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高中数学概率几何概型古典概型精选题目(附答案)

高中数学概率几何概型古典概型精选题目(附答案)一、古典概型1.互斥事件与对立事件的概率(1)互斥事件是不可能同时发生的两个事件;对立事件除要求这两个事件不同时发生外,还要求二者必须有一个发生.因此对立事件一定是互斥事件,但互斥事件不一定是对立事件,对立事件是互斥事件的特殊情况.(2)当事件A与B互斥时,P(A+B)=P(A)+P(B),当事件A与B对立时,P(A+B)=P(A)+P(B)=1,即P(A)=1-P(B).(3)求复杂事件的概率通常有两种方法:一是将所求事件转化成彼此互斥的事件的和;二是先求其对立事件的概率,然后再应用公式P(A)=1-P(A)求解.2.古典概型的求法对于古典概型概率的计算,关键是分清基本事件的总数n与事件A包含的基本事件的个数m,有时需用列举法把基本事件一一列举出来,再利用公式P(A)=mn求出事件发生的概率,这是一个形象、直观的好方法,但列举时必须按照某种顺序,以保证不重复、不遗漏.1.甲、乙两校各有3名教师报名支教,其中甲校2男1女,乙校1男2女.(1)若从甲校和乙校报名的教师中各任选1名,写出所有可能的结果,并求选出的2名教师性别相同的概率;(2)若从报名的6名教师中任选2名,写出所有可能的结果,并求选出的2名教师来自同一学校的概率.[解]甲校两名男教师分别用A,B表示,女教师用C表示;乙校男教师用D 表示,两名女教师分别用E,F表示.(1)从甲校和乙校报名的教师中各任选1名的所有可能的结果为:(A,D),(A,E),(A,F),(B,D),(B,E),(B,F),(C,D),(C,E),(C,F),共9种.从中选出的2名教师性别相同的结果有:(A,D),(B,D),(C,E),(C,F),共4种,所以选出的2名教师性别相同的概率为P=4 9.(2)从甲校和乙校报名的教师中任选2名的所有可能的结果为:(A,B),(A,C),(A,D),(A,E),(A,F),(B,C),(B,D),(B,E),(B,F),(C,D),(C,E),(C,F),(D,E),(D,F),(E,F),共15种.从中选出的2名教师来自同一学校的结果有:(A,B),(A,C),(B,C),(D,E),(D,F),(E,F),共6种.所以,选出的2名教师来自同一学校的概率为P=615=25.注:解决与古典概型问题时,把相关的知识转化为事件,列举基本事件,求出基本事件和随机事件的个数,然后利用古典概型的概率计算公式进行计算.2.某导演先从2个金鸡奖和3个百花奖的5位演员名单中挑选2名演主角,后又从剩下的演员中挑选1名演配角.这位导演挑选出2个金鸡奖演员和1个百花奖演员的概率为()A.13 B.110C.25 D.310解析:选D设2个金鸡奖演员编号为1,2,3个百花奖演员编号为3,4,5.从编号为1,2,3,4,5的演员中任选3名有10种挑选方法:(1,2,3),(1,2,4),(1,2,5),(1,3,4),(1,3,5),(1,4,5),(2,3,4),(2,3,5),(2,4,5),(3,4,5),共10种.其中挑选出2名金鸡奖和1名百花奖的有3种:(1,2,3),(1,2,4),(1,2,5),故所求的概率为P=3 10.3.随着经济的发展,人们生活水平的提高,中学生的营养与健康问题越来越得到学校与家长的重视.从学生体检评价报告单了解到我校3 000名学生的体重发育评价情况,得下表:0.15.(1)求x的值;(2)若用分层抽样的方法,从这批学生中随机抽取60名,问应在肥胖学生中抽多少名?(3)已知y ≥243,z ≥243,求肥胖学生中男生不少于女生的概率.解:(1)由题意得,从这批学生中随机抽取1名学生,抽到偏痩男生的概率为0.15,可知x3 000=0.15,所以x =450.(2)由题意,可知肥胖学生人数为y +z =500(人).设应在肥胖学生中抽取m 人,则m 500=603 000.所以m =10.即应在肥胖学生中抽10名.(3)由题意,可知y +z =500,且y ≥243,z ≥243,满足条件的基本事件如下: (243,257),(244,256),…,(257,243),共有15组.设事件A :“肥胖学生中男生不少于女生”,即y ≤z ,满足条件的(y ,z )的基本事件有:(243,257),(244,256),…,(250,250),共有8组,所以P (A )=815.所以肥胖学生中男生不少于女生的概率为815.二、几何概型(1)几何概型满足的两个特点:①等可能性;②无限性. (2)几何概型的概率求法公式P (A )=构成事件A 的区域长度(面积、体积)试验的全部结果长度(面积、体积).4.(1)已知平面区域D 1=⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫(x ,y )| ⎩⎨⎧|x |<2,|y |<2,D 2={}(x ,y )|(x -2)2+(y -2)2<4.在区域D 1内随机选取一点P ,则点P 恰好取自区域D 2的概率是( )A.14 B.π4 C.π16D.π32(2)把一根均匀木棒随机地按任意点折成两段,则“其中一段长度大于另一段长度2倍”的概率为________.[解析] (1)因区域D 1和D 2的公共部分是一个半径为2的圆的14,从而所求概率P =14×22π42=π16,故选C.(2)将木棒折成两段的折点应位于距木棒两端点小于13木棒长度的区域内,故所求概率为2×13=23.[答案] (1)C (2)23 注:几何概型问题的解题方法(1)由于基本事件的个数和结果的无限性,其概率就不能应用P (A )=mn 求解,因此需转化为几何度量(如长度、面积、体积等)的比值求解.(2)在解题时要准确把握,要把实际问题作合理的转化;要注意古典概型和几何概型的区别,正确地选用几何概型的类型解题.5.如图,两个正方形的边长均为2a ,左边正方形内四个半径为a2的圆依次相切,右边正方形内有一个半径为a 的内切圆,在这两个图形上各随机撒一粒黄豆,落在阴影内的概率分别为P 1,P 2,则P 1,P 2的大小关系是( )A .P 1=P 2B .P 1>P 2C .P 1<P 2D .无法比较解析:选A 由题意知正方形的边长为2a .左图中圆的半径为正方形边长的14,故四个圆的面积和为πa 2,右图中圆的半径为正方形边长的一半,圆的面积也为πa 2,故P 1=P 2.6.在区间[0,2]上随机地取一个数x ,则事件“-1≤log 12⎝ ⎛⎭⎪⎫x +12≤1”发生的概率为( )A.34B.23C.13D.14解析:选A 不等式-1≤log 12⎝ ⎛⎭⎪⎫x +12≤1可化为log 122≤log 12⎝ ⎛⎭⎪⎫x +12≤log 1212,即12≤x +12≤2,解得0≤x ≤32,故由几何概型的概率公式得P =32-02-0=34.7.圆具有优美的对称性,以圆为主体元素构造的优美图案在工艺美术、陶瓷、剪纸等上有着广泛的应用,如图1,图2,图3,图4,其中图4中的3个阴影三角形的边长均为圆的半径,记图4中的阴影部分区域为M ,现随机往图4的圆内投一个点A ,则点A 落在区域M 内的概率是( )A.34πB.334πC.2πD.3π解析:选B 设圆内每一个小正三角形的边长为r , 则一个三角形的面积为12×r ×32r =34r 2, ∴阴影部分的面积为334r 2. 又圆的面积为πr 2,∴点A 落在区域M 内的概率是334r 2πr 2=334π.。
《古典概型的概率计算公式》典型例题剖析

《古典概型的概率计算公式》典型例题剖析题型1 古典概型的判断例1 (1)“在区间[0,10]上任取一个数,这个数恰为5的概率是多少?”这个概率模型是古典概型吗?(2)若一次试验的结果所包含的样本点的个数为有限个,则该试验是古典概型吗?解析(1)不是古典概型,因为在区间[0,10]上任取一个数,其试验结果有无限个,故其样本点有无限个,所以不是古典概型.(2)不一定是古典概型.还必须满足每个样本点出现的可能性相等才是古典概型.答案(1)不是古典概型(2)不一定是古典概型方法技巧判断随机试验是否为古典概型,关键是抓住古典概型的两个特征—有限性和等可能性,二者缺一不可.变式训练1 下列试验是古典概型的为_________(填序号).①求从5个数学学习小组中选出甲、乙两个小组代表学校参加数学竞赛的概率;②掷一枚均匀的硬币3次,求有2次正面向上的概率;③播下10粒种子,求有5粒发芽的概率;④一周中7人每天值班1天,求甲、乙相邻的概率.答案①②④.点拨①②④是古典概型,因为符合古典概型的定义和特征.③不是古典概型,因为不符合等可能性,每一粒种子发芽的概率一般是不相等的.题型2 古典概型概率的计算例2 某儿童乐园在“六一”儿童节推出了一项趣味活动.参加活动的儿童需转动如图所示的转盘两次,每次转动后,待转盘停止转动时,记录指针所指区域中的数.设两次记录的数分别为,x y.奖励规则如下:①若3xy,则奖励玩具一个;②若8xy,则奖励水杯一个;③其余情况奖励饮料一瓶.假设转盘质地均匀,四个区域划分均匀.小亮准备参加此项活动.(1)求小亮获得玩具的概率;(2)请比较小亮获得水杯与获得饮料的概率的大小,并说明理由解析写出试验的样本空间,计算随机事件的样本点个数,应用古典概型的概率计算公式计算概率.答案用数对(,)x y表示儿童参加活动先后记录的数,则样本空间Ω与点集{(,),,14,14}S x y x y x y=∈∈N N∣一一对应.因为S中元素的个数是4416⨯=,所以样本点总数16n=.(1)记“3xy”为事件A,则事件A包含的样本点有5个,即{(1,1),(1,2),(1,3),(2,1),(3,1)}A=.所以5()16P A=,即小亮获得玩具的概率为516.(2)记“8xy”为事件B,“38xy<<”为事件C,则事件B包含的样本点有6个,即{(2,4),(3, 3) ,(3,4),(4,2),(4,3),(4,4)}B=,所以63 ()168 P B==.事件C包含的样本点有5个,即{(1,4),(2,2),(2,3),(3,2),(4,1)}C=,所以5()16P C=.因为35816>, 所以小亮获得水杯的概率大于获得饮料的概率.规律方法 解古典概型问题时,要牢牢抓住它的两个特征和其计算公式.但是这类问题的解法多样,技巧性强,在解决此类题时需要注意以下两个问题:(1)试验必须具有古典概型的两个特征一有限性和等可能性;(2)计算样本点的个数时,须做到不重不漏,常借助坐标系、表格及树状图等列出所有样本点.变式训练2 一个口袋内装有形状、大小相同,编号为123,,a a a 的3个白球和1个黑球b .(1)从中一次性摸出2个球,求摸出2个白球的概率;(2)从中连续取两次,每次取一球后放回,求取出的两个球中恰好有1个黑球的概率.答案 (1)一次性摸出2个球,此试验的样本空间为()()()()()(){}121323123,,,,,,,,,,,a a a a a a a b a b a b Ω=.Ω由6个样本点组成,而且这些样本点的出现是等可能的.用A 表示“摸出2个白球”这一事件,则({)()()}121323,,,,,A a a a a a a =. 事件A 由3个样本点组成,因而31()62P A ==. 有放回地连续取两次,此试验的样本空间为()()()()(){()()()()1112131212223231,,,,,,,,,,,,,,,,,,a a a a a a a b a a a a a a a b a a Ω=()()()()()()}32333123,,,,,,,,,,,,(,)a a a a a b b a b a b a b b .其中小括号左边的字母表示第1次取出的球,右边的字母表示第2次取出的球,Ω由16个样本点组成,而且这些样本点的出现是等可能的.用B 表示“连续取出的两球恰好有1个黑球”这一事件,则()()()()(){)}123123,,,,,,,,,,(,B a b a b a b b a b a b a =,事件B 由6个样本点组成,则63()168P B ==. 规律方法总结1.古典概型是一种最基本的概率模型.判断试验是否为古典概型要紧紧抓住其两个特征:样本点的有限性和等可能性.2.求随机事件A 包含的样本点个数和样本点总数常用的方法是列举法(画树状图和列表),注意要做到不重不漏.3.在应用公式()A m P A n==Ω包含的样本点个数包含的样本点总数时,关键是正确理解样本点与事件A 的关系,从而正确求出m 和n .4.注意“有放回取样”与“不放回取样”对样本点的影响.核心素养园地例 某单位N 名员工参加“社区低碳你我他”活动,他们的年龄在25岁至50岁之间,按年龄分组:第1组[25,30),第2组[30,35),第3组[35,40),第4组[40,45),第5组[45,50],得到的频率分布直方图如图所示,下表是年龄的频数分布表.(1)求正整数,,a b N 的值;(2)现要从年龄较小的第1,2,3组中用分层随机抽样的方法抽取6人,则年龄在第1,2,3组的人数分别是多少?(3)在(2)的条件下,从这6人中随机抽取2人参加社区宣传交流活动,求恰有1人年龄在第3组的概率.解析 (1)根据频率分布直方图的意义并结合表格内的已知数据可以求得,,a b N 的值.(2)先求出这三组的总人数,再根据分层抽样的取样方法求得每组取样的人数.(3)利用列举法列出所有的样本点,共有15个,其中满足条件的样本点有8个,利用古典概型的概率计算公式计算得出结果.答案 (1)由频率分布直方图可知,[25,30)与[30,35)两组的人数相同,所以25a =.且0.08251000.02b =⨯=.总人数252500.025N ==⨯. (2)因为第1,2,3组共有2525100150++=(人),所以利用分层随机抽样的方法在150名员工中抽取6人,第1组被抽取的人数为2561150⨯=,第2组被抽取的人数为2561150⨯=,第3组被抽取的人数为10064150⨯=. 所以年龄在第1,2,3组的人数分别是1,1,4.(3)由(2)可设第1组的1人为A ,第2组的1人为B ,第3组的4人分别为1234,,,C C C C ,则从6人中随机抽取人的所有可能结果为()()1,,,,A B A C ())()()()()()()()()2341234121314,,(,,,,,,,,,,,,,,,,,,A C A C A C B C B C B C B C C C C C C C ()()()232434,,,,,C C C C C C ,共有15个样本点.其中恰有1人年龄在第3组的所有结果为()()()()()()()()12341234,,,,,,,,,,,,,,,A C A C A C A C B C B C B C B C ,共有8个样本点.所以恰有1人年龄在第3组的概率为815. 讲评 概率问题常常与统计问题结合在一起考查.在此类问题中,概率与频率的区别并不是十分明显,通常直接用题目中的频率代替概率进行计算.第(3)题是古典概型问题.解决与古典概型交汇的问题时,应明确相关事件,列举样本点,然后利用古典概型的概率计算公式求解.如果能正确理解题意,分析求解第(1)题与第(2)题,那么可以认为达到数学运算、直观想象、数学建模核心素养水平一的要求;如果能正确求解第(3)题,那么可以认为达到数学建模核心素养水平二与数学运算核心素养水平一的要求.。
1-4节 古典概率例题

P( ABC + ABC + ABC + ABC )
= P( ABC ) + P( ABC ) + P( ABC ) + P( ABC )
= 0.83
= 0.73
4)正好订两种报纸的; )正好订两种ห้องสมุดไป่ตู้纸的;
P( ABC + ABC + ABC ) = P ( ABC ) + P ( ABC ) + P ( ABC )
= P( AB) − P( ABC ) + P( AC ) − P( ABC ) + P( BC ) − P( ABC )
= 0.14
5)至少订阅一种报纸的; 至少订阅一种报纸的;
P( A + B + C )
= P( A) + P( B) + P(C ) − P( AB) − P( AC ) − P( BC ) + P( ABC )
= 0.90
6)不订阅任何报纸的; )不订阅任何报纸的;
P ( ABC ) = 1 − P( A + B + C ) = 0.10
解3: 将第k次摸到的球号作为一样本点: 将第k次摸到的球号作为一样本点:
a+b
解4 :
a a ⇒ P ( Ak ) = = n a+b
}, S={ ①,②,…,n }, k = { ①,②,…,a } A
此值不仅与k 无关, 无关,且与 a, 都无关, b都无关,若a 对吗? =0呢?对吗? 为什么? 为什么?
P( ABC + ABC + ABC ) = P( ABC ) + P( ABC ) + P( ABC )
古典概型例题及解析

古典概型例题及解析古典概型是概率论中的一种基本概念,用于描述事件发生的可能性。
它适用于试验结果等可能且独立的情况。
下面我将给出一个古典概型的例题,并对其进行解析。
例题,某班级有30名学生,其中10名男生和20名女生。
从中随机选择3名学生,求选出的学生中至少有2名男生的概率。
解析:首先,我们需要计算总的样本空间,即从30名学生中选择3名学生的可能性。
根据组合的计算公式,可以得到:C(30, 3) = 30! / (3! (30-3)!) = 30 29 28 / (3 2 1) = 4060。
其中,C(n, r)表示从n个元素中选择r个元素的组合数。
接下来,我们需要计算选出的学生中至少有2名男生的情况。
根据古典概型的原理,我们可以将这个事件分解为两个互斥事件,选出3名学生中有2名男生和选出3名学生中有3名男生。
选出3名学生中有2名男生的情况:从10名男生中选择2名男生,再从20名女生中选择1名女生。
根据组合的计算公式,可以得到:C(10, 2) C(20, 1) = 10! / (2! (10-2)!) 20! / (1! (20-1)!) = 45 20 = 900。
选出3名学生中有3名男生的情况:从10名男生中选择3名男生。
根据组合的计算公式,可以得到:C(10, 3) = 10! / (3! (10-3)!) = 120。
因此,选出的学生中至少有2名男生的概率为:(900 + 120) / 4060 ≈ 0.249。
所以,选出的学生中至少有2名男生的概率约为0.249,或者可以表示为24.9%。
以上是对古典概型例题的解析,通过计算总的样本空间和符合条件的事件数,我们可以得到所求概率。
希望这个例题的解析能够帮助你理解古典概型的应用。
如果你还有其他问题,欢迎继续提问。
古典概型例题

例7 在1--2000的整数中随机地取一个数,问取到
的整数既不能被6整除, 又不能被8整除的概率是 多少?
解:设A:“取到的数能被6整除”, B:“取到的数能被8整除”,
则所求概率为: P( A B).
P(AB) P(A B) 1 P(A B)
1 {P( A) P(B) P( AB)}.
解:E 放球 n: N n
k1 n!
n! P( A1) N n
k2
C
n N
n!
PNn
P( A2 )
PNn Nn
A3 A2
P( A3 )
1
P( A3 )
1
P( A2 )
1
PNn Nn
1.3 古典概型
例5 有 r 个人,设每个人的生日是 365 天的任
何一天是等可能的。
试求:事件 “至少有两人同天生日” 的概率。
解: 令 A = { 至少有两人同天生日 }
则 A ={ r 个人的生日都不同}
由例4可得,
P( A)
Pr 365
(365)r
则有:
P(
A)
1
P(
A)
1
Pr 365
(365)r
1.3 古典概型
例6 某接待站在某一周曾接待过12次来访,已知
这12次接待都是在周二和周四进行的。 问:是否可以推断接待时间是有规定的 ? 解:假设接待站的接待时间没有规定,而各来访者
其它条件不变则有:
P( A)
C
2 2
C
2 6
1 15
0.067
2)“不放回地抽取两次,每次取一张” 相当于 “一次抽取两张”。故在许多问题中如果不是有放 回地抽样,就统称为“任意取出”多少个。
古典概型例题及解析

古典概型例题及解析
摘要:
1.概论古典概型
2.古典概型的性质与运算
3.例题解析
4.总结
正文:
一、概论古典概型
古典概型是概率论中的一个基本概念,主要用于描述随机试验的结果。
古典概型假设每个试验的结果都是等可能的,即每个结果的概率相等。
古典概型可以应用于各种实际问题,例如掷骰子、抽取扑克牌等。
二、古典概型的性质与运算
1.性质
古典概型的性质主要体现在以下几点:
(1)每个结果的概率相等。
(2)所有可能结果的概率和为1。
(3)任意两个结果的概率和可以表示为它们交集的概率。
2.运算
古典概型的运算主要包括加法和乘法。
(1)加法:对于两个古典概型A 和B,若它们是互斥的,即A 和B 没有相同的结果,则A 和B 的并集的概率为P(A∪B)=P(A)+P(B)。
(2)乘法:对于两个古典概型A 和B,若它们是独立的,即A 的结果不影响B 的结果,则A 和B 的交集的概率为P(A∩B)=P(A)P(B)。
三、例题解析
例题:一个袋子里有3 个红球和2 个绿球,从中随机抽取一个球,求抽到红球的概率。
解析:这是一个典型的古典概型问题。
根据古典概型的性质,抽到红球的概率为红球的个数除以总球数,即P(红球)=3/(3+2)=3/5。
四、总结
古典概型是概率论中的一个基本概念,它具有一些基本的性质和运算规律。
通过理解古典概型的概念和运算,我们可以解决许多实际问题。
古典概率复习(含解析)

古典概率复习班级:____________ 姓名:__________________一、选择题1.若连续抛掷两次骰子得到的点数分别为m ,n ,则点P (m ,n )在直线x +y =4上的概率是( ) A.13 B.14 C.16D.1122.袋中有2个红球,2个白球,2个黑球,从里面任意摸2个小球,下列不是基本事件的是( ) A .{正好2个红球} B .{正好2个黑球} C .{正好2个白球}D .{至少1个红球}3.某袋中有9个大小相同的球,其中有5个红球,4个白球,现从中任意取出1个,则取出的球恰好是白球的概率为( )A.15B.14C.49D.594.天气预报说,在今后的三天中,每一天下雨的概率均为40%,用随机模拟的方法估计这三天中恰有两天下雨的概率.可利用计算机产生0到9之间的整数值的随机数,如果我们用1,2,3,4表示下雨,用5,6,7,8,9,0表示不下雨,顺次产生的随机数如下:907 966 191 925 271 932 812 458 569 683 631 257 393 027 556 488 730 113 137 989则这三天中恰有两天下雨的概率约为( ) A.1320 B.720 C.920D.11205.某部三册的小说,任意排放在书架的同一层上,则各册从左到右或从右到左恰好为第1,2,3册的概率为( )A.16 B.13 C.12D.236.若以连续掷两枚骰子分别得到的点数m ,n 作为点P 的横、纵坐标,则点P 落在圆x 2+y 2=9内的概率为( )A.536B.29C.16D.197.已知某射击运动员每次射击击中目标的概率都为80%.现采用随机模拟的方法估计该运动员4次射击至少3次击中目标的概率:先由计算器产生0到9之间取整数值的随机数,指定0,1,表示没有击中目标,2,3,4,5,6,7,8,9表示击中目标;再以每4个随机数为一组,代表4次射击的结果.经随机模拟产生了如下20组随机数:7527 0293 7140 9857 0347 4373 8636 6947 1417 4698 0371 6233 2616 8045 6011 3661 9597 7424 7610 4281据此估计,该射击运动员4次射击至少3次击中目标的概率为( ) A.34 B.520 C.14D.458.2018年3月7日《科学网》刊登“动物可以自我驯化”的文章表明:关于野生小鼠的最新研究,它们在几乎没有任何人类影响的情况下也能表现出进化的迹象——皮毛上白色的斑块以及短鼻子.为了观察野生小鼠的这种表征,从有2对不同表征的小鼠(白色斑块和短鼻子野生小鼠各一对)的实验箱中每次拿出一只,不放回地拿出2只,则拿出的野生小鼠不是同一表征的概率为( )A .14B .13C .23D .34二、填空题9.从集合{1,2,3,4}中任取两个不同的数,则这两个数的和为3的倍数的概率为________. 10.在1,2,3,4,5,6六个数中取出两个数组成有序实数对(x ,y ),则xy +1是整数的概率等于________. 11.设a ,b 随机取自集合{1,2,3},则直线ax +by +3=0与圆x 2+y 2=1有公共点的概率是________. 12.某学校高三年级有A 、B 两个自习教室,甲、乙、丙3名学生各自随机选择其中一个教室自习,则甲、乙两人不在同一教室上自习的概率为________. 三、解答题13.为迎接2016奥运会,某班开展了一次“体育知识竞赛”,竞赛分初赛和决赛两个阶段进行,在初赛后,把成绩(满分为100分,分数均为整数)进行统计,制成如下的频率分布表:(1)求a,b,c,d的值;(2)若得分在[90,100]之间的有机会进入决赛,已知其中男女比例为2∶3,如果一等奖只有两名,求获得一等奖的全部为女生的概率.14.某电视台在一次对收看文艺节目和新闻节目观众的抽样调查中,随机抽取了100名电视观众,相关的数据如下表所示,现准备用分层抽样方法在收看新闻节目的观众中随机抽取5名.(1)应该抽取20至40岁以及大于40岁的观众各几名?(2)如果在抽取出的5名观众中任取2名,求恰有1名观众的年龄为20至40岁的概率.15.2016年春节期间全国流行在微信群里发、抢红包,现假设某人将688元发成手气红包50个,产生的手气红包频数分布表如下:(1)求产生的手气红包的金额不小于9元的频率;(2)估计手气红包金额的平均数(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表); (3)在这50个红包组成的样本中,将频率视为概率.①若红包金额在区间[]21,25内为最佳运气手,求抢得红包的某人恰好是最佳运气手的概率; ②随机抽取手气红包金额在[)[]1,521,25⋃内的两名幸运者,设其手气金额分别为m ,n ,求事件“16m n ->”的概率.古典概率复习班级:____________ 姓名:__________________一、选择题1.若连续抛掷两次骰子得到的点数分别为m ,n ,则点P (m ,n )在直线x +y =4上的概率是( ) A.13 B.14 C.16D.112解析:选D 由题意(m ,n )的取值情况有(1,1),(1,2),…,(1,6);(2,1),(2,2),…,(2,6);…;(6,1),(6,2),…,(6,6),共36种,而满足点P (m ,n )在直线x +y =4上的取值情况有(1,3),(2,2),(3,1),共3种.故所求概率为336=112,故选D.2.袋中有2个红球,2个白球,2个黑球,从里面任意摸2个小球,下列不是基本事件的是( ) A .{正好2个红球} B .{正好2个黑球} C .{正好2个白球}D .{至少1个红球}解析:选D 至少1个红球包括“一红一白”,“一红一黑”,“二红球”三个基本事件. 3.某袋中有9个大小相同的球,其中有5个红球,4个白球,现从中任意取出1个,则取出的球恰好是白球的概率为( )A.15B.14C.49D.59解析:选C 袋中有9个大小相同的球,从中任意取出1个,共有9种取法.取出的球恰好是白球,共有4种取法.故取出的球恰好是白球的概率为49.故选C.4.天气预报说,在今后的三天中,每一天下雨的概率均为40%,用随机模拟的方法估计这三天中恰有两天下雨的概率.可利用计算机产生0到9之间的整数值的随机数,如果我们用1,2,3,4表示下雨,用5,6,7,8,9,0表示不下雨,顺次产生的随机数如下:907 966 191 925 271 932 812 458 569 683 631 257 393 027 556 488 730 113 137 989则这三天中恰有两天下雨的概率约为( ) A.1320 B.720 C.920D.1120解析:选B 由题意知模拟三天中恰有两天下雨的结果,经随机模拟产生了20组随机数,在20组随机数中表示三天中恰有两天下雨的有:191,271,932,812,631,393,137,共7组随机数,∴所求概率为720.5.某部三册的小说,任意排放在书架的同一层上,则各册从左到右或从右到左恰好为第1,2,3册的概率为( )A.16 B.13 C.12D.23解析:选B 所有基本事件为:123,132,213,231,312,321.其中从左到右或从右到左恰好为第1,2,3册包含2个基本事件,∴P =26=13.故选B.6.若以连续掷两枚骰子分别得到的点数m ,n 作为点P 的横、纵坐标,则点P 落在圆x 2+y 2=9内的概率为( )A.536B.29C.16D.19解析:选D 掷骰子共有6×6=36(种)可能情况,而落在x 2+y 2=9内的情况有(1,1),(1,2),(2,1),(2,2),共4种,故所求概率P =436=19. 7.已知某射击运动员每次射击击中目标的概率都为80%.现采用随机模拟的方法估计该运动员4次射击至少3次击中目标的概率:先由计算器产生0到9之间取整数值的随机数,指定0,1,表示没有击中目标,2,3,4,5,6,7,8,9表示击中目标;再以每4个随机数为一组,代表4次射击的结果.经随机模拟产生了如下20组随机数:7527 0293 7140 9857 0347 4373 8636 6947 1417 4698 0371 6233 2616 8045 6011 3661 9597 7424 7610 4281据此估计,该射击运动员4次射击至少3次击中目标的概率为( ) A.34 B.520 C.14D.45解析:选A ∵4次射击中有1次或2次击中目标的有:7140,1417,0371,6011,7610, ∴所求概率P =1-520=34. 8.2018年3月7日《科学网》刊登“动物可以自我驯化”的文章表明:关于野生小鼠的最新研究,它们在几乎没有任何人类影响的情况下也能表现出进化的迹象——皮毛上白色的斑块以及短鼻子.为了观察野生小鼠的这种表征,从有2对不同表征的小鼠(白色斑块和短鼻子野生小鼠各一对)的实验箱中每次拿出一只,不放回地拿出2只,则拿出的野生小鼠不是同一表征的概率为( ) A .14B .13C .23D .34【答案】C【解析】设四只小鼠为:1212,,,A A B B ,由组合数公式可知,四只小鼠中不放回地拿出2只,共有246C =种方法,其中满足题意的方法为:11A B ,12A B ,21A B ,22A B 四种方法, 结合古典概型计算公式可得,满足题意的概率值为:4263p ==. 本题选择C 选项. 二、填空题9.从集合{1,2,3,4}中任取两个不同的数,则这两个数的和为3的倍数的概率为________.解析:因为从集合{1,2,3,4}中任取两个不同的数,基本事件分别为(1,2),(1,3),(1,4),(2,3),(2,4),(3,4),共6个,其中这两个数的和为3的倍数包含的基本事件有(1,2),(2,4),共2个,所以这两个数的和为3的倍数的概率P =26=13.答案:1310.在1,2,3,4,5,6六个数中取出两个数组成有序实数对(x ,y ),则xy +1是整数的概率等于________. 解析:有序实数对(x ,y )共有6×5=30(种),其中xy +1是整数的有(2,1),(4,1),(6,1),(3,2),(6,2),(4,3),(5,4),(6,5),共8种,故所求概率为830=415.答案:41511.设a ,b 随机取自集合{1,2,3},则直线ax +by +3=0与圆x 2+y 2=1有公共点的概率是________. 解析:将a ,b 的取值记为(a ,b ),则有(1,1),(1,2),(1,3),(2,1),(2,2),(2,3),(3,1),(3,2),(3,3),共9种可能.当直线与圆有公共点时,可得3a 2+b2≤1,从而符合条件的有(1,3),(2,3),(3,1),(3,2),(3,3),共5种可能,故所求概率为59.答案:5912.某学校高三年级有A 、B 两个自习教室,甲、乙、丙3名学生各自随机选择其中一个教室自习,则甲、乙两人不在同一教室上自习的概率为________. 【答案】12【解析】由题意可知,甲、乙、丙3名学生各自随机选择其中一个教室自习共有32种,甲、乙两人不在同一教室上自习,可先考虑甲在A 、B 两个自习教室选一间教室自习,然后乙在另一间教室自习,则丙可在A、B两个自习教室随便选一间自习教室自习,由分步计数原理可知,有224⨯=种选择.因此,甲、乙两人不在同一教室上自习的概率为41 82 =.故答案为:1 2 .三、解答题13.为迎接2016奥运会,某班开展了一次“体育知识竞赛”,竞赛分初赛和决赛两个阶段进行,在初赛后,把成绩(满分为100分,分数均为整数)进行统计,制成如下的频率分布表:(1)求a,b,c,d的值;(2)若得分在[90,100]之间的有机会进入决赛,已知其中男女比例为2∶3,如果一等奖只有两名,求获得一等奖的全部为女生的概率.解:(1)a=50×0.1=5,b=2550=0.5,c=50-5-15-25=5,d=1-0.1-0.3-0.5=0.1.(2)把得分在[90,100]之间的五名学生分别记为男1,男2,女1,女2,女3.事件“一等奖只有两名”包含的所有事件为(男1,男2),(男1,女1),(男1,女2),(男1,女3),(男2,女1),(男2,女2),(男2,女3),(女1,女2),(女1,女3),(女2,女3),共10个基本事件;事件“获得一等奖的全部为女生”包含(女1,女2),(女1,女3),(女2,女3),共3个基本事件.所以,获得一等奖的全部为女生的概率为P=310.14.某电视台在一次对收看文艺节目和新闻节目观众的抽样调查中,随机抽取了100名电视观众,相关的数据如下表所示,现准备用分层抽样方法在收看新闻节目的观众中随机抽取5名.(1)应该抽取20至40岁以及大于40岁的观众各几名?(2)如果在抽取出的5名观众中任取2名,求恰有1名观众的年龄为20至40岁的概率. 【答案】(1)见解析;(2)35【解析】(1)在100名电视观众中,收看新闻的观众共有45人,其中20至40岁的观众有18人,大于40岁的观众共有27人.故按分层抽样方法,应在大于40岁的观众中抽取527345⨯=人,应在20至40岁的观众中抽取518245⨯=人. (2)抽取的5人中,年龄大于40岁的有3人,分别记作1,2,3;20岁至40岁的观众有2人,分别记为a ,b ,若从5人中任取2名观众,则包含的基本事件总数有:(1,2),(1,3),(1,a ),(1,b ),(2,3),(2,a ),(2,b ),(3,a ),(3,b ),(a ,b )共10个,其中恰有1名观众的年龄为20岁至40岁包含的基本事件有:(1,a ),(1,b ),(2,a ),(2,b ),(3,a ),(3,b )共6个.故P (“恰有1名观众的年龄为20至40岁”)=63105=. 15.2016年春节期间全国流行在微信群里发、抢红包,现假设某人将688元发成手气红包50个,产生的手气红包频数分布表如下:(1)求产生的手气红包的金额不小于9元的频率;(2)估计手气红包金额的平均数(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表); (3)在这50个红包组成的样本中,将频率视为概率.①若红包金额在区间[]21,25内为最佳运气手,求抢得红包的某人恰好是最佳运气手的概率; ②随机抽取手气红包金额在[)[]1,521,25⋃内的两名幸运者,设其手气金额分别为m ,n ,求事件“16m n ->”的概率. 【答案】(1)1925P =;(2)平均数为:12.44;(3)①125;②35 【解析】(1)由题意得产生的手气红包的金额不小于9元的频率: 171182195025p +++==,∴产生的手气红包的金额不小于9元的频率为1925. (2)手气红包在[1,5)内的频率为30.0650=, 手气红包在[5,9)内的频率为90.1850=, 手气红包在[9,13)内的频率为170.3450=, 手气红包在[13,17)内的频率为110.2250=, 手气红包在[17,21)内的频率为80.1650=, 手气红包在[21,25]内的频率为20.0450=, 则手气红包金额的平均数为:30.0670.18110.34150.22190.16230.0412.44x =⨯+⨯+÷+⨯+⨯+⨯=.(3)①由题可知红包金额在区间[21,25]内有两人,∴抢得红包的某人恰好是最佳运气手的概率215025p ==. ②由频率分布表可知,红包金额在[1,5)内有3人, 设红包金额分别为a ,b ,c ,在[21,25]内有2人, 设红包金额分别为x ,y ,若m ,n 均在[1,5)内,有3种情况:(,)a b ,(,)a c ,(,)b c , 若m ,n 均在[21,25]内只有一种情况:(,)x y , 若m ,n 分别在[1,5)和[21,25)内,有6种情况, 即(,)a x ,(,)a y ,(,)b x ,(,)b y ,(,)c x ,(,)c y ,∴基本事件总数10n =,而事件“||16m n -> “所包含的基本事件有6种, 63(||16)105P m n ∴->==.。
高中古典概率题经典例题及答案

高中古典概率题经典例题及答案
一般来说,高中古典概率题都是由事件A,B,C等组成的。
每个事件都有一定的概率出现,比如A有20%的几率发生,B有30%的几率发生,C有50%的几率发生。
考生需要
计算A和B发生的概率,A和C发生的概率,B和C发生的
概率,以及三个事件同时发生的概率。
下面,我们就以一道高中古典概率题为例,来看看考生是如何解决这类问题的。
这道题的题目是:在一次试验中,有三种事件,A、B、C,它们发生的概率分别是20%、30%、50%,求A和B同时发生的概率。
解:根据古典概率公式,A和B同时发生的概率为
P(A∩B)=P(A)×P(B)=20%×30%=6%。
以上就是高中古典概率题的一个典型例子,从这道题中我们可以看出,解决高中古典概率题需要考生掌握古典概率公式,并能够准确计算事件发生的概率。
此外,考生还需要熟练掌握各种概率问题的解题思路,才能更好地完成高中古典概率题。
总之,高中古典概率题是一种具有独特挑战性的问题,考生在备考时要熟练掌握古典概率公式和解题思路,才能取得更好的成绩。
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概率论与数理统计典型题解第一章 随机事件与概率典型题解1.个人随机地围一圆桌而坐,求甲、乙两人相邻而坐的概率.n 解 令{甲、乙两人相邻而坐},设想圆桌周围有这个位置,A =1,2,,n n 由于该问题属于圆排列问题,所以不妨认为甲坐1号位置,那么发生当且仅A 当乙坐2号或号位置,从而n 1,2,()2, 2.1n P A n n =⎧⎪=⎨>⎪-⎩2.甲、乙两人掷均匀硬币,其中甲掷次,乙掷次,求甲掷出正面的1n +n 次数大于乙掷出正面次数的概率.解 令{甲掷出正面的次数大于乙掷出正面次数},A ={甲掷出反面的次数大于乙掷出反面次数},B =由硬币的均匀性知,,容易看出,,由此可知()()P A P B =,A B S AB ==∅ .1()2P A =3.某班有个学生,上体育课时老师发给每人一根绳子进行跳绳练习,N 跳了10分钟后把绳子放在一堆,进行别的练习,后来每人又随机拿了一根绳子进行练习,问至少有一个学生拿到自己原先使用的绳子的概率.解 令{第个学生拿到自己原先使用的绳子}(),i A =i 1,2,,i N = {至少有一个学生拿到自己原先使用的绳子},A =则111()()()()N N i i i j i i j N i P A P A P A P A A =≤<≤===-+∑∑ 1121()(1)()N i j k N i j k N P A A A P A A A -≤<<≤-+-∑ 12311111(1)(1)(1)(2)!N N N N N N C C C C N N N N N N N -=-+-+---- .11111(1)2!3!!N N -=-+-+- 4.若事件与互不相容,且,证明:.A B ()0P B ≠(|)()/()P A B P A P B =证明 由于与互不相容,则,而,故A B AB A =()0P B ≠.(|(/()()/()P A B P AB P B P A P B ==5.一学生接连参加同一课程的两次考试,第一次及格的概率为,若第一p 次及格则第二次及格的概率也为;若第一次不及格则第二次及格的概率为p .(1)若至少有一次及格则他能取得某种资格,求他取得该资格的概/2p 率.(2)若已知他第二次已经及格,求他第一次及格的概率.解 令{该学生第次考试及格}(),{该学生取得该资格},i A =i 1,2i =A =则(1)1121121()()()()()(|)P A P A P A A P A P A P A A =+=+.23(1)222p p p p p =+-=-(2)12112121121()(|)2(|)()(|)()(|)(1)/21P A P A A p p p P A A P A P A A P A P A A p p p p p ===++-+A A A .6.设口袋里装有个黑球,个红球,任意取出一个,然后放回并放入b r 个与取出的颜色相同的球,再从袋里取出一球,问:c (1)最初取出的球是黑球,第二次取出的也是黑球的概率;(2)如将上述手续进行次,用归纳法证明任何一次取得黑球的概率都是n ,任何一次取得红球的概率都是.b b r +r b r +解 令{第次取出的球是黑球}(),则n A =n 1,2,n = (1);21(|)b c P A A b r c +=++(2),假设,则1()b P A b r =+()n b P A b r =+,,11(|)n b c P A A b r c ++=++11(|)n b P A A b r c +=++所以1111111()()(|)()(|)n n n P A P A P A A P A P A A +++=+,b b c r b b b r b r c b r b r c b r+=+=+++++++A A 于是(),().()n b P A b r =+1,2,n = ()n r P A b r=+1,2,n = 7.利用概率论的思想证明恒等式(其中,且均为正整数)A a >.()(1()2111(1)(2)(1)(1)A a A a A a A a A A A A A a a a -----++++=----+ A 证明 设一口袋中共有只球,其中有红球,不放回地从袋中一次取一A a 只球,令{第次取出的球是红球}(),则,所以n B =n 1,2,,1n A a =-+ 11A a n n B S -+== 111212111()()()()()A a n A a A a n P S P B P B P B B P B B B B -+--+====+++ ,11111a A a a A a A a a A A A A A a a ----=+⋅+⋅⋅⋅⋅--+L 即 .()(1()2111(1)(2)(1)(1)A a A a A a A a A A A A A a a a -----+++⋅⋅⋅+=----+L g L 8.学生在做一道有4个选项的单项选择题时,如果他不知道问题的正确答案时,就作随机猜测,现从卷面上看题是答对了,试在以下情况下求学生确实知道正确答案的概率:(1)学生知道正确答案和胡乱猜测的概率都是;12(2)学生知道正确答案的概率是.0.2解 令{学生知道正确答案},{学生题目答对},则B =A =(1);()(|)0.51(|)0.8()(|)()(|)0.510.50.25P B P A B P B A P B P A B P B P A B ⨯===+⨯+⨯(2).()(|)0.21(|)0.5()(|)()(|)0.210.80.25P B P A B P B A P B P A B P B P A B ⨯===+⨯+⨯9.甲、乙比赛射击,每进行一次,胜者得一分,在一次射击中,甲胜的概率为,乙胜的概率为.设,且独立地进行比赛到有一人超αβ(1)αβαβ>+=过对方2分就停止,多得2分者胜.分别求甲、乙获胜的概率.解 令{甲恰好在第局比赛后获胜},{乙恰好在第局比赛后获n A =n n B =n 胜}(),{甲获胜},{乙获胜}.则发生当且仅当第1,2,n = A =B =22n A +局可胜可负,第局的胜负情形恰好分别与第1,3,,21n - 2,4,,2n 局的胜负情形相反,而第局连胜.因此1,3,,21n - 21,22n n ++,所以2222()2(2)n n n n n P A αβαααβ+==A A A A,222222000()()()(2)12n n n n n n P A P A P A αααβαβ∞∞∞++=======-∑∑ 同理 .2()12P B βαβ=-10.在四次独立试验中事件至少出现一次的概率为0.59,试问一次试验A 中出现的概率是多少?A 解 令{第次试验中发生}(),,则n A =n A 1,2,3,4n =()P A p =,解之得.41234()1(1)0.59P A A A A p =--= ()0.1998P A =11.设相互独立,.证明相互独立的充要条件是,A B ()0P A >,,A B A B .()1P A B = 证明 必要性.设相互独立,则,,,A B A B (())()()P A A B P A P A B = 即,而,所以 .()()()P A P A P A B = ()0P A >()1P A B = 充分性.设,则两两独立,且()1P A B = ,,A B A B ,(())()()()()()P AB A B P AB P A B P A P B P A B == 于是相互独立.,,A B A B 12.设一枚深水炸弹击沉一潜水艇的概率为,击伤的概率为,击不中1312的概率为.并设击伤两次也会导致潜水艇下沉.求施放4枚深水炸弹能击沉16潜水艇的概率.解 令{第枚炸弹击沉潜水艇},{第枚炸弹击伤潜水艇},n A =n n B =n {第枚炸弹击不中潜水艇},(),{潜水艇被击沉},则n C =n 1,2,3,4n =A =,12341234123412341234A C C C C B C C C C B C C C C B C C C C B = 于是12341234123412341234()()()()()()P A P C C C C P B C C C P C B C C P C C B C P C C C B =++++,43(1/6)4(1/2)(1/6)0.01=+⨯⨯=所以 .()0.99P A =13.设,试证与独立.0()1,0()1,(|)(|1P A P B P A B P A B <<<<+=A B 证明 因为,0()1,0()1,(|)(|1P A P B P A B P A B <<<<+=所以,(|)1(|(|)P A B P A B P A B =-=即,于是,因此()()()()P AB P AB P B P B =()(1())()()P AB P B P AB P B -=,从而与独立.()(()())()()()P AB P AB P AB P B P A P B =+=A B 14.已知某商场一天内来个顾客的概率为,其中k /!(0,1,2,)k e k k λλ-= .又设每个到达商场的顾客购买商品是独立的,其概率为.试求这个商0λ>p 场一天内有个顾客购买商品的概率.r 解 令{一天内有个顾客到达这个商场},{这k B =k (0,1,2,)k = r A =个商场一天内有个顾客购买商品},则r()()(|)(1)!k r r k r r k r k k k r k r P A P B P A B e C p p k λλ∞∞--====-∑∑.0()((1))()!!!rk r p k p p p e e r k r λλλλλ∞--=-==∑15.甲、乙两人进行乒乓球比赛,每局甲胜的概率为.问对甲而,1/2p p ≥言,采用三局二胜制有利,还是采用五局三胜制有利.设各局胜负相互独立.解 采用三局二胜制,甲最终获胜,其胜局的情况是:“甲甲”或“乙甲甲”或“甲乙甲”.而这三种结局互不相容,于是由独立性得甲最终获胜的概率为.2212(1)p p p p =+-采用五局三胜制,甲最终获胜,至少需比赛3局(可能赛3局,也可能赛4局或5局),且最后一局必需是甲胜,而前面甲需胜二局.例如,共赛4局,则甲的胜局情况是:“甲乙甲甲”,“乙甲甲甲”,“甲甲乙甲”,且这三种结局互不相容.由独立性得在五局三胜制下甲最终获胜的概率为,3332234(1)(1)22p p p p p p ⎛⎫⎛⎫=+-+- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭而 .2322221(615123)3(1)(21)p p p p p p p p p -=-+-=--当时;当时.故当时,对甲来说采1/2p >21p p >1/2p =211/2p p ==1/2p >用五局三胜制为有利.当时两种赛制甲、乙最终获胜的概率是相同的,1/2p =都是50%.。