重庆市第十一中学2017届高三9月月考物理试题Word版含解析

一、选择题（共12个小题，每小题4分，共48分，第1题至第8题单选；9至12题多选，漏选得2分，错选不得分，全部选对得4分）
1．如图是物体做直线运动的v－t图像，由图可知，该物体（）
A．第1 s内和第3 s内的加速度相同B．第3 s内和第4 s内的加速度相同
C．第1 s内和第4 s内的位移相同D．0～2 s和0～4 s内的平均速度大小相等
【答案】B
考点：考查匀变速直线运动的图像；平均速度；匀变速直线运动的速度与时间的关系．
【名师点睛】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．
2．物体A、B的s-t图像如图所示，由图可知( ).
A．5s内A、B的平均速度相等．
B．两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3s才开始运动
C．在5s内物体的位移相同，5s末A、B相遇
D．从第3s起，两物体运动方向相同，且v A>v B
【答案】D
【解析】
试题分析:B、物体A从原点出发，而B从正方向上距原点5m处出发，出发的位置不同．物体A比B迟3s才开始运动．故B错误．C、5s末两图线相交，说明5s末两物体到达同一位置
相遇．但两物体5s内通过的位移不同，A通过的位移为△x A=10m-0=10m，物体B通过的位移为△x B=10m-5m=5m．故C错误．A、由上知道，5s内A通过的位移大于B的位移，所以5s 内A的平均速度大于B的平均速度．故A错误．D、由图看出，两图线的斜率都大于零，说明两物体都沿正方向运动，运动方向相同．图线A的斜率大于图线B的斜率，说明A的速度大于B的速度，即v A＞v B．故D正确．故选D.
考点：考查匀变速直线运动的图像．
【名师点睛】对于位移图象，关键抓住斜率大小等于物体的速度、坐标变化量表示位移来理解其物理意义．
3．物体做曲线运动时，一定发生变化的是（）
A．速度方向B．速度大小C．加速度方向D．加速度大小
【答案】A
考点：考查曲线运动．
【名师点睛】本题关键明确曲线运动的运动学特点以及动力学特点，同时要熟悉匀速圆周运动和平抛运动两中曲线运动．
4．如图所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成θ角与横杆固定，下端连接一小铁球，横杆右边用一根细线吊一小铁球，当小车在摩擦力作用下水平滑动时，细线保持与竖直方向成α角，则下列说法正确的是（）
A．轻杆对小球的弹力方向与细线平行 B.若θ＞α，小车向左加速或向右减速
C．θ=α，小车向右匀速 D.当车的质量远大于小球质量时,地面的摩擦系数一定为gtanθ
【答案】A
【解析】
试题分析:A、左边小球受到重力和轻杆的作用力，右边小球受到重力和绳子的拉力，加速度相等，质量相等，则小球的合力和重力相等，所以轻杆对小球的弹力和细线的拉力大小相等，方向相同．故A正确；B、C、两小球都相对于车静止，不管θ与α大小如何，两铁球加速度相同，所受合外力相同，则轻杆对小球的弹力方向与细线平行，此时小车的加速度也为g tanα，
方向水平向右；小车可能向右匀加速运动，也可能向左匀减速运动，故B 、C 均错误；D 、对整体分析，由μMg =Ma ，则地面的动摩擦系数一定为tan α，故D 错误．故选A ．
考点：考查牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．
【名师点睛】解决本题的关键知道两球具有相同的加速度，以及能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律求解．
5．如图所示，质量为M 、半径为R 的半球形物体A 放在水平地面上，通过最高点处的钉子用水平细线拉住一质量为m 、半径为r 的光滑球B ．则（ ）
A ．A 对地面的压力大于
)M m g +（ B ．B 对A 的压力大小为R r mg R + C ．细线对小球的拉力大小为
r mg R
D ．A 对地面的摩擦力方向向左 【答案】B
考点：考查共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．
【名师点睛】本题关键是采用整体法和隔离法，受力分析后根据平衡条件列式分析．
6．如图，战略导弹部队进行的一次导弹拦截演习示意图，离地高H 处的飞机以水平速度v 1发射一枚空对地导弹(近似于平抛运动)欲炸毁地面目标P ，几乎同时被反应灵敏的地面雷达系统发现，并立即竖直向上发射导弹拦截．设拦截系统Q 与飞机的水平距离为x ，若要拦截成功，不计空气阻力，拦截导弹的发射速度v 2应为（ ）
A ．v 2=v 1 B.21H v v x =
C. 21v =
D. 21x v v H
= 【答案】B
考点：考查平抛运动．
【名师点睛】解决本题的关键掌握处理平抛运动的方法，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．以及知道竖直上抛运动加速度不变，是匀变速直线运动．
7．如题图所示，两个质量分别为m 1＝1 kg 、m 2＝4 kg 的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F 1＝20N 、F 2＝10N 的水平拉力分别作用在m 1、m 2上，则达到稳定状态后，下列说法正确的是（ ）
A ．弹簧秤的示数是15 N
B ．在突然撤去F 1的瞬间，m 1的加速度大小为2 m/s 2
C ．在突然撤去F 2的瞬间，m 2的加速度大小为4m/s 2
D ．若水平面粗糙且与m 1、m 2之间的动摩擦因数相同，其他条件不变，两物体仍在水平面上运动，弹簧秤的示数和光滑时示数一样大。

【答案】D
【解析】
试题分析: A 、先选整体为研究对象，进行受力分析，由牛顿第二定律得：F 1-F 2=(m 1+m 2)a ,解得：21212
2m/s F F a m m -==+,对m 2受力分析：向左的F 2和向右的弹簧弹力F ，由牛顿第二定律得：F -F 2=m 2a ,解得：F =F 2+m 2a =10+4×2N=18N ，故A 错误．B 、在突然撤去F 1的瞬间，因为弹簧的弹力不能发生突变，所以m 1的加速度大小21
18m/s F a m ==，故B 错误．C 、突然撤
去F 2的瞬间，m 2的受力仅剩弹簧的弹力，对m 2列牛顿第二定律，得：F =m 2a ，解得：22
4.5m/s F a m ==，故C 错误,D 、先选整体为研究对象，进行受力分析，由牛顿第二定律得：F 1-F 2-μ(m 1+m 2)g =(m 1+m 2)a ,对m 2受力分析：向左的F 2和向右的弹簧弹力F ，由牛顿第二定律得：F -F 2-μm 2g =m 2a ,联立解得：F =18N ，故D 正确．故选D.
考点：考查牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．
【名师点睛】本题运用整体法和隔离法结合求解弹簧秤的弹力，是常用的方法．撤去外力时，弹簧的弹力不能突变
8．如图所示，质量为m 的木块在质量为M 的长木板上向右滑行，木块受到向右的拉力F 的作用，长木板处于静止状态，已知木块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面间的动摩擦因数为μ2，则（ ）
A ．长木板受到地面的摩擦力的大小一定是F
B ．长木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2(m ＋M )g
C ．当F >μ2(m ＋M )g 时，长木板便会开始运动
D ．无论怎样改变F 的大小，长木板都不可能运动
【答案】D
考点：考查静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力；牛顿第二定律．
【名师点睛】摩擦力公式f =μN 用来求滑动摩擦力或最大静摩擦力，一般的静摩擦力不能用这个公式直接求解，可根据平衡条件或牛顿运动定律求静摩擦力．
9．如图所示，物体A 叠放在物体B 上，B 置于粗糙水平面上．A 、B 质量分别为m A ＝1kg 、m B ＝4kg ，A 、B 之间的动摩擦因数μ1＝0.3，B 与水平面之间的动摩擦因数μ2＝0.05。

t =0时F ＝1.5N ，此后逐渐增加，在增大到16N 的过程中，则下列说法正确的是（认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（ ）
A ．图甲中，t =0时，两物体均保持静止状态
B ．图甲中，拉力达到3.5N 时，两物体仍无相对滑动
C ．图乙中，t =0时，两物体均保持静止状态
D ．图乙中，拉力作用时间内，两物体始终没有出现相对滑动
【答案】ACD
【解析】
试题分析: A 与B 之间的最大静擦力：f 1=μ1m A g=3N,B 与地面的最大静摩擦力为
f 2=μ2(m A +m B )
g =2.5N,A 、B 、图甲中，F <2.5N 时，两物体均静止，F >2.5N 时，两物体一起滑动；而当0201A B A
F f F f m m m --=+时，即F 0=3.125N ，则F >3.125N 时两者相对滑动，故A 正确，B 错误.C 、D 、图乙中，t =0时F =1.5N<f 2,则两物体相对静止，而当
021A B A F f f m m m '-=+时，即017.5N F '=时，两者相对滑动，故C 、D 均正确。

故选ACD.
考点：考查牛顿第二定律．
【名师点睛】同属于牛顿第定律的临界问题，是判定最小拉力和最大拉力出现的条件，对物体运动来说匀速是受力最小的状态，而加度是受力最大的状态，且加速度越大受力越大．
10．如图，物块a 、b 和c 的质量相同，a 和b 之间用轻弹簧S 相连，通过1、2两根完全相同的轻绳系着悬挂于固定点O ；整个系统处于静止状态；现将轻绳或轻弹簧剪断，将物块a 的加速度记为a 1，物块b 的加速度记为a 2 ，物块c 的加速度记为a 3 ，重力加速度大小为g ，在剪断瞬间（ ）
A ．剪断轻绳1时，a 1 =3g a 2 = 0 a 3 =0
B ．剪断轻绳1时，a 1 =3g a 2 = g a 3 =g
C ．剪断轻绳2时，a 1 =0 a 2 = g a 3 =g
D ．剪断弹簧S 时，a 1 =0 a 2 = 0 a 3 =0
【答案】AC
考点：考查牛顿第二定律；胡克定律．
【名师点睛】力学中的瞬时问题，关键是先根据平衡条件求出各个力，然后根据牛顿第二定律列式求解加速度；同时要注意轻弹簧的弹力与行变量成正比，来不及突变，而细线的弹力是有微小形变产生的，故可以突变．
11．如图所示，一辆货车利用跨过光滑定滑轮的轻质缆绳提升一箱货物，已知货箱的质量为M，货物的质量为m，货车以速度v向左做匀速直线运动，重力加速度为g，则在将货物提升到图示的位置时，下列说法正确的是（）
A．货箱向上运动的速度大于v B．缆绳中的拉力F T 大于(M+m)g
C．货箱向上运动的速度等于v cosθD．货物对货箱底部的压力等于mg
【答案】BC
考点：考查运动的合成和分解；牛顿第二定律．
【名师点睛】本题关键先推导出货箱和货物整体的速度表达式，确定货箱和货物整体的运动
规律，然后超重与失重的特点分析.
12．如图所示，将一斜面静置在粗糙的水平地面上，一光滑的小物块在水平拉力F的作用下，静止在斜面上。

现保持物块和斜面都静止，将拉力F方向由水平逐渐变成竖直向上，则这一过程中（）
A．F逐渐增大，物块对斜面的压力逐渐减小
B．地面受到的摩擦力逐渐减小，物块对斜面的压力逐渐减小
C．F逐渐减小，物块对斜面的压力逐渐增大
D．F先减小后增大，物块对斜面的压力逐渐减小
【答案】BD
考点：考查共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．
【名师点睛】本题是力平衡中动态变化分析类型，采用的是图解法，也可以采用函数法求解，同时注意正确选择研究对象进行分析．
二．实验题（共2小题，其中13题6分，14题9分，共15分）
13．（6分）如图所示，一端带有定滑轮的长木板上固定有甲、乙两个光电门，与之相连的计时器可以显示带有遮光片的小车在其间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的轻质测力计能显示挂钩处所受的拉力．
(1)在探究“质量一定时，加速度与合外力的关系”时，要使测力计的示数等于小车所受合外力，必须进行的操作是．然后保证小车的质量不变，多次向砂桶里加砂，测得多组a和F的值，画出的a-F图像是（）。

(2)在探究“合外力一定时，加速度与质量的关系”时，先测出小车质量m，再让小车从靠近光电门甲处由静止开始运动，读出小车在两光电门之间的运动时间t．改变小车质量m，测得多组m、t的值，建立坐标系描点作出图线．下列能直观得出“合外力一定时，加速度与质量成反比”的图线是（）。

【答案】(1)平衡摩擦力, C (2)C
考点：考查探究加速度与物体质量、物体受力的关系．
【名师点睛】对于实验问题一定要明确实验原理,并且亲自动手实验,熟练应用所学基本规律解决实验问题．
14．（9分）一个有一定厚度的圆盘，可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动，圆盘加速转
动时，把角速度的增加量△ω与对应时间△t的比值定义为角加速度β（即=w t
β∆
∆
）我们用电
磁打点计时器（所接交流电的频率为50Hz）、复写纸、米尺、游标卡尺、纸带来完成下述实验：①如图甲所示，将打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔，然后固定在圆盘的侧面，当圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上；
②接通电源，打点计时器开始打点，启动控制装置使圆盘匀加速转动；
③经过一段时间，停止转动和打点，取下纸带，进行测量．
(1)用20分度的游标卡尺测得圆盘的直径如图乙所示，圆盘的直径d为______cm；
(2)如图丙所示，纸带上A、B、C、D…为计数点，相邻两计数点间有四个点未画出，则打下计数点D时，圆盘边缘的线速度为______m/s，纸带运动的加速度大小为_____m/s2，圆盘转动的角加速度大小为______rad/s2（本小题计算结果保留三位有效数字）
【答案】(1)6.000 (2)0.389，0.593，19.8
考点：考查测定匀变速直线运动的加速度．
【名师点睛】解决的关键掌握游标卡尺的读数方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，以及知道加速度与角加速度的关系．
三．计算题（共2个小题，其中15题12分，16题20分，共32分）
15．（12分）观光旅游、科学考察经常利用热气球，保证热气球的安全就十分重要.科研人员进行科学考察时，气球、座舱、压舱物和科研人员的总质量为M=800kg，在空中停留一段时间后，由于某种故障，气球受到的空气浮力减小，当科研人员发现气球在竖直下降时，气球速度为v0=2m/s，此时开始计时经过t=4s时间，气球匀加速下降了h=16m，科研人员立即抛掉
一些压舱物，使气球匀速下降．不考虑气球由于运动而受到的空气阻力，重力加速度g=10m/s2.求：
(1)气球加速下降阶段的加速度大小是多少？
(2)抛掉的压舱物的质量m是多大？
(3)抛掉一些压舱物后，气球经过时间Δt=5s，气球下降的高度是多大？
【答案】(1) a＝1m/s2 (2) m＝80kg (3) H＝30m
【解析】
试题分析:(1) 设气球加速下降的加速度为a，受到空气的浮力为F，则
由运动公式可知：x＝v0t＋at2 /2
解得:a＝1m/s2
(2) 由牛顿第二定律得：Mg－F＝Ma
抛掉质量为m压舱物，气体匀速下降，有：(M－m)g＝F
解得m＝80kg.
(3) 设抛掉压舱物时，气球的速度为v，经过Δt＝5s下降的高度为H
由运动公式可知：v＝v0＋at
H＝vΔt
解得H＝30 m.
考点：考查牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．
【名师点睛】将气球的运动过程划分好，搞好受力分析，应用合适的规律是关键.
16．某电视台娱乐节目在游乐园举行家庭搬运砖块比赛活动．比赛规则是：如图甲所示向滑动的长木板上放砖块，且每次只能将一块砖无初速度（相对地面）地放到木板上，木板停止时立即停止搬放，以木板上砖块多少决定胜负．已知每块砖的质量m=0.8kg，木板的上表面光滑且足够长，比赛过程中木板始终受到恒定的拉力F= 20N的作用，未放砖块时木板以v0 = 3m/s 的速度匀速前进．获得冠军的家庭上场比赛时每隔T=0.8s放一块砖，从放上第一块砖开始计时，图中仅画出了0～0.8s内木板运动的v–t图象，如图乙所示，g取10m/s2．求：
(1)木板的质量M及板与地面间的动摩擦因数为多少？
(2)木板停止时，木板上放有多少块砖？
(3)从放上第一块砖开始到停止，木板的总位移是多少？
【答案】(1) 0.25μ=,8kg M = (2)车停时有5块砖 (3)总位移7.6m
(2)放第二块砖后，受力分析有mg Ma μ22=
所以212a a =，在第二个0.8s 内车速度变化为21220.2(m/s)v v ∆=∆=⨯ 同理，31330.2(m/s)v v ∆=∆=⨯
41440.2(m/s)v v ∆=∆=⨯
10.2(m/s)n v n v n ∆=∆=⋅
停下时有123......3n v v v v ∆+∆+∆+∆=
3)........321(2.0=++++n
解得n =5
所以车停时有5块砖
考点：考查功的计算；牛顿第二定律．
【名师点睛】解决本题的关键知道小车所受的合力等于增加的摩擦力，会根据牛顿第二定律求出加速度的通项式．
四．选做题（每题15分，请考生从给出的17、18题中任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选的题号涂黑，注意：选做题的题号必须与所涂题号一致，如果多做，则按所做的第一题计分。

）
17．物理—选修3－3]（15分）
(1).（5分）下列说法正确的是____．（填正确答案标号。

选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。

每选错1个扣3分，最低得分为0分）
A．悬浮在液体中的小颗粒越小，布朗运动越明显
B．当分子间距离增大时，分子间作用力减小，分子势能增大
C．液晶具有光学的各向异性
D．单位时间内气体分子对容器壁单位面积上碰撞次数减小，气体的压强可能增大
E．自然界凡是符合能量守恒定律的宏观过程都能自发发生
【答案】ACD
【解析】
试题分析:A、温度一定时，悬浮在液体中的固体颗粒越小，同一时刻撞击颗粒的液体分子数越少，冲力越不平衡，布朗运动越明显；故A正确；B、若分子力表现为斥力时，分子间的距离r增大，分子间的作用力减小，但做正功，分子势能减小，若分子力表现为引力时，分子间的距离r增大，分子间的作用力减小，但做负功，分子势能增大，故B错误；C、液晶具有光学的各向异性，故C正确；D、气体的压强与单位时间内气体分子对容器壁单位面积上碰撞次数以及分子对器壁的平均撞击力有关，若温度升高，分子对器壁的平均撞击力增大，单位时间内气体分子对容器壁单位面积上碰撞次数减少，气体的压强可能增大，故D正确；E、根据热力学第二定律可知，一切与热现象有关的宏观过程都具有方向性，故E错误；故选ACD. 考点：考查封闭气体压强、晶体和非晶体。

【名师点睛】此题要求同学们熟练掌握分子动理论的基础知识，知道分子势能与分子间距的关系，正确理解气体压强产生的原因．
(2)．（10分）将如图所示的装置的右端部分气缸B置于温度始终保持不变的环境中，绝热气缸A和导热气缸B均固定在地面上，由刚性杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦，开始时两形状相同的长方体气缸内装有理想气体，压强均为p0、体积均为V0、温度均为T0．缓慢加热A中气体，使气缸A的温度升高到2T0，稳定后．求：
①气缸A 中气体的压强p A 以及气缸B 中气体的体积V B ;
②试分析说明此过程中B 中气体吸热还是放热？ 【答案】①023P P A =,03
2V V B = ②放出热量
考点：考查理想气体的状态方程；热力学第一定律．
【名师点睛】本题考查理想气体状态变化规律和关系，找出A 、B 部分气体状态的联系（即V B =2V 0-V A ）是关键．
35．物理—选修3－5]（15分）
（1）．（5分）下列说法中正确的是( ) （填正确答案标号。

选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。

每选错1个扣3分，最低得分为0分）
A ．在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此光子散射后波长变长
B ．α粒子散射实验中少数n 粒子发生了较大偏转，这是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据之一
C ．由波尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能减少，电势能增大
D ．原子核发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了4
E ． 有核能释放的核反应一定有质量亏损
【答案】ABE
考点：考查物质波；裂变反应和聚变反应．
【名师点睛】本题考查了康普顿效应、物质波、原子核式结构、a衰变、爱因斯坦质能方程等，知识点多，难度小，关键是记住基础知识．
（2）．（10分）如图，LMN是竖直平面内固定的光滑绝缘轨道，MN水平且足够长，LM下端与MN相切．质量为m的带正电小球B静止在水平轨道上，质量为2m的带正电小球A从LM 上距水平轨道高为h处由静止释放，在A球进入水平轨道之前，由于A、B两球相距较远，相互作用力可认为是零，A球进入水平轨道后，A、B两球间相互作用视为静电作用．带电小球均可视为质点．已知A、B两球始终没有接触．重力加速度为g．求：
①A、B两球相距最近时，A球的速度v；②A、B两球最终的速度v A、v B的大小．
【答案】①v=②A v=B v=
【解析】
考点：考查动量守恒定律；能量守恒定律．
【名师点睛】本考查了求小球速度问，分析楚小球运程，用机恒定律、动量守恒定、能量守恒定即可正确解题，分析清楚运过程是正确的关键．。