《原子物理学》第一章习题解答
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第一章习题解答
1-1 速度为v 的非相对论α粒子与一静止的自由电子相碰撞,试证明:α粒子
的最大偏离角为104- rad 。
证:α粒子在实验系及在质心系下的关系有:
ααc c v v v +=
由此可得:
⎩⎨⎧+=+=c c c L c c c L v v v v v v θθθθαα
ααcos cos cos cos ①
由②解得:
u
C C
L +=
θθθcos sin tan 其中u=αc c v v ②
()c e v m m v m +=αα0 0v m m m v e
c +=
∴αα
③
∵ ce c c e v v v v v -=-=ααα,与坐标系的选择无关
∴ce c v v v -=α0 ④
又 ∵ 0=+ce e v m v m αα
∴0v m m v e
ce α
-
= 代入④式,可得:
0v m m m v e e
c α
α+=
由此可以得到:
e
c m m v v α
α=
代入②式中,可以得到: rad m m m m e
c e
c L 410cos sin tan -≈≤
+=
α
α
θθθ 证毕。
1-2 (1)动能为5.00Mev 的α粒子被金核以90°散射时,它的瞄准距离(碰撞参
数)为多大?
(2)如果金箔厚1.0µm ,则上述入射α粒子束以大于90°散射(称为背散射)的粒子数是全部入射例子的百分之几? 解:
(1)由库仑散射公式可得:
b =2a cot 2θ=21E e Z Z 02214πεcot 2θ=21⨯E Z Z 21⨯
24πεe cot 4π =
2
1⨯5
792⨯⨯1.44⨯1=22.752 fm
(2)在大于90°的情况下,相对粒子数为:
⎰N dN '
=
nt(E Z Z 421⨯
24πεe )2
⎰Ω2
sin
4θd =t N M A A ρ
(E Z Z 421⨯024πεe )2
θθ
θπππ
d ⎰
2
42
sin
sin 2
=9.4⨯105-
1-3 试问:4.5Mev 的α粒子与金核对心碰撞的最小距离是多少?若把金核改为
7
Li 核,则结果如何?
解:
α粒子与金核对心碰撞时金核可看作静止,由此可得到最小距离为:
r m =a=E e Z Z 02214πε=E Z Z 21⨯
2
4πεe =1.44⨯105-⨯5
79
2⨯≈50.56 fm
α粒子与7Li 核对心碰撞时,我们可以在质心系下考虑,此时α粒子与金核相对于质心的和动量为零,质心系能量为各粒子相对于质心的动能之和,因此有:
221v E C μ==m
r e Z Z 02
214πε+0=L Li Li E m m m +α
其中L E =
2
1
mv 2为入射粒子实验室动能,由此可以得到
m r =02
4πεe L
E Z Z 21Li Li
m m m +α=3.02 fm
1-4 (1)假定金核的半径为7.0fm 试问:入射质子需要多少能量,才能在对头碰撞时刚好到达金核的表面?
(2)若金核改为铝核,使质子在对头碰撞时刚好到达铝核表面,那么,入射质子的能量应为多少?设铝核半径为4.0fm. 解:
仍然在质心系下考虑粒子的运动,由1-3题可知:EC =m
r e Z Z 02
214πε
(1)对金核可视为静止,实验系动能与质心系动能相等,由此得到 E=16.25Mev
(2)对铝核,E=1.44⨯Al Al p m m m +⨯413=4.85Mev
1-5 动能为1.0Mev 的窄质子束垂直地射在质量厚度为1.5mg/cm 2
的金箔上,计数器纪录以60°角散射的质子,计数器圆形输入孔的面积为1.5cm ²,离金箔散射区的距离为10cm ,输入孔对着且垂直于射到它上面的质子。试问:散射到计数器输入孔的质子数与入射到金箔的质子数之比为多少?(质量厚度定义为
m ρ=ρt ,其中ρ为质量密度,t 为厚度)
解:
在立体角Ωd 上的粒子数为:
2
sin )44(2sin )44(4
22102422102
θπερθπεΩ
⨯=Ω⨯=d E Z Z e M N d E Z Z e Nnt dN A m A
此时
2
2105
.1=∆=
Ωr S d 代入上式可得:
610898.8-⨯=N
dN
1-6 一束α粒子垂直射至一重金属箔上,试求α粒子被金属箔散射后,散射角大于60°的α粒子数与散射角大于90°的粒子数之比。 解:
1:32
sin 2sin 2
4
3
4
90600
0=ΩΩ=
⎰⎰>>π
π
π
π
θ
θ
d d N N
1-7 单能的窄α粒子束垂直地射到质量厚度为2.0mg/cm ²的钽箔上,这时以散射角0θ>20°散射时的相对粒子数(散射粒子数与入射粒子数之比)为4.0310-⨯.试计算:散射角θ=60°相对应的微分散射截面Ω
d d σ
。 解:
由微分散射截面定义)(θσc =(E Z Z 421⨯
24πεe )22
sin
14θ
,在θ>0θ=20°散射时有:
θ
θθ
ππερθπεd E Z Z e M N d E
Z Z e Nnt N dN A m A cos 2
sin 4)44(2sin )44(0000
18020322102180204
22102
⎰⎰-⨯=Ω⨯=
=ππερ4)44(22102E
Z
Z e M N A m A ⨯2cot 10°=3100.4-⨯ 查表可知:
mol g M M Ta A /181)(==
故 sr m N M m A A c /1038.230sin 110cot 4100.42274
23)60(--︒⨯=︒
︒⨯⨯⨯=πρσ
1-8 (1)质量为1m 的入射粒子被质量为2m (12m m ≤)的静止靶核弹性散射,试证明:入射粒子在实验室坐标系中的最大可能偏转角L θ由下式决定: