2018年高考物理复习第二板块 3大必考题型命题热点大预测

通过研究全国卷近几年的高考试题可以发现，高考命题是有一定规律可寻的：8个选择题，“牛顿运动定律”“万有引力与航天”“电场”这3大考点几乎每年各有一题，另外5题集中在“抛体运动与圆周运动”“能量与动量”“磁场”“电磁感应”“交变电流”“物理学史、直线运动、物体的平衡、电路及动态分析”等几个方面选择命制；2个实验题，力学、电学各一道；2个计算题，力学一道，主要考查运动学、动力学或能量问题，电学一道，主要考查带电粒子在电磁场中的运动或电磁感应综合问题。

考前依据高考命题规律针对押题，不但与高考形似，更与高考神似，锁定命题范围，押题更高效。

选择题押题练(一) 牛顿运动定律(必考点)1．两个物体A 、B 的加速度a A ＞a B ，则( )A ．A 的速度一定比B 的速度大B ．A 的速度变化量一定比B 的速度变化量大C ．A 的速度变化一定比B 的速度变化快D ．A 受的合外力一定比B 受的合外力大解析：选C 加速度a ＝Δv Δt，表示速度变化的快慢，因此加速度a 大，速度v 、速度变化量Δv 均不一定大，速度变化一定快，故选项A 、B 错误，选项C 正确。

根据牛顿第二定律F ＝ma 可知，物体所受的合力的大小与质量和加速度两个物理量有关，而题意中未涉及物体A 、B 的质量大小关系，因此它们所受合外力的大小关系也无法确定，故选项D 错误。

2．竖直向上抛出一物块，物块在运动过程中受到的阻力大小与速度大小成正比，则物块从抛出到落回抛出点的过程中，加速度随时间变化的关系图像正确的是(设竖直向下为正方向)( )解析：选C 物块在上升过程中加速度大小为a ＝mg ＋k v m ，因此在上升过程中，速度不断减小，加速度不断减小，速度减小得越来越慢，加速度减小得越来越慢，到最高点加速度大小等于g 。

在下降的过程中加速度a ＝mg －k v m，随着速度增大，加速度越来越小，速度增大得越来越慢，加速度减小得越来越慢，加速度方向始终向下，因此C 正确。

3．[多选]一个质量为2 kg 的物体，在5个共点力作用下处于平衡状态。

现同时撤去大小分别为15 N 和10 N 的两个力，其余的力保持不变，关于此后该物体的运动的说法中正确的是( )A ．一定做匀变速直线运动，加速度大小可能是5 m/s 2B ．一定做匀变速运动，加速度大小可能等于重力加速度的大小C ．可能做匀减速直线运动，加速度大小是2.5 m/s 2D ．可能做匀速圆周运动，向心加速度大小是5 m/s 2解析：选BC 根据平衡条件得知，其余力的合力与撤去的两个力的合力大小相等、方向相反，则撤去大小分别为15 N 和10 N 的两个力后，物体的合力大小范围为5 N ≤F 合≤25N ，根据牛顿第二定律a ＝F m得：物体的加速度范围为：2.5 m /s 2≤a ≤12.5 m/s 2。

若物体原来做匀速直线运动，撤去的两个力的合力方向与速度方向不在同一直线上，物体做匀变速曲线运动，加速度大小可能为5 m/s 2，故A 错误。

由于撤去两个力后其余力保持不变，则物体所受的合力不变，一定做匀变速运动，加速度大小可能等于重力加速度的大小，故B 正确。

若物体原来做匀速直线运动，撤去的两个力的合力方向与速度方向相同时，物体做匀减速直线运动，故C 正确。

由于撤去两个力后其余力保持不变，在恒力作用下不可能做匀速圆周运动，故D 错误。

4．从t ＝0时刻开始，甲沿光滑水平面做直线运动，速度随时间变化如图甲；乙静止于光滑水平地面，从t ＝0时刻开始受到如图乙所示的水平拉力作用。

则在0～4 s 的时间内( )A ．甲物体所受合力不断变化B ．甲物体的速度不断减小C ．2 s 末乙物体改变运动方向D ．2 s 末乙物体速度达到最大解析：选D 速度时间图像的斜率表示加速度，从题图甲中可知甲运动的速度时间图像的斜率不变，即加速度恒定，所以合力恒定，A 错误；从题图甲中可知甲的速度先减小后反向增大，B 错误；由题图乙知：乙所受的拉力先沿正向后沿负向，说明乙在0～2 s 内做加速度减小的加速运动，2～4 s 内沿原方向做加速度增大的减速运动，2 s 末运动方向没有改变，2 s 末乙物体速度达到最大，C 错误，D 正确。

5.如图所示，在水平地面上的箱子内，用细线将质量均为m 的两个球a 、b 分别系于箱子的上、下两底的内侧，轻质弹簧两端分别与球相连接，系统处于静止状态时，弹簧处于拉伸状态，下端细线对箱底的拉力为2mg ，箱子的质量为M (m ≪M )，则下列说法正确的是(重力加速度为g )( )A ．系统处于静止状态时地面受到的压力大小为Mg －2mgB ．中间弹簧的弹力大小为mgC ．剪断连接球b 与箱底的细线瞬间，b 球的瞬时加速度为2gD ．剪断连接球a 与弹簧连接点的瞬间，a 球的加速度为3g解析：选C 对整体进行受力分析可知，系统处于静止状态时，地面的支持力等于系统的重力，即：F N ＝(M ＋2m )g ，根据牛顿第三定律得，地面受到压力大小为(M ＋2m )g ，故A 错误；对b 受力分析，b 球受到重力、中间弹簧的弹力和细线的拉力，F 弹＝F 拉＋mg ＝2mg ＋mg ＝3mg ，故B 错误；剪断连接球b 与箱底的细线瞬间，b 球受重力和弹簧的弹力，弹簧的弹力不能发生突变，b 球的瞬时加速度a b ＝F 弹－mg m ＝3mg －mg m＝2g ，故C 正确；剪断连接球a 与弹簧连接点的瞬间，弹簧对a 球没有弹力，a 球上细线的拉力发生突变，等于a 球的重力，a 球的瞬时加速度a a ＝0，故D 错误。

6．长途客运站的安检机中输送行李的水平传送带匀速转动，乘客把一袋面粉无初速度放在传送带上，在出安检机之前已经和传送带相对静止，结果在传送带上留下了一段白色的径迹，对此分析正确的是( )A ．传送带的速度越大，径迹越长B ．面粉质量越大，径迹越长C ．动摩擦因数越大，径迹越长D ．释放的位置距离安检机末端越远，径迹越长解析：选A 面粉释放后没有初速度，相对传送带向后运动，摩擦力向前，面粉做匀加速运动，当和传送带速度相同后做匀速运动。

匀加速过程加速度a ＝μg ，初速度为0，末速度等于传送带速度v，径迹的长度等于二者的相对位移即v t－v22a＝v22μg，可知动摩擦因数越大，径迹越短，选项C错。

径迹长度与释放位置和面粉质量无关，选项B、D错。

传送带速度越大，径迹越长，选项A正确。

7．一重物在竖直向上的拉力F作用下，开始竖直向上做直线运动，其速度随时间t变化的图像如图所示(图像在0～1 s、3～4 s阶段为直线，1～3 s阶段为曲线)，下列判断正确的是()A．第2 s末拉力大小为0B．第1 s内的拉力大于第4 s内的拉力C．第2 s末速度反向D．前4 s内位移为0解析：选B根据图像可知，第2 s末加速度为零，根据牛顿第二定律可知，合外力为零，所以拉力等于重力，故A错误；根据图像可知，第1 s内的加速度为正，方向向上，则拉力大于重力，第4 s内的加速度为负，方向向下，拉力小于重力，所以第1 s内的拉力大于第4 s内的拉力，故B正确；根据图像可知，0～4 s内，重物一直向上运动，2 s末速度没有反向，故C错误；速度图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，根据图像可知，前4 s内位移为正，不为零，故D错误。

8．如图甲所示，建筑工地常用吊车通过钢索将建筑材料从地面吊到高处，图乙为建筑材料被吊车竖直向上提升过程的简化运动图像，下列判断正确的是()A．前5 s的平均速度是0.5 m/sB．整个过程上升高度是30 mC．30～36 s材料处于超重状态D．前10 s钢索最容易发生断裂解析：选D根据v-t图像可知：0～10 s内材料的加速度a＝0.1 m/s2,0～5 s位移x＝12at2＝12×0.1×52 m＝1.25 m，所以前5 s的平均速度是0.25 m/s，故A错误；通过速度时间图像包围的面积求出整个过程上升高度为：h＝12×(20＋36)×1 m＝28 m，故B错误；30～36 s内材料向上做匀减速直线运动，加速度的方向向下，所以处于失重状态，故C 错误；前10 s 材料向上做匀加速直线运动，加速度的方向向上，根据牛顿第二定律可知材料所受的拉力大于重力，10～30 s 匀速运动，材料所受的拉力等于重力，30～36 s 做匀减速直线运动，材料所受的拉力小于重力，比较可知，前10 s 钢索最容易发生断裂，故D 正确。

9．在水平的足够长的固定木板上，一小物块以某一初速度开始滑动，经一段时间t 后停止，现将该木板改置成倾角为45°的斜面，让小物块以大小相同的初速度沿木板上滑，若小物块与木板之间的动摩擦因数为μ，则小物块上滑到最高位置所需时间与t 之比为( ) A.2μ1＋μB.μ2μ＋1C.2μ2＋μD.1＋μ2μ解析：选A 木板水平时，物块的合力是滑动摩擦力。

根据牛顿第二定律得出：小物块的加速度a 1＝μg ，设滑行初速度为v 0，则滑行时间为t ＝v 0μg；木板改置成倾角为45°的斜面后，对物块进行受力分析：小物块的合力F 合＝mg sin 45°＋f ＝mg sin 45°＋μmg cos 45°小物块上滑的加速度a 2＝mg sin 45°＋μmg cos 45°m ＝(1＋μ)2g 2， 滑行时间t ′＝v 0a 2＝2v 0(1＋μ)g， 因此t ′t ＝2μ1＋μ，故A 正确，B 、C 、D 错误。

10．[多选]如图所示，在水平光滑桌面上放有m1和m 2两个小物块，它们中间有细线连接。

已知m 1＝3 kg ，m 2＝2 kg ，连接它们的细线最大能承受6 N 的拉力。

现用水平外力F 1向左拉m 1或用水平外力F 2向右拉m 2，为保持细线不断，则()A．F1的最大值为10 N B．F1的最大值为15 NC．F2的最大值为10 N D．F2的最大值为15 N解析：选BC若向左拉m1，则隔离对m2分析，T m＝m2a则最大加速度a＝3 m/s2对两物块系统：F1＝(m1＋m2)a＝(2＋3)×3 N＝15 N。

故B正确，A错误。

若向右拉m2，则隔离对m1分析，T m＝m1a′则最大加速度a′＝2 m/s2对两物块系统：F2＝(m1＋m2)a′＝(2＋3)×2 N＝10 N。

故D错误，C正确。

11.某位同学在电梯中用弹簧测力计测量一物体的重力，在0至t3时间段内，弹簧测力计的示数F随时间t变化如图所示，以竖直向上为正方向，则下列关于物体运动的v-t图、P-t图(P为物体重力的功率大小)及a-t图可能正确的是()解析：选C由于该题没有告诉弹簧的拉力与重力大小之间的关系，可以依题意，分三种情况讨论：(1)若F1＝mg，则0～t1时间内电梯静止或做匀速直线运动，即速度等于0或速度保持不变，加速度等于0。