高二上学期A班物理周测十 Word版含答案

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2021年高二上学期物理周练十含答案

2021年高二上学期物理周练十含答案一、选择题（共10小题，每题5分，计50分；1-7题只有一个正确选项，8-10题有两个或两个以上选项正确，漏选得2分，错选不得分）1、许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史实的是（）A.伽利略发现并提出了万有引力定律B.麦克斯韦提出磁场变化时会激发感生电场C.奥斯特发现了电磁感应现象D.卡文迪许提出了真空中两个静止点电荷间的相互作用规律2、一带负电的粒子在电场中做直线运动的v－t图象如图所示，t1、t2时刻分别经过M、N两点，已知在运动过程中粒子仅受电场力作用，则下列判断正确的是( )A．在从M点到N点的过程中，电势能逐渐增大B．M点的电势低于N点的电势C．该电场可能是由某负点电荷形成的D．带电粒子在M点所受电场力小于在N点所受电场力3、电容式传感器是用来将各种非电信号转变为电信号的装置。

由于电容器的电容C取决于极板正对面积S、极板间距离d以及极板间的电介质这几个因素，当某一物理量发生变化时就能引起上述某个因素的变化，从而又可推出另一个物理量的值的变化，如图所示是四种电容式传感器的示意图，关于这四个传感器的作用下列说法不正确的是（）A．甲图的传感器可以用来测量角度 B．乙图的传感器可以用来测量液面的高度C．丙图的传感器可以用来测量压力 D．丁图的传感器可以用来测量速度4、下列有关生产、生活中应用的分析或判断，错误的是( )A．激光打印机是利用静电来实现“打印”的，在传送带上镀银是为了防止静电产生的危害B．制作标准电阻器时要选用温度系数很小的合金（如锰铜合金）材料C．电热水器、电饭煲、电熨斗、电刻笔等都是利用电流的热效应来工作的D．高压线路的检修人员在进行高压带电作业时，穿绝缘服比穿金属网状服更安全5、极光是由来自太阳的高能量带电粒子流高速冲进高空稀薄大气层时,被地球磁场俘获,从而改变原有运动方向,向两极做螺旋运动而形成的.科学家发现并证实,向两极做螺旋运动的这些高能粒子的旋转半径是不断减小的,其原因有下列几种可能:①洛伦兹力对粒子做负功,使其动能减小②空气阻力做负功,使其动能减小③南、北两极的磁感应强度增强④太阳对粒子的引力做负功其中正确的是( )A.①②B.②③C.②④D.③④6、如图所示，边长为2l的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个边长为l的正方形金属导线框所在平面与磁场方向垂直，导线框和虚线框的对角线共线，每条边的材料均相同。

高中物理高二物理上学期精选试卷达标检测卷(Word版含解析)

高中物理高二物理上学期精选试卷达标检测卷（Word版含解析）一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，竖直绝缘墙上固定一带电小球A，将带电小球B用轻质绝缘丝线悬挂在A的正上方C处，图中AC=h。

当B静止在与竖直方向夹角θ=30°方向时，A对B的静电力为B 所受重力的0.5倍，则下列说法中正确的是（两球均可看作点电荷）（）A．此时丝线长度为2 LB．以后由于A漏电，B在竖直平面内缓慢运动，到θ=0°处A的电荷尚未漏完，在整个漏电过程中，丝线上拉力大小保持不变C．若保持悬点C位置不变，缓慢缩短丝线BC的长度，B球运动轨迹在最初阶段为圆弧D．若A对B的静电力为B所受重力的3倍，要使B球依然在θ=30°处静止，则丝线BC的长度应调整为33h或233h【答案】BCD【解析】【分析】【详解】A．当A对B的静场力为B所受重力的0.5倍，B静止时丝线BC与竖直方向夹角θ=30°，处于平衡，根据几何关系可知此时AB与BC互相垂直，此时丝线长度为32h，选项A错误；B ．而由三角形相似可知G F T h AB BC== 则在整个漏电过程中，丝线上拉力T 大小保持不变，选项B 正确；Ｃ．以C 点为原点，以CA 方向为y 轴，垂直CA 方向向右为x 轴建立坐标系，设B 点坐标为（x ，y ），则由几何关系cos sin x h θθ=⋅tan x yθ=消掉θ角且整理可得2222(cos )x y h BC +==θ缓慢缩短丝线BC 的长度，最初阶段BC 的长度变化较小，B 球运动轨迹在最初阶段为圆弧，选项C 正确；D ．若A 对B 的静电力为B B 静止在与竖直方向夹角仍为θ=30°时，对B 受力分析，G 、F 与T ，将F 与T 合成，则有G F AC AB= 解得3F AB h hG == 根据余弦定理可得2222cos30h BC BC h =+-⨯⨯︒）解得BC h 选项D 正确。

2021年高二上学期物理周练试卷(实验班) 含答案

2021年高二上学期物理周练试卷（实验班）含答案一、选择题(本题共10个小题，每小题5分，共50分)1、下面有关磁场中某点的电磁感应强度的方向的说法错误．．的是（） A ．磁感应强度的方向就是该点的磁场方向B ．磁感应强度的方向就是通过该点的磁感线的切线方向C ．磁感应强度的方向就是通电导体在该点的受力方向D ．磁感应强度的方向就是小磁针北极在该点的受力方向 2、如图所示，a 、b 、c 三枚小磁针分别放在通电螺线管的正上方．．．、管内．．和右侧．．，当开关闭合时，这些小磁针静止时，小磁针的N 极指向为A ．a 、b 、c 均向左B ．a 、b 、c 均向右C ．a 向左、b 向右、c 向右D ．a 向右、b 向左、c 向右3将（） A ．向上偏转 B ．向下偏转 C ．向纸外偏转 D ．向纸里偏转4、在如下所示的坐标系中，在匀强电场E 和匀强磁场B 共存的区域内（电场E 和磁场B 的方向已标出），电子(重力不计)不可能．．．沿x 轴正方向做直线运动的是 ( )5、（多选）如图所示是粒子速度选择器的原理图，如果粒子(重力不计)所具有的速率v ＝EB ，那么( )A ．带正电粒子必须沿ab 方向从左侧进入场区，才能沿直线通过B ．带负电粒子必须沿ba 方向从右侧进入场区，才能沿直线通过C ．不论粒子电性如何，沿ab 方向从左侧进入场区，都能沿直线通过D ．不论粒子电性如何，沿ba 方向从右侧进入场区，都能沿直线通过6、如图所示，在X 轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B ，在xoy 平面内，从原点O 处沿与x 轴正方向成θ角（0＜θ＜π）以速率v 发射一个带正电的粒子(重力不计)．则下列说法正确的是( )A ．若θ一定，v 越大，则粒子在磁场中运动的时间越短I yzxEB AyzxE ByzxEB CyzxEB DBB ．若θ一定，v 越大，则粒子在磁场中运动的角速度越大C ．若v 一定，θ越大，则粒子在磁场中运动的时间越短D ．若v 一定，θ越大，则粒子在离开磁场的位置距O 点越远7、如图所示，一质量为m ，电荷量为q 的带正电绝缘体物块位于高度略大于物块高的水平宽敞绝缘隧道中，隧道足够长，物块上、下表面与隧道上、下表面的动摩擦因数均为μ，整个空间存在垂直纸面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场．现给物块水平向右的初速度v 0，空气阻力忽略不计，物块电荷量不变，则整个运动过程中，物块克服阻力做功不可能．．．为（） A ．0B ．12mv 02C ．12 mv 02 ＋ m 3g 22q 2B 2D ．12 mv 02 － m 3g 22q 2B 28、板长和板距之比为3:2的两块带电平行板之间有相互垂直的匀强磁场和匀强电场。

高二物理上学期周练试卷(12.含解析)高二全册物理试题

嘴哆市安排阳光实验学校武平一中高二（上）周练物理试卷（12.21）一、选择题1．（3分）磁场中某处磁感应强度的大小，由B=可知（）A．B随IL的乘积的增大而减小B．B随F的增大而增大C．B与F成正比，与IL成反比D．B与F及IL 无关，由的比值确定2．（3分）（2012秋•景谷县校级期末）关于电荷在磁场中的受力，下列说法中正确的是（）A．静止的电荷一定不受洛伦兹力的作用，运动电荷一定受洛伦兹力的作用B．洛伦兹力的方向有可能与磁场方向平行C．洛伦兹力的方向可能不与带电粒子的运动方向垂直D．带电粒子运动方向与磁场方向平行时，一定不受洛伦兹力的作用3．（3分）（2011秋•合浦县期末）关于电场力和洛伦兹力，下列说法中正确的是（）A．电荷只要在电场中就会受到电场力作用，电荷在磁场中，也一定会受到洛伦兹力的作用B．电场力对在其电场中的电荷一定会做功，而洛伦兹力对磁场中的电荷却不会做功C．电场力和与洛伦兹力一样，受力方向都在电场线或磁场线上D．只有运动电荷在磁场中才会受到洛伦兹力作用4．（3分）关于安培力和洛伦兹力，下列说法中正确的是（）A．安培力和洛伦兹力是性质不同的两种力B．安培力和洛伦兹力其本质都是磁场对运动电荷的作用力C．这两种力都是效果力，其实并不存在，原因是不遵守牛顿第三定律D．安培力对通电导体能做功，洛伦兹力对运动电荷也能做功5．（3分）（2013秋•市中区校级期中）如图所示，是表示磁场磁感应强度B、负电荷运动方向v和磁场对电荷洛伦兹力F的相互关系图，这四个图中不正确的是（B、v、F两两垂直）（）A． B．C．D．6．（3分）（2015•校级模拟）如图所示，一个带负电的物体从粗糙斜面顶端滑到斜面底端时的速度为v，若加上一个垂直纸面向外的磁场，则滑到底端时（）A．v变大B．v变小C．v不变D．不能确定7．（3分）如图所示，一块通电金属板放在磁场中，板面与磁场垂直，板内通有如图所示方向的电流，a、b是金属板左、右边缘上的两点，若a、b两点的电势分别为φa和φb，两点的电势相比有（）A．φa=φb B．φa＞φb C．φa＜φb D．无法确定8．（3分）一个带正电的小球以速度v0沿光滑的水平绝缘桌面向右运动，飞离桌面边缘后，通过匀强磁场区域，落在地板上，磁场方向垂直于纸面向里（如图所示），其水平射程为s1，落地速度为v1，撤去磁场后，其他条件不变，水平射程为s2，落地速度为v2，则（）A．s1=s2B．s1＜s2C．v1=v2D．v1＞v2二、解答题9．（2013秋•校级期中）一个质量m=0.1g的小滑块，带有q=5×10﹣4C的电荷，放置在倾角α=30°的光滑斜面上（斜面绝缘），斜面置于B=0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，如图所示．小滑块由静止开始沿斜面下滑，其斜面足够长，小滑块滑至某一位置时，要离开斜面．问：（1）小滑块带何种电荷？（2）小滑块离开斜面时的瞬时速度多大？（3）该斜面的长度至少多长？10．（2013秋•莲湖区校级期末）在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中，有一倾角为θ、足够长的光滑绝缘斜面，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向外，电场方向竖直向上．有一质量为m，带电荷量为+q的小球静止在斜面顶端，这时小球对斜面的正压力恰好为零，如图所示，若迅速把电场方向反转为竖直向下，重力加速度为g，求：（1）小球能在斜面上滑行多远？（2）小球在斜面上滑行时间是多少？11．（2013•沈河区学业考试）如图所示，一束电子（电荷量为e）以速度v从A点垂直射入磁感应强度为B，宽为d的匀强磁场中，从C点穿出磁场时速度方向与电子原来入射方向的夹角为30°，求：（1）电子的质量；（2）电子穿过磁场所用的时间．武平一中高二（上）周练物理试卷（12.21）参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）磁场中某处磁感应强度的大小，由B=可知（）A．B随IL的乘积的增大而减小B．B随F的增大而增大C．B与F成正比，与IL成反比D．B与F及IL 无关，由的比值确定考点：磁感应强度．分析：B=是磁感应强度的定义式，采用比值法定义，B反映磁场本身的强弱和方向，与F、IL无关．解答：解：B=是磁感应强度的定义式，采用比值法定义，具有比值法定义的共性，B反映了磁场本身的强弱和方向，只由磁场本身决定，与F、IL无关．故ABC错误，D正确．故选：D点评：磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，关键抓住比值法定义的共性来理解B的物理意义．2．（3分）（2012秋•景谷县校级期末）关于电荷在磁场中的受力，下列说法中正确的是（）A．静止的电荷一定不受洛伦兹力的作用，运动电荷一定受洛伦兹力的作用B．洛伦兹力的方向有可能与磁场方向平行C．洛伦兹力的方向可能不与带电粒子的运动方向垂直D．带电粒子运动方向与磁场方向平行时，一定不受洛伦兹力的作用考点：洛仑兹力．分析：当带电粒子的速度方向与磁场方向不平行，带电粒子受到洛伦兹力作用，根据左手定则可以得出洛伦兹力的方向．解答：解：A、运动的电荷不一定受到洛伦兹力作用，若电荷的运动方向与磁场方向平行，则运动电荷不受洛伦兹力作用．故A错误．B、根据左手定则，洛伦兹力的方向与磁场方向、粒子的运动方向垂直．故B 错误，C也错误．D、带电粒子运动方向与磁场方向平行时，一定不受洛伦兹力的作用．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键知道洛伦兹力方向与速度方向和磁场方向的关系，以及会运用左手定则进行判断．3．（3分）（2011秋•合浦县期末）关于电场力和洛伦兹力，下列说法中正确的是（）A．电荷只要在电场中就会受到电场力作用，电荷在磁场中，也一定会受到洛伦兹力的作用B．电场力对在其电场中的电荷一定会做功，而洛伦兹力对磁场中的电荷却不会做功C．电场力和与洛伦兹力一样，受力方向都在电场线或磁场线上D．只有运动电荷在磁场中才会受到洛伦兹力作用考点：洛仑兹力；电场强度．分析：电荷在电场中一定受到电场力，而静止的电荷在磁场中不受到洛伦兹力，即使运动，当运动的方向与磁场平行时，也不受到洛伦兹力；当电场力与运动速度的方向相垂直时，电场力不做功，而洛伦兹力一定与速度垂直，则洛伦兹力一定不做功；电场力的方向在电场线切线方向，而洛伦兹力与磁场线方向相垂直；解答：解：A、电荷只要在电场中就会受到电场力作用，运动电荷在磁场中，与磁场方向平行，不会受到洛伦兹力的作用，故A错误，B、当电场力与电荷的速度方向相垂直时，则电场力对在其电场中的电荷不会做功，而洛伦兹力对磁场中的电荷不会做功，故B错误；C、电场力与电场线某点切线方向平行，洛伦兹力与磁场线相互垂直，故C错误；D、只有运动电荷在磁场中才可能受到洛伦兹力作用，故D正确；故选：D点评：考查电场力、洛伦兹力与电场线及磁场线的方向关系，掌握左手定则，注意与右手定则的区别，理解洛伦兹力产生的条件．4．（3分）关于安培力和洛伦兹力，下列说法中正确的是（）A．安培力和洛伦兹力是性质不同的两种力B．安培力和洛伦兹力其本质都是磁场对运动电荷的作用力C．这两种力都是效果力，其实并不存在，原因是不遵守牛顿第三定律D．安培力对通电导体能做功，洛伦兹力对运动电荷也能做功考点：洛仑兹力；安培力．分析：通电导线在磁场中受到力为安培力，而运动电荷在磁场中受到力为洛伦兹力．它们均属于磁场力，本质上是一种力，方向都由左手定则来确定，由于洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功．解答：解：AB、安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现，洛伦兹力是安培力的微观形式，故安培力和洛伦兹力是性质相同的力，本质上都是磁场对运动电荷的作用力，故A错误、B正确．C、安培力和洛伦兹力都是实际存在的力，遵守牛顿运动定律，故C错误．D、洛伦兹始终与运动方向垂直，对运动电荷不做功，故D错误．故选：B．点评：本题知道安培力和洛伦兹力的联系和区别，以及会根据左手定则判断安培力和洛伦兹力的方向．5．（3分）（2013秋•市中区校级期中）如图所示，是表示磁场磁感应强度B、负电荷运动方向v和磁场对电荷洛伦兹力F的相互关系图，这四个图中不正确的是（B、v、F两两垂直）（）A． B．C．D．考点：左手定则．分析：根据磁场方向、电荷运动方向应用左手定则判断出洛伦兹力方向，然后答题．解答：解：A、由左手定则可知，洛伦兹力竖直向上，故A正确；B、由左手定则可知，洛伦兹力水平向左，故B正确；C、由左手定则可知，洛伦兹力水平向左，故C正确；D、由左手定则可知，洛伦兹力垂直纸面向里，故D错误；本题选错误的，故：D．点评：本题考查了判断洛伦兹力方向，应用左手定则即可正确解题，应用左手定则解题时要注意电荷的正负．6．（3分）（2015•校级模拟）如图所示，一个带负电的物体从粗糙斜面顶端滑到斜面底端时的速度为v，若加上一个垂直纸面向外的磁场，则滑到底端时（）A．v变大B．v变小C．v不变D．不能确定考点：功能关系；洛仑兹力．分析：未加磁场时，滑块受到重力、支持力，摩擦力，加磁场后，根据左手定则，多了一个垂直斜面向下的洛伦兹力．两种情况重力做功相同，洛伦兹力不做功，但加磁场时对斜面的正压力变大，摩擦力变大，克服摩擦力做功变多，根据动能定理，即可比较出两种情况到达底端的速率．解答：解：未加磁场时，根据动能定理，有mgh﹣W f =mv2﹣0．加磁场后，多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功，但正压力变大，摩擦力变大，根据动能定理，有mgh﹣W f ′=mv′2﹣0，W f′＞W f，所以v′＜v．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键两次运用动能定理，两种情况重力功相同，多了磁场后多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功，但导致摩擦力变大，即两种情况摩擦力做功不同，从而比较出到达底端的速率．7．（3分）如图所示，一块通电金属板放在磁场中，板面与磁场垂直，板内通有如图所示方向的电流，a、b是金属板左、右边缘上的两点，若a、b两点的电势分别为φa和φb，两点的电势相比有（）A．φa=φb B．φa＞φb C．φa＜φb D．无法确定考点：霍尔效应及其应用．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：金属中移动的是自由电子，根据左手定则判断出电子的偏转方向，从而确定电势的高低．解答：解：电流的方向向上，根据左手定则，电子受洛伦兹力向左，故电子向左侧偏转，所以左侧电子较多，右侧失去电子带正电，所以右侧的电势高于左侧电势，即φa＜φb．故C正确，ABD错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道金属中移动的是自由电子，掌握左手定则判断洛伦兹力的方向．8．（3分）一个带正电的小球以速度v0沿光滑的水平绝缘桌面向右运动，飞离桌面边缘后，通过匀强磁场区域，落在地板上，磁场方向垂直于纸面向里（如图所示），其水平射程为s1，落地速度为v1，撤去磁场后，其他条件不变，水平射程为s2，落地速度为v2，则（）A．s1=s2B．s1＜s2C．v1=v2D．v1＞v2考点：洛仑兹力；平抛运动．分析：小球在有磁场时做一般曲线运动，无磁场时做平抛运动，运用分解的思想，两种情况下，把小球的运动速度和受力向水平方向与竖直方向分解，然后利用牛顿第二定律和运动学公式来分析判断运动时间和水平射程；最后利用洛伦兹力不做功判断落地的速率．解答：解：A、B、有磁场时，小球下落过程中要受重力和洛仑兹力共同作用，重力方向竖直向下，大小方向都不变；洛仑兹力的大小和方向都随速度的变化而变化，但在能落到地面的前提下洛仑兹力的方向跟速度方向垂直，总是指向右上方某个方向，其水平分力f x水平向右，竖直分力f y竖直向上．如图所示，竖直方向的加速度仍向下，但小于重力加速度g，从而使运动时间比撤去磁场后要长，即t1＞t2，所以，小球水平方向也将加速运动，从而使水平距离比撤去磁场后要大，即s1＞s2，故AB均错误；C、D、在有磁场，重力和洛仑兹力共同作用时，其洛仑兹力的方向每时每刻都跟速度方向垂直，不对粒子做功，不改变粒子的动能，有磁场和无磁场都只有重力作功，动能的增加是相同的．有磁场和无磁场，小球落地时速度方向并不相同，但速度的大小是相等的，故C正确、D错误．故选：C．点评：本题关键运用分解的思想，把小球的运动和受力分别向水平和竖直分解，然后根据选项分别选择规律分析讨论．二、解答题9．（2013秋•校级期中）一个质量m=0.1g的小滑块，带有q=5×10﹣4C的电荷，放置在倾角α=30°的光滑斜面上（斜面绝缘），斜面置于B=0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，如图所示．小滑块由静止开始沿斜面下滑，其斜面足够长，小滑块滑至某一位置时，要离开斜面．问：（1）小滑块带何种电荷？（2）小滑块离开斜面时的瞬时速度多大？（3）该斜面的长度至少多长？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；洛仑兹力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）带电滑块在滑至某一位置时，由于在洛伦兹力的作用下，要离开斜面．根据磁场方向结合左手定则可得带电粒子的电性．（2）由光滑斜面，所以小滑块在没有离开斜面之前一直做匀加速直线运动．借助于洛伦兹力公式可求出恰好离开时的速度大小，（3）由运动学公式来算出匀加速运动的时间．由位移与时间关系可求出位移大小．解答：解：（1）由题意可知：小滑块受到的洛伦兹力垂直斜面向上．根据左手定则可得：小滑块带负电．（2）由题意：当滑块离开斜面时，洛伦兹力：Bqv=mgcosα，则=m/s（3）又因为离开之前，一直做匀加速直线运动则有：mgsina=ma，即a=gsina=5m/s2，由v2=2ax 得：m答：（1）小滑块带负电荷（2）小滑块离开斜面时的瞬时速度是m/s；（3）该斜面的长度至少长1.2m点评：本题突破口是从小滑块刚从斜面离开时，从而确定洛伦兹力的大小，进而得出刚离开时的速度大小，由于没有离开之前做匀加速直线运动，所以由运动与力学可解出运动的时间及位移．10．（2013秋•莲湖区校级期末）在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中，有一倾角为θ、足够长的光滑绝缘斜面，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向外，电场方向竖直向上．有一质量为m，带电荷量为+q的小球静止在斜面顶端，这时小球对斜面的正压力恰好为零，如图所示，若迅速把电场方向反转为竖直向下，重力加速度为g，求：（1）小球能在斜面上滑行多远？（2）小球在斜面上滑行时间是多少？考点：带电粒子在混合场中的运动；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律；动能定理的应用．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）当电场竖直向上时，小球对斜面无压力，可知电场力和重力大小相等；当电场竖直向下时，小球受到向下的力为2mg；当小球恰好离开斜面时，在垂直于斜面的方向上合力为零，由此可求出此时的速度；在此过程中，电势能和重力势能转化为动能，由动能定理即可求出小球下滑的距离．（2）经受力分析可知，小球在沿斜面方向上合力不变，故沿斜面做匀加速直线运动，由运动学公式可求出运动时间．解答：解：（1）由静止可知：qE=mg当小球恰好离开斜面时，对小球受力分析，受竖直向下的重力、电场力和垂直于斜面向上的洛伦兹力，此时在垂直于斜面方向上合外力为零．则有：（qE+mg）cosθ=qvB由动能定理得：解得：（2）对小球受力分析，在沿斜面方向上合力为（qE+mg）sinθ，且恒定，故沿斜面方向上做匀加速直线运动．由牛顿第二定律得：（qE+mg）sinθ=ma得：a=2gsinθ由得：答：（1）小球能在斜面上滑行距离为．（2）小球在斜面上滑行时间是．点评：该题考察了带电物体在复合场中的运动情况，解决此类问题要求我们要对带电物体进行正确的受力分析，要注意找出当小球离开斜面时的受力情况是解决该题的关键．在运动学中，只牵扯到位移和速度问题的往往用能量解决；如果牵扯到时间，往往应用牛顿运动定律或动量定理来解决．11．（2013•沈河区学业考试）如图所示，一束电子（电荷量为e）以速度v从A点垂直射入磁感应强度为B，宽为d的匀强磁场中，从C点穿出磁场时速度方向与电子原来入射方向的夹角为30°，求：（1）电子的质量；（2）电子穿过磁场所用的时间．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）电子垂直射入匀强磁场中，只受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，画出轨迹，由几何知识求出轨迹的半径，由牛顿第二定律求出质量．（2）由几何知识求出轨迹所对的圆心角α，由t=求出时间，s是弧长．解答：解：（1）电子垂直射入匀强磁场中，只受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，画出轨迹，由几何知识得到，轨迹的半径为r==2d由牛顿第二定律得：evB=m得：m=（2）由几何知识得到，轨迹的圆心角为α=t==答：（1）电子的质量为m=；（2）电子穿过磁场所用的时间为．点评：本题是带电粒子在匀强磁场中圆周运动问题，关键要画出轨迹，根据圆心角求时间，由几何知识求半径是常用方法．。

2021年高二上学期物理周练十一含答案

2021年高二上学期物理周练十一含答案一、选择题（共10小题，每题5分，计50分；1-6题只有一个正确选项，7-10题有两个或两个以上选项正确，漏选得2分，错选不得分）1.一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动，取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能Ep与位移x的关系如右图所示，下列图象中合理的是（）2.如图所示，A1、A2、A3为三个相同的电流表，开关K1、K2均闭合，流过电流表A1、A3的电流分别为I1、I3．现将开关K2断开，则K2断开后与断开前相比（）A. I1增大，I3减小B. I1减小，I3增大C. I1增大，I3增大D. I1减小，I3减小3.某同学用伏安法测小灯泡的电阻时，误将电流表和电压表接成如图所示的电路，接通电源后，可能出现的情况是（）A．电流表烧坏 B．电压表烧坏C．小灯泡烧坏 D．小灯泡不亮4.两平行通电长直导线M、N中的电流大小分别为I和2I，且电流方向相同．a、b、c、d为同一直线上的四个点，它们分别与两直导线距离如图所示，则图中给定的四个点中，磁感应强度最小的位置是（）A. aB. bC. cD. d5.设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图10-22所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为零，C点是运动的最低点，忽略重力，以下说法不正确的是：（）A、这离子必带正电荷B、离子到达B点时，将沿原曲线返回A点C、A点和B点位于同一高度D、离子在C点时速度最大6.物体导电是由其中的自由电荷定向移动引起的，这些可以移动的自由电荷又叫载流子(金属导体的载流子是自由电子)．现代广泛应用的半导体材料分为两大类：一类是N型半导体，它的载流子为电子；另一类是P型半导体，它的载流子为“空穴”，相当于带正电的粒子，如果把某种材料制成的长方体放在匀强磁场中，磁场方向如图所示，且与前、后侧面垂直，长方体中通有方向水平向右的电流，设长方体的上、下表面M、N的电势分别为φM和φN，则下列判断中正确的是( )A．如果是P型半导体，有φM>φNB．如果是N型半导体，有φM<φNC．如果是P型半导体，有φM<φND．如果是金属导体，有φM<φN7.用相同金属材料制成的两根粗细均匀的电阻丝，质量分别为m1、m2，横截面积分别为S1、S2。

高中物理高二物理上学期精选测试卷综合测试(Word版含答案)

高中物理高二物理上学期精选测试卷综合测试（Word版含答案）一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，A、B两点有等量同种正点电荷，AB连线的中垂线上C、D两点关于AB对t=时刻，一带正电的点电荷从C点以初速度v0沿CD方向射入，点电荷只受电场称，0力。

则点电荷由C到D运动的v-t图象，以下可能正确的是A．B．C．D．【答案】BD【解析】【分析】【详解】由于AB是同种电荷，所以连线中点的场强为零，无穷远处场强也为零，其间有一点电场强度最大，所以粒子从C点向中点运动过程中，加速度可能一直减小，也可能先减小后增大，选项AC错误，BD正确。

故选BD。

2．某老师用图示装置探究库仑力与电荷量的关系。

A、B是可视为点电荷的两带电小球，用绝缘细线将A悬挂，实验中在改变电荷量时，移动B并保持A、B连线与细线垂直。

用Q和q表示A、B的电荷量，d表示A、B间的距离，θ（θ不是很小）表示细线与竖直方向的夹角，x表示A偏离O点的水平距离，实验中（）A．d可以改变B．B的位置在同一圆弧上C．x与电荷量乘积Qq成正比D．tanθ与A、B间库仑力成正比【答案】BC【解析】【分析】【详解】A．因实验要探究库仑力与电荷量的关系，故两电荷间距d应保持不变，选项A错误；B．因要保持A、B连线与细线垂直且A、B距离总保持d不变，可知B到O点的距离不变，故B的位置在同一圆弧上，选项B正确；C．对A球由平衡知识可知2sinqQ xk mg mgd Lθ==可知x与电荷量乘积Qq成正比，选项C正确；D．因为2tan=qQkd dL mgxθ=由于x变化，所以不能说tanθ与A、B间库仑力成正比，故D错误。

故选BC。

3．如图所示,粗糙程度均匀的绝缘空心斜面ABC放置在水平面上,角CAB = 30°,斜面内部O 点(与斜面无任何连接)固定有一正点电荷,一带负电的小物体(可视为质点)可以分别静止在M、N点和MN的中点P上,OM=ON, OM//AB则下列判断正确的是( )A．小物体静止在三处静止时所受力个数一定都是4个.B．小物体静止在P点时受到的摩擦力最大C．小物体静止在P点时受到的支持力最大,静止在M,N点时受到的支持力相等D．当小物体静止在M点时,地面给斜面的摩擦力水平向左【答案】CD【解析】【详解】对小物体分别在三处静止时所受力分析如图：A.结合平衡条件，由图，小物体在P 、N 两点时一定受四个力的作用，故A 错误；B.小物体静止在P 点时，摩擦力f =mg sin30°静止在N 点时sin30cos30f mg F '=︒+'︒静止在M 点时sin30cos30f mg F "=︒-'︒可见静止在N 点时所受摩擦力最大，故B 错误；C.小物体静止在P 点时，设库仑力为F ，受到的支持力N =mg cos30°+F在M 、N 点时：cos30sin30N mg F '=︒+'︒由库仑定律知F F >'，故N N >'，即小物体静止在P 点时受到的支持力最大，静止在M 、N 点时受到的支持力相等，故C 正确；D.以小物体和斜面整体为研究对象，当小物体静止在M 点时，斜面内部O 点正电荷对其库仑力斜向右，即有向右的分力，则斜面有向右运动的趋势，受水平向左的摩擦力，故D 正确。

人教版物理高二上学期试卷与参考答案(2024-2025学年)

2024-2025学年人教版物理高二上学期自测试卷(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、题干：在下列关于光的传播特性的描述中，正确的是：A、光在同种均匀介质中沿直线传播，但在不同介质中传播方向不变。

B、光从空气斜射入水中时，光的传播速度增大，方向发生偏折。

C、光从水中斜射入空气时，光的传播速度减小，折射角大于入射角。

D、光在同种均匀介质中沿直线传播，但在不同介质中传播方向可以不变。

2、题干：一个物体从静止开始沿光滑水平面做匀加速直线运动，下列说法正确的是：A、物体的加速度不变，速度随时间均匀增大。

B、物体的加速度随时间均匀增大，速度随时间均匀减小。

C、物体的加速度随时间均匀减小，速度随时间均匀增大。

D、物体的加速度随时间均匀减小，速度随时间均匀减小。

3、一个物体在水平面上做匀速直线运动，下列哪个因素不会影响物体的加速度大小？A、物体的质量B、水平面的摩擦系数C、物体的速度D、水平面是否倾斜4、一个物体在光滑的水平面上受到一个水平向右的力F作用，下列哪个说法是正确的？A、物体一定向右加速运动B、物体的运动方向可能向左C、物体的运动方向可能向上D、物体的运动方向可能向下5、在下列关于光的干涉现象的描述中，正确的是：A. 光的干涉现象只能在同种频率的光之间发生B. 光的干涉现象是光的波动性的一种表现C. 光的干涉条纹的间距与光的波长和光源到屏幕的距离成正比D. 光的干涉条纹是等间距分布的，但间距大小与光源的强度有关6、一个物体在水平面上做匀速直线运动，下列关于其动能和势能的描述中，正确的是：A. 由于物体做匀速运动，其动能不变，势能随着高度的增加而增加B. 由于物体做匀速运动，其动能不变，势能随着高度的增加而减少C. 由于物体做匀速运动，其动能和势能都会随着高度的增加而增加D. 由于物体做匀速运动，其动能和势能都会随着高度的增加而减少7、在下列关于简谐振动的说法中，正确的是：A、简谐振动的物体速度总是与其位移成正比。

[推荐学习]高二物理上学期周练试卷(10.22,含解析)

河南省开封高中 2015～2016 学年度高二上学期周练物理试卷（10.22）一、选择题（每小题5分，共65 分．其中第1、4、6、11、13 题为单选题，全部选对得5分，少选得3 分，多选、选错或不选得0分）1．电场线分布如图所示，电场中a，b 两点的电场强度大小分别为已知E a 和E b，电势分别为φa 和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb2．电视显像管的第二和第三阳极是两个直径相同的同轴金属圆筒．两电极间的电场即为显像管中的主聚焦电场．图示为主聚焦电场中的等势面，数字表示电势值，若有平行于中心轴线的电子束入射，则下列说法中正确的是（）A．若电子束从左边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 B．若电子束从右边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 C．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为A D．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为B3．如图所示，虚线a、b、c 是电场中三个等势面，相邻等势面间的电势差相等，一个带正电的质点仅受电场力作用下通过该区域，图中实线为其运动轨迹，P、O、Q 是轨迹上的三点．下列说法中正确的是（）A．带电质点可能是从P点向Q点运动，v P 一定小于v QB．三个等势面中，等势面c的电势最高 C．带电质点通过PO 时电场力做功比通过O Q 时做功大 D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小4．电场中有一点P，下列说法正确的是（）A．放在P点电荷的电量加倍，则该点的场强也加倍B．若P点没有检验电荷，则该点的场强为零C．P 点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P 点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向5．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止 B．打开K后，使两板错开一定距离，微粒仍静止 C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动 D．打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止6．如图所示，真空中M、N 处放置两等量异种电荷， a、b、c 表示电场中的三条等势线，d 点和e点位于等势线a 上，f 点位于等势线c 上，df 平行于MN．已知一带正电的试探电荷从d 点移动到f 点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是（）A．M 点处放置的是正电荷B．d 点的电势高于f点的电势C．d 点的场强与f点的场强完全相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到e点，电场力先做正功，后做负功7．两个点电荷Q1、Q2 固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点）的过程中，试探电荷的电势能E p 随位置变化的关系如图所示，则下列判断正确的是（）A．M 点电势为零，N 点场强为零B．M 点场强为零，N 点电势为零C．Q1 带负电，Q2 带正电，且Q2 电荷量较小D．Q1 带正电，Q2 带负电，且Q2 电荷量较大8．如图，A、B 是电荷量都为Q的两个正点电荷．O 是它们连线的中点，P，P′是它们连线中垂线上对称的两个点．从P点由静止释放一个电子，不计电子重力．则（）A．电子将一直向上做加速运动B．电子将向O 点加速运动，到O 点速度最大C．电子在向O 点运动的过程中，电势能增大D．电子将在P P'之间做周期性的往复运动9．在真空中有一匀强电场，电场中有一质量m=0.01g，带电荷量q=﹣2×10﹣8C 的尘埃沿水平方向向右做匀速直线运动，g=10m/s2，则（）A．场强的方向一定沿水平方向B．场强的方向一定竖直向下C．场强的方向一定竖直向上D．场强的大小一定为E=5×103N/C10．如图所示，A、B 两个带电小球的质量均为m，所带电量分别为+q 和﹣q，两球间用绝缘细线连接，A 球又用绝缘细线悬挂在天花板上，细线长均为L．现在两球所在的空间加上一方向向左的匀强电场，电场强度，由于有空气阻力，A、B 两球最后会达到新的平衡位置，则在这个过程中，两个小球（）A．总重力势能增加了B．总重力势能增加了C．总电势能减少了D．总电势能减少了11．一个初动能为E k 的带电粒子，以速度V垂直电场线方向飞入两块平行金属板间，飞出时动能为3E k．如果这个带电粒子的初速度增加到原来的2倍，不计重力，那么该粒子飞出时动能为（）A．4.5 E k B．4 E k C．6 E kD．9.5 E k12．如图所示，用绝缘轻质细线悬吊一质量为m、电荷量为q的小球，在空间施加一匀强电场，使小球保持静止时细线与竖直方向成θ角（已知θ满足0＜θ＜45°），则所加匀强电场的电场强度的可能值为（）A ．B ．C ．D ．13．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．下列分析中正确的是（）A ．此接法的测量值大于真实值B ．此接法的测量值小于真实值 C ．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻 D ．开始实验时滑动变阻器滑片 P 应处在最左端二．计算题（共 35 分，14 题 18 分．15 题 17 分；解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．某同学欲测一电阻 R x 的阻值（约为 300Ω）可供选择的仪器有：电流表 A 1，量程 10mA ；电流表 A 2，量程 0.6A ；电压表 V 1，量程 3V ；电压表 V 2，量程 15V ；电源电动势为 4.5V ．请同学们按图接好电路，闭合 S 1 后，把开关 S 2 拨至 a 时，发现两电表的指针偏转的角度都在满偏的处；再把开关 S 2 拨至 b 时，发现其中一个电表的指针偏转几乎不变，另一个电表的指针偏转的角度在满偏的处；该同学在实验中所选电压表的量程为所选电流表的量程为 R x 的测量值为．若电键接触 a 时，电流表 I a=5.0mA ，电压表 U a=2.7V ；当电键接触 b 时，电流表 I b=4.0mA ，电压表 Ub=2.8V ，为使测量误差较小，应将电键接触端；则该电阻的测量值为，测量值比该电阻的真实值．15．如图甲所示，电荷量为 q =1×10﹣4C 的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所在空间存在方向沿水平向右的电场，电场强度 E 的大小与时间的关系如图乙所示，物块运动速度与时间 t 的关系如图丙所示，取重力加速度 g =10m/s 2．求：（1）前两秒电场力做功多少？物块的质量多少？（3）物块与水平面间的动摩擦因数．河南省开封高中2015～2016 学年度高二上学期周练物理试卷（10.22）参考答案与试题解析一、选择题（每小题5分，共65 分．其中第1、4、6、11、13 题为单选题，全部选对得5分，少选得3 分，多选、选错或不选得0分）1．电场线分布如图所示，电场中a，b 两点的电场强度大小分别为已知E a 和E b，电势分别为φa 和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb【考点】电势；电场强度；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线可以形象的描述电场的分布，电场线密的地方，电场强度大，沿电场电势降低，据此可正确解答本题．【解答】解：根据电场线疏密表示电场强度大小，E a＜E b；根据沿电场线电势降低，φa＞φb，故ABD 错误，C 正确．故选C．【点评】本题考查用电场线如何表示的电场强度大小及电势高低．2．电视显像管的第二和第三阳极是两个直径相同的同轴金属圆筒．两电极间的电场即为显像管中的主聚焦电场．图示为主聚焦电场中的等势面，数字表示电势值，若有平行于中心轴线的电子束入射，则下列说法中正确的是（）A．若电子束从左边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 B．若电子束从右边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 C．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为A D．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为B【考点】等势面；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】压轴题；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线与等势面垂直，负电荷逆着电场线运动电场力做正功，根据轨迹弯曲方向判断电荷的受力方向．【解答】解：A、B：由图象可知，电场线的方向向左，若电子束从左边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速，故A正确，B 错误；C、D：电场线与等势面垂直，电子受力的方向与电场线的方向相反，故若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为A，C 正确，D 错误．故选A C【点评】做好本题的关键是根据等势面画出电场线，再由负电荷在电场中的运动判断．3．如图所示，虚线a、b、c 是电场中三个等势面，相邻等势面间的电势差相等，一个带正电的质点仅受电场力作用下通过该区域，图中实线为其运动轨迹，P、O、Q 是轨迹上的三点．下列说法中正确的是（）A．带电质点可能是从P点向Q点运动，v P 一定小于v QB．三个等势面中，等势面c的电势最高 C．带电质点通过PO 时电场力做功比通过O Q 时做功大 D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小【考点】等势面；动能定理的应用；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】据带电微粒的运动情况可以确定带电微粒的受力情况，从而确定a bc 三个等势面的电势的高低；根据等势面的疏密可以确定电场线的疏密，从而确定带电微粒在P点和Q点的电场力的大小关系，这样就可以知道带电微粒通过P点和Q点时加速度的大小关系；根据电场力做功可以确定带电微粒在P 点和Q点时动能和电势能的大小关系．【解答】解：A、带电微粒在从P向Q运动的过程中电场力做正功，故微粒在P点时的动能小于在Q 点的动能．则P点速率小．故A正确B、若带电微粒从P点进入电场，由图可知带电微粒所受电场力由c等势面指向b等势面，由于微粒带正电，故c等势面的电势最高．故B正确．C、因是等差等势面，是带电质点通过P O 时电场力做功与通过O Q 时做功一样大．故C错误D、由于电场线越密等势线越密，由图可知P点的场强大于Q点的场强，故带电微粒在P处所受的电场力大于在Q点所受的电场力，故带电微粒通过P点时的加速度大．故D错误．故选：AB【点评】本题的难度较大，解题的突破口是根据带电微粒的运动情况可以确定正电荷的受力情况，从而确定电势的高低．4．电场中有一点P，下列说法正确的是（）A．放在P点电荷的电量加倍，则该点的场强也加倍B．若P点没有检验电荷，则该点的场强为零C．P 点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P 点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向【考点】电场强度．【分析】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，采用比值法下的定义；利用场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向．【解答】解：AB、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以在p点电荷减半或无检验电荷，P 点的场强不变，故A B 错误．C、据F=Eq 知，P 点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大，故C正确．D、据场强方向的规定，正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，所以P点的场强方向为正电荷在该点的受力方向，故D错误．故选：C．【点评】明确电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向的依据．5．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止 B．打开K后，使两板错开一定距离，微粒仍静止 C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动 D．打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】当S闭合后，带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，合力为零，电场力与重力平衡．保持S闭合，电容器板间电压不变，若板间距离也不变，板间的场强不变，微粒仍处于静止状态．打开S后，根据电容的决定式C=，分析电容的变化，由电容的定义式C=分析电压的变化．再由E=分析板间场强的变化，即可判断带电微粒的运动状态．【解答】解：A、保持S闭合，电容器板间电压不变，使滑动片P向左滑动，板间距离不变，则由E=分析得知，板间场强仍保持不变，带电微粒所受的电场力不变，仍处于静止状态．故A正确． B、打开S后，电量不变，使两板错开一定距离，两极板正对面积减小，由C=知，电容减小，电容的定义式C=知，电压增大，由E=分析得知板间场强增大，微粒将向上运动．故B错误．C、D 由C=，C=，E=得到极板间场强E=，E 与板间距离无关，故使两极板靠近，板间场强不变，带电微粒所受的电场力不变，则带电微粒仍处于静止状态．故C错误，D 正确．故选A D 【点评】本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变．电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变．6．如图所示，真空中M、N 处放置两等量异种电荷，a、b、c 表示电场中的三条等势线，d 点和e点位于等势线a 上，f 点位于等势线c 上，df 平行于MN．已知一带正电的试探电荷从d 点移动到f 点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是（）A．M 点处放置的是正电荷B．d 点的电势高于f点的电势C．d 点的场强与f点的场强完全相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到e点，电场力先做正功，后做负功【考点】电场线．【分析】由电场力对正电荷做功可得电势的高低，再由电场线与电势的关系分析电场的方向．进而判断电荷的受力情况．【解答】解：A、B、因正电荷由d到f电场力做负功，电势能增加，则电势升高．故f点电势高于d 点电势．则N点为正电荷，故A错误，B 错误．C、d 点与f点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故C错误．D、将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到 e 点，电势能先减小再增大到原来值，故电场力先做正功、后做负功．故D正确．故选：D【点评】在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握7．两个点电荷Q1、Q2 固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点）的过程中，试探电荷的电势能E p 随位置变化的关系如图所示，则下列判断正确的是（）A．M 点电势为零，N 点场强为零B．M 点场强为零，N 点电势为零C．Q1 带负电，Q2 带正电，且Q2 电荷量较小D．Q1 带正电，Q2 带负电，且Q2 电荷量较大【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由图读出电势能E P，由φ=，分析电势．E P﹣x 图象的斜率=F，即斜率大小等于电场力大小．由F=qE，分析场强．析电势变化，确定场强的方向，由N点场强为零，判断两电荷的电性和电量的大小．【解答】解：AB 、由图知，M 点电势能与无穷远处的电势能相等，E P =0，由 φ= ，分析得知，M 点电势 φ=0．E P ﹣x 图象的斜率=F=qE ，则知 N 点场强为零．故 A 正确，B 错误． CD 、根据正电荷在电势高处电势能大，可知，带正电的试探电荷从远处移近 Q 2 的过程中，电势能减小，电势先降低后升高，说明 Q 1 带负电，Q 2 带正电，N 点场强为零，由 E =k知，Q 2 电荷量较小．故 C 正确，D 错误．故选：AC ．【点评】本题一要抓住 E P ﹣x 图象的斜率率=F=qE ，分析场强的变化．二要根据推论正电荷在电势高处电势能大，分析电势的变化，确定电荷的电性．8．如图，A 、B 是电荷量都为 Q 的两个正点电荷．O 是它们连线的中点，P ，P ′是它们连线中垂线上对称的两个点．从 P 点由静止释放一个电子，不计电子重力．则（）A ．电子将一直向上做加速运动B ．电子将向 O 点加速运动，到 O 点速度最大C ．电子在向 O 点运动的过程中，电势能增大D ．电子将在 P P'之间做周期性的往复运动【考点】点电荷的场强；电场的叠加．【分析】在等量的正电荷的电场中，所有的点的电势都是正的，根据矢量的合成法则可以知道，在它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，由此可以判断电场的情况和电子的运动的情况．【解答】解：A 、根据矢量的合成可以知道，在两个电荷连线中点的电场的场强是零，在无穷远处的电场的场强也是零，所以电子沿着中垂线运动时，电子受的力必定是先增加再减小，所以电子不可能一直向上做加速运动，所以 A 错误． B 、由于连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，所以电子受到的电场力是指向 O 点的，所以电子将向 O 点加速运动，到 O 点速度最大，故 B 正确．C 、电子在向 O 点运动的过程中，电场力做正功，电势能减小，所以 C 错误．D 、根据 B 的分析，电子将向 O 点加速运动，在远离 O 点的过程中减速，减为零之后再反向加速，不断地重复这个过程，所以 D 正确．故选 B D ．【点评】本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单．9．在真空中有一匀强电场，电场中有一质量 m =0.01g ，带电荷量 q =﹣2×10﹣8C 的尘埃沿水平方向向右做匀速直线运动，g=10m/s 2，则（）A ．场强的方向一定沿水平方向B ．场强的方向一定竖直向下C ．场强的方向一定竖直向上D ．场强的大小一定为E =5×103N/C 【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】尘埃在匀强电场中沿水平方向向右做匀速直线运动，受到的电场力与重力平衡，根据平衡条件求出电场强度大小和方向．【解答】解：由题，尘埃在匀强电场中沿水平方向向右做匀速直线运动，受到的电场力与重力平衡，则电场力方向竖直向上，而尘埃带负电，所以电场强度方向竖直向下．根据平衡条件得： mg=qE ，得：E=N/C=5×103N/C ．故选：BD ．【点评】解决本题的关键根据受力平衡求出电场强度的大小和方向，以及知道电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．10．如图所示，A 、B 两个带电小球的质量均为 m ，所带电量分别为+q 和﹣q ，两球间用绝缘细线连接，A 球又用绝缘细线悬挂在天花板上，细线长均为 L ．现在两球所在的空间加上一方向向左的匀强电场，电场强度，由于有空气阻力，A 、B 两球最后会达到新的平衡位置，则在这个过程中，两个小球（）A ．总重力势能增加了B ．总重力势能增加了C ．总电势能减少了D ．总电势能减少了【考点】电势能；机械能守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】加上电场后 B 球向左运动，达到平衡后，对整体由平衡条件得知，A 球不动，B 球向左偏转 45°，上升的高度为 h =L （1﹣cos45°），即可求出重力势能的增加量和电势能的变化量．【解答】解：A 、B 加上电场后 B 球向左运动，达到平衡后，由于 q E=mg ，由平衡条件对整体研究可知，A 球不动，B 球向左偏转 45°，上升的高度为 h =L （1﹣cos45°），则总重力势能增加了△E P =mgh=．故 A 正确，B 错误．C 、D 、B 球沿电场力方向移动的距离为 d =，则总电势能减少了 q Ed=．故 C 错误，D 正确．故选 A D【点评】本题的解题关键是确定平衡后两球的位置，再根据重力做功和电场力做功，研究重力势能和电势能的变化．11．一个初动能为 E k 的带电粒子，以速度 V 垂直电场线方向飞入两块平行金属板间，飞出时动能为 3E k ．如果这个带电粒子的初速度增加到原来的 2 倍，不计重力，那么该粒子飞出时动能为（）A ．4.5 E kB ．4 E kC ．6 E kD ．9.5E k【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】带电粒子垂直飞入匀强电场中，做类平抛运动，运用运动的分解法，得出偏转距离与初速度和初动能的关系，由动能定理得到电场力做功与初动能的关系式，再用同样的方法得到初速度增加到原来 2 倍时电场力做功与初动能的关系，由动能定理求解该粒子飞出时的动能．【解答】解：设平行金属板的长度为 L ，板间距离为 d ，场强为 E ．当初速度为 v 时，则有：y=at 2=（）2=…① 根据动能定理得，qEy=3E k ﹣E k ，得：2E k =…② 当初速度为 2V 时，同理可得：y ′==…③电场力做功为W ′=qEy ′=…④ 由②④比较得：W ′=0.5E k 根据动能定理得：W ′=E k ′﹣4E k ，得：E k ′=4.5E k故选：A【点评】本题是动能定理和类平抛运动知识的综合应用，用相同的物理量表示电场力做功是解题的关键．12．如图所示，用绝缘轻质细线悬吊一质量为 m 、电荷量为 q 的小球，在空间施加一匀强电场，使小球保持静止时细线与竖直方向成 θ 角（已知 θ 满足 0＜θ＜45°），则所加匀强电场的电场强度的可能值为（）A ．B ．C ．D ．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球保持静止时受到重力、电场力和细线的拉力，运用作图法分析什么条件下电场力最小，再场强公式E =得到场强的最小值，再分析E的可能值．【解答】解：小球保持静止时受到重力m g、电场力F和细线的拉力T，作出力图如图．根据作图法可知，当电场力F与细线垂直时，电场力最小，最小值为：F=mgsinθ则场强的最小值为：E==电场力F可能等于m g，E 可能为；当F水平时，F=mgtanθ，E= F 不可能等于mgtanθ，则E 不可能等于；故选：ABC．【点评】本题相当于物体平衡中极值问题，通过作图法分析解答是常用的方法，也可以采用数学函数法求解．13．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．下列分析中正确的是（）A．此接法的测量值大于真实值 B．此接法的测量值小于真实值 C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻 D．开始实验时滑动变阻器滑片P应处在最左端【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】由电路图可知，该实验采用的是滑动变阻器的分压接法，电流表的内接法；（1）电流表外接法，由于电压表的分流作用，使电流表测的电流大于流过电阻的电流，测量值小于真实值；待测电阻越小，电压表的分流作用越小，电流表测的电流越接近流过电阻的真实值，实验误差越小．电流表内接法，由于电流表的分压作用，使电压表测的电压大于待测电阻两端的电压，测量值大于真实值；待测电阻阻值越大，电流表分压影响越小，电压表的测量值越接近真实值，实验误差越小．为保证电路安全，采用滑动变阻器分压接法时，在闭合开关前，要求滑动变阻器滑片移到分压电阻为零的位置．【解答】解：（1）实验采用电流表的内接法，电流的测量值 I 是真实的，由于电流表的分压作用，电压测量值 U 偏大，由 R =可知，测量值偏大，测量值大于真实值，故 A 正确，B 错误；伏安法测电阻，当待测电阻阻值远大于电流表内阻时，采用内接法，故 C 错误；（3）实验采用的是滑动变阻器的分压接法，为保证电路安全，开始实验时滑动变阻器滑片 P 应处在最右端，此时分压电路电压为零，故 D 错误；故选 A ．【点评】本题考查了伏安法测电阻实验电路分析、实验注意事项、实验误差分析等问题，难度不是很大，熟练掌握基础知识即可正确解题．二．计算题（共 35 分，14 题 18 分．15 题 17 分；解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．某同学欲测一电阻 R x 的阻值（约为 300Ω）可供选择的仪器有：电流表 A 1，量程 10mA ；电流表 A 2，量程 0.6A ；电压表 V 1，量程 3V ；电压表 V 2，量程 15V ；电源电动势为 4.5V ．请同学们按图接好电路，闭合 S 1 后，把开关 S 2 拨至 a 时，发现两电表的指针偏转的角度都在满偏的处；再把开关 S 2 拨至 b 时，发现其中一个电表的指针偏转几乎不变，另一个电表的指针偏转的角度在满偏的处；该同学在实验中所选电压表的量程为 3V 所选电流表的量程为 10mA R x 的测量值为 320Ω ．若电键接触 a 时，电流表 I a=5.0mA ，电压表 U a=2.7V ；当电键接触 b 时，电流表 I b=4.0mA ，电压表 Ub=2.8V ，为使测量误差较小，应将电键接触 B 端；则该电阻的测量值为 700Ω ，测量值比该电阻的真实值偏大．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）电源电动势为 4.5V ，如果选择 15V 档位，偏转五分之四达到 12V ，超过电源的电动势，故电压表选择的是低档位；电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明电压表分流作用明显，即待测电阻的电阻值与电压表内阻相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，故电流表选 10mA 挡；（3）根据欧姆定律和电路的串并联知识列式求解即可．（4）根据两电表的示数变化，可知哪一个电表测量误差较大，则可以选出较准确的方法．。

高二上学期物理周测十 Word版含答案

高二年级物理周测十副标题一、单选题（本大题共10小题，共40.0分）1.以下有关电动势的说法正确的是()A. 电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电荷量成反比B. 电动势为2V，其表示电路中每通过1C电荷量，电源把2J的电能转化为其他形式的能C. 非静电力做的功越多，电动势就越大D. E=W只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小由电源内非静电力的特性决定q2.据信息产业部在7月底公布的最新统计，今年上半年，国产品牌手机的国内市场占有率比去年猛升16.21%，达到55.28%的份额。

如图所示的是某品牌手机电池上的文字说明，由此可知该电池的电动势和所储存的最大电能是()A. 4.2V9.07×103JB. 3.7V9.07×103JC. 4.2V7.99×103JD. 3.7V7.99×103J3.如图所示，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b间、b和c间、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q>0)的固定点电荷.已知b点处的场强为零，则d点处的场强大小为(静电力常量为k)()A. 3kq/R2B. 10kq/9R2C. k(q+Q)/R2D. k(9Q+q)/9R24.均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场。

如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM=ON=4R.已知M点的场强大小为E，静电力常量为k，则N点的场强大小为()A. kq8R2−E B. kq16R2−E C. kq16R2D. kq8R2+E5.半径为R、均匀带正电荷的球体在空间产生球对称的电场，场强E沿半径方向分布的示意图如图所示，下列说法正确的是()A. R处电势最高B. 球体带总电荷量为Q=E0R2kC. 球心与球表面间的电势差U=E0RD. r=2R处的电场强度大小为E=E026.某空间存在一电场，电场中的电势φ在x轴上的分布如图所示，下列说法正确的是()A. 在x轴上，从x1到x2电场强度方向向左B. 在x轴上，从x1到x2电场强度先增大后减小C. 把一负电荷沿x轴正向从x1移到x2，电场力先减小后增大D. 把一负电荷从x1移到x2，电场力做负功7.如下图所示，在地面上方的水平匀强电场中，一个质量为m、电荷量为+q的小球，系在一根长为L的绝缘细线一端，可以在竖直平面(此平面与E平行)内绕O点做圆周运动，AB为圆周的水平直径，CD为竖直直径，已知重力加速度为g，电场强度E=mg q，不计空气阻力，下列说法正确的是()A. 若将小球在A点由静止开始释放，它将在ACBD圆弧上做往复运动B. 若将小球在A点由静止开始释放，它受到的合力大小为2mgC. 若小球在竖直平面内绕O点做完整的圆周运动，则它运动过程中的最小速度v min=√gLD. 若小球在竖直平面内绕O点做完整的圆周运动，则小球运动到B点时的机械能最大8.如图所示， 11H、 12H、 13H三种粒子从同一位置无初速度地飘入水平向右的匀强电场，被加速后进入竖直向下的匀强电场发生偏转，最后打在屏上，整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么()A. 偏转电场对 11H做功最大B. 三种粒子打到屏上时动能相等C. 三种粒子被加速后运动到屏上所用时间相同D. 三种粒子打到屏上时速度的方向不同9.如图所示，电源电动势E=3V，内阻为r=1Ω，R1=0.5Ω，R2=1Ω，滑动变阻器R最大阻值为5Ω，平行板电容器两金属板水平放置，开关S是闭合的，两板间一质量为m，电荷量大小为q的油滴恰好处于静止状态，G为灵敏电流计。

2021年高二上学期周练(10.9)物理试题含答案

2021年高二上学期周练（10.9）物理试题含答案一、选择题1．下列物理现象属于电磁感应的是（）A．通电导线周围产生磁场B．录音机使电流信号录入磁带C．磁带经过录音机的磁头时，还原出电流信号D．电流经过导体时是导体发热2．首先指出磁场对运动电荷有作用力的科学家是（）A．库仑 B．奥斯特 C．安培 D．洛伦兹3．如图所示，一根质量为m的金属棒AC，用软线悬挂在磁感强度为B的匀强磁场中，通入A→C方向的电流时，悬线张力不为零，欲使悬线张力为零，可以采用的办法是（）A．不改变电流和磁场方向，适当减小电流B．不改变磁场和电流方向，适当增大磁感强度C．只改变电流方向，并适当增加电流D．只改变电流方向，并适当减小电流4．首先发现电流产生磁场的科学家是（）A．牛顿 B．阿基米德 C．奥斯特 D．伏特5．关于磁感线，以下说法中正确的是（）A．磁感线上各点的切线方向就是该点的磁感应强度方向B．磁感线是磁场中真实存在的曲线C．磁感线总是从磁体的N极发出终止于磁体的S极D．沿着磁感线方向，磁场越来越弱6．一个阻值为1Ω的电阻，通过它的电流强度为2A，则下列说法正确的是（）A．1s内通过该电阻的电荷量为1CB．该电阻1s内的发热量为2JC．该电阻1s内的发热量为4JD．该电阻发热功率为2W7．关于电动势，下列说法正确的是（）A．电动势数值上就等于电源正负极之间的电压B．所有电源的电动势都是1.5VC．体积越大的电源，其电动势一定越大D．不同电源的电动势不同8．关于电场线，下列说法正确的是（）A．电场线是电场真实存在的曲线B．电场线的切线方向就是该点的电场强度方向C．沿着电场线方向，电场强度越来越小D．沿着电场线方向，电场强度越来越大9．下列关于电荷、电荷量的说法正确的是（）A.自然界存在有三种电荷：正电荷、负电荷和元电荷B.物体所带的电荷量可以是任意值C.物体所带的电荷量只能是某些特定的值D.物体的带电量可以是2×10﹣19C10．（xx•浙江）用金属做成一个不带电的圆环，放在干燥的绝缘桌面上．小明同学用绝缘材料做的笔套，将笔套与头发摩擦后，将笔套自上向下慢慢靠近圆环，当距离约为0. 5cm时圆环被吸引到笔套上，如图所示．对上述现象的判断与分析，下列说法正确的是（）A.摩擦使笔套带电B.笔套靠近圆环时，圆环上、下感应出异号电荷C.圆环被吸引到笔套的过程中，圆环所受静电力的合力大于圆环的重力D.笔套碰到圆环后，笔套所带的电荷立刻被全部中和11．关于物理学的研究方法，下列说法正确的是（）A.把带电体看成点电荷、把物体看成质点运用了理想化模型的方法B.力的平行四边形定则的探究实验中运用了控制变量的方法C.伽利略在研究自由落体运动时运用了理想实验的方法D.法拉第在发现电磁感应现象的实验中运用了等效替代的方法12．下列选项是物理学中的理想化模型的有（）A.平行四边形定则B.电动势C.点电荷D.光电效应13．关于基元电荷，正确的说法是（）A.基元电荷就是点电荷B.1C电量叫基元电荷C.基元电荷就是质子D.基元电荷目前被认为是自然界中电荷的最小单元14．在物理学的发展过程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法说法不正确的是（）A.质点和点电荷是同一种思想方法B.重心、合力都体现了等效思想C.伽利略用小球在斜面上的运动验证了速度与位移成正比D.牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接证明15．下列说法中正确的是（）A.在探究求合力方法的实验中利用了等效替代的思想B.牛顿首次提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推“的科学推理方法C.用点电荷来代替实际带电物体是采用了理想模型的方法D.奥斯特通过实验观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系16． A、B两物体均不带电，相互摩擦后A带负电荷，电荷量大小为Q，则B的带电情况是（）A.带正电荷，电荷量大于QB.带正电荷，电荷量等于QC.带负电荷，电荷量大于QD.带负电荷，电荷量等于Q17．关于点电荷的说法，正确的是（）A.只有体积很小的电荷，才能作为点电荷B.体积很大的电荷，一定不能作为点电荷C.点电荷一定是带电量很小的电荷D.两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理18．场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是（）A.a点电势高于b点电势B.c点场强大于b点场强C.若将一检验电荷+q由a点移至b点，它的电势能增大D.若在d点再固定一点电荷﹣Q，将一检验电荷+q由a移至b的过程中，电势能减小19．下列说法中正确的是（）A.摄像机实际上是一种将光信号转变为电信号的装置B.电磁波中电场能量最大时，磁场能量为零；磁场能量最大时，电场能量为零C.摄像机在1s内要传送25幅画面D.电视机实际上是一种将电信号转变为光信号的装置20．下列说法中正确的是（）A.摄像机实际上是一种将光信号转变为电信号的装置B.电视机实际上是一种将电信号转变为光信号的装置C.电视机接收的画面是连续的D.摄像机在1s内要送出25张画面二、计算题21．真空中有两个相距r=0.1m、带电量相等的点电荷，它们间的静电斥力大小为 3.6×10－4N。

高中物理高二物理上学期精选测试卷检测题(WORD版含答案)

高中物理高二物理上学期精选测试卷检测题（WORD 版含答案）一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示,内壁光滑的绝缘半圆容器静止于水平面上，带电量为q A 的小球a 固定于圆心O 的正下方半圆上A 点；带电量为q ,质量为m 的小球b 静止于B 点，其中∠AOB =30°。

由于小球a 的电量发生变化，现发现小球b 沿容器内壁缓慢向上移动，最终静止于C 点(未标出)，∠AOC =60°。

下列说法正确的是（）A ．水平面对容器的摩擦力向左B ．容器对小球b 的弹力始终与小球b 的重力大小相等C ．出现上述变化时，小球a 的电荷量可能减小D ．出现上述变化时，可能是因为小球a 的电荷量逐渐增大为32(23)A q【答案】BD 【解析】【分析】【详解】A ．对整体进行受力分析，整体受到重力和水平面的支持力，两力平衡，水平方向不受力，所以水平面对容器的摩擦力为0，故A 错误；B ．小球b 在向上缓慢运动的过程中，所受的外力的合力始终为0，如图所示小球的重力不变，容器对小球的弹力始终沿半径方向指向圆心，无论小球a 对b 的力如何变化，由矢量三角形可知，容器对小球的弹力大小始终等于重力大小，故B 正确； C ．若小球a 的电荷量减小，则小球a 和小球b 之间的力减小，小球b 会沿半圆向下运动，与题意矛盾，故C 错误；D ．小球a 的电荷量未改变时，对b 受力分析可得矢量三角形为顶角为30°的等腰三角形，此时静电力为22sin15Aqq mg kL ︒= a 、b 的距离为2sin15L R =︒当a 的电荷量改变后，静电力为2Aqq mg kL '='a 、b 之间的距离为L R '=由静电力122'q q F kL = 可得3223A A q q -=-'（）故D 正确。

故选BD 。

2．质量分别为A m 和B m 的两小球带有同种电荷，电荷量分别为A q 和B q ，用绝缘细线悬挂在天花板上。

高中物理高二物理上学期精选测试卷达标训练题(Word版含答案)

B．小球在C位置时的电量是B位置时电量的四分之一
C．小球2在B点对碗的压力大小等于小球2在C点时对碗的压力大小
D．小球2在B点对碗的压力大小大于小球2在C点时对碗的压力大小
【答案】C
【解析】
【详解】
AB．对小球2受力分析，如图所示，小球2受重力、支持力、库仑力，其中F1为库仑力F和重力mg的合力，根据三力平衡原理可知，F1=FN．由图可知，△OAB∽△BFF1
A．E带正电，F带负电，且QE>QF
B．在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点
C．过N点的等势面与EF连线垂直
D．负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】
根据电场线的指向知E带正电，F带负电；N点的场强是由E、F两电荷在N点产生场强的叠加，电荷E在N点电场方向沿EN向上，电荷F在N点产生的场强沿NF向下，合场强水平向右，可知F电荷在N点产生的场强大于E电荷在N点产生的场强，而，所以由点电荷场强公式知 ,A错误；只有电场线是直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行时，带电粒子的运动轨迹才与电场线重合．而该电场线是一条曲线，所以运动轨迹与电场线不重合．故在M点由静止释放一带正电的检验电荷，不可能沿电场线运动到N点，B错误；因为电场线和等势面垂直，所以过N点的等势面与过N点的切线垂直，C正确；沿电场线方向电势逐渐降低，，再根据，q为负电荷，知，D错误；故选C．
故选C。
7．如图所示，小球A、B质量均为m，初始带电荷量均为＋q，都用长为L的绝缘细线挂在绝缘的竖直墙上O点，A球紧靠绝缘的墙壁且其悬线刚好竖直，球B悬线偏离竖直方向θ角而静止．如果保持B球的电荷量不变，使小球A的电荷量缓慢减小，当两球间距缓慢变为原来的时，下列判断正确的是()

2021年高二上学期物理第一次周练试卷(尖子班9.8) 含答案

2021年高二上学期物理第一次周练试卷（尖子班9.8）含答案熊盛柏高二物理备课组 xx.9.8一、选择题（1-6题为单选，每题4分，7-12题为多选，每题6分，共60分）1.在探究平行板电容器的电容与哪种因素有关的实验中，一已充电的平行板电容器与静电计连接如图所示．已知静电计指针张角随着电容器两极间的电势差的增大而增大．现保持电容器的电量不变，且电容器B板位置不动．下列说法中正确的是（）A．将A板向左平移，则静电计指针张角不变B．将A板向左平移，则静电计指针张角增小C．将A板竖直向上平移，则静电计指针张角减小D．将A板竖直向上平移，则静电计指针张角增加2.如图所示，一平行板电容器的电容为C，两极板M、N间距离为d，所接电源的电动势为E，两板间a、b、c三点的连线构成一等腰直角三角形．三角形的两直角边长均为L，其中ab边与两板平行，以下说法正确的是（）A．电容器所带电荷量为2CEB．两极板间匀强电场的电场强度大小为C．a、c两点间的电势差为D．若增大两板间距离时，a、c两点间电势差不变3.如图所示，带有等量异种电荷的两块很大的平行金属板M、N水平正对放置，两板间有一带电微粒以速度v0沿直线运动，当微粒运动到P点时，迅速将M板上移一小段距离，则此后微粒的运动情况可能的是（）A．沿轨迹①做曲线运动B．方向改变沿轨迹②做直线运动C．方向不变沿轨迹③做直线运动D．沿轨迹④做曲线运动4.M、N两金属板竖直放置，使其带电后与电源断开，悬挂其中的带电小球P如图偏离竖直方向．设P球始终不与金属极板接触，下列会使OP悬线与竖直方向的夹角增大的措施是（）A．紧贴M板插入一块适当厚度的金属板B．保持N板不动，将M板缓慢向右平移少许C．保持M板不动，将N板缓慢向右平移少许D．保持M板不动，将N板缓慢向下平移少许5.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）A．平行板电容器的电容将变小B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能增加D．若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变6. 一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有一小孔（小孔对电场的影响可忽略不计）．小孔正上方处的P 点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落，经过小孔进入电容器，并在下极板处（未与极板接触）返回．若将下极板向上平移，则从P点开始下落的相同粒子将（）A．打到下极板上B．在下极板处返回C．在距上极板处返回D．在距上极板处返回7. 如图所示，在两条竖直边界线所围的匀强电场中，一个不计重力的带电粒子从左边界的 P 点以某一水平速度射入电场，从右边界的 Q 点射出，下列判断正确的有（）A．粒子带正电B．粒子做匀速圆周运动C．粒子电势能增大D．仅增大电场强度粒子通过电场的时间不变8. 如图甲所示，平行金属板中央有一个静止的电子(不计重力)，两板间距离足够大．当两板间加上如图乙所示的交变电压后，在下图中，反映电子速度v、位移x和加速度a三个物理量随时间t的变化规律可能正确的是( )9.一个平行板电容器，在充入一定电量后与电源断开，电容器的带电量为Q，两极板间的电压为U，电容为C，两极板间的距离为d，在电容器的电介质、两极板正对面积不变的前提下，下列图象正确的是（）A．B．C．D．10.如图所示，两个有小孔S1、S2的平行金属板M、N水平放置，并分别与电源的正负板相连，将一带正电的小球从小孔正上方的P点无初速释放，不计空气阻力，小球恰好能穿过小孔S2，下列情况中，小球仍能穿过S2的是（）A．开关S闭合，将N板向下平移一段距离B．开关S闭合，将M板向上平移一段距离C．开关S断开，将N板向下平移一段距离D．开关S断开，将M板向下平移一段距离11.如图所示是示波器原理图，电子被电压为U1的加速电场加速后射入电压为U2的偏转电场，离开偏转电场后电子打在荧光屏上的P点，P点与O点的距离叫做偏转距离，而单位偏转电压引起的偏转距离称为示波器的灵敏度，欲提高示波器的灵敏度，可能有效的方法是（）A．提高加速电压U1B．增大偏转电场极板长度C．增大偏转电场极板与荧光屏间的距离D．增大偏转电场极板间的距离12.下图是示波管的原理图．它由由子枪、偏转电极（XX′和YY′）、荧光屏组成．管内抽成真空．给电子枪通电后，如果在偏转电极XX′和YY′上都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心O点，在那里产生一个亮斑，下列说法正确的是（）A．要想让亮斑沿OY向上移动，需在偏转电极YY′上加电压，且Y′比Y电势高B．要想让亮斑移到荧光屏的右上方，需在偏转电极XX′、YY′上加电压，且X比X′电势高，Y比Y′电势高C．要想在荧光屏上出现一条水平亮线，需在偏转电极XX′上加特定的周期性变化的电压（扫描电压）D．要想在荧光屏上出现一条正弦曲线，需在偏转电极XX′上加适当频率的扫描电压、在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压三．计算题：（13题12分，14题14分，15题14分，共40分）13、如图所示，一电子（质量为m，电量绝对值为e）处于电压为U的水平加速电场的左极板A内侧，在电场力作用下由静止开始运动，然后穿过极板B中间的小孔在距水平极板M、N等距处垂直进入板间的匀强偏转电场。

高中物理高二物理上学期精选试卷试卷(word版含答案)

高中物理高二物理上学期精选试卷试卷（word 版含答案）一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，竖直平面内有半径为R 的半圆形光滑绝缘轨道ABC ，A 、C 两点为轨道的最高点，B 点为最低点，圆心处固定一电荷量为+q 1的点电荷．将另一质量为m 、电荷量为+q 2的带电小球从轨道A 处无初速度释放，已知重力加速度为g ，则（）A ．小球运动到B 2gR B ．小球运动到B 点时的加速度大小为3gC ．小球从A 点运动到B 点过程中电势能减少mgRD ．小球运动到B 点时对轨道的压力大小为3mg ＋k 122q q R 【答案】AD 【解析】【分析】【详解】A.带电小球q 2在半圆光滑轨道上运动时，库仑力不做功，故机械能守恒，则：212B mgR mv =解得：2B v gR 故A 正确；B.小球运动到B 点时的加速度大小为：22v a g R==故B 错误；C.小球从A 点运动到B 点过程中库仑力不做功，电势能不变，故C 错误；D.小球到达B 点时，受到重力mg 、库仑力F 和支持力F N ，由圆周运动和牛顿第二定律得：2122BN q q v F mg k m R R--=解得：1223N q q F mg kR=+ 根据牛顿第三定律，小球在B 点时对轨道的压力为：1223q q mg kR + 方向竖直向下，故D 正确．2．如图所示，A 、B 两点有等量同种正点电荷，AB 连线的中垂线上C 、D 两点关于AB 对称，0t =时刻，一带正电的点电荷从C 点以初速度v 0沿CD 方向射入，点电荷只受电场力。

则点电荷由C 到D 运动的v-t 图象，以下可能正确的是A ．B ．C ．D ．【答案】BD 【解析】【分析】【详解】由于AB 是同种电荷，所以连线中点的场强为零，无穷远处场强也为零，其间有一点电场强度最大，所以粒子从C 点向中点运动过程中，加速度可能一直减小，也可能先减小后增大，选项AC 错误，BD 正确。

高二上学期第十一次周测物理试题(A班) Word版含答案

高二A班物理周测十一一、单选题（本大题共5小题，共20.0分）1.如图所示的电路中，是光敏电阻，其阻值随光照强度的增强而减小。

、、是定值电阻，当开关S闭合且没有光照射时，电容器C不带电。

当用强光照射且电路稳定时。

与无光照射时比较，下列说法中正确的是A.电容器C的下极板带负电B. 两端电压降低C. 两端电压降低D. 电源提供的总功率变小2.如图，一导体棒ab静止在U型铁芯的两板之间，棒在开关闭合后仍在原位置保持静止状态。

则按图示视角则下列说法正确的是A.铁芯上板为N极B. 导体棒对下板的压力变大C. 导体棒受到垂直棒向左的安培力D. 导体棒对下板有垂直棒向右的静摩擦力3.如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线。

曲线Ⅲ与直线Ⅰ、Ⅱ相交点的坐标分别为3，、。

如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法不正确的是A.电源1与电源2的内阻之比是3：2B. 电源1与电源2的电动势之比是1：1C. 在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是21：26D. 在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是7：104.静电场中x轴上的电势随x坐标变化的图线如图所示．若将一带负电粒子重力不计从坐标原点O由静止释放，粒子沿x轴运动，电场中P、Q两点的坐标分别为、则下列说法正确的是A.粒子经过P点与Q点时，动能相等B. 粒子在P点的电势能为正值C. 粒子经过P点和Q点时，加速度大小相等、方向相反D. 粒子经过P点与Q点时，电场力做功的功率相等5.如图所示，带电平行金属板A，B，板间的电势差为U，A板带正电，B板中央有一小孔，一带正电的液滴，带电量为q，质量为m，自孔的正上方距板高h处自由落下，若微粒恰能落至A，B板的正中央c点，则A. 微粒在整个下落过程中，动能增加，重力势能逐渐减小B. 若将微粒从距B板高2h处自由下落，则微粒的落点刚好能达到A板C. 保持板间电势差为U，若将A板上移一小段距离，则微粒的落点仍为C点D. 保持板间电势差为U，若将A板上移一小段距离，则微粒的落点位置也上移，且为A、B板的新的中点位置高二A班物理周测十一【答案】1. C2. D3. D4. A5. B【解析】1. 【分析】根据光敏电阻电阻值变化得到总电阻变化，从而得到总电流变化，进而得到电源总功率、路端电压及支路电流变化；再根据欧姆定律得到各电阻的电压变化，从而得到电容器两极板电压的变化。

人教版物理高二上学期2024年自测试卷与参考答案

2024年人教版物理高二上学期自测试卷与参考答案一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、下列说法正确的是( )A. 布朗运动就是液体分子的无规则运动B. 一定质量的理想气体在体积减小时，其内能一定增加C. 热量不可能自发地从低温物体传到高温物体D. 当两分子间距离增大时，分子间引力增大，而分子间斥力减小答案：C解析：A选项，布朗运动是悬浮在液体或气体中的微粒所做的无规则运动，它反映的是液体或气体分子的无规则运动，但本身不是液体或气体分子的运动，故A错误。

B选项，一定质量的理想气体在体积减小时，若同时放出热量，其内能可能减小，因为内能的变化由做功和热传递共同决定，故B错误。

C选项，根据热力学第二定律，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，即在没有外界影响的情况下，热量总是从高温物体传向低温物体，故C正确。

D选项，当两分子间距离增大时，分子间引力和斥力都减小，只是斥力减小的更快，使得分子力表现为引力，但引力和斥力都随距离的增大而减小，故D错误。

2、在完全失重的状态下，下列哪些测量可以正常进行 ( )A. 用天平测物体的质量B. 用弹簧秤测物体的重力C. 用水银气压计测气体压强D. 用电子秤测压力答案：B解析：A选项，天平是利用杠杆的原理，天平平衡需要物体的重力，在失重状态下，物体和砝码对托盘没有压力，所以天平无法使用，故A错误。

B选项，弹簧秤的原理是：弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长就越长。

在失重状态虽然重力表现不出来，但是拉力总可以的，所以弹簧秤仍能测量拉力，即可以测量物体的重力，故B正确。

C选项，水银气压计测气压的原理是：水银的重力产生的压强等于气体压强，在失重状态下水银不会产生压强，所以不能在失重状态下有效使用，故C错误。

D选项，电子秤的工作原理是：弹簧秤上的物体对弹簧秤的压力等于物体的重力，在失重状态下物体对弹簧秤没有压力，所以不能用弹簧秤测物体的重力，即不能用电子秤测压力，故D错误。

人教版物理高二上学期试题与参考答案(2024-2025学年)

2024-2025学年人教版物理高二上学期复习试题(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、下列关于力与运动关系的描述中，正确的是：A、物体受到的合力为零，物体一定处于静止状态B、物体受到的合力不为零，物体一定做加速运动C、物体的速度为零，物体一定受到合力作用D、物体的加速度与物体所受合力成正比，与物体的质量成反比2、下列关于功的计算公式中，正确的是：A、功W = F * x * cosθB、功W = F * v * cosθC、功W = m * a * xD、功W = m * v * cosθ3、一个质点沿直线运动，其位移随时间变化的关系为(s(t)=5t2+2t+1)，其中(s)的单位是米（m），(t)的单位是秒（s）。

求质点在(t=2s)时刻的速度。

A. 12 m/sB. 22 m/sC. 15 m/sD. 20 m/s)，其中(m)是振子的质量，(k)是弹簧的4、已知一简谐振子的振动周期(T=2π√mk弹性系数。

如果将振子的质量增加为原来的两倍，而弹性系数保持不变，则新周期(T′)和原周期(T)的关系是什么？A.(T′=T)B.(T′=√2T)C.(T′=2T))D.(T′=√25、在下列关于力的说法中，正确的是：A、力是物体运动的原因B、力是改变物体运动状态的原因C、力是物体速度变化的原因D、力是物体位置变化的原因6、一个物体在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是：A、物体所受的合外力为零B、物体的加速度为零C、物体受到的摩擦力为零D、物体的速度为零7、一个质量为2kg的物体在光滑水平面上受到大小为10N的恒力作用，从静止开始运动。

求经过5秒后该物体的速度大小是多少？（重力加量g取10m/s²）A. 15 m/sB. 25 m/sC. 30 m/sD. 50 m/s二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、二、多项选择题（每题4分，共8分）1、下列关于物理量及其单位的说法正确的是：A、速度的单位是米每秒（m/s）B、功率的单位是焦耳每秒（J/s）C、密度的单位是千克每立方米（kg/m³）D、压强的单位是牛顿每平方米（N/m²）2、下列关于力学原理和应用的说法中，正确的是：A、牛顿第一定律揭示了物体运动状态改变的原因是外力的作用B、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，与物体的质量有关C、动量守恒定律适用于所有闭合系统，不受外界力的影响D、根据动量定理，物体的动量变化等于作用在物体上的合外力的冲量3、下列关于物理现象的描述，正确的是（）A、物体在光滑水平面上从静止开始，只受水平拉力作用，物体所受合力为零，加速度为零，速度不变。

中学高二物理上学期周测试题十A班

山西省汾阳市汾阳中学2020—2021学年高二物理上学期周测试题十（A班）一、单选题（本大题共3小题,共12.0分)1.如图所示，在光滑绝缘水平桌面上有两条线段OA、OB，已如，，,一匀强电场平行于桌面分布，桌面上有一个电量为q、质量为m的带正电小球。

现在让小球两次以同样大小的水平初速度从O点沿不同方向出发,小球在电场力作用下运动并分别经过A、B两点。

若小球运动到A、B两点时的速度大小分别为，，则匀强电场的场强大小为A。

B。

C. D。

2.某种小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示，三个完全相同的这种小灯泡连接成如图乙所示的电路，三个电表均为理想电表。

现闭合开关S，电压表的示数为，下列说法正确的是A。

电流表的示数为B。

电流表的示数为C. 此时灯泡的阻值为 D。

电源的输出功率为3.如图是一个将电流表G改装成欧姆表的原理图。

把欧姆表调零后测量一个阻值为R的电阻时，指针偏转至满刻度的处，现接着用此表测量一个电阻R，欧姆表指针偏转至满刻度的处，则电阻R的阻值为A。

B. C。

D.二、多选题（本大题共2小题，共8。

0分）4.如图所示，斜面长为L、倾角为的固定光滑绝缘斜面处于电场图中未画出中，一电荷量为q、质量为m的带负电小球，以大小为的初速度由斜面底端的A点开始沿斜面向上运动,到达斜面顶端的速度大小仍为。

重力加速度大小为g.下列说法正确的是A。

小球在A、B两点的电势能相等B. 小球由A点运动至B点的过程中,其所受电场力做的功为C。

A、B两点的电势差为D。

若该电场是由点电荷Q产生的，则Q可能是负电荷5.如图所示，A，B为平行金属板，两板相距为d，分别与电源两极相连，两板的中央各有一小孔M和今有一带电质点自A 板上方相距为d的P点由静止自由下落、M、N在同一竖直线上，空气阻力忽略不计，到达N孔时速度恰好为零，然后沿原路返同若保持两极板间的电压不变，则A。

把A板向上平移一小段距离,质点自P点自由下落后仍能返回B. 把A板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落C。

高中物理高二物理上学期精选测试卷测试卷附答案

高中物理高二物理上学期精选测试卷测试卷附答案一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．质量分别为A m 和B m 的两小球带有同种电荷，电荷量分别为A q 和B q ，用绝缘细线悬挂在天花板上。

平衡时，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为1θ与()212θθθ>。

两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动，最大速度分别为A v 和B v ，最大动能分别为kA E 和kB E 。

则（）A ．A m 一定大于B m B ．A q 一定小于B qC ．A v 一定大于B vD ．kAE 一定大于kB E【答案】CD 【解析】【分析】【详解】A ．对小球A 受力分析，受重力、静电力、拉力，如图所示根据平衡条件，有1A tan F m gθ=故A 1tan Fm g θ=⋅同理，有B 2tan Fm g θ=⋅由于12θθ>，故A B m m <，故A 错误；B ．两球间的库仑力是作用力与反作用力，一定相等，与两个球是否带电量相等无关，故B 错误；C ．设悬点到AB 的竖直高度为h ，则摆球A 到最低点时下降的高度111(1)cos cos h h h h θθ∆=-=- 小球摆动过程机械能守恒，有212mg h mv ∆=解得2v g h =⋅∆由于12θθ>，A 球摆到最低点过程，下降的高度A B h h ∆>∆，故A 球的速度较大，故C 正确；D ．小球摆动过程机械能守恒，有k mg h E ∆=故k (1cos )(1cos )tan FLE mg h mgL θθθ=∆=-=- 其中cos L θ相同，根据数学中的半角公式，得到k 1cos (1cos )cos ()cos tan tan sin 2FL E FL FL θθθθθθθ-=-==⋅ 其中cos FL θ相同，故θ越大，动能越大，故kA E 一定大于kB E ，故D 正确。

故选CD 。