2018-2019学年高二物理上学期期中试卷(选修)(含解析)新人教版

江苏省扬州中学2018-2019学年第一学期期中考试高二物理（选修）试卷 2018.11（时间100分钟，满分120分）一、单项选择题（每题4分，共20分）1、下列说法中正确的是（）A．磁感线是磁场中客观存在的B．磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止C．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的D．电流元IL在磁场中受力为F，则磁感应强度B一定等于FIL【答案】C【解析】A、磁场是客观存在的，磁感线是为了研究磁场而人为引入的，故A错误；B、磁感线是闭合曲线，故B错误；C、磁体之间的相互作用都是通过磁场发生的，故C正确；D、电流元IL与B垂直时在磁场中受力为F，则磁感应强度B一定等于FIL，故D错误。

【考点】磁场；磁感线2、下图中分别标明了通电直导线中电流I、匀强磁场的磁感应强度B 和电流所受安培力F 的方向，其中正确的是（）【答案】A【解析】左手平展，让磁感线穿过手心，使大拇指与其余四指垂直，并且都跟手掌在一个平面内。

把左手放入磁场中，让磁感线垂直穿入手心，四指指向电流方向，则大拇指的方向就是导体受力的方向。

故A正确。

【考点】左手定则3、如图所示，质量为m的金属环用线悬挂起来，金属环有一半处于与环面垂直的匀强磁场中，从某时刻开始，磁感应强度均匀减小，则在磁感应强度均匀减小的过程中，关于线拉力的大小，下列说法中正确的是（）A．大于环重力mg，并逐渐减小B．始终等于环重力mgC．小于环重力mg，并保持恒定D．大于环重力mg，并保持恒定【答案】A【解析】磁感应强度均匀减小，穿过回路的磁通量均匀减小，根据法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的电动势，感应电流也恒定不变．由楞次定律可知，感应电流方向：顺时针，再由左手定则可得，安培力的合力方向：竖直向下；ab棒所受的安培力F=BIL，可知安培力F均匀增大，金属环ab始终保持静止，则拉力大于重力，由于磁感应强度均匀减小，所以拉力的大小也逐渐减小，故A正确。

故选A。

【考点】法拉第电磁感应定律；楞次定律；共点力平衡4、如图所示，在水平放置的光滑绝缘杆ab上，挂有两个相同的金属环M和N。

当两环均通以图示的相同方向的电流时，则（）A．两环静止不动 B．两环互相靠近C．两环互相远离 D．两环同时向左运动【答案】B【解析】同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，知两线圈的运动情况是相互靠近，故B正确。

【考点】平行通电直导线间的作用5、如图所示电路中，闭合开关S ，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，则（ ）A ．电压表V 读数先变大后变小，电流表A 读数先变小后变大B ．电压表V 读数先变小后变大，电流表A 读数变小C ．电压表V 读数先变大后变小，电流表A 读数变大D ．电压表V 读数先变小后变大，电流表A 读数先变大后变小【答案】C【解析】设滑动变阻器触点以上的电阻为R 上，触点以下的电阻为R 下，因为滑动变阻器的有效电阻R 并除最初和最终为零外，是R 上和R 下并联的结果， 即R R R R R +下上并下上＝ R 上和R 下之和一定，所以二者相等时积最大，所以当触点在中间时电阻最大，根据全电路欧姆定律，E I R r R =++总并， 所以当触点在中间时电流最小，电压表V 读数为电源的路端电压，U E Ir =-，当触点在中间时路端电压最大，电压表V 读数先变大后变小；电流表A 读数（即R 下的电流I ）：，根据电阻并联分流公式，R I I R R +上总下上＝， 联立各式，解得，()E I R r (R R )R 1R R +⨯+++下上下上上＝，当滑动变阻器的滑动触头P 从最高端向下滑动时，R 上一直变大而R 下一直变小，从上式可以看出，电流表A 读数I 一直变大， 故选C 。

【考点】闭合电路欧姆定律；串并联电路二、多项选择题（每题5分，共20分）6、下列说法中正确的是（）A．某时刻穿过线圈的磁通量为零，感应电动势就为零B．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势就越大C．只有当电路闭合，且穿过电路的磁通量发生变化时，电路中才有感应电流D．不管电路是否闭合，只要穿过电路的磁通量发生变化，电路中就有感应电动势【答案】CD【解析】AB、感应电动势与磁通量的变化率成正比，磁通量为零时磁通量的变化率不一定为零，故AB错误；C、产生感应电流的条件是：闭合回路的磁通量发生变化，故C正确；D、电路的磁通量发生变化时，电路如果不闭合，则不会产生电流，但是仍然有感应电动势，故D正确。

故选CD。

【考点】法拉第电磁感应定律7、如图，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路，虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于回路所在的平面。

回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN垂直。

从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列结论正确的是（）A．感应电流方向不变B．CD段直线始终不受安培力C．感应电动势最大值E＝BavD．感应电动势平均值14E Bav =π【答案】ACD【解析】A、根据楞次定律，知半圆形闭合回路在进入磁场的过程中，感应电流的方向为顺时针方向，故A正确；B、根据左手定则，CD段所受的安培力方向竖直向下，故B错误；C、切割的有效长度的最大值为a，则感应电动势的最大值E=Bav，故C正确；D、根据法拉第电磁感应定律得，2aBB S12E Bav2at4vππ⨯∆∆＝＝＝，故D正确。

故选ACD。

【考点】导体切割磁感线时的感应电动势8、场强为E的匀强电场和磁感强度为B的匀强磁场正交。

如图所示，质量为m的带电粒子在垂直于磁场方向的竖直平面内，做半径为R的匀速圆周运动，设重力加速度为g，则下列结论正确的是（）A．粒子带负电，且q＝mg／E B ．粒子顺时针方向转动C．粒子速度大小v＝BgR／E D．粒子的机械能守恒【答案】ABC【解析】A、带电粒子在竖直平面内做匀速圆周运动，有mg=qE，求得电荷量q=mg/E，根据电场强度方向和电场力方向判断出粒子带负电，故A正确；B、由左手定则可判断粒子沿顺时针方向运动，故B正确；C、带电粒子在竖直平面内做匀速圆周运动，有：mg=qE 、qvB=mv2R解得：v=BgR/E，故C正确；D、由于电场力做功，故机械能不守恒，故D错误；故选ABC。

【考点】带电粒子在混合场中的运动；牛顿第二定律；向心力9、在如图甲所示的电路中，L1，L2，L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。

当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25 A，则此时（）A．L1的电压为L2电压的2倍B．L1消耗的电功率为0.75 WC．L2的电阻为12ΩD ．L 1、L 2消耗的电功率的比值大于4∶1【答案】BD【解析】本题灯泡规格虽然相同，但是电阻不一定相同。

A 、灯泡不是定值电阻，所以L 1的电阻一定不是并联部分的两倍，所以电压也不是两倍关系，故A 错误；B 、由I －U 图像可得L 1两端的电压是3.0V ，所以功率为3×0.25＝0.57W ，故B 正确；C 、由I －U 图像可得0.125A 对应的电压是0.25V ，所以电阻为2.0Ω，故C 错误；D 、由2P I R 可知：若灯泡是定值电阻，则L 1、L 2消耗的电功率的比值等于4∶1，而通过L 1电流大，其电阻大，所以消耗的功率大于4∶1，故D 正确。

【考点】电功；电功率；欧姆定律；小灯泡的伏安特性曲线三、实验题（共28分）10、（6分）读出下图中游标卡尺和螺旋测微器的读数，游标卡尺的读数为_________mm ；螺旋测微器的读数为_________mm 。

【答案】11.4mm ； 0.920mm【解析】游标卡尺的读数：整数（11mm ）＋精度（0.1mm ）×格数（4）＝11.4mm 螺旋测微器的读数：整数（0.5mm ）＋精度（0.01mm ）×格数（42.0）＝0.920mm【考点】长度测量；游标卡尺和螺旋测微器的使用11、（10分）在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，采用如图的电路进行实验。

（1）为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于________端（选填“左”或“右”）；（2）如图是根据实验数据作出的U －I 图象，由图可知，电源的电动势E ＝________ V ，内阻r ＝________ Ω；（3）若不计测量中的偶然误差，用这种方法测量得出的电动势和内阻的值与真实值相比较，电动势E ______（选填“偏大”、“相等”或“偏小”），内阻r ______（选填“偏大”、“相等”或“偏小”）。

【答案】（1）左 （2）1.5 1.0 （3）偏小；偏小【解析】（1）限流式接法应把滑动变阻器先打到最大值，即左端；（2）由U E Ir =-知：纵截距对应电动势、斜率大小对应内阻；（3）两个表的读数中电流表的读数偏小（电压表分流），当滑动变阻器短路时电压表不再分流，即短路电流是准确的；电流表读数偏小，所以描点时每个点的横坐标都偏小，故图像因为如图所示；即电动势和内阻都偏小。

【考点】测定电源的电动势和内阻12、（12分）实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联。

测量实际电流表G 1内阻r 1的电路如图所示。

供选择的仪器如下：①待测电流表G 1 (0~5mA ，内阻约300Ω)；②电流表G 2 (0~10mA ，内阻约100Ω)；③定值电阻R 1 (300Ω)；④定值电阻R 2 (10Ω)；⑤滑动变阻器R 3 (0~1000Ω)；⑥滑动变阻器R 4 (0~20Ω)；⑦干电池(1.5V)；⑧开关S 及导线若干。

（1）定值电阻应选 ，滑动变阻器应选 。

(在空格内填写序号)（2）用连线连接实物图。

（3）补全实验步骤：①按电路图连接电路， ；②闭合开关S ，移动滑动触头至某一位置，记录G 1，G 2的读数I 1，I 2；③ ；④以I 2为纵坐标，I 1为横坐标，作出相应图线，如图所示。

（4）根据I 2-I 1图线的斜率k 及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式 。

【答案】（1）③，⑥ （2）见图 （3）①将滑动触头移至最左端③多次移动滑动触头，记录相应的1G ，2G 读数12,I I（4） 11(1)r k R =- 【解析】（1）待测电流表G 1，内阻约300Ω，电流表G 1并联的电阻应选：③定值电阻R 1（300Ω）；保护电阻应选用：⑥定值电阻R4（30Ω）；（2）实物电路图如上图所示。

（3）①将滑动触头移至最左端；③多次移动滑动触头，记录相应的1G ，2G 读数12,I I（4）由电路图可知：111211111I r r I I I R R =+=+（） I 2－I 1图象斜率111111r k r k R R =+=-，（）； 【考点】伏安法测电阻 四、计算题（共52分，要求写全必要的步骤、规律和文字说明，否则不能得分）13、（16分）如图所示的电路中，所用电源的电动势E =4V ，内阻r =1.0Ω，电阻R 1可调。