龙川一中高三物理第一学期14周晚练试卷
广东省河源市龙川一中2017-2018学年高三上学期月考物理试卷(12月份) Word版含解析
广东省河源市龙川一中2017-2018学年高三上学期月考物理试卷（12月份）一、单项选择题（每题4分，共16分）1．（4分）下列说法正确的有（）A．牛顿通过扭秤实验，较准确地测出了万有引力常量B．安培通过实验，首先发现了电流周围存在磁场C．法拉第通过实验研究，总结出了电磁感应的规律D．牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因2．（4分）如图，三个大小相等的力F，作用于同一点O，则合力最小的是（）A．B．C．D．3．（4分）塔式起重机模型如图，小车P沿吊臂向末端M水平匀速运动，同时将物体Q从地面竖直向上匀加速吊起，下图中能大致反映Q运动轨迹的是（）A．B．C．D．4．（4分）A和B两物体在同一直线上运动的v﹣t图象如图所示．已知在第3s末两个物体在途中相遇，则下列说法正确的是（）A．两物体从同一地点出发B．出发时B在A前3m处C．3s末两个物体相遇后，两物体可能再相遇D．运动过程中B的加速度大于A的加速度二、双向选择题（每题6分，共30分）5．（6分）如图是“嫦娥一号”卫星奔月示意图，下列表述正确的是（）A．卫星绕月运行时，地球的万有引力提供向心力B．卫星绕月的轨道半径越小，速度也越小C．卫星在绕月圆轨道上的运动周期与月球质量有关D．卫星在地月转移轨道奔月时，地球引力对其做负功6．（6分）如图甲，在虚线所示的区域有竖直向上的匀强磁场，面积为S的单匝金属线框放在磁场中，线框上开有一小口与磁场外阻值为R的小灯泡相连．若金属框的总电阻为，磁场如图乙随时间变化，则下列说法正确的是（）A．感应电流由a向b流过小灯泡B．线框cd边受到的安培力指向左C．感应电动势大小为D．a b间电压大小为7．（6分）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微粒带电，在带正电被喷工件的静电力作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒带负电B．离工件越近，所受库仑力越小C．电场力对涂料微粒做负功D．涂料微粒的电势能减小8．（6分）如图，在竖直方向上，两根完全相同的轻质弹簧a、b，一端与质量为m的物体相连接，另一端分别固定．当物体平衡时，如果（）A．a被拉长，则b一定被拉长B．a被压缩，则b一定被压缩C．b被拉长，则a一定被拉长D．b被压缩，则a一定被拉长9．（6分）如图所示，质量为m1的足够长木板静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块．t=0时刻起，给木块施加一水平恒力F．分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，图中可能符合运动情况的是（）A．B．C．D．三、填空题（每空2分，画图4分，共18分）10．（8分）某实验小组利用拉力传感器和打点计时器“探究加速度与力的关系”．他们将拉力传感器固定在小车上记录小车受到拉力的大小，按照甲图进行实验，释放纸带时，小车处于甲图所示的位置．（1）指出甲图中的一处错误：（2）下列说法正确的是A．实验之前，要先平衡摩擦力B．小车的质量要远小于所挂钩码的质量C．应调节滑轮的高度使细线与木板平行D．实验时应先释放纸带，再接通电源（3）图乙是实验中获得的一条纸带的某部分，选取A、B、C、D、E计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），AC间的距离为．（4）若打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车的加速度大小为m/s2．（保留两位有效数）11．（10分）如图1，用伏安法测定电阻约5Ω均匀电阻丝的电阻率，电源是两节干电池．（1）用螺旋测微器测电阻丝的直径读数如图3所示，则它的读数值是mm，（2）根据原理图1连接图2的实物图．（3）闭合开关后，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动，多次改变的位置，得到几组U、I、L的数据，用R=计算出相应的电阻后作出R﹣L图线如图4．取图线上两个点间数据之差△L和△R，若电阻丝直径为d，则电阻率ρ=．四、计算题（36分）12．（18分）如图所示，在同一竖直面上，质量为2m的小球A静止在光滑斜面的底部，斜面高度为H=2L．小球受到弹簧的弹性力作用后，沿斜面向上运动．离开斜面后，达到最高点时与静止悬挂在此处的小球B发生弹性碰撞，碰撞后球B刚好能摆到与悬点O同一高度，球A沿水平方向抛射落在水平面C上的P点，O点的投影O′与P的距离为．已知球B质量为m，悬绳长L，视两球为质点，重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）球B在两球碰撞后一瞬间的速度大小；（2）球A在两球碰撞前一瞬间的速度大小；（3）弹簧的弹性力对球A所做的功．13．（18分）如图，竖直面内坐标系xOy第一、三象限角平分线A1A2右侧区域有匀强电场和匀强磁场．平行板M、N如图放置，M板带正电．带负电的N板在x轴负半轴上．N板上有一小孔P，离原点O的距离为L．A1A2上的Q点处于P孔正下方．已知磁感应强度为B，方向垂直纸面向外．M、N板间距为L、电压为U=．质量为m、电量为+q的小球从OA2上坐标为（b，b）的某点以速度v水平向右进入场区，恰好能做匀速圆周运动．（重力加速度为g）（1）求A1A2右侧区域内电场强度大小与方向；（2）当b与v满足怎样的关系表达式时，小球均能从Q点离开场区？（3）要使小球能进入M、N板间但又不碰上M板，求b的取值范围．广东省河源市龙川一中2017-2018学年高三上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（每题4分，共16分）1．（4分）下列说法正确的有（）A．牛顿通过扭秤实验，较准确地测出了万有引力常量B．安培通过实验，首先发现了电流周围存在磁场C．法拉第通过实验研究，总结出了电磁感应的规律D．牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因考点：物理学史．分析：解答本题应抓住：牛顿得出万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量；奥斯特首先发现了电流周围存在磁场；法拉第总结出了电磁感应的规律；伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因．解答：解：A、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量；故A错误．B、丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流周围存在磁场；故B错误．C、1831年，英国物理学家法拉第总结出了电磁感应的规律；故C正确．D、伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因．故D错误．故选：C点评：对于物理学上重大发现和著名理论，要加强记忆，牢固掌握，这是小2017-2018学年高考经常考查的内容．2．（4分）如图，三个大小相等的力F，作用于同一点O，则合力最小的是（）A．B．C．D．考点：力的合成．分析：三力合成时，若合力能为零则三力可以组成三角形，分析题中数据可知能否为零；若不为零，则进行两两合成，从而分析最小的可能情况．解答：解：A、将相互垂直的F进行合成，则合力的大小为，再与第三个力F合成，即有合力的大小为；B、将方向相反的两个力合成，则合力为0，再与第三个力F合成，则有合力大小为F；C、将任意两力进行合成，可知，这三个力的合力为零；D、将左边两个力进行合成，再与右边合成，则有合力的大小；故C正确，ABD均错误；故选C．点评：考查力的平行四边形定则，并体现如何选择两力合成的技巧，同时要学生会画合成与分解的力图产．3．（4分）塔式起重机模型如图，小车P沿吊臂向末端M水平匀速运动，同时将物体Q从地面竖直向上匀加速吊起，下图中能大致反映Q运动轨迹的是（）A．B．C．D．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：物体Q从地面竖直向上匀加速吊起的同时，随着小车向右匀速直线运动，实际运动是两个运动的合运动．解答：解：物体Q参与两个分运动，水平方向向右做匀速直线运动，竖直方向向上做匀加速直线运动；水平分运动无加速度，竖直分运动加速度向上，故物体合运动的加速度向上，故轨迹向上弯曲，故A错误，B正确，C错误，D错误；故选B．点评：本题关键是找出物体的分运动，同时明确加速度方向与轨迹的完全方向相一致．4．（4分）A和B两物体在同一直线上运动的v﹣t图象如图所示．已知在第3s末两个物体在途中相遇，则下列说法正确的是（）A．两物体从同一地点出发B．出发时B在A前3m处C．3s末两个物体相遇后，两物体可能再相遇D．运动过程中B的加速度大于A的加速度考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同，相距的距离等于位移之差．由A的斜率大于B的斜率可知A的加速度大于B的加速度．3s末两个物体相遇后，A的速度大于B的速度，A的加速度也大于B的加速度，两物体不可能再相遇．解答：解：A、由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同．故A错误．B、两物体在3s内的位移分别为x A=×5×3m=7.5m，x B=×3×3m=4.5m，则出发时B在A前3m处．故B正确．C、3s末两个物体相遇后，A的速度大于B的速度，A的加速度也大于B的加速度，两物体不可能再相遇．故C错误．D、由A的斜率大于B的斜率可知A的加速度大于B的加速度．故D错误．故选：B．点评：对于速度﹣时间图象要注意：不能读出物体运动的初始位置．抓住“面积”表示位移、斜率等于加速度进行分析．二、双向选择题（每题6分，共30分）5．（6分）如图是“嫦娥一号”卫星奔月示意图，下列表述正确的是（）A．卫星绕月运行时，地球的万有引力提供向心力B．卫星绕月的轨道半径越小，速度也越小C．卫星在绕月圆轨道上的运动周期与月球质量有关D．卫星在地月转移轨道奔月时，地球引力对其做负功考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：卫星绕月做圆周运动，靠万有引力提供向心力，根据该规律得出线速度与轨道半径的关系，从而比较大小．解答：解：A、卫星绕月运行时，靠月球的万有引力提供向心力．故A错误．B、根据得，v=，知轨道半径越小，速度越大．故B错误．C、根据，解得T=，知卫星的周期与月球的质量有关．故C正确．D、卫星在地月转移轨道奔月时，地球的引力做负功．故D正确．故选CD．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，并能灵活运用．6．（6分）如图甲，在虚线所示的区域有竖直向上的匀强磁场，面积为S的单匝金属线框放在磁场中，线框上开有一小口与磁场外阻值为R的小灯泡相连．若金属框的总电阻为，磁场如图乙随时间变化，则下列说法正确的是（）A．感应电流由a向b流过小灯泡B．线框cd边受到的安培力指向左C．感应电动势大小为D．a b间电压大小为考点：法拉第电磁感应定律；安培力．分析：线圈平面垂直处于匀强磁场中，当磁感应强度随着时间均匀变化时，线圈中的磁通量发生变化，从而导致出现感应电动势，产生感应电流．由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小．再由闭合电路的殴姆定律可求出电流大小，从而得出电阻R两端的电压，再由楞次定律判定感应电流方向，最后由左手定则来确定安培力的方向．解答：解：A、由楞次定律可得：感应电流的方向为逆时针，所以通过R的电流方向为a→b，故A正确；B、根据左手定则可知，线框cd边受到的安培力方向向下，故B错误；C、穿过线圈的感应电动势为E=N=•S=，故C错误；D、由闭合电路殴姆定律可得：I=，那么R两端的电压为U=IR=，故D正确；故选：AD．点评：由法拉第电磁感应定律求出感应电流的大小，而感应电流的方向则由楞次定律判定，及左手定则确定安培力的方向，同时穿过磁通量发生变化的线圈相当于电源，所以电源内部（线圈）电流方向是负极到正极．7．（6分）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微粒带电，在带正电被喷工件的静电力作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒带负电B．离工件越近，所受库仑力越小C．电场力对涂料微粒做负功D．涂料微粒的电势能减小考点：电势能；静电现象的解释．分析：解答本题关键抓住：在涂料微粒向工件靠近的过程中，工件带正电，涂料微粒带负电；根据库仑定律分析库仑力的变化；电场力做正功，涂料微粒的电势能减小．解答：解：A、由图知，工件带正电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中，涂料微粒带负电．故A正确．B、离工件越近，根据库仑定律得知，涂料微粒所受库仑力越大．故B错误．C、D涂料微粒所受的电场力方向向左，其位移方向大体向左，则电场力对涂料微粒做正功，其电势能减小．故C错误，D正确．故选AD点评：本题抓住异种电荷相互吸收，分析涂料微粒的电性．根据电场力做功正负判断电势能的变化情况．8．（6分）如图，在竖直方向上，两根完全相同的轻质弹簧a、b，一端与质量为m的物体相连接，另一端分别固定．当物体平衡时，如果（）A．a被拉长，则b一定被拉长B．a被压缩，则b一定被压缩C．b被拉长，则a一定被拉长D．b被压缩，则a一定被拉长考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对m受力分析，根据共点力平衡判断弹簧弹力的有无以及弹簧弹力的方向．解答：解：A、a被拉长，则m受重力、弹簧a对它的拉力，若拉力等于mg，则b弹簧处于原长，若拉力小于mg，则b弹簧处于压缩，若拉力大于mg，则b弹簧处于伸长．故A 错误．B、a被压缩，则m受重力、弹簧a对它向下的弹力，则b弹簧对m的弹力一定向上，则b 一定被压缩．故B正确．C、b被拉长，则m受重力、b弹簧对它向下的拉力，则a弹簧对m的弹力一定向上，即a 一定处于拉长．故C正确．D、b被压缩，则m受重力、b弹簧向上的弹力，若弹力等于重力，a弹簧处于原长，若弹力大于重力，则a弹簧处于压缩，若弹力小于重力，则a弹簧处于伸长．故D错误．故选BC．点评：解决本题的关键抓住m的合力为零，通过平衡分析弹簧的弹力大小和方向．9．（6分）如图所示，质量为m1的足够长木板静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块．t=0时刻起，给木块施加一水平恒力F．分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，图中可能符合运动情况的是（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：木块可能与木板保持相对静止，一起做匀加速直线运动，也可能与木板发生相对滑动，相对于木板向前滑．根据牛顿第二定律得出加速度以及速度与时间的关系．解答：解：A、木块和木板可能保持相对静止，一起做匀加速直线运动．加速度大小相等．故A正确．B、木块可能相对木板向前滑，即木块的加速度大于木板的加速度，都做匀加速直运动．故B错误，C正确．D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键知道木块和木板之间运动情况，知道速度时间图线的斜率表示加速度．三、填空题（每空2分，画图4分，共18分）10．（8分）某实验小组利用拉力传感器和打点计时器“探究加速度与力的关系”．他们将拉力传感器固定在小车上记录小车受到拉力的大小，按照甲图进行实验，释放纸带时，小车处于甲图所示的位置．（1）指出甲图中的一处错误：打点计时器的电源接了直流电；小车释放时离打点计时器太远；实验前未平衡摩擦阻力（2）下列说法正确的是ACA．实验之前，要先平衡摩擦力B．小车的质量要远小于所挂钩码的质量C．应调节滑轮的高度使细线与木板平行D．实验时应先释放纸带，再接通电源（3）图乙是实验中获得的一条纸带的某部分，选取A、B、C、D、E计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），AC间的距离为3.10cm．（4）若打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车的加速度大小为1.0m/s2．（保留两位有效数）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：实验前需平衡摩擦力，实验时先接通电源，再释放纸带，细线的方向与木板平行，为了使绳子的拉力等于小车所受的合力，小车的质量要远大于所挂钩码的质量．刻度尺的读数需估读到最小刻度的下一位．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度的大小．解答：解：（1）实验中错误：打点计时器的电源接了直流电；小车释放时离打点计时器太远；实验前未平衡摩擦阻力．（2）A、实验前，要平衡摩擦力，故A正确．B、为了使绳子的拉力等于小车所受的合力，小车的质量要远大于所挂钩码的质量，故B错误．C、拉力的方向应该与木板平行，故C正确．D、实验时应先接通电源，再释放纸带，故D错误．（3）由刻度尺可知，AC间的距离为3.10cm．（4）根据△x=aT2，运用逐差法得，a=m/s2=1.0m/s2．故答案为：（1）打点计时器的电源接了直流电；小车释放时离打点计时器太远；实验前未平衡摩擦阻力．（2）AC（3）3.10cm（3.09cm、3.11cm均正确）（4）1.0点评：解决本题的关键知道实验中的注意事项，以及掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度．11．（10分）如图1，用伏安法测定电阻约5Ω均匀电阻丝的电阻率，电源是两节干电池．（1）用螺旋测微器测电阻丝的直径读数如图3所示，则它的读数值是1.980mm，（2）根据原理图1连接图2的实物图．（3）闭合开关后，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动，多次改变P点的位置，得到几组U、I、L的数据，用R=计算出相应的电阻后作出R﹣L图线如图4．取图线上两个点间数据之差△L和△R，若电阻丝直径为d，则电阻率ρ=．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：①根据螺旋测微器使用方法分析答题；②根据电路图连接实物电路图；③移动线夹P，改变金属丝接入电路的阻值，然后根据图象由电阻定律求出电阻率．解答：解：①用螺旋测微器测电阻丝的直径时，先转动粗调旋钮D使F与A间距稍大于被测物，放入被测物，再转动细调旋钮H到夹住被测物，直到棘轮发出声音为止，拨动固定旋钮G使F固定后读数．②根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．③根据题意，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动后，应多次改变P点的位置，根据欧姆定律应有：U=I，根据电阻定律应有：R=，联立解得：R=，所以R﹣L图象的斜率k==，解得：ρ=；故答案为：①D、H、G；②实物电路图如图所示；③线夹P；点评：要掌握螺旋测微器的使用方法，连接实物电路图时，要注意电表正负接线柱不要接反，注意滑动变阻器的接法，滑动变阻器应接一上一下两个接线柱．四、计算题（36分）12．（18分）如图所示，在同一竖直面上，质量为2m的小球A静止在光滑斜面的底部，斜面高度为H=2L．小球受到弹簧的弹性力作用后，沿斜面向上运动．离开斜面后，达到最高点时与静止悬挂在此处的小球B发生弹性碰撞，碰撞后球B刚好能摆到与悬点O同一高度，球A沿水平方向抛射落在水平面C上的P点，O点的投影O′与P的距离为．已知球B质量为m，悬绳长L，视两球为质点，重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）球B在两球碰撞后一瞬间的速度大小；（2）球A在两球碰撞前一瞬间的速度大小；（3）弹簧的弹性力对球A所做的功．考点：动量守恒定律；动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：两球碰撞过程满足动量守恒定律，B球上升过程满足机械能守恒定律或动能定理，A球碰撞后做平抛运动，A球从弹起到与B球碰撞可用动能定理．解答：解：（1）碰撞后，根据机械能守恒定律，对B球有：解得：即球B在两球碰撞后一瞬间的速度大小为．（2）A、B球碰撞水平方向动量守恒有：2m=2m+解得：即球A在两球碰撞前一瞬间的速度大小为．（3）碰后A球做平抛运动，设平抛高度为y，有：y=g解得：y=L对A球应用动能定理得：解得：即弹簧的弹性力对球A所做的功为．点评：解物理题的关键是正确分析物理过程，再根据不同过程选用相应的规律求解．13．（18分）如图，竖直面内坐标系xOy第一、三象限角平分线A1A2右侧区域有匀强电场和匀强磁场．平行板M、N如图放置，M板带正电．带负电的N板在x轴负半轴上．N板上有一小孔P，离原点O的距离为L．A1A2上的Q点处于P孔正下方．已知磁感应强度为B，方向垂直纸面向外．M、N板间距为L、电压为U=．质量为m、电量为+q的小球从OA2上坐标为（b，b）的某点以速度v水平向右进入场区，恰好能做匀速圆周运动．（重力加速度为g）（1）求A1A2右侧区域内电场强度大小与方向；（2）当b与v满足怎样的关系表达式时，小球均能从Q点离开场区？（3）要使小球能进入M、N板间但又不碰上M板，求b的取值范围．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）粒子做匀速圆周运动，电场力应等于重力，据此求出电场强度的大小与方向；（2）由几何知识求出粒子轨道半径，由牛顿第二定律求出b与v的关系；（3）由动能定理求出受到的最大值与最小值，然后确定b的范围．解答：解：（1）带电粒子进入场区后能做匀速圆周运动，则必须满足：qE=mg…①解得：E=，方向竖直向上…②（2）粒子运动轨迹如图所示，粒子从坐标为（b，b）的位置出发，从Q点离开，由几何关系得其圆周运动的半径为：R=b+L…③由牛顿第二定律得：qvB=m…④由③④解得：b=﹣L…⑤（3）粒子离开场区时速度方向竖直向上，因此要使粒子能进入MN板间，则粒子必须从Q 点离开场区后作竖直上抛运动经P孔进入MN板间．假设粒子在场区做圆周运动的速度为v，若粒子到达P孔时速度为零，由动能定理得：﹣mgL=0﹣mv2…⑥解得：v=…⑦若粒子到达M板时速度为零，由动能定理得：﹣mg•2L﹣qU=0﹣mv2…⑧解得：v=…⑨则要使粒子能进入MN板间，则其在场区做匀速圆周运动的速度范围为：≤v≤…⑩由⑤⑩得：﹣L≤b≤﹣L…⑪答：（1）A1A2右侧区域内电场强度大小为，方向：竖直向上；（2）当b与v满足关系表达式：b=﹣L时，小球均能从Q点离开场区；（3）要使小球能进入M、N板间但又不碰上M板，b的取值范围是﹣L≤b≤﹣L．点评：小球在复合场中做匀速圆周运动，则电场力与重力合力为零，洛伦兹力提供向心力，分析清楚小球运动过程是正确解题的关键，作出小球的运动轨迹、应用数学知识、牛顿第二定律、动能定理即可正确解题．。
广东省河源市龙川一中高三物理上学期12月月考试卷(含解析)
广东省河源市龙川一中2015 届高三上学期月考物理试卷（12月份）一、单项选择题（每题4分，共16分）1．（4分）下列说法正确的有（）A．牛顿通过扭秤实验，较准确地测出了万有引力常量B．安培通过实验，首先发现了电流周围存在磁场C．法拉第通过实验研究，总结出了电磁感应的规律D．牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因2．（4分）如图，三个大小相等的力F，作用于同一点O，则合力最小的是（）A．B．C．D．3．（4分）塔式起重机模型如图，小车P沿吊臂向末端M水平匀速运动，同时将物体Q从地面竖直向上匀加速吊起，下图中能大致反映Q运动轨迹的是（）A．B．C．D．4．（4分）A和B两物体在同一直线上运动的v﹣t图象如图所示．已知在第3s末两个物体在途中相遇，则下列说法正确的是（）A．两物体从同一地点出发B．出发时B在A前3m处C．3s末两个物体相遇后，两物体可能再相遇D．运动过程中B的加速度大于A的加速度二、双向选择题（每题6分，共30分）5．（6分）如图是“嫦娥一号”卫星奔月示意图，下列表述正确的是（）A．卫星绕月运行时，地球的万有引力提供向心力B．卫星绕月的轨道半径越小，速度也越小C．卫星在绕月圆轨道上的运动周期与月球质量有关D．卫星在地月转移轨道奔月时，地球引力对其做负功6．（6分）如图甲，在虚线所示的区域有竖直向上的匀强磁场，面积为S的单匝金属线框放在磁场中，线框上开有一小口与磁场外阻值为R的小灯泡相连．若金属框的总电阻为，磁场如图乙随时间变化，则下列说法正确的是（）A．感应电流由a向b流过小灯泡B．线框cd边受到的安培力指向左C．感应电动势大小为D．ab间电压大小为7．（6分）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微粒带电，在带正电被喷工件的静电力作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒带负电B．离工件越近，所受库仑力越小C．电场力对涂料微粒做负功D．涂料微粒的电势能减小8．（6分）如图，在竖直方向上，两根完全相同的轻质弹簧a、b，一端与质量为m的物体相连接，另一端分别固定．当物体平衡时，如果（）A．a被拉长，则b一定被拉长B．a被压缩，则b一定被压缩C．b被拉长，则a一定被拉长D．b被压缩，则a一定被拉长9．（6分）如图所示，质量为m1的足够长木板静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块．t=0时刻起，给木块施加一水平恒力F．分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，图中可能符合运动情况的是（）A．B．C．D．三、填空题（每空2分，画图4分，共18分）10．（8分）某实验小组利用拉力传感器和打点计时器“探究加速度与力的关系”．他们将拉力传感器固定在小车上记录小车受到拉力的大小，按照甲图进行实验，释放纸带时，小车处于甲图所示的位置．（1）指出甲图中的一处错误：（2）下列说法正确的是A．实验之前，要先平衡摩擦力B．小车的质量要远小于所挂钩码的质量C．应调节滑轮的高度使细线与木板平行D．实验时应先释放纸带，再接通电源（3）图乙是实验中获得的一条纸带的某部分，选取A、B、C、D、E计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），AC间的距离为．（4）若打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车的加速度大小为m/s2．（保留两位有效数）11．（10分）如图1，用伏安法测定电阻约5Ω均匀电阻丝的电阻率，电源是两节干电池．（1）用螺旋测微器测电阻丝的直径读数如图3所示，则它的读数值是mm，（2）根据原理图1连接图2的实物图．（3）闭合开关后，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动，多次改变的位置，得到几组 U、I、L的数据，用R=计算出相应的电阻后作出R﹣L图线如图4．取图线上两个点间数据之差△L和△R，若电阻丝直径为d，则电阻率ρ=．四、计算题（36分）12．（18分）如图所示，在同一竖直面上，质量为2m的小球A静止在光滑斜面的底部，斜面高度为H=2L．小球受到弹簧的弹性力作用后，沿斜面向上运动．离开斜面后，达到最高点时与静止悬挂在此处的小球B发生弹性碰撞，碰撞后球B刚好能摆到与悬点O同一高度，球A沿水平方向抛射落在水平面C上的P点，O点的投影O′与P的距离为．已知球B质量为m，悬绳长L，视两球为质点，重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）球B在两球碰撞后一瞬间的速度大小；（2）球A在两球碰撞前一瞬间的速度大小；（3）弹簧的弹性力对球A所做的功．13．（18分）如图，竖直面内坐标系xOy第一、三象限角平分线A1A2右侧区域有匀强电场和匀强磁场．平行板M、N如图放置，M板带正电．带负电的N板在x轴负半轴上．N板上有一小孔P，离原点O的距离为L．A1A2上的Q点处于P孔正下方．已知磁感应强度为B，方向垂直纸面向外．M、N板间距为L、电压为U=．质量为m、电量为+q的小球从OA2上坐标为（b，b）的某点以速度v水平向右进入场区，恰好能做匀速圆周运动．（重力加速度为g）（1）求A1A2右侧区域内电场强度大小与方向；（2）当b与v满足怎样的关系表达式时，小球均能从Q点离开场区？（3）要使小球能进入M、N板间但又不碰上M板，求b的取值范围．广东省河源市龙川一中2015届高三上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（每题4分，共16分）1．（4分）下列说法正确的有（）A．牛顿通过扭秤实验，较准确地测出了万有引力常量B．安培通过实验，首先发现了电流周围存在磁场C．法拉第通过实验研究，总结出了电磁感应的规律D．牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因考点：物理学史．分析：解答本题应抓住：牛顿得出万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量；奥斯特首先发现了电流周围存在磁场；法拉第总结出了电磁感应的规律；伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因．解答：解：A、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量；故A错误．B、丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流周围存在磁场；故B错误．C、1831年，英国物理学家法拉第总结出了电磁感应的规律；故C正确．D、伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因．故D错误．故选：C点评：对于物理学上重大发现和著名理论，要加强记忆，牢固掌握，这是小2015届高考经常考查的内容．2．（4分）如图，三个大小相等的力F，作用于同一点O，则合力最小的是（）A．B．C．D．考点：力的合成．分析：三力合成时，若合力能为零则三力可以组成三角形，分析题中数据可知能否为零；若不为零，则进行两两合成，从而分析最小的可能情况．解答：解：A、将相互垂直的F进行合成，则合力的大小为，再与第三个力F合成，即有合力的大小为；B、将方向相反的两个力合成，则合力为0，再与第三个力F合成，则有合力大小为F；C、将任意两力进行合成，可知，这三个力的合力为零；D、将左边两个力进行合成，再与右边合成，则有合力的大小；故C正确，ABD 均错误；故选C．点评：考查力的平行四边形定则，并体现如何选择两力合成的技巧，同时要学生会画合成与分解的力图产．3．（4分）塔式起重机模型如图，小车P沿吊臂向末端M水平匀速运动，同时将物体Q从地面竖直向上匀加速吊起，下图中能大致反映Q运动轨迹的是（）A．B．C．D．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：物体Q从地面竖直向上匀加速吊起的同时，随着小车向右匀速直线运动，实际运动是两个运动的合运动．解答：解：物体Q参与两个分运动，水平方向向右做匀速直线运动，竖直方向向上做匀加速直线运动；水平分运动无加速度，竖直分运动加速度向上，故物体合运动的加速度向上，故轨迹向上弯曲，故A错误，B正确，C错误，D错误；故选B．点评：本题关键是找出物体的分运动，同时明确加速度方向与轨迹的完全方向相一致．4．（4分）A和B两物体在同一直线上运动的v﹣t图象如图所示．已知在第3s末两个物体在途中相遇，则下列说法正确的是（）A．两物体从同一地点出发B．出发时B在A前3m处C．3s末两个物体相遇后，两物体可能再相遇D．运动过程中B的加速度大于A的加速度考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同，相距的距离等于位移之差．由A的斜率大于B的斜率可知A的加速度大于B的加速度．3s末两个物体相遇后，A的速度大于B的速度，A的加速度也大于B 的加速度，两物体不可能再相遇．解答：解：A、由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同．故A错误．B、两物体在3s内的位移分别为x A=×5×3m=7.5m，x B=×3×3m=4.5m，则出发时B在A前3m处．故B正确．C、3s末两个物体相遇后，A的速度大于B的速度，A的加速度也大于B的加速度，两物体不可能再相遇．故C错误．D、由A的斜率大于B的斜率可知A的加速度大于B的加速度．故D错误．故选：B．点评：对于速度﹣时间图象要注意：不能读出物体运动的初始位置．抓住“面积”表示位移、斜率等于加速度进行分析．二、双向选择题（每题6分，共30分）5．（6分）如图是“嫦娥一号”卫星奔月示意图，下列表述正确的是（）A．卫星绕月运行时，地球的万有引力提供向心力B．卫星绕月的轨道半径越小，速度也越小C．卫星在绕月圆轨道上的运动周期与月球质量有关D．卫星在地月转移轨道奔月时，地球引力对其做负功考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：卫星绕月做圆周运动，靠万有引力提供向心力，根据该规律得出线速度与轨道半径的关系，从而比较大小．解答：解：A、卫星绕月运行时，靠月球的万有引力提供向心力．故A错误．B、根据得，v=，知轨道半径越小，速度越大．故B错误．C、根据，解得T=，知卫星的周期与月球的质量有关．故C正确．D、卫星在地月转移轨道奔月时，地球的引力做负功．故D正确．故选CD．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，并能灵活运用．6．（6分）如图甲，在虚线所示的区域有竖直向上的匀强磁场，面积为S的单匝金属线框放在磁场中，线框上开有一小口与磁场外阻值为R的小灯泡相连．若金属框的总电阻为，磁场如图乙随时间变化，则下列说法正确的是（）A．感应电流由a向b流过小灯泡B．线框cd边受到的安培力指向左C．感应电动势大小为D．ab间电压大小为考点：法拉第电磁感应定律；安培力．分析：线圈平面垂直处于匀强磁场中，当磁感应强度随着时间均匀变化时，线圈中的磁通量发生变化，从而导致出现感应电动势，产生感应电流．由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小．再由闭合电路的殴姆定律可求出电流大小，从而得出电阻R两端的电压，再由楞次定律判定感应电流方向，最后由左手定则来确定安培力的方向．解答：解：A、由楞次定律可得：感应电流的方向为逆时针，所以通过R的电流方向为a→b，故A正确；B、根据左手定则可知，线框cd边受到的安培力方向向下，故B错误；C、穿过线圈的感应电动势为E=N=•S=，故C错误；D、由闭合电路殴姆定律可得：I=，那么R两端的电压为U=IR=，故D正确；故选：AD．点评：由法拉第电磁感应定律求出感应电流的大小，而感应电流的方向则由楞次定律判定，及左手定则确定安培力的方向，同时穿过磁通量发生变化的线圈相当于电源，所以电源内部（线圈）电流方向是负极到正极．7．（6分）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微粒带电，在带正电被喷工件的静电力作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒带负电B．离工件越近，所受库仑力越小C．电场力对涂料微粒做负功D．涂料微粒的电势能减小考点：电势能；静电现象的解释．分析：解答本题关键抓住：在涂料微粒向工件靠近的过程中，工件带正电，涂料微粒带负电；根据库仑定律分析库仑力的变化；电场力做正功，涂料微粒的电势能减小．解答：解：A、由图知，工件带正电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中，涂料微粒带负电．故A正确．B、离工件越近，根据库仑定律得知，涂料微粒所受库仑力越大．故B错误．C、D涂料微粒所受的电场力方向向左，其位移方向大体向左，则电场力对涂料微粒做正功，其电势能减小．故C错误，D正确．故选AD点评：本题抓住异种电荷相互吸收，分析涂料微粒的电性．根据电场力做功正负判断电势能的变化情况．8．（6分）如图，在竖直方向上，两根完全相同的轻质弹簧a、b，一端与质量为m的物体相连接，另一端分别固定．当物体平衡时，如果（）A．a被拉长，则b一定被拉长B．a被压缩，则b一定被压缩C．b被拉长，则a一定被拉长D．b被压缩，则a一定被拉长考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对m受力分析，根据共点力平衡判断弹簧弹力的有无以及弹簧弹力的方向．解答：解：A、a被拉长，则m受重力、弹簧a对它的拉力，若拉力等于mg，则b弹簧处于原长，若拉力小于mg，则b弹簧处于压缩，若拉力大于mg，则b弹簧处于伸长．故A错误．B、a被压缩，则m受重力、弹簧a对它向下的弹力，则b弹簧对m的弹力一定向上，则b 一定被压缩．故B正确．C、b被拉长，则m受重力、b弹簧对它向下的拉力，则a弹簧对m的弹力一定向上，即a 一定处于拉长．故C正确．D、b被压缩，则m受重力、b弹簧向上的弹力，若弹力等于重力，a弹簧处于原长，若弹力大于重力，则a弹簧处于压缩，若弹力小于重力，则a弹簧处于伸长．故D错误．故选BC．点评：解决本题的关键抓住m的合力为零，通过平衡分析弹簧的弹力大小和方向．9．（6分）如图所示，质量为m1的足够长木板静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块．t=0时刻起，给木块施加一水平恒力F．分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，图中可能符合运动情况的是（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：木块可能与木板保持相对静止，一起做匀加速直线运动，也可能与木板发生相对滑动，相对于木板向前滑．根据牛顿第二定律得出加速度以及速度与时间的关系．解答：解：A、木块和木板可能保持相对静止，一起做匀加速直线运动．加速度大小相等．故A正确．B、木块可能相对木板向前滑，即木块的加速度大于木板的加速度，都做匀加速直运动．故B错误，C正确．D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键知道木块和木板之间运动情况，知道速度时间图线的斜率表示加速度．三、填空题（每空2分，画图4分，共18分）10．（8分）某实验小组利用拉力传感器和打点计时器“探究加速度与力的关系”．他们将拉力传感器固定在小车上记录小车受到拉力的大小，按照甲图进行实验，释放纸带时，小车处于甲图所示的位置．（1）指出甲图中的一处错误：打点计时器的电源接了直流电；小车释放时离打点计时器太远；实验前未平衡摩擦阻力（2）下列说法正确的是ACA．实验之前，要先平衡摩擦力B．小车的质量要远小于所挂钩码的质量C．应调节滑轮的高度使细线与木板平行D．实验时应先释放纸带，再接通电源（3）图乙是实验中获得的一条纸带的某部分，选取A、B、C、D、E计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），AC间的距离为3.10cm．（4）若打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车的加速度大小为1.0m/s2．（保留两位有效数）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：实验前需平衡摩擦力，实验时先接通电源，再释放纸带，细线的方向与木板平行，为了使绳子的拉力等于小车所受的合力，小车的质量要远大于所挂钩码的质量．刻度尺的读数需估读到最小刻度的下一位．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度的大小．解答：解：（1）实验中错误：打点计时器的电源接了直流电；小车释放时离打点计时器太远；实验前未平衡摩擦阻力．（2）A、实验前，要平衡摩擦力，故A正确．B、为了使绳子的拉力等于小车所受的合力，小车的质量要远大于所挂钩码的质量，故B错误．C、拉力的方向应该与木板平行，故C正确．D、实验时应先接通电源，再释放纸带，故D错误．（3）由刻度尺可知，AC间的距离为3.10cm．（4）根据△x=aT2，运用逐差法得，a=m/s2=1.0m/s2．故答案为：（1）打点计时器的电源接了直流电；小车释放时离打点计时器太远；实验前未平衡摩擦阻力．（2）AC（3）3.10cm（3.09cm、3.11cm均正确）（4）1.0点评：解决本题的关键知道实验中的注意事项，以及掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度．11．（10分）如图1，用伏安法测定电阻约5Ω均匀电阻丝的电阻率，电源是两节干电池．（1）用螺旋测微器测电阻丝的直径读数如图3所示，则它的读数值是1.980mm，（2）根据原理图1连接图2的实物图．（3）闭合开关后，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动，多次改变P点的位置，得到几组 U、I、L的数据，用R=计算出相应的电阻后作出R﹣L图线如图4．取图线上两个点间数据之差△L和△R，若电阻丝直径为d，则电阻率ρ=．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：①根据螺旋测微器使用方法分析答题；②根据电路图连接实物电路图；③移动线夹P，改变金属丝接入电路的阻值，然后根据图象由电阻定律求出电阻率．解答：解：①用螺旋测微器测电阻丝的直径时，先转动粗调旋钮D使F与A间距稍大于被测物，放入被测物，再转动细调旋钮H到夹住被测物，直到棘轮发出声音为止，拨动固定旋钮G使F固定后读数．②根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．③根据题意，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动后，应多次改变P点的位置，根据欧姆定律应有：U=I，根据电阻定律应有：R=，联立解得：R=，所以R﹣L图象的斜率k==，解得：ρ=；故答案为：①D、H、G；②实物电路图如图所示；③线夹P；点评：要掌握螺旋测微器的使用方法，连接实物电路图时，要注意电表正负接线柱不要接反，注意滑动变阻器的接法，滑动变阻器应接一上一下两个接线柱．四、计算题（36分）12．（18分）如图所示，在同一竖直面上，质量为2m的小球A静止在光滑斜面的底部，斜面高度为H=2L．小球受到弹簧的弹性力作用后，沿斜面向上运动．离开斜面后，达到最高点时与静止悬挂在此处的小球B发生弹性碰撞，碰撞后球B刚好能摆到与悬点O同一高度，球A沿水平方向抛射落在水平面C上的P点，O点的投影O′与P的距离为．已知球B质量为m，悬绳长L，视两球为质点，重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）球B在两球碰撞后一瞬间的速度大小；（2）球A在两球碰撞前一瞬间的速度大小；（3）弹簧的弹性力对球A所做的功．考点：动量守恒定律；动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：两球碰撞过程满足动量守恒定律，B球上升过程满足机械能守恒定律或动能定理，A球碰撞后做平抛运动，A球从弹起到与B球碰撞可用动能定理．解答：解：（1）碰撞后，根据机械能守恒定律，对B球有：解得：即球B在两球碰撞后一瞬间的速度大小为．（2）A、B球碰撞水平方向动量守恒有：2m=2m+解得：即球A在两球碰撞前一瞬间的速度大小为．（3）碰后A球做平抛运动，设平抛高度为y，有： y=g解得：y=L对A球应用动能定理得：解得：即弹簧的弹性力对球A所做的功为．点评：解物理题的关键是正确分析物理过程，再根据不同过程选用相应的规律求解．13．（18分）如图，竖直面内坐标系xOy第一、三象限角平分线A1A2右侧区域有匀强电场和匀强磁场．平行板M、N如图放置，M板带正电．带负电的N板在x轴负半轴上．N板上有一小孔P，离原点O的距离为L．A1A2上的Q点处于P孔正下方．已知磁感应强度为B，方向垂直纸面向外．M、N板间距为L、电压为U=．质量为m、电量为+q的小球从OA2上坐标为（b，b）的某点以速度v水平向右进入场区，恰好能做匀速圆周运动．（重力加速度为g）（1）求A1A2右侧区域内电场强度大小与方向；（2）当b与v满足怎样的关系表达式时，小球均能从Q点离开场区？（3）要使小球能进入M、N板间但又不碰上M板，求b的取值范围．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）粒子做匀速圆周运动，电场力应等于重力，据此求出电场强度的大小与方向；（2）由几何知识求出粒子轨道半径，由牛顿第二定律求出b与v的关系；（3）由动能定理求出受到的最大值与最小值，然后确定b的范围．解答：解：（1）带电粒子进入场区后能做匀速圆周运动，则必须满足：qE=mg…①解得：E=，方向竖直向上…②（2）粒子运动轨迹如图所示，粒子从坐标为（b，b）的位置出发，从Q点离开，由几何关系得其圆周运动的半径为：R=b+L…③由牛顿第二定律得：qvB=m…④由③④解得：b=﹣L…⑤（3）粒子离开场区时速度方向竖直向上，因此要使粒子能进入MN板间，则粒子必须从Q点离开场区后作竖直上抛运动经P孔进入MN板间．假设粒子在场区做圆周运动的速度为v，若粒子到达P孔时速度为零，由动能定理得：﹣mgL=0﹣mv2… ⑥解得：v=…⑦若粒子到达M板时速度为零，由动能定理得：﹣mg•2L﹣qU=0﹣mv2…⑧解得：v=…⑨则要使粒子能进入MN板间，则其在场区做匀速圆周运动的速度范围为：≤v≤…⑩由⑤⑩得：﹣L≤b≤﹣L…⑪答：（1）A1A2右侧区域内电场强度大小为，方向：竖直向上；（2）当b与v满足关系表达式：b=﹣L时，小球均能从Q点离开场区；（3）要使小球能进入M、N板间但又不碰上M板，b的取值范围是﹣L≤b≤﹣L．点评：小球在复合场中做匀速圆周运动，则电场力与重力合力为零，洛伦兹力提供向心力，分析清楚小球运动过程是正确解题的关键，作出小球的运动轨迹、应用数学知识、牛顿第二定律、动能定理即可正确解题．。
广东省龙川县第一中学高三下学期物理第1周周测题1 含答案
2016届高三物理第二学期第1周周测题（1）一、共9小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～22题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．质点做直线运动的v－t图象如图1所示，则下列说法正确的是( )A．质点前2 s的平均速度大小为1 m/sB．1 s末质点的速度方向发生变化C．第1 s内质点所受合外力是第5 s内所受合外力的2倍D．3 s末质点回到出发点15．某乘客用手表估测火车的加速度，他先观测3分钟，发现火车前进540 m，隔3分钟后又观测1分钟，发现火车前进了360 m，若火车在这7分钟内做匀加速运动，则这列火车的加速度大小为( )A．0.03 m/s2 B．0.01 m/s2C．0.5 m/s2 D．0.6 m/s216．如图，一带电粒子从小孔A以一定的初速度射入平行板P 和 Q 之间的真空区域，经偏转后打在 Q板上如图所示的位置．在其他条件不变的情况下要使该粒子能从 Q板上的小孔B射出，下列操作中可能实现的是（不计粒子重力）A．保持开关 S 闭合，适当上移 P 极板B．保持开关 S 闭合，适当左移 P 极板C．先断开开关 S，再适当上移 P 极板D．先断开开关 S，再适当左移 P 极板17、如图所示，在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道Ⅰ，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ，则A．该卫星在P点的速度大于7.9 km/s，小于11.2 km/sB．卫星在同步轨道Ⅱ上的运行速度大于7.9 km/sC．在轨道Ⅰ上，卫星在P点的速度小于在Q点的速度D．卫星在Q点通过加速实现由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ18、如图5所示，在竖直平面内有一“V”形槽，其底部BC是一段圆弧，两侧都与光滑斜槽相切，相切处B、C位于同一水平面上。
一小物体从右侧斜槽上距BC平面高度为2h的A处由静止开始下滑，经圆弧槽再滑上左侧斜槽，最高能到达距BC所在水平面高度为h的D处，接着小物体再向下滑回，若不考虑空气阻力，则( )A．小物体恰好滑回到B处时速度为零B．小物体尚未滑回到B处时速度已变为零C．小物体能滑回到B处之上，但最高点要比D处低D．小物体最终一定会停止在圆弧槽的最低点19．如图所示，升降机a内有两物块b和c，b和c之间用竖直轻质弹簧相连。
广东省龙川一中2014届高三晨练物理试题Word版含答案
龙川一中2014届高三晨练物理试题1．放在水平面上的物体，受到水平向右的力F 1=7N 和水平向左的力F 2=2N 而处于静止状态，则A 、若撤去力F 2，物体所受合力一定为零B 、若撤去力F 2，物体所受摩擦力一定为7NC 、若撤去力F 1，则物体所受合力为7ND 、若撤去力F 1，则物体所受合力一定为零 2．如图所示，在光滑的轨道上，小球滑下经过圆孤部分的最高点Ａ时，恰好不脱离轨道，此时小球受到的作用力有A. 重力、弹力、和向心力B. 重力和弹力C.重力和向心力D. 重力3．如图，汽车匀速驶过A B 间的圆拱形路面的过程中，有 A ．汽车牵引力F 的大小不变 B ．汽车对路面的压力大小不变 C ．汽车的加速度为零 D ．汽车所受合外力大小不变4．如图所示，一小球静止放在光滑木板与光滑竖直墙面之间，木板一端靠住墙壁。
设墙面对球的压力大小为N 1，木板对球的支持力大小为N 2，小球的重力为G ，则木板缓慢向水平方向倾斜的过程中A ．N 1始终小于N 2B ．N 1始终大于GC ．N 1和N 2的合力大于GD ．N 1和N 2是一对平衡力 5．下列物理量中，属于矢量的是 A ．加速度B ．路程C ．时间D ．重力6．质量为60kg 的人，站在升降机内的体重计上，测得体重计的读数为48kg ，则升降机的运动应是A ．加速下降B ．加速上升C ．减速上升D ．减速下降 7．某物体沿直线运动，其v -t 图象如图所示，则下列说法中正确的有 A ．第1s 末和第5s 末的速度方向相反B ．0~2s 的加速度方向和5s~6s 内的加速度方向相反C ．5s~6s 的加速度大小是5m/s 2D ．第6s 末物体离出发点最远8．关于同步卫星，下面说法中正确的是A ．速度大于7.9km/sB ．加速度小于9.8m/s 2C ．运行周期为24hD ．可以在龙川一中B 栋教学楼上空9．如右图所示,a 、b 两个小球从不同高度同时沿相反方向水平抛出,其平抛运动轨迹的交点为P ,则以下说法正确的是 A ．a 、b 两球同时落地 B ．b 球先落地C ．a 、b 两球在P 点相遇D ．无论两球初速度大小多大,两球总不能相遇10．(1)( 12分) 探究小车加速度与合力、质量关系的实验装置如图甲所示： ①(2分)若要探究小车的加速度与合力．．．．．．的关系，应保持 不变，分别改变施加在小车上的拉力F ，测出相对应的加速度a 。
2013-2014学年广东省河源市龙川一中高三(上)第八周周测物理试卷
2013-2014学年广东省河源市龙川一中高三（上）第八周周测物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共15.0分)1.做曲线运动的物体（）A.速度一定改变B.动能一定改变C.加速度一定改变D.机械能一定改变【答案】A【解析】解：物体做曲线运动，无论速度大小是否变化，但是速度方向一定改变，而加速度、机械能、动能等变化则不确定，如平抛运动中物体机械能守恒，加速度不变，匀速圆周运动中则动能不变，故BCD错误，A正确．故选A．物体做曲线运动的条件是物体所受合外力方向和速度方向不在同一直线上，曲线运动最基本特点是速度方向时刻变化，根据物体做曲线运动条件和曲线运动特点即可解答本题．对于一些基本概念要想深入、全面理解，通过不断的加强训练是比较好的途径，同时开拓思路列举实例也是很好的办法．2.如图所示，桌面高度为h，质量为m的小球，以v0速度竖直向上抛到最大的高度为H，不计空气阻力，假设以最高处的重力势能为零，小球落到地面前的瞬间的机械能应为（）A.mghB.mg HC.mg（H+h）D.0【答案】D【解析】解：以最高处的重力势能为零，小球在最高点时机械能E=0；小球下落过程中，只有重力做功，机械能守恒，则小球落到地面前瞬间的机械能与最高点的机械能相等，为0．故ABC错误，D正确．故选：D题中小球落到地面瞬间重力势能可直接得到，为-mgh，但动能不知道，机械能不好直接确定．但最高点时速度为零，动能为零，机械能可轻松求出，根据小球下落过程中机械能守恒，落地时与刚下落时机械能相等，就能求出小球落到地面前的瞬间的机械能．本题的解题技巧在于研究最高点，此处动能为零，重力势能为mg H，机械能为mg H，运用机械能守恒，从而定出落地时的机械能，方法简单方便．3.如图所示的装置中，木块B与水平面间接触是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短，现将子弹、木块和弹簧所组成的系统做为研究对象，则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中（）A.动量守恒，机械能守恒B.动量不守恒，机械能不守恒C.动量守恒，机械能不守恒D.动量不守恒，机械能守恒B【解析】解：在木块与子弹一起向左运动压缩弹簧的过程中，木块、子弹、弹簧所组成的系统所受合外力不为零，则系统动量不守恒；在子弹击中木块的过程中，要克服摩擦力做功，系统的部分机械能转化为内能，系统机械能不守恒，因此子弹、木块和弹簧所组成的系统，在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中，动量不守恒、机械能不守恒；故选：B．根据动量守恒与机械能守恒的条件分析答题；当系统所受合外力为零时，系统动量守恒；当只有重力或只有弹力做功时，系统机械能守恒．本题考查了判断系统动量与机械能是否守恒，知道动量与机械能守恒的条件、分析清楚过程即可正确解题．4.一小球从光滑圆弧轨道顶端由静止开始下滑，进入光滑水平面又压缩弹簧．在此过程中，小球重力势能和动能的最大值分别为E p和E k，弹簧弹性势能的最大值为E p′，则它们之间的关系为（）A.E p=E k+E p′B.E p＞E k＞E p′C.E p=E k=E p′D.E p+E k=E p′【答案】C【解析】解：小球和弹簧系统在光滑斜面上滚下过程和压缩弹簧过程中机械能均守恒；初位置重力势能最大，动能为零，弹性势能也为零；刚刚滑到平面上时，重力势能为零，弹性势能为零，动能最大；弹簧压的最短时，重力势能为零，动能为零，弹性势能最大；故E p=E k=E p′；故选C．机械能守恒的条件是系统中只有重力和弹簧的弹力做功；小球和弹簧系统在光滑斜面上滚下过程和压缩弹簧过程中机械能守恒．本题关键明确弹簧和小球系统机械能守恒，然后根据守恒定律列式求解即可，基础题．5.下列说法中正确的是（）A.物体的动量改变，一定是速度大小改变B.物体的动量改变，一定是速度方向改变C.物体的运动状态改变，其动量一定改变D.物体的速度方向改变，其动量一定改变【答案】CD【解析】A、动量是矢量，动量改变可能是大小改变，也可能是方向改变，所以速度大小不一定变，A错误，B错误．C、运动状态是用速度来描述的，运动状态的改变一定是速度在变，只要速度改变，不论是大小还是方向，动量都发生变化，故C、D正确．故选CD．动量是矢量，有大小有方向，只要速度发生变化，物体的动量发生变化．解决本题的关键理解动量的矢量性，只要大小或方向发生改变，动量发生变化．二、多选题(本大题共4小题，共12.0分)6.质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止沿竖直方向加速下落到地面，下列说法中正确的是（）A.物体的重力势能减少B.物体的机械能减少C.物体的动能增加D.重力做功mgh【答案】CD【解析】解：A、物体在下落过程中，重力做正功为mgh，则重力势能减小也为mgh．故A错误；B、物体除重力做功，阻力做负功，导致机械能减少．由阻力做功为-，得机械能减少为，故B错误；C、物体的合力为，则合力做功为，所以物体的动能增加为，故C正确；D、物体在下落过程中，重力做正功为mgh，故D正确；故选：CD物体距地面一定高度以的加速度由静止竖直下落到地面，则说明物体下落受到一定阻力．那么重力势能的变化是由重力做功多少决定的，而动能定理变化由合力做功决定的，那么机械能是否守恒是由只有重力做功决定的．功是能量转化的量度，重力做功导致重力势能变化；合力做功导致动能变化；除重力外其他力做功导致机械能变化；弹力做功导致弹性势能．7.用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示．P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是（）A.P物体受3个力B.Q受到4个力C.若绳子变长，Q对P的支持力将变大D.若绳子变短，Q受到的摩擦力将不变【答案】BD【解析】解：A、P受到重力、Q的支持力和静摩擦力，绳子的拉力，共4个力作用，故A错误．B、Q受到重力、墙的支持力、P的压力、P给的静摩擦力，4个力的作用，B正确．C、设绳子与竖直方向的夹角为α，P的重力为G，绳子的拉力大小为F，则由平衡条件得：f=G Q，G P+f=F cosα，则G P+G Q=F cosα，G P与G Q不变，若绳子变长，α变小，cosα变大，则F变小；竖直方向：F sinα=N，则N变小，故C错误；D、Q受到的静摩擦力竖直向上，与其重力平衡，与绳子长度无关，所以若绳子变短，Q受到的静摩擦力不变，故D正确．故选：BD．先对小球P受力分析，然后对小方块Q受力分析，对P，由平衡条件研究绳子变长时，绳子的拉力如何变化．为了防止多力或少力，一般按重力、弹力和摩擦力的顺序分析物体受力情况．8.我国已成功发射“天宫一号”并与“神舟八号”飞船实现交会对接．假设“天宫一号”和“神舟八号”匀速圆周运动的轨道如图所示，A代表“天宫一号”，B代表“神舟八号”，虚线为各自的轨道．则以下说法正确的是（）A.“神舟八号”运行加速度大于“天宫一号”运行加速度B.“神舟八号”运行速度小于“天宫一号”运行速度C.“神舟八号”加速有可能与“天宫一号”实现对接D.若宇航员在“天宫一号”太空舱无初速释放小球，小球将做自由落体运动【答案】AC【解析】解：A、由万有引力提供向心力得：F==m=ma加速度a=，轨道半径越大，加速度越小，所以“神舟八号”运行加速度大于“天宫一号”运行加速度．故A正确；B、线速度v=，轨道半径越大，运行速率越小，所以“神舟八号”运行速度大于“天宫一号”运行速度，故B错误；C、神州八号加速做离心运动，可能会与天宫一号发生对接．故C正确；D、宇航员在“天宫一号”太空舱无初速释放小球，小球由于惯性和天宫一号具有相同的速度，万有引力等于需要的向心力，做圆周运动．故D错误．故选：AC．根据万有引力提供向心力，列式得到速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系，进行分析即可．神舟八号加速，需要的向心力增大，万有引力不够提供向心力，做离心运动．宇航员在“天宫一号”太空舱无初速释放小球，小球由于惯性和天宫一号具有相同的速度，万有引力等于需要的向心力，做圆周运动．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力两知识点．以及知道在低轨道加速做离心运动可在高轨道上发生对接．9.某同学在一次实验中利用速度传感器与计算机结合，自动描绘出小车的v-t图象如图所示，由此图象信息可知（）A.小车先做变加速运动，后做匀减速运动B.小车运动的最大速度约为0.8m/sC.小车的运动一定是直线运动D.9s左右小车离出发点最远【答案】BC【解析】解：A、由图看出，图象的斜率不断变化，小车的加速度不断变化，所以小车先做变加速运动，后做变减速运动．故A错误．B、由图读出，小车运动的最大速度约为0.8m/s．故B正确．C、由图象可知，小车的速度一直为正，沿着一个方向运动，所以小车做的是变速直线运动，故C正确．误．故选：BC根据速度图象的斜率等于速度分析小车的运动性质．由图直接读出小车速度的最大值．根据速度图线与坐标轴所围“面积”等于位移，找出小车的最大位移对应的时间．小车做直线运动．本题根据斜率分析加速度的变化并不难，若要求最大位移，则要对图线“面积”进行估算，采用“四舍五入”近似的方法计算．三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)10.某同学利用如图（a）装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验．（1）在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持______ 状态．（2）他通过实验得到如图（b）所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线，由此图线可得该弹簧的原长x0= ______ cm，劲度系数k= ______ N/m．（3）他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图（c）所示时，该弹簧的长度x= ______cm．【答案】竖直；4；50；10【解析】解：（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须与弹簧平行，故刻度尺要保持竖直状态；（2）弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4cm；弹簧弹力为2N时，弹簧的长度为8cm，伸长量为4cm；根据胡克定律F=k△x，有：；（3）由图c得到弹簧的弹力为3N，根据图b得到弹簧的长度为10cm；故答案为：（1）竖直；（2）4，50；（3）10．（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须竖直；（2）弹簧处于原长时，弹力为零；根据胡克定律F=k△x求解劲度系数；（3）直接从弹簧秤得到弹力，再从图象b弹簧弹簧长度．本题关键是明确实验原理，然后根据胡克定律F=k△x并结合图象列式求解，不难．11.在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示．O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取连续点中的三个点．已知打点计时器每隔0.02s 打一个点，当地的重力加速度为g=9.80m/s2，那么：（1）根据图上所得的数据，应取图中O点到______ 点来验证机械能守恒定律；（2）从O点到（1）问中所取的点，重物重力势能的减少量△E p= ______ J，动能增加量△E k= ______ J（结果取三位有效数字）；（3）若测出纸带上所有各点到O点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v及物体下落的高度h，则以为纵轴，以h为横轴画出的图象是图中的______ ．（4）实验中对于使用打点计时器，下面说法正确的是：______A．应先释放纸带后接通电源B．应先接通电源后释放纸带C．打点计时器使用的电源为直流电源D．打点计时器使用的电源为交流电源．【答案】B；1.88；1.84；A；BD【解析】解：（1）验证机械能守恒时，我们验证的是减少的重力势能△E p=mgh和增加的动能△E k=mv2之间的关系，由B点能够测h和v的数据，而A、C两点不方便测出速度v．故应取图中O点到B点来验证机械能守恒定律；（2）减少的重力势能为：△E p=mgh=1×9.8×19.2×10-2=1.88J利用匀变速直线运动的推论得：v B===1.93m/s所以增加的动能为：△E k=mv B2=1.84J（3）从理论角度物体自由下落过程中机械能守恒可以得出：mgh=mv2，即v2=2gh所以以v2为纵轴，以h为横轴画出的图线应是过原点的倾斜直线，也就是图中的A．故选：A．（4）A、开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放纸带，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差．故A错误，B正确；C、打点计时器使用的电源为交流电源，故C错误，D正确；故选：BD．故答案为：（1）B（2）1.88，1.84．（3）A验证机械能守恒时，我们验证的是减少的重力势能△E p=mgh和增加的动能△E k=mv2之间的关系，所以我们要选择能够测h和v的数据．减少的重力势能△E p=mgh，增加的动能△E k=mv2，v可由从纸带上计算出来．运用物理规律和数学表达式结合起来解决问题．正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所测数据，如何测量计算，会起到事半功倍的效果．利用图象问题结合数学知识处理物理数据是实验研究常用的方法．四、计算题(本大题共2小题，共20.0分)12.如图所示，圆管构成的半圆形竖直轨道固定在水平地面上，轨道半径为R，MN为直径且与水平面垂直，直径略小于圆管内径的小球A以某一初速度冲进轨道，到达半圆轨道最高点M时与静止于该处的质量与A相同的小球B发生碰撞，碰后两球粘在一起飞出轨道，落地点距N为2R．重力加速度为g，忽略圆管内径，空气阻力及各处摩擦均不计，求：（1）粘合后的两球从飞出轨道到落地的时间t；（2）小球A冲进轨道时速度v的大小．【答案】解：（1）粘合后的两球飞出轨道后做平抛运动，竖直方向分运动为自由落体运动，有…①解得…②（2）设球A的质量为m，碰撞前速度大小为v1，把球A冲进轨道最低点时的重力势能定为0，由机械能守恒定律知…③设碰撞后粘合在一起的两球速度大小为v2，则v2==由动量守恒定律知mv1=2mv2…④飞出轨道后做平抛运动，水平方向分运动为匀速直线运动，有2R=v2t…⑤综合②③④⑤式得v=2答：（1）两球从飞出轨道到落地的时间（2）小球A冲进轨道时速度为2．（1）求平抛运动的时间，当然是从竖直方向的自由落体运动中求得．（2）小球A以某一初速度冲进轨道，到达半圆轨道最高点的过程机械能守恒、A与B 碰撞过程动量守恒，而碰撞完成后的速度就是AB一起平抛的初速度．列出机械能守恒和动量守恒的方程组，问题可解．本题考查机械能守恒和动量守恒，分段列出相应的物理规律方程是解决问题的关键，13.如图所示，长为L的细绳竖直悬挂着一质量为m A=2m的小球A，恰好紧挨着放置在水平面上质量为m B=m的物块B．现保持细绳绷直，把小球向左上方拉至细绳与竖直方向成60°的位置，然后释放小球．小球到达最低点时恰好与物块发生碰撞，而后小球向右摆动的最大高度为，物块则向右滑行了L的距离而静止，求：（1）A球与B碰撞前对细绳的拉力T；（2）A球与B碰撞后一瞬间A球的速度大小V A；（3）物块与水平面间的动摩擦因数μ．【答案】解：（1）A球小球下摆至最低点的过程中，由机械能守恒定律得：2mg L（1-cos60°）=•2mv2…①，在最低点对A球：T-2mg=2m，解得：T=4mg；（2）A球碰撞后在上摆过程中，由机械能守恒定律得：•2mv12=2mg•…②，解得：v1=；（3）小球A和物块B碰撞过程动量守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：2mv=2mv1+mv2…③，由①②③式解得：v2=…④碰后，对B，由动能定理得：-μmg L=0-mv22…⑤由④⑤解得物块与水平面间的动摩擦因数：μ=0.5；答：（1）A球与B碰撞前对细绳的拉力为4mg；（2）A球与B碰撞后一瞬间的速度大小为；（3）物块与水平面间的动摩擦因数μ为0.5．【解析】小球向下摆动和向上摆动过程机械能都守恒，根据机械能守恒分别求出碰撞前后小球的速度大小．根据向心力公式求出绳子的拉力，根据动量守恒定律求出碰撞后物块的速度本题考查了求拉力、速度与动摩擦力因数问题，本题是多研究对象、多过程问题，分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，应用机械能守恒定律、动量守恒定律、牛顿第二定律、动能定理即可正确解题．。
广东省河源市龙川县第一中学高三物理期末试题含解析
广东省河源市龙川县第一中学高三物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 下列说法正确的是( )A. 亚里士多德认为轻重物体下落快慢相同B. 牛顿认为质量一定的物体其加速度与物体受到的合外力成正比C. 笛卡尔总结了行星运动的三大定律D. 库仑总结出了点电荷间相互作用的规律参考答案：BD2. 如图所示，匀强磁场边界水平，方向垂直纸面向里，两固定竖直光滑金属导轨电阻不计，完全相同的导体棒ab、cd水平置于磁场上方且相距一定距离．现同时由静止释放ab、cd，ab 进入磁场时恰好做匀速运动，ab出磁场时，cd刚好进入磁场，已知导体棒与导轨接触良好。
竖直导轨足够长，则cd在穿越磁场过程中A．d端电势高于c端B．匀速穿过磁场C．运动时间小于ab在磁场中运动时间D．克服安培力做的功等于ab穿越磁场过程中克服安培力做的功参考答案：AC3. 右图是一种升降电梯的示意图，A为载人箱，B为平衡重物，它们的质量均为M，上下均由跨过滑轮的钢索系住，在电动机的牵引下使电梯上下运动．如果电梯中人的总质量为m，匀速上升的速度为v，电梯即将到顶层前关闭电动机，依靠惯性上升h高度后停止，在不计空气和摩擦阻力的情况下，h为() A. B.[ C. D.第参考答案：4. 2008年北京奥运会的场馆设施采用很多太阳能技术。
科学研究发现：太阳的能量来源于其内部不断发生的核聚变，每次聚变反应可以看作是4个氢核（）结合成1个氦核（），同时放出正电子（）。
已知氢核的质量为，氦核的质量为，正电子的质量为：真空中光速为c。
下列说法中正确的是A．20090423核反应方程为B．每次核反应中的质量亏损C．每次核反应中的质量亏损D．每次核反应中释放的能量为参考答案：D5. 下列说法正确的是a.两个接触在一起的固体间不可能发生扩散现象b.布朗运动指的是悬浮在液体里的花粉中的分子运动c.温度相同的物体的分子平均速率相同d.无论今后科技发展到什么程度，都不可能达到绝对零度参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某同学利用“插针法”，测定平行玻璃砖的折射率，在坐标纸上记录的情况如图所示，虚线为以入射点O为圆心做出的圆，由此计算出玻璃砖的折射率为_____，光在玻璃中的传播速度为_____m/s，(光在真空中的传播速度为c=3.0×108m/s.结果均保留两位有效数字)参考答案：(1). 1.5 (2). 2.0×1087. 为了测量某一弹簧的劲度系数,将该弹簧竖直悬挂起来,在自由端挂上不同质量的砝码.实验测出了砝码的质量m与弹簧长度l的相应数据,七对应点已在图上标出.(g=9.8m/s2)(1)作出m-l的关系图线;(2)弹簧的原长为______cm；(2)弹簧的劲度系数为_____N/m. 参考答案：(1)如图所示（2分）(2)8.6~8.8（3分）(3)0.248~0.262（3分）8. 在验证牛顿运动定律的实验中有如图（a）所示的装置，小车放在斜面上，车前端拴有不可伸长的细线，跨过固定在斜面边缘的小滑轮与重物相连，小车后面与穿过打点计时器的纸带相连。
高三物理复习第十四次周考试题.doc
高三物理复习第十四次周考试题一、本题共8小题，每小题6分，共48分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，选不全的得3分，有选错或不答的得0分。
1．下列叙述正确的是A ．气体压强越大，分子的平均动能越大B ．自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性C ．外界对气体做正功，气体的内能一定增大D ．温度升高，物体内每个分子的热运动速率都增大2．有一列横波沿弹性绳传播，某时刻绳上的质点A 向上运动到振幅位置时，在它的右方相距0.3m处的质点刚好向下运动到最大位移处，已知此波的波长大于0.15m ，则此波的波长可能为： A ．0.4m B ．0.1m C ．0.2m D ．0.3m3．一条形磁铁静止在斜面上，固定在磁铁中心的竖直上方的水平导线中通有垂直纸面向里的恒定电流，如图所示。
若将磁铁的N 极位置与S 极位置对调后，仍放在斜面上原来的位置，则磁铁对斜面的压力F 和摩擦力f 的变化情况分别是A ．F 增大，f 减小B ．F 减小，f 增大C ．F 与f 都增大D ．F 与f 都减小4．设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自A 点沿曲线ACB 运动，到达B 点时速度为零，C 点是运动的最低点，忽略重力，以下说法中正确的是 ： A ．这离子必带正电荷 B ．A 点和B 点位于同一高度C ．离子在C 点时速度最大D ．离子到达B 点后，将沿原曲线返回A 点5．如图所示，x 轴上方有垂直纸面向里的匀强磁场。
有两个质量相同，电荷量也相同的带正、负电的离子(不计重力)，以相同速度从O 点射入磁场中，射入方向与x 轴均夹θ角.AB C ．重新回到xD ．重新回到x 轴时距O 6．传感器是把非电学量（如温度、速度、压力等）的变化转换为电学量变化的一种元件，在自动控制中有着相当广泛的应用．右图是一种测量液面高度h 的电容式传感器的示意图。
广东省河源市龙川一中2014-2015学年高一上学期月考物理试卷(12月份)
广东省河源市龙川一中2014-2015学年高一上学期月考物理试卷（12月份）一、单项选择题（本大题4小题，每题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求．多选、错选均不得分．）1．（4分）静止放在水平地面上的桌子与地球之间的作用力与反作用力的对数有（）A． 1对 B． 2对 C． 3对 D． 4对2．（4分）自从采用调控房价政策以来，曾经有一段时间，全国部分城市的房价上涨出现减缓趋势．一位同学将房价的“上涨”类比成运动中的“增速”，将房价的“下降”类比成运动中的“减速”，据此类比方法，你觉得“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动中的（）A．速度增大，加速度增大 B．速度增大，加速度减小C．速度减小，加速度减小 D．速度减小，加速度增大3．（4分）某物体运动的速度图象如图所示，根据图象可知（）A．物体在第2秒内和第5秒内运动方向相反B．物体在第3秒内保持静止C．物体前2秒内位移大小为4mD．物体在第5秒内的加速度大小为2m/s24．（4分）如图，在倾斜固定的杆上套一个质量为m的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的小球，在圆环沿滑杆向下匀速滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，则（）A．圆环受三个力作用B．圆环所受合力不为零C．圆环对杆的摩擦力方向沿杆向上D．小球必做匀速直线运动二、双项选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对的得6分，只选一个且正确的得3分，有错选或不选的得0分．）5．（6分）某物体受多个共点力作用处于平衡状态，现将其中一个力F 逐渐减小至零，则在F减小过程中（）A．物体的合力将逐渐减小B．物体的合力将逐渐增大C．物体的合力方向与F的方向相同D．物体的合力方向与F的方向相反6．（6分）在交通事故的分析中，刹车痕迹的长度是很重要的依据．刹车痕迹是汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上滑动时留下的痕迹．在某次交通事故中，一辆汽车的刹车痕迹长度是12m，假设汽车刹车过程的加速度大小为6m/s2，已知此路段限速10m/s，则（）A．汽车在此路段超速B．汽车在此路段没有超速C．汽车刹车过程的初速度为6m/sD．汽车刹车过程的初速度为12m/s7．（6分）某汽车关闭发动机刹车过程可以看作做匀变速直线运动，其位移随时间的变化规律满足s=8t﹣t2（式中各量均采用国际单位），关于该汽车的运动下面描述正确的是（）A．汽车做匀减速直线运动，加速度的大小为2m/s2B．汽车做匀减速直线运动，加速度的大小为1m/s2C．汽车5秒内的位移为15mD．汽车5秒内的位移为16m8．（6分）如图所示，A、B两物体叠放在一起以相同速率在水平地面上向右做匀速直线运动，运动过程中B还受一个水平向右的恒力F的作用，则（）A． B对A有摩擦力作用且方向水平向右B． B对A没有摩擦力作用C． B对地面的摩擦力大小等于F，方向水平向左D． B受五个力作用9．（6分）如图所示，轻质弹簧连接A、B两个物体，A放在水平地面上，B的上端跟天花板接触，整个系统保持静止，已B的重力为6N，则下面说法中正确的是（）A．弹簧可能被拉长 B．弹簧一定被压缩C．弹簧的弹力可能等于6N D． A对地面的压力可能等于零三、非选择题：（共54分）按题目要求作答．计算题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，结果必须写明单位．10．完成以下“验证力的平行四边形定则”实验的几个主要步骤：（1）用两个弹簧测力计分别勾住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长到某一位置O，如图所示，记录两弹簧测力计的读数F1和F2、O点的位置以及此时两．（2）选定适当的标度作出F1和F2的图示，利用力的作出合力F的图示．（3）只用一个弹簧测力计通过细绳套把橡皮条的结点拉到同样的位置O，记下细绳套的方向，读出此时弹簧测力计读数为F′=N．（4）用同样的作出F′的图示．（5）比较F和F′的大小和方向，从而得出结论．11．（1）在“探索弹力和弹簧伸长的关系”实验中，以下说法正确的是．A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B．用悬挂砝码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D．用几个不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等（2）某同学做“探索弹力和弹簧伸长的关系”的实验，他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用直尺测出弹簧的原长L0，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上砝码后测出簧伸长后的长度L，把L﹣L0作为弹簧的伸长量x，这样操作，由于弹簧自身重力的影响，最后画出的图线可能是图中所示图象的．12．如图所示，用不可伸长的轻绳OA、OB将质量为m的小球悬挂起来，OA绳子沿水平方向、OB绳子跟水平方向成θ角，试求：（1）绳子OA、OB对小球的拉力F OA、F OB（2）若保持小球和B点的位置不变，改变OA绳子的方向，欲使OA绳子的对小球的拉力最小，则绳子OA、OB的夹角应该是多少？此时绳子OA对小球的最小拉力F是多少？13．质量分别为m A、m B的物块A和小球B作如图连接，物块A放在固定在地面的斜面体上，不可伸长的轻绳绕过定滑轮将物块A、小球B连接，已知斜面的倾角为θ、滑轮到物块A的绳子沿斜面方向、忽略滑轮的摩擦．（1）若物块A沿斜面向上做匀速直线运动，求物块和斜面的动摩擦因数μ（2）若物块A保持静止，求斜面对物块A的摩擦力大小f和方向．广东省河源市龙川一中2014-2015学年高一上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题4小题，每题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求．多选、错选均不得分．）1．（4分）静止放在水平地面上的桌子与地球之间的作用力与反作用力的对数有（）A． 1对 B． 2对 C． 3对 D． 4对考点：作用力和反作用力．分析：先对物体受力分析，确定施力物体，每个力均有反作用力．解答：解：静止放在水平地面上的桌子受重力和支持力而平衡；其中重力的施力物体是地球，支持力的施力物体也是地球，这两个力均有反作用力；故桌子与地球之间的作用力与反作用力有2对；故选：B．点评：本题关键是明确桌子的受力情况，找出施力物体和施力物体，结合力的相互性进行分析，基础题目．2．（4分）自从采用调控房价政策以来，曾经有一段时间，全国部分城市的房价上涨出现减缓趋势．一位同学将房价的“上涨”类比成运动中的“增速”，将房价的“下降”类比成运动中的“减速”，据此类比方法，你觉得“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动中的（）A．速度增大，加速度增大 B．速度增大，加速度减小C．速度减小，加速度减小 D．速度减小，加速度增大考点：加速度；速度．分析：理解加速度的物理意义，能正确区分速度和加速度．解答：解：房价的“上涨”类比成运动中的“增速”，将房价的“下降”类比成运动中的“减速”，房价上涨类比成速度增大，减缓趋势反映房价上涨变慢，类比成速度增加变慢．而加速度的物理意义表示速度变化的快慢，房价上涨出现减缓趋势可以类比成运动中的速度增大，加速度减小．故选B．点评：能正确理解和区分一些物理量的含义和物理意义．其中速度和加速度的物理意义是不一样的．3．（4分）某物体运动的速度图象如图所示，根据图象可知（）A．物体在第2秒内和第5秒内运动方向相反B．物体在第3秒内保持静止C．物体前2秒内位移大小为4mD．物体在第5秒内的加速度大小为2m/s2考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内的位移；图象的斜率等于物体的加速度．解答：解：A、物体在第2秒内和第5秒内的速度都是正值，所以运动方向相同，故A错误．B、物体在第3秒内速度不变，做匀速直线运动，故B错误．C、速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内的位移，0～2s 内的位移x=×2×2=2m，故C错误．D、物体在第5秒内的加速度大小 a=||=m/s2=2m/s2，故D正确．故选：D．点评：解答本题应注意：（1）速度的正负表示物体速度的方向；（2）面积的正负表示物体位移的方向；（3）图象的斜率等于物体的加速度．4．（4分）如图，在倾斜固定的杆上套一个质量为m的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的小球，在圆环沿滑杆向下匀速滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，则（）A．圆环受三个力作用B．圆环所受合力不为零C．圆环对杆的摩擦力方向沿杆向上D．小球必做匀速直线运动考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先以物体为研究对象，分析物体的受力情况，判断运动情况，再分析环的受力情况．解答：解：A、以物体为研究对象，物体沿滑杆向下做直线运动，加速度为零，或加速度与速度在同一直线上，而物体受到竖直向下重力和绳子竖直向上的拉力，这两个力的合力必为零，说明物体做匀速直线运动，则环也做匀速直线运动，环受到重力、绳子竖直向下的拉力、滑杆的支持力和滑动摩擦力，共四个力作用．故AB错误，D正确．C、杆对圆环的摩擦力方向沿斜面向上，所以圆环对杆的摩擦力方向沿杆向下．故C错误．故选：D点评：本题抓住物体做直线运动的条件是关键：物体做直线运动时，合外力（或加速度）与速度在同一直线上，或合外力为零．二、双项选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对的得6分，只选一个且正确的得3分，有错选或不选的得0分．）5．（6分）某物体受多个共点力作用处于平衡状态，现将其中一个力F 逐渐减小至零，则在F减小过程中（）A．物体的合力将逐渐减小B．物体的合力将逐渐增大C．物体的合力方向与F的方向相同D．物体的合力方向与F的方向相反考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：在受多个力作用下处于静止状态，知合力等于零，其中一个力逐渐减小至零，即可判断合力的变化．解答：解：物体受多个共点力作用处于平衡状态，现将其中一个力F 逐渐减小至零，故合力逐渐增大，方向与F的方向相反，大小相等．故BD正确，AC错误；故选：BD点评：此题考查力的合成，知道其中一个力与其他力的合力大小相等，方向相反，属于基础题．6．（6分）在交通事故的分析中，刹车痕迹的长度是很重要的依据．刹车痕迹是汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上滑动时留下的痕迹．在某次交通事故中，一辆汽车的刹车痕迹长度是12m，假设汽车刹车过程的加速度大小为6m/s2，已知此路段限速10m/s，则（）A．汽车在此路段超速B．汽车在此路段没有超速C．汽车刹车过程的初速度为6m/sD．汽车刹车过程的初速度为12m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出汽车刹车时的初速度，判断是否超速．解答：解：根据得初速度为：＞10m/s，可知汽车超速．故A、D正确，B、C错误．故选：AD．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，基础题．7．（6分）某汽车关闭发动机刹车过程可以看作做匀变速直线运动，其位移随时间的变化规律满足s=8t﹣t2（式中各量均采用国际单位），关于该汽车的运动下面描述正确的是（）A．汽车做匀减速直线运动，加速度的大小为2m/s2B．汽车做匀减速直线运动，加速度的大小为1m/s2C．汽车5秒内的位移为15mD．汽车5秒内的位移为16m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式得出汽车的初速度和加速度，结合速度时间公式求出汽车速度减为零的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出刹车后的位移．解答：解：A、根据s=得，汽车的初速度为8m/s，加速度为﹣2m/s2做匀减速直线运动，故A正确，B错误．C、汽车速度减为零的时间，则汽车在5s内的位移等于4s内的位移，x=，故D正确，C错误．故选：AD．点评：本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动．8．（6分）如图所示，A、B两物体叠放在一起以相同速率在水平地面上向右做匀速直线运动，运动过程中B还受一个水平向右的恒力F的作用，则（）A． B对A有摩擦力作用且方向水平向右B． B对A没有摩擦力作用C． B对地面的摩擦力大小等于F，方向水平向左D． B受五个力作用考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：对整体受力分析，根据共点力的平衡条件可求得受力情况，再对A受力分析，明确A的受力情况．解答：解：A、对A受力分析，因A匀速运动，水平方向不受外力；故A不受摩擦力；故A错误；B、由牛顿第三定律可知，B对A没有摩擦力；故B正确；C、对整体受力分析，由共点力平衡条件可知，B受地面的摩擦力大小为F，故B对地面的摩擦力大小也为F；方向向左；故C错误；D、B受重力、支持力、压力、拉力及地面的摩擦力共五个力；故D正确；故选：BD点评：如图所示，A、B两物体叠放在一起以相同速率在水平地面上向右做匀速直线运动，运动过程中B还受一个水平向右的恒力F的作用，则（）9．（6分）如图所示，轻质弹簧连接A、B两个物体，A放在水平地面上，B的上端跟天花板接触，整个系统保持静止，已B的重力为6N，则下面说法中正确的是（）A．弹簧可能被拉长 B．弹簧一定被压缩C．弹簧的弹力可能等于6N D． A对地面的压力可能等于零考点：物体的弹性和弹力；胡克定律．分析：根据对B受力分析，从而确定弹簧处于什么状态，进而可确定A与地面间的压力如何，再根据平衡条件，可知，弹簧的弹力大小．解答：解：A、由题意可知，B受到重力与弹簧的弹力，且弹力竖直向上，则弹簧一定处于压缩状态，故A错误，B正确；C、根据受力平衡可知，当B与天花板的弹力为零时，则弹簧的弹力才等于6N，故C正确；D、由A分析可知，A对地面的压力不可能等于零，故D错误；故选：BC．点评：考查受力平衡的应用，掌握由受力情况来确定弹簧的状态是解题的关键．三、非选择题：（共54分）按题目要求作答．计算题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，结果必须写明单位．10．完成以下“验证力的平行四边形定则”实验的几个主要步骤：（1）用两个弹簧测力计分别勾住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长到某一位置O，如图所示，记录两弹簧测力计的读数F1和F2、O点的位置以及此时两条细绳的方向．（2）选定适当的标度作出F1和F2的图示，利用力的平行四边形定则作出合力F的图示．（3）只用一个弹簧测力计通过细绳套把橡皮条的结点拉到同样的位置O，记下细绳套的方向，读出此时弹簧测力计读数为F′=4.0N．（4）用同样的标度作出F′的图示．（5）比较F和F′的大小和方向，从而得出结论．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题．分析：明确该实验的实验原理，从而进一步明确实验步骤，测量数据等即可正确解答本题．在实验中F和F′分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确解答；本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用．解答：解：（1）用两个弹簧测力计分别勾住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长到某一位置O，如图所示，记录两弹簧测力计的读数F1和F2、O点的位置以及此时两条细绳的方向；（2）选定适当的标度作出F1和F2的图示，利用力的平行四边形定则作出合力F的图示．（3）此时弹簧测力计读数为F′=4.0N．（4）按同样的标度作出力F′的图示．故答案为：（1）条细绳的方向（2）平行四边形定则（3）4.0（4）标度点评：本题比较全面的考察了验证平行四边形定则中的基础知识，对于这些基础知识和要求即要通过实验进行切身体会，同时也要通过练习加深理解．11．（1）在“探索弹力和弹簧伸长的关系”实验中，以下说法正确的是AB．A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B．用悬挂砝码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D．用几个不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等（2）某同学做“探索弹力和弹簧伸长的关系”的实验，他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用直尺测出弹簧的原长L0，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上砝码后测出簧伸长后的长度L，把L﹣L0作为弹簧的伸长量x，这样操作，由于弹簧自身重力的影响，最后画出的图线可能是图中所示图象的C．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题；弹力的存在及方向的判定专题．分析：在《探索弹力和弹簧伸长的关系》实验中，弹簧的弹力与行变量的关系满足F=kx，其中k由弹簧本身决定．解答：解：（1）A、弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否则弹簧会损坏，故A正确．B、用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读读数．故B正确．C、弹簧的长度不等于弹簧的伸长量．故C错误．D、拉力与伸长量之比是劲度系数，由弹簧决定，同一弹簧的劲度系数是不变的，不同的弹簧的劲度系数不同，故D错误．故选：AB．（2）①实验中用横轴表示弹簧的伸长量x，纵轴表示弹簧的拉力F（即所挂重物的重力大小）②当竖直悬挂时，由于自身重力的影响弹簧会有一段伸长量，但此时所挂重物的重力为0N（即：F=0N），此时弹簧伸长量不等于0；③因为在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与其所受的拉力成线性关系．综合上述分析四个图象中只有C符合．故选：C．故答案为：（1）AB（2）C点评：本题关键明确实验原理，和运用图象来处理数据的能力，关键是弄清坐标轴代表的意义，并能综合分析拉力F与伸长量△L的关系．需要注意弹簧的平放与竖直放对横纵坐标的影响．12．如图所示，用不可伸长的轻绳OA、OB将质量为m的小球悬挂起来，OA绳子沿水平方向、OB绳子跟水平方向成θ角，试求：（1）绳子OA、OB对小球的拉力F OA、F OB（2）若保持小球和B点的位置不变，改变OA绳子的方向，欲使OA绳子的对小球的拉力最小，则绳子OA、OB的夹角应该是多少？此时绳子OA对小球的最小拉力F是多少？考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）对O点受力分析，受重力和两个拉力，根据共点力平衡条件列式求解；（2）重力一定，OB绳子拉力方向一定，根据平衡条件和平行四边形定则作图判断拉力最小值．解答：解：（1）对O点受力分析，受重力和两个拉力，如图所示：根据平衡条件，有：T B sinθ=mgtanθ=联立得：T A=mgtanθ，T B=（2）如图所示重力一定，OB绳子拉力方向一定，根据平衡条件和平行四边形定则，当使细线OB细线与OA垂直时拉力最小，根据平衡条件可知，OA对小球的最小拉力F=mgcosθ．答：（1）绳子OA、OB对小球的拉力分别为mgtanθ和；（2）若保持小球和B点的位置不变，改变OA绳子的方向，欲使OA绳子的对小球的拉力最小，则绳子OA、OB的夹角应该是90°，此时绳子OA 对小球的最小拉力F是mgcosθ．点评：本题关键是对点O受力分析，根据共点力平衡条件列式求解，第二问是动态分析问题，要运用图示法分析，不难．13．质量分别为m A、m B的物块A和小球B作如图连接，物块A放在固定在地面的斜面体上，不可伸长的轻绳绕过定滑轮将物块A、小球B连接，已知斜面的倾角为θ、滑轮到物块A的绳子沿斜面方向、忽略滑轮的摩擦．（1）若物块A沿斜面向上做匀速直线运动，求物块和斜面的动摩擦因数μ（2）若物块A保持静止，求斜面对物块A的摩擦力大小f和方向．考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）物块A沿斜面向上做匀速直线运动，受力平衡，根据平衡条件列式求解；（2）A保持静止，则A受力平衡，A受到静摩擦力，方向可以向上，也可以向下，根据平衡条件列式求解．解答：解：（1）B受力平衡，绳子的拉力等于B的重力，物块A沿斜面向上做匀速直线运动，受力平衡，则有：m A gsinθ+μm A gcosθ=m B g解得：（2）A保持静止，则A受力平衡，A受到静摩擦力，方向可以向上，也可以向下，则有：m A gsinθ±f=m B g解得：f=m A gsinθ﹣m B g，方向沿斜面向上，或m B g﹣m A gsinθ，方向沿斜面向下．答：（1）若物块A沿斜面向上做匀速直线运动，物块和斜面的动摩擦因数μ为；（2）若物块A保持静止，斜面对物块A的摩擦力大小f为m A gsinθ﹣m B g，方向沿斜面向上，或m B g﹣m A gsinθ，方向沿斜面向下．点评：本题关键是明确两个物体的受力情况，然后根据平衡条件列方程求解，注意摩擦力的方向，难度不大，属于基础题．。
高三物理上学期14周周训练试题
文档从网络中收集，己重新整理排版.word版本可编辑•欢迎下载支持.四川省宜宾市一中高2014级2016-2017学年上学期第十四周物理试一、选择题（本题共10小题，每小题6分,共60分，其中1-5题单选，6-10题多选）1. 一平行板电容器两极板间距为丛极板而积为S,电容为十其中珀是常量.对此电容器充电后断开电源•当增加两板间距时，电容器极板间A.电场强度不变，电势差变大B.电场强度不变，电势差不变C.电场强度减小，电势差不变D.电场强度减小，电势差减小2.平行板间有如图1所示的周期性变化的电压.重力不计的带电粒子静I匕在平行板中央，从戶0时刻开始将其释放，运动过程中无碰板情况.在图2所示的图象中，能正确龙性描述粒子运动的速度图象的是图1 图23.如图3所示，地面上某区域存在着竖直向下的匀强电场，一个质量为皿的带负电的小球以水平方向的初速度％由0点射入该区域，刚好通过竖直平而中的尸点，已知连线护与初速度方向的夹角为45°,则此带电小球通过P点时的动能为AC ・□ : D.4.示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理可以等效成下列情况：如图4所示，真空室中电极A•发岀电子（初速度不计），经过电压为的加速电场后，由小孔S沿水平金属板A. 万间的中心线射入板间.金属板长为厶相距为也当乩万间电压为口时电子偏藹中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点.已知电子的质量为皿电荷量为c不计电子重力，下列情况中一定能使亮点偏离中心距离变大的是\ A --------------- 5A. G变大，圧变大B. Q变小，d变大（冷C. IA变大,氏变小D. G变小，氏变小图4 刊5.如图5所示，静止的电子在加速电压£的作用下从0经尸板的小孔射出.又垂直进入平行金属板间的电场，在偏转电压圧的作用下偏转一段距藹•现使心;加倍，要想使电子的运动轨迹不发生变化，应该A.使口加倍B.使圧变为原来的4倍C.使口变为原来的边倍D.使G变为原来的1/26.有三个质量相等的分别带有正电、负电和不带电的微粒，从极板左侧中央以相同的水平初速度y先后垂直场强方向射入，分别落到极板乂万、Q处，如图6所示，则下列说法正确文档从网络中收集，己重新整理排版.word 版本可编辑•欢迎下载支持.的有A. 落在月处的微粒带正电，万处的不带电，Q 处的带负电B. B.三个微粒在电场中运动时间相等C. 三个微粒在电场中运动的加速度4＜场＜氐D. 三个微粒到达极板时的动能3E4E*7. 如图7所示，从尸处释放一个无初速度的电子向万板方向运动，指岀下列对电子运动的描述中哪项是正确的（设电源电动势为力A. 电子到达万板时的动能是尿8. 如图8所示，Q 为中间插有电介质的电容器，a 和b 为其两极板，a 板接地；尸和0为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球：P 板与&板用导线相连.0板接地.开始时悬线静止在竖直方向，在b 板带电后，悬线偏转了角度“在以下方法中，能如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L,板间距离为d,在板右端L 处有一 竖直放置的光屏M, —带电荷量为q,质量为m 的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在 M 屏上，则下列结论正确的是MA. 板间电场强度大小为mg/qB. 板间电场强度大小为2mg/qC. 质点在板间的运动时间和它从板的右端运动到光屏的时间相等D. 质点在板间的运动时间大于它从板的右端运动到光屏的时间10. 竖直放置的平行金属板乩万连接一恒左电压，两个电荷"和A*以相同的速率分别从极板月边缘和两板中间沿竖直方向进入板间电场，恰好从极板万边缘射岀电场，如图9所示，不考虑电荷的 重力和它们之间的相互作用，下列说法正确的是A. 两电荷的电荷咼可能相等B.电子从万板到达Q 板动能变化量为零C.电子到达。
广东省龙川县第一中学高三物理上学期9月月考试题
龙川一中15-16学年度第一学期高三年级9月考理科综合能力测试本试题卷共12页，40题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟选择题 共21小题，共126分二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全对的得3分，有选错的得0分。
14．学习物理除了知识的学习外，还要领悟并掌握处理物理问题的思想与方法．下列关于物理学中的思想方法叙述正确的是A ．在探究求合力方法的实验中使用了控制变量法的思想B ．伽利略在研究自由落体运动时采用了微元法C ．在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了理想化模型的思想方法D ．在推导匀变速直线运动的位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法。
15．在一次交通事故中，警察测量出肇事车辆的刹车痕迹是20 m ，设该车辆的刹车加速度大小是10 m/s 2，该路段的限速为60 km/h 。
则该车( ) A ．刹车所用的时间为1 s B ．超速C ．不超速D ．行驶速度为60 km/h16．一个物体沿直线运动，从t ＝0时刻开始，物体的xt－t 的图象如图16所示，图线与纵横坐标轴的交点坐标分别为0.5 m/s 和－1 s ，由此可知( ) A ．物体做匀减速直线运动 B ．物体做变加速直线运动 C ．物体的初速度大小为0.5 m/s D ．物体的初速度大小为1 m/s17、如图17所示，光滑水平面上放置着质量分别为m 、2m 的A 、B 两个物体，A 、B 间的最大静摩擦力为μmg ，现用水平拉力F 拉B ，使A 、B 以同一加速度运动，则拉力F 的最大值为( ) A ．μmg B ．2μmg C ．3μmg D ．4μmg18．2013年8月14日，中国乒乓球公开赛在苏州市体育中心体育馆拉开战幕，吸引了上千市民前往观看。
广东省河源市龙川一中高三物理上学期第4周周测试卷(含
2015-2016学年广东省河源市龙川一中高三（上）第4周周测物理试卷一、选择题：本题共11小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中．第l～7题只有一项符合题目要求．第8～11题有多项符合题目要求．全部选对的得6分．选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．关于牛顿第一定律，下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是一条实验定律B．牛顿第一定律说明了力是改变物体运动状态的原因C．惯性定律和惯性的实质是相同的D．物体的运动需要力来维持2．如图，A、B两物块叠放在一起，以相同的初速度上抛（不计空气阻力）．下列说法正确的是（）A．在上升和下降过程中A物体对B物体的压力一定为零B．上升过程中A物体对B物体的压力大于A物体受到的重力C．下降过程中A物体对B物体的压力大于A物体受到的重力D．在上升和下降过程中A对B的压力等于A物体受到的重力3．如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向左运动时，物体M的受力和运动情况是（）A．绳的拉力等于M的重力 B．绳的拉力大于M的重力C．物体M向上匀速运动D．物体M向上匀加速运动4．如图所示，甲、乙两同学从河中O点出发，分别沿直线游到A点和B点后，立即沿原路线返回到O点，OA、OB分别与水流方向平行和垂直，且OA=OB．若水流速度不变，两人在靜水中游速相等，则他们所用时间t甲、t乙的大小关系为（）A．t甲＜t乙B．t甲=t乙C．t甲＞t乙D．无法确定5．如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B（长木板足够长）的左端放着小物块A．某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F=kt，其中k为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力（f）的大小等于最大静摩擦力，且A、B的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板B运动的v﹣t图象的是（）A．B．C．D．6．如图所示，水平面上有一汽车A，通过定滑轮用绳子拉同一水平面的物体B，当拉至图示位置时，两绳子与水平面的夹角分别为α、β，二者速度分别为v A和v B，则（）A．v A：v B=1：1 B．v A：v B=sinα：sinβC．v A：v B=cosβ：cosαD．v A：v B=sinα：cosβ7．一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示，水平台面的长和宽分别为L1和L2，中间球网高度为h，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球，发射点距台面高度为3h，不计空气的作用，重力加速度大小为g，若乒乓球的发射率v在某范围内，通过选择合适的方向，就能使乒乓球落到球网右侧台面上，到v的最大取值范围是（）A．＜v＜L1B．＜v＜C．＜v＜D．＜v＜8．一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过一条宽为30m的河，河水流速为4m/s，则这只船（）A．过河时间不可能小于10 s B．不能沿垂直于河岸方向过河C．小船在河中最大速度为7m/s D．不可能渡过这条河9．如图所示，当正方形薄板绕着过其中心O并与板垂直的转动轴转动时，板上A、B两点的（）A．角速度之比ωA：ωB=1：1 B．角速度之比ωA：ωB=1：C．线速度之比v A：v B=：1 D．线速度之比v A：v B=1：10．如图，两个质量均为m的小木块a和b（可视为质点）放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l，木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g，若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速运动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是（）A．b一定比a先开始滑动B．a，b所受的摩擦力始终相等C．当ω=时，b开始滑动的临界角速度D．当ω=时，a所受摩擦力的大小为kmg11．如图所示，AB为半圆环ACB的水平直径，C为环上的最低点，环半径为R．一个小球从A 点以速度v0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是（）A．v0越大，小球落在圆环时的时间越长B．即使v0取值不同，小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角不相同C．若v0取值适当，可以使小球垂直撞击半圆环D．无论v0取何值，小球都不可能垂直撞击半圆环二、非选择题（共3小题，满分44分）12．某同学利用图（a）所示实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m 的对应关系图．如图（b）所示．实验中小车（含发射器）的质量为200g，实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮，小车的加速度由位移传感器及与之相连的计算机得到．回答下列问题：（1）根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成（填“线性”或“非线性”关系．（2）由图（b）可知，a﹣m图线不经过原点，可能的原因是存在．（3）若利用本实验装置来验证“在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则实脸中应采取的改进措施是，钩码的质量应满足的条件是．13．拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具（如图）．设拖把头的质量为m，拖杆质量可以忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ，重力加速度为g，某同学用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为θ．（1）若拖把头在地板上匀速移动，求推拖把的力的大小．（2）设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖把的正压力的比值为λ．已知存在一临界角θ0，若θ≤θ0，则不管沿拖杆方向的推力多大，都不可能使拖把从静止开始运动．求这一临界角的正切tanθ0．14．如图所示，一质量为m B=2kg，长为L=6m的薄木板B放在水平面上，质量为m A=2kg的物体A（可视为质点）在一电动机拉动下从木板左端以v0=5m/s的速度向右匀速运动．在物体带动下，木板以a=2m/s2的加速度从静止开始做匀加速直线运动，此时牵引物体的轻绳的拉力F=8N．已知各接触面间的摩擦因数恒定，重力加速度g取l0m/s2，则（1）经多长时间物体A滑离木板？（2）木板与水平面间的动摩擦因数为多少？（3）物体A滑离木板后立即取走物体A，木板能继续滑行的距离为多少？2015-2016学年广东省河源市龙川一中高三（上）第4周周测物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共11小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中．第l～7题只有一项符合题目要求．第8～11题有多项符合题目要求．全部选对的得6分．选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．关于牛顿第一定律，下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是一条实验定律B．牛顿第一定律说明了力是改变物体运动状态的原因C．惯性定律和惯性的实质是相同的D．物体的运动需要力来维持【考点】牛顿第一定律．【分析】牛顿第一定律是在实验的基础上推理概括得出的规律；即物体在不受力的作用时，总保持静止状态或物体做匀速直线运动状态．【解答】解：A、牛顿第一定律是在实验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论，而不是直接通过实验得出的；故A错误；B、由牛顿第一定律可知，当物体不受力或受平衡力时，物体将处于静止状态或匀速直线运动状态，因此力是改变物体运动状态的原因；故B正确；C、惯性是由惯性定律（牛顿第一运动定律）所推导出来的物体本身所具有的一种性质，它们的含义并不是完全相同的，故C错误；D、由牛顿第一定律可得，力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因；故D 错误；故选：B．【点评】牛顿第一定律是重要的力学定律，也叫惯性定律，揭示了力与运动的关系，即力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因．2．如图，A、B两物块叠放在一起，以相同的初速度上抛（不计空气阻力）．下列说法正确的是（）A．在上升和下降过程中A物体对B物体的压力一定为零B．上升过程中A物体对B物体的压力大于A物体受到的重力C．下降过程中A物体对B物体的压力大于A物体受到的重力D．在上升和下降过程中A对B的压力等于A物体受到的重力【考点】竖直上抛运动；物体的弹性和弹力．【分析】把AB看成一个整体，整体做竖直上抛运动，因为不计空气阻力，整体的加速度为g，方向向下．然后把A作为研究对象，对其受力分析，就可以得出结论．【解答】解：以A、B整体为研究对象：在上升和下降过程中仅受重力，由牛顿第二定律知加速度为g，方向竖直向下．再以A为研究对象：因加速度为g，方向竖直向下，由牛顿第二定律知A所受合力为A的重力，所以A仅受重力作用，即A和B之间没有作用力，所以在上升和下降过程中A物体对B物体的压力一定为零．故A正确，BCD错误；故选：A．【点评】本题是整体法和隔离法的应用，整体跟部分的运动情况相同，可以通过计算整体的加速度来确定部分的加速度，再对部分进行受力分析，得出最终结论．也可以根据失重的观点进行分析．3．如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向左运动时，物体M的受力和运动情况是（）A．绳的拉力等于M的重力 B．绳的拉力大于M的重力C．物体M向上匀速运动D．物体M向上匀加速运动【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于M的速度，根据M的运动情况得出M的加速度方向，从而根据牛顿第二定律求出拉力和重力的大小关系．【解答】解：设绳子与水平方向的夹角为θ，将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于M的速度，根据平行四边形定则得，v M=vcosθ，车子在匀速向左的运动过程中，绳子与水平方向的夹角θ减小，所以M的速度增大，M做变加速运动，根据牛顿第二定律有：F﹣mg=ma，知拉力大于重力．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键会对小车的速度进行分解，知道小车的速度是沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度．4．如图所示，甲、乙两同学从河中O点出发，分别沿直线游到A点和B点后，立即沿原路线返回到O点，OA、OB分别与水流方向平行和垂直，且OA=OB．若水流速度不变，两人在靜水中游速相等，则他们所用时间t甲、t乙的大小关系为（）A．t甲＜t乙B．t甲=t乙C．t甲＞t乙D．无法确定【考点】运动的合成和分解．【专题】计算题．【分析】甲、乙两同学实际的速度是静水中的游速与水流速度的合速度，设游速为v，水速为v0根据速度合成可知：甲游到A点的速度为v+v0，游回的速度为v﹣v0；乙来回的速度都为．明确了各自的合速度后，再用匀速直线运动规律求出时间进行比较．【解答】解：设游速为v，水速为v0，OA=OB=l，则甲整个过程所用时间：=，乙为了沿OB运动，速度合成如图：则乙整个过程所用时间：=，∵∴t甲＞t乙，∴选C正确，选项A、B、D错误．故选：C．【点评】本题考查运动的合成（主要是速度的合成）和匀速运动规律，运用速度合成的矢量平行四边形法则求出各自的合速度是关键．5．如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B（长木板足够长）的左端放着小物块A．某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F=kt，其中k为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力（f）的大小等于最大静摩擦力，且A、B的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板B运动的v﹣t图象的是（）A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像；滑动摩擦力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】当F较小时，AB整体具有共同的加速度，二者相对静止，当F较大时，二者加速度不同，将会发生相对运动，此后A做变加速直线，B匀加速直线运动，为了求出两物体开始分离的时刻，必须知道分离时F的大小，此时采用整体法和隔离法分别列牛顿第二定律的方程即可【解答】解：选AB整体为研究对象，AB整体具有共同的最大加速度，有牛顿第二定律得：a1=对B应用牛顿第二定律：a1=对A应用牛顿第二定律：a1=经历时间：t=由以上解得：t=此后，B将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线故选B【点评】当两者相对运动后，B将受恒力作用，做匀加速运动，可排除C、D选项，A、B选项的差别在于恰好相对运动的时刻，就需分别采用隔离法和整体法分别列方程了，也可以采用反证法，看看当F=f时是否相对滑动？所以，要注意总结解题方法6．如图所示，水平面上有一汽车A，通过定滑轮用绳子拉同一水平面的物体B，当拉至图示位置时，两绳子与水平面的夹角分别为α、β，二者速度分别为v A和v B，则（）A．v A：v B=1：1 B．v A：v B=sinα：sinβC．v A：v B=cosβ：cosαD．v A：v B=sinα：cosβ【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】分别对A、B物体速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，根据三角函数关系及沿着绳子方向速度大小相等，可知两物体的速度大小关系．【解答】解：对A物体的速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，则有沿着绳子方向的速度大小为v A cosα；对B物体的速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，则有沿着绳子方向的速度大小为v B cosβ，由于沿着绳子方向速度大小相等，所以则有v A cosα=v B cosβ，因此ABD错误，C正确；故选：C．【点评】考查学会对物体进行运动的分解，涉及到平行四边形定则与三角函数知识，同时本题的突破口是沿着绳子的方向速度大小相等．7．一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示，水平台面的长和宽分别为L1和L2，中间球网高度为h，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球，发射点距台面高度为3h，不计空气的作用，重力加速度大小为g，若乒乓球的发射率v在某范围内，通过选择合适的方向，就能使乒乓球落到球网右侧台面上，到v的最大取值范围是（）A．＜v＜L1B．＜v＜C．＜v＜D．＜v＜【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】球要落在网右侧台面上，临界情况是与球网恰好不相撞，还有与球台边缘相碰，根据高度求出平抛运动的时间，根据几何关系求出最小的水平位移和最大的水平位移，从而得出最小速度和最大速度．【解答】解：若球与网恰好不相碰，根据3h﹣h=得，，水平位移的最小值，则最小速度．若球与球台边缘相碰，根据3h=得，，水平位移的最大值为x max=，则最大速度，故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住临界情况，结合运动学公式灵活求解，难度中等．8．一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过一条宽为30m的河，河水流速为4m/s，则这只船（）A．过河时间不可能小于10 s B．不能沿垂直于河岸方向过河C．小船在河中最大速度为7m/s D．不可能渡过这条河【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，根据垂直于河岸方向上的速度求出渡河的时间．通过判断合速度能否与河岸垂直，判断船能否垂直到对岸．【解答】解：A、当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，最短时间为t==s=10s，因水流速度大于船在静水中的速度，所以过河时间不可能小于10s．故A正确，B、根据平行四边形定则，由于静水速小于水流速，则合速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到达对岸．故B正确；C、根据速度的合成，则有船在河中最大速度为7m/s，故C正确．D、当静水速与河岸不平行，则船就能渡过河，故D错误；故选：ABC．【点评】小船过河问题属于运动的合成问题，要明确分运动的等时性、独立性，运用分解的思想，看过河时间只分析垂直河岸的速度，分析过河位移时，要分析合速度．9．如图所示，当正方形薄板绕着过其中心O并与板垂直的转动轴转动时，板上A、B两点的（）A．角速度之比ωA：ωB=1：1 B．角速度之比ωA：ωB=1：C．线速度之比v A：v B=：1 D．线速度之比v A：v B=1：【考点】线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】板上A、B两点绕同一个转轴转动，所以具有相同的角速度．根据v=rω得出线速度之比．【解答】解：A、板上A、B两点绕同一个转轴转动，所以具有相同的角速度．即角速度之比ωA：ωB=1：1，故A正确，B错误C、根据几何关系得板上A、B的轨道半径之比为1：所以线速度之比v A：v B=1：，故C错误，D正确故选AD．【点评】解该题要掌握绕同一个转轴转动的物体具有相同的角速度以及线速度与角速度的关系．10．如图，两个质量均为m的小木块a和b（可视为质点）放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l，木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g，若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速运动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是（）A．b一定比a先开始滑动B．a，b所受的摩擦力始终相等C．当ω=时，b开始滑动的临界角速度D．当ω=时，a所受摩擦力的大小为kmg【考点】向心力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】木块随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，而所需要的向心力大小由物体的质量、半径和角速度决定．当圆盘转速增大时，提供的静摩擦力随之而增大．当需要的向心力大于最大静摩擦力时，物体开始滑动．因此是否滑动与质量无关，是由半径大小决定．【解答】解：A、B、两个木块的最大静摩擦力相等．木块随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律得：木块所受的静摩擦力f=mω2r，m、ω相等，f∝r，所以b所受的静摩擦力大于a的静摩擦力，当圆盘的角速度增大时b的静摩擦力先达到最大值，所以b一定比a先开始滑动，故A正确，B错误；C、当b刚要滑动时，有kmg=mω2•2l，解得：ω=，故C正确；D、以a为研究对象，当ω=时，由牛顿第二定律得：f=mω2l，可解得：f=，故D错误．故选：AC．【点评】本题的关键是正确分析木块的受力，明确木块做圆周运动时，静摩擦力提供向心力，把握住临界条件：静摩擦力达到最大，由牛顿第二定律分析解答．11．如图所示，AB为半圆环ACB的水平直径，C为环上的最低点，环半径为R．一个小球从A 点以速度v0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是（）A．v0越大，小球落在圆环时的时间越长B．即使v0取值不同，小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角不相同C．若v0取值适当，可以使小球垂直撞击半圆环D．无论v0取何值，小球都不可能垂直撞击半圆环【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，平抛运动的时间由下降的高度决定．采用假设法，假设小球垂直撞击的BC段，通过速度方向的夹角与位移与水平方向的夹角关系进行分析．【解答】解：A、小球的初速度v0越大，下降的高度不一定大，平抛运动的时间不一定长．故A错误．B、平抛运动某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，初速度不同，位移与水平方向方向夹角不同，则速度与水平方向夹角不同．故B正确．CD、假设小球与BC段垂直撞击，设此时速度与水平方向的夹角为θ，知撞击点与圆心的连线与水平方向的夹角为θ．连接抛出点与撞击点，与水平方向的夹角为β．根据几何关系知，θ=2β．因为平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，即tanα=2tanβ．与θ=2β相矛盾．则不可能与半圆弧垂直相撞．故C错误，D正确．故选：BD【点评】解决本题的关键知道平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍这一推论，并能灵活运用．二、非选择题（共3小题，满分44分）12．某同学利用图（a）所示实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m 的对应关系图．如图（b）所示．实验中小车（含发射器）的质量为200g，实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮，小车的加速度由位移传感器及与之相连的计算机得到．回答下列问题：（1）根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成非线性（填“线性”或“非线性”关系．（2）由图（b）可知，a﹣m图线不经过原点，可能的原因是存在存在摩擦力．（3）若利用本实验装置来验证“在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则实脸中应采取的改进措施是调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，钩码的质量应满足的条件是远小于小车的质量．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】该实验的研究对象是小车，采用控制变量法研究．当质量一定时，研究小车的加速度和小车所受合力的关系．为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板的右端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．【解答】解：（1）根据该同学的结果得出a﹣m图线是曲线，即小车的加速度与钩码的质量成非线性关系；（2）从上图中发现直线没过原点，当a=0时，m≠0，即F≠0，也就是说当绳子上拉力不为0时，小车的加速度为0，所以可能的原因是存在摩擦力．（3）若利用本实验来验证“小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则实验中应采取的改进措施是：①调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，即使得绳子上拉力等于小车的合力．②根据牛顿第二定律得，整体的加速度a=，则绳子的拉力F=Ma=，知钩码的质量远小于小车的质量时，绳子的拉力等于钩码的重力，所以钩码的质量应满足的条件是远小于小车的质量．故答案为：（1）非线性；（2）存在摩擦力；（3）调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力；远小于小车的质量．【点评】该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，这样问题我们要从实验原理和减少实验误差方面去解决．13．拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具（如图）．设拖把头的质量为m，拖杆质量可以忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ，重力加速度为g，某同学用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为θ．（1）若拖把头在地板上匀速移动，求推拖把的力的大小．（2）设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖把的正压力的比值为λ．已知存在一临界角θ0，若θ≤θ0，则不管沿拖杆方向的推力多大，都不可能使拖把从静止开始运动．求这一临界角的正切tanθ0．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】压轴题；共点力作用下物体平衡专题．【分析】（1）对拖把头受力分析，抓住竖直方向和水平方向合力为零，运用正交分解求出推力F的大小．（2）当推力F的水平分力小于等于最大静摩擦力时，不管沿拖杆方向的推力多大，都不可能使拖把从静止开始运动．结合第1问的结果，得到λ的表达式，采用极限法：当F无限大时的情况求解tanθ0．【解答】解：（1）拖把头受到重力、支持力、推力和摩擦力处于平衡，设该同学沿拖杆方向用大小为F的力推拖把．将推拖把的力沿竖直和水平方向分解，按平衡条件有竖直方向上：Fcosθ+mg=N ①水平方向上：Fsinθ=f ②式中N和f分别为地板对拖把的正压力和摩擦力．按摩擦定律有f=μN ③联立①②③式得④（2）若不管沿拖杆方向用多大的力不能使拖把从静止开始运动，应有Fsinθ≤λ N ⑤这时①式仍满足．联立①⑤式得sinθ﹣μcosθ≤λ⑥现考察使上式成立的θ角的取值范围．注意到上式右边总是大于零，且当F无限大时极限为零，有sinθ﹣λcosθ≤0 ⑦使上式成立的θ角满足θ≤θ0，这里θ0是题中所定义的临界角，即当θ≤θ0时，不管沿拖杆方向用多大的力都推不动拖把．临界角的正切为tanθ0=λ ⑧答：（1）若拖把头在地板上匀速移动，推拖把的力的大小为．（2）tanθ0=λ．。
广东省龙川县第一中学高三物理上学期8月月考试题(无答
龙川一中15－16学年度第一学期高三年级8月考试物理试卷一、选择题1、两个人以恒定的相同速率同时从圆形轨道的A点出发，分别沿ABC和 ADC行走，如图所示，直至相遇。
则在这过程中，下列物理量不相同．．．的是A．路程 B．位移 C．相遇时的速度 D．平均速度2、如图所示，固定在竖直平面内光滑圆环的最高点有一个光滑小孔，质量为m的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用力F拉住，绳与竖直方向夹角为θ，小球处于静止状态．设小球受支持力为F N，则下列关系正确是（）A．F＝2mg sinθ B．F＝mg cosθC．F N＝2mg D．F N＝mg3、甲、乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若从该时刻开始计时，得到两车的位移图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．t1时刻甲车从后面追上乙车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车速度刚好相等D．从0时刻到t1时刻时间内，两车平均速度相等4、物体由静止开始做匀加速直线运动，经过8s，改为匀减速直线运动，经过4s停下。
关于该物体的运动情况，下列说法正确的是( )A．加速、减速中的加速度大小之比为1:2B．加速、减速中的平均速度大小之比为2:1C．加速、减速中的位移大小之比为1:2D．通过题目给出的数据，可以求出运动过程中的最大速度5、如图所示，在粗糙的水平面上，质量分别为m和2m的物块A、B用轻弹簧相连，两物块与水平面间的动摩擦因数相同。
当用水平力F作用于A上，且两物块以相同加速度向左加速运动时，弹簧的伸长量为X ；当用同样大小，方向相反的力作用于B上，且两物块以相同加速度向右加速运动时，弹簧的伸长量为（）A．12x B．xC．2x D．动摩擦因数未知，无法求出6、据央视报道，北京时间2012年10月15日凌晨，奥地利著名极限运动员鲍姆加特纳从距地面高度约3.9万米的高空跳下，并成功着陆，一举打破多项世界纪录。
假设他从氦气球携带的太空舱上跳下到落地的过程中沿竖直方向运动的v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是A．0—t1内运动员和所有装备整体所受重力大于空气阻力B．t1秒末运动员打开降落伞，此后做匀减速运动至t2秒末C．t1秒末到t2秒末运动员竖直方向的加速度方向向下，大小在逐渐增大D．t2秒后运动员保持匀速下落7、如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A， A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态，若把A向右缓慢移动，在B触地之前，则( )A．球B对墙的压力减小B．物体A与球B之间的作用力减小C．地面对物体A的摩擦力减小D．物体A对地面的压力减小8、如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行。
广东龙川一中21-22学度高一上学期年末考试--物理
广东龙川一中21-22学度高一上学期年末考试--物理物理说明 1、本试卷考试时刻90分钟，满分100分。
2、本试卷共分两部分，第Ⅰ卷为选择题，第Ⅱ卷为非选择题.3、所有试题的答案均填写在答题纸上（选择题部分使用答题卡的学校请将选择题的答案直截了当填涂到答题卡上），答案写在试卷上的无效.一、单项选择题（本题有6小题，每题4分，共24分。
选出各题中一个符合题意的选项，不选、多选、错选均不给分） 1.关于质点，下列说法错误．．的是 ( ) A ．质点是为了研究问题方便而建立的理想化模型B ．研究郭晶晶跳水时，能够把她看成质点C ．研究从龙川到广州的列车行驶时刻，可将列车看成质点D ．研究“嫦娥”一号探月卫星绕月球飞行的轨道时，飞船能够看成质点2．一个物体从静止开始向南运动的v —t 图象如图1所示，假如取向南的方向为正方向，则下列说法中正确的是( ) A ．物体在1s —4s 内的加速度最大B ．物体在4s 末开始向北运动C ．物体在4s —6s 内的加速度为1.5m/s 2D ．物体在0—6s 内的位移为13.5m 3．一辆小汽车以8m/s 的速度沿平直的公路匀速行驶,司机突然发觉前方有障碍物(司机的反应时刻不计)赶忙刹车,刹车过程中的加速度为-2m/s 2,则刹车后6秒钟汽车的位移是( ) A ．16m B ．12m C ．36m D ．24m 4．下列关于惯性的说法中，正确的是 ( ) A. 物体的速度越大，惯性越大B. 物体做自由落体运动时惯性消逝C. 物体的质量越大，惯性越大D. 物体所受合外力越大，惯性越大5．如图2所示，放在水平面上的物体受到一个水平向右的拉力F 作用处于静止状态，下列说法中正确的是 ( )A 、物体对水平面的压力确实是物体的重力B 、拉力F 和水平面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力C 、物体受到的合外力为零D 、物体受到四对平稳力的作用6.一质量为m 的人站在电梯中，电梯加速上升，加速度大小为g31，g 为重力加速度。
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高三物理第14周周一晚练试卷一、选择题（１－５为单选题，６－１１为双选题）共５６分１、17世纪，意大利物理学家伽利略根据实验指出：在水平面上运动的物体之所以会停下来，是因为受到摩擦阻力的缘故。
这里的实验是指“伽利略斜面实验”，关于该实验，你认为下列陈述不正确的是（ ）A 、该实验是一理想实验，是在思维中进行的，无真实的实验基础，故其结果是荒谬可笑的B 、该实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律C 、该实验否定了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的错误概念D 、该实验为牛顿第一定律的提出提供了有力的实验依据２．刹车距离是衡量汽车安全性能的重要参数之一，图中所示的图线1、2分别为甲、乙两辆汽车在紧急刹车过程中的刹车距离s 与刹车前的车速v 的关系曲线，已知紧急刹车过程中车与地面间是滑动摩擦，据此可知，下列说法正确的是（ ）A ．甲车与地面间的动摩擦因数较大，甲车的刹车性能好B 、乙车与地面间的动摩擦因数较大，乙车的刹车性能好C ．以相同的车速开始刹车，甲车先停下来，甲车的刹车性能好D ．甲车的刹车距离s 随刹车前的车速v 变化快，甲车的刹车性能好３．汽车以额定功率在平直公路上匀速行驶，在1t 时刻突然使汽车的功率减小一半，并保持该功率继续行驶，到2t 时刻汽车又开始做匀速直线运动(设汽车所受阻力不变)，则在21~t t 时间内（ ）A ．汽车的加速度保持不变B 、汽车的加速度逐渐减小C ．汽车的速度先减小后增大D ．汽车的速度先增大后减小４、在机场和海港，常用输送带运送行李、货物．如图所示，a 为水平输送带，b 为倾斜输送带．当行李箱随输送带一起匀速运动时，下列几种判断中正确的是（ ） A ．a 、b 两种情形中的行李箱都受到两个力作用 B ．a 、b 两种情形中的行李箱都受到三个力作用 C ．情形a 中的行李箱受到两个力作用，情形b 中的行李箱受到三个力作用D ．情形a 中的行李箱受到三个力作用，情形b 中的行李箱受到四个力作用５．如图所示，平行板电容器充电后形成一个匀强电场，大小保持不变。
让质子（11H ）流以不同初速度，先、后两次垂直电场射入，分别沿a 、b 轨迹落到极板的中央和边６．在真空中，电量为q 1的点电荷产生的电场中有一点P ，P 点与q 1的距离为 r ，把一个电量为q 2的实验电荷放在P 点，它受的静电力为F ，则P 点电场强度的大小等于222121rq kD rq kC B q F A ．．．．q F７．如图6是电场中某区域的电场线分布图，a 、b 是电场中的两点，这两点比较: A ．b 点的电场强度较大B ．a 点的电势较低C ．负点电荷从a 点移动到b 点时电场力做正功D ．同一负点电荷放在a 点所受的电场力比放在b 点时受到的电场力小８．在同一水平直线上的两位置分别沿同方向水平抛出两小球A 和B ，两球相遇于空中的P 点，它们的运动轨迹如右图所示。
不计空气阻力，下列说法中正确的是（ ） A 、在P 点，A 球的速度大小大于B 球的速度大小 B ．在P 点，A 球的速度大小小于B 球的速度大小 C ．抛出时，先抛出A 球后抛出B 球 D 、抛出时，两球同时抛出９、质量为m 的小球由轻绳a 和b 系于一轻质木架上的A 点和C 点，如图3所示。
当轻杆绕轴BC 以角速度ω匀速转动时，小球在水平面内作匀速圆周运动，绳a 在竖直方向、绳b 在水平方向。
当小球运动在图示位置时．绳b 被烧断的同时杆也停止转动，则( )A 、小球仍在水平面内作匀速圆周运动B 、在绳被烧断瞬间，a 绳中拉力一定增大C 、在绳被烧断瞬间，a 绳中拉力不变D 、小球可以在垂直于平面ABC 的竖直平面内作匀速圆周运动１０．质量为1kg 的物体以某一初速度在水平地面上滑行，由于受到地面摩擦阻力作用，其动能随位移变化的图线如图8所示，g=10m ／s 2，则物体在水平地面上 A ．所受合外力大小为5N B ．滑行的总时间为4sC ．滑行的加速度大小为lm ／s 2D ．滑行的加速度大小为2.5m ／s 2Ａ Ｂ １１．某物体在沿斜面向上的拉力F 作用下，从光滑斜面的底端运动到顶端，它的动能增加了△E K ，势能增加了△E P .A ．拉力F 做的功等于△E K ；B 、物体克服重力做的功等于△E P ；C 、合外力对物体做的功等于△E K ；D 、拉力F 与重力做的功等于△E K +△E P１２.（1）（１０分）某实验小组想测量木板对木块的摩擦力所做的功．装置如图，一木块放在粗糙的水平长木板上，右侧栓有一细线，跨过固定在木板边缘的滑轮与重物连接，木块左侧与穿过打点计时器的纸带相连，长木板固定在水平实验台上．实验时，木块在重物牵引下向右运动，重物落地后，木块继续向右做匀减速运动，下图给出了重物落地后打点计时器打出的纸带，系列小黑点是计数点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出 ），计数点间的距离 如图所示．打点计时器所用交流电频率 为50Hz ，不计纸带与木块间的拉力．①可以判断纸带的_________ （左或右端）与木块连接．根据纸带提供的数据计算打点计时器在打下A 点和B 点时木块的速度v A ＝ ___________m/s ，v B ＝ ___________ m/s ．（结果保留两位有效数字）②要测量在AB 段木板对木块的摩擦力所做的功W AB ，还需要的实验器材是 ，还应测量的物理量是 ．（填入所选实验器材和物理量前的字母）1３、（1６分）如图13所示，在光滑的水平面上停着一辆小车，小车平台的上表面是粗糙的。
它靠在光滑的水平桌面旁并与桌面等高。
现在有一个质量为m = 2kg 的物体C 以速度v 0 = 10m/s 沿水平桌面向右运动，滑过小车平台后从A 点离开，恰能落在小车前端的B 点。
已知小车总质量为M=5kg ，O 点在A 点的正下方，OA=0.8m ，OB=1.2m ，物体与小车摩擦系数µ = 0.2，g 取10m/s 2。
求：（1）物体刚离开平台时，小车获得的速度大小。
（2）物体在小车平台上运动的过程中，小车对地发生多大的位移。
B 0v A0C1４.（18分）如图所示，水平桌面的右端有一质量为m的物块B，用长为L的不可伸长的细线悬挂，B对水平桌面压力刚好为零，水平桌面离地面的高度为h=5.0m，另一质量为2m的物块A在距水平桌面的右端s= 4.0m处以v=5.0m/s的水平初速度向右运动，并与B发生弹性碰撞，已知A与桌面间的动摩擦因数为μ=0.2，物块均可视为质2。
点，取g =10m/S（1）求A与B碰撞前的速度大小；（2）求碰撞后A的落地点与桌面右端的水平距离x；（3）要使物块A与物块B碰后，悬挂的细线始终有拉力，试求细线的长度L。
高三物理第14周周一晚练试卷一、选择题（１－５为单选题，６－１１为双选题）共５６分１２（１０分）① _________ v A ＝ ___________m/s ，v B ＝ ___________ m/s ．② ， ．１３、（１６分）Bv A 0C 图13１４、（１８分）高三物理第14周周一晚练试卷答案１２、 1）（１０分）①右端（２分），v A ＝0.72 m/s （2分），vB ＝0.97 m/s （2分）． ②G （２分），B （２分）1３、（１６分）解：（1）设物体C 刚离开小车平台时，速度为1v 。
此时小车速度为2v ，C 从A 点落到B 点的时间为t ，由动量守恒定律，得210Mv mv mv += ① （2分）C 从A 点落到B 点做平抛运动，由平抛运动规律，有221gt OA =② （1分） t v t v OB 21-= ③ （1分）由①②③解得 s m v s m v /2,/521== （1分）（2）设C 滑上平台到离开平台所需时间为t '，在平台上，物体C 和小车的加速度分别为（方向：水平向右）方向：水平向左2221/8.0)(/2s m Mm g a s m mm ga ====μμ （2分）则s a v v t 5.2110=-=' （2分） 故小车对地位移为m m t a s 5.25.28.02121222=⨯⨯='= （2分）1４．（18分）解：（1）设碰撞前A 的速度为v ，由动能定理2022212212mv mv mgs μ⨯-⨯=⋅-……①（2分） 解得： μgs v v 220-==3.0m/s……②（1分）（2）设碰撞后A 、B 速度分别为v A 、v B ，且设向右为正方向；由于弹性碰撞，所以有：B A mv mv mv +=22……③（2分）22221221221B A mv mv mv +⨯=⨯ ……④（2分） 解得：v A =1.0m/s v B =4.0m/s 碰撞后A 离开桌面做平抛运动有A x v t = ……⑤（1分） 212h gt =……⑥（1分） 解得：x=1.0m ……⑦（1分）（3）要使物块A 与物块B 碰后，悬挂的细线始终有拉力，则物块B 运动临界有两种情况。
第一种情况：物块B 碰后最大高度为L ，对物块B 由机械能守恒有212B mv mgL < ……⑧ （2分）解得：20.802B v L m g>=……⑨（1分） 第二种情况：物块B 碰后能做完整的圆周运动，物块B 在最高点有'2Bv mg m L< ……⑩（1分）物块B 从最低点到最高点过程由机械能守恒有2'211222B B mv mg L mv =∙+ ……○11（2分）解得：200.325B v L m g<<=……○12（1分）要使物块A 与物块B 碰后，悬挂的细线始终有拉力，细线的长度L 满足条件200.325B v L m g <<=或20.802Bv L m g>=……○13（1分）35．在水平光滑的绝缘桌面内建立如图12所示的直角坐标系，第Ⅰ、Ⅱ象限有方向垂直桌面的匀强磁场．第Ⅲ、Ⅳ象限有大小为E 的匀强电场，方向与x 轴成45°。
现把一个质量为m ，电量为q 的正电荷从坐标为(0，－2b )的M 点处由静止释放，电荷以一定的速度第一次经x 轴进入磁场区域。
经过一段时间，从坐标原点O 再次回到电场区域。
求： （1）电荷第一次经x 轴进入磁场时的速度； （2）磁感应强度的大小； （3）粒子从M 到O 运动时间。
35. 解：（1）粒子从静止沿电场方向进入磁场，到达x 轴上的N 点，N 点的坐标是（2b ，0）由几何知识可知粒子从M 到N 的位移b s 2=……….. ….. ….. …..……..（2分）根据动能定理有：221mv qEs =………….. ………….. ….. ….. ….. ….. …（2分）解得进入磁场时的速度 mq E bv 2=……….. ….. ….. …..….. ….. …..…（1分）速度方向与电场方向一致，即与x 轴成45°.. ….. ………..….. ….. …..…（1分）（2）粒子进入磁场做匀速圆周运动，轨迹如图所示。