安徽省涡阳县第四中学2015届高三上学期第二次月考物理试题(扫描版)
安徽省示范高中高三物理上学期第二次联考试题新人教版
安徽省示范高中2015届高三上学期第二次联考物理试卷一、选择题（每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．）1．（4分）2014年1月14日，“玉兔”号月球车成功实施首次月面科学探测，在探测过程中，假设月球车以200m/h的速度朝静止在其前方0.3m的“嫦娥号”登陆器匀速运动．为避免相撞，地面指挥部耗时2s设定了一个加速度为a的减速指令并发出．设电磁波由地面传播到月球表面需时1s，则a的大小至少是（）A．0.02m/s2B．0.04m/s2C．0.06m/s2D．0.08m/s2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：根据月球车的速度和运动时间求出在指令发出时间内月球车的位移，结合速度位移公式求出加速度的最小值．解答：解：v=200m/h=m/s，指令经t0=3+1=4s后到达月球车，此时其已经运动了：s=vt0=×4=m．此后其减速运动直到速度为零，由运动的对称性有：v2=2a（0.3m﹣m），代入数据解之得：a=0.02m/s2．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，结合位移关系，运用运动学公式灵活求解．2．（4分）图甲中的塔吊是现代工地必不可少的建筑设备，图乙为150kg的建筑材料被吊车竖直向上提升过程的简化运动图象，g取10m/s2，下列判断正确的是（）A．前10s的悬线的拉力恒为1500NB．46s末塔吊的材料离地面的距离为22mC．0～10s材料处于失重状态D．在30s～36s钢索最容易发生断裂考点：牛顿第二定律；超重和失重．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据速度时间图线得出匀加速运动的加速度，结合牛顿第二定律求出拉力的大小，根据图线与时间轴围成的面积求出46s内的位移．根据加速度的方向判断物体的超失重，从而判断何时绳子容易断裂．解答：解：A、由图可知前10s内物体的加速度a==0.1m/s2，由F﹣mg=ma可知，悬线的拉力F=mg+ma=150×10.1=1515N，故A错误．B、由图象面积可得整个过程上升高度是28m，下降的高度为6m，46s末塔吊的材料离地面的距离为22m．故B正确．C、因30s～36s物体加速度向下，材料处于失重状态，F＜mg；前10s材料处于超重状态，F＞mg，钢索最容易发生断裂．故C、D错误．故选：B．点评：本题考查了牛顿第二定律和速度时间图线的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，基础题．3．（4分）2014年4月15日，澳大利亚珀斯，当日共有9架军用飞机，2架民用飞机和11艘船只协助搜寻MH370．如图所示为用直升机拉着水下探测器在马航可疑海域搜寻失联客机黑匣子的照片，探测器的质量为m，当直升机水平匀速飞行时，物体所受的浮力大小保持不变，由于探测器受到海水的水平方向的作用力，使偏离竖直方向，绳子与竖直方向恒成θ角，下列说法正确的是（）A．绳子的拉力大小为B．绳子的拉力大小一定大于mgC．探测器受到海水的水平方向的作用力等于绳子的拉力D．海水和绳子对探测器作用力的合力方向竖直向上考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：选海水中探测器为研究对象，将其隔离进行受力分析，画出受力分析图，根据平衡条件列式分析即可．解答：解：A、选海水中探测器为研究对象，将其隔离进行受力分析，受到竖直向下的重力，沿绳方向的拉力，海水的水平方向的作用力，海水的竖直向上的浮力，受力分析如图所示，竖直方向有Fcosθ+F浮=mg，则有F=，故绳子的拉力与mg的关系不确定，故AB错误；C、在水平方向上有Fsinθ=F冲，因为sinθ＜1，故F＞F冲，即探测器受到海水的水平方向的作用力小于绳子的拉力，故C错误；D、海水对探测器的作用力和绳子对探测器的拉力的合力与重力等大反向，故这两个力的合力方向竖直向上，故D正确．故选：D点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，知道水中探测器的运动情况．4．（4分）如图，在水平地面上内壁光滑的车厢中两正对竖直面AB、CD间放有半球P和光滑均匀圆球Q，质量分别为m、M，当车向右做加速为a的匀速直线运动时，P、Q车厢三者相对静止，球心连线与水平方向的夹角为θ，则Q受到CD面的弹力F N和P受到AB面的弹力F N′分别是（）A．F N=F N′=MgcotθB．F N=Mgcotθ﹣MaF N′=mgcotθ+MaC．F N=mgcotθ﹣MaF N′=mgcotθ+ma D．F N=Mgcotθ﹣MaF N′=Mgcotθ+ma考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：隔离光滑均匀圆球Q，对Q受力分析，根据平衡条件列式求解F N，对两球组成的整体进行受力分析，根据平衡条件列式求解即可．解答：解：隔离光滑均匀圆球Q，对Q受力分析如图所示，可得Mgcotθ﹣F N=Ma解得：F N=Mgcotθ﹣Ma，对两球组成的整体有：F′N﹣F N=（M+m）a联立解得：F′N=Mgcotθ+ma故选：D点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，掌握整体法和隔离法的运用．5．（4分）某运动员在进行跳水比赛中，以4m/s的初速度竖直向上跳出，先以加速度a1匀减速直线上升，测得0.4s末到达最高点，2s末到达水面，进入水面后以加速度a2匀减速直线下降，2.5s末的速度为v，3s末恰到最低点，取竖直向上的方向为正方向，则（）A．a1=﹣10m/s2，a2=16m/s2，v=﹣8m/s B．a1=10m/s2，a2=16m/s2，v=﹣8m/sC．a1=﹣10m/s2，a2=16m/s2，v=﹣4m/s D．a1=10m/s2，a2=16m/s2，v=4m/s考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：以4m/s的初速度竖直向上跳出，先以加速度a1匀减速直线上升，测得0.4s末到达最高点，速度为零，由速度时间关系求得加速度，并可得到入水时的速度，入水面后以加速度a2匀减速直线下降，3s末恰到最低点，速度为零，求减速的加速度，进而求得2.5s末的速度v．解答：解：先以加速度a1匀减速直线上升，测得0.4s末到达最高点，速度为零，故速度a1为：；2s末的速度为：v2=v0+a1t2=4m/s﹣10×2m/s=﹣16m/s；加速度：跳出2.5s末的速度为：v4=v2+a2t4=﹣16m/s+16×0.5m/s=﹣8m/s．故选：A．点评：注意加速度的方向，恰当选择过程，应用速度时间关系求解．6．（4分）如图所示，质量为M，倾角为θ的斜劈在水平面上以一定的初速度向右滑动的过程中，质量为m的光滑小球在斜面上恰好保持与斜劈相对静止，已知斜劈与地面的动摩擦因数是μ，则下列说法正确的是（）A．小球与斜面间的压力是mgcosθB．小球与斜面的加速度大小是gtanθC．地面对斜劈的支持力一定大于（M+m）gD．地面与斜劈间的动摩擦因数是g（1+sinθcosθ）考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：隔离对小球分析，根据牛顿第二定律求出小球的加速度，从而得出小球的加速度，根据平行四边形定则求出斜面对小球的支持力大小．对整体分析，求出地面的支持力，根据牛顿第二定律求出地面与斜劈间的动摩擦因数．解答：解：A、光滑小球恰好保持与斜面相对静止，则有重力与斜面弹力的合力水平向左，根据平行四边形定则，小球合力F合=mgtanθ=ma，解得加速度a=gtanθ，根据平行四边形定则知，N=，故A错误，B正确．C、由于在竖直方向上没有加速度，所以整体在竖直方向上合力为零，有F支持=（M+m）g，故C错误；D、对整体分析，加速度a=μg，解得μ=tanθ，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道小球和斜劈具有相同的加速度，通过整体法和隔离法，运用牛顿第二定律进行求解，难度中等．7．（4分）如图所示，质量均为m的小物块A、B，在水平恒力F的作用下沿倾角为37°固定的光滑斜面加速向上运动．A、B之间用与斜面平行的形变可忽略不计的轻绳相连，此时轻绳张力为F T=0.8mg，下列说法错误的是（已知sin37°=0.6）（）A．小物块A的加速度大小为0.2gB．F的大小为2mgC．撤掉F的瞬间，小物块A的加速度方向仍不变D．撤掉F的瞬间，绳子上的拉力为0考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对A分析，根据牛顿第二定律求出小物块的加速度大小，对整体分析，根据牛顿第二定律求出F的大小，撤去F的瞬间，绳子的拉力立即变为零，结合合力方向确定加速度方向．解答：解：A、以A为研究对象，根据牛顿第二运动定律可得：F T﹣mgsin37°=ma，解得：a=0.2g，小车A、B的加速度均为0.2g，故A正确；B、以A、B整体为研究对象：Fcos37°﹣2mgsin37°=2ma，解得：F=2mg，故B正确；C、撤掉F的瞬间，绳子上的拉力立刻消失了，小物块A的加速度方向变为向下，故C错误、D正确．本题选错误的，故选：C．点评：本题考查了牛顿第二定律的基本运用，掌握整体法和隔离法的灵活运用，难度不大．8．（4分）如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B（长木板足够长）的左端放着小物块A．某时刻，A 受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F=kt，其中k为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力f的大小等于最大静摩擦力，且A、B的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板B运动的V﹣t图象的是（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像．. 分析：当F较小时，AB整体具有共同的加速度，二者相对静止，当F较大时，二者加速度不同，将会发生相对运动，此后A做变加速直线，B匀加速直线运动，为了求出两物体开始分离的时刻，必须知道分离时F的大小，此时采用整体法和隔离法分别列牛顿第二定律的方程即可解答：解：选AB整体为研究对象，AB整体具有共同的最大加速度，有牛顿第二定律得：a1=对B应用牛顿第二定律：a1=对A应用牛顿第二定律：a1=经历时间：t=由以上解得：t=此后，B将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线故选：B点评：当两者相对运动后，B将受恒力作用，做匀加速运动，可排除C、D选项，A、B选项的差别在于恰好相对运动的时刻，就需分别采用隔离法和整体法分别列方程了，也可以采用反证法，看看当F=f时是否相对滑动？所以，要注意总结解题方法9．（4分）两条可调角度导轨与圆环构成下图实验装置，让质量分别为m1和m2的两个物体分别同时从竖直圆上的P1，P2处由静止开始下滑，沿光滑的弦轨道P1A，P2A滑到A处，P1A、P2A与竖直直径的夹角分别为θ1、θ2，则（）A．调整导轨角度，只有当θ1=θ2时，两物体运动时间才相同B．两小球在细杆上运动加速度之比为sin θ1：sin θ2C．物体分别沿P1A、P2A下滑到A处的速度之比为cos θ1：cos θ2D．若m1=m2，则两物体所受的合外力之比为cosθ1：cos θ2考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对小球分析，求出合力的大小，结合牛顿第二定律加速度之比，根据位移时间公式求出运动的时间的表达式，判断是否与θ有关，结合速度时间公式求出速度之比．解答：解：将物体的重力分别沿光滑弦轨道P1A、P2A方向和垂直轨道方向分解，则沿光滑的弦轨道P1A、P2A方向分力分别为m1gcosθ1、m2gcosθ2，根据牛顿第二定律知，加速度分别为gcosθ1和gcosθ2．故B错误．若质量相等，则两物体的合力之比为cosθ1：cosθ2．故D正确．因为弦轨道的长度L=dcosθ，由L=，解得：t=，d为直径，可知运动的时间相等，与θ角无关，故A错误．根据v=at知，物体沿P1A、P2下滑到A处的速度之比为cosθ1：cosθ2．故C错误．故选：D．点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．10．（4分）如图所示，地面上的物块在平行于地面的水平力F作用下匀速运动，在固定的倾角为37°的斜面上，用同样大小的力F平行于斜面向上拉物块，物块恰能匀速下滑．若物块与水平和斜面的动摩擦因数相同，其中sin37°=0.6，cos37°=0.8，则下列说法正确的是（）A．物块与接触面的动摩擦因数为B．在水平地面上的物体做匀速运动的速度若增大，则维持匀速运动的力F也要增大C．斜面倾角增大到某一角度（小于90°）时，若物体仍匀速下滑，则维持匀速运动的力F 要比原来大D．作用在斜面上物体的力F，若逆时针旋转一个较小夹角，要保持物体匀速下滑，则F要比原来小考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：分别对在水平面和斜面上，运用共点力平衡，联立求出动摩擦因数的大小．动摩擦因数的大小与速度无关，匀速运动的速度增大，F不变．根据共点力平衡，判断F大小的变化．解答：解：A、设物块质量为m，物体在水平面上匀速运动时有：F=μmg，在斜面上匀速下滑时有：mgsin30°=μmgcos30°+F，联立解得：．故A错误．B、动摩擦因数的大小与速度无关，匀速运动的速度增大，F不变，故B错误．C、物体在斜面上匀速下滑，mgsinα=μmgcosα+F，α从37°开始增大，则mgsinα增大，μmgcosα变小，则力F增大，故C正确．D、若F逆时针旋转一个较小夹角θ，物体在斜面上匀速下滑，力变为F′，则有：mgsin37°=μ（mgcos37°﹣F′sinθ）+F′cosθ，可知F变大，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，难度中等．二、实验题（16分）11．（8分）图中的甲、乙两种打点计时器是高中物理实验中常用的．光电计时器像打点计时器一样，也是一种研究物体运动情况的计时仪器，其结构如图丙所示，a、b分别是光电门的激光发射和接收装置，当一辆带有档光片的小车从a、b间通过时，光电计时器就可以显示挡光片的挡光时间．某同学在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中，做了一个U 型遮光板如图丁所示，两个遮光片宽度均为L=5mm，将此U型遮光板装在小车上，让小车做匀速直线运动通过静止的光电计时器，实验时测得两次遮光时间分别为△t1=0.10s，△t2=0.05s，从第一遮光片遮光到第二个遮光片遮光经过的时间t=1s，则：（1）图乙是电火花（填“电磁”或“电火花”）打点计时器，电源采用的是交流220V （填“交流4﹣6V”或“交流220V”）．（2）第一个遮光片通过光电门的速度大小为0.05 m/s，第二个遮光片通过光电门的速度大小为0.10 m/s．（3）小车做加速直线运动的加速度大小为0.05 m/s2．考点：测定匀变速直线运动的加速度．.专题：实验题；直线运动规律专题．分析：（1）根据电磁打点计时器和电火花打点计时器的不同点可以判断是哪种打点计时器，从而可以判断使用的电源的电压的大小；（2）根据平均速度的公式可以计算出遮光片的平均速度的大小，近似的认为是遮光片的速度；（3）根据加速度的定义式可以直接计算出加速度的大小．解答：解：（1）图乙是电火花打点计时器，电源采用的是交流220V．（2）第一个遮光片通过光电门的速度大小为 v1==0.05m/s，第二个遮光片通过光电门的速度大小为 v2==0.10m/s．（3）根据加速度的定义式可得滑块的加速度a==0.05m/s2．故答案为：（1）电火花；交流220V；（2）0.05；0.10；（3）0.05点评：掌握在较短时间内的平均速度可以表示瞬时速度，正确利用匀变速运动规律求解加速度的大小．12．（8分）某学习小组利用如图1所示装置验证牛顿第二定律．（1）为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行，接下来还需要进行的一项操作是 B （填选项前的字母）；A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节砝码盘和砝码质量的大小，使小车在砝码盘和砝码的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砝码盘和砝码，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动C．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砝码盘和砝码，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动（2）如图2是按正确实验步骤打出的一条纸带，打点计时器的电源频率为50Hz，可算出小车的加速度a= 0.820 m/s2（计算结果保留三位有效数字）；（3）该小组同学在验证“合力一定时加速度与质量成反比”时，增减砝码来改变小车的质量M，得到小车的加速度a与质量M的数据，画出a﹣图线后，发现：当较大时，图线发生弯曲．在处理数据时为避免图线发生弯曲的现象，该小组同学的应画出是 A ．A．a与的关系图线B．a与（M+m）的关系图线C．改画a与的关系图线D．改画a与的关系图线．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．.专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应平衡摩擦力；（2）在相邻的两个计数点之间还有4个点未标出，说明任意两个技计数点之间的时间间隔为打点周期的5倍，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；（3）分别对小车和砝码盘列出牛顿第二定律方程，即可知道绳子拉力就是砝码重力的条件以及图象弯曲的原因．解答：解：（1）为了保证轻绳对小车的拉力等于小车所受的合力，应使轻绳与长木板平行，小车的重力沿斜面向下的分力刚好与小车下滑过程中所受的阻力平衡，为使轻绳中没有拉力，应撤去沙桶，不能撤去纸带，选项B正确；（2）用逐差法计算，即a=m/s2=0.820m/s2；（3）当较大时，图线发生弯曲是因为没有满足M＞＞m造成的．沙桶（包括桶中的沙）与小车（包括车中的砝码）的加速度a大小相等，以沙桶、小车整体为研究对象，若牛顿第二定律成立，则有mg=（M+m）a，即mg一定的情况下，a与成正比，没有必要满足M＞＞m，避免了图线发生弯曲的现象．故答案为：（1）B；（2）0.820；（3）A．点评：明确实验原理是解决有关实验问题的关键．在验证牛顿第二定律实验中，注意以下几点：（1）平衡摩擦力，这样绳子拉力才为合力；（2）满足砝码（连同砝码盘）质量远小于小车的质量，这样绳子拉力才近似等于砝码（连同砝码盘）的重力；（3）用“二分法”求出小车的加速度．三、计算题（本小题共4小题，共计44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）13．（8分）如图所示，两木块A、B质量均为m，用劲度系数为k、原长为L的轻弹簧连在一起，放在倾角为α的传送带上，两木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，与传送带平行的细线拉住木块A，传送带按图示方向匀速转动，两木块处于静止状态．求：（1）A、B两木块之间的距离；（2）剪断细线瞬间，A、B两木块加速度分别为多大．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）隔离B木块分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力，结合胡克定律求出弹簧的形变量，从而求出AB两木块的距离．（2）剪断细线瞬间弹簧弹力不变，分别对物块A、B由牛顿第二运动定律列式即可求解．解答：解：（1）隔离B木块分析，由平衡条件可得：F弹=mg sinα+μmgcosα由胡克定律：F弹=k△x两木块间的距离为（2）剪断细线瞬间弹簧弹力不变，对物块B由牛顿第二运动定律有：F弹﹣（mgsinα+μmgcosα）=ma B解得a B=0对于物块A有F弹+μmgcosα+mgsinα=ma A解得a A=2（gsinα+μgcosα）答：（1）A、B两木块之间的距离为；（2）剪断细线瞬间，A的加速度为0，B的加速度为2（gsinα+μgcosα）．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，掌握整体法和隔离法的运用．14．（10分）2014年7月24日，受台风“麦德姆”影响，安徽多地暴雨，严重影响了道路交通安全．某高速公路同一直线车道上同向匀速行驶的轿车和货车，其速度大小分别为v1=40m/s，v2=25m/s，轿车在与货车距离s0=22m时才发现前方有货车，若此时轿车只是立即刹车，则轿车要经过s=160m才停下来．两车可视为质点．（1）若轿车刹车时货车以v2匀速行驶，通过计算分析两车是否会相撞？（2）若轿车在刹车的同时给货车发信号，货车司机经t0=2s收到信号兵立即以加速度大小a2=2.5m/s2匀速前进，通过计算分析两车会不会相撞？考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：（1）匀减速追赶匀速，把握住速度相等时距离最小，是撞上与撞不上的临界条件，按照速度相等分别求出两车的位移比较即可．（2）两车的速度相等是临界条件，分别将两车的位移求解出来，第二次前车的运动状态与第一次不一样，先匀速后加速，比较这两个位移之间的关系即可．解答：解：（1）轿车经过s=160m才停下来的过程，由υ12=2a1s得：轿车刹车过程的加速度大小：a1=5m/s2．恰好不相撞时两车的速度相等，即：υ1﹣a1t1=υ2得：t1==3s．轿车前进的距离：s1=t1=97.5m货车前进的距离：s2=υ2t1=75m，因为：s1﹣s2=22.5m＞s0，即：两车会相撞．（2）假设两车的速度相等，即：υ1﹣a1t=υ2+a2（t﹣t0）轿车前进的距离：s1′=υ1t﹣a1t2货车前进的距离：s2′=υ2t0+υ2（t﹣t0）+a2（t﹣t0）2解得：s1′=m，s2′=m，因为：s1′﹣s2′=21.7m＜s0，两车不会相撞．答：（1）若轿车刹车时货车以v2匀速行驶，两车会相撞．（2）若轿车在刹车的同时给货车发信号，货车司机经t0=2s收到信号兵立即以加速度大小a2=2.5m/s2匀速前进，两车不会相撞．点评：分析问题时，一定要养成画草图分析问题的良好习惯．解题的基本思路是：①分别对两物体进行研究；②画出运动过程示意图；③列出位移方程④找出时间关系，速度关系⑤解出结果，必要时进行讨论．15．（12分）如图，固定斜面顶端安装一定滑轮，左倾角α=53°，右斜面倾角θ=37°，一轻绳跨过定滑轮，两段分别与小物块P和质量为M的小物块Q连接．初始时刻两物块恰好处于静止状态，且离水平对面高度均为h，一切摩擦均不计，P、Q均可视为质点，重力加速度大小为g，取sin37°=0.6，sin53°=0.8．（1）物块P、Q的质量之比为多大？（2）若将轻绳剪断后，之后两物块沿各自斜面下滑，求P、Q在斜面上运动的时间之比；（3）若用手按住Q不动，P的质量增加为原来的2倍，Q的质量为M，放手后，Q不会触及滑轮，P着地后将轻绳子剪断，求放手后Q运动到最高点所经历的时间t．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）两物块受力平衡，各自的重力平行斜面方向的分力相等；（2）先根据牛顿第二定律求解加速度之比，再根据位移公式求解时间之比；（3）对两个物体分别受力分析，根据牛顿第二定律列式求解加速度，然后根据运动学公式列式求解．解答：解：（1）设P的质量为m．轻绳剪断前，两物块受力平衡，有：mgsinα=Mgsinθ得物块P、Q的质量之比为：==（2）轻绳剪断后，两物块在各自斜面上做初速度为零的匀加速直线运动，设P、Q在斜面上运动的时间分别为t1、t2，加速度分别为a1、a2，则：=a1t12=a2t22根据牛顿第二定律有：a1==gsinαa2==gsinθ得：==（3）放手后，P沿斜面向下运动，Q先沿斜面向上运动，根据牛顿第二定律，对P，有：2mgsinα﹣T=2ma对Q，有：T﹣Mgsinθ=Ma解得：a=g对Q有：υ2=2a•得：υ=而υ=at3，υ=a2t4得：t=t3+t4==答：（1）物块P、Q的质量之比为3：4；（2）若将轻绳剪断后，之后两物块沿各自斜面下滑，P、Q在斜面上运动的时间之比为3：4；（3）放手后Q运动到最高点所经历的时间t为．点评：本题是已知受力情况确定运动情况的问题，关键是结合平衡条件、牛顿第二定律列式求解加速度，然后根据运动学公式列式求解，不难．16．（14分）如甲图所示，质量为M=4kg足够长的木板静止在光滑的水平面上，在木板的中点放一个质量m=4kg大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的动摩擦因数为μ=0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．两物块开始均静止，从t=0时刻起铁块m受到水平向右，大小如下图乙所示的拉力F的作用，F共作用时间为6s，（取g=10m/s2）求：（1）铁块和木板在前2s的加速度大小分别为多少？（2）铁块和木板相对静止前，运动的位移大小各为多少？（3）力F作用的最后2s内，铁块和木板的位移大小分别是多少？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）分别对两物体受力分析，由牛顿第二定律可求得两物体的加速度；（2）分析两物体的运动过程，求出速度相等的时间；再则由位移公式可求得总位移；（3）利用牛顿第二定律求的加速度，在利用运动学公式求的位移解答：解：（1）前2s，对铁块m：F﹣μmg=ma1，代入数据解得：a1=3m/s2对M：μmg=Ma2，代入数据解得：a2=2m/s2（2）2s内m的位移为。
2015年安徽省亳州市涡阳四中高一上学期物理期末试卷与解析
2014-2015学年安徽省亳州市涡阳四中高一（上）期末物理试卷一、单项选择题．（共10个小题，每小题4分，共40分）1．（4分）下列各组物理量中都是矢量的是（）A．力平均速度长度B．长度质量时间C．位移速率加速度D．位移速度变化量加速度2．（4分）关于匀变速直线运动，下列说法正确的是（）A．加速度的方向就是速度的方向B．加速度的方向就是位移的方向C．匀加速直线运动中，物体的加速度与速度方向相同D．匀减速直线运动中，位移和速度都随时间的增加而减小3．（4分）一个石子从高处释放，做自由落体运动，已知它在第1s内的位移大小是5m，则它在第3s内的位移大小是（）A．25m B．35m C．45m D．15m4．（4分）在光滑水平桌面上质量为2kg的物体，同时受到2N和3N两个水平共点力的作用，则物体的加速度可能为（）A．2m/s2B．3m/s2C．4m/s2D．5m/s25．（4分）如图所示，一匹马拉着车在公路上加速前进。
关于马拉车的力与车拉马的力，下列说法正确的是（）A．由于马车加速前进，马拉车的力大于车拉马的力B．只有马车匀速前进，马拉车的力才等于车拉马的力C．马拉车的力与车拉马的力是一对平衡力，大小始终相等D．马拉车的力与车拉马的力是一对相互作用力，大小始终相等6．（4分）在光滑水平面上原来静止的木块受到一个方向水平向右，大小从某一数值逐渐减小的外力作用时，木块将做（）A．匀减速运动B．匀加速运动C．速度逐渐减小的变加速运动D．速度逐渐增大的变加速运动7．（4分）如图（甲）所示，小孩用60N的水平力推木箱不动，木箱此时受到的摩擦力大小为F1；（乙）图中，小孩用90N的水平力恰能推动木箱，此时木箱与地面间的摩擦力大小为F2；（丙）图中，小孩把木箱推动了，此时木箱与地面间摩擦力大小为F3．若木箱对地面的压力大小为100N，木箱与地面间动摩擦因数为μ=0.85，则F 1、F2、F3的大小分别为（）A．60N、90N、90N B．60N、45N 85N C．60N、90 N，85N D．0、90N、85N 8．（4分）如图所示是我国长征火箭把载人神舟飞船送上太空的情景．宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中均要经受超重与失重的考验，下列说法正确的是（）A．火箭加速上升时，宇航员处于失重状态B．火箭加速上升时的加速度逐渐减小时，宇航员对座椅的压力小于其重力C．飞船加速下落时，宇航员处于超重状态D．飞船落地前减速下落时，宇航员对座椅的压力大于其重力9．（4分）如图所示为A、B两质点作直线运动的v﹣t图象，已知两质点在同一直线上运动，由图可知（）A．两个质点一定从同一位置出发B．0﹣t2秒时间内B质点的平均速度大于AC．0﹣t2秒时间内B质点一直领先AD．t2秒末两质点相遇10．（4分）如图所示，物体静止在斜面上，斜面对物体作用力的方向是（）A．沿斜面向上B．垂直斜面向上C．竖直向上D．以上说法都不对二、填空题．（每空4分，共16分）11．（8分）打点计时器是一种记录运动物体在一定时间间隔内的仪器，在用打点计时器来做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验时，某同学从打出的纸带中选出A、B、C、D四个计数点，如图所示，测出AB=4.6cm，BC=5.8cm，CD=7.0cm，若相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，则打B点时物体的瞬时速度大小约为m/s，物体做匀变速直线运动的加速度a=m/s2．12．（8分）在探究求合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条．（1）实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列那些说法是正确的A．将橡皮条拉伸相同长度即可B．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置C．将弹簧秤拉到相同刻度D．将橡皮条沿相同方向拉即可（2）如图为某同学做实验时所做的一个实验：保持O点的位置和a弹簧秤的拉伸方向不变，使b弹簧秤从图示位置开始缓慢向顺时针方向转动，则在整个过程中，关于a、b两弹簧秤示数的变化情况是A．a示数增大，b示数减小B．a示数减小，b示数增大C．a示数减小，b示数先减小后增大D．a示数减小，b示数先增大后减小．三、计算题．（共4小题，共44分，以下各题采用其它方法，只要合理正确也一样给分）13．（10分）一质点从静止开始以1m/s2的加速度做匀加速运动，经过5s后做匀速运动，最后2s的时间使质点匀减速到静止，则（1）质点匀速运动时的速度多大？（2）减速运动时的加速度多大？14．（10分）如图所示重为G=10N的物体在两根细绳的悬挂下处于静止状态．细绳AC、BC与竖直方向的夹角分别为θ1=60°，θ2=30°，求细绳AC、BC对物体的拉力各多大？15．（12分）一质量m=5kg的小车，以v0=16.8m/s的初速度滑上倾角θ=37°的斜面，小车与斜面间的动摩擦因数μ=0.3（取g=10m/s2．sin37°=0.6，cos37°=0.8）。
【华普教育】2015年安徽省高三第二次高考模拟考试理综试题物理试题及答案解析
2015安徽省高三第二次高考模拟考试理科综合能力测试物理试题考生注意事项：1．答题前，务必在试题卷、答题卡规定的地方填写自己的姓名、座位号，并认真核对答题卡上所粘贴的条形码中姓名、座位号与本人姓名、座位号是否一致。
务必在答题卡背面规定的地方填写姓名和座位号后两位。
2．答第Ⅰ卷时，每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
3．答第Ⅱ卷时，必须使用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡卜书写，要求字体工整、笔迹清晰。
作图题可先用铅笔在答题卡规定的位置绘出，确认后再用0.5毫米的黑色墨水签字笔捕清楚。
必须在题号所指示的答题区域作答．超出答题区域书写的答案无效．在试题卷、草稿纸上答题无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。
4．考试结束，务必将试题卷和答题卡一并上交。
第Ⅰ卷（选择题共42分）本卷共7小题，每小题7分，共42分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
第Ⅱ卷（非选择题共68分）2015安徽省高三第二次高考模拟考试物理参考答案一、简要答案：二、详细解析：14.答案：C解析：因为两束光折射后相交于图中的M点，根据折射定律可知a光的折射率n a＞n b，a光的频率f a＞f b，光在真空中的传播速度相等；由λ= cf得B错误；由v=cn得C正确；根据sin C=1n得D错。
15.答案：D解析：将A、B、C看做一个系统，对系统受力分析可知，选项A错；由于木块A恰能沿斜面匀速下滑，即动摩擦因数μ＝tanθ，选项B错；设平行于斜面的推力为F，对A、B、C系统，斜面体C对地面压力大小为4mg－F sinθ，对A、B系统，F=2mg sinθ+2μmg cosθ=4mg sinθ，因此斜面体C对地面压力大小为4mg－F sin θ＝4mg cos 2θ，选项D 正确、C 错误。
16.答案：A解析：当滑片位于变阻器中点O 时，根据欧姆定律得I 0=U2R。
2015年安徽省中学考试物理考试卷及问题详解
学校 班级 姓名 考号 密 封 线 内 不 要 答 题…………………………………………密……………………封……………………线……………………………………2015年安徽省初中毕业学业考试物 理注意事项：1.本卷共四大题23小题，满分90分。
物理与化学的考试时间共120分钟。
2.试卷包括题“试题卷”(4页)和“答题卷”(4页)两部分，请务必在“答题卷”上答题，在“试题卷”答题无效。
3.考试结束后，请将“试题卷”和“答题卷”一并交回。
4.本卷试题中g 值均取10N/kg 。
一、填空题（每空2分，共26分）1.许多男生在变声期后，说话时声带振动的频率比以前低，因而声音的 会降低。
2.挖开多年堆煤的地面，会看到地面下一定深度的土层带有黑色。
这一现象表明煤的分子在不停地 ，扩散到地面的土层中了。
3.图为卫星绕地球飞行的轨道示意图。
卫星在飞行过程中机械能不变， 第3题图 当卫星运行到近地点时，其动能最 （选填“大”或“小”）4.通电螺线管的N 、S 极如图所示，由此可判断电流是从 （选填a 或b ）端流入螺线管的。
第4题图 第5题图 第6题图5.图为动圈式话筒的构造示意图。
对着话筒说话时，声音使膜片振动，带动线圈在磁场中振 动，把线圈两端的导线接入扩音机，就能通过扬声器听到说话的声音。
这种话筒应有的原理是 。
6．如图，AB 为能绕B 点转动的轻质杠杆，中点C 处用细线悬挂一重物，在A 端施加一个竖直向上大小为10N 的拉力F ，使杠杆在水平位置保持平衡，则物重G= N 。
若保持拉力方向不变，将A 端缓慢向上提升一小段距离，在提升的过程中，拉力F 将 （选填“增大”“不变”或“减小”）。
7.当天空中空气的湿度很大、两块云之间的电压很高时，原先不导电的空气就会变成导体， 强大的电流可在瞬间通过天空，形成闪电。
某次闪电的放电电流约为1×104A 电压约1.8×108V ，放电时间约0.01S ，则这次闪电释放的电能约 J,合 kW ·h 。
高中分校高三物理上学期第二次模拟考试试题-人教版高三全册物理试题
2015—2016学年度第一学期高三第二次摸底考试物理试题第1卷〔选择题共56分〕一、选择题〔此题共14小题，每题4分,共56分。
其中1、3、11、12小题为双项选择题，双项选择全部选对得4分，少选得2分，错选、多项选择或不选均不得分〕1．如下列图，水平地面上的物体A，在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速运动，如此如下说法中正确的答案是( )A．物体A可能只受到三个力的作用B．物体A一定受到了四个力的作用C．物体A受到的滑动摩擦力大小为F cosθD．物体A对水平地面的压力的大小一定为F sinθ2．如下列图，加装“保护器〞的飞机在空中发生事故失去动力时，上方的降落伞就会自动弹出。
一根伞绳能承重2000N，伞展开后伞绳与竖直方向的夹角为37°，飞机的质量约为8吨。
忽略其他因素，仅考虑当飞机处于平衡时，降落伞的伞绳至少所需的根数最接近于(图中只画出了2根伞绳，sin370=0.6,cos370=0.8)( )A．25 B．50 C．75 D．1003．在一次救灾行动中，直升机悬停在空中向地面无初速投放救灾物品，物品所受的空气阻力与其下落的速率成正比。
假设用v、a、t分别表示物品的速率、加速度的大小和运动的时间，如此在物品下落过程中，图中表示其v－t和a－v关系的图像可能正确的答案是( )4．用40 N的水平力F拉一个静止在光滑水平面上、质量为20 kg的物体，力F作用3 s 后撤去，如此第5 s末物体的速度和加速度的大小分别是( )A．v＝6 m/s，a＝0 B．v＝10 m/s，a＝2 m/s2C．v＝6 m/s，a＝2 m/s2D．v＝10 m/s，a＝05．关于摩擦力，有人总结了“四条不一定〞，其中说法错误的答案是( ) A．摩擦力的方向不一定与物体的运动方向一样B．静摩擦力的方向不一定与运动方向共线C．受静摩擦力或滑动摩擦力的物体不一定静止或运动D．静摩擦力一定是阻力，滑动摩擦力不一定是阻力6．如下列图，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力(A．方向向左，大小不变 B．方向向左，逐渐减小C．方向向右，大小不变 D．方向向右，逐渐减小7．如下列图，一个物体受到三个共点力F1、F2、F3的作用，假设将它们平移并首尾相接，三个力矢量组成了一个封闭三角形，如此物体所受的这三个力的合力大小为( )A．2F1B．F2C．2F3D．08．如下列图，三根一样的绳子末端连接于O点，A、B端固定，C 端受一水平力F，当F逐渐增大时(O点位置保持不变)，最先断的绳子是A．OA绳 B．OB绳C．OC绳 D．三绳同时断9．如下列图，当汽车通过拱桥顶点的速度为10 m/s时，车对桥顶的压力为车重的3/4，如果要使汽车在粗糙的桥面行驶至桥顶时，不受摩擦力作用，如此汽车通过桥顶的速度应为〔g=10m/s2〕〔〕A.15 m/sB.20 m/sC.25 m/sD.30 m/s10．如图①所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平面上的A处滑上传送带．假设从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v－t图像(以地面为参考系)如图②所示．v2>v1，如此( )A．t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B．t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用11．关于曲线运动和圆周运动，以下说法中正确的答案是〔〕A.做曲线运动的物体受到的合外力一定不为零B.做曲线运动的物体的加速度一定是变化的C.做圆周运动的物体受到的合外力方向一定指向圆心D.做匀速圆周运动物体的加速度方向一定指向圆心12．一位蹦床运动员仅在竖直方向上运动，弹簧床对运动员的弹力F随时间t的变化规律通过传感器用计算机绘制目出来，如下列图取重力加速度g＝10m/s2,如此由图象提供的信息可知〔〕A.运动员的质量为50.0kgB.运动员第一次离开蹦床的时刻为t＝6.0s时刻C.运动员运动过程中的最大加速度为50.0 m/s2D.运动员离开蹦床跳起的最大高度为5.0.m13．有一均匀的细软链放在光滑木桌面上，它的一端稍露出桌面边缘下时〔如下列图〕，整链运动是〔〕A、保持静止B、匀速下降C、匀加速下降D、变加速下降14．如下列图，两个重叠在一起的滑块，置于固定的倾角为θ的斜面上，滑块A 和滑块B 的质量分别为m和n。
安徽省涡阳县第四中学1415学年度高一上学期期末——物理物理
安徽省涡阳县第四中学2014—2015学年度上学期期末考试高一物理试题（考试时间：90分钟总分：100分）一、单项选择题。
（共10个小题，每小题4分，共40分）1．下列各组物理量中都是矢量的是（)A．力平均速度长度B．长度质量时间C．位移速率加速度D．瞬时速度速度变化量加速度2．关于匀变速直线运动，下列说法正确的是（)A．加速度的方向就是速度的方向B．加速度的方向就是位移的方向C．匀加速直线运动中，物体的加速度与速度方向相同D．匀减速直线运动中，位移和速度都随时间的增加而减小3．一个石子从高处释放，做自由落体运动，已知它在第1 s内的位移大小是5m，则它在第3 s内的位移大小是（）A．25m B．35m C．45m D．15m4．在光滑水平桌面上质量为2kg的物体，同时受到2N和3N两个水平共点力的作用，则物体的加速度可能为( )A.2B.3C. 4D. 55．如图所示，一匹马拉着车在公路上加速前进。
关于马拉车的力与车拉马的力，下列说法正确的是（）A. 由于马车加速前进，马拉车的力大于车拉马的力B. 只有马车匀速前进，马拉车的力才等于车拉马的力C. 马拉车的力与车拉马的力是一对平衡力，大小始终相等D. 马拉车的力与车拉马的力是一对相互作用力，大小始终相等6．在光滑水平面上原来静止的木块受到一个方向水平向右，大小从某一数值逐渐减小的外力作用时，木块将做（）A．速度逐渐增大的变加速运动B．速度逐渐减小的匀减速运动C．速度逐渐增大的匀加速运动D．速度逐渐减小的变加速运动7．如图（甲）所示，小孩用60N的水平力推木箱不动，木箱此时受到的摩擦力大小为F1；（乙）图中，小孩用90N的水平力恰能推动木箱，此时木箱与地面间的摩擦力大小为F2；（丙）图中，小孩把木箱推动了，此时木箱与地面间摩擦力大小为F3 ．若木箱对地面的压力大小为100N，木箱与地面间动摩擦因数为μ=0.85，则F1、F2、F3的大小分别为（）A．60N、90N、90N B．60N、45N、85N C．60N、90N、85N D．0、90N、85N 8．如图所示是我国长征火箭把载人神舟飞船送上太空的情景．宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中均要经受超重与失重的考验，下列说法正确的是（）A．火箭加速上升时，宇航员处于失重状态B．火箭加速上升时的加速度逐渐减小时，宇航员对座椅的压力小于其重力C．飞船加速下落时，宇航员处于超重状态D．飞船落地前减速下落时，宇航员对座椅的压力大于其重力9．如图所示为A、B两质点作直线运动的v-t图象，已知两质点在同一直线上运动，由图可知（）A．两个质点一定从同一位置出发B．0-t2秒时间内B质点的平均速度大于AC．0-t2秒时间内B质点一直领先AD．t2秒末两质点相遇10．如图所示，物体静止在斜面上，斜面对物体作用力的方向是（）A．沿斜面向上B．竖直向上C．垂直斜面向上D．都有可能二、填空题。
高三物理月考试题及答案-安徽亳州市涡阳四中2016届高三上学期周练试卷
安徽省亳州市涡阳四中2015-2016学年高三（上）周练物理试卷一、选择题（每题4分，共5题.其中1至3题只有一个选项正确.4、5两题为多选题）1．（4分）如图所示，人沿平直的河岸以速度v行走，且通过不可伸长的绳拖船，船沿绳的方向行进，此过程中绳始终与水面平行．当绳与河岸的夹角为α，船的速率为（）A．B．vsinαC．D．vcosα2．（4分）起重机以1m/s2的加速度将质量为1000kg的货物由静止匀速地向上提升，若g 取10m/s2，则在1s内起重机对货物所做的功是（）A．500J B．4500J C．5000J D．5500J3．（4分）如图所示，质量相同的两物体从同一高度由静止开始运动，A沿着固是在地面上的光滑斜面下滑，B做自由落体运动．两物体分别到达地面时下列说法正确的是（）A．重力的平均功率＞B．重力的平均功率=C．重力的瞬时功率P A=P B D．重力的瞬时功率P A＜P B4．（4分）设地球半径为R，a为静止在地球赤道上的一个物体，b为一颗近地绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，c为地球的一颗同步卫星，其轨道半径为r．下列说法中正确的是（）A．a与c的线速度大小之比为B．a与c的线速度大小之比为C．b与c的周期之比为D．b与c的周期之比为5．（4分）一个小物块从斜面底端冲上足够长的斜面后，返回到斜面底端．已知小物块的初动能为E，它返回斜面底端的速度大小为V，克服摩擦阻力做功为．若小物块冲上斜面的初动能变为2E，则有（）A．返回斜面底端时的动能为EB．返回斜面底端时的动能为C．返回斜面底端时的速度大小为2VD．返回斜面底端时的速度大小为二.填空题（10分）6．（4分）在“探究力、加速度和物体的质量之间的关系”的实验中，实验装置如图甲所示．有一位同学通过实验测量作出了图乙中的A图线．试分析：①A图线不通过坐标原点的原因是；②A图线上部弯曲的原因是．7．（6分）某同学在做“研究匀变速直线运动”实验时得到如图所示的纸带，设0点是计数的起始点，两相邻计数点之间的时间间隔为0.1s则打计数点2时物体的瞬时速度为v2=m/s，物体的加速度a= m/s2．三.计算题（本题包括小题，8分+12分，共20分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值与单位）8．（8分）某宇航员在一星球表面附近高度为H处以速度v0水平抛出一物体，经过一段时间后物体落回星球表面，测得该物体的水平位移为x，已知星球半径为R，万有引力常量为G．不计空气阻力，求：（1）该星球的质量（2）该星球的第一宇宙速度大小．9．（12分）在一段平直公路上，质量为2×103kg的汽车，从静止开始做匀加速运动，经过2s，速度达到10m/s．随后汽车以P=6×104W的额定功率沿平直公路继续前进，又经过50s 达到最大速度．设汽车所受阻力恒定，大小为1.5×103N．求：（1）汽车行驶的最大速度值；（2）汽车速度为20m/s时的加速度大小；（3）汽车从静止到最大速度所经过的路程．安徽省亳州市涡阳四中2015-2016学年高三（上）周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，共5题.其中1至3题只有一个选项正确.4、5两题为多选题）1．（4分）如图所示，人沿平直的河岸以速度v行走，且通过不可伸长的绳拖船，船沿绳的方向行进，此过程中绳始终与水面平行．当绳与河岸的夹角为α，船的速率为（）A．B．vsinαC．D．vcosα考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：人在行走的过程中，小船前进的同时逐渐靠岸，将人的运动沿着绳子方向和垂直绳子方向正交分解，由于绳子始终处于绷紧状态，故小船的速度等于人沿着绳子方向的分速度，根据平行四边形定则，将人的速度v分解后，可得结论．解答：解：将人的运动速度v沿着绳子方向和垂直绳子方向正交分解，如图，由于绳子始终处于绷紧状态，因而小船的速度等于人沿着绳子方向的分速度根据此图得：v c=vcosα，故D正确，ABC错误；故选：D．点评：本题关键找到人的合运动和分运动，然后根据正交分解法将人的速度分解即可；本题容易把v船分解而错选D，要分清楚谁是合速度，谁是分速度．2．（4分）起重机以1m/s2的加速度将质量为1000kg的货物由静止匀速地向上提升，若g取10m/s2，则在1s内起重机对货物所做的功是（）A．500J B．4500J C．5000J D．5500J考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：根据牛顿第二定律求出拉力的大小，结合运动学公式求出花纹上升的位移，从而求出拉力做功大小．解答：解：根据牛顿第二定律得：F﹣mg=ma，解得：F=mg+ma=1000×（10+1）N=11000N．上升的位移为：x=at2=×1×12=0.5m．则拉力做功为：W=Fx=11000×0.5J=5500J．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：本题综合运用了牛顿第二定律和运动学公式，难度不大，也可以通过定能定理求解．3．（4分）如图所示，质量相同的两物体从同一高度由静止开始运动，A沿着固是在地面上的光滑斜面下滑，B做自由落体运动．两物体分别到达地面时下列说法正确的是（）A．重力的平均功率＞B．重力的平均功率=C．重力的瞬时功率P A=P B D．重力的瞬时功率P A＜P B考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：根据动能定理求出到达地面时的速度，根据瞬时功率的公式求出重力的瞬时功率．结合牛顿第二定律和运动学公式比较运动的时间，通过平均功率的公式求出重力的平均功率．解答：解：A、B做自由落体运动，运动时间．A做匀加速直线运动，a=gsinθ，根据得，．重力做功相等，根据知，．故A、B错误．C、根据动能定理，mgh=得，物块到达底端时的速度v=．A物体重力的瞬时功率P A=mgvsinθ，B物体重力的瞬时功率P B=mgv．则P A＜P B．故C错误，D正确．故选D．点评：解决本题的关键知道平均功率和瞬时功率的区别，掌握平均功率和瞬时功率的求法．4．（4分）设地球半径为R，a为静止在地球赤道上的一个物体，b为一颗近地绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，c为地球的一颗同步卫星，其轨道半径为r．下列说法中正确的是（）A．a与c的线速度大小之比为B．a与c的线速度大小之比为C．b与c的周期之比为D．b与c的周期之比为考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度和周期，根据v=rω，计算线速度的之比，根据万有引力提供向心力计算b、c的周期之比．解答：解：AB、地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度，所以ωa=ωc，根据v=rω，a与c的线速度大小之比为，故A正确，B错误．CD、根据得：T=2π，故b的周期与c的周期之比为，故C错误、D正确．故选：AD．点评：地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度和周期，根据v=rω，a=rω2比较线速度的大小和向心加速度的大小，根据万有引力提供向心力比较b、c的线速度、角速度、周期和向心加速度大小．5．（4分）一个小物块从斜面底端冲上足够长的斜面后，返回到斜面底端．已知小物块的初动能为E，它返回斜面底端的速度大小为V，克服摩擦阻力做功为．若小物块冲上斜面的初动能变为2E，则有（）A．返回斜面底端时的动能为EB．返回斜面底端时的动能为C．返回斜面底端时的速度大小为2VD．返回斜面底端时的速度大小为考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）冲上斜面和返回到斜面底端两过程中克服摩擦阻力做功相等；（2）初动能增大后，上升的高度也随之变大，可根据匀减速直线运动的速度位移公式求出上升的位移，进而表示出克服摩擦力所做的功；（3）对两次运动分别运用动能定理即可求解．解答：解：以初动能为E冲上斜面并返回的整个过程中运用动能定理得：①设以初动能为E冲上斜面的初速度为V 0，则以初动能为2E冲上斜面时，初速度为，加速度相同，根据2ax=可知第二次冲上斜面的位移是第一次的两倍，所以上升过程中克服摩擦力做功是第一次的两倍，整个上升返回过程中克服摩擦力做功是第一次的两倍，即为E．以初动能为2E冲上斜面并返回的整个过程中运用动能定理得：②，所以返回斜面底端时的动能为E，A正确，B错误；由①②得：，C错误，D正确．故选AD．点评：该题考查了动能定理的直接应用，注意以不同的初动能冲上斜面时，运动的位移不同，摩擦力做的功也不同．二.填空题（10分）6．（4分）在“探究力、加速度和物体的质量之间的关系”的实验中，实验装置如图甲所示．有一位同学通过实验测量作出了图乙中的A图线．试分析：①A图线不通过坐标原点的原因是没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够；②A图线上部弯曲的原因是未满足拉车的砝码质量m远小于小车的质量M．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：在“探究加速度a与物体所受合力F及质量m关系”的实验中，通过控制变量法，先控制m一定，验证a与F成正比，再控制F一定，验证a与m成反比；实验中用砂和砂桶的重力代替小车的合力，故要通过将长木板右端垫高来平衡摩擦力和使小车质量远大于砂和砂桶质量来减小实验的误差！解答：解：①开始当小车挂上重物时，加速度却为零，线性图象不通过坐标原点，故导致图象不过原点的原因是木板倾角偏小．即说明操作过程中平衡摩擦力不足．②设小车的质量为M，砂和砂桶的质量为m，根据牛顿第二定律得：对m：mg﹣F拉=ma对M：F拉=Ma解得：a=F拉=当m＜＜M时，即当砝码和小桶的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于砂和砂桶的总重力．从图象上可以看出：F从0开始增加，砂和砂桶的质量远小于车的质量，慢慢的砂和砂桶的重力在增加，那么在后面砂和砂桶的质量就没有远小于车的质量，由加速度表达式知a逐渐减小，所以图象向下弯曲．所以原因是未满足砂和砂桶的质量远小于车的质量．故答案为：①没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够；②未满足拉车的砝码质量m远小于小车的质量M．点评：利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．实验用控制变量法，本实验只有在满足平衡摩擦力和小车质量远大于砂和砂桶质量的双重条件下，才能用砂和砂桶重力代替小车所受的合力！7．（6分）某同学在做“研究匀变速直线运动”实验时得到如图所示的纸带，设0点是计数的起始点，两相邻计数点之间的时间间隔为0.1s则打计数点2时物体的瞬时速度为v2=0.57 m/s，物体的加速度a= 1.00m/s2．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小．解答：解：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，v2=根据匀变速直线运动推论有：S34﹣S12=2a1T2①S23﹣S01=2a2T2②a=③联立①②③得：==1.00m/s2，故答案为：0.57；1.00点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．三.计算题（本题包括小题，8分+12分，共20分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值与单位）8．（8分）某宇航员在一星球表面附近高度为H处以速度v0水平抛出一物体，经过一段时间后物体落回星球表面，测得该物体的水平位移为x，已知星球半径为R，万有引力常量为G．不计空气阻力，求：（1）该星球的质量（2）该星球的第一宇宙速度大小．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：1、小球在星球表面做平抛运动，其加速度等于该星球表面的重力加速度g，根据平抛运动的规律列式求g，根据物体的重力等于万有引力，列式求该星球的质量．2、第一宇宙速度就是卫星贴近该星球表面飞行的速度，根据万有引力提供向心力，得，得，代入数据化简即可．解答：解：（1）抛出的物体在星球表面做平抛运动，水平方向上做匀速直线运动，位移x=v0t，竖直方向上做自由落体运动，位移由以上二式可得该星球表面的重力加速度星球表面的物体受到的重力等于万有引力，得=（2）第一宇宙速度就是卫星贴近该星球表面飞行的速度，根据万有引力提供向心力得由上一小题可知，GM=R2g所以==．答：（1）该星球的质量为．（2）该星球的第一宇宙速度大小为．点评：本题是万有引力与平抛运动的综合，要抓住平抛运动的加速度就等于重力加速度，能熟练运用运动的分解法处理平抛运动，根据万有引力等于重力求天体的质量．9．（12分）在一段平直公路上，质量为2×103kg的汽车，从静止开始做匀加速运动，经过2s，速度达到10m/s．随后汽车以P=6×104W的额定功率沿平直公路继续前进，又经过50s 达到最大速度．设汽车所受阻力恒定，大小为1.5×103N．求：（1）汽车行驶的最大速度值；（2）汽车速度为20m/s时的加速度大小；（3）汽车从静止到最大速度所经过的路程．考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：（1）当牵引力等于阻力时，速度最大，根据P=Fv=fv求出最大速度．（2）根据P=Fv求出速度为20m/s时的牵引力，根据牛顿第二定律求出汽车的加速度．（3）根据运动学公式求出匀加速直线运动的位移，根据动能定理求出变加速直线运动的位移，从而求出汽车从静止到最大速度时经过的路程．解答：解：（1）由P=fv m，得：，（2）由P=Fv，得：，故加速度为：，（3）匀加速的位移：，由动能定理：，解得：x2=1000m，汽车从静止到最大速度时经过的路程：x=x1+x2=10m+1000m=1010m．答：（1）汽车的最大速度为40m/s．（2）汽车在20m/s时的加速度0.75m/s2．（3）汽车从静止到最大速度时经过的路程s为1010m．点评：本题综合考查了牛顿第二定律、动能定理以及运动学公式，综合性较强，解决本题的关键知道当牵引力与阻力相等时，速度最大．。
安徽省涡阳县第四中学2015届高三上学期第二次月考物理试题 扫描版含答案
物理参考答案【B-015】v 2=v 0+a 1t 2=4m/s –10×2m/s=-16m/s ，加速度223232m/s 16m/s 1)16(0=--=-=t v v a 。
跳出2.5s 末的速度为：v 4=v 2+a 2t 4=-16m/s+16×0.5m/s=-8m/s 。
只有选项A 正确。
6.B 【解析】光滑小球恰好保持与斜面相对静止,则有重力与斜面弹力的合力水平向左，根据力的合成与分解，得小球tan F mg θ=合，易得加速度大小是tan g θ选项B 正确；弹力sin N mgF θ=，选项A 错误；由于在竖直方向上没有加速度，所以整体在竖直方向上合力为零，有()F M m g=+支持，选项C 错误；整体是由于摩擦力导致的减速，tan μθ=，D 错误。
7.C 【解析】以A 为研究对象，根据牛顿第二运动定律可得：F T –mg sin37°=ma ，解得a =0.2g ，小车A 、B 的加速度均为0.2g ，选项A 正确；以A 、B 整体为研究对象：F cos37°–2mg sin37°=2ma ，解得F =2mg ，选项B 正确；撤掉F 的瞬间，绳子上的拉力立刻消失了，小物块A 的加速度方向变为向下，选项C 错误、D 正确。
答案选C8.B 【解析】在外力不断变大的过程中A 、B 可能先相对静止一起加速（加速度逐渐变大）选项C 、D 错误；而后出现相对滑动，恰好发生相对滑动时有，F =kt =（m 1+m 2）a ，f =m 1a ，已知m 1=m 2，两式联立可得t =kf2，此后B 物体在滑动摩擦力作用下做匀加速运动，选项A 错误、B 正确。
9.D 【解析】将物体的重力分别沿光滑的弦轨道P 1A 、P 2A 方向和垂直轨道方向分解，则沿光滑的弦轨道P 1A 、P 2A 方向分力分别为m 1g cos θ1和m 2g cos θ2，其加速度分别为g cos θ1和g cos θ2，若两物体质量相同，则两物体所受的合外力之比为cos θ1:cosθ2，选项B 错误、D 正确；因为弦轨道长度L =d cos θ，由L=21at 2，解得t =g d 2。
安徽省亳州市涡阳四中2014-2015学年高一物理上学期第二次质检试卷(含解析)
2014-2015学年安徽省亳州市涡阳四中高一（上）第二次质检物理试卷一．选择题．本大题共10小题，每题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的．1．（4分）（2010•松江区二模）根据速度定义式v=，当△t极短时，就可以表示物体极短时，可以表示物体在2．（4分）（2014秋•青原区校级期末）关于速度、速度的变化和加速度的关系，下列说法中本题选错误的，故选：4．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）材料相同质地均匀的木块a、b固定在水平面上，如图所示．可视作质点的子弹以初速度v0沿水平方向从a左端射入，恰能从b右端射出，已知b 的长度是a长度的二倍，设子弹在木块中运动的加速度相同，则子弹开始进入b时的速度大小是（）v0 Bv0 v0 v0v=，即，解得5．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）甲球的重力是乙球的3倍，甲、乙分别从高H、2H处、因为甲乙物体同时做自由落体运动，它们的初速度为零，加速度为6．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）一架梯子长25米，靠在光滑的竖直墙上，梯子底端离7．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）如图所示，起重机匀速吊装货物，货物上绳子分别为甲、乙、丙三种状况，绳子最容易断的情况是（）8．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）如图所示，质量为m=2kg的木块P在质量为M=4kg的长木板ab上滑行，长木板放在水平地面上一直处于静止状态．若长木板ab与地面间的动摩擦因数为μ1=0.3，木块P与长木板ab间的动摩擦因数为μ2=0.4，则长木板ab受到地面的摩擦力大小为（）9．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）在两条平行的直车道上a、b两车同方向行驶，它们的v﹣t图象如图所示．在t=0时刻，两车间距离为d；t=T的时刻它们第一次相遇．关于两车之间的关系，下列说法正确的是（）移，根据相遇的条件可知两物体能否相遇10．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）在做“验证力的平行四边形定则”的实验时，用甲、乙两个测力计通过细线拉橡皮条的结点，使其到达O点，此时α+β=90°，如图所示，然后保持乙的示数不变，而使α角减小，为保持结点位置不变，可采用的办法是（）体的动态平衡，由题意可知：方向不变，A．二、实验题：本题共2小题，共16分．把答案填在题中的横线上或按照题目要求作答．11．（8分）（2014秋•涡阳县校级月考）为了测量某一弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上不同质量的砝码．实验测出了砝码质量m与弹簧长度L的相应数据，其对应点已在图上标出．（g=10m/s2）（1）作出m﹣L的关系图线；（2）弹簧原长是8cm；弹簧的劲度系数为 5.26N/m．读出斜率求出劲度系数k===g•k12．（8分）（2014秋•涡阳县校级月考）某实验小组在实验室探究匀变速运动规律时，获取一条做匀减速直线运动的小车牵引的纸带，打点计时器使用交流电源的频率是50Hz，由纸带上打出的某一点开始，每5个点剪下一段纸带，按如图所示，使每一条纸带下端与x轴重合，左边与y轴平行，将纸带贴在直角坐标系中，则：（1）打点计时器正常工作时，打点的时间间隔取决于DA．交流电压的高低B．墨粉纸盘的大小C．纸带的长度D．交流电的频率为减小实验误差，通常采取隔相同点取计数点的方法，如上述实验小组，其选取的相邻两计数点之间的时间间隔为0.10s（2）在第二条纸带内中间时刻的速度是0.96m/s；（3）由上述数据可知小车运动的加速度是0.06m/s2（计算结果保留两位有效数字）v=m/s=0.96m/sm/s2=0.06m/s2三．计算题．（本题共4小题，共44分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）13．（10分）（2014秋•涡阳县校级月考）如图所示的装置处于静止状态．已知A、B两点在同一水平面上，轻绳OA、OB与水平方向的夹角分别为α=30°，β=60°，物体所受重力为G，求：物体的重力沿AB、CD方向的分力大小．的重力按平行四边形定则进行分解，然后根据几何知识求解．GFCD=G方向的分力大小分别为G14．（10分）（2014秋•信阳期末）同学们学习了《伽利略对自由落体运动的研究》后，老师给大家出了这样一道题：假设有人把一个物体从比萨斜塔塔顶无初速落下（不考虑空气阻力），物体到达地面前最后一秒内通过的位移为整个位移的，求塔高H（取g=10m/s2）．有同学给出的解法：根据h=gt2得物体在最后1s内的位移h1=gt2=5m，再根据=；得H=7.81m，这位同学的解法是否正确？如果正确说明理由，如果不正确请给出正确解析过程和答案．h=gt2H=g t2h=g由题意得=h=15．（12分）（2014秋•涡阳县校级月考）气球以10m/s的速度匀速竖直上升，从气球上掉下一个物体，经10s到达地面（g=10m/s2）．求：（1）物体刚脱离气球时气球的高度．（2）物体落地前瞬间的速度是多大．gt2v0t+gt2=10×m=400m16．（12分）（2014秋•涡阳县校级月考）如图所示，质量为m=2kg的物体A底部连接在竖直轻弹簧B的一端，弹簧B的另一端固定于水平面上，劲度系数为k1=200N/m．用细绳跨过定滑轮将物体A与另一根劲度系数为k2的轻弹簧C连接，此时A上端轻绳恰好竖直伸直．当弹簧C处在水平位置且未发生形变时，其右端点位于a位置．将弹簧C的右端点沿水平方向缓慢拉到b位置时，弹簧B对物体A的拉力大小恰好等于A的重力．已知ab=40cm，求：（1）当弹簧C处在水平位置且未发生形变时，弹簧B的形变大小．（2）该过程中物体A上升的高度为多少？劲度系数k2是多少？力的平衡条1==- 11 -。
安徽省涡阳四中2014-2015学年高二下学期期末考试物理试卷及答案
涡阳四中2014～2015学年度第二学期期末教学质量检测高二物理试卷（理科）一．选择题：本题共 10 小题，每小题 4 分，在每小题给出的四个选项中，第 1～6题只有一项符合题目要求，第 7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。
1．根据麦克斯韦电磁理论可知( )A ．电场在其周围空间一定产生磁场B ．磁场在其周围空间一定产生电场C ．变化的电场在其周围空间一定产生磁场D ．变化的磁场在其周围空间一定产生变化的电场2、劲度系数为20N ／cm 的弹簧振子，它的振动图象如图所示，则A 点对应的时刻（ ）A ．A 点对应的时刻，振子所受弹力大小为5N ，方向指向x 轴正方向B ．A 点对应的时刻，振子的速度方向指向x 轴的正方向C ．在0～4s 内振子作了1．75次全振动D ．在0～4s 内振子通过的路程为0．35cm ，位移为零3、光热转换是将太阳能转换成其他物质内能的过程，太阳能热水器就是一种光热转换装置，它的主要转换器件是真空玻璃管，这些玻璃管将太阳能转换成水的内能。
如图所示，真空玻璃管上采用镀膜技术增加透射光，使尽可能多的太阳能转换成热能，这种镀膜技术的物理依据是（ ）A ．光的干涉B ．光的衍射C ．光的直线传播D ．光的偏振4. 关于多普勒效应，下列说法正确的是( ) A ．产生多普勒效应的原因是波源频率发生了变化B ．产生多普勒效应的原因是观察者或波源发生运动C ．甲、乙两列车相向行驶，两车均鸣笛，且所发出的笛声频率相同，那么乙车中的某旅客听到的甲车笛声频率低于他听到的乙车笛声频率D ．哈勃太空望远镜发现所接收到的来自于遥远星系上的某种原子光谱，与地球上同种原子的光谱相比较，光谱中各条谱线的波长均变长（称为哈勃红移），这说明该星系正在远离我们而去5. 如图所示，水平放置的光滑平行金属导轨上有一质量为m 的金属棒ab 。
导轨的一端连接电阻R ，其他电阻均不计，磁感应强度为B 的匀强磁场垂直于导轨平面向下，金属棒ab 在一水平恒力F 作用下由静止起向右运动，则A.随着ab 运动速度的增大，其加速度不变B.外力F 对ab 做的功等于电路中产生的电能C.在ab 做加速运动时，外力F 做功的功率等于电路中的电功率D.无论ab 做何种运动，它克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能 6、如图所示放置的半圆玻璃砖半径为R ，折射率为n 2=， 直径AB 与屏幕MN 垂直并接触于A 点．一束光以较小的入射角i 射向半圆玻璃砖的圆心O ，下列说法正确的是：（ ） A ．若是一束白光入射，则在屏幕AM 间呈现彩色的光带，其左边为紫色，右边为红色B ．若是一束白光入射，则在屏幕AN 间呈现彩色的光带，其左边为红色，右边为紫色C ．若是一束白光入射，则在屏幕AM 间呈现彩色的光带，随着入射角的增大最先在屏幕上消失是紫光D ．若是一束激光入射，则会在屏幕上A 点两侧各出现一个亮斑，随着入射角的增大两亮斑的距离也增大 7、有一种家用电器，图甲是其电路工作原理图，当电阻丝接在t U π100sin 311=（V ）的交流电源上后，电阻丝开始加热，当其温度达到某一数值时，自动控温装置P 启动，使电阻丝所接电压变为图乙所示波形（仍为正弦波），从而进入保温状态。
试题精选_安徽省涡阳县第四中学2014-2015学年高一上学期第二次质量检测物理调研试卷_精校完美版
安徽省涡阳县第四中学2014-2015学年高一上学期第二次质量检测物理试题本试卷共分两卷：第Ⅰ卷为选择题，共40分；第Ⅱ卷为非选择题共60分。
满分100分，考试时间为90分钟。
第Ⅰ卷（选择题，共40分）一．选择题。
本大题共10小题，每题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。
1． 根据速度定义式v ＝Δx Δt ，当Δt 极短时，Δx Δt就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了下列哪种物理方法（ ）A ．微元法B ．假设法C ．控制变量法D ．极限的思想方法2． 关于速度、速度的变化和加速度的关系，下列说法中错误的是（ ）A ．物体加速度增大，速度反而越来越小B ．速度变化的方向为正，加速度的方向为负C ．速度越来越大，加速度反而越来越小D ．加速度既不与速度同向，也不与速度反向3． 关于弹力，下列说法中正确的是（ ）A ．发生形变的物体才能有弹力，也一定有弹力B ．物体的形变越大，弹力也越大C ．弹力的方向一定与施力物体发生形变的方向相反D ．弹力的大小与物体大小有关，体积越大的物体产 生的弹力也越大4． 材料相同质地均匀的木块a 、b 固定在水平面上，如图所示。
可视作质点的子弹以初速度v 0沿水平方向从a 左端射入，恰能从b 右端射出，已知b 的长度是a 长度的二倍，设子弹在木块中运动的加速度相同，则子弹开始进入bA ．B ．C ．D ． 5． 甲球的重力是乙球的3倍，甲、乙分别从高H 、2H 处同时自由落下（H 足够大），下列说法正确的是（ ）A ．下落1m 时，甲、乙的速度相同B ．在自由下落的全过程，两球平均速度大小相等C ．下落过程中甲的加速度大小是乙的3倍D 、同一时刻甲的速度比乙大6． 一架梯子长25米，靠在光滑的竖直墙上，梯子底端离墙7米，关于梯子受力情况的判断，正确的是（ ）A ．梯子受到两个竖直方向的力，两个水平方向的力B ．梯子受到两个竖直方向的力，一个水平方向的力C ．梯子受到三个竖直方向的力，两个水平方向的力D ．梯子受到一个竖直方向的力，两个水平方向的力7． 如图所示，起重机匀速吊装货物，货物上绳子分别为甲、乙、丙三种状况，绳子最容易断的情况是（ ）A ．甲B ．乙C ．丙D ．三条绳子拉力大小相同8． 如图所示，质量为m=2㎏的木块P 在质量为M=4㎏的长木板ab 上滑行，长木板放在水平地面上一直处于静止状态。
安徽省涡阳县第四中学2014-2015学年高二上学期第二次质量检测物理试题
安徽省涡阳县第四中学2014-2015学年高二上学期第二次质量检测物理试题第Ⅰ卷（选择题 共40分）一、选择题（每小题4分，共40分。
下列每小题所给选项只有一项符合题意，请将正确答案的序号填在答题卡上）1.如图所示，A 、B 两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B 受到的摩擦力( )A ．方向向左，大小不变B ．方向向左，逐渐减小C ．方向向右，大小不变D ．方向向右，逐渐减小2.摆式列车是集电脑、自动控制等高新技术于一体的新型高速列车，如图所示．当列车转弯时，在电脑控制下，车厢会自动倾斜，抵消离心力的作用；行走在直线上时，车厢又恢复原状，就像玩具“不倒翁”一样．假设有一超高速列车在水平面内行驶，以360 km/h 的速度拐弯，拐弯半径为1 km ，则质量为50 kg 的乘客，在拐弯过程中所受到的火车给他的作用力为(g 取10 m/s 2)( )A ．0B ．500 NC ．1 000 ND ． 500 2 N3.在离地面高度为h 处竖直向上抛出一质量为m 的物体，抛出时的速度为v 0，当它落到地面时的速度为v ，用g 表示重力加速度，则在此过程中物快克服空气阻力做的功为 （ ）A 、2022121mv mv mgh --B 、2202121mv mv mgh -+ C 、mgh mv mv ---2022121 D 、2022121mv mv mgh -+4.2014年1月1日辽宁舰顺利完成为期37天的南海百项海域科研试验和训练。
某次舰载机的训练如图所示，飞机在跑道上滑行的距离为s ，从着舰到停下所用的时间为t 。
现欲估算飞机着舰的速度，可假设飞机停止运动前在平直跑道上做匀减速运动，但实际上，飞机的速度越大，所受的阻力越大，则飞机着舰的速度v 应是( )A ．v ＝s tB ．v ＝2s tC ．v >2s tD ．s t <v <2s t5. 质点所受的力F 随时间变化的规律如图所示，力的方向始终在一直线上。
高二物理月考试题及答案-安徽亳州市涡阳四中-2015学年高二上学期第二次质检
2014-2015学年安徽省亳州市涡阳四中高二（上）第二次质检物理试卷一、选择题（每小题4分，共40分．下列每小题所给选项只有一项符合题意，请将正确答案的序号填在答题卡上）1．（4分）（2011•天津）如图所示，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力（）A．方向向左，大小不变B．方向向左，逐渐减小C．方向向右，大小不变D．方向向右，逐渐减小考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力．专题：整体法和隔离法．分析：整体法和隔离法是动力学问题常用的解题方法．1、整体法：整体法是指对物理问题中的整个系统或整个过程进行分析、研究的方法．在力学中，就是把几个物体视为一个整体，作为研究对象，受力分析时，只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力（外力），不考虑整体内部之间的相互作用力（内力）．整体法的优点：通过整体法分析物理问题，可以弄清系统的整体受力情况和全过程的受力情况，从整体上揭示事物的本质和变体规律，从而避开了中间环节的繁琐推算，能够灵活地解决问题．通常在分析外力对系统的作用时，用整体法．2、隔离法：隔离法是指对物理问题中的单个物体或单个过程进行分析、研究的方法．在力学中，就是把要分析的物体从相关的物体体系中隔离出来，作为研究对象，只分析该研究对象以外的物体对该对象的作用力，不考虑研究对象对其他物体的作用力．隔离法的优点：容易看清单个物体的受力情况或单个过程的运动情形，问题处理起来比较方便、简单，便于初学者使用．在分析系统内各物体（或一个物体的各个部分）间的相互作用时用隔离法．本题中两物体相对静止，可以先用整体法，整体受重力、支持力和向后的摩擦力，根据牛顿第二定律先求出整体加速度，再隔离物体B分析，由于向前匀减速运动，加速度向后，故合力向后，对B物体受力分析，受重力、支持力和摩擦力作用，根据牛顿第二定律，可以求出静摩擦力的大小．解答：解：A、B两物块叠放在一起共同向右做匀减速直线运动，对A、B整体根据牛顿第二定律有然后隔离B，根据牛顿第二定律有f AB=m B a=μm Bg 大小不变，物体B做速度方向向右的匀减速运动，故而加速度方向向左，摩擦力向左；故选A．点评：对于连接体问题可以用整体法求加速度，用隔离法求解系统内力！2．（4分）（2014春•桐乡市校级期中）摆式列车是集电脑、自动控制等高新技术于一体的新型高速列车，如图所示．当列车转弯时，在电脑控制下，车厢会自动倾斜，抵消离心力的作用；行走在直线上时，车厢又恢复原状，就像玩具“不倒翁”一样．假设有一超高速列车在水平面内行驶，以360km/h的速度拐弯，拐弯半径为1km，则质量为50kg的乘客，在拐弯过程中所受到的火车给他的作用力为（g取10m/s2）（）A．500N B．1000N C．500N D．0考点：向心力．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：乘客随火车一起拐弯，靠重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出拐弯过程中火车对乘客的作用力．解答：解：360km/h=100m/s．根据牛顿第二定律知，，根据平行四边形定则得，N==500N．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键搞清圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律和平行四边形定则进行求解．3．（4分）（2003•辽宁）在离地面高为h处竖直上抛一质量为m的物块，抛出时的速度为V0，当它落到地面时速度为V，用g表示重力加速度，则在此过程中物块克服空气阻力所做的功等于（）A．mgh﹣mv2﹣mv02B．﹣mv2﹣mv2﹣mghC．mgh+mv02﹣mv2D．mgh+mv2﹣mv2考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：物体从离地面A处以一定速度竖直上抛，最后又以一定速度落到地面，则过程中物体克服空气阻力做功，可由动能定理求出．解答：解：选取物体从刚抛出到正好落地，由动能定理可得：解得：故选：C点评：运用动能定理时，要当心力做功的正负，同时要合理选取过程．此题要求物体的克服空气阻力做功，即阻力做负功．同时得出重力做功与初末位置有关，而阻力做功与路径有关．4．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）2014年1月1日辽宁舰顺利完成为期37天的南海百项海域科研试验和训练．某次舰载机的训练如图所示，飞机在跑道上滑行的距离为s，从着舰到停下来所用的时间为t．现欲估算飞机着舰的速度，可假设飞机停止运动前在平直跑道上做匀减速运动，但实际上，飞机的速度越大，所受的阻力越大，则飞机着舰的速度v 应是（）A．v=B．v=C．v＞D．＜v＜考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：设飞机着陆过程中加速度为a，飞机着陆瞬间速度为v，根据匀加速直线运动位移速度公式及速度时间公式即可解题．解答：解：设飞机着陆过程中加速度为a，飞机着陆瞬间速度为v，则有：2as=0﹣v2①0=v+at ②由①②得：，即飞机着舰的速度v至少为故故选：C点评：本题主要考查了匀变速直线运动基本公式的直接应用，难度不大，属于基础题．5．（4分）（2014•天津二模）质点所受的力F随时间变化的规律如图所示，力的方向始终在一直线上．已知t=0时质点的速度为零．在图中所示的t1、t2、t3和t4各时刻中，哪一时刻质点的动能最大（）A．t1B．t2C．t3D．t4考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．专题：动能定理的应用专题．分析：通过分析质点的运动情况，确定速度如何变化，再分析动能如何变化，确定什么时刻动能最大．解答：解：由力的图象分析可知：在0∽t1时间内，质点向正方向做加速度增大的加速运动．在t1∽t2时间内，质点向正方向做加速度减小的加速运动．在t2∽t3时间内，质点向正方向做加速度增大的减速运动．在t3∽t4时间内，质点向正方向做加速度减小的减速运动．t4时刻速度为零．则t2时刻质点的速度最大，动能最大．故选B．点评：动能是状态量，其大小与速度大小有关，根据受力情况来分析运动情况确定速度的变化，再分析动能的变化是常用的思路．6．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）如图所示，进行太空行走的宇航员A和B的质量分别为80kg和100kg，他们携手远离空间站，相对空间站的速度为0.1m/s．A将B向空间站方向轻推后，A的速度变为0.2m/s，求此时B的速度大小和方向（）A．0.02m/s，朝着空间站方向B．0.02m/s，离开空间站方向C．0.2m/s，朝着空间站方向D．0.2m/s，离开空间站方向考点：动量守恒定律．专题：动量定理应用专题．分析：在两宇航员A和B互推过程中，两人组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律列式求解．解答：解：两宇航员组成的系统动量守恒，以远离空间站的方向为正方向，A和B开始的速度为v0=0.1m/s，方向远离空间站，推开后，A的速度v A=0.2m/s，此时B的速度为v B，由动量守恒定律得：（m A+m B）v0=m A v A+m B v B，即：（80+100）×0.1=80×0.2+100v B，解得：v B=0.02m/s，B的速度方向沿远离空间站方向；故选：B．点评：本题以航天为背景，考查动量守恒定律，要注意选取正方向，用正负号表示速度的方向．7．（4分）（2014春•鞍山期末）将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等． a、b为电场中的两点，则下列说法错误的是（）A．a点的电场强度比b点的大B．a点的电势比b点的高C．检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D．将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做负功考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小．解答：解：A：电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大，故A正确；B：a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势．故B正确；C：电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，故C错误；D：由上知，﹣q在a点的电势能较b点小，则把﹣q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点，电势能增大，电场力做负功．故D正确．本题选错误的，故选：C．点评：该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加．8．（4分）（2014秋•沈丘县期中）喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（）A．向负极板偏转B．运动轨迹是抛物线C．电势能逐渐增大D．运动轨迹与带电量无关考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：由电子带负电，在电场中受到的力来确定偏转方向；根据电子做类平抛运动来确定侧向位移，及电场力做功来确定电势能变化情况．解答：解：A、由于是电子，故向正极板偏转，A错误；B、由于电子在电场中做类平抛运动，轨迹为抛物线，故B正确；C、由于电子做正功，故电势能减少，故C错误；D、由侧向位移y==•，可知运动轨迹与带电量有关，故D错误．故选：B．点评：本题理解电子做类平抛运动的规律及处理的方法，并得出电势能变化是由电场力做功来确定的．9．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）在闭合电路中，如果通过电源的电流I发生变化时，电路的路端电压也会跟着变化．如图是某闭合电路的路端电压U随通过电源的电流I变化的图线，下列关于这个图象的说法中错误的是（）A．纵轴截距表示电源的电动势，即E=3.0VB．根据r=，计算出待测电源内电阻为5ΩC．根据r=||，计算出待测电源内电阻为1ΩD．如把上述电源和一阻值为2Ω电阻组成闭合电路时，电源两端电压为2V考点：路端电压与负载的关系．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，U﹣I图线的斜率等于电源内阻的大小，图线与纵轴交点坐标表示电源的电动势．当电源和阻值为2Ω电阻组成闭合电路时，根据欧姆定律求解电源两端电压．解答：解：A、根据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir可知，当I=0时，U=E，所以纵轴截距表示待测电源的电动势，E=3V．故A正确．B、C由U=E﹣Ir可知，U﹣I图线的斜率等于电源内阻的大小，即r=||=Ω=1Ω．故B错误，C正确．D、当电源和阻值为2Ω电阻组成闭合电路时，电源两端电压U=E=×3V=2V．故D正确．本题选择错误的，故选：B点评：本题考查对电源的外特性曲线的理解能力．常常有学生认为短路电流为I短=0.6A，得到的内阻为r==5Ω，是对短路的特点理解不到位造成的，短路时，路端电压U=0．10．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A．灯泡L将变暗B．电流表读数变大C．电容器C的电量将减小D．电源的总功率变大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电路稳定时，与电容器串联的电路没有电流，相当于断路．当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，即可知电压表读数增大．电路中电流减小，灯L变暗．电容器的电压等于路端电压，分析其电压变化，由Q=CU分析电量的变化．解答：解：A、当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，电路中电流减小，灯L变暗，故A正确、B错误；C、电容器的电压等于路端电压，可见其电压是增大的，则由Q=CU知，电容器C的电荷量将增大．故C错误．D、电源消耗的功率P=EI，电流减小所以电源消耗的功率将变小，故D错误．故选：A点评：本题是电路的动态变化分析问题，可直接根据路端电压随外电阻增大而增大，判断电压表读数的变化．二．实验题（共18分）11．（4分）（2014秋•宝坻区校级期中）一个量程为100μA的电流表，内阻为100Ω，表盘刻度均匀．现用一个9900Ω的电阻与它串联将电流表改装成电压表，则该电压表的量程是 1 V．用它来测量电压时，表盘指针位置如图所示，此时电压表的读数大小为0.8 V．考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：由串联电路特点与欧姆定律可以求出电压表的量程，由图示表盘可以读出其示数．解答：解：电压表量程：U=Ig（R+Rg）=100×10﹣6×（9900+100）=1V，由图示表盘可知，其分度值为0.1V，示数为：0.8V；故答案为：1；0.8．点评：本题考查了求电压表量程、电压表读数，应用串联电路特点与欧姆定律即可求出电压表量程；对电压表读数时要先确定其量程与分度值．12．（4分）（2014秋•涡阳县校级月考）如图a、图b所示，是利用伏安法测电阻的两个电路图，如果实验要求测量从0开始连续变化的多组数据，则应该选用图b 电路作为实验电路．考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：滑动变阻器在电路中可以作限流器用，也可以作分压器用．在确保安全的条件下，如何选用这两种不同的形式，是由电路中的需要来决定的．以下情况可选用限流式接法：①待测用电器电阻接近滑动变阻器电阻（也可选用分压式接法）．②简化电路，节约能源．以下情况必须使用分压式接法：①待测用电器电阻远大于滑动变阻器电阻．②实验要求待测用电器电流及其两端电压可以由0开始连续变化（例如测小灯泡的伏安特性曲线）．③实验要求待测用电器电流及其两端电压可变范围较大．④采用限流式接法时，无论如何调节变阻器，电流、电压都大于对应电表的量程．解答：解：在做利用伏安法测电阻的实验时，电阻两端电压要从零开始连续变化，故滑动变阻器采用分压式接法；故答案为：图b．点评：本题关键明确什么时候选择滑动变阻器的分压式接法，什么时候选择滑动变阻器的限流式接法，基础题．13．（10分）（2014秋•涡阳县校级月考）某学习小组在描绘标有“8.0v，3.8w”的小灯泡的灯丝电阻的伏安特性图线时，实验室给出一块电压表V（量程10V，内阻约4KΩ）和两块电流表，A1（量程100mA，内阻约2Ω）和 A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω），则选择电流表A2测量．甲、乙两同学利用电压表和选定的电流表采用不同的连接电路测出相应的电压和电流描绘出的伏安特性图线如图①、②所示，则图线②更准确．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：根据灯泡额定电流选择电流表，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后分析答题．解答：解：灯泡正常发光时时的电流：I===0.475A=475mA，电流表应选 A2；灯泡正常发光时的电阻约为：R==≈16.84Ω，电流表内阻约为0.3Ω，电压表内阻约为4kΩ，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，电流表采用外接法，由于电压表的分流，电流表测量值偏大，图②所示图象准确．故答案为：A2，②．点评：本题考查了实验器材的选择、图象的选择，掌握实验器材的选择原则、根据题意确定电流表的解法即可准确解题．三．计算题（写出与题目有关的方程及重要的演算步骤，只有结果不得分）14．（8分）（2014秋•涡阳县校级月考）如图所示，两平行金属板相距为d，电势差为U，一电子质量为m，电荷量为e，从O点沿垂直于极板的方向射出，最远到达A点，然后返回，已知OA=h，求此电子具有的初速度是多少？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理．专题：电场力与电势的性质专题．分析：设出电子的初动能，末动能为零，全程只有电场力做功，根据动能定理解出电子的初速度解答：解：设出电子的初动能Ek0，末动能为零，极板间的电场E=，根据动能定理：﹣eEh=0﹣，解得：v=答：此电子具有的初速度是点评：本题关键掌握动能定理，并能与电场知识结合处理粒子变速直线运动问题．注意动能定理应用时要找准全过程物体一共受到几个，并判断哪几个力做功．15．（10分）（2014秋•涡阳县校级月考）如图所示，弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为2m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量为m的小球从槽高h处由静止开始自由下滑，求：弹簧的最大弹性势能．考点：动量守恒定律；能量守恒定律．专题：动量定理应用专题．分析：小球下滑过程，小球和光滑弧形槽相同机械能守恒、水平方向动量也守恒，根据守恒定律列式求解小球的最大速度；弹簧具有的最大弹性势能即等于小球的最大动能．解答：解：槽与小球组成的系统水平方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv1﹣2mv2=0，小球下滑过程系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：，当小球把弹簧压缩的最短时，动能转化为弹簧的弹性势能：，解以上各式可得：；答：弹簧的最大弹性势能为mgh．点评：本题考查了求弹簧的弹性势能，分析清楚运动过程，应用动量守恒定律与机械能守恒定律即可正确解题．16．（12分）（2009秋•杨浦区期末）如图所示，R3=6Ω，电源内阻r为1Ω，当S合上且R2为2Ω时，电源的总功率为16W，而电源的输出功率为12W，灯泡正常发光，求：（1）电灯的电阻及功率；（2）S断开时，为使灯泡正常发光，R2的阻值应调到多大？考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：（1）当S合上时，电阻R2与灯泡串联后电阻R3并联．根据电源的总功率为16W，电源的输出功率为12W，求出通过电源的电流．根据电源的输出功率，求出外电阻总电阻，得到灯泡的电阻，并求出灯泡的功率．（2）由（1）问中电流和电源的总功率为16W，求出电动势．S断开时，电阻R2与灯泡串联，根据欧姆定律求出R2的阻值．解答：解：（1）由P r=P总﹣P出=I2r得即：16﹣12=I2×1得，I=2A又P出=I2R外即：12=22×R外得，R外=3Ω又：代入数据得：R L=4Ω又R L+R2=R3∴I L=I3=1AP L=I L2R L=4W（2）由上题P总=EI得，E==V=8V．S断开时时，E=I L（R L+R2′+r）=8V解得：R2′=3Ω答：（1）电灯的电阻是4Ω，功率是4W；（2）S断开时，为使灯泡正常发光，R2的阻值应调到3Ω．点评：从本题看出，对于电路问题，首先要搞清电路的连接方式，其次要弄清电源的三种功率关系．17．（12分）（2014秋•涡阳县校级月考）如图所示，在光滑绝缘水平面上方足够大的区域内存在水平向右的电场，电场强度为E．不带电的绝缘小球P2静止在O点．带正电的小球P1离小球P2左侧的距离为L．现由静止释放小球P1，在电场力的作用下P1与P2发生正碰后反弹，反弹速度是碰前的倍．已知P1的质量为m，带电量为q，P2的质量为5m．求：（1）碰撞前小球P1的速度．（2）碰撞后小球P2的速度．（3）小球P1和小球P2从第一次碰撞到得二次碰撞的时间和位置．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据动能定理求出碰撞前小球P1的速度．（2）两小球碰撞的瞬间，动量守恒，结合动量守恒定律求出碰后小球P2的速度．（3）碰撞后小球P1先向左后向右做匀变速运动，根据匀变速直线运动的位移时间公式，结合位移关系求出小球P1和小球P2从第一次碰撞到得二次碰撞的时间，根据位移的大小求出第二次碰撞的位置．解答：解：（1）设碰撞前小球P1的速度为v0，根据动能定理解得（2）P1、P2碰撞，设碰后P1速度为v1，P2速度为v2，规定v0的方向为正方向，由动量守恒定律：mv0=mv1+5mv2，v1=﹣解得v2=（水平向右）（3）碰撞后小球P1先向左后向右做匀变速运动，设加速度为a，则：设P1、P2碰撞后又经△t时间再次发生碰撞，且P1受电场力不变，由运动学公式，以水平向右为正，则：解得：对P2分析：即第二次碰撞时距离O点答：（1）碰撞前小球P1的速度为．（2）碰撞后小球P2的速度为，方向向右．（3）小球P1和小球P2从第一次碰撞到得二次碰撞的时间为，位置距离O点．点评：本题考查了动量守恒定律、动能定理、牛顿第二定律和运动学公式的综合，综合性较强，对学生的能力要求较高，关键理清两球的运动规律，选择合适的定律或定理进行求解．。
安徽省涡阳县第四中学高三上学期第三次月考——物理物理
安徽省涡阳县第四中学2015届高三上学期第三次月考物理试题一、选择题（共10小题每题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。
）1、一条宽度为d=16m 的河流，水流速度为V水=5m/s，已知船在静水中的速度为V船=4m/s，小船从 A 码头出发，下列说法错误的是（）A．小船可以沿图中虚线所示路径从A 码头运动到B 码头B．小船渡河的最短时间为4sC．小船渡河的最短位移为20mD．小船船头与上游河岸成37O角渡河时，位移最小2、“探月热”方兴未艾，我国研制的月球卫星“嫦娥二号”已发射升空，已知月球质量为M，半径为R．引力常量为G，以下说法正确的是：（）A.在月球上以初速度v0竖直上抛一个物体，物体上升的最大高度为B.在月球上以初速度v0竖直上抛一个物体，物体落回到抛出点所用时间为C.在月球上发射一颗绕它沿圆形轨道运行的卫星的最大运行速度为D.在月球上发射一颗绕它沿圆形轨道运行的卫星的最大周期为3、如图所示，竖直放置的平行板电容器的两极板分别接电源两极，一带正电的小球用绝缘细线挂在电容器内部。
闭合开关S，电容器充电后悬线与竖直方向夹角为,则以下说法中正确的是（）A.保持开关S闭合，将M板向N板靠近，角变大B.保持开关S闭合，将M板向N板靠近，角变小C.断开开关S，将M板向N板靠近，角变大D.断开开关S，将M板向N板靠近，角变小4、如图所示装置中，木块M与地面间无摩擦，子弹以一定速度沿水平方向射向木块并留在其中，然后将弹簧压缩到最短。
将子弹、木块M与弹簧看成一个系统，则从子弹开始射入到弹簧压缩至最短的过程中，系统的：（）A．动量守恒，机械能守恒B．动量守恒，机械能不守恒C．动量不守恒，机械能守恒D．动量不守恒，机械能不守恒5、一个半径为r，带正电的实心金属球球心在x轴上的O点，金属球在周围空间产生静电场，则其电势φ在x轴上的分布情况正确的是：（）6、如图所示，一簇电场线的分布关于y 轴对称，O 是坐标原点，M 、N 、P 、Q 是以O 为圆心的一个圆周上的四个点，其中M 、N在y 轴上，Q 点在x 轴上，则以下说法正确的是 （ ）A ．OM 间的电势差等于NO 间的电势差B ．M 点的电势比P 点的电势高C ．一正电荷在O 点时的电势能小于在Q 点时的电势能D ．将一负电荷由M 点移到P 点，电场力做正功7、如图所示，两个完全相同的小球A 、B ，在同一高度处以相同大小的初速度v 0分别水平抛出和竖直向上抛出，则 （ ）A ．两小球落地时的速度相同B ．两小球落地时，重力的瞬时功率相同C ．从开始运动至落地，重力对两小球做功相同D ．从开始运动至落地，重力对两小球做功的平均功率相同8、如图所示，放在水平地面上的光滑绝缘圆筒内有两个带正电小球A 、B ，A 位于筒底靠在左侧壁处，B 在右侧筒壁上受到A 的斥力作用处于静止.若A 的电量保持不变，B 由于漏电而下降少许重新平衡，下列说法中正确的是 （ ）A ．小球A 对筒底的压力变小B ．小球B 对筒壁的压力变大C ．小球A 、B 间的库仑力变小D ．小球A 、B 间的电势能减小9、如图所示，a 、b 两物块质量分别为 m 、2m ，用不计质量的细绳相连接，悬挂在定滑轮的两侧，不计滑轮质量和一切摩擦．开始时，a 、b 两物块距离地面高度相同，用手托住物块 b ，然后突然由静止释放，直至 a 、b 物块间高度差为 h ．在此过程中，下列说法正确的是 （ ）A ．物块 a 的机械能逐渐减小B ．物块 b 机械能减少了C ．物块 b 重力势能的减少量等于细绳拉力对它所做的功D ．物块 a 重力势能的增加量小于其动能增加量10、如图所示，一倾角为 α 的斜面体置于固定在光滑水平地面上的物体 A 、B 之间，斜面体恰好与物体A 、B 接触．一质量为 m 的物体 C 恰能沿斜面匀速下滑，此时斜面体与 A 、B 均无作用力．若用平行于斜面的力 F 沿斜面向下推物体 C ，使其加速下滑，则下列关于斜面体与物体A 、B 间的作用力的说法正确的是 （ ）A ．对物体 A 有向左的压力，大小为 mgcosαsinαB ．对物体 A 有向左的压力，大小为 FcosαC ．对物体 B 有向右的压力，大小为 mgcosαsinαD ．以上说法均不正确二、实验题（每空2分，共14分）11、在研究弹簧的形变与外力的关系的实验中，将弹簧水平放置测出其自然长度，然后竖直悬挂让其自然下垂，在其下端竖直向下施加外力F，实验过程是在弹簧的弹性限度内进行的．用记录的外力F与弹簧的形变量x作出的F－x图线如图所示，由图可知弹簧的劲度系数为．图线不过原点的原因是由于。
高一物理月考试题及答案-安徽亳州市涡阳四中-2015学年高一下学期第二次质检试卷
2014-2015学年安徽省亳州市涡阳四中高一（下）第二次质检物理试卷一、选择题（本大题共10个小题，共40分，每小题只有一个选项正确．）1．（4分）（2015春•亳州校级月考）下列关于曲线运动的说法中不正确的是（）2．（4分）（2014秋•龙海市校级期末）甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的是（）3．（4分）（2015•河南二模）我国发射了一颗地球资源探测卫星，发射时，先将卫星发射至距离地面50km的近地圆轨道1上，然后变轨到近地点距离地面50km、远地点距离地面1500km的椭圆轨道2上，最后由轨道2进入半径为7900km的圆轨道3，轨道1、2相切于P点，轨道2、3相切于Q点．忽略空气阻力和卫星质量的变化，则以下说法正确的是（）4．（4分）（2015•惠州模拟）如图所示，轻质弹簧的劲度系数为k，小球所受重力为G，平衡时小球在A处．今用力F竖直向下压小球使弹簧缩短x，让小球静止在B处，则（）5．（4分）（2015春•亳州校级月考）关于重力势能，以下说法中正确的是（）6．（4分）（2015春•亳州校级月考）将一小球从高处水平抛出，最初2s内小球动能E k随时间t变化的图线如图所示，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2．根据图象信息，不能确定的物理量是（）7．（4分）（2015春•亳州校级月考）我国的“玉兔号”月球车于2013年12月14日晚成功降落在月球虹湾区，开始探测科考．机器人“玉兔号”在月球表面做了一个竖直上抛试验，测得物体从月球表面以初速度v0竖直向上抛出上升的最大高度为h，已知月球半径为R，自转周期为T，引力常量为G．则下列说法中正确的是（）月球的平均密度为8．（4分）（2015春•亳州校级月考）地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a；假设月球绕地球作匀速圆周运动，轨道半径为r1，向心加速度为a1．已知万有引力常量为G，地球半径为R．下列说法中正确的是（）M=M=加速度之比=9．（4分）（2015•南昌校级二模）如图所示，两个完全相同的小球A、B，在同一高度处以相同大小的初速度v0分别水平抛出和竖直向上抛出，下列说法正确的是（）10．（4分）（2014秋•荆州期末）放在粗糙水平面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6s 内其速度与时间图象和该拉力的功率与时间图象分别如图所示，下列说法正确的是（）二．实验题（本题共2小题，第11题6分，第12题9分，共15分，请把答案写在答题卡中指定的位置）11．（6分）（2015春•亳州校级月考）在“研究平抛物体运动”的实验中，可以描绘平抛运动的轨迹和求物体的平抛初速度．实验简要步骤如下：A．安装好器材，反复调试，直到平板竖直且斜槽末端_____，记下斜槽末端小球的抛出点O和过O点的竖直线．B．让小球多次从_____斜槽上位置滚下，记下小球穿过卡片孔的一系列位置；C．取下白纸，以O为原点，以竖直线为轴建立坐标系，用平滑曲线画出平抛轨迹．D．测出曲线上某点的坐标x．y，用v0=_____算出该小球的平抛初速度，实验需要对多个点求v0的值，然后求它们的平均值．12．（9分）（2013•连江县校级模拟）某学习小组探究“功与物体速度变化的关系”的实验装置如图1所示．图中小车在一条橡皮筋作用下弹出沿木板滑行，橡皮筋对小车做的功记为W．当用2条、3条…完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次…实验时，使每次实验中橡皮筋伸长的长度都完全相同．每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带求出．通过实验数据分析可以得出“功与物体速度变化的关系”．①实验操作中需平衡小车受到的摩擦力，其最根本的目的是________．A．防止小车不能被橡皮筋拉动B．便于小车获得较大的弹射速度C．防止纸带上点迹不清晰D．保证橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功②关于橡皮筋做功，下列说法正确的是_____．A．橡皮筋做功的具体值可以直接测量B．橡皮筋在小车运动的全程中始终做功C．通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加D．若橡皮筋伸长量变为原来的2倍，则橡皮筋做功也增加为原来的2倍③如图2是某同学在正确实验操作过程中得到的一条纸带，O、A、B、C、D、E、F为选取的计数点，相邻的两个计数点间还有一个点没有画出，各计数点到O点的距离分别为1.87cm、4.79cm、8.89cm、16.91cm、25.83cm、34.75cm，若打点计时器的打点频率为50Hz，则由该纸带可知本次实验中橡皮筋做功结束时小车的速度是_____m/s．三．计算题（本题包括4小题，共45分．要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（10分）（2015春•亳州校级月考）有一辆质量为1.5×103kg的小汽车驶上半径为50m的圆弧形拱桥，（g=10m/s2）．求：（1）汽车到达桥顶的速度为10m/s时对桥的压力有多大？（2）汽车以多大的速度经过桥顶时恰好对桥没有压力作用？14．（12分）（2015春•亳州校级月考）1981年12月3日发现的国际编号为“3463”的小行星命名为“高锟星”．已知“高锟星”半径为R，其表面的重力加速度为g，万有引力常量为G，在不考虑自转的情况，求解以下问题：（以下结果均用字母表达即可）（1）卫星环绕“高锟星”运行的第一宇宙速度；（2）假设“高锟星”为一均匀球体，试求“高锟星”的平均密度；（球体积V=πR3）（3）假设某卫星绕“高锟星”做匀速圆周运动且运行周期为T，求该卫星距地面的高度．15．（11分）（2015春•亳州校级月考）质量为m=1.5×103kg的汽车行驶在平直的公路上，在运动中所受阻力不变，当汽车加速度为2m/s2，速度v=10m/s时，发动机的功率为P1=80kW．则：（1）阻力的大小（2）当汽车发动机的功率为P2=100kW时，汽车行驶的最大速度为多少？16．（12分）（2010•新都区模拟）质量m A=10kg的物块A与质量m B=2kg的物块B放在倾角θ=30°的光滑斜面上处于静止状态，轻质弹簧一端与物块B连接，另一端与固定档板连接，弹簧的劲度系数k=400N/m，现给物块A施加一个平行于斜面向上的F，使物块A沿斜面向上做匀加速运动，已知力F在前0.2s内为变力，0.2s后为恒力，求：（g=10m/s2）（1）力F的最大值与最小值（2）力F由最小值到最大值的过程中，物块A所增加的重力势能．2014-2015学年安徽省亳州市涡阳四中高一（下）第二次质检物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共10个小题，共40分，每小题只有一个选项正确．）1．（4分）（2015春•亳州校级月考）下列关于曲线运动的说法中不正确的是（）2．（4分）（2014秋•龙海市校级期末）甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的是（）=m=m）v=，人造卫星的轨道半径越大，周期越大，所以甲的周期大于乙的周期，a=3．（4分）（2015•河南二模）我国发射了一颗地球资源探测卫星，发射时，先将卫星发射至距离地面50km的近地圆轨道1上，然后变轨到近地点距离地面50km、远地点距离地面1500km的椭圆轨道2上，最后由轨道2进入半径为7900km的圆轨道3，轨道1、2相切于P点，轨道2、3相切于Q点．忽略空气阻力和卫星质量的变化，则以下说法正确的是（），有：，解得：v=、根据牛顿第二定律和万有引力定律得：，所以卫星在轨道4．（4分）（2015•惠州模拟）如图所示，轻质弹簧的劲度系数为k，小球所受重力为G，平衡时小球在A处．今用力F竖直向下压小球使弹簧缩短x，让小球静止在B处，则（）5．（4分）（2015春•亳州校级月考）关于重力势能，以下说法中正确的是（）6．（4分）（2015春•亳州校级月考）将一小球从高处水平抛出，最初2s内小球动能E k随时间t变化的图线如图所示，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2．根据图象信息，不能确定的物理量是（）=5J=4内重力对小球做功的平均功率为：h=，而不能求出小球抛出7．（4分）（2015春•亳州校级月考）我国的“玉兔号”月球车于2013年12月14日晚成功降落在月球虹湾区，开始探测科考．机器人“玉兔号”在月球表面做了一个竖直上抛试验，测得物体从月球表面以初速度v0竖直向上抛出上升的最大高度为h，已知月球半径为R，自转周期为T，引力常量为G．则下列说法中正确的是（）月球的平均密度为M=，故、在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的速度即为第一宇宙速度，则v=，，故，故和天体运动的桥梁，注意黄金代换式8．（4分）（2015春•亳州校级月考）地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a；假设月球绕地球作匀速圆周运动，轨道半径为r1，向心加速度为a1．已知万有引力常量为G，地球半径为R．下列说法中正确的是（）M=M=加速度之比=，9．（4分）（2015•南昌校级二模）如图所示，两个完全相同的小球A、B，在同一高度处以相同大小的初速度v0分别水平抛出和竖直向上抛出，下列说法正确的是（）P=P=10．（4分）（2014秋•荆州期末）放在粗糙水平面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6s 内其速度与时间图象和该拉力的功率与时间图象分别如图所示，下列说法正确的是（）F=求出x==3m/sF=f=F=二．实验题（本题共2小题，第11题6分，第12题9分，共15分，请把答案写在答题卡中指定的位置）11．（6分）（2015春•亳州校级月考）在“研究平抛物体运动”的实验中，可以描绘平抛运动的轨迹和求物体的平抛初速度．实验简要步骤如下：A．安装好器材，反复调试，直到平板竖直且斜槽末端切线水平，记下斜槽末端小球的抛出点O和过O点的竖直线．B．让小球多次从斜槽上同一位置滚下，记下小球穿过卡片孔的一系列位置；C．取下白纸，以O为原点，以竖直线为轴建立坐标系，用平滑曲线画出平抛轨迹．D．测出曲线上某点的坐标x．y，用v0=x算出该小球的平抛初速度，实验需要对多个点求v0的值，然后求它们的平均值．求出平抛运动gtt=，=x12．（9分）（2013•连江县校级模拟）某学习小组探究“功与物体速度变化的关系”的实验装置如图1所示．图中小车在一条橡皮筋作用下弹出沿木板滑行，橡皮筋对小车做的功记为W．当用2条、3条…完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次…实验时，使每次实验中橡皮筋伸长的长度都完全相同．每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带求出．通过实验数据分析可以得出“功与物体速度变化的关系”．①实验操作中需平衡小车受到的摩擦力，其最根本的目的是D．A．防止小车不能被橡皮筋拉动B．便于小车获得较大的弹射速度C．防止纸带上点迹不清晰D．保证橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功②关于橡皮筋做功，下列说法正确的是C．A．橡皮筋做功的具体值可以直接测量B．橡皮筋在小车运动的全程中始终做功C．通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加D．若橡皮筋伸长量变为原来的2倍，则橡皮筋做功也增加为原来的2倍③如图2是某同学在正确实验操作过程中得到的一条纸带，O、A、B、C、D、E、F为选取的计数点，相邻的两个计数点间还有一个点没有画出，各计数点到O点的距离分别为1.87cm、4.79cm、8.89cm、16.91cm、25.83cm、34.75cm，若打点计时器的打点频率为50Hz，则由该纸带可知本次实验中橡皮筋做功结束时小车的速度是2.23m/s．求解速度．v=三．计算题（本题包括4小题，共45分．要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（10分）（2015春•亳州校级月考）有一辆质量为1.5×103kg的小汽车驶上半径为50m的圆弧形拱桥，（g=10m/s2）．求：（1）汽车到达桥顶的速度为10m/s时对桥的压力有多大？（2）汽车以多大的速度经过桥顶时恰好对桥没有压力作用？N=mm=12000Nmg=m．）汽车以14．（12分）（2015春•亳州校级月考）1981年12月3日发现的国际编号为“3463”的小行星命名为“高锟星”．已知“高锟星”半径为R，其表面的重力加速度为g，万有引力常量为G，在不考虑自转的情况，求解以下问题：（以下结果均用字母表达即可）（1）卫星环绕“高锟星”运行的第一宇宙速度；（2）假设“高锟星”为一均匀球体，试求“高锟星”的平均密度；（球体积V=πR3）（3）假设某卫星绕“高锟星”做匀速圆周运动且运行周期为T，求该卫星距地面的高度．=mg=m；=mg==mr=R=运行的第一宇宙速度为；）该卫星距地面的高度为15．（11分）（2015春•亳州校级月考）质量为m=1.5×103kg的汽车行驶在平直的公路上，在运动中所受阻力不变，当汽车加速度为2m/s2，速度v=10m/s时，发动机的功率为P1=80kW．则：（1）阻力的大小（2）当汽车发动机的功率为P2=100kW时，汽车行驶的最大速度为多少？16．（12分）（2010•新都区模拟）质量m A=10kg的物块A与质量m B=2kg的物块B放在倾角θ=30°的光滑斜面上处于静止状态，轻质弹簧一端与物块B连接，另一端与固定档板连接，弹簧的劲度系数k=400N/m，现给物块A施加一个平行于斜面向上的F，使物块A沿斜面向上做匀加速运动，已知力F在前0.2s内为变力，0.2s后为恒力，求：（g=10m/s2）（1）力F的最大值与最小值（2）力F由最小值到最大值的过程中，物块A所增加的重力势能．at at×。
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物理参考答案【B-015】v 2=v 0+a 1t 2=4m/s –10×2m/s=-16m/s ，加速度223232m/s 16m/s 1)16(0=--=-=t v v a 。
跳出2.5s 末的速度为：v 4=v 2+a 2t 4=-16m/s+16×0.5m/s=-8m/s 。
只有选项A 正确。
6.B 【解析】光滑小球恰好保持与斜面相对静止,则有重力与斜面弹力的合力水平向左，根据力的合成与分解，得小球tan F mg θ=合，易得加速度大小是tan g θ选项B 正确；弹力sin N mgF θ=，选项A 错误；由于在竖直方向上没有加速度，所以整体在竖直方向上合力为零，有()F M m g=+支持，选项C 错误；整体是由于摩擦力导致的减速，tan μθ=，D 错误。
7.C 【解析】以A 为研究对象，根据牛顿第二运动定律可得：F T –mg sin37°=ma ，解得a =0.2g ，小车A 、B 的加速度均为0.2g ，选项A 正确；以A 、B 整体为研究对象：F cos37°–2mg sin37°=2ma ，解得F =2mg ，选项B 正确；撤掉F 的瞬间，绳子上的拉力立刻消失了，小物块A 的加速度方向变为向下，选项C 错误、D 正确。
答案选C 8.B 【解析】在外力不断变大的过程中A 、B 可能先相对静止一起加速（加速度逐渐变大）选项C 、D 错误；而后出现相对滑动，恰好发生相对滑动时有，F =kt =（m 1+m 2）a ，f =m 1a ，已知m 1=m 2，两式联立可得t =kf2，此后B 物体在滑动摩擦力作用下做匀加速运动，选项A 错误、B 正确。
9.D 【解析】将物体的重力分别沿光滑的弦轨道P 1A 、P 2A 方向和垂直轨道方向分解，则沿光滑的弦轨道P 1A 、P 2A 方向分力分别为m 1g cos θ1和m 2g cos θ2，其加速度分别为g cos θ1和g cos θ2，若两物体质量相同，则两物体所受的合外力之比为cos θ1:cosθ2，选项B 错误、D 正确；因为弦轨道长度L =d cos θ，由L=21at 2，解得t =gd2。
选项A 错误；由速度公式v =at 可得，物体沿P 1A 、P 2A 下滑到A 处的速度之比为cos θ1:cos θ2，选项C 错误。
10.C 【解析】设物块质量是m ，物体在水平地面匀速运动时有：F =μmg ，在斜面匀速下滑时有：mg sin37°=μmg cos37°+F ，解得μ=31，选项A 错误；速度与动摩擦力无关，选项B 错误；物体在斜面上匀速下滑，mg sin α=μmg cos α+F ，α从37°开始增大，则mg sin α增大，μmg cos α变小，得力F 增大，选项C 正确；若F 逆时针旋转一个较小夹角θ，物体在斜面上匀速下滑，力变为F ′，则有：mg sin37°=μ（mg cos37°–F ′sinθ）+F ′cos θ，F 变大，选项D 错误。
11．（16分）Ⅰ.（8分）（1）电火花交流220V （各1分）（2）0.05（2分） 0.10（2分）（3）0.05（2分）【解析】（1）图乙是电火花打点计时器，电源采用的是交流220V 。
（2）第一个遮光片通过光电门的速度平均大小为v 1＝1L t ∆＝0.05m/s ；第二个遮光片通过光电门的速度平均大小为v 2＝2Lt ∆＝0.10m/s 。
（3）根据加速度定义式可得滑块的加速度a ＝21v v t-∆＝0.05m/s 2。
Ⅱ．（8分）（1）B （3分）； （2）0.820（2分）； （3）A （3分）【解析】（1）为了保证轻绳对小车的拉力等于小车所受的合力，应使轻绳与长木板平行，小车的重力沿斜面向下的分力刚好与小车下滑过程中所受的阻力平衡，为使轻绳中没有拉力，应撤去沙桶，不能撤去纸带，选项B 正确；（2）用逐差法计算，即a=0.6300 – 0.2781-0.2781.(3 × 0.02 × 5)2m/s 2=0.820m/s 2；（3）当1M 较大时，图线发生弯曲是因为没有满足M >>m 造成的。
沙桶（包括桶中的沙）与小车（包括车中的砝码）的加速度a 大小相等，以沙桶、小车整体为研究对象，若牛顿第二定律成立，则有mg=（M+m ）a ，即mg 一定的情况下，a 与1M + m 成正比，没有必要满足M >>m ，避免了图线发生弯曲的现象。
12．（8分）解：（1）隔离B 木块分析，由平衡条件可得：F 弹=mg sin α+μmg cos α（1分）由胡克定律：F 弹=k Δx （1分）两木块间的距离为sin +cos AB mg mg l L x L kαμα=+∆=+（2分）（2）剪断细线瞬间弹簧弹力不变，对物块B 由牛顿第二运动定律有： F 弹-（mg sin α+μmg cos α）=ma B （1分） 解得a B =0（1分）对于物块A 有F 弹+μmg cos α+mg sin α=ma A （1分） 解得a A =2（g sin α+μg cos α）（1分） 13．（10分）解：（1）轿车经过s=160m 的过程，由υ12=2a 1s （1分）得轿车刹车过程的加速度大小a 1=5m/s 2（1分） 恰好不相撞时两车的速度相等即υ1–a 1t 1=υ2（1分）得t 1=υ1 – υ2a 1=3s （1分）轿车前进的距离s 1=υ1 + υ22t 1=97.5m （1分）货车前进的距离s 2=υ2t 1=75m ，因s 1–s 2=22.5m>s 0，两车会相撞（1分） （2）假设两车的速度相等即υ1–a 1t=υ2+a 2（t –t 0）（1分）轿车前进的距离s 1′=υ1t –12 a 1t 2（1分）货车前进的距离s 2′=υ2t 0+υ2（t –t 0）+12 a 2（t –t 0）2（1分）得s 1′=8009m ，s 2′=6059m ，因s 1′–s 2′=21.7m<s 0，两车不会相撞。
（1分）14．（12分）解：（1）设P 的质量为m 。
轻绳剪断前，两物块受力平衡有mg sin α=Mg sin θ（1分）得物块P 、Q 的质量之比为m M =sin θsin α=34（1分）（2）轻绳剪断后，两物块在各自斜面上做初速度为零的匀加速直线运动，设P 、Q 在斜面上运动的时间分别为t 1、t 2，加速度分别为a 1、a 2，则h sin α=12 a 1t 12（1分） h sin θ=12 a 2t 22（1分） 根据牛顿第二定律有a 1=mg sin αm =g sin α，a 2=Mg sin θM=g sin θ（1分）得t 1t 2=sin θsin α=34（1分） （3）放手后，P 沿斜面向下运动，Q 先沿斜面向上运动，根据牛顿第二定律 对P 有2mg sin α–T=2ma （1分） 对Q 有T –Mg sin θ=Ma （1分）得a=625g （1分）对Q 有υ2=2a ·hsin α得υ=35gh （1分） 而υ=at 3，υ=a 2t 4（1分） 得t=t 3+t 4=7615h g =725h3g（1分）15．（14分）解：（1）前2s，对铁块m：F-μmg=ma1，代入数据解得：a1=3m/s2（1分）对M：μmg=Ma2，代入数据解得：a2=2m/s2（1分）（2）2s内，m的位移m621211==t ax，M的位移m421222==t ax（1分）2s末，m的速度v1=a1t=6m/s，M的速度v2=a2t=4m/s（1分）2s后，对m，F′-μmg=ma′1，代入数据解得：a′1=1m/s2，匀加速（1分）对M，μmg=Ma2′，代入数据解得：a2′=2m/s2，匀加速（1分）设再经过t0时间两物速度相同为V，则V=v1+a1′t0=v2+a2′t0（1分）解得t0=2s，V=8m/s（1分）在t0内，铁块m的m14m22862′11=⨯+=+=tVvx（1分）所以铁块和木板相对静止前，铁块运动的位移为x物体=x1+x1′=20m（1分）木板M的m12m22842′22=⨯+=+=tVvx（1分）所以铁块和木板相对静止前，木板运动的位移为x木板=x2+x2′=16m（1分）（3）最后2s，铁块和木板相对静止，一起以初速度V=8m/s，做匀加速直线运动。
对铁块和木板整体分析：F=（M+m）a，所以22m/s5.1m/s4412=+=+=mMFa（1分）所以铁块和木板运动的位移为：23)(21tatVx∆+∆=，x3=19m（1分）。