2021新高考物理二轮总复习课件：专题四(付,174)
专题2-2021届高考物理二轮复习ppt完美课件
●
(4)重力(或系统内弹簧弹力)之外的其他力的功等于机械能的变化，即W其他＝ΔE.
●
(5)系统内一对滑动摩擦力做的功是系统内能改变的量度，即 Q＝Ff·x相对．
第1部分 专题2 第1讲—2021届高考物理二轮复习课 件
第1部分 专题2 第1讲—2021届高考物理二轮复习课 件
●1．Βιβλιοθήκη 想方法“科学思维”展示高考命题点
命题轨迹
Ⅰ卷14、18 2018
Ⅱ卷14
动能定理的
应用
Ⅱ卷17 2017
Ⅱ卷24
第1部分 专题2 第1讲—2021届高考物理二轮复习课 件
情境图
18(1)18 题
18(2)14 题
17(2)17 题
17(2)24 题
高考命题点
命题轨迹
动能定理的
应用
2016
Ⅱ卷16 Ⅲ卷20 Ⅲ卷24
情境图 16(2)16 题
● (1)守恒的思想、分解思想；
● (2)守恒法、转化法、转移法．
●
2．模型建构
● (1)功和功率的求解
● ①功的求解：W＝Flcos α用于恒力做功，变力做功可以用动能定理或者图像法来求解．
②功率的求解：可以用定义式 P＝Wt 来求解，如果力是恒力，可以 用 P＝Fvcos α 来求解．
第1部分 专题2 第1讲—2021届高考物理二轮复习课 件
速下降，后二分之一时间物体匀减速下降，到达井底时速度恰好为0，两段时间重物克服拉力做的
功分别为W1和W2，则
()
●
A．W1>W2
B．W1＝W2
●
C．W1<2W2
D．W1＝2W2
C
【解析】 设物体的质量为 m，匀速运动的速度大小为 v，时间为 t，则匀速运动时，拉力大小为 F1＝mg，位移为 x1＝vt，重物克服拉力 做的功为 W1＝F1x1＝mgvt；匀减速运动时，由牛顿第二定律得：F2－ mg＝ma 得 F2＝m(g＋a)，位移为 x2＝21vt，重物克服拉力做的功为 W2 ＝F2x2＝m(g＋a)12vt；很容易得到：W1＜2W2，选项 C 正确．
【精编】高中物理二轮复习PPT课件
我们该如何应对考试内容的变化
选修3-5的主要内容是动量，是解决动力学问题 的三大支柱之一。现在纳入必考，完善了学生的 知识框架，但使一些题目综合性更强，难度更大。
2017届应重新强化对3-5的学习。
2018届应更加重视强化对3-5的学习。
2019届以后调课本内容顺序
4
《考试说明》中增加了分析论证解决问题
数学 数学抽象、逻辑推理、数学建模、数学运算、直观想像、数据分析
英语 语言能力、文化意识、思维品质、学习能力
政治 政治认同、理性精神、法治意识、公共参与
历史 历史时空观、史料佐证、历史理解、历史解释、历史价值观
地理 人地观念、综合思维、区域认知、地理实践力
物理 物理观念、科学思维、实验探究、科学态度与责任
的能力的要求
修订前 这五个方面的
能力要求不是孤立的，着 重对某一种能力进行考查 的同时在不同程度上也考 查了与之相关的能力。同 时，在应用某种能力处理 或解决具体问题的过程种 也伴随着发现问题、提出 问题的过程。因而高考对 考生发现问题、提出问题 等探究能力的考查渗透在 以上各种能力的考查中。
修订后
二、何谓“适当”“必要”的文字说明？ 学会用“物 （1）说清：对象、过程（状态）、依据；理语言”来 （2）解答中出现而题中未规定的物理量 描述物理问 符号 应先设定;（可通过画图时在图中标出） 题
（3）说清：临界条件、极值条件、隐含条件 （4）要回应题中的设问、说明矢量的方向， 说明物理量中的“负号”的含义 （5）在讨论、判断时要配合文字说明
试验题 22. 力学实验 （简单）
23. 电学实验 （难）
24. 计算
（简单）
25.计算
（难）
33. 34.
2021届新高考物理二轮复习专题PPT教学课件_基础考法(二)电磁感应
但在t0时刻，磁场的方向发生变化，故圆环所受安培力的方向在t0时刻发生变
化，则A错误，B正确；由闭合电路欧姆定律得：I＝
E R
，又根据法拉第电磁感
应定律得：E＝ΔΔΦt ＝ΔΔBt ·π2r2＝πB2t00r2，又根据电阻定律得：R＝ρ2Sπr，联立得：
I＝B4t00rρS，则C正确，D错误。
（教学提纲）2 0 2 1 届新高考物理二轮复习专题获奖课件：基础考 法（二 ）电磁 感应（ 免费下 载）
（教学提纲）2 0 2 1 届新高考物理二轮复习专题获奖课件：基础考 法（二 ）电磁 感应（ 免费下 载）
3．[多选](2020·山东等级考)如图所示，平面直角坐标系的
第一和第二象限分别存在磁感应强度大小相等、方向相
反且垂直于坐标平面的匀强磁场，图中虚线方格为等大
正方形。一位于Oxy平面内的刚性导体框abcde在外力作
（教学提纲）2 0 2 1 届新高考物理二轮复习专题获奖课件：基础考 法（二 ）电磁 感应（ 免费下 载）
解析：施加磁场来快速衰减STM的微小振动，其原理是电磁阻尼，在振动时通 过紫铜薄板的磁通量变化，紫铜薄板中产生感应电动势和感应电流，则其受到 安培力作用，该作用阻碍紫铜薄板振动，即促使其振动衰减。方案A中，无论 紫铜薄板上下振动还是左右振动，通过它的磁通量都发生变化；方案B中，当 紫铜薄板上下振动时，通过它的磁通量可能不变，当紫铜薄板向右振动时，通 过它的磁通量不变；方案C中，紫铜薄板上下振动、左右振动时，通过它的磁 通量可能不变；方案D中，当紫铜薄板上下振动时，紫铜薄板中磁通量可能不 变。综上可知，对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是A。 答案：A
A．t＝T4时刻，圆环有扩张的趋势 B．t＝T4时刻，圆环有收缩的趋势 C．t＝T4和t＝34T时刻，圆环内的感应电流大小相等 D．t＝34T时刻，圆环内有俯视逆时针方向的感应电流
专题1—2021届高考物理二轮复习教学课件
2016 Ⅲ卷17
情境图
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20(1)17 题
19(3)16 题
16(3)17 题
17(2)16 题
第一部分 专题一 力与运动
高考命题点 命题轨迹 2019 Ⅰ卷19 2017 Ⅰ卷21
动态平 衡问题
Ⅰ卷19 2016
Ⅱ卷14
情境图
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19(1)19 题
16(1)19 题
16(2)14 题
17(1)21 题
第一部分 专题一 力与运动
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02 核心知识 · 提素养
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“物理观念”构建
1．弹力 (1)大小：弹簧在弹性限度内，弹力的大小可由胡克定律F＝kx计 算；一般情况下物体间相互作用的弹力可由平衡条件或牛顿运动定律 来求解． (2)方向：一般垂直于接触面(或切面)指向形变恢复的方向；绳的 拉力沿绳指向绳收缩的方向．
( B)
D．若增大小球 A 的质量 mA，θ 角会增大
第一部分 专题一 力与运动
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【解析】 假设两球质量相等，则杆应处于水平位置，现A位于 B的下方，可知mA>mB，故A错误．以A球为研究对象，A球受到重力 mAg、球体内壁对A球的支持力NA、杆的压力F.由平衡条件知，mAg与 FA的合力与NA等大、反向，运用平行四边形定则作出力的合成图如 图．
质量一定的条件下，为了使悬挂时背包带受力最小，下列措施正确的
是
(D)
A．随意挂在一个钩子上
B．使背包带跨过两个挂钩
C．使背包带跨过三个挂钩
D．使背包带跨过四个挂钩
第一部分 专题一 力与运动
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【解析】 设悬挂后背包带与竖直方向的夹角为 θ，根据平衡条件 可得 2Fcos θ＝mg；解得背包带的拉力 F＝2cmosg θ，在斜挎包的质量一定 的条件下，为了使悬挂时背包带受力最小，则 cos θ 最大，由于相邻挂钩 之间的距离为 7 cm，图乙中斜挎包的宽度约为 21 cm，故使背包带跨过 四个挂钩时 θ≈0，cos θ≈1，此时挂时背包带受力最小，选项 ABC 错误、 D 正确．
2021届高考物理二轮复习实验与研究精解集汇：(四)探究加速度与力、质量的关系
四、探究加速度与力、质量的关系1、“验证牛顿第二定律”的实验装置如图所示。
按图设置好实验装置后，把细线系在小车上并绕过滑轮悬挂钩码。
(1)同学在实验前准备了图中所示的实验装置及下列辅助器材：A．交流电源、导线B．直流电源、导线C．天平（含配套砝码）D．秒表E．刻度尺其中必要的器材是____________；(2)某同学正确进行实验后，打出了一条纸带如图所示。
计时器打点的时间间隔为0.02s。
从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离。
则在打下点迹3时，小车运动的速度v=_____m/s（结果保留3位有效数字），该小车的加速度a=_____2m/s（结果保留3位有效数字）；(3)根据测量的实验数据作出的a-F图线不通过原点，请分析其主要原因是________________；图中图线（或延长线）与F轴截距的物理意义是______________；(4)在对上一问中的装置进行了调整后，a-F图线能够通过原点。
为得到更多的数据点，该同学不断改变钩码质量，发现随着F增大，a-F图像由直线逐渐变为一条弯曲的图线，如图所示。
图线在末端弯曲的原因是_____________________。
1 / 19A．所挂钩码的总质量太大B．所用小车的质量太大C．小车与轨道之间存在摩擦D．导轨保持了水平状态2、某实验小组采用如图（a）所示的文验装置“探究加速度与力、质量的关系”。
（1）下列关于该实验的说法中正确的是_________。
A．平衡摩擦力时，应将盘和盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，应先接通打点计时器，再放开小车D．在每次实验时，应使砝码和砝码盘的总质量远大于小车的质量（2）该实验小组采用正确的实验步骤后，利用打点频率为50Hz的打点计时器，得到的条纸带如图（b）所示，在相邻两计数点间还有四个点未画出，用刻度尺测得：S AB＝2.62m，S BC＝3.84cm，S CD＝5.00cm，S DE＝6.22cm。
高考物理二轮总复习第1部分专题突破方略专题4电路与电磁感应第1讲直流电路与交流电路
第一部分专题四第1讲基础题——知识基础打牢1. (2022·四川自贡三诊)如图甲所示为一种自耦变压器(可视为理想变压器)的结构示意图．线圈均匀绕在圆环型铁芯上，滑动触头P在某一位置，在BC间接一个交流电压表和一个电阻R.若AB间输入图乙所示的交变电压，则( C )A．t＝2×10－2 s时，电压表的示数为零B．电阻R中电流方向每秒钟改变50次C．滑动触头P逆时针转动时，R两端的电压增大D．滑动触头P顺时针转动时，AB间输入功率增大【解析】电压表的示数是交流电的有效值，则t＝2×10－2 s时，电压表的示数不为零，选项A错误；交流电的周期为0.02 s，一个周期内电流方向改变2次，则电阻R中电流方向每秒钟改变100次，选项B错误；滑动触头P逆时针转动时，次级匝数变大，则次级电压变大，即R两端的电压增大，选项C正确；滑动触头P顺时针转动时，次级匝数减小，次级电压减小，次级消耗的功率减小，则AB间输入功率减小，选项D错误．2. (2022·四川成都三诊)发电站通过升压变压器和降压变压器给某用户端供电，发电机组输出交变电压的有效值恒定，输电线总电阻r保持不变．当用户端用电器增加后( A )A．若滑片P位置不变，则输电线上损失的功率变大B．若滑片P位置不变，则用户端电压升高C．若将滑片P上移，则用户端电压可能不变D．若将滑片P上移，则输电线上损失的功率可能减小【解析】若滑片P位置不变，当用户端用电器增加后，用户端总功率变大，发电机的输出功率增大，输电线的电流变大，ΔU＝Ir，输电线两端承担的电压变大，损耗的功率增大；发电机的输入电压不变，升压变压器、降压变压器的匝数不变，故用户端电压降低，A正确，B 错误；若将滑片P 上移，升压变压器的副线圈与原线圈的匝数比变小，发电机组输出交变电压的有效值恒定，则副线圈两端电压变小．用户端用电器使用相同功率，则输电线上的电流会更大，输电线两端承担的电压更大，损耗的功率更大，则用户端的电压更小，故C 、D 错误．3. (多选)(2022·河南押题卷)图甲是一种振动式发电机的截面图，半径r ＝0.1 m 、匝数n ＝30的线圈位于辐射状分布的磁场中，磁场的磁感线沿半径方向均匀分布，线圈所在位置的磁感应强度大小均为B ＝12πT .如图乙，施加外力使线圈沿轴线做往复运动，线圈运动的速度随时间变化的规律如图丙中正弦曲线所示．发电机通过灯泡L 后接入理想变压器，对图乙中电路供电，三个完全相同的小灯泡均正常发光，灯泡的阻值R L ＝1 Ω，电压表为理想电压表，线圈及导线电阻均不计．下列说法正确的是( AC )A ．发电机产生电动势的瞬时值为e ＝6sin 5πt (V)B ．变压器原、副线圈的匝数之比为1∶3C ．每个小灯泡正常发光时的功率为2 WD ．t ＝0.1 s 时电压表的示数为6 V【解析】 由图丙可知，线圈运动的速度最大值v m ＝2 m/s ，速度变化周期为T ＝0.4 s ，则线圈运动的速度瞬时值v ＝v m sin 2πTt ＝2sin 5πt (m/s)，发电机产生电动势的瞬时值为e ＝nB ·2πr ·v ＝6sin 5πt (V)，A 正确；设灯泡正常发光时通过灯泡的电流为I ，则通过原线圈的电流I 1＝I ，通过副线圈的电流I 2＝2I ，变压器原、副线圈的匝数之比为n 1n 2＝I 2I 1＝21，B 错误；根据能量关系可知，U 出I 1＝3I 2R L ，其中U 出＝E m 2＝62 V ＝3 2 V ，I 1＝I ，解得I ＝ 2 A ，每个小灯泡正常发光时的功率为P L ＝I 2R L ＝2 W ，C 正确；电压表示数为发电机两端电压的有效值，即电压表示数为U ＝E 2＝62V ＝3 2 V ，D 错误．故选AC. 4. (多选)(2022·四川巴中一诊)在如图所示的电路中，定值电阻R 1＝R 4＝3 kΩ，R 2＝2 kΩ，R 3＝R 5＝12 kΩ，电容器的电容C ＝6 μF，电源的电动势E ＝10 V ，内阻不计，当开关S 1闭合电流达到稳定时，处在电容器中间带电量q ＝2×10－3C 的油滴恰好保持静止，当开关S 2闭合后，则以下判断正确的是( BD )A ．电容器上极板是高电势点B ．带电油滴加速向下运动C ．a 、b 两点的电势差U ab ＝8 VD ．通过R 3的电量Q ＝4.8×10－5C【解析】 当开关S 2闭合后，由电路图可知，电容器上极板是低电势点，A 错误；当开关S 1闭合电流达到稳定时，处在电容器中油滴保持静止，而开关S 2闭合后，电容器上极板是低电势点，油滴受到的电场力方向发生变化，故可得带电油滴加速向下运动，B 正确；由电路图可知，a 、b 两点的电势差为U R 5－U R 2＝8 V －4 V ＝4 V ，C 错误；由开关S 1闭合电流达到稳定时，再到当开关S 2闭合后的过程中，通过R 3的电量为Q ＝Q 1＋Q 2＝4×6×10－6 C ＋(8－4)×6×10－6 C ＝4.8×10－5 C ，D 正确．5. (多选)(2022·天津南开二模)如图甲所示电路中，L 1为标有“4 V,2 W”字样的小灯泡，L 2、L 3为两只标有“8 V，6 W”字样的相同灯泡，变压器为理想变压器，各电表为理想电表，当ab 端接如图乙所示的交变电压时，三只灯泡均正常发光．下列说法正确的是( ACD )A ．电流表的示数为1.5 AB ．交变电压的最大值U m ＝28 VC ．变压器原、副线圈的匝数之比为3∶1D ．电压表的示数为24 V【解析】 L 2、L 3的额定电流为I 23＝P 23U 23＝34A ，所以电流表的示数为I 2＝2I 23＝1.5 A ，故A 正确；通过原线圈的电流等于L 1的额定电流，为I 1＝P 1U 1′＝0.5 A ，所以变压器原、副线圈的匝数之比为n 1n 2＝I 2I 1＝31，故C 正确；副线圈两端电压等于L 2和L 3的额定电压，为U 2＝8 V ，所以电压表的示数，即原线圈两端电压为U 1＝n 1n 2U 2＝24 V ，故D 正确；根据闭合电路的欧姆定律可得U m2－U 1′＝U 1，解得U m ＝28 2 V ，故B 错误．故选ACD.6. (多选)(2022·广西桂林模拟)在一小型交流发电机中，矩形金属线圈abcd 的面积为S ，匝数为n ，线圈总电阻为r ，在磁感应强度为B 的匀强磁场中，绕轴OO ′(从上往下看逆时针转动)以角速度ω匀速转动，从如图甲所示的位置作为计时的起点，产生的感应电动势随时间的变化关系如图乙所示，矩形线圈与阻值为R 的电阻构成闭合电路，下列说法中正确的是( AD )A ．在t 1～t 3时间内，穿过线圈的磁通量的变化量大小为2BSB ．在t 1～t 3时间内，通过电阻R 电流方向先向上然后向下C ．t 4时刻穿过线圈的磁通量的变化率大小为E 0D ．在t 1～t 3时间内，通过电阻R 的电荷量为2E 0R ＋r ω【解析】 由图乙可知t 1和t 3时刻，线圈的感应电动势都为0，可知这两个时刻穿过线圈的磁通量一正一负，大小均为BS ，故此过程穿过线圈的磁通量的变化量大小为ΔΦ＝BS －(－BS )＝2BS ，A 正确；由图乙可知，在t 1～t 3时间内，线圈中的电流方向不变，根据右手定则可知通过电阻R 电流方向始终向上，B 错误；由图乙可知，t 4时刻的感应电动势为E 0，根据法拉第电磁感应定律可得E 0＝n ΔΦΔt 可得穿过线圈的磁通量的变化率大小为ΔΦΔt ＝E 0n，C 错误；在t 1～t 3时间内，通过电阻R 的电荷量为q ＝n ΔΦR ＋r ＝2nBS R ＋r，又E 0＝nBSω，联立可得q ＝2E 0R ＋r ω，D 正确．故选AD. 7. (多选)(2022·河北秦皇岛三模)如图所示，变压器为理想变压器，原、副线圈的匝数比为2∶1，原线圈的输入端接有正弦交变电流，开关S 闭合．已知L 1、L 2、L 3是相同的电灯且灯丝的电阻不随温度变化，灯丝不会被烧断．下列说法正确的是( BD )A ．L 1、L 2中的电流之比为1∶2B ．L 1两端的电压与原线圈两端的电压之比为1∶2C ．开关S 断开后，L 1、L 2中的电流之比为1∶1D ．开关S 断开后，L 1两端的电压与原线圈两端的电压之比为1∶4【解析】 原、副线圈中的电流之比为1∶2，由于开关S 闭合时L 2与L 3并联，因此L 1、L 2中的电流之比I 1∶I 2＝1∶1，A 错误；设电灯的电阻为R ，由于原、副线圈两端的电压之比为2∶1，因此原线圈两端的电压U ＝2I 2R ，L 1两端的电压U 1＝I 1R ，结合I 1∶I 2＝1∶1，解得U 1U＝12，B 正确；开关S 断开后，L 1、L 2中的电流与线圈匝数成反比I 1′∶I 2′＝1∶2，C 错误；开关S 断开后，原线圈两端的电压U ′＝2I 2′R ，L 1两端的电压U 1′＝I 1′R ，结合I 1′∶I 2′＝1∶2解得U 1′U ′＝14，D 正确．故选BD. 8. (多选)(2022·辽宁鞍山预测)如图甲所示，理想变压器的原副线圈匝数之比n 1∶n 2＝2∶1，定值电阻R 1和R 2的阻值分别为5 Ω和3 Ω，电表均为理想交流电表，电源输出的电流如图乙所示，图中的前半周期是正弦交流的一部分，后半周期是稳恒直流的一部分，则( BD )A ．电流表示数为2 AB ．电压表示数为6 VC ．R 1的功率为10 WD ．R 2的功率为12 W【解析】 设电源输出电流的有效值即电流表示数为I 1，根据等效热值法可得I 21RT ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫i m 22RT 2＋i 2m ·RT 2，解得I 1＝ 3 A ，故A 错误；由于变压器不能对稳恒直流电进行变压，所以每个周期内有半个周期副线圈无电流，设副线圈中电流的有效值为I 2，根据等效热值法有⎝⎛⎭⎪⎫n 1n 2·i m 22RT 2＝I 22RT ，解得I 2＝2 A ，电压表示数为U 2＝I 2R 2＝6 V ，故B 正确；R 1的功率为P 1＝I 21R 1＝15 W ，故C 错误；R 2的功率为P 2＝I 22R 2＝12 W ，故D 正确．故选BD.9. (多选)(2022·湖南押题卷)如图所示在竖直平面的电路，闭合开关S 1和S 2后，带电油滴在电容器内部处于静止状态，R 1为滑动变阻器，R 2为定值电阻，二极管为理想二极管，电容器的下极板接地，则下列说法正确的是( AC )A ．滑动变阻器的滑动头P 向右滑动，油滴向上运动B ．滑动变阻器的滑动头P 向左滑动，油滴向下运动C ．极板M 向上运动，M 板的电势升高D ．断开S 2，油滴不动【解析】 滑动变阻器的滑动头P 向右滑动，则R 1阻值减小，回路电流变大，则R 2两端电压变大，则电容器要充电，此时电容器两板电压变大，场强变大，则油滴向上运动，选项A 正确；滑动变阻器的滑动头P 向左滑动，则R 1阻值变大，回路电流变小，则R 2两端电压变小，则电容器要放电，但是由于二极管的单向导电性使得电容器不能放电，则使得电容器两板电压不变，则油滴仍静止，选项B 错误；极板M 向上运动，根据C ＝εr S 4πkd可知电容器电容减小，则带电量应该减小，但是由于二极管的单向导电性使得电容器不能放电，则两板间电量不变，结合E ＝U d ＝Q Cd ＝Q εr S 4πkdd ＝4πkQ εr S 可知两板间场强不变，则根据U ＝Ed 可知，两板电势差变大，则M 板的电势升高，选项C 正确；断开S 2，则电容器两板间的电压等于电源的电动势，即电压变大，电容器充电，两板间场强变大，则油滴向上运动，选项D 错误．故选AC.10. (多选)(2022·山东威海二模)如图所示为远距离输电的原理图，升压变压器T 1、降压变压器T 2均为理想变压器，T 1、T 2的原、副线圈匝数比分别为k 1、k 2.输电线间的总电阻为R 0，可变电阻R 为用户端负载．U 1、I 1分别表示电压表V 1、电流表A 1的示数，输入电压U 保持不变，当负载电阻R 减小时，理想电压表V 2的示数变化的绝对值为ΔU ，理想电流表A 2的示数变化的绝对值为ΔI ，下列说法正确的是( BD )A ．R 0＝U 1I 1B ．R 0＝ΔU ΔI k 22C ．电压表V 1示数增大D ．电流表A 1的示数增加了ΔI k 2【解析】 设降压变压器T 2原线圈电压为U 3，副线圈电压为U 2，根据题意可知，电阻R 0两端的电压等于U R 0＝U 1－U 3，则R 0＝U 1－U 3I 1，故A 错误；设降压变压器T 2原线圈电压变化为ΔU 3，则ΔU 3ΔU ＝k 2，设降压变压器T 2原线圈电流变化为ΔI 3，则ΔI 3ΔI ＝1k 2，可得ΔI 3＝ΔI k 2，根据欧姆定律得ΔU 3＝ΔI 3R 0，即k 2ΔU ＝ΔI k 2R 0，解得R 0＝ΔU ΔIk 22，故B 、D 正确；输入电压不变，升压变压器T 1原副线圈匝数比不变，则升压变压器T 1副线圈的电压不变，电压表V 1示数不变，故C 错误．故选BD.应用题——强化学以致用11. (多选)(2022·安徽合肥预测)如图所示，理想变压器的原、副线圈分别接有R 1＝250 Ω与R 2＝10 Ω的电阻．当原线圈一侧接入u ＝311sin 100πt (V)的交流电时，两电阻消耗的功率相等，则有( AC )A ．原、副线圈的匝数比为5∶1B ．电阻R 1两端电压有效值是电阻R 2两端电压有效值的2倍C ．电阻R 2消耗的功率为48.4 WD ．1 s 内流过电阻R 2的电流方向改变200次【解析】 设原线圈电流为I 1，副线圈电流为I 2，由题意可知I 21R 1＝I 22R 2，故n 1n 2＝I 2I 1＝R 1R 2＝5，A 正确；电阻R 1两端电压有效值和电阻R 2两端电压有效值之比为U R 1U R 2＝I 1R 1I 2R 2＝5，B 错误；设原线圈输入电压为U 1，副线圈输出电压为U 2，故U 1U 2＝n 1n 2＝5，解得U 1＝5U 2，又U R 1＝I 1R 1，U 2＝I 2R 2，又因为U ＝U R 1＋U 1，外接交流电压有效值为220 V ，联立代入数据解得U 2＝110U ＝22 V ，电阻R 2消耗的功率为P ＝U 22R 2＝48.4 W ，C 正确；由题意可知，交流电的频率为f ＝ω2π＝50 Hz ，变压器不改变交流电的频率，一个周期内电流方向改变2次，故1 s 内流过电阻R 2的电流方向改变100次，D 错误．故选AC.12. (多选)(2022·湖北恩施预测)为了适应特高压输电以实现地区间电力资源的有效配置，需要对原来线路中的变压器进行调换．某输电线路可简化为如图所示，变压器均为理想变压器，调换前后发电机输出电压、输电线电阻、用户得到的电压均不变，改造后输送电压提升为原来的5倍，假设特高压输电前后输送的功率不变，下列说法正确的是( AB )A ．线路改造后升压变压器原、副线圈的匝数比改变B ．线路上电阻的功率变为原来的125C ．特高压输电后，电压损失变为原来的125D ．线路改造后用户端降压变压器匝数比不变【解析】 发电机输出电压不变，应改变升压变压器原、副线圈的匝数比，故A 项正确；根据线路上功率的损失ΔP ＝I 22r ，输送功率不变，电压提升为原来的5倍，输送的电流变为原来的15，线路电阻不变，损失的功率变为原来的125，故B 项正确；输电线上的电压损失为ΔU ＝I 2r ，输送功率为P 2＝U 2I 2则输送功率不变，电压增为原来的5倍，电流变为原来的15，损失的电压变为原来的15，故C 项错误；用户端的降压变压器改造前后输出端电压U 4不变，输入端电压U 3变大，根据U 3U 4＝n 3n 4，可得原、副线圈的匝数比一定变化，故D 项错误．故选AB.13. (多选)(2022·湖北襄阳模拟)如图所示，矩形线圈abcd 在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO ′匀速转动，线圈的电阻为R ，线圈共N 匝，理想变压器原、副线圈的匝数比为1∶2，定值电阻R 1＝R ，当线圈转动的转速为n 时，电压表的示数为U ，则( ACD )A ．电流表的示数为2U RB ．从线圈转动到图示位置开始计时，线圈中产生的电动势的瞬时表达式为e ＝52U cos2πntC ．线圈在转动过程中通过线圈磁通量的最大值为52U 4Nn πD ．当线圈转动的转速为2n 时，电压表的示数为2U 【解析】 依题意有I 2＝U R 1＝U R ，I 1∶I 2＝2∶1则有I 1＝2I 2＝2U R，故A 正确；根据欧姆定律，发电机产生的感应电动势的最大值为E m ，有E m 2＝R ×I 1＋U 1，U 1U ＝12，ω＝2n π rad/s，从线圈转动到图示位置开始计时，线圈中产生的电动势的瞬时表达式为e ＝E m cos ωt ＝52U 2cos 2n πt (V)，故B 错误；依题意有，线圈在转动过程中通过线圈磁通量的最大值为Φm ，则有52U 2＝NΦm 2n π，解得Φm ＝52U 4Nn π，故C 正确；当线圈转动的转速为2n 时，线圈中产生的电动势的最大值为E m ′＝NΦm 4n π，因52U 2＝NΦm 2n π＝E m ，所以E m ′＝52U ，其有效值为5U ，假定电压表示数为U 2′，则有5U ＝I 1′R ＋U 1′＝2U 2′R 1×R ＋U 1′＝12U 2′＋2U 2′＝52U 2′，解得U 2′＝2U ，当线圈转动的转速为2n 时，电压表的示数为2U ，故D 正确．故选ACD.。
2021新高考物理二轮总复习课件：专题四(付,174)
专题四第一讲ꢀ恒定电流和交变电流价值引领备考定向体系构建真题感悟0102内容索引03高频考点能力突破04素养提升微课堂价值引领备考定向本专题是高中物理电学内容的重要分支,在新高考中占较大的比重。
在高考中,直流电路部分要求会分析复杂的串、并联电路的特点及其规律,能分析解决家庭电路中的简单问题,能将安全用电和节约用电的知识应用于实际,养成节约用电的习惯;交流电路部分要求理解交变电流的产生及变化规律,通过实验探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系,知道远距离输电时通常采用高压输电的原因,认识电磁学在人类生活和社会发展中的作用;电磁感应部分要求通过探究影响感应电流方向的因素,理解楞次定律和法拉第电磁感应定律,体会科学技术对社会发展的意义ꢀ核心价值ꢀ核心要求物理观念方面主要考查直流电流、交变电流、感应电动势、感应电流等物质学科素养观念,导体棒切割磁感线运动和相互作用观念,电磁感应现象中的能量观念;科学思维方面主要考查电路动态分析、发电机、变压器、远距离输电、两种电动势计算、单杆双轨、双杆双轨等模型的建构,以及闭合电路欧姆定律、楞次定律和法拉第电磁感应定律等规律理解与应用时的科学推理和科学论证素养ꢀ关键理解能力、模型建构能力、逻辑推理能力、分析综合能力、信息加工能力ꢀ能力、实验探究能力ꢀ核心欧姆定律、电阻定律、焦耳定律、串联和并联电路特点、闭合电路欧要必备求知识ꢀꢀ姆定律、电源的功率和效率、交变电流的产生和描述以及变化规律、变压器的原理、远距离输电、楞次定律、右手定则、法拉第电磁感应定律ꢀ通常涉及的命题情境有家用和工业电路、家用电器、磁电式电流表、试题情境发电机、变压器、远距离输电、无线充电、电磁天平、磁电式速度传ꢀ感器、真空管道超高速列车、磁浮列车、电磁轨道炮、电磁驱动、电磁阻尼等各种实际应用模型直流电路的规律多以实验题的形式出现;交变电流的产生、变压器的原理和远距离输电多以选择题的形式出现;电磁感应现象的综合应用多以计算题的考查方式形式出现①直流电路的动态分析,与平行板电容器相关联的计算,交变电流的有效值的计算、图像及“四值”问题;②理想变压器及远距离输电可能与交变电流的产生、交变电流的图像、电容器或二极管等结合进行考查;③围绕感应电流大小和方向命题,考查对楞次定律和法拉第电磁感应定律的理解;④电磁感应图像问题;⑤电磁感应的力电综合问题是近几年高考考查的热点内容,常与图像、动力学、能量、电路、动量等相结合进行考查ꢀ考向预测体系构建真题感悟【网络构建【高考真题】1.(2020全国Ⅰ卷)图甲所示的电路中,K与L间接一智能电源,用以控制电容器C两端的电压U。
专题22021届高考物理二轮复习PPT
速下降，后二分之一时间物体匀减速下降，到达井底时速度恰好为0，两段时间重物克服拉力做的
功分别为W1和W2，则
()
●
A．W1>W2
B．W1＝W2
●
C．W1<2W2
D．W1＝2W2
C
【解析】 设物体的质量为 m，匀速运动的速度大小为 v，时间为 t，则匀速运动时，拉力大小为 F1＝mg，位移为 x1＝vt，重物克服拉力 做的功为 W1＝F1x1＝mgvt；匀减速运动时，由牛顿第二定律得：F2－ mg＝ma 得 F2＝m(g＋a)，位移为 x2＝21vt，重物克服拉力做的功为 W2 ＝F2x2＝m(g＋a)12vt；很容易得到：W1＜2W2，选项 C 正确．
②功率的求解：可以用定义式 P＝Wt 来求解，如果力是恒力，可以 用 P＝Fvcos α 来求解．
● (2)动能定理的应用技巧
● 若运动包括几个不同的过程，可以全程或者分过程应用动能定理．
●
(3)碰撞中的“三看”和“三想”
●
①看到“弹性碰撞”，想到“动量守恒与机械能守恒”．
●
②看到“非弹性碰撞”，想到“动量守恒但机械能有损失”．
3．(2020·浙江台州二模)用长为 l、不可伸长的细线把质量为 m 的小
球悬挂于 O 点，将小球拉至悬线偏离竖直方向 α 角后放手，运动 t 时间
后停在最低点．则在时间 t 内
( A)
A．小球重力做功为 mgl(1－cos α)
B．空气阻力做功为－mglcos α
C．小球所受合力做功为 mglsin α
● ②相互作用的一对静摩擦力做功的代数和总等于零，在静摩擦力做功的过程中，只有机械 能的转移，没有机械能转化为其他形式的能；相互作用的一对滑动摩擦力做功的代数和不为零， 且总为负值．在一对滑动摩擦力做功的过程中，不仅有相互摩擦的物体间机械能的转移，还有部 分机械能转化为内能，转化为内能的量等于系统机械能的减少量，等于滑动摩擦力与相对位移的 乘积．
专题4-2021届高考物理二轮复习精品课件
18(3)20 题
第 1 部 分 专 题 4 第 2 讲—2 021届高 考物理 二轮复 习课件
第一部分 专题四 电路与电磁感应
高考二轮总复习 • 物理
第 1 部 分 专 题 4 第 2 讲—2 021届高 考物理 二轮复 习课件
高考命题点
命题轨迹
情境图
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电磁感应中的图 2019 Ⅰ卷 20
第 1 部 分 专 题 4 第 2 讲—2 021届高 考物理 二轮复 习课件
第一部分 专题四 电路与电磁感应
高考二轮总复习 • 物理
高考命 题点
命题轨迹
楞次定
律和法
拉第电
Ⅰ卷 17、
磁 感 应 2018 19，Ⅱ卷
18 定律的
应用
情境图
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第一部分 专题四 电路与电磁感应
高考二轮总复习 • 物理
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3．Δq＝CBLΔv(式中 C 为电容器的电容，B 为匀强磁场的磁感应强 度，L 为导体棒切割磁感线的长度，Δv 为导体棒切割速度的变化量)
在匀强磁场中，电容器接在切割磁感线的导体棒两端，不计一切电 阻，电容器两极板间电压等于导体棒切割磁感线产生的电动势 E，通过 电容器的电流 I＝ΔΔqt ＝CΔΔtU，又 E＝BLv，则 ΔU＝BLΔv，可得 Δq＝ CBLΔv.
16(2)20 题
16(3)21 题
第一部分 专题四 电路与电磁感应
高考二轮总复习 • 物理
第 1 部 分 专 题 4 第 2 讲—2 021届高 考物理 二轮复 习课件
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高考命
命题轨迹
题点
楞次定
律和法
拉第电 2017 Ⅰ卷 18，Ⅲ卷 15
高考物理二轮复习 专题四 第1课时 功能关系的应用课件 新人教版
动量和能量
专题定位 本专题解决的是应用功能关系解决物体的 运动和带电粒子(或导体棒模型 或导体棒模型)在电场或磁场中的运动问 运动和带电粒子 或导体棒模型 在电场或磁场中的运动问 考查的重点有以下几方面： 重力、摩擦力、 题．考查的重点有以下几方面：①重力、摩擦力、静电力 和洛伦兹力的做功特点和求解；②与功、功率相关的分析 和洛伦兹力的做功特点和求解； 与功、 与计算； 几个重要的功能关系的应用； 与计算 ；③几个重要的功能关系的应用； ④动能定理的应 综合应用机械能守恒定律和动量守恒定律分析问题． 用；⑤综合应用机械能守恒定律和动量守恒定律分析问题． 本专题是高考的重点和热点，命题情景新，联系实际密切， 本专题是高考的重点和热点，命题情景新，联系实际密切， 综合性强，选择题有，但更侧重在计算题中命题， 综合性强，选择题有，但更侧重在计算题中命题，是高考 的压轴题． 的压轴题． 深刻理解功和功率的概念， 应考策略 深刻理解功和功率的概念， 抓住两种命题情 景搞突破：一是综合应用动能定理、 景搞突破：一是综合应用动能定理、机械能守恒定律和动 量守恒定律，结合动力学方法解决多运动过程问题； 量守恒定律，结合动力学方法解决多运动过程问题；二是 运用动能定理和动量守恒定律解决电场、 运用动能定理和动量守恒定律解决电场、磁场内带电粒子 的运动或电磁感应问题． 的运动或电磁感应问题．
图1
抬高 B，使木板的倾角与前一过程相同，再让物块从 B ，使木板的倾角与前一过程相同， 上述两过程相比较， 由静止开始滑到 A.上述两过程相比较，下列说法中一定 上述两过程相比较 正确的有 A．物块经过 P 点的动能，前一过程较小 ． 点的动能， B．物块从顶端滑到 P 点的过程中因摩擦产生的热量，前 ． 点的过程中因摩擦产生的热量， 一过程较少 C．物块滑到底端的速度，前一过程较大 ．物块滑到底端的速度， D．物块从顶端滑到底端的时间，前一过程较长 ．物块从顶端滑到底端的时间， ( )
2021届高考物理二轮复习专题四 电路与电磁感应(考点+习题)含解析
专题四电路与电磁感应1.恒定电流(1)闭合电路中的电压、电流关系:E=U外+U内,I=,U=E-Ir。
(2)闭合电路中的功率关系:P总=EI,P内=I2r,P出=IU=I2R=P总-P内。
(3)直流电路中的能量关系:电功W=qU=UIt,电热Q=I2Rt。
(4)纯电阻电路中W=Q,非纯电阻电路中W>Q。
2.电磁感应(1)判断感应电流的方向:右手定则和楞次定律(增反减同、来拒去留、增缩减扩)。
(2)求解感应电动势常见情况与方法(3)自感现象与涡流自感电动势与导体中的电流变化率成正比,线圈的自感系数L跟线圈的形状、长短、匝数等因素有关系。
线圈的横截面积越大,线圈越长,匝数越多,它的自感系数就越大。
带有铁芯的线圈其自感系数比没有铁芯时大得多。
3.交变电流(1)交变电流的“四值”①最大值:为U m、I m,即交变电流的峰值。
②瞬时值:反映交变电流每瞬间的值,如e=E m sinωt。
③有效值:正弦式交变电流的有效值与最大值之间的关系为E=、U=、I=;非正弦式交变电流的有效值可以根据电流的热效应来求解。
计算交变电流的电功、电功率和测定交流电路的电压、电流都是指有效值。
④平均值:反映交变电流的某物理量在t时间内的平均大小,如平均电动势E=n。
(2)理想变压器的基本关系式①功率关系:P入=P出;②电压关系:=;③电流关系:=。
(3)远距离输电常用关系式(如图所示)①功率关系:P1=P2,P3=P4,P2=P线+P3。
②电压损失:U损=I2R线=U2-U3。
③输电电流:I线===。
④输电导线上损耗的电功率:P损=I线U损=R线=R线。
高考演练1.(2019江苏单科,1,3分)某理想变压器原、副线圈的匝数之比为1∶10,当输入电压增加20 V时,输出电压()A.降低2 VB.增加2 VC.降低200 VD.增加200 V答案D依据理想变压器原、副线圈的电压比与匝数比关系公式可知,=,则ΔU 2=ΔU1,得ΔU2=200 V,故选项D正确。
第1部分 专题4 第1讲—2021届高考物理二轮复习课件
第一部分 专题四 电路与电磁感应
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(3)输电线上损失的功率：P 损＝I2R 线＝UP出出2R 线＝UR线2损＝U 损 I.输电线 上的损失功率必须与输电线上的电流和电压相对应，不要把输电线上的 输电电压 U 和输电导线上损失的电压 ΔU 相混淆，不能用公式 P＝UR2计 算输电线上损失的功率．
第一部分 专题四 电路与电磁感应
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电压表的示数变大，金属板板间的电场变强，电场力变大，电场力大于 小液滴的重力，则小液滴向上运动，电势能减小，故 B 错误；由于路端 电压变大，电源效率增大，故 C 错误；根据 ΔI 干＝ΔI3＋ΔI，很容易看 出 ΔI 干<ΔI，由于ΔΔIU干＝r＋R1，即有ΔΔUI <R1＋r，故 D 正确．
第一部分 专题四 电路与电磁感应
高考二轮总复习 • 物理
“科学思维”展示
一、思想方法 1．等效思想：等效电路、等效电源； 2．守恒思想：理想变压器的输入功率等于输出功率． 二、模型建构 直流电路动态分析的常用方法 基本思路为“部分→整体→部分”．
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第一部分 专题四 电路与电磁感应
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03 命题热点 · 巧突破
( A)
A．G中电流方向由a到b
B．RT两端电压变大 C．C所带的电荷量保持不变
D．L变暗
第一部分 专题四 电路与电磁感应
高考二轮总复习 • 物理
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【解析】 电容器的带电量减小，电容器放电，故G中电流由 a→b，故A正确；因为电路中电流增大，电源的内阻分压及灯泡L两 端的电压增大，由E＝U内＋U外，可得RT两端电压减小，故B错误；因 为电容器并联在电源两端，因内电压增大，路端电压减小，故由Q＝ CU，知电容器的带电量减小，故C错误；由图可以知道，热敏电阻与 L串联，当环境温度升高时，热敏电阻的阻值减小，总电阻减小，则 电路中电流增大，灯泡L变亮，故D错误．
2021届高考物理二轮复习ppt完美课件：选修3-4光电磁波
(1)定义:光从光密介质射入光疏介质,当入射角增大到某一角度时,折射光线
将全部_消__失__,只剩下反射光线的现象。
(2)条件:
①光从光密介质射入光疏介质;
②入射角_大__于__或__等__于__临界角。
(3)临界角:折射角等于90°时的入射角。若光从光密介质(折射率为n)射向真
空或空气时,发生全反射的临界角为C,则sinC= 1 。介质的折射率越大,发生
2021届高考物理二轮复习课件：选修3-4 第3讲 光 电磁波
二、全反射 光导纤维 1.光密介质与光疏介质
介质 折射率 光速
光密介质 大 小
相对性
光疏介质
小
大
光密
若n甲>n乙,则甲是_____介质
若n甲<n乙,则甲是__光___疏介质
2021届高考物理二轮复习课件：选修3-4 第3讲 光 电磁波
2.全反射
2021届高考物理二轮复习课件：选修3-4 第3讲 光 电磁波
情境转换 煤矿中的瓦斯危害极大,某同学查资料得知含有瓦斯的气体的折射率大于干净 空气的折射率,于是他根据双缝干涉现象设计了一个监测仪,其原理如图所示: 在双缝前面放置两个完全相同的透明容器A、B,容器A与干净的空气相通,在容 器B中通入矿井中的气体,观察屏上的干涉条纹,就能够监测瓦斯浓度。
全反射的临界角越_小__。
n
2021届高考物理二轮复习课件：选修3-4 第3讲 光 电磁波
3.光导纤维:光导纤维的原理是利用光的_全__反__射__,如图所示。
2021届高考物理二轮复习课件：选修3-4 第3讲 光 电磁波
情境转换 在自行车的后挡泥板上,常常安装着一个“尾灯”。其实它不是灯,它是由一 种透明的塑料制成的,其截面如图所示。夜间,从自行车后方射来的汽车灯光 照在“尾灯”上时,“尾灯”就变得十分明亮,以便引起汽车司机的注意。