考点】伽利略理想斜面，相对论，电磁感应，全反射2.一半径为R的1/4球体放置在水平面上，球体由折射率为的透明材料制成。
现有一束位于过球心O的竖直平面内的光线，平行于桌面射到球体表面上，折射入球体后再从竖直表面射出，如图2所示。
已知入射光线与桌面的距离为。
下列说法中正确的是A．增大入射角α，光线将不再从竖直表面射出B．不同的单色光有相同的光路产生C．入射角α无论如何变化，光线都能从竖直表面射出D．从竖直表面射出光线与竖直方向夹角是300【答案】D当入射角增大，根据可以知道，也是增大的，在根据三角形相关知识可以知道变小，则仍然有光线从竖直表面射出，故选项A错误；不同的单色光有不同的折射率，即使入射角相同，但折射角不同，所以有不同的光路产生，故选项B错误；根据上面的分析当入射角变小则折射角变小，但是入射角增大，增大到一定程度则发生全反射，会出现部分光线无法射出，故选项C错误；由于入射光线与桌面的距离为，根据几何知识，在根据可以知道，由图知，光线在球体的竖直表面上的入射角。
四川省成都石室中学高三(下)“二诊模拟”物理试题
成都石室中学高三（下）“二诊模拟”理综物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题1．如图所示电路中，电源电压u ＝311sin100πt(V)，A 、B 间接有“220 V 440 W”的电暖宝、“220 V 220 W”的抽油烟机、交流电压表及保险丝．下列说法正确的是A ．交流电压表的示数为311 VB ．电路要正常工作，保险丝的额定电流不能小于 AC ．抽油烟机正常工作1 min 消耗的电能为1.32×104 JD ．电暖宝发热功率是抽油烟机发热功率的2倍 【答案】C 【解析】 【分析】交流电压表的示数为有效值，由公式P=UI 知电路要正常工作，干路中电流为3A ，电暖宝是纯电阻，而抽油烟机是非纯电阻； 【详解】A 220V =，故A 错误； B 、由公式P=UI 知电路要正常工作，干路中电流为4402203220+===P I A A U ，所以保险丝的额定电流不能小于3A ，故B 错误；C 、1min 抽油烟机消耗的电能为422060 1.3210W Pt W J ==⨯=⨯，故C 正确；D 、电暖宝是纯电阻，而抽油烟机是非纯电阻，电暖宝发热功率不是抽油烟机发热功率的2倍，故D 错误； 故选C ． 【点睛】考查了交流电的峰值、有效值以及结合欧姆定律进行的有关计算，难度不大； 2．如图为某中国运动员在冬奥会短道速滑比赛中的精彩瞬间。
假定他正沿圆弧形弯道匀速率滑行，在一极短时间t ∆内滑过的角度为θ，则他在这个过程中（ ）A ．所受的合外力为零，做匀速运动B ．所受的合外力恒定，做匀加速运动C ．合外力做功为零，合力的冲量也为零D ．合外力做功为零，合力的冲量不为零【答案】D 【解析】 【详解】AB ．运动员沿圆弧弯道匀速率滑行，可看作匀速圆周运动，所受合外力提供向心力，方向始终指向圆心，合外力不为零，也不是恒力，故AB 错误；CD ．合外力与速度的方向始终保持垂直，合外力做功为零，但冲量是力与时间的乘积，合力的冲量不为零，故C 错误，D 正确。
2015年四川省成都市石室中学高考物理二诊试卷
2015年四川省成都市石室中学高考物理二诊试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.下列叙述正确的是（）A.牛顿、米和秒都是国际单位制中的基本单位B.紫外线比红外线更容易发生明显衍射现象C.狭义相对论认为，在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的，真空中的光速都是相同的D.麦克斯韦认为，只要空间有变化的磁场或变化的电场，就一定能够激发电磁波【答案】C【解析】解：A、1牛顿=千克米秒，是国际单位制中的导出单位．故A错误；B、紫外线的波长比红外线短，不容易发生明显衍射现象，故B错误；C、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是相同的；狭义相对性原理指出，在不同的惯性参考系申，一切物理规律都是相同的．故C正确；D、均匀变化的电场周围产生恒定的磁场，恒定的磁场周围周期也不会产生电场，不能产生电磁波，故D错误．故选：C国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位；波长越长越容易发生衍射现象；狭义相对论的两条基本假设，光速不变原理和狭义相对性原理．根据麦克斯韦电磁场理论知变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场．该题考查国际单位制、光的衍射、狭义相对论以及电磁场理论，是四个不相干的知识点，比较零碎．这一类的题目一般都是一些记忆性的知识点的内容，较少考到，只有多看课本，多加积累，才能做好这一类的题目．2.如图所示，在同一轨道平面上的三个人造地球卫星A、B、C，在某一时刻恰好在同一条直线上，它们的轨道半径之比为1：2：3，质量相等，则下列说法中正确的是（）A.三颗卫星的加速度之比为9：4：1B.三颗卫星具有机械能的大小关系为E A＜E B＜E CC.B卫星加速后可与A卫星相遇D.A卫星运动27周后，C卫星也恰回到原地点【答案】B【解析】解：A、根据万有引力提供向心力，得，故：：：：=：：=36：9：4，故A错误．B、卫星发射的越高，需要克服地球引力做功越多，故机械能越大，故E A＜E B＜E C，故B正确．C、B卫星加速后做离心运动，轨道半径要变大，不可能与A卫星相遇，故C错误．D、根据万有引力提供向心力，得，所以=，即．若A卫星运动27周后，C卫星只经过了个周期，没有回到原点．故D 错误．故选：B．由万有引力定律比较万有引力的大小．卫星的向心加速度等于a=，再计算向心加速度的比值．根据发射卫星需要的能量的多少比较机械能的大小．根据卫星变轨和离心运动的知识判断BA是否能相遇．根据周期的大小，分析AC卫星回到原点的时间关系．对于卫星的线速度、周期、角速度、向心加速度等物理量的比较，要抓住万有引力提供向心力这个关系，选择恰当的向心力的表达式，计算出它们与轨道半径的关系．3.如图甲为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置为x=1m处的质点，Q 是平衡位置为x=4m处的质点，图乙为质点Q的振动图象，则（）A.t=0.15s时，质点Q的加速度等于零B.t=0.15s时，质点P的运动方向沿Y轴负方向C.从t=0.10s，到t=0.25s，该波沿X轴正方向传播了6mD.从t=0.10s到t=0.25s，质点P通过的路程为30cm【答案】B【解析】解：A、由乙图中Q点的振动图象可知t=0.15s时Q点在负的最大位移处，故具有正向最大加速度，故A错误；B、甲图描述的是t=0.10s时的波动图象，而根据乙图可知t=0.10s内Q点正向下振动，根据质点振动方向和波传播方向的关系可知，波向左传播，判定出经过四分之一周期即t=0.15s时质点P运动方向为Y轴负方向，故B正确；C、根据甲乙两图可知波长和周期，则波速：v===40m/s，故从t=0.10s到t=0.25s，波沿x负方向传播的距离x=vt=6m，故C错误；D、只有在波峰或波谷的质点，每通过路程才为一个振幅A，t=0.10s时P运动方向为Y轴负方向，经过平衡位置的速度较大，所以从t=0.10s到t=0.25s，质点P通过的路程一定大于30cm．故D错误．故选：B．根据甲乙两图可以求出该波的波长和周期，从而求出波速，t=0.10s时Q点在平衡位置上，由乙图知下一时刻向下振动，从而确定了该波向左传播．本题有一定的综合性考察了波动和振动图象问题，关键是会根据振动情况来判定波的传播方向，根据时间与周期的关系分析质点的振动情况．4.如图甲所示，矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动，输出交流电的电动势图象如图乙所示，经原副线圈的匝数比为1：10的理想变压器给一个灯泡供电如图丙所示，副线圈电路中灯泡额定功率为22W．现闭合开关，灯泡正常发光．则（）A.t=0.01s时刻穿过线框回路的磁通量为零B.交流发电机的转速为100r/sC.变压器原线圈中电流表示数为1AD.灯泡的额定电压为220V【答案】C【解析】解：A、由图乙可知，当0.01s时，感应电动势为零，则此时穿过线框回路的磁通量最大，故A错误；B、由图可知，交流电的周期为0.02s，则转速为：n==50r/s，故B错误；C、原线圈输入电压为有效值为22V，则副线圈的电压为22×10=220V；由P=UI可知，副线圈电流I2===0.1A，则由=，求得I1=1A；故C正确；D、灯泡正常发光，故额定电压为220V，故D错误；故选：C．由图2可知特殊时刻的电动势，根据电动势的特点，可判处于那个面上，由图象还可知电动势的峰值和周期，根据有效值和峰值的关系便可求电动势的有效值．本题关键是明确线圈在匀强磁场中匀速转动产生的是正弦式交变电流，会根据变压比公式、变流比公式列式求解即可．5.如图所示，阳光垂直射入静止的水中，水中离墙足够远的某处有一小平面镜，在墙OA和OA′上各有一光斑分别为S、S′（图中未画出）．若已知水对红光折射率为n1，对紫光折射率为n2，平面镜和水平面的夹角为θ．下列说法正确的是（）A.光斑S是彩色的且上边缘是紫色B.若增大θ，光斑S中首先消失的是红光C.若保证S、S′均存在，则需sin2θ＜D.若保证S、S′均存在，则需sin＜【答案】C【解析】解：A、S光斑是由光的折射形成的，由于红光的折射率比紫光小，通过水面后偏折角比紫光小，所以光斑S是彩色的且上边缘是红色，故A错误．B、若增大θ，反射光线射到水面的入射角增大，由于紫光的临界角比红光的小，所以紫光先发生全反射，光斑S中紫光最先消失，故B错误．CD、若保证S、S′均存在，不能发生全反射，由于紫光的临界角小，所以必须保证紫光在水面不发生全反射．紫光的临界角sin C1=根据光的反射定律和几何知识可知，反射光线射到水面下方时的入射角为2θ，则满足条件必须有2θ＜C1，则有sin2θ＜sin C1=，故C正确，D错误．故选：C．红光的折射率比折射率小，通过水面的折射后偏折角小．红光的临界角比紫光的临界角大．S′光斑是由光的反射形成的，S光斑是由光的折射形成的．解决本题的关键要掌握红光与紫光折射率、临界角的大小，并掌握全反射条件，分析时还要用到几何关系．二、多选题(本大题共2小题，共12.0分)6.如图所示，两等量同种点电荷固定在水平方向上的A、B两点，过AB中点O的竖直方向上有C、P、Q、D四点，其中C、D和P、Q分别关于O点对称．一带电小球自C点由静止释放，运动到P点时小球的加速度为零．重力加速度为g，则下列判断正确的是（）A.小球运动到Q点时的加速度为2gB.小球从P点运动到O点的过程中可能先减速后加速C.小球在O点时的电势能最小D.小球在P点的电势能可能大于Q点的电势能【答案】AB【解析】解：A、根据等量同种电荷周围电场分布可知，P和Q两点的电场强度大小相等但是方向相反，在P点时：E q=mg，则在Q点有：E q+mg=ma，因此a=2g，故A正确；B、从O沿中垂线向外电场强度先增大后减小，若最大值在PO之间某一位置，则小球从P点运动到O点的过程中可能先减速后加速，故B正确；C、由题意可知从C到O的过程中电场力做负功，电势能增加，故C错误；D、从P到Q点的过程中电场力不做功，因此小球在P点的电势能和在Q点的电势能相等，故D错误．故选AB．若是等量的正电荷则中点O的电场强度为零，在中垂线上，场强的方向是从中间向两边的；若是等量的负电荷，则中点O的电场强度为零，场强的方向是从两边指向中间的，明确等量同种电荷周围电场强度和电势特点可正确解答本题．本题考查的是对等量同种电荷电荷电场的分布的理解，掌握住等量同种电荷电场的分布特点，即可分析电荷的运动的情况，明确电场力做功和电势能之间的关系即可正确分析电势能的变化．7.如图所示为磁悬浮列车模型，质量M=1kg的绝缘板底座静止在动摩擦因数μ1=0.1的粗糙水平地面上．位于磁场中的正方形金属框ABCD为动力源，其质量m=1kg，边长为1m，电阻为，与绝缘板间的动摩擦因数μ2=0.4．OO′为AD、BC的中点．在金属框内有可随金属框同步移动的磁场，OO′CD区域内磁场如图a所示，CD恰在磁场边缘以外；OO′BA区域内磁场如图b所示，AB恰在磁场边缘以内（g=10m/s2）．若绝缘板足够长且认为绝缘板与地面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则金属框从静止释放后（）A.若金属框固定在绝缘板上，金属框的加速度为3m/s2B.若金属框固定在绝缘板上，金属框的加速度为7m/s2C.若金属框不固定，金属框的加速度为4m/s2，绝缘板仍静止D.若金属框不固定，金属框的加速度为4m/s2，绝缘板的加速度为2m/s2【答案】AD【解析】解：（1）若金属框固定在绝缘板上：根据法拉第电磁感应定律有：E==0.5V则回路中的电流为：I==8A，所受安培力的大小为：F=BI l=8N，根据牛顿第二定律有：F-f=（M+m）a，f=（M+m）gμ，代入数据解得a=3m/s2，故A正确，B错误．（2）若金属框不固定在绝缘板上：对金属框，由牛顿第二定律，则有：F-μ2mg=ma框解得：a框=4m/s2，对绝缘板，由牛顿第二定律，则有：μ2mg-μ1（m+M）g=M a板解得：a板=2m/s2因此C错误，D正确；故选AD．面积O′OAB内磁通量发生变化，回路中有感应电流产生，由此可以求出回路中电流的大小，线框受安培力和摩擦力作用，由此可以求出线框的加速度大小以及安培力的大小．本题考查了有关电磁感应的电流、力、运动分析，涉及知识点较多，是考查学生综合应用知识能力的好题．三、填空题(本大题共1小题，共6.0分)8.某同学利用如图甲所示的实验装置测量重力加速度．①请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误：a ______ ；b ______ ．②该同学经正确操作得到如图乙所示的纸带，取连续的六个点，测得h1、h2、h3、h4、h5．若打点的周期为T，则打E点时速度为v E= ______ ；若分别计算出各计数点对应的速度数值，并在坐标系中画出v2与h的关系图线，如图丙所示，则重力加速度g= ______ m/s2．③若当地的重力加速度值为9.8m/s2，请写出误差的原因______ ．（写一条即可）【答案】打点计时器应接交流电源；重物释放时应紧靠打点计时器；；9.4；空气阻力和摩擦阻力的影响【解析】解：①打点计时器应接交流电源；重物释放时应紧靠打点计时器②利用匀变速直线运动的推论v E==v2=2gh速度的二次方v2与距离（h）的关系图线的斜率为18.8所以g=9.4m/s2．③测量值存在偏差的主要原因是纸带通过打点计时器时的摩擦阻力．故答案为：①a．打点计时器应接交流电源，b．重物释放时应紧靠打点计时器；②，9.4；③空气阻力和摩擦阻力的影响．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项．纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．了解实验的装置和工作原理．对于纸带的问题，我们要熟悉匀变速直线运动的特点和一些规律．四、实验题探究题(本大题共1小题，共11.0分)9.某同学用如图1所示的实验电路测定某电源内阻r和一段电阻线的电阻率．ab是一段粗细均匀的电阻线横截面积S=0.1mm2，定值电阻R=2Ω，电源电动势E=9V，滑动片P与电阻线接触良好，a P的长度用x表示，电流表内阻及导线电阻不计．实验时闭合开关，调节P的位置，通过读数（电流表读数为I）、计算，将x和与之对应的数据记录在表（1）在图2中画出-x图象（2）图象纵轴上的截距表达式为b= ______ ，斜率的表达式为k= ______ （用R，r，E，ρ，S表示，不必带入数据），根据图象和相关数据，求出该电源的内阻r= ______ Ω，电阻线电阻率ρ= ______ Ω•m．（保留两位有效数字）【答案】；；1.1；9.9×10-7【解析】解：（1）根据表中数据画出-x图象；如图；（3）电阻线接入电路的阻值R线=R0x，由闭合电路的欧姆定律可得电路电流：i=则：=+由图象可得：b=，k===1.1，所以：r=0.33E-R=1.0Ωρ=9.9×10-7Ω•m故答案为：（1）如图（2）1.1，9.9×10-7（1）应用闭合电路的欧姆定律，求出与x的关系式．（2）应用描点法作图，根据表中实验数据，在坐标系中描出对应的点，然后根据各点作出图象．（3）由图象求出电源内阻及单位长度上的电阻．应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，要掌握描点法作图的方法．要求出该电源内阻r和该电阻线单位长度的电阻R需要分析清楚表达的意义和图线的斜率表达的意义，然后再结合图线的数据解题．五、计算题(本大题共3小题，共51.0分)10.目前，上海有若干辆超级电容车试运行，运行中无需连接电缆，只需在乘客上车间隙充电30秒到1分钟，就能行驶3到5公里．假设有一辆超级电容车，质量m=2×103kg，额定功率P=60k W，当超级电容车在平直水平路面上行驶时，受到的阻力f是车重的0.1倍，g取10m/s2．（1）超级电容车在此路面上行驶所能达到的最大速度是多少？（2）若超级电容车从静止开始，保持以0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，这一过程能维持多长时间？（3）若超级电容车从静止开始，保持额定功率做加速运动，50s后达到最大速度，求此过程中超级电容车的位移．【答案】解：（1）当汽车速度达到最大时汽车的牵引力与阻力平衡，即F=ff=kmg=0.1×2×103×10=2000NP=fv m得：v m===30m/s（2）汽车做匀加速运动：F1-f=maF1=3000N设汽车刚达到额定功率时的速度v1：P=F1v1v1===20m/s设汽车匀加速运动的时间t：v1=at解得：t==40s（3）从静止到最大速度整个过程牵引力与阻力做功，由动能定理得：P t2-fs=mv m2代入数据解得：s=m=1050m答：（1）超级电容车在此路面上行驶所能达到的最大速度是30m/s（2）若超级电容车从静止开始，保持以0.5m/s2的加速度作匀加速直线运动，这一过程能维持40s（3）若超级电容车从静止开始，保持额定功率做加速运动，50s后达到最大速度，此过程中超级电容车的位移为1050m．【解析】（1）当汽车匀速运动时，牵引力等于阻力，速度达到最大，由P=F v求的最大速度；（2）当汽车以恒定的加速度运动时，由牛顿第二定律求出牵引力，在牵引力下达到额定功率前，加速度将保持不变，由v=at求出加速时的时间；（3）有动能定理求出位移；本题主要考查了机车启动的两种方式，恒定功率启动和恒定加速度启动，掌握恒定功率启动时功率保持不变，牵引力随速度增大而减小，恒定加速度启动时牵引力不变，功率随速度增加而增加．11.如图所示，光滑绝缘水平桌面上固定一绝缘挡板P，质量分别为m A和m B的小物块A 和B（可视为质点）分别带有+Q A和+Q B，的电荷量，两物块由绝缘的轻弹簧相连，一不可伸长的轻绳跨过定滑轮，一端与物块B连接，另一端连接轻质小钩．整个装置处于正交的场强大小为E、方向水平向左的匀强电场和磁感应强度大小为B、方向水平向里的匀强磁场中．物块A、B开始时均静止，已知弹簧的劲度系数为K，不计一切摩擦及AB间的库仑力，物块A、B所带的电荷量不变，B不会碰到滑轮，物块A、B均不离开水平桌面．若在小钩上挂一质量为M的物块C并由静止释放，可使物块A对挡板P的压力为零，但不会离开P，则：（1）求物块C下落的最大距离；（2）求小物块C从开始下落到最低点的过程中，小物块B的电势能的变化量，以及弹簧的弹性势能变化量：（要求说明是增大还是减少）（3）若C的质量改为2M，求小物块A刚离开挡板P时小物块B的速度大小，以及此时小物块B对水平桌面的压力．【答案】解：（1）开始时弹簧的形变量为x1，对物体B由平衡条件可得：kx1=Q B E设A刚离开挡板时，弹簧的形变量为x2，对物块B由平衡条件可得：kx2=Q A E故C下降的最大距离为：h=x1+x2=（2）物块C由静止释放下落h至最低点的过程中，B的电势能增加量为：△E=Q B E h=由能量守恒定律可知：物块由静止释放至下落h至最低点的过程中，c的重力势能减小量等于B的电势能的增量和弹簧弹性势能的增量即：M gh=Q B E h+△E弹解得：△E弹=（Q A+Q B）故小物块C下落到最低点的过程中，小物块B的电势能的变化量为，弹簧的弹性势能变化量为△E弹=（Q A+Q B）（3）当C的质量为2M时，设A刚离开挡板时B的速度为V，由能量守恒定律可知：2M gh+Q B E h+△E弹+解得A刚离开P时B的速度为：v=因为物块AB均不离开水平桌面，设物体B所受支持力为N B1，所以对物块B竖直方向受力平衡：m B g=N B1+Q B v B由牛顿第三定律得：N B=N B1解得：N B=m B-BQ B答：（1）求物块C下落的最大距离为；（2）求小物块C从开始下落到最低点的过程中，小物块B的电势能的变化量，以及弹簧的弹性势能变化量变大为：（Q A+Q B）（3）若C的质量改为2M，求小物块A刚离开挡板P时小物块B的速度大小：，以及此时小物块B对水平桌面的压力m B-BQ B．【解析】（1）要正确求出C下落的最大距离，关键是正确分析当达到最大距离时系统中各个物体的状态，开始由于A受水平向左的电场力以及弹簧的弹力作用，A被挤压在挡板P上，当B向右运动弹簧恢复原长时，A仍然与挡板之间有弹力作用，当B继续向右运动时，弹簧被拉长，当弹簧弹力大小等于A所受电场力时，A与挡板之间弹力恰好为零，此时B、C的速度也恰好为零，即C下落距离最大，注意此时A处于平衡状态，而B、C都不是平衡状态．（2）依据电场力做功即可求出小物块B的电势能的变化量，B、C一起运动过程中，初末速度均为零，B电势能增大，C重力势能减小，依据功能关系即可求出弹簧弹性势能变化量．（3）对系统根据功能关系有：当小物块A刚离开挡板P时，C重力势能减小量等于B电势能和弹簧弹性势能以及B、C动能变化量之和；B球在竖直方向合外力为零，因此对B球正确进行受力分析即可求出小物块对水平面的压力本题过程繁琐，涉及功能关系多，有弹性势能、电势能、重力势能等之间的转化，全面考察了学生综合分析问题能力和对功能关系的理解及应用，有一定难度．对于这类题目在分析过程中，要化繁为简，即把复杂过程，分解为多个小过程分析，同时要正确分析受力情况，弄清系统运动状态以及功能关系12.如图所示，间距为D=5cm的两平行光滑导轨EF、GH与水平面间的夹角θ=30°，一磁感应强度B o=10T的匀强磁场垂直于轨道平面向下（图中未画出），两导轨间接有电阻R1=30Ω，R2=30Ω，并用导线与两平行金属板相连，导线上接有电阻R3=30Ω，两平行金属板A、B长l=8cm．两板间距离d=8cm，现在两导轨上放一金属棒ab，其质量为M=2kg，电阻r=10Ω，将其由静止释放，当达到匀速运动时，一个q=10-10C，质量m=10-20kg的带正电的粒子从R点沿电场中心线垂直电场线飞入电场，初速度V0=2×106m/s，粒子飞出平行板电场后经过无场区域后，进入界面为MN、PQ间匀强磁场，从磁场的PQ边界出来后刚好打在中心线上离PQ边界处的S点上，已知MN与平行板的右端相距为L，MN、PQ相距为L，且L=12cm（粒子重力不计）求：（1）ab棒匀速运动时平行金属板A、B之间的电压U；（2）粒子运动到MN时偏离中心线RO的距离为多少；（3）画出粒子运动的轨迹，并求出磁感应强度B的大小．【答案】解：（1）两电阻并联，总电阻R==15Ω金属棒匀速运动时，棒受到的安培力等于重力的分力；故M gsinθ=BIL；解得电流I===20A；则两电阻两端的电压U=IR=20×15=300V；（2）粒子在电场中做类平抛运动，根据牛顿第二定律得：a==运动的时间为：t=设粒子从电场中飞出时的侧向位移为h，穿过界面PS时偏离中心线OR的距离为y，则：h=at2即：h=（）2代入数据，解得：h=0.03m=3cm带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动，由相似三角形知识得：=代入数据，解得：y=0.12m=12cm（3）设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为θ，则：tanθ==所以θ=37°v===2.5×106m/s；轨迹如图所示由几何知识可得粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径：R===0.1m由：qv B=m解得：B=带入数值解得B=2.5×10-3T答：（1）AB间电压为300V；（2）粒子进入界面MN时偏离中心线RO的距离为12cm；（3）粒子运动的轨迹如图所示，匀强磁场的磁感应强度B的大小为2.5×10-3T．【解析】（1）对导体棒受力分析，导体棒在重力和安培力的作用下做匀速直线运动，由平衡关系可求得棒中的电流；再由闭合电路欧姆定律可求得AB间的电压；（2）粒子在电场中做类平抛运动，由平抛运动规律可求得偏转位移；（3）设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为θ，根据速度关系求出夹角，画出轨迹，由几何知识可得粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径，根据半径公式即可求解磁场强度．本题考查电磁感应及带电粒子在磁场中的运动；应注意粒子的运动过程，粒子先做类平抛运动，再做匀速直线运动，最后应做圆周运动，其中最后速率保持不变是本题中的关键，也是出题人设置的一个陷阱；要求学生应认真审题，彻底明白题意才能正确求解．同时还应注意题目中的几何关系的掌握．。
四川省成都市2015届高三摸底(零诊)考试物理试题(解析版)word版
四川省成都市2015届高三摸底（零诊）考试物理试题（解析版）word版【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理电场、磁场、交变电流、光、机械振动、带电粒子在电场、磁场中运动等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，注重个过程的分析，题型新颖，没有用以前的题，都是改变和原创题目，是份非常好的试卷。
本试卷分选择题和非选择题两部分。
第I卷（选择题），第Ⅱ卷（非选择题），满分100分，考试时间100分钟。
注意事项：1答题前，务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上。
2答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的譬案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再造涂其它答案标号。
3答非选择题时，必须使用0 5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。
4所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。
5考试结束后，只将答题卡交回。
第I卷（选择题，共42分）一、本题包括6小题，每小题3分，共18分。
每小题只有一个选项符合题意。
1关于物理学史，下列说法正确的是A奥斯特发现了电磁感应现象B麦克斯韦提出了狭义相对论C赫兹首次用实验证实了电磁波的存在D伦琴利用γ射线拍摄了首张人体骨骼照片【知识点】物理学史【答案解析】C 解析 A、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现电磁感应现象，故A错误；B、爱因斯坦提出了狭义相对论，麦克斯韦提出了电磁场理论，故B错误；C、麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹通过实验证实了电磁波的存在，故C正确；D、伦琴发下了γ射线，但没有拍摄了首张人体骨骼照片，故D错误；故选C【思路点拨】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2关于光现象，下列说法正确的是A水面上的油膜呈现彩色，这是光的干涉现象B一束白光通过三棱镜后形成彩色光带，这是光的全反射现象C．用光导纤维传播信号，利用了光的衍射D用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度，利用了光的偏振【知识点】光的干涉；光的衍射．【答案解析】A 解析 A、水面油膜呈现彩色条纹是光的干涉现象形成的，说明了光是一种波．故A正确；B、当太阳光经过三棱镜后，由于三棱镜对这七种色光的折射率不同，从而会分解成七种单色光，这是光的色散现象，故B错误；C、用光导纤维传播信号，利用光的全反射，故C错误；D、用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉，故D错误；故选A【思路点拨】水面油膜呈现彩色条纹是光的干涉现象形成的，当太阳光经过三棱镜后，由于三棱镜对这七种色光的折射率不同，所以七种色光通过三棱镜发生折射后的偏折情况不同，从而会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，这是光的色散现象；用光导纤维传播信号，利用光的全反射；用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉；本题考查了基础知识，平时要注意基础知识的学习与掌握．3下列说法正确的是A穿过线圈的磁通量变化越大，线圈上产生的感应电动势越大B通过线圈的电流变化越快，线圈的自感系数越大C．电场总是由变化的磁场产生的D．真空中的光速在任何惯性系中测得的数值都相同【知识点】法拉第电磁感应定律；电磁波的产生．【答案解析】D 解析解：A、根据法拉第电磁感应定律，感应电动势与磁通量的变化率成正比，与磁通量的变化量无关，故A错误；B、线圈的自感系数有线圈本身的匝数、粗细、线圈面积决定，与电流无关，故B错误；C、电荷可以产生电场，不一定有变化的磁场产生，故C错误；D、根据爱因斯坦的狭义相对论，真空中的光速在任何惯性系中测得的数值都相同，故D正确；故选：D．【思路点拨】根据法拉第电磁感应定律，感应电动势与磁通量的变化率成正比；线圈的自感系数有线圈本身决定；静止电荷产生电场，运动的电荷可以产生磁场；根据爱因斯坦的狭义相对论，真空中的光速在任何惯性系中测得的数值都相同．本题考查了法拉第电磁感应定律、自感现象、麦克斯韦电磁场理论、爱因斯坦狭义相对论等、知识点多，难度小，关键多看书，记住基础知识．4做简谐运动的弹簧振子，每次通过平衡位置与最大位移处之间的某点时，下列哪组物理量完全相同A回复力、加速度、速度B回复力、加速度、动能C回复力、速度、弹性势能D加速度、速度、机械能【知识点】简谐运动的回复力和能量．【答案解析】B 解析解：振动质点的位移是指离开位置的位移，做简谐运动的物体，每次通过同一位置时，位移一定相同；过同一位置，可能离开平衡位置，也可能向平衡位置运动，故速度有两个可能的方向，不一定相同；复力F=-kx，由于x相同，故F相同；加速度a=-kx m经过同一位置时，x相同，故加速度a相同；经过同一位置，速度大小一定相等，故动能一定相同，弹性势能、机械能也相同；故ACD错误，B正确；故选：B．【思路点拨】物体的位移与时间的关系遵从正弦函数的规律（即它的振动图象是一条正弦曲线）的振动叫简谐运动．简谐运动的频率（或周期）跟振幅没有关系，而是由本身的性质（在单摆中由初始设定的绳长）决定，所以又叫固有频率．做简谐运动的物体，每次通过同一位置时，一定相同的物理量是位移、加速度和能量．本题关键是明确：（1）简谐运动的定义；（2）受力特点；（3）运动学特点．5如图所示．L1和L2是输电线，甲、乙是两个互感器，通过观测接在甲、乙中的电表读数，可以间接得到输电线两端电压和通过输电线的电流。
【全国百强校】四川省成都市石室中学2015-2016学年高二4月月考物理试题(原卷版)
四川省成都市石室中学2015-2016学年高二4月月考物理试题一、单选题（本大题共6小题，每小题3分，共18分．每小题给出的四个选项中只有一个最符合题意．）1．根据所学知识判断，下列说法中正确的是A．一交流电动机铭牌上标有“380 V，12 A”，这里的两个值都是指输入交流电的最大值B．简谐运动的一次全振动是指振子的速度第一次恢复原来的大小和方向所经历的过程8．条形磁铁放在光滑的水平面上，以条形磁铁中央位置正上方的某点为圆心，水平固定一铜质圆环，不计空气阻力，以下判断中正确的是A．给磁铁水平向右的初速度，磁铁在向右运动的过程中做减速运动B．给磁铁水平向右的初速度，圆环将受到向左的磁场力C．释放圆环，环下落时磁铁对桌面的压力比磁铁的重力大D．释放圆环，下落过程中环的机械能不守恒9．如下图，线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，电容器两极板水平放置．在两极板间，不计重力的带正电粒子Q位于两板正中间，在t＝0时由静止释放，若两板间距足够宽，则下列运动可能的是A．若t＝0时，线圈平面与磁场垂直，粒子能到达极板B．若t＝0时，线圈平面与磁场平行，粒子在两极间往复运动C．若t＝0时，线圈平面与磁场垂直，粒子在两极间往复运动D．若t＝0时，线圈平面与磁场平行，粒子能到达极板10．如图甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器。
升压变压器原副线圈匝数比为l：100，其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为100 。
降压变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R1为一定值电阻，R2为用半导体热敏材料制成的传感器，当温度升高时其阻值变小。
电压表V显示加在报警器上的电压(报警器未画出)。
未出现火警时，升压变压器的输入功率为750kW。
下列说法中正确的有A．降压变压器副线圈输出的交流电频率为100HzB．远距离输电线路损耗功率为180kWC．当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数变大D．当传感器R2所在处出现火警时，输电线上的电流变大11．如图所示，匀强磁场的方向垂直于光滑的金属导轨平面向里，极板间距为d的平行板电容器与总阻值为2R0的滑动变阻器通过平行导轨连接，电阻为R0的导体棒MN可在外力的作用下沿导轨从左向右做匀速直线运动。
四川省石室中学2015届高三一诊模拟物理试题 (Word版)
四川省石室中学2015届高三一诊模拟物理试题本试卷分第I 卷(选择题)和第II 卷(非选择题)两部分，全卷满分110分。
第I 卷(选择题 共42分)一、选择题(本题共7小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分)1、下列说法正确的是( )A 、洗衣机脱水桶脱水时利用了离心运动B 、牛顿、千克、秒为力学单位制中的基本单位C 、牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了万有引力常量D 、理想实验是把实验的情况外推到一种理想状态，所以是不可靠的2、一小船在静水中的速度为3m ／s ，它在一条河宽150 m ，流速为4m ／s 的河流中渡河，则下列说法错误的是( )A 、小船不可能到达正对岸B 、小船渡河时间不少于50sC 、小船以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为200 mD 、小船以最短位移渡河时，位移大小为150 m3、如图所示的电路中，R 1是定值电阻，R 2是光敏电阻，电的内阻不能忽略。
闭合开关S ，当光敏电阻上的光照强度增大时（光敏电阻阻值减小)，下列说法中正确的是 ( )A 、电的效率增大B 、电的路端电压减小C 、电的输出功率减小D 、电容器C 所带的电荷量增加4、如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的速度一时间图像，Oa 段为过原点的倾斜直线，ab 段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc 段是与ab 段相切的水平直线，则下述说法中正确的是( )A 、0～t 1时间内汽车的牵引力增大B 、0～t 1时间内汽车牵引力的功率恒定C 、t 1～t 2时间内汽车的平均速度等于121()2v vD 、t 1～t 2时间内汽车牵引力做功大于22211122mv mv - 5、欧洲天文学家在太阳系之外发现了一颗可能适合人类居住的行星，命名为“格利斯581c ”．该行星的质量是地球的5倍，直径是地球的1.5倍．设想在该行星表面附近绕行星沿圆轨道运行的人造卫星的动能为1k E ，在地球表面附近绕地球沿圆轨道运行的相同质量的人造卫星的动能为2k E ，则12k k E E 约为( ) A 、0.13 B 、0.3 C 、3.33 D 、7.56、如图所示，一带电荷量为q 的带电粒子以一定的初速度由P 点射入匀强电场，入射方向与电场线垂直．粒子从Q 点射出电场时，其速度方向与电场线成30°角．己知匀强电场的宽度为d ．P 、Q 两点的电势差为U ，不计重力作用，设P 点的电势为零．则下列说法正确的是()A 、带电粒子带负电B 、带电粒子在Q 点的电势能为-qUC、此匀强电场的电场强度大小为E = D、此匀强电场的电场强度大小为E =7、如图所示，一个带正电的小球穿在一根绝缘的粗糙直杆AC 上，杆与水平方向成θ角，整个空间存在着竖直向上的匀强电场和垂直于杆方向斜向上的匀强磁场．小球沿杆向下运动，在A 点时的动能为100 J ，在C 点时动能减为零，D 为AC 的中点，在运动过程中，则()A、小球在D点时的动能为50 JB、到达C点后小球可能沿杆向上运动C、小球电势能的增加量一定等于重力势能的减少量D、小球在AD段克服摩擦力做的功与小球在DC段克服摩擦力做的功不相等第Ⅱ卷(非选择题共68分)二、实验题(本题共2个小题，共计17分)8、I在探宄“恒力做功和物体动能变化之间的关系”的实验中，某同学的实验设计方案如图所示。
(四川)四川省成都市石室中学2015届高三物理下学期“二诊”.
四川省成都市石室中学2015届高三物理下学期“二诊”模拟考试试题（扫描版，无答案）新人教版成都石畫中学高游15届201—2015学年度下期”二诊穩试物理试题第I •（透择體 共斗2分）蘇T 咖r 毎■召井.««»出的回仙I 中"有的只育 ftflu 有的有护曲（挣刨■目嘉轨 全 轉如的耨点如 逢对徂不全的轴 育选■翊|0九1.下列痕正越盼是< ）A. 牛鶴、米和称都是国砂牲制中的基本单垃B. 豊外卷比虹外捲灵容曷发生箭射现象c 離义相蔚锻认为・在不同的憤性阿紊中’ 一如您理规1W 是牌同的.K 空申的光逋都是相同的.m 麦克斯韦认为』只要空聞有至代的孚场或燮化的电珈就亠定16爭磁电理锻Z-如图新筋在咼―執道平而上的三牛心地薄卫星乐B. C.在熹一时期愴好在同一条直域上，官们的 埶堰半凰之比为】：玉3.质■相尊.则下刊询法屮正确的矗（）A, 三JBU 星的加速覆之比为如和1B. 三越卫星具旁机梯能的大小黃離为C 3卫星加逑启可与A 卫里相遇0-梵卫謹运动即周時T C 卫星也怆回到鷹地点3.如图甲为一列向谓横注在UMS 时劇的谀飛圏，的质臥Q 是平衡匹为= =4m 处的质点丫图乙为质点匕的振动岳*,轴 （｝A. t-o.ism T 筋点a 的加速度療于#E” t -O.15s 时，展点P 的远勒方向电#輛缺方何C +Ar=aioi 到t=0J5i T W?B 忙岫正方向传弄了 6 m 6从t=0<105到巴023齢质点匸通述的路程为30 CE 斗”如图甲所冠矩酵金*罐框鑒与確遷缱垂直的转報在匀强 磁场中匀速转动.■出交攝电的电动劳圈眾如图比所^婭Him ■的匝数比为1 : 10的理凉变压器结L 仃电供电.如图両所示*砲顿定功睾为22*”现闭會开洛 灯泡正亀发光.则（）A. z 血时则當过翔E 回磅的B.交槪电机的转速为100呐c.变压畧廩找■中电“示数为1A D,灯?S 的额宦电还为220^V5. Stiffly 弭光垂亶射入静止的水中，水中离堪足燐远的题有一小平面镜”在 增加和ar上各有一光坯井别为乳刖（图宇未脖出）.若己知水对红托折射車 为叫对紫比折射审为曲.平面険和水乎面的夹丸为0下列说准正•的是〔\ A.光査呂是彩色的且上如为鬻色 B.署増大&光5ES 中首先消先的是虻光U 若霖证$、亍均存在，哑需皿却卡 D.若保程陥S 1訥存在.则需心冷WP禺乙L … SW ” ■ ■ T ■»■ ■ r r T —e—・、*^w ■- r * r>>r J E B <■ *■ ■■ Ai Atfi-如国所示* WW1同种点电荷園定在卿谢上的片3阴点*过皿中点。
四川省成都市石室中学2015年高考物理模拟测试试题(含解析)
2015年四川省成都市石室中学高考物理模拟测试选择题（本大题共8小题，每小题6分，共48分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多项正确，全部选对的得6分，选对但选不全的得3分；有错选或不选的得0分．）1．（6分）（2015•成都校级模拟）下列说法正确的是（）A．气体压强越大，气体分子的平均动能就越大B．自然界中涉及热现象的宏观过程都具有方向性C．凡是遵守热力学第一定律的过程都一定能够发生D．在绝热过程中，外界对气体做功，气体的内能减小考点：热力学第二定律；热力学第一定律．专题：热力学定理专题．分析：温度是分子平均动能的标志，温度相同，分子平均动能相同；实际的宏观过程都具有“单向性”，所以满足热力学第一定律的不一定满足热力学第二定律；根据能量守恒定律可以判断出气体内能的变化解答：解：A、温度是分子平均动能的标志，所以温度的高低决定分子平均动能的大小与压强无关，故A错误B、自然界中涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故B正确C、满足热力学第一定律并不一定满足热力学第二定律，故C错误D、由△U=W+Q可知，绝热Q=0，当外界对气体做功时W为正，故内能一定增加，故D错误故选B点评：本题考查了对热力学第二定律的了解和掌握情况，及宏观自然过程具有方向性，比较简单2．（6分）（2015•成都校级模拟）下列说法正确的是（）A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应B．当放射性元素的原子外层电子具有较高能量时，将发生β衰变C．放射性元素的原子核内的核子有半数发生变化所需的时间就是半衰期D．核反应方程，U+n→Ba+Kr+3X中的X是中子考点：重核的裂变；原子核衰变及半衰期、衰变速度；裂变反应和聚变反应．专题：衰变和半衰期专题．分析：太阳辐射的能量是核聚变反应；β衰变是原子核内部发生的；原子核内的核子有半数发生衰变成新核，所需的时间就是半衰期；核反应方程满足质量数与质子数守恒，即可求解．解答：解：A、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应，故A错误；B、β衰变的电子是由中子转变成质子而放出的，故B错误；C、放射性元素的原子核内的核子有半数发生衰变成新核所需的时间就是半衰期，故C错误；D、根据质量数与质子数守恒，则有X是，即为中子，故D正确；故选：D．点评：考查核裂变与聚变的区别，掌握β衰变的实质，注意半衰期的概念，知道如何书写核反应方程的规律．3．（6分）（2007•四川）两种单色光a和b，a光照射某金属时有光电子逸出，b光照射该金属时没有光电子逸出，则（）A．在真空中，a光的传播速度较大B．在水中，a光的波长较小C．在真空中，b光光子的能量较大D．在水中，b光的折射率较小考点：光电效应；波长、频率和波速的关系；光的折射定律；光子．分析：根据光电效应的条件，比较出两光的频率，即可得出两光的折射率大小，光子能量大小；不同的色光在真空中传播速度相同，再根据公式，比较出在介质中的速度，从而比较出波长．解答：解：A、不同的色光在真空中传播的速度相同．故A错误．B、入射光的频率大于截止频率，才会发生光电效应，可知a光的频率大于b光的频率．根据公式：，，得，频率大的光折射率也大，知在水中，a光的波长较小．故B正确．C、a光的频率大于b光的频率，E=hγ，a光光子的能量较大．故C错误．D、a光的频率大于b光的频率，所以在水中，b光的折射率小于a光的折射率．故D正确．故选BD．点评：解决本题的关键，掌握光电效应产生的条件，以及频率、折射率、波长等量的联系．4．（6分）（2015•成都校级模拟）如图所示的电路中，L1和L2是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数较大、直流电阻可忽略不计的理想线圈，在电键S接通和断开时，下列观察到的现象正确的是（）A．当电键S接通时，灯泡L1缓慢亮起来，L2立即亮起来B．当电键S接通时，灯炮L1和L2都缓慢亮起来C．当电键S断开时，灯炮L2闪亮一下，然后才逐渐熄灭D．当电键S断开时，灯泡L2不会闪亮，只是逐渐熄灭考点：自感现象和自感系数．分析：当电键K闭合时，通过线圈L的电流实然增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断感应电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮．断开瞬间也可以按照同样的思路分析．解答：解：A、B、灯B与电阻R串联，当电键K闭合时，灯L2立即发光．通过线圈L的电流实然增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，L1逐渐亮起来．所以L2比L1先亮．故A 正确，B错误；C、D、稳定后当电键K断开后，由于自感效应，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡L1、L2和电阻R构成闭合回路放电，由于稳定时L1灯的电流大于L2灯泡的电流，故L1逐渐变暗，L2先闪亮一下，最后一起熄灭，故C正确，D错误；故选：AC．点评：对于自感现象，是特殊的电磁感应现象，应用楞次定律和法拉第电磁感应定律进行理解．5．（6分）（2010•重庆模拟）海浪的传播速度跟海水的深度有关，其关系式为v=，式中h 为海水的深度，g为重力加速度．现有剖面如图甲所示为一个海岸，A、B两部分深度不同，图乙是从上往下俯视，看到海岸边O处向外传播的水波波形（图中弧形实线代表波峰）．若己知A处海水深为5m，则B处的水波波长和B处的海水深分别为（）A．4m，l0m B．8m，l0m C．4m，20m D． 8m，20m考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：波传播的频率不变．由图分析A、B两处波长关系，由波速公式v=λf确定出波速关系，即可由v=求解B处的水深；解答：解：由图看出，A处水波波长为：λA=2m．B处水波波长为：λB=4m．故：λB=2λA由于水波在水中的频率不变，则由波速公式v=λf得水波在A、B两处波速与波长成正比，则：==又由题意，水波的速度跟水深度关系为：v=，则有：==4因A处海水深为5m，解得：h B=4h A=20m．故选：C．点评：本题一要抓住波的基本特点：波的频率与介质无关，水波的频率不变；二要由图读出波长关系，结合题中信息进行分析．6．（6分）（2015•成都校级模拟）如图所示，在光滑四分之一圆弧轨道的顶端a点，质量为m 的物块（可视为质点）由静止开始下滑，经圆弧最低点b滑上粗糙水平面，圆弧轨道在b点与水平轨道平滑相接，物块最终滑至c点停止．若圆弧轨道半径为R，物块与水平面间的动摩擦因数为μ，下列说法正确的是（）A．物块滑到b点时的速度为B．物块刚滑到b点时对b点的压力是mgC．c点与b点的距离为D．整个过程中物块机械能损失了mgR考点：功能关系；向心力；机械能守恒定律．分析：由机械能守恒可求得物块滑到b点时的速度，由向心力公式可求得b点对物体的支持力，由牛顿第三定律可知物块对b点的压力；由动能定理可求得bc两点的距离；由摩擦力做功可求得机械能的损失．解答：解：A、由机械能守恒可知，mgR=mv2，解得b点时的速度为，故A错误；B、b点时，物体受重力、支持力而做圆周运动，则由F﹣mg=m可得，支持力F=3mg，由牛顿第三定律可知，物块对b点的压力为3mg，故B错误；C、对全程由动能定理可知，mgR﹣μmgs=0，解得bc两点间的距离为，故C正确；D、在滑动过程中，摩擦力所做的功等于机械能的损失，故机械能损失了μmgs=mgR，故D错误；故选：C．点评：在功能关系中，要注意明确：重力做功等于重力势能的改变量；而摩擦力做功等于机械能的改变量．7．（6分）（2015•成都校级模拟）据环球报报道，美国和俄罗斯的两颗卫星2009年2月10日在太空相撞，相撞地点位于西伯利亚上空500英里（约805公里）．相撞卫星的碎片形成太空垃圾，并在卫星轨道附近绕地球运转，国际空间站的轨道在相撞事故地点下方270英里（434公里）．若把两颗卫星和国际空间站的轨道看作圆形轨道，上述报道的事故中以下说法正确的是（）A．这两颗相撞卫星在同一轨道上B．这两颗相撞卫星的周期、向心加速度大小一定相等C．两相撞卫星的运行速度均大于国际空间站的速度D．两相撞卫星的运动周期均大于国际空间站的运动周期考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：卫星的线速度，加速度，周期与半径有关，依据万有引力等于向心力，确定出各量与半径的数量关系，进而分析比较所给问题．解答：解：AB、两颗卫星相撞，说明两颗卫星运行的轨道有交点，即两颗卫星的轨道半径大小相同，所以两颗卫星的周期和加速度相同，两颗卫星能够相撞说明两颗卫星不可能在同一个轨道上，故A错误，B正确；CD、卫星的运行时万有引力提供圆周运动向心力，可得卫星运行的速度表达式：，周期表达式T=由此可知，半径大的卫星速度小，半径大的卫星周期大，故C错误，D正确．故选：BD．点评：考查卫星的运动规律，明确卫星的线速度，加速度，周期与半径的关系，从而比较不同运动半径的各量的大小关系．8．（6分）（2015•成都校级模拟）一质量m、电荷量+q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动．细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中．现给圆环向右初速度v0，以后的运动过程中圆环运动的速度图象可能是（）A．B．C．D．考点：洛仑兹力；匀变速直线运动的速度与时间的关系；力的合成与分解的运用．专题：电学图像专题．分析：带正电的小环向右运动时，受到的洛伦兹力方向向上，注意讨论洛伦兹力与重力的大小关系，然后即可确定其运动形式，注意洛伦兹力大小随着速度的大小是不断变化的．解答：解：当qvB=mg时，小环做匀速运动，此时图象为A，故A正确；当qvB＞mg时，F N=qvB﹣mg，此时：μF N=ma，所以小环做加速度逐渐减小的减速运动，直到qvB=mg时，小环开始做匀速运动，故D图象正确，故D正确；当qvB＜mg时，F N=mg﹣qvB此时：μF N=ma，所以小环做加速度逐渐增大的减速运动，直至停止，所以其v﹣t图象的斜率应该逐渐增大，故BC错误．故选AD．点评：分析洛伦兹力要用动态思想进行分析，注意讨论各种情况，同时注意v﹣t图象斜率的物理应用，总之本题比较全面的考查了高中所学物理知识．二、非选择题：9．（6分）（2010•山西二模）在利用单摆测重力加速度的实验中，甲组同学用游标卡尺测出小球的直径如图1所示，则该小球的直径为 2.010 cm．乙同学在实验中测出多组摆长和运动周期，根据实验数据，作出T2﹣L的关系图象如图2所示，该同学在实验中出现的错误可能是计算摆长时多加（选填“漏加”或“多加”）了小球的半径．虽然实验中出现了上述错误，但根据图象中的数据仍可计算出准确的重力加速度，其值为9.86 m/s2．（最后结果保留三位有效数字）考点：用单摆测定重力加速度．专题：实验题．分析：游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读．通过摆长是正值时，周期才为零，根据此判断错误的原因．根据单摆的周期公式T=2π求解重力加速度．解答：解：游标卡尺的主尺读数为20mm，游标读数为0.05×2mm=0.10mm，所以最终读数为20.10mm=2.010cm．摆长是正值时，周期才为零，知计摆长时多加摆球的半径．根据g=，T2=．知图线的斜率为=4，解得g=9.86m/s2．故答案为：2.010；多加；9.86点评：解决本题的关键知道“用单摆测定重力加速度”实验的注意事项和一般步骤，以及知道实验的原理：周期公式T=2π．10．（11分）（2015•成都校级模拟）从表中选出适当的实验器材，设计一电路来测量电压表V1的内阻R1．要求方法简便，有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据．器材（代号）规格电压表（V1）电压表（V2）电流表（A）滑动变阻器（R）电池（E）电键（s）导线若干量程6V，内阻R1待测（约30kΩ）量程3V，内阻R2=10KΩ量程0.6A，内阻R=0.2Ω总阻值约20Ω电动势10V，内阻很小①在右方虚框中画出电路图．标明所用器材的代号．②若选测量数据中的一组来计算R1，则所用的表达式为R1= 式中各符号的意义式中U1、U2分别为电压表V1、V2的读数，R1、R2分别为电压表V1、V2的内阻．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：要测电压表的内阻，可以把电压表看做一只能读出两端电压的电阻．在本题中由于电压表的内阻远远大于滑动变阻器的最大电阻，若采用限流式接法，通过待测电压表的电流变化范围比较小，不可能达到多测几组数据的压强，无法精确测量电压表的内阻，故只能采用分压式接法．解答：解：（1）先把滑动变阻器的最大阻值和电源、开关串联组成电路，再把电压表V1、V2串联后接到滑动变阻器的滑片P串联，如图所示：（2）电压表V1、V2串联，即两者的内阻R1、R2串联，通过两电压表的电流相等，即=，R1=；式中中U1、U2分别为电压表V1、V2的读数，R1、R2分别为电压表V1、V2的内阻故答案为：（1）如图所示；②；式中U1、U2分别为电压表V1、V2的读数，R1、R2分别为电压表V1、V2的内阻．点评：本题考查串并联电路的应用，要注意电压表就相当于能测出电压的电阻，仍然符合串并联电路的基本规律．11．（16分）（2015•成都校级模拟）如图所示，足够长的金属导轨ABC和FED，二者相互平行且相距为L，其中AB、FE是光滑弧形导轨．BC、ED是水平放置的粗糙直导轨．在矩形区域BCDE 内有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为B．金属棒MN质量为m、电阻为r．它与水平导轨间的动摩擦因数为μ，导轨上A与F、C与D之间分别接有电阻R1、R2，且R1=R2=r，其余电阻忽略不计．现将金属棒MN从弧形轨道上离水平部分高为h处由静止释放，最后棒在导轨水平部分上前进了距离s后静止（金属棒MN在通过轨道B、E交接处时不考虑能量损失．金属棒MN 始终与两导轨垂直，重力加速度为g）．求：（1）金属棒在导轨水平部分运动时的最大加速度；（2）整个过程中电阻R1产生的焦耳热．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：（1）金属棒在弧形轨道上下滑过程中机械能守恒，由机械能守恒定律可以求出速度，金属棒刚到达水平面时速度最大，所受安培力最大，所受合外力最大，由牛顿第二定律求出最大加速度．（2）由能量守恒定律可以求出电阻上产生的热量．解答：解：（1）金属棒在弧形导轨上下滑过程，机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh=mv2，电路总电阻：R总=r+R并=r+=，金属棒所受安培力：F=BIL==，由牛顿第二定律得：+μmg=ma，解得，最大加速度：a=μg+；（2）由能量守恒定律得：mgh=Q+μmgs，由Q=I2Rt可知，Q r=4Q R1=4Q R2，则：Q R1=Q，解得：Q R1=mgh﹣μmgs；答：（1）金属棒在导轨水平部分运动时的最大加速度为μg+；（2）整个过程中电阻R1产生的焦耳热为mgh﹣μmgs．点评：本题考查了求加速度、电阻产生的热量，分析清楚金属棒的运动过程，应用机械能守恒定律、安培力公式、牛顿第二定律、能量守恒定律即可正确解题．12．（19分）（2015•成都校级模拟）如图所示，一光滑绝缘圆环轨道位于竖直平面内，半径为R，空心内径远小于R．以圆环圆心O为原点在一半面建立平面直角坐标系xOy，在第四象限加一竖直向下的匀强电场，其他象限加垂直环面向外的匀强磁场，一带电量为+q、质量为m 的小球在轨道内从b点由静止释放，小球刚好能顺时针沿圆环轨道做圆周运动．（1）求匀强磁场的电场强度E；（2）若第二次到达最高点a，小球对轨道恰好无压力，求磁感应强度B；（3）求小球第三次到达a点时对圆环的压力．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）因为小球刚好能绕圆管做圆周运动，则在最高点的速度为零，根据动能定理求出匀强电场的电场强度．（2）根据动能定理求出第二次到达最高点的速度，抓住重力和洛伦兹力的合力提供向心力求出磁感应强度的大小．（3）根据动能定理求出第三次到达最高点的速度，根据径向的合力提供向心力求出圆管对小球的作用力，从而得出小球对圆管的压力．解答：解：（1）小球第一次可刚过最高点，此时速度为：v1=0，由动能定理得：qER﹣mgR=0，解得：；（2）小球第二次过最高点，此时速度为v2，由动能定理得：﹣0，由牛顿第二定律得：，由以上两式可解得：；（3）小球第三次过最高点速度v3，设球受圆环向下的压力F N，由动能定理得：﹣0，由牛顿第二定律得：，解得：；答：（1）匀强磁场的电场强度E为；（2）若第二次到达最高点a，小球对轨道恰好无压力，磁感应强度B为；（3）小球第三次到达a点时对圆环的压力为（3﹣）mg．点评：本题综合考查了动能定理、牛顿第二定律，综合性较强，知道在最高点小球对轨道压力为零时向心力的来源．13．（20分）（2015•成都校级模拟）如图所示，质量为M=6kg的滑板静止在光滑水平面上，滑板的右端固定一轻弹簧．在滑板的最左端放一可视为质点的小物体A，弹簧的自由端C与A相距L=1m．弹簧下面的那段滑板是光滑的，C左侧的那段滑板是粗糙的，物体A与这段粗糙滑板间的动摩擦因数为μ=0.2，A的质量m=2kg．滑板受到水平向左恒力F作用1s后撤去，撤去水平力F时A刚好滑到C处，g取10m/s2，求：（1）恒力F作用的这1s内小物体A的加速度为多大？其对地的位移为多大？（2）作用力F的大小；（3）试分析判断在F撤去后，小物体能否与滑板相分离？若能，分离后物体和滑板的速度各为多大？若不能，小物体将停止在滑板上的什么位置？考点：动量守恒定律；牛顿第二定律．专题：动量定理应用专题．分析：（1）根据牛顿第二定律求解A的加速度．由位移公式求解位移．（2）对滑板B研究，先求出1s内滑板B的位移为S B=S A+L，再根据位移公式求解其加速度，由牛顿第二定律求解F的大小．（3）撤去F后，当弹簧恢复原长过程中，运用动量守恒和能量守恒列式求出此时A、B的速度，之后A做减速运动，B做加速运动，假设它们能达到共同速度，根据动量守恒和能量守恒列式求出共同速度和两者相对位移，根据相对位移与板长的关系判断即可．解答：解：（1）用字母B表示滑板，在这1s内滑板B和小物A均向左做匀加速运动，对A有：，，（2）这1s内滑板B的位移为：s B=s A+L=1+1=2m，对B有：，F﹣μmg=Ma B，解得：F=28N；（3）撤去水平力F时，A、B的速度：v AO=a A t=2m/s，v BO=a B t=4m/s，撤去F后，当弹簧恢复原长过程中，A、B动量，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv AO+Mv BO=mv A+Mv B，由能量守恒定律得：mv AO2+Mv BO2=mv A2+Mv B2，解得：v A=5m/s，v B=3m/s，之所A做减速运动，B做加速运动，设它们达到其同速度v'根据动量守恒定律得：，由动能定理有：，，所以：，，因此两者不会分离，小物体将停在距C 0.75m处．答：（1）恒力F作用的这1s内小物体A的加速度为2m/s2，其对地的位移为1m；（2）作用力F的大小为28N；（3）小物体与滑板不分离，小物体将停在距C 0.75m处．点评：本题是复杂的力学问题，在分析运动情况的基础上，运用力学基本规律：牛顿第二定律、运动学公式、动量守恒和能量守恒进行求解．。
四川省成都市高三物理下学期第二次诊断试题(含解析)
2015年四川省成都市高考物理二诊试卷一.选择题（42分）1．（6分）（2015•成都模拟）下列说法正确的是（）A．电磁波是一种横波B．空间有变化的电场（或磁场）存在，一定能形成电磁波C．微波的频率高于可见光D．当物体以接近光速的速度运动时，物体的质量变化才明显，因此牛顿运动定律不仅适用于低速运动，而且适用于高速运动【考点】：电磁场．【分析】：电磁波是一种横波；具有一切波的性质；如反射、折射、干涉、衍射现象；变化的电场可以产生磁场；而变化的磁场可以产生电场；但只有周期性变化的电场和磁场才能产生电磁波．【解析】：解：A、电磁波是一种横波，故A正确；B、只有周期性变化的电场才能形成电磁波，均匀变化的电场只能产生恒定的磁场，将不能再产生电磁波；故B错误；C、微波的波长大于可见光，频率低于可见光；故C错误；D、牛顿第二定律只适用于宏观低速物体，不适用于微观高速物体；故D错误；故选：A【点评】：本题考查电磁波的性质，要注意掌握电磁波产生及经典物体的适用范围．2．（6分）（2015•成都模拟）如图所示，一束复色光a由空气中斜射到上下表面平行的厚平板玻璃的上表面，穿过玻璃后分为b、c两束平行单色光从下表面射出．关于这两束单色光，下列说法正确的是（）A．此玻璃对b光的折射率等于对c光的折射率B．在真空中b光的传播速度等于c光的传播速度C．在此玻璃中b光的全反射临界角大于c光的全反射临界角D．用同一双缝干涉装置进行实验，屏上b光相邻的干涉条纹间距比c光的宽【考点】：光的折射定律；光的干涉．【专题】：光的折射专题．【分析】：复色光从空气斜射到厚平板玻璃（上、下表面平行）的上表面，穿过玻璃后从下表面射出，变为c、b两束平行单色光，从而可确定折射率大小．频率与折射率成正比，进而可确定传播速度，临界角，及干涉条纹间距．【解析】：解：A、光从空气斜射到玻璃，因为玻璃上下表面平行，当第二次折射时折射光线与第一次折射入射光线平行．由于折射率不同，b光偏折较大，c光偏折较小．所以此玻璃对b光的折射率大于对c光的折射率，故A错误；B、光从空气斜射到玻璃，由于折射率不同，b光偏折较大，c光偏折较小．所以此玻璃对b光的折射率大于对c光的折射率，根据v=．则b光的传播速度小于c光，但在真空中，两光的传播速度相同，故B正确；C、由公式n=知，玻璃对b光的折射率大于对c光的折射率，b光的全反射临界角小于c光的全反射临界角，故C错误；D、光从空气斜射到玻璃，由于折射率不同，b光偏折较大，c光偏折较小．所以此玻璃对b光的折射率大于对c光的折射率，根据v=．则b光的传播速度小于c光，根据从而得出b光的波长小于c光，用同一双缝干涉装置进行实验可看到b光的干涉条纹间距比c光的小．故D 错误；故选：B．【点评】：本题可用假设法，由折射率不同，从而假设b是紫光，c是红光，则可根据红光与紫光的特性来确定出正确答案．3．（6分）（2015•成都模拟）质量m=50kg的某同学站在观光电梯地板上，用速度传感器记录了电梯在一段时间内运动的速度随时间变化情况（以竖直向上为正方向）．由图象提供的信息可知（）A．在0～15s内，观光电梯上升的高度为25mB．在5～15s内，电梯地板对人的支持力做了﹣2500J的功C．在20～25s与25～35s内，观光电梯的平均速度大小均为10m/sD．在25～35s内，观光电梯在减速上升，该同学的加速度大小2m/s2【考点】：功的计算；匀变速直线运动的图像．【专题】：功的计算专题．【分析】：在速度时间图象中，直线的斜率表示加速度的大小，根据图象求出电梯的加速度，当有向上的加速度时，此时人就处于超重状态，当有向下的加速度时，此时人就处于失重状态．图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移【解析】：解：A、在速度时间图象中，与时间轴所包围的面积即为位移，故0﹣15s内的位移为x=，故A错误；B、5﹣15s内加速度为，由牛顿第二定律得FN﹣mg=ma，解得FN=450N，5﹣15s内上升的高度为，故支持力做功为W=FNh=22500J，故B错误；C、匀变速直线运动，平均速度等于初末速度之和，故，故C正确；D、在25～35s内，观光电梯在减速下降，故D错误；故选：C【点评】：本题主要考查了v﹣t图象的性质、超重失重现象的理解，要注意通过图象明确物体的运动情况，再结合超重失重的内容进行分析即可4．（6分）（2015•成都模拟）图甲为一简谐横波在t=0时刻的波形图象，图乙为该横波中x=3m 处质点A的振动图象，则下列说法正确的是（）A．波的传播方向沿x轴正方向B．波的传播速度大小为1cm/sC．在t=2.0s时刻，图甲中x=4m处质点B的振动加速度大小为0D．若该波遇到尺寸大小为1m的障碍物或孔时，该波会发生明显的衍射现象【考点】：横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】：振动图像与波动图像专题．【分析】：由乙图读出t=0时刻质点A的振动方向，由甲图判断出波的传播方向．由甲图读出波长，由乙图读出周期，即可求得波速．根据t=0时刻质点A的位置，进而分析B的位置，从而判断加速度．【解析】：解：A、由乙图读出t=0时刻质点A的振动方向沿y轴正方向，由甲图判断出波的传播方向沿x轴负方向．故A错误．B、由甲图读出波长λ=4m，由乙图读出周期T=4s，则波速v=，故B错误．C、在t=2.0s时刻，A点在平衡位置向下振动，所以B处于波峰处，加速度最大，故C错误．D、当波的波长比障碍物尺寸大或差不多时，就会发生明显的衍射．由图知该波的波长为λ=4m，所以该波遇到尺寸大小为1m的障碍物或孔时，该波会发生明显的衍射现象，故D正确．故选：D【点评】：本题关键要抓住振动图象与波动图象之间的联系，将一个周期分成四个周期研究质点的振动过程．5．（6分）（2015•成都模拟）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，电压表和电流表均为理想电表．原线圈所接交流电源的电压随时间变化的关系是u1=220sin100πtV，副线圈回路中的输电线ab和cd的总电阻r=2Ω，滑动变阻器的最大阻值R=30Ω，其余输电线电阻忽略不计，则（）A．理想变压器输出电压的频率是100 HzB．在t=0．O1s，时，电压表V的示数为OVC．在滑动变阻器滑动触头向下滑动的过程中，电流表A1的示数不变、电流表AZ的示数变大D．当滑动变阻器接入电路的阻值为R=20Ω时，理想变压器的输入功率为22 W【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论，电路的动态分析，由欧姆定律求解．【解析】：解：A、根据瞬时值表达式为u1=220sin100πt（V），理想变压器输出电压的频率是50 Hz．故A错误B、电压表V示数为有效值，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为22V，电压表的示数为22V，故B错误．C、当滑动变阻器触头P向下滑动的过程中，滑动变阻器的电阻变小，电路的总电阻变小，由于电压是由变压器决定的且不变，故电压表的示数不变，由欧姆定律得电流变大，有功率不变得原线圈的功率变大，电流变大，故C错误．D、当滑动变阻器接入电路的阻值为R=20Ω时，总电阻为22Ω，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为22V，消耗的功率为p==22w，理想变压器输入输出功率不变，故D正确．故选：D【点评】：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法6．（6分）（2015•成都模拟）嫦娥三号”于2013年12月2日在中国西昌卫星发射中心由长征三号乙运载火箭送人太空，12月14日成功软着陆于月球雨海西北部，12月15日完成着陆器和巡视器分离，并陆续开展了“观天、看地、测月”，的科学探测和其它预定任务．如图所示为“嫦娥三号”释放出的国产“玉兔”号月球车，若该月球车在地球表面的重力为G1，在月球表面的重力为G2，已知地球半径为R1，月球半径为R2，地球表面处的重力加速度为g，则（）A．月球表面处的重力加速度为gB．月球车内的物体处于完全失重状态C．地球的第一宇宙速度与月球的第一宇宙速度之比为D．地球与月球的质量之比为【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：质量是不变的，重力是改变的，根据重力表达式G重=mg表示出g进行比较；忽略星球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式比较地球和月球的质量；第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．【解析】：解：A、重力加速度：g=，故地球表面处的重力加速度与月球表面处的重力加速度之比为G1：G2，故月球表面处的重力加速度为g，故A正确；B、在月球表面，月球车内的物体受重力和支持力，不是失重，故B错误；C、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度：v=，故地球的第一宇宙速度与月球的第一宇宙速度之比：==，故C正确；D、根据g=，有：M=，故地球的质量与月球的质量之比为：=，故D错误；故选：AC．【点评】：本题关键是明确重力和质量的区别，知道第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，根据牛顿第二定律列式分析即可．7．（6分）（2015•成都模拟）如图甲所示，倾角30°、上侧接有R=1Ω的定值电阻的粗糙导轨（导轨电阻忽略不计、且ab与导轨上侧相距足够远），处于垂直导轨平面向上、磁感应强度大小B=1T的匀强磁场中，导轨相距L=1m．一质量m=2kg、阻值r=1Ω的金属棒，在作用于棒中点、沿斜面且平行于导轨的拉力F作用下，由静止开始从ab处沿导轨向上加速运动，棒球运动的速度一位移图象如图乙所示，（b点为位置坐标原点）．若金属棒与导轨间动摩擦因数μ=，g=10m/s2，则金属棒从起点b沿导轨向上运动x=1m的过程中（）A．金属棒做匀加速直线运动B．金属棒与导轨间因摩擦产生的热量为10JC．通过电阻R的感应电荷量为0.5CD．电阻R产生的焦耳热为0.5J【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【专题】：电磁学；电磁感应——功能问题．【分析】：结合匀变速直线运动的速度位移公式列式分析运动性质；摩擦产生的热量等于克服摩擦力做的功；根据电流的平均值求解电量，求解电热要用电流的有效值．【解析】：解：A、v﹣x图象是直线，如果是匀加速直线运动，根据，v﹣t图象应该是曲线，故金属棒做变加速直线运动，故A错误；B、金属棒与导轨间因摩擦产生的热量等于克服摩擦力做的功，为：Q1=μmgcos30°•x=J=10J；故B正确；C、通过电阻R的感应电荷量：q===0.5C；故C正确；D、既然是变加速直线运动，条件不足，无法求解电阻R产生的热量，故D错误；故选：BC．【点评】：本题关键是明确导体棒的受力情况、运动情况和电路中的能量转化情况，明确平均值有有效值的区分，不难．二.非选择题，68分8．（6分）（2015•成都模拟）如图甲所示是用沙摆演示振动图象的实验装置，沙摆可视为摆长L=1.0m的单摆，沙摆的运动可看作简谐运动．实验中，细沙从摆动着的漏斗底部均匀漏出，用手沿与摆动方向垂直的方向匀速拉动纸板，漏在纸板上的细沙形成了图乙所示的粗细变化的一条曲线．曲线之所以粗细不均匀，主要是因为沙摆摆动过程中速度（选填“位移”、“速度”或“加速度”）大小在变化．若图乙中AB间距离x=4.0m，当地重力加速度g=10m/s2，则纸板匀速运动的速度大小为 1.0m/s（结果保留2位有效数字）．【考点】：简谐运动的振动图象；简谐运动的回复力和能量．【专题】：简谐运动专题．【分析】：单摆摆动的周期T=2π，知单摆的周期与摆球的质量无关，所以周期不变．单摆在摆动的过程中经过平衡位置的速度最大，最大位移处的速度为0．根单摆周期求出沙摆的周期，再求解纸板匀速运动的速度．【解析】：解：观察细沙曲线，发现两侧粗，沙子多，中间细，沙少．是因为沙摆在摆动的过程中，经过平衡位置速度最大，最大位移处速度为0，即是由于沙摆摆动过程中速度大小的变化引起的．沙摆的周期为：T=2π=2πs=2s．乙图记录了2T时间内的运动情况，则纸板匀速运动的速度大小为：v===1.0m/s故答案为：速度，1.0．【点评】：解决本题的关键知道砂摆完成一次全振动的时间为一个周期，掌握单摆的周期公式．9．（11分）（2015•成都模拟）某实验小组欲测量额定电压为3V的某LED灯在正常工作时的电阻Rx，已知该灯正常工作时电阻大约为600Ω左右．除该LED灯外，实验中可供选择的实验器材有：电流表A（量程0～0.6A，内阻RA约2.0Ω）电压表V1（量程0～6V，内阻RVl约5kΩ）电压表V2、（量程0～3V，内阻Rv2=500Ω）滑动变阻器R（0～20Ω，允许最大电流1.0A）蓄电池E（电动势10V，内阻约0.1Ω}）开关S一只、导线若干（1）实验中要求测量尽量准确且方便调节，除电源、LED灯、滑动变阻器、开关和导线外，电表（电流表或电压表）应选用V1、V2（填写仪器符号）．（2）将你所设计的实验电路图画在答题卡上对应的虚线框中，并在图中标明仪器符号．（3）写出测量LED灯正常工作时的电阻表达式RX=（用电压表V1的示数U1、电压表V2的示数U2、电流表A的示数I，RV1、Rv2、RA中的某些字母表示）．【考点】：伏安法测电阻．【专题】：实验题．【分析】：滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法．通过LED最大电流，太小，电流表不能使用，所以选择两个电压表，其中一个电压表电阻与LED内阻差不多，与LED串联，根据欧姆定律求出通过LED的电流，再根据欧姆定律求解LED的电阻．【解析】：解：（1）根据题意可知，通过LED最大电流，太小，电流表不能使用，所以选择两个电压表，V1，V2，其中一个电压表电阻与LED内阻差不多，与LED 串联．（2）滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法，Rv2=500Ω与LED 电阻差不多，所以V2使用内接法，电路图如图所示：（3）根据电路可知，V1测量RX和电压表V2的总电压，根据欧姆定律可知通过V2的电流，RX两端的电压U=U1﹣U2，根据欧姆定律可知，RX=故答案为：（1）V1，V2；（2）如图所示；（3）．【点评】：本题最容易出错的地方就是同学们没有考虑通过LED最大电流，不知道电流表不能用，而是采用常规的伏安法测电阻，难度适中．10．（15分）（2015•成都模拟）如图所示，滑雪坡道由斜面AB和圆弧面BO组成，BO与斜面相切于B、与水平面相切于O，以O为原点在竖直面内建立直角坐标系xOy．现有一质量m=60kg的运动员从斜面顶点A无初速滑下，运动员从O点飞出后落到斜坡CD上的E点．已知A点的纵坐标为yA=6m，E点的横、纵坐标分别为xE=10m，yE=﹣5m，不计空气阻力，g=10m/s2．求：（1）运动员在滑雪坡道ABO段损失的机械能．（2）落到E点前瞬间，运动员的重力功率大小．【考点】：机械能守恒定律；平抛运动；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】：机械能守恒定律应用专题．【分析】：（1）运动员从O点飞出后做平抛运动，由运动的分解法分别研究水平和竖直两个方向的位移，即可求得时间和平抛运动的初速度，从而求得在滑雪坡道ABO段损失的机械能．（2）由平抛运动的规律求出落到E点前瞬间竖直分速度，再求解重力的瞬时功率．【解析】：解：（1）运动员从O点飞出后做平抛运动，则xE=vxt；﹣yE=解得，t=1s，vx=10m/s在滑雪坡道ABO段，由能量守恒定律有：损失的机械能为△E=mgyA﹣代入数据解得，△E=600J（2）落到E点前瞬间，运动员在竖直方向上的分速度为vy=gt运动员的重力功率大小为P=mgvy；代入数据解得P=6×103W答：（1）运动员在滑雪坡道ABO段损失的机械能为600J．（2）落到E点前瞬间，运动员的重力功率大小为6×103W．【点评】：机械能守恒定律常常要综合平抛或牛顿第二定律进行考查，在做题时要注意明确运动的过程，正确选择物理规律求解．11．（17分）（2015•成都模拟）如图所示，劲度系数k0=2N/m、自然长度l0=m的轻弹簧两端分别连接着带正电的小球A和B，A、B的电荷量分别为qA=4.0×10﹣2C、qC=1.0×10﹣8C，B 的质量m=0.18kg，A球固定在天花板下0点，B球套在与0点等高的光滑固定直杆的顶端，直杆长L=2m、与水平面的夹角θ=45°，直杆下端与一圆心在O点、半径R=2m、长度可忽略的小圆弧杆CO′D平滑对接，O′O为竖直线，O′的切线为水平方向，整个装置处于同一竖直面内．若小球A、B均可视为点电荷，且A、B与天花板、弹簧、杆均绝缘，重力加速度g=10m/s2，静电力常量k=9.0×109 N•m2/C2，则将B球从直杆顶端无初速释放后，求：（1）小球运动到杆的中点P时，静电力和重力的合力的大小和方向．（2）小球运动到小圆弧杆的O点时，小球对杆的弹力大小．（计算结果可用根号表示）【考点】：电势差与电场强度的关系；动能定理．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：（1）小球在P点受电场力和重力，由库伦定律求的库仑力，根据力的合成即可求得合力大小和方向；（2）根据动能定理求的到达O′点的速度，根据牛顿第二定律求的作用力【解析】：解：（1）在P点，B电荷受到的电场力为=1.8N，方向沿PA方向；重力为G=mg=1.8N静电力与重力的合力大小为代入数据解得N因G=FAB，故F合的方向与竖直方向成22.5°角斜向下（2）从B到O′由动能定理可得解得v=在O′点由牛顿第二定律得代入数据解得由牛顿第三定律小球对杆的弹力大小答：（1）小球运动到杆的中点P时，静电力和重力的合力的大小为，方向竖直方向成22.5°角斜向下（2）小球运动到小圆弧杆的O点时，小球对杆的弹力大小为2.3+N【点评】：本题主要考查了受力分析，利用力的合成求的合力，再结合动能定理和牛顿第二定律即可12．（19分）（2015•成都模拟）如图所示，平面直角坐标系xOy的第二象限内存在场强大小为E，方向与x轴平行且沿x轴负方向的匀强电场，在第一、三、四象限内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场．现将一挡板放在第二象限内，其与x，y轴的交点M、N到坐标原点的距离均为2L．一质量为m，电荷量绝对值为q的带负电粒子在第二象限内从距x轴为L、距y轴为2L的A点由静止释放，当粒子第一次到达y轴上C点时电场突然消失．若粒子重力不计，粒子与挡板相碰后电荷量及速度大小不变，碰撞前后，粒子的速度与挡板的夹角相等（类似于光反射时反射角与人射角的关系）．求：（1）C点的纵坐标．（2）若要使粒子再次打到档板上，磁感应强度的最大值为多少？（3）磁感应强度为多大时，粒子与档板总共相碰两次后到达C点？这种情况下粒子从A点出发到第二次到达C点的时间多长？【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）粒子向沿着+x方向做匀加速直线运动，然后碰撞后做类似平抛运动，根据动能定理和类似平抛运动的分位移公式列式求解即可；（2）若要使粒子再次打到档板上，临界情况是轨迹圆经过C点，画出轨迹，结合几何关系求解轨道半径，然后根据牛顿第二定律列式求解磁感应强度的最大值；（3）画出临界轨迹，粒子经过坐标原点后射向极板并反弹，再次经过磁场偏转后沿着直线射向C点，结合几何关系求解出轨道半径，然后分阶段求解运动的时间．【解析】：解：（1）设粒子与板作用前瞬间速率为v0，由动能定理，有：qEL=解得：粒子与板碰撞后在电场中做类似平抛运动，设到达y轴时与C点的竖直距离为y，在x轴方向，有：在y轴方向，有：y=v0t由以上二式得到：t=，y=2L故粒子第一次到达y轴时距坐标原点为：y′=y+L=3L（2）粒子到C点时，x轴方向的速度分量为：此时速度v==2设v与x轴正方向的夹角为θ，有：tanθ=，故θ=45°粒子进入磁场后将做匀速圆周运动，转过270°后打在板上的N点时，磁感应强度B1为最大，有：又，故B1==2（3）当磁感应强度的大小为B2时，粒子做半径为r2的圆周运动，到达y轴上的O点之后，沿着直线运动打到板上，故：同理=此后粒子返回O点，进入磁场后做匀速圆周运动，由对称性可知粒子将到达D点，接着做直线运动再次到达C点，从A到板，有：L=，故t1=；在磁场中做匀速圆周运动的时间：t2==从O到板再返回O点做匀速直线运动时间为：从x轴上D点做匀速直线运动到C点的时间为：故t总=t+t1+t2+t3+t4=答：（1）C点的纵坐标为（0，3L）．（2）若要使粒子再次打到档板上，磁感应强度的最大值为2；（3）磁感应强度为时，粒子与档板总共相碰两次后到达C点；这种情况下粒子从A点出发到第二次到达C点的时间为．【点评】：本题关键是明确粒子的受力情况和运动情况，分直线加速、类似平抛运动、匀速圆周运动和匀速直线运动过程进行分析，切入点是画出临界轨迹，结合几何关系得到轨道半径．。
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2015年四川省成都市石室中学高考物理二模试卷一、第I卷共7题，每题6分．每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错和不选的得0分．1．（6分）下列说法中不正确的是（）A．伽利略斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻地反映自然规律B．不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的C．用导线把微安表的“+”、“﹣”两个接线柱连在一起后晃动电表，表针晃动幅度很小，且会很快停下，这是物理中的电磁阻尼现象D．在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象2．（6分）一半径为R的球体放置在水平面上，球体由折射率为的透明材料制成．现有一束位于过球心O的竖直平面内的光线，平行于桌面射到球体表面上，折射入球体后再从竖直表面射出，如图所示．已知入射光线与桌面的距离为．下列说法中正确的是（）A．增大入射角α，光线将不再从竖直表面射出B．不同的单色光有相同的光路产生C．入射角α无论如何变化，光线都能从竖直表面射出D．从竖直表面射出光线与竖直方向夹角是30°3．（6分）为了测量某行星的质量和半径，宇航员记录了登陆舱在该行星表面附近做圆周运动的周期T，登陆舱在行星表面着陆后，用弹簧称称量一个质量为m 的砝码读数为N．已知引力常量为G．则下列计算中错误的是（）A．该行星的质量为B．该行星的半径为C．该行星的密度为D．该行星的第一宇宙速度为4．（6分）一简谐横波以4m/s的波速沿x轴正方向传播．已知t=0时的波形如图所示，则下列说法不正确的（）A．波的周期为1sB．x=0处的质点在t=0时向y轴负向运动C．x=0处的质点在t=s时速度为0D．x=0处的质点在t=s时向下振动5．（6分）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=4：1，原线圈接图乙所示的正弦交流电，副线圈与理想电压表、理想电流表、热敏电阻R T（阻值随温度的升高而减小）及报警器P（有内阻）组成闭合电路，回路中电流增加到一定值时报警器P将发出警报声，则以下判断正确的是（）A．变压器原线圈中交流电压的瞬时表达式u=36sin（100πt）VB．电压表示数为9 VC．R T处温度升高到一定值时，报警器P将会发出警报声D．R T处温度升高时，变压器的输入功率变小6．（6分）如图所示，光滑轨道ABCD是大型游乐设施过山车轨道的简化模型，最低点B处的入、出口靠近但相互错开，C是半径为R的圆形轨道的最高点，BD 部分水平，末端D点与右端足够长的水平传送带无缝连接，传送带以恒定速度v 逆时针转动，现将一质量为m的小滑块从轨道AB上某一固定位置A由静止释放，滑块能通过C点后再经D点滑上传送带，则（）A．固定位置A到B点的竖直高度可能为2RB．滑块在传送带上向右运动的最大距离与传送带速度v有关C．滑块可能重新回到出发点A处D．传送带速度v越大，滑块与传送带摩擦产生的热量越多7．（6分）如图所示，MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L，导轨弯曲部分光滑，平直部分粗糙，二者平滑连接．右端接一个阻值为R的定值电阻．平直部分导轨左边区域有宽度为d、方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场．质量为m、电阻也为R的金属棒从高度为h处静止释放，到达磁场右边界处恰好停止．已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为μ，金属棒与导轨间接触良好．则金属棒穿过磁场区域的过程中（）A．流过定值电阻的电流方向是N→QB．通过金属棒的电荷量为C．克服安培力所做的功为mghD．金属棒产生的焦耳热为（mgh﹣μmgd）二、（非选择题共68分）实验题（17分）8．（10分）“验证力的平行四边形定则”实验中，部分实验步骤如下，请完成有关内容：A．将一根橡皮筋的一端固定在贴有白纸的竖直平整木板上，另一端拴上两根细线B．其中一根细线挂上5个质量相等的钩码，使橡皮筋拉伸，如图甲所示，记录：、、；C．将步骤B中的钩码取下，分别在两根细线上挂上4个和3个质量相等的钩码，用两光滑硬棒B、C使两细线互成角度，如图乙所示，小心调整B、C的位置，使，记录；如果“力的平行四边形定则”得到验证，那么图乙中cosα：cosβ=；（3）用平木板、细绳套、橡皮筋、测力计等做“验证力的平行四边形定则”的实验，为了使实验能够顺利进行，且尽量减小误差，你认为下列说法或做法能够达到上述目的是．A．用测力计拉细绳套时，拉力应沿弹簧的轴线，且与水平木板平行B．两细绳套必须等长C．同一次实验两次拉细绳套须使结点到达同一位置D．用测力计拉两个细绳套时，两拉力夹角越大越好．9．（7分）测量某一电流表的内阻r1．给定器材有：A 待测电流表（量程300μA，内阻r1约为100Ω）B 电压表（量程3V，内阻r2=1kΩ）C 电源E（电动势4V，内阻忽略不计）D 定值电阻R1=10ΩE 滑动变阻器R2（阻值范围0﹣20Ω，允许通过的最大电流0.5A）F 开关S一个，导线若干，要求测量时两块电表指针的偏转均超过其量程的一半（1）在方框中画出测量电路原理图（2）电路接通后，测得电压表读数为U，电流表读数为I，用已知和测得的物理量表示电流表内阻r1=．三、本题共3小题，51分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，在答案中必须明确写出数值和单位．10．（15分）高速连续曝光照相机可在底片上重叠形成多个图象，现利用这种照相机对某款家用汽车的加速性能进行研究．如图为汽车做匀加速直线运动时的三次曝光照片，照相机每两次曝光的时间间隔为1.0s，已知该汽车的质量为2000kg，额定功率为90kW，假设汽车运动过程中所受的阻力恒为1500N．（1）试利用上图，求该汽车的加速度；（2）求汽车所能达到的最大速度是多大？（3）若汽车由静止以此加速度开始做匀加速直线运动，匀加速运动状态最多能保持多长时间？11．（17分）如图所示，A、B两物块用一根轻绳跨过定滑轮相连，不带电的B、C通过一根轻弹簧拴接在一起，且处于静止状态，其中A带负电，电荷量大小为q．质量为2m的A静止于斜面的光滑部分（斜面倾角为37°，其上部分光滑，下部分粗糙且足够长，粗糙部分的摩擦系数为μ，且μ=tan37°，上方有一个平行于斜面向下的匀强电场），通过细绳与B相连接，此时与B相连接的轻弹簧恰好无形变．弹簧劲度系数为k．B、C质量相等，均为m，不计滑轮的质量和摩擦，重力加速度为g．（1）电场强度E的大小为多少？（2）现突然将电场的方向改变180°，A开始运动起来，当C刚好要离开地面时（此时B还没有运动到滑轮处，A刚要滑上斜面的粗糙部分），B的速度大小为v，求此时弹簧的弹性势能E P．（3）若（2）问中A刚要滑上斜面的粗糙部分时，绳子断了，电场恰好再次反向，请问A再经多长时间停下来？12．（19分）在竖直平面内建立一平面直角坐标系xoy，x轴沿水平方向，如图甲所示．第一象限内有竖直向上的匀强电场，第二象限内有一水平向右的匀强电场．某种发射装置（未画出）竖直向上发射出一个质量为m、电荷量为q的带正电粒子（可视为质点），该粒子以v0的初速度从x轴上的A点进入第二象限，并从y轴上的C点沿水平方向进入第一象限后能够沿水平方向运动到D点．已知OA、OC距离相等，CD的距离为OC，E点在D点正下方，位于x轴上，重力加速度为g．则：（1）求粒子在C点的速度大小以及OC之间的距离；（2）若第一象限同时存在按如图乙所示规律变化的磁场，磁场方向垂直纸面，（以垂直纸面向外的磁场方向为正方向，图中B0，T0均为未知量），并且在t=时刻粒子由C点进入第一象限，且恰好也能通过同一水平线上的D点，速度方向仍然水平．若粒子在第一象限中运动的周期与磁场变化周期相同，求交变磁场变化的周期；（3）若第一象限仍同时存在按如图乙所示规律变化的磁场（以垂直纸面向外的磁场方向为正方向，图中B0，T0均为未知量），调整图乙中磁场变化的周期，让粒子在t=0时刻由C点进入第一象限，且恰能通过E点，求交变磁场的磁感应强度B0应满足的条件．2015年四川省成都市石室中学高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、第I卷共7题，每题6分．每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错和不选的得0分．1．（6分）下列说法中不正确的是（）A．伽利略斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻地反映自然规律B．不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的C．用导线把微安表的“+”、“﹣”两个接线柱连在一起后晃动电表，表针晃动幅度很小，且会很快停下，这是物理中的电磁阻尼现象D．在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象【解答】解：A、伽利略理想斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻反映自然规律。
故A正确。
B、根据相对认原理可知，不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的，故B正确。
C、闭合线圈在磁场中运动会产生感应电流，从而出现安培阻力，因此在运输时，表头接线柱有导线相连；用导线把微安表的“+”、“﹣”两个接线柱连在一起后晃动电表，表针晃动幅度很小，且会很快停下，这是物理中的电磁阻尼现象。
故C 正确。
D、在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射原理，故D错误。
本题选错误的，故选：D。
2．（6分）一半径为R的球体放置在水平面上，球体由折射率为的透明材料制成．现有一束位于过球心O的竖直平面内的光线，平行于桌面射到球体表面上，折射入球体后再从竖直表面射出，如图所示．已知入射光线与桌面的距离为．下列说法中正确的是（）A．增大入射角α，光线将不再从竖直表面射出B．不同的单色光有相同的光路产生C．入射角α无论如何变化，光线都能从竖直表面射出D．从竖直表面射出光线与竖直方向夹角是30°【解答】解：A、增大入射角α，由折射定律知折射角随之增大，由几何知识可知光线射到竖直表面的入射角将减小，不会发生全反射，将从竖直表面射出。
故A错误。
B、不同的单色光折射率不同，相同的入射角，折射角不同，不可能有相同的光路，故B错误。
C、入射角α变化时，光线在竖直面上的入射角可能大于临界角，发生全反射将不能从竖直面射出，故C错误。
D、由几何关系有：∠COB=α．又由△OBC知sinα=设光线在C点的折射角为β，由折射定律得：=n，解得：β=30°由几何关系知，光线在球体的竖直表面上的入射角γ（见图）为30°．由折射定律得：=，因此sinθ=，解得：θ=60°，所以从竖直表面射出光线与竖直方向夹角是30°．故D正确。
故选：D。