2018学年高二化学第二学期期末模拟试卷及答案(一)

2018学年高二化学第二学期期末模拟试卷及答案（一）一、选择题共42分）1．有关化学用语正确的是（）H4B．乙炔的电子式：A．乙烯的实验式：CC．甲酸甲酯的结构简式：C2H4O D．氢氧根电子式：2．分子式为C4H9Cl的有机物有（）A．2种 B．3种 C．4种 D．8种3．下列有关油脂的叙述中，不正确的是（）A．植物油能使溴水褪色B．油脂在碱性溶液中的水解反应又称为皂化反应C．油脂的氢化又称为油脂的硬化D．植物油、牛油、甘油、汽油统称为油脂4．鸦片具有复杂的组成，其中所含罂粟碱分子结构如图，由其分子结构可推知下列关于罂粟碱的叙述中错误的是（）A．其分子式为C21H22O4B．罂粟碱属芳香酯类C．1 mol罂粟碱完全燃烧需O2量24.5 molD．其苯环氢的一溴取代物可有8种结构5．由2﹣氯丙烷为主要原料制取1，2﹣丙二醇，经过的反应为（）A．加成﹣消去﹣取代B．消去﹣加成﹣取代C．取代﹣消去﹣加成D．取代﹣加成﹣消去6．某有机物结构式为，它不可能具有的性质是（）①可以燃烧②能使酸性高锰酸钾溶液褪色③能跟KOH溶液反应④能发生聚合反应⑤能发生消去反应⑥能与金属钠反应⑦能发生取代反应⑧能被氧化．A．⑤B．①②③④⑥⑦⑧ C．①⑤⑦D．⑤⑧7．下列三种有机物是某些药物中的有效成分：以下说法正确的是（）A．三种有机物都属于芳香烃化合物B．三种有机物苯环上的氢原子若被氯原子取代，其一氯代物都只有2种C．将各1mol的三种物质分别与NaOH溶液充分反应，阿司匹林消耗NaOH最多D．三种有机物都能与浓溴水发生反应二、非选择题58分）8．某物质只含C、H、O三种元素，其分子模型如图所示，分子中共有12个原子（图中球与球之间的连线代表单键、双键等化学键）．（1）该物质的结构简式为．（2）该物质中所含官能团的名称为．（3）下列物质中，与该产品互为同系物的是（填序号），互为同分异构体的是．①CH3CH═CHCOOH②CH2═CHCOOCH3③CH3CH2CH═CHCOOH④CH3CH（CH3）COOH．9．某化学小组采用类似制乙酸乙酯的装置（如图1），以环己醇制备环己烯．密度（g/cm）（1）制备粗品：将12.5mL环己醇加入试管A中，再加入lmL浓硫酸，摇匀后放入碎瓷片，缓慢加热至反应完全，在试管C内得到环己烯粗品．A中碎瓷片的作用是，导管B除了导气外还具有的作用是．（2）制备精品：①环己烯粗品中含有环己醇和少量酸性杂质等．加入饱和食盐水，振荡、静置、分层，环己烯在层（填上或下），分液后用（填入编号）洗涤．a．KMnO4溶液b．稀H2SO4c．Na2CO3溶液②再将环己烯按图2装置蒸馏，收集产品时，控制的温度应在左右，实验制得的环己烯精品质量低于理论产量，可能的原因是．a．蒸馏时从70℃开始收集产品b．环己醇实际用量多了c．制备粗品时环己醇随产品一起蒸出．10．有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可从酸牛奶中提取．纯净的A为无色黏稠液体，易溶于水．为研究A的组成与结构，进行了如下实验：（1）称取A 9.0g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍．实验结论：A的相对分子质量为．（2）将此9.0g A在足量纯O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重5.4g和13.2g．则A的分子式为．（3）另取A 9.0g，跟足量的NaHCO3粉末反应，生成2.24L CO2（标准状况），若与足量金属钠反应则生成2.24L H2（标准状况）．实验结论：A中含有的官能团：．（4）A的核磁共振氢谱如图：实验结论：A中含有种氢原子．（5）综上所述，A的结构简式．11．A为药用有机物，从A出发可发生下图所示的一系列反应．已知A在一定条件下能跟醇发生酯化反应，A分子中苯环上的两个取代基连在相邻的碳原子上；D不能跟NaHCO3溶液反应，但能跟NaOH溶液反应．请回答：（1）A转化为B、C时，涉及到的反应类型有、．（2）E的两种同分异构体Q、R都能在一定条件下发生银镜反应，R能与Na反应放出H2，而Q不能．Q、R的结构简式为Q、R．（3）D的结构简式为．（4）A在加热条件下与NaOH溶液反应的化学方程式为．（5）已知：酰氯能与含有羟基的物质反应生成酯类物质．例如：．写出草酰氯（分子式C2O2Cl2，分子结构式：）与足量有机物D 反应的化学方程式．参考答案与试题解析一、选择题共42分）1．有关化学用语正确的是（）H4B．乙炔的电子式：A．乙烯的实验式：CC．甲酸甲酯的结构简式：C2H4O D．氢氧根电子式：【考点】4J：电子式、化学式或化学符号及名称的综合．【分析】A．实验式是各元素原子个数最简比；B．乙炔分子C原子之间存在3对共用电子对；C．结构简式要体现官能团，甲酸甲酯的分子式C2H4O；D．氢氧根离子带一个单位负电荷，为羟基电子式．【解答】解：A、乙烯的实验式为为CH2，故A错误；B、乙炔是碳原子和氢原子之间通过共用电子对形成的共价化合物，电子式为：，故B正确；C、甲酸甲酯的结构简式：HCOOCH3，故C错误；D、氢氧根离子带一个单位负电荷，电子式为，为羟基电子式，故D错误，故选B．2．分子式为C4H9Cl的有机物有（）A．2种 B．3种 C．4种 D．8种【考点】I4：同分异构现象和同分异构体．【分析】不考虑对映异构，C4H9Cl可以看作是丁烷中的1个H原子被Cl取代产物，向写出丁烷的同分异构体，根据等效氢判断丁烷的一氯代物种数，据此解答．【解答】解：C4H10的同分异构体有：CH3CH2CH2CH3、CH3CH（CH3）CH3，CH3CH2CH2CH3分子中有2种化学环境不同的H原子，其一氯代物有2种；CH3CH（CH3）CH3分子中有2种化学环境不同的H原子，其一氯代物有2种；故C4H9Cl的同分异构体共有4种，故选C．3．下列有关油脂的叙述中，不正确的是（）A．植物油能使溴水褪色B．油脂在碱性溶液中的水解反应又称为皂化反应C．油脂的氢化又称为油脂的硬化D．植物油、牛油、甘油、汽油统称为油脂【考点】JH：油脂的性质、组成与结构．【分析】A．植物油是不饱和高级脂肪酸与甘油形成的酯，分子中含有不饱和键；B．工业上就是利用油脂的皂化反应制取肥皂；C．油脂的不饱和程度降低而转变成相应的饱和脂肪酸，碘值下降，冻凝点上升，稠度增大，固体脂量增加，称为“氢化油脂”，人们形象地俗称“硬化油”；D．油脂是油和脂肪的统称；【解答】解：A．植物油是不饱和高级脂肪酸与甘油形成的酯，分子中含有不饱和键，具有不饱和烃的性质，所以油可以与溴发生加成反应，使溴水褪色，故A 正确；B．油脂在碱性溶液中的水解反应又称为皂化反应，故B正确；C．油脂的氢化是油脂的不饱和程度降低而转变成相应的饱和脂肪酸，又称为油脂的硬化，故C正确；D．油脂是油和脂肪的统称，植物油、牛油、甘油是油脂，汽油是碳氢化合物不是油脂，故D错误；故选D．4．鸦片具有复杂的组成，其中所含罂粟碱分子结构如图，由其分子结构可推知下列关于罂粟碱的叙述中错误的是（）A．其分子式为C21H22O4B．罂粟碱属芳香酯类C．1 mol罂粟碱完全燃烧需O2量24.5 molD．其苯环氢的一溴取代物可有8种结构【考点】HD：有机物的结构和性质．【分析】由图可知，该物质的分子式为C21H22O4，根据原子守恒计算消耗的氧气，3个环中共有8种不同位置的H可以被Br原子取代，以此来解答．【解答】解：A．由结构简式可知分子式为C21H22O4，故A正确；B．分子中不含酯基，则不属于酯类，故B错误；C．分子式为C21H22O4，1 mol罂粟碱完全燃烧需O2量为（21+﹣）mol=24.5 mol，故C正确；D．结构不对称，3个环中共有8种不同位置的H可以被Br原子取代，故D正确．故选B．5．由2﹣氯丙烷为主要原料制取1，2﹣丙二醇，经过的反应为（）A．加成﹣消去﹣取代B．消去﹣加成﹣取代C．取代﹣消去﹣加成D．取代﹣加成﹣消去【考点】I9：有机化学反应的综合应用．【分析】2﹣氯丙烷为主要原料制取1，2﹣丙二醇CH3CH（OH）CH2OH，﹣Cl变化为两个﹣OH，应先消去生成C=C，再加成引入两个卤素原子，最后水解即可，以此来解答．【解答】解：2﹣氯丙烷为主要原料制取1，2﹣丙二醇CH3CH（OH）CH2OH，①先发生氯代烃的消去反应生成C=C，②再发生丙烯的加成反应引入两个卤素原子，③最后发生卤代烃的水解反应（属于取代反应）生成CH3CH（OH）CH2OH，故选B．6．某有机物结构式为，它不可能具有的性质是（）①可以燃烧②能使酸性高锰酸钾溶液褪色③能跟KOH溶液反应④能发生聚合反应⑤能发生消去反应⑥能与金属钠反应⑦能发生取代反应⑧能被氧化．A．⑤B．①②③④⑥⑦⑧ C．①⑤⑦D．⑤⑧【考点】HD：有机物的结构和性质．【分析】由结构可知，分子中含碳碳双键、酚﹣OH、醇﹣OH，结合烯烃、醇、酚的性质来解答．【解答】解：为烃的含氧衍生物，可燃烧生成二氧化碳和水；含碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，能发生聚合反应，能被氧化；含酚﹣OH，具有酸性，能跟KOH溶液反应，能与金属钠反应，能发生取代反应，能被氧化；含﹣OH，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，能与金属钠反应，能发生取代反应，能被氧化，与﹣OH相连C的邻位C上无H，不能发生消去反应，故选A．7．下列三种有机物是某些药物中的有效成分：以下说法正确的是（）A．三种有机物都属于芳香烃化合物B．三种有机物苯环上的氢原子若被氯原子取代，其一氯代物都只有2种C．将各1mol的三种物质分别与NaOH溶液充分反应，阿司匹林消耗NaOH最多D．三种有机物都能与浓溴水发生反应【考点】HD：有机物的结构和性质．【分析】A．芳香烃只含C、H元素，且含苯环；B．阿司匹林苯环上有4种类型的氢原子；C．酚羟基、酯基、羧基均能和氢氧化钠发生反应；D．碳碳双键与溴水发生加成反应，酚﹣OH的邻对位与溴水发生取代反应．【解答】解：A．芳香烃只含C、H元素，且含苯环，则三种有机物均含O元素，不是芳香烃，故A错误；B．阿司匹林苯环上有4种类型的氢原子，则一氯代物有4种，故B错误；C．酚羟基、酯基、羧基均能和氢氧化钠发生反应，则设有机物的物质的量均为1mol，对羟基桂皮酸消耗氢氧化钠2mol，布洛芬消耗氢氧化钠1mol，阿司匹林消耗氢氧化钠3mol，故阿司匹林最多，故C正确；D．碳碳双键与溴水发生加成反应，酚﹣OH的邻对位与溴水发生取代反应，则只有对羟基桂皮酸与溴水反应，故D错误；故选C．二、非选择题58分）8．某物质只含C、H、O三种元素，其分子模型如图所示，分子中共有12个原子（图中球与球之间的连线代表单键、双键等化学键）．（1）该物质的结构简式为．（2）该物质中所含官能团的名称为碳碳双键、羧基．（3）下列物质中，与该产品互为同系物的是（填序号）③，互为同分异构体的是①、②．①CH3CH═CHCOOH②CH2═CHCOOCH3③CH3CH2CH═CHCOOH④CH3CH（CH3）COOH．【考点】I4：同分异构现象和同分异构体；H5：有机物分子中的官能团及其结构．【分析】（1）根据分子模型判断结构简式；（2）由分子模型可知分子中含有C=C和﹣COOH；（3）根据同系物和同分异构体的定义分析．【解答】解：（1）由分子模型可知该有机物的结构简式为，故答案为：；（2）由（1）中结构简式可知该有机物中含有碳碳双键、羧基官能团，故答案为：碳碳双键、羧基；（3）该有机物的结构简式为，与之互为同系物的有CH3CH2CH ═CHCOOH、CH2═CHCOOH，与之互为同分异构体的有CH3CH═CHCOOH、CH2═CHCOOCH3，故答案为：③；①、②；9．某化学小组采用类似制乙酸乙酯的装置（如图1），以环己醇制备环己烯．密度（g/cm）（1）制备粗品：将12.5mL环己醇加入试管A中，再加入lmL浓硫酸，摇匀后放入碎瓷片，缓慢加热至反应完全，在试管C内得到环己烯粗品．A中碎瓷片的作用是防止暴沸，导管B除了导气外还具有的作用是冷凝．（2）制备精品：①环己烯粗品中含有环己醇和少量酸性杂质等．加入饱和食盐水，振荡、静置、分层，环己烯在上层（填上或下），分液后用c（填入编号）洗涤．a．KMnO4溶液b．稀H2SO4c．Na2CO3溶液②再将环己烯按图2装置蒸馏，收集产品时，控制的温度应在左右，实验制得的环己烯精品质量低于理论产量，可能的原因是c．a．蒸馏时从70℃开始收集产品b．环己醇实际用量多了c．制备粗品时环己醇随产品一起蒸出．【考点】TJ：乙酸乙酯的制取．【分析】（1）根据制乙烯实验的知识，发生装置A中碎瓷片的作用是防止暴沸，由于生成的环己烯的沸点为83℃，要得到液态环己烯，导管B除了导气外还具有冷凝作用，便于环己烯冷凝；（2）①环己烯不溶于氯化钠溶液，且密度比水小，分层后环己烯在上层，由于分液后环己烯粗品中还含有少量的酸和环己醇，提纯产物时用c（Na2CO3溶液）洗涤可除去酸；②根据表中数据可知，馏分环己烯的沸点为83℃；a、若提前收集，产品中混有杂质，实际产量高于理论产量；b、制取的环己烯物质的量增大，实验制得的环己烯精品质量高于理论产量；c、粗产品中混有环己醇，导致测定消耗的环己醇量增大，制得的环己烯精品质量低于理论产量；【解答】解：（1）根据制乙烯实验的知识，发生装置A中碎瓷片的作用是防止暴沸，由于生成的环己烯的沸点为83℃，要得到液态环己烯，导管B除了导气外还具有冷凝作用，便于环己烯冷凝．故答案为：防止暴沸；冷凝；（2）①环己烯是烃类，不溶于氯化钠溶液，且密度比水小，振荡、静置、分层后环己烯在上层，由于分液后环己烯粗品中还含有少量的酸和环己醇，联想：制备乙酸乙酯提纯产物时用c（Na2CO3溶液）洗涤可除去酸；故答案为：上层；c；②根据表中数据可知，馏分环己烯的沸点为83℃，故收集产品应控制温度在83℃左右；a、蒸馏时从70℃开始收集产品，提前收集，产品中混有杂质，实际产量高于理论产量，故a错误；b、环己醇实际用量多了，制取的环己烯的物质的量增大，实验制得的环己烯精品质量高于理论产量，故b错误；c、若粗产品中混有环己醇，导致测定消耗的环己醇量增大，制得的环己烯精品质量低于理论产量，故c正确，故选c；故答案为：83℃；c．10．有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可从酸牛奶中提取．纯净的A为无色黏稠液体，易溶于水．为研究A的组成与结构，进行了如下实验：（1）称取A 9.0g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍．实验结论：A的相对分子质量为90．（2）将此9.0g A在足量纯O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重5.4g和13.2g．则A的分子式为C3H6O3．（3）另取A 9.0g，跟足量的NaHCO3粉末反应，生成2.24L CO2（标准状况），若与足量金属钠反应则生成2.24L H2（标准状况）．实验结论：A中含有的官能团：﹣COOH、﹣OH．（4）A的核磁共振氢谱如图：实验结论：A中含有4种氢原子．（5）综上所述，A的结构简式．【考点】M8：有关有机物分子式确定的计算；J4：有机物结构式的确定．【分析】（1）同温同压下，气体的密度之比等于相对分子质量之比，据此计算；（2）浓硫酸增重7.2g为水的质量，碱石灰增重17.6g为二氧化碳质量，计算有机物、水、二氧化碳物质的量，进而计算n（H）、n（C），根据质量守恒确定是否含有O元素，根据元素守恒来确定有机物的分子式；（3）能与足量的NaHCO3粉末反应，说明含有﹣COOH，根据生成的二氧化碳的物质的量确定﹣COOH数目，能与钠反应生成氢气，结合生成氢气的物质的量确定是否含有﹣OH及羟基数目；（4）核磁共振氢谱图中有几个峰值则含有几种类型的等效氢原子，峰面积之比等于氢原子的数目之比；（5）由A的分子式、含有的官能团及核磁共振氢谱书写其结构简式．【解答】解：（1）由其密度是相同条件下H2的45倍，可知A的相对分子质量为：45×2=90，故答案为：90；（2）由题意可推知：n（A）==0.1 mol，n（C）=n（CO2）==0.3mol，n（H）=2n（H2O）=2×=0.6 mol，n（O）==0.3 mol，所以A的分子式为：C3H6O3，故答案为：C3H6O3；（3）0.1 mol A与NaHCO3反应放出0.1 mol CO2，则说A中应含有一个羧基，而与足量金属钠反应则生成0.1 mol H2，说明A中还含有一个羟基，故答案为：﹣COOH、﹣OH；（4）核磁共振氢谱中有4个吸收峰，面积之比为1：1：1：3，可知A中应含有4种不同环境的氢原子，故答案为：4；（5）综上所述，A的分子式为C3H6O3，其分子中含有羟基和羧基，且含有4种H原子，则A的结构简式为：，故答案为：．11．A为药用有机物，从A出发可发生下图所示的一系列反应．已知A在一定条件下能跟醇发生酯化反应，A分子中苯环上的两个取代基连在相邻的碳原子上；D不能跟NaHCO3溶液反应，但能跟NaOH溶液反应．请回答：（1）A转化为B、C时，涉及到的反应类型有取代反应（或水解反应）、中和反应．（2）E的两种同分异构体Q、R都能在一定条件下发生银镜反应，R能与Na反应放出H2，而Q不能．Q、R的结构简式为Q HCOOCH3、R HOCH2CHO．（3）D的结构简式为．（4）A在加热条件下与NaOH溶液反应的化学方程式为+3NaOH+CH3COONa+2H2O．（5）已知：酰氯能与含有羟基的物质反应生成酯类物质．例如：．写出草酰氯（分子式C2O2Cl2，分子结构式：）与足量有机物D反应的化学方程式．【考点】HB：有机物的推断．【分析】由信息可知，A在一定条件下能与醇发生酯化反应，分子中含有﹣COOH，A在氢氧化钠水溶液生成C（乙酸钠），故A分子中还含有酯基，由A的分子式C9H8O4及C中含2个C原子可知，A中有一个苯环，且A分子中苯环上的两个取代基连在相邻的碳原子上，则A的结构简式为，故B结构简式为，B溶液中通入气体CO2生成D，D不能与NaHCO3溶液反应，但能与NaOH溶液反应，则D中有酚羟基并无羧基，故D为，C酸化得到E为CH3COOH，以此来解答．【解答】解：（1）由上述分析可知，A转化为B、C时，涉及到的反应类型有：取代反应（或水解反应）、中和反应，故答案为：取代反应（或水解反应）；中和反应；（2）E（CH3COOH）的两种同分异构体Q、R都能在一定条件下发生银镜反应，均含有醛基，R能与Na反应放出H2，而Q不能，则R含有﹣OH，Q为甲酸甲酯，Q结构简式为HCOOCH3，R的结构简式为HOCH2CHO，故答案为：HCOOCH3；HOCH2CHO；（3）由上述分析可知，D的结构简式为，故答案为：；（4）A在加热条件下与NaOH溶液反应的化学方程式为+3NaOH+CH3COONa+2H2O，故答案为： +3NaOH+CH3COONa+2H2O；（5）草酰氯（结构式：）与D中酚羟基发生取代反应会生成HCl，生成的HCl又使﹣COONa转化为﹣COOH，反应化学方程式为或，答：反应为或．。