安徽省蚌埠二中2015届高三第三次周考理综试题 扫描版含答案
【试卷解析】安徽省蚌埠市2015届高三第三次教学质量检查理综化学试题(扫描版)
7.【答案】A【考查方向】本题考查有机物的结构与性质，化学键、有机反应类型【解析】该物质不含苯环，不是芳香化合物，A错误；含碳碳双键，能发生加成反应、氧化反应，与苯的性质类似，则能发生取代反应，B正确；分子中含碳碳双键、碳氮双键、3个C-H键、1个N-H键、3个C-N单键，共9个σ键，C正确；碳碳键是非极性键，C-H键、N-H 键、C-N等是极性键，D正确。
8.【答案】B【考查方向】本题考查离子共存【解析】A、根据电荷守恒知溶液中的c(H＋)>c(OH－)，呈酸性，则SO32－被NO3－氧化，或Mg2 2－不能共存；B、溶液呈中性，微粒可共存；C、溶液呈碱性，不可能发生生成氯气的＋与SO3反应；D、若盐酸与氨水等物质的量反应，则生成的氯化铵水解使溶液呈酸性，错误，故选B。
9.【答案】A【考查方向】本题考查化学实验。
【解析】盐酸与氨水刚好反应生成的氯化铵水解使溶液呈酸性，可用甲基橙做指示剂，A正确；制备氢氧化铁胶体不能用饱和的氯化铁溶液与氢氧化钠溶液，而是取1个小烧杯，加入25mL蒸馏水，将烧杯中的蒸馏水加热至沸腾，向沸水中逐滴加入5~6滴饱和氯化铁溶液，继续煮沸至溶液呈红褐色，停止加热，B错误；醛基、碳碳双键都能与溴反应而使溴水褪色，C错误；D、缺少玻璃棒，错误。
10.【答案】D【考查方向】本题考查化学平衡及其影响因素、化学反应与能量变化。
【解析】A、V正=V逆达平衡，然后加压，平衡正向移动，V正>V逆，错误；合成氨的反应是放热反应，升高温度，平衡正向移动，氨气的含量减小，B错误，则对D项T1<T2,而温度高，平衡常数小，即Kb>Ka，正确；分析图像知该反应的△H=-92kJ/mol，但该反应可逆，1molN2与3molH2反应放出的热比92kJ小，C错误。
【易错提醒】可逆反应不彻底，反应热与方程式的写法有关，如本题的C项，容器中的1mol氮气与3mol氢气都没有反应完，而△H=-92kJ/mol对应的是参加反应的氮气是1mol，氢气是3mol。
安徽省蚌埠市第二中学2015届高三4月月考理科综合试题(扫描版)课案
蚌埠二中2015届高三年级月考（4月）理科综合试题注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。
第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。
第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。
答案写在试卷上均无效，不予记分。
可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Cl-35.5 S-32第I卷（选择题）1.生物膜的特化与其完成特定的功能是相适应的，下列相关叙述不正确的是( )A．肿瘤细胞膜特化形成许多微绒毛，有利于吸收葡萄糖等营养物质B．次级卵母细胞膜特化形成微绒毛，有利于完成受精作用C．核膜特化形成核孔，有利于核质间的物质交换和信息交流D．叶绿体内部膜特化形成基粒，直接提高了固定二氧化碳的效率2.急性早幼粒细胞白血病是最凶险的一种白血病，发病机理如下图所示，2010年度国家最高科学技术奖获得者王振义院士发明的“诱导分化疗法”联合应用维甲酸和三氧化二砷治疗该病。
其中维甲酸通过修饰PML-RARa，使癌细胞重新分化“改邪归正”；而三氧化二砷则可以引起这种癌蛋白的降解，使癌细胞发生部分分化并最终进入凋亡。
下列有关分析不正确的是（）A．这种白血病是早幼粒细胞发生了染色体变异引起的B．这种白血病与早幼粒细胞产生新的遗传物质有关C．维甲酸和三氧化二砷均改变了癌细胞的DNA结构D．“诱导分化疗法”将有效减少病人骨髓中积累的癌细胞3.如图是果蝇某条染色体上含有的几个基因以及红宝石眼基因的表达过程示意图。
对该图的分析中，科学准确的是()A. 朱红眼基因与深红眼基因一定不是一对等位基因B. 图示结构和过程在果蝇的所有细胞中都存在C.RNA翻译合成蛋白质过程需要RNA聚合酶与RNA上某启动部位结合D.经过加工形成成熟的mRNA不一定同时含有起始密码子和终止密码子4.蝴蝶的性别决定为ZW 型。
有一种极为罕见的阴阳蝶，即一半雄性一半雌性的嵌合体，其遗传解释如图所示。
据此分析，下列说法正确的是（ ）A ．由图可推断， Z 和W 染色体上的基因都与性别决定有关B ．过程Ⅰ依赖于细胞膜的流动性，过程Ⅱ、过程Ⅲ表达的基因完全不同C ．若阴阳蝶能产生配子，则雌配子全部正常，雄配子全部不正常D ．阴阳蝶的出现属于染色体变异，这种变异可以通过光学显微镜观察到5. 下列有关生理现象的叙述，不正确的是( )A ．胰岛素的调节结果，既影响靶细胞的代谢又影响胰岛素自身的分泌B ．寒冷刺激时，对体内细胞起动员作用的是神经冲动和激素C ．叩击膝盖下韧带致小腿前踢的过程中，相关兴奋在神经纤维上可以双向传导D ．正常情况下，人体内各种激素含量都能保持动态稳定，属于内环境的稳态6. 为防治农田鼠害，研究人员选择若干大小相似、开放的玉米田，在边界上每隔一定距离设置适宜高度的树桩（供肉食性猛禽提供栖息），测得玉米从播种到收获期间，玉米田中田鼠种群密度的变化如图所示。
安徽省省级示范高中2015届高三第三次联考物理试题 扫描版含答案
金榜教育·2015届安徽省示范高中高三第三次联考物理参考答案1．C 【解析】设斜坡的倾角为θ，则滑雪者从O 到N 的运动过程中克服摩擦力做的功：W F f ＝μmgs AC cos θ＋μmgL CB ，由题图可知s AC cos θ＋s CB ＝s ，两式联立可得：W Ff ＝μmgs ＝5000 J ，选项C 正确。
2．B 【解析】由动能定理知0～t 2时间内，动能增量为0，即外力做功为0，选项B 正确，外力先做负功后做正功，选项A 错误；t 1时刻F 最大，v =0，F 的功率为0，t 2时刻F =0，速度最大，F 的功率为0，t 1～t 2时间内，外力的功率先增后减，选项C 错误，从v-t 图线知加速度减小，选项D 错误。
3．A 【解析】在0～1s 内，水平力F 小于最大静摩擦力，物块处于静止状态，合力始终为零，选项A 正确；1s ～3s 水平力F 恰好平衡最大静摩擦力，物块仍处于静止状态，选项B 错误；在3s ～4s 内，物块受滑动摩擦力，为定值，选项C 错误；在4s ～6s 内，无论是滑动摩擦力还是静摩擦力方向始终水平向左，选项D 错误。
4．B 【解析】若小船刚好避开危险区，小船沿AB 方向以速度v 行驶，如图所示。
v 1为水流速度，小船在静水中的速度至少应为v 2=v 1sin θ。
显然小船沿其他方向，如沿AC 以速度v ′驶时，在静水中的最小速度要大于v 2。
则小船在静水中的速度至少为v 2=v 1sin θ=3m/s ，则选项B 正确。
5．【答案】C 【解析】由题意可得该极地卫星运行的周期为：121T=0.25h ，T=3h ，由牛顿第二运动定律可得：22=GMm v m v r r ⇒，可得：12v v =，由于1212:24:3:4:1T T r r ===，联立解得：1212v v =。
6．D 【解析】从起点A 到最高点B 可看做平抛运动的逆过程，如答图所示,美洲狮做平抛运动位移方向与水平方向夹角的正切值为tan β=2211=21，速度方向与水平方向夹角的正切值为tan α=2tan β=1，只有选项D 正确。
安徽省蚌埠市高三物理下学期第三次模拟试卷(含解析)
安徽省蚌埠市2015届高考物理三模试卷一、选择题．本卷共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．质量为M的木箱放在水平地面上，木箱中有一竖直立杆，一质量为m的小虫（图中利用圆代替）沿立杆以加速度a=g匀加速向上爬，则小虫在向上爬的过程中，木箱对地面的压力为 ( )A．Mg﹣mg B．Mg+mg C．Mg+mg D．Mg+mg2．有一星球的质量为地球质量的32倍，它表面附近的重力加速度是地球表面附近重力加速度的2倍，则该星球的密度约是地球密度的( )A．B．C．2倍D．8倍3．图为一上下表面平行的厚平板玻璃，一束复色光斜射到其上表面后从下表面射出，变为a、b两束平行单色光．下列说法中正确的是 ( )A．此玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率B．在此玻璃中a光的全反射临界角大于b光的全反射临界角C．分别使用a、b做光的衍射实验，用a光更容易看到明显的衍射现象D．若光束a、b先后通过同一双缝干涉装置，光束a的相邻亮条纹间距比光束b的窄4．图中a、b、c为三根与纸面垂直的固定长直导线，其截面位于等边三角形的三个顶点上，bc沿水平方向，导线中均通有大小相等的电流，方向如图所示．O点为三角形的中心（O到三个顶点的距离相等），则 ( )A．O点的磁感应强度为零B．O点的磁场方向垂直Oc向下C．导线a受到的安培力方向竖直向上D．导线b受到的安培力方向沿bc连接方向指向c5．空间有一半径为r的孤立球形导体，其上带有固定电荷量的负电荷，该空间没有其他电荷存在，其在导体附近的点P处的场强为E．若在P点放置一带电量为q的点电荷，测出q 受到的静电力为F，则( )A．如果q为负，则E B．如果q为负，则E=C．如果q为正，则E D．如果q为正，则E=6．图示电路中，电源电动势为E，内阻不计，各电阻阻值为已知，a、b之间所接电容器的电容为c．闭合电键S，当电流达到稳定后 ( )A．b点的电势高于a点的电势B．电容器两极板间场强为零C．电容器的电荷量为D．通过电源的电流为7．如图，电阻为R的长直螺线管，其两端通过电阻可忽略的导线相连接．一个质量为m的小条形磁铁从静止开始落入其中，下落一段距离后以速度v做匀速运动．假设小磁铁在下落过程中始终沿螺线管的轴线运动且无翻转．则 ( )A．小磁铁的磁性越强，最后匀速运动的速度就越大B．小磁铁的磁性越强，它经过同一位置时的加速度越大C．小磁铁做匀速运动时在回路中产生的感应电流为零D．小磁铁做匀速运动时在回路中产生的感应电动势为二、非选择题8．（1）用游标卡尺（游标为20分度）测量某个螺母的深度，读数如图甲所示，其深度为__________cm．（2）某同学用螺旋测微器测金属丝的直径，其示数如图乙所示，则金属丝直径为__________mm．9．某同学利用图a所示实验装置获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图，如图b所示，实验中小车（含发射器）的质量为200g．（1）由图b可知，“a﹣m”图象不经过原点，可能的原因是__________，应采取的改进措施是__________．（2）由图b可知，“a﹣m”图象不是直线，可能的原因是__________．10．（1）现用多用电表测量一阻值约为200﹣300Ω的定值电阻Rx，选择旋钮应调到欧姆档的“×__________”（选填“1”、“10”或“100”）位置，若指针指向如图1所示，则该电阻的阻值为__________Ω．（2）现用伏安法精确测量上述定值电阻R x的阻值，所供器材如下：电压表V（量程0﹣10V，内阻约为20kΩ）电流表A1（量程0﹣50mA，内阻约为20Ω），电流表A2（量程0﹣10mA，内阻约为4Ω）．滑动变阻器R（最大阻值为5Ω，额定电流为1A）直流电源E（电动势约9V，内阻约0.5Ω），电键K，连线用的导线若干．在以上器材中电流表应选__________（选填“A1”或“A2”），根据你设计的电路完成实物连接．11．（16分）一质量为m=2kg的物块放置在粗糙的水平地面上，受到一个随时间变化的水平拉力F作用，F在0﹣2s内的图象如图a所示，物块的速度v随时间t变化的关系如图b所示．已知物块与水平地面间的动摩擦因数μ=0.4，g=10m/s2．（1）求0﹣2s内摩擦力的冲量大小．（2）求物块在6s内的位移大小．（3）通过计算，将图a中F在2﹣6s内的图象补充完整．12．（18分）如图所示，竖直平面（纸面）内有平面直角坐标系xOy，x轴沿水平方向．在x ＞﹣L的区域有垂直平面向里的匀强磁场，在﹣L＜x＜O的区域有场强大小为E、方向沿x 轴负方向的匀强电场．有一个带正电的小球由A（﹣2L，O）点沿x轴正方向水平抛出，从R点进入﹣L＜x＜O区域并沿直线RQ运动到Q（O，﹣）点．在x＞O的区域有另一匀强电场，小球经过Q点后恰能做匀速圆周运动并打在P点的标靶上．已知重力加速度为g，试求：（1）RQ与x轴正方向的夹角θ和初速度v0．（2）小球的比荷和匀强磁场的磁感应强度B．（3）小球从A点运动到标靶P所经历的时间t．13．一个轻质弹簧的劲度系数为k，一端固定，另一端在力的作用下发生的形变量为x，已知克服弹力所做的功等于弹簧弹性势能的增加量．（以上过程均在弹簧的弹性限度内）（1）证明弹簧发生的形变量为x时，其具有的弹性势能为E r=kx2．（2）若将弹簧竖直放置且下端固定在地面上，现有一个质量为m的小球从距弹簧上端h处由静止开始下落，并压缩弹簧，求小球在压缩弹簧过程中的最大速度v n．（3）在第（2）问中，竖直弹簧的上端固定一个质量为M的木板并处于静止，将质量为m的小球从距弹簧上端h=0.8m处由静止开始下落，并与木板发生弹性碰撞，碰撞时间极短，且M=3m，g=10m/s2．求小球弹起的高度H．（4）在第（3）问中个，若m、k均未知，且小球和木板在第一次碰撞后又在同一位置发生第二次迎面的碰撞，此后的每次碰撞均在该位置，以竖直向下为正方向，试在图示的坐标系中作出小球从释放开始到第三次碰撞的v﹣t图象．（标出刻度值）安徽省蚌埠市2015届高考物理三模试卷一、选择题．本卷共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．质量为M的木箱放在水平地面上，木箱中有一竖直立杆，一质量为m的小虫（图中利用圆代替）沿立杆以加速度a=g匀加速向上爬，则小虫在向上爬的过程中，木箱对地面的压力为 ( )A．Mg﹣mg B．Mg+mg C．Mg+mg D．Mg+mg考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对小虫分析，根据牛顿第二定律求出小虫所受的摩擦力，再对木箱分析，根据共点力平衡求出支持力的大小，从而得出木箱对地面的压力大小．解答：解：对小虫分析，根据牛顿第二定律得：，解得：f=．对木箱分析，根据共点力平衡有：Mg+f=N，解得：N=，可知木箱对地面的压力大小为．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，隔离对小虫分析，求出摩擦力的大小是解决本题的关键．2．有一星球的质量为地球质量的32倍，它表面附近的重力加速度是地球表面附近重力加速度的2倍，则该星球的密度约是地球密度的( )A．B．C．2倍D．8倍考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力等于重力得出半径的关系，从而得出体积的关系，结合密度公式求出星球密度和地球密度的关系．解答：解：根据万有引力等于重力得，，解得R=，因为星球和地球的质量之比为32：1，重力加速度之比为2：1，则半径之比为4：1，根据得，密度之比为1：2．故选：A．点评：解决本题的关键掌握万有引力等于重力这一理论，通过该理论求出星球和地球的半径之比是关键．3．图为一上下表面平行的厚平板玻璃，一束复色光斜射到其上表面后从下表面射出，变为a、b两束平行单色光．下列说法中正确的是 ( )A．此玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率B．在此玻璃中a光的全反射临界角大于b光的全反射临界角C．分别使用a、b做光的衍射实验，用a光更容易看到明显的衍射现象D．若光束a、b先后通过同一双缝干涉装置，光束a的相邻亮条纹间距比光束b的窄考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：根据光线的偏转程度比较两种色光的折射率大小，结合sinC=比较临界角的大小．根据折射率大小得出波长的大小，从而确定哪种色光更容易看到明显的衍射现象．根据波长的大小，结合双缝干涉的条纹间距公式比较条纹间距的大小．解答：解：A、由光路图知，a光的偏折程度大，则a光的折射率大，故A错误．B、根据sinC=知，a光的折射率大，则a光全反射的临界角小于b光全反射的临界角，故B错误．C、a光的折射率大，频率大，则波长小，波长越长，衍射现象越明显，则用b光更容易看到明显的衍射现象，故C错误．D、根据知，a光的波长较小，则条纹间距较窄，故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键通过光线的偏折程度得出折射率的大小关系，知道折射率、频率、波长、临界角等大小关系，并能灵活运用．4．图中a、b、c为三根与纸面垂直的固定长直导线，其截面位于等边三角形的三个顶点上，bc沿水平方向，导线中均通有大小相等的电流，方向如图所示．O点为三角形的中心（O到三个顶点的距离相等），则 ( )A．O点的磁感应强度为零B．O点的磁场方向垂直Oc向下C．导线a受到的安培力方向竖直向上D．导线b受到的安培力方向沿bc连接方向指向c考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；安培力．分析：根据右手螺旋定则判断出直导线在O点的磁场方向，根据平行四边形定则，对磁感应强度进行合成，得出O点的合场强的方向；再依据左手定则，从而确定导线受到的安培力方向．解答：解：AB、根据右手螺旋定则，电流a在O产生的磁场平行于bc向左，b电流在O 产生的磁场平行ac指向右下方，电流c在O产生的磁场平行ab指向左下方；由于三导线电流相同，到O点的距离相同，根据平行四边形定则，则O点合场强的方向垂直Oc向下，故A错误，B正确；CD、根据左手定则，结合矢量合成法则，导线a受到的安培力方向水平向左，而导线b受到的安培力方向平行于ac斜向左上方，故CD错误．故选：B．点评：解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向，以及知道磁感应强度的合成遵循平行四边形定则，注意掌握左手定则的应用．5．空间有一半径为r的孤立球形导体，其上带有固定电荷量的负电荷，该空间没有其他电荷存在，其在导体附近的点P处的场强为E．若在P点放置一带电量为q的点电荷，测出q 受到的静电力为F，则( )A．如果q为负，则E B．如果q为负，则E=C．如果q为正，则E D．如果q为正，则E=考点：电场强度；电场的叠加．分析：在P点放置一点电荷后，将改变球形导体上电荷的分布，由E=k分析即可．解答：解：AB、如果q为负，由于同种电荷间存在斥力，所以球形导体上的电荷将远离P 点，在P点产生的场强将减小，所以＜E，即E＞，故A正确，B错误．CD、如果q为正，由于异种电荷间存在引力，所以球形导体上的电荷将靠近P点，在P点产生的场强将增大，所以＞E，即E＜，故CD错误．故选：A．点评：本题容易产生错误的原因是把导体球看成了点电荷，认为有点电荷放在P点和无点电荷放在P点时的电场是一样的，就选出了BD．6．图示电路中，电源电动势为E，内阻不计，各电阻阻值为已知，a、b之间所接电容器的电容为c．闭合电键S，当电流达到稳定后 ( )A．b点的电势高于a点的电势B．电容器两极板间场强为零C．电容器的电荷量为D．通过电源的电流为考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电容器接入电路中相当于断路，根据欧姆定律求出a、b的电势，根据E=求解场强，电荷量Q=UC，根据欧姆定律求解通过电源的电流．解答：解：A、路端电压为E，则通过a点的电流，则a点的电势，通过b点的电流，则b点的电势，则b点的电势低于a点的电势，故A错误；B、电容器两极板间电压U=，根据E=可知，电容器两极板间场强不为零，故B错误；C、电容器的电荷量Q=UC=，故C正确；D、通过电源的电流为，故D错误．故选：C点评：本题主要考查了欧姆定律的直接应用，知道电容器接入电路中相当于断路，清楚电路的结构，会根据电压降求解电势，难度适中．7．如图，电阻为R的长直螺线管，其两端通过电阻可忽略的导线相连接．一个质量为m的小条形磁铁从静止开始落入其中，下落一段距离后以速度v做匀速运动．假设小磁铁在下落过程中始终沿螺线管的轴线运动且无翻转．则 ( )A．小磁铁的磁性越强，最后匀速运动的速度就越大B．小磁铁的磁性越强，它经过同一位置时的加速度越大C．小磁铁做匀速运动时在回路中产生的感应电流为零D．小磁铁做匀速运动时在回路中产生的感应电动势为考点：楞次定律．分析：分析导线环产生的感应电流大小对导线环加速度的影响，从而得到磁铁对导线环阻碍作用的大小，再分析即可．小磁铁做匀速运动时导线环重力势能的减少转化为内能，根据能量守恒和焦耳定律结合列式，即可求解．解答：解：A、B、根据楞次定律，小磁铁的磁性越强，通过导线环的磁通量越大，磁通量变化越大，因此下落过程中在导线环中产生的感应电流越大，感应电流产生的磁场也就越强，从而对小磁铁的阻碍也就越大，小磁铁向下运动的加速度就越小，因此小磁铁最后匀速运动的速度就越小．故A错误，B错误；C、小磁铁最后做匀速直线运动时，受到的线圈对它的阻力与重力大小相等，方向相反，所以线圈中的感应电流不可能为0．故C错误；D、设小磁铁做匀速运动时，下落距离h，在此过程中有：mgh=Q式中Q为小磁铁匀速下落h高度在螺线管中产生的热量，其大小为Q=△t式中E是螺线管中产生的感应电动势，△t是小磁铁通过距离h所需的时间，由于小磁铁匀速运动，因此有：mgh=•联立解得：E=．故选：D点评：此题以小条形磁铁A在螺旋管中下落切入，将定性分析说明和定量计算有机结合，意在考查对电磁感应、能量守恒定律及其相关知识的理解掌握．二、非选择题8．（1）用游标卡尺（游标为20分度）测量某个螺母的深度，读数如图甲所示，其深度为0.665cm．（2）某同学用螺旋测微器测金属丝的直径，其示数如图乙所示，则金属丝直径为0.697～0.699mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为6mm，游标尺上第13个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为13×0.05mm=0.65mm，所以最终读数为：6mm+0.65mm=6.65mm=0.665cm．2、螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为19．×0.01mm=0.198mm，所以最终读数为0.5mm+0.198mm=0.698mm，由于需要估读，最后的结果可以在0.697～0.699之间．故答案为：0.665；0.697～0.699点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．9．某同学利用图a所示实验装置获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图，如图b所示，实验中小车（含发射器）的质量为200g．（1）由图b可知，“a﹣m”图象不经过原点，可能的原因是存在阻力，应采取的改进措施是将轨道略微倾斜来平衡阻力．（2）由图b可知，“a﹣m”图象不是直线，可能的原因是钩码的质量不满足远小于小车的质量的条件．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：该实验的研究对象是小车，采用控制变量法研究．当质量一定时，研究小车的加速度和小车所受合力的关系．为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板的右端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．解答：解：（1）从上图中发现直线没过原点，当a=0时，m≠0，即F≠0，也就是说当绳子上拉力不为0时，小车的加速度为0，所以可能的原因是存在摩擦力；实验中应采取的改进措施是：调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，即使得绳子上拉力等于小车的合力．（2当m＜＜M时，即当砝码和砝码盘的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于砝码和砝码盘的总重力．从图象上可以看出：F从0开始增加，砝码和砝码盘的质量远小于车的质量，慢慢的砝码和砝码盘的重力在增加，那么在后面砝码和砝码盘的质量就没有远小于车的质量呢，那么绳子的拉力与砝码和砝码盘的总重力就相大呢．所以原因是砝码和砝码盘的质量没有远小于车的质量；故答案为：（1）存在阻力，将轨道略微倾斜来平衡阻力；（2）钩码的质量不满足远小于小车的质量的条件．点评：该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，这样问题我们要从实验原理和减少实验误差方面去解决．10．（1）现用多用电表测量一阻值约为200﹣300Ω的定值电阻Rx，选择旋钮应调到欧姆档的“×10”（选填“1”、“10”或“100”）位置，若指针指向如图1所示，则该电阻的阻值为200Ω．（2）现用伏安法精确测量上述定值电阻R x的阻值，所供器材如下：电压表V（量程0﹣10V，内阻约为20kΩ）电流表A1（量程0﹣50mA，内阻约为20Ω），电流表A2（量程0﹣10mA，内阻约为4Ω）．滑动变阻器R（最大阻值为5Ω，额定电流为1A）直流电源E（电动势约9V，内阻约0.5Ω），电键K，连线用的导线若干．在以上器材中电流表应选A1（选填“A1”或“A2”），根据你设计的电路完成实物连接．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）根据欧姆表的使用方法可明确档位的选择，再根据指针示数与档位的乘积可求得电阻值；（2）根据欧姆定律可求得最大电流值，则可以明确电流表的选择；根据电阻与电压表及电流表内阻的大小关系可以选择电流表内外接法；从而得出对应的实物图．解答：解：（1）测量电阻时应使指针指在中值电阻左右；故要想准确测量200﹣300Ω的电阻，应选择×10Ω的档位；由图可知，示数为20×10=200Ω（2）电源电动势为9V，电阻约为200Ω；故最大电流约为45mA；故电流表选择A1；因滑动变阻器较小，为了能起到保护作用，滑动变阻器采用分压接法；因；故电流表采用外接法；实物图如图所示；故答案为：（1）10，200；（2）A1如图所示．点评：本题考查多用电表的使用及电阻的测量实验，要注意明确滑动变阻器的分压接法及电流表内外接法的选择方法．11．（16分）一质量为m=2kg的物块放置在粗糙的水平地面上，受到一个随时间变化的水平拉力F作用，F在0﹣2s内的图象如图a所示，物块的速度v随时间t变化的关系如图b所示．已知物块与水平地面间的动摩擦因数μ=0.4，g=10m/s2．（1）求0﹣2s内摩擦力的冲量大小．（2）求物块在6s内的位移大小．（3）通过计算，将图a中F在2﹣6s内的图象补充完整．考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的图像；动量定理．分析：（1）由b图可知物体做匀速运动，则摩擦力等于拉力，由a图可读出摩擦力大小；（2）由b图明确物体的运动情况，根据图象中的面积可求出前6s内的位移；解答：解：（1）从图（a）中可以读出，当t=1s时，f1=F1=6N；摩擦力的冲量I=f1t1=6×2Ns=12Ns；（2）从图（b）中可以看出，t=0至t=2s过程，物体静止．S1=0t=2s至t=4s过程中，物块做匀加速运动．S2===4mt=4s至t=6s过程中，物块做匀，速运动．S3=v4t3=4×2=8m所以物块在前6s内的位移大小S=S1+S2+S3=4+8=12m（3）物体在2﹣4s内做匀加速直线运动，加速度a===2m/s2；由牛顿第二定律可得：F2﹣μmg=ma解得：F2=12N；物体在4﹣6s内做匀速直线运动，F3=μmg=0.4×20=8N；图象如图所示；答：（1）1s末物块所受摩擦力的大小f1为6N；（2）物块在前6s内的位移大小为12m．（3）如图所示；点评：本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确图象的作用，能根据图象明确物体的运动情况，再由牛顿第二定律列式求解即可．12．（18分）如图所示，竖直平面（纸面）内有平面直角坐标系xOy，x轴沿水平方向．在x ＞﹣L的区域有垂直平面向里的匀强磁场，在﹣L＜x＜O的区域有场强大小为E、方向沿x 轴负方向的匀强电场．有一个带正电的小球由A（﹣2L，O）点沿x轴正方向水平抛出，从R点进入﹣L＜x＜O区域并沿直线RQ运动到Q（O，﹣）点．在x＞O的区域有另一匀强电场，小球经过Q点后恰能做匀速圆周运动并打在P点的标靶上．已知重力加速度为g，试求：（1）RQ与x轴正方向的夹角θ和初速度v0．（2）小球的比荷和匀强磁场的磁感应强度B．（3）小球从A点运动到标靶P所经历的时间t．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）小球开始时做平抛运动，将运动分解即可求出小球的末速度与x轴之间的夹角关系，然后画出运动的轨迹，结合几何关系即可求出；（2）带电小球在x＜0的区域内做匀速直线运动，分析受力情况，由平衡条件判断小球的比荷和磁感应强度B；（3）分段求时间，匀速直线运动过程，根据位移和速率求解；匀速圆周运动过程，画出轨迹，根据轨迹的圆心角求时间．解答：解：（1）小球在开始时做平抛运动，水平方向：L=v0t1竖直方向设竖直方向的最大速度为v y，则：v y=gt1，小球在电场中的偏转角θ，则：小球在﹣L≤x≤0的区域做匀速直线运动，则运动的时间：y方向的位移：y2=v y•t1小球在竖直方向的总位移：y=y1+y2=联立以上方程得：，θ=45°，①（2）小球在﹣L≤x≤0的区域做匀速直线运动，受到重力、电场力和洛伦兹力的作用，合力为0，如图：则：得：小球做直线运动的速度：则小球受到的洛伦兹力：f=qvB=所以：②（3）由图可知，小球在磁场中运动的时间是圆周，则运动的时间是洛伦兹力提供向心力得：所以小球做圆周运动的周期：T=小球在磁场中运动的时间：=③小球运动的总时间：t=t1+t2+t3==④答：（1）RQ与x轴正方向的夹角θ是45°，初速度是．（2）小球的比荷是，匀强磁场的磁感应强度B是．（3）小球从A点运动到标靶P所经历的时间是．点评：本题是带电体在复合场中运动的类型，分析受力情况和运动情况是基础，小球做匀速圆周运动时，画出轨迹，由几何知识确定圆心角是求解运动时间的关键．13．一个轻质弹簧的劲度系数为k，一端固定，另一端在力的作用下发生的形变量为x，已知克服弹力所做的功等于弹簧弹性势能的增加量．（以上过程均在弹簧的弹性限度内）（1）证明弹簧发生的形变量为x时，其具有的弹性势能为E r=kx2．（2）若将弹簧竖直放置且下端固定在地面上，现有一个质量为m的小球从距弹簧上端h处由静止开始下落，并压缩弹簧，求小球在压缩弹簧过程中的最大速度v n．（3）在第（2）问中，竖直弹簧的上端固定一个质量为M的木板并处于静止，将质量为m的小球从距弹簧上端h=0.8m处由静止开始下落，并与木板发生弹性碰撞，碰撞时间极短，且M=3m，g=10m/s2．求小球弹起的高度H．（4）在第（3）问中个，若m、k均未知，且小球和木板在第一次碰撞后又在同一位置发生第二次迎面的碰撞，此后的每次碰撞均在该位置，以竖直向下为正方向，试在图示的坐标系中作出小球从释放开始到第三次碰撞的v﹣t图象．（标出刻度值）考点：动量守恒定律；弹性势能．分析：（1）作出弹力与形变量之间的关系图象，则图象与坐标轴围城的面积表示弹力的负功，根据克服弹力所做的功等于弹簧弹性势能的增加量得到弹簧发生的形变量为x时，其具有的弹性势能；（2）当加速度为零时，速度最大，据小球与弹簧构成的系统机械能守恒得到小球在压缩弹簧过程中的最大速度的表达式；。
2015安徽省高考理科综合物理部分(word版含答案)
2015年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）理科综合能力测试物理部分14．图示是α粒子（氦原子核）被重金属原子核散射的运动轨迹，M 、N 、P 、Q 是轨迹上的四点，在散射过程中可以认为重金属原子核静止不动。
图中所标出的α粒子在各点处的加速度方向正确的是 A ．M 点 B ．N 点 C ．P 点 D ．Q 点15．由库仑定律可知，真空中两个静止的点电荷，带电量分别为1q 和2q ，其间距离为r 时，它们之间相互作用力的大小为221r q q k F ，式中k 为静电力常量。
若用国际制的基本 单位表示，k 的单位应为 A ．Kg • A 2 • m 3 B ．Kg • A -2 • m 3 • s - 4 C ．Kg • m 2 • C - 2D ．N • m 2 •A - 216．图示电路中，变压器为理想变压器，a 、b 接电压有效值不变的交流电源两端，R 0为定值电阻，R 为滑动变阻器。
现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流 表A 1的示数增大了0.2A ，电流表A 2的示数增大了0.8A ，则下列说法正确的是 A ．电压表V 1示数增大 B ．电压表V 2 、V 3示数均增大 C ．该变压器起升压作用D ．变阻器滑片是沿c →d 的方向滑动17．一根长为L 、横截面积为S 的金属棒，其材料的电阻率为ρ，棒内单位体积自由电子数为n,电子的质量为m,电荷量为e ，在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由 电子定向运动的平均速率为v ，则金属棒内的电场强度大小为重金属原子核Pα 粒子0vMNQdR 0 V 3 A 1 b。
~ a 。
V 1V 2 A 2 Rcva dN M b cθl A ．eL m v 22 B ．eSn m v 2C ．nev ρD ．SLevρ 18．如图所示，一束单色光从空气入射到棱镜的AB 面上，经过AB 和AC 两个面折射后从AC 面进入空气，当出射角i '和入射角i 相等时，出射光线相对于入射光线偏转的角度 为θ 。
2015蚌埠三模WORD版
蚌埠市2015届高三年级第三次教学质量检查考试理科综合（生物）第I卷（选择题共120分）1.细胞结构很复杂，但没有一个结构是多余的，其中溶酶体和液泡是真核细胞中常见的细胞器，下列有关溶酶体和液泡的叙述不正确的是A．溶酶体能分解衰老的线粒体，分解产物有些可被细胞再利用B．溶酶体在细胞凋亡、个体发育和免疫中都能发挥作用C．豆芽的挺拔与液泡有关D．液泡内的色素可以参与光合作用2.五个大小相同的马铃薯幼根与物种A的幼根分别放入甲～戊五种不同浓度的蔗糖溶液中，数小时后，取出称重，重量变化如右图所示。
以下关于该实验结果的说法不正确的是A．与马铃薯幼根细胞液等渗的溶液是甲溶液B．马铃薯比物种A更耐旱C．物种A幼根的成熟区细胞在甲浓度溶液中一定会发生质壁分离D．在这五种蔗糖溶液中，浓度最大的是乙溶液3.AB．三个细胞中核DNA分子数分别是16、16、8C．只有细胞c中可能含有2条同型的Y染色体D．表格中的“？”处填写的均为分裂4.一种捕食鱼类的芋螺向水中释放芋螺毒液，减慢猎物的运动速度并将其捕获。
芋螺毒液中除了神经毒素外，还发现大量特化型胰岛素，其结构类似鱼胰岛素。
据此分析不合理的是A．芋螺毒素既影响鱼类的神经调节，又影响鱼类的激素调节B．芋螺毒素作用使鱼出现低血糖导致鱼类运动能力降低而被捕食C．芋螺的神经毒素可能影响Na+、K+等离子在神经细胞上的跨膜运输D．芋螺神经毒素与鱼类细胞表面受体结合使胰岛素不能发挥功能5.为研究某矮生南瓜的突变类型是生长素合成缺陷型还是生长素不敏感型，进行相关实验，A．生长素对两种植株茎的作用效果不同不能体现其作用的两重性B．实验使用的两种不同植株茎的部位可以不同C．随着生长素浓度增大，矮生株茎平均伸长量不可能大于正常株D．实验结果表明该矮生南瓜不能确定属于生长素不敏感型6.下列有关生物工程与技术的叙述不正确的是A．PCR技术可用于目的基因的获取B．选择单核居中期向单核靠边期过渡的花粉进行离体培养成功率高C．在以尿素为唯一碳源的培养基上长出的菌落一定是尿素分解菌D．“三北防护林”建设中，应遵循协调与平衡原理和物种多样性原理29.（14分）光呼吸是进行光合作用的细胞在光照和O2/CO2值异常情况下发生的一个生理过程，该过程借助叶绿体、线粒体等多种细胞器共同完成（如图所示），是光合作用伴随的一个损耗能量的副反应。
安徽省蚌埠市2015届高三物理下学期第三次模拟试卷(含解析)
安徽省蚌埠市2015届高考物理三模试卷一、选择题．本卷共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．质量为M的木箱放在水平地面上，木箱中有一竖直立杆，一质量为m的小虫（图中利用圆代替）沿立杆以加速度a=g匀加速向上爬，则小虫在向上爬的过程中，木箱对地面的压力为 ( )A．Mg﹣mg B．Mg+mg C．Mg+mg D．Mg+mg2．有一星球的质量为地球质量的32倍，它表面附近的重力加速度是地球表面附近重力加速度的2倍，则该星球的密度约是地球密度的( )A．B．C．2倍D．8倍3．图为一上下表面平行的厚平板玻璃，一束复色光斜射到其上表面后从下表面射出，变为a、b两束平行单色光．下列说法中正确的是 ( )A．此玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率B．在此玻璃中a光的全反射临界角大于b光的全反射临界角C．分别使用a、b做光的衍射实验，用a光更容易看到明显的衍射现象D．若光束a、b先后通过同一双缝干涉装置，光束a的相邻亮条纹间距比光束b的窄4．图中a、b、c为三根与纸面垂直的固定长直导线，其截面位于等边三角形的三个顶点上，bc沿水平方向，导线中均通有大小相等的电流，方向如图所示．O点为三角形的中心（O到三个顶点的距离相等），则 ( )A．O点的磁感应强度为零B．O点的磁场方向垂直Oc向下C．导线a受到的安培力方向竖直向上D．导线b受到的安培力方向沿bc连接方向指向c5．空间有一半径为r的孤立球形导体，其上带有固定电荷量的负电荷，该空间没有其他电荷存在，其在导体附近的点P处的场强为E．若在P点放置一带电量为q的点电荷，测出q 受到的静电力为F，则( )A．如果q为负，则E B．如果q为负，则E=C．如果q为正，则E D．如果q为正，则E=6．图示电路中，电源电动势为E，内阻不计，各电阻阻值为已知，a、b之间所接电容器的电容为c．闭合电键S，当电流达到稳定后 ( )A．b点的电势高于a点的电势B．电容器两极板间场强为零C．电容器的电荷量为D．通过电源的电流为7．如图，电阻为R的长直螺线管，其两端通过电阻可忽略的导线相连接．一个质量为m的小条形磁铁从静止开始落入其中，下落一段距离后以速度v做匀速运动．假设小磁铁在下落过程中始终沿螺线管的轴线运动且无翻转．则 ( )A．小磁铁的磁性越强，最后匀速运动的速度就越大B．小磁铁的磁性越强，它经过同一位置时的加速度越大C．小磁铁做匀速运动时在回路中产生的感应电流为零D．小磁铁做匀速运动时在回路中产生的感应电动势为二、非选择题8．（1）用游标卡尺（游标为20分度）测量某个螺母的深度，读数如图甲所示，其深度为__________cm．（2）某同学用螺旋测微器测金属丝的直径，其示数如图乙所示，则金属丝直径为__________mm．9．某同学利用图a所示实验装置获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图，如图b所示，实验中小车（含发射器）的质量为200g．（1）由图b可知，“a﹣m”图象不经过原点，可能的原因是__________，应采取的改进措施是__________．（2）由图b可知，“a﹣m”图象不是直线，可能的原因是__________．10．（1）现用多用电表测量一阻值约为200﹣300Ω的定值电阻Rx，选择旋钮应调到欧姆档的“×__________”（选填“1”、“10”或“100”）位置，若指针指向如图1所示，则该电阻的阻值为__________Ω．（2）现用伏安法精确测量上述定值电阻R x的阻值，所供器材如下：电压表V（量程0﹣10V，内阻约为20kΩ）电流表A1（量程0﹣50mA，内阻约为20Ω），电流表A2（量程0﹣10mA，内阻约为4Ω）．滑动变阻器R（最大阻值为5Ω，额定电流为1A）直流电源E（电动势约9V，内阻约0.5Ω），电键K，连线用的导线若干．在以上器材中电流表应选__________（选填“A1”或“A2”），根据你设计的电路完成实物连接．11．（16分）一质量为m=2kg的物块放置在粗糙的水平地面上，受到一个随时间变化的水平拉力F作用，F在0﹣2s内的图象如图a所示，物块的速度v随时间t变化的关系如图b所示．已知物块与水平地面间的动摩擦因数μ=0.4，g=10m/s2．（1）求0﹣2s内摩擦力的冲量大小．（2）求物块在6s内的位移大小．（3）通过计算，将图a中F在2﹣6s内的图象补充完整．12．（18分）如图所示，竖直平面（纸面）内有平面直角坐标系xOy，x轴沿水平方向．在x ＞﹣L的区域有垂直平面向里的匀强磁场，在﹣L＜x＜O的区域有场强大小为E、方向沿x 轴负方向的匀强电场．有一个带正电的小球由A（﹣2L，O）点沿x轴正方向水平抛出，从R点进入﹣L＜x＜O区域并沿直线RQ运动到Q（O，﹣）点．在x＞O的区域有另一匀强电场，小球经过Q点后恰能做匀速圆周运动并打在P点的标靶上．已知重力加速度为g，试求：（1）RQ与x轴正方向的夹角θ和初速度v0．（2）小球的比荷和匀强磁场的磁感应强度B．（3）小球从A点运动到标靶P所经历的时间t．13．一个轻质弹簧的劲度系数为k，一端固定，另一端在力的作用下发生的形变量为x，已知克服弹力所做的功等于弹簧弹性势能的增加量．（以上过程均在弹簧的弹性限度内）（1）证明弹簧发生的形变量为x时，其具有的弹性势能为E r=kx2．（2）若将弹簧竖直放置且下端固定在地面上，现有一个质量为m的小球从距弹簧上端h处由静止开始下落，并压缩弹簧，求小球在压缩弹簧过程中的最大速度v n．（3）在第（2）问中，竖直弹簧的上端固定一个质量为M的木板并处于静止，将质量为m的小球从距弹簧上端h=0.8m处由静止开始下落，并与木板发生弹性碰撞，碰撞时间极短，且M=3m，g=10m/s2．求小球弹起的高度H．（4）在第（3）问中个，若m、k均未知，且小球和木板在第一次碰撞后又在同一位置发生第二次迎面的碰撞，此后的每次碰撞均在该位置，以竖直向下为正方向，试在图示的坐标系中作出小球从释放开始到第三次碰撞的v﹣t图象．（标出刻度值）安徽省蚌埠市2015届高考物理三模试卷一、选择题．本卷共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．质量为M的木箱放在水平地面上，木箱中有一竖直立杆，一质量为m的小虫（图中利用圆代替）沿立杆以加速度a=g匀加速向上爬，则小虫在向上爬的过程中，木箱对地面的压力为 ( )A．Mg﹣mg B．Mg+mg C．Mg+mg D．Mg+mg考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对小虫分析，根据牛顿第二定律求出小虫所受的摩擦力，再对木箱分析，根据共点力平衡求出支持力的大小，从而得出木箱对地面的压力大小．解答：解：对小虫分析，根据牛顿第二定律得：，解得：f=．对木箱分析，根据共点力平衡有：Mg+f=N，解得：N=，可知木箱对地面的压力大小为．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，隔离对小虫分析，求出摩擦力的大小是解决本题的关键．2．有一星球的质量为地球质量的32倍，它表面附近的重力加速度是地球表面附近重力加速度的2倍，则该星球的密度约是地球密度的( )A．B．C．2倍D．8倍考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力等于重力得出半径的关系，从而得出体积的关系，结合密度公式求出星球密度和地球密度的关系．解答：解：根据万有引力等于重力得，，解得R=，因为星球和地球的质量之比为32：1，重力加速度之比为2：1，则半径之比为4：1，根据得，密度之比为1：2．故选：A．点评：解决本题的关键掌握万有引力等于重力这一理论，通过该理论求出星球和地球的半径之比是关键．3．图为一上下表面平行的厚平板玻璃，一束复色光斜射到其上表面后从下表面射出，变为a、b两束平行单色光．下列说法中正确的是 ( )A．此玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率B．在此玻璃中a光的全反射临界角大于b光的全反射临界角C．分别使用a、b做光的衍射实验，用a光更容易看到明显的衍射现象D．若光束a、b先后通过同一双缝干涉装置，光束a的相邻亮条纹间距比光束b的窄考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：根据光线的偏转程度比较两种色光的折射率大小，结合sinC=比较临界角的大小．根据折射率大小得出波长的大小，从而确定哪种色光更容易看到明显的衍射现象．根据波长的大小，结合双缝干涉的条纹间距公式比较条纹间距的大小．解答：解：A、由光路图知，a光的偏折程度大，则a光的折射率大，故A错误．B、根据sinC=知，a光的折射率大，则a光全反射的临界角小于b光全反射的临界角，故B错误．C、a光的折射率大，频率大，则波长小，波长越长，衍射现象越明显，则用b光更容易看到明显的衍射现象，故C错误．D、根据知，a光的波长较小，则条纹间距较窄，故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键通过光线的偏折程度得出折射率的大小关系，知道折射率、频率、波长、临界角等大小关系，并能灵活运用．4．图中a、b、c为三根与纸面垂直的固定长直导线，其截面位于等边三角形的三个顶点上，bc沿水平方向，导线中均通有大小相等的电流，方向如图所示．O点为三角形的中心（O到三个顶点的距离相等），则 ( )A．O点的磁感应强度为零B．O点的磁场方向垂直Oc向下C．导线a受到的安培力方向竖直向上D．导线b受到的安培力方向沿bc连接方向指向c考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；安培力．分析：根据右手螺旋定则判断出直导线在O点的磁场方向，根据平行四边形定则，对磁感应强度进行合成，得出O点的合场强的方向；再依据左手定则，从而确定导线受到的安培力方向．解答：解：AB、根据右手螺旋定则，电流a在O产生的磁场平行于bc向左，b电流在O 产生的磁场平行ac指向右下方，电流c在O产生的磁场平行ab指向左下方；由于三导线电流相同，到O点的距离相同，根据平行四边形定则，则O点合场强的方向垂直Oc向下，故A错误，B正确；CD、根据左手定则，结合矢量合成法则，导线a受到的安培力方向水平向左，而导线b受到的安培力方向平行于ac斜向左上方，故CD错误．故选：B．点评：解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向，以及知道磁感应强度的合成遵循平行四边形定则，注意掌握左手定则的应用．5．空间有一半径为r的孤立球形导体，其上带有固定电荷量的负电荷，该空间没有其他电荷存在，其在导体附近的点P处的场强为E．若在P点放置一带电量为q的点电荷，测出q 受到的静电力为F，则( )A．如果q为负，则E B．如果q为负，则E=C．如果q为正，则E D．如果q为正，则E=考点：电场强度；电场的叠加．分析：在P点放置一点电荷后，将改变球形导体上电荷的分布，由E=k分析即可．解答：解：AB、如果q为负，由于同种电荷间存在斥力，所以球形导体上的电荷将远离P 点，在P点产生的场强将减小，所以＜E，即E＞，故A正确，B错误．CD、如果q为正，由于异种电荷间存在引力，所以球形导体上的电荷将靠近P点，在P点产生的场强将增大，所以＞E，即E＜，故CD错误．故选：A．点评：本题容易产生错误的原因是把导体球看成了点电荷，认为有点电荷放在P点和无点电荷放在P点时的电场是一样的，就选出了BD．6．图示电路中，电源电动势为E，内阻不计，各电阻阻值为已知，a、b之间所接电容器的电容为c．闭合电键S，当电流达到稳定后 ( )A．b点的电势高于a点的电势B．电容器两极板间场强为零C．电容器的电荷量为D．通过电源的电流为考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电容器接入电路中相当于断路，根据欧姆定律求出a、b的电势，根据E=求解场强，电荷量Q=UC，根据欧姆定律求解通过电源的电流．解答：解：A、路端电压为E，则通过a点的电流，则a点的电势，通过b点的电流，则b点的电势，则b点的电势低于a点的电势，故A错误；B、电容器两极板间电压U=，根据E=可知，电容器两极板间场强不为零，故B错误；C、电容器的电荷量Q=UC=，故C正确；D、通过电源的电流为，故D错误．故选：C点评：本题主要考查了欧姆定律的直接应用，知道电容器接入电路中相当于断路，清楚电路的结构，会根据电压降求解电势，难度适中．7．如图，电阻为R的长直螺线管，其两端通过电阻可忽略的导线相连接．一个质量为m的小条形磁铁从静止开始落入其中，下落一段距离后以速度v做匀速运动．假设小磁铁在下落过程中始终沿螺线管的轴线运动且无翻转．则 ( )A．小磁铁的磁性越强，最后匀速运动的速度就越大B．小磁铁的磁性越强，它经过同一位置时的加速度越大C．小磁铁做匀速运动时在回路中产生的感应电流为零D．小磁铁做匀速运动时在回路中产生的感应电动势为考点：楞次定律．分析：分析导线环产生的感应电流大小对导线环加速度的影响，从而得到磁铁对导线环阻碍作用的大小，再分析即可．小磁铁做匀速运动时导线环重力势能的减少转化为内能，根据能量守恒和焦耳定律结合列式，即可求解．解答：解：A、B、根据楞次定律，小磁铁的磁性越强，通过导线环的磁通量越大，磁通量变化越大，因此下落过程中在导线环中产生的感应电流越大，感应电流产生的磁场也就越强，从而对小磁铁的阻碍也就越大，小磁铁向下运动的加速度就越小，因此小磁铁最后匀速运动的速度就越小．故A错误，B错误；C、小磁铁最后做匀速直线运动时，受到的线圈对它的阻力与重力大小相等，方向相反，所以线圈中的感应电流不可能为0．故C错误；D、设小磁铁做匀速运动时，下落距离h，在此过程中有：mgh=Q式中Q为小磁铁匀速下落h高度在螺线管中产生的热量，其大小为Q=△t式中E是螺线管中产生的感应电动势，△t是小磁铁通过距离h所需的时间，由于小磁铁匀速运动，因此有：mgh=•联立解得：E=．故选：D点评：此题以小条形磁铁A在螺旋管中下落切入，将定性分析说明和定量计算有机结合，意在考查对电磁感应、能量守恒定律及其相关知识的理解掌握．二、非选择题8．（1）用游标卡尺（游标为20分度）测量某个螺母的深度，读数如图甲所示，其深度为0.665cm．（2）某同学用螺旋测微器测金属丝的直径，其示数如图乙所示，则金属丝直径为0.697～0.699mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为6mm，游标尺上第13个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为13×0.05mm=0.65mm，所以最终读数为：6mm+0.65mm=6.65mm=0.665cm．2、螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为19．×0.01mm=0.198mm，所以最终读数为0.5mm+0.198mm=0.698mm，由于需要估读，最后的结果可以在0.697～0.699之间．故答案为：0.665；0.697～0.699点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．9．某同学利用图a所示实验装置获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图，如图b所示，实验中小车（含发射器）的质量为200g．（1）由图b可知，“a﹣m”图象不经过原点，可能的原因是存在阻力，应采取的改进措施是将轨道略微倾斜来平衡阻力．（2）由图b可知，“a﹣m”图象不是直线，可能的原因是钩码的质量不满足远小于小车的质量的条件．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：该实验的研究对象是小车，采用控制变量法研究．当质量一定时，研究小车的加速度和小车所受合力的关系．为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板的右端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．解答：解：（1）从上图中发现直线没过原点，当a=0时，m≠0，即F≠0，也就是说当绳子上拉力不为0时，小车的加速度为0，所以可能的原因是存在摩擦力；实验中应采取的改进措施是：调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，即使得绳子上拉力等于小车的合力．（2当m＜＜M时，即当砝码和砝码盘的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于砝码和砝码盘的总重力．从图象上可以看出：F从0开始增加，砝码和砝码盘的质量远小于车的质量，慢慢的砝码和砝码盘的重力在增加，那么在后面砝码和砝码盘的质量就没有远小于车的质量呢，那么绳子的拉力与砝码和砝码盘的总重力就相大呢．所以原因是砝码和砝码盘的质量没有远小于车的质量；故答案为：（1）存在阻力，将轨道略微倾斜来平衡阻力；（2）钩码的质量不满足远小于小车的质量的条件．点评：该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，这样问题我们要从实验原理和减少实验误差方面去解决．10．（1）现用多用电表测量一阻值约为200﹣300Ω的定值电阻Rx，选择旋钮应调到欧姆档的“×10”（选填“1”、“10”或“100”）位置，若指针指向如图1所示，则该电阻的阻值为200Ω．（2）现用伏安法精确测量上述定值电阻R x的阻值，所供器材如下：电压表V（量程0﹣10V，内阻约为20kΩ）电流表A1（量程0﹣50mA，内阻约为20Ω），电流表A2（量程0﹣10mA，内阻约为4Ω）．滑动变阻器R（最大阻值为5Ω，额定电流为1A）直流电源E（电动势约9V，内阻约0.5Ω），电键K，连线用的导线若干．在以上器材中电流表应选A1（选填“A1”或“A2”），根据你设计的电路完成实物连接．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）根据欧姆表的使用方法可明确档位的选择，再根据指针示数与档位的乘积可求得电阻值；（2）根据欧姆定律可求得最大电流值，则可以明确电流表的选择；根据电阻与电压表及电流表内阻的大小关系可以选择电流表内外接法；从而得出对应的实物图．解答：解：（1）测量电阻时应使指针指在中值电阻左右；故要想准确测量200﹣300Ω的电阻，应选择×10Ω的档位；由图可知，示数为20×10=200Ω（2）电源电动势为9V，电阻约为200Ω；故最大电流约为45mA；故电流表选择A1；因滑动变阻器较小，为了能起到保护作用，滑动变阻器采用分压接法；因；故电流表采用外接法；实物图如图所示；故答案为：（1）10，200；（2）A1如图所示．点评：本题考查多用电表的使用及电阻的测量实验，要注意明确滑动变阻器的分压接法及电流表内外接法的选择方法．11．（16分）一质量为m=2kg的物块放置在粗糙的水平地面上，受到一个随时间变化的水平拉力F作用，F在0﹣2s内的图象如图a所示，物块的速度v随时间t变化的关系如图b所示．已知物块与水平地面间的动摩擦因数μ=0.4，g=10m/s2．（1）求0﹣2s内摩擦力的冲量大小．（2）求物块在6s内的位移大小．（3）通过计算，将图a中F在2﹣6s内的图象补充完整．考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的图像；动量定理．分析：（1）由b图可知物体做匀速运动，则摩擦力等于拉力，由a图可读出摩擦力大小；（2）由b图明确物体的运动情况，根据图象中的面积可求出前6s内的位移；解答：解：（1）从图（a）中可以读出，当t=1s时，f1=F1=6N；摩擦力的冲量I=f1t1=6×2Ns=12Ns；（2）从图（b）中可以看出，t=0至t=2s过程，物体静止．S1=0t=2s至t=4s过程中，物块做匀加速运动．S2===4mt=4s至t=6s过程中，物块做匀，速运动．S3=v4t3=4×2=8m所以物块在前6s内的位移大小S=S1+S2+S3=4+8=12m（3）物体在2﹣4s内做匀加速直线运动，加速度a===2m/s2；由牛顿第二定律可得：F2﹣μmg=ma解得：F2=12N；物体在4﹣6s内做匀速直线运动，F3=μmg=0.4×20=8N；图象如图所示；答：（1）1s末物块所受摩擦力的大小f1为6N；（2）物块在前6s内的位移大小为12m．（3）如图所示；点评：本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确图象的作用，能根据图象明确物体的运动情况，再由牛顿第二定律列式求解即可．12．（18分）如图所示，竖直平面（纸面）内有平面直角坐标系xOy，x轴沿水平方向．在x ＞﹣L的区域有垂直平面向里的匀强磁场，在﹣L＜x＜O的区域有场强大小为E、方向沿x 轴负方向的匀强电场．有一个带正电的小球由A（﹣2L，O）点沿x轴正方向水平抛出，从R点进入﹣L＜x＜O区域并沿直线RQ运动到Q（O，﹣）点．在x＞O的区域有另一匀强电场，小球经过Q点后恰能做匀速圆周运动并打在P点的标靶上．已知重力加速度为g，试求：（1）RQ与x轴正方向的夹角θ和初速度v0．（2）小球的比荷和匀强磁场的磁感应强度B．（3）小球从A点运动到标靶P所经历的时间t．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）小球开始时做平抛运动，将运动分解即可求出小球的末速度与x轴之间的夹角关系，然后画出运动的轨迹，结合几何关系即可求出；（2）带电小球在x＜0的区域内做匀速直线运动，分析受力情况，由平衡条件判断小球的比荷和磁感应强度B；（3）分段求时间，匀速直线运动过程，根据位移和速率求解；匀速圆周运动过程，画出轨迹，根据轨迹的圆心角求时间．解答：解：（1）小球在开始时做平抛运动，水平方向：L=v0t1竖直方向设竖直方向的最大速度为v y，则：v y=gt1，小球在电场中的偏转角θ，则：小球在﹣L≤x≤0的区域做匀速直线运动，则运动的时间：y方向的位移：y2=v y•t1小球在竖直方向的总位移：y=y1+y2=联立以上方程得：，θ=45°，①（2）小球在﹣L≤x≤0的区域做匀速直线运动，受到重力、电场力和洛伦兹力的作用，合力为0，如图：则：得：小球做直线运动的速度：则小球受到的洛伦兹力：f=qvB=所以：②（3）由图可知，小球在磁场中运动的时间是圆周，则运动的时间是洛伦兹力提供向心力得：所以小球做圆周运动的周期：T=小球在磁场中运动的时间：=③小球运动的总时间：t=t1+t2+t3==④答：（1）RQ与x轴正方向的夹角θ是45°，初速度是．（2）小球的比荷是，匀强磁场的磁感应强度B是．（3）小球从A点运动到标靶P所经历的时间是．点评：本题是带电体在复合场中运动的类型，分析受力情况和运动情况是基础，小球做匀速圆周运动时，画出轨迹，由几何知识确定圆心角是求解运动时间的关键．13．一个轻质弹簧的劲度系数为k，一端固定，另一端在力的作用下发生的形变量为x，已知克服弹力所做的功等于弹簧弹性势能的增加量．（以上过程均在弹簧的弹性限度内）（1）证明弹簧发生的形变量为x时，其具有的弹性势能为E r=kx2．（2）若将弹簧竖直放置且下端固定在地面上，现有一个质量为m的小球从距弹簧上端h处由静止开始下落，并压缩弹簧，求小球在压缩弹簧过程中的最大速度v n．（3）在第（2）问中，竖直弹簧的上端固定一个质量为M的木板并处于静止，将质量为m的小球从距弹簧上端h=0.8m处由静止开始下落，并与木板发生弹性碰撞，碰撞时间极短，且M=3m，g=10m/s2．求小球弹起的高度H．（4）在第（3）问中个，若m、k均未知，且小球和木板在第一次碰撞后又在同一位置发生第二次迎面的碰撞，此后的每次碰撞均在该位置，以竖直向下为正方向，试在图示的坐标系中作出小球从释放开始到第三次碰撞的v﹣t图象．（标出刻度值）考点：动量守恒定律；弹性势能．分析：（1）作出弹力与形变量之间的关系图象，则图象与坐标轴围城的面积表示弹力的负功，根据克服弹力所做的功等于弹簧弹性势能的增加量得到弹簧发生的形变量为x时，其具有的弹性势能；（2）当加速度为零时，速度最大，据小球与弹簧构成的系统机械能守恒得到小球在压缩弹簧过程中的最大速度的表达式；。