2018届高考物理二轮复习题型专练3计算题满分练4专题卷(全国通用)
2018届高考物理二轮复习 专题卷汇编 功和能 专题卷 含
机械能知识网络：单元切块：按照考纲的要求，本章内容可以分成四个单元，即：功和功率；动能、势能、动能定理；机械能守恒定律及其应用；功能关系动量能量综合。
其中重点是对动能定理、机械能守恒定律的理解，能够熟练运用动能定理、机械能守恒定律分析解决力学问题。
难点是动量能量综合应用问题。
§1 功和功率教学目标：理解功和功率的概念，会计算有关功和功率的问题培养学生分析问题的基本方法和基本技能教学重点：功和功率的概念教学难点：功和功率的计算教学方法：讲练结合，计算机辅助教学教学过程：一、功1．功功是力的空间积累效应。
它和位移相对应（也和时间相对应）。
计算功的方法有两种：（1）按照定义求功。
即：W =Fs cos θ。
在高中阶段，这种方法只适用于恒力做功。
当20πθ<≤时F 做正功，当2πθ=时F 不做功，当πθπ≤<2时F 做负功。
这种方法也可以说成是：功等于恒力和沿该恒力方向上的位移的乘积。
（2）用动能定理W =ΔE k 或功能关系求功。
当F 为变力时，高中阶段往往考虑用这种方法求功。
这里求得的功是该过程中外力对物体做的总功（或者说是合外力做的功）。
这种方法的依据是：做功的过程就是能量转化的过程，功是能的转化的量度。
如果知道某一过程中能量转化的数值，那么也就知道了该过程中对应的功的数值。
【例1】 如图所示，质量为m 的小球用长L 的细线悬挂而静止在竖直位置。
在下列三种情况下，分别用水平拉力F 将小球拉到细线与竖直方向成θ角的位置。
在此过程中，拉力F 做的功各是多少？⑴用F 缓慢地拉；⑵F 为恒力；⑶若F 为恒力，而且拉到该位置时小球的速度刚好为零。
可供选择的答案有A.θcos FL B .θsin FL C.()θcos 1-FL D .()θcos 1-mgL【例2】如图所示，线拴小球在光滑水平面上做匀速圆周运动，圆的半径是1m ，球的质量是0.1kg ，线速度v =1m/s ，小球由A 点运动到B点恰好是半个圆周。
2018年高考物理全国用二轮复习精练：四 高考仿真练(一) Word版含答案
精练四高考仿真练高考仿真练(一)一、选择题(共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)14.如图1所示，在倾斜的滑杆上套一个质量为m的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的物体，在圆环沿滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向。
则( )图1A.物体做匀加速运动B.环只受三个力作用C.环一定受四个力作用D.物体的重力大于悬绳对物体的拉力解析在运动过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，以物体为研究对象，物体受到竖直向下的重力和绳子竖直向上的拉力，这两个力的合力必为零，说明物体做匀速直线运动，则环也做匀速直线运动，所以环受到重力、绳子竖直向下的拉力、滑杆的支持力和滑动摩擦力，共四个力，选项C正确。
答案 C15.根据氢原子的能级图，现让一束单色光照射到一群处于基态(量子数n＝1)的氢原子上，受激的氢原子能自发地发出6种不同频率的光，则照射氢原子的单色光的光子能量为( )图2A.13.6 eVB.3.4 eVC.12.75 eVD.12.09 eV解析 根据受激的氢原子能发出6种不同频率的色光，有6＝n （n －1）2，解得n ＝4，即能发出6种不同频率的光的受激氢原子一定是在n ＝4能级，则照射处于基态的氢原子的单色光的光子能量为－0.85 eV －(－13.6 eV)＝12.75 eV ，C 正确。
答案 C16.如图3所示，电子在电势差为U 1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U 2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子射出时的偏转角变大的是( )图3A.U 1变大，U 2变大B.U 1变小，U 2变大C.U 1变大，U 2变小D.U 1变小，U 2变小解析 设电子被加速后获得的初速度为v 0，平行极板长为l ，平行极板间距为d ，则由动能定理得eU 1＝12mv 20，电子在电场中偏转所用时间t ＝l v0，设电子在平行板间受电场力作用产生的加速度为a ，由牛顿第二定律得a ＝eE2m ＝eU2dm ，电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度v y ＝at ，由以上式子联立可得v y ＝eU2l dmv0，又有tan θ＝vy v0＝eU2l dmv20＝eU2l 2deU1＝U2l 2dU1，故U 2变大、U 1变小都能使偏转角θ变大，B 正确。
【高三物理试题精选】2018届高考物理第二轮专题复习过关测试题4及答案
2018届高考物理第二轮专题复习过关测试题4及答案
专题限时规范训练
(时间90分钟满分100分)
一、选择题(每小题4分，共44分)
1用水平力F拉一物体，使物体在水平地面上由静止开始做匀加速直线
运动，t1时刻撤去拉力F，物体做匀减速直线运动，到t2时刻停止，其速度—时间图象如图1所示，且αβ，若拉力F做的功为W1，平均功率为P1；物体克服摩擦阻力Ff做的功为W2，平均功率为P2，则下列选项正确的是 ( )
A．W1 W2；F＝2Ff B．W1＝W2；F 2Ff
C．P1 P2；F 2Ff D．P1＝P2；F＝2Ff
2如图2所示，滑块A、B的质量均为m，A套在固定竖直杆上，A、B通
过转轴用长度为L的刚性轻杆连接，B放在水平面上并靠着竖直杆，A、B均静止．由于微小的扰动，B开始沿水平面向右运动．不计一切摩擦，滑块A、B视为质点．在A下滑的过程中，下列说法中正确的是( )
A．A、B组成的系统机械能守恒
B．在A落地之前轻杆对B一直做正功
C．A运动到最低点时的速度的大小为2gL
D．当A的机械能最小时，B对水平面的压力大小为2mg
3如图3所示，足够长的传送带以恒定速率沿顺时针方向运转．现将一
个物体轻轻放在传送带底端，物体第一阶段被加速到与传送带具有相同的速度，第二阶段匀速运动到传送带顶端．则下列说法中正确的是 ( )
A．第一阶段和第二阶段摩擦力对物体都做正功。
2018版高考物理二轮复习计算规范练4 含解析 精品
计算规范练(四)(时间：20分钟 分值：32分)24．(12分)(2018·衡水中学二模)如图1所示为一皮带传送装置，其中AB 段水平，长度L AB＝4 m ，BC 段倾斜，长度足够长，倾角为θ＝37°，AB 和BC 在B 点通过一段极短的圆弧连接(图中未画出圆弧)，传送带以v ＝4 m/s 的恒定速率顺时针运转．现将一质量m ＝1 kg 的工件(可看作质点)无初速度地放在A 点，已知工件与传送带间的动摩擦因数μ＝0.5，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，重力加速度g 取10 m/s 2，求：图1(1)工件从A 点开始至第一次到达B 点所用的时间t ；(2)工件从第一次到达B 点至第二次到达B 点的过程中，工件与传送带间因摩擦而产生的热量Q .【解析】 (1)由牛顿第二定律可得μmg ＝ma 1 ① 经t 1时间与传送带共速，则t 1＝v a 1＝0.8 s ② 运动位移为x 1＝12a 1t 21＝1.6 m③此后工件与传送带一起匀速运动到B 点，用时t 2＝L AB －x 1v＝0.6 s ④ 工件第一次到达B 点所用时间t ＝t 1＋t 2＝1.4 s ． ⑤ (2)工件上升过程中受到的摩擦力f ＝μmg cos θ ⑥ 由牛顿第二定律可得加速度a 2＝mg sin θ－f m＝2 m/s 2⑦ 由运动学公式可得t 3＝v a 2＝2 s ⑧下降过程加速度不变a 3＝a 2＝2 m/s 2⑨ 由运动学公式可得t 4＝v a 3＝2 s⑩ 工件与传送带的相对位移Δx ＝v (t 4＋t 3)＝16 m ⑪ 因摩擦而产生的热量Q ＝f Δx ＝64 J ． ⑫(每式1分)【答案】 (1)1.4 s (2)64 J25．(20分)如图2甲所示，两根完全相同的光滑平行导轨固定，每根导轨均由两段与水平方向成θ＝30°的长直导轨和一段圆弧导轨平滑连接而成，导轨两端均连接电阻，阻值R 1＝R 2＝2 Ω，导轨间距L ＝0.6 m ．在右侧导轨所在斜面的矩形区域M 1M 2P 2P 1内分布有垂直斜面向上的磁场，磁场上下边界M 1P 1、M 2P 2的距离d ＝0.2 m ，磁感应强度大小随时间的变化规律如图乙所示．t ＝0时刻，在右侧导轨斜面上与M 1P 1距离s ＝0.1 m 处，有一根阻值r ＝2 Ω的金属棒ab 垂直于导轨由静止释放，金属棒第一次经过磁场过程恰好匀速通过，最终金属棒在导轨上做往复运动．取重力加速度g ＝10 m/s 2，导轨电阻不计．求：图2(1)金属棒ab 匀速通过磁场的速度大小v ；(2)在t 1＝0.1 s 时刻和t 2＝0.25 s 时刻电阻R 1的电功率之比； (3)最终电阻R 2产生的总热量Q 总.【导学号：19624276】【解析】 (1)由mgs ·sin θ＝12mv2(1分) 得v ＝2gs ·sin θ＝1 m/s.(1分)(2)棒从释放到运动至M 1P 1的时间t ＝vg sin θ＝0.2 s (1分)在t 1＝0.1 s 时，棒还没进入磁场，有E 1＝ΔΦΔt ＝ΔBΔt Ld ＝0.6 V(1分)此时，R 2与金属棒并联后再与R 1串联R 总＝3 Ω (1分) U 1＝E 1R 总R 1＝0.4 V(1分)由图乙可知，t ＝0.2 s 后磁场保持不变，ab 经过磁场的时间t ′＝d v＝0.2 s(1分)故在t 2＝0.25 s 时ab 还在磁场中运动，电动势E 2＝BLv ＝0.6 V(1分) 此时R 1与R 2并联，R 总＝3 Ω，得R 1两端电压U 1′＝0.2 V(2分)电功率P ＝U 2R ，故在t 1＝0.1 s 和t 2＝0.25 s 时刻电阻R 1的电功率比值P 1P 2＝U 21U 1′2＝4.(1分)(3)设ab 的质量为m ，ab 在磁场中运动时，通过ab 的电流I ＝E 2R 总(1分) ab 受到的安培力F A ＝BIL(1分) 又mg sin θ＝BIL(1分) 解得m ＝0.024 kg(1分)t 在0～0.2 s 时间里，R 2两端的电压U 2＝0.2 V ，产生的热量Q 1＝U 22R 2t ＝0.018 J(2分)ab 最终将在M 2P 2下方的轨道区域内往返运动，到M 2P 2处的速度为零，由功能关系可得在t ＝0.2 s 后，整个电路最终产生的热量Q ＝mgd sin θ＋12mv 2＝0.186 J(1分)由电路关系可得R 2产生的热量Q 2＝Q6＝0.018 J(1分) 故R 2产生的总热量Q 总＝Q 1＋Q 2＝0.01 J ． (1分)【答案】 (1)1 m/s (2)4∶1 (3)0.01 J。
2018届高考物理二轮复习：4小题分类练四 含解析 精品
小题分类练(四) 综合计算类21．设集合A ＝{x |x 2－3x ＜0}，B ＝{x ||x |＞2}，则A ∩(∁R B )＝( )A ．{x |－2≤x ＜3}B ．{x |0＜x ≤2}C ．{x |－2≤x ＜0}D ．{x |2≤x ＜3}解析：选B.因为B ＝{x ||x |＞2}＝{x |x ＞2或x ＜－2}，所以∁R B ＝{x |－2≤x ≤2}，又A ＝{x |x 2－3x ＜0}＝{x |0＜x ＜3}，所以A ∩(∁R B )＝{x |0＜x ≤2}，故选B.2．设复数z 满足z (2＋i)＝5i ，则|z －1|＝( )A ．1B ．2 C. 3 D ．5解析：选B.由题意，得z ＝5i 2＋i ＝5i （2－i ）（2＋i ）（2－i ）＝1＋2i ，所以|z －1|＝|2i|＝22＝2，故选B.3．已知数列{a n }是等比数列，数列{b n }是等差数列，若a 1·a 6·a 11＝－33，b 1＋b 6＋b 11＝7π，则tan b 3＋b 91－a 4·a 8的值是( ) A ．－ 3 B ．－1C ．－33D. 3 解析：选A.依题意得，a 36＝(－3)3，a 6＝－3，3b 6＝7π，b 6＝7π3，b 3＋b 91－a 4·a 8＝2b 61－a 26＝－7π3，故tan b 3＋b 91－a 4·a 8＝tan ⎝⎛⎭⎫－7π3＝tan ⎝⎛⎭⎫－2π－π3＝－tan π3＝－3，选A. 4．已知sin ⎝⎛⎭⎫α＋π6－cos α＝13，则cos ⎝⎛⎭⎫2α－π3的值为( ) A ．－518 B.518C ．－79 D.79解析：选D.由sin ⎝⎛⎭⎫α＋π6－cos α＝13，可得sin αcos π6＋sin π6cos α－cos α＝13，即sin αcos π6－sin π6cos α＝13，故sin ⎝⎛⎭⎫α－π6＝13，cos ⎝⎛⎭⎫2α－π3＝cos2⎝⎛⎭⎫α－π6＝1－2sin 2⎝⎛⎭⎫α－π6＝1－29＝79，选D. 5．在△ABC 中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，若B ＝π2，a ＝6，sin 2B ＝2sin A sin C ，则△ABC 的面积S △ABC ＝( )A.32B ．3 C. 6 D ．6解析：选B.由sin 2B ＝2sin A sin C 及正弦定理，得b 2＝2ac ①，又B ＝π2，所以a 2＋c 2＝b 2 ②，联立①②解得a ＝c ＝6，所以S △ABC ＝12×6×6＝3，故选B. 6．已知函数f (x )＝a sin x ＋b 3x ＋4，若f (lg 3)＝3，则f (lg 13)＝( ) A.13 B ．－13C ．5D ．8解析：选C.由f (lg 3)＝a sin(lg 3)＋b 3lg 3＋4＝3得a sin(lg 3)＋b 3lg 3＝－1，而f ⎝⎛⎭⎫lg 13＝f (－lg 3)＝－a sin(lg 3)－b 3lg 3＋4＝－[a sin(lg 3)＋b 3lg 3]＋4＝1＋4＝5，故选C.7．从区间[－2，2]中随机选取一个实数a ，则函数f (x )＝4x －a ·2x ＋1＋1有零点的概率是( )A.14B.13C.12D.23解析：选A.令t ＝2x ，函数有零点就等价于方程t 2－2at ＋1＝0有正根，进而可得⎩⎪⎨⎪⎧Δ≥0t 1＋t 2＞0t 1t 2＞0⇒a ≥1，又a ∈[－2，2]，所以函数有零点的实数a 应满足a ∈[1，2]，故P ＝14，选A. 8．(1＋2x )3(2－x )4的展开式中x 的系数是( )A ．96B ．64C ．32D ．16解析：选B.(1＋2x )3的展开式的通项公式为T r ＋1＝C r 3(2x )r ＝2r C r 3x r ，(2－x )4的展开式的通项公式为T k ＋1＝C k 424－k (－x )k ＝(－1)k 24－k C k 4x k ，所以(1＋2x )3(2－x )4的展开式中x 的系数为20C 03·(－1)·23C 14＋2C 13·(－1)0·24C 04＝64，故选B.9．若直线ax ＋by ＋1＝0(a ＞0，b ＞0)把圆(x ＋4)2＋(y ＋1)2＝16分成面积相等的两部分，则12a ＋2b的最小值为( ) A ．10 B ．8C ．5D ．4解析：选B.∵圆(x ＋4)2＋(y ＋1)2＝16的圆心坐标为(－4，－1)，直线ax ＋by ＋1＝0把圆分成面积相等的两部分，∴该直线过点(－4，－1)，∴－4a －b ＋1＝0，即4a ＋b ＝1，∴12a＋2b ＝⎝⎛⎭⎫12a ＋2b (4a ＋b )＝4＋8a b ＋b 2a ≥4＋28a b ×b 2a ＝8(当且仅当a ＝18，b ＝12时取“＝”)，故选B.10．已知抛物线y 2＝2px (p ＞0)过点A ⎝⎛⎭⎫12，2，其准线与x 轴交于点B ，直线AB 与抛物线的另一个交点为M ，若MB →＝λAB →，则实数λ为( )A.13B.12C ．2D ．3解析：选C.把点A ⎝⎛⎭⎫12，2代入抛物线的方程，得2＝2p ×12，解得p ＝2，所以抛物线的方程为y 2＝4x ，则B (－1，0)．设M ⎝⎛⎭⎫y 2M 4，y M ，则AB →＝⎝⎛⎭⎫－32，－2，MB →＝⎝⎛⎭⎫－1－y 2M 4，－y M .由MB →＝λAB →，得⎩⎪⎨⎪⎧－1－y 2M 4＝－32λ－y M ＝－2λ，解得λ＝2或λ＝1(舍去)，故选C. 11．在平行四边形ABCD 中，点M ，N 分别在边BC ，CD 上，且满足BC ＝3MC ，DC＝4NC ，若AB ＝4，AD ＝3，则AN →·MN →＝( ) A ．－7 B ．0C.7 D ．7解析：选B.以AB →，AD →为基底，AN →＝AD →＋34AB →，MN →＝CN →－CM →＝14CD →－13CB →＝－14AB →＋13AD →，AN →·MN →＝(AD →＋34AB →)·⎝⎛⎭⎫－14AB →＋13AD →＝13⎝⎛⎭⎫AD →2－916AB →2＝13×(9－9)＝0，故选B. 12．已知点A (1，0)，B (0，1)，C (3，2)，对于线段AB 上任意一点P ，在以点C 为圆心的圆上都存在不同的两点M ，N ，使得PM →＝MN →，则圆C 的半径的取值范围为( )A.⎣⎡⎭⎫103，22 B ．(22，10] C.⎝⎛⎭⎫103，22 D ．[22，10) 解析：选A.设圆C 的半径为r ，对于线段AB 上任意一点P ，在以点C 为圆心的圆上都存在不同的两点M ，N ，使得PM →＝MN →，即存在点M 为PN 的中点，则只需满足r ＜|PC |≤3r .设P (x ，y )，则x ＋y ＝1(0≤x ≤1)，所以|PC |＝（x －3）2＋（y －2）2＝（x －3）2＋（1－x －2）2＝2x 2－4x ＋10＝2（x －1）2＋8∈[22，10]，所以⎩⎨⎧10≤3r r ＜22，故103≤r ＜2 2. 13．计算cos 10°－3cos （－100°）1－sin 10°＝________(用数字作答)． 解析：cos 10°－3cos （－100°）1－sin 10°＝cos 10°＋3cos 80°1－cos 80°＝cos 10°＋3sin 10°2sin 40°＝2sin （10°＋30°）2sin 40°＝ 2. 答案： 214．过抛物线y 2＝4x 的焦点且倾斜角为60°的直线被圆x 2＋y 2－4x ＋43y ＝0截得的弦长是________．解析：依题意，抛物线的焦点坐标是(1，0)，相应的直线方程是y ＝3(x －1)，即3x －y －3＝0.题中的圆(x －2)2＋(y ＋23)2＝16的圆心坐标是(2，－23)、半径为4，圆心(2，－23)到直线3x －y －3＝0的距离d ＝|3×2＋23－3|2＝332，因此所求的弦长为216－⎝⎛⎭⎫3322＝37. 答案：3715．设数列{a n }(n ＝1，2，3，…)的前n 项和S n 满足S n ＋a 1＝2a n ，且a 1，a 2＋1，a 3成等差数列，则a 1＋a 5＝________．解析：由S n ＋a 1＝2a n ，得a n ＝S n －S n －1＝2a n －2a n －1(n ≥2)，即a n ＝2a n －1(n ≥2)．从而a 2＝2a 1，a 3＝2a 2＝4a 1.又因为a 1，a 2＋1，a 3成等差数列，所以a 1＋a 3＝2(a 2＋1)，所以a 1＋4a 1＝2(2a 1＋1)，解得a 1＝2，所以数列{a n }是首项为2，公比为2的等比数列，故a n ＝2n ，所以a 1＋a 5＝2＋25＝34.答案：3416．将矩形ABCD 绕边AB 旋转一周得到一个圆柱，AB ＝3，BC ＝2，圆柱上底面圆心为O ，△EFG 为下底面圆的一个内接直角三角形，则三棱锥O －EFG 体积的最大值是________．解析：由题意知，圆柱的底面半径r ＝BC ＝2，高h ＝AB ＝3.由△EFG 为下底面圆的一个内接直角三角形可得，该三角形的斜边长为2r ＝4，不妨设两直角边分别为a ，b ，则a 2＋b 2＝(2r )2＝16，该直角三角形的面积S ＝12ab ，三棱锥O －EFG 的高等于圆柱的高h ＝3，所以其体积V ＝13×12ab ×3＝12ab .由基本不等式可得V ＝12ab ≤12×a 2＋b 22＝14×16＝4(当且仅当a ＝b 时等号成立)．答案：4。
2018届高三高考仿真卷(四)理综物理试题含答案
绝密 ★ 启用前2018届高三高考仿真卷（四）理综物理本试题卷共16页，46题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。
2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4.选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。
答案写在答题纸上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Zn 65第Ⅰ卷一、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。
第19～21题有多选项符合题目要求。
全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．利用图象来描述物理过程、探寻物理规律是常用的方法，如图是描述某个物理过程的图象，对相应物理过程分析正确的是（ ）A ．若该图象为质点运动的速度—时间图象，则前2秒内质点的平均速率等于0B ．若该图象为一条电场线上电势随坐标变化的图象，则可能是点电荷电场中的一条电场线此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号C ．若该图象为闭合线圈内磁场的磁感应强度随时间变化的图象，则该闭合线圈内一定产生恒定的电动势D ．若该图象为质点运动的位移—时间图象，则质点运动过程速度一定改变了方向 15．“高分四号”卫星是我国首颗地球同步轨道高分辨率光学成像卫星，也是目前世界上空间分辨率最高、幅宽最大的地球同步轨道遥感卫星，它的发射和应用使我国天基对地遥感观测能力显著提升。
普通高校招生全国统一考试2018年高考仿真模拟卷(四)物理试卷Word版含解析
普通高校招生全国统一考试2018年高考仿真模拟卷(四)物理试卷本试卷分第一部分(选择题）和第二部分(非选择题)两部分。
满分110分。
考试时间60分钟。
第一部分二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
·(请将答案填写在第5页答题区)14.如图所示为氢原子的能级图，对于处在n=4能级的大量氢原子，下列说法正确的是A.这群氢原子向低能级跃迁时一共可以辐射出4种不同频率的光子B.处在n=4能级的氢原子可以吸收任何一种光子而跃迁到高能级C.这群氢原子从n=4能级跃迁到n=1能级时向外辐射的光子的波长最长D.这群氢原子辐射的光子中如果只有两种能使某金属发生光电效应，则该金属的逸出功W0应满足10.2eV<W0≤12.09eV15.如图所示，将一右端带有固定挡板的长薄板放在水平面上，一轻质弹簧右端拴接在挡板上，左端拴接一可视为质点的滑块，当弹簧原长时滑块位于长薄板的O点，当滑块位于图中的A点时整个装置处于静止状态。
现将长薄板的右端缓慢地抬起直到滑块将要沿长薄板下滑。
滑块所受的静摩擦力、支持力的大小分别用F f、F N表示。
则长薄板的右端缓慢抬起的过程，下列说法正确的是A.F f先减小后增大、F N一直减小B.F f先增大后减小、F N一直增大C.F f一直增大、F N先减小后增大D.F f保持不变、F N一直减小16.已知其静电场的电场强度的方向与x轴的正方向一致，电场强度大小E与位置x的关系图象如图所示，其中0~x2段为抛物线的一段且关于x=x1对称，x2~x3段为倾斜的直线，且x1-0=x2-x1=x3-x2，开始时一带正电的粒子位于原点，现给该粒子一水平向右的初速度，使其仅在电场力的作用下沿x轴的正方向运动。
则下列说法正确的是A.带电粒子在0~x2段先做减速运动再做加速运动B.带电粒子在x2~x3段做匀加速直线运动C.位置0与x1间的电势差等于位置x1与x2间的电势差D.在0~x3段电场力对带电粒子一直做负功17.如图甲所示为一自耦变压器，P2为副线圈的滑动触头，电压表与电流表均为理想交流电表，P1为滑动变阻器R的滑动触头，变压器的原线圈接有如图乙所示的交流电，则下列说法正确的是A.当P2位于正中央时，电压表的读数为B.流过电流表的电流方向1s内改变50次C.当P2向下缓慢移动的过程中，两理想电表的读数均减小D.当P1向下移动时，变压器的输入功率减小18.如图所示为飞船B与空间站A对接的示意图，已知飞船B对接前沿图中的椭圆轨道运行，空间站A沿图中的圆轨道运行。
2018年高考物理全国用二轮复习精练：二 计算题32分标准练(二) Word版含答案
计算题32分标准练(二)24.(12分)如图1甲所示，可视为质点的物块静止在倾角为37°的足够长的固定斜面的底端，斜面的底面为零势能面。
先用一沿斜面向上的恒力F 拉物块沿斜面向上运动，运动一段距离后撤去拉力，物块运动的过程中机械能随位移变化的规律如图乙所示。
物块的质量为2 kg ，重力加速度g ＝10 m/s 2已知，求：图1(1)物块在拉力作用下运动的加速度的大小；(2)从最低点运动到最高点所用的时间。
解析 (1)由乙图可知，物块在拉力作用下向上运动2 m 的过程中，根据功能关系(F －f )x 1＝ΔE 1(1分)撤去拉力后，－fx 2＝ΔE 2(1分)解得，f ＝4 N ，拉力F ＝24 N(1分)在拉力作用下向上运动时，F －f －mg sin θ＝ma 1(1分)求得以a 1＝4 m/s 2(1分)(2)设在拉力作用下运动的时间为t 1，x 1＝12a 1t 21(1分)求得t 1＝1 s(1分)撤去拉力时的速度v ＝a 1t 1，v ＝4 m/s(1分)撤去拉力后，f ＋mg sin θ＝ma 2(1分)求得a 2＝8 m/s 2(1分)撤去拉力后向上运动到最高点的过程中 t 2＝v a2＝0.5 s(1分) 因此运动的总时间为t ＝t 1＋t 2＝1.5 s(1分)答案 (1)4 m/s 2(2)1.5 s25.(20分)如图2甲所示，两平行金属板接有如图乙所示随时间t 变化的电压U ，两板间电场可看作均匀的，且两板外无电场，板长L ＝0.2 m ，板间距离d ＝0.2 m 。
在金属板右侧有一边界为MN 的区域足够大的匀强磁场，MN 与两板中线OO ′垂直，磁感应强度B ＝5×10－3 T ，方向垂直纸面向里。
现有带正电的粒子流沿两板中线OO ′连续射入电场中，已知每个粒子速度v 0＝105 m/s ，比荷q m ＝108C/kg ，重力忽略不计，在每个粒子通过电场区域的极短时间内，电场可视作是恒定不变的。
2018年普通高等学校高三招生全国统一考试仿真卷(二)理综物理试题
绝密 ★ 启用前2018年普通高等学校招生全国统一考试仿真卷 理科综合物理能力测试（二） 本试卷共18页，38题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★ 注意事项： 1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。
2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
可能用到的相对原子质量H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Cl 35.5 Ca 55 Zn 65 第Ⅰ卷 二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项 符合题目要求。
第19～21题有多选项题目要求。
全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．下列叙述正确的是 A ．力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位 B ．蹦极运动员离开蹦床上升过程中处于失重状态 C ．利用霍尔元件能够把电压这个电学量转换为磁感应强度这个磁学量的特性，可以制出测磁感应强度大小的仪器 D ．探究加速度与质量、合外力关系实验采用的是等效替代的方法 15．一摩托车在t ＝0时刻由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的a -t 图像如图所示，此卷只装订不密封 班级 姓名 准考证号 考场号 座位号根据已知的信息，可知A．摩托车的最大动能B．摩托车在30 s末的速度大小C．在0～30 s的时间内牵引力对摩托车做的功D．10 s末摩托车开始反向运动16．如图所示，10匝矩形线框，在磁感应强度为0.4 T的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴OO′以角速度为100 rad/s匀速转动，线框电阻不计，面积为0.5 m2，线框通过滑环与一理想变压器的原线圈相连，副线圈接有两只灯泡L1和L2。
2018届高考物理二轮复习 专题卷汇编： 热学 专题卷 (全国通用) Word版含答案
一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，1~8题只有一项符合题目要求；9~12题有多项符合题目要求。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）1．2016年9月15日，我国成功发射的“天宫二号”搭载的空间冷原子钟，有望实现约3000万年误差1秒的超高精度。
空间冷原子钟利用激光和原子的相互作用减速原子运动以获得超低温原子，在空间微重力环境下，这种超低温原子可以做超慢速匀速直线运动，基于对这种运动的精细测量可以获得精密的原子谱线信息，从而获得更高精度的原子钟信号，使时间测量的精度大大提高。
卫星导航定位系统是利用精确测量微波信号从卫星到达目标所用的时间，从而获知卫星和目标之间的准确距离。
因此，测量时间的精度，将会直接影响定位准确度。
目前我国的“北斗导航定位”系统上使用的原子钟，精度仅到纳秒（10-9s）量级，所以民用的定位精度在十几米左右。
“空间冷原子钟”的精度达到皮秒（10-12s）量级，使得基于空间冷原子钟授时的全球卫星导航系统具有更加精确和稳定的运行能力。
根据上述材料可知，下列说法中正确的是（）A. “空间冷原子钟”的超低温原子，它们的内能为零B. “空间冷原子钟”在地球表面和在空间微重力环境下的精度相同C. 在空间微重力环境下，做超慢速匀速直线运动的原子不受地球引力作用D. “空间冷原子钟”试验若成功，将使“北斗导航”的精度达到厘米量级【答案】D2．一定质量的理想气体状态变化的P--T图，如图所示，若用和Va、Vb、Vc分别表示气体在a、b、c三种状态下的气体的密度和体积则（）A. B.C. D.【答案】B【解析】根据理想气体状态方程：，可知从a到b体积不变即，根据可知，密度不变，即，从b到c温度不变，压强增大，根据理想气体状态方程：，可知体积减小，所以有：，根据可知，，由此可得：，，故B正确，ACD错误。
3．一定质量的理想气体，当它发生如图所示的状态变化时，哪一个状态变化过程中，气体吸收热量全部用来对外界做功A. 由A至B状态变化过程B. 由B至C状态变化过程C. 由C至D状态变化过程D. 由D至A状态变化过程【答案】D4．关于分子力和分子势能，下列说法正确的是( )A. 当分子力表现为引力时，分子力随分子间距离的增大而减小B. 当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离减小而减小C. 当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离减小而增大D. 用打气筒给自行车打气时，越下压越费力，说明分子间斥力越来越大，分子间势能越来越大【答案】B【解析】当分子力表现为引力时，分子力随分子间距离的增大先增大后减小，选项A错误；当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离减小而减小，选项B正确，C错误；用打气筒给自行车打气时，越下压越费力，这是气体压强作用的缘故，与分子力无关，选项D错误；故选B.5．如图所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子位于x轴上，甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，F>0为斥力，F<0为引力，a、b、c、d为x轴上四个特定的位置，现把乙分子从a处由静止释放，若规定无限远处分子势能为零，则( )A. 乙分子在b处势能最小，且势能为负值B. 乙分子在c处势能最小，且势能为负值C. 乙分子在d处势能一定为正值D. 乙分子在d处势能一定小于在a处势能【答案】B【点睛】该题考察的是分子间的作用力与分子间距离的关系，分子间的引力和斥力总是同时存在，并且都随分子间的距离的增大而减小，只不过减小的规律不同，只要掌握该规律即可解答此类题目。
2018年高考物理全国用二轮复习精练：四 高考仿真练(二) Word版含答案
高考仿真练(二)一、选择题(共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)14.(2017·怀化三模)关于物理学的研究方法，以下说法错误的是( )A.伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B.卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，应用了放大法C.合力与分力、总电阻、交流电的有效值用的是“等效替代”的方法D.电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比解析16世纪末，伽利略对运动的研究，不仅确立了许多用于描述运动的基本概念，而且创造了一套对近代科学发展极为有益的方法。
这些方法的核心是把逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法，故A正确；扭秤实验可以测量微弱的作用，关键在于它把微弱的作用经过了两次放大：一方面微小的力通过较长的力臂可以产生较大的力矩，使悬丝产生一定角度的扭转；另一方面在悬丝上固定一平面镜，它可以把入射光线反射到距离平面镜较远的刻度尺上，从反射光线射到刻度尺上的光点的移动，就可以把悬丝的微小扭转显现出来，故B正确；合力与分力、总电阻、交流电的有效值用的是“等效替代”的方法，故C正确；电场强度是用比值法定义的，但是电场强度与电场力不成正比，与试探电荷的电荷量不成反比，电场强度由电场本身的性质确定。
故D错误。
答案 D15.如图1所示，A、B、C是两带电荷量均为Q的正点电荷连线的中垂线上的三点，B是两线段的交点，A点固定有一带电荷量也为Q的负点电荷，现将一电子从B点由静止释放，电子运动中会经由C点继续向前运动，则( )图1A.从B到C，电场力对该电子一直不做功B.电子从B到C做加速度变大的加速运动C.电子在B 、C 两点时的电势能大小关系是E p B >E p CD.若电子可回到B 点，则回到B 点时速度不为零解析 由合场强的特点知，电子由B 运动到C 的过程中，受电场力作用，加速度是减小的，故A 、B 错误；由于电子能经过C 点并向前运动，且运动过程中只有电场力做功，动能增加，则电势能减小，所以E p B >E p C ，C 正确；若电子可回到B 点，由于只有电场力做功，回到B 点时电场力做功为零，动能不变，所以回到B 点时速度为零，D 错误。
(新课标)2018届高考物理二轮复习训练试卷： 选择题专项训练4
选择题专项训练(四)(时间:20分钟满分:48分)本卷共8小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,1~5题只有一个选项符合题目要求,6~8题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
1.(2016·全国Ⅰ卷)一平行板电容器两极板之间充满云母介质,接在恒压直流电源上。
若将云母介质移出,则电容器()A.极板上的电荷量变大,极板间电场强度变大B.极板上的电荷量变小,极板间电场强度变大C.极板上的电荷量变大,极板间电场强度不变D.极板上的电荷量变小,极板间电场强度不变2.一中子与一质量数为A(A>1)的原子核发生弹性正碰。
若碰前原子核静止,则碰撞前与碰撞后中子的速率之比为()A. B.C.3.D.如图所示,在水平桌面上叠放着质量相等的A、B两块木板,在木板A上放着质量为m的物块C,木板和物块均处于静止状态,A、B、C之间以及B与地面之间的动摩擦因数均为μ,设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等,重力加速度为g,现用水平恒力F向右拉木板A,则下列判断正确的是()A.不管F多大,木板B一定保持静止B.A、C之间的摩擦力大小一定等于μmgC.B受到地面的滑动摩擦力大小一定小于FD.A、B之间的摩擦力大小不可能等于F4.无限大接地金属板和板前一点电荷形成的电场区域,和两个等量异种的点电荷形成的电场等效。
如图所示,P为一无限大金属板,Q为板前距板为r的一带正电的点电荷,MN为过Q点和金属板垂直的直线,直线上A、B是和Q点的距离相等的两点。
下面关于A、B两点的电场强度EA和EB、电势φA和φB判断正确的是()A.EA>EB,φA<φC.EA>EB,φA=φ5.BBB.EA>EB,φA>φD.EA=EB,φA>φBB如图所示,通电直导体棒放在间距为l的光滑水平绝缘轨道上,劲度系数为k的水平轻弹簧一端固定,另一端拴在棒的中点,且与棒垂直,整个装置处于方向竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中,弹簧伸长x,棒处于静止状态。
2018届高考物理二轮复习训练试卷： 选择题专项训练2
选择题专项训练(二)(时间:20分钟满分:48分)本卷共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,1~5题只有一个选项符合题目要求,6~8题有多个选项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.1.一只蜗牛从半球形小碗内的最低点沿碗壁向上缓慢爬行,在其滑落之前的爬行过程中受力情况是()A.碗对蜗牛的支持力变大B.碗对蜗牛的摩擦力变大C.碗对蜗牛的作用力变小D.地面对碗的摩擦力逐渐变小2.甲某物体做直线运动的v-t图象如图甲所示,据此判断图乙(F表示物体所受合力,t表示物体运动的时间)四个选项正确的是()乙3.在中国航天骄人的业绩中有这些记载:天宫一号在离地面 343 km 的圆形轨道上飞行;嫦娥一号在距月球表面高度为200 km 的圆形轨道上飞行;北斗卫星导航系统由同步卫星(地球静止轨道卫星,在赤道平面,距赤道的高度约为36 000 km)和倾斜同步卫星(周期与地球自转周期相等,但不定点于某地上空)等组成.则下列分析正确的是()A.设天宫一号绕地球运动的周期为T,用G表示引力常量,则用表达式求得的地球平均密度比真实值要大B.天宫一号的飞行速度比同步卫星的飞行速度要小C.同步卫星和倾斜同步卫星同周期、同轨道半径,但二者的轨道平面不在同一平面内D.嫦娥一号与地球的距离比同步卫星与地球的距离小4.图甲是某景点的山坡滑道图片,为了探究滑行者在滑道直线部分AE滑行的时间,技术人员通过测量绘制出如图乙所示的示意图.AC是滑道的竖直高度,D点是AC竖直线上的一点,且有AD=DE=15 m,滑道AE可视为光滑的,滑行者从坡顶A点由静止开始沿滑道AE向下做直线滑动,g 取10 m/s2,则滑行者在滑道AE上滑行的时间为()A. sB.2 sC. sD.2 s5.质量为m的物体沿着半径为r的半球形金属球壳滑到最低点时的速度大小为v,如图所示,若物体与球壳之间的动摩擦因数为μ,则物体在最低点时的()A.向心加速度为g+B.向心力为mC.对球壳的压力为D.受到的摩擦力为μm6.如图所示,实线表示某电场的电场线,过O点的虚线MN与电场线垂直,两个相同的带负电的粒子P、Q分别从A、B两点以相同的初速度开始运动,速度方向垂直于MN,且都能从MN左侧经过O点.设粒子P、Q在A、B两点的加速度大小分别为a1和a2,电势能分别为E p1和E p2,过O点时的速度大小分别为v1和v2,到达O点经过的时间分别为t1和t2.粒子的重力不计,则()A.a1<a2B.E p1<E p2C.v1<v2D.t1=t27.一个质子以1.0×107 m/s的速度撞入一个静止的铝原子核后被俘获,铝原子核变为硅原子核,已知铝核的质量是质子的27倍,硅核的质量是质子的28倍,则下列判断中正确的是()A.核反应方程为Al SiB.核反应方程为Al SiC.硅原子核速度的数量级为107 m/s,方向跟质子的初速度方向一致D.硅原子核速度的数量级为105 m/s,方向跟质子的初速度方向一致8.如图所示,a、b间接入电压u=311sin 314t(V)的正弦式交变电流,变压器右侧部分为一火警报警系统原理图,其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器(当温度升高时,其阻值将减小),所有电表均为理想电表,电流表A2为值班室的显示器,显示通过R1的电流,电压表V2显示加在报警器上的电压(报警器未画出),R3为一定值电阻.当传感器R2所在处出现火情时,以下说法正确的是()A.A1的示数增大,A2的示数增大B.V1的示数不变,V2的示数减小C.A1的示数增大,A2的示数减小D.V1的示数减小,V2的示数减小选择题专项训练(二) 1.B2.B3.C4.C5.D6.BC7.AD8.BC。
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计算题满分练(四)
24．如图所示，质量为M 的平板车P 高h ，质量为m 的小物块Q 的大小不计，位于平板车的左端，系统原来静止在光滑水平面地面上．一不可伸长的轻质细绳长为R ，一端悬于Q 正上方高为R 处，另一端系一质量也为m 的小球(大小不计)．今将小球拉至悬线与竖直位置成60°角，由静止释放，小球到达最低点时与Q 的碰撞时间极短，且无能量损失，已知Q 离开平板车时速度大小是平板车速度的两倍，Q 与P 之间的动摩擦因数为μ，M ∶m ＝4∶1，重力加速度为g .求：
(1)小物块Q 离开平板车时速度为多大？
(2)平板车P 的长度为多少？
解析 (1)小球由静止摆到最低点的过程中，有：mgR (1－cos 60°)＝12m v 20
解得v 0＝gR
小球与小物块Q 相撞时，动量守恒，机械能守恒，则有：
m v 0＝m v 1＋m v Q
12m v 20＝12m v 21＋12m v 2Q
解得：v 1＝0，v Q ＝v 0＝gR
二者交换速度，即小球静止下来．Q 在平板车上滑行的过程中，系统的动量守恒，则有m v Q ＝M v ＋m (2v )
解得，v ＝16v Q ＝gR 6
小物块Q 离开平板车时，速度为：2v ＝gR 3
(2)由能量守恒定律，知
F f L ＝12m v 2Q －12M v 2－12m (2v )2
又F f ＝μmg
解得，平板车P的长度为L＝7R 18μ.
答案(1)gR
3(2)
7R
18μ
25．如图所示，间距为L的平行且足够长的光滑导轨由两部分组成：倾斜部分与水平部分平滑相连，倾角为θ，在倾斜导轨顶端连接一阻值为r的定值电阻．质量为m、电阻也为r的金属杆MN垂直导轨跨放在导轨上，在倾斜导轨区域加一垂直导轨平面向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场；在水平导轨区域加另一垂直导轨平面向下、磁感应强度大小也为B的匀强磁场．闭合开关S，让金属杆MN从图示位置由静止释放，已知金属杆运动到水平导轨前，已达到最大速度，不计导轨电阻且金属杆始终与导轨接触良好，重力加速度为g.求：
(1)金属杆MN在倾斜导轨上滑行的最大速率v m；
(2)金属杆MN在倾斜导轨上运动，速度未达到最大速度v m前，当流经定值电阻的电流从零增大到I0的过程中，通过定值电阻的电荷量为q，求这段时间内在定值电阻上产生的焦耳热Q；
(3)金属杆MN在水平导轨上滑行的最大距离x m.
解析(1)金属杆MN在倾斜导轨上滑行的速度最大时，其受到的合力为零，对其受力分析，可得：
mg sin θ－BIL＝0
根据欧姆定律可得：I＝BL v m 2r
解得：v m＝2mgr sin θ
B2L2
(2)设在这段时间内，金属杆运动的位移为x，由电流的定义可得：q＝IΔt
根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律得：
I＝BΔS
2rΔt＝
BLx
2rΔt
解得：x＝2qr BL
设电流为I0时金属杆的速度为v0，根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律，
可得：I0＝BL v0 2r
此过程中，电路产生的总焦耳热为Q
总，由功能关系可得：mgx sin θ＝Q
总
＋
1
2m v 2
定值电阻产生的焦耳热Q＝1
2Q总
解得：Q＝mgqr sin θ
BL－
mI20r2
B2L2
(3)由牛顿第二定律得：BIL＝ma
由法拉第电磁感应定律、欧姆定律可得：
I＝BL v 2r
可得：B2L2
2r
v＝m
Δv
Δt
B2L2
2r
vΔt＝mΔv，
即B2L2
2r x m＝m v m
得：x m＝4m2gr2sin θ
B4L4
答案(1)2mgr sin θ
B2L2(2)
mgqr sin θ
BL－
mI20r2
B2L2
(3)4m2gr2sin θ
B4L4。