2007年高考理科数学“立体几何”题
2007-2011江苏高考数学__立体几何(老师)
C B AG H MDE F1B 1A 1D1CN2007-2011江苏高考数学 立体几何 考题评析2007年 立体几何 注:当年全卷共21道题 10道选择题 6道填空题 5道解答题分数5+5+12=22分4.已知两条直线,m n ,两个平面,αβ,给出下面四个命题:①//,m n m n αα⊥⇒⊥ ②//,,//m n m nαβαβ⊂⊂⇒ ③//,////m n m n αα⇒ ④//,//,m n m n αβαβ⊥⇒⊥ 其中正确命题的序号是( ) A .①、③; B .②、④; C .①、④; D .②、③ 【解析】②中,m n ,有可能是异面直线;③中,n 有可能在α上,都不对,故选(C )14.正三棱锥P ABC -的高为2,侧棱与底面ABC 所成角为45︒,则点A 到侧面PBC 的距离是.【解析】如图,∠PBO =45°,PO =OB =2,OD =1,BDPB =PDAD =3,1122AD PO PD AE ⋅=⋅, 得AE . 18.如图,已知1111ABCD A B C D -是棱长为3的正方体,点E 在1AA 上,点F 在1CC 上,且11AE FC ==,(1)求证:1,,,E B F D 四点共面;(4分)(2)若点G 在BC 上,23BG =,点M 在1BB 上, GM BF ⊥,垂足为H ,求证:EM ⊥面11BCC B ;(4分) (3)用θ表示截面1EBFD 和面11BCC B 所成锐二面角大小,求tan θ.(4分)【解析】本小题主要考查平面的基本性质、线线平行、线面垂直、二面角等基础知识和基本运算,考查空间想象能力、逻辑推理能力和运算能力. 解法一:(1)如图,在1DD 上取点N ,使1DN =,连结EN ,CN , 则1AE DN ==,12CF ND ==.∵AE DN ∥,1ND CF ∥,∴四边形ADNE ,1CFD N 都为平行四边形. 从而EN AD ∥,1FD CN ∥.又∵AD BC ∥,∴EN BC ∥, ∴四边形BCNE 是平行四边形,由此推知CN BE ∥,从而1FD BE ∥.∴1E B F D ,,,四点共面.(2)如图,GM BF ⊥,又BM BC ⊥,∴BGM CFB =∠∠,tan tan BM BG BGM BG CFB =⋅=⋅∠∠23132BC BG CF =⋅=⨯=. ∵AE BM ∥,∴ABME 为平行四边形,从而AB EM ∥. 又∵AB ⊥平面11BCC B ,∴EM ⊥平面11BCC B .1D1A A B C D 1C 1B ME F HG(3)如图,连结EH .∵MH BF ⊥,EM BF ⊥,∴BF ⊥平面EMH ,得EH BF ⊥. ∴EHM ∠是所求的二面角的平面角,即EHM θ=∠. ∵MBH CFB =∠∠,∴sin sin MH BM MBH BM CFB =⋅=⋅∠∠1BM ===,∴tan EMMHθ== 解法二:(1)建立如图所示的坐标系,则(301)BE =,,,(032)BF =,,,1(333)BD =,,,∴1BD BE BF =+, ∴1BD ,BE ,BF 共面. 又∵它们有公共点B ,∴1E B F D ,,,四点共面.(2)如图,设(00)M z ,,,则2(0)3GM z =-,,, 而(032)BF =,,,由题设得23203GM BF z ⋅=-⨯+⨯=,解得1z =.∵(001)M ,,,(301)E ,,,有(300)ME =,,,又1(003)BB =,,,(030)BC =,,, ∴10ME BB =,0ME BC =,从而1ME BB ⊥,ME BC ⊥. ∴ME ⊥平面11BCC B .(3)设向量(3)BP x y =,,⊥截面1EBFD ,于是BP BE ⊥,BP BF ⊥.而(301)BE =,,,(032)BF =,,,得330BP BE x =+=,360BP BF y =+=, 解得1x =-,2y =-,∴ (12 3)BP =--,,. 又(300)BA =,,⊥平面11BCC B ,∴BP 和BA 的夹角等于θ或πθ-(θ为锐角).于是cos 14BP BA BP BAθ==. ∴tan θ=2008年 立体几何 注:从这一年开始 正卷共20道题 14道填空题 6道解答题附加题卷4选2,加2道解答题,共4道题 每题10分 共40分分数14+10=24分A B C DE F16.如图,在四面体ABCD 中,CB CD AD BD =⊥,,点E F ,分别是AB BD ,的中点.求证:(1)直线//EF 面ACD ;(2)平面EFC ⊥面BCD . 【解析】(1)∵E ,F 分别是AB BD ,的中点.∴EF 是△ABD 的中位线, ∴EF ∥AD ,∵EF ∥⊄平面ACD ,AD ⊂平面ACD , ∴直线EF ∥平面ACD ;(2)∵AD ⊥BD ,EF ∥AD , ∴EF ⊥BD ,∵CB =CD ,F 是BD 的中点, ∴CF ⊥BD ;又∵EF ∩CF =F ,∴BD ⊥平面EFC ,∵BD ⊂平面BCD , ∴平面EFC ⊥平面B C D .22.【必做题】如图,设动点P 在棱长为1的正方体1111-ABCD A BC D 的对角线1BD上, 记11D PD Bλ=;当APC ∠为钝角时,求λ的取值范围. 【解析】由题设可知,以DA 、DC 、1DD 为单位正交基底,建立如图所示的空间直角坐标系D xyz -,则有(1,0,0)A ,(1,1,0)B ,(0,1,0)C ,(0,0,1)D ; 由1(1,1,1)D B =-,得11(,,)D P D B λλλλ==-,∴11(,,)(1,0,1)(1,,1)PA PD D A λλλλλλ=+=--+-=---11(,,)(0,1,1)(,1,1)PC PD DC λλλλλλ=+=--+-=---; 显然APC ∠不是平角,∴APC ∠为钝角等价于:cos cos ,0PA PC APC PA PC PA PC∠=<>=<,则等价于0PA PC <;即:2(1)()()(1)(1)(1)(31)0λλλλλλλ--+--+-=--<,得113λ<<; ∴λ的取值范围是1(,1)3.2009年 立体几何分数5+5++14=24分8.在平面上,若两个正三角形的边长的比为1:2,则它们的面积比为1:4,类似地,在空间 内,若两个正四面体的棱长的比为1:2,则它们的体积比为 . 【解析】考查类比的方法.体积比为1:8.12.设α和β为不重合的两个平面,给出下列命题:(1)若α内的两条相交直线分别平行于β内的两条直线,则α平行于β;(2)若α外一条直线l 与α内的一条直线平行,则l 和α平行;(3)设α和β相交于直线l ,若α内有一条直线垂直于l ,则α和β垂直;(4)直线l 与α垂直的充分必要条件是l 与α内的两条直线垂直。
【高考数学】2007年理科分章节详解“立体几何”题
2007年高考“立体几何”题1.(全国Ⅰ) 如图,正四棱柱1111ABCD A B C D -中,12AA AB =,则异面直线1A B 与1AD 所成角的余弦值为( )A .15B .25C .35D .45解:如图,连接BC 1,A 1C 1,∠A 1BC 1是异面直线1A B 与1AD所成的角,设AB=a ,AA 1=2a ,∴ A 1B=C 1B=5a , A 1C 1=2a ,∠A 1BC 1的余弦值为45,选D 。
一个等腰直角三角形的三个顶点分别在正三棱柱的三条侧棱上.已知 正三棱柱的底面边长为2,则该三角形的斜边长为 . 解:一个等腰直角三角形DEF 的三个顶点分别在 正三棱柱的三条侧棱上,∠EDF=90°,已知 正三棱柱的底面边长为AB=2,则该三角形的斜边EF 上的中线DG=3. ∴ 斜边EF 的长为23。
四棱锥S ABCD -中,底面ABCD 为平行四边形, 侧面SBC ⊥底面ABCD .已知45ABC =∠,2AB =,BC =SA SB ==(Ⅰ)证明SA BC ⊥;(Ⅱ)求直线SD 与平面SAB 所成角的大小. 解法一:(Ⅰ)作SO BC ⊥,垂足为O ,连结AO ,由侧面SBC ⊥底面ABCD ,得SO ⊥底面ABCD . 因为SA SB =,所以AO BO =,又45ABC =∠,故AOB △为等腰直角三角形,AO BO ⊥, 由三垂线定理,得SA BC ⊥.(Ⅱ)由(Ⅰ)知SA BC ⊥,依题设AD BC ∥, 故SA AD ⊥,由AD BC ==SA =AO =1A AB1B1A1D1C CDC 1A CFAD BCA S得1SO =,SD =.SAB △的面积211122S ABSA ⎛=-= ⎝连结DB ,得DAB △的面积21sin13522S AB AD == 设D 到平面SAB 的距离为h ,由于D SAB S ABD V V --=, 得121133h S SO S =,解得h = 设SD 与平面SAB 所成角为α,则sin 11h SD α===. 所以,直线SD 与平面SBC 所成的我为arcsin11. 解法二:(Ⅰ)作SO BC ⊥,垂足为O ,连结AO ,由侧面SBC ⊥底面ABCD ,得SO ⊥平面ABCD . 因为SA SB =,所以AO BO =.又45ABC =∠,AOB △为等腰直角三角形,AO OB ⊥. 如图,以O 为坐标原点,OA 为x 0)A ,,(0B ,(0C -,,(001)S ,,,(2,(0CB =,0SA CB =,所以SA BC ⊥.(Ⅱ)取AB 中点E ,022E ⎛⎫⎪ ⎪⎝⎭,,连结SE ,取SE 中点G ,连结OG ,12G ⎫⎪⎪⎝⎭,. 12OG ⎫=⎪⎪⎝⎭,,1SE ⎫=⎪⎪⎝⎭,(AB =. 0SE OG =,0AB OG =,OG 与平面SAB 内两条相交直线SE ,AB 垂直.所以OG ⊥平面SAB ,OG 与DS 的夹角记为α,SD 与平面SAB 所成的角记为β, 则α与β互余.ODBCASD,(DS =.22cos OG DS OG DSα==sin 11β=,所以,直线SD 与平面SAB 所成的角为arcsin .2.(全国II) 已知正三棱柱111ABC A B C -的侧棱长与底面边长相等,则1AB 与侧面11ACC A 所成角的正弦值等于()A .4B.4C .2D .2解:已知正三棱柱ABC -A 1B 1C 1的侧棱长与底面边长相等,取A 1C 1的中点D 1,连接BD 1,AD 1,∠B 1AD 1是AB 1与侧面ACC 1A 1所成的角,11sin 4B AD ∠==,选A 。
最新07-13年广东高考理科数学立体几何试题及答案
18.(本小题满分14分)如图6所示,等腰△ABC 的底边AB =66,高CD =3,点E 是线段BD 上异于点B 、D 的动点.点F 在BC 边上,且EF ⊥AB .现沿EF 将△BEF 折起到△PEF 的位置,使PE ⊥AE .记BE x = V (x )表示四棱锥P-ACFE 的体积. (1)求V (x )的表达式;(2)当x 为何值时,V (x )取得最大值?(3)当V (x )取得最大值时,求异面直线AC 与PF 所成角的余弦值2008年广东高考试题(理科)20.(本小题满分14分)如图5所示,四棱锥P ABCD -的底面ABCD 是半径为R 的圆的内接四边形,其中BD 是圆的直径,60ABD ∠=,45BDC ∠=,PD 垂直底面ABCD,PD =,E F ,分别是PB CD ,上的点,且PE DF EB FC=,过点E 作BC的平行线交PC 于G . (1)求BD 与平面ABP 所成角θ的正弦值; (2)证明:EFG △是直角三角形;(3)当12PE EB =时,求EFG △的面积.FCPG E AB图5D18.(本小题满分14分)如图6,已知正方体1111ABCD A B C D -的棱长为2,点E是正方形11BCC B 的中心,点F、G分别是棱111,C D AA 的中点.设点11,E G 分别是点E、G在平面11DCC D 内的正投影. (1)求以E为顶点,以四边形FGAE 在平面11DCC D 内 的正投影为底面边界的棱锥的体积;(2)证明:直线11FG FEE ⊥平面;(3)求异面直线11E G EA 与所成角的正弦值2010年广东高考试题(理科)18.(本小题满分14分)如图5,¼ABC 是半径为a 的半圆,AC 为直径,点E 为»AC 的中点,点B 和点C 为线段AD 的三等分点.平面AEC 外一点F 满足FB DF ==,. (1)证明:EB ⊥FD ;(2)已知点Q,R 分别为线段FE,FB 上的点,使得22,33BQ FE FR FB ==,求平面BED 与平面RQD 所成二面角的正弦值.18.(本小题满分13分)如图5.在椎体P-ABCD中,ABCD是边长为1的棱形,==且∠DAB=60︒,PA PDE,F分别是BC,PC的中点.(1) 证明:AD ⊥平面DEF;(2) 求二面角P-AD-B的余弦值.2012年广东高考试题(理科)18.(本小题满分13分)如图5所示,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为矩形,PA⊥平面ABCD,点 E在线段PC 上,PC⊥平面BDE。
2007年高考数学(理)真题(Word版)——全国1卷(试题+答案解析)
2007年普通高等学校招生全国统一考试(全国1卷)数学(理)试题第Ⅰ卷参考公式:如果事件A B ,互斥,那么球的表面积公式 ()()()P A B P A P B +=+24πS R =如果事件A B ,相互独立,那么其中R 表示球的半径 ()()()P A B P A P B =球的体积公式如果事件A 在一次试验中发生的概率是p ,那么34π3V R =n 次独立重复试验中事件A 恰好发生k 次的概率其中R 表示球的半径()(1)(012)k k n kn n P k C p p k n -=-=,,,…, 一、选择题(1)α是第四象限角,5tan 12α=-,则sin α=( ) A .15 B .15- C .513 D .513-(2)设a 是实数,且1i 1i 2a +++是实数,则a =( ) A .12 B .1 C .32D .2(3)已知向量(56)=-,a ,(65)=,b ,则a 与b ( ) A .垂直B .不垂直也不平行C .平行且同向D .平行且反向(4)已知双曲线的离心率为2,焦点是(40)-,,(40),,则双曲线方程为( ) A .221412x y -= B .221124x y -= C .221106x y -= D .221610x y -= (5)设a b ∈R ,,集合{}10ba b a b a ⎧⎫+=⎨⎬⎩⎭,,,,,则b a -=( ) A .1B .1-C .2D .2-(6)下面给出的四个点中,到直线10x y -+=的距离为22,且位于1010x y x y +-<⎧⎨-+>⎩,表示的平面区域内的点是( )A .(11),B .(11)-,C .(11)--,D .(11)-,(7)如图,正四棱柱1111ABCD A BC D -中,12AA AB =,则异面直线1A B 与1AD 所成角的余弦值为( )A .15B .25C .35D .45(8)设1a >,函数()log a f x x =在区间[]2a a ,上的最大值与最小值之差为12,则a =( ) A .2B .2C .22D .4(9)()f x ,()g x 是定义在R 上的函数,()()()h x f x g x =+,则“()f x ,()g x 均为偶函数”是“()h x 为偶函数”的( ) A .充要条件 B .充分而不必要的条件C .必要而不充分的条件D .既不充分也不必要的条件(10)21nx x ⎛⎫- ⎪⎝⎭的展开式中,常数项为15,则n =( )A .3B .4C .5D .6(11)抛物线24y x =的焦点为F ,准线为l ,经过F 且斜率为3的直线与抛物线在x 轴上方的部分相交于点A ,AK l ⊥,垂足为K ,则AKF △的面积是( ) A .4B .33C .43D .8(12)函数22()cos 2cos 2xf x x =-的一个单调增区间是( ) A .233ππ⎛⎫ ⎪⎝⎭,B .62ππ⎛⎫ ⎪⎝⎭,C .03π⎛⎫ ⎪⎝⎭,D .66ππ⎛⎫- ⎪⎝⎭,第Ⅱ卷二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在横线上.(13)从班委会5名成员中选出3名,分别担任班级学习委员、文娱委员与体育委员,其中AB1B1A1D1C C D甲、乙二人不能担任文娱委员,则不同的选法共有 种.(用数字作答) (14)函数()y f x =的图像与函数3log (0)y x x =>的图像关于直线y x =对称,则()f x = .(15)等比数列{}n a 的前n 项和为n S ,已知1S ,22S ,33S 成等差数列,则{}n a 的公比为 . (16)一个等腰直角三角形的三个顶点分别在正三棱柱的三条侧棱上.已知正三棱柱的底面边长为2,则该三角形的斜边长为 .三、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤. (17)(本小题满分10分)设锐角三角形ABC 的内角A B C ,,的对边分别为a b c ,,,2sin a b A =. (Ⅰ)求B 的大小;(Ⅱ)求cos sin A C +的取值范围.(18)(本小题满分12分) 某商场经销某商品,根据以往资料统计,顾客采用的付款期数ξ的分布列为ξ1 2 3 4 5 P0.40.20.20.10.1商场经销一件该商品,采用1期付款,其利润为200元;分2期或3期付款,其利润为250元;分4期或5期付款,其利润为300元.η表示经销一件该商品的利润.(Ⅰ)求事件A :“购买该商品的3位顾客中,至少有1位采用1期付款”的概率()P A ; (Ⅱ)求η的分布列及期望E η.(19)(本小题满分12分)四棱锥S ABC D -中,底面A B C D 为平行四边形,侧面SBC ⊥底面A B C D .已知45ABC = ∠,2AB =,22BC =,3SA SB ==.(Ⅰ)证明SA BC ⊥;(Ⅱ)求直线SD 与平面SAB 所成角的大小.(20)(本小题满分12分) 设函数()e e xxf x -=-.DBCAS(Ⅰ)证明:()f x 的导数()2f x '≥;(Ⅱ)若对所有0x ≥都有()f x ax ≥,求a 的取值范围.(21)(本小题满分12分)已知椭圆22132x y +=的左、右焦点分别为1F ,2F .过1F 的直线交椭圆于B D ,两点,过2F 的直线交椭圆于AC ,两点,且AC BD ⊥,垂足为P .(Ⅰ)设P 点的坐标为00()x y ,,证明:2200132x y +<; (Ⅱ)求四边形ABCD 的面积的最小值.(22)(本小题满分12分)已知数列{}n a 中12a =,1(21)(2)n n a a +=-+,123n =,,,…. (Ⅰ)求{}n a 的通项公式; (Ⅱ)若数列{}n b 中12b =,13423n n n b b b ++=+,123n =,,,…, 证明:432n n b a -<≤,123n =,,,….答案解析一、选择题 1.答案:D解析:α是第四象限角,5tan 12α=-,则sin α=-215131tan α=-+ 2.答案:B解析:设a 是实数,112a i i +++=(1)1(1)(1)222a i i a a i-+++-+=是实数,则a =1,选B 。
2007-2014浙江高考——立体几何:简答题
2007-2014年浙江数学高考——立体几何:简答题1、(2014文)如图,在四棱锥A -BCDE中,平面ABC⊥平面BCDE,∠CDE=∠BED=90°,AB=CD=2,DE=BE=1,AC=2.(1)证明:AC⊥平面BCDE;(2)求直线AE与平面ABC所成的角的正切值.(2014理)如图,在四棱锥A-BCDE中,平面ABC⊥平面BCDE,∠CDE=∠BED=90°,AB=CD=2,DE=BE=1,AC=2.(1)证明:DE⊥平面ACD;(2)求二面角B -AD -E的大小.2、(2013文)如图,在四棱锥P-ABCD 中,P A ⊥平面ABCD ,AB =BC =2,AD =CD P A ∠ABC =120°,G 为线段PC 上的点.(1)证明:BD ⊥平面APC ;(2)若G 为PC 的中点,求DG 与平面APC 所成的角的正切值;(3)若G 满足PC ⊥平面BGD ,求PG GC 的值.(2013理)如图,在四面体BCD A -中,⊥AD 平面B C D ,,BC CD ⊥ 2,AD =BD =M 是AD 的中点,P 是BM 的中点,点Q 在线段AC 上,且QC AQ 3=.(1)证明://PQ 平面BCD ;(2)若二面角D BM C --的大小为060,求BDC ∠的大小.3、(2012文)如图,在侧棱垂直底面的四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,AD||BC,AD⊥AB,ABAD=2,BC=4,AA1=2,E是DD1的中点,F是平面B1C1E与直线AA1的交点.(1)证明:①EF||A1D1②BA1⊥平面B1C1EF(2)求BC1与平面B1C1EF所成的角的正弦值.(2012理)如图,在四棱锥P-ABCD中,底面是边长为BAD=120°,且P A⊥平面ABCD,P A=,M,N,分别是PB,PD的中点.(1)证明:MN||平面ABCD;(2)过点A作AQ⊥PC,垂足为点Q,求二面角A-MN-Q的平面角的余弦值.4、(2011文)如图,在三棱锥P-ABC中,AB=AC,D为BC的中点,PO⊥平面ABC,垂足O落在线段AD上.(1)证明:AP⊥BC;(2)已知BC=8,PO=4,AO=3,OD=2.求二面角B-AP-C的大小.(2011理)如图,在三棱锥P-ABC中,AB=AC,D为BC的中点,PO⊥平面ABC,垂足O落在线段AD上.已知BC=8,PO=4,AO=3,OD=2.(1)证明:AP⊥BC;(2)在线段AP上是否存在点M,使得二面角A-MC-B为直二面角?若存在,求出AM的长;若不存在,请说明理由.5、(2010文)如图,在平行四边形ABCD中,AB=2BC,∠ABC=120°,E为线段AB的中点,将△ADE沿直线DE翻折成△A’DE,使平面A’DE⊥平面BCD,F为线段A’C的中点.(1)求证:BF||平面A’DE;(2)设M为线段DE的中点,求直线FM与平面A’DE所成角的余弦值.(2010理)如图,在矩形ABCD中,点E,F分别在线段AB,AD上,AE=EB=AF=23FD=4,沿直线EF将△AEF翻折成△A’EF,使平面A’EF⊥平面BEF.(1)求二面角A’-FD-C的余弦值;(2)点M,N分别在线段FD,BC上,若沿直线MN将四边形MNCD向上翻折,使C与A’重合,求线段FM的长.6、(2009文)如图,DC⊥平面ABC,EB//DC,AC=BC=EB=2DC=2,∠ACB=120°,P,Q分别是AE,AB的中点.(1)证明:PQ//平面ACD ;(2)求AD与平面ABE所成角的正弦值.(2009理)如图,平面P AC⊥平面ABC,△ABC是以AC为斜边的等腰直角三角形,E,F,O 分别是P A,PB,AC的中点,AC=16,P A=PC=10.(1)设G是OC的中点,证明:FG//平面BOE;(2)证明:在△ABO内存在一点M,使FM⊥平面BOE,并求点M到OA,OB的距离.7、(2008)如图,矩形ABCD和梯形BEFC所在的平面互相垂直,∠BCF=∠CEF=90°,EF=2.(1)求证:AE//平面DCF;(2)当AB的长为何值时,二面角A-EF-C的大小为60°.8、(2007文)在如图所示的几何体中,EA⊥平面ABC,DB⊥平面ABC,AC⊥BC,且AC=BC=BD=2AE,M是AB的中点.(1)求证:CM⊥EM;(2)求DE与平面EMC所成角的正切值.(2007理)在如图所示的几何体中,EA⊥平面ABC,DB⊥平面ABC,AC⊥BC,且AC=BC=BD=2AE,M是AB的中点.(1)求证:CM⊥EM;(2)求CM与平面CDE所成的角.。
立体几何2007年高考题
2007年高考数学试题分类详解立体几何一、选择题1.(全国1文理7)如图,正棱柱1111ABC D A B C D -中,12AA AB =,则异面直线1A B 与1AD 所成角的余弦值为A .15B .25C .35D .45解.如图,连接BC 1,A 1C 1,∠A 1BC 1是异面直线1A B 与1AD 所成的角,设AB=a ,AA 1=2a ,∴ A 1B=C 1B=5a ,A 1C 1=2a ,∠A 1BC 1的余弦值为45,选D 。
2、(山东文理3)下列几何体各自的三视图中,有且仅有两个视图相同的是( )A .①②B.①③C .①④D.②④【答案】D 【分析】: 正方体的三视图都相同,而三棱台的三视图各不相同,正确答案为D 。
3、(天津理6) 设,a b 为两条直线,,αβ为两个平面.下列四个命题中,正确的命题是 ( )A.若,a b 与α所成的角相等,则b a ∥B.若a∥,b α∥β,α∥β,则b a ∥C.若,,a b a αβ⊂⊂∥b,则βα∥D.若,,,a b αβαβ⊥⊥⊥则a b ⊥【答案】D【分析】对于A 当,a b 与α均成0︒时就不一定;对于B 只需找个γαβ∥∥,且,a b γγ⊂⊂即可满足题设但,a b 不一定平行;对于C 可参考直三棱柱模型排除,故选D4、(天津文6)设a b ,为两条直线,αβ,为两个平面,下列四个命题中,正确的命题是( )A .若a b ,与α所成的角相等,则a b ∥B .若a α∥,b β∥,αβ∥,则a b ∥DCBAC 1B 1D 1A 1DCBAC 1B 1D 1A 1①正方形 ②圆锥③三棱台 ④正四棱锥C .若a α⊂,b β⊂,a b ∥,则αβ∥D .若a α⊥,b β⊥,αβ⊥,则a b ⊥【解析】A项中若a b ,与α所成的角相等,则a b ,可以平行、相交、异面故错;B项中若a b αβ,∥∥,αβ∥,则a b ,可以平行、异面故错;C项中若a b ⊂⊂,,αβa b ∥则,αβ可以平行、相交;而D 项是对,因为此时a b ,所成的角与,αβ所成的角是相等或是互补的,则a b ⊥.5、(广东文6)若,,l m n 是互不相同的空间直线,,αβ是不重合的平面,则下列命题中为真命题的是【解析】逐一判除,易得答案(D).6、(全国2理7)已知正三棱柱ABC -A 1B 1C 1的侧棱长与底面边长相等,则AB 1与侧面ACC 1A 1所成角的正弦等于 (A)64(B)104(C)22(D)32解.已知正三棱柱ABC -A 1B 1C 1的侧棱长与底面边长相等,取A 1C 1的中点D 1,连接BD 1,AD 1,∠B 1AD 1是AB 1与侧面ACC 1A 1所成的角,11362sin 42B AD ∠==,选A 。
2013最新题库大全2007年高考数学(理)试题分项 专题08 立体几何
专题08 立体几何一、选择题1.(全国Ⅰ•理•7题)如图,正四棱柱1111D C B A ABCD -中,AB AA 21=,则异面直线11AD B A 与所成角的余弦值为( D )A .51 B .52 C .53 D .542.(全国Ⅱ•理•7题)已知正三棱柱ABC -A 1B 1C 1的侧棱长与底面边长相等,则AB 1与侧面ACC 1A 1所成角的正弦等于( A )A .BCD 3.(北京•理•3题)平面α∥平面β的一个充分条件是( D )A .存在一条直线a a ααβ,∥,∥B .存在一条直线a a a αβ⊂,,∥C .存在两条平行直线a b a b a b αββα⊂⊂,,,,∥,∥D .存在两条异面直线a b a a b αβα⊂,,,∥,∥4.(安徽•理•2题)设l ,m ,n 均为直线,其中m ,n 在平面α内,“l α⊥”是l m⊥且“l n ⊥”的( )A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件7.(福建•理•10题)顶点在同一球面上的正四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1中,AB =1,AA 1=,则A 、C 两点间的球面距离为(B )A .4πB .2πC D .9.(湖南•理•8题)棱长为1的正方体1111ABCD A B C D -的8个顶点都在球O 的表面上,E F ,分别是棱1AA ,1DD 的中点,则直线EF 被球O 截得的线段长为( D )A B .1C .21 D10.(江苏•理•4题)已知两条直线,m n ,两个平面,αβ,给出下面四个命题: ①//,m n m n αα⊥⇒⊥ ②//,,//m n m n αβαβ⊂⊂⇒ ③//,////m n m n αα⇒ ④//,//,m n m n αβαβ⊥⇒⊥ 其中正确命题的序号是( C )A .①③B .②④C .①④D .②③ 11.(江西•理•7题)如图,正方体AC 1的棱长为1,过点A 作平面A 1BD 的垂线,垂足为点H .则以下命题中,错误..的命题是( D ) A .点H 是△A 1BD 的垂心 B .AH 垂直平面CB 1D 1C .AH 的延长线经过点C 1D .直线AH 和BB 1所成角为45° 12.(辽宁•理•7题)若m n ,是两条不同的直线,αβγ,,是三个不同的平面,则下列命题中的真命题是( )A .若m βαβ⊂⊥,,则m α⊥B .若m αγ= n βγ= ,m n ∥,则αβ∥C .若m β⊥,m α∥,则αβ⊥D .若αγ⊥,αβ⊥,则βγ⊥ 13.(陕西•理•6题)一个正三棱锥的四个顶点都在半径为1的球面上,其中底面的三个顶点在该球的一个大圆上,则该正三棱锥的体积是( B )A .433 B .33 C . 43 D .12314.(四川•理•4题)如图,ABCD -A 1B 1C 1D 1为正方体,下面结论错误..的是( D ) A .BD ∥平面CB 1D 1 B .AC 1⊥BDC .AC 1⊥平面CB 1D 1 D .异面直线AD 与CB 1角为60°15.(宁夏•理•8题) 已知某个几何体的三视图如下,根据图中标出的尺寸(单位:cm ),可得这个几何体的体积是( B )A.34000cm 3 B.38000cm 3C.32000cmD.34000cmC.若a b a b αβ⊂⊂,,∥,则αβ∥ D.若a b αβ⊥⊥,,αβ⊥,则a b ⊥18.(浙江•理•6题)若P 是两条异面直线,l m 外的任意一点,则( B )A .过点P 有且仅有一条直线与,l m 都平行B .过点P 有且仅有一条直线与,l m都垂直C .过点P 有且仅有一条直线与,l m 都相交D .过点P 有且仅有一条直线与,l m都异面二、填空题正视图侧视图俯视图19.(全国Ⅰ•理•16题)一个等腰直角三角形的三个顶点分别在正三棱柱的三条侧棱上。
高定价2007年高考数学试题汇编——立体几何(二)
Using the research method of literature, meansof observation, behavioralapproach, con ceptual an alysis and the patter n of in formati on-seek ing of local and overseas were an alyzed and compared, Basic pattern strategies of tech no logy in formatio n-seeki ng2007年高考数学试题汇编一一立体几何(二)二、填空题19.(全国I ?理?16题)一个等腰直角三角形的三个顶点分别在正三棱柱的三条侧棱上。
已知正三棱柱的底面边长为 2,则该三角形的斜边长为【解答】一个等腰直角三角形 DEF 的三个顶点分别在正三棱柱的三条侧棱上,/EDF=90° ,已知正三棱柱的底面边长为 AB=2,则该三角形的斜边 EF 上的中线 DG= ',20.(全国n ?理?15题)一个正四棱柱的各个顶点在一个直径为 2cm 的球面上。
如果 正四棱柱的底面边长为 1cm ,那么该棱柱的表面积为 _ - ’ 4 J 二 【解答】一个正四棱柱的各个顶点在一个直径为 2cm 的球面上。
正四棱柱的对角线的长为球的直径,现正四棱柱底面边长为 1cm ,设正四棱柱的高为 h ,二2R=2=山■-匸■'解得h= ,那么该棱柱的表面积为 2+4 ” - cm2.21.(安徽?理?15题)在正方体上任意选择 4个顶点,它们可能是如下各种几何形体的4个顶点,这些几何形体是 ____________ (写出所有正确结论的编号)。
cm2。
•••斜边EF①矩形;②不是矩形的平行四边形;③有三个面为等腰直角三角形,有一个面为等边三角形的四面体;④每个面都是等边三角形的四面体;⑤每个面都是直角三角形的四面体。
2007年高考数学试题分类汇编立体几何.
2007 年高考数学试题分类汇编立体几何一.选择题1. (2007 安徽·文 )设 l , m, n 均为直线 ,此中 m, n 在平面a 内, 则“l ”是 “l”是 “l m 且 l n ”)的((A) 充足不用要条件 (B) 必需不充足条件 (C) 充足必需条件(D) 既不充足也不用要条件2. (2007 安徽·文 )把边长为2 的正方形 ABCD 沿对角线 AC 折成直二面角 ,折成直二面角后 ,在 A,B,C,D 四点所在的球面上 ,B 与 D 两点之间的球面距离为()(A) 22(B)(C)(D)233. (2007 北京·文 ) 平面 ∥平面 的一个充足条件是()A.存在一条直线 , a ∥ , a ∥B.存在一条直线a , a, a ∥C.存在两条平行直线D.存在两条异面直线a ,b , a , b , a ∥ , b ∥a ,b , a, a ∥ , b ∥4.(2007 福建·文 ) 如图,在正方体 ABCD A 1B 1C 1 D 1 中, E ,F ,G ,HD 1C 1A 1HB 1分别为 AA 1 , AB , BB 1 , B 1C 1 的中点,则异面直线 EF 与 GH 所成的角G等于( )E DCA. 45B. 60C. 90 D. 120AFB5. (2007 广东·文 ) 若 l 、 m 、 n 是互不同样的空间直线, α 、 β 是不重合的平面,则以下命题中为真命题的是( )A .若 // ,l , n,则 l // nB .若, l ,则 lC. 若 ln, m n ,则 l // mD.若 l,l //,则//6.(2007 湖北· 文 ) 在棱长为 1 的正方体 ABCD A 1B 1C 1 D 1 中, E ,F 分别为棱 AA 1, BB 1 的中 点, G 为棱 A 1B 1 上的一点,且 AG 1(0 ≤ ≤ 1).则点 G 到平面 D 1EF 的距离为()A. 3B.2 25 2C.D.357.(2007 天津·文 )设 a ,b 为两条直线,, 为两个平面,以下四个命题中,正确的命题是( )A .若 a ,b 与 所成的角相等,则 a ∥ bB .若 a ∥ , b ∥ , ∥ ,则 a ∥ bC .若 a, b , a ∥ b ,则 ∥D .若 a , b,,则 a b8 . (2007湖南·文) 如 图1,在正四棱柱ABCDA 1B 1C 1D 1 中,E ,F 分别是 AB 1 , BC 1 的中D 1C 1点,则以下结论中不可立 的是()A 1B 1...A . EF 与 BB 1垂直 B . EF 与 BD 垂直 E FC . EF 与 CD 异面D . EF 与 A 1C 1异面DC9.(2007 江西· 文 ) 四周体 ABCD 的外接球球心在 CD AB上,且 CD2,AD3 ,在外接球面上两点 A ,B 间的球面距离是()ππ2π5πA.B.C.D.633610.(2007 全国Ⅰ· 文 )如图,正四棱柱 ABCD A 1 B 1C 1D 1 中, AA 1 2 AB ,则异面直线 A 1 B与 AD 1 所成角的余弦值为()D 1C 1A 1A.1234B 1B.C.D. 5555DCAB11.(2007 全国Ⅱ·文 )已知三棱锥的侧棱长的底面边长的 2 倍,则侧棱与底面所成角的余弦值等于( )3323A .B .C .D .642212. (2007 陕西·文 )Rt △ ABC 的三个极点在半径为 13 的球面上,两直角边的长分别为 6 和8,则球心到平面 ABC 的距离是(A )5(B )6(C )10(D )12(2007 四川·文 )如图, ABCD -A 1B 1C 1D 1 为正方体,下边结论错误 的是.. (A ) BD ∥平面 CB 1D 1 (B) AC1⊥BD(C)AC 1⊥平面 CB 1D 1 (D) 异面直线 AD 与 CB 所成的角为 60°二.填空题13.(2007 天津·文 )一个长方体的各极点均在同一球的球面上,分别为 1, 2 , 3 ,则此球的表面积为 .且一个极点上的三条棱的长14. (2007全国Ⅰ·文)正四棱锥SABCD 的底面边长和各侧棱长都为2,点 S ,A , B ,C ,D 都在同一个球面上,则该球的体积为_________.15. (2007 全国Ⅱ·文 )一个正四棱柱的各个极点在一个直径为2cm 的球面上.假如正四棱柱的底面边长为1cm ,那么该棱柱的表面积为cm 2 .16.(2007 江西·文 ) 如图,正方体 AC 1 的棱长为 1,过点作平面 A 1 BD 的垂线,垂足为点 H .有以下四个命题A.点 H 是 △ A 1BD 的垂心B. AH 垂直平面 CB 1 D 1C.二面角 C B 1D 1C 1 的正切值为 23 D.点 H 到平面 A 1B 1C 1D 1 的距离为4此中真命题的代是 .(写出全部真命题的代)三.解答题17. (2007广东·文 ) 已知某几何体的俯视图是如图5所示的矩形,正视图 ( 或称主 视图 ) 是一个底边长为 8、高为 4的等腰三角形,侧视图 ( 或称左视图 ) 是一个底边长为 6、高为 4的等腰三角形.(1) 求该几何体的体积 V ;(2) 求该几何体的侧面积 S解 : 由已知可得该几何体是一个底面为矩形,高为 4,极点在底面的射影是矩形中心的四棱锥 V-ABCD ;(1)1 8 6464V3(2) 该四棱锥有两个侧面VAD. VBC 是全等的等腰三角形 ,且 BC 边上的高为8 2h 1424 2, 另两个侧面 VAB. VCD 也是全等的等腰三角形 ,22AB 边上的高为h 2426 52所以S 2(164 21 8 5)402422218. (2007 北京·文 ) 如图,在Rt△AOB中,OAB π4 . Rt△ AOC 可,斜边 AB6以经过 Rt△ AOB 以直线 AO 为轴旋转获得,且二面角 B AO C 的直二面角. D 是 AB 的中点.( I )求证:平面COD平面AOB;A( II )求异面直线AO 与 CD 所成角的大小.DO B 解法一:C( I )由题意,CO AO, BO AO ,BOC 是二面角B AO C 是直二面角,ACO BO ,又AO BO O ,CO 平面 AOB ,又CO 平面 COD.平面 COD平面 AOB .D(II)作DE OB ,垂足为 E ,连结 CE (如图),则 DE ∥ AO ,CDE 是异面直线 AO 与 CD 所成的角.在 Rt△COE 中, CO BO 2,OE 11 ,BO2ECE CO2OE25.O B又 DE 13 .C AO2CE515在 Rt△CDE 中, tan CDE3.DE3异面直线 AO 与 CD 所成角的大小为arctan15 .3解法二:( I )同解法一.( II )成立空间直角坐标系O xyz,如图,则 O(0,0,0) ,z 3) , C(2,0,0) ,A(0,0,2D(0,1, 3) ,AOA (0,0,2 3) , CD( 2,1, 3) ,OA CD Dcos OA ,CDOA CD662 3 2 2.4O6 . x CBy异面直线 AO 与 CD 所成角的大小为 arccos419. (2007 福建·文 ) 如图,正三棱柱 ABC A 1B 1C 1 的全部棱长都为 2 , D 为 CC 1中点.(Ⅰ)求证: AB 1 ⊥ 平面 A 1BD ;AA 1(Ⅱ)求二面角A A 1 DB 的大小.CC 1D解法一:(Ⅰ)取 BC 中点 O ,连结 AO .BB 1△ ABC 为正三角形, AO ⊥ BC .正三棱柱 ABC A 1B 1C 1 中,平面 ABC ⊥ 平面 BCC 1B 1 , AO ⊥ 平面 BCC 1 B 1 .连结 B 1O ,在正方形 BB 1C 1C 中, O , D 分别为BC , CC 1 的中点,AA 1B 1O ⊥ BD ,FGAB 1⊥ BD .CDC 1O在正方形 ABB 1 A 1 中, AB 1 ⊥ A 1B ,BB 1AB 1 ⊥平面 A 1BD .(Ⅱ)设 AB 1 与 A 1 B 交于点 G ,在平面 A 1 BD 中, 作 GF ⊥ A 1D 于 F ,连结 AF ,由(Ⅰ)得AB 1 ⊥ 平面 A 1BD .AF ⊥ A 1D ,∠ AFG 为二面角 A A 1 DB 的平面角.4 5在 △ AA 1 D 中,由等面积法可求得 AF 5,又 AG1AB 12 ,2AG2 10sin ∠AFG4 5 .AF45z所以二面角 A A 1DB 的大小为 arcsin10AA 1.4解法二:(Ⅰ)取 BC 中点 O ,连结 AO .△ ABC 为正三角形,AO ⊥ BC .CC 1在正三棱柱 ABCA 1B 1C 1 中,DO O 1yB平面 ABC ⊥ 平面 BCC 1B 1 ,B 1xAO ⊥ 平面 BCC 1B 1 .取B 1C 1 中点 O 1 ,以 O 为原点, OB , OO 1 , OA 的方向为 x , y ,z 轴的正方向成立空间直角坐标系,则 B(10,,0) , D ( 11,,0) , A 1 (0,2,3) , A(0,0, 3) , B 1 (12,,0) ,AB(12,, 3) , BD( 2,1,0) , BA( 1,2, 3) .11AB 1 BD 2 2 0 0, AB 1 BA 1 1430,AB 1⊥BD , AB 1⊥BA 1.AB 1 ⊥平面 A 1BD .(Ⅱ)设平面 A 1 AD 的法向量为 n (x , y , z) .AD ( 11,, 3) , AA 1 (0,2,0) . n ⊥ AD , n ⊥ AA 1 ,n AD 0,x y 3z 0,y 0,,,.n AA 10 2 y x3z令 z 1得 n(3,0,1) 为平面 A 1AD 的一个法向量.由(Ⅰ)知 AB 1 ⊥ 平面 A 1BD ,AB 1 为平面 A 1 BD 的法向量.cosn , AB 1n AB 1 3 2 36 .n AB 1 2 24二面角 A A 1DB 的大小为 arccos 6 .420. (2007 安徽·文 ) 如图,在三棱锥 V ABC 中,VC ⊥底面 ABC , AC ⊥BC ,D 是AB 的中点,且 AC BCa , ∠ VDCπ .V2( I )求证:平面 VAB ⊥ 平面 VCD ;C BC 与平面 VAB 所成的角为 π.( II )试确立角 的值,使得直线6ADB解法 1:(Ⅰ) ∵ ACBC a , ∴△ ACB 是等腰三角形,又 D 是 AB 的中点,∴ CD AB ,又 VC 底面 ABC . ∴VC AB .于是 AB 平面 VCD . 又 AB 平面 VAB ,∴平面 VAB 平面 VCD . (Ⅱ) 过点 C 在平面 VCD 内作 CH VD 于 H ,则由(Ⅰ)知 CD 平面 VAB . 连结 BH ,于是 CBH 就是直线 BC 与平面 VAB 所成的角.依题意CBHπ6 ,所以在 Rt △CHD 中, CH2a sin ;2在 Rt △ BHC 中, CHπ a ,a sin62∴ sin2.2 ∵ 0π π ,∴.24故当π BC 与平面 VAB 所成的角为π时,直线.46解法 2:(Ⅰ)以 CA ,CB ,CV 所在的直线分别为 x 轴、 y 轴、 z 轴,成立如下图的空间直角坐标系,则,,,,,,, ,, D a a,, 2 a tan,, , ,C(0 0 0)A(a 0 0)B(0a 0)2 0 V 0 022于是, a a 2 , CDa a , AB( a , a ,0) .VD, ,a tan2 , ,02 222进而·, ,· a a121 2 ,即AB CD .(,,aa 0AB CDaa 0)2 0222同理 ·, ,· a a 21 212,(, ,a tanaaAB VDa a 0) 2 2 222即 ABVD .又 CD VD D ,∴AB 平面 VCD .又 AB 平面 VAB . ∴ 平面 VAB 平面 VCD .(Ⅱ)设平面 VAB 的一个法向量为n ( x , y , z) ,z 则由 n ·AB 0, n ·VD 0 .Vax ay,得 aa 2.xyaz tan222CB y可取 n(11,, 2 cot ),又 BC(0, a ,0) ,Dπ ·a2 A,x于是 sinn BC2sin6··2n BC 2 2cota即 sin2 ∵ 0π π2 , ∴ = 4 .2故友 =π π时,直线 BC 与平面 VAB 所成的角为 6.4解法 3:(Ⅰ)以点 D 为原点,以 DC , DB 所在的直线分别为x 轴、 y 轴,成立如下图的空间直角坐标系,则,,,, 2 , ,,2, , C2,,,D(000) A 02 a 0 B 02 a 0a 0 02V2 ,,2,于是 DV2 ,, 2a tan, DC2,,,2 a 02 a tan2 a 02 a 0 02AB (0, 2a ,0) .进而 AB ·DC(0, 2a ,0)·2 ,, 0 ,即AB DC .2 a 0 0同理·, ,2 ,, 2a tan0 ,即 AB DV .AB DV(0 2a 0)a 022又 DCDVD ,∴AB 平面 VCD .又 AB 平面 VAB , ∴ 平面 VAB 平面 VCD .(Ⅱ)设平面 VAB 的一个法向量为 n ( x , y , z) , 则由 n ·AB 0, n ·DV 0 2ay 0,,得2ax 2az tan22可取 n(tan ,0,1) ,又BC2 , 2 , ,2 a 2 a 0π·2a tan 2于是 sin n BC2,2sin6·· 2n BC1 tana 即 sinππ = π,∵ 0,∴ .22 4故友 π时,4即直线 BC 与平面 VAB 所成角为π.621. (2007 湖南·文 ) 如图 3,已知直二面角PQ0.VCyBDAx,APQ ,B ,C,CA CB , BAP 45 ,直线 CA 和平面所成的角为 30 .(I )证明 BC ⊥ PQ ;( II )求二面角B AC P 的大小.CP AQB解:(I )在平面内过点 C 作 CO ⊥ PQ 于点 O ,连结 OB .由于⊥,PQ ,所以 CO ⊥,又由于 CACB ,所以 OA OB .而BAO45 ,所以ABO45 , AOB 90 ,进而 BO ⊥ PQ ,又 CO ⊥ PQ ,所以 PQ ⊥ 平面 OBC .由于 BC平面 OBC ,故 PQ ⊥ BC .( II )解法一:由( I )知, BO ⊥ PQ ,又⊥,PQ,BO,所以BO ⊥.过点 O 作 OH ⊥ AC 于点 H ,连结 BH ,由三垂线定理知,BH⊥AC .故 BHO 是二面角 B AC P 的平面角.由( I )知, CO ⊥,所以CAO 是 CA 和平面所成的角,则CAO30 ,不如设 AC2,则 AO3, OHAO sin 30 3.2在 Rt △OAB 中,ABO BAO 45 ,所以 BO AO3 ,于是在 Rt △ BOH 中, tanBHOBO 3 2 .OH32故二面角 BAC P 的大小为 arctan2 .解法二:由( I )知, OC ⊥ OA , OC ⊥ OB , OA ⊥ OB ,故能够 O 为原点,分别以直线 OB ,OA ,OC 为 x 轴, y 轴, z 轴成立空间直角坐标系(如图) .由于 CO ⊥ a ,所以 CAO 是 CA 和平面所成的角,则CAO 30 .不如设AC 2 ,则 AO3 ,CO .1在 Rt △OAB 中,ABOBAO 45 ,Cz所以 BOAO3 .PAB OQ则有关各点的坐标分别是yxO(0,0,0) , B( 3,0,0) , A(0, 3,0) , C (0,01), .所以AB ( 3,3,0) , AC (0, 31), .设 n 1{ x , y , z} 是平面 ABC 的一个法向量,由n 1 AB 0,3x3 y 0,n 1得AC3y z 0取 x 1,得,, .(11 3)n 1易知 n 2 (10,,0) 是平面 的一个法向量.设二面角 BAC P 的平面角为,由图可知,, .n 1 n 2所以 cosn 1 n 2 1 5 .| n 1 | | n 2 |5 15故二面角 B AC P 的大小为arccos 5.522. (2007 江苏 )如图,已知ABCD A1 B1C1D1是棱长为3的正方体,点 E 在AA1上,点 F 在 CC1上,且 AE FC11,(1)求证:E, B, F , D1四点共面;(4 分)(2)若点G在BC上,BG 2BF ,垂足为 H ,求证: EM ,点 M 在BB1上, GM3面BCC1 B1;(4分)( 3)用表示截面EBFD1和面 BCC1B1所成锐二面角大小,求tan。
广东高考理科数学近近7年(2007-2013)试题分类汇编——立体几何
10.立体几何(2007年高考广东卷第12小题)如果一个凸多面体是n 棱锥,那么这个凸多面体的所有顶点所确定的直线共有 条.这些直线中共有()f n 对异面直线,则(4)f =()f n = (答案用数字或n 的解析式表示)【解释】21(1)2n n n C ++=;12;21(1)(2)2n n n n n C ---⋅= (2007年高考广东卷第19小题)如图6所示,等腰ABC ∆的底边AB =高3CD =,点E 是线段BD 上异于B 、D 的动点.点F 在边BC 上,且EF AB ⊥.现沿EF 将BEF ∆ 折起到PEF ∆的位置,使PE AE ⊥。
记BE x =,()V x 表示四棱锥P ACFE -的体积(1)求()V x 的表达式;(2)当x 为何值时,()V x 取得最大值?(3) 当()V x取得最大值时,求异面直线AC 与PF 所成角的余弦值.解:(1),,EF AB PE EF ⊥∴⊥又,PE AE AEEF E ⊥=, PE ∴⊥平面ACFE 且PE x =,ACDBEF EF x x ∆∆∴==,四棱锥P ACFE -的底面积为22)s x x ==-,1()3V x s PE ∴=⋅231))3xx x x =-=-(0x <<(2)'2())V x x =-,(0,6)x ∈时'()0V x >,x ∈时'()0V x <,()V x 在(0,6)上增,在上减,故()V x 在6x =时,取最大值为(3)过F 作FG AC 交AB 于G ,则PFG ∠是直线AC 与PF 所成角且FGB∆图6AB是等腰三角形,由(2)知6,EF FG FB EG EB PG PF =∴======在2224242721cos 2847PF FG PG PFG PFG PF FG ∆+-+-∠===⋅,所以异面直线AC 与PF 所成角的余弦值为17(2008年高考广东卷第5小题)将正三棱柱截去三个角(如图1所示A B C ,,分别是GHI △三边的中点)得到几何体如图2,则该几何体按图2所示方向的侧视图(或称左视图)为( A )【解析】解题时在图2的右边放扇墙(心中有墙),可得答案A. (2008年高考广东卷第20小题)如图5所示,四棱锥P ABCD -的底面ABCD 是半径为R 的圆的内接四边形,其中BD 是圆的直径,60ABD ∠=,45BDC ∠=,PD 垂直底面A B C D,PD =,E F ,分别是PB CD ,上的点,且PE DFEB FC=,过点E 作BC 的平行线交PC 于G .(1)求BD 与平面ABP 所成角θ的正弦值;(2)证明:EFG △是直角三角形;(3)当12PE EB =时,求EFG △的面积.【解析】(1)在Rt BAD ∆中,60ABD ∠=,,AB R AD ∴== 而PD 垂直底面ABCD ,PA ===PB ===,在PAB ∆中,222PA AB PB +=,即PAB ∆为以PAB ∠为直角的直角三角形。
2007-2018全国卷高考真题——立体几何解答题(理科)解析
专题 立体几何 空间向量与立体几何答案部分1.(2018全国卷Ⅰ)【解析】(1)由已知可得,BF ⊥PF ,BF ⊥EF ,所以BF ⊥平面PEF .又BF ⊂平面ABFD ,所以平面PEF ⊥平面ABFD . (2)作PH ⊥EF ,垂足为H .由(1)得,PH ⊥平面ABFD .以H 为坐标原点,HF u u u r的方向为y 轴正方向,||BF uuu r 为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系-H xyz .由(1)可得,DE ⊥PE .又DP =2,DE =1,所以PE又PF =1,EF =2,故PE ⊥PF .可得=PH ,32=EH . 则(0,0,0)H,P ,3(1,,0)2--D,3(1,2=u u u r DP , (0,0,)2HP =u u u r 为平面ABFD 的法向量.设DP 与平面ABFD 所成角为θ,则3sin ||4||||HP DP HP DP θ⋅===⋅u u u r u u u ru u u r u u u r .所以DP 与平面ABFD. 2.(2018全国卷Ⅱ)【解析】(1)因为4AP CP AC ===,O 为AC 的中点,所以OP AC ⊥,且OP =连结OB.因为2AB BC AC ==,所以ABC △为等腰直角三角形, 且OB AC ⊥,122OB AC ==. 由222OP OB PB +=知PO OB ⊥.由⊥OP OB ,⊥OP AC 知PO ⊥平面ABC .(2)如图,以O 为坐标原点,OB uu u r的方向为x 轴正方向,建立空间直角坐标系O xyz -.A由已知得(0,0,0)O ,(2,0,0)B ,(0,2,0)-A ,(0,2,0)C,(0,0,P ,=AP u u u r,取平面PAC 的法向量(2,0,0)OB =u u u r . 设(,2,0)(02)-<≤M a a a ,则(,4,0)AM a a =-u u u r.设平面PAM 的法向量为(,,)x y z =n .由0,0AP AM ⋅=⋅=uu u r uuu r n n得20(4)0y ax a y ⎧+=⎪⎨+-=⎪⎩,可取,)a a =--n ,所以cos ,OB =uu u rn.由已知得|cos ,|OB =uu u r n .2.解得4a =-(舍去),43a =.所以4()3=-n.又(0,2,PC =-u u u r,所以cos ,PC =uu u r n . 所以PC 与平面PAM所成角的正弦值为4. 3.(2018全国卷Ⅲ)【解析】(1)由题设知,平面CMD ⊥平面ABCD ,交线为CD .因为BC ⊥CD ,BC ⊂平面ABCD ,所以BC ⊥平面CMD ,故BC ⊥DM .因为M 为»CD上异于C ,D 的点,且DC 为直径,所以 DM ⊥CM . 又BC I CM =C ,所以DM ⊥平面BMC . 而DM ⊂平面AMD ,故平面AMD ⊥平面BMC .(2)以D 为坐标原点,DA u u u r的方向为x 轴正方向,建立如图所示的空间直角坐标系D xyz -.当三棱锥M ABC -体积最大时,M 为»CD的中点. 由题设得(0,0,0)D ,(2,0,0)A ,(2,2,0)B ,(0,2,0)C ,(0,1,1)M ,(2,1,1)AM =-u u u u r ,(0,2,0)AB =u u u r ,(2,0,0)DA =u u u r设(,,)x y z =n 是平面MAB 的法向量,则0,0.AM AB ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u u r u u ur n n 即20,20.x y z y -++=⎧⎨=⎩ 可取(1,0,2)=n .DA u u u r是平面MCD 的法向量,因此cos ,5||||DA DA DA ⋅==u u u ru u u r u u u r n n n ,sin ,5DA =u u u r n ,所以面MAB 与面MCD所成二面角的正弦值是5. 4.(2017新课标Ⅰ)【解析】(1)由已知90BAP CDP ∠=∠=︒,得AB ⊥AP ,CD ⊥PD .由于AB ∥CD ,故AB ⊥PD ,从而AB ⊥平面P AD . 又AB ⊂平面P AB ,所以平面P AB ⊥平面P AD . (2)在平面PAD 内做PF AD ⊥,垂足为F ,由(1)可知,AB ⊥平面PAD ,故AB PF ⊥,可得PF ⊥平面ABCD .以F 为坐标原点,FA u u u r的方向为x 轴正方向,||AB uuu r 为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系F xyz -.由(1)及已知可得2A,(0,0,2P,,1,0)2B,(2C -.所以(,1,)22PC =--u u u r,CB =u u u r,)22PA =-u u u r , (0,1,0)AB =u u u r.设(,,)x y z =n 是平面PCB 的法向量,则00PC CB ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u r u u ur n n,即0220x y z ⎧-+-=⎪=,可取(0,1,=-n .设(,,)x y z =m 是平面PAB 的法向量,则00PA AB ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u r u u u r m m,即0220x z y -=⎪⎨⎪=⎩, 可取(1,0,1)=n .则cos ,||||3⋅==-<>n m n m n m , 所以二面角A PB C --的余弦值为 5.(2017新课标Ⅱ)【解析】(1)取PA 的中点F ,连结EF ,BF .因为E 是PD 的中点,所以EF AD ∥,12EF AD =.由90BAD ABC ∠=∠=o 得BC AD ∥,又12BC AD =,所以EF BC ∥,四边形BCEF 是平行四边形,CE BF ∥,又BF ⊂平面PAB ,CE ⊄平面PAB ,故CE ∥平面PAB .(2)由已知得BA AD ⊥,以A 为坐标原点,AB u u u r的方向为x 轴正方向,||AB uuu r 为单位长,建立如图的空间直角坐标系A xyz -,则(0,0,0)A ,(1,0,0)B ,(1,1,0)C,P,(1,0,PC =u u u r ,(1,0,0)AB =u u u r.x设(,,)M x y z (01)x <<,则(1,,)BM x y z =-u u u u r,(,1,PM x y z =-u u u u r.因为BM 与底面ABCD 所成的角为45o,而(0,0,1)=n 是底面ABCD 的法向量,所以|cos ,|sin 45BM <>=ou u u u r n2=, 即222(1)0x y z -+-=. ①又M 在棱PC 上,设PM PC λ=u u u u r u u u r,则x λ=,1y =,z =. ②由①,②解得121x y z ⎧=+⎪⎪⎪=⎨⎪⎪=⎪⎩(舍去),121x y z ⎧=-⎪⎪⎪=⎨⎪⎪=⎪⎩所以(12M -,从而(12AM =-u u u u r . 设000(,,)x y z =m 是平面ABM 的法向量,则0=0AM AB ⎧⋅=⎪⎨⋅⎪⎩u u u u ru u ur m m,即0000(2200x y x ⎧+=⎪⎨=⎪⎩,所以可取(0,2)=m,于是cos ,||||⋅<>==m n m n m n因此二面角M AB D --的余弦值为5. 6.(2017新课标Ⅲ)【解析】(1)由题设可得,ABD CBD ∆≅∆,从而AD DC =.又ACD ∆是直角三角形,所以0=90ACD ∠取AC 的中点O ,连接DO ,BO ,则DO AC ⊥,DO AO =. 又由于ABC ∆是正三角形,故BO AC ⊥. 所以DOB ∠为二面角D AC B --的平面角. 在Rt AOB ∆中,222BO AO AB +=.又AB BD =,所以222222BO DO BO AO AB BD +=+==,故90DOB ∠=o . 所以平面ACD ⊥平面ABC .(2)由题设及(1)知,OA,OB,OD 两两垂直,以O 为坐标原点,OA u u u r的方向为x 轴正方向,OA u u u r为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系O xyz -,则(1,0,0)A,B ,(1,0,0)C -,(0,0,1)D .由题设知,四面体ABCE 的体积为四面体ABCD 的体积的12,从而E 到平面ABC 的距离为D 到平面ABC 的距离的12,即E 为DB的中点,得1(0,)22E .故(1,0,1)AD =-u u u r ,(2,0,0)AC =-u u u r,1(1,)22AE =-u u u r设()=x,y,z n 是平面DAE 的法向量,则AD AE ⎧=⎪⎨=⎪⎩u u u r g u u u r g 0,0,n n即x z x y z -+=⎧⎪⎨-++=⎪⎩01022可取=n 设m 是平面AEC 的法向量,则0,0,AC AE ⎧=⎪⎨=⎪⎩u u u r g u u u rg m m同理可得(0,=-m则cos ,==g 7n m n m n m 所以二面角D AE C --的余弦值为77.(2016全国I )【解析】(Ⅰ)由已知可得AF DF ⊥,AF FE ⊥,所以AF ⊥平面EFDC .又AF ⊂平面ABEF ,故平面ABEF ⊥平面EFDC .(Ⅱ)过D 作DG EF ⊥,垂足为G ,由(Ⅰ)知DG ⊥平面ABEF .以G 为坐标原点,GF u u u r 的方向为x 轴正方向,||GF uuu r为单位长度,建立如图所示的空间直角坐标系G xyz -.由(Ⅰ)知DFE ∠为二面角D AF E --的平面角,故60DFE ∠=o,则2DF =,DG =,可得(1,4,0)A ,(3,4,0)B -,(3,0,0)E -,D .由已知,AB EF ∥,所以AB ∥平面EFDC .又平面ABCD I 平面EFDC DC =,故AB CD ∥,CD EF ∥.由BE AF ∥,可得BE ⊥平面EFDC ,所以CEF ∠为二面角C BE F --的平面角,60CEF ∠=o.从而可得(C -.所以EC =u u u r ,(0,4,0)EB =u u u r,(3,AC =--u u u r ,(4,0,0)AB =-u u u r.设(),,n x y z =r是平面BCE 的法向量,则C 00n n ⎧⋅E =⎪⎨⋅EB =⎪⎩u u u r r u u u r r,即040x y ⎧+=⎪⎨=⎪⎩,所以可取(3,0,n =r.设m r 是平面CD AB 的法向量,则C 0m m ⎧⋅A =⎪⎨⋅AB =⎪⎩u u u r r u u u rr ,同理可取()4m =r.则cos ,19n m n m n m ⋅==-r r r r r r .故二面角C E-B -A的余弦值为19-.8.(2016全国II )【解析】(I )证明:∵54AE CF ==, ∴AE CFAD CD=,∴EF AC ∥. ∵四边形ABCD 为菱形, ∴AC BD ⊥,∴EF BD ⊥, ∴EF DH ⊥,∴EF D H '⊥. ∵6AC =,∴3AO =;又5AB =,AO OB ⊥,∴4OB =, ∴1AEOH OD AO=⋅=,∴3DH D H '==, ∴222'OD OH D H '=+,∴'D H OH ⊥. 又∵OH EF H =I ,∴'D H ⊥面ABCD .(Ⅱ)建立如图坐标系H xyz -.()500B ,,,()130C ,,,()'003D ,,,()130A -,,, ()430AB =uu u r ,,,()'133AD =-uuur ,,,()060AC =uuu r,,, 设面'ABD 法向量()1n x y z =,,u r,由1100n AB n AD ⎧⋅=⎪⎨'⋅=⎪⎩u u r u u u r u u r u u u u r得430330x y x y z +=⎧⎨-++=⎩,取345x y z =⎧⎪=-⎨⎪=⎩,∴()1345n =-u r ,,. 同理可得面'AD C 的法向量()2301n =u u r,,, ∴12129575cos 5210n n n n θ⋅+==⋅u r u u ru r u u r ,∴295sin θ. 9.(2016全国III )【解析】(Ⅰ)由已知得232==AD AM , 取BP 的中点T ,连接TN AT ,. 由N 为PC 中点知BC TN //,221==BC TN . 又BC AD //,故TN 平行且等于AM ,四边形AMNT 为平行四边形,于是AT MN //.因为⊂AT 平面PAB ,⊄MN 平面PAB ,所以//MN 平面PAB .(Ⅱ)取BC 的中点E ,连结AE ,由AC AB =得BC AE ⊥,从而AD AE ⊥, 且5)2(2222=-=-=BC AB BE AB AE . 以A 为坐标原点,AE u u u r的方向为x 轴正方向,建立如图所示的空间直角坐标系xyz A -,由题意知,)4,0,0(P ,)0,2,0(M ,)0,2,5(C ,)2,1,25(N , (0,2,4)PM =-u u u u r ,)2,1,25(-=PN ,)2,1,25(=AN . 设(,,)x y z =r n 为平面PMN 的法向量,则00PM PN ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩r u u u u r r u u u rn n ,即⎪⎩⎪⎨⎧=-+=-0225042z y x z x , 可取(0,2,1)n =r,于是||85|cos ,|||||n AN n AN n AN ⋅<>==r u u u rr u u u r r u u u r .10.(2015新课标Ⅰ)【解析】(Ⅰ)连接BD ,设BD AC G =I ,连接,,EG FG EF .在菱形ABCD 中,不妨设1GB =,由120∠=oABC ,可得3AG GC =由⊥BE 平面ABCD ,AB BC =可知,AE EC =, 又∵⊥AE EC ,∴3EG =,⊥EG AC ,在Rt EBG ∆中,可得2BE 22DF =.在Rt FDG ∆中,可得62FG =.在直角梯形BDFE 中,由2BD =,BE =2DF =,可得2EF =, ∴222EG FG EF +=,∴EG ⊥FG , ∵AC ∩FG =G ,∴EG ⊥平面AFC ,∵EG ⊂面AEC ,∴平面AFC ⊥平面AEC .(Ⅱ)如图,以G 为坐标原点,分别以,GB GC u u u r u u u r 的方向为x 轴,y 轴正方向,||GB u u u r为单位长度,建立空间直角坐标系G-xyz ,由(Ⅰ)可得A (0,0),E(1,0,),F (-1,0,C (00), ∴AE u u u r =(1),CF uuu r =(-12).故cos ,3||||<>==-u u u r u u u ru u u r u u u r g u u u r u u u r AE CF AE CF AE CF .所以直线AE 与CF所成的角的余弦值为3. 11.(2015新课标II )【答案】(Ⅰ)详见解析;. 【解析】(Ⅰ)交线围成的正方形EHGF 如图:(Ⅱ)作EM AB ⊥,垂足为M ,则14AM A E ==,18EM AA ==,因为EHGF 为正方形,所以10EH EF BC ===.于是6MH ==,所以10AH =.以D为坐标原点,DA u u u r的方向为x 轴的正方向,建立如图所示的空间直角坐标系D xyz -,则(10,0,0)A ,(10,10,0)H ,(10,4,8)E ,(0,4,8)F ,(10,0,0)FE =u u u r ,(0,6,8)HE =-u u u r.设(,,)n x y z =r 是平面EHGF 的法向量,则0,0,n FE n HE ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩r u u u rr u u u r即100,680,x y z =⎧⎨-+=⎩所以可取(0,4,3)n =r .又(10,4,8)AF =-u u u r,故cos ,n AF n AF n AF⋅<>==⋅r u u u r r u u u r r u u u r .所以直线AF 与平面α所成角的正弦值为4515. 【考点定位】1、直线和平面平行的性质;2、直线和平面所成的角.A 1AB 1BD 1DC 1CF E H GM12.(2014新课标1)【解析】(Ⅰ)连接1BC ,交1B C O 于点,连接AO ,因为侧面11BB C C 为菱形,所以1111,B C BC O B C BC ⊥且为及的中点. 又11,.AB B C B C ABO ⊥⊥所以平面1AO ABO B C AO ⊂⊥由于平面,故又11,=.B O CO AC AB =故(Ⅱ)因为11,.AC AB O B C AO CO ⊥=且为的中点,所以 又因为,AB BC BOA BOC =∆≅∆所以,1,,,OA OB OA OB OB ⊥故从而两两相互垂直,以O OB x OB 为坐标原点,的方向为轴正方向,为单位长, O xyz =建立如图所示的空间直角坐标系.zyO因为1160,.CBB CBB AB BC∠=︒∆=所以为等边三角形又,则111111(00(100),(0,(0,,(1,0,(1,,0),3333A B B CAB A B AB B C BC=-==-==--u u u r u u u u r u u u r u u u u r u u u r,,11111(,,)=00,330,0.x y z AA By zABA Bx z=-⎧⋅=⎪⎪⎨⎨⋅=⎪⎪⎩=⎪⎩=u u u ru u u u r设是平面的法向量,则,即所以可取nnnn11111110,0,(1,A BA B CB Cm⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩=u u u u ru u u u r设是平面的法向量,则同理可取mmm则1cos,.7⋅==n mn mn m1111.7A AB C--所以二面角的余弦值为13.(2014新课标2)【解析】(Ⅰ)连接BD交AC于点O,连结EO.因为ABCD为矩形,所以O为BD的中点.又E为PD的中点,所以EO∥PB.EO⊂平面AEC,PB⊄平面AEC,所以PB∥平面AEC.(Ⅱ)因为PA⊥平面ABCD,ABCD为矩形,所以AB,AD,AP两两垂直.如图,以A为坐标原点,ABu u u r的方向为x轴的正方向,APu u u r为单位长,建立空间直角坐标系A xyz-,则D1(0,),22E1(0,)22AE=u u u r.设(,0,0)(0)Bm m>,则(C m(AC m=u u u r.设1(,,)x y z=n为平面AEC的法向量,则110,0,ACAE⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩uu u ru u u rnn即0,10,22mxy z⎧+=+=⎪⎩,可取1=-n.又2(1,0,0)=n为平面DAE的法向量,由题设121cos,2=n n12=,解得32m=.因为E为PD的中点,所以三棱锥EACD-的高为12.三棱锥E ACD-的体积11313222V=⨯⨯=.14.(2013新课标Ⅰ)【解析】(Ⅰ)取AB中点E,连结CE,1A B,1A E,∵AB=1AA,1BAA∠=060,∴1BAA∆是正三角形,∴1A E⊥AB,∵CA=CB,∴CE⊥AB,∵1CE A E⋂=E,∴AB⊥面1CEA,∴AB⊥1A C;(Ⅱ)由(Ⅰ)知EC ⊥AB ,1EA ⊥AB ,又∵面ABC ⊥面11ABB A ,面ABC ∩面11ABB A =AB ,∴EC ⊥面11ABB A ,∴EC ⊥1EA ,∴EA ,EC ,1EA 两两相互垂直,以E 为坐标原点,EA u u u r 的方向为x 轴正方向,|EA u u u r|为单位长度,建立如图所示空间直角坐标系O xyz -,有题设知A (1,0,0),1A 3,0),C 3B (-1,0,0),则BC uuu r=(1,03,1BB u u u r =1AA u u u r =(-31AC u u u r=(0,33), 设n =(,,)x y z 是平面11CBB C 的法向量,则100BC BB ⎧•=⎪⎨•=⎪⎩u u u ru u u r n n ,即3030x z x ⎧=⎪⎨=⎪⎩,可取n =3,1,-1), ∴1cos ,AC u u u r n =11|AC AC •u u u ru u u r n |n ||105, ∴直线A 1C 与平面BB 1C 1C 所成角的正弦值为105. 15.(2013新课标Ⅱ)【解析】(Ⅰ)连结1AC ,交1A C 于点O ,连结DO ,则O 为1AC 的中点,因为D 为AB 的中点,所以OD ∥1BC ,又因为OD ⊂平面1A CD ,1BC ⊄平面1A CD ,所以1BC //平面1A CD ;(Ⅱ)由1AA =AC=CB=22AB 可设:AB=2a ,则1AA 2a ,所以AC⊥BC,又因为直棱柱,所以以点C为坐标原点,分别以直线CA、CB、1CC为x轴、y轴、z轴,建立空间直角坐标系如图,1则(0,0,0)C、1)A、D、E,1)CA=u u u r,,,0)22CD=u u u r,,)2CE=u u u r,1(,)2A E=-u u u r,设平面1A CD的法向量为(,,)n x y z=r,则0n CD⋅=r u u u r且1n CA⋅=r u u u r,可解得y x z=-=,令1x=,得平面1A CD的一个法向量为(1,1,1)n=--r,同理可得平面1A CE的一个法向量为(2,1,2)m=-ur,则cos,n m<>=r u r3,所以sin,3n m<>=r u r,所以二面角D-1A C-E的正弦值为316.(2012新课标)【解析】(Ⅰ)在Rt DAC∆中,AD AC=,得:45ADC︒∠=同理:1114590A DC CDC︒︒∠=⇒∠=得:111,DC DC DC BD DC⊥⊥⇒⊥面1BCD DC BC⇒⊥(Ⅱ)11,DC BC CC BC BC⊥⊥⇒⊥面11ACC A BC AC⇒⊥取11A B的中点O,过点O作OH BD⊥于点H,连接11,C O C H1111111AC B C C O A B =⇒⊥,面111A B C ⊥面1A BD 1C O ⇒⊥面1A BD 1OH BD C H BD ⊥⇒⊥ 得:点H 与点D 重合且1C DO ∠是二面角11C BD A --的平面角 设AC a =,则122aC O =,1112230C D a C O C DO ︒==⇒∠= 既二面角11C BD A --的大小为30︒17.(2011新课标)【解析】(Ⅰ)因为60,2DAB AB AD ∠=︒=, 由余弦定理得3BD AD =从而222BD AD AB +=,故BD ⊥AD 又PD ⊥底面ABCD ,可得BD ⊥PD 所以BD ⊥平面P AD . 故 P A ⊥BD(Ⅱ)如图,以D 为坐标原点,AD 的长为单位长,射线DA 为x 轴的正半轴建立空间直角坐标系D-xyz ,则()1,0,0A ,()03,0B ,,()3,0C -,()0,0,1P .(3,0),3,1),(1,0,0)AB PB BC =-=-=-uu u v uu v uu u v设平面PAB 的法向量为(,,)x y z =n ,则0AB PB ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩uu u r uu r n n ,即 3030x z ⎧-+=⎪⎨-=⎪⎩因此可取n =3,1,3)设平面PBC的法向量为m,则PBBC⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩uu ruu u rmm可取m=(0,-1,3-)27cos,27==-m n故二面角A-PB-C的余弦值为277-.18.(2010新课标)【解析】:以H为原点,,,HA HB HP分别为,,x y z轴,线段HA的长为单位长,建立空间直角坐标系如图,则(1,0,0),(0,1,0)A B(Ⅰ)设(,0,0),(0,0,)(0,0)C m P n m n<>,则1(0,,0),(,,0).22mD m E可得1(,,),(,1,0).22mPE n BC m=-=-因为0022m mPE BC⋅=-+=,所以PE BC⊥(Ⅱ)由已知条件可得331,33m n C=-=-故(313(0,(,(0,0,1)326D E P--设(,,)n x y x=为平面PEH的法向量则0,0,HEHP⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩nn即132x yz⎧-=⎪⎨⎪=⎩因此可以取3,0)=n,由(1,0,1)PA=-u u u r,可得2cos,4PA=u u u rn,.所以直线PA与平面PEH所成角的正弦值为4。
2007年高考立体几何部分试题分析及备考建议汇总
全国Ⅱ
文科 理科 文科
山东
理科 文科
广东
理科
海南、宁夏
文科 理科 12题5 分 8题 8题5分
点线面位置关 系 线面平行
线面垂直
18题12 分
异面直线所成 的角 线面角
二面角
20题第 (Ⅰ )问 6 分 22分 22分 22分
20题第 (Ⅰ )问 6 分 22分 17分
19题 (II)6 分 17分 17分 19分 22分
广东理科19
(4)多面体与球的接切问题、折叠问题仍然是 命题的热点
全国Ⅰ文15
全国Ⅱ文理15
海南宁夏文
复习建议
(1)夯实基础
(2)还原本质 (3)专项突破 (4) 突出向量
2007年高考解析几何部分试 题分析及备考建议
1.考查的知识点的分布情况
全国Ⅰ 全国Ⅱ 山 东 广 东 海南和宁 夏 文科 理科 文科 理科 文科 理 科 文科 理科 文科 理科
5分 5分
12题 11题
5分
抛物线
分数合 计
12题 11题
12题 9题
5分 5分
13题 11题 11题
4分 5分 5分 24分 24分
7题
5分
6题
5分
22分 22分 22分 22分 23分 20分
22分 22分
2.样题分析
(1) 离心率问题、圆锥曲线的定义、求方程问题仍然是命 题的重点。 全国Ⅰ文理第4题
理文3 文20 山东卷 理19 文6 理12 广东卷
解答题 解答题 选择题 填空题
三视图 以直四棱柱为载体的平行与垂直的 证明问题, 与文科的载体一样都是直四棱柱, 第一问求证线面平行,第二问求 二面角的大小。 有关平行垂直的真假命题判断 立几与排列组合的综合应用问题 三视图及棱锥的体积和表面积的求 法。 立体几何与函数、导数的综合应用 问题
2007年全国各地高考数学试题及解答分类汇编大全(13立体几何初步)
2007年高考中的“立体几何初步 (一)空间直线和平面”试题汇编大全一、选择题: 1. (2007安徽理)设l,m,n 均为直线,其中m,n 在平面α内,“l ⊥α”是l ⊥m 且“l ⊥n ”的( A )(A )充分不必要条件 (B )必要不充分条件(C)充分必要条件 (D )既不充分也不必要条件2.(2007安徽文)把边长为2的正方形ABCD 沿对角线AC 折成直二面角,折成直二面角后,在A,B,C,D 四点所在的球面上,B 与D 两点之间的球面距离为( C ) (A)22π(B)π(C)2π(D) 3π3.(2007安徽理)半径为1的球面上的四点D C B A ,,,是正四面体的顶点,则A 与B 两点间的球面距离为( C ) (A ))33arccos(-(B ))36arccos(- (C ))31arccos(- (D ))41arccos(-4.(2007福建文)如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,E 、F 、G 、H 分别为AA1、AB 、BB1、BC1的中点,则异面直线EF 与GH 所成的角等于( B )A.45° B .60° C.90° D.120°5(2007福建文、理)已知m 、n 为两条不同的直线,为两个不同的平面,则下列命题中正确的是( D ) A B C D6.(2007广东文)若,,l m n是互不相同的空间直线,,αβ是不重合的平面,则下列命题中为真命题的是( D )【解析】逐一判除,易得答案(D).7.(2007湖北文)在棱长为1的正方体ABCD -A1B1C1D1中,E 、F 分别为棱AA1、BB1的中点,G 为棱A1B1上的一点,且A1G=λ (0≤λ≤1),则点G 到平面D1EF 的距离为( D ) A.3B.22C.32λ D.558.(2007湖北理)平面α外有两条直线m 和n ,如果m 和n 在平面α内的射影分别是m '和n ',给出下列四个命题:①m '⊥n '⇒m ⊥n; ②m ⊥n ⇒ m '⊥n ' ③m '与n '相交⇒m 与n 相交或重合; ④m '与n '平行⇒m 与n 平行或重合.其中不正确的命题个数是( D )A.1B.2C.3D.4 9.(2007湖南文)如图1,在正四棱柱 1111ABCD A B C D -中,E 、F 分别是11AB C 、B 的中点,则以下结论中不成立的是( D )A .1EF BB 与垂直 B. EF BD 与垂直C. EF 与CD 异面D. EF 11与A C 异面 10.(2007湖南理)棱长为1的正方体1111ABCD A B C D -的8个顶点都在球O 的表面上,E F ,分别是棱1AA ,1DD 的中点,则直线EF 被球O 截得的线段长为( D ) A.2B .1 C.12+D11.(2007江苏)已知两条直线,m n ,两个平面,αβ,给出下面四个命题:(C )①//,m n m n αα⊥⇒⊥ ②//,,//m n m n αβαβ⊂⊂⇒ ③//,////m n m n αα⇒ ④//,//,m n m n αβαβ⊥⇒⊥其中正确命题的序号是A .①③B .②④C .①④D .②③ 12.(2007辽宁文、理)若m n ,是两条不同的直线,αβγ,,是三个不同的平面,则下列命题中的真命题是( B )A .若m βαβ⊂⊥,,则m α⊥B .若m β⊥,m α∥,则αβ⊥C .若αγ⊥,αβ⊥,则βγ⊥D .若m αγ=,n βγ=,m n ∥,则αβ∥13.(2007陕西文、理)已知P 为平面a 外一点,直线l ⊂a,点Q ∈l,记点P 到平面a 的距离为a,点P 到直线l 的距离为b ,点P 、Q 之间的距离为c ,则( A )(A )c b a ≤≤ (B )c b a ≤≤ (C)b c a ≤≤ (D)a c b ≤≤14.(2007四川文、理)如图,ABCD-A1B1C1D1为正方体,下面结论错误的是( D )(A )BD ∥平面CB1D1 (B)AC1⊥BD(C)AC1⊥平面CB1D1 (D)异面直线AD 与CB 所成的角为60°15(2007四川文)如图,l1、l2、l3是同一平面内的三条平行直线,l1与l2与l3间的距离是2,正三角形ABC 的三顶点分别在l1、l2、l3上,则△ABC 的边长是( D )A.23B.364 C. 473-D.3212-16.(2007四川理)如图,l1、l2、l3是同一平面内的三条平行直线,l1与l2间的距离是1, l2与l3间的距离是2,正三角形ABC 的三顶点分别在l1、l2、l3上,则△ABC 的边长是( D )(A )32(B )364(C )4173(D )321217.(2007天津文、理)设a b ,为两条直线,αβ,为两个平面,下列四个命题中,正确的命题是( D )A .若a b ,与α所成的角相等,则a b ∥B .若a α∥,b β∥,αβ∥,则a b ∥C .若a α⊂,b β⊂,a b ∥,则αβ∥D .若a α⊥,b β⊥,αβ⊥,则a b ⊥18.(2007浙江文、理)若P 是两条异面直线l 、m 外的任意一点,则( B )(A)过点P 有且仅有一条直线与l 、m 都平行 (B)过点P 有且仅有一条直线与l 、m 都垂直 (C)过点P 有且仅有一条直线与l 、m 都相交 (D)过点P 有且仅有一条直线与l 、m 都异面19.(2007福建理)顶点在同一球面上的正四棱柱ABCD -A ’B ’C ’D ’中,AB =1,AA’=,则A 、C 两点间的球面距离为( B )AB CD正视图侧视图俯视图20.(2007重庆文)垂直于同一平面的两条直线( A ) (A )平行 (B )垂直 (C )相交 (D )异面21.(2007重庆理)若三个平面两两相交,且三条交线互相平行,则这三个平面把空间分成( C )A .5部分 B.6部分 C.7部分 D.8部分22.(2007海南、宁夏文、理)已知某个几何体的三视图如下, 根据图中标出的尺寸(单位:cm ),可得这个几何体的体积是( B )A.34000cm 3B.38000cm 3C.32000cmD.34000cm23.(2007海南、宁夏文)已知三棱锥S ABC -的各顶点都在一个半径为r 的球面上,球心O 在AB 上,SO ⊥底面ABC ,AC =,则球的体积与三棱锥体积之比是( D )A.π B.2π C.3π D.4π24.(2007海南、宁夏理)一个四棱锥和一个三棱锥恰好可以拼接成一个三棱柱,这个四棱锥的底面为正方形,且底面边长与各侧棱长相等,这个三棱锥的底面边长与各侧棱长也都相等.设四棱锥、三棱锥、三棱柱的高分别为1h ,2h ,h ,则12::h h h =( B )2:2 2 2: 25.(2007江西文)四面体ABCD 的外接球球心在CD 上,且CD =2,AB =3,在外接球面上两点A 、B 间的球面距离是(C )A .6π B .3π C .32π D .65π26.(2007江西理)如图,正方体AC1的棱长为1,过点A 作平面A1BD 的垂线,垂足为点H .则以下命题中,错误的命题是( D ) A .点H 是△A1BD 的垂心 B .AH 垂直平面CB1D1C .AH 的延长线经过点C1D .直线AH 和BB1所成角为45° 27. (2007全国Ⅰ文、理)如图,正四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,AA1=2AB , 则异面直线A1B 与AD1所成角的余弦值为( D )(A )51(B )52 (C )53 (D )5428(2007全国Ⅱ理)已知正三棱柱ABC-A1B1C1的侧棱长与底面边长相等,则AB1与侧面ACC1A1所成角的正弦等于( A ) (A)46 (B) 410 (C) 22(D) 2329.(2007全国Ⅱ文)已知正三棱锥的侧棱长为底面边长的2倍,则侧棱与底面所成角的余弦值等于( A )(A)63(B)43(C)22(D)23 30.(2007山东文、理)下列几何体各自的三视图中,有且仅有两个视图相同的是( D )A .①②B .①③C .①④D .②④31(2007陕西文)Rt △ABC 的三个顶点在半径为13的球面上,两直角边的长分别为6和8,则球心到平面ABC 的距离是( D )(A )5 (B )6 (C )10 (D )1232.(2007陕西理)一个正三棱锥的四个顶点都在半径为1的球面上,其中底面的三个顶点在该球的一个大圆上,则该正三棱锥的体积是( B )(A )433(B)33 (C)43 (D)12333.(2007四川文、理)设球O 的半径是1,A 、B 、C 是球面上三点,已知A 到B 、C 两点的球面距离都是2π,且二面角B-OA-C 的大小是3π,则从A 点沿球面经B 、C 两点再回到A 点的最短距离是( C )(A)67π (B)45π (C)34π(D)23π二、填空题: 1.(2007江西文)如图,正方体AC1的棱长为1,过点A 作平面A1BD 的垂线,垂足为点H .则以下命题中,错误的命题是A .点H 是△A1BD 的垂心B .AH 垂直平面CB1D1C .二面角C —B1D1—C1的正切值为2D .点H 到平面A1B1C1D1的距离为43其中真命题的代号是 A ,B ,C .(写出所有真命题的代号)2.(2007上海理)在平面上,两条直线的位置关系有相交、平行、重合三种. 已知αβ,是两个 相交平面,空间两条直线12l l ,在α上的射影是直线12s s ,,12l l ,在β上的射影是直线12t t ,.用1s 与2s ,1t 与2t 的位置关系,写出一个总能确定1l 与2l 是异 面直线的充分条件: 21//s s ,并且1t 与2t 相交(//1t 2t ,并且1s 与2s 相交) .3.(2007浙江文、理)已知点O 在二面角α-AB -β的棱上,点P 在α内,且∠POB =45°.若对于β内异于0的任意一点Q ,都有∠POQ ≥45°,则二面角α-AB -β的大小是__900__.4.(2007安徽理)在正方体上任意选择4个顶点,它们可能是如下各种几何形体的4个顶点,这些几何形体是 ①③④⑤ (写出所有正确结论的编号).①矩形;②不是矩形的平行四边形;③有三个面为等腰直角三角形,有一个面为等边三角形的四面体;④每个面都是等边三角形的四面体; ⑤每个面都是直角三角形的四面体.5.(2007湖南文)棱长为1的正方形1111ABCD A B C D -的8个顶点都在球O 的表面上,则球O 的表面积是 3π ;设E 、F 分别是该正方形的棱11AA 、DD 的中点,则直线EF 被球O 截得的线段长为 .1C C B 1B 1A A 6.(2007江苏)正三棱锥P ABC -高为2,侧棱与底面所成角为45,则点A 到侧面PBC 的距离是.7.(2007辽宁文、的正六棱柱的所有顶点都在一个球的面上,则此球的体积为 π34 .8.(2007全国Ⅰ文)正四棱锥S-ABCD 的底面边长和各测棱长都为2,点S 、A 、B 、C 、D 都在同一个球面上,则该球的体积为4π39.(2007全国Ⅰ理)一个等腰直角三角形的三个顶点分别在正三棱柱的三条侧棱上.已知正三棱柱的底面边长为2,则该三角形的斜边长为10.(2007全国Ⅱ文、理)一个正四棱柱的各个顶点在一个直径为2cm 的球面上。
07年高考题分类汇总(立体几何)
年高考数学试题汇编 立体几何一、选择题1.(全国Ⅰ•理•7题)如图,正四棱柱1111D C B A ABCD -中,AB AA 21=,则异面直线11AD B A 与所成角的余弦值为( D )A .51 B .52 C .53 D .542.(全国Ⅱ•理•7题)已知正三棱柱ABC -A 1B 1C 1的侧棱长与底面边长相等,则AB 1与侧面ACC 1A 1所成角的正弦等于( A )A .64B .104C .22D .323.(北京•理•3题)平面α∥平面β的一个充分条件是( D )A .存在一条直线a a ααβ,∥,∥B .存在一条直线a a a αβ⊂,,∥C .存在两条平行直线a b a b a b αββα⊂⊂,,,,∥,∥D .存在两条异面直线a b a a b αβα⊂,,,∥,∥4.(安徽•理•2题)设l ,m ,n 均为直线,其中m ,n 在平面α内,“l α⊥”是l m ⊥且“l n ⊥”的( )A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件5.(安徽•理•8题)半径为1的球面上的四点D C B A ,,,是正四面体的顶点,则A 与B 两点间的球面距离为( )A .)33arccos(-B .)36arccos(-C .)31arccos(-D .)41arccos(-6.(福建•理•8题)已知m ,n 为两条不同的直线,α,β为两个不同的平面,则下列命题中正确的是( D )A .,,//,////m n m n ααββαβ⊂⊂⇒B . //,,//m n m n αβαβ⊂⊂⇒C .,//m m n n αα⊥⊥⇒D . //,m n n m αα⊥⇒⊥.(福建•理•10题)顶点在同一球面上的正四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1中,AB =1,AA 1=,则A 、C 两点间的球面距离为( B )A .4πB .2πC .24π D .22π8.(湖北•理•4题)平面α外有两条直线m 和n ,如果m 和n 在平面α内的射影分别是1m 和1n ,给出下列四个命题:①1m ⊥1n ⇒m ⊥n ; ②m ⊥n ⇒1m ⊥1n ;③1m 与1n 相交⇒m 与n 相交或重合; ④1m 与1n 平行⇒m 与n 平行或重合; 其中不正确的命题个数是( D )A.1B.2C.3D.4 9.(湖南•理•8题)棱长为1的正方体1111ABC D A B C D -的8个顶点都在球O 的表面上,E F ,分别是棱1A A ,1DD 的中点,则直线E F 被球O 截得的线段长为( D )A .22B .1C .212+ D .210.(江苏•理•4题)已知两条直线,m n ,两个平面,αβ,给出下面四个命题: ①//,m n m n αα⊥⇒⊥ ②//,,//m n m n αβαβ⊂⊂⇒ ③//,////m n m n αα⇒ ④//,//,m n m n αβαβ⊥⇒⊥ 其中正确命题的序号是( C )A .①③B .②④C .①④D .②③ 11.(江西•理•7题)如图,正方体AC 1的棱长为1,过点A 作平面A 1BD 的垂线,垂足为点H .则以下命题中,错误..的命题是( D ) A .点H 是△A 1BD 的垂心 B .AH 垂直平面CB 1D 1C .AH 的延长线经过点C 1D .直线AH 和BB 1所成角为45° 12.(辽宁•理•7题)若m n ,是两条不同的直线,αβγ,,是三个不同的平面,则下列命题中的真命题是( )A .若m βαβ⊂⊥,,则m α⊥B .若m αγ= n βγ= ,m n ∥,则αβ∥C .若m β⊥,m α∥,则αβ⊥D .若αγ⊥,αβ⊥,则βγ⊥.(陕西•理•6题)一个正三棱锥的四个顶点都在半径为1的球面上,其中底面的三个顶点在该球的一个大圆上,则该正三棱锥的体积是( B )A .433 B .33 C . 43 D .12314.(四川•理•4题)如图,ABCD -A 1B 1C 1D 1为正方体,下面结论错误..的是( D )A .BD ∥平面CB 1D 1 B .AC 1⊥BDC .AC 1⊥平面CB 1D 1 D .异面直线AD 与CB 1角为60°15.(宁夏•理•8题) 已知某个几何体的三视图如下,根据图中标出的尺寸(单位:cm ),可得这个几何体的体积是( B )A.34000cm 3B.38000cm 3C.32000cmD.34000cm16.(四川•理•6题)设球O 的半径是1,A 、B 、C 是球面上三点,已知A 到B 、C 两点的球面距离都是2π,且三面角B -OA -C 的大小为3π,则从A 点沿球面经B 、C 两点再回到A 点的最短距离是( C )A .67π B .45π C .34π D .23π17.(天津•理•6题)设a b ,为两条直线,αβ,为两个平面,下列四个命题中,正确的命题是( D )A.若a b ,与α所成的角相等,则a b ∥ B.若a b αβ,∥∥,αβ∥,则a b ∥C.若a b a b αβ⊂⊂,,∥,则αβ∥ D.若a b αβ⊥⊥,,αβ⊥,则a b ⊥18.(浙江•理•6题)若P 是两条异面直线,l m 外的任意一点,则( B )A .过点P 有且仅有一条直线与,l m 都平行B .过点P 有且仅有一条直线与,l m都垂直C .过点P 有且仅有一条直线与,l m 都相交D .过点P 有且仅有一条直线与,lm2020正视图20侧视图101020俯视图二、填空题19.(全国Ⅰ•理•16题)一个等腰直角三角形的三个顶点分别在正三棱柱的三条侧棱上。
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2007年高考“立体几何”题1.(全国Ⅰ) 如图,正四棱柱1111ABCD A B C D -中,12AA AB =,则异面直线1A B 与1AD 所成角的余弦值为( )A .15B .25C .35D .45解:如图,连接BC 1,A 1C 1,∠A 1BC 1是异面直线1A B 与1AD所成的角,设AB=a ,AA 1=2a ,∴ A 1B=C 1B=5a , A 1C 1=2a ,∠A 1BC 1的余弦值为45,选D 。
一个等腰直角三角形的三个顶点分别在正三棱柱的三条侧棱上.已知 正三棱柱的底面边长为2,则该三角形的斜边长为 . 解:一个等腰直角三角形DEF 的三个顶点分别在 正三棱柱的三条侧棱上,∠EDF=90°,已知 正三棱柱的底面边长为AB=2,则该三角形的斜边EF 上的中线DG=3. ∴ 斜边EF 的长为23。
四棱锥S ABCD -中,底面ABCD 为平行四边形, 侧面SBC ⊥底面ABCD .已知45ABC =∠,2AB =,BC =SA SB ==(Ⅰ)证明SA BC ⊥;(Ⅱ)求直线SD 与平面SAB 所成角的大小. 解法一:(Ⅰ)作SO BC ⊥,垂足为O ,连结AO ,由侧面SBC ⊥底面ABCD ,得SO ⊥底面ABCD . 因为SA SB =,所以AO BO =,又45ABC =∠,故AOB △为等腰直角三角形,AO BO ⊥, 由三垂线定理,得SA BC ⊥.(Ⅱ)由(Ⅰ)知SA BC ⊥,依题设AD BC ∥,1A AB1B1A1D1C CDC 1A CFAD BCA S故SA AD ⊥,由AD BC ==SA =AO =得1SO =,SD =.SAB △的面积211122S ABSA ⎛=-= ⎝连结DB ,得DAB △的面积21sin13522S AB AD == 设D 到平面SAB 的距离为h ,由于D SAB S ABD V V --=, 得121133h S SO S =,解得h = 设SD 与平面SAB 所成角为α,则sin 11h SD α===. 所以,直线SD 与平面SBC 所成的我为arcsin11. 解法二:(Ⅰ)作SO BC ⊥,垂足为O ,连结AO ,由侧面SBC ⊥底面ABCD ,得SO ⊥平面ABCD . 因为SA SB =,所以AO BO =.又45ABC =∠,AOB △为等腰直角三角形,AO OB ⊥. 如图,以O 为坐标原点,OA 为x 0)A ,,(0B ,(0C -,,(001)S ,,,(2,(0CB =,0SA CB =,所以SA BC ⊥.(Ⅱ)取AB 中点E ,022E ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭,,连结SE ,取SE 中点G ,连结OG ,12G ⎫⎪⎪⎝⎭,. 12OG ⎫=⎪⎪⎝⎭,,1SE ⎫=⎪⎪⎝⎭,(AB =. 0SE OG =,0AB OG =,OG 与平面SAB 内两条相交直线SE ,AB 垂直.所以OG ⊥平面SAB ,OG 与DS 的夹角记为α,SD 与平面SAB 所成的角记为β,ODBCAS则α与β互余.D,(DS =.22cos 11OG DS OGDSα==,sin 11β=,所以,直线SD 与平面SAB 所成的角为arcsin .2.(全国II) 已知正三棱柱111ABC A B C -的侧棱长与底面边长相等,则1AB 与侧面11ACC A 所成角的正弦值等于( )A.4B.4C.2D .2解:已知正三棱柱ABC -A 1B 1C 1的侧棱长与底面边长相等,取A 1C 1的中点D 1,连接BD 1,AD 1,∠B 1AD 1是AB 1与侧面ACC 1A 1所成的角,11sin 4B AD ∠==,选A 。
一个正四棱柱的各个顶点在一个直径为2cm 的球面上.如果正四棱柱 的底面边长为1cm ,那么该棱柱的表面积为 cm 2.解:一个正四棱柱的各个顶点在一个直径为2cm 的球面上。
正四棱柱的对角线的长为球的直径,现正四棱柱底面边长为1cm ,设正四棱柱的高为h ,∴ h=2,那么该棱柱的表面积为2+42cm 2.如图,在四棱锥S ABCD -中,底面ABCD 为正方形, 侧棱SD ⊥底面ABCD E F ,,分别为AB SC ,的中点. (1)证明EF ∥平面SAD ;(2)设2SD DC =,求二面角A EF D --的大小. 解法一:(1)作FG DC ∥交SD 于点G ,则G 为SD 的中点.连结12AG FG CD∥,,又CD AB ∥, 故FG AE AEFG∥,为平行四边形. AEBCFSDEF AG ∥,又AG ⊂平面SAD EF ⊄,平面SAD . 所以EF ∥平面SAD .(2)不妨设2DC =,则42SD DG ADG ==,,△为等腰直角三角形.取AG 中点H ,连结DH ,则DH AG ⊥.又AB ⊥平面SAD ,所以AB DH ⊥,而AB AG A =, 所以DH ⊥面AEF .取EF 中点M ,连结MH ,则HM EF ⊥.连结DM ,则DM EF ⊥. 故DMH ∠为二面角A EF D --的平面角tan 1DH DMH HM ∠===所以二面角A EF D --的大小为. 解法二:(1)如图,建立空间直角坐标系D xyz -.设(00)(00)A a S b ,,,,,,则(0)(0B a a C ,,,,00222a a b E a F ⎛⎫⎛⎫⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,,,,,, 02b EF a ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,,.取SD 的中点002b G ⎛⎫ ⎪⎝⎭,,,则02b AG a ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,,. EF AG EF AG AG =⊂,∥,平面SAD EF ⊄,平面SAD ,所以EF ∥平面SAD .(2)不妨设(100)A ,,,则11(110)(010)(002)100122B C S E F ⎛⎫⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,,,,,,,,,,,,,,. EF 中点111111(101)0222222M MD EF MD EF MD EF ⎛⎫⎛⎫=---=-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,,,,,,,,,,⊥ 又1002EA ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,,,0EA EF EA EF =,⊥, 所以向量MD 和EA 的夹角等于二面角A EF D --的平面角.3cos 3MD EA MD EA MD EA<>==,. AEBCFSD HG M所以二面角A EF D --的大小为arccos3. 3.(北京卷)平面α∥平面β的一个充分条件是( ) A.存在一条直线a a ααβ,∥,∥B.存在一条直线a a a αβ⊂,,∥C.存在两条平行直线a b a b a b αββα⊂⊂,,,,∥,∥ D.存在两条异面直线a b a b a b αββα⊂⊂,,,,∥,∥ 解:平面α∥平面β的一个充分条件是“存在两条异面直线a b a a b αβα⊂,,,∥,∥”,选D 。
如图,在Rt AOB △中,π6OAB ∠=,斜边4AB =.Rt AOC △可以通过Rt AOB △以直线AO 为轴旋转得到,且二面角 B AO C --是直二面角.动点D 的斜边AB 上. (I )求证:平面COD ⊥平面AOB ;(II )当D 为AB 的中点时,求异面直线AO 与CD 所成角的大小; (III )求CD 与平面AOB 所成角的最大值. 解:(I )由题意,CO AO ⊥,BO AO ⊥,BOC ∴∠是二面角B AO C --是直二面角,又二面角B AO C --是直二面角, CO BO ∴⊥,又AO BO O =,CO ∴⊥平面AOB , 又CO ⊂平面COD . ∴平面COD ⊥平面AOB .(II )作DE OB ⊥,垂足为E ,连结CE (如图),则DE AO ∥,CDE ∴∠是异面直线AO 与CD 所成的角.在Rt COE △中,2CO BO ==,112OE BO ==,CE ∴==又12DE AO == ∴在Rt CDE △中,tan CE CDE DE ===OCADBAD∴异面直线AO 与CD 所成角的大小为arctan3. (III )由(I )知,CO ⊥平面AOB ,CDO ∴∠是CD 与平面AOB 所成的角,且2tan OC CDO OD OD==. 当OD 最小时,CDO ∠最大, 这时,OD AB ⊥,垂足为D ,3OA OBOD AB==,tan CDO =, CD∴与平面AOB 所成角的最大值为arctan3.4.(天津卷)设,a b 为两条直线,,αβ为两个平面.下列四个命题中,正确的命题是 ( ) A.若,a b 与α所成的角相等,则b a ∥ B.若a ∥,b α∥β,α∥β,则b a ∥C.若,,a b a αβ⊂⊂∥b,则βα∥D.若,,,a b αβαβ⊥⊥⊥则a b ⊥解:对于A 当,a b 与α均成0︒时就不一定;对于B 只需找个γαβ∥∥,且,a b γγ⊂⊂即可满足题设但,a b 不一定平行;对于C 可参考直三棱柱模型排除,故选D.一个长方体的各顶点均在同一球的球面上,且一个顶点上的三条棱的长分别为1,2,3,则此球的表面积为__________.解:长方体外接球直径长等于长方体体对角线长,即2R ==故2414S R ππ==.如图,在四棱锥P ABCD -中,PA ⊥ 底面,ABCD,,60,AB AD AC CD ABC ⊥⊥∠=︒,PA AB BC ==E 是PC 的中点.(I)证明CD AE ⊥; (II)证明PD ⊥平面ABE ;(III)求二面角A PD C --的大小.【分析】(I)证明:在四棱锥P ABCD -中,因PA ⊥底面,ABCD CD ⊂平面,ABCD 故PA CD ⊥.APEBCD,,AC CD PAAC A CD ⊥=∴⊥平面PAC .而AE ⊂平面,PAC AE PC ∴⊥.(II)证明:由,60,PA AB BC ABC ==∠=︒可得AC PA =.E 是PC 的中点,AE PC ∴⊥.由(I)知,,AE CD ⊥且,PCCD C =所以AE ⊥平面PCD .而PD ⊂平面,PCD AE PD ∴⊥. PA ⊥底面,ABCD PD 在底面ABCD 内射影是,,AD AB AD AB PD ⊥∴⊥.又,ABAE A =综上得PD ⊥平面ABE .(III)解法一:过点A 作,AM PD ⊥垂足为,M 连结EM .由(II)知,AE ⊥平面,PCD AM 在平面PCD 内的射影是,EM 则EM PD ⊥.因此AM E ∠是二面角A PD C --的平面角. 由已知,得30CAD ∠=︒.设,AC a =可得,,,.32PA a AD PD AE ====在Rt ADP ∆中,,..AM PD AM PD PA AD ⊥∴=.则..7a PA AD AM a PD === 在Rt AEM ∆中,sin AE AME AM ==所以二面角A PD C --的大小是sinacr 解法二:由题设PA ⊥底面,ABCD PA ⊂平面,PAD 则平面PAD ⊥平面,ACD 交线为.AD过点C 作,CF AD ⊥垂足为,F 故CF ⊥平面.PAD 过点F 作,FM PD ⊥垂足为,M 连结,CM 故.CM PD ⊥因此CMF ∠是二面角A PD C --的平面角. 由已知,可得30CAD ∠=︒.设,AC a =可得1,,,,.2PA a AD PD CF a FD ====FM D ∆∽,.FMFD PAD PA PD∆∴=于是,...a aFD PA FM PD === APEBCD M FM APEBCD在Rt CMF∆中,1tan aCF CMF FM === 所以二面角A PD C --的大小是arctan5.(上海卷) 在平面上,两条直线的位置关系有相交、平行、重合三种. 已知αβ,是两个相交平面,空间两条直线12l l ,在α上的射影是直线12s s ,,12l l ,在β上的射影是直线12t t ,.用1s 与2s ,1t 与2t 的位置关系,写出一个总能确定1l 与2l 是异 面直线的充分条件: . 解: 作图易得“能成为12,l l 是异面直线的充分条件”的是“21//s s ,并且1t 与2t 相交”或“//1t 2t ,并且1s 与2s 相交”。