2015-2016学年广西柳州铁路第一中学高二上学期段考物理(理)试卷

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广西柳州铁一中学16-17学年度高二上学期第一次月考—

广西柳州铁一中学2016—2017学年度上学期第一次月考高二物理试题高二物理9月月考题参考答案一、选择题：1、B 2、A 3、D 4、B 5、BC 6、AD 7、ACD 8、ABC 二、实验题9、12：（1） ABEFG ，（4） 0.4 0， 2.4 10、(1)0.520±0.002 (2) BE(3）实验电路如图所示 (4)(1.1±0.1)×10-6（2）（3）略三、计算题11、解：（1）由正点电荷的等势面特点可判断a 点的电势较高可知Ua>Ub ，Uab>0,当把负电荷从a 点移往b 点，Wab= qUab<0,电场力做负功，电势能增加，负电荷在b 点电势能较大（2）若Uab ＝１００Ｖ，二价负离子电量ｑ＝－２×１．６×１０－１９Ｃ，将该离子从a 点移往b 点，电场力做功 Wab= qUab ＝－３．２×１０－１７Ｊ，即克服电场力做功３．２×１０－１７Ｊ 12、（1）保持开关S 1、S 2闭合时，电路中的电流 I==A=0.5A ． R 1两端的电压 U 1=IR 1=0.5×6V=3V则电容器所带的电荷量 Q 1=CU 1=10×10-6 ×3C=3×10-5C（2）保持开关S 1闭合，将开关S 2断开，电容器的电压等于电源的电动势，所带的电荷量 Q 2=CE=10×10-6×9C=9×10-5C ．断开开关S 2后流过电阻R 2的电荷量△Q=Q 2-Q 1=6×10-5C ．电动机线圈的电阻R=P/I 2=100/25=414、解析 (1)设离子恰好从极板边缘射出时极板两端的电压为U 0，水平方向：l ＝v 0t① 竖直方向：d 2＝12at 2② 又a ＝qU 0md③由①②③得U 0＝md 2v 20ql2＝128 V即当U ≥128 V 时离子打到极板上，当U <128 V 时离子打到屏上，利用推论：打到屏上的离子好像是从极板中心沿直线射到屏上，由此可得：l 2＋l 2l 2＝yd 2，解得y ＝d ，又由对称性知，打到屏上的总长度为2d 则离子打到屏上的区域面积为S ＝2da ＝64 cm 2. (2)在前14T ，离子打到屏上的时间：t 0＝128200×0.005 s ＝0.003 2 s ，又由对称性知，在一个周期内，打到屏上的总时间 t ＝4t 0＝0.012 8 s.答案 (1)64 cm 2 (2)0.012 8 s。

广西柳州铁路第一中学高二物理上学期段考试题文

柳州铁一中学2016-2017学年第一学期高二年级段考物理（文科）试卷―、单项选择题I（本大题共15小题，每小题2分，共计30分）1．下列物理量中，属于矢量的是( )A．时间 B．位移 C．质量 D．动能2. 某学校田径运动场跑道示意图如图所示，A点是所有跑步项目的起跑点，也是400m赛跑的终点，B点是100m赛跑的终点。

在校运会中，甲同学参加了100m赛跑，乙同学参加了400m赛跑，则A．甲、乙的位移相等 B．乙的位移最大C．甲、乙的路程相等 D．乙的路程最大3．在100m跑的比赛中，王强同学6s末的速度为9.2m/s，10s末到达终点时的速度为10.4m/s，则他在比赛中的平均速度大小为（）A．9.2m/s． B．9.8m/s C．10.0m/s D．10.4m/s4．以下关于重力的说法中错误的是( )A．重力的施力物体是地球 B．重力的方向总是竖直向下的C．在同一位置，质量大的物体受到的重力大D．重力的作用点叫重心，物体的重心都在物体上5．下列关于惯性的说法正确的是（）A．物体运动时才具有惯性 B．物体静止时才具有惯性C．物体的质量越大，惯性越大 D．物体的速度越大，惯性越大6. 做匀速圆周运动的物体，在运动过程中保持不变的物理量是A．速度 B．合外力 C．加速度 D．动能7．如图所示，用一个水平力F 去推放在水平地面上的讲台，讲台静止不动，这时讲台受力的数量是A ．1个B ．2个C ．3个D ．4个8．握在手中的瓶子不滑落下来，这是因为（）A ．手对瓶的弹力大于瓶子所受的重力B ．手对瓶的弹力等于瓶子所受的重力C ．手对瓶子的静摩擦力等于瓶子所受的重力D ．手对瓶子的静摩擦力大于瓶子所受的重力9．关于功率，下列说法正确的是：A.功率大说明物体做功多B.功率小说明物体做功慢C.功率大说明物体受的力大D.功率小说明物体位移小10．在地面附近分别以不同的速度发射飞行器，它们的轨迹如图3所示，由此可知第一宇宙速度的大小为 A ．7.9 km/s B ．9.0 km/s C ．11.2 k m/s D ．16.7 km/s11．一个做自由落体运动的物体，下落速度v 随时间t 变化的图象如图所示，其中正确（）12．下列电学元件中不是利用电流热效应进行工作的是（）A ．电容器B ．保险丝C ．电烤箱D ．电饭煲3=9.0 km/s13．关于电场强度，下列说法正确的是（）A ．电场中某点的电场强度就是单位电荷在该点受到的电场力B ．电场中某点的电场强度与该点所放试探电荷所受的电场力成正比C ．电场中某点的电场强度方向就是试探电荷在该点所受电场力的方向D ．电场中某点的电场强度与该点有无试探电荷无关14．法拉第发现了磁生电的现象，不仅推动了电磁理论的发展，而且推动了电磁技术的发展，引领人类进入了电气时代。

广西柳州市铁路一中高三物理上学期10月月考试卷(含解析)

2015-2016学年广西省柳州市铁路一中高三（上）月考物理试卷（10月份）二、选择题（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，1-4只有一项符合题目要求，5-8有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．某同学为研究物体运动情况，绘制了物体运动的s﹣t图象，如图所示．图中纵坐标表示物体的位移s，横坐标表示时间t，由此可知该物体做（）A．匀速直线运动 B．变速直线运动 C．匀速曲线运动 D．变速曲线运动2．水平足够长运动的皮带，取向右为速度的正方向．将一物块P轻轻放上皮带，之后P最初一段时间的速度时间图象如图乙，关于皮带的运动情况描述正确的是（）A．可能是向右的匀加速B．可能是向右的匀速C．一定是向左的匀加速D．可能是向左的匀速3．质量为m的物体在沿斜面向上的拉力F作用下沿放在水平地面上的质量为M的粗糙斜面匀速下滑，此过程中斜面体保持静止，则地面对斜面（）A．无摩擦力 B．有水平向右的摩擦力C．支持力为（M+m）g D．支持力小于（M+m）g4．如图所示，有一个质量为M，半径为R，密度均匀的大球体．从中挖去一个半径为的小球体，并在空腔中心放置一质量为m的质点，则大球体的剩余部分对该质点的万有引力大小为（已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零）（）A．G B．0 C．4G D．G5．关于静电场，下列说法正确的是（）A．处于静电平衡状态的导体是个等势体B．处于静电平衡状态的导体，内部的电场不为0C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向6．如图，在竖直平面内，轨道 ABC关于B点对称，且A、B、C三点在同一水平线上．若小滑块第一次由A滑到C，所用时间为t1，到达C点速度为v1，第二次由C滑到A，所用时间为t2，到达A点速度为v2，小滑块两次的初速度大小相同且运动过程始终沿着轨道滑行，小滑块与轨道间的动摩擦因素恒定，则（）A．t1＜t2B．t1=t2 C．v1＞v2D．v1=v27．如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示．t=0时刻，质量为m的带电微粒以初速度为v0沿中线射入两板间，0～时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金属板边缘飞出．微粒运动过程中未与金属板接触．重力加速度的大小为g．关于微粒在0～T时间内运动的描述，正确的是（）A．末速度大小为v0B．末速度沿水平方向C．重力势能减少了mgd D．克服电场力做功为mgd8．如图，质量相同的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上．初始时用力压住b使a、b静止，撤去此压力后，a开始运动，在a下降的过程中，b始终未离开桌面．在此过程中（）A．a的动能小于b的动能B．两物体机械能的变化量相等C．a的重力势能的减小量大于两物体总动能的增加量D．绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的代数和为零三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某物理小组的同学设计了一个粗测玩具小车通过凹形桥最低点时的速度的实验．所用器材有：玩具小车、压力式托盘秤、凹形桥模拟器（圆弧部分的半径为R=0.20m）．完成下列填空：（1）将凹形桥模拟器静置于托盘秤上，如图（a）所示，托盘秤的示数为1.00kg；（2）将玩具小车静置于凹形桥模拟器最低点时，托盘秤的示数如图（b）所示，该示数为kg；（3）将小车从凹形桥模拟器某一位置释放，小车经过最低点后滑向另一侧．此过程中托盘可求出小车经过凹形桥最低点时对桥的压力为N；小车通过最低点时的速度大小为 m/s．（重力加速度大小取9.80m/s2，计算结果保留2位有效数字）10．某多用电表内欧姆挡“×1”的内部电路图如图1所示，小明同学将电阻箱和电压表V 并联后接在两表笔a、b上，欲用图示的电路测量多用电表内部的电阻r（远小于电压表V 的内阻）和电池的电动势E．实验的主要步骤为：（1）表笔a为（填“红表笔”或“黑表笔”）．将选择开关转至欧姆挡“×1”，将红黑表笔短接，调节，使指针指在（填“左”或“右”）侧零刻度处．（2）改变电阻箱R的阻值，分别读出6组电压表和电阻箱的示数U、R，将、的值算出（3）根据图线得到电动势E= V，内电阻r= Ω．（结果保留三位有效数字）（4）由于电压表的分流作用，多用电表内部电池的电动势的测量值比真实值（填“大”或“小”）．11．如图1所示，质量2.3kg的物块静止在水平面上，用力F与水平方向成θ=37°角拉动物块，力F作用时间内物块的速度图象如图2，2s末撤去力F，已知物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2，求：（1）力F的大小；（2）撤去力F后物块运动的时间和位移．12．如图所示，半径R=0.8m的光滑绝缘导轨固定于竖直平面内，加上某一水平方向的匀强电场时，带正电的小球沿轨道内侧做圆周运动，它的电量q=1.00×10﹣7C．圆心O与A点的连线与竖直成一角度θ，在A点时小球对轨道的压力N=1.2N，此时小球的动能最大．若小球的最大动能比最小动能多0.32J，且小球能够到达轨道上的任意一点（不计空气阻力，g 取10m/s2）．则：（1）小球的最小动能是多少？（2）小球受到重力和电场力的合力是多少？（3）现小球在动能最小的位置突然撤去轨道，并保持其他量都不变，若小球在0.4s后的动能与它在A点时的动能相等，求小球的质量和电场强度．【物理-物理3-3】13．下列说法正确的是（）A．悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动B．空气的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果C．彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点D．高原地区水的沸点较低，这是高原地区温度较低的缘故E．干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果14．如图，两气缸AB粗细均匀，等高且内壁光滑，其下部由体积可忽略的细管连通；A的直径为B的2倍，A上端封闭，B上端与大气连通；两气缸除A顶部导热外，其余部分均绝热．两气缸中各有一厚度可忽略的绝热轻活塞a、b，活塞下方充有氮气，活塞a上方充有氧气；当大气压为P0，外界和气缸内气体温度均为7℃且平衡时，活塞a离气缸顶的距离是气缸高度的，活塞b在气缸的正中央．（ⅰ）现通过电阻丝缓慢加热氮气，当活塞b升至顶部时，求氮气的温度；（ⅱ）继续缓慢加热，使活塞a上升，当活塞a上升的距离是气缸高度的时，求氧气的压强．【物理选修3-4】15．一振动周期为T，振幅为A，位于x=0点的波源从平衡位置沿y轴正向开始做简谐振动，该波源产生的一维简谐横波沿x轴正向传播，波速为v，传播过程中无能量损失，一段时间后，该振动传播至某质点P，关于质点P振动的说法正确的是（）A．振幅一定为AB．周期一定为TC．速度的最大值一定为vD．开始振动的方向沿y轴向上E．开始振动的方向沿y轴向上或向下取决于它离波源的距离16．半径为R、介质折射率为n的透明圆柱体，过其轴线OO′的截面如图所示．位于截面所在平面内的一细束光线，以角i0由O点射入，折射光线由上边界的A点射出．当光线在O 点的入射角减小至某一值时，折射光线在上边界的B点恰好发生反射．求A、B两点间的距离．【物理选修3-5】17．关于天然放射性，下列说法正确的是（）A．所有元素都可能发生衰变B．放射性元素的半衰期与外界的温度无关C．放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性D．α、β和γ三种射线，γ射线的穿透力最强E．一个原子核在一次衰变中可同时放出α、β和γ三种射线18．如图，三个质量相同的滑块A、B、C，间隔相等地静置于同一水平直轨道上．现给滑块A向右的初速度v0，一段时间后A与B发生碰撞，碰后A、B分别以v0、v0的速度向右运动，B再与C发生碰撞，碰后B、C粘在一起向右运动．滑块A、B与轨道间的动摩擦因数为同一恒定值．两次碰撞时间均极短．求B、C碰后瞬间共同速度的大小．2015-2016学年广西省柳州市铁路一中高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析二、选择题（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，1-4只有一项符合题目要求，5-8有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．某同学为研究物体运动情况，绘制了物体运动的s﹣t图象，如图所示．图中纵坐标表示物体的位移s，横坐标表示时间t，由此可知该物体做（）A．匀速直线运动 B．变速直线运动 C．匀速曲线运动 D．变速曲线运动【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】由题是位移﹣时间（s﹣t）图象．其斜率大小等于物体运动的速度，斜率不变，则物体的速度不变，做匀速直线运动．根据斜率的正负判断物体的运动方向．【解答】解：s﹣t图象所能表示出的位移只有两个方向，即正方向与负方向，所以s﹣t图象所能表示的运动也只能是直线运动．s﹣t图线的斜率反映的是物体运动的速度，由图可知，速度在变化，故B项正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】本题关键抓住图象的数学意义：斜率表示速度来分析物体的运动情况．根据运动图象分析物体的运动情况，是学习物理必须培养的基本功．2．水平足够长运动的皮带，取向右为速度的正方向．将一物块P轻轻放上皮带，之后P最初一段时间的速度时间图象如图乙，关于皮带的运动情况描述正确的是（）A．可能是向右的匀加速B．可能是向右的匀速C．一定是向左的匀加速D．可能是向左的匀速【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据图象判断P的运动情况，知道P沿负方向运动，判断P的受力情况，进而判断传送带的运动情况．【解答】解：根据图象可知，物体P向左做匀加速直线运动，则P受到的摩擦力方向水平向左，P相对于传送带向右运动，所以皮带可能向左匀速运动，也可能向左匀加速直线运动，不可能向右运动，故D正确．故选：D【点评】本题的关键是根据速度﹣时间图象判断P的运动情况，进而分析受力情况，难度不大，属于基础题．3．质量为m的物体在沿斜面向上的拉力F作用下沿放在水平地面上的质量为M的粗糙斜面匀速下滑，此过程中斜面体保持静止，则地面对斜面（）A．无摩擦力 B．有水平向右的摩擦力C．支持力为（M+m）g D．支持力小于（M+m）g【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对整体分析，通过共点力平衡求出地面的摩擦力和支持力的大小．【解答】解：整体受力如图所示，根据共点力平衡得，地面的摩擦力f=Fcosθ，分析水平向左．支持力的大小N=（M+m）g﹣Fsinθ，小于（M+m）g．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．掌握整体法和隔离法的运用．4．如图所示，有一个质量为M，半径为R，密度均匀的大球体．从中挖去一个半径为的小球体，并在空腔中心放置一质量为m的质点，则大球体的剩余部分对该质点的万有引力大小为（已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零）（）A．G B．0 C．4G D．G【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】采用割补法，先将空腔填满，根据万有引力定律列式求解万有引力，该引力是填入的球的引力与剩余部分引力的合力；注意均匀球壳对内部的质点的万有引力的合力为零．【解答】解：采用割补法，先将空腔填满；填入的球的球心与物体重合，填入球上各个部分对物体m的引力的矢量和为零；均匀球壳对内部的质点的万有引力的合力为零，根据万有引力定律，有：G=F+0解得：F=故选：D．【点评】本题关键是采用割补法分析，同时要注意球壳对球心的物体的万有引力为零，不难．5．关于静电场，下列说法正确的是（）A．处于静电平衡状态的导体是个等势体B．处于静电平衡状态的导体，内部的电场不为0C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】处于静电平衡状态的整个导体是一个等势体，内部场强处处为0，沿电场线的方向，电势降低．【解答】解：A、处于静电平衡状态的整个导体是一个等势体，内部场强处处为0，故A正确B错误；B、沿电场线电势一定降低，故B错误；C、沿电场线的方向，电势降低，与场强大小无关．故C错误；D、任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向，故D正确；故选：AD【点评】处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面．且导体是等势体6．如图，在竖直平面内，轨道 ABC关于B点对称，且A、B、C三点在同一水平线上．若小滑块第一次由A滑到C，所用时间为t1，到达C点速度为v1，第二次由C滑到A，所用时间为t2，到达A点速度为v2，小滑块两次的初速度大小相同且运动过程始终沿着轨道滑行，小滑块与轨道间的动摩擦因素恒定，则（）A．t1＜t2B．t1=t2 C．v1＞v2D．v1=v2【考点】动能定理；向心力．【专题】定性思想；推理法；动能定理的应用专题．【分析】滑块做圆周运动，根据牛顿第二定律判断滑块受到的支持力大小关系，然后判断摩擦力大小关系，再比较滑块的运动时间，根据动能定理比较速度的大小【解答】解：在AB段，由牛顿第二定律得：mg﹣F=m，滑块受到的支持力：F=mg﹣m，则速度v越大，滑块受支持力F越小，摩擦力f=μF就越小，在BC段，由牛顿第二定律得：F﹣mg=m，滑块受到的支持力：F=mg+m，则速度v越大，滑块受支持力F越大，摩擦力f就越大，由题意知从A运动到C相比从C到A，在AB段速度较大，在BC段速度较小，所以从A到C 运动过程受摩擦力较小，用时短，故AC正确故选：AC【点评】本题通过在同一点比较支持力的大小得出摩擦力的大小，从而得出克服摩擦力做功大小关系是解决本题的关键7．如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示．t=0时刻，质量为m的带电微粒以初速度为v0沿中线射入两板间，0～时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金属板边缘飞出．微粒运动过程中未与金属板接触．重力加速度的大小为g．关于微粒在0～T时间内运动的描述，正确的是（）A．末速度大小为v0B．末速度沿水平方向C．重力势能减少了mgd D．克服电场力做功为mgd【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】0～时间内微粒匀速运动，重力和电场力相等，～内，微粒做平抛运动，～T时间内，微粒竖直方向上做匀减速运动，水平方向上仍然做匀速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．【解答】解：A、0～时间内微粒匀速运动，则有：qE0=mg，～内，微粒做平抛运动，下降的位移，～T时间内，微粒的加速度a=，方向竖直向上，微粒在竖直方向上做匀减速运动，T时刻竖直分速度为零，所以末速度的方向沿水平方向，大小为v0，故A错误，B正确．C、微粒在竖直方向上向下运动，位移大小为，则重力势能的减小量为，故C正确．D、在～内和～T时间内竖直方向上的加速度大小相等，方向相反，时间相等，则位移的大小相等，为，整个过程中克服电场力做功为，故D错误．故选：BC．【点评】解决本题的关键知道微粒在各段时间内的运动规律，抓住等时性，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．知道在～内和～T时间内竖直方向上的加速度大小相等，方向相反，时间相等，位移的大小相等．8．如图，质量相同的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上．初始时用力压住b使a、b静止，撤去此压力后，a开始运动，在a下降的过程中，b始终未离开桌面．在此过程中（）A．a的动能小于b的动能B．两物体机械能的变化量相等C．a的重力势能的减小量大于两物体总动能的增加量D．绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的代数和为零【考点】功能关系．【分析】b的速度在绳子方向的分速度与a的速度相等，比较出速度大小即可比较动能的大小．B运动的过程中，绳子的拉力做正功，摩擦力对B做负功，结合功能关系分析能量的转化关系．【解答】解：A、将b的实际速度进行分解如图：由图可知v a=v b cosθ，即a的速度小于b的速度，故a的动能小于b的动能，故A正确；B、由于有摩擦力做功，故ab系统机械能不守恒，则二者机械能的变化量不相等，故B错误；C、a的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量与产生的内能之和，故a的重力势能的减小量大于两物体总动能的增加量，故C正确；D、在这段时间t内，绳子对a的拉力和对b的拉力大小相等，绳子对a做的功等于﹣F T v a t，绳子对b的功等于拉力与拉力方向上b的位移的乘积，即：F T v b cosθt，又v a=v b cosθ，所以绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的绝对值相等，二者代数和为零，故D正确．故选：ACD．【点评】本题考查了有摩擦力作用下的系统功能转化关系，克服摩擦力做功时，系统的机械能减少，减少的机械能转化为内能．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某物理小组的同学设计了一个粗测玩具小车通过凹形桥最低点时的速度的实验．所用器材有：玩具小车、压力式托盘秤、凹形桥模拟器（圆弧部分的半径为R=0.20m）．完成下列填空：（1）将凹形桥模拟器静置于托盘秤上，如图（a）所示，托盘秤的示数为1.00kg；（2）将玩具小车静置于凹形桥模拟器最低点时，托盘秤的示数如图（b）所示，该示数为 1.40 kg；（3）将小车从凹形桥模拟器某一位置释放，小车经过最低点后滑向另一侧．此过程中托盘）根据以上数据，可求出小车经过凹形桥最低点时对桥的压力为7.9 N低点时的速度大小为 1.4 m/s．（重力加速度大小取9.80m/s2，计算结果保留2位有效数字）【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】根据量程为10kg，最小分度为0.1kg，注意估读到最小分度的下一位；根据表格知最低点小车和凹形桥模拟器对秤的最大压力平均值为mg，根据F m=m桥g+F N，知小车经过凹形桥最低点时对桥的压力F N，根据F N=m0g+m0，求解速度．【解答】解：（2）根据量程为10kg，最小分度为0.1kg，注意估读到最小分度的下一位，为1.40kg；（4）根据表格知最低点小车和凹形桥模拟器对秤的最大压力平均值为：F m=N=m桥g+F N解得：F N=7.9N根据牛顿运动定律知：F N﹣m0g=m0，代入数据解得：v=1.4m/s故答案为：（2）1.40，（4）7.9，1.4【点评】此题考查读数和圆周运动的知识，注意估读，在力的问题注意分析受力和力的作用效果．10．某多用电表内欧姆挡“×1”的内部电路图如图1所示，小明同学将电阻箱和电压表V 并联后接在两表笔a、b上，欲用图示的电路测量多用电表内部的电阻r（远小于电压表V 的内阻）和电池的电动势E．实验的主要步骤为：（1）表笔a为红（填“红表笔”或“黑表笔”）．将选择开关转至欧姆挡“×1”，将红黑表笔短接，调节 a ，使指针指在右（填“左”或“右”）侧零刻度处．（2）改变电阻箱R的阻值，分别读出6组电压表和电阻箱的示数U、R，将、的值算出并记录在表格中，请将第3、5组数据的对应点在坐标纸上补充标出，并作出﹣图线．E= 1.42 V r= 2.41 Ω（4）由于电压表的分流作用，多用电表内部电池的电动势的测量值比真实值小（填“大”或“小”）．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】（1）根据多用电表的结构及读数方法可得出表笔的位置及读数；（2）根据描点法得出对应的图象；（3）根据闭合电路欧姆定律列出方程，再由图象的性质明确电动势和内阻的大小；（4）根据电路结构分析实验误差来源及测量值与真实值之间的关系．【解答】解：（1）由图可知，右侧表笔接电内部电压的正极，为保证电流由红进黑出，则左表笔应接红接线柱；调零时指针应指在右侧的零刻度处；（2）根据表中数据利用描点法得出对应的图象如图所示；（3）由闭合电路欧姆定律可知：E=U+；变形得：=+；可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势的倒数；故E==1.42V；图象的斜率表示，则r=1.33×=2.41Ω（4）当R为无穷大即为不接电阻箱时电压表的示数为多用电表内部电池的电动势的测量值，而电压表两端的电压等于电动势的真实值减去多用电表的内电压，所以多用电表内部电池的电动势的测量值比真实值小．故答案为：（1）红表笔；（2）如图所示；（3）1.42；2.41；（4）小【点评】本题考查了欧姆表的使用，在使用欧姆表测电阻时，要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近；可以使用电压表、电流表与欧姆表检测电路故障，要掌握其检测方法与注意事项．11．如图1所示，质量2.3kg的物块静止在水平面上，用力F与水平方向成θ=37°角拉动物块，力F作用时间内物块的速度图象如图2，2s末撤去力F，已知物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2，求：（1）力F的大小；（2）撤去力F后物块运动的时间和位移．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）物体受重力、支持力、拉力和摩擦力作用，根据v﹣t图象知加速度，根据牛顿第二定律求出拉力．（2）先求解2s速度，然后求解撤去推力时的加速度，最后根据速度时间和速度位移关系公式求解．【解答】解：（1）力F拉动木块的过程中，木块的受力情况如图1所示．由v﹣t图象知加速度a==6m/s2据牛顿运动定律有Fcos37°﹣f1=ma1mg﹣Fsin37°﹣N1=0又因为f1=μN1联立解得：F=20N（2）撤去F后，设运动时间为t，运动位移s，木块的受图情况如图2所示．根据牛顿运动定律有N2﹣mg=0﹣f2=ma2而f2=μN2由匀变速直线运动v2=2a2sv=a2t联立解得：运动时间t=6s运动位移s=36m答：（1）力F的大小为20N；（2）撤去力F后物块运动的时间为6S，位移为36m．【点评】解决本题的关键知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度可以根据力求运动，也可以根据运动求力．12．如图所示，半径R=0.8m的光滑绝缘导轨固定于竖直平面内，加上某一水平方向的匀强电场时，带正电的小球沿轨道内侧做圆周运动，它的电量q=1.00×10﹣7C．圆心O与A点的连线与竖直成一角度θ，在A点时小球对轨道的压力N=1.2N，此时小球的动能最大．若小球的最大动能比最小动能多0.32J，且小球能够到达轨道上的任意一点（不计空气阻力，g 取10m/s2）．则：（1）小球的最小动能是多少？（2）小球受到重力和电场力的合力是多少？。

广西柳州铁路第一中学高三物理上学期12月月考试题

柳铁一中2015~2016学年度上学期高三12月月考理综物理试题(考试时间9:00-11:30)可能用到的相对原子质量：H 1 N 14 C 12 O 16 Mg 24 Si 28 Cu 64第I卷（选择题，本卷21题，共126分）二、选择题(本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，14-17只有一项符合题目要求，18-21有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14. 16世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论开启了物理学发展的新纪元．以下说法与事实相符的是A．根据亚里士多德的论断有：两物体从同一高度自由下落，重的物体下落得快B．根据亚里士多德的论断有：力是改变物体运动状态的原因C．伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间成正比D．伽利略通过理想斜面实验，总结出了牛顿第一定律15. 如图，曲线OD 为物体A 从O 点以v0=3 m/s 的速度水平抛出的运动轨迹，轨迹上有一点M，OM 连线与竖直方向的夹角为45°．则物体A 运动到M 点时在竖直方向下落的距离及速度大小为（重力加速度为g＝10 m/s2）A． 3m， 3 m/s3m/sB． 3m，23m/sC． 1.8 m ，5D． 1.8m， 6 m/s16. 研究表明，地球自转在逐渐变慢．若这种趋势会持续下去，假设 3 亿年后地球自转的周期变为 26 小时，地球的其他条件都不变，那么地球表面赤道上随地球自转的物体和现在相比A．重力加速度变大 B．向心加速度变大C．线速度变大 D．角速度变大17．两个可视为质点的小球a和b，用质量可忽略的刚性细杆相连，放置在一个光滑的半球面内，如图所示.已知小球a和b的质量之比为3，细杆长度是球面半径的2倍.两球处于平衡状态时，细杆与水平面的夹角是A． 45°B．30°C．22．5°D．15°18．中国第四个航天发射场——海南航天发射场，2009年9月14日在海南省文昌市开始动工建设．海南航天发射场建成后，我国将实施登月工程，我国宇航员将登上月球．若已知月球质量为m月，半径为R，引力常量为G，以下说法正确的是37° 37°A B A ．如果在月球上发射一颗绕月球做圆周运动的卫星，则最小周期为月2Gm R B ．如果在月球上以初速度v 0竖直上抛一个物体，则物体上升的最大高度为月2022Gm v R C ．如果在月球上发射一颗绕月球做圆周运动的卫星，则最大运行速度为 RGm 月 D ．如果在月球上以初速度v 0竖直上抛一个物体，则物体落回到抛出点所用时间为月02Gm v R 19. 如图甲所示，静止在水平地面的物块A ，受到水平向右的拉力F 作用，F 与时间t 的关系如图乙所示，设物块与地面的静摩擦力最大值f m 与滑动摩擦力大小相等，则A ．t 2时刻物块A 的加速度最大B ．0～t 1时间内F 的功率逐渐增大C ．t 3时刻物块A 的速度最大D ．t 2时刻后物块A 做反向运动20．/如图所示为两个物体A 和B 在同一直线上沿同一方向同时开始运动的v-t 图线已知在第3s 末两个物体在途中相遇，则A ．A 、B 两物体是从同一地点出发B ．3s 内物体A 的平均速度比物体B 的大C ．A 、B 两物体在减速段的加速度大小之比为2：1D ．t=1s 时，两物体相遇21．三角形传送带以1m/s 的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m ，且与水平方向的夹角均为37°,现有两小物块A 、B 从传送带顶端都以1m/s 的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数均为0.5，下列说法正确的是A ．物块A 先到达传送带底端B ．物块A 、B 同时到达传送带底端C ．物块A 、B 运动的加速度大小不同D ．物块A 、B 在传送带上的划痕长度不相同三、非选择题(包括必考题和选考题两部分:第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必须做答;第33题~第40题为选考题，考生根据要求做答)22.（9分）某物理小组的同学用如图甲所示的实验器材测定当地重力加速度，实验器材由底座带有标尺的竖直杆、光电门1和光电门2组成的光电计时器（其中光电门1更靠近小球释放点）、可使小球无初速度释放的小球释放器和网兜组成。

广西柳州铁路第一中学高二上学期期末物理试卷答案.pdf

柳州铁一中学2015-2016年第一学期高二期末考试卷（物理答案）一、选择题1.A2.C3.B4.D5.D6.A7.ACD8.AC9.BD 10.AD 二、实验题 11. (1)1 (2)A （3）（I2-I1）R0/I1 12.(1)x=kFL/D (2)0.200mm 62.5N 三、计算题 13.（1）设子弹穿过物块后的速度为V，由动量守恒得设物块下落到地面所需时间为t，落地点距桌面边缘的水平距离为s，则：由三式可得：，根据平抛运动规律 ①…………………………（1分） …②……………（1分） ……………………（1分）（2）欲使小球不偏转，须小球在金属板间受力平衡，根据题意应使金属棒ab切割磁感线产生感应电动势，从而使金属板A、C带电，在板间产生匀强电场，小球所受电场力等于小球的重力。

由于小球带负电，电场力向上，所以电场方向向下，A板必须带正电，金属棒ab的a点应为感应电动势的正极，根据右手金属棒ab应向右运动。

…………（1分）设金属棒ab的速度为V1，则：E=BLV1③…………………………（1分）回路中电流④…………………………（1分）金属板A、C间的电压：⑤…………………（1分）金属板A、C间的电场…⑥………………………（1分）小球受力平衡：…⑦………………………（2分）联立以上各式解得：…………………………（2分） 15．解析　(1)由题图乙知ω＝200π rad/s，电压瞬时值uab＝400sin(200 πt)V. (2)电压有效值U1＝200 V，理想变压器P1＝P2，原线圈中的电流I1＝，解得I1≈0.28 A. (3)设ab间匝数为n1，则＝，同理＝，由题意知＝，解得＝，代入数据得＝. （1）设所加电场沿X、Y轴的分量分别EX和EY，粒子沿X、Y轴的加速度分量分别aX和aY，则有：? ①代入得：?解得ax=5×103m/s2?②粒子到达P点时速度为VY=2V0=2×102m/s? ay=1×104m/s2?④ 粒子的加速度为 a=⑤? ? （2）设粒子在框架内的圆周运动半径为R由分析可知（1+2n）R=OP 解得：（n=0、1、2、3…）由? ⑨则?（n=0、1、2、3…） ⑩t0=2×10-2s．T=2πm/qB=3.14×10-2s．在电场中的运动时间t1=2t0=4×10-2s．在磁场中运动的时间t2=2T=6.28×10-2s．回到C点的时间t总=0.1028s．。

广西柳州铁路第一中学2016届高三第9次月考理综物理试题

柳州铁一中学2016届高三年级第9次月考理科综合物理考试二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求。

第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分．选对但不全的得3分。

有选错的得0分。

14．归纳总结是学习研究物理的重要方法，物理学上的许多重要理论都是在总结分析前人工作得出的，下列说法符合物理学史的是A．法拉第在对理论和实验资料分析后指出闭合电路中感应电动势的大小跟穿过这一电路的磁通量变化率成正比，后人称之为法拉第电磁感应定律B．在伽利略等人的工作基础上，牛顿给出了惯性的概念，牛顿第一定律的应用与参考系的选择无关C．麦克斯韦认为磁场变化时会在空间激发一种电场，这种电场不是由电荷产生的D．开普勒认为绕太阳运行的所有行星轨道半长轴的立方跟它的公转周期的平方的比值为一常量，行星不同该常数就不同。

15．如图某物体做平抛运动时，它的位移方向与水平方向的夹角为θ，其正切值tanθ 随时间t变化的图象如右图所示，g取10 m/s 2 ，正确的是A．第1 s时离抛出点的距离为5 mB．第1 s物体速度与水平方向夹角为45oC．物体的初速度是5 m/sD．物体的初速度是10 m/s16．如图所示，一带电小球质量为m，用丝线悬挂于O点，在竖直面内摆动，最大摆角为60o，水平磁场垂直于小球摆动的平面，当小球自左方摆到最低点时，悬线上的张力恰为零，则小球自右方摆到最低点时悬线上的张力为A．0 B．2mgC．3mg D．4mg17．如图所示，一个铝框放在蹄形磁铁的两个磁极之间，铝框可以绕竖直的转轴自由转动．转动手柄使磁铁绕竖直的转轴旋转，观察到铝框会随之转动．对这个实验现象的描述和解释，下列说法中正确的是A．铝框的转动方向与蹄形磁铁的转动方向一定是相同的B．铝框的转动快慢与蹄形磁铁的转动快慢有可能是相同C ．铝框转动到其平面与磁场方向垂直的位置时，铝框中的感应电流最大D ．铝框转动到其平面与磁场方向平行的位置时，铝框两个竖直边受到的磁场力均为零18．有一静电场，其电势随x 坐标的改变而改变，变化的图线如图所示．若将一带负电粒子（重力不计）从坐标原点O 由静止释放，电场中P 、Q 两点的坐标分别为1mm 、4mm ．则下列说法正确的是A ．粒子将沿x 轴正方向一直向前运动B ．粒子经过P 点与Q 点时，动能相等C ．粒子在P 点与Q 点加速度相等D ．粒子经过P 点与Q 点时，电场力做功的功率相同19．如图所示，一质量为M 的斜面体静止在水平地面上，物体B 受沿斜面向上的力F 作用沿斜面匀速上滑，A 、B 之间的摩擦因数为,tan ,θμμ<且A ，B 质量均为m,B 与斜面之间的摩擦力f 1 ,则A ．A,B 保持相对静止B ．B 与斜面之间的摩擦力为θθμsin cos mg mg F --C ．斜面体与地面之间的压力为θθsin cos 212f mg Mg -+D ．斜面与地面之间的摩擦力为θcos F20．如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比1:11:21=n n ，原线圈接电压)( )100sin(22201V t u π=的交流电，电阻Ω==1021R R D 为理想二极管，则下列说法正确的是A ．二极管的反向耐压值应大于V 220B ．电阻R 1两端的电压有效值为V 210C ．通过副线圈的电流有效值为A )22(+D ．原线圈的输入功率为60W 21．如图甲，一绝缘带电物块（视为质点）无初速度地放在皮带轮底端，皮带轮以恒定大小的速率沿顺时针方向转动，该装置处于垂直纸面向里的匀强磁场中，物块由底端P 运动至皮带轮顶端Q 的过程中，其v-t 图象如图乙所示，物块全程运动的时间为4.5s 且运动过程中电量保持不变，关于带电物块及运动过程的说法正确的是A ．该物块一定带正电B ．由图像知皮带轮的传动速度大小为1.0 m/sC．若已知皮带的长度，可求出该过程中物块与皮带发生的相对位移D．在2s～4.5s内，物块与皮带仍可能有相对运动第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。

【高中物理】广西柳州铁路第一中学2016-2017学年高二物理上学期段考试卷理及答案.doc

广西柳州铁路第一中学2016-2017学年高二物理上学期段考试题理（含解析）一．选择题：本题共10小题，每小题5分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求．第7～10题有多项符合题目要求．全部选对的得5分．选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．生活处处皆物理，人生时时须探索．下列关于生活中的物理现象解释或说明正确的是：A．对同一种电池来说，体积越大，电池的容量越大，内阻越大B．在指南针正上方附近沿垂直指针方向放置一直导线，导线通电时指针不偏转C．超高压带电作业的工人穿戴的工作服，要用绝缘性能良好的材料做成D．通电导体与通电导体之间的相互作用是通过电场发生的【答案】B考点：考查了电池内阻，电流的磁效应，静电屏蔽现象【名师点睛】明确各种物理现象的实质和原理才能顺利解决此类题目，故平时学习时要“知其然，更要知其所以然”．2．无限长通电直导线在周围某一点产生的磁场的磁感应强度B的大小与电流成正比，与导线到这一点的距离成反比．如图所示，两根相距L的无限长直导线分别通有电流I和3I．在两导线的连线上有a、b、c三点，a点为两根直导线连线的中点，b、c两点距导线的距离均为L．下列说法正确的是A．a点和b点的磁感应强度方向相反B．c点和b点的磁感应强度方向相同C．a点和b点的磁感应强度大小之比为8：1D．c点和b点的磁感应强度大小之比为5： 1【答案】D考点：考查了磁感应强度【名师点睛】磁感应强度为矢量，合成时要用平行四边形定则，因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题的前提．3．功率为10W的发光二极管(LED灯)的亮度与功率为60 W的白炽灯相当．根据国家节能战略，2016年前普通白炽灯应被淘汰．假设每户家庭（平均有3人）有2只60 W的白炽灯，均用10 W的LED灯替代，估算出全国一年节省的电能最接近A．8×108 kW·h B．8×1010 kW·h C．8×1012 kW·h D．8×1013 kW·h 【答案】B【解析】试题分析：全国一年节省的电能最接近810（）．，B正确；==-⨯⨯⨯⨯≈⨯⋅W Pt kW kW h kW h20.060.01 5.51043658.010考点：考查了电功的计算【名师点睛】关键是要了解全国有多少家庭及每天亮灯时间．解题过程中要注意单位的换算，同时养成节能的好习惯．4．示波器是一种用来观察电信号的电子仪器，其核心部件是示波管，下图是示波管的原理图．示波管由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，管内抽成真空．电子从灯丝K发射出来（初速度可不计），经电压为U0的加速电场加速后，以垂直于偏转电场的方向先后进入偏转电极YY'、XX'．当偏转电极XX´、YY´上都不加电压时，电子束从电子枪射出后，沿直线运动，打在荧光屏的中心O点，在那里产生一个亮斑．若要荧光屏上的A点出现亮斑，则A．电极X、Y´接电源的正极，X´、Y接电源的负极B．电极X、Y接电源的正极，X´、Y´接电源的负极C．电极X´、Y接电源的正极，X、Y´接电源的负极D．电极X´、Y´接电源的正极，X、Y接电源的负极【答案】A考点：考查了示波管工作原理【名师点睛】要知道电子的受力与电场的方向相反，会分析两个方向上所加不同电压对应的不同偏转情况．5．在正常工作的闭合电路中，某电子在电源内部从电源一端定向移动到另一端，在此过程中非静电力对该电子做功为W，该电子的电势能变化量为ΔE p，则A ．W ＞0，ΔE p ＞0 B.W ＞0，ΔE p ＜0 C.W ＜0，ΔE p ＞0 D.W ＜0，ΔE p ＜0【答案】A【解析】试题分析：在电源的内部，非静电力对该电子做正功，即0W >，电子的电势能增加，即有0p E ∆>，故A 正确．考点：考查了电场力做功【名师点睛】解决本题的关键要明确非静电力做功与电势能变化的关系，不能将这个关系与静电力做功与电势能变化的关系混淆．6．如图，用三条细线悬挂的水平圆形线圈共有N 匝，线圈由粗细均匀、单位长度质量为2克的导线绕制而成，三条细线呈对称分布，稳定时线圈平面水平，在线圈正下方放有一个圆柱形条形磁铁，磁铁的中轴线OO ′垂直于线圈平面且通过其圆心O ，测得线圈的导线所在处磁感应强度B 的方向与水平线成60°角，线圈中通过的电流为0.1A ，要使三条细线上的张力为零，重力加速度g 取10m/s 2．则磁感应强度B 的大小应为A ．4TB ．0.433T C ．0.4 3 T D ．0.4T 【答案】D考点：考查了安培力的计算【名师点睛】把磁场磁感应强度分解为水平分量与竖直分量，磁场竖直分量对电流的安培力为零，由左手定则可知，磁场水平分量对电流的安培力竖直向上；由安培力公式求出安培力，然后求出磁感应强度7．在垂直纸面的匀强磁场中，有不计重力的甲、乙两个带电粒子，在纸面内做匀速圆周运动，运动方向和轨迹示意如图．则下列说法中正确的是A ．甲、乙两粒子所带电荷种类不同B ．若甲、乙两粒子所带电荷量及运动的速率均相等，则甲粒子的质量较大C ．若甲、乙两粒子的速率相等，则甲粒子比荷较小D ．该磁场方向一定是垂直纸面向里【答案】BC【解析】试题分析：从图中可知两个粒子在相切点的速度方向相反，从图中可知两者受到的罗洛伦兹力方向相反，所以两个粒子所带电荷种类相同，A 错误；根据半径公式mv r Bq =，从图中可知r r >甲乙，若速率和电荷量相同，所以可知m m >甲乙，B 正确；根据mv r Bq=，r r >甲乙可得若速率相等，在同一个磁场中磁感应强度相同，故甲粒子比荷较小，C 正确；由于粒子的带电性质不确定，所以无法判断磁感应强度方向，D 错误；考点：考查了带电粒子在匀强磁场中的运动【名师点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式mv R Bq =，周期公式2m T Bq π=，运动时间公式2t T θπ=，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，8．我们用电容这个物理量描述电容器储存电荷本领，以下物理量的定义方法与电容相同的是A．电势差 B．电势 C．磁通量 D．电场强度【答案】BD考点：考查了比值法定义【名师点睛】关键是理解比值法定义：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变9．如图所示，两个等量同种点电荷分别固定于光滑绝缘水平面上A、B两点．一个带电粒子由静止释放，仅受电场力作用，沿着AB中垂线从C点运动到D点（C、D是关于AB对称的两点）．下列关于粒子运动的v-t图像中可能正确的是【答案】CD【解析】考点：考查等量异种电荷电场线的分布情况及特点【名师点睛】A 、B 为两个等量的同种电荷，其连线中垂线上电场强度方向若是负电荷则为C →O 、D →O ，若是正电荷则为O →C 、O →D ；点电荷q 仅受电场力作用从C 点到D 点运动的过程中，由于释放位置不清楚．则电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不确定．因此可能加速度先增加后减小再增加最后减小；也可能先减小后增加．10．如图所示的电路中，电池的电动势为E ，内阻为r ，电路中的电阻R 1、R 2和R 3的阻值都相同．在电键S 处于闭合状态下，若将电键S 1由位置1切换到位置2，则A ．电阻R 2两端的电压变小B ．电池输出功率可能不变C ．电池输出功率变小D ．电池的效率变小【答案】ABD【解析】试题分析：将电键S 1由位置1切换到位置2，外电阻变小，电动势和内阻不变，电路中的总电流变大，内电压变大，外电压变小，电压表测的是外电压，所以电压表示数变小，根据公式UI U EI Eη==可得电池的效率变小，D 正确；电路中的总电流变大，根据2P EI I r =-输出，电池输出功率可能不变，可能变大，也可能变小，B 正确C 错误；设电路中的电阻12R R 、和3R 的阻值为R ，当电建打在1时，2R 两端的电压232EU R R r =+，当电键打在2时2R 两端的电压2123233EER U R R r R r '=⨯⨯=++可知．22U U '<，即电阻R 2两端的电压变小，A 正确；考点：考查了电路动态变化【名师点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部二、实验题（本部分共两个小题，请将答案书写在答题卡上）11．右图是张晓宇老师设计的有两个量程的电压表，当使用ab 两个端点时，量程为0-10V ，当使用ac 两个端点时，量程为0-100V ，已知电流表的内阻Rg 为500Ω，满偏电流为10mA ，则R 1= Ω， R 2= Ω【答案】9500Ω 9000Ω考点：考查了电表的改装【名师点睛】本题考查的电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会求串联电阻阻值，电流表串联电阻后量程变大，量程为g U I R 总．12．在物理课外活动中，李刚老师制作了一个简单的多用电表，图甲为电表的电路原理图．已知选用的电流表内阻R g =10 Ω、满偏电流I g =10 mA ，当选择开关接3时为量程250V 的电压表．该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，C 为上排刻度线的中间刻度，为考察大家对多用电表的理解上排刻度线对应数值没有标出．（1）若指针指在图乙所示位置，选择开关接1时其读数为________mA；选择开关接3时其读数为________V．（2）为了测该多用电表欧姆挡的电阻和表内电源的电动势，李老师指导小明同学在实验室找到了一个电阻箱，设计了如下实验：①将选择开关接2，红黑表笔短接，调节R1的阻值使电表指针满偏．②将多用电表红黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使多用电表指针指在C处，此时电阻箱如图丙所示，则C处刻度应为________Ω.③计算得到多用电表内电池的电动势为________V．(保留2位有效数字)（3）调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，若指针指在图乙所示位置，则待测电阻的阻值为______Ω.(保留2位有效数字)【答案】（1）6.9mA；173V（2）150Ω；1.5（3）67考点：测定电源的电动势和内阻．【名师点睛】本题考查了电表读数、求电表内阻、电源电动势等问题，知道多用电表的原理是正确解题的前提与关键；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数．三、计算题（本部分共四个小题，要有必要的文字说明和解题步骤，只写最后结果的不给分）13．如图所示为电流天平，可以用来测量匀强磁场的磁感应强度．它的右臂挂着矩形线圈，匝数n =9，线圈的水平边长l =10.0cm ，处于匀强磁场内，磁感应强度B 的方向与线圈平面垂直向里．当线圈中通过电流I =0.10A 时，调节砝码使两臂达到平衡，此时左盘中砝码质量m 1=4.5g ．然后使电流反向，大小不变．这时需要在左盘中增加质量为m =9.0g 的砝码，才能使两臂再达到新的平衡．求:（1）磁感应强度大小（2）右盘中砝码质量m 2【答案】20.59B T m g ==，【解析】试题分析：第一次天平平衡可得：12m g m g nBIL =-第二次天平平衡可得：()12m m g m g nBIL +=+20.59B T m g ==，考点：考查了安培力，共点力平衡条件【名师点睛】天平平衡后，当电流反向（大小不变）时，安培力方向反向，则右边相当于多了或少了两倍的安培力大小．14．蓄引提水是目前解决供水问题的重要手段之一．某地要把河水抽高20 m ，进入蓄水池，用一台电动机通过传动效率为80%的皮带，带动效率为60%的离心水泵工作．工作电压为380 V ，此时输入电动机的电功率为19 kW ，电动机的内阻为0.4Ω.已知水的密度为1×103 kg/m 3，重力加速度取10 m/s 2.求：（1）电动机内阻消耗的热功率；（2）将蓄水池蓄入864 m 3的水需要的时间(不计进、出水口的水流速度)．【答案】（1）3110W r P =⨯（2）4210t s =⨯考点：考查了电功率的计算，能量守恒定律【名师点睛】本题关键是根据能量守恒定律列方程求解，要熟悉电功率和热功率的区别． 15．如图所示电路中，电源电动势E =9V ，内电阻r =2Ω，定值电阻R 1=6Ω， R 2=10Ω，R 3=6Ω，电容器的电容C =10μF.（1）保持开关S 1、S 2闭台，求电容器C 的带电量；（2）保持开关S 1闭合，将开关S 2断开，求断开开关S 2后流过电阻R 2的电量. 【答案】（1）5310C -⨯（2）5610C -⨯考点：含电容电路【名师点睛】求电容器所带电量关键要先确定电容器的电压，当电路稳定时，电容器所在电路没有电流，与电容器串联的电阻上没有电压，电容器的电压等于这条电路两端的电压．16．如图所示，在平面坐标系xOy中，x≤0区域有垂直于y轴的匀强电场E=0.4N/C，x ＞0有三个区域I、II、III，区域边界垂直于x轴，区域I的宽度L1=0.05m，区域II的宽度L2=0.1m，区域III的宽度L3未知，三个区域都有匀强磁场，磁感应强度大小相等都为B=0.02T，I、III中磁场方向垂直于坐标平面向外，II中磁场方向垂直于坐标平面向里；P点在y轴上，纵坐标y P=0.15m，A点与P点纵坐标相等，与P点的距离d=1.0m．一正点电荷从A点由静止开始运动经过P点进入区域I，并从区域II、III之间边界上的C 点（图中未标出）进入区域III．点电荷质量m=2×10-9kg，电荷量q=4×10-4C，不计重力．（1）求点电荷经过P点时速度的大小v P；（2）求C点的纵坐标y C；（3）若要求点电荷不从区域III的右边界离开，并回到y轴，求区域III宽度L3的最小值及正电荷从P点到第一次回到y轴经过的时间t．【答案】（1）4×102m/s （2）0.137m （3）310127-⨯=πt s（2）电荷在x ＞0的三个区域磁场中分别都做匀速圆周运动，其轨迹如图所示，圆心分别是O 1、O 2、O 3，半径相同，设为r ，设轨迹与区域I 、II 的边界交点D 的连线与y 轴正方向的夹角为θ，C 点与点D 纵坐标相等，则qB m r P υ=，rL1sin =θ，)cos (θr r y y P C --= 解得r =0.1m ，θ=30°，y C =0.137m（3）设区域III 宽度L 3的最小值为L 3m ，则θsin 3r r L m +=，L 3m =0.15m电荷在三个区域磁场中做匀速圆周运动的周期相同，设为T ，设从P 到C 运动过程中，在区域I 中运动时间为t 1，在区域II 中运动时间为t 2，在区域III 中运动时间为t 3，则qB m T π2=，T t πθ21=，T t πθ222=，T t πθπ223+=，3212t t t t ++=）（解得3102-⨯=πT s ，311024-⨯=πt s ，321012-⨯=πt s ，33103-⨯=πt s ，310127-⨯=πt s 考点：考查了带电粒子在组合场中的运动【名师点睛】带电粒子在组合场中的运动问题，首先要运用动力学方法分析清楚粒子的运动情况，再选择合适方法处理．对于匀变速曲线运动，常常运用运动的分解法，将其分解为两个直线的合成，由牛顿第二定律和运动学公式结合求解；对于磁场中圆周运动，要正确画出轨迹，由几何知识求解半径。

广西柳州市柳铁一中2015届高考物理一模试卷(含解析)

2015年广西柳州市柳铁一中高考物理一模试卷一．选择题（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，1-5只有一项符合题目要求，6-8有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．某人向正东方向运动了s米，然后再沿东偏北60°方向又运动了s米，则该人运动的位移大小为（）A．s米B． s米C． s米D．2s米2．一质量为m的木块静止在光滑的水平面上，从t=0开始，将一个大小为F的水平恒力作用在该木块上，在t=t1时刻力F的瞬时功率是（）A． t1B． t12C． t1D． t123．已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关同步卫星，下列表述正确的是（）A．卫星距离地面的高度为B．卫星的运行速度小于第一宇宙速度C．卫星运行时受到的向心力大小为GD．卫星运行的向心加速度大于地球表面的重力加速度4．如图所示，两根等长的绳子AB和BC吊一重物静止，两根绳子与水平方向夹角均为60°．现保持绳子AB与水平方向的夹角不变，将绳子BC逐渐缓慢地变化到沿水平方向，在这一过程中，绳子BC的拉力变化情况是（）A．增大 B．先减小后增大 C．减小 D．先增大后减小5．如图所示，正电荷Q均匀分布在半径为r的金属球面上，沿x轴上各点的电场强度大小和电势分别用E和ϕ表示．选取无穷远处电势为零，下列关于x轴上各点电场强度的大小E 或电势ϕ随位置x的变化关系图，正确的是（）A． B． C．D．6．如图是通过理想变压器降压给用户供电的示意图．变压器输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压不会有大的波动．输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R0表示，开关S闭合后，相当于接入电路中工作的用电器增加．则关于开关S闭合后，以下说法正确的是（）A．电表V1示数不变，V2示数减小B．电表A1示数增大、A2示数增大C．原线圈输入功率减小D．电阻R1两端的电压减小7．如图所示，固定在水平面上的光滑平行金属导轨，间距为L，右端接有阻值为R的电阻，空间存在在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场．质量为m、电阻为r的导体棒ab与固定弹簧相连，放在导轨上．初始时刻，弹簧恰处于自然长度．给导体棒水平向右的初速度v0，导体棒开始沿导轨往复运动，在此过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．已知导体棒的电阻r与定值电阻R的阻值相等，不计导轨电阻，则下列说法中正确的是（）A．导体棒开始运动的初始时刻受到的安培力向左B．导体棒开始运动的初始时刻导体棒两端的电压U=BLv0C．导体棒开始运动后速度第一次为零时，系统的弹性势能E p=mD．金属棒最终会停在初始位置，在金属棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热Q=m8．如图所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面上，半径r=0.4m，最低点处有一小球（半径比r小很多），现给小球以水平向右的初速度v0，则要使小球不脱离圆轨道运动，v0应当满足（g=10m/s2）（）A．v0≥0B．v0≥4m/s C．v0≥2m/s D．v0≤2m/s三、非选择题（包括必考题和选考题两部分，第9题～12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～14题为选考题，考生根据要求作答）9．（1）在“验证机械能守恒定律”实验中，打出的纸带如图所示．设重锤质量为m、交流电周期为T，则打点4时重锤的动能可以表示为．（用T．m和h1h2h3h4h5表示）（2）根据打出的纸带，用△s=aT2求出a= （用T和h1h2h3h4h5表示）（3）为了求起点0到点4重锤的重力势能变化量，需要知道重力加速度g的值，这个g值应该是（填选项的序号即可）．A．取当地的实际g值B．根据打出的纸带，用△s=gT2求出C．近似取10m/s2即可D．以上说法均错误．10．某同学装配了一台“5V，0.5A”的小直流电动机，线圈内阻小于1Ω．现要进一步研究这个小直流电动机在允许的输入电压范围内，输出功率与输入电压的关系，学校实验室提供的器材有：直流电源E，电压6V，内阻不计；小直流电动机M；电压表V1，量程0～0.6V，内阻约3kΩ；电压表V2，量程0～6V，内阻约15kΩ；电流表A1，量程0～0.6A，内阻约1Ω；电流表A2，量程0～3A，内阻约0.5Ω；滑动变阻器R，0～10Ω，2A；电键一只S，导线若干．①首先要比较精确测量电动机的内阻r．根据合理的电路进行测量时，要控制电动机不转动，通过调节滑动变阻器，使电压表和电流表有合适的示数，电压表应该选．若电压表的示数为0.1V，电流表的示数为0.2A，则内阻r= Ω．②在图1方框中画出研究电动机的输出功率与输入电压的关系的实验电路图．（标明所选器材的符号）③当电压表的示数为4.5V时，电流表示数如图2所示，此时电动机的输出功率是W．11．如图所示，在倾角为θ=30°的足够长的固定光滑斜面上，跨过定滑轮的轻绳一端系在小车的前端，另一端被坐在小车上的人拉住．已知人的质量为m1=60kg，小车的质量为m2=10kg，绳及滑轮的质量、滑轮与绳间的摩擦均不计，取g=10m/s2．当人以F=280N的力拉绳时，求：（1）人与车一起运动的加速度大小和方向；（2）人所受摩擦力的大小和方向；（3）某时刻人和车沿斜面向上的速度为3m/s，此时人松手，则人和车一起滑到最高点所用时间为多少？12．如图甲所示，在光滑绝缘的水平桌面上建立一xoy坐标系，平面处在周期性变化的电场和磁场中，电场和磁场的变化规律如图乙所示（规定沿+y方向为电场强度的正方向，竖直向下为磁感应强度的正方向）．在t=0时刻，一质量为m=0.01kg、电荷量为q=0.1C的带电金属小球自坐标原点O处，以v0=2m/s的速度沿x轴正方向射出．已知E0=0.2N/C、B0=0.2πT．求：（1）t=1s末金属小球速度的大小和方向；（2）1s～2s内，金属小球在磁场中做圆周运动的半径和周期；（3）试求出第3秒末小球所在位置的坐标．【物理3-4】13．如图，一列沿x轴正方向传播的简谐横波，振幅为2cm，波速为4m/s．在波的传播方向上两质点a、b的平衡位置相距0.4m（小于一个波长），某时刻当质点a在波峰位置时，质点b在x轴下方与x轴相距1cm的位置．则下列说法中正确的是（）A．此波的周期可能为0.3sB．此波的周期可能为0.15sC．此波的波长可能为0.8mD．从此时刻起经过0.1s，b点可能在波谷位置E．从此时刻起经过0.1s，b点可能在波峰位置14．如图所示是一种折射率n=1.5的棱镜，现有一束光线沿MN的方向射到棱镜的AB界面上，入射角的正弦值为sin i=0.75．求：（1）光在棱镜中传播的速率；（2）此束光线射出棱镜后的方向并画出光路图（不考虑返回到AB面上的光线）．2015年广西柳州市柳铁一中高考物理一模试卷参考答案与试题解析一．选择题（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，1-5只有一项符合题目要求，6-8有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．某人向正东方向运动了s米，然后再沿东偏北60°方向又运动了s米，则该人运动的位移大小为（）A．s米B． s米C． s米D．2s米【考点】位移与路程．【专题】直线运动规律专题．【分析】作出图象，三点之间正好组成了一个知两边与一角的三角形，由余弦定理建立关于x的方程即可求得x的值．【解答】解：由余弦定理得x2=2s2﹣2×s×s×cos120°=3s2．该人运动的位移大小为s米故选C．【点评】考查解三角形的知识，其特点从应用题中抽象出三角形．根据数据特点选择合适的定理建立方程求解．属基础题．2．一质量为m的木块静止在光滑的水平面上，从t=0开始，将一个大小为F的水平恒力作用在该木块上，在t=t1时刻力F的瞬时功率是（）A． t1B． t12C． t1D． t12【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】物体做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可以求得物体的加速度的大小，再由速度公式可以求得物体的速度的大小，由P=FV来求得瞬时功率．【解答】解：由牛顿第二定律可以得到，F=ma，所以a=t1时刻的速度为V=at=t1，所以t1时刻F的功率为P=FV=F•t1=t1故选：C【点评】在计算平均功率和瞬时功率时一定要注意公式的选择，P=只能计算平均功率的大小，而P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．3．已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关同步卫星，下列表述正确的是（）A．卫星距离地面的高度为B．卫星的运行速度小于第一宇宙速度C．卫星运行时受到的向心力大小为GD．卫星运行的向心加速度大于地球表面的重力加速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】同步卫星与地球相对静止，因而与地球自转同步，根据万有引力提供向心力，即可求出相关的量．【解答】解：A、万有引力提供向心力= r=R+hh=﹣R，故A错误B、第一宇宙速度为v1=，故B正确C、卫星运行时受到的向心力大小是，故C错误D、地表重力加速度为g=，卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故D错误故选B．【点评】本题关键抓住万有引力等于向心力，卫星转动周期与地球自转同步．4．如图所示，两根等长的绳子AB和BC吊一重物静止，两根绳子与水平方向夹角均为60°．现保持绳子AB与水平方向的夹角不变，将绳子BC逐渐缓慢地变化到沿水平方向，在这一过程中，绳子BC的拉力变化情况是（）A．增大 B．先减小后增大 C．减小 D．先增大后减小【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以结点B为研究对象，分析受力情况，作出两个位置力的合成图，分析两绳所受拉力大小变化情况．【解答】解：以结点B为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件得知，绳OA的拉力T AB 与绳BC的拉力F BC的合力与重力大小相等、方向相反，作出将绳子BC逐渐缓慢地变化到沿水平方向过程中三个位置力的合成图如图，则由几何知识得知，绳子BC拉力先减小后增大．故选：B．【点评】本题采用图解法分析动态平衡问题，作出力图是基础，运用几何知识分析力的变化是关键．5．如图所示，正电荷Q均匀分布在半径为r的金属球面上，沿x轴上各点的电场强度大小和电势分别用E和ϕ表示．选取无穷远处电势为零，下列关于x轴上各点电场强度的大小E 或电势ϕ随位置x的变化关系图，正确的是（）A． B． C．D．【考点】电势；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】该题中正电荷Q均匀分布在半径为r的金属球面上，金属球是一个等势体．从金属球到无穷远处的电势降低．【解答】解：A、B：金属球是一个等势体，等势体内部的场强处处为0，故A错误，B错误；C、D：金属球是一个等势体，等势体内部的电势处处相等，故C正确，D错误．故选：C．【点评】该题考查带正电荷的金属球周围的场强分布与电势的特点，除了上述的方法，还可以使用积分法求它的场强和电势．属于简单题．6．如图是通过理想变压器降压给用户供电的示意图．变压器输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压不会有大的波动．输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R0表示，开关S闭合后，相当于接入电路中工作的用电器增加．则关于开关S闭合后，以下说法正确的是（）A．电表V1示数不变，V2示数减小B．电表A1示数增大、A2示数增大C．原线圈输入功率减小D．电阻R1两端的电压减小【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】抓住原线圈电压不变，通过副线圈中负载的变化，通过欧姆定律得出电流的变化，从而得出原线圈电流的变化【解答】解：A、因为输入电压几乎不变，原副线圈的电压比等于匝数之比，则副线圈的电压几乎不变，即电压表V1、V2的读数几乎不变．故A错误．B、因为负载增加，则副线圈总电阻减小，副线圈电压不变，则副线圈电流增大，即A2增大，原副线圈电流之比等于匝数之反比，所以A1示数变大．故B正确．C、因为负载增加，则副线圈总电阻减小，副线圈电压不变，则副线圈电流增大，由P=UI知功率增加，故C错误．D、电压表V2、V3示数之差等于副线圈导线上的电压损失，△U=IR增加，电阻R1两端的电压减小．故D正确．故选：BD．【点评】解决本题的关键知道原副线圈电压之比、电流之比与匝数比的关系，抓住输入电压不变，结合欧姆定律进行动态分析．7．如图所示，固定在水平面上的光滑平行金属导轨，间距为L，右端接有阻值为R的电阻，空间存在在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场．质量为m、电阻为r的导体棒ab与固定弹簧相连，放在导轨上．初始时刻，弹簧恰处于自然长度．给导体棒水平向右的初速度v0，导体棒开始沿导轨往复运动，在此过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．已知导体棒的电阻r与定值电阻R的阻值相等，不计导轨电阻，则下列说法中正确的是（）A．导体棒开始运动的初始时刻受到的安培力向左B．导体棒开始运动的初始时刻导体棒两端的电压U=BLv0C．导体棒开始运动后速度第一次为零时，系统的弹性势能E p=mD．金属棒最终会停在初始位置，在金属棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热Q=m 【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据右手定则判断出初始时刻感应电流的方向，再根据左手定则判断出安培力的方向；由E=BLv0和欧姆定律求解导体棒两端的电压；导体棒运动过程中，产生电能，根据功能关系分析导体棒开始运动后速度第一次为零时系统的弹性势能；根据能量守恒求解在金属棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热．【解答】解：A、导体棒开始运动的初始时刻，由右手定则判断可知：ab中产生的感应电流方向从a→b，由左手定则判断得知ab棒受到的安培力向左，故A正确．B、导体棒开始运动的初始时刻，ab棒产生的感应电势为E=BLv0．由于r=R，所以导体棒两端的电压U=E=BLv0．故B错误．C、由于导体棒运动过程中产生电能，所以导体棒开始运动后速度第一次为零时，根据能量守恒定律得知：系统的弹性势能小于．故C错误．D、金属棒最终会停在初始位置，在金属棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热 Q==，故D正确．故选：AD【点评】弄清运动过程中能量如何转化，并应用能量转化和守恒定律分析解决问题是此题关键，当然右手定则和安培定则也熟练运用．8．如图所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面上，半径r=0.4m，最低点处有一小球（半径比r小很多），现给小球以水平向右的初速度v0，则要使小球不脱离圆轨道运动，v0应当满足（g=10m/s2）（）A．v0≥0B．v0≥4m/s C．v0≥2m/s D．v0≤2m/s【考点】向心力；机械能守恒定律．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】要使小球不脱离轨道运动，1、越过最高点．2、不越过四分之一圆周．根据动能定理求出初速度v0的条件．【解答】解：最高点的临界情况：mg=m，解得v==2m/s根据动能定理得，﹣mg•2r=﹣解得v0=2m/s．若不通过四分之一圆周，根据动能定理有：﹣mgr=0﹣解得v0=2m/s所以v0≥2m/s或v0≤2m/s故选：CD【点评】解决本题的关键知道小球在内轨道运动最高点的临界情况，以及能够熟练运用动能定理．三、非选择题（包括必考题和选考题两部分，第9题～12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～14题为选考题，考生根据要求作答）9．（1）在“验证机械能守恒定律”实验中，打出的纸带如图所示．设重锤质量为m、交流电周期为T，则打点4时重锤的动能可以表示为．（用T．m和h1h2h3h4h5表示）（2）根据打出的纸带，用△s=aT2求出a= （用T和h1h2h3h4h5表示）（3）为了求起点0到点4重锤的重力势能变化量，需要知道重力加速度g的值，这个g值应该是 A （填选项的序号即可）．A．取当地的实际g值B．根据打出的纸带，用△s=gT2求出C．近似取10m/s2即可D．以上说法均错误．【考点】验证机械能守恒定律．【专题】实验题．【分析】纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能．实验的目的是验证机械能守恒，所以求解重力势能变化需要的g应取当地的实际g值．【解答】解：（1）利用匀变速直线运动的推论得打点4的速度v4=，因此动能E k=mv2=（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a=（3）在“验证机械能守恒定律”实验中要求起点0到点4重锤的重力势能变化量，不能用机械能守恒来计算g值，应取当地的实际g值．如果采用△S=gT2求解，那么求出来的只是运动的加速度．故选：A．故答案为：（1）（2）（3）A【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．10．某同学装配了一台“5V，0.5A”的小直流电动机，线圈内阻小于1Ω．现要进一步研究这个小直流电动机在允许的输入电压范围内，输出功率与输入电压的关系，学校实验室提供的器材有：直流电源E，电压6V，内阻不计；小直流电动机M；电压表V1，量程0～0.6V，内阻约3kΩ；电压表V2，量程0～6V，内阻约15kΩ；电流表A1，量程0～0.6A，内阻约1Ω；电流表A2，量程0～3A，内阻约0.5Ω；滑动变阻器R，0～10Ω，2A；电键一只S，导线若干．①首先要比较精确测量电动机的内阻r．根据合理的电路进行测量时，要控制电动机不转动，通过调节滑动变阻器，使电压表和电流表有合适的示数，电压表应该选V1．若电压表的示数为0.1V，电流表的示数为0.2A，则内阻r= 0.5 Ω．②在图1方框中画出研究电动机的输出功率与输入电压的关系的实验电路图．（标明所选器材的符号）③当电压表的示数为4.5V时，电流表示数如图2所示，此时电动机的输出功率是 1.72 W．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】（1）由题目中的已知条件可知，电机两端的电压，则可选择电压表；由欧姆定律可求得内阻；根据电路的特点可分析实验误差；（2）要测出输出功率与输入电压的关系，可以采用分压接法，由电压表测电动机两端的电压，由P=UI求得功率；（3）由图可读出电流表的示数，则由功率公式可求得电动机的总功率及内部电阻消耗的功率，则可求同电动机的输出功率．【解答】解：（1）因电阻小于1Ω，电路中电流最大0.5Ω，故最大电压为0.5V，故应选取V1，可以使读数更准确；内阻r===0.5Ω；（2）电路采用电压表测电动机两端的电压，电流表测电流，由P=UI求得功率，则可得出输出功率与输入电压的关系；电流表应选择A1；电压表选择V2；答案如图：（3）由图可读出电路中电流I=0.40A，此时电动机的输出功率P=UI﹣I2R=4.5×0.4﹣0.16×0.5=1.72W故答案为：（1）V1，0.5；（2）如图所示；（3）1.72【点评】在仪表的选择中要注意应使测量结果更准确和安全，故电表的量程应略大于电路中可能出现的最大电流；在接法中要注意根据各电器内阻的大小，灵活选择对应的接法．11．如图所示，在倾角为θ=30°的足够长的固定光滑斜面上，跨过定滑轮的轻绳一端系在小车的前端，另一端被坐在小车上的人拉住．已知人的质量为m1=60kg，小车的质量为m2=10kg，绳及滑轮的质量、滑轮与绳间的摩擦均不计，取g=10m/s2．当人以F=280N的力拉绳时，求：（1）人与车一起运动的加速度大小和方向；（2）人所受摩擦力的大小和方向；（3）某时刻人和车沿斜面向上的速度为3m/s，此时人松手，则人和车一起滑到最高点所用时间为多少？【考点】牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）将人和车看成整体，对整体分析，受总重力、两个拉力、支持力和斜面的摩擦力，根据牛顿第二定律求出整体的加速度．（2）人和车具有相同的加速度，根据人的加速度，求出人的合力，从而根据人的受力求出人所受摩擦力的大小和方向．（3）由牛顿第二定律确定加速度，再由速度公式可求得时间．【解答】解：（1）对整体，设人的质量为m1，小车质量为m2，斜面对小车的摩擦力为f1，小车对人的静摩擦力为f2，小车和斜面间的动摩擦因数为μ1，绳子上的张力为F．则：2F﹣（m1+m2）gsin30°﹣f1=（m1+m2）a，f1=μ1（m1+m2）g cos30°，解得a=3 m/s2故人与车一起运动的加速度大小为3 m/s2．方向沿斜面向上；（2）对人F﹣m1gsin30°+f2=m1a，解得f2=200N，方向沿斜面向上故人所受摩擦力的大小为200N，方向沿斜面向上．（3）撤去拉力后，a1=gsin30°=5m/s2；人和车一起滑到最高点所用时间t==s=0.6s；答：（1）人与车一起运动的加速度大小为3m/s2；方向沿斜面向上；（2）人所受摩擦力的大小为200N；方向沿斜面向上；（3）人和车一起滑到最高点所用时间为0.6s．【点评】本题考查了整体法和隔离法的运用，解题的关键正确地进行受力分析，根据牛顿第二定律求解．12．如图甲所示，在光滑绝缘的水平桌面上建立一xoy坐标系，平面处在周期性变化的电场和磁场中，电场和磁场的变化规律如图乙所示（规定沿+y方向为电场强度的正方向，竖直向下为磁感应强度的正方向）．在t=0时刻，一质量为m=0.01kg、电荷量为q=0.1C的带电金属小球自坐标原点O处，以v0=2m/s的速度沿x轴正方向射出．已知E0=0.2N/C、B0=0.2πT．求：（1）t=1s末金属小球速度的大小和方向；（2）1s～2s内，金属小球在磁场中做圆周运动的半径和周期；（3）试求出第3秒末小球所在位置的坐标．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】（1）金属球在0﹣1s内做类平抛运动，分别求出x、y轴方向的分速度，然后求出小球的速度．（2）金属球做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律可以求出半径与周期．（3）金属球在第1与第3秒内都沿x轴做匀速直线运动，沿y轴做匀加速直线运动，在第2s内金属球做匀速圆周运动，应用匀速与匀变速直线运动的运动规律可以求出小球的坐标．【解答】解：（1）在0～1s内，金属小球做类平抛运动，x轴方向：v x=v0=2m/s，y方向：v y=at1=t1=×1=2m/s，1s末粒子的速度：v1===2m/s，设v1与x轴正方向的夹角为α，则：tanα===1，则α=45°；（2）在1s～2s内，粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv1B0=m，代入数据解得：r=m，粒子做圆周运动的周期：T=，解得：T=1s；（3）由（2）可知小球在第2秒的位置和第1秒末的位置相同，金属球在第三秒内沿x轴做匀速直线运动，沿y轴做匀加速直线运动，设第3秒末小球所处位置坐标为（x，y），t2=2s，在x轴方向：x=v0t2，在y轴方向：y=t22，代入数据解得：x=4m，y=4m，金属球的坐标为：（4m，4m）；答：（1）t=1s末金属小球速度的大小为m/s，方向：与x轴正方向夹45°角；（2）1s～2s内，金属小球在磁场中做圆周运动的半径为m，周期为1s；（3）第3秒末小球所在位置的坐标为（4m，4m）．【点评】金属球在电场中受到电场力作用，在磁场中受到洛伦兹力作用，根据图示图象分析清楚金属球的运动过程，应用匀速运动规律与匀变速运动规律即可正确解题．【物理3-4】13．如图，一列沿x轴正方向传播的简谐横波，振幅为2cm，波速为4m/s．在波的传播方向上两质点a、b的平衡位置相距0.4m（小于一个波长），某时刻当质点a在波峰位置时，质点b在x轴下方与x轴相距1cm的位置．则下列说法中正确的是（）A．此波的周期可能为0.3sB．此波的周期可能为0.15sC．此波的波长可能为0.8mD．从此时刻起经过0.1s，b点可能在波谷位置E．从此时刻起经过0.1s，b点可能在波峰位置【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】振动图像与波动图像专题．【分析】由题目中给出的条件讨论两点间的距离与波长的关系，则可得出波长的可能值，再由波长、波速及频率的关系可求得周期；【解答】解：质点b在x轴下方与x轴相距1cm的位置，根据sin30°=，可知，b与最近的平衡位置之间的距离是A、B、C、根据题意，有两种情况：第1种情况：波的图象如图所示，从图象得，（ +）λ=0.4m，所以波长λ=1.2m，根据 v=，周期T==s，故A正确．。

广西柳州一中高二物理上学期11月段考试卷(含解析)

2013-2014学年广西柳州一中高二（上）段考物理试卷（11月份）一、选择题：（每小题至少有一个选项是正确的，每小题4分，共60分.）1．（4分）（2009•湖南校级模拟）关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是（）A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极B．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向C．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱D．在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小2．（4分）（2013春•巴南区期中）将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是（）A．感应电动势的大小与线圈的匝数无关B．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同D．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大3．（4分）（2014秋•定海区校级期中）有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断（）A．电阻A的阻值大于电阻BB．电阻A的阻值小于电阻BC．电压相同时，流过电阻A的电流强度较大D．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较小4．（4分）（2014秋•桓台县校级期末）一带电粒子在正电荷形成的电场中，运动轨迹如图所示的abcd曲线，下列判断正确的是（）A．粒子带正电B．粒子通过a点时的速度比通过b点时大C．粒子在a点受到的电场力比b点小D．粒子在a点时的电势能比b点大5．（4分）（2007秋•朝阳区期末）如图所示，两平行金属板中有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，带正电的粒子（不计粒子的重力）从两板中央垂直电场、磁场入射．它在金属板间运动的轨迹为水平直线，如图中虚线所示．若使粒子飞越金属板间的过程中向上板偏移，则可以采取下列的正确措施为（）A．使入射速度增大B．使粒子电量增大C．使电场强度增大D．使磁感应强度增大6．（4分）（2013秋•鱼峰区校级月考）如图是两个等量异种点电荷形成的电场，AB为中垂线，且AO=BO，则（）A．A、B两点场强大小相等，方向相反B．A正电荷从A运动到B，电场力做正功C．正电荷从A运动到B，电势能增加D．A、B两点电势差为零7．（4分）（2013•南通模拟）如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（）A．a粒子动能最大B．c粒子速率最大C．c粒子在磁场中运动时间最长D．它们做圆周运动的周期T a＜T b＜T c8．（4分）（2006•泰州模拟）如图1所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内，线圈A中通以如图2所示的变化电流，t=0时电流方向为顺时针（如图中箭头所示）．在t1～t2时间内，对于线圈B，下列说法中正确的是（）A．线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势B．线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势C．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势D．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势9．（4分）（2013春•中山期中）如图所示，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落．如果线圈受到的磁场力总小于其重力，则它在1、2、3、4位置时的加速度关系为（）A．a1＞a2＞a3＞a4 B．a1=a3＞a2＞a4C．a1=a3＞a4＞a2 D． a4=a2＞a3＞a110．（4分）（2000•安徽）如图所示是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路，在增大电容器两板间距离的过程中（）A．电阻R中没有电流B．电容器的电容变小C．电阻R中有从a流向b的电流D．电阻R中有从b流向a的电流11．（4分）（2013秋•桓台县校级期末）如图甲所示，AB是电场中的一条电场线，质子以某一初速度从A点出发，仅在电场力作用下沿直线从A点运动到B点，其v﹣t图象如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．质子运动的加速度随时间逐渐减小B．电场线的方向由A指向BC．A、B两点电场强度的大小关系满足E A＜E BD．A、B两点的电势关系满足φA＜φB12．（4分）（2014秋•资阳区校级期末）在如图所示的U﹣I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线．用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路．由图象可知（）A．电源的电动势为3V，内阻为0.5ΩB．电阻R的阻值为1ΩC．电源的输出功率为2WD．电源的效率为66.7%13．（4分）（2015•山东一模）如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D． R3上消耗的功率逐渐增大14．（4分）（2012•湛江二模）如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面的、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两个过程中（）A．导体框中产生的感应电流方向相同B．导体框中产生的焦耳热相同C．导体框ad边两端电势差相同D．通过导体框截面的电量相同15．（4分）（2013秋•东湖区校级期末）如图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为m，带电荷量为q，小球可在棒上滑动，现将此棒竖直放入沿水平方向且互相垂直的匀强磁场和匀强电场中．设小球电荷量不变，在小球由静止下滑的过程中（）A．小球加速度一直增大B．小球速度一直增大，直到最后匀速C．杆对小球的弹力一直减小D．小球所受洛伦兹力一直增大，直到最后不变二、实验题（每空2分，共16分）16．（8分）（2011秋•广平县校级期末）如图所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是表，要使它的量程加大，应使R1（填“增大”或“减小”）；乙图是表，要使它的量程加大，应使R2（填“增大”或“减小”）．17．（2分）（2012秋•濠江区校级期末）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2 B．E1＞E2，r1＜r2 C．E1＜E2，r1＞r2D． E1＜E2，r1＜r218．（6分）（2013秋•鱼峰区校级月考）以下是“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的操作步骤：A．闭合电键，记下电流表、电压表的一组示数（I，U），移动变阻器的滑动触头位置，每移动一次记下一组（I，U）值，共测出12组左右的数据．B．将电流表、电压表、变阻器、电灯、电源开关正确连成电路，电流表外接，变阻器采用分压式，如图所示C．调节触头位置，使闭合电键前触头处于变阻器的左端．D．按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用直线段连结起来，得出小灯泡的伏安特性曲线．（1）以上各步骤中存在错误或不妥之处的是，应如何改正？（2）将步骤纠正后，按实验先后顺序排列起来．三、计算题（共44分．请写出必要的步骤、公式及文字说明）19．（13分）（2006•和平区模拟）如图所示，一质量为m的带电小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线与竖直方向成θ角．（1）判断小球带何种电荷．（2）若已知电场强度为E、小球带电量为q，求小球的质量m．（3）若将细线突然剪断，小球做何种性质的运动？求加速度a的大小．20．（15分）（2015春•湖南校级月考）竖直放置的平行金属板M、N相距d=0.2m，板间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=0.5T，极板按如图所示的方式接入电路．足够长的、间距为L=1m的光滑平行金属导轨CD、EF水平放置，导轨间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度也为B．电阻为r=1Ω的金属棒ab垂直导轨放置且与导轨接触良好．已知滑动变阻器的总阻值为R=4Ω，滑片P的位置位于变阻器的中点．有一个质量为m=1.0×10﹣8kg、电荷量为q=+2.0×10﹣5C的带电粒子，从两板中间左端沿中心线水平射入场区．不计粒子重力．（1）若金属棒ab静止，求粒子初速度v0多大时，可以垂直打在金属板上？（2）当金属棒ab以速度v匀速运动时，让粒子仍以相同初速度v0射入，而从两板间沿直线穿过，求金属棒ab运动速度v的大小和方向．21．（16分）（2014•工业园区模拟）如图所示，在直角坐标系的第一、二象限内有垂直于纸面的匀强磁场，第三象限有沿y轴负方向的匀强电场；第四象限无电场和磁场．现有一质量为m、电荷量为q的粒子以速度v0从y轴上的M点沿x轴负方向进入电场，不计粒子的重力，粒子经x轴上的N点和P点最后又回到M点，设OM=L，ON=2L．求：（1）带电粒子的电性，电场强度E的大小；（2）带电粒子到达N点时的速度大小和方向；（3）匀强磁场的磁感应强度的大小和方向；（4）粒子从M点进入电场，经N、P点最后又回到M点所用的时间．2013-2014学年广西柳州一中高二（上）段考物理试卷（11月份）参考答案与试题解析一、选择题：（每小题至少有一个选项是正确的，每小题4分，共60分.）1．（4分）（2009•湖南校级模拟）关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是（）A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极B．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向C．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱D．在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小考点：磁感线及用磁感线描述磁场．分析：在磁体外部磁感线从N极出发进入S极，在磁体内部从S极指向N极．磁场的方向与通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向垂直．磁感线的疏密表示磁场的强弱．安培力的大小取决于四个因素：B、I、L，及导线与磁场的夹角，在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小．解答：解：A、磁感线分布特点：在磁体外部磁感线从N极出发进入S极，在磁体内部从S 极指向N极．故A错误．B、磁场的方向与通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向垂直．故B错误．C、磁场的强弱看磁感线的疏密，与磁感线方向无关，沿磁感线方向，磁场不一定减弱．故C错误．D、根据安培力公式F=BILsinα，可见，在B大的地方，F不一定大．故D正确．故选D点评：本题考查对磁场基本知识的理解和掌握程度，基础题．注意安培力与电场力不同：安培力方向与磁场方向垂直，而电场力方向与电场强度方向相同或相反．2．（4分）（2013春•巴南区期中）将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是（）A．感应电动势的大小与线圈的匝数无关B．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同D．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据对法拉第电磁感应定律及楞次定律的理解分析答题．解答：解：A、由法拉第电磁感应定律E=n可知，感应电动势E与线圈匝数n有关，在磁通量变化率一定时，线圈匝数越多，感应电动势越大，线圈匝数越少，感应电动势越小，故A错误；B、感应电动势与磁通量大小无关，取决于磁通量的变化率，穿过线圈的磁通量大，如果磁通量的变化率为零，则感应电动势为零，故B错误；C、由楞次定律可知，磁通量增大，感应电流磁场方向与原磁场方向相反，磁通量减小，感应电流磁场方向与原磁场方向相同，感应电流产生的磁场方向与原磁场方向极可能相同，也可能相反，故C错误；D、磁通量变化越慢，磁通量的变化率越小，由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势越小，故D正确；故选：D．点评：本题考查了影响感应电动势大小的因素、感应电流磁场方向与原磁场方向间的关系问题，正确理解并灵活应用法拉第电磁感应定律与楞次定律即可正确解题．3．（4分）（2014秋•定海区校级期中）有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断（）A．电阻A的阻值大于电阻BB．电阻A的阻值小于电阻BC．电压相同时，流过电阻A的电流强度较大D．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较小考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；恒定电流专题．分析：I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数，通过斜率比较电阻的大小．并联时，两电阻电压相等，根据欧姆定律比较电流的大小．串联时，电路相等，根据P=I2R比较消耗的功率大小．解答：解：A、I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数，由图象可知，A图线的斜率大，则A的电阻小，故A错误，B正确．C、由图象可知，电压U相等时，通过A的电流大于通过B的电流，故C正确．D、两电阻串联，通过它们的电流相等，根据P=I2R得，A的电阻小，则电阻A消耗的功率较小，故D正确．故选：BCD．点评：解决本题的关键知道串并联电路的特点，以及知道I﹣U图线的斜率表示的物理意义．4．（4分）（2014秋•桓台县校级期末）一带电粒子在正电荷形成的电场中，运动轨迹如图所示的abcd曲线，下列判断正确的是（）A．粒子带正电B．粒子通过a点时的速度比通过b点时大C．粒子在a点受到的电场力比b点小D．粒子在a点时的电势能比b点大考点：电场线；电势能．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据轨迹弯曲方向得出电场力的方向，从而确定带电粒子的电性．根据动能定理比较a点、b点的速度大小；根据电场线的疏密比较电场力的大小；根据电场力做功比较电势能的大小．解答：解：A、轨迹弯曲的方向大致指向合力的方向，知电场力背离正电荷方向，所以该粒子带正电．故A正确．B、从a到b，电场力做负功，根据动能定理，动能减小，a点动能大于b点动能，则a点速度大于b点的速度．故B正确．C、b点的电场线比a点电场线密，所以b点的电场强度大于a点的电场强度，所以粒子在a点的电场力比b点小．故C正确．D、从a到b，电场力做负功，电势能增加．所以a点的电势能小于b点的电势能．故D 错误．故选ABC．点评：解决本题的关键知道电场线的疏密表示电场的强弱，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．5．（4分）（2007秋•朝阳区期末）如图所示，两平行金属板中有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，带正电的粒子（不计粒子的重力）从两板中央垂直电场、磁场入射．它在金属板间运动的轨迹为水平直线，如图中虚线所示．若使粒子飞越金属板间的过程中向上板偏移，则可以采取下列的正确措施为（）A．使入射速度增大B．使粒子电量增大C．使电场强度增大D．使磁感应强度增大考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：带正电的粒子进入两板中央，受到竖直向下的电场力和竖直向上的洛伦兹力，轨迹为水平直线时两个力平衡，若要使粒子向上偏转，洛伦兹力必须大于电场力．解答：解：由题，带正电的粒子进入两板中央，受到竖直向下的电场力和竖直向上的洛伦兹力，开始时粒子的轨迹为水平直线，则电场力与洛伦兹力平衡，即有 qvB=qE，即vB=E，若使粒子飞越金属板间的过程中向上板偏移，洛伦兹力必须大于电场力，则qvB＞qE，即vB ＞E．A、使入射速度增大，洛伦兹力增大，而电场力不变，则粒子向上偏转．故A正确．B、由上式可知，改变电量，电场力与洛伦兹力仍然平衡，粒子仍沿水平直线运动．故B错误．C、使电场强度增大，电场力增大，粒子向下偏转．故C错误．D、使磁感应强度增大，洛伦兹力增大，则粒子向上偏转．故D正确．故选AD点评：对于速度选择器，有qvB=qE，即vB=E，此结论与带电粒子的电荷量、质量无关．6．（4分）（2013秋•鱼峰区校级月考）如图是两个等量异种点电荷形成的电场，AB为中垂线，且AO=BO，则（）A．A、B两点场强大小相等，方向相反B．A正电荷从A运动到B，电场力做正功C．正电荷从A运动到B，电势能增加D．A、B两点电势差为零考点：电场的叠加；电场强度；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：两个等量异种点电荷形成的电场，中垂线上所有点的电场强度的方向都相同且与之垂直；该中垂线是一条等势线，所有点的电势都相等．解答：解：A、两个等量异种点电荷形成的电场，两个电荷的连线上的电场关于连线上下是对称的，AO=BO，那么A、B两点场强大小相等，方向相同，故A错误；BCD、两个等量异种点电荷形成的电场，中垂线AB是一条等势线，所有点的电势都相等，AB 之间的电势差为0，则正电荷从A运动到B，电场力不做功，电势能不变．故BC错误，D正确．故选：D．点评：该题考查常见的电场和电场线，只有掌握两个等量异种点电荷形成的电场的特点，即可正确解答．7．（4分）（2013•南通模拟）如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（）A．a粒子动能最大B．c粒子速率最大C．c粒子在磁场中运动时间最长D．它们做圆周运动的周期T a＜T b＜T c考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：三个质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率垂直进入匀强磁场中，则运动半径的不同，导致运动轨迹也不同．运动轨迹对应的半径越大，粒子的速率也越大．而运动周期它们均一样，运动时间由圆弧对应的圆心角决定．解答：解：A、B粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，根据qvB=m，可得：r=，粒子的动能，则可知三个带电粒子的质量、电荷量相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，则由图知，a粒子速率最小，c粒子速率最大．c粒子动能最大．故A错误，B正确．C、由于粒子运动的周期T=及t=T可知，三粒子运动的周期相同，a在磁场中运动的偏转角最大，运动的时间最长，故C、D错误．故选：B．点评：带电粒子在磁场、质量及电量相同情况下，运动的半径与速率成正比，从而根据运动圆弧来确定速率的大小；运动的周期均相同的情况下，可根据圆弧的对应圆心角来确定运动的时间的长短．8．（4分）（2006•泰州模拟）如图1所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内，线圈A中通以如图2所示的变化电流，t=0时电流方向为顺时针（如图中箭头所示）．在t1～t2时间内，对于线圈B，下列说法中正确的是（）A．线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势B．线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势C．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势D．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势考点：楞次定律．分析：根据安培定则确定电流与磁场的方向关系，再根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与它相同．解答：解：在t1～t2时间内，由于线圈A的逆时针方向电流增大，导致线圈B磁通量增大，感应电流的磁场与它相反，根据安培定则可知，线圈A在线圈B内部产生磁场方向垂直纸面向外，则线圈B内有顺时针方向的电流．此时线圈B的电流方向与线圈A电流方向相反，由异向电流相互排斥，可知线圈间有相互排斥，所以线圈B有扩张的趋势．故B、C、D、误，A 正确．故选A点评：解决本题的关键掌握安培定则、楞次定律的内容，知道感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．同时注意t=0时电流方向为顺时针，而在t1～t2时间内电流方向为逆时针．9．（4分）（2013春•中山期中）如图所示，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落．如果线圈受到的磁场力总小于其重力，则它在1、2、3、4位置时的加速度关系为（）A．a1＞a2＞a3＞a4 B．a1=a3＞a2＞a4C．a1=a3＞a4＞a2 D． a4=a2＞a3＞a1考点：导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：未进入磁场前，仅受重力，加速度为g，进磁场的过程中，受到重力和向上的安培力，通过牛顿第二定律可以分析出加速度的大小，完全进入磁场后，不产生感应电流，不受安培力，仅受重力，加速度又为g．解答：解：未进磁场前和全部进入磁场后，都仅受重力，所以加速度a1=a3=g．磁场的过程中，受到重力和向上的安培力，根据牛顿第二定律知加速度a2＜g．而由于线框在磁场中也做加速度为g的加速运动，故4位置时的速度大于2时的速度，故此时安培力一定大于2时的加速度，故a4＜a2；故关系为：a1=a3＞a2＞a4故选：B点评：解决本题的关键知道完全进入磁场后没有感应电流，不受安培力，在进磁场的过程，根据右手定则判定出感应电流的方向，根据左手定则知道受到向上的安培力．10．（4分）（2000•安徽）如图所示是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路，在增大电容器两板间距离的过程中（）A．电阻R中没有电流B．电容器的电容变小C．电阻R中有从a流向b的电流D．电阻R中有从b流向a的电流考点：电容；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：电容器与电源相连，电压不变．增大电容器两板间距离的过程中，电容减小，电量减小，电容器放电．根据原来极板的带电情况，分析电流的方向．解答：解：A、C、D电容器与电源相连，电压不变．增大电容器两板间距离的过程中，电容减小，电量减小，电容器放电．原来电容器上极板带正电，电路中放电电流方向为顺时针方向，则电阻R中有从a流向b的电流．故AD错误，C正确．B、增大电容器两板间距离的过程中，电容减小．故B正确．故选BC点评：本题是电容器动态变化分析问题，关键要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，其电压不变．11．（4分）（2013秋•桓台县校级期末）如图甲所示，AB是电场中的一条电场线，质子以某一初速度从A点出发，仅在电场力作用下沿直线从A点运动到B点，其v﹣t图象如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．质子运动的加速度随时间逐渐减小B．电场线的方向由A指向BC．A、B两点电场强度的大小关系满足E A＜E BD．A、B两点的电势关系满足φA＜φB考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由图可知带电粒子速度变化情况，则可明确粒子在两点的加速度大小关系，即可确定电场强度的大小；由功能关系可以确定电势的高低．解答：解：A、速度图象的斜率等于加速度，则由图可知，质子的加速度不变，所受电场力不变，由F=Eq可知，A点的场强等于B点场强，E A=E B；故AC错误；B、质子从A到B的过程中，速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，故电势能增加，电势升高，故ϕA＜ϕB，电场线的方向由B指向A，故B错误，D正确；故选D．点评：本题根据图象考查对电场的认识，要求学生能从图象中找出加速度的大小及速度的变化，再应用动能定理及牛顿第二定律进行分析判断；。

【全国百强校】广西柳州铁路第一中学2015-2016学年高二上学期期末考试物理试题解析(解析版)

一、选择题（1—6题每个小题只有一个选项正确，7—10题每小题中有多个选项正确，本题共10小题，每题5分，选不全得3分，共计50分）1．在物理学建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。

关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A ．英国物理学家焦耳在热学、电磁学等方面做出了杰出贡献，成功地发现了焦耳定律B ．爱因斯坦通过油滴实验测量了电子所带的电荷量C ．英国物理学家、化学家卡文迪许利用卡文迪许扭秤首先较准确的测定了静电力常量D ．奥斯特最早发现了电磁感应现象【答案】A考点：物理学史。

【名师点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，记住著名物理学家的主要贡献，对于物理学上重大发现、发明、著名理论有了清晰的了解，将会帮助认识物理规律，总结研究问题的思路和方法。

2．两个分别带有电荷量－Q 和＋3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为的两处。

它们间库仑力的大小为.两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为( )A ． FB ．FC ．FD ．12F【答案】C 【解析】试题分析：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为：23rQkQ F ⨯=，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后平分，所以两球分开后各自带电为+Q ，距离又变为原来的21，，库仑力为F r Q kQ F 34212=⎪⎭⎫ ⎝⎛⨯=' 考点：库仑定律【名师点睛】本题考查库仑定律及带电体电量的转移问题．两小球相互接触后，其所带电量先中和后平分，根据库仑定律的内容，结合变化量和不变量进行解答。

3．图中a 、b 、c 、d 为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示．一带正电的粒子从正方形中心O 点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是（）A ．向上B ．向下C ．向左D ．向右【答案】B【名师点睛】考查磁感应强度B 的矢量合成法则，会进行B 的合成，从而确定磁场的大小与方向，首先要利用右手安培定则确定各电流在O 点产生的磁场方向，通过矢量合成法则得到O 点的磁场方向，用左手定则判定带电粒子所受洛伦兹力方向。

【全国百强校】广西柳州铁路第一中学2015-2016学年高二上学期期末考试理数试题解析(解析版)

本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分．全卷满分150分，考试时间120分钟.第Ⅰ卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1．已知集合{}{}3R 10N A x x x B x x x =∈=-∈≤，，≥，，则A B =（）A ．{0，1}B ．{0，1，2}C ．{2，3}D ．{1，2，3}【答案】D 【解析】试题分析：由题意{1,2,3}A B =I ．故选D ．考点：集合的运算．2．若复数()()211i a a -+-（i 为虚数单位）是纯虚数，则实数a =（）A ．B ．-1C ．0D ． 1【答案】B 【解析】试题分析：由题意21010a a ⎧-=⎨-≠⎩，1a =-．故选B ．考点：复数的概念．3．设向量a r ，b r 均为单位向量，且|a r +b r |=1，则a r 与b r的夹角为（）A ．3π B ．2π C ．23π D ．34π 【答案】C 【解析】试题分析：2222()2a b a b a a b b +=+=+⋅+r r r r r r r r 12cos ,11a b =+<>+=r r ，1cos ,2a b <>=-r r ，,a b <>r r ＝1±23π．故选C ．考点：向量的夹角、 4．已知31=αtan ，则=+αα221sin cos （）A ．B ．C ．3-D ．3【答案】D 【解析】试题分析：21cos 22cos 13sin 22sin cos tan αααααα+===．故选D ．考点：二倍角公式，同角关系．5．已知某运动员每次投篮命中的概率都是40%．现采用随机模拟的方法估计该运动员三次投篮恰有一次命中的概率：先由计算器产生0到9之间取整数值的随机数，指定1，2，3，4表示命中，5，6，7，8，9，0表示不命中；再以每三个随机数作为一组，代表三次投篮的结果．经随机模拟产生了如下20组随机数：907， 966，191， 925， 271， 932， 812，458，569， 683， 431， 257，393， 027， 556， 488， 730， 113， 537， 989．据此估计，该运动员三次投篮恰有一次命中的概率为（） A ．0.25 B ．0.2C ．0.35D ．0.4【答案】D考点：古典概型．6．如图是秦九韶算法的一个程序框图，则输出的为（）13-13SA ．的值B ．的值C ．的值D ．的值【答案】C 【解析】试题分析：程序运行中，S 的值依次为3S a =，230S a a x =+，12300()S a a a x x =++，0123000(())S a a a a x x x =+++，此时0k =，输出S ，故选C ．考点：程序框图．7．等差数列{a n }中，11327a a a +=，{b n }为等比数列，且b 7=a 7，则b 6b 8的值为（）A ．4B ．2C ．16D ．8【答案】A考点：等差数列与等比数列的性质．8．如图，有四个平面图形分别是三角形、平行四边形、直角梯形、圆．垂直于x 轴的直线1030020(())a x a x a a x +++3020100(())a x a x a a x +++0010230(())a x a x a a x +++2000310(())a x a x a a x +++)0(:a t t x l ≤≤=从原点O 开始向右平行移动，l 在移动过程中扫过平面图形（图中阴影部分）的面积为y ，若函数y=f (x )的大致图象如下右侧图，则平面图形的形状不可能是（）【答案】C 【解析】试题分析：因此,,A B D 是对称图形，当图形是,,A B D 时，函数()f x 的图象应该关于2ax =的那一点对称，只有C 没有这种对称性，而右侧函数()f x 的图象是有这种对称性的，故选C ．考点：函数的图象．9．定义在R 上的函数y=f (x )，满足，若x 1<x 2且x 1+x 2>1，则有( )A ．f (x 1)<f (x 2)B ．f (x 1)>f (x 2)C ．f (x 1)=f (x 2)D ．不能确定【答案】A考点：函数的单调性．10．已知点A (0，2)，抛物线的焦点为，射线与抛物线相交于点，与其准线相交于点，若51::=MN MF ，则的值等于（）A ．41 B ．21 C ．1 D ．4【答案】D 【解析】试题分析：如图，作MP 与准线垂直且交点为P ，则MP MF =，由题意MP MF MNMN==，所以1(1)(),()'()02f x f x x f x -=->C :2(0)y ax a =>F FA C M aN2PN MP=，所以2AF k =-，直线FA 方程为22y x =-+，因此有(1,0)F ，即14a=，4a =．故选D ．考点：抛物线的定义，抛物线的标准方程．11．某四面体的三视图如图，正视图、侧视图、俯视图都是边长为1的正方形，则此四面体的外接球的体积为（）A ． BC ．D ．【答案】B 【解析】=，所以343V π=⨯=B ．考点：三视图，外接球，球体积．【名师点睛】正四面体的内切球与外接球：43πππ3（1）正四面体的内切球，如图. 位置关系：正四面体的四个面都与一个球相切，正四面体的中心与球心重合；数据关系：设正四面体的棱长为a ，高为h ；球的半径为R，这时有4R h ==；（可以利用体积桥证明）（2）正四面体的外接球，如图5. 位置关系：正四面体的四个顶点都在一个球面上，正四面体的中心与球心重合；数据关系：设正四面体的棱长为a ，高为h ；球的半径为R，这时有43R h ==；（可用正四面体高h 减去内切球的半径得到）12．如图，已知双曲线（，）的左右焦点分别为F 1、F 2，|F 1F 2|=8，P 是双曲线右支上的一点，直线PF 2与y 轴交于点A ，△APF 1的内切圆在边PF 1上的切点为Q ，若|PQ |=2，则该双曲线的离心率为（）22221x y a b-=0a >0b >ABC ．D ．3【答案】CNM考点：双曲线的几何性质．【名师点睛】在圆锥曲线的问题中，充分应用定义来解决问题可以使解答过程简化．本题从双曲线的定义知122a PF PF =-，而12,PF PF 正好可以与1APF ∆的内切圆的切线长联系起来，从而是使解决问题显得简单轻松．第Ⅱ卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分.13．在x （1+x ）6的展开式中，含x 3项的系数是．【答案】15 【解析】2试题分析：6(1)x x +展开式中3x 的系数就是6(1)x +展开式中2x 的系数，为2615C =．考点：二项式定理的应用．14．已知x,y 满足，则函数z = x +3y 的最大值是________.【答案】7 【解析】试题分析：作出可行域，如图ABC ∆内部（含边界），作直线:30l x y +=，当直线l 向上平移时，z 增大，因此平移直线l 过点(1,2)A 时，1327z =+⨯=最大．考点：简单的线性规划问题．15．如图所示22⨯方格，在每一个方格中填入一个数字，数字可以是1、2、3中的任何一个，允许重复．若填入A 方格的数字大于B 方格的数字，则不同的填法共有_______种（用数字作答）．【答案】27 【解析】试题分析：,A B 方格所填数字有三种：2,1；3,1；3,2，,C D 都有3种填法，因此共有33327⨯⨯=种填法．考点：分步乘法原理．【名师点睛】在应用两个原理求完成一件事情的方法总数时，一定要分清，做这件事是分类完成，还是分步完成，两个原理都是对完成一件事的方法种数而言的．区别在于：(1)分类计数原理是“分类”，分步计数原理是“分步”；(2)分类计数原理中每类办法中的每一种方法都能独立完成一件事，分步计数原理中每步中每种方法都只能做这件事的一步，不能独立完成这件事．⎪⎩⎪⎨⎧≥≤+≤-1421x y x y x16．数列的前n 项和为，，若，则 . 【答案】－1考点：等差数列的综合运用．【名师点睛】对等差、等比数列的综合问题的分析，应重点分析等差、等比数列的通项及前n 项和；分析等差、等比数列项之间的关系．往往用到转化与化归的思想方法．三、解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.17．（本小题满分12分）在△ABC 中，a ，b ，c 分别是角A ，B ，C 的对边，且．（1）求角B 的大小；（2）若2=+c a ，43=∆ABC S ,求b 的值．【答案】（1）23B π=；（2）b =．【解析】试题分析：（1）要求角B ，已知条件是边角混合的，因此可用正弦定理化边为角，即得cos sin cos 2sin sin B BC A C=-+，交叉相乘后利用两角和的正弦公式化简可得；（2）由（1）的结论选择面积公式1sin 2S ac B =可求得ac ，再由余弦定理可求得b ．试题解析：（1）由正弦定理可得，代入已知得即即∵ ∴2sin ,2sin ,2sin a R A b R B c R C ===cos sin cos 2sin sin B BC A C=-+2sin cos sin cos cos sin 0A B C B C B ++=2sin cos sin()0A B B C ++=A B C π++=sin()sin B C A +={}n a n S 2n n S na n -=*()n N ∈20360S =-2a =cos cos 2B bC a c=-+故，即 ∵ ∴，又 ∴ （2）因为43=∆ABCS 12ac sin B ==，∴ac =1 ∴＝3∴b =．考点：正弦定理，余弦定理，两角和与差的正弦公式．18．（本小题满分12分）一个盒子中装有大量．．形状大小一样但重量不尽相同的小球，从中随机抽取个作为样本，称出它们的重量（单位：克），重量分组区间为[5，15]，(15，25]，(25，35]，(35，45]，由此得到样本的重量频率分布直方图（如图）．（1）求的值；（2）从盒子中随机抽取个小球，其中重量在[5,15]内的小球个数为，求的分布列和数学期望. (以直方图中的频率作为概率).【答案】（1）0.03a =；（2）分布列见解析，期望为35．【解析】试题分析：（1）由频率分布直方图知，所有小矩形面积（频率）之和为1，可求得a ；（2）由统计的知识，可知小球重量在[5,15)内的概率为15，因此随机变量1(3,)5X B :，利用二项分布概率公式可计算出所有概率，从而得概率分布表，再由期望公式可计算期望．试题解析：（1）由题意，得()0.020.0320.018101a +++⨯=，解得0.03a =；（2）利用样本估计总体，该盒子中小球重量在(]5,15内的概率为0.2，则1(3,)5X B ~.X 的可能取值为0、1、2、3，2sin cos sin 0A B A +=sin (2cos 1)0A B +=sin 0A ≠1cos 2B =-()0,B π∈23B π=222222cos b a c ac B a c ac =+-=++2()a c ac =+-50a 3X X()03031464055125P X C ⎛⎫⎛⎫=== ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，()2131448155125P X C ⎛⎫⎛⎫==⨯= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭， ()2231412255125P X C ⎛⎫⎛⎫==⨯= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，()333141355125P X C ⎛⎫⎛⎫=== ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. X ∴的分布列为：6448121301231251251251255EX ∴=⨯+⨯+⨯+⨯=.（或者13355EX =⨯=）．考点：频率分布直方图，随机变量频率分布列，数学期望．19．（本小题满分12分）已知四棱锥的底面是正方形，底面，是上的任意一点.过点E 的平面α垂直于平面SAC .（1）请作出平面α 截四棱锥S -ABCD 的截面（只需作图并写出作法）；（2）当时，求二面角的大小.DCBA S【答案】（1）见解析；（2）120︒．【解析】试题分析：（1）设平面α⊥平面SAC ，由已知平面ABCD ⊥平面SAC ，因此平面α与平面ABCD 的交线l 必定与平面SAC 垂直，而平面ABCD 中BD ⊥平面SAC ，因此有//l BD ，反之只要有//l BD ，则一定有α⊥平面SAC ，由此可得作法；（2）要求二面角，由于题中有,,AB AD AS 相互垂直，因此可以它们为坐标轴建立空间直角坐标系，设1AB =，则可得出各点坐标，从而只要求得平面BSC 和平面DSC 的法向量12,n n u r u u r，由法向量夹角求得二面角．S ABCD -ABCD SA ⊥ABCD E SC SA AB =B SC D --设平面SCD 的法向量为),,(2222z y x n =，则⎪⎩⎪⎨⎧=-=⋅==⋅022222y z DS n x n ，令12=y ，则)1,1,0(2=n 10分设二面角D SC B --的平面角为α，则21221cos =⨯. 显然二面角D SC B --的平面角为α为钝角，所以120α=︒ 即二面角D PB C --的大小为120︒ 12分. 考点：面面垂直的判断与性质，二面角．【名师点睛】求二面角最常用的方法就是分别求出二面角的两个面所在平面的法向量，然后通过两个平面的法向量的夹角得到二面角的大小，但要注意结合实际图形判断所求角是锐角还是钝角．20．（本小题满分12分）已知F 1、F 2是椭圆2222x y a b += 1 (a > b > 0)的两个焦点，O 为坐标原点，点⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-221,P 在椭圆上，且0211=⋅F F PF ，⊙O 是以F 1F 2为直径的圆，直线l ： y=kx+m 与⊙O 相切，并且与椭圆交于不同的两点A 、 B ．（1）求椭圆的标准方程；（2）当λ=⋅，且满足2334λ≤≤时，求弦长|AB |的取值范围．【答案】（1）2212x y +=；（2．【解析】试题分析：（1）要求椭圆标准方程，就要列出关于,,a b c 的两个方程，利用向量的数量积，由120PF PF ⋅=uuu r uuu r知12PF PF ⊥，从而有11c OF OP ===，这是一个，另一个就是把点P 的坐标代入方程22221x y a b+=可得，联立可解得1a b ==；（2）本小题是直线与椭圆相交问题，首先由直线与圆相切得出,k m 的关系：221m k =+，然后我们设交点为1122(,),(,)A x y B x y ，把直线方程与椭圆方程联立，消元后得关于x 的二次方程，由0∆>得0k ≠，由韦达定理得1212,x x x x +，由数量积得1212OA OB x x y y λ=⋅=+uu r uu u r，把上述1212,x x x x +代入再由2334λ≤≤可得k2x=，此式可表示为k 的函数，由刚才求得的k 的范围可得弦长范围．试题解析：（1）由112.0PF F F =u u u r u u u u r 得112PF F F ⊥，可得1c =。

广西柳州铁路第一中学2016届高三物理上学期10月月考试题

柳铁一中2015~2016学年度上学期高三第三次月考理综试题物理部分二、选择题(本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，14-17只有一项符合题目要求，18-21有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．某同学为研究物体运动情况，绘制了物体运动的x 图像，如右图所示。

图中纵坐标表示物体的位移x ，横坐标表示时间t ，由此可知该物体做A ．匀速直线运动B ．变速直线运动C ．匀速曲线运动D ．变速曲线运动15.水平足够长运动的皮带，取向右为速度的正方向。

将一物块P 轻轻放上皮带，之后P 最初一段时间的速度时间图像如图乙，关于皮带的运动情况描述正确的是 A ．可能是向右的匀加速 B ．可能是向右的匀速 C ．一定是向左的匀加速 D ．可能是向左的匀速16.如图所示，质量为m 的物体在沿斜面向上的拉力F 作用下沿放在水平地面上的质量为M 的粗糙斜面匀速下滑，此过程中斜面体保持静止，则地面对斜面 A ．无摩擦力 B ．有水平向右的摩擦力 C ．支持力为(M ＋m )g D ．支持力小于(M ＋m )g17.如图所示，有一个质量为M ，半径为R ，密度均匀的大球体。

从中挖去一个半径为的小球体，并在空腔中心放置一质量为m 的质点，则大球体的剩余部分对该质点的万有引力大小为（已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零） A ．0 B ． C ． D ．18．关于静电场，下列说法正确的是 A.处于静电平衡状态的导体是个等势体 B.处于静电平衡状态的导体，内部的电场不为0C.随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D.任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向19.如图,在竖直平面内，轨道 ABC 关于B 点对称，且A 、B 、C 三点在同一水平线上。

若小滑块第一次由A 滑到C ，所用时间为t 1，到达C 点速度为，第二次由C 滑到A ，所用时间为t 2，到达A 点速度为，小滑块两次的初速度大小相同且运动过程始终沿着轨道滑行，小滑块与轨道间的动摩擦因素恒定，则A. B. C. D.20.如图甲，两水平金属板间距为d ，板间电场强度的变化规律如图乙所示。

广西柳州铁路第一中学2016届高三物理限时测试10-6 精

柳铁一中高三物理限时测试6 2015/10/4一．选择题（1--11每小题所给的四个选项中只有一个选项是正确的，12--15每小题所给的四个选项中不只有一个选项是正确的。

选对得6分，选不全得3分，选错不得分.） 1．如图所示，轻弹簧上端与一质量为m 的木块1相连，下端与另一质量为M 的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a 1、a 2.重力加速度大小为g .则有 ( )A ．a 1＝0，a 2＝gB ．a 1＝g ，a 2＝gC ．a 1＝0，a 2＝m ＋MM gD ．a 1＝g ，a 2＝m ＋MM g2．质量为1吨的汽车在平直公路上以10 m/s 的速度匀速行驶，阻力大小不变．从某时刻开始，汽车牵引力减少2 000 N ，那么从该时刻起经过6 s ，汽车行驶的路程是( ) A ．24 mB ．42 mC ．25 mD ．50m3．如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a 沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F ，则( )A ．物块可能匀速下滑B ．物块仍以加速度a 匀加速下滑C ．物块将以大于a 的加速度匀加速下滑D ．物块将以小于a 的加速度匀加速下滑4．(2011·新课标全国理综·21)如图所示，在光滑水平面上有一质量为m 1的足够长的木板，其上叠放一质量为m 2的木块．假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等．现给木块施加一随时间t 增大的水平力F ＝kt (k 是常数)，木板和木块加速度的大小分别为a 1和a 2.下列反映a 1和a 2变化的图线中正确的是( )5．汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0～50 s 内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示．下面的有关说法正确的是( ) A ．汽车行驶的最大速度为20 m/sB ．汽车在40 s ～50 s 内的速度方向和0～10 s 内的速度方向相反C ．汽车在50 s 末的速度为零D ．在0～50 s 内汽车行驶的总位移为900 m6．如图所示，一直杆倾斜固定，并与水平方向成30°的夹角；直杆上套有一个质量为0.5 kg 的圆环，圆环与轻弹簧相连，在轻弹簧上端施加一竖直向上、大小F ＝10 N 的力，圆环处于静止状态，已知直杆与圆环之间的动摩擦因数为0.7，g ＝10 m/s 2.下列说法正确的是( )A ．圆环受到直杆的弹力，方向垂直直杆向上B ．圆环受到直杆的弹力大小等于2.5 NC ．圆环受到直杆的摩擦力，方向沿直杆向上D ．圆环受到直杆的摩擦力大小等于2.5 N7．如图所示，一光滑小球静止放置在光滑半球面的底端，用竖直放置的光滑挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动的过程中(该过程小球未脱离球面)，木板对小球的推力F 1、半球面对小球的支持力F 2的变化情况正确的是 ( )A ．F 1增大，F 2减小B ．F 1增大，F 2增大C ．F 1减小，F 2减小D ．F 1减小，F 2增大8．如图所示，固定在水平地面上的物体A ，左侧是圆弧面，右侧是倾角为θ的斜面，一根轻绳跨过物体A 顶点上的小滑轮，绳两端分别系有质量为m 1、m 2的小球，当两球静止时，小球m 1与圆心连线跟水平方向的夹角也为θ，不计一切摩擦，则m 1、m 2之间的关系是（） A ．m 1 = m 2tan θ B ．m 1 = m 2cot θ C ．m 1 = m 2cos θ D ．m 1 = m 29．如图，楔形物块A 静置在水平地面上，其斜面粗糙，斜面上有小物块B 。

广西柳州铁路第一中学高二物理上学期期考试题(无答案)

柳州铁一中学2016－2017学年第一学期高二年级期考物理科试卷一、选择题.(本题共10小题，每小题4分，共40分.其中1-6小题为单项选择题，7-10小题为多项选项题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．)1．关于洛伦兹力，以下说法正确的是A．带电粒子在磁场中一定会受到洛伦兹力的作用B．若带电粒子在某点不受洛伦兹力，则该点的磁感应强度一定为零C．洛伦兹力不改变运动电荷的速度D．仅受洛伦兹力作用的运动电荷，动能一定不改变2．在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是A．电势高的地方电场强度不一定大 B．电场强度大的地方电势一定高C．电势为零的地方场强也一定为零 D．场强为零的地方电势也一定为零3．电阻R1、R2和交流电源按照图甲所示方式连接，R1＝10 Ω，R2＝20 Ω．合上开关S后，通过电阻R2的正弦交变电流i随时间t变化的情况如图乙所示，则A．通过R1的电流的有效值是1.2 AB．R1两端的电压有效值是6 VC．通过R2的电流的有效值是1.2 2 AD．R2两端的电压有效值是6 2 V4．如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是A．Q变小，C不变，U不变，E变小B．Q变小，C变小，U不变，E不变C．Q不变，C变小，U变大，E不变D．Q不变，C变小，U变大，E变小5．如图所示，A 为水平放置的胶木圆盘，在其侧面均匀分布着负电荷，在A 的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环B ，使B 的环面水平且与圆盘面平行，其轴线与胶木盘A 的轴线OO ′重合．现使胶木盘A 由静止开始绕其轴线OO ′按箭头所示方向加速转动，则 A ．金属环B 的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力增大 B ．金属环B 的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力减小 C ．金属环B 的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力减小 D ．金属环B 的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力增大6．如图所示，竖直平面内有一金属环，半径为a ，总电阻为R (指拉直时两端的电阻)，磁感应强度为B 的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点A 用铰链连接长度为2a 、电阻为 R2 的导体棒AB ，AB 由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，B 点的线速度为v ，则这时AB 两端的电压大小为A ．Bav3B ．Bav6C ．2Bav 3D ．Bav7．下列各图表示通电直导线在匀强磁场中所受磁场作用力的情况（图中"○"表示直导线横截面），其中磁场、电流、磁场作用力三者之间方向关系正确的是8．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线.在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A 点飞向B 点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是A ．粒子带负电B ．粒子在A 点加速度大C ．粒子在B 点动能大D ．A 、B 两点相比，粒子在B 点电势能较大9．如图，条形磁铁放在水平桌面上，在磁铁右上方固定一根直导线，导线与磁铁垂直，当导线通入向里的电流时，则A ．磁铁对桌面的压力减小B ．磁铁对桌面的压力增大C ．磁铁相对桌面有向左动的趋势D ．磁铁相对桌面有向右动的趋势10．如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场分布在正方形abcd 区域内，O 点是cd 边的中点，一个带正电的粒子仅在磁场力的作用下，从O 点沿纸面以垂直于cd 边的速度射入正方形内，经过时间t 0刚好从c 点射出磁场，现设法使该带电粒子从O 点沿纸面与Od 成30°的方向，以大小不同的速率射入正方形内，那么下列说法中正确的是A ．若该带电粒子在磁场中经历的时间是 53t 0，则它一定从cd 边射出磁场B ．若该带电粒子在磁场中经历的时间是 23t 0，则它一定从ad 边射出磁场C ．若该带电粒子在磁场中经历的时间是 54t 0，则它一定从bc 边射出磁场D ．若该带电粒子在磁场中经历的时间是 t 0，则它一定从ab 边射出磁场二、实验题：(本题共3小题，每空2分，共18分.)11．在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，画出的小灯泡伏安特性曲线__________（选填“是”或“不是”）直线；右图中螺旋测微器的读数是__________mm.12．多用电表面板上的刻度线中，直流电流的刻度线的分布是__________的；用欧姆表测电阻时，如果指针偏转角度太大，要换________的量程，在测量前还要__________；下面四个欧姆表表盘的示意图中，可能正确的是( )13．在测定电源电动势和内阻的实验中，如果根据实验结果做出的图象如下面的左图所示，则该实验测得的电动势为________V ，内电阻为________Ω；下面的右图是在同一坐标系中画出的a 、b 、c 三个电源的U —I 图象，其中a 和c 的图象平行，则正确的选项是( )A ．E a ＜E b ，r a =r bB ．E b =E c ，r c ＞r bC ．E a ＜E c ，r a =r cD ．E b =E c ，r b =r c三、计算题.( 本题共4小题，14题8分，15题14分，16题15分，17题15分，共52分．)14．一个质量为m 电荷量为q 的带电粒子从x 轴上的 P (a ，0) 点以速度v ，沿与x 轴正方向成60°的方向射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于 y 轴射出第一象限．求：匀强磁场的磁感应强度 B 和射出点的坐标．15．某村在距村庄较远的地方修建了一座小型水电站，发电机输出功率为9 kW ，输出电压为500 V ，输电线的总电阻为10 Ω，允许线路损耗的功率为输出功率的4%，求：（1）村民和村办小企业需要220 V 电压时，求所用升压变压器和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为多少；(不计变压器的损耗)2.2.3.2.x（2）若不用变压器而由发电机直接输送，村民和村办小企业得到的电压和功率各是多少．16．如图所示，水平放置的平行金属导轨宽度为d＝1 m，导轨间接有一个阻值为R＝2 Ω的灯泡，一质量为m＝1 kg的金属棒跨接在导轨之上，其电阻为r＝1 Ω，且和导轨始终接触良好．整个装置放在磁感应强度为B＝2 T的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下．现对金属棒施加一水平向右的拉力F，使金属棒从静止开始向右运动．求：（1）若金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ＝0.2，施加的水平恒力为F＝10 N，则金属棒达到的稳定速度v1是多少?（2）若金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ＝0.2，施加的水平力功率恒为P＝6 W，则金属棒达到的稳定速度v2是多少?（3）若金属棒与导轨间是光滑的，施加的水平力功率恒为P＝20 W，经历t＝1 s的过程中灯泡产生的热量为Q R＝12 J，则此时金属棒的速度v3是多少?17．如图甲所示，在xOy平面内有足够大的匀强电场，电场方向竖直向上，电场强度E＝40 N/C，在y轴左侧平面内有足够大的瞬时磁场，磁感应强度B1随时间t变化的规律如图乙所示，15πs 后磁场消失，选定磁场垂直纸面向里为正方向．在y轴右侧平面内还有方向垂直纸面向外的恒定的匀强磁场，分布在一个半径为r＝0.3 m的圆形区域(图中未画出)，且圆的左侧与y轴相切，磁感应强度B2＝0.8 T．t＝0时刻，一质量m＝8×10－4 kg、电荷量q＝2×10－4 C的液滴从x轴上x P＝－0.8 m处的P点以速度v＝0.12 m/s向x轴正方向入射．(g取10 m/s2)甲乙（1）求微粒在第二象限运动过程中离y轴、x轴的最大距离．（2）若微粒穿过y轴右侧圆形磁场时，速度方向的偏转角度最大，求此圆形磁场的圆心坐标(x，y)．。

广西柳州铁路第一中学高二上学期第一次月考物理试题

a20Vd4 V b 24V c柳州铁一中学 2015 级高二物理第一次月考一、选择题（本题 8 小题，每小题 6 分，共 48 分。

1-4 题是单项选择题。

5-8 题是多项选择题，全对得 6分，选不全得 3 分，有错选或不答的得 0 分）1．如图所示的情况中，a 、b 两点的电场强度和电势均相同的是()A ．甲图：离点电荷等距的 a 、b 两点B ．乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的 a 、b 两点C ．丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的 a 、b 两点D ．丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的 a 、b 两点2．如图所示是一实验电路图，在滑动触头由 a 端滑向 b 端的过程中，下列表述正确的是( ) A ．路端电压变小B ．电流表的示数变大C ．电源内阻消耗的功率变小D ．电路的总电阻变大aE R 1 Arb R 23．铜的摩尔质量为 M ，密度为 ρ，每摩尔铜原子有 n 个自由电子，今有一横截面积为 S 的铜导线，当通过的电流为 I 时，电子定向移动的平均速率为( )A ．光速 cB ．IC ．neSMρIneSMMI D ．neS ρ4．a 、b 、c 、d 是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点.电场线与矩形所在平面平行。

已知 a 点的电势为 20 V ，b 点的电势为 24 V ，d 点的电势为 4 V ，如图，由此可知 c 点的电势为( )A ．4 VB ．8 VC ．12 VD ．24 V5．两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器与它相连接的电路如图所示，接通开关 S ，电源即给电容器充电．则()A ．保持 S 接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B ．保持 S 接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电荷量增大C ．断开 S ，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D ．断开 S ，在两极板间插入一块介质，则两极板间的电势差增大 6．用如图所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出了如图所示的 U －I 图线，由图可1k C ．外电路发生短路时的电流为 0.40 AD ．电压表的示数为 1.20 V 时，电流表的示数 I ′＝0.20 A7．某同学将一直流电源的总功率 P E 、输出功率 P R 和电源内部的发热功率 P r 随电流 I 变化的图线画在了同一坐标上，如右图中的 a 、b 、c 所示，根据图线可知 ( )A ．反映 P r 变化的图线是 cB ．电源电动势为 8VC ．电源内阻为 2ΩD ．当电流为 0.5A 时，外电路的电阻为 6ΩP/W 84abO12I/A8．半径为R 、电荷量为Q 的均匀带正电的球体在空间产生球对称的电场；场强大小沿半径分布如图所示，图中E 已知；取无穷远处电势为零，距球心r 处的电势为φ＝ Q(r≥R)，式中k 为静电力常量．下列说法r 正确的是()A ．球心处的电势最高1B ．球心与球表面间的电势差等于E 0R 2C ．只在电场力作用下，紧靠球体表面一带电荷量为－q(q>0)的粒子能挣脱带电球kQq的引力的最小初动能为 RD ．只在电场力作用下，紧靠球体表面一带电荷量为－q(q>0)的粒子能挣脱带电1球的引力的最小初动能为 2E 0Rq二、实验题（9 题 12 分，10 题 10 分，共 22 分）9、（12 分）要测量一个“12 V 、5 W ”的小灯泡的不同电压下的功率，给定了以下器材：A ．电源：12 V ，内阻不计B ．电流表 A 1：0～0.6 A ，内阻 0. 125ΩC ．电流表 A 2：0～3 A ，内阻 0. 025ΩD ．电压表 V 1：0～3 V ，内阻 3 kΩE ．电压表 V 2：0～15 V ，内阻 15kΩF ．滑动变阻器；阻值范围 0～20 Ω，允许最大电流 1 AG ．开关一个，导线若干，待测灯泡实验时要求加在灯泡两端的电压可从 0 V 调到 12 V(3) 按画出的电路图，在图中的实物图上连接(4) 某位同学测得小灯泡的伏安特性曲线如图所示．某次测量时，电流表指针位置如图所示，电流表读数为A，此时小灯泡的实际功率为_W（10 分）在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图所示，用米10、尺测量金属丝的长度l=0. 810 m．金属丝的电阻大约为4Ω，先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．(1)从图中读出金属丝的直径为mm (2)在用伏安法测定金属丝的电阻时，除被测电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：A．直流电源：电动势约4.5 V，内阻很小B．电流表A1：量程0～0.6 A，内阻0. 125Ω C．电流表A2：量程0～3. 0 A，内阻0. 025Ω D．电压表V：量程0～3 V，内阻3 kΩ E．滑动变阻器R1：最大阻值10ΩF．滑动变阻器R2：最大阻值50ΩG．开关、导线等在可供选择的器材中，应该选用的电流表是，应该选用的滑动变阻器是（都填选项）(3)根据所选的器材，在如图所示的方框中画出实验电路图(4)若根据伏安法测出电阻丝的电阻为R x=4.1Ω，则这种金属材料的电阻率为Ω·m（保留二位有效数字）三、计算题（11 题8 分，12 题9 分，13 题10 分，14 题13 分。

广西柳州铁路第一中学2016届高三上学期12月月考理科综合试卷 . Word版缺答案.pdf

柳铁一中2015~2016学年度上学期高三12月月考理综试题 (考试时间9:00-11:30) 可能用到的相对原子质量：H 1 N 14 C 12 O 16 Mg 24 Si 28 Cu 64 第I卷（选择题，本卷21题，共126分）选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题只有一项是符合 1.细胞的膜蛋白具有物质运输、信息传递、免疫识别等重要生理功能。

下列图中，可正确示意不同细胞的膜蛋白及其相应功能的是 2．以紫色洋葱鳞叶为材料进行细胞质壁分离和复原的实验，原生质层长度和细胞长度分别用X和Y表示（如图），在处理时间相同的前提下 A．同一细胞用不同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越小，则紫色越浅 B．同一细胞用不同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越大，则所用蔗糖溶液浓度越高 C．不同细胞用相同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越小，则越易复原 D．不同细胞用相同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越大，则细胞的正常细胞液浓度越高．ATP是细胞中重要的高能磷酸化合物。

下列有关ATP的叙述，错误的是线粒体合成的ATP可在细胞核中发挥作用机体在运动时消耗ATP，睡眠时则不消耗ATP 在有氧与缺氧的条件下细胞质基质中都能形成ATP 植物根细胞吸收矿质元素离子所需的ATP来源于呼吸作用 5.分别用β-珠蛋白基因、卵清蛋白基因和丙酮酸激酶（与细胞呼吸相关的酶）基因的片段为探针，与鸡的成红细胞、输卵管细胞和胰岛细胞中提取的总RNA进行分子杂交，结果见下表（注：“+”表示阳性，“-”表示阴性）。

下列叙述不正确的是探针细胞总RNAβ-珠蛋白基因卵清蛋白基因丙酮酸激酶基因成红细胞+-+输卵管细胞-++胰岛细胞--+A.在成红细胞中，β-珠蛋白基因处于活动状态，卵清蛋白基因处于关闭状态 B.输卵管细胞的基因组DNA中存在卵清蛋白基因，缺少β-珠蛋白基因 C.丙酮酸激酶基因的表达产物对维持鸡细胞的基本生命活动很重要 D.上述不同类型细胞的生理功能差异与基因的选择性表达有关 A．该生物的正常体细胞中含有16条染色体 B．图①与图③所示细胞中染色单体数相等 C．图②、图④所示过程都是产生体细胞的分裂 D．由图④分析，该生物可能是雄性个体或雌性个体 7．化学与生产、生活密切相关。

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2015-2016学年广西柳州铁路第一中学高二上学期段考物理（理）试卷一、选择题（本大题共10个小题，每小题5分：其中1-5题为单项选择题；6-10为多项选择题，全部选对的给5分，选对但不全的给3分，错选或不选的给0分）1．在物理学的发展中，有许多科学家作出了重大贡献，下列说法中正确的是( ) A 、美国科学家富兰克林命名了自然界中的两种电荷分别为正电荷和负电荷 B 、安培提出了电场的观点，说明处于电场中电荷所受到的力是电场给予的C 、库仑总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律，并通过实验得出静电力常量D 、丹麦物理学家奥斯特提出了分子电流假说，并很好地解释了一些磁现象 2．下列关于磁感应强度的说法中正确的是( )A 、通电导线受磁场力大的地方，磁感应强度一定大B 、一小段通电导线放在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零C 、磁感线的指向就是磁感应强度减小的方向D 、磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关3．如图所示，M 、N 是平行板电容器的两个极板，0R 为定值电阻，1R 、2R 为可调电阻，用绝缘细线将质量为m 、带正电的小球悬于电容器内部。

闭合电键S ，小球静止时受到悬线的拉力为F 。

调节1R 、2R ，关于F 的大小判断正确的是（） A 、保持1R 不变，缓慢增大2R 时，F 将变大 B 、保持1R 不变，缓慢增大2R 时，F 将变小 C 、保持2R 不变，缓慢增大1R 时，F 将变大 D 、保持2R 不变，缓慢增大1R 时，F 将变小4．如图，直线A 为电源的U-I 图线，直线B 为电阻的U-I 图线,用该电源和该电阻组成闭合电路,则电源的输出功率和电源的效率分别是( )A 、4W, 33.3%B 、2W, 33.3%C 、4W, 66.7%D 、2W, 66.7%5．两点电荷1q 、2q 固定在x 轴上，在x +轴上每一点的电势ϕ随x 变化的关系如图所示，其中0x x =处的电势为零，1x x =处的电势最低。

下列说法正确的是（）A 、0x x =处的电场强度为零B 、1x x =处的电场强度不为零C 、1q 带正电，2q 带负电D 、1q 的电荷量比2q 的大6．如图所示，一个有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外．一个矩形闭合导线框abcd ，沿纸面由位置1(左)匀速运动到位置2(右)．则（）A 、导线框进入磁场时，回路中会产生感应电流B 、导线框离开磁场时，回路中不会产生感应电流C 、导线框完全在磁场中运动时，回路中不产生感应电流D 、导线框完全在磁场中运动时，若突然由匀速运动改为加速运动，则回路中会产生感应电流 7．在图所示的四种情况中，关于a 、b 两点的电势相等，电场强度也相等的叙述正确的是( )A 、如图(甲)，带电平行板电容器两板间除边缘附近处的a 、b 两点B 、如图(乙)，达到静电平衡时导体内部的a 、b 两点C 、如图(丙)，离点电荷等距的a 、b 两点D 、如图(丁)，两个等量异种电荷连线的中垂线上，与连线中点O 等距的a 、b 两点 8．如图所示，回旋加速器核心部分是与高频交流电极相连接的两个D 形金属扁盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在越过狭缝时都能得到加速，两D 形金属扁盒处于垂直于盒底的匀强磁场中．在不考虑狭义相对论效应的情况下，下列说法中正确的是( )A 、为了减小带电粒子在加速过程中与其他物质碰撞，D 形金属扁盒要装在真空容器中B 、为了使带电粒子得到有效加速，高频电源的周期与带电粒子在D 形金属扁盒中的运动周期相同C 、要增大带电粒子射出时的动能，可增大电场的加速电压D 、要增大带电粒子射出时的动能，可增大D 形金属扁盒的半径 9．如图所示，在匀强磁场中（磁场方向没有画出）固定一倾角为30 的光滑斜面，一根质量为m 的通电直导线垂直于纸面水平放置在斜面上，直导线恰好能保持静止，电流方向垂直于纸面向里，已知直导线受到的安培力和重力大小相等，斜面对直导线的支持力大小可能是（重力加速度大小为g ）（）A 、0B 、m g CD10．如图所示，在水平向右、场强为E 的匀强电场中，两个带电量均为+q 的小球A 、B 通过两根长度均为L 的绝缘轻绳悬挂．两球静止时，两细线与竖直方向的夹角分别为30°、60°。

用一个外力作用在A 球上，使A 球缓慢地绕悬点O 做圆周运动，在A 球运动至最低点A’的过程中，下列说法正确的是（）A 、两球构成的系统电势能增加2qELB 、两球构成的系统电势能增加qELC、两小球构成的系统重力势能减少qEL （）D、两小球构成的系统重力势能减少32qEL ）二．实验题（本大题2个小题，共13分）甲乙丙丁11．(5分)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图所示，其读数应为________mm ．12．（8分）（1）要用伏安法测量x R 的电阻，已知电压表内阻约几kΩ，电流表内阻约1Ω，若采用甲图的电路，x R 的测量值比真实值 __（选择“偏大”或“偏小”），若x R 约为10Ω，则采用 __（选“甲图”或“乙图”）的电路误差较小（2）无论是用甲图或乙图测量，都不可避免地会产生由电表内阻引起的测量误差，有个研究性学习小组设计了以下的实验方案：按如图丙所示的电路进行测量，则由电压表、电流表内阻造成的误差可以基本消除，具体的实验步骤如下：①闭合开关S 1，开关S 2接2，调节可变电阻P R 和W R ，使电压表和电流表的示数都较大，并读出此时电压表和电流表的示数U 1和I 1；②保持P R 的阻值不变，________________________________。

（A ）请你在②的横线上用简要的语言（含物理量）写出未完成的主要操作步骤。

（B ）写出待测电阻x R 的表达式：x R =________。

三、计算题（本大题共4小题，共47分）13．（9分）如图，M 、N 两点相距4r ，两根互相平行的细长直导线过纸面上的M 、N 两点，且与纸面垂直，导线中通有方向相反，大小均为I 的电流。

a 、o 在M 、N 的连线上，o 为MN 的中点，c 位于MN 的中垂线上，且a 、c 到o 点的距离均等于r 。

已知当细长直导线中通有电流I 时，电流产生的磁场离直导线的距离为r 处的磁感应强度的大小为rIkB ,式中k 为已知常量．试计算（1）a 点磁感应强度大小是多少？（2）O 点磁感应强度大小是多少？（3）C 点磁感应强度大小是多少？ 14．（12分）如右图所示，电源电动势为12.5 V ，内阻为0.05 Ω，电流表内阻不计，在只有开关K 1闭合的情况下，电流表读数为10 A ，若再闭合开关K 2电流表读数变为50 A ，则因闭合开关K 2，灯泡L 的电功率降低了多少？(不考虑电流的变化对灯泡L 电阻的影响)xR 1S 2S15．（14分）如图所示是示波器的部分构造示意图，真空室中阴极K 不断发出初速度可忽略的电子，电子经电压U 0＝4.55×103V 的电场加速后，由孔N 沿长L ＝0.10 m 相距为d ＝0.020 m 的两平行金属板A 、B 间的中心轴线进入两板间，电子穿过A 、B 板后最终可打在中心为O 的荧光屏CD 上，光屏CD 距A 、B 板右侧距离S ＝0.45 m ．若在A 、B 间加u AB ＝27.3 V 的电压．已知电子电荷量e ＝1.6×10－19C ，质量m ＝9.1×10－31kg ．求：⑴电子通过孔N 时的速度大小；⑵荧光屏CD 上的发光点距中心O 的距离．16．（12分）如图所示，在x ＜0与x ＞0的区域中，存在磁感应强度大小分别为1B 与2B 的匀强磁场，磁场方向均垂直于纸面向里，且31B =42B 。

一个质量为m ，电荷量为q 的带负电荷的粒子从坐标原点O 以速度v 沿x 轴负方向射出，试计算说明该粒子经过一段时间后能否又经过O 点？若能，再计算该粒子从O 出发到再次回到O 点所需时间。

(粒子重力不计)O柳州铁一中学2015－2016学年第一学期高二年级段考物理科参考答案一、选择题二、非选择题11、0.398(0.395～0.399均正确) (5分)12、（8分）（1）偏小、甲图、（2）A 将开关2S 接1，调节W R 使电压表、电流表示数适当，记下此时电压表示数2U 和电流表示数2I ，（B ）1212U U I I -13、（9分）(1)433a I I IB kk k r r r=+= (3分)(2)22o I I IB kk k r r r=+=（3分）(3)4225C IB kk k r α=∙== （3分）14、（12分）解：设灯泡电阻为RK 1闭合时，由闭合电路欧姆定律得：r I R I E 11+= (3分)此时灯泡L 的功率为R I P 211= (3分)代入数据得Ω=2.1R ，W 1201=P 当K 1、K 2均闭合时，此时路端电压r I E U 2-= (2分)此时灯泡功率为RU P 22= (2分)代入数据得10V U =，283.3W P =所以灯泡功率降低了1236.7W P P P ∆=-= (2分)15、（14分）解：⑴设电子通过加速电场到达N 孔的速度大小为v ，根据动能定理得2012eU m =v （2分）解得：7410===⨯v m/s （2分）⑵设电子通过加速电场的最大偏移为y ，由类平抛规律得221t m deU y AB =（2分）L t =v （2分）解得：19231741.61027.30.1()7.51029.1100.02410y ---⨯⨯==⨯⨯⨯⨯⨯m电子出电场后做匀速直线运动，设电子从出电场到运动至荧光屏的时间为't ，则有'vt S = (1分)电子在出电场后引起的偏移量'')(t t m deU y AB = (2分) m 1075.63'-⨯=y设荧光屏上亮线总长度为Y ，则有'y y Y += (1分) 解得：Y=0.0075m （2分）若未计算出Y 的正确值，计算出Y 或Y ‘的正确值，得1分．另解：在计算Y 时，设荧光屏上亮线总长度为Y ，由于所有的打到荧光屏上的电子相当于从A 、B 板中心沿直线射出，由几何关系得22L y L Y S =+（4分）解得：4(2)7.510(20.450.1)0.00750.1y S L Y L-+⨯⨯+=== m （2分）16、（12分）粒子在整个过程中的速度大小恒为υ，交替地在xy 平面内1B 与2B 磁场区域中做匀速圆周运动，轨道都是半个圆周.设粒子的质量和电荷量的大小分别为m 和q ，圆周运动的半径分别为1r 和2r ，有得分得分11qB m r υ=（2分） 22qB m r υ=（1分）现分析粒子运动的轨迹.如图所示，在xy 平面内，粒子先沿半径为1r 的半圆1C 运动至y 轴上离o 点距离为12r 的A 点，接着沿半径为2r 的半圆1D 运动至1o 点，1oo 的距离)(212r r d -= （2分）no又因为31B =42B所以1123d r =∙ （2分）所以粒子经过完整3个周期性运动后距离O 点12r ，再运动半个周期回到O 点，所以粒子能回到O 点（1分）粒子在B 1区域的运动周期为112mT qB π=（1分）粒子在B 2区域的运动周期为222mT qB π=（1分）粒子从O 点出发开始又回到O 点的时间1211113()222t T T T =++ （1分）所以1243mmt qB qB ππ=+，或18m t qB π=或26mt qB π= （1分）（）。