因动点产生的等腰三角形问题(三)
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因动点产生的等腰三角形问题
1、(2012临沂)如图,点A在x轴上,OA=4,将线段OA绕点O顺时针旋转120°至OB 的位置.
(1)求点B的坐标;
(2)求经过点A.O、B的抛物线的解析式;
(3)在此抛物线的对称轴上,是否存在点P,使得以点P、O、B为顶点的三角形是等腰三角形?若存在,求点P的坐标;若不存在,说明理由.
考点:二次函数综合题;分类讨论。
解答:解:(1)如图,过B点作BC⊥x轴,垂足为C,则∠BCO=90°,
∵∠AOB=120°,
∴∠BOC=60°,
又∵OA=OB=4,
∴OC=OB=×4=2,BC=OB•sin60°=4×=2,
∴点B的坐标为(﹣2,﹣2);
(2)∵抛物线过原点O和点A.B,
∴可设抛物线解析式为y=ax2+bx,
将A(4,0),B(﹣2.﹣2)代入,得
,
解得,
∴此抛物线的解析式为y=﹣x2+x
(3)存在,
如图,抛物线的对称轴是x=2,直线x=2与x轴的交点为D,设点P的坐标为(2,y),
①若OB=OP,
则22+|y|2=42,
解得y=±2,
当y=2时,在Rt △POD 中,∠PDO=90°,sin ∠POD==,
∴∠POD=60°,
∴∠POB=∠POD+∠AOB=60°+120°=180°, 即P 、O 、B 三点在同一直线上, ∴y=2不符合题意,舍去, ∴点P 的坐标为(2,﹣2) ②若OB=PB ,则42+|y+2|2=42, 解得y=﹣2,
故点P 的坐标为(2,﹣2),
③若OP=BP ,则22+|y|2=42+|y+2|2, 解得y=﹣2,
故点P 的坐标为(2,﹣2),
综上所述,符合条件的点P 只有一个,其坐标为(2,﹣2
),
2、(湖州中考)
如图1,已知正方形OABC 的边长为2,顶点A 、C 分别在x 、y 轴的正半轴上,M 是BC 的中点。P (0,m )是线段OC 上一动点(C 点除外),直线PM 交A B 的延长线于点D 。 ⑴求点D 的坐标(用含m 的代数式表示); ⑵当△APD 是等腰三角形时,求m 的值;
⑶设过P 、M 、B 三点的抛物线与x 轴正半轴交于点E ,过点O 作直线ME 的垂线,垂足为H (如图2),当点P 从点O 向点C 运动时,点H 也随之运动。请直接写出点H 所经过的路径长。(不必写解答过程)
3、(盐城中考)如图,已知一次函数y =-
x +7与正比例函数y = 4
3
x 的图象交于点A ,
且与x 轴交于点B .
(1)求点A 和点B 的坐标;
(2)过点A 作AC ⊥y 轴于点C ,过点B 作直线l ∥y 轴.
A O
C P
B
D M
x y A
O C P
B
D
M
x
y (第24题图)
图1
图2
E
动点P 从点O 出发,以每秒1个单位长的速度,沿O —C —A 的路线向点A 运动;同时直线l 从点B 出发,以相同速度向左平移,在平移过程中,直线l 交x 轴于点R ,交线段BA 或线段AO 于点Q .当点P 到达点A 时,点P 和直线l 都停止运动.在运动过程中,设动点P 运动的时间为t 秒.
①当t 为何值时,以A 、P 、R 为顶点的三角形的面积为8?
②是否存在以A 、P 、Q 为顶点的三角形是等腰三角形?若存在,求t 的值;若不
存在,请说明理由.
【答案】(1)根据题意,得⎩⎪⎨⎪⎧y =-x +7y=43
x
,解得 ⎩⎨⎧x =3
y =4,∴A (3,4) .
令y =-x +7=0,得x =7.∴B (7,0).
(2)①当P 在OC 上运动时,0≤t <4. 由S △APR =S 梯形COBA -S △ACP -S △POR -S △ARB =8,得 12(3+7)×4-12×3×(4-t )- 12t(7-t )- 1
2t ×4=8 整理,得t 2
-8t +12=0, 解之得t 1=2,t 2=6(舍) 当P 在CA 上运动,4≤t <7.
由S △APR = 1
2
×(7-t ) ×4=8,得t =3(舍)
∴当t =2时,以A 、P 、R 为顶点的三角形的面积为8. ②当P 在OC 上运动时,0≤t <4. 此时直线l 交AB 于Q 。 ∴AP=(4-t )2
+32
,AQ=2t ,PQ=7-t
当AP =AQ 时, (4-t )2
+32
=2(4-t )2
, 整理得,t 2
-8t +7=0. ∴t =1, t =7(舍) 当AP=PQ 时,(4-t )2
+32
=(7-t )2
,整理得,6t =24. ∴t =4(舍去) 当AQ=PQ 时,2(4-t )2
=(7-t )2
整理得,t 2
-2t -17=0 ∴t =1±3 2 (舍) 当P 在CA 上运动时,4≤t <7. 此时直线l 交AO 于Q 。过A 作
AD ⊥OB 于D ,则AD =BD =4.
设直线l 交AC 于E ,则QE ⊥AC ,AE =RD =t -4,AP =7-t
由cos ∠OAC= AE AQ = AC
AO ,得AQ = 53(t -4).
当AP=AQ 时,7-t = 53(t -4),解得t = 41
8.
当AQ=PQ 时,AE =PE ,即AE = 1
2AP
得t -4= 1
2(7-t ),解得t =5.
当AP=PQ 时,过P 作PF ⊥AQ 于F AF = 12AQ = 12×5
3(t -4).
在Rt △APF 中,由cos ∠P AF =
AF
AP = 35,得AF = 35
AP 即 12×53(t -4)= 35×(7-t ),解得t= 226
43
.