概率第10讲
第10讲 概率与统计
甲 如果甲、 乙两人中只有 1 人入选, 则入选的应是______.
②已知实数 x1,x2,…,xn(n≥2)的期望值为 x ,方差为 1n s ,m=n ∑ (xi-a)2,若 a≠ x ,则一定有 i=1
2
( B )
A.s2>m B.s2<m C.s2=m D.s2 与 m 无法比较大小 ③某班 40 人随机平均分成两组,两组学生一次考试的 成绩情况如下表:
返回
(2)组合数公式 n! Am n(n-1)(n-2)…[n-(m-1)] n m C n = m= = . Am m! m!(n-m)! (3)组合数性质 - m- Cm=Cn m, m+Cn 1=Cm+1, Cn 规定 C0=1, 其中 m, n∈N*, n n n n m≤n.
(4)处理排列组合应用题的规律 解排列组合问题应遵循的原则:先特殊后一般,先选后 排,先分类后分步. 常用策略:相邻问题“捆绑法”;不相邻问题“插空 法”;定序问题“倍缩法”(某些元素顺序一定,应用 乘法或除法处理);多元素问题“分类法”;分排问题 “单排法”;“小集团”排列问题先整体后局部,穷举 法(将所有满足条件的排列逐一列举); 等价转换法(将陌 生复杂问题转化为熟悉简单的问题). 如①将 5 封信投入 3 个邮筒,不同的投法共有______ 35 种. ②从 4 台甲型和 5 台乙型电视机中任意取出 3 台, 其中 至少要甲型和乙型电视机各一台,则不同的取法共有 ______种. 70
(2)标准差 σ= Dξ, E(aξ+b)=aEξ+b, D(aξ+b)=a2Dξ, 求随机变量的分布列、期望与方差关键是概率计算,首 先应明确随机变量 ξ 的可能取值,然后计算出 ξ 取每一 个值时的概率.
9.随机抽样 (1)简单随机抽样 实现简单随机抽样,主要有两种方法:抽签法和随 机数表法. (2)系统抽样 ①采用随机的方法将总体中的个体编号. ②确定分段间隔. ③在第 1 段用简单随机抽样确定起始的个体编号. ④按照事先确定的规则抽取样本. (3)分层抽样 当已知总体由差异明显的几部分组成时常用分层抽样.
曹显兵.概率论讲义
第一讲 随机事件与概率考试要求1. 了解样本空间的概念, 理解随机事件的概念, 掌握事件的关系与运算.2. 理解概率、条件概率的概念, 掌握概率的基本性质, 会计算古典型概率和几何型概率, 掌握概率的加法公式、减法公式、乘法公式、全概率公式, 以及贝叶斯公式.3. 理解事件独立性的概念, 掌握用事件独立性进行概率计算;理解独立重复试验的概率, 掌握计算有关事件概率的方法. 一、古典概型与几何概型1.试验,样本空间与事件.2.古典概型:设样本空间Ω为一个有限集,且每个样本点的出现具有等可能性,则 基本事件总数中有利事件数A A P =)(3.几何概型:设Ω为欧氏空间中的一个有界区域, 样本点的出现具有等可能性,则、体积)Ω的度量(长度、面积、体积)A的度量(长度、面积=)(A P【例1】 一个盒中有4个黄球, 5个白球, 现按下列三种方式从中任取3个球, 试求取出的球中有2个黄球, 1 个白球的概率. (1) 一次取3个;(2) 一次取1 个, 取后不放回; (3) 一次取1个, 取后放回.【例2 】从 (0,1) 中随机地取两个数,试求下列概率: (1) 两数之和小于;(2) 两数之和小于1且其积小于163. 一、 事件的关系与概率的性质1. 事件之间的关系与运算律(与集合对应), 其中特别重要的关系有: (1) A 与B 互斥(互不相容) ⇔ Φ=AB (2) A 与B 互逆(对立事件) ⇔ Φ=AB ,Ω=B A Y(3) A 与B 相互独立⇔ P (AB )=P (A )P (B ).⇔ P (B|A )=P (B ) (P (A )>0). ⇔(|)(|)1P B A P B A += (0<P (A )<1).⇔P (B|A ) =P (B|A ) ( 0 < P (A ) < 1 )注: 若(0<P (B )<1),则,A B 独立⇔ P (A|B )=P (A ) (P (B )>0)⇔ 1)|()|(=+B A P B A P (0<P (B )<1). ⇔ P (A |B )=P (A |B ) (0<P (B )<1) ⇔ P (A |B )=P (A |B ) (0<P (B )<1)(4) A, B, C 两两独立 ⇔ P (AB )=P (A )P (B );P (BC )=P (B )P (C ); P (AC )=P (A )P (C ).(5) A, B, C 相互独立 ⇔ P (AB )=P (A )P (B );P (BC )=P (B )P (C ); P (AC )=P (A )P (C ); P (ABC )=P (A )P (B )P (C ).2. 重要公式 (1) )(1)(A P A P -=(2))()()(AB P A P B A P -=-(3) )()()()(AB P B P A P B A P -+=Y)()()()()()()()(ABC P AC P BC P AB P C P B P A P C B A P +---++=Y Y(4) 若A 1, A 2,…,A n 两两互斥, 则∑===ni i ni iA P AP 11)()(Y .(5) 若A 21,A , …, A n 相互独立, 则 )(1)(11in i n i iA P A P ∏==-=Y )](1[11ini A P ∏=--=.∏===ni i n i i A P A P 11)()(I .(6) 条件概率公式: )()()|(A P AB P A B P =(P (A )>0)【例3】 已知(A +B )(B A +)+B A B A +++=C, 且P ( C )=31, 试求P (B ). 【例4】 设两两相互独立的三事件A, B, C 满足条件: ABC =Φ, P (A )=P (B )=P (C )<21,且已知9()16P A B C =U U , 则P (A )= .【例5】 设三个事件A 、B 、C 满足P (AB )=P (ABC ), 且0<P (C )<1, 则 【 】(A )P (A U B|C )=P (A|C )+ P (B|C ). (B )P (A U B|C )=P (A U B ). (C )P (A U B|C )=P (A|C )+ P (B|C ). (D )P (A U B|C )=P (A U B ). 【例6】 设事件A, B, C 满足条件: P (AB )=P (AC )=P (BC )18=, P (ABC )=116, 则事件A, B, C 中至多一个发生的概率为 .【例7】 设事件A, B 满足 P (B| A )=1则【 】(A ) A 为必然事件. (B ) P (B|A )=0.(C ) A B ⊃. (D ) A B ⊂.【例8】 设A, B, C 为三个相互独立的事件, 且0<P (C )<1, 则不独立的事件为 【 】 (A )B A +与C . (B ) AC 与C(C )B A -与C (D ) AB 与C【例9】 设A ,B 为任意两个事件,试证P (A )P (B )-P (AB ) ≤ P (A -B ) P (B -A ) ≤41. 三、乘法公式,全概率公式,Bayes 公式与二项概率公式 1. 乘法公式:).|()|()|()()().|()()|()()(1212131212121212121-===n n n A A A A P A A A P A A P A P A A A P A A P A P A A P A P A A P ΛΛΛ2. 全概率公式:11()(|)(),,,.i i i j i i i P B P B A P A A A i j A ∞∞====Φ≠=Ω∑U 3.Bayes 公式:11(|)()(|),,,.(|)()j j j i j i i iii P B A P A P A B A i j A P B A P A ∞∞====Φ≠=Ω∑U A 4.二项概率公式:()(1),0,1,2,,.k kn k n n P k C P P k n -=-=L ,【例10】 10件产品中有4件次品, 6件正品, 现从中任取2件, 若已知其中有一件为次品,试求另一件也为次品的概率.【例11】设10件产品中有3件次品, 7件正品, 现每次从中任取一件, 取后不放回.试求下列事件的概率. (1) 第三次取得次品; (2) 第三次才取得次品;(3) 已知前两次没有取得次品, 第三次取得次品; (4) 不超过三次取到次品;【例12】 甲, 乙两人对同一目标进行射击,命中率分别为和, 试在下列两种情形下, 分别求事件“已知目标被命中,它是甲射中”的概率.(1)在甲, 乙两人中随机地挑选一人, 由他射击一次; ( 2)甲, 乙两人独立地各射击一次.【例13】设有来自三个地区的各10名、15名和25名考生的报名表,其中女生的报名表分别为3份,7份和5份. 随机地取一个地区的报名表,从中先后任意抽出两份. (1) 求先抽到的一份是女生表的概率p;(2)已知后抽到的一份是男生表,求先抽到的一份是女生表的概率q .第二讲 随机变量及其分布考试要求1. 理解随机变量及其概率分布的概念.理解分布函数(()()F x P X x =≤) 的概念及性质.会计算与随机变量有关的事件的概率.2. 理解离散型随机变量及其概率分布的概念,掌握0-1分布、二项分布、几何分布、超几何分布、泊松(Poisson )分布及其应用.3. 了解泊松定理的结论和应用条件,会用泊松分布近似表示二项分布.4. 理解连续型随机变量及其概率密度的概念,掌握均匀分布、正态分布2(,)N μσ、指数分布及其应用,其中参数为(0)λλ>的指数分布的概率密度为,0,()0,0.x e x f x x λλ-⎧>=⎨≤⎩5. 会求随机变量函数的分布. 一、分布函数1.随机变量:定义在样本空间上,取值于实数的函数称为随机变量. 2.分布函数:∞+-∞=<<),≤ ()(x x X P x FF (x )为分布函数 ⇔(1) 0≤F (x ) ≤1(2) F (x )单调不减(3) 右连续F (x+0)=F (x ) (4)1)(,0)(=+∞=-∞F F3.离散型随机变量与连续型随机变量(1) 离散型随机变量∑∞=====1i 10,≥,,,2,1,)(i i i i p p n i p x X P ΛΛ分布函数为阶梯跳跃函数.(2) 连续型随机变量⎰∞-=xtt f x F d )( )(f (x )为概率密度 ⇔ (1) f (x )≥0, (2) ⎰+∞∞- f (x )1d =x⎰=≤≤=<<bax f b X a P b X a P )()()(4.几点注意【 例1 】 设随机变量X 的分布函数为0,1,57(),11,16161, 1.x F x x x x <-⎧⎪⎪=+-≤<⎨⎪≥⎪⎩则2(1)P X== .【 例2 】 设随机变量X 的密度函数为 f (x ), 且 f (-x ) = f (x ), 记()X F x 和()X F x -分别是X 和X -的分布函数, 则对任意实数x 有 【 】 (A )()()X X F x F x -=. (B )()()X X F x F x -=-.(C )()1()X X F x F x -=-.(D )()2()1X X F x F x -=-.【 例3 】 设 随机变量X 服从参数为0λ>的指数分布, 试求随机变量 Y= min { X, 2 } 的分布函数【 例4 】设某个系统由 6 个相同的元件经两两串联再并联而成, 且各元件工作状态相互独立 每个元件正常工作时间服从参数为 0λ>的指数分布, 试求系统正常工作的时间 T 的概率分布.【 例5】设随机变量X的概率密度为⎩⎨⎧<-=.,0,1|||,|1)(其他x x x f 试求(1)X 的分布函数)(x F ; (2)概率)412(<<-X P .二、 常见的一维分布(1) 0-1分布:1,0,)1()(1 =-==-k p p k XP k k .(2) 二项分布n k p p C k X P p n B k n k k n ,,1,0,)1()(:),(Λ=-==- .(3) Poisson 分布)(λP :Λ,2,1,0,0>,e !)(===-k k k XP k λλλ.(4) 均匀分布⎪⎩⎪⎨⎧-=.,<<1)(:),(其他0,, b x a a b x f b a U(5) 正态分布N (μ,σ2):0,,eπ21)(222)(+∞<<∞->=--μσσσμ x x f(6) 指数分布⎩⎨⎧=-. ,0>0,,e )(:)(其他x x f E x λλλ >0λ.(7) 几何分布.2110,)1()(:)(1Λ,,k ,<p<p p k XP p G k =-==- (8) 超几何分布H (N,M,n ): },min{,,1,0,)(M n k C C C k X P nNkn M N k M Λ===-- . 【例6】某人向同一目标独立重复射击,每次射击命中目标的概率为p (0<p<1), 则此人第4次射击恰好第2次命中目标的概率为【 】 (A ) 2)1(3p p -.(B ) 2)1(6p p -.(C ) 22)1(3p p-. (D ) 22)1(6p p-.【例7】 设X ~N (μ, σ2), 则 P ( X ≤1+μ) 【 】 (A ) 随μ的增大而增大 . (B ) 随μ的增大而减小. (C ) 随σ的增大而不变 . (D ) 随σ的增大而减小. 【例8】 设X ~N (μ, σ2), ()F x 为其分布函数,0μ<,则对于任意实数a ,有 【 】(A ) ()() 1.F a F a -+> (B ) ()() 1.F a F a -+= (C ) ()() 1.F a F a -+< (D ) 1()().2F a F a μμ-++=【例9】 甲袋中有1个黑球,2个白球,乙袋中有3个白球,每次从两袋中各任取一球交换放入另一袋中,试求交换n 次后,黑球仍在甲袋中的概率.三、 随机变量函数的分布: 1. 离散的情形2. 连续的情形3. 一般的情形 【例10】 设随机变量X 的概率密度为⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎨⎧<≤<<-=.,0,20,41,01,21)(其他x x x f X令),(,2y x F X Y=为二维随机变量(X, Y )的分布函数.(Ⅰ) 求Y 的概率密度)(y f Y ;(Ⅱ))4,21(-F . 第三讲 多维随机变量及其分布考试要求1. 理解多维随机变量的概念,理解多维随机变量的分布的概念和性质,理解二维离散型随机变量的概率分布、边缘分布和条件分布,理解二维连续型随机变量的概率密度、边缘密度和条件密度.会求与二维随机变量相关事件的概率.2. 理解随机变量的独立性及不相关的概念,掌握随机变量相互独立的条件.3. 掌握二维均匀分布,了解二维正态分布的概率密度,理解其中参数的概率意义 .4. 会求两个随机变量简单函数的分布,会求多个相互独立随机变量简单函数的分布. 一、 各种分布与随机变量的独立性 1. 各种分布(1)一般二维随机变量 F (x, y )=P{ X x, Y y }, x(−, +), y (−, +)的性质 F (x, y )为联合分布函数 ⇔ 1) 0 ≤F (x, y )≤1 , x(−, +),, y(−, +);2) F (−, y )= F (x, −)=0, F (+,+)=1;3) F (x, y )关于x, y 均为单调不减函数; 4) F (x, y )关于x, y 均分别右连续.(2)二维离散型随机变量的联合概率分布、边缘分布、条件分布联合概率分布律 P{X = x i , Y = y j } = p i j , i, j =1, 2 ,, p i j0,1=∑∑ijji p.边缘分布律 p i = P{X = x i }=∑jji p, i =1, 2 , ,pj= P{ Y = y j }=∑iji p, j =1, 2 , ,条件分布律 P{X = x i |Y = y j } =jj i p p •, P{ Y = y j | X = x i } =•i j i p p .二维连续型随机变量的联合概率密度、边缘密度和条件密度f (x, y )为联合概率密度 ⇔ 1f (x, y )≥0,21=⎰⎰∞+∞-∞+∞- ),(dxdy y x f .设( X, Y )~ f (x, y )则分布函数: ⎰⎰∞-∞-=xydxdy y x f y x F ),(),(;边缘概率密度:⎰∞+∞-= ),()(dy y x f x f X , ⎰∞+∞-= ),()(dx y x f x f Y .条件概率密度:)(),()|(|y f y x f y x f Y Y X =, )(),()|(|x f y x f x y f X X Y =.⎰⎰=∈Ddxdy y x f D Y X P ),(}),{(.),(),(yx y x F y x f ∂∂∂=22. 随机变量的独立性和相关性X 和Y 相互独立 F (x, y )= F X (x )F Y (y );p i j = p ipj(离散型)f (x, y )= f X (x )f Y (y ) (连续型)【注】1 X 与Y 独立, f (x ), g (x )为连续函数 f (X )与g (Y )也独立.2若X 1, , X m , Y 1, , Y n 相互独立, f , g 分别为m 元与 n 元连续函数f (X 1, , X m )与g (Y 1,, Y n )也独立.3常数与任何随机变量独立.3. 常见的二维分布(1)二维均匀分布 (X, Y )~ U (D ), D 为一平面区域. 联合概率密度为⎪⎩⎪⎨⎧∈=.,.),(,)(),(其他01D y x D S y x f (2)二维正态分布 (X, Y )~ N (μ1 , μ2, 12 ,22, ), − <μ1, μ2 < +,1>0,2> 0, | | <1. 联合概率密度为221121ρσπσϕ-=),(y x ⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡-+------22222121212122121σμσσμμρσμρ)())(()()(y y x x e性质:( a ) X ~ N (μ1,12 ), Y ~ N (μ2,22 )( b ) X 与Y 相互独立 X Y=0 , 即 X 与Y 不相关.( c ) C 1X+C 2Y ~ N (C 1 μ1+ C 2 μ2, C 1212 + C 2222+2C 1C 2 12).( d ) X 关于Y=y 的条件分布为正态分布: )](),([22122111ρσμσσρμ--+y N 【 例1 】 设A ,B 为事件,且P (A )=41, P (B|A )=21, P (A|B )=12令 X =⎩⎨⎧否则发生若,0,1A , Y =⎩⎨⎧否则发生若,0B ,1(1) 试求(X, Y )的联合分布律; (2)计算Cov ( X, Y ); (3) 计算 22(2,43)Cov XY +.【 例2 】设随机变量X 与Y 相互独立,下表列出了二维随机变量(X, Y )联合分布律及关于X 和关于Y 的边缘分布律中的部分数值, 试将其余数值填入表中的空白处.YX1y2y 3y⋅==i i p x X P }{1x812x81【 例3 】设随机变量X 与Y 独立同分布, 且X 的概率分布为313221PX 记{}{}Y X V Y X U,m in ,,m ax ==.(I )求(U, V )的概率分布;(II )求(U, V )的协方差Cov (U, V ).【详解】(I )易知U, V 的可能取值均为: 1, 2. 且{}{}})1,m in ,1,(m ax )1,1(=====Y X Y X P V U P)1,1(===Y X P 94)1()1(====Y P X P , {}{}0})2,m in ,1,(m ax )2,1(======Y X Y X P V U P , {}{}})1,m in ,2,(m ax )1,2(=====Y X Y X P V U P)2,1()1,2(==+===Y X P Y X P )2()1()1()2(==+===Y P X P Y P X P 94=, {}{}})2,m in ,2,(m ax )2,2(=====Y X Y X P V U P)2()2()2,2(======Y P XP Y X P 91=, 故(U, V )的概率分布为:(II ) 9122941209411)(⨯⨯+⨯⨯++⨯⨯=UV E 916=, 而 914952941)(=⨯+⨯=U E , 910912981)(=⨯+⨯=V E . 故 814910914916)()()(),(=⨯-=-=V E U E UV E V U Cov . 【 例4】 设随机变量X 在区间(0, 1)上服从均匀分布, 在)10(<<=x x X 的条件下,随机变量Y 在区间),0(x 上服从均匀分布, 求(Ⅰ)随机变量X 和Y 的联合概率密度;(Ⅱ)Y 的概率密度; (Ⅲ)概率}1{>+Y XP .二、 二维(或两个)随机变量函数的分布 1.分布的可加性(1)若X~B (m, p ), Y~B (n, p ), 且X 与Y 相互独立,则 X+Y ~ B (m+n, p ). (2)若X~P (λ1), Y~P (λ2), 且X 与Y 相互独立,则 X+Y ~ P (λ1+λ2).(3)若X~N (211,μσ), Y~P (222,μσ), 且X 与Y 相互独立,则 X+Y ~ N (221212,μμσσ++).一般地,若X i ~N (2,i i μσ), i =1, 2, …, n, 且X 1,X 2,…,X n 相互独立,则Y=C 1X 1+C 2X 2+…+C n X n +C 仍服从正态分布,且此正态分布为2211(,),n ni i i i i i N C C Cμσ==+∑∑ 其中C 1,…,C n 为不全为零的常数.2. 两个随机变量函数的分布. 【例5】 设X 与Y 相互独立, 且~(1),~(2),X P Y P 则{max(,)0}______;P X Y ≠={min(,)0}__________.P X Y ≠=【 例6】 设X 与Y 相互独立, 其密度函数分别为:1,01,()X x f x <<⎧=⎨⎩0,其他. ,0,()y Y e y f x -⎧>=⎨⎩0,其他.求Z =2X +Y 的概率密度.【 例7】设二维随机变量(X, Y )的概率密度为2,01,01,(,)0,x y x y f x y --<<<<⎧=⎨⎩其它.(I )求{}Y X P 2>;(II )求Z =X+Y的概率密度)(z f Z .【详解】(I ){}Y X P2>⎰⎰>=yx dxdy y x f 2),(⎰⎰--=12210)2(ydx y x dy 247=. (II )方法一: 先求Z 的分布函数: ⎰⎰≤+=≤+=zy x Z dxdy y x f Z Y X P z F ),()()(当z<0时, 0)(=z F Z ; 当10<≤z 时, ⎰⎰=1),()(D Z dxdy y x f z F ⎰⎰---=yz zdx y x dy 00)2(3231z z -=;当21<≤z 时, ⎰⎰-=2),(1)(D Z dxdy y x f z F ⎰⎰-----=111)2(1yz z dx y x dy3)2(311z --=; 当2≥z时, 1)(=z F Z .故Z =X+Y的概率密度)(z f Z =)(z F Z '⎪⎩⎪⎨⎧<≤-<<-=.,0,21,)2(,10,222其他z z z z z方法二:⎰∞+∞--=dx x z x f z f Z ),()(,⎩⎨⎧<-<<<---=-.,0,10,10),(2),(其他x z x x z x x z x f ⎩⎨⎧+<<<<-=.,0,1,10,2其他x z x x z 当z ≤0 或z ≥ 2时, 0)(=z f Z ;当01z <<时, ⎰-=z Z dx z z f 0)2()()2(z z -=;当21<≤z 时, ⎰--=11)2()(z Z dx z z f 2)2(z -=;故Z =X+Y的概率密度)(z f Z ⎪⎩⎪⎨⎧<≤-<<-=.,0,21,)2(,10,222其他z z z z z【例8】 设随机变量X 与Y 相互独立, X 有密度函数f (x ), Y 的分布律为 ()i i P Y a p ==, i =1,2. 试求Z =X +Y 的概率分布.第四讲 数字特征与极限定理考试要求1.理解随机变量数字特征(数学期望、方差、标准差、矩、协方差、相关系数)的概念, 会运用数字特征的基本性质, 并掌握常用分布的数字特征.2.会根据随机变量X 的概率分布求其函数)(X g 的数学期望)(X Eg ;会根据随机变量X 和Y 的联合概率分布求其函数),(Y X g 的数学期望),(Y X Eg .3.了解切比雪夫不等式.4.了解切比雪夫大数定律、伯努利大数定律和辛钦大数定律(独立同分布随机变量的大数定律)5.了解棣莫弗—拉普拉斯定理(二项分布以正态分布为极限分布)和列维—林德伯格定理(独立同分布的中心极限定理);(经济类还要求)会用相关定理近似计算有关随机事件的概率 一、 数学期望与方差(标准差) 1. 定义(计算公式)离散型{}i i p x X P ==, ∑=iii px X E )(连续型)(~x f X , xx xf X E d )()(⎰+∞∞-=方差:[]222)()())(()(X E X E X E X E X D -=-=标准差:)(X D ,2. 期望的性质:1° )())((,)(X E X E E C C E == 2° )()()(2121Y E C X E C Y C X C E +=+ 3° )()()(Y E X E XY E ,Y X =则独立与若4° [])()(≤)(222Y E X E XY E3. 方差的性质:1° 0))((,0))((,0)(===X D D X E D C D 2°)()()(Y D X D Y X D Y X +=±相互独立,则与3° )()(2121X D C C X C D =+ 4° 一般有 ),Cov(2)()()(Y X Y D X D Y XD ±+=±)()(2)()(Y D X D Y D X D ρ±+=5°2()()C D X E X <-, )(X E C ≠【例1】设试验成功的概率为43, 失败的概率为41, 独立重复试验直到成功两次为止. 试求试验次数的数学期望. 【例2】 n 片钥匙中只有一片能打开房门, 现从中任取一片去试开房门, 直到打开为止. 试在下列两种情况下分别求试开次数的数学期望与方差: (1)试开过的钥匙即被除去; (2)试开过的钥匙重新放回.【例3】 设随机变量X 的概率密度为⎪⎩⎪⎨⎧≤≤=.,0,0,2cos 21)(其他πx x x f 对X 独立地重复观察4次, 用Y 表示观察值大于3π的次数, 求2Y 的数学期望.【例4】 设有20人在某11层楼的底层乘电梯上楼, 电梯在中途只下不上, 每个乘客在哪一层(2-11层)下是等可能的, 且乘客之间相互独立, 试求电梯须停次数的数学期望. 二、随机变量函数的期望(或方差) 1、一维的情形 )(X g Y =离散型:{}i i P Xx p == , ∑=ii ipx g Y E )()(连续型:~()X f x x x f x g Y E d )()()(⎰+∞∞-=2、二维的情形 ),(Y X g Z =离散型{}iji i p y Y x X P Y X ===,~),(,∑∑=jij jiipy x g Z E ),()(连续型),(~),(y x f Y X , y x y x f y x g Z E d d ),(),()(⎰⎰+∞∞-+∞∞-=【例5】 设X 与Y 独立且均服从N (0,1),求Z =22Y X + 的数学期望与方差.【例6】设两个随机变量X 与Y 相互独立且均服从N (0,21), 试求Z =|X -Y |的数学期望与方差.三 、协方差,相关系数与随机变量的矩 1、重要公式与概念:协方差 []))()((()Cov(Y E Y X E X E X,Y --=相关系数 )()()Cov(Y D X D X,Y XY =ρ)(k X E k 阶原点矩[]kX E X E k ))((- 阶中心矩2、性质: 1°),(Cov ),(Cov X Y Y X =2° ),(Cov ),(Cov Y X ab bY aX = 3° ),(Cov ),(Cov ),(Cov 2121Y X Y X Y X X +=+4° |(,)|1X Y ρ≤5° 1)(1),(=+=⇔=b aX Y P Y X ρ )>0(a 1)(1),(=+=⇔-=b aX Y P Y X ρ )<0(a 3、下面5个条件互为充要条件:(1)0),(=Y X ρ(2)0)Cov(=X,Y (3))()()(Y E X E XY E = (4))()()(Y D X D Y X D +=+ (5))()()(Y D X D Y X D +=- 【例7】设)2(,,,21>n X X X n Λ为独立同分布的随机变量, 且均服从)1,0(N , 记∑==ni iX n X 11,.,,2,1,n i X X Y i i Λ=-= 求:(I ) i Y 的方差n iY D i ,,2,1),(Λ=;(II ) 1Y 与n Y 的协方差),(1n Y Y Cov ; (III ) }.0{1≤+n Y Y P四、极限定理1. 切比雪夫不等式{}{}()()|()|,|()|<1-22D X D X P XE X P X E X εεεε-≥≤-≥或2. 大数定律3. Poisson 定理4. 中心极限定理列维—林德伯格定理: 设随机变量X 1,X 2,…,X n ,…相互独立同分布, 且2(),(),i i E X D X μσ== 1,2,,,i n =L L, 则对任意正数x ,有2-2lim dntixnX nP x tμ-∞→∞⎧⎫-⎪⎪⎪≤=⎬⎪⎪⎪⎩⎭∑⎰棣莫弗—拉普拉斯定理: 设~(,),nB n pη(即X1,X2,…,X n,…相互独立, 同服从0一1分布)则有22lim dtxnP x t--∞→∞⎧⎫⎪≤=⎬⎪⎭⎰.【例8】银行为支付某日即将到期的债券须准备一笔现金,已知这批债券共发放了500张,每张须付本息1000元,设持券人(1人1券)到期到银行领取本息的概率为.问银行于该日应准备多少现金才能以%的把握满足客户的兑换.【分析】若X为该日到银行领取本息的总人数,则所需现金为1000X,设银行该日应准备现金x元.为使银行能以%的把握满足客户的兑换,则 P(1000X≤x)≥.【详解】设X为该日到银行领取本息的总人数,则X~B(500,)所需支付现金为1000X,为使银行能以%的把握满足客户的兑换,设银行该日应准备现金x元,则 P(1000 X≤x)≥.由棣莫弗—拉普拉斯中心极限定理知:(1000)()1000xP X x P X≤=≤5000.4xP⎛⎫-⨯⎪=≤=≤0.999(3.1).ΦΦ≈≥=即3.1,≥得 x≥ .因此银行于该日应准备234000元现金才能以%的把握满足客户的兑换.第五讲数理统计考试要求1. 理解总体、简单随机样本、统计量、样本均值、样本方差及样本矩的概念.其中样本方差定义为.)(11212XXnSini--=∑=2. 了解2χ分布、t分布和F分布的概念及性质,了解分位数的概念并会查表计算.3. 了解正态总体的常用抽样分布.4. 理解经验分布函数的概念和性质, 会根据样本值求经验分布函数.5. 理解参数的点估计、估计量与估计值的概念.6. 掌握矩估计法(一阶、二阶矩)和最大似然的估计法.7. 了解估计量的无偏性、有效性(最小方差性)和一致性(相合性)的概念,并会验证估计量的无偏性.8. 理解区间估计的概念,会求单个正态总体的均值和方差的置信区间,会求两个正态总体的均值差和方差比的置信区间.9. 理解显著性检验的基本思想,掌握假设检验的基本步骤,了解假设检验可能产生的 两类错误.10. 了解单个及两个正态总体的均值和方差的假设检验 一、样本与抽样分布1. 总体、个体与简单随机样本:2. 常用统计量:1° 样本均值 i ni X nX ∑==112° 样本方差 212)(11X X n S i ni --=∑=3° 样本标准差: S =4° 样本k 阶原点矩 11,1,2,n kk i i A X k n ===∑L5° 样本k 阶中心矩 11(),1,2,n kk i i B X X k n ==-=∑L3.分位数 4. 重要抽样分布(1)分布2χ (2) t 分布 (3) F 分布5. 正态总体的常用抽样分布:22,,,(,),n X X X N μσL 1设为来自正态总体的样本11nii X X n ==∑,2211()1ni i S X X n ==--∑, 则 (1)2~,~(0,1).X X N N n σμ⎛⎫ ⎪⎝⎭ (2)222221(1)1()~(1).ni i n S X X n χσσ=-=--∑(3)22211()~().ni i X n μχσ=-∑(4) ~(1).X t n - (5)X 与2S 相互独立, 且 μ=)(X E , 22)(σ=S E , nX D 2)(σ=.【例1】 设总体2~(,),X N μσ设12,,,n X X X L 是来自总体X 的一个样本, 且22111,()nni nii i X X S XX n====-∑∑,求21()n E X S .【例2】 设总体2~(,),X N μσ 设12,,,n X X X L 是取自总体X 的一个样本, 且221111,()1nni i i i X X S X X nn ====--∑∑,则 2()_________D S=.【例3】设随机变量~()(1),X t n n >, 则 21~________Y X=【例4】 设总体X 服从正态分布)2,0(2N , 而1521,,,X X X Λ是来自总体X 的简单随机样本, 求随机变量)(221521121021X X X X Y ++++=ΛΛ 的分布. 【例5】 设总体2~(,),X N μσ 设121,,,,n n X X X X +L 是来自总体X 的一个样本, 且*221111,()()nni i i i X X S X X nn====-∑∑,试求统计量的分布. 二、参数估计1. 矩估计2. 最大似然估计3. 区间估计4. 估计量的评选标准 【例6】设总体12~(,)X U θθ,n X X X ,,,21Λ为来自总体X 的样本,试求12,θθ的矩估计和最大似然估计.【例7】设总体X 的概率密度为⎪⎩⎪⎨⎧<≤-<<=.,0,21,1,10,),(其他x x x f θθθ其中θ是未知参数)10(<<θ, n X X X ,,2,1Λ为来自总体X 的简单随机样本, 记N 为样本值n x x x ,,2,1Λ中小于1的个数, 求:(1)θ的矩估计;(2) θ的最大似然估计.【例8】设总体X 的概率密度为36(),0,()0,xx x f x θθθ⎧-<<⎪=⎨⎪⎩其他. n X X X ,,,21Λ为来自X 的简单随机样本,(1) 求θ的矩估计量ˆθ; (2) 判断θ的无偏性; (3) 判断θ的一致性. 三、假设检验1. 假设检验的基本思想:对总体分布中的未知参数作出某种假设,根据样本在假设为真的前提下构造一个小概率事件,基于“小概率事件”在一次试验中几乎不可能发生而对假设作出拒绝或接受.2. 单个正态总体均值和方差的假设检验.3. 假设检验两类错误:第一类错误:原假设0H 为真,但拒绝了0H .第二类错误;原假设0H 为假,但接受到了0H .。
历年考研数学概率论零基础讲义
2016考研数学概率论零基础入门讲目录第一讲随机事件与概率 (1)第二讲一维随机变量及其概率分布 (7)第三讲随机变量的数字特征 (12)【注】(1)数二的考生不需要学习这部分内容。
(2)老师没有完全按照讲义的顺序讲课,而是打乱了顺序,重新整合授课体系,但是老师所讲的内容多数是包含在讲义中的,讲义中没有的内容需要同学们自己做笔记.第一讲随机事件与概率一、从古典概型讲起1.随机试验与随机事件称一个试验为随机试验,如果满足:(1)同条件下可重复(2)所有试验结果明确可知且不止一个(3)试验前不知哪个结果会发生【注】①在一次试验中可能出现,也可能不出现的结果称为随机事件,简称为事件,并用大写字母A, B, C 等表示,为讨论需要,将每次试验一定发生的事件称为必然事件,记为Ω.每次试验一定不发生的事件称为不可能事件,记为φ.②随机试验每一最简单、最基本的结果称为基本事件或样本点,记为ωi .2.古典概率称随机试验(随机现象)的概率模型为古典概型,如果其基本事件空间(样本空间)满足:(1)只有有限个基本事件(样本点);(2)每个基本事件(样本点)发生的可能性都一样.【注】①等可能:对于可能结果: ω1,ω2 , ,ωn ,我们找不到任何理由认为其中某一结果ωi 更易发生,则只好(客观)认为所有结果在试验中发生的可能性一样.②如果古典概型的基本事件总数为n ,事件A 包含k 个基本事件,即有利于A 的基本事件k 个.则A 的概率定义为P( A) =k=事件A所含基本事件的个数n由上式计算的概率称为A 的古典概率.3.计数方法基本事件总数1n (1)穷举法:样本点总数不大时 (2)集合对方法:①加法原理:完成一件事,有n 类方法,第一类方法中有m 1 种方法,第二类方法中有m 2种方法,……,第n 类方法中有m n 种方法,则完成此事共有m 1 + m 2 + + m n 种办法.②乘法原理:完成一件事,有 n 个步骤,第一步中有 m 1 种方法,第二步中有 m 2 种方法,……,第n 步中有m n 种方法,则完成此事共有m 1 ⋅ m 2 m n 种办法.③排列:从 n 个不同元素中取出 m (m ≤ n ) 个元素,按照一定的顺序排成一列,叫排列.所有排列的个数叫做排列数,记作 P m= n (n -1) (n - m +1) =n !(n - m )!.当m = n 时,P m = P n = n !,称为全排列.nn④组合:从n 个不同元素中取出m(m ≤ n ) 个元素并成一组,叫组合.所有组合的个数mP m m m 叫做组合数,记作C n = n,也有 P n m != C n ⋅ m !.(3)用对立事件思想 4.例题分析【例 1】从 0 到 9 这十个数字中任取 3 个不同的数字,求 (1)三个数中不含 0 和 5 的概率 (2)三个数中不含 0 或 5 的概率 (3)三个数中含 0,但不含 5 的概率【例 2】假设袋中有 5 个球,3 白球 2 黑球,求 (1)先后有放回取 2 球,至少有一白球的概率; (2)先后无放回取 2 球,至少有一白球的概率; (3)任取 2 球,至少有一白球的概率.【例 3】假设袋中有 100 个球,40 个白球,60 个黑球(1)先后无放回取 20 个,求取到 15 个白球 5 个黑球的概率; (2)先后无放回取 20 个,求第 20 次取到白球的概率; (3)先后有放回取 20 个,求取到 15 个白球 5 个黑球的概率;2∑ ∏ (4)先后有放回取 20 个,求第 20 次取到白球的概率. 二、几何概型 1.引例 天上掉馅饼 2.几何概型的定义如果(1)样本空间(基本事件空间)Ω 是一个可度量的几何区域;(2)每个样本点(基本事件) 发生的可能性都一样,即样本点落入 Ω 的某一可度量的子区域 A 的可能性大小与 A 的几何度量成正比,而与 A 的位置及形状无关,我们就称这样的随机试验的概率模型为几何概型,在几何概型随机试验中,如果 S A 是样本空间 Ω 一个可度量的子区域,则事件 A =“样本点落入区域 S A ”的概率定义为P ( A ) =S A 的几何测度 Ω的几何测度由上式计算的概率称为 A 的几何概率【评注】 基本事件有限、等可能的随机试验为古典概型;基本事件无限、等可能的随机试验为几何概型. 3.例题分析【例 1】君子有约,上午 9:00-10:00 到新东方大厦门口见面,先到者等 20 分钟即离开,求甲、乙两人相遇的概率.【例 2】在区间(0,1) 中随机取两个数,则两数之和小于 6的概率为 .5三、重要公式求概率1.重要公式总结(1)求逆公式 P ( A ) = 1- P ( A ).(2)减法公式 P (A -B )=P (A ) -P (AB ). (3)加法公式 P (A ∪B )=P (A )+P (B )-P (AB )P (A ∪B ∪ C )=P (A )+P (B )+P (C )P (AB )P (AC )P (BC )+P (ABC ).【注】①设 A 1,A 2,…,A n 是两两互不相容的事件,则 P ( n nA i ) = P ( A i )i =1i =1②若 A 1,A 2,…,A n 相互独立,则 P ( n nA i ) = 1 - [1 - P ( A i )]i =1i =1(4)条件概率公式 设 A 、B 为任意两个事件,若 P (A )>0,我们称在已知事件 A 发生的条件下,事件 B 发生的概率为条件概率,记为 P (B |A ),并定义3nP (B | A ) = P ( AB )P ( A )(P (A )>0).【注】(1)条件概率 P (·|A )是概率,概率的一切性质和重要结果对条件概率都适用,例如:P (B | A ) = 1- P (B | A ),P (B - C | A ) = 1- P (B | A ) - P (BC | A ) > 0 ,等等.(2)条件概率就是附加一定的条件之下所计算的概率.当说到“条件概率”时,总是指另外附加的条件,其形式可归结为“已知某事件发生了”. (5)乘法公式如果 P (A )>0,则 P (AB )=P (A )P (B |A ).一般地,如果 P (A 1…A n -1)>0,则P (A 1A 2…A n )=P (A 1)P (A 2|A 1)P (A 3|A 1A 2)…P (A n |A 1…A n -1) 【注】A i 先于 A i +1 发生时用此公式. (6)全概率公式(全集分解思想)n如果A i= Ω, A iAj= φ(i =/ i -1 j ), P ( A i ) > 0 ,则对任一事件 B ,有nnB =A iB , P (B ) = ∑P ( A i)P (B | A i).i -1i -1(7)贝叶斯(Bayes )公式(逆概公式)n如果A i= Ω, A iAj= φ(i =/ i =1j ), P ( A i ) > 0 ,则对任一件事 B ,只要 P (B )>0,有P ( A i | B ) =P ( A i )P (B | A i )(i = 1,2, , n )∑P ( A i)(B | A i)i =1【注】①要注意 P (AB )与 P (B |A )的区别:P (AB )是在样本空间为 Ω 时,A 与 B 同时发生的可能性,而 P (B |A )则是表示在 A 已经发生的条件下,B 发生的可能性,此时样本空间已由 Ω 缩减为 A ,只要题目中有前提条件: “在 A 发生的条件下”或“已知 A 发生”等等,均要考虑条件概率.②全概率公式是用于计算某个“结果”B 发生的可能性大小.如果一个结果 B 的发生总是与某些前提条件(或原因、因素或前一阶段结果)A i 相联系,那么在计算 P (B )时,我们总是将 B 对 A i 作分解:B =A iB ,应用全概率公式计算 P (B ).如果在 B 发生的条件下探求导致这i4一结果的各种“原因”A i发生的可能性大小P(A i|B),则要应用Bayes 公式.2.随机事件相互独立与独立试验序列概型(1)独立性定义描述性定义(直观性定义)设A、B 为两个事件,如果其中任何一个事件发生的概率不受另外一个事件发生与否的影响,则称事件A 与B 相互独立.设A1,A2,…,A n是n 个事件,如果其中任何一个或几个事件发生的概率都不受其余的某一个或某几个事件发生与否的影响,则称事件A1,A2,…,A n相互独立.数学定义设A、B 为事件,如果P(AB)=P(A)P(B),则称事件A 与B 相互独立,简称为A 与B 独立.设A1,A2,…,A n为n 个事件,如果对其中任意有限个事件A i1,A i2,…,A ik(k≥2),有P(A i1A i2…A ik)=P(A i1)P(A i2)…P(A ik),则称n 个事件A1,A2,…,A n相互独立.(2)独立性的判定1°直观性判定:若试验独立其结果必相互独立.例如:甲、乙各自试验结果相互独立;袋中有返回取球其结果相互独立等.2°充要条件.k k〈1〉A1…A n相互独立⇔任意k≥2;P( A ij ) =∏P( A ij ).j =1 j =1特别地A、B 独立⇔P(AB)=P(A)P(B).若0<P(A)<1,则A、B 独立⇔P(B | A) =P(B | A) =P(B).〈2〉n 个事件相互独立的充要条件是,它们中任意一部分事件换成各自的对立事件所得到的n 个事件相互独立.3°必要条件.〈1〉n 个事件相互独立必两两独立,反之不然.〈2〉n 个事件相互独立,则不含相同事件的事件组经某种运算后所得的事件是相互独立的.例如,A、B、C、D 相互独立,则AB 与C ∪D 相互独立,A 与BC- D 相互独立,等等.4°一定独立与一定不独立的判定.概率为1 或零的事件与任何事件都相互独立.如果0<P(A)<1,0<P(B)<1,A 与B 互5不相容或存在包含关系,则 A 与B 不相互独立.【评注】在现实生活中,难于想像两两独立而不相互独立的情况,可以这样想:独立性毕竟是一个数学概念,是现实世界中通常理解的那种“独立性”的一种数学抽象,它难免会有些不尽人意的地方.3.例题分析【例1】假设有10 份报名表,3 份女生报名表,7 份男生报名表。
第10讲 条件概率 (III) 全概率公式 贝叶斯公式
概率论与数理统计主讲:四川大学四川大学第10讲条件概率(III): 全概率公式贝叶斯公式1§1.5 条件概率四川大学第10讲条件概率(III): 全概率公式贝叶斯公式3第10讲条件概率(III)全概率公式贝叶斯公式四川大学四川大学第10讲条件概率(III): 全概率公式贝叶斯公式4四川大学第10讲条件概率(III): 全概率公式贝叶斯公式5在前面两讲,我们讲了条件概率和乘法公式。
现在来讲全概率公式和贝叶斯公式()()(|)P AB P A P B A =(()0)P A >(一)全概率公式四川大学第10讲条件概率(III): 全概率公式贝叶斯公式6A ()(|)B P A B1AB 2AB 3AB 4AB 5AB )B1AB2AB 3AB 4AB 5AB四川大学第10讲条件概率(III): 全概率公式贝叶斯公式11全概率公式的意义事件A 的发生有各种可能的原因B i (i =1,…,n )。
如果A 是由原因B i 引起,则A 发生的概率为()()(|)i i i P AB P B P A B 每一个原因都可能导致A 发生,故A 发生的概率是全部原因引起A 发生的概率的总和,即为全概率公式。
由此可以形象地把全概率公式看成是“由原因推结果”的公式,每个原因对结果的发生有一定的作用,结果发生的可能性与各种原因的作用大小有关,全概率公式就表达了它们之间的关系。
四川大学四川大学第10讲条件概率(III): 全概率公式贝叶斯公式12在很多实际问题中,P (A )不容易直接求得,但却容易找到S 的一个划分B 1, B 2,…, B n ,且P (B i )和P (A |B i )容易求得,那么就可以用全概率公式求出P (A )。
使用全概率公式的关键是作出S 的一个划分。
何时用全概率公式求A 的概率?四川大学1()()(|)ni i i P A P B P A B ==∑四川大学第10讲条件概率(III): 全概率公式贝叶斯公式16例2 有12个足球都是新球,每次比赛时取出3个,比赛后又放回去,求第三次比赛时取到的3 个足球都是新球的概率。
高三总复习讲义概率
高三数学总复习讲义--概率第一讲:随机事件的概率随机事件:在一定条件下可能发生也可能不发生的事件。
必然事件:在一定条件必然要发生的事件。
不可能事件:在一定条件下不可能发生的事件。
事件A的概率:一般地,在大量重复进行同一试验时,事件A发生的频率总是接近某个常数,在它附近摆动,这时就把这个常数叫做事件A的概率,记作P(A)。
由定义可知,必然事件的概率是1,不可能事件的概率是0。
等可能事件的概率:一次试验连同其中可能出现的每一个结果称为一个基本事件,通常此试验中的某一事件A由几个基本事件组成。
如果试验中可能出现的结果有n个(即此试验由n个基本事件组成,而且所有结果出现的可能性相等,那么每个基本事件的概率都是,如果某个事件A包含的结果有m个,那么事件A的概率。
在一次试验中,等可能出现的n个结果组成一个集合I,这n个结果就是集合I的n个元素,从集合的角度看,事件A的概率是子集A的元素个数与集合I的元素个数的比值:(古典概型)这样就建立了事件与集合的联系,从排列组合的角度看,m,n实际上就是事件的排列数或组合数。
题型一:与排列组合综合例1.某班委会由4名男生和3名女生组成,现从中选出2人担任正副班长,其中至少有1名女生当选的概率是____________________;练习1.将7人(含甲、乙两人)分成三组,一组3人,另两组各2人,不同的分组数为________________;甲、乙分在同一组的概率P=________________。
题型二:与两个计数原理综合例2.先将一个棱长为3的正方体木块的六个面分别涂上六种颜色,再将正方体均匀切割成棱长为1的小正方体,从切好的小正方体中任选一个,所得正方体的六个面均没有涂色的概率是________________;练习2.由数字0、1、2、3、4、5组成没有重复数字的五位数,所得数是大于20000的偶数的概率是________________;题型三:有、无放回抽样问题例3.从含有两件正品和一件次品的3件产品中每次任取一件,连续取两次,求取出的两件产品中恰有1件次品的概率。
高中数学复习概率统计题型归纳与讲解10 条件概率
高中数学复习概率统计题型归纳与讲解专题10 条件概率例1.小智和电脑连续下两盘棋,已知小智第一盘获胜概率是0.5,小智连续两盘都获胜的概率是0.4,那么小智在第一盘获胜的条件下,第二盘也获胜的概率是() A .0.8B .0.4C .0.2D .0.5【解析】解:设事件A 表示“小智第一盘获胜”,则P (A )0.5=, 设事件B 表示“小智第二盘获胜”,则()0.4P AB =,∴小智在第一盘获胜的条件下,第二盘也获胜的概率是:()0.4(|)0.8()0.5P AB P B A P A ===. 故选:A .例2.某种灯泡的使用寿命为2000小时的概率为0.85,超过2500小时的概率为0.35,若某个灯泡已经使用了2000小时,那么它能使用超过2500小时的概率为() A .1720B .717C .720D .317【解析】解:记灯泡的使用寿命为2000小时为事件A ,超过2500小时为事件B , 则()0.357(|)()0.8517P AB P B A P A ===, 故选:B .例3.甲乙二人争夺一场围棋比赛的冠军,若比赛为“三局两胜”制(无平局),甲在每局比赛中获胜的概率均为23,且各局比赛结果相互独立,则在甲获得冠军的条件下,比赛进行了三局的概率为() A .13B .25C .23D .45【解析】解:由题意,甲获得冠军的概率为22212122203333333327⨯+⨯⨯+⨯⨯=,其中比赛进行了3局的概率为212122833333327⨯⨯+⨯⨯=,∴所求概率为8202 27275÷=,故选:B.例4.盒中有10个零件,其中8个是合格品,2个是不合格品,不放回地抽取2次,每次抽1个.已知第一次抽出的是合格品,则第二次抽出的是合格品的概率是()A.15B.29C.79D.710【解析】解:第一次抽出的是合格品,则还有9个零件,其中7个为合格品,故第二次抽出的是合格品的概率是79,故选:C.例5.现从4名男医生和3名女医生中抽取两人加入“援鄂医疗队”,用A表示事件“抽到的两名医生性别相同”,B表示事件“抽到的两名医生都是女医生”,则(|)(P B A=)A.13B.47C.23D.34【解析】解:由题意可得:事件A基本事件数,22439C C+=;事件B的基本事件数,233C=;所以31 (|)93P B A==.故选:A.例6.小赵、小钱、小孙、小李到4个景点旅游,每人只去一个景点,设事件A为“4个人去的景点不完全相同”,事件B为“小赵独自去一个景点”,则(|)(P B A=)A.37B.47C.57D.67【解析】解:小赵独自去一个景点,则有4个景点可选,其余3人只能在小赵剩下的3个景点中选择,可能性为33327⨯⨯=种所以小赵独自去一个景点的可能性为427108⨯=种,因为4个人去的景点不相同的可能性444252-=种,所以1083(|)2527P B A ==. 故选:A .例7.口袋中装有大小形状相同的红球2个,白球3个,黄球1个,甲从中不放回的逐一取球,已知在第一次取得红球的条件下,第二次仍取得红球的概率为15.【解析】解:口袋中装有大小形状相同的红球2个,白球3个,黄球1个, 甲从中不放回的逐一取球,设事件A 表示“第一次取得红球”,事件B 表示“第二次取得红球”,P (A )2163==,211()6515P AB =⨯=, ∴在第一次取得红球的条件下,第二次仍取得红球的概率为:1()115(|)1()53P AB P B A P A ===.故答案为:15.例8.已知1(|)2P B A =,3()10P AB =,则P (A )=35. 【解析】解:1(|)2P B A =,3()10P AB =, P ∴(A )3()3101(|)52P AB P B A ===. 故答案为:35.例9.篮子里装有2个红球,3个白球和4个黑球.某人从篮子中随机取出两个球,记事件A =“取出的两个球颜色不同”,事件B =“取出一个红球,一个白球”,则(|)P B A =313.【解析】解:P (A )2222342913118C C C C ++=-=,1123291()6C C P AB C ==,()3(|)()13P AB P B A P A ∴==. 故答案为:313. 例10.某种疾病的患病率为0.50,患该种疾病且血检呈阳性的概率为0.49,则已知在患该种疾病的条件下血检呈阳性的概率为0.98.【解析】解:设事件A 表示“患某种疾病”,设事件B 表示“血检呈阳性”, 则P (A )0.5=,()0.49P AB =,∴在患该种疾病的条件下血检呈阳性的概率为:()0.49(|)0.98()0.5P AB P B A P A ===. 故答案为:0.98.例11.已知口袋中有2个白球和4个红球,现从中随机抽取两次,每次抽取1个. (1)若采取放回的方法连续抽取两次,求两次都取得白球的概率;(2)若采取不放回的方法连续抽取两次,求在第一次取出红球的条件下,第二次取出的是红球的概率.【解析】解:(1)放回抽取,每次取得白球的概率均为2163=, 所以两次都取得白球的概率111339P =⨯=.(2)记“第一次取出的是红球“为事件A ,“第二次取出的是红球”为事件B , 则452()653P A ⨯==⨯,432()655P AB ⨯==⨯, 利用条件概率的计算公式,可得()233(|)()525P AB P B A P A ==⨯=. 例12.某校从学生文艺部6名成员(4男2女)中,挑选2人参加学校举办的文艺汇演活动.(1)求男生甲被选中的概率;(2)在已知男生甲被选中的条件下,女生乙被选中的概率;(3)在要求被选中的两人中必须一男一女的条件下,求女生乙被选中的概率.【解析】解:(1)从6名成员中挑选2名成员,共有15种情况,记“男生甲被选中”为事件A,事件A所包含的基本事件数为5种,故1 ()3P A=.(2)记“男生甲被选中”为事件A,“女生乙被选中”为事件B,则1()15P AB=,由(1)知1()3P A=,故()1 (|)()5P ABP B AP A==.(3)记“挑选的2人一男一女”为事件C,则8()15P C=,“女生乙被选中”为事件B,4()15P BC=,故()1 (|)()2P BCP B CP C==.例13.哈三中群力校区高二、六班同学用随机抽样的办法对所在校区老师的饮食习惯进行了一次调查,饮食指数结果用茎叶图表示如图,图中饮食指数低于70的人是饮食以蔬菜为主:饮食指数高于70的人是饮食以肉类为主.(1)完成下列22⨯列联表:能否有99%的把握认为老师的饮食习惯与年龄有关?(2)从群力校区任一名老师设“选到45岁以上老师为事件A,“饮食指数高于70的老师”为事件B,用调查的结果估计(|)P B A及(|)P B A(用最简分数作答);(3)为了给食堂提供老师的饮食信息,根据(1)(2)的结论,能否有更好的抽样方法来估计老师的饮食习惯,并说明理由. 附:20)k2()()()()()n ad bc k a b c d a c b d -=++++【解析】解:(1)由2230(42168)10 6.63520101218K ⨯-⨯==>⨯⨯⨯即有99%的把握认为老师的饮食习惯与年龄有关, 故答案为:有99%的把握认为老师的饮食习惯与年龄有关,(2)121181(|)9C P B A C ==,181122(|)3C P B A C ==,故答案为:19,23(3)为了给食堂提供老师的饮食信息,根据(1)(2)的结论, “选到45岁以上老师“与,“选到45岁以下老师“调查差异较大, 为了更科学估计老师的饮食习惯,采用分层抽样的抽样方法更好. 故答案为:分层抽样例14.某保险公司开设的某险种的基本保费为1万元,今年参加该保险的人来年继续购买该险种的投保人称为续保人,续保人的下一年度的保费与其与本年度的出险次数的关联如下:设今年初次参保该险种的某人准备来年继续参保该险种,且该参保人一年内出险次数的概率分布列如下: (1)求此续保人来年的保费高于基本保费的概率.(2)若现如此续保人来年的保费高于基本保费,求其保费比基本保费高出60%的概率. (3)求该续保人来年的平均保费与基本保费的比值.【解析】解:(1)设出险次数为事件X ,一续保人本年度的保费为事件A , 则续保人本年度保费高于基本保费为事件C ,则P (C )()P A a =>,P (C )(2)(3)(4)(5)P x P x P x P x ==+=+=+ 0.200.200.100.050.55=+++=.(2)设保费比基本保费高出60%为事件B , ()(4)(5)0.10.053(/)()()0.5511P BC P x P x P B C P C P C =+=+====. (3)平均保费0.850.300.15 1.2550.20 1.50.20 1.750.1020.05EX a =⨯+++⨯+⨯+⨯+⨯ 0.2550.150.250.30.1750.1 1.23=+++++=,∴平均保费与基本保费比值为1.23.例15.某校准备从报名的7位教师(其中男教师4人,女教师3人)中选3人去边区支教.(Ⅰ)设所选3人中女教师的人数为X,求X的分布列及数学期望;(Ⅱ)若选派的三人依次到甲、乙、丙三个地方支教,求甲地是男教师的情况下,乙地为女教师的概率.【解析】解:(Ⅰ)X的所有可能取值为0,1,2,3,且34374(0)35CP XC===,12343718(1)35C CP XC===,21343712(2)35C CP XC===,33371(3)35CP XC===,所以X的分布列为:故4181219()0123353535357E X=⨯+⨯+⨯+⨯=.⋯(6分)(Ⅱ)设事件A为“甲地是男教师”,事件B为“乙地是女教师”,则1246374()7C AP AA==,111435372()7C C CP ABA==,所以()1(|)()2P ABP B AP A==.⋯(12分)例16.甲、乙两班进行消防安全知识竞赛,每班出3人组成甲乙两支代表队,首轮比赛每人一道必答题,答对则为本队得1分,答错不答都得0分,已知甲队3人每人答对的概率分别为321 ,, 432,乙队每人答对的概率都是23.设每人回答正确与否相互之间没有影响,用ξ表示甲队总得分.(Ⅰ)求2ξ=概率;(Ⅱ)求在甲队和乙队得分之和为4的条件下,甲队比乙队得分高的概率. 【解析】解:(Ⅰ)32112131111(2)43243243224P ξ==⨯⨯+⨯⨯+⨯⨯=;⋯(4分)(Ⅱ)设“甲队和乙队得分之和为4”为事件A ,“甲队比乙队得分高”为事件B 则 3322123331211211211()()()()()4324334333P A C C C =⨯+⨯⨯+⨯⨯=,1231211()()()43318P AB C =⨯⨯=, ∴1()118(|)1()63P AB P B A P A ===⋯(12分)例17.甲乙两班进行消防安全知识竞赛,每班出3人组成甲乙两支代表队,首轮比赛每人一道必答题,答对则为本队得1分,答错不答都得0分,已知甲队3人每人答对的概率分别为34,23,12,乙队每人答对的概率都是23.设每人回答正确与否相互之间没有影响,用ξ表示甲队总得分. (Ⅰ)求随机变量ξ的分布列及其数学期望()E ξ;(Ⅱ)求在甲队和乙队得分之和为4的条件下,甲队比乙队得分高的概率. 【解析】解:(Ⅰ)由题设知ξ的可能取值为0,1,2,3, 3211(0)(1)(1)(1)43224P ξ==---=, 3213213211(1)(1)(1)(1)(1)(1)(1)4324324324P ξ==--+-⨯⨯-+--⨯=,32132132111(2)(1)(1)(1)43243243224P ξ==⨯⨯-+⨯-⨯+-⨯⨯=, 3211(3)4324P ξ==⨯⨯=,∴随机变量ξ的分布列为:数学期望1111123()012324424412E ξ=⨯+⨯+⨯+⨯=. (Ⅱ)设“甲队和乙队得分之和为4”为事件A ,“甲队比乙队得分高”为事件B , 则P (A )3322123331211221221()()(1)(1)4324334333C C C =⨯⨯+⨯⨯⨯-+⨯⨯⨯-=,1231221()(1)43318P AB C =⨯⨯⨯-=,1()118(|)1()63P AB P B A P A ===.例18.市场上供应的灯泡中,甲厂产品占70%,乙厂产品占30%,甲厂产品的合格率是95%,乙厂产品的合格率是80%,若用事件A 、A 分别表示甲、乙两厂的产品,用B 表示产品为合格品. (1)试写出有关事件的概率;(2)求从市场上买到一个灯泡是甲厂生产的合格灯泡的概率. 【解析】解:(1)依题意,P (A )70%=,()30%P A =, (|)95%P B A =,P (|)80%B A =.进一步可得()(|)5%()p BA P B A P A ==,()(|)20%()P AB P B A P A ==. (2)要计算从市场上买到的灯泡既是甲厂生产的(事件A 发生),又是合格的(事件B 发生)的概率,也就是求A 与B 同时发生的概率,有()P AB P =(A )(|)0.70.950.665P B A =⨯=.例19.惠州市某校中学生篮球队假期集训,集训前共有6个篮球,其中3个是新球(即没有用过的球),3个是旧球(即至少用过一次的球).每次训练都从中任意取出2个球,用完后放回. (1)设第一次训练时取到的新球个数为ξ,求ξ的分布列和数学期望;(2)已知第一次训练时用过的球放回后都当作旧球,求第二次训练时恰好取到1个新球的概率. 参考公式:互斥事件加法公式:()P A B P =(A )P +(B )(事件A 与事件B 互斥).独立事件乘法公式:()P AB P =(A )P (B )(事件A 与事件B 相互独立).11 / 11条件概率公式:()(|)()P AB P B A P A =. 【解析】解:(1)ξ的所有可能取值为0,1,2设“第一次训练时取到i 个新球(即)i ξ=”为事件(0i A i =,1,2). 因为集训前共有6个篮球,其中3个是新球,3个是旧球,所以230261()(0)5C P A P C ξ====;11331263()(1)5C C P A P C ξ====;232261()(2)5C P A P C ξ====,所以ξ的分布列为ξ的数学期望为1310121555E ξ=⨯+⨯+⨯=.(2)设“从6个球中任意取出2个球,恰好取到一个新球”为事件B ,则“第二次训练时恰好取到一个新球”就是事件012A B A B A B ++,而事件0A B 、1A B 、2A B 互斥,所以111113352401201222266613138()()()()55575C C C C C P A B A B A B P A B P A B P A B C C C ++=++=⨯+⨯+⨯=.所以第二次训练时恰好取到一个新球的概率为3875.。
高中数学第十章概率之随机事件与概率(精讲)(必修第二册)(教师版含解析)
10.1 随机事件与概率(精讲)思维导图考法一 有限样本空间与随机事件【例1-1】(2021·全国高一)给出下列四个命题:①“三个球全部放入两个盒子,其中必有一个盒子有一个以上的球”是必然事件;②“当x 为某一实数时,可使x 2≤0”是不可能事件;③“明天天津市要下雨”是必然事件;④“从100个灯泡(含有10个次品)中取出5个,5个全是次品”是随机事件.其中正确命题的个数是( )A .0B .1C .2D .3 【答案】C【解析】对于①,三个球全部放入两个盒子,有两种情况:1+2和3+0,故必有一个盒子有一个以上的球,所以该事件是必然事件,①正确;对于②,x =0时x 2=0,所以该事件不是不可能事件,②错误; 对于③,“明天天津市要下雨”是偶然事件,所以该事件是随机事件,③错误;对于④,“从100个灯泡(含有10个次品)中取出5个,5个全是次品”,发生与否是随机的,所以该事件是随机事件,④正确.故正确命题有2个.故选:C .【例1-2】(2020·全国高一)袋子中有4个大小和质地相同的球,标号为1,2,3,4,从中随机摸出一个球,记录球的编号,先后摸两次.(1)若第一次摸出的球不放回,写出试验的样本空间;(2)若第一次摸出的球放回,写出试验的样本空间.【答案】(1)详见解析(2)详见解析 【解析】m 表示第一次摸出球的编号,用n 表示第二次摸出球的编号,则样本点可用(),m n ,{},1,2,3,4m n ∈表示.(1)若第一次摸出的球不放回,则m n ≠,此时的样本空间可表示为()()()()()()()()()()()(){}1,2,1,3,1,4,2,1,,2,3,2,4,3,1,3,2,3,4,4,1,4,2,4,3Ω=,共有12个样本点.(2)若第一次摸出的球放回,则m ,n 可以相同.此时试验的样本空间可表示为(){}{},,1,2,3,4m n m n Ω=∈,常见考法共有16个样本点.【举一反三】1.(2021·全国高一课时练习)下列事件中,随机事件的个数为( )①连续两次抛掷一枚骰子,两次都出现2点向上;②13个人中至少有两个人生肖相同;③某人买彩票中奖;④在标准大气压下,水加热到90℃会沸腾.A .1个B .2个C .3个D .4个【答案】B【解析】抛掷一枚骰子,每一面出现都是随机的,所以①是随机事件;一年只有12生肖,所以13个人中至少有两个人生肖相同是必然事件,所以②是必然事件;购买彩票号码是随机的,某人买彩票中奖也是随机的,所以③是随机事件;在标准大气压下,水加热到100℃才会沸腾.故④是不可能事件故选:B2.(多选)(2020·全国高一单元测试)下列事件中,是随机事件的是( )A .2021年8月18日,北京市不下雨B .在标准大气压下,水在4C 时结冰C .从标有1,2,3,4的4张号签中任取一张,恰为1号签D .若x ∈R ,则20x ≥【答案】AC【解析】A 选项与C 选项为随机事件,B 为不可能事件,D 为必然事件.故选:AC .3.(2020·全国高一课时练习)写出下列各随机试验的样本空间:(1)采用抽签的方式,随机选择一名同学,并记录其性别;(2)采用抽签的方式,随机选择一名同学,观察其ABO 血型;(3)随机选择一个有两个小孩的家庭,观察两个孩子的性别;(4)射击靶3次,观察各次射击中靶或脱靶情况;(5)射击靶3次,观察中靶的次数.【答案】(1)详见解析(2)详见解析(3)详见解析(4)详见解析(5)详见解析【解析】解:(1)一名同学的性别有两种可能结果:男或女.故该试验的样本室间可以表示为Ω={男,女};(2)一名同学的血型有四种可能结果:A 型、B 型、AB 型、O 型.故该试验的样本空间可表示为{},,,A B AB O Ω=;(3)每个小孩的性别有男或女两种可能,两个小孩的性别情况有四种可能,故该试验的样本空间可表示为{(男、男),(男,女),(女,男),(女,女)};(4)每次射击有中靶或脱靶两种可能,射击3次有八种可能,用1表示中靶,用0表示脱靶,该试验的样本空间可表示为()()()()()()()(){}0,0,0,0,1,0,0,0,1,0,1,1,1,0,0,1,1,0,1,0,1,1,1,1N =;(5)射击3次,中靶的次数可能是0,1,2,3,故该试验的样本空间可以表示为{}0,1,2,3N =.4.(2021·全国高一)写出下列试验的样本空间:(1)设袋中装有4个白球和6个黑球,从中不放回逐个取出,直到白球全部取出为止,记录取球的次数;(2)甲、乙、丙三位同学参加演讲比赛,通过抽签确定演讲的顺序,记录抽签的结果.【答案】(1)详见解析(2)详见解析【解析】(1)从中不放回逐个取出,直到白球全部取出为止,则取球次数为{}4,5,6,7,8,9,10N =;(2)由抽签确定演讲的顺序,抽签的结果即样本空间可表示为{(甲,乙,丙),(甲,丙,乙),(丙,甲,乙),(丙,乙,甲),(乙,甲,丙),(乙,丙,甲)}.考法二 事件的关系与运算【例2-1】(2020·全国高一课时练习)盒子里有6个红球,4个白球,现从中任取3个球.设事件A =“1个红球和2个白球”,事件B =“2个红球和1个白球”,事件C =“至少有1个红球”,事件D“既有红球又有白球”,则:(1)事件D 与事件,A B 是什么关系?(2)事件C 与事件A 的交事件与事件A 是什么关系?【答案】(1)D A B =⋃.(2)事件C 与事件A 的交事件与事件A 相等.【解析】(1)对于事件D ,可能的结果为1个红球和2个白球或2个红球和1个白球,故D A B =⋃.(2)对于事件C ,可能的结果为1个红球和2个白球,2个红球和1个白球或3个红球,故C A A ⋂=,所以事件C 与事件A 的交事件与事件A 相等.【例2-2】(2021·全国高一)掷一枚骰子,给出下列事件:A =“出现奇数点”,B =“出现偶数点”,C =“出现的点数小于3”. 求:(1)A B ,B C ⋂;(2)A B ,B C ⋃.【答案】(1)A B =∅,B C ⋂=“出现2点”. (2)A B =“出现1,2,3,4,5或6点”,B C =∪“出现1,2,4或6点”.【解析】由题意知:A =“出现奇数点”{}1,3,5=,B =“出现偶数点”{}2,4,6=,C =“出现的点数小于3”{}1,2=,(1)AB =∅,{}2BC ⋂==出现2点”; (2){}1,2,3,4,5,6A B ==“出现1,2,3,4,5或6点”,{}1,2,4,6B C ⋃==“出现1,2,4或6点”.【举一反三】1.(2020·全国高一课时练习)用红、黄、蓝三种不同的颜色给大小相同的三个圆随机涂色,每个圆只涂一种颜色.设事件A =“三个圆的颜色全不相同”,事件B =“三个圆的颜色不全相同”,事件C =“其中两个圆的颜色相同”,事件D“三个圆的颜色全相同”.(1)写出试验的样本空间.(2)用集合的形式表示事件,,,A B C D .(3)事件B 与事件C 有什么关系?事件A 和B 的交事件与事件D 有什么关系?并说明理由.【答案】(1)见解析;(2)见解析;(3)事件B 包含事件C ,事件A 和B 的交事件与事件D 互斥.见解析【解析】(1)由题意可知3个球可能颜色一样,可能有2个一样,另1个异色,或者三个球都异色.则试验的样本空间Ω={(红,红,红),(黄,黄,黄),(蓝,蓝,蓝),(红,红,黄),(红,红,蓝),(蓝,蓝,红),(蓝,蓝,黄),(黄,黄,红),(黄,黄,蓝),(红,黄,蓝)}.(2)A ={(红,黄,蓝)} B ={(红,红,黄),(红,红,蓝),(蓝,蓝,红),(蓝,蓝,黄),(黄,黄,红),(黄,黄,蓝),(红,黄,蓝)}C ={(红,红,黄),(红,红,蓝),(蓝,蓝,红),(蓝,蓝,黄),(黄,黄,红),(黄,黄,蓝)}.D {(红,红,红),(黄,黄,黄),(蓝,蓝,蓝)}.(3)由(2)可知事件B 包含事件C ,事件A 和B 的交事件与事件D 互斥.2.(2021·全国高一)记某射手一次射击训练中,射中10环、9环、8环、7环分别为事件A ,B ,C ,D ,指出下列事件的含义:(1)A B C ;(2)B C ∩;(3)B C D ∪∪.【答案】(1)射中10环或9环或8环.(2)射中9环.(3)射中10环或6环或5环或4环或3环或2环或1环或0环.【解析】(1)A=射中10环,B=射中9环,C=射中8环,∴A B C=∪∪射中10环或9环或8环. (2)C=射中8环,∴C=射中环数不是8环,则B C=∩射中9环.(3)B C D=∪∪射中9环或8环或7环,则B C D=∪∪射中10环或6环或5环或4环或3环或2环或1环或0环.3.(2021·全国高一)在试验“甲、乙、丙三人各射击1次,观察中靶的情况”中,事件A表示随机事件“甲中靶”,事件B表示随机事件“乙中靶”,事件C表示随机事件“丙中靶”,试用A,B,C的运算表示下列随机事件:(1)甲未中靶;(2)甲中靶而乙未中靶;(3)三人中只有丙未中靶;(4)三人中至少有一人中靶;(5)三人中恰有两人中靶.【答案】(1)A(2)AB(3)ABC(4)ABC(5)()()() ABC ABC ABC【解析】(1)甲未中靶:A.(2)甲中靶而乙未中靶:A B⋂,即AB.(3)三人中只有丙未中靶:A B C,即ABC.(4)三人中至少有一人中靶ABC.(5)三人中恰有两人中靶()()()ABC ABC ABC.考法三互斥与对立【例3】(多选)(2020·全国高一课时练习)袋中有红球3个,白球2个,黑球1个,从中任取2个,则互斥的两个事件是( )A.至少有一个白球与都是白球B.恰有一个红球与白、黑球各一个C.至少一个白球与至多有一个红球D.至少有一个红球与两个白球【答案】BD【解析】袋中装有红球3个、白球2个、黑球1个,从中任取2个,在A中,至少有一个白球和都是白球两个事件能同时发生,不是互斥事件,故A不成立.在B 中,恰有一个红球和白、黑球各一个不能同时发生,是互斥事件,故B 成立;在C 中,至少一个白球与至多有一个红球,能同时发生,故C 不成立;在D 中,至少有一个红球与两个白球两个事件不能同时发生,是互斥事件,故D 成立;故选:BD.【举一反三】1.(多选)(2020·全国高一课时练习)一个人连续射击2次,则下列各事件关系中,说法正确的是( )A .事件“两次均击中”与事件“至少一次击中”互为对立事件B .事件“恰有一次击中”与事件“两次均击中”互为互斥事件C .事件“第一次击中”与事件“第二次击中”互为互斥事件D .事件“两次均未击中”与事件“至少一次击中”互为对立事件【答案】BD【解析】对于A ,事件“至少一次击中”包含“一次击中”和“两次均击中“,所以不是对立事件,A 错误 对于B ,事件“恰有一次击中”是“一次击中、一次不中”它与事件“两次均击中”是互斥事件,B 正确 对于C ,事件“第一次击中”包含“第一次击中、第二次击中”和“第一次击中、第二次不中”,所以与事件“第二次击中”不是互斥事件,C 错误 对于D ,事件“两次均未击中”的对立事件是“至少一次击中”,D 正确故选:BD2.(多选)(2020·全国高一课时练习)下面结论正确的是( )A .若()()1P A PB +=,则事件A 与B 是互为对立事件B .若()()()P AB P A P B =,则事件A 与B 是相互独立事件C .若事件A 与B 是互斥事件,则A 与B 也是互斥事件D .若事件A 与B 是相互独立事件,则A 与B 也是相互独立事件【答案】BD【解析】对于A 选项,要使,A B 为对立事件,除()()1P A P B +=还需满足()0P AB =,也即,A B 不能同时发生,所以A 选项错误.对于C 选项,A 包含于B ,所以A 与B 不是互斥事件,所以C 选项错误.对于B 选项,根据相互独立事件的知识可知,B 选项正确.对于D 选项,根据相互独立事件的知识可知,D 选项正确.故选:BD3.(2020·全国高一课时练习)在试验E “连续抛掷一枚骰子2次,观察每次掷出的点数”中,事件A 表示随机事件“第一次掷出的点数为1”,事件j A 表示随机事件“第一次掷出的点数为1,第二次掷出的点数为j ,事件B 表示随机事件“2次掷出的点数之和为6”,事件C 表示随机事件“第二次掷出的点数比第一次的大3”,(1)试用样本点表示事件A B 与A B ;(2)试判断事件A 与B ,A 与C ,B 与C 是否为互斥事件;(3)试用事件j A 表示随机事件A .【答案】(1)详见解析(2)事件A 与事件B ,事件A 与事件C 不是互斥事件,事件B 与事件C 是互斥事件.(3)123456A A A A A A A =【解析】由题意可知试验E 的样本空间为Ω=()()()()()(){1,1,1,2,1,3,1,4,1,5,1,6,()()()()()()2,1,2,2,2,3,2,4,2,5,2,6,()()()()()()3,1,3,2,3,3,3,4,3,5,3,6,()()()()()()4,1,4,2,4,3,4,4,4,5,4,6,()()()()()()5,1,5,2,5,3,5,4,5,5,5,6,()()()()()()}6,1,6,2,6,3,6,4,6,5,6,6. (1)因为事件A 表示随机事件“第一次掷出的点数为1”,所以满足条件的样本点有()()()()()()1,1,1,2,1,3,1,4,1,5,1,6,即()()()()()(){}1,1,1,2,1,3,1,4,1,5,1,6A =.因为事件B 表示随机事件“2次掷出的点数之和为6”,所以满足条件的样本点有()()()()()1,5,2,4,3,3,4,2,5,1,即()()()()(){}1,5,2,4,3,3,4,2,5,1B =.所以(){}1,5A B =,()()()()()()()()()(){}1,1,1,2,1,3,1,4,1,5,1,6,2,4,3,3,4,2,5,1A B =.(2)因为事件C 表示随机事件“第二次掷出的点数比第一次的大3”,所以()()(){}1,4,2,5,3,6C =.因为(){}1,5A B =≠∅,(){}1,4A C =≠∅,B C =∅,所以事件A 与事件B ,事件A 与事件C 不是互斥事件,事件B 与事件C 是互斥事件.(3)因为事件j A 表示随机事件“第一次掷出的点数为1,第二次掷出的点数为j ”,所以(){}(){}(){}(){}(){}(){}1234561,1,1,2,1,3,1,4,1,5,1,6A A A A A A ======, 所以123456A A A A A A A =.考法四 古典概型【例4】(2020·全国高一课时练习)在一次语文考试的阅卷过程中,两位老师对一篇作文打出的分数都是两位的正整数,且十位数字都是5,则两位老师打出的分数之差的绝对值小于或等于1的概率为( )A .0.18B .0.2C .0.28D .0.32 【答案】C【解析】用(),x y 表示两位老师的打分,则(),x y 的所有可能情况有1010100⨯=种.当50x =时,y 可取50,51,共2种;当51x =,52,53,54,55,56,57,58时,y 的取值均有3种;当59x =时,y 可取58,59,共2种;综上可得两位老师打出的分数之差的绝对值小于或等于1的情况有28种,由古典概型的概率公式可得所求概率280.28100P ==故选:C. 【举一反三】1.(2020·全国高一课时练习)从数字1,2,3,4中任取两个数,则这两个数中其中一个数为另一个数的整数倍的概率为( )A .14B .12C .13D .23【答案】D【解析】基本事件为(1,2),(1,3),(1,4),(2,3),(2,4),(3,4)共6个,其中符合条件的基本事件为(1,2),(1,3),(1,4),(2,4)共4个,所求概率为4263P ==.故选:D 2.(2021·全国高一)把分别写有1,2,3,4的四张卡片全部分给甲、乙、丙三个人,每人至少一张,且若分得的卡片超过一张,则必须是连号,那么2,3连号的概率为( )A .23B .13C .35D .14【答案】B【解析】分三类情况,第一类1,2连号,则甲、乙、丙三个人拿到的卡片可能为()12,3,4,()12,4,3,()3,12,4,()4,12,3,()3,4,12,()4,3,12,有6种分法;第二类2,3连号,则甲、乙、丙三个人拿到的卡片可能为()1,23,4,()4,23,1,()23,1,4,()23,4,1,()1,4,23,()4,1,23,有6种分法;第三类3,4连号,则甲、乙、丙三个人拿到的卡片可能为()1,2,34,()2,1,34,()34,1,2,()34,2,1,()1,34,2,()2,34,1,有6种分法;共有18种分法,则2,3连号的概率为61183P ==. 故选:B .3.(2021·全国高一)为了更好了解某年入伍新兵的身高情况,解放军某部随机抽取100名新兵,分别对他们的身高进行了测量,并将测量数据分为以下五组:[160,165),[165,170),[170,175),[175,180),[180,185]进行整理,如下表所示:组号分组 频数 第1组 [160,165)5 第2组[165,170) 35 第3组 [170,175)30 第4组 [175,180)20 第5组 [180,185]10 合计 100(1)在下面的图纸中,画出频率分布直方图;(2)若在第4,5两组中,用分层抽样的方法抽取6名新兵,再从这6名新兵中随机抽取2名新兵进行体能测试,求这2名新兵来自不同组的概率.【答案】(1)直方图见解析;(2)815.【解析】(1)频率分布直方图如下图所示:(2)因为第4,5组共有30名新兵,所以利用分层抽样从中抽取6名,每组应抽取的人数分别为:4组:206430⨯=名,第5组:106230⨯=名,设第4组抽取的4名新兵分别为1A,2A,3A,4A,第5组抽取的2名新兵分别为1B,2B.从这6名新兵中随机抽取2名新兵,有以下15种情况:12{,}A A,13{,}A A,14{,}A A,11{,}A B,12{,}A B,23{,}A A,24{,}A A,21{,}A B,22{,}A B,34{,}A A,31{,}A B,32{,}A B,41{,}A B,42{,}A B,12{,}B B,这2名新兵来自不同组的情况有以下8种:11{,}A B,12{,}A B,21{,}A B,22{,}A B,31{,}A B,32{,}A B,41{,}A B,42{,}A B,故所求的概率P=815.考法五概率的基本性质【例5-1】(2020·全国高一课时练习)老师讲一道数学题,李峰能听懂的概率是0.8,是指( )A .老师每讲一题,该题有80%的部分能听懂,20%的部分听不懂B .老师在讲的10道题中,李峰能听懂8道C .李峰听懂老师所讲这道题的可能性为80%D .以上解释都不对 【答案】C【解析】概率的意义就是事件发生的可能性大小,即李峰听懂老师所讲这道题的可能性为80%.故选:C 【例5-2】(2020·全国高一课时练习)在学校运动会开幕式上,100名学生组成一个方阵进行表演,他们按照性别(M (男)、F (女))及年级(1G (高一)、2G (高二)、3G (高三))分类统计的人数如下表:1G2G3GM 18 20 14 F17247若从这100名学生中随机选一名学生,求下列概率:()P M =____________,()P F =____________,()P MF =____________,()P MF =____________,()1P G =____________,()2P M G =____________,()3P FG =____________【答案】0.52 0.48 1 0 0.35 0.76 0.07 【解析】()()123182014520.52100100100100P M P MG MG MG ==++==; ()()10.48P F P M =-=; ()1P MF =;()()0P MF P =∅=;()()11118170.35100100P G P MG FG ==+=; ()()()()2220.520.440.200.76P MG P M P G P MG =+-=+-=;()370.07100P FG == 故答案为:(1)0.52;(2)0.48;(3)1;(4)0;(5)0.35;(6)0.76;(7)0.07 【举一反三】1.(2020·全国高一课时练习)在北京消费季活动中,某商场为促销举行购物抽奖活动,规定购物消费每满200元就可以参加一次抽奖活动,中奖的概率为110.那么以下理解正确的是( ) A .某顾客抽奖10次,一定能中奖1次 B .某顾客抽奖10次,可能1次也没中奖 C .某顾客消费210元,一定不能中奖 D .某顾客消费1000元,至少能中奖1次 【答案】B 【解析】中奖概率110表示每一次抽奖中奖的可能性都是110,故不论抽奖多少次,都可能一次也不中奖, 故选:B.2.(2020·全国高一课时练习)某射击运动员平时训练成绩的统计结果如下: 命中环数 6 7 8 9 10 频率0.10.150.250.30.2如果这名运动员只射击一次,以频率作为概率,求下列事件的概率; (1)命中10环;(2)命中的环数大于8环; (3)命中的环数小于9环; (4)命中的环数不超过5环.【答案】(1)0.2 (2)0.5 (3)0.5 (4)0 【解析】用x 表示命中的环数,由频率表可得. (1)(10)0.2P x ==;(2)(8)P x P >=(9x =或10x =)(9)(10)0.30.20.5P x P x ==+==+=; (3)(9)(6)(7)(8)0.10.150.250.5P x P x P x P x <==+=+==++=; (4)(5)1(6)1(0.10.150.250.30.2)0P x P x =-=-++++=.3.(2021·全国高一课时练习)判断下列说法是否正确,若错误,请举出反例 (1)互斥的事件一定是对立事件,对立事件不一定是互斥事件; (2)互斥的事件不一定是对立事件,对立事件一定是互斥事件;(3)事件A 与事件B 中至少有一个发生的概率一定比A 与B 中恰有一个发生的概率大;(4)事件A 与事件B 同时发生的概率一定比A 与B 中恰有一个发生的概率小.【答案】(1)错误,举例见解析;(2)正确;(3)错误,举例见解析;(4)错误,举例见解析. 【解析】(1)错误;(2)正确;(3)错误:(4)错误. 设某试验的样本空间为{1,2,3,4}Ω=.(1)中反例,取{1},{2}A B ==,则A ,B 互斥但不对立. (2)由互斥事件与对立事件的定义可知(2)正确(3)中反例,取{1},A B ==∅,则1()()4P A B P A ⋃==1()()()4P AB AB P AB P A ⋃===. (4)中反例,取{1},{1,2}A B ==,则1()()4P AB P A ==,1()()4P AB AB P AB ⋃==.4.(2020·全国高一课时练习)甲、乙两名射击运动员进行射击比赛,甲的中靶概率为0.8,乙的中靶概率为0.9,求下列事件的概率: (1)两人都中靶; (2)恰好有一人中靶; (3)两人都脱靶; (4)至少有一人中靶.【答案】(1)0.72 (2)0.26 (3)0.02 (4)0.98【解析】设A =“甲中靶”, B =“乙中靶”,则A =“甲脱靶”,B =“乙脱靶”,由于两个人射击的结果互不影响,所以A 与B 相互独立,A 与B ,A 与B ,A 与B 都相互独立 由已知可得,()()()()0.8,0.9,0.2,0.1P A P B P A P B ====. (1)AB = “两人都中靶”,由事件独立性的定义 得()()()0.80.90.72P AB P A P B =⋅=⨯= (2)“恰好有一人中靶” ABAB =,且AB 与AB 互斥根据概率的加法公式和事件独立性定义,得()()()P ABAB P AB P AB=+()()()()P A P B P A P B =⋅+⋅ 0.80.10.20.90.26=⨯+⨯=(3)事件“两人都脱靶”AB =, 所以()()()P AB P A P B =⋅()()10.810.90.02=-⨯-=(4)方法1:事件“至少有一人中靶”AB ABAB =,且AB ,AB 与AB 两两互斥,所以()P ABAB AB()()()P AB P AB P AB =++ ()()P AB P ABAB =+0.720.260.98=+=方法2:由于事件“至少有一人中靶”的对立事件是“两人都脱靶” 根据对立事件的性质,得事件“至少有一人中靶”的概率为()110.020.98P AB -=-=5.(2020·全国高一课时练习)已知n 是一个三位正整数,若n 的个位数字大于十位数字,十位数字大于百位数字,则称n 为“三位递增数”(如135,256,345等)现要从甲乙两名同学中,选出一个参加某市组织的数学竞赛,选取的规则如下:从由1,2,3,4,5,6组成的所有“三位递增数”中随机抽取1个数,且只抽取1次,若抽取的“三位递增数”是偶数,则甲参加数学竞赛;否则,乙参加数学竞赛.(1)由1,2,3,4,5,6可组成多少“三位递增数”?并一一列举出来. (2)这种选取规则对甲乙两名学生公平吗?并说明理由. 【答案】(1)见解析;(2)不公平,理由见解析.【解析】(1)由题意知,所有由1,2,3,4,5,6组成的“三位递增数共有20个.分别是123,124,125,126,134,135,136,145,146,156,234,235,236,245,246,256,345,346,356,456.(2)不公平由(1)知,所有由1,2,3,4,5,6组成的“三位递增数”有20个,记“甲参加数学竟赛”为事件A ,记“乙参加数学竞赛”为事件B.则事件A 含有基本事件有:124,134,234,126,136,146,156,236,246,256,346,356,456共13个. 由古典概型计算公式,得13()20A P A ==事件含有的基本事件的个数试验所有基本事件的总数,又A 与B 对立,所以137()1()12020P B P A =-=-=, 所以()()P A P B >.故选取规则对甲、乙两名学生不公平.。
《概率论》第10讲练习题
fY
(
y)
1, 0,
0 y 1 其他
z
fZ (z) f X (x) fY (z x)dx
2
被积函数不为0的区域
1
0 x 1 0 z x 1
即
0 x 1 z 1 x z
z=x 1x
0,
z 0或z 2,
1
0 fY (z x)dx
z
0 1dx,
1
1dx, z1
0 z 1, 1 z 2,
0,
f
Z
(
z
)
z,
2 z,
z 0或z 2 0 z 1 1 z 2 y
解法二 从分布函数出发
1
FZ (z) P( X Y z)
1
f (x, y)dxdy
x
x yz
当z < 0 时,
FZ (z) 0
当0 z < 1 时,
z
zx
FZ (z) 0 dx0 1dy
z
0(z x)dx
=1-[1-P{X≤z}][1-P{Y≤z}]
即有 FN(z)= 1-[1-FX(z)][1-FY(z)]
下面进行推广
设X1,…,Xn是n个相互独立的随机变量,它们的 分布函数分别为
FXi ( x) (i =0,1,…, n)
我们来求 M=max(X1,…,Xn) 和N=min(X1,…,Xn) 的分布函数.
二.连续型随机变量(X,Y)的函数 的概率分布
1. 已知(X,Y)~ f (x , y),求 Z= (X,Y)的
概率分布
(1) FZ(z)=P(Z z) =P{ (X,Y) z}
f (x, y)dxdy ( x, y)z
高考数学复习第10章概率统计和统计案例第4讲用样本估计总体文市赛课公开课一等奖省名师优质课获奖
(必修 3 P70 内文改编)已知甲、乙两组数据 如茎叶图所示,若它们的中位数相同,平均
数也相同,则图中的 m+n=( )
A.7
B.8
C.9
D.10
10/64
解析:选 C.根据茎叶图,可得甲组数据的中位数为20+2 22=
21,根据甲、乙两组数据的中位数相等,得乙组数据的中位
数 为 21 = 20 + n , 解 得 n = 1 . 又 甲 组 数 据 的 平 均 数 为
30/64
【对点通关】 (必修 3 P82B 组 T1 改编)某良种培育基地正在培育一小麦新品 种 A,将其与原有的一个优良品种 B 进行对照试验,两种小 麦各种植了 25 亩,所得亩产数据(单位:千克)如下. 品种 A: 357,359,367,368,375,388,392,399,400,405,412, 414,415,421,423,423,427,430,430,434,443,445, 445,451,454
第十章 概率、统计与统计案例
第 4 讲 用样本估计总体
1/64
1.作频率分布直方图的步骤 (1)求极差(即一组数据中最大值与最小值的差). (2)决定__组__距__与组数. (3)将数据分组. (4)列频率分布表. (5)画频率分布直方图.
2/64
2.频率分布折线图和总体密度曲线 (1)频率分布折线图:连接频率分布直方图中各小长方形上端 的_中__点___,就得到频率分布折线图. (2)总体密度曲线:随着样本容量的增加,作图时所分的组数 增加,组距__减__小__,相应的频率折线图会越来越接近于一条 光滑曲线,统计中称这条光滑曲线为__总__体__密__度__曲__线__. 3.茎叶图 统计中还有一种被用来表示数据的图叫做茎叶图,茎是指 __中__间__的一列数,叶是从茎的旁边生长出来的数.
2019版数学(文)高分计划一轮高分讲义:第10章概率 10.2 古典概型
10.2古典概型[知识梳理]1.基本事件的特点(1)任何两个基本事件都是互斥的.(2)任何事件(除不可能事件)都可以表示成基本事件的和.2.古典概型具有以下两个特点的概率模型称为古典概率模型,简称古典概型.(1)有限性:试验中所有可能出现的基本事件只有有限个.(2)等可能性:每个基本事件出现的可能性相等.3.如果一次试验中可能出现的结果有n个,而且所有结果出现的可能性都相等,那么每一个基本事件的概率都是错误!;如果某个事件A包括的结果有m个,那么事件A的概率P(A)=错误!。
4.古典概型的概率公式P(A)=错误!。
[诊断自测]1.概念思辨(1)在一次试验中,其基本事件的发生一定是等可能的. ()(2)事件A,B至少有一个发生的概率一定比A,B中恰有一个发生的概率大.()(3)在古典概型中,如果事件A中基本事件构成集合A,所有的基本事件构成集合I,那么事件A的概率为错误!.()(4)利用古典概型的概率可求“在边长为2的正方形内任取一点,这点到正方形中心距离小于或等于1”的概率.()答案(1)×(2)×(3)√(4)×2.教材衍化(1)(必修A3P134A组T5)在平面直角坐标系中点(x,y),其中x,y∈{0,1,2,3,4,5},且x≠y,则点(x,y)在直线y=x的左上方的概率是()A。
错误! B.错误! C.错误! D.错误!答案B解析在平面直角坐标系中满足x,y∈{0,1,2,3,4,5},且x≠y 的点(x,y)共有6×6-6=30个,而满足在直线y=x的左上方,即y>x的点(x,y)的基本事件共有15个,故所求概率为P=错误!=错误!。
故选B。
(2)(必修A3P134A组T4)已知A,B,C,D是球面上的四个点,其中A,B,C在同一圆周上,若D不在A,B,C所在的圆周上,则从这四点中的任意两点的连线中取2条,这两条直线是异面直线的概率等于________.答案错误!解析A,B,C,D四点可构成一个以D为顶点的三棱锥,共6条棱,则所有基本事件有:(AB,BC),(AB,AC),(AB,AD),(AB,BD),(AB,CD),(BC,CA),(BC,BD),(BC,AD),(BC,CD),(AC,AD),(AC,BD),(AC,CD),(AD,BD),(AD,CD),(BD,CD),共15个,其中满足条件的基本事件有:(AB,CD),(BC,AD),(AC,BD),共3个,所以所求概率P=错误!=错误!。
2021上海新高二暑期数学讲与练 第10讲 随机现象与样本空间(讲义)解析版
第10讲随机现象与样本空间【知识梳理】1.随机试验我们把对随机现象的实现和对它的观察称为随机试验,简称试验,常用字母E表示.2.随机试验的特点(1)试验可以在相同条件下重复进行;(2)试验的所有可能结果是明确可知的,并且不止一个;(3)每次试验总是恰好出现这些可能结果中的一个,但事先不能确定出现哪一个结果.3.样本空间与事件定义1:一个随机现象中依某个角度观察其所有可能出现(发生)的结果所组成的集合称为一个样本空间,用Ω表示,其中的元素称为基本事件或者样本点。
定义2:一个事件是指满足所述条件的所有基本事件全体。
如果其中某个基本事件发生,就说这个事件发生。
因为样本空间是基本事件的全体,所以事件是样本空间的一个子集。
4.随机事件一般地,随机试验中的每个随机事件都可以用这个试验的样本空间的子集来表示.为了叙述方便,我们将样本空间Ω的子集称为随机事件,简称事件,并把只包含一个样本点的事件称为基本事件.随机事件一般用大写字母,,A B C…表示.在每次试验中,当且仅当A中某个样本点出现时,称为事件A发生.5.必然事件,不可能事件在每次试验中总有一个样本点发生,所以Ω总会发生,我们称Ω为必然事件.而空集∅不包含任何样本点,在每次试验中都不会发生,我们称∅为不可能事件.【例题解析】知识点一:随机现象例1.(2019·河北石家庄市·鹿泉区第一中学高二开学考试)下列说法正确的是A.在一次抽奖活动中,“中奖概率是1100”表示抽奖100次就一定会中奖B.随机掷一枚硬币,落地后正面一定朝上C.同时掷两枚均匀的骰子,朝上一面的点数和一定为6D.在一副没有大、小王的52张扑克牌中任意抽一张,抽到的牌是6的概率是1 13【答案】D【分析】根据古典概型有关的知识,对选项逐一分析,由此得出正确选项.【详解】对于A选项,中奖是随机事件,不代表抽100次就一定会中奖,故A选项错误.对于B选项,正面朝上是随机事件,故B选项错误.对于C选项,朝上点数和可以是212中的一个数字,故C选项错误.对于D选项,根据古典概型概率计算公式可得:所求概率为415213=,故D选项正确.综上所述,本小题选D.【点睛】本小题主要考查古典概型有关知识,考查随机事件,属于基础题.例2.(2020·北京高二期中)以下现象是随机现象的是A.标准大气压下,水加热到100℃,必会沸腾B.长和宽分别为a,b的矩形,其面积为a b⨯C.走到十字路口,遇到红灯D.三角形内角和为180°【答案】C【分析】对每一个选项逐一分析判断得解.【详解】A. 标准大气压下,水加热到100℃,必会沸腾,是必然事件;B. 长和宽分别为a,b的矩形,其面积为a b⨯,是必然事件;C. 走到十字路口,遇到红灯,是随机事件;D. 三角形内角和为180°,是必然事件.故选C【点睛】本题主要考查必然事件、随机事件的定义与判断,意在考查学生对该知识的理解掌握水平,属于基础题.知识点二:样本空间例1.先后抛掷2枚质地均匀的一角、五角的硬币,观察落地后硬币的正反面情况,则下列事件中包含3个样本点的是()A.“至少一枚硬币正面向上”B.“只有一枚硬币正面向上”C.“两枚硬币都是正面向上”D.“两枚硬币中一枚正面向上,另一枚反面向上”【答案】A【详解】“至少一枚硬币正面向上”包括“一角硬币正面向上,五角硬币正面向上”、“一角硬币正面向上,五角硬币正面向下”、“一角硬币正面向下,五角硬币正面向上”3个样本点,故A 正确;“只有一枚硬币正面向上”包括“一角硬币正面向上,五角硬币正面向下”、“一角硬币正面向下,五角硬币正面向上”2个样本点,故B错误;“两枚硬币都是正面向上”包括“一角硬币正面向上,五角硬币正面向上”1个样本点,故C错误;“两枚硬币中一枚正面向上,另一枚反面向上”包括“一角硬币正面向上,五角硬币正面向下”、“一角硬币正面向下,五角硬币正面向上”2个样本点,故D错误.故选:A.知识点三:随机事件、必然事件,不可能事件例1.(2020·鸡泽县第一中学高二月考)气象台预报“本市明天降雨概率是70%”,下列说法正确的是()A.本市明天将有70%的地区降雨B.本市有天将有70%的时间降雨C.明天出行不带雨具淋雨的可能性很大D.明天出行不带雨具肯定要淋雨【答案】C【分析】根据概率的意义,可判断各选项.【详解】气象台预报“本市明天降雨概率是70%”,则本市明天降雨的可能性比较大.与降水地区面积和降水时间无关,所以A,B错误.降水概率是事件发生的可能,不是一定会发生的事情,所以D错误.而由降水概率是70%,可知降水概率较大,所以明天出行不带雨具淋雨的可能性很大,所以C 正确.故选:C.【点睛】本题考查了概率的概念和意义,属于基础题.例2.(2020·全国高二)已知某厂生产的某批产品的合格率为90%,现从该批次产品中抽出100件产品检查,则下列说法正确的是()A .合格产品少于90件B .合格产品多于90件C .合格产品正好是90件D .合格产品可能是90件【答案】D 【分析】根据概率的定义与性质,直接可求解.【详解】某厂生产的某批产品的合格率为90%,现从该批次产品中抽出100件产品检查, 在A 中,合格产品可能不少于90件,故A 错误;在B 中,合格产品可能不多于90件,故B 错误;在C 中,合格产品可能不是90件,故C 错误;在D 中,合格产品可能是90件,故D 正确.故选D .【点睛】本题考查概率的定义与性质的应用,考查理解辨析能力,属于基础题.例3.(2020·全国)下列叙述正确的是( )A .互斥事件一定不是对立事件,但是对立事件一定是互斥事件B .若事件A 发生的概率为()P A ,则()01P A ≤≤C .频率是稳定的,概率是随机的D .5张奖券中有一张有奖,甲先抽,乙后抽,那么乙比甲抽到有奖奖券的可能性小【答案】B【分析】由互斥事件及对立事件的关系,频率与概率的关系及随机事件的概率逐一判断即可得解.【详解】解:对于A ,互斥事件不一定是对立事件,但是对立事件一定是互斥事件,即A 错误;对于B ,事件A 发生的概率为()P A ,则()01P A ≤≤,即B 正确;对于C ,概率是稳定的,频率是随机的,即C 错误;对于D ,5张奖券中有一张有奖,甲先抽,乙后抽,那么乙比甲抽到有奖奖券的可能性都为15,即D 错误, 即叙述正确的是选项B ,故选:B. 【点睛】本题考查了互斥事件及对立事件的关系,重点考查了频率与概率的关系及随机事件的概率,属基础题.例4.(2020·邵东市第一中学高二月考)下列说法错误的是( )A .任一事件的概率总在[]0,1内B .不可能事件的概率一定为0C .必然事件的概率一定为1D .概率是随机的,在试验前不能确定【答案】D 【分析】结合概率的定义和性质一一判断选项即可.【详解】解:任一事件的概率总在[]0,1内,不可能事件的概率为0,必然事件的概率为1,概率是客观存在的,是一个确定值.故选:D .【点睛】本题主要考查概率的定义与性质,属于基础题.例5.(2020·襄阳市第一中学高二月考)袋中装有10个红球,5个黑球,每次随机抽取一个球,若取到黑球,则放入袋中,直到取到红球为止,若抽取的次数为X ,则表示“放入袋中4回小球”的事件为( )A .4X =B .5X =C .6X =D .4X ≤【答案】B【分析】“放入袋中4回小球”也即是第5次抽取到了红球,由此求得X 的值.【详解】根据题意可知,如果没有抽到红球,则将黑球放回,然后继续抽取,所以“放入袋中4回小球”也即是前4次都是抽到黑球,第5次抽到了红球,故5X =.故选:B.【点睛】本小题主要考查对离散型随机变量的理解,考查抽样方法的理解,属于基础题.例6.(2020·全国高二)给出下列四个命题: ①“三个球全部放入两个盒子,其中必有一个盒子有一个以上的球”是必然事件 ②“当x 为某一实数时可使20x <”是不可能事件③“明天全天要下雨”是必然事件④“从100个灯泡(6个是次品)中取出5个,5个都是次品”是随机事件.其中正确命题的个数是( )A.0 B.1 C.2 D.3【答案】D【分析】利用必然事件的概念可以判断①是正确的命题,③是偶然事件,利用不可能事件的概念判断②正确,利用随机事件的概念判断④正确.【详解】对于①,三个球分为两组,有两种情况,12+和30+,所以①是正确的命题;对于②,任意实数x都有20x,所以②是正确的命题;对于③,“明天全天要下雨”是偶然事件,所以③是错误的命题;对于④,“从100个灯泡中取出5个,5个都是次品”,发生与否是随机的,所以④是正确的命题.故选:D.【点睛】本题主要考查必然事件和随机事件的概念,考查不可能事件的概念,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平.例7.(2020·四川乐山市·高二期末(文))有下列事件:①在标准大气压下,水加热到80℃时会沸腾;②实数的绝对值不小于零;③某彩票中奖的概率为11000,则买1000张这种彩票一定能中奖.其中必然事件是()A.②B.③C.①②③D.②③【答案】A【分析】根据事件是否必然发生判断选择.【详解】因为在标准大气压下,水加热到100℃才会沸腾;所以①不是必然事件;因为实数的绝对值不小于零;所以②是必然事件;因为某彩票中奖的概率为11000,仅代表可能性,所以买1000张这种彩票不一定能中奖,即③不是必然事件;故选:A【点睛】本题考查必然事件,考查基本分析判断能力,属基础题.例8.(2020·湖北十堰市·车城高中高二月考(理))6件产品中有2件次品与4件正品,从中任取2件,则下列可作为随机变量的是()A.取到产品的件数B.取到正品的件数C .取到正品的概率D .取到次品的概率【答案】B 【分析】由随机变量的概念,逐一分析选项即可得答案.【详解】因为随机变量为一个变量,对于A :取到产品是必然事件,故A 不正确;对于B :取到正品件数是随机事件,故B 正确;对于C 、D :概率是数值,不是随机变量,故C 、D 不正确.故选:B【点睛】本题考查随机变量的概念,考查学生对基础概念的掌握程度,属基础题.例9.(2020·安徽省颍上第二中学高二期中(理))下列叙述错误的是( ).A .若事件A 发生的概率为()P A ,则0()1P A ≤≤B .互斥事件不一定是对立事件,但是对立事件一定是互斥事件C .某事件发生的概率是随着试验次数的变化而变化的D .5张奖券中有一张有奖,甲先抽,乙后抽,则乙与甲中奖的可能性相同【答案】C【分析】根据必然事件,不可能事件,随机事件的概念判断选项A 正确;根据对立事件是互斥事件的子集判定选项B 正确;根据概率具有确定性,是不依赖于试验次数的理论值判断C 错误;根据抽签有先后,对每位抽签者是公平的判断D 正确.【详解】根据概率的定义可得若事件A 发生的概率为()P A ,则0()1P A ≤≤,故A 正确;根据互斥事件和对立事件的定义可得,互斥事件不一定是对立事件,但是对立事件一定是互斥事件,且两个对立事件的概率之和为1,故B 正确;某事件发生的概率不会随着试验次数的变化而变化,故C 错误;5张奖券中有一张有奖,先抽,后抽中奖的可能性相同,与次序无关,故D 正确, 故选:C .【点睛】本题考查概率及互斥事件概念辨析,解题的关键是掌握互斥与对立事件的关系、概率的概念及随机事件发生的概率等,属于基础题.例10.(2020·全国高二)质地均匀的骰子六个面分别刻有1到6的点数,掷两次骰子,得到向上一面的两个点数,则下列事件中,发生可能性最大的是()A.点数都是偶数B.点数的和是奇数C.点数的和小于13 D.点数的和小于2【答案】C【分析】分别求出所给选项对应事件的概率即可.【详解】由已知,投掷两次骰子共有66=36⨯种不同的结果,点数是偶数包含的基本事件有(2,2),(2,4),(2,6),(4,2),(4,4),(4,6),(6,2),(6,4),(6,6)共9个,所以点数都是偶数的概率为91364=;点数的和是奇数包含的基本事件有(1,2),(1,4),(1,6),(2,1),(2,3),(2,5),(3,2),(3,4),(3,6),(4,1),(4,3),(4,5),(5,2),(5,4),(5,6),(6,1),(6,3),(6,5)共18个,所以点数的和是奇数的概率为181362=;点数的和小于13是必然事件,其概率为1;点数的和小于2是不可能事件,其概率为0.故选:C【点睛】本题考查古典概型的概率计算,本题采用列举法,在列举时要注意不重不漏,当然也可以用排列组合的知识来计算,是一道容易题.例11.(2020·湖北荆州市·荆州中学高二月考)分别独立的扔一枚骰子和硬币,并记下骰子向上的点数和硬币朝上的面,则结果中含有“1点或正面向上”的概率为()A.512B.12C.712D.23【答案】C【分析】列出所有的基本事件,再结果中含有“1点或正面向上”的基本事件,利用古典概型的概率公式即可求得.【详解】分别独立的扔一枚骰子和硬币,所以的基本事件是:1正面向上,1反面向上,2正面向上,2反面向上,3正面向上,3反面向上,4正面向上,4反面向上,5正面向上,5反面向上,6正面向上,6反面向上.共12个基本事件.含有“1点或正面向上”有1正面向上,1反面向上,2正面向上,3正面向上,4正面向上,5正面向上,6正面向上,共7个基本事件,结果中含有“1点或正面向上”的概率为:7 12.故选:C.【点睛】本题主要考查的是随机事件概率的求解,古典概型的概率求解,利用列举法求解是解题的关键,是基础题.例12.(2018·上海交大附中高二期末)若交大附中共有400名教职工,那么其中至少有两人生日在同一天的概率为__________.【答案】1【解析】分析:根据每年有365天,可判断400名教职工,中至少有两人生日在同一天为必然事件,从而可得结果.详解:假设每一天只有一个人生日,则还有35人,所以至少两个人同日生为必然事件,所以至少有两人生日在同一天的概率为1,故答案为1.点睛:本题考查必然事件的定义以及必然事件的概率,属于简单题.例13.(2019·于都县第二中学(文))7名学生,其中3名男生4名女生.现用抽签法从中抽一人,则抽到的是男生的概率为____.【答案】3 7【分析】根据概率定义,用可能发生的基本事件个数除以事件总数,即可求解.【详解】由题意7名学生,其中3名男生4名女生.抽到一人是男生的概率是37p .故答案为:3 7【点睛】本题考查概率定义,属于基础题.例14.(2020·全国高二)下列事件中,是随机事件的为_________(填所有正确的序号)①实数a ,b 都不为0,则220a b +=;②任取一个正方体的4个顶点,这4个顶点不共面;③汽车排放尾气会污染环境;④明天早晨不会有雾.【答案】②④【分析】在一定条件下,事件按发生的可能性大小来分类,分为:不可能事件、随机事件、必然事件,根据它们的定义,即可对本题求解.【详解】解:逐一考查所给的事件:①实数a ,b 都不为0,则220a b +=是不可能事件;②任取一个正方体的4个顶点,这4个顶点不共面是随机事件;③汽车排放尾气会污染环境是必然事件;④明天早晨不会有雾是随机事件.综上可得,随机事件包括:②④.故答案为:②④.【点睛】本题主要考查事件分类的应用,考查理解辨析能力,属于基础题.例15.(2020·张家口市第一中学高二期中)有以下说法:①一年按365天计算,两名学生的生日相同的概率是1365;②买彩票中奖的概率为0.001,那么买1 000张彩票就一定能中奖;③乒乓球赛前,决定谁先发球,抽签方法是从1~10共10个数字中各抽取1个,再比较大小,这种抽签方法是公平的;④昨天没有下雨,则说明“昨天气象局的天气预报降水概率是90%”是错误的.根据我们所学的概率知识,其中说法正确的序号是___.【答案】①③【解析】根据“概率的意义”求解,买彩票中奖的概率0.001,并不意味着买1 000张彩票一定能中奖,只有当买彩票的数量非常大时,我们可以看成大量买彩票的重复试验,中奖的次数为1?000n ; 昨天气象局的天气预报降水概率是90%,是指可能性非常大,并不一定会下雨.说法②④是错误的,而利用概率知识可知①③是正确的.故答案为①③.例16.(2020·安徽高二学业考试)在装有4个红球和2个白球的盒子中,任意取一球,则事件“取出的球是白球”为____________事件(填“必然”、“随机”或“不可能”).【答案】随机.【分析】任意取一球是随机事件.【详解】解:由于是任意取一球,所以是随机事件,故答案为:随机.【点睛】考查随机事件的判断,基础题.【过关检测】一、单选题1.(2020·全国高二)从含有10件正品、2件次品的12件产品中,任意抽取3件,则必然事件是A.3件都是正品B.3件都是次品C.至少有1件次品D.至少有1件正品【答案】D【分析】根据随机事件、不可能事件以及必然事件的定义对选项中的事件逐一判断即可. 【详解】从10件正品, 2件次品,从中任意抽取3件A:3件都是正品是随机事件,B:3件都是次品不可能事件,C:至少有1件次品是随机事件,D:因为只有两件次品,所以从中任意抽取3件必然会抽到正品,即至少有一件是正品是必然事件,故选D .【点睛】本题主要考查了随机事件、不可能事件、必然事件的定义与应用,意在考查对基本概念掌握的熟练程度,属于基础题.2.(2020·全国高二)下列事件中,随机事件的个数为(1)明年1月1日郑州市下雪;(2)明年NBA总决赛将在马刺队与湖人队之间展开;(3)在标准大气压下,水在80摄氏度时沸腾.A .0B .1C .2D .3【答案】C【分析】对选项逐个分析,(3)为不可能事件,(1)(2)为随机事件,满足题意.【详解】(1)(2)对应的事件可能发生,也可能不发生,为随机事件,(3)在标准大气压下时,水达到100摄氏度沸腾,达到80摄氏度不可能沸腾,故为不可能事件,故答案为C.【点睛】本题考查了随机事件的判断,考查了学生对概念的掌握情况,属于基础题.3.(2020·全国高二)在天气预报中,有“降水概率预报”,例如预报“明天降水的概率为80%”,这是指( )A .明天该地区有80%的地方降水,有20%的地方不降水B .明天该地区降水的可能性为80%C .气象台的专家中有80%的人认为会降水,另外有20%的专家认为不降水D .明天该地区有80%的时间降水,其他时间不降水【答案】B【分析】降水概率指的是降水的可能性,根据概率的意义作出判断即可.【详解】“明天降水的概率为80%”指的是“明天该地区降水的可能性是80%”,且明天下雨的可能性比较大,故选:B.【点睛】本题主要考查了概率的意义,掌握概率是反映出现的可能性大小的量是解题的关键,属于基础题.4.(2020·全国高二)下列事件是随机事件的是( ).①当10x ≥时,lg 1x ;②当x ∈R 时,210x -=有解;③当a R ∈时,关于x 的方程20x a +=在实数集内有解;④当 sin sin αβ>时,αβ>.A .①②B .②③C .③④D .①④ 【答案】C【分析】根据随机事件的概念进行判断.【详解】①当10x ≥时,lg 1x ,属于必然事件;②当x ∈R 时,²10x -=有解,属于必然事件; ③当a ∈R 时,关于x 的方程²0x a +=需要根据a 的值确定在实数集内是否有解,属于随机事件;④当sin sin αβ>时,可能有αβ>,属于随机事件.故选C.【点睛】本题考查事件的概念.掌握必然事件、随机事件、不可能事件的概念是解题基础.5.(2020·安徽高二月考)从4名男生,2名女生中随机抽取3人,则下列事件中的必然事件是( )A .至少有2名男生B .至少有1名男生C .3人都是男生D .有2名女生 【答案】B【分析】从4名男生,2名女生中随机抽取3人,显然必有1名男生,根据这个事实对四个选项逐一判断.【详解】从4名男生,2名女生中随机抽取3人,有可能2名女生1名男生,选项A 、C 错误;也有可能3人全是男生,选项D 错误,只要选项B 是必然事件.故选:B【点睛】本题考查了对必然事件的理解.解题的关键是对问题的隐含事实的认识.6.(2020·四川乐山市·高二期中(理))下列说法正确的是( )A .抛掷一枚硬币,正面朝上的概率是12,所以抛掷两次一定会出现一次正面朝上的情况 B .某地气象局预报说,明天本地降水概率为80%,这说明明天本地有80%的区域下雨C .概率是客观存在的,与试验次数无关D .若买彩票中奖的概率是万分之一,则买彩票一万次就有一次中奖【答案】C【分析】概率是反映事件发生机会的大小的概率,只是表示发生机会的大小,机会大也不一定发生.【详解】解:对于A ,这是一个随机事件,抛掷一枚硬币,出现正面朝上或者反面朝上都有可能,事先无法预料,错误;对于B ,这是一个随机事件,明天本地降水概率为80%表示明天有80%的可能降雨,事先无法预料,错误;对于C,正确;对于D,这是一个随机事件,买彩票中奖或不中奖都有可能,事先无法预料,错误. 故选:C.【点睛】本题考查概率的意义,属于基础题.7.(2020·进贤县第二中学高二月考)某种彩中奖的概率为310000.若购买该种彩票10000张,则下列说法正确的是()A.一定有1张中奖B.一定有3张中奖C.可能0张中奖D.不可能3张中奖【答案】C【分析】根据概率定义直接判断选择.【详解】因为概率代表可能性,所以购买该种彩票10000张可能0张中奖,也可能有3张中奖,所以A,B,D错误,故选:C【点睛】本题考查概率含义,考查基本分析判断能力,属基础题.8.(2020·南昌县莲塘第三中学高二月考)下列事件中是随机事件的个数有①连续两次抛掷两个骰子,两次都出现2点;②在地球上,树上掉下的雪梨不抓住就往下掉;③某人买彩票中奖;④已经有一个女儿,那么第二次生男孩;⑤在标准大气压下,水加热到90℃是会沸腾.A.1 B.2 C.3 D.4【答案】C【分析】根据随机事件就是在指定条件下,可能发生也可能不发生的事件,依据定义即可判断,得到答案.【详解】由题意,随机事件就是在指定条件下,可能发生,也可能不发生的事件,①连续两次抛掷两个骰子,两次都出现2点可能发生,也可能不发生,所以是随机事件,②在地球上,树上掉下的雪梨不抓住就往下掉,这是一定发生的事件,不是随机事件;③某人买彩票中奖,此事可能发生,也可能不发生,所以是随机事件;④已经有一个女儿,那么第二次生男孩,此事可能发生,也可能不发生,所以是随机事件;⑤在标准大气压下,水加热到90℃是会沸腾,此事一定不发生,不是随机事件.故选C.【点睛】本题主要考查了随机事件,必然事件、不可能事件的概念及判断,其中熟记随机事件的基本概念是解答此类问题的关键,着重考查了分析问题和解答问题的能力,属于基础题.9.(2020·全国高二)从含有8件正品、2件次品的10件产品中,任意抽取3件,则必然事件是A.3件都是正品B.至少有1件次品C.3件都是次品D.至少有1件正品【答案】D【分析】利用必然事件、随机事件、不可能事件的定义直接求解.【详解】从含有8件正品、2件次品的10件产品中,任意抽取3件,选项A:3件都是正品是随机事件,A错误;选项B:至少有1件次品是随机事件,B错误;选项C:3件都是次品是不可能事件,C错误;选项D:至少有1件正品是必然事件,D正确,故选D.【点睛】本题考查必然事件的判断,是基础题,解题时要认真审题,注意必然事件、随机事件、不可能事件的定义的合理运用.10.(2020·沈阳实验中学高二期中(理))掷一枚均匀的硬币,如果连续抛掷2020次,那么抛掷第2019次时出现正面向上的概率是()A.12019B.12C.12020D.20192020【答案】B【分析】根据概率的性质直接得到答案.【详解】根据概率的性质知:每次正面向上的概率为12.故选:B.【点睛】本题考查了概率的性质,属于简单题.11.(2020·全国高二)下列事件是随机事件的是( )①当x >10时,lg 1x ≥; ②当x ∈R ,x 2+x =0有解③当a ∈R 关于x 的方程x 2+a =0在实数集内有解; ④当sin α>sin β时,α>β( )A .①②B .②③C .③④D .①④【答案】C【分析】根据随机事件的定义,结合对数的单调性、一元二次方程根的判别式、正弦函数的性质进行判断即可.【详解】① :lg 110x x ≥⇒≥,因为当x >10时,一定有lg 1x ≥成立,是必然事件,故本选项不符合题意;② :x 2+x =0 0x ⇒=或1x =-,因此当x ∈R ,x 2+x =0一定有解,因此是必然事件,故本选项不符合题意;③ :只有当0a ≤时,方程20x a +=在实数集内有解,因此是随机事件,故本选项符合题意;④ :当0,181αβ︒︒==时,显然sin α>sin β成立,但是α>β不成立,因此是随机事件,故本选项符合题意.故选:C【点睛】本题考查了随机事件的判断,考查了对数不等式的解法,考查了三角不等式,属于基础题.12.(2019·江门市第二中学高二月考)有下列事件:①足球运动员点球命中;②在自然数集中任取一个数为偶数;③在标准大气压下,水在100 ℃时沸腾;④在洪水到来时,河流水位下降;⑤任意两个奇数之和必为偶数;⑥任意两个奇数之和为奇数.上述事件中为随机事件的有( )A .0个B .1个C .2个D .3个 【答案】C【分析】根据事件的定义求解.【详解】①足球运动员点球命中,是随机的,故是随机事件;②在自然数集中任取一个数为偶数,是随机的,故是随机事件;③在标准大气压下,水在100 ℃时沸腾;是必然的,故是必然事件;④在洪水到来时,河流水位下降,是不可能的,故是不可能事件;。
第十讲 概率与统计
第十讲 概率与统计知识归纳:1.随机事件的概率(1)随机事件的概率范围:0≤P (A )≤1;必然事件的概率为1;不可能事件的概率为0. (2)古典概型的概率P (A )=m n =A 中所含的基本事件数基本事件总数.(3)几何概型的概率P (A )=构成事件A 的区域长度(面积或体积)试验的全部结果所构成的区域长度(面积或体积).2.条件概率在A 发生的条件下B 发生的概率: P (B |A )=P (AB )P (A ). 3.相互独立事件同时发生的概率 P (AB )=P (A )P (B ). 4.独立重复试验如果事件A 在一次试验中发生的概率是p ,那么它在n 次独立重复试验中恰好发生k 次的概率为P n (k )=C k n p k (1-p )n -k ,k =0,1,2,…,n . 5.超几何分布在含有M 件次品的N 件产品中,任取n 件,其中恰有X 件次品,则P (X =k )=C k M C n -kN -MC n N,k=0,1,2,…,m ,其中m =min{M ,n },且n ≤N ,M ≤N ,n ,M ,N ∈N *.此时称随机变量X 服从超几何分布.超几何分布的模型是不放回抽样,超几何分布中的参数是M ,N ,n . 6.离散型随机变量的分布列(1)设离散型随机变量X 可能取的值为x 1,x 2,…,x i ,…,x n ,X 取每一个值x i 的概率为P (X =x i )=p i ,则称下表:X x 1 x 2 x 3 … x i … x n Pp 1p 2p 3…p i…p n为离散型随机变量X 的分布列.(2)离散型随机变量X 的分布列具有两个性质:①p i ≥0,②p 1+p 2+…+p i +…+p n =1(i =1,2,3,…,n ).(3)E (X )=x 1p 1+x 2p 2+…+x i p i +…+x n p n 为X 的均值或数学期望(简称期望).D (X )=(x 1-E (X ))2·p 1+(x 2-E (X ))2·p 2+…+(x i -E (X ))2·p i +…+(x n -E (X ))2·p n 叫做随机变量X 的方差. (4)性质①E (aX +b )=aE (X )+b ,D (aX +b )=a 2D (X ); ②X ~B (n ,p ),则E (X )=np ,D (X )=np (1-p ); ③X 服从两点分布,则E (X )=p ,D (X )=p (1-p ). 热点一 古典概型与几何概型例1 (1)在1,2,3,4共4个数字中,任取两个数字(允许重复),其中一个数字是另一个数字的2倍的概率是________.(2)(2013·四川)节日前夕,小李在家门前的树上挂了两串彩灯.这两串彩灯的第一次闪亮相互独立,且都在通电后的4秒内任一时刻等可能发生,然后每串彩灯以4秒为间隔闪亮,那么这两串彩灯同时通电后,它们第一次闪亮的时刻相差不超过2秒的概率是( ) A.14 B.12 C.34 D.78(1)(2014·广东)从0,1,2,3,4,5,6,7,8,9中任取七个不同的数,则这七个数的中位数是6的概率为________.(2)在区间[-3,3]上随机取一个数x ,使得函数f (x )=1-x +x +3-1有意义的概率为________.热点二 相互独立事件和独立重复试验例2 甲、乙、丙三个同学一起参加某高校组织的自主招生考试,考试分笔试和面试两部分,笔试和面试均合格者将成为该高校的预录取生(可在高考中加分录取),两次考试过程相互独立.根据甲、乙、丙三个同学的平时成绩分析,甲、乙、丙三个同学能通过笔试的概率分别是0.6、0.5、0.4,能通过面试的概率分别是0.6、0.6、0.75. (1)求甲、乙、丙三个同学中恰有一人通过笔试的概率; (2)求经过两次考试后,至少有一人被该高校预录取的概率.甲乙丙三人商量周末去玩,甲提议去市中心逛街,乙提议去城郊觅秋,丙表示随意.最终,商定以抛硬币的方式决定结果.规则是:由丙抛掷硬币若干次,若正面朝上则甲得一分乙得零分,若反面朝上则乙得一分甲得零分,先得4分者获胜,三人均执行胜者的提议,记所需抛币次数为ξ. (1)求ξ=6的概率; (2)求ξ的分布列和期望.热点三 随机变量的分布列例3 (2013·辽宁)现有10道题,其中6道甲类题,4道乙类题,张同学从中任取3道题解答.(1)求张同学至少取到1道乙类题的概率;(2)已知所取的3道题中有2道甲类题,1道乙类题.设张同学答对每道甲类题的概率都是35,答对每道乙类题的概率都是45,且各题答对与否相互独立.用X 表示张同学答对题的个数,求X 的分布列和数学期望.(1)(2013·湖北)如图,将一个各面都涂了油漆的正方体,切割为125个同样大小的小正方体,经过搅拌后,从中随机取一个小正方体,记它的油漆面数为X ,则X 的数学期望E (X )等于( ) A.126125 B.65 C.168125D.75(2)某毕业生参加人才招聘会,分别向甲、乙、丙三个公司投递了个人简历.假定该毕业生得到甲公司面试的概率为23,得到乙、丙两公司面试的概率均为p ,且三个公司是否让其面试是相互独立的,记X 为该毕业生得到面试的公司个数.若P (X =0)=112,则随机变量X 的数学期望E (X )=________.真题感悟1.(2014·陕西)从正方形四个顶点及其中心这5个点中,任取2个点,则这2个点的距离不小于该正方形边长的概率为( ) A.15 B.25 C.35 D.452.(2014·浙江)已知甲盒中仅有1个球且为红球,乙盒中有m 个红球和n 个蓝球(m ≥3,n ≥3),从乙盒中随机抽取i (i =1,2)个球放入甲盒中.(1)放入i 个球后,甲盒中含有红球的个数记为ξi (i =1,2);(2)放入i 个球后,从甲盒中取1个球是红球的概率记为p i (i =1,2). 则( )A .p 1>p 2,E (ξ1)<E (ξ2)B .p 1<p 2,E (ξ1)>E (ξ2)C .p 1>p 2,E (ξ1)>E (ξ2)D .p 1<p 2,E (ξ1)<E (ξ2)押题精练1.有编号分别为1,2,3,4,5的5个红球和5个黑球,从中随机取出4个,则取出球的编号互不相同的概率为( ) A.521 B.27 C.13 D.8212.箱中装有标号为1,2,3,4,5,6且大小相同的6个球.从箱中一次摸出两个球,记下号码并放回,如果两球号码之积是4的倍数,则获奖.现有4人参与摸奖(每人一次),则恰好有3人获奖的概率是( ) A.16625 B.96625 C.624625D.46253.甲乙两支球队进行总决赛,比赛采用七场四胜制,即若有一队先胜四场,则此队为总冠军,比赛结束.因两队实力相当,每场比赛两队获胜的可能性均为12.据以往资料统计,第一场比赛可获得门票收入40万元,以后每场比赛门票收入比上一场增加10万元. (1)求总决赛中获得门票总收入恰好为300万元的概率; (2)设总决赛中获得的门票总收入为X ,求X 的均值E (X ).1.随机抽样知识归纳:1.随机抽样(1)简单随机抽样特点是从总体中逐个抽取.适用范围:总体中的个体较少.(2)系统抽样特点是将总体均分成几部分,按事先确定的规则在各部分中抽取.适用范围:总体中的个体数较多.(3)分层抽样特点是将总体分成几层,分层进行抽取.适用范围:总体由差异明显的几部分组成.2.常用的统计图表 (1)频率分布直方图 ①小长方形的面积=组距×频率组距=频率; ②各小长方形的面积之和等于1;③小长方形的高=频率组距,所有小长方形的高的和为1组距.(2)茎叶图在样本数据较少时,用茎叶图表示数据的效果较好. 3.用样本的数字特征估计总体的数字特征 (1)众数、中位数、平均数数字特征 样本数据 频率分布直方图众数出现次数最多的数据取最高的小长方形底边中点的横坐标 中位数将数据按大小依次排列,处在最中间位置的一个数据(或最中间两个数据的平均数)把频率分布直方图划分左右两个面积相等的分界线与x 轴交点的横坐标 平均数样本数据的算术平均数每个小矩形的面积乘以小矩形底边中点的横坐标之和(2)方差:s 2=1n [(x 1-x )2+(x 2-x )2+…+(x n -x )2].标准差: s = 1n[(x 1-x )2+(x 2-x )2+…+(x n -x )2].热点一抽样方法例1(1)(2013·陕西)某单位有840名职工,现采用系统抽样方法抽取42人做问卷调查,将840人按1,2,…,840随机编号,则抽取的42人中,编号落入区间[481,720]的人数为() A.11 B.12 C.13 D.14(2)(2014·石家庄高三调研)某学校共有师生3 200人,现用分层抽样的方法,从所有师生中抽取一个容量为160的样本,已知从学生中抽取的人数为150,那么该学校的教师人数是________.(1)某校高一、高二、高三分别有学生人数为495,493,482,现采用系统抽样方法,抽取49人做问卷调查,将高一、高二、高三学生依次随机按1,2,3,…,1 470编号,若第1组有简单随机抽样方法抽取的号码为23,则高二应抽取的学生人数为()A.15 B.16 C.17 D.18(2)(2014·广东)已知某地区中小学生人数和近视情况分别如图①和图②所示.为了解该地区中小学生的近视形成原因,用分层抽样的方法抽取2%的学生进行调查,则样本容量和抽取的高中生近视人数分别为()A.200,20 B.100,20 C.200,10 D.100,10热点二用样本估计总体例2(1)(2014·山东)为了研究某药品的疗效,选取若干名志愿者进行临床试验,所有志愿者的舒张压数据(单位:kPa)的分组区间为[12,13),[13,14),[14,15),[15,16),[16,17],将其按从左到右的顺序分别编号为第一组,第二组,…,第五组,如图是根据试验数据制成的频率分布直方图.已知第一组与第二组共有20人,第三组中没有疗效的有6人,则第三组中有疗效的人数为()A.6 B.8 C.12 D.18(2)PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5微米的颗粒物,也称为可入肺颗粒物,如图是根据某地某日早7点至晚8点甲、乙两个PM2.5监测点统计的数据(单位:毫克/每立方米)列出的茎叶图,则甲、乙两地浓度的方差较小的是( ) A .甲 B .乙 C .甲乙相等D .无法确定 甲 乙 2 0.04 1 2 3 6 9 3 0.05 9 6 2 1 0.06 2 9 3 3 1 0.07 9 6 4 0.08 770.0924 6(1)某商场在庆元宵促销活动中,对元宵节9时至14时的销售额进行统计,其频率分布直方图如图所示,已知9时至10时的销售额为2.5万元,则11时至12时的销售额为________万元.(2)(2014·陕西)设样本数据x 1,x 2,…,x 10的均值和方差分别为1和4,若y i =x i +a (a 为非零常数,i =1,2,…,10),则y 1,y 2,…,y 10的均值和方差分别为( ) A .1+a,4 B .1+a,4+a C .1,4D .1,4+a热点三 统计案例例3 (1)以下是某年2月某地区搜集到的新房屋的销售价格y 和房屋的面积x 的数据.房屋面积x /m 2 115 110 80 135 105 销售价格y /万元24.821.618.429.222根据上表可得线性回归方程y ^=b ^x +a ^中的b ^=0.196 2,则面积为150 m 2的房屋的销售价格约为________万元.(2)(2014·江西)某人研究中学生的性别与成绩、视力、智商、阅读量这4个变量的关系,随机抽查52名中学生,得到统计数据如表1至表4,则与性别有关联的可能性最大的变量是( )表1成绩不及格及格总计性别男61420女102232总计163652表2视力好差总计性别男41620女122032总计163652表3智商偏高正常总计性别男81220女82432总计163652表4阅读量丰富不丰富总计性别男14620女23032总计163652 A.成绩B.视力C.智商D.阅读量。
10-第10讲 随机向量函数的分布
大 学 数 学(四)
—— 概率论与数理统计
第10讲 随机向量函数的分布
脚本编写:肖庆丰
教案制作:肖庆丰
第三章 随机向量及其分布
理解多维随机变量的定义。 理解多维随机变量的分布函数及其性质。 了解多维离散型随机变量的分布律。 了解条件分布的概念。 掌握多维连续型随机变量的概率密度,边缘分布、随机变
FY(y) P{Y y} P{X 2 y} P{ y X y } FX( y ) FX( y ).
将FY(y)关于y求导数, 即得Y的概率密度为
1 2 y [fX( y ) fX( y )], fY(y) 0,
例如设X~N(0,1), 其概率密度为
时上述积分的被积函数不等于零.
x x=10
x=z
x=z10
O
10
20
z
z 因此 f(z)f(z x)dx, 0 z 10, 0 10 fR(z) f(z)f(z x)dx, 10 z 20, z10 0, 其它. 将f(z)的表达式代入上式得
10 x 50 , 0 x 10, f(x) 0, 其它.
求总电阻R=R1+R2的概率密度.
解 由(5.4)式, R的概率密度为
fR(z) f(x)f(z x)dx.
易知仅当
0 x 10, 0 x 10, 即 0 z x 10, z 10 x z
i
~N(0,1) (i 1,2, ,n), 则称随机变量
χ X X X
2 2 1 2 2
2 n
服从自由度为n的c2分布, 记为c2~c2(n).
概率论第10讲
把这个数字特征叫做ξ的方差, 记作 σ2(ξ)(或记作D(ξ)),即规定 σ2(ξ)=E(ξ−Eξ)2. 按数学期望的性质, 由于Eξ是一个常数, 因此 σ2(ξ)=E(ξ−Eξ)2 =E[ξ2−2(Eξ)ξ+(Eξ)2] =Eξ2−2(Eξ)E(ξ)+(Eξ)2 =Eξ2−(Eξ)2 通常用这个式子计算σ2(ξ).
Ef (ξ ) = ∑ f (ai ) pi
i
其中pi=P{ξ=ai} (i=1,2,...), 前提也是上述 级数绝对收敛.
15 2011-7-16
概率
例1 设ξ的分布密度为 ξ −1 0 2 3 求Eξ, Eξ2, E(−2ξ+1) 1 1 3 1
8 4 8 4
解
1 1 3 1 11 Eξ = (−1)i + 0i + 2i + 3i = ; 8 4 8 4 8 31 2 2 1 2 1 2 3 2 1 Eξ = (−1) i + 0 i + 2 i + 3 i = ; 8 4 8 4 8 1 1 3 1 7 E(−2ξ +1) = 3i +1i −3i −5i = − ; 8 4 8 4 4
28 2011-7-16
(1)设ξ的分布密度为ϕ(x). 根据
∫
+∞
−∞
kxϕ(x)dx = k∫ xϕ(x)dx
−∞
+∞
即得所要证明的等式. (2)设(ξ,η)的分布密度为ϕ(x,y),则
E(ξ ±η) = ∫ =∫
+∞ −∞
∫
+∞
−∞
(x ± y)ϕ(x, y)dydx
+∞ −∞
高考数学复习考点突破专题讲解10 概率与统计的综合问题
高考数学复习考点突破专题讲解第10讲概率与统计的综合问题1.(2022·广西南宁一模)某市公安交管部门曾于2017年底公布了一组统计数据:一年来全市范围内共发生涉及电动自行车的交通事故(一般程序)共3 558起,造成326人死亡(因颅脑损伤导致死亡占81.2%),死亡人数中有263人未佩戴头盔(占80.7%).驾乘电动自行车必须佩戴头盔,既是守法的体现,也是对家庭和社会负责的表现.该市经过长期开展安全教育,取得了一定的效果.表一是该市某主干路口连续5年监控设备抓拍到的驾乘人员未佩戴头盔的统计数据:表一(1)请利用表一数据求未佩戴头盔人数y与年度序号x之间的经验回归方程x+,并预测该路口2022年驾乘人员未佩戴头盔的人数;(2)交管部门从2017~2021年在该路口发生涉及电动自行车的交通事故案例中随机抽取了50起作为样本制作出表二:依据α=0.05的独立性检验,能否认为驾乘电动自行车未佩戴头盔的行为与事故伤亡有关?附:参考公式及数据:-----x i y i=14710;χ2=-,其中n=a+b+c+d.2.(2022·山东滨州二模)新能源汽车是指除汽油、柴油发动机之外的所有其他能源汽车,被认为能减少空气污染和缓解能源短缺的压力.在当今提倡全球环保的前提下,新能源汽车越来越受到消费者的青睐,新能源汽车产业也必将成为未来汽车产业发展的导向与目标.某车企随机调查了今年3月份购买本车企生产的汽车的100位车主,经统计其购车种类与性别情况如下表:单位:人(1)根据表中数据,在犯错误的概率不超过0.05的前提下,是否可以认为购车种类与性别有关;(2)用样本估计总体,用本车企售出汽车样本的频率代替售出汽车的概率,从该车企今年3月份售出的汽车中,随机抽取3辆汽车,设被抽取的3辆汽车中属于传统燃油汽车的辆数为X,求X的分布列及数学期望.附:χ2=-,n=a+b+c+d.3.(2022·河北张家口一模)2021年12月某地爆发了疫情,医护人员对确诊患者进行积极救治.现有6位症状相同的确诊患者,平均分成A,B两组,A组服用甲种中药,B组服用乙种中药.服药一个疗程后,A组中每人康复的概率都为,B组3人康复的概率分别为.(1)设事件C表示A组中恰好有1人康复,事件D表示B组中恰好有1人康复,求P(CD);(2)若服药一个疗程后,每康复1人积2分,假设认定:积分期望值越高药性越好,请问甲、乙两种中药哪种药性更好?4.(2022·山东烟台三模)当下,大量的青少年沉迷于各种网络游戏,极大地毒害了青少年的身心健康.为了引导青少年抵制不良游戏,适度参与益脑游戏,某游戏公司开发了一款益脑游戏,在内测时收集了玩家每一关的平均过关时间,如下表:计算得到一些统计量的值为u i=28.5,x i u i=106.05,其中,u i=ln y i.(1)若用模型y=a e bx拟合y与x的关系,根据提供的数据,求出y与x的经验回归方程;(2)制定游戏规则如下:玩家在每关的平均过关时间内通过可获得积分2分并进入下一关,否则获得-1分且该轮游戏结束.甲通过练习,前3关都能在平均时间内过关,后面3关能在平均时间内通过的概率均为,若甲玩一轮此款益脑游戏,求“甲获得的积分X”的分布列和数学期望.参考公式:对于一组数据(x i,y i)(i=1,2,3,…,n),其经验回归直线x+的斜率和截距的最小二乘估计-.分别为-5.(2022·辽宁沈阳三模)某学校最近考试频繁,为了减轻同学们的学习压力,班上决定进行一次减压游戏,班主任把8个小球(只有颜色不同)放入一个袋子里,其中白色球与黄色球各3个,红色球与绿色球各1个,现甲、乙两位同学进行摸球得分比赛,摸到白球每个记1分,黄球每个记2分,红球每个记3分,绿球每个记4分,规定摸球人得分不低于8分为获胜,否则为负.并规定如下:①一个人摸球,另一人不摸球;②摸出的球不放回;③摸球的人先从袋子中摸出1球,若摸出的是绿色球,则再从袋子里摸出2个球;若摸出的不是绿色球,则再从袋子里摸出3个球,摸球人的得分为两次摸出的球的记分之和.(1)若由甲摸球,如果甲先摸出了绿色球,求该局甲获胜的概率;(2)若由乙摸球,如果乙先摸出了红色球,求该局乙得分ξ的分布列和数学期望E(ξ).高考数学复习考点突破专题讲解10概率与统计的综合问题1.解(1)=3,=1050,-=-104,-=1 050+104×3=1 362,所以=-104x+1 362.当n=6时,预测值为-104×6+1 362=738人.(2)零假设为H0:驾乘电动自行车未佩戴头盔的行为与事故伤亡无关.χ2=-≈4.504>3.841=x0.05,所以依据α=0.05的独立性检验,推断H0不成立,即认为驾乘电动自行车未佩戴头盔的行为与事故伤亡有关,此推断犯错误的概率不超过0.05.2.解(1)设零假设为H0:购车种类与性别无关,根据数表可得χ2=->3.841=x0.05,所以零假设H0不成立,即在犯错误的概率不超过0.05的前提下,可以认为购车种类与性别有关.(2)随机抽取1辆汽车属于传统燃油汽车的概率为,被抽取的3辆汽车中属于传统燃油汽车的辆数为X,X的可能值为0,1,2,3,依题意,X~B,P(X=0)=,P(X=1)=,P(X=2)=,P(X=3)=,所以X的分布列为X的数学期望E(X)=3×.3.解(1)依题意有,P(C)=-,P(D)=.又事件C与D相互独立,则P(CD)=P(C)P(D)=,所以P(CD)=.(2)设A组中服用甲种中药康复的人数为X1,则X1~B,所以E(X1)=3×.设A组的积分为X2,则X2=2X1,所以E(X2)=2E(X1)=.设B组中服用乙种中药康复的人数为Y1,则Y1的可能取值为0,1,2,3,P(Y1=0)=,P(Y1=1)=,P(Y1=2)=,P(Y1=3)=,故Y1的分布列为所以E(Y1)=0×+1×+2×+3×,设B组的积分为Y2,则Y2=2Y1,所以E(Y2)=E(2Y1)=2E(Y1)=,因为,所以甲种中药药性更好.4.解(1)因为y=a e bx两边取对数可得ln y=ln(a e bx)=ln a+lne bx,即ln y=ln a+bx,令u i=ln y i,所以u=bx+ln a,由u i=4.75,(1+2+3+4+5+6)=3.5,=12+22+32+42+52+62=91.所以----=0.36,又+ln a,即4.75=0.36×3.5+ln a,所以ln a=3.49,所以a=e3.49.所以y关于x的经验回归方程为=e0.36x+3.49.(2)由题知,甲获得的积分X的所有可能取值为5,7,9,12, 所以P(X=5)=,P(X=7)=,P(X=9)=,P(X=12)=,所以X的分布列为所以E(X)=5×+7×+9×+12×.5.解(1)记“甲第一次摸出了绿色球,甲获胜”为事件A,则P(A)=.(2)如果乙第一次摸出了红色球,则可以再从袋中摸出3个球,则得分情况有6分,7分,8分,9分,10分,11分,P(ξ=6)=,P(ξ=7)=,P(ξ=8)=,P(ξ=9)=,P(ξ=10)=,P(ξ=11)=,所以ξ的分布列为所以ξ的数学期望E(ξ)=6×+7×+8×+9×+10×+11×.。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
y
o
x
解 f X ( x) = ∫
∞
−∞
f ( x, y)dy
∞
f X ( x) = ∫ xe−( x+ y)dy 当x > 0时, 0
y
= xe
−x
∫
∞
0
e dy = xe−x
−y
当x ≤ 0时,f X ( x) = 0.
o x
xe , x > 0 f X ( x) = 0, 其它
y
O
y
y = x2
当 y < 0 或 y > 1时, f Y ( y ) = 0 .
6( y − y ), 0 ≤ y ≤ 1 fY ( y ) = 0, 其他.
x
在求连续型随机向量的边缘密度时, 在求连续型随机向量的边缘密度时 , 往往要求联合密度在某区域上的积分. 往往要求联合密度在某区域上的积分 当联 合密度函数是分片表示的时候, 在计算积 合密度函数是分片表示的时候 , 分时应特别注意积分限 .
∂ 2F ( x, y) ,当该混合偏导数存在 f ( x , y ) = ∂ x∂ y 0, 其他
如果
∫∫
R
2
f ( x , y )dxdy = 1, 则
f ( x , y ) 是( X , Y )的概率密度 .
三、边缘密度 设 f ( x , y )是随机向量 ( X , Y )的概率密度 ,
G
= ∫ dx ∫1 4 xy dy =
0
4
1 2
1
∫
0
2 xdx ∫1 2 y dy
4
1
1
1 4
D
1 2
1 1 15 = × (1 − ) = 4 16 64
o
1
x
为了计算重积分方便, 为了计算重积分方便,我们介绍下面 的定理. 的定理.
定理) 定理 3.1 (Fubini 定理)
设 D是 R 的子区域 , ϕ ( x1 , x 2 , L , x n )是 D上的
若x ≤ 0或 y ≤ 0, 则F ( x,y ) = 0.
o
x
1− e − e + e F( x, y) = 0 ,
−x
−y
− x− y
, x > 0, y > 0 其它
是连续型随机向量 例4 设(X,Y)是连续型随机向量,且已知其分布 是连续型随机向量, 函数为 1− e− x − e− y + e−x− y , x > 0, y > 0 F( x, y) = 0 , 其它
−y 0 −x +∞ +∞ −2 x
= ∫ (2e
0
D IG1 +∞
−2 x
∫
x
0
(−e ) 0 )dx
−y x
= ∫ (2e
0
+∞
−2 x
(1 − e ))dx = ∫ (2e−2 x − 2e−3 x )dx
= ( −e
−2 x
)0
+∞
2 −3 x +( e ) 3 0
+∞
0
2 1 = 1− = − 3 3
X的边缘密度为 的
fX ( x) =
∫
∞
−∞
f ( x,y ) dy
同理, 的 同理, Y的边缘密度为
fY ( y ) =
∫
∞
−∞
f ( x,y ) dx
例5
设随机变量 X 和 Y 具有联合概率密度
2
6, x ≤ y ≤ x , f ( x, y) = 0, 其他. 求边缘概率密度 f X ( x ), fY ( y ) .
−2 x − y − y 1− x 1 0
−2 x
∫
1− x
0
e d y) d x
−y
= ∫ (2e = ∫ (2e
0 1
−2 x
(−e ) 0 ) d x = ∫ (2e−2 x (1 − e x−1 ))d x − 2e
−2
− x−1
−2 x
) d x = (−e
−1
−2 x 1
) 0 + (2e
n
非负函数或满足
∫∫ L∫
D
ϕ ( x1 , x 2 , L , x n ) dx1dx 2 L dx n < ∞
则对区域 D上的 n重积分
∫∫ L∫
交换 .
D
ϕ ( x1 , x 2 , L , x n ) dx1dx 2 L dx n
可以进行累次积分运算 ,且积分的次序可以
例2
设随机向量(X,Y)具有联合密度 具有联合密度 设随机向量
y = x2
O
当 x < 0 或 x > 1时, f X ( x ) = 0.
x
6( x − x 2 ), 0 ≤ x ≤ 1 f X ( x) = 其他. 0,
fY ( y ) =
∫
+∞
−∞
f ( x, y) d x
y
当 0 ≤ y ≤ 1 时,
y= x =
(1,1)
fY ( y ) = ∫ 6 d x = 6( y − y ).
(2)若 f ( x , y ) 在 ( x , y ) 连续 , 则有 ∂ F ( x, y) = f ( x, y) . ∂ x∂ y
2
例3
设随机向量(X,Y)具有联合密度 具有联合密度 设随机向量
e− x− y , x > 0, y > 0 f ( x, y) = 其它 0 ,
求X,Y的分布函数 F(x, y). 的分布函数 解 F ( x, y ) = P{ X ≤ x, Y ≤ y}
有
P (( X , Y ) ∈ D ) = ∫∫ f ( x , y )dxdy
D
则称 ( X , Y ) 是连续型随机变量 , 称 f ( x,y )是
( X , Y ) 的联合概率密度 , 或联合密度 .
设 ( X , Y ) 是连续型随机向量 , f ( x , y )是( X , Y )的概率密度 ,
−x
fY ( y) = ∫ f ( x, y)dx
−∞
∞
当y > 0时,f X ( x) = ∫0 xe
∞
−( x+ y)
dx
−y
=e
=∫
y −∞
∫
x
−∞
f ( u, v ) dudv
若x > 0 , y > 0,
则F ( x,y )
=∫
y 0
e− x− y , x > 0, y > 0 f ( x, y) = 其它 0 ,
dudv
y
( x,y )
∫
x
0
e e
−u −v
= (1 − e − x )(1 − e − y )
这里“几乎处处成立”的含义是: 这里“几乎处处成立”的含义是:在平 面上除去面积为0的集合外 处处成立. 的集合外, 面上除去面积为 的集合外,处处成立
例6 设(X,Y)的概率密度为 的概率密度为
xe , x > 0, y > 0 f (x, y) = 0, 其它
−( x+ y)
求边缘概率密度 f X ( x ), fY ( y ) .
+∞ +∞ 0
设D = {( x , y ) x > 0, y > 0}. y
∫ ∫
0
ke − 2 x − y dxdy
= k∫
+∞
0
e
−2 x
dx ∫
∞
+∞
0
e − y dy
1 −2 x −y ∞ ( − e ) = k − e 2 0 0 1 k = k × ×1 = 2 2 −2 x− y ke , x > 0, y > 0 f ( x, y) = ⇒ k = 2. 其它 0 ,
第3章 §3.3
随机向量及其独立性
连续型随机向量及其联合密度
一、联合概率密度
定义3.1 定义
设 ( X , Y ) 是随机向量 , 如果有 R 2上
2
的非负可积函数 f ( x , y ), 使对 R 上的所有 长方形子集 D = {( x , y ) | a < x ≤ b , c < y ≤ d }
y
D
o
D = {( x , y ) | a < x ≤ b, c < y ≤ d } P (( X , Y ) ∈ D ) = ∫∫ f ( x , y )dxdy .
D
x
按照上述定义, 按照上述定义, 连续型随机变量有概率 密度, 密度,没有概率密度的随机变量不是连续型 随机变量. 随机变量
联合概率密度的性质 联合概率密度的性质
设f ( x , y )是连续型随机向量 ( X , Y )的 概率密度 .
(1) f ( x , y ) ≥ 0.
( 2 )对 R 上的所有子区域 B , 有
2
P (( X , Y ) ∈ B ) =
∫∫
B
f ( x , y )dxdy
2
( 3 ) ∫∫
R
2
f ( x , y )dxdy = P (( X , Y ) ∈ R ) = 1.
( f 求 X,Y )的概率密度 ( x, y).
(2)若 f ( x , y ) 在 ( x , y ) 连续 , 则有 ∂ F ( x, y) = f ( x, y) . ∂x∂y