高考一轮数列复习教案(2021年整理)
2021年高考数学一轮复习 6.4 数列求和精品教学案(学生版) 新人教版
2021年高考数学一轮复习 6.4 数列求和精品教学案（学生版）新人教版【考纲解读】1．掌握等差、等比数列求和的基本公式及注意事项.2.理解并能运用数列求和的其他常见方法.【考点预测】高考对此部分内容考查的热点与命题趋势为:1.数列是历年来高考重点内容之一, 在选择题、填空题与解答题中均有可能出现，一般考查一个大题一个小题,难度中低高都有，在解答题中，经常与不等式、函数等知识相结合，在考查数列知识的同时，又考查转化思想和分类讨论等思想，以及分析问题、解决问题的能力.2.xx年的高考将会继续保持稳定,坚持考查数列与其他知识的结合，或在选择题、填空题中继续搞创新,命题形式会更加灵活.【要点梳理】【例题精析】考点一公式法与分组求数列的和例1.求11111,2,3,,(),2482nn 前n项和.【变式训练】1.(xx年高考重庆卷文科11)首项为1，公比为2的等比数列的前4项和考点二裂项相消法求数列的和例2.（xx 年高考山东卷文科18）已知等差数列满足：，.的前n 项和为.（Ⅰ）求 及；（Ⅱ）令（）,求数列的前n 项和.【变式训练】2.计算11111447710(32)(31)n n ++++⨯⨯⨯-+= . 考点三 错位相减法求数列的和例3.(xx 年高考浙江卷文科19)已知数列{a n }的前n 项和为S n ，且S n =，n ∈N ﹡，数列{b n }满足a n =4log 2b n ＋3，n ∈N ﹡.（1）求a n ，b n ；（2）求数列{a n ·b n }的前n 项和T n .【变式训练】3. (山东省济南市xx 年2月高三定时练习)已知数列为等差数列，且，；设数列的前项和为，且.（Ⅰ）求数列的通项公式；（Ⅱ）若(1,2,3,),n n n n c a b n T =⋅=…为数列的前项和，求【易错专区】问题：错位相减法求数列的和例. (xx 年高考江西卷理科16)已知数列{a n }的前n 项和,且S n 的最大值为8.（1）确定常数k ，求a n ；（2）求数列的前n 项和T n 。
2021高考数学第一轮复习教案
2021高考数学第一轮复习教案2021最新高考数学第一轮复习教案1教学目的1.使学生了解数是在人类社会的生产和生活中产生和发展起来的，了解虚数产生历史过程;2.理解并掌握虚数单位的定义及性质;3.掌握复数的定义及复数的分类.教学重点虚数单位的定义、性质及复数的分类.教学难点虚数单位的性质.教学过程一、复习引入原始社会，由于计数的需要产生了自然数的概念，随着文字的产生和发展，出现了记数的符号，进而建立了自然数的概念。
自然数的全体构成自然数集.为了表示具有相反意义的量引进了正负数以及表示没有的零，这样将数集扩充到有理数集有些量与量之间的比值，如用正方形的边长去度量它的对角线所得的结果，无法用有理数表示，为解决这种矛盾，人们又引进了无理数，有理数和无理数合并在一起，构成实数集.数的概念是人类社会的生产和生活中产生和发展起来的，数学理论的研究和发展也推动着，数已经成为现代社会生活和科学技术时刻离不开的科学语言和工具.二、新课教学(一)虚数的产生我们知道，在实数范围内，解方程是无能为力的，只有把实数集扩充到复数集才能解决.对于复数 (a、b都是实数)来说，当时，就是实数;当时叫虚数，当时，叫做纯虚数.可是，历引进虚数，把实数集扩充到复数集可不是件容易的事，那么，历是如何引进虚数的呢?16世纪意大利米兰学者卡当(1501—1576)在1545年发表的《重要的艺术》一书中，公布了三次方程的一般解法，被后人称之为“卡当公式”.他是第一个把负数的平方根写到公式中的数学家，并且在讨论是否可能把10分成两部分，使它们的乘积等于40时，他把答案写成，尽管他认为和这两个表示式是没有意义的、想象的、虚无飘渺的，但他还是把10分成了两部分，并使它们的乘积等于40.给出“虚数”这一名称的是法国数学家笛卡尔(1596—1650)，他在《几何学》(1637年发表)中使“虚的数’‘与“实的数”相对应，从此，虚数才流传开来.数系中发现一颗新星——虚数，于是引起了数学界的一片困惑，很多大数学家都不承认虚数.德国数学家菜不尼茨(1664—1716)在1702年说：“虚数是神灵遁迹的精微而奇异的隐避所，它大概是存在和虚妄两界中的两栖物”.瑞士数学大师欧拉(1707—1783)说：“一切形如，习的数学式子都是不可能有的，想象的数，因为它们所表示的是负数的平方根.对于这类数，我们只能断言，它们既不是什么都不是，也不比什么都不是多些什么，更不比什么都不是少些什么，它们纯属虚幻.”然而，真理性的东西一定可以经得住时间和空间的考验，最终占有自己的一席之地.法国数学家达兰贝尔(.1717—1783)在 1747年指出，如果按照多项式的四则运算规则对虚数进行运算，那么它的结果总是的形式(a、b都是实数)(说明：现行教科书中没有使用记号而使用 ).法国数学家棣莫佛(1667—1754)在1730年发现公式了，这就是的探莫佛定理.欧拉在 1748年发现了有名的关系式，并且是他在《微分公式》(1777年)一文中第一次用i来表示-1的平方根，首创了用符号i作为虚数的单位.“虚数”实际上不是想象出来的，而它是确实存在的.挪威的测量学家未塞尔(1745—1818)在1779年试图给于这种虚数以直观的几何解释，并首先发表其作法，然而没有得到学术界的重视.德国数学家高斯(1777—1855)在 1806年公布了虚数的图象表示法，即所有实数能用一条数轴表示，同样，虚数也能用一个平面上的点来表示.在直角坐标系中，横轴上取对应实数a的点A，纵轴上取对应实数b的点B，并过这两点引平行于坐标轴的直线，它们的交点C就表示复数 .象这样，由各点都对应复数的平面叫做“复平面”，后来又称“高斯平面”.高斯在1831年，用实数组(a，b)代表复数，并建立了复数的某些运算，使得复数的某些运算也象实数一样地“代数化”.他又在1832年第一次提出了“复数”这个名词，还将表示平面上同一点的两种不同方法——直角坐标法和极坐标法加以综合.统一于表示同一复数的代数式和三角式两种形式中，并把数轴上的点与实数—一对应，扩展为平面上的点与复数—一对应.高斯不仅把复数看作平面上的点，而且还看作是一种向量，并利用复数与向量之间—一对应的关系，阐述了复数的几何加法与乘法.至此，复数理论才比较完整和系统地建立起来了.经过许多数学家长期不懈的努力，深刻探讨并发展了复数理论，才使得在数学领域游荡了200年的幽灵——虚数揭去了神秘的面纱，显现出它的本来面目，原来虚数不虚呵.虚数成为了数系大家庭中一员，从而实数集才扩充到了复数集.( )的数叫复数，常用一个字母z表示，即 ( )( )叫复数的代数形式;都有 ;( )的实部记作 ;b叫复数 ( )的虚部，用表示;(2) (4) (5)(7) (8)10( )当时z是实数，当时,z是虚数.例2. ( )取什么值时，复数是( )(1) 实数 (2) 纯虚数 (3) 零解：∵ ，∴ ，(1)z为实数，则解得：或(2) z为实数，则解得：(3)z为零，则解得：2021最新高考数学第一轮复习教案2教学目标(1)了解数的概念发展的过程和动力;(2)了解引进虚数单位i的必要性和作用;理解i的性质.(3)正确对复数进行分类，掌握数集之间的从属关系;(4)了解数系从自然数到有理数到实数再到复数扩充的基本思想.教学建议1.教材分析(1)知识结构首先简明扼要地对已经学过的数集因生产与科学发展的需要而逐步扩充的过程作了概括;然后说明，数集的每一次扩充，对数学学科本身来说，也解决了原有数集中某种运算不是永远可以实施的矛盾，使得某些代数方程在新的数集中能够有解。
2021高考数学一轮复习精讲精练系列教案：数列
2021高考数学一轮复习精讲精练系列教案：数列数列考纲导读1、理解数列的概念，了解数列通项公式的意义．了解递推公式是给出数列的一种方法，并能根据递推公式写出数列的前几项．2.理解算术数列的概念，掌握算术数列的通项公式和前n项之和公式，能解决简单的实际问题3、理解等比数列的概念，掌握等比数列的通项公式与前n项和公式，并能解决简单的实际问题．知识网络定义项，通项数列基础知识数列表示法数列分类数列等差数列等比数列特殊数列定义通项公式前n项和公式性质其他特殊数列求和高考导航纵观近几年高考试题，对数列的考查已从最低谷走出，估计以后几年对数列的考查的比重仍不会减小，等差、等比数列的概念、性质、通项公式、前n项和公式的应用是必考内容，数列与函数、三角、解析几何、组合数的综合应用问题是命题热点．从问题解决思想和方法的规律来看，主要包括：① 运用方程思想，运用公式级数方程（组），如等差等比级数中的“知三求二”问题；② 函数思想和方法的应用，图像、单调性、最大值等；③ 待定系数法、分类讨论等方法的应用第1课时数列的概念基本通行证1。
序列的概念：序列是按一定顺序排列的数字序列。
在函数意义上，序列是定义字段中的正整数n*或其子集{1，2，3，……n}的函数f(n)．数列的一般形式为a1，a2，…，an…，简记为{an}，其中an是数列{an}的第项．2．数列的通项公式如果序列{an}和}之间的函数关系可以用公式an=f（n）表示，我们称这个公式为序列的通项公式3．在数列{an}中，前n项和sn与通项an的关系为：aa nn？？N1n？24.求序列通项公式的其他方法⑴公式法：等差数列与等比数列采用首项与公差(公比)确定的方法．（2）观察归纳法：首先观察哪些因素随项目编号N的变化而变化，哪些因素保持不变；对公式进行了初步总结，然后取n的特殊珠值进行试验。
最后，用数学归纳法证明了总结的结果⑶递推关系法：先观察数列相邻项间的递推关系，将它们一般化，得到的数列普遍的递推关系，再通过代数方法由递推关系求出通项公式.典型示例1根据以下序列前n项的值，编写序列的通用项公式。
2021年高考数学一轮复习等比数列教学案
2021年高考数学一轮复习等比数列教学案一、考纲要求二、学习目标1、理解等比数列的概念；2、掌握等比数列的通项公式和等比数列的前项和公式；3、能在具体的问题情景中识别数列的等比关系，并能用有关知识解决相应问题；4、了解等比数列与指数函数的关系。
三、重点难点重点：等比数列的概念等比数列的通项公式和等比数列的前项和公式及运用难点：识别数列中隐藏的等比关系，并灵活运用等比数列的通项公式和等比数列的前项和公式解题四、知识导学1．等比数列的概念：；叫做这个等比数列的公比，通常用表示；在等比数列中始终有。
2．等比数列的通项公式：。
3．等比数列的公式：。
4．等比中项的概念：若实数成等比数列，则。
5．等比数列的重要性质：若为等比数列，且*k l m n t k l m n t N+=+=∈，则2(,,,,)a a==。
_________________k l五、课前学习1．等比数列中，（1）则；（2）则；（3）则。
2．在243和3之间插入3个数，使这5个数成等比数列，则这3个数是 。
3．设是等比数列，有下列4个命题：是等比数列；是等比数列；是等比数列；是等比数列。
其中正确的命题是 。
4．等比数列中，（1），则；（2），则。
5．等比数列中，12435460,225a a a a a a a >++=，则。
6．已知公差不为0的等差数列的第2、3、6项依次构成一个等比数列，求该等比数列的公比。
六、合作学习例题1．在等比数列中，（1）已知求；（2）12166,128,126n n n a a a a s -+===，求的值。
例题2．已知是首项为，公比为正数的等比数列，其前项和是，且有，设。
（1）求的值； （2）数列能否是等比数列？若是，请求出的值；若不是，请说明理由。
例题3.设数列的前项和为，已知（1） 设证明：数列,21n n n a a b -=+是等比数列；（2） 求数列的通项公式。
例题4．若公比为的等比数列的首项且满足。
2021年高考数学第一轮复习第三章数列第二课时等差数列教案人教版
2021年高考数学第一轮复习第三章数列第二课时等差数列教案人教版 教学目的：理解等差数列的概念，掌握等差数列的通项公式与前项和公式，并能运用公式解决简单的实际问题．教学重点：等差数列的通项公式和前项和公式，运用公式解决相关问题。
教学难点：函数与方程的思想及等价转化的思想。
考点分析及学法指导：高考中本部分是出题热点之一，不仅在选择填空题中，而且在解答题中也经常涉及．主要考点是：(1)证明一个数列是等差数列；(2)量，，，， 的互求，“知三求二”；(3)等差数列性质的应用；(4)等差数列的综合题；(5)等差数列的应用题等．教学过程：一、知识点复习：1、相关知识：如果一个数列从第二项起，每一项与它的前一项的差等于同一个常数，这个数列叫做等差数列，一般形式为：，，，…或。
当＞0时，为递减数列；当＜0时，为递增数列；当＝0时，为常数列。
2、通项公式：，或),()(*∈-+=N n m dm n a a m n3、前项和公式：d n n na a a n S n 2)1(2)(121++=+= 4、主要性质：（1） 等差中项：若，A ，成等差数列，那么A 叫做和的等差中项,；（2） 若公差≠0，则q p n m a a a a q p n m +=+⇔+=+；特别地（3）当时，有 （4）等差数列中连续几项之和构成的新数列仍然是等差数列。
即若，，，，…依然成等差数列。
（5）在等差数列中，每隔相同的项抽出来的项按照原来顺序排列，构成的新数列仍然是等差数列． （6）若数列与均为等差数列，则仍为等差数列，其中，均为常数． （7）等差数列通项公式，()d a nd d n a a n -+=-+=11)1(，即可表示为：其中为等差数列的公差，它可以是任意实数． （8）等差数列的前项和n d a n d d n n na S n ⎪⎭⎫ ⎝⎛-+=-+=22)1(2121，则表示为：,其中，也可以是任意实数，常数项为0是一大特点． （9）若与均为等差数列，且前项和分别为 与 ，则； （10）项数为偶数2的等差数列，有)()(1212++==+=n n n n a a n a a n S (与为中间的两项)；；； （11）项数为奇数(2－1)的等差数列，有，（为中间项）；；。
高三数学一轮复习精品教案――数列
城东蜊市阳光实验学校2021届高三数学一轮复习精品教案――数列〔附高考预测〕一、本章知识构造： 二、重点知识回忆 １．数列的概念及表示方法〔１〕定义：按照一定顺序排列着的一列数．〔２〕表示方法：列表法、解析法〔通项公式法和递推公式法〕、图象法．〔３〕分类：按项数有限还是无限分为有穷数列和无穷数列；按项与项之间的大小关系可分为单调数列、摆动数列和常数列．〔４〕n a 与n S 的关系：11(1)(2)n nn S n a S S n -=⎧=⎨-⎩≥．2．等差数列和等比数列的比较〔１〕定义：从第2项起每一项与它前一项的差等于同一常数的数列叫等差数列；从第2项起每一项与它前一项的比等于同一常数〔不为0〕的数列叫做等比数列． 〔２〕递推公式：110n n n n a a d a a q q n *++-==≠∈N ，·，，．〔３〕通项公式：111(1)n n n a a n d a a q n -*=+-=∈N ，，．〔４〕性质等差数列的主要性质：①单调性：0d ≥时为递增数列，0d ≤时为递减数列，0d =时为常数列．②假设m n p q +=+，那么()m n p q a a a a m n p q *+=+∈N ，，，．特别地，当2m n p +=时，有2m n p a a a +=．③()()nm a a n m d m n *-=-∈N ，．④232k k k k k S S S S S --，，，…成等差数列．等比数列的主要性质：①单调性：当1001a q <⎧⎨<<⎩，或者者101a q >⎧⎨>⎩时，为递增数列；当101a q <⎧⎨>⎩，，，或者者1001a q >⎧⎨<<⎩时，为递减数列；当0q <时，为摆动数列；当1q =时，为常数列．②假设m n p q +=+，那么()m n p q a a a a m n p q *=∈N ··，，，．特别地，假设2m n p +=，那么2m n p a a a =·．③(0)n m nma q m n q a -*=∈≠N ，，． ④232k kk k k S S S S S --，，，…，当1q ≠-时为等比数列；当1q =-时，假设k 为偶数，不是等比数列．假设k 为奇数，是公比为1-的等比数列．三、考点剖析考点一：等差、等比数列的概念与性质 例1.〔2021模拟〕数列.12}{2n n S n a nn -=项和的前〔1〕求数列}{n a 的通项公式；〔2〕求数列.|}{|n n T n a 项和的前解：〔1〕当111112,1211=-⨯===S a n时；、当.213])1()1(12[)12(,2221n n n n n S S a n n n n -=-----=-=≥-时，.213111的形式也符合n a -=.213}{,n a a n n -=的通项公式为数列所以、〔2〕令.6,,0213*≤∈≥-=n n n a n 解得又N当2212112||||||,6n n S a a a a a a T n n n n n -==+++=+++=≤ 时；当||||||||||,67621n n a a a a a T n++++++=> 时综上，⎪⎩⎪⎨⎧>+-≤-=.6,7212,6,1222n n n n n n T n点评：此题考察了数列的前n 项与数列的通项公式之间的关系，特别要注意n ＝１时情况，在解题时经常会忘记。
2021年高考数学一轮复习 第六篇 数列 第5讲 数列的综合应用教案 理 新人教版
2021年高考数学一轮复习第六篇数列第5讲数列的综合应用教案理新人教版【xx年高考会这样考】1．考查数列的函数性及与方程、不等式、解析几何相结合的数列综合题．2．考查运用数列知识解决数列综合题及实际应用题的能力．【复习指导】1．熟练把握等差数列与等比数列的基本运算．2．掌握隐藏在数列概念和解题方法中的数学思想，如“函数与方程”、“数形结合”、“分类讨论”、“等价转化”等．3．注意总结相关的数列模型以及建立模型的方法．基础梳理1．等比数列与等差数列比较表不同点相同点等差数列(1)强调从第二项起每一项与前项的差；(2)a1和d可以为零；(3)等差中项唯一(1)都强调从第二项起每一项与前项的关系；(2)结果都必须是同一个常数；(3)数列都可由a1，d或a1，q确定等比数列(1)强调从第二项起每一项与前项的比；(2)a1与q均不为零；(3)等比中项有两个值2.(1)审题——仔细阅读材料，认真理解题意．(2)建模——将已知条件翻译成数学(数列)语言，将实际问题转化成数学问题，弄清该数列的特征、要求是什么．(3)求解——求出该问题的数学解．(4)还原——将所求结果还原到原实际问题中．3．数列应用题常见模型(1)等差模型：如果增加(或减少)的量是一个固定量时，该模型是等差模型，增加(或减少)的量就是公差．(2)等比模型：如果后一个量与前一个量的比是一个固定的数时，该模型是等比模型，这个固定的数就是公比．(3)递推数列模型：如果题目中给出的前后两项之间的关系不固定，随项的变化而变化时，应考虑是a n与a n＋1的递推关系，还是S n与S n＋1之间的递推关系．一条主线数列的渗透力很强，它和函数、方程、三角形、不等式等知识相互联系，优化组合，无形中加大了综合的力度．解决此类题目，必须对蕴藏在数列概念和方法中的数学思想有所了解．两个提醒(1)对等差、等比数列的概念、性质要有深刻的理解，有些数列题目条件已指明是等差(或等比)数列，但有的数列并没有指明，可以通过分析，转化为等差数列或等比数列，然后应用等差、等比数列的相关知识解决问题．(2)数列是一种特殊的函数，故数列有着许多函数的性质．等差数列和等比数列是两种最基本、最常见的数列，它们是研究数列性质的基础，它们与函数、方程、不等式、三角等内容有着广泛的联系，等差数列和等比数列在实际生活中也有着广泛的应用，随着高考对能力要求的进一步增加，这一部分内容也将受到越来越多的关注．三种思想(1)数列与函数方程相结合时主要考查函数的思想及函数的性质(多为单调性)．(2)数列与不等式结合时需注意放缩．(3)数列与解析几何结合时要注意递推思想．双基自测1．(人教A版教材习题改编)已知等差数列{a n}的公差为2，若a1，a3，a4成等比数列，则a2的值为( )．A．－4 B．－6 C．－8 D．－10解析由题意知：a23＝a1a4.则(a2＋2)2＝(a2－2)(a2＋4)，解得：a2＝－6.答案 B2．(xx·运城模拟)等比数列{a n}的前n项和为S n，若a1＝1，且4a1,2a2，a3成等差数列，则S4＝( )．A．7 B．8 C．15 D．16解析设数列{a n}的公比为q，则4a2＝4a1＋a3，∴4a1q＝4a1＋a1q2，即q2－4q＋4＝0，∴q＝2.∴S 4＝1－241－2＝15.答案 C3．已知数列{a n }是各项均为正数的等比数列，数列{b n }是等差数列，且a 6＝b 7，则有( )． A ．a 3＋a 9≤b 4＋b 10 B ．a 3＋a 9≥b 4＋b 10 C ．a 3＋a 9≠b 4＋b 10D ．a 3＋a 9与b 4＋b 10的大小关系不确定解析 记等比数列{a n }的公比为q (q ＞0)，由数列{b n }为等差数列可知b 4＋b 10＝2b 7，又数列{a n }是各项均为正数的等比数列，∴a 3＋a 9＝a 3(1＋q 6)＝a 6⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋q 6q 3＝b 7⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋q 6q 3，又1＋q 6q 3＝1q 3＋q 3≥2(当且仅当q ＝1时，等号成立)，∴a 3＋a 9≥2b 7，即a 3＋a 9≥b 4＋b 10.答案 B4．若互不相等的实数a ，b ，c 成等差数列，c ，a ，b 成等比数列，且a ＋3b ＋c ＝10，则a ＝( )．A ．4B ．2C ．－2D ．－4解析 由c ，a ，b 成等比数列可将公比记为q ，三个实数a ，b ，c ，待定为cq ，cq 2，c .由实数a 、b 、c 成等差数列得2b ＝a ＋c ，即2cq 2＝cq ＋c ，又等比数列中c ≠0，所以2q 2－q －1＝0，解一元二次方程得q ＝1(舍去，否则三个实数相等)或q ＝－12，又a ＋3b ＋c ＝a ＋3aq＋a q ＝－52a ＝10，所以a ＝－4. 答案 D5．(xx·苏州质检)已知等差数列的公差d ＜0，前n 项和记为S n ，满足S 20＞0，S 21＜0，则当n ＝________时，S n 达到最大值． 解析 ∵S 20＝10(a 1＋a 20)＝10(a 10＋a 11)＞0，S 21＝21a 11＜0，∴a 10＞0，a 11＜0，∴n ＝10时，S n 最大． 答案 10考向一 等差数列与等比数列的综合应用【例1】►在等差数列{a n }中，a 10＝30，a 20＝50. (1)求数列{a n }的通项a n ；(2)令b n ＝2a n －10，证明：数列{b n }为等比数列．[审题视点] 第(1)问列首项a 1与公差d 的方程组求a n ；第(2)问利用定义证明． (1)解 由a n ＝a 1＋(n －1)d ，a 10＝30，a 20＝50，得方程组⎩⎪⎨⎪⎧a 1＋9d ＝30，a 1＋19d ＝50，解得⎩⎪⎨⎪⎧a 1＝12，d ＝2.∴a n ＝12＋(n －1)·2＝2n ＋10.(2)证明 由(1)，得b n ＝2a n －10＝22n ＋10－10＝22n ＝4n，∴b n ＋1b n ＝4n ＋14n ＝4. ∴{b n }是首项是4，公比q ＝4的等比数列．对等差、等比数列的综合问题的分析，应重点分析等差、等比数列的通项及前n 项和；分析等差、等比数列项之间的关系．往往用到转化与化归的思想方法． 【训练1】 数列{a n }的前n 项和记为S n ，a 1＝1，a n ＋1＝2S n ＋1(n ≥1)． (1)求{a n }的通项公式；(2)等差数列{b n }的各项为正，其前n 项和为T n ，且T 3＝15， 又a 1＋b 1，a 2＋b 2，a 3＋b 3成等比数列，求T n . 解 (1)由a n ＋1＝2S n ＋1，可得a n ＝2S n －1＋1(n ≥2)， 两式相减得a n ＋1－a n ＝2a n ，则a n ＋1＝3a n (n ≥2)． 又a 2＝2S 1＋1＝3，∴a 2＝3a 1.故{a n }是首项为1，公比为3的等比数列，∴a n ＝3n －1.(2)设{b n }的公差为d ，由T 3＝15，b 1＋b 2＋b 3＝15，可得b 2＝5，故可设b 1＝5－d ，b 3＝5＋d ，又a 1＝1，a 2＝3，a 3＝9， 由题意可得(5－d ＋1)(5＋d ＋9)＝(5＋3)2， 解得d 1＝2，d 2＝－10.∵等差数列{b n }的各项为正，∴d ＞0， ∴d ＝2，b 1＝3，∴T n ＝3n ＋n n －12×2＝n 2＋2n .考向二 数列与函数的综合应用【例2】►(xx·南昌模拟)等比数列{a n }的前n 项和为S n ，已知对任意的n ∈N *，点(n ，S n )均在函数y ＝b x＋r (b ＞0且b ≠1，b ，r 均为常数)的图象上． (1)求r 的值； (2)当b ＝2时，记b n ＝n ＋14a n(n ∈N *)，求数列{b n }的前n 项和T n . [审题视点] 第(1)问将点(n ，S n )代入函数解析式，利用a n ＝S n －S n －1(n ≥2)，得到a n ，再利用a 1＝S 1可求r . 第(2)问错位相减求和．解 (1)由题意，S n ＝b n＋r ，当n ≥2时，S n －1＝bn －1＋r ，所以a n ＝S n －S n －1＝bn －1·(b －1)，由于b ＞0且b ≠1，所以n ≥2时，{a n }是以b 为公比的等比数列，又a 1＝b ＋r ，a 2＝b (b －1)，a 2a 1＝b ，即b b －1b ＋r＝b ，解得r ＝－1.(2)由(1)知，n ∈N *，a n ＝(b －1)b n －1＝2n －1，所以b n ＝n ＋14×2n －1＝n ＋12n ＋1.T n ＝222＋323＋424＋…＋n ＋12n ＋1，12T n ＝223＋324＋…＋n 2n ＋1＋n ＋12n ＋2， 两式相减得12T n ＝222＋123＋124＋…＋12n ＋1－n ＋12n ＋2＝34－12n ＋1－n ＋12n ＋2， ∴T n ＝32－12n －n ＋12n ＋1＝32－n ＋32n ＋1.此类问题常常以函数的解析式为载体，转化为数列问题，常用的数学思想方法有“函数与方程”“等价转化”等．【训练2】 (xx·福建)已知等比数列{a n }的公比q ＝3，前3项和S 3＝133.(1)求数列{a n }的通项公式；(2)若函数f (x )＝A sin(2x ＋φ)(A ＞0,0＜φ＜π)在x ＝π6处取得最大值，且最大值为a 3，求函数f (x )的解析式．解 (1)由q ＝3，S 3＝133得a 11－331－3＝133，解得a 1＝13. 所以a n ＝13×3n －1＝3n －2.(2)由(1)可知a n ＝3n －2，所以a 3＝3.因为函数f (x )的最大值为3，所以A ＝3； 因为当x ＝π6时f (x )取得最大值，所以sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2×π6＋φ＝1.又0＜φ＜π，故φ＝π6.所以函数f (x )的解析式为f (x )＝3sin ⎝⎛⎭⎪⎫2x ＋π6. 考向三 数列与不等式的综合应用【例3】►(xx·惠州模拟)在等比数列{a n }中，a n ＞0(n ∈N *)，公比q ∈(0,1)，且a 1a 5＋2a 3a 5＋a 2a 8＝25，又a 3与a 5的等比中项为2. (1)求数列{a n }的通项公式；(2)设b n ＝log 2a n ，求数列{b n }的前n 项和S n ；(3)是否存在k ∈N *，使得S 11＋S 22＋…＋S nn ＜k 对任意n ∈N *恒成立，若存在，求出k 的最小值，若不存在，请说明理由．[审题视点] 第(1)问由等比数列的性质转化为a 3＋a 5与a 3a 5的关系求a 3与a 5；进而求a n ；第(2)问先判断数列{b n }，再由求和公式求S n ；第(3)问由S n n 确定正负项，进而求S 11＋S 22＋…＋S nn 的最大值，从而确定k 的最小值． 解 (1)∵a 1a 5＋2a 3a 5＋a 2a 8＝25， ∴a 23＋2a 3a 5＋a 25＝25，∴(a 3＋a 5)2＝25，又a n ＞0，∴a 3＋a 5＝5，又a 3与a 5的等比中项为2， ∴a 3a 5＝4，而q ∈(0,1)，∴a 3＞a 5，∴a 3＝4，a 5＝1，∴q ＝12，a 1＝16，∴a n ＝16×⎝ ⎛⎭⎪⎫12n －1＝25－n.(2)∵b n ＝log 2a n ＝5－n ， ∴b n ＋1－b n ＝－1，b 1＝log 2a 1＝log 216＝log 224＝4，∴{b n }是以b 1＝4为首项，－1为公差的等差数列， ∴S n ＝n 9－n2.(3)由(2)知S n ＝n 9－n2，∴S n n ＝9－n 2.当n ≤8时，S n n ＞0；当n ＝9时，S n n＝0； 当n ＞9时，S n n＜0.∴当n ＝8或9时，S 11＋S 22＋S 33＋…＋S nn＝18最大．故存在k ∈N *，使得S 11＋S 22＋…＋S nn＜k 对任意n ∈N *恒成立，k 的最小值为19. 解决此类问题要抓住一个中心——函数，两个密切联系：一是数列和函数之间的密切联系，数列的通项公式是数列问题的核心，函数的解析式是研究函数问题的基础；二是方程、不等式与函数的联系，利用它们之间的对应关系进行灵活的处理．【训练3】 (xx·岳阳模拟)已知单调递增的等比数列{a n }满足：a 2＋a 3＋a 4＝28，且a 3＋2是a 2，a 4的等差中项． (1)求数列{a n }的通项公式；(2)若b n ＝a n log 12a n ，S n ＝b 1＋b 2＋…＋b n ，求使S n ＋n ·2n ＋1＞50成立的正整数n 的最小值．(1)解 设等比数列{a n }的首项为a 1，公比为q . 依题意，有2(a 3＋2)＝a 2＋a 4，代入a 2＋a 3＋a 4＝28， 可得a 3＝8，∴a 2＋a 4＝20，所以⎩⎪⎨⎪⎧a 1q 2＝8，a 1q ＋a 1q 3＝20，解之得⎩⎪⎨⎪⎧q ＝2，a 1＝2或⎩⎪⎨⎪⎧q ＝12，a 1＝32.又∵数列{a n }单调递增，所以q ＝2，a 1＝2， ∴数列{a n }的通项公式为a n ＝2n. (2)因为b n ＝2n log 122n ＝－n ·2n，所以S n ＝－(1×2＋2×22＋…＋n ·2n)， 2S n ＝－[1×22＋2×23＋…＋(n －1)·2n ＋n ·2n ＋1]，两式相减，得S n ＝2＋22＋23＋…＋2n －n ·2n ＋1＝2n ＋1－2－n ·2n ＋1.要使S n ＋n ·2n ＋1＞50，即2n ＋1－2＞50，即2n ＋1≥52.易知：当n ≤4时，2n ＋1≤25＝32＜52；当n ≥5时，2n ＋1≥26＝64＞52.故使S n ＋n ·2n ＋1＞50成立的正整数n 的最小值为5.难点突破14——数列与解析几何、三角的交汇问题从近几年新课标高考试题可以看出，不同省市的高考对该内容要求的不尽相同，考生复习时注意把握．数列与解析几何交汇问题主要是解析几何中的点列问题，关键是充分利用解析几何的有关性质、公式，建立数列的递推关系式，然后借助数列的知识加以解决．一、数列与解析几何交汇【示例】►(xx·陕西)如图，从点P1(0,0)作x轴的垂线交曲线y＝e x于点Q1(0,1)，曲线在Q1点处的切线与x轴交于点P2.再从P2作x轴的垂线交曲线于点Q2，依次重复上述过程得到一系列点：P1，Q1；P2，Q2；…；P n，Q n.记P k点的坐标为(x k,0)(k＝1,2，…，n)．(1)试求x k与x k－1的关系(2≤k≤n)；(2)求|P1Q1|＋|P2Q2|＋|P3Q3|＋…＋|P n Q n|.二、数列与三角交汇【示例】►(xx·安徽)在数1和100之间插入n个实数，使得这n＋2个数构成递增的等比数列，将这n＋2个数的乘积记作T n，再令a n＝lg T n，n≥1.(1)求数列{a n}的通项公式；(2)设b n＝tan a n·tan a n＋1，求数列{b n}的前n项和S n.。
沪教版2021届高考数学一轮复习 数列 教案
2021届高考数学一轮复习 专题07 数列 教案六大知识点 高考重点 求极限、无穷等比数列详情剖析一、等差数列、等比数列的基本运算（定义法）1.等差数列、等比数列的基本公式(n ∈N *) 等差数列的通项公式：a n ＝a 1＋(n －1)d ； 等比数列的通项公式：a n ＝a 1·q n －1. 等差数列的求和公式：S n ＝n a 1＋a n 2＝na 1＋nn －12d ； 等比数列的求和公式：S n ＝⎩⎪⎨⎪⎧a 11－q n1－q ＝a 1－a n q 1－q ，q ≠1，na 1，q ＝1. 2.等差数列、等比数列问题的求解策略 (1)抓住基本量，首项a 1、公差d 或公比q ；(2)熟悉一些结构特征，如前n 项和为S n ＝an 2＋bn (a ，b 是常数)的形式的数列为等差数列，通项公式为a n ＝p ·q n －1(p ，q ≠0)的形式的数列为等比数列；(3)由于等比数列的通项公式、前n 项和公式中变量n 在指数位置，所以常用两式相除(即比值的方式)进行相关计算.例1 （2020·上海高三其他）已知{}n a 是公差不为零的等差数列，且1109a a a +=，则12910a a a a ++⋅⋅⋅+=________【答案】278【解析】由条件可知111298a d a d a d +=+⇒=-，()112951010194...92727988a d a a a a d a a a d d ++++====+.故答案为：278二、等差数列、等比数列的性质1.通项性质：若m ＋n ＝p ＋q ＝2k (m ，n ，p ，q ，k ∈N *)，则对于等差数列，有a m ＋a n ＝a p ＋a q ＝2a k ，对于等比数列有a m a n ＝a p a q ＝a 2k .2.前n 项和的性质：①对于等差数列有S m ，S 2m －S m ，S 3m －S 2m ，…成等差数列；对于等比数列有S m ，S 2m －S m ，S 3m －S 2m ，…成等比数列(q ＝－1且m 为偶数情况除外). ②对于等差数列，有S 2n ＋1＝(2n ＋1)a n ＋1.例2 （2019·上海高三月考）设等比数列{}n a 的前n 项和是n S ，若633S S =,则96S S =________. 【答案】73【解析】由等比数列前n 项和的性质，可得36396,,S S S S S --成等比数列， 所以()()263396S S S S S -=-.由633S S =得3613S S =，代入上式可得()669730S S S -=，所以69730S S -=，即9673S S =.三、数列的通项的求法1、作差法；2、作商法；3、累加法；4、累乘法；5、构造法。
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第五章数列第一节数列的概念与简单表示法(一）教学目标1、知识与技能:了解数列的概念和几种简单的表示方法（列表、图象、通项公式）；了解数列是一种特殊的函数；2、过程与方法：通过三角形数与正方形数引入数列的概念；通过类比函数的思想了解数列的几种简单的表示方法（列表、图象、通项公式）；3、情态与价值：体会数列是一种特殊的函数；借助函数的背景和研究方法来研究有关数列的问题，可以进一步让学生体会数学知识间的联系，培养用已知去研究未知的能力。
（二）教学重、难点重点：理解数列的概念,认识数列是反映自然规律的基本数学模型，探索并掌握数列的几种间单的表示法(列表、图象、通项公式）；难点：了解数列是一种特殊的函数；发现数列规律找出可能的通项公式。
（三)教学过程1．数列的定义、分类与通项公式(1）数列的定义：①数列：按照一定顺序排列的一列数．②数列的项:数列中的每一个数．（2）数列的分类:分类标准类型满足条件项数有穷数列项数有限无穷数列项数无限项与项间的大小关系递增数列a n＋1〉a n其中n∈N＊递减数列a n＋1<a n常数列a n＋1＝a n（3）数列的通项公式:如果数列｛a n｝的第n项与序号n之间的关系可以用一个式子来表示,那么这个公式叫做这个数列的通项公式．2．数列的递推公式如果已知数列｛a n ｝的首项（或前几项）,且任一项a n 与它的前一项a n －1（n ≥2）（或前几项）间的关系可用一个公式来表示,那么这个公式叫数列的递推公式．1．数列是按一定“次序"排列的一列数，一个数列不仅与构成它的“数"有关，而且还与这些“数"的排列顺序有关．2．易混项与项数两个不同的概念，数列的项是指数列中某一确定的数,而项数是指数列的项对应的位置序号．［试一试］1．已知数列｛a n ｝的前4项为1,3,7,15，写出数列{a n }的一个通项公式为________． 答案:a n ＝2n －1（n ∈N *）2．已知数列｛a n }的通项公式是a n ＝错误!则a 4·a 3＝________. 解析：a 4·a 3＝2×33·（2×3－5）＝54。
答案：541．辨明数列与函数的关系数列是一种特殊的函数，即数列是一个定义在非零自然数集或其子集上的函数,当自变量依次从小到大取值时所对应的一列函数值,就是数列．2．明确a n 与S n 的关系a n ＝错误!［练一练]1．若数列｛a n }的前n 项和S ＝n 2－10n (n ＝1,2,3，…)，则此数列的通项公式为a n ＝________。
答案:2n －112．已知数列{a n ｝的通项公式为a n ＝pn ＋qn，且a 2＝错误!，a 4＝错误!，则a 8＝________. 解析：由已知得错误!解得错误! 则a n ＝错误!n ＋错误!，故a 8＝错误!. 答案：错误!考点一由数列的前几项求数列的通项公式1.n A ．a n ＝1 B ．a n ＝错误! C ．a n ＝2－错误!D ．a n ＝错误!解析：选C 由a n＝2－错误!可得a1＝1，a2＝2，a3＝1，a4＝2，…。
2．根据数列的前几项,写出各数列的一个通项公式:(1)4，6,8,10，…；（2)－错误!，错误!，－错误!，错误!,…；(3)a，b,a，b，a，b，…（其中a，b为实数）；（4）9，99,999，9 999，….解：（1）各数都是偶数，且最小为4,所以通项公式a n＝2(n＋1）（n∈N＊）．(2)这个数列的前4项的绝对值都等于序号与序号加1的积的倒数，且奇数项为负，偶数项为正,所以它的一个通项公式a n＝(－1）n×错误!。
（3)这是一个摆动数列,奇数项是a，偶数项是b，所以此数列的一个通项公式a n＝错误!(4）这个数列的前4项可以写成10－1,100－1，1 000－1，10 000－1，所以它的一个通项公式a n＝10n －1。
［类题通法］用观察法求数列的通项公式的技巧(1)根据数列的前几项求它的一个通项公式,要注意观察每一项的特点,观察出项与n之间的关系、规律，可使用添项、通分、分割等办法，转化为一些常见数列的通项公式来求．对于正负符号变化，可用(－1）n 或（－1)n＋1来调整．（2)根据数列的前几项写出数列的一个通项公式是不完全归纳法,它蕴含着“从特殊到一般”的思想．考点二由an与S n的关系求通项a n［典例］n n n（1）S n＝2n2－3n；（2）S n＝3n＋b。
［解] (1）a1＝S1＝2－3＝－1，当n≥2时，a n＝S n－S n－1＝（2n2－3n）－［2（n－1）2－3（n－1)]＝4n－5，由于a1也适合此等式，∴a n＝4n－5。
(2)a1＝S1＝3＋b,当n≥2时，a n＝S n－S n－1＝(3n＋b)－（3n－1＋b）＝2·3n－1。
当b＝－1时，a1适合此等式．当b≠－1时，a1不适合此等式．∴当b＝－1时，a n＝2·3n－1;当b≠－1时，a n＝错误!［类题通法］已知数列｛a n｝的前n项和S n,求数列的通项公式,其求解过程分为三步：（1)先利用a1＝S1求出a1;（2）用n－1替换S n中的n得到一个新的关系，利用a n＝S n－S n－1（n≥2）便可求出当n≥2时a n的表达式；（3)对n＝1时的结果进行检验,看是否符合n≥2时a n的表达式，如果符合，则可以把数列的通项公式合写；如果不符合，则应该分n＝1与n≥2两段来写．［针对训练]已知各项均为正数的数列｛a n}的前n项和满足S n〉1,且6S n＝(a n＋1)（a n＋2），n∈N＊,求{a n｝的通项公式．解：由a1＝S1＝错误!（a1＋1)（a1＋2）,解得a1＝1或a1＝2，由已知a1＝S1>1，因此a1＝2。
又由a n＋1＝S n＋1－S n＝错误!（a n＋1＋1）（a n＋1＋2）－错误!(a n＋1）·(a n＋2),得a n＋1－a n－3＝0或a n＋1＝－a n.因为a n〉0，故a n＋1＝－a n不成立，舍去．因此a n＋1－a n－3＝0.即a n＋1－a n＝3，从而{a n｝是以公差为3，首项为2的等差数列，故｛a n｝的通项公式为a n＝3n－1。
考点三由递推关系式求数列的通项公式递推公式和通项公式是数列的两种表示方法，它们都可以确定数列中的任意一项,只是由递推公式确定数列中的项时，不如通项公式直接.归纳起来常见的命题角度有：1形如a n＋1＝a n f n，求a n；2形如a n＋1＝a n＋f n，求a n;3形如a n＋1＝Aa n＋B A≠0且A≠1，求a n.角度一形如a n＋1＝a n f（n），求a n1．（2012·大纲全国卷)已知数列{a n}中，a1＝1,前n项和S n＝错误!a n 。
（1）求a 2，a 3；(2）求{a n｝的通项公式．解:（1）由S2＝错误!a2得3(a1＋a2)＝4a2，解得a2＝3a1＝3。
由S3＝错误!a3得3（a1＋a2＋a3)＝5a3，解得a3＝错误!（a1＋a2)＝6。
(2)由题设知a1＝1.当n≥2时，有a n＝S n－S n－1＝错误!a n－错误!a n－1，整理得a n ＝错误!a n －1. 即a na n －1＝错误!. ∴a n ＝a 1·错误!·错误!·错误!·错误!·…·错误!·错误!·错误! ＝1·错误!·错误!·错误!·错误!·…·错误!·错误!·错误! ＝错误!(n ≥2） 当n ＝1时，a 1＝1.综上可知，｛a n ｝的通项公式a n ＝错误!. 角度二 形如a n ＋1＝a n ＋f （n ），求a n 2．已知a 1＝2，a n ＋1＝a n ＋3n ＋2，求a n . 解：∵a n ＋1－a n ＝3n ＋2， ∴a n －a n －1＝3n －1(n ≥2)，∴a n ＝（a n －a n －1)＋(a n －1－a n －2)＋…＋（a 2－a 1）＋a 1＝错误!（n ≥2）． 当n ＝1时，a 1＝12×（3×1＋1）＝2符合公式，∴a n ＝错误!n 2＋错误!。
角度三 形如a n ＋1＝Aa n ＋B （A ≠0且A ≠1）,求a n 3．已知数列{a n }满足a 1＝1，a n ＋1＝3a n ＋2，求a n . 解：∵a n ＋1＝3a n ＋2，∴a n ＋1＋1＝3(a n ＋1），∴错误!＝3,∴数列｛a n ＋1}为等比数列,公比q ＝3， 又a 1＋1＝2，∴a n ＋1＝2·3n －1， ∴a n ＝2·3n －1－1. ［类题通法］由数列的递推公式求通项公式时，若递推关系为a n ＋1＝a n ＋f (n )或a n ＋1＝f (n ）·a n ，则可以分别通过累加、累乘法求得通项公式，另外，通过迭代法也可以求得上面两类数列的通项公式，（如角度二)，注意：有的问题也可利用构造法，即通过对递推式的等价变形，（如角度三)转化为特殊数列求通项．[课堂练通考点]1．数列1，错误!，错误!，错误!，错误!，…的一个通项公式a n 是( ） A 。
错误! B.错误! C.n2n －3D 。
错误!解析：选B 由已知得，数列可写成错误!，错误!，错误!，…，故通项为错误!. 2．数列{a n ｝的前n 项积为n 2，那么当n ≥2时，a n ＝（ ） A ．2n －1B ．n 2(完整)高考一轮数列复习教案(word 版可编辑修改)C.错误!D 。
错误!解析：选D 设数列｛a n ｝的前n 项积为T n ，则T n ＝n 2， 当n ≥2时，a n ＝错误!＝错误!.3．已知数列{a n }满足a st ＝a s a t (s ，t ∈N *),且a 2＝2，则a 8＝________。