文科数学高考压轴题圆锥曲线解题策略

攸县高考数学（文科）研究材料（二）：
高考数学压轴题---圆锥曲线
解题策略及常考题型
圆锥曲线问题将几何与代数知识有机结合在一起,较好地考察了学生的数学思维和创新,灵活处理问题的能力,是高考命题的热点之一.高考中要做好圆锥曲线这道大题，我们还需要一定的解题策略 ,并通过自己不断地领悟和练习提高自己的解题能力.
一、圆锥曲线知识要点及解题方法
圆锥曲线解题的本质就是将题干中的条件和图形中隐含的几何特征转化成等式或不等式,最后通过代数运算解决问题,而其中的关键是怎样转化或构造不等式。

其常考查的知识点可以归纳如下：
1、抓住定义构造等式，定义是圆锥曲线的核心和根本，涉及焦点时，优先利用定义解决问题。

?
2、抓住题中特殊几何关系来构造等式或应用几何关系使解题简化，运用“重几何，轻代数”观念处理问题。

①内心：1、三条角平分线交点； 2、角平分线上的点到两边距离相等； 3、切线长定理； 4、面积法（S △ABI +S △ACI +S △BCI =S △ABC ） ②重心：1、中线交点; 2、AH=2HD ，H 为重心; ③垂心：三条高线交点（可用垂直构造等式）?
④外心：垂直平分线交点（垂直平分线的性质构造等式） ⑤三角形两边之和大于第三边（焦点三角形） ⑥直线与圆锥曲线相交：
(1)两不同交点?△＞0
（2）交于双曲线的左右两支?X 1X 2＜0 （3）交于双曲线的同一支?X 1X 2＞0
⑦用点与椭圆圆的位置关系来构造等式或不等式
(1)在椭圆上
22
00
22
1
x y
a b
+=
；（2 ）在椭圆外?
22
00
22
1
x y
a b
+>
；（3 ）右椭圆
内?
22
00
22
1
x y
a b
+<
；
⑧用曲线本身的一些坐标限制（在椭圆中，-a≤x≤a,-b≤y≤b）；
⑨用k相等（三点共线）；注：条件已用完，当缺少等式时，且无明显几何特征时，考虑用⑦、⑧、⑨
3．用其它条件构造等式或不等式?
①用非负数k2，|x|大于0构造
②问题中的要求与条件中的范围相联系；
③结合参数方程，利用参数的几何意义或三角函数的有界性，构造不等式。

4．与平面几何的联系
①圆直径所对的圆周角为90度（可用垂直构造等式）相交弦，割线长定理
②中位线（坐标原点为中点，往往考虑不到）
5．点差法①直线与曲线相交，且出现中点时，常常使用。

②抛物线涉及k时，常使用。

二、圆锥曲线常见题型及分类
题型一：轨迹问题：
例1、已知椭圆C的对称中心为原点O，焦点在x轴上，左、右焦点分别为F1和F2，且
|F1F2|＝2，点(1，3
2
)在该椭圆上．
(1)求椭圆C的方程；(2)过F1的直线l与椭圆C相交于A，B两点，若△AF2B的面
积为122
7
.求以F2为圆心且与直线l相切的圆的方程．
题型二：直线与圆满锥曲线的位置关系问题
例2、已知椭圆C ：2224x y +=. （1）求椭圆C 的离心率； （2）设O 为原点，若点
A 在椭圆C 上，点
B 在直线2y =上，且OA OB ⊥，试判断直线AB 与圆222x y +=的位置
关系，并证明你的结论.
题型三：离心率范围问题
例3、在平面直角坐标系中，已知点(2,2)F 及直线:20l x y +-=，曲线1C 是满足下列
两个条件的动点(,)P x y 的轨迹：①2,PF d =其中d 是P 到直线l 的距离；②00
.225x y x y >⎧⎪
>⎨⎪+<⎩
(1) 求曲线1C 的方程; (2) 若存在直线m 与曲线1C 、椭圆22
222:1(0)x y C a b a b
+=>>均相切
于同一点，求2C 离心率e 的取值范围.
题型四：最值问题
例4、已知椭圆C ：x 2a 2＋y 2b 2＝1(a ＞b ＞0)的离心率为6
3
，短轴一个端点到右焦点的距离为
3.
(1)求椭圆C 的方程；(2)设直线l 与椭圆C 交于A ，B 两点，坐标原点O 到直线l
的距离为
3
2
，求△AOB 面积的最大值.
题型五：定值问题
例5、设()()
1122,,,A x y B x y 是椭圆()22
221y x a b o a b
+=>>上的两点，已知向量
1122,,,x y x y m n b a b a ⎛⎫⎛⎫
== ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
，若0m n ⋅=且椭圆的离心率2e =，短轴长为2，O 为坐标原点．
（Ⅰ） 求椭圆的方程；
（Ⅱ）若直线AB 过椭圆的焦点F （0，c ），（c 为半焦距），求直线AB 的斜率k 的值； （Ⅲ）试问：△AOB 的面积是否为定值如果是，请给予证明；如果不是，请说明理由。

题型六：定点问题
例6、已知直线1y x =+被圆2
2
3
2
x y +=截得的弦长恰与椭圆2222:1(0)x y C a b a b +=>>的短轴
长相等，椭圆C 的离心率2
2
e =
． （1）求椭圆C 的方程； （2）已知过点1(0,)3
M -的动直线l 交椭圆C 于,A B 两点，试问：在坐标平面上是否存在一个定点T ，使得无论l 如何转动，以AB 为直径的圆恒过定点T 若存在，求出点T 的坐标，若不存在，请说明理由．
网]
题型七：参数范围问题
例7、设F 1，F 2分别是椭圆x 2
4＋y 2＝1的左、右焦点．(1)若P 是该椭圆上的一个动点，求
PF 1→·PF 2→的最大值和最小值；(2)设过定点M (0，2)的直线l 与椭圆交于不同的两点A ，B ，且∠AOB 为锐角(其中O 为坐标原点)，求直线l 的斜率的取值范围．
题型八：存在性问题
例8、已知椭圆的一个顶点为(0,1)A -，焦点在x 轴上，若右焦点到直线022=+-y x 的距离为3．
（Ⅰ）求椭圆的方程；
（Ⅱ）是否存在斜率为(0)k k ≠，且过定点(0,2)Q 的直线l ，使l 与椭圆交于两个不同的点
M N ,，且AN AM =若存在，求出直线l 的方程;若不存在,请说明理由．
附例题参考解答： 1、【解析】：
化简得：17k 4＋k 2－18＝0，得k ＝±1， ∴r ＝2，圆的方程为(x －1)2＋y 2＝2.
2、【分析】（1）把椭圆C ：2224x y +=化为标准方程，确定2a ，2b ，利用a
c
e =求得离心率；（2）设点),(00y x A ，)2,(t B ，其中00≠x ，由OB OA ⊥，即0=•OB OA ，用0x 、0y 表示
t ，当t x =0或t x ≠0分别根据点到直线的距离公式求出圆心到直线的距离，与圆的半径比
较，从而判断直线AB 与圆222x y +=的位置关系.
【解析】（1）由题意椭圆C 的标准方程为12
42
2=+y x ，所以42=a ，22=b ，从而
224222=-=-=b a c ，
所以2
2
=
=
a c e . （2）直线AB 与圆222=+y x 相切，证明如下：设点),(00y x A ，)2,(t B ，其中00≠x ， 因为OB OA ⊥，所以0=•OB OA ，即0200=+y tx ，解得0
2x y t -
=，
3、【解析】
（2）(解法一)由题意，直线m 与曲线1C 相切，设切点为1
(,)M t t ， 1 2.2
t <<
则直线m 的方程为2
111
(
)()()y x t x t x t
t x
t
'-=⨯-=-
-=，即212.y x t t =-+ [来源:学科网] 将2
12
y x t t
=-
+代入椭圆2C 的方程222222b x a y a b +=，并整理得： 242222222()4(4)0.b t a x a tx a b t t +-+-=
（2）(解法二)设直线m 与曲线111
:(2)2
C y x x =<<、椭圆22222:1(0)x y C a b a b +=>> 均相切于
同一点1
(,),M t t
则22221 1.t a b t +=
由1
y x =知21y x
'=-
; 由2
2
221(0)x y y a b +=>知2
21x y a =-222222
22
2.211x b x a y a y x x a a a
-
'===--- 故22
24221,.1b t a b t t a t
-=-=
联解
2
222
224
1
1 t
a b t
a b t
⎧
+=
⎪
⎨
⎪=
⎩
,得222
2
2
,2.
b a t
t
==
由12,
2
t<<及22
a b
>得1 2.
t
<<
故
22
2
24
1
1
a b
e
a t
-
==-，
得215
0,
16
e
<<又01,
e
<<故
15
0.
e
<<
所以椭圆
2
C离心率e的取值范围是15
(0,).
4、【分析】第2问，在设直线l方程时要考虑斜率存在与不存在两种情况。

【解析】
当且仅当9k2＝
1
k2
，即k＝±
3
3
时等号成立.当k＝0时，|AB|＝3.综上所述：|AB|max＝2.
∴当|AB|最大时，△AOB的面积取得最大值S＝
1
2
×|AB|max×
3
2
＝
3
2
5、【答案】（Ⅰ）
2
21
4
y
x
+=；（Ⅱ）2
k=（Ⅲ）三角形的面积为定值1．
【解析】
（Ⅱ）由题意，设AB 的方程为3y kx =+，所以()22
2
2
34231014
y kx k x kx y x ⎧=+⎪
⇒++-=⎨+=⎪⎩， 所以1212
22231
,44
k x x x x k k +=-
=-++， 由已知0m n ⋅=得：()()
()212121212121222133
331444x x y y k k x x kx kx x x x x b a ⎛⎫+=+++=++++ ⎪⎝
⎭
22413233
0444
k k k k +-⎛⎫=-+⋅+= ⎪
+⎝⎭，解得2k =±． （Ⅲ）
6、【答案】（1
）2
212
x y +=；（2）存在且定点为(0,1)T ．
【解析】
（2）假设存在点(,)T u v ，若直线l 的斜率存在，设其方程为1
3
y kx =-，将它代入椭圆方程，并整理得22(189)12160k x k +--=．
设点A B 、的坐标分别为1122(,),(,)A x y B x y ，则12212212189
16189k x x k x x k ⎧
+=⎪⎪+⎨-⎪=
⎪+⎩
，
因为111222(),()TA x u y v TB x u y v =--=--及112211,33
y kx y kx =-=-，
所以22212121212121()()()()(1)()()3
39
v TA TB x u x u y v y v k x x u k kv x x u v ⋅=--+--=+-++++++
+ ＝222222
(666)4(3325)62
u v k ku u v v k +--+++-+． 当且仅当0TA TB =恒成立时，以AB 为直径的圆恒过定点T ，
所以2222666040
33250u v u u v v ⎧+-=⎪=⎨⎪++-=⎩
，解得0,1u v ==， 此时以AB 为直径的圆恒过定点(0,1)T ．
当直线l 的斜率不存在，l 与y 轴重合，以AB 为直径的圆为221x y +=也过点(0,1)T ． 综上可知，在坐标平面上存在一个定点(0,1)T ，满足条件．
7、解：
(2)由题意可知，过点M (0，2)的直线l 的斜率存在． 设l 的方程为y ＝kx ＋2，
由⎩⎨⎧y ＝kx ＋2，x 2
4＋y 2
＝1，
消去y ，化简整理得 (1＋4k 2)x 2＋16kx ＋12＝0，
Δ＝(16k )2－48(1＋4k 2)＞0，解得k 2＞3
4.
设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，
则x 1＋x 2＝－16k 1＋4k 2，x 1x 2＝12
1＋4k 2，
又∠AOB 为锐角，所以OA →·OB →＞0， 即x 1x 2＋y 1y 2＞0，
即x 1x 2＋(kx 1＋2)(kx 2＋2)[来源:学#科#网Z#X#X#K] ＝(1＋k 2)x 1x 2＋2k (x 1＋x 2)＋4＞0，
所以(1＋k 2
)·121＋4k 2＋2k ·－16k 1＋4k
2＋4＞0，解得k 2
＜4，
所以34＜k 2
＜4，即k ∈(－2，－32)∪(32
，2)．
【点评】本题第2问，如忽视条件Δ＞0，会得到k ∈(－2，2)的错误结论。

[来源:学科
8、【解析】
（II ）设存在直线符合题意，直线方程为2y kx =+，代入椭圆方程得：
22(31)1290k x kx +++=，
设1122(,),(,)M x y N x y ，00(,)P x y 为弦MN 的中点，则
由韦达定理得：22122
14436(31)0
1231k k k
x x k ⎧∆=-+>⎪
⎨+=-⎪+⎩，21k ∴> 000
2262
,23131
k x y kx k k ∴=-
=+=++， 因为MN
AP AN AM ⊥∴=,
00
1
1y k x +∴
⋅=- 1k ∴=±
不符合0∆>，所以不存在直线符合题意．。