2013课堂新坐标物理一轮复习课件-第七章章末提升预测.
2013课堂新坐标物理一轮复习课件-第八章章末提升预测(精)
(2013· 预测) 如图 8－6 所示，在空间中存在垂直纸面向 里的磁感应强度为 B 的匀强磁场，其边界 AB、CD 的宽度 为 d，在左边界的 Q 点处有一质量为 m，带电荷量为－q 的 粒子沿与左边界成 30° 角的方向射入磁场，粒子重力不 高考预测
计．求： 图 8－6
22
(1)带电粒子能从 AB 边界飞出的最大速度；(2)若带电粒子能垂直 CD 边界飞出磁场， 穿过小孔 O 进入如图所示的匀强电场中减速至零 且不碰到负极板，则极板间电压及整个过程中粒子在磁场中运动的 时间是多少？ 高 考 预 【解析】 (1)粒子能从 AB 边界飞出， 当轨迹正好与磁场的 CD 边界 相切时为临界情况，如图所示 根据几何关系有 R＋ Rcos 30° ＝d ① ②
运用“切线、弦”可得圆心 O，从而画出电子的轨迹(如图所示)．
12
由图运用几何知识可得 R0＋R0cos θ＝d② eBd 由①②解得 v0＝ m1＋cos θ 所以，为使电子能从 EF 边界射出，电子的速率应满足 eBd v> . m1＋cos θ
【答案】 见解析
13
三、高分妙招：难中有易，分步化解，能做几分是几分
1．如图 8－2 所示，在 y<0 的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于 xOy 平面并指向纸面外，磁感强度为 B，一带正电的粒子以速度 v0 从 O 点射入磁场，入射方向在 xOy 平面内，与 x 轴正方向的夹角为 θ.若粒子 射出磁场的位置与 O 点的距离为 L，求该粒子的电量和质量之比 q/m.
d2＋4l2qB Bdq 【答案】 v0≤ 或 v0≥ 4m 4md
10
• 2．如图8－4所示，在边界为CD、EF的 狭长区域内，匀强磁场的磁感应强度为B， 方向垂直纸面向里，磁场区域宽度为d， 电子以不同的速率v从边界CD的S处沿垂 直磁场方向射入磁场，入射方向与CD的 夹角为θ.已知电子的质量为m，带电量为e， 为使电子能从另一边界EF射出，电子的速 率应满足什么条件？(不计重力)
课堂新坐标物理一轮复习课件(人教版)：第四章 章末提升预测
)
【解析】 以管模内最高点处的铁水为研究对象，转速最低时，重 力等于向心力 mg＝mω2R，ω＝ g ，故 A 正确． R
• 【答案】 A
• 二、估算法的应用 • 估算问题的思维与解答方法 • 物理估算，一般是指依据一定的物理概念 和规律，运用物理方法和近似计算方法， 对物理量的数量级或物理量的取值范围， 进行大致的推算． • 物理估算是一种重要的方法．有的物理问 题，在符合精确度的前提下可以用近似的 方法简捷处理；有的物理问题，由于本身 条件的特殊性，不需要也不可能进行精确 的计算．在这些情况下，估算就成为一种
【解析】 设 T 为地球公转的周期，则由万有引力定律和牛顿第二 定律可知： Mm 4π2 G 2 ＝m 2 r r T 地球表面处的重力加速度 Gm g＝ 2 R 4π2r3 以上两式联立得 M＝ m 2 2 TRg 将题中数值代入上式得 M＝ 2×1030 kg.
• 【答案】 见解析
• 2 ． 已 知 引 力 常 量 G ＝ 6.67×10 － 11 N·m2/kg2 ，重力加速度 g ＝ 9.8 m/s2 ，地 球半径R＝6.4×106 m，则可知地球质量 的数量级是( ) • A．1018 kg B．1020 kg • C．1022 kg D．1024 kg
• 【解析】 在最低点物块刚好不滑动时， 对应的角速度最大，在最低点，对物块 • μmgcos 37°－mgsin 37°＝mrω2 • 解得ω＝2 rad/s，A选项正确． • 【答案】 A
1.(2011· 南开中学模拟 )在离心浇铸装置中，电动机带动两个支承轮 同向转动，管状模型放在这两个轮上靠摩擦转动，如图 4－2 所示，铁水 注入之后，由于离心作用，铁水紧紧靠在模型的内壁上，从而可得到密 实的铸件，浇铸时转速不能过低，否则，铁水会脱离模型内壁，产生次 品． 已知管状模型内壁半径 R， 则管状模型转动的最低角速度 ω 为( A. C. g R 2g R B. D．2 g 2R g R
课堂新坐标物理一轮复习课件(人教版)：第七章 第2讲 电路 电路的基本规律
电路
电路的基本规 律
(见学生用书第 117 页)
一、电路的串联、并联 1．特点对比
2.两个有用的结论 (1)串联电路的总电阻 大于 电路中任意一个电阻，电路中任意一个 电阻值变大或变小时，串联的总电阻 变大或变小 ． (2)并联电路的总电阻 小于 电路中任意一个电阻，任意一个电阻值 变大或变小时，电路的总电阻 变大或变小 ．
1．如图 7－2－1 所示，电路两端的电压保持不变，当滑动变阻器的 滑动触头 P 向右移动时，三个灯泡的亮度变化情况是( )
图 7－2－1 A． L1 变亮，L2 和 L3 均变暗 B．L1 变暗， L2 不能确定，L3 变暗 C． L1 变暗，L2 和 L3 均变亮 D． L1 和 L2 均变亮，L3 变暗
• 2．电压表、电流表的改装
4．如图 7－2－4 所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表 G 和一个变阻器 R 组成的，下列说法正确的是( )
图 7－2－4 ①甲表是电流表，R 增大时量程增大 ②甲表是电流表，R 增大时量程减小 ③乙表是电压表，R 增大时量程增大 ④乙表是电压表，R 增大时量程减小 A．①③ C．②③ B．①④ D．②④
• 【解析】 由电表的改装可知，电流表应 是 G 与 R 并联，改装后加在 G 两端的最大 电压 Ug ＝ IgRg 不变，所以并联电阻 R 越大 ，I＝Ig＋IR越小，即量程越小．对于电压 表应是G与R串联，改装后量程U＝IgRg＋ IgR，可知R越大，量程越大，故正确选项 为C. • 【答案】 C
图 7－2－3
【解析】 根据欧姆定律可知外电阻 R、路端电压 U 与电流 I 的关 U 系为 R＝ ，在 U－ I 图线中甲、乙两图线的交点坐标为 (I0， U0)，说明 I 两电源的外电阻相等，选项 A 正确．图线与 U 轴交点的坐标值表示电动 势的大小，与 I 轴交点的坐标值表示电路中的短路电流，图线的斜率大 小表示电源内电阻的大小 (电动势与短路电流的比值 )，由图线可知，甲 与 U 轴交点的坐标值比乙的大，表明甲的电动势大于乙的电动势；甲与 I 轴交点的坐标值比乙的小，表明甲的短路电流小于乙的短路电流；图 线甲的斜率大于图线乙的斜率，表明甲的内阻大于乙的内阻，可见选项 C 正确，选项 D 错误．电源的内电压等于通过电源的电流与电源内阻的 乘积，即 U 内＝ Ir，因为甲的内阻较乙的内阻大，所以当电流都为 I0 时， 甲电源的内电压较大，选项 B 错误．
《课堂新坐标》高考数学一轮总复习课件：专题突破 高考解析几何问题的求解策略(共25张PPT)
新课标 ·文科数学（广东专用）
当且仅当m＝1－m，即m＝12时，上式等号成立， 又m＝12满足Δ＝4m－4m2＞0. ∴d的最大值为1. 【反思启迪】 1.求解的关键在于利用点差法，确定直 线斜率k与点Q的坐标间的关系，进而表示直线AB的方程． 2．(1)涉及弦长计算，要充分借助方程思想，利用韦达 定理表示y1＋y2，y1y2“设而不求”，整体转化．(2)注意“Δ＞ 0”，应代入检验，判别式大于零是检验所求参数的值是否有 意义的依据．
圆锥曲线的标准方程在新课标高考中占有十分重要的地位．一般地，求圆锥曲线的标准方程是作为解答题中考查“直线与圆锥曲线”的第一
|AB| 小题，最常见的方法是定义法与待定系数法．离心率是高考对圆锥曲线考查的又一重点，涉及a，b，c三者之间的关系．另外抛物线的准
∴d＝ ＝2 m（1－m）≤m＋(1－m)＝1， 线，双曲线的渐近线也是命题的热点．
小题，最常见的方法是定义法与待定系数法．离心率是高考对圆锥曲线考查的又一重点，涉及a，b，c三者之间的关系．另外抛物线的准
线，双曲线的渐近线也是命题的热点．
2．(1)涉及弦长计算，要充分借助方程思想，利用韦达定理表示y1＋y2，y1y2“设而不求”，整体转化．(2)注意“Δ＞0”，应代入检验，判别
式大于零是检验所求参数的值是否有意义的依据．
D.2x02 ＋y52＝1
菜单
新课标 ·文科数学（广东专用）
【解析】 ∵椭圆的离心率为 23， ∴ac＝ a2a－b2＝ 23，∴a＝2b. ∴椭圆方程为x2＋4y2＝4b2. ∵双曲线x2－y2＝1的渐近线方程为x±y＝0， ∴渐近线x－y＝0与椭圆x2＋4y2＝4b2在第一象限的交
点为(2 5 5b，2 5 5b)， ∴由圆锥曲线的对称性得4(2 5 5b×2 5 5b)＝16， ∴b2＝5，∴a2＝4b2＝20. ∴椭圆C的方程为2x02 ＋y52＝1.
课堂新坐标物理一轮复习课件(人教版)：第六章 章末提升预测
• 【答案】 D
三、高分妙招：建立等效重力场，化繁为简
图 6－4 如图 6－4 所示， 在沿水平方向的匀强电场中有一固定点 O， 用一根长度 L＝0.40 m 的绝缘细绳把质量 m＝0.10 kg 带有正电荷的金属 小球悬挂在 O 点，小球静止在 B 点时细绳与竖直方向的夹角为 θ＝37° . 现将小球拉至位置 A，使细线水平后由静止释放，求： (1)小球通过最低点 C 时速度的大小； (2)小球在摆动过程中细线对小球的最大拉力．
章末提升预测
(见学生用书第 111 页)
• 一、“补偿法”处理非理想模型问题 • 补偿法在物理解题中的应用是：当解决 给定目标问题所需的条件不足或没有条件 而造成直接求解困难或不能求解时，我们 给其补偿上另外一个问题，使其成为一个 新的目标问题，这个新的目标问题应该是 我们所熟悉的一个物理模型，这个模型应 该是比较容易求解的或能够求解的，同时 要求补偿上的问题也应该是能够求解的． 这样我们就能够通过求解这个模型和补偿 上的问题把较困难的问题转变为较容易的
【解析】 以左边小球为研究对象，它受到重力 m1g、绳的拉力 FT 和库仑力 F 的共同作用而处于平衡状态，如图所示．根据物体的平衡条 F m1g F m2g sin α m2 件和正弦定理，有： ＝ ；同理： ＝ ，所以 ＝ ， sin α sin θ sin β sin θ sin β m1 即夹角 α、β 的大小与小球带电荷量 q1、q2 无关．若 m1>m2，则 α<β；若 m1＝ m2，则 α＝ β；若 m1<m2，则 α>β，故选项 D 正确．
【技法攻略】 (1)建立等效重力场如图所示，设等效重力加速度为 g g′，则其方向与竖直方向的夹角为 37° ，大小为 g′＝ ＝ 1.25g cos 37° 由 A、C 点分别作绳 OB 的垂线，交点分别为 A′、C′，由动能定 理得带电小球从 A 点运动到 C 点 “等效重力”做功为 1 mg′ (LOC′－ LOA′ )＝ mg′L(cos θ－ sin θ)＝ mv2 2 C 代入数值得 vC≈1.4 m/s.
【课堂新坐标】考物理一轮总复习(固考基+抓细节+重落实)1-1 描述运动的基本概念课件(含13高考、14模拟)
【解析】
Δv 由 a＝ 知，A 对；当 a 与 v 同向时，v 增 Δt
大， B 错； v 为正时， a 可以为正(加速运动)， a 也可以为负(减 速运动)， C 错；v 变化越快，说明 a 越大，D 错．
)
B．因为质点没有大小，所以与几何中的点没有区别 C．研究运动员在 3 000 米长跑比赛中运动的快慢时，该 运动员可看做质点 D．欣赏芭蕾舞表演者的精彩表演时，可以把芭蕾舞表 演者看做质点
【解析】
物体能否被看成质点，与物体本身的体积和
质量的大小无关，主要是看其大小和形状对所研究的问题是 否可以忽略，故 A 错误；质点有质量，几何中的点没有质量， 故 B 错误；研究运动员长跑的运动快慢时，可以忽略运动员 的形状和大小，用一个点代替，故 C 正确；表演者跳舞时其 身体的各个部分表演动作不同，不能忽略其形状，所以不能 看做质点，故 D 错误．
考纲展示 1.参考系、质点Ⅰ 2.位移、速度和加速 度Ⅱ 3.匀变速直线运动及 其公式、图象Ⅱ 实验一：研究匀变速 直线运动
复习要点
1.知道参考系、质点的概念，在实际问题 中能恰当地选择参考系和构建质点模 型． 2.区分位移和路程、平均速度和瞬时速度、 速度和加速度的概念及其关系，体会 极限的思想方法． 3.熟练掌握匀变速直线运动的规律及其应 用． 4.理解x－t图象和v－t图象并能熟练应用 图象解决问题.
【解析】
200 m 决赛的跑道有一段弯道，所以 200 m
决赛的位移小于 200 m， 所以 A 错； 200 m 决赛的平均速度 v 200 m ＝10.35 m/s，故 B 错；100 m 决赛的平均速度 v 1＝ 2< 19.32 s 100 m ＝10.38 m/s，而最大速度无法确定，故 C 对，D 错． 9.63 s
2013届高三课堂新坐标物理一轮复习课时知能训练
课时知能训练(时间：45分钟满分：100分)一、单项选择题(本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得6分，选错或不答的得0分．)图5－1－121．(2012·惠州模拟)如图5－1－12所示，拖着旧橡胶轮胎跑是身体耐力训练的一种有效方法．如果某受训者拖着轮胎在水平直道上跑了100 m，那么下列说法正确的是()A．轮胎受到地面的摩擦力做了负功B．轮胎受到的重力做了正功C．轮胎受到的拉力不做功D．轮胎受到地面的支持力做了正功【解析】轮胎受力如图所示．因轮胎位移方向水平向右，故拉力F对轮胎做正功，摩擦力F f对轮胎做负功，重力和支持力对轮胎均不做功，故只有A 项正确．【答案】 A2．(2012·揭阳模拟)一辆汽车从静止出发，在平直的公路上加速前进，如果发动机的牵引力保持恒定，汽车所受阻力保持不变，在此过程中() A．汽车的速度与时间成正比B．汽车的位移与时间成正比C．汽车做变加速直线运动D．汽车发动机做的功与时间成正比【解析】由F－F f＝ma可知，因汽车牵引力F保持恒定，故汽车做匀加速直线运动，C错误；由v＝at可知，A正确；而x＝12at2，故B错误；由WF＝F ·x ＝F ·12at 2可知，D 错误．【答案】 A图5－1－133．(2012·深圳调研)如图5－1－13所示，斜面AB 、DB 的动摩擦因数相同．可视为质点的物体分别沿AB 、DB 从斜面顶端由静止下滑到底端，下列说法正确的是( )A ．物体沿斜面DB 滑动到底端时动能较大B ．物体沿斜面AB 滑动到底端时动能较大C ．物体沿斜面DB 滑动过程中克服摩擦力做的功较多D ．物体沿斜面AB 滑动过程中克服摩擦力做的功较多【解析】 已知斜面AB 、DB 的动摩擦因数相同，设斜面倾角为θ，底边为x ，则斜面高度为h ＝x tan θ，斜面长度L ＝x cos θ，物体沿斜面滑动过程中克服摩擦力做的功W f ＝μmgL cos θ＝μmgx 相同，故C 、D 错误．由动能定理有：mgh －μmgx ＝12m v 2，可知物体沿斜面AB 滑动到底端时动能较大，故A 错误，B 正确．【答案】 B图5－1－144．如图5－1－14所示，质量为m 的小球以初速度v 0水平抛出，恰好垂直打在倾角为θ的斜面上，(不计空气阻力)，则球落在斜面上时重力的瞬时功率为( )A ．mg v 0tan θB.mg v 0tan θC.mg v 0sin θ D ．mg v 0cos θ【解析】 如图所示，由于v 垂直于斜面，可求出小球落在斜面上时速度的竖直分量v 2＝v 0/tan θ，此时重力做功的瞬时功率为P ＝mg v ⊥＝mg v 0tan θ.B 正确．【答案】 B5．质量为2 kg 的物体，放在动摩擦因数为μ＝0.1的水平面上，在水平拉力F 的作用下，由静止开始运动，拉力做的功W 和物体发生的位移x 之间的关系如图5－1－15所示，g ＝10 m/s 2.下列说法中正确的是( )图5－1－15A ．此物体在AB 段做匀加速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为15 WB ．此物体在AB 段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为6 WC ．此物体在AB 段做匀加速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为6 WD ．此物体在AB 段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为15 W【解析】 前3 m 位移内拉力F 1＝W 1x 1＝153 N ＝5 N 前3 m 的加速度a 1＝F 1－μmg m＝1.5 m/s 2 前3 m 末速度v 1＝2a 1x 1＝3 m/s后6 m 位移内拉力F 2＝W x 2＝27－156 N ＝2 N a 2＝F 2－μmg m ＝0，物体做匀速运动所以整个过程中拉力的最大功率为P max ＝F 1v 1＝5×3 W ＝15 W.【答案】 D二、双项选择题(本大题共5小题，每小题8分，共40分．全部选对的得8分，只选1个且正确的得4分，有选错或不答的得0分．)图5－1－166．如图5－1－16所示，质量为m 的物体置于倾角为θ的斜面上，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，在外力作用下，斜面以加速度a 沿水平方向向左做匀加速运动，运动中物体m与斜面体相对静止．则关于斜面对m的支持力和摩擦力的下列说法中正确的是()A．支持力一定做正功B．摩擦力一定做正功C．摩擦力一定不做功D．摩擦力可能做负功【解析】因加速度a的大小情况不确定，故物体m可能不受摩擦力，也可能受沿斜面向上或向下的摩擦力，故摩擦力对物体做功情况不确定，B、C错误，D正确；因支持力与位移方向夹角小于90°，故支持力一定做正功，A正确．【答案】AD图5－1－177．(2012·大连模拟)如图5－1－17所示，倾角为θ的斜劈放在水平面上，斜劈上用固定的竖直挡板挡住一个光滑的质量为m的小球，当整个装置沿水平面以速度v向左匀速运动时间t时，以下说法正确的是()A．小球的重力做功为零B．斜劈对小球的弹力做功为mg v t cos θC．挡板对小球的弹力做功为零D．合力对小球做功为零【解析】分析A球受力如图所示，可求得：F N1＝mg tan θ，F N2＝mgcos θ.因此，斜劈对小球弹力做功W2＝F N2·v t·cos(90°－θ)＝mg v t tan θ，挡板对小球的弹力做功为W1＝－F N1v t＝－mg v t tan θ，重力和合外力对小球做功均为零，故A、D 正确，B、C错误．【答案】AD8．汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，牵引力为F0.t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻，汽车又恢复了匀速直线运动(设整个过程中汽车所受的阻力不变)．在下图中能正确反映汽车牵引力F、汽车速度v在这个过程中随时间t变化的是()【解析】 速度不可能突变，所以当功率变为一半时，由P ＝F v 知，F 突变为原来的一半，此时F <F 阻，v 减小，由P ＝F v 知，F 增大，当F 增至等于F 阻时，恢复匀速直线运动，此时v ＝v 02.【答案】 AD图5－1－189．(2012·阜阳模拟)如图5－1－18是一汽车在平直路面上启动的速度—时间图象，从t 1时刻起汽车的功率保持不变，由图象可知( )A ．0～t 1时间内，汽车的牵引力增大，加速度增大，功率不变B ．0～t 1时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变，功率增大C ．t 1～t 2时间内，汽车的牵引力减小，加速度减小D ．t 1～t 2时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变【解析】 在0～t 1时间内，图线斜率不变，则加速度不变，由F －F f ＝ma 知牵引力不变，由P ＝F v 知功率增大，A 错误B 正确．在t 1～t 2时间内，由P ＝F v 知P 不变，v 增大，则F 减小．由图象或根据F －F f ＝ma 知加速度减小，C 正确D 错误．【答案】 BC图5－1－1910．水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为μ(0＜μ＜1)．现对木箱施加一拉力F ，使木箱做匀速直线运动．设F 的方向与水平面夹角为θ，如图5－1－19所示，在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则( )A ．F 先减小后增大B ．F 一直增大C ．F 的功率减小D ．F 的功率不变【解析】 木箱匀速运动过程中，水平方向合力为零．由F cos θ＝μ(mg －F sinθ)得：F＝μmgcos θ＋μsin θ.由数学知识可得出，θ从0到90°的过程中，F先减小后增大，A正确，B错误；由P＝F v cos θ＝μmg v cos θcos θ＋μsin θ＝μmg v1＋μtan θ可知，θ增大，P减小，C正确，D错误．【答案】AC三、非选择题(本题共2小题，共30分．要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位．)图5－1－2011．(14分)(2012·合肥模拟)如图5－1－20所示，质量为m的小球用长L的细线悬挂而静止在竖直位置．在下列三种情况下，分别用水平拉力F将小球拉到细线与竖直方向成θ角的位置．在此过程中，拉力F做的功各是多少？(1)用F缓慢地拉；(2)F为恒力；(3)若F为恒力，而且拉到该位置时小球的速度刚好为零．【解析】(1)用力F缓慢地拉小球时，拉力F为变力，由能量守恒定律得拉力F的功W F＝mgL(1－cos θ)．(2)F为恒力时，根据功的公式得F做的功为W F＝FL sin θ.(3)因拉力为恒力，故拉力的功W F＝FL sin θ，又因拉到该处时小球的速度刚好为零，由动能定理可得：W F＝mgL(1－cos θ)．【答案】(1)mgL(1－cos θ)(2)FL sin θ(3)FL sin θ或mgL(1－cos θ)图5－1－2112．(16分)(2012·茂名模拟)一辆汽车质量为1×103 kg，最大功率为2×104 W，在水平路面上由静止开始做直线运动，最大速度为v2，运动中汽车所受阻力恒定．发动机的最大牵引力为3×103 N，其行驶过程中牵引力F与车速的倒数1 v的关系如图5－1－21所示．试求：(1)根据图线ABC 判断汽车做什么运动；(2)v 2的大小；(3)整个运动过程中的最大加速度．【解析】 (1)题图中图线AB 段牵引力F 不变，阻力F f 不变，汽车做匀加速直线运动，图线BC 的斜率表示汽车的功率P ，P 不变，则汽车做加速度减小的加速运动，直至达到最大速度v 2，此后汽车做匀速直线运动.(2)当汽车的速度为v 2时，牵引力为F 1＝1×103 N ，v 2＝P m F 1＝2×1041×103 m/s ＝20 m/s. (3)汽车做匀加速直线运动时的加速度最大阻力F f ＝P m v 2＝2×10420 N ＝1 000 N a ＝F m －F f m ＝(3－1)×1031×103 m/s 2＝2 m/s 2. 【答案】 (1)见解析 (2)20 m/s (3)2 m/s 2。
课堂新坐标2013届高考数学一轮复习课件：第二章第七节 函数的图象(广东专用)
探 究
A．无实根
B．有且仅有一个根
· 提
C．有且仅有两个根 D．有无穷多个根
知 能
自
主 落
【解析】 令 y＝|x|，及 y＝cos x，二者均为偶函数在同
高 考
实
· 固 基 础
一坐标系内作两函数图象，根据图象知|x|＝cos x 只在区间(－ π2，π2)内有两个实根．
体 验
· 明 考
情
课
时
知
能
【答案】 C
一轮复习 ·新课标 ·数学（理）（广东专用）
典
例
探
究
·
提
(2)因 y＝xx－＋12＝1＋x－3 1，先作出 y＝3x的图象，
知 能
自 主
将其图象向右平移一个单位，再向上平移一个单位，
高
落 实 ·
即得 y＝xx＋ －21的图象，如图乙．
固
考 体 验 ·
基
明
础
考
情
课 时 知 能 训 练
菜单
第十二页，编辑于星期日：二十点 十五分。
典
例
【解析】 f(x)的定义域是x∈R，且x≠1，
探 究
·
当x＞1时，f(x)是增函数；当x＜1时，f(x)是减函数．
提
知
【答案】 B
能
自
主
高
落
考
实
体
·
验
固
·
基
明
础
考
情
课 时 知 能 训 练
菜单
第七页，编辑于星期日：二十点 十五分。
一轮复习 ·新课标 ·数学（理）（广东专用）
典
例
3．(2011·陕西高考)方程|x|＝cos x在R内( )
【课堂新坐标】2015届高考物理一轮总复习 第十一章 热学章末归纳提升课件
图5
(1)若拉动活塞过程中温度保持为 27 ℃，活塞到达缸口 时缸内气体压强； (2)若活塞到达缸口时拉力大小为 500 N，求此时缸内气 体温度为多少摄氏度．
【解析】
(1)活塞刚到缸口时，L2＝1 m
p1SL0＝p2SL2 得 p2＝0.4×105 Pa. (2)温度升高活塞刚到缸口时，L3＝1 m p3＝p0－F/S＝0.5×105 Pa p3L3S p1L0S ＝ T3 T1
章末归纳提升课
1．水压机是利用液体来传递压强的．水压机工作时，水 分子间( )
A．只有斥力 B．只有引力 C．既有引力也有斥力，但分子力表现为引力 D．既有引力也有斥力，但分子力表现为斥力
【解析】 水压机工作时，水分子间距离小于平衡位置 之间的距离，水分子之间既有引力也有斥力，但分子力表现 为斥力，选项 D 正确．
图4
A．充气后，密封气体压强增加 B．充气后，密封气体的分子平均动能增加 C．打开阀门后，密封气体对外界做正功 D．打开阀门后，不再充气也能把水喷光
【解析】
根据玻意耳定律，温度的实质解决问题．
充气前后，封闭气体的初态参量 p1＝1 atm，V1＝0.6 L；末态参量 p1V1 1×0.6 p2＝？， V2＝0.5 L．根据 p1V1＝p2V2，得 p2＝ ＝ atm＝1.2 V2 0.5 atm，故充气后压强增大，选项 A 正确；温度是分子平均动能的标志， 因为温度不变，故气体的分子平均动能不变，选项 B 错误；打开阀门 后气体体积增大，故气体对外界做正功，选项 C 正确；打开阀门后， pV 水向外流出，假若水全部流出， 由 ＝k 知，容器内的气压会降为 0.24 T atm，小于外部气压，故水不会喷光，选项 D 错误．
【答案】
AC
【课堂新坐标】高三物理一轮复习课件第七章恒定电流第7章-第2节
【解析】 由闭合电路欧姆定律可得，滑动变阻器触片 向右移，外电阻增大，路端电压增大，○V 的示数变大，干 路电流减小，R1 两端电压减小，R2 两端电压增大，流过 R2 的电流增大，○A 的示数变大，可知 B 选项正确．
【答案】 B
考点二 电源的功率和效率问题
总结见下表：
电源总功率
任意电路：P 总＝EI＝P 出＋P 内 纯电阻电路：P 总＝I2(R＋r) ＝RE＋2 r
【答案】 C
3．(2011·北京高考)如图 7-2-3 所示电路，电源内阻不可 忽略．开关 S 闭合后，在变阻器 R0 的滑动端向下滑动的过程 中( )
图 7-2-3
A．电压表与电流表的示数都减小 B．电压表与电流表的示数都增大 C．电压表的示数增大，电流表的示数减小 D．电压表的示数减小，电流表的示数增大
【解析】 理想电压表 V1、V2、V3 示数分别是定值电阻 的电压、路端电压、滑动变阻器的电压，理想电流表 A 示数 是干路中的电流．滑动变阻器滑片向下滑动，其有效电阻变 小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路中的电流增大，A 示 数增大，内压增大，路端电压减小，即 V2 示数减小，故选项 A 正确、选项 B 错误；因为ΔΔVI1＝R、ΔΔVI2＝r，而 R>r，所以 ΔV1>ΔV2，故选项 D 正确；因为 ΔV3>ΔV2、ΔΔVI2＝r，所以ΔΔVI3 >r，故选项 C 正确．
其他电路的电流、电压的变化.
考点一 电路的动态分析 1.电路动态分析类问题是指由于断开或闭合开关、滑动 变阻器滑片的滑动等造成电路结构发生了变化，一处变化又 引起了一系列的变化． 2．电路动态分析的方法 (1)程序法：电路结构的变化→R 的变化→R 总的变化→I 总的变化→U 端的变化→固定支路并 串联 联分 分流 压IU →变化支路．
2021届课堂新坐标物理一轮复习课件（人教版）：第三章 章末提升预测
❖ 三、极端法巧解选择题
❖ 有些物理问题，由于物理现象涉及的因素 较多，过程变化复杂，同学们往往难以洞 察其变化规律并做出迅速判断．但如果把 问题推到极端状态下或特殊状态下进行分 析，问题会立刻变得明朗直观，这种解题 方法我们称之为极限思维法，也称为极端 法．
❖ 运用极限思维解决物理问题，关键是考虑 将问题推向什么极端，即应选择好变量， 所选择的变量要在变化过程中存在极值或 临界值，然后从极端状态出发分析问题的
❖ 【答案】 (1)32.4 m (2)1 300 N
本小节结束 请按ESC键返回
❖ 2.(2013·预测)完整的撑杆跳高过程可以简 化成如图3－9所示的三个阶段，持杆助跑、
撑杆起跳上升、越杆下落．运动员从静止 开始以加速度a＝1.25 m/s2匀加速助跑， 速度达到v＝9.0 m/s时撑杆起跳，到达最 高点时过杆的速度不计，过杆后做自由落 体运动，重心下降h2＝4.05 m时身体接触 软垫，从接触软垫到速度减为零的时间t ＝0.90 s．已知运动员的质量m＝65 kg， 重力加速度g取10 m/s2，图3不－9计空气的阻 力．求：
(教师用书独具)
❖ 高考预测
❖ 1.(双选)(2013·预测)如图3－8所示，质量 为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量 为m的粗糙物块以某一初速度沿劈形物体 的粗糙斜面向上滑，至速度为零后又加速 返回，而物体M始终保持静止，则在物块 m上、下滑动的整个过程中( )
图3－8
❖ A.地面对物体M的摩擦力先向左后向右
图3－2
【解析】 在最大形变量处，M和m相对静止，它们具有相同的加 速度，所以对整体有
kΔx＝(M＋m)a① 对m有Ff＝ma② 所以由①②解得Δx＝FfMkm＋m. 【答案】 FfM＋m
2014新坐标物理一轮复习课件-第七章 恒定电流 章末归纳提升
法 ·
纳
巧
突 破
选项C错；电源效率η＝P出/P总＝U/E＝2/3× 100%＝
破 疑
难
66.7%，选项D正确．
【答案】 ABD
菜单
HK 新课标 ·物理
1.极限思维法是把某个物理量推向极端，即极大和极小或
极限位置，并以此作出科学的推理分析，从而给出判断或
汇
方 导出一般结论．
法
寻 妙
· 归
2．当题目要求定性地判断某一具体的物理量的变化情况
疑 难
B．电阻R的阻值为1 Ω
C．电源的输出功率为2 W
D．电源的效率为66.7%
菜单
HK 新课标 ·物理
【解析】 图象Ⅰ与纵轴交点表示电源电动势，为3 V，
图象Ⅰ斜率的绝对值表示电源内阻，为0.5 Ω，选项A正确；
汇 方
图象Ⅱ的斜率表示电阻R的阻值，为1 Ω，选项B正确；电
寻
法
妙
· 归
源输出电压为U＝2 V，电流为2 A，电源输出功率为4 W，
汇
如图7－6所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，
方
寻
法 E为电源电动势，r为电源内电阻，以下说法中正确的是
·
妙 法
归
·
纳( )
巧
突
破
破
A．当R2＝R1＋r时，R2上获得最大功率
疑 难
B．当R2＝R1＋r时，R1上获得最大功率
C．当R2＝0时，R1上获得最大功率
D．当R2＝0时，电源的输出功率最大
菜单
菜单
HK 新课标 ·物理
在图7－4所示的电路中，电源的电动势恒定，要
想使灯泡L变暗，可以( )
A．增大R1的阻值
课堂新坐标2013届高考数学一轮复习课件：第七章第一节 空间几何体的结构及其三视图和直观图(广东专用
考
情
分才叫棱台，且棱台的侧面是梯形，但并不一定是等腰梯形，故
自
②③错误．
课
主
落
【答案】 A
时 知
实
能
·
训
固
练
基
础
菜单
第十七页，编辑于星期日：二十点 十三分。
一轮复习 ·新课标 ·数学（理）（广东专用）
网
典
络
空间几何体的三视图
例
构
探
建
(2011·北京高考)某四面体的三视图如图7－1－3所示，该四面
究
一轮复习 ·新课标 ·数学（理）（广东专用）
网
典
络
例
构
探
建
究
·
2．旋转体的结构特征
览
· 提
全 局
(1)圆柱可以由____矩__形__绕其任一边所在直线旋转得到；
知 能
(2)圆锥可以由直角三角形绕其_______一___条__直所角在直边线旋转得
策 略
到；
指 导
(3)圆台可以由直角梯形绕_________________所在直线旋转得
· 明
失导致失分．
考 情
3．把握命题的新动向，近两年在重视基础知识的同时力求创新，将导数与
自
几何(2011·江西)、概率与立体几何(2010·福建)相结合考查，2011年浙江与福建在
课
主 落
命题中还考查开放性探索问题，这些命题趋向都值得重视.
时 知
实
能
·
训
固
练
基
础
菜单
第四页，编辑于星期日：二十点 十三分。
菜单
课 时 知 能 训 练
第二十页，编辑于星期日：二十点 十三分。
2013课堂新坐标物理一轮复习课件第十章章末提升预测.
(见学生用书第 190 页)
1
一、选对“四值”，处理交流电应用问题 “四值”是指交流电的最大值、瞬时值、有效值和平均值，在实 际应用中，“四值”的作用各不相同，因此在求解不同问题时，首先要 选对“四值”，才能正确解答，否则将会徒劳无功．
2
频率为 50 Hz 的交变电流，其电压 u＝120 虹灯点亮的时间．
【解析】 只将 S1 从 2 拨向 1 时，根据 U1∶U2＝n1∶n2，可得副线 圈的电压要增大，输出功率和输入功率也要增大，电流表示数变大， A 错；只将 S2 从 4 拨向 3 时，副线圈的电压要减小，输出功率和输入功率 也要减小，电流表示数变小，B 对；只将 S3 从断开变为闭合时，电路的 总电阻变小，输出功率和输入功率要增大，电流表示数变大， C 错；只 将变阻器 R3 的滑动触头下移，电路的总电阻变小，输出功率和输入功率 要增大，电流表示数变大，D 错
变压器和 描述交变 变 压 器 的 电流的物 原理 理量
甲
图甲
乙
图乙
12
在高考命题中，该章的命题热点有： (1)交变电流的产生及其图象描述，主 要考查产生过程中各物理量的变化规 律． 命题 (2)变压器基本规律的应用，变压器所 趋势 在电路的动态分析问题． (3)对远距离输电过程的理解，损失电 能的计算． (4)传感器元件在物理实验中的应用．
13
• 高考预测 • (2013· 预测)有一电路连接如图10－4所示， 理想变压器初级线圈接电压一定的交流电 源，则下列说法中正确的是( )
图 10－4
14
A.只将 S1 从 2 拨向 1 时，电流表示数变小 B.只将 S2 从 4 拨向 3 时，电流表示数变小 C.只将 S3 从断开变为闭合，变压器的输入功率减小 D.只将变阻器 R3 的滑动触头下移，变压器的输入功率减小
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
4
• 【解析】 (1)测量电路如图所示，开关控 制总电路，注意电流表的接法和电表量程 的选择． • (2)按照实验值作出的U－I图线如图所示； 由 U － I 图 线 与 U 轴 的 交 点 知 E ＝ 2.95 V(2.93 V～2.97 V均可)，利用E＝I(R＋r) ＝ U ＋ Ir ，代入图中对应数据 ，可得 r ＝ 0.70 Ω(0.67 Ω～0.73 Ω均可)
14
(教师用书独具)
15
• 高考预测 • (双选)(2013·预测)在如图7－8所示电路中， 闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑 动时，四个理想电表的示数都发生变化， 电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示， 电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、 ΔU2和ΔU3表示，下列比值正确的是( )
5
• 1.在如图7－3所示的U－I图象中，直线Ⅰ 为某一电源的路端电压与电流的关系图象， 直线Ⅱ为某一电阻 R 的伏安特性曲线．用 该电源直接与电阻R相连组成闭合电 路．由图象可知( ) • A．电源的电动势为3 V，内阻为0.5 Ω • B．电阻R的阻值为2 Ω 图 7－3 • C．电源的输出功率为2 W • D．电源的效率为66.7%
7
• 二、用极限思维法分析电路问题 • 极限思维法是把某个物理量推向极端，即 极大和极小或极限位置，并以此作出科学 的推理分析，从而给出判断或导出一般结 论．当题目要求定性地判断某一具体的物 理量的变化情况或变化趋势时，可假设其 他变量为极端的情况，从而就能较快地弄 清该物理量的变化趋势，达到研究的目的， 选择题不同于其他题型，有时对结果的得 出，不需要很严密的计算，只要能够大致 地了解并弄清楚其结果的范围或变化趋势 就行了．因此，在做选择题时，采用极限 8 思维法极为简便且可以大大缩短做题时
(双选)在图 7－4 所示的电路中， 电源的电动势恒定， 要想使 灯泡 L 变暗，可以( A．增大 R1 的阻值 B．减小 R1 的阻值 C．增大 R2 的阻值 D．减小 R2 的阻值
图 7－4
)
• 【解析】 当R2的阻值减小并趋近于零时， L 被短路，灯泡 L 变暗， D 正确， C 错误； 当R1的阻值增大并趋近于无穷大时，可视 为断路，总电流趋于零时，灯泡 L 也变暗， 故A正确，B错误． • 【答案】 AD 9
• 三、高分妙招：“等效电源法”在分析电路 B．当 R2＝R1＋r 时，R1 上获得最大功率 功率中的妙用 C．当 R2＝0 时，R1 上获得最大功率
D．当 R2＝0 时，电源的输出功率最大
图 7－6
11
【技法攻略】 在讨论 R2 的电功率时，可将 R1 视为电源内阻的一 部分， 即将原电路等效为外电阻 R2 与电动势 E、 内阻为(R1＋ r)的电源 (等 效电源 )连成的闭合电路如图所示，R2 的电功率是等效电源的输出功率， 显然当 R2＝ R1＋ r 时， R2 获得的电功率最大，选项 A 正确．在讨论 R1 E 的电功率时，由 I＝ 及 P1＝ I2R1 可知 R2＝ 0 时，R1 获得的电功 R1＋ R2＋ r 率最大，故选项 B 错误，选项 C 正确．在讨论电源的输出功率时， (R1 ＋ R2)为外电阻，内电阻 r 恒定，由于题目没有给出 R1 和 r 的具体数值， 所以当 R2＝ 0 时，电源输出功率并不一定最大，故选项 D 错误．
章末提升预测
(见学生用书第 135 页)
1
• 一、外推法在测定性实验中的应用 • 有些物理量可以在局部观察或测量，但是 它的极端情况，不易直接观测，如果把这 局部观察测量得到的规律外推到极端，就 可以达到目的了． • 例如在测电源电动势和内电阻的实验中， 我们无法直接测量 I ＝ 0( 断路 ) 时的路端电 压 ( 电动势 ) 和短路 (U ＝ 0) 时的电流强度， 但可以通过一系列U 、 I 对应值描点画出 U －I图线并向两方延伸，与U轴交点为电动 势，与I轴交点为短路电流． 2
图 7－8 U1 ΔU 1 A. 不变， 不变 I ΔI U2 ΔU 2 C. 变大， 变小 I ΔI U2 ΔU 2 B. 变大， 变大 I ΔI U3 ΔU 3 D. 变大， 不变 I ΔI
16
【解析】 电表 A、V3 分别测量总电流和路端电压，V1、V2 分别 测量 R1、R2 两端的电压，各电表的示数关系是 U3＝ U1＋ U2，U3＝ E－ Ir U 1 ΔU 1 ＝ I(R1＋ R2)， U1＝ IR1， U2＝ IR2， U2＝ E－ I(R1＋ r)，则 R1＝ ＝ 不 I ΔI U2 U3 ΔU 3 变， R2＝ 变大， R1＋ R2＝ 变大；而 r＝ 不变；将定值电阻 R1 视 I I ΔI ΔU 2 为电源内阻， 则 V2 测量的电压是“路端电压”， 所以 R1＋ r＝ 不变． 故 ΔI 答案为 A、 D.
• 【答案】 AD
17
本小节 AC
12
• 3．如图7－7所示电路中，已知电源内阻r ＝2 Ω，定值电阻R1＝0.5 Ω，求： • (1)当变阻器的阻值为多大时，变阻器消耗 的功率最大？ • (2)当变阻器的阻值为多大时，电源的输出 功率最大？
图 7－7
13
• 【解析】 (1)把电源和R1的电路等效为一 个电源．可知：当滑动变阻器接入电路的 阻值 R2 ＝ r ＋ R1 时，变阻器消耗的功率最 大，即：R2＝2.5 Ω. • (2)当R1＋R2＝r时，电源的输出功率最大 • R2＝r－R1＝1.5 Ω. • 【答案】 (1)2.5 Ω (2)1.5 Ω
用电流表和电压表测电源的电动势和内阻， 提供的器材如图 7－1 所示．
图 7－ 1
3
• (1)用实线代表导线把图中实物连线成测量 电路．(两节干电池串联作为电源，图中有 部分线路已连接好) • (2) 图 7 － 2 中的 6 个点表示实验中测得的 6 组电流I、电压U的值，按照这些实验值作 出 U － I 图线，由此图线求得电源电动势 E ＝________，内阻r＝________.
6
• 【解析】 图象Ⅰ与纵轴交点表示电源电 动势，为 3 V ，图象 Ⅰ 斜率的绝对值表示 电源内阻，为0.5 Ω，选项A正确；图象Ⅱ 的斜率表示电阻R的阻值为1 Ω，选项B错 误；电源输出电压为U＝2 V，电流为2 A， 电源输出功率为 4 W ，选项 C 错；电源效 率 η＝ P出 /P 总 ＝ U/E ＝ 2/3×100% ＝ 66.7% ， 选项D正确． • 【答案】 AD
2．在图 7－5 的闭合电路中，当滑片 P 向左移动时，两电表读数的 变化是( ) A. 变大， 变大 B. 变小， 变大 C. 变大， 变小 D. 变小， 变小
图 7－5
• 【解析】 滑片 P 向左移动，电阻变小并 趋于零时，电压表被短路，示数为零，电 流表示数变大． • 【答案】 C
10
(双选)如图 7－ 6 所示，R1 为定值电阻，R2 为可变电阻， E 为电源电动势，r 为电源内电阻，以下说法中正确的是( A．当 R2＝ R1＋r 时，R2 上获得最大功率 )