2019届高考数学(理)冲刺大题提分(7)立体几何建系困难问题(含答案)
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[2019·长沙统测]已知三棱锥P ABC -(如图一)的平面展开图(如图二)中,四边形ABCD 为边长等于2的正方形,ABE △和BCF △均为正三角形,在三棱锥P ABC -中: (1)证明:平面PAC ⊥平面ABC ;
(2)若点M 在棱PA 上运动,当直线BM 与平面PAC 所成的角最大时,求二面角P BC M --的余弦值.
图一
图二
【答案】(1)见解析;(2)
533
33
. 【解析】(1)设AC 的中点为O ,连接BO ,PO .
由题意,得2PA PB PC ==1PO =, 1AO BO CO ===. ∵在PAC △中,PA PC =,O 为AC 的中点,∴PO AC ⊥,
∵在POB △中,1PO =,1OB =,2PB =,222PO OB PB +=,∴PO OB ⊥. ∵AC
OB O =,AC ,OB ⊂平面,∴PO ⊥平面ABC ,
精选大题
立体几何:建系困难问
大题精做
∵PO ⊂平面PAC ,∴平面PAC ⊥平面ABC .
(2)由(1)知,BO PO ⊥,BO AC ⊥,BO ⊥平面PAC , ∴BMO ∠是直线BM 与平面PAC 所成的角,且1
tan BO BMO OM OM
∠==
, ∴当OM 最短时,即M 是PA 的中点时,BMO ∠最大. 由PO ⊥平面ABC ,OB AC ⊥,∴PO OB ⊥,PO OC ⊥,
于是以OC ,OB ,OD 所在直线分别为x 轴,y 轴,z 轴建立如图示空间直角坐标系,
则()0,0,0O ,()1,0,0C ,()0,1,0B ,()1,0,0A -,()0,0,1P ,11,0,22M ⎛⎫
- ⎪⎝⎭
,
()1,1,0BC =-,()1,0,1PC =-,3
1,0,2
2MC ⎛⎫=- ⎪⎝⎭.
设平面MBC 的法向量为()111,,x y z =m ,
则由0
BC MC ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩m m 得:1111030x y x z -=⎧⎨-=⎩.令11x =,得11y =,13z =,即()1,1,3=m .
设平面PBC 的法向量为()222,,x y z =n ,
由0
0BC PC ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩n n 得:222200x y x z -=⎧⎨-=⎩,令1x =,得1y =,1z =,即()1,1,1=n .
533cos ,33
⋅=
==⋅n m m n n m .由图可知,二面角P BC M --533
1.[2019·安庆期末]矩形ABCD 中,1AB =,2AD =,点E 为AD 中点,沿BE 将ABE △折起至PBE △,如图所示,点P 在面BCDE 的射影O 落在BE 上.
(1)求证:面PCE ⊥面PBE ;
(2)求平面PCD 与平面PBE 所成锐二面角的余弦值.
模拟精做
2.[2019·南阳期末]如图1,在矩形ABCD中,35
AB=,25
BC=,点E在线段DC上,且5
DE=,现将AED
△沿AE折到AED'
△的位置,连结CD',BD',如图2.
(1)若点P在线段BC上,且5
BP=,证明:AE D P
⊥';
(2)记平面AD E'与平面BCD'的交线为l.若二面角B AE D
--'为2π
3,求l与平面D CE
'所成角的
正弦值.
3.[2019·苏州调研]如图,在四棱锥P ABCD
-中,已知底面ABCD是边长为1的正方形,侧面PAD⊥平面ABCD,PA PD
.
=,PA与平面PBC所成角的正弦值为21
7
(1)求侧棱PA的长;
(2)设E为AB中点,若PA AB
≥,求二面角B PC E
--的余弦值.
1.【答案】(1)详见解析;(2)
11
11
. 【解析】(1)在四棱锥P BCDE -中,2BE CE ==,2BC =,从而有CE BE ⊥, 又∵PO ⊥面BCDE ,而CE ⊂面BCDE ,∴CE PO ⊥,而PO 、BE ⊂面PBE ,且PO
BE O =,
由线面垂直定理可证CE ⊥面PBE ,又CE ⊂面PCE ,由面面垂直判断定定理即证面PCE ⊥面PBE . (2)由条件知OP ⊥面BCDE ,过点E 做OP 的平行线EZ ,
又由(1)知EC ⊥面PBE ,以EB 、EC 、EZ 分别为x 、y 、z 轴建立空间直角坐标系, 如图所示:
22P ⎝⎭,()
2,0C ,22D ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭,222,2CP ⎛=- ⎝⎭,222DC ⎛⎫= ⎪ ⎪⎝⎭
, 面PBE 的一个法向量为()10,1,0=n , 设面PCD 的法向量为()2,,x y z =n ,则有22
20220x x y ⎧
+=⎪⎨
⎪=⎪,
从而可得面PCD 的一个法向量为()21,1,3=--n ,1211
cos ,11=n n , 设平面PCD 与平面PBE 所成锐二面角为θ,与12,n n 互补,则11cos θ, 故平面PCD 与平面PBE 11. 2.【答案】(1)详见解析;(215
. 答案与解析
【解析】证明:(1)先在图1中连结DP ,在Rt ADE △中,由25AD BC ==,5DE =, 得1
tan 2
DAE ∠=
,在Rt PCD △中,由35DC AB ==,5352522PC BC BP ===-=
, 得1
tan 2
PDC ∠=,∴tan tan PDC DAE ∠=∠,则PDC DAE ∠=∠,
∴90DOE ∠=︒,从而有AE OD ⊥,AE OP ⊥,即在图2中有'AE OD ⊥,AE OP ⊥, ∴AE ⊥平面'POD ,则AE D P ⊥';
解:(2)延长AE ,BC 交于点Q ,连接'D Q ,根据公理3得到直线'D Q 即为l , 再根据二面角定义得到2π
'3
D OP ∠=
.在平面'POD 内过点O 作底面垂线, 以O 为原点,分别为OA , OP ,及所作垂线为x 轴、y 轴、z 轴建立空间直角坐标系, 则(0,3D '-,()1,0,0E -,()11,0,0Q -,()3,4,0C -, ('11,1,3D Q =--,()2,4,0EC =-,('1,3ED =-,
设平面D EC '的一个法向量为(),,x y z =n ,由240
'30
EC x y ED x y z ⎧⋅=-+=⎪⎨⋅=-=⎪⎩n n ,取1y =,得32,1,⎛= ⎝⎭n . ∴l 与平面'D CE 所成角的正弦值为'15
cos ,'5
'D Q D Q D Q
⋅=
=
⋅n n n . 3.【答案】(1)1PA =或21PA ;(242
. 【解析】(1)取AD 中点O ,BC 中点M ,连结OP ,OM ,∵PA PD =,∴OP AD ⊥, 又∵平面PAD ⊥平面ABCD ,OP 平面PAD ,平面PAD 平面ABCD AD =,
∴OP ⊥平面ABCD ,∴OP OA ⊥,OP OM ⊥, 又∵ABCD 是正方形,∴OA OM ⊥,
以O 为原点OA ,OM ,OP 为x ,y ,z 轴建立空间直角坐标系O xyz -(如图),