2021届高考数学解答题核心素养题型10 圆锥曲线综合问题(专项训练)(解析版)
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专题10 圆锥曲线综合问题
(2)直线l:y=kx-1与C1的左支有两个相异的公共点,求k的取值范围.
(1)求椭圆C的标准方程;
(2)设过定点T(0,2)的直线l与椭圆C交于不同的两点A,B,且∠AOB为锐角,求直线l的斜率k的取值范围.
【答案】见解析
所以椭圆C 的标准方程为x 24+y 2
3
=1.
(2)设直线l 的方程为y =kx +2,A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),由⎩⎪⎨⎪⎧
y =kx +2,x 24+y
2
3
=1得(4k 2+3)x 2
+16kx +4=0,
因为Δ=16(12k 2-3)>0,所以k 2
>14,则x 1+x 2=-16k 4k 2+3,x 1x 2=44k 2+3.因为∠AOB 为锐角,所以OA →·OB →
>
0,即x 1x 2+y 1y 2>0,所以x 1x 2+(kx 1+2)(kx 2+2)>0,所以(1+k 2)x 1x 2+2k (x 1+x 2)+4>0,即(1+k 2
)·44k 2
+3+2k ·
-16k 4k 2
+3+4>0,解得k 2<43.又k 2>14,所以14<k 2
<43,解得-233<k <-12或12<k <233
.所以直线l 的斜率k 的取值范围为⎝ ⎛⎭⎪⎫-23
3
,-12∪⎝ ⎛⎭⎪⎫12,233
3.在平面直角坐标系xOy 中,过点C (2,0)的直线与抛物线y 2
=4x 相交于A ,B 两点,设A (x 1,y 1),B (x 2,
y 2).
(1)求证:y 1y 2为定值;
(2)是否存在平行于y 轴的定直线被以AC 为直径的圆截得的弦长为定值?如果存在,求出该直线方程和弦长;如果不存在,说明理由. 【答案】见解析
【解析】(1)证明:设直线AB 的方程为my =x -2,由⎩
⎪⎨⎪⎧
my =x -2,
y 2
=4x 得y 2
-4my -8=0,所以y 1y 2=-8.
因此有y 1y 2=-8为定值.
(2)设存在直线l :x =a 满足条件,则AC 的中点E ⎝
⎛⎭
⎪⎫x 1+22,y 12,|AC |=(x 1-2)2+y 21
.点A 在抛物线上,所
以y 21=4x 1,因此以AC 为直径的圆的半径r =12|AC |=12(x 1-2)2+y 2
1=12
x 21+4,又点E 到直线x =a 的距离
d =⎪⎪⎪⎪
⎪
⎪x 1+22-a .故直线l 被圆截得的弦长为2
r 2-d 2=2
14(x 21+4)-⎝ ⎛⎭
⎪⎫x 1+22-a 2=
x 21+4-(x 1+2-2a )2=
-4+(1-a )x 1+8a -4a 2
.当1-a =0,即a =1时,弦长为定值2,这时直线方程为x =1.
4.已知长轴长为4的椭圆x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)过点P ⎝ ⎛⎭
⎪⎫263,1,点F 是椭圆的右焦点.
(1)求椭圆方程;
(2)是否存在x 轴上的定点D ,使得过D 的直线l 交椭圆于A ,B 两点.设点E 为点B 关于x 轴的对称点,且
A ,F ,E 三点共线?若存在,求出D 点坐标;若不存在,请说明理由.
【答案】见解析
(1)求椭圆C 的方程;
(2)若不过点A 的动直线l 与椭圆C 相交于P ,Q 两点,且AP →·AQ →
=0,求证:直线l 过定点,并求出该定点
N 的坐标.
【答案】见解析
6kx =0,解得x =0或x =-6k 1+3k 2,因此P 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫-6k 1+3k 2,-6k 21+3k 2+1,即⎝ ⎛⎭
⎪⎫-6k 1+3k 2,1-3k 2
1+3k 2.将上
式中的k 换成-1k ,得Q ⎝ ⎛⎭⎪⎫6k k 2+3,k 2
-3k 2+3.所以直线l 的方程为y =k 2-3k 2+3-1-3k 2
1+3k 26k k 2+3+6k 1+3k
2
·⎝ ⎛⎭⎪⎫x -6k k 2+3+k 2-3k 2+3
,化简得
直线l 的方程为y =k 2-14k x -12.因此直线l 过定点N ⎝
⎛⎭⎪⎫0,-12. 6.(2019·湖南师大附中期中)已知椭圆C :y 2a 2+x 2b
2=1(a >b >0)的短轴长为2,且椭圆C 的顶点在圆M :x
2
+⎝ ⎛⎭⎪⎫y -
222=1
2
上. (1)求椭圆C 的方程;
(2)过椭圆的上焦点作相互垂直的弦AB ,CD ,求|AB |+|CD |的最小值. 【答案】见解析
【解析】(1)由题意可知2b =2,b =1.又椭圆C 的顶点在圆M 上,则a =2,故椭圆C 的方程为y 2
2+x 2
=1.
(2)当直线AB 的斜率不存在或为零时,|AB |+|CD |=32;当直线AB 的斜率存在,且不为零时,设直线AB
的方程为y =kx +1,A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),联立⎩⎪⎨⎪⎧
y =kx +1,y 2
2
+x 2
=1,消去y ,整理得(k 2+2)x 2
+2kx -1=0,
则x 1+x 2=-2k k 2+2,x 1x 2=-1k 2+2,故|AB |=1+k 2·(x 1+x 2)2
-4x 1x 2=22(k 2
+1)k 2+2.同理可得|CD |=
22(k 2
+1)2k 2+1,所以|AB |+|CD |=62(k 2
+1)2
(2k 2+1)(k 2
+2).令t =k 2+1,则t >1,0<1t <1,所以|AB |+|CD |=62t
2
(2t -1)(t +1)=
62⎝ ⎛
⎭⎪⎫2-1t ⎝ ⎛⎭⎪⎫1+1t =62-⎝ ⎛
⎭
⎪⎫1t -122+94,当0<1t <1时,2<-⎝ ⎛⎭⎪⎫1t -122+94≤9
4,所以823≤|AB |+
|CD |<32,综上可知,823≤|AB |+|CD |≤32,所以|AB |+|CD |的最小值8 2
3.