高中数学选修2-3知识点讲课稿
最新人教版高中数学选修2-3《正态分布》知识讲解
2.4 正态分布1.正态曲线(1)函数______________,x ∈(-∞,+∞),其中实数μ和σ(σ>0)为参数.我们称φμ,σ(x )的图象为正态分布密度曲线,简称________.(2)随机变量X 落在区间(a ,b ]的概率为P (a <X ≤b )≈__________,即由正态曲线,过点(a,0)和点(b,0)的两条x 轴的垂线,及x 轴所围成的平面图形的面积,就是X 落在区间(a ,b ]的概率的近似值.预习交流1(1)正态曲线φμ,σ(x )中参数μ,σ的意义是什么?(2)设随机变量X 的正态分布密度函数φμ,σ(x )=12πe -(x +3)24,x ∈(-∞,+∞),则参数μ,σ的值分别是( ).A .μ=3,σ=2B .μ=-3,σ=2C .μ=3,σ= 2D .μ=-3,σ= 22.正态分布一般地,如果对于任何实数a ,b (a <b ),随机变量X 满足P (a <X ≤b )=__________,则称X 服从________.正态分布完全由参数μ和σ确定,因此正态分布常记作________,如果随机变量X 服从正态分布,则记为________.3.正态曲线的特点(1)曲线位于x轴____,与x轴______;(2)曲线是单峰的,它关于直线____对称;(3)曲线在____处达到峰值______;(4)曲线与x轴之间的面积为__;(5)当σ一定时,曲线的位置由μ确定,曲线随着μ的变化而沿x轴平移,如图①;(6)当μ一定时,曲线的形状由σ确定,σ越小,曲线越“____”,表示总体的分布越集中;σ越大,曲线越“____”,表示总体的分布越分散,如图②.预习交流2设随机变量X~N(μ,σ2),且P(X≤C)=P(X>C),则C=().A.0B.σC.-μD.μ4.正态总体在三个特殊区间内取值的概率若X~N(μ,σ2),则对于任何实数a>0,概率P(μ-a<X≤μ+a)=__________.特别地有P(μ-σ<X≤μ+σ)=______,P(μ-2σ<X≤μ+2σ)=______,P(μ-3σ<X≤μ+3σ)=______.5.3σ原则正态变量在(-∞,+∞)内的取值的概率为1,正态总体几乎总取值于区间(μ-3σ,μ+3σ)之内,而在此区间以外取值的概率只有0.002 6,通常认为这种情况在一次试验中几乎不可能发生,因此在实际应用中通常认为服从于正态分布N(μ,σ2)的随机变量X只取(μ-3σ,μ+3σ)之间的值,简称为________.预习交流3(1)如何求服从正态分布的随机变量X在某区间内取值的概率?(2)正态总体N(4,4)在区间(2,6]内取值的概率为__________.答案:1.(1)φμ,σ(x)=12πσ22()2exμσ--正态曲线(2)∫b aφμ,σ(x)d x预习交流1:(1)提示:参数μ反映随机变量取值的平均水平的特征数,即若X~N(μ,σ2),则E(X)=μ.同理,参数σ是衡量随机变量总体波动大小的特征数,可以用样本的标准差去估计.(2)提示:写成标准式φμ,σ(x)=12π2 e∴μ=-3,σ= 2.2.∫b aφμ,σ(x)d x正态分布N(μ,σ2)X~N(μ,σ2)3.(1)上方不相交(2)x=μ(3)x=μ1σ2π(4)1(6)瘦高矮胖预习交流2:提示:正态分布在x=μ对称的区间上概率相等,则C=μ.4.∫μ+aμ-aφμ,σ(x)d x0.682 60.954 40.997 45.3σ原则预习交流3:(1)提示:首先找出服从正态分布时μ,σ的值,再利用3σ原则求某一个区间上的概率,最后利用在关于x=μ对称的区间上概率相等求得结果.(2)提示:由题意知μ=4,σ=2,∴P(μ-σ<X≤μ+σ)=P(2<X≤6)=0.682 6.一、正态曲线的图象应用如图所示的是一个正态曲线,试根据该图象写出其正态分布的概率密度函数的解析式,求出总体随机变量的期望和方差.思路分析:给出一个正态曲线就给出了该曲线的对称轴和最大值,从而就能求出总体随机变量的期望、标准差以及解析式.如图是正态分布N(μ,σ21),N(μ,σ22),N(μ,σ23)(σ1,σ2,σ3>0)相应的曲线,那么σ1,σ2,σ3的大小关系是().A.σ1>σ2>σ3 B.σ3>σ2>σ1 C.σ1>σ3>σ2D.σ2>σ1>σ3(1)用待定系数法求正态变量概率密度曲线的函数表达式,关键是确定参数μ和σ的值,并注意函数的形式.(2)当x=μ时,正态分布的概率密度函数取得最大值,即f(μ)=12πσ为最大值,并注意该式在解题中的应用.二、利用正态曲线的对称性求概率已知随机变量X服从正态分布N(2,σ2),P(X<4)=0.84,则P(X≤0)=().A.0.16 B.0.32 C.0.68 D.0.84思路分析:画出正态曲线,结合其意义及特点求解.若随机变量ξ服从正态分布N(0,1),已知P(ξ<-1.96)=0.025,则P(|ξ|<1.96)=().A.0.025 B.0.050 C.0.950 D.0.975充分利用正态曲线的对称性及面积为1的性质求解.①熟记正态曲线关于直线x=μ对称,从而在关于x=μ对称的区间上概率相等.②P(X<a)=1-P(X≥a);P(X<μ-a)=P(X>μ+a).三、正态分布的应用在某次数学考试中,考生的成绩ξ服从一个正态分布,即ξ~N(90,100).(1)试求考试成绩ξ位于区间(70,110]内的概率是多少?(2)若这次考试共有2 000名考生,试估计考试成绩在(80,100]间的考生大约有多少人?思路分析:正态分布已经确定,则总体的期望μ和标准差σ就可以求出,这样就可以根据正态分布在三个常见的区间上取值的概率进行求解.为了了解某地区高三男生的身体发育状况,抽查了该地区1 000名年龄在17.5岁至19岁的高三男生的体重情况,抽查结果表明他们的体重X(kg)服从正态分布N(μ,22),且正态分布密度曲线如图所示.若体重大于58.5 kg小于等于62.5 kg属于正常情况,则这1 000名男生中属于正常情况的人数是().A.997 B.954 C.819 D.683求正态变量X在某区间内取值的概率的基本方法:(1)根据题目中给出的条件确定μ,σ的值;(2)将待求问题向(μ-σ,μ+σ],(μ-2σ,μ+2σ],(μ-3σ,μ+3σ]这三个区间进行转化;(3)利用上述区间求出相应的概率.答案:活动与探究1:解:从给出的正态曲线可知该正态曲线关于直线x=20对称,最大值是12π,所以μ=20,12πσ=12π,则σ= 2.所以概率密度函数的解析式是f(x)=12π2(20)4ex--,x∈(-∞,+∞).总体随机变量的期望是μ=20,方差是σ2=(2)2=2.迁移与应用:A活动与探究2:A解析:由X~N(2,σ2),可知其正态曲线如图所示,对称轴为x=2,则P(X≤0)=P(X≥4)=1-P(X<4)=1-0.84=0.16.迁移与应用:C解析:由已知正态曲线的对称轴为x=μ=0,∴P(ξ<-1.96)=P(ξ>1.96)=0.025.∴P(|ξ|<1.96)=1-P(ξ≥1.96)-P(ξ≤-1.96)=0.950.活动与探究3:解:∵ξ~N(90,100),∴μ=90,σ=100=10.(1)由于正态变量在区间(μ-2σ,μ+2σ]内取值的概率是0.954 4,而该正态分布中,μ-2σ=90-2×10=70,μ+2σ=90+2×10=110,于是考试成绩ξ位于区间(70,110]内的概率就是0.954 4.(2)由μ=90,σ=10得μ-σ=80,μ+σ=100.由于正态变量在区间(μ-σ,μ+σ]内取值的概率是0.682 6,所以考试成绩ξ位于区间(80,100]内的概率是0.682 6.一共有2 000名考生,所以考试成绩在(80,100]间的考生大约有2 000×0.682 6≈1 365(人).迁移与应用:D解析:由题意,可知μ=60.5,σ=2,故P(58.5<X≤62.5)=P(μ-σ<X≤μ+σ)=0.682 6,从而属于正常情况的人数是1 000×0.682 6≈683.1.正态曲线关于y轴对称,则它所对应的正态总体的均值为().A.1 B.-1 C.0 D.不确定2.设随机变量X ~N (1,22),则D ⎝⎛⎭⎫12X =( ).A .4B .2 C.12D .1 3.已知随机变量ξ服从正态分布N (0,σ2),若P (ξ>2)=0.023,则P (-2≤ξ≤2)=( ).A .0.447B .0.628C .0.954D .0.9774.在某项测量中,测量结果ξ服从正态分布N (1,σ2)(σ>0).若ξ在(0,1)内取值的概率为0.4,则ξ在(0,2)内取值的概率为__________.5.一批灯泡的使用时间X (单位:小时)服从正态分布N (10 000,4002),则这批灯泡使用时间在(9 200,10 800]内的概率是__________.答案:1.C 解析:由正态曲线关于y 轴对称,∴μ=0,均值为0.2.D 解析:因为X ~N (1,22),所以D (X )=4,所以D ⎝⎛⎭⎫12X =14D (X )=1.3.C 解析:∵随机变量ξ服从标准正态分布N (0,σ2),∴正态曲线关于x =0对称.又P (ξ>2)=0.023,∴P (ξ<-2)=0.023.∴P (-2≤ξ≤2)=1-2×0.023=0.954.4.0.8 解析:易得P (0<ξ<1)=P (1<ξ<2),故P (0<ξ<2)=2P (0<ξ<1)=2×0.4=0.8.5.0.954 4 解析:μ=10 000,σ=400,P (9 200<X ≤10 800)=P (10 000-2×400<X ≤10 000+2×400)=0.954 4.。
高中数学复习选修2-3 第一章章末总结 阶段复习课(一)
3. 的定义解释
是从Cmnn个 不Cnn同m元素中取出m个元素拼成一组,在从n个不同
元素中取出m个元素的同时,n个元素中剩余的n-m个元素就自
然C形mn 成了一组,所以 与 是相对应的,所以两数相等.
Cmn
Cnm n
【辨析】
1.组合与组合数的区别
组合与组合数是两个不同的概念,一个组合是由不同元素合成的一组数,组合
【辨析】
1.排列的概念 排列问题是针对不同元素的排列,若问题中允许元素重复,则不是排列问题. 2.排列与排列数的区别 排列与排列数是两个不同的概念,一个排列是按一定顺序排列的一列数,排列 数是所有不同排列的个数,是一个数.
三、组合 1.组合与组合数
概念
组合,组合数
一般地,从n个不同元素中取出m个元素合成一组, 叫做从n个不同元素中取出m个元素的一个组合, 所有不同组合的个数,叫做从n个不同元素中取 出m个元素的组合数.
各类方案之间是互斥的、 各步之间是关联的、相
并列的、独立的
互依存的
二、排列 1.排列与排列数
排列,排列数
排列 概念
一般地,从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素, 按照一定的顺序排成一列,叫做从n个不同元素 中取出m个元素的一个排列 从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素的所有不
排列数 同排列的个数,叫做从n个不同元素中取出m个
③④字a与C母knbaa的n,b次k是b数k一之种和“是符n号. ”,它可以是数、式及其他值.
⑤通项公式是对(a+b)n这个标准形式而言的,如(a-b)n的展 开式的通项公式是
Tk1 1 k Cnkankbk .
Ckn (n N*,k 0,1,2,,n)
(2)二项式定理的特征 ①二项展开式有n+1项,比二项式的次数大1. ②二项式系数与二项展开式系数是两个不同的概念. ③要注意逆用二项式定理来分析问题、解决问题.
高中数学选修2-3优质课件:事件的相互独立性
[解] 令事件 A,B,C 分别表示 A,B,C 三个独立的研究 机构在一定时期内成功研制出该疫苗,依题意可知,事件 A,B, C 相互独立,且 P(A)=15,P(B)=14,P(C)=13.
(1)他们都研制出疫苗,即事件 ABC 发生,故 P(ABC)= P(A)P(B)·P(C)=15×14×13=610.
第三页,编辑于星期一:点 三十六分。
[类题通法] 判断事件是否相互独立的方法
(1)定义法:事件 A,B 相互独立⇔P(AB)=P(A)·P(B). (2)利用性质:A 与 B 相互独立,则 A 与 B ,A 与 B,A 与 B 也都相互独立. (3)有时通过计算 P(B|A)=P(B)可以判断两个事件相互 独立.
第九页,编辑于星期一:点 三十六分。
[对点训练] 设进入某商场的每一位顾客购买甲种商品的概率为 0.5,购买 乙种商品的概率为 0.6,且购买甲种商品与购买乙种商品相互 独立,各顾客之间购买商品也是相互独立的.求: (1)进入商场的 1 位顾客,甲、乙两种商品都购买的概率; (2)进入商场的 1 位顾客购买甲、乙两种商品中的一种的概率. 解:记 A 表示事件“进入商场的 1 位顾客购买甲种商品”, 则 P(A)=0.5; 记 B 表示事件“进入商场的 1 位顾客购买乙种商品”,则 P(B)=0.6;
第十三页,编辑于星期一:点 三十六分。
[类题通法] 解决此类问题应注意
(1)恰当用事件的“并”“交”表示所求事件; (2)“串联”时系统无故障易求概率,“并联”时系统 有故障易求概率,求解时注意对立事件概率之间的转化.
第十四页,编辑于星期一:点 三十六分。
[对点训练] 在一段线路中并联着 3 个自动控制的常开开关,只要其中 1 个开关能够闭合,线路就能正常工作.假定在某段时间内每 个开关能够闭合的概率都是 0.7,计算在这段时间内线路正常 工作的概率. 解:如图所示,记这段时间内开关 KA,KB,KC 能 够闭合为事件 A,B,C.
高中数学选修2-3-排列与组合
排列与组合知识集结知识元排列与排列数公式知识讲解1.排列及排列数公式【考点归纳】1.定义(1)排列:一般地,从n个不同的元素中任取m(m≤n)个元素,按照一定的顺序排成一列,叫做从n个不同元素中取出m个元素的一个排列.(其中被取的对象叫做元素)(2)排列数:从n个不同的元素中取出m(m≤n)个元素的所有排列的个数,叫做从n个不同元素中取出m个元素的排列数,用符号表示.2.相关定义:(1)全排列:一般地,n个不同元素全部取出的一个排列,叫做n个不同元素的一个全排列.(2)n的阶乘:正整数由1到n的连乘积,叫做n的阶乘,用n!表示.(规定0!=1)3.排列数公式(1)排列计算公式:=.m,n∈N+,且m≤n.(2)全排列公式:=n•(n﹣1)•(n﹣2)•…•3•2•1=n!.例题精讲排列与排列数公式例1.(x-2)(x-3)(x-4)…(x-15)(x∈N+,x>15)可表示为()A.A B.A C.A D.A例2.若=12,则n=()A.8B.7C.6D.4例3.已知=15,那么=()A.20B.30C.42D.72组合与组合数公式知识讲解1.组合及组合数公式【考点归纳】1.定义(1)组合:一般地,从n个不同元素中,任意取出m(m≤n)个元素并成一组,叫做从n个元素中任取m个元素的一个组合.(2)组合数:从n个不同元素中,任意取出m(m≤n)个元素的所有组合的个数,叫做从n 个不同元素中,任意取出m个元素的组合数,用符号表示.2.组合数公式:=.m,n∈N+,且m≤n.3.组合数的性质:性质1性质2.例题精讲组合与组合数公式例1.'排球单循环赛南方球队比北方球队多9支南方球队总得分是北方球队的9倍求证冠军是一支南方球队(胜得1分败得0分).'例2.'一个袋子里装有大小相同且标有数字1~5的若干个小球,其中标有数字1的小球有1个,标有数字2的小球有2个,…,标有数字5的小球有5个.(Ⅰ)从中任意取出1个小球,求取出的小球标有数字3的概率;(Ⅱ)从中任意取出3个小球,求其中至少有1个小球标有奇数数字的概率;(Ⅲ)从中任意取出2个小球,求小球上所标数字之和为6的概率.'例3.'求C3n38-n+C21+n3n的值.'排列组合的简单计数问题知识讲解1.排列、组合及简单计数问题【知识点的知识】1、排列组合问题的一些解题技巧:①特殊元素优先安排;②合理分类与准确分步;③排列、组合混合问题先选后排;④相邻问题捆绑处理;⑤不相邻问题插空处理;⑥定序问题除法处理;⑦分排问题直排处理;⑧“小集团”排列问题先整体后局部;⑨构造模型;⑩正难则反、等价转化.对于无限制条件的排列组合问题应遵循两个原则:一是按元素的性质分类,二是按时间发生的过程进行分步.对于有限制条件的排列组合问题,通常从以下三个途径考虑:①以元素为主考虑,即先满足特殊元素的要求,再考虑其他元素;②以位置为主考虑,即先满足特殊位置的要求,再考虑其他位置;③先不考虑限制条件,计算出排列或组合数,再减去不符合要求的排列或组合数.2、排列、组合问题几大解题方法:(1)直接法;(2)排除法;(3)捆绑法:在特定要求的条件下,将几个相关元素当作一个元素来考虑,待整体排好之后再考虑它们“局部”的排列.它主要用于解决“元素相邻问题”;(4)插空法:先把一般元素排列好,然后把待定元素插排在它们之间或两端的空档中,此法主要解决“元素不相邻问题”;(5)占位法:从元素的特殊性上讲,对问题中的特殊元素应优先排列,然后再排其他一般元素;从位置的特殊性上讲,对问题中的特殊位置应优先考虑,然后再排其他剩余位置.即采用“先特殊后一般”的解题原则;(6)调序法:当某些元素次序一定时,可用此法;(7)平均法:若把kn个不同元素平均分成k组,每组n个,共有;(8)隔板法:常用于解正整数解组数的问题;(9)定位问题:从n个不同元素中每次取出k个不同元素作排列规定某r个元素都包含在内,并且都排在某r个指定位置则有;(10)指定元素排列组合问题:①从n个不同元素中每次取出k个不同的元素作排列(或组合),规定某r个元素都包含在内.先C后A策略,排列;组合;②从n个不同元素中每次取出k个不同元素作排列(或组合),规定某r个元素都不包含在内.先C后A策略,排列;组合;③从n个不同元素中每次取出k个不同元素作排列(或组合),规定每个排列(或组合)都只包含某r个元素中的s个元素.先C后A策略,排列;组合.例题精讲排列组合的简单计数问题例1.的展开式中,x的系数为___(用数字作答)例2.在的展开式中,x4的系数是____.例3.若,则n的展开式中,含x2项的系数为_______.当堂练习单选题练习1.计算2+3的值是()A.72B.102C.5070D.5100练习2.=()A.30B.24C.20D.15练习3.6本不同的书在书桌上摆成一排,要求甲,乙两本书必须放在两端,丙、丁两本书必须相邻,则不同的摆放方法有()种。
2020届高中数学分册同步讲义(选修2-3) 第1章 1.2.1 第1课时 排列与排列数公式
§1.2排列与组合1.2.1排列第1课时排列与排列数公式学习目标1.理解并掌握排列的概念.2.理解并掌握排列数公式,能应用排列知识解决简单的实际问题.知识点一排列的定义一般地,从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素,按照一定的顺序排成一列,叫做从n个不同元素中取出m个元素的一个排列.知识点二排列数的定义及公式1.排列数的定义从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素的所有不同排列的个数叫做从n个不同元素中取出m 个元素的排列数,用符号A m n表示.2.排列数公式A m n=n(n-1)(n-2)…(n-m+1)(n,m∈N*,m≤n)=n!(n-m)!.A n n=n(n-1)(n-2)…2·1=n!(叫做n的阶乘).另外,我们规定0!=1.1.123与321是相同的排列.(×)2.同一个排列中,同一个元素不能重复出现.(√)3.在一个排列中,若交换两个元素的位置,则该排列不发生变化.(×)4.从4个不同元素中任取3个元素,只要元素相同得到的就是相同的排列.(×)一、排列的概念例1判断下列问题是否为排列问题:(1)北京、上海、天津三个民航站之间的直达航线的飞机票的价格(假设来回的票价相同);(2)选2个小组分别去植树和种菜;(3)选2个小组去种菜;(4)选10人组成一个学习小组;(5)选3个人分别担任班长、学习委员、生活委员;(6)某班40名学生在假期相互通信.解(1)中票价只有三种,虽然机票是不同的,但票价是一样的,不存在顺序问题,所以不是排列问题.(2)植树和种菜是不同的,存在顺序问题,属于排列问题.(3)(4)不存在顺序问题,不属于排列问题.(5)中每个人的职务不同,例如甲当班长或当学习委员是不同的,存在顺序问题,属于排列问题.(6)A给B写信与B给A写信是不同的,所以存在着顺序问题,属于排列问题.所以在上述各题中(2)(5)(6)是排列问题,(1)(3)(4)不是排列问题.反思感悟判断一个具体问题是否为排列问题的思路跟踪训练1判断下列问题是否为排列问题.(1)会场有50个座位,要求选出3个座位有多少种方法?若选出3个座位安排三位客人,又有多少种方法?(2)从集合M={1,2,…,9}中,任取两个元素作为a,b,可以得到多少个焦点在x轴上的椭圆方程x2a2+y2b2=1?可以得到多少个焦点在x轴上的双曲线方程x2a2-y2b2=1?(3)平面上有5个点,其中任意三个点不共线,这5个点最多可确定多少条直线?可确定多少条射线?解(1)第一问不是排列问题,第二问是排列问题.“入座”问题同“排队”问题,与顺序有关,故选3个座位安排三位客人是排列问题.(2)第一问不是排列问题,第二问是排列问题.若方程x2a2+y2b2=1表示焦点在x轴上的椭圆,则必有a>b,a,b的大小关系一定;在双曲线x2a2-y2b2=1中,不管a>b还是a<b,方程x2a2-y2b2=1均表示焦点在x轴上的双曲线,且是不同的双曲线,故是排列问题.(3)确定直线不是排列问题,确定射线是排列问题.二、排列数公式的应用命题角度1 利用排列数公式求值例2-1 计算A 315和A 66.解 A 315=15×14×13=2 730, A 66=6×5×4×3×2×1=720. 命题角度2 利用排列数公式化简例2-2 (1)用排列数表示(55-n )(56-n )…(69-n )(n ∈N *且n <55); (2)化简n (n +1)(n +2)(n +3)…(n +m ).解 (1)∵55-n ,56-n ,…,69-n 中的最大数为69-n ,且共有(69-n )-(55-n )+1=15(个)数, ∴(55-n )(56-n )…(69-n )=A 1569-n .(2)由排列数公式可知n (n +1)(n +2)(n +3)…(n +m )=A m +1n +m .命题角度3 利用排列数公式证明例2-3 求证A m n +1-A m n =m A m -1n. 证明 ∵A m n +1-A mn =(n +1)!(n +1-m )!-n !(n -m )!=n !(n -m )!·⎝⎛⎭⎪⎫n +1n +1-m -1=n !(n -m )!·mn +1-m=m ·n !(n +1-m )!=m A m -1n, ∴A m n +1-A m n =m A m -1n. 反思感悟 排列数公式有两种形式,一种是连乘积的形式,另一种是阶乘的形式,若要计算含有数字的排列数的值,常用连乘积的形式进行计算,而要对含有字母的排列数的式子进行变形或作有关的论证时,一般用阶乘式.跟踪训练2 不等式A x 8<6A x -28的解集为( )A .[2,8]B .[2,6]C .(7,12)D .{8} 答案 D解析 由A x 8<6A x -28,得8!(8-x )!<6×8!(10-x )!,化简得x 2-19x +84<0,解得7<x <12,①又⎩⎪⎨⎪⎧x ≤8,x -2≥0,所以2≤x ≤8,② 由①②及x ∈N *,得x =8.三、排列的简单应用例3 用排列数表示下列问题.(1)从100个两两互质的数中取出2个数,其商的个数;(2)由0,1,2,3组成的能被5整除且没有重复数字的四位数的个数;(3)有4名大学生可以到5家单位实习,若每家单位至多招1名新员工,每名大学生至多到1家单位实习,且这4名大学生全部被分配完毕,其分配方案的个数.解 (1)从100个两两互质的数中取出2个数,分别作为商的分子和分母,其排列数为A 2100. (2)因为组成的没有重复数字的四位数能被5整除,所以这个四位数的个位数字一定是“0”,故确定此四位数,只需确定千位数字、百位数字、十位数字即可,其排列数为A 33.(3)可以理解为从5家单位中选出4家单位,分别把4名大学生安排到4家单位,其排列数为A 45. 反思感悟 首先分析问题是不是排列问题,若是排列问题,则利用定义解题.跟踪训练3 京沪高速铁路自北京南站至上海虹桥站,双线铁路全长1 318公里,途经北京、天津、河北、山东、安徽、江苏、上海7个省市,设立包括北京南、天津西、济南西、南京南、苏州北、上海虹桥等在内的21个车站,计算铁路部门要为这21个车站准备多少种不同的火车票?解 对于两个火车站A 和B ,从A 到B 的火车票与从B 到A 的火车票不同,因为每张票对应一个起点站和一个终点站.因此,结果应为从21个不同元素中,每次取出2个不同元素的排列数A 221=21×20=420(种).所以一共需要为这21个车站准备420种不同的火车票.1.排列有两层含义:一是“取出元素”,二是“按照一定顺序排成一列”.这里“一定的顺序”是指每次取出的元素与它所排的“位置”有关,所以,取出的元素与“顺序”有无关系就成为判断问题是否为排列问题的标准.2.排列数公式有两种形式,可以根据要求灵活选用.1.下面问题中,是排列问题的是()A.由1,2,3三个数字组成无重复数字的三位数B.从40人中选5人组成篮球队C.从100人中选2人抽样调查D.从1,2,3,4,5中选2个数组成集合答案 A解析选项A中组成的三位数与数字的排列顺序有关,选项B,C,D只需取出元素即可,与元素的排列顺序无关.2.A39等于()A.9×3 B.93C.9×8×7 D.9×8×7×6×5×4×3答案 C3.若A m10=10×9×…×5,则m=________.答案 64.从1,2,3,4这4个数字中选出3个数字构成无重复数字的三位数有________个.答案245.从n个不同的元素中取出m个(m≤n)元素排成一列,不同排法有________种.答案n(n-1)(n-2)…(n-m+1)一、选择题1.4·5·6·…·(n-1)·n等于()A.A4n B.A n-4nC.n!-4! D.A n-3n答案 D解析因为A m n=n(n-1)(n-2)…(n-m+1).所以A n-3n=n(n-1)(n-2)…[n-(n-3)+1]=n·(n-1)·(n-2)·…·6·5·4.2.将5本不同的数学用书放在同一层书架上,则不同的放法有()A.50 B.60 C.120 D.90答案 C解析5本书进行全排列,A55=120.3.有5名同学被安排在周一至周五值日,已知同学甲只能在周一值日,那么5名同学值日顺序的编排方案共有()A.12种B.24种C.48种D.120种答案 B解析∵同学甲只能在周一值日,∴除同学甲外的4名同学将在周二至周五值日,∴5名同学值日顺序的编排方案共有A44=24(种).4.下列各式中与排列数A m n相等的是()A.n!(n-m+1)!B.n(n-1)(n-2)…(n-m)C.n A m n -1n -m +1 D .A 1n ·A m -1n -1答案 D 解析∵A m n =n !(n -m )!,而A 1n ·A m -1n -1=n ·(n -1)![(n -1)-(m -1)]!=n !(n -m )!,∴A m n =A 1n ·A m -1n -1.5.从1,3,5,7,9这五个数中,每次取出两个不同的数分别为a ,b ,共可得到lg a -lg b 的不同值的个数是( )A .9B .10C .18D .20 答案 C解析 首先从1,3,5,7,9这五个数中任取两个不同的数排列,共有A 25=20(种)排法, 因为31=93,13=39,所以从1,3,5,7,9这五个数中,每次取出两个不同的数分别记为a ,b ,共可得到lg a -lg b 的不同值的个数是20-2=18.6.将4张相同的博物馆的参观票分给5名同学,每名同学至多1张,并且票必须分完,那么不同的分法的种数为( ) A .54B .45C .5×4×3×2D .5答案 D解析 由于参观票只有4张,而人数为5人,且每名同学至多1张,故一定有1名同学没有票.因此从5名同学中选出1名没有票的同学,有5种选法.又因为4张参观票是相同的,不加以区分,所以不同的分法有5种. 二、填空题7.若A 42x +1=140·A 3x ,则x =________. 答案 3解析 根据原方程,知x 应满足⎩⎪⎨⎪⎧2x +1≥4,x ≥3,x ∈N *,解得x ≥3,x ∈N *.由排列数公式,得(2x +1)·2x ·(2x -1)·(2x -2)=140x ·(x -1)·(x -2),所以x =3.8.某高三毕业班有40人,同学之间两两彼此给对方仅写一条毕业留言,那么全班共写了________条毕业留言.(用数字作答)答案 1 560解析 根据题意,得A 240=1 560,故全班共写了1 560条毕业留言.9.高三(一)班学生要安排毕业晚会的4个音乐节目,2个舞蹈节目和1个曲艺节目的演出顺序,要求2个舞蹈节目不连排,则共有________种不同的排法. 答案 3 600解析 不同排法的种数为A 55A 26=3 600(种).10.若把英语单词“good ”的字母顺序写错了,则可能出现的错误共有________种. 答案 11解析 根据题意,因为“good ”四个字母中的两个“O ”是相同的, 则其不同的排列有12×A 44=12种, 而正确的排列只有1种, 则可能出现的错误共有11种.11.5名同学排成一列,甲同学不排排头的排法种数为________.(用数字作答) 答案 96解析 可分两步:第一步,甲同学不排排头,故排头的位置可以从余下的四个同学中选一个排,有A 14种方法;第二步,余下的四个同学全排列,有A 44种不同的排法,根据分步乘法计数原理,所求的排法种数为A 14A 44=96.故填96.12.有3名大学毕业生,到5家招聘员工的公司应聘,若每家公司至多招聘一名新员工,且3名大学毕业生全部被聘用,若不允许兼职,则共有______种不同的招聘方案.(用数字作答) 答案 60解析 将5家招聘员工的公司看作5个不同的位置,从中任选3个位置给3名大学毕业生,则本题即为从5个不同元素中任取3个元素的排列问题.所以不同的招聘方案共有A 35=5×4×3=60(种). 三、解答题13.A ,B ,C ,D 四人站成一排,其中A 不站排头,写出所有的站法. 解 作出“树形图”如下:故所有的站法:BACD,BADC,BCAD,BCDA,BDAC,BDCA,CABD,CADB,CBAD,CBDA,CDAB,CDBA,DACB,DABC,DBAC,DBCA,DCAB,DCBA.14.某国的篮球职业联赛共有16支球队参加.(1)每队与其余各队在主客场分别比赛一次,共要进行多少场比赛?(2)若16支球队恰好8支来自北部赛区,8支来自南部赛区,为增加比赛观赏度,各自赛区分别采用(1)中的赛制决出赛区冠军后,再进行一场总冠军赛,共要进行多少场比赛?解(1)任意两队之间要进行一场主场比赛及一场客场比赛,对应于从16支球队任取两支的一个排列,比赛的总场次是A216=16×15=240.(2)由(1)中的分析,比赛的总场次是A28×2+1=8×7×2+1=113.15.一条铁路有n个车站,为适应客运需要,新增了m个车站,且m>1,客运车票增加了62种,问原有多少个车站?现在有多少个车站?解 由题意可知,原有车票的种数是A 2n 种,现有车票的种数是A 2n +m 种,∴A 2n +m -A 2n =62,即(n +m )(n +m -1)-n (n -1)=62.∴m (2n +m -1)=62=2×31,∵m <2n +m -1,且n ≥2,m ,n ∈N *,∴⎩⎪⎨⎪⎧ m =2,2n +m -1=31,解得m =2,n =15, 故原有15个车站,现有17个车站.。
人教版高中数学选修2-3二项式定理 (共16张PPT)教育课件
人
的
一
生
说
白
了
,
也
就
是
三
万
余
天
,
贫
穷
与
富
贵
,
都
是
一
种
生
活
境
遇
。
懂
得
爱
自
己
的
人
,
对
生
活
从
来
就
没
有
过
高
的
奢
望
,
只
是
对
生
存
的
现
状
欣
然
接
受
。
漠
漠
红
尘
,
芸
芸
众
生
皆
是
客
,
时
光
深
处
,
流
年
似
水
,
转
瞬
间
,
光
阴
就
会
老
去
,
留
在
心
头
的
,
只
是
弥
留
在
时
光
深
处
的
无
边
落
寞
。
轻
拥
沧
桑
,
淡
看
流
年
,
掬
一
捧
岁
月
,
握
一
份
懂
得
,
红
尘
口
罗
不
–■
① 项: a 3
a 2b ab 2 b 3
a3kbk
人教A版高中数学选修2-3讲义及题型归纳:分类加法计数原理和分步乘法原理
目录考点一:基本计数原理 (2)题型一、分布加法原理 (2)题型二、分布乘法原理 (4)题型三、基本计数原理的综合运用 (5)课后综合巩固练习 (6)考点一:基本计数原理加法原理分类计数原理:做一件事,完成它有n 类办法,在第一类办法中有1m 种不同的方法,在第二类办法中有2m 种方法,……,在第n 类办法中有n m 种不同的方法.那么完成这件事共有12nN m m m =+++种不同的方法.又称加法原理. 乘法原理分步计数原理:做一件事,完成它需要分成n 个子步骤,做第一个步骤有1m 种不同的方法,做第二个步骤有2m 种不同方法,……,做第n 个步骤有n m 种不同的方法.那么完成这件事共有12n N m m m =⨯⨯⨯种不同的方法.又称乘法原理.加法原理与乘法原理的综合运用如果完成一件事的各种方法是相互独立的,那么计算完成这件事的方法数时,使用分类计数原理.如果完成一件事的各个步骤是相互联系的,即各个步骤都必须完成,这件事才完成,那么计算完成这件事的方法数时,使用分步计数原理.分类计数原理、分步计数原理是推导排列数、组合数公式的理论基础,也是求解排列、组合问题的基本思想方法,这两个原理十分重要必须认真学好,并正确地灵活加以应用.题型一、分布加法原理1.用10元、5元和1元来支付20元钱的书款,不同的支付方法有( ) A .3B .5C .9D .12【分析】用列举法求解.【解答】解:用10元、5元和1元来支付20元钱的书款,有以下几类办法: ①用2张10元钱支付;②用1张10元钱和2张5元钱支付;③用1张10元钱、1张5元钱5张1元钱支付; ④用1张10元钱和10张1元钱支付; ⑤用1张5元钱和15张1元钱支付; ⑥用2张5元钱和10张1元钱支付;⑦用3张5元钱和5张1元钱支付; ⑧用4张5元钱支付; ⑨用20张1元钱支付. 故共有9种方法. 故选:C .【点评】本题考查不同的付款方式共有多少种的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意列举法的合理运用.2.一个三层书架,分别放置语文书12本,数学书14本,英语书11本,从中取出一本,则不同的取法共有( ) A .3种B .1848种C .37种D .6种【分析】分情况讨论:选择拿语文书:有12种不同的拿法,数学书有14种不同的拿法,英语书有11种不同的拿法,然后把这三种情况的数量加在一起即可.【解答】解:由题意可知选择拿语文书:有12种不同的拿法,数学书有14种不同的拿法,英语书有11种不同的拿法, 共有:12141137++=. 故选:C .【点评】本题先确定拿哪种类型的书,考查分类计数原理的应用,考查两种原理的区别. 3.已知集合{1M=,2-,3},{4N =-,5,6,7}-,从两个集合中各选一个数作为点的坐标,则这样的坐标在直角坐标系中可表示第三、四象限内多少个不同点( ) A .18个B .10个C .16个D .14个【分析】根据第三、四象限内点的坐标的性质,分2种情况讨论,①取M 中的数作横坐标,取N 中的数作纵坐标坐标,②取N 中的数作横坐标,取M 中的数作纵坐标坐标,易得每种情况下的数目,进而由加法原理可得答案.【解答】解:第三、四象限内点的纵坐标为负值,横坐标无限制;分2种情况讨论,①取M 中的数作横坐标,取N 中的数作纵坐标坐标,有326⨯=种情况, ②取N 中的数作横坐标,取M 中的数作纵坐标坐标,有414⨯=种情况; 共有6410+=种情况, 故选:B .【点评】本题考查分类计数原理的运用,解题的切入点为四个象限的点的坐标的性质.题型二、分布乘法原理1.设函数:f N N ++→满足:对于任意大于3的正整数n ,()3f n n =-,且当3n 时,2()3f n ,则不同的函数()f x 的个数为()A .1B .3C .6D .8【分析】通过()3f n n =-,结合映射的定义,根据2()3f n ,确定函数的个数.【解答】解:3n ,2()3f n ,f∴(1)2=或3,且f(2)2=或3 且f(3)2=或3.根据分步计数原理,可得共2228⨯⨯=个不同的函数. 故选:D .【点评】本题主要考查映射的定义,以及分步计数原理的应用,比较基础. 2.将一枚骰子向桌面先后抛掷2次,一共有( )种不同结果. A .6B .12C .36D .216【分析】由分步计数原理知有66⨯种结果,问题得以解决 【解答】解:由分步计数原理知有6636⨯=种结果 故选:C .【点评】本题考查了分步计数原理,属于基础题3.古代“五行”学认为:“物质分金、木、土、水、火五种属性,金克木,木克土,土克水,水克火,火克金.”将五种不同属性的物质任意排成一列,但排列中属性相克的两种物质不相邻,则这样的排列方法有多少种(结果用数字表示).( ) A .5B .10C .20D .120【分析】由题意,可看作五个位置排列五种事物,由分步原理求解即可,本题需要考虑的因素:相克的两种物质不相邻,注意满足此规则,计算符合条件的排列方法种数【解答】解:由题意,可看作五个位置排列五种事物,第一位置有五种排列方法,不妨假设排上的是金,则第二步只能从土与水两者中选一种排放,故有两种选择不妨假设排上的是水, 第三步只能排上木,第四步只能排上火,第五步只能排上土, 故总的排列方法种数有5211110⨯⨯⨯⨯= 故选:B .【点评】本题考查排列排列组合及简单计数问题,解答本题关键是理解题设中的限制条件及“五行”学说的背景,利用分步原理正确计数,本题较抽象,计数时要考虑周详,本题以实际问题为背景,有着实际背景的题在现在的高考试卷上有逐步增多的趋势题型三、基本计数原理的综合运用1.将5种不同的花卉种植在如图所示的四个区域中,每个区域种植一种花卉,且相邻区域花卉不同,则不同的种植方法种数是( )A .420B .180C .64D .25【分析】由于规定一个区域只涂一种颜色,相邻的区域颜色不同,可分步进行,区域A 有5种涂法,B 有4种涂法,讨论A ,D 同色和异色,根据乘法原理可得结论.【解答】解:由题意,由于规定一个区域只涂一种颜色,相邻的区域颜色不同,可分步进行, 区域A 有5种涂法,B 有4种涂法,A ,D 不同色,D 有3种,C 有2种涂法,有5432120⨯⨯⨯=种, A ,D 同色,D 有4种涂法,C 有3种涂法,有54360⨯⨯=种,∴共有180种不同的涂色方案.故选:B .【点评】本题考查排列组合的应用,涉及分步计数原理的应用,注意分析图形中区域相邻的情况. 2.5名同学排成一列,某个同学不排排头的排法种数为 (用数字作答).【分析】先排不在排头的这个学生,方法有4种,其他学生任意排,有44A 种,根据分步计数原理,求得结果.【解答】解:先排不在排头的这个学生,方法有4种,其他学生任意排,有44A 种,根据分步计数原理,所有的排列方法共有44496A =种,故答案为:96.【点评】本题主要考查分步计数原理的应用,注意特殊元素优先排列,属于基础题.3.已知集合{1M ∈,2-,3},{4N ∈-,5,6,7}-,从两个集合中各取一个元素作为点的坐标,求这样的坐标在直角坐标系中可表示第一、二象限内不同的点的个数.【分析】本题首先分类在每一类中又分步,M中的元素作点的横坐标,N中的元素作点的纵坐标,N中的元素作点的横坐标,M中的元素作点的纵坐标,分别可以得到在第一和第二象限中点的个数,根据分类加法原理得到结果.【解答】解:由题意知本题是一个分类和分步的综合问题,⨯个,M中的元素作点的横坐标,N中的元素作点的纵坐标,在第一象限的点共有22在第二象限的点共有12⨯个.⨯个,N中的元素作点的横坐标,M中的元素作点的纵坐标,在第一象限的点共有22在第二象限的点共有22⨯个.∴所求不同的点的个数是2212222214⨯+⨯+⨯+⨯=(个).【点评】本题考查分步计数原理和分类计数原理,是一个综合题目,首先分类,每类方法并不都是一步完成的,必须在分类后又分步,综合利用两个原理解决.课后综合巩固练习1.某一数学问题可用综合法和分析法两种方法证明,有5位同学只会用综合法证明,有3位同学只会用分析法证明,现任选1名同学证明这个问题,不同的选法种数有()种.A.8B.15C.18D.30【分析】本题是一个分类计数问题,解决问题分成两个种类,一是可以用综合法证明,有5种方法,一是可以用分析法来证明,有3种方法,根据分类计数原理知共有358+=种结果.【解答】解:由题意知本题是一个分类计数问题,解决问题分成两个种类,一是可以用综合法证明,有5种方法,一是可以用分析法来证明,有3种方法,根据分类计数原理知共有358+=种结果,故选:A.【点评】本题看出分类计数问题,本题解题的关键是看清楚完成这个过程包含两种方法,看出每一种方法所包含的基本事件数,相加得到结果.2.将一张面值1元的人民币全部换成面值1角,2角和5角的硬币,则换法总数为.【分析】设1角硬币有x枚,2角硬币有y枚,5角硬币有z枚,构造三元一次方程,然后利用列举法得到所有可能的情况,可得答案.【解答】解:设1角硬币有x 枚,2角硬币有y 枚,5角硬币有z 枚 则2510x y z ++= 满足方程的解有:10x =,0y =,0z = 8x =,1y =,0z = 6x =,2y =,0z = 4x =,3y =,0z = 2x =,4y =,0z = 0x =,5y =,0z =5x =,0y =,1z = 0x =,0y =,2z = 3x =,1y =,1z = 1x =,2y =,1z =共十种不同情况 故答案为:10【点评】解决此类问题要用列举法,把所有的情况都一一排查,找出问题的答案. 3.乘积123123412345()()()a a a b b b b c c c c c +++++++++展开后共有 项.【分析】根据多项式的乘法法则,分析易得在123()a a a ++中取一项有3种取法,在1234()b b b b +++中取一项有4种取法,在12345()c c c c c ++++中取一项有5种取法,进而由分步计数原理计算可得答案.【解答】解:根据多项式的乘法法则,123123412345()()()a a a b b b b c c c c c +++++++++的结果中每一项都必须是在123()a a a ++、1234()b b b b +++、12345()c c c c c ++++三个式子中任取一项后相乘,得到的式子,而在123()a a a ++中有3种取法,在1234()b b b b +++中有4种取法,在12345()c c c c c ++++中有5种取法,由乘法原理,可得共有34560⨯⨯=种情况,则123123412345()()()a a a b b b b c c c c c +++++++++的展开式中有60项; 故答案为60.【点评】本题考查分步计数原理的运用,是常见的题目;平时要多加训练.4.在66⨯的表中停放3辆完全相同的红色车和3辆完全相同的黑色车,每一行、每一列都只有一辆车,每辆车占一格,共有 种停放方法.(用数字作答)【分析】利用分步计数原理,第一步先选车,第二种再排列,问题得以解决【解答】解:第一步先选车有36C 种,第二步因为每一行、每一列都只有一辆车,每辆车占一格,从中选取一辆车后,把这辆车所在的行列全划掉,依次进行,则有11111166543216C C C C C C A =种,根据分步计数原理得;366614400C A =种.故答案为:14400.【点评】本题考查了分步计数原理的应用,关键是如何求出每辆车所在行列的可能性5.对于各数互不相等的正数数组1(i ,2i ,⋯,)(n i n 是不小于2的正整数),如果在p q <时有p q i i <,则称“p i 与q i ”是该数组的一个“顺序”,一个数组中所有“顺序”的个数称为此数组的“顺序数”.例如,数组(2,4,3,1)中有顺序“2,4”、“2,3”,其“顺序数”等于2.若各数互不相等的正数数组1(a ,2a ,3a ,4a ,5)a 的“顺序数”是4,则5(a ,4a ,3a ,2a ,1)a 的“顺序数”是 . 【分析】根据题意,假设出一种情况,倒序后输出顺序数即可.【解答】解:根据题意,各数互不相等的正数数组1(a ,2a ,3a ,4a ,5)a 的“顺序数”是4,假设12a a <,13a a <,14a a <,15a a <,且后一项都比前一项小,因此可以判断出23a a >,34a a >,45a a >, 则5(a ,4a ,3a ,2a ,1)a 的“顺序数”是6, 故填:6.【点评】本题考查了新定义,理解好定义是解题的先决条件,另外,要大胆假设.本题属基础题.。
高中数学选修2-3二项式定理讲义含答案
二项式定理公式(a+b)n=C0n a n+C1n a n-1b+C2n a n-2b2+…+C r n a n-r b r所表示的规律叫做二项式定理.2、相关概念(1)公式右边的多项式叫做(a+b)n的二项展开式.(2)各项的系数C r n(r=0,1,2,…,n)叫做展开式的二项式系数.(3)展开式中的C r n a n-r b r叫做二项展开式的通项,记作:T r+1,它表示展开式的第r+1项.(4)在二项式定理中,如果设a=1,b=x,则得到公式(1+x)n=C0n+C1n x+C2n x2+…+C r n x r+…+C n n x n3、展开式具有以下特点(1)项数:共有n+1项;(2)二项式系数:依次为C0n,C1n,C2n,…,C r n,…,C n n;(3)每一项的次数是一样的,即为n次,展开式依a的降幂、b的升幂排列展开;(4)通项是第r+1项.[例1](1)用二项式定理展开(2x-32x2)5.(2)化简:C0n(x+1)n-C1n(x+1)n-1+C2n(x+1)n-2-…+(-1)r C r n(x+1)n-r+…+(-1)n C n n.[思路点拨](1)二项式的指数为5,可直接按二项式定理展开;(2)可先把x+1看成一个整体,分析结构形式,逆用二项式定理求解.[答案](1)(2x-32x2)5=C05(2x)5+C15(2x)4·(-32x2)+…+C55(-32x2)5=32x5-120x2+180x-135x4+4058x7-24332x10.(2)原式=C0n(x+1)n+C1n(x+1)n-1(-1)+C2n(x+1)n-2(-1)2+…+C r n(x+1)n-r(-1)r+…+C n n(-1)n=[(x +1)+(-1)]n=x n.1.求(3x+1x)4的展开式.解:法一:(3x+1x)4=C04(3x)4+C14(3x)3·1x+C24(3x)2·(1x)2+C34(3x)(1x)3+C44(1x)4=81x2+108x+54+12x+1x2.法二:(3x +1x)4=(3x +1)4x 2=1x 2(81x 4+108x 3+54x 2+12x +1)=81x 2+108x +54+12x +1x 2. 2.求C 26+9C 36+92C 46+93C 56+94C 66的值.解:原式=192(92C 26+93C 36+94C 46+95C 56+96C 66) =192(C 06+91C 16+92C 26+93C 36+94C 46+95C 56+96C 66)-192(C 06+91C 16) =192(1+9)6-192(1+6×9)=192(106-55)=12 345. [例2] (1)(x +12 x)8的展开式中常数项为( ) A.3516 B.358 C.354D .105(2)设二项式(x -a x)6(a >0)的展开式中x 3的系数为A ,常数项为B .若B =4A ,则a 的值是________. [答案] (1)二项展开式的通项为 T r +1=C r 8(x )8-r (12 x)r =C r 8(12)r x 4-r. 当4-r =0时,r =4,所以展开式中的常数项为 C 48(12)4=358.故选B. (2)由题意得T r +1=C r 6x6-r (-a x)r =(-a )r C r 6x 36-2r, ∴A =(-a )2C 26,B =(-a )4C 46.又∵B =4A ,∴(-a )4C 46=4(-a )2C 26,解之得a 2=4.又∵a >0,∴a =2. 3.在(2x 2-1x )5的二项展开式中,x 的系数为( )4.A .10B .-10C .40D .-40解析:二项式(2x 2-1x )5的展开式的第r +1项为T r +1=C r 5(2x 2)5-r (-1x)r =C r 5·25-r ×(-1)r x 10-3r .当r =3时含有x ,其系数为C 35·22×(-1)3=-40.4.(1+3x )n (其中n ∈N 且n ≥6)的展开式中,若x 5与x 6的系数相等,则n = ( )A .6B .7C .8D .9解析:二项式(1+3x )n 的展开式的通项是T r +1=C r n 1n -r ·(3x )r =C r n ·3r ·x r.依题意得C 5n ·35=C 6n·36,即n (n -1)(n -2)(n -3)(n -4)5! =3×n (n -1)(n -2)(n -3)(n -4)(n -5)6!(n ≥6),解得n =7.5.在(32x -12)20的展开式中,系数是有理数的项共有( )A .4项B .5项C .6项D .7项解析:T r +1=C r 20(32x )20-r (-12)r =(-22)r ·(32)20-r C r 20·x 20-r . ∵系数为有理数,∴(2)r与20r 32-均为有理数,∴r 能被2整除,且20-r 能被3整除. 故r 为偶数,20-r 是3的倍数,0≤r ≤20, ∴r =2,8,14,20.引入:nb)+(a 的展开式的二次项系数,当n 取正整数时可以表示成如下形式:二项式系数的性质(1)每一行的两端都是1,其余每个数都等于它“肩上”两个数的和.即C 0n =C n n =1,C m n +1=C m -1n +C m n . (2)每一行中,与首末两端“等距离”的两个数相等,即C m n =C n -mn.(3)如果二项式的幂指数n 是偶数,那么其展开式中间一项12+n T 的二项式系数最大;如果n 是奇数,那么其展开式中间两项12121++++n n T T 的二项式系数相等且最大.(4)二项展开式的各二项式系数的和等于2n .即C 0n +C 1n +C 2n +…+C n n =2n .且C 0n +C 2n +C 4n +…=C 1n +C 3n +C 5n +…=2n -1.[例1] 如图,在“杨辉三角”中,斜线AB 的上方,从1开始箭头所示的数组成一个锯齿形数列:1,2,3,3,6,4,10,5,….记其前n 项和为Sn ,求S19的值.[思路点拨] 由图知,数列中的首项是C 22,第2项是C 12,第3项是C 23,第4项是C 13,…,第17项是C 210,第18项是C 110,第19项是C 211.[答案] S 19=(C 22+C 12)+(C 23+C 13)+(C 24+C 14)+…+(C 210+C 110)+C 211=(C 12+C 13+C 14+…+C 110)+(C 22+C 23+…+C 210+C 211)=(2+3+4+…+10)+C 312=(2+10)×92+220=274.n 行的首尾两个数均为________.解析:由1,3,5,7,9,…可知它们成等差数列,所以an =2n -1.答案:2n -12.如图,由二项式系数构成的杨辉三角中,第________行从左到右第14个数与第15个数之比为2∶3.解析:设第n 行从左至右第14与第15个数之比为2∶3,则3C 13n =2C 14n ,即3n !13!(n -13)!=2n !14!(n -14)!.解得n =34. [例2] 设)(2x )-(12012201222102012R x x a x a x a a ∈++++=(1)求2012210a a a a ++++ 的值. (2)求2011531a a a a ++++ 的值. (3)求||||||||2012210a a a a ++++ 的值.[思路点拨] 先观察所要求的式子与展开式各项的特点,用赋值法求解.[答案] (1)令x =1,得a 0+a 1+a 2+…+a 2 012=(-1)2 012=1.①(2)令x =-1,得a 0-a 1+a 2-…+a 2 012=32 012.② ①-②得2(a 1+a 3+…+a 2 011)=1-32 012, ∴a 1+a 3+a 5+…+a 2 011=1-32 0122.(3)∵T r +1=C r 2 012(-2x )r =(-1)r ·C r 2 012·(2x )r,∴a 2k -1<0(k ∈N +),a 2k >0(k ∈N). ∴|a 0|+|a 1|+|a 2|+|a 3|+…+|a 2 012| =a 0-a 1+a 2-a 3+…+a 2 012 =32 012.[总结] 赋值法是解决二项展开式中项的系数问题的常用方法.根据题目要求,灵活赋给字母不同值是解题的关键.一般地,要使展开式中项的关系变为系数的关系,令x =0可得常数项,令x =1可得所有项的和,令x =-1可得偶次项系数之和与奇次项系数之和的差.3.()()()nx x x ++++++1112的展开式中各项系数的和为( )A .12+n B .12-n C .121-+nD .221-+n解析:令x =1,则222222132-=+++++n n答案:D4.已知14141313221072)21x a x a x a x a a x x +++++=-+ a14x14.(1)求1413210a a a a a +++++ (2)求13531a a a a +++ 解:(1)令x =1,则1413210a a a a a +++++ =72=128. ①(2)令x =-1,则14133210a a a a a a +-+-+- =7)2(-=-128.②①-②得2(13531a a a a ++++ )=256,∴13531a a a a ++++ =128.[例3] (10分)已知(23x+3x 2)n 的展开式中,各项系数和与它的二项式系数和的比为32.(1)求展开式中二项式系数最大的项; (2)求展开式中系数最大的项.[思路点拨] 根据已知条件求出n ,再根据n 为奇数或偶数确定二项式系数最大的项和系数最大的项.[答案] 令x =1,则展开式中各项系数和为(1+3)n =22n .(1分)又展开式中二项式系数和为2n , ∴22n 2n =2n=32,n =5. (2分)(1)∵n =5,展开式共6项,∴二项式系数最大的项为第三、四两项, (3分) ∴T 3=C 25(23x)3(3x 2)2=90x 6,(4分) T 4=C 35(23x)2(3x 2)3=270223x.(5分)(2)设展开式中第k +1项的系数最大, 则由T k +1=C k 5(23x)5-k (3x 2)k =3k C k51043k x+,(6分)得⎩⎪⎨⎪⎧3k C k 5≥3k -1C k -15,3k C k 5≥3k +1C k +15,,∴72≤k ≤92,∴k =4, (8分)即展开式中系数最大的项为T 5=C 45(23x)(3x 2)4=405263x.(10分)[总结] (1)求二项式系数最大的项,根据二项式系数的性质,当n 为奇数时,中间两项的二项式系数最大;当n 为偶数时,中间一项的二项式系数最大.(2)求展开式中系数最大项与二项式系数最大项是不同的,需根据各项系数的正、负变化情况,一般采用列不等式组、解不等式的方法求得.变式训练5.若(x 3+1x 2)n 的展开式中第6项系数最大,则不含x 的项是( )A .210B .120C .461D .416解析:由题意知展开式中第6项二项式系数最大, n2+1=6,∴n =10, T r +1=C r 10x3(10-r )(1x2)r =C r 10x 30-5r . ∴30-5r =0.∴r =6.常数项为C 610=210. 答案:A 5.已知()nx 31+的展开式中,末三项的二项式系数的和等于121,求展开式中二项式系数最大的项.解:由题意知C n n +C n -1n +C n -2n =121, 即C 0n +C 1n +C 2n =121,∴1+n+n(n-1)2=121,即n2+n-240=0,解得n=15或-16(舍).∴在(1+3x)15的展开式中二项式系数最大的项是第八、九两项,且T8=C715(3x)7=C71537x7,T9=C815(3x)8=C81538x8.1.二项式展开式中的常数项是()A.180B.90C.45D.3602.二项式的展开式中x3 的系数是()A.84B. -84C.126D. -1263.设,则=()A.﹣2014B.2014C.﹣2015D.20154.的展开式中含有常数项为第( )项A.4B.5C.6D.75.若对于任意的实数x ,有x3=a0+a1(x-2)+a2(x-2)2+a3(x-2)3,则a2的值为()A.3B.6C.9D.126.在二项式的展开式中,含x4 的项的系数是()A.﹣10B.10C.﹣5D.57.展开式中不含x4项的系数的和为( )A.-1B.0C.1D.28.812014 除以100的余数是()A.1B.79C.21D.819.除以9的余数为( )A.8B.7C.6D.510.二项式展开式中的常数项是()A.第7项B.第8项C.第9项D.第10项11.在二项式的展开式中,前三项的系数成等差数列,则该二项式展开式中x-2项的系数为()A.1B.4C.8D.1612.将二项式的展开式按x的降幂排列,若前三项系数成等差数列,则该展开式中x的指数是整数的项共有()个A.3B.4C.5D.613.已知展开式中,各项系数的和与其各项二项式系数的和之比为64,则n等于()A.4B.5C.6D.714.展开式中x3的系数为10,则实数a等于()A. -1B.C.1D.215.在的二项式展开式中,只有第5项的二项式系数最大,则n= ()A.6B.7C.8D.9二、填空题16.设的展开式的各项系数之和为M ,二项式系数之和为N ,若M-N=240 ,则n =________.17.的展开式中各项系数的和为2,则该展开式中常数项为________.18.(a+2x+3x2)(1+x)5的展开式中一次项的系数为-3 ,则x5的系数为________19.已知的展开式中的常数项为T ,f(x) 是以T 为周期的偶函数,且当时,f(x)=x ,若在区间[-1,3] 内,函数g(x)=f(x)-kx-k有4个零点,则实数k 的取值范围是________20.对任意实数x ,有,则a3 的值为________.三、解答题21.求的二项展开式中的第5项的二项式系数和系数.22.在二项式的展开式中:(1)求展开式中含x3项的系数;(2)如果第3k项和第k+2项的二项式系数相等,试求k的值.23.已知(+3x2)n的展开式中,各项系数和比它的二项式系数和大992,求:(1)展开式中二项式系数最大的项;(2)展开式中系数最大的项.24.已知,且.(1)求n的值;(2)求的值25.已知的展开式的二项式系数之和为32,且展开式中含x3项的系数为80.(1)求m和n的值;(2)求展开式中含x2项的系数.课堂运用答案解析一、选择题1.【答案】A【考点】二项式定理【解析】【解答】二项式展开式的通项为令得r=2所以二项式展开式中的常数项是.故选A.【分析】本题主要考查了二项式定理,解决问题的关键是根据二项式通项计算即可.2.【答案】B【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】由于二项式的通项公式为,令9-2r=3,解得r=3,∴展开式中x3的系数是(−1)3• ,故答案为B.【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是根据二项式系数的性质计算即可.3.【答案】D【考点】二项式定理的应用【解析】【解答】由题意可得即为展开式第2015项的系数,再根据通项公式可得第2015项的系数为:,故选D.【分析】本题主要考查了二项式定理的应用,解决问题的关键是根据二项式定理的性质分析计算即可.4.【答案】B【考点】二项式定理【解析】【解答】由二项展开式公式:,当8-2r=0,即r=4时,T5为常数项,所以常数项为第5项.故选B【分析】本题主要考查了二项式定理,解决问题的关键是根据二项式计算即可.5.【答案】B【考点】二项式定理的应用【解析】【解答】因为,所以,故选择B.【分析】本题主要考查了二项式定理的应用,解决问题的关键是根据二项式的性质计算即可.6.【答案】B【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】由二项式定理知,二项式的展开式通项为:,令,得,则的项的系数为:.【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是根据二项式定理的性质计算即可.7.【答案】B【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】由二项式定理知,展开式中最后一项含x4,其系数为1,令x=1得,此二项展开式的各项系数和为,故不含x4项的系数和为1-1=0,故选B.【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是根据二项式的特征计算即可.8.【答案】C【考点】二项式定理的应用【解析】【解答】== 4,即除以100的余数为21.【分析】本题主要考查了二项式定理的应用,解决问题的关键是根据二项式性质分析计算即可.9.【答案】B【考点】二项式定理的应用【解析】【解答】依题意S=++…+=227-1=89-1=(9-1)9-1=×99-×98+…+×9--1=9( ×98-×97+…+)-2.∴ ×98-×97+…+是正整数,∴S被9除的余数为7.选B.【分析】本题主要考查了二项式定理的应用,解决问题的关键是根据二项式展开性质计算即可.10.【答案】C【考点】二项式定理【解析】【解答】根据二项式定理可得的第项展开式为,要使得为常数项,要求,所以常数项为第9项.【分析】本题主要考查了二项式定理,解决问题的关键是根据二项式定理的性质分析计算即可.11.【答案】A【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】由题意可得,成等差数列,∴ ,解得n=8.故展开式的通项公式为,令,求得r=8,故该二项式展开式中项的系数为,故选:A.【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是二项式性质计算即可.12.【答案】A【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】展开式的通项为∴前三项的系数分别是,∴前三项系数成等差数列∴∴∴当时,∴,展开式中x 的指数是整数,故共有3个,答案为A.【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是根据实际问题结合二项式系数的性质计算即可.13.【答案】C【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】展开式中各项系数和为x取时式子的值,所以各项系数和为,而二项式系数和为,因此,所以,答案选C.【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是根据二项式系数的性质分析计算即可. 14.【答案】D【考点】二项式定理【解析】【解答】二项式的展开式的通项,当5-2r=3 时,r=1,系数,解得a=2,答案选D.【分析】本题主要考查了二项式定理,解决问题的关键是根据二项式定理分析其通项计算即可.15.【答案】C【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】因为在的二项式展开式中,只有第5项的二项式系数最大所以由此可得:,即所以即.【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是根据二项式系数的单调性计算即可.二、填空题16.【答案】4【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】由题设知:,解得:,所以答案应填:4.【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是根据二项式系数的性质计算即可.17.【答案】40【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】由题意,,解得:,所以的展开式中常数项为:所以答案应填:40.【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是二项式系数的性质计算即可.18.【答案】39【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】由题意:,解得:,所以,展开式中的系数为,所以答案应填:39【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是根据二项式性质计算即可.19.【答案】""【解析】【解答】∴ 的常数项为∴f(x)是以2为周期的偶函数∴区间[-1,3]是两个周期∴区间[-1,3]内,函数有4个零点可转化为f(x)与有四个交点当k=0时,两函数图象只有两个交点,不合题意,当k≠0时,∴ ,两函数图象有四个交点,必有解得,故填:.【分析】本题主要考查了二项式定理的应用,解决问题的关键是根据二项式定理的性质结合函数性质计算即可.20.【答案】8【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】,所以.【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是要配成指定形式,再展开三、解答题21.【答案】【解答】解:,所以二项式系数为,系数为.【考点】二项式系数的性质【解析】【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是利用二项式定理的通项公式写出,再求出二项式系数与系数.22.【答案】(1)【解答】解:展开式第r+1项:令,解得r=2,∴展开式中含x3项的系数为(2)【解答】解:∴第3k项的二项式系数为,第k+2项的二项式系数∴故3k-1=k+1或3k-1+k+1=12 解得k=1或k=3【解析】【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是(1)写出二项式的展开式的特征项,当x的指数是3时,把3代入整理出k 的值,就得到这一项的系数的值.(2)根据上一问写出的特征项和第3k项和第k+2项的二项式系数相等,表示出一个关于k的方程,解方程即可.23.【答案】(1)解:令x=1,则展开式中各项系数和为(1+3)n=22n.又展开式中二项式系数和为2n,∴22n-2n=992,n=5∴n=5,展开式共6项,二项式系数最大的项为第3、4两项,∴T3=C52 ( )3(3x2)2=90x6,T4=C53 ( )2(3x2)3=(2)解:设展开式中第r+1项系数最大,则T r+1=C5r ( )5-r(3x2)r=3r C5r,∴ ,则,∴r=4,即展开式中第5项系数最大,T5=C54 ( )(3x2)4=405.【考点】二项式系数的性质【解析】【分析】本题主要考查了二项式系数的性质,解决问题的关键是(1)利用赋值法求出各项系数和,与二项式系数和求出值,利用二项式系数的性质求展开式中二项式系数最大的项;(2)设出展开式中系数最大的项,利用进行求解即可.24.【答案】(1)【解答】解:由已知得:,由于, 所以(2)【解答】解:当x=1时,当x=0时,所以,【考点】二项式系数的性质,二项式定理的应用【解析】【分析】本题主要考查了二项式系数的性质;二项式定理的应用,解决问题的关键是:(1)首先注意等式中n的取值应满足:且n为正整数,其次是公式和的准确使用,将已知等式转化为n的方程,解此方程即得;(2)应用赋值法:注意观察已知二项式及右边展开式,由于要求,所以首先令x=1,得;然后就只要求出a0的值来即可,因此需令x=0,得,从而得结果25.【答案】(1)【解答】解:由题意,,则n=5,由通项公式,则r=3,所以,所以m=2(2)【解答】解:=,所以展开式中含x2项的系数为.【考点】二项式系数的性质,二项式定理的应用【解析】【分析】本题主要考查了二项式系数的性质;二项式定理的应用,解决问题的关键是(1)二项式系数之和为:,令易求得n,其次利用二项展开式的通项公式中令r=3,易求得m;(2)在前小题已求得的m,n的基础上,要求展开式中求特定项(含x2项)的系数,只需把两个二项式展开,对于展开式中的常数项与展开式中的x2项的系数乘,一次项系数与其一次项系数乘,二次项系数与其常数项乘,再把所得值相加即为所求.一、选择题1.二项式展开式中的系数为()A.5B.16C.80D.2.在的展开式中,含的项的系数是()A.60B.160C.180D.2403.展开式的各项系数之和大于8,小于32,则展开式中系数最大的项是()A. B. C. D.或4.设,那么的值为()A. B. C. D.5.的展开式中含项的系数为()A. B. C. D.6.的展开式中,的系数为()A.15B.C.60D.7.的展开式中常数项为()A. B. C. D.8.的展开式中,各项系数之和为,各项的二项式系数之和为,且,则展开式中常数项为()A.6B.9C.12D.18二、填空题9.若的展开式中第三项与第五项的系数之比为,则展开式中常数项是________.10.在的展开式中,项的系数为________.(结果用数值表示)11.二项式的展开式中,前三项的系数依次成等差数列,则此展开式中有理项有________项.三、解答题12.已知在的展开式中,第6项为常数项.(1)求;(2)求含项的系数;(3)求展开式中所有的有理项.13.已知二项式.(1)若它的二项式系数之和为.①求展开式中二项式系数最大的项;②求展开式中系数最大的项;(2)若,求二项式的值被除的余数.14.已知在的展开式中,第5项的系数与第3项的系数之比是14∴1.(1)求展开式中的系数;(2)求展开式中系数绝对值最大的项;(3)求的值.课后作业答案解析1.【答案】C【考点】二项式定理,二项式系数的性质【解析】【解答】二项展开式的通项公式为,则当时,其展开式中的的系数为.故答案为:C.【分析】先求出二项的展开式的通项,然后令x的指数为1,求出r,从而可求出x的系数.2.【答案】D【考点】二项式定理的应用【解析】【解答】展开式的通项为,令,则,则含的项的系数为.故答案为:D.【分析】利用二项展开式的通项公式求出第r+1项,令x的指数为7得含x7项的系数.3.【答案】A【考点】二项式定理的应用【解析】【解答】令,可得各项系数的之和为,则,解得,中间一项的系数最大,则,故答案为:A.【分析】令x=1,可求出展开式中的各项系数之和,通过各项系数之和大于8,小于32由已知求出n,即可求解中间项系数最大.4.【答案】B【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】时,;时,,∴ ,,∴ ,故答案为:B.【分析】利用展开式,分别令x=1与-1,两式相加或相减可得结论.5.【答案】A【考点】二项式定理的应用【解析】【解答】∴ ,故展开式中含项的系数为.故答案为:A.【分析】把(1+x)5 按照二项式定理展开,可得展开式中含x3项的系数.6.【答案】C【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】,系数为.故答案为:C.【分析】根据二项式展开式的通项公式,利用展开式中x4y2,即可求出对应的系数.7.【答案】B【考点】二项式系数的性质,二项式定理的应用【解析】【解答】因为,常数项为,中常数项为,故展开式中常数项为,故答案为:B.【分析】把所给的三项式变为二项式,利用二项式展开式的通项公式,求得展开式中常数项.8.【答案】B【考点】二项式系数的性质【解析】【解答】由二项展开式的性质,可得,所以,所以.展开式的通项为,令可得,常数项为,故答案为:B.【分析】通过给x 赋值1得各项系数和,据二项式系数和公式求出B,列出方程求出n,利用二项展开式的通项公式求出第r+1项,令x的指数为0得常数项.9.【答案】【考点】二项式定理的应用【解析】【解答】的展开式中第三项的系数为,第五项的系数为,由题意有,解得. 的展开式的通项为,由得,所以展开式的常数项为.【分析】利用二项展开式的通项公式求出展开式中第三项与第五项的系数,列出方程求出n;利用二项展开式的通项公式求出第r+1项,令x的指数为0求出常数项.10.【答案】【考点】二项式定理的应用【解析】【解答】,令,得,,的展开式的通项为,则项的系数为.【分析】先把三项式写成二项式,求得二项式展开式的通项公式,再求一次二项式的展开式的通项公式,令x的幂指数等于4,求得r、m的值,即可求得x4项的系数.11.【答案】3【考点】二项式系数的性质,二项式定理的应用【解析】【解答】由题意可得成等差数列,即,化简可得,解得n=8,或n=1(舍去).二项式的展开式的通项公式为,为整数,可得r=0,4,8,故此展开式中有理项的项数是3.【分析】利用二项展开式的通项公式求出展开式的通项,求出前三项的系数,利用等差数列得到关于n的等式,求出n的值,将n的值代入通项,令x的指数为整数,得到r的值,得到展开式中有理项的项数.12.【答案】(1)解:的展开式的通项为= ,又第6项为常数项,则当r=5时,,即=0,可得n=10.(2)解:由(1)可得,,令,可得r=2,所以含x2项的系数为(3)解:由(1)可得,,若T r+1为有理项,则,且0≤r≤10,所以r=2,5,8,则展开式中的有理项分别为,,【考点】二项式系数的性质【解析】【分析】(1)利用通项公式即可得出.(2)根据通项公式,由题意得x的指数是整数,通过取值即可得出.13.【答案】(1)解:,通项为.①二项式系数最大的项为第项,.② ,则展开式中系数最大的项为第项,(2)解:,转化为被除的余数,,即余数为【考点】二项式系数的性质,二项式定理的应用【解析】【分析】(1)根据二项式系数之和为2n=128 求得n的值,可得二项式系数最大的项为第四项和第五项,利用二项展开式的通项公式求出这2项.(2)假设第r+1项的系数最大,列出不等式组求得r的值,可得结论.14.【答案】(1)解:由题意得,解得.通项为,令,得,于是系数为(2)解:设第项系数的绝对值最大,则解得,于是只能为6,所以系数绝对值最大的项为(3)解:原式【考点】二项式系数的性质,二项式定理的应用【解析】【分析】(1)利用二项展开式的通项公式求出展开式的通项,求出展开式中第3项与第5项的系数列出方程求出n的值.(2)设出第r+1项为系数的绝对值最大的项,即可列出关于r的不等式,解得即可,(3)利用二项式定理求得结果.。
高三数学选修2-3知识点
高三数学选修2-3知识点高三数学选修2-3是高中数学课程中的一部分,主要讲解了数学中的一些应用问题和数学建模的技巧。
这一部分的内容比较具体,其中包括了概率统计、三角函数、向量和解析几何等知识点。
下面我将分别介绍这些知识点的重点内容和应用。
一、概率统计概率统计是实际生活中常常用到的一门数学知识。
它主要研究随机事件的发生概率及其统计规律。
在概率统计中,最常见的一种问题是求解事件发生的概率。
为了求解概率,我们需要掌握一些基本概念和方法。
首先,我们需要了解事件的概念以及事件之间的关系。
事件通常用一个大写字母表示,而事件之间的关系通过并、或等运算来描述。
例如,如果事件A和事件B是互不相容的,那么它们的并就是两事件之和;如果它们是相容的,那么它们的并就是两事件的交集。
其次,我们需要学会如何计算概率。
概率有两种计算方法,一种是几何概率,一种是统计概率。
几何概率常用来解决几何问题,并通过实验次数的频率来估计概率。
统计概率则是通过一系列试验结果的频率来估计概率,常用于描述随机事件在长期实验中出现的可能性。
在实际生活中,概率统计可以应用于很多领域,例如金融、保险、科学实验等。
它可以帮助我们评估风险、预测趋势,对决策和规划起到重要的指导作用。
二、三角函数三角函数是数学中的一类特殊函数,它们描述的是角度和长度之间的关系。
在高三数学选修2-3中,我们主要学习了正弦函数、余弦函数和正切函数。
正弦函数描述的是一个角对应的直角三角形中,斜边与对边的比值。
余弦函数描述的是一个角对应的直角三角形中,斜边与邻边的比值。
正切函数则描述的是一个角对应的直角三角形中,对边与邻边的比值。
三角函数的应用广泛,包括工程、物理、天文等多个领域。
例如在三角测量中,可以利用三角函数计算出不可达区域的高度和距离;在物理中,三角函数可以用于描述波动、振动等现象。
三、向量和解析几何向量和解析几何是高三数学选修2-3中比较抽象和复杂的一部分。
它们主要研究的是空间中的点和直线的性质以及它们之间的关系。
高中数学选修2-3知识点讲课稿
111--++=⋅+=m nm n m n m m m n m n mA A C A A A 高中数学 选修2-3知识点第一章 计数原理1、分类加法计数原理:做一件事情,完成它有N 类办法,在第一类办法中有M 1种不同的方法,在第二类办法中有M 2种不同的方法,……,在第N 类办法中有M N 种不同的方法,那么完成这件事情共有M 1+M 2+……+M N 种不同的方法。
2、分步乘法计数原理:做一件事,完成它需要分成N 个步骤,做第一 步有m1种不同的方法,做第二步有M 2不同的方法,……,做第N 步有M N 不同的方法.那么完成这件事共有 N=M 1M 2...M N 种不同的方法。
3、排列:从n 个不同的元素中任取m(m ≤n )个元素,按照一定顺序......排成一列,叫做从n 个不同元素中取出m 个元素的一个排列4、排列数:从n 个不同元素中取出m (m≤n )个元素排成一列,称为从n 个不同元素中取出m 个元素的一个排列. 从n 个不同元素中取出m 个元素的一个排列数,用符号m n A 表示。
),,()!(!)1()1(N m n n m m n n m n n n A m ∈≤-=+--=5、公式:,11--=m n m n nA A6、组合:从n 个不同的元素中任取m (m ≤n )个元素并成一组,叫做从n 个不同元素中取出m 个元素的一个组合。
7、公式:)!(!!!)1()1(m n m n C m m n n n A A C m nm mm n mn-=+--== )!(!!!)1()1(m n m n C m m n n n A A C m n m m m n m n -=+--==;m n n m n C C -=m n m n m n C C C 11+-=+8、二项式定理:()a b C a C a b C a b C a b C b n n n n n n n n r n r r n n n+=++++++---011222…… 9、二项式通项公式展开式的通项公式:,……T C a b r n r nr n r r+-==101() 10、二项式系数C nr为二项式系数(区别于该项的系数) 11、杨辉三角:()()对称性:,,,……,1012C C r n n r nn r==- ()系数和:…2C C C n n nn n012+++=(3)最值:n 为偶数时,n +1为奇数,中间一项的二项式系数最大且为第 n C n n nn2112+⎛⎝ ⎫⎭⎪+项,二项式系数为;为奇数时,为偶数,中间两项的二项式() 系数最大即第项及第项,其二项式系数为n n C C n n nn +++=-+121211212第二章 随机变量及其分布1、随机变量:如果随机试验可能出现的结果可以用一个变量X 来表示,并且X 是随着试验的结果的不同而变化,那么这样的变量叫做随机变量. 随机变量常用大写字母X 、Y 等或希腊字母 ξ、η等表示。
选修数学2-3知识点总结
选修数学2-3知识点总结本文将对选修数学2-3中的几个重要知识点进行总结和介绍。
选修数学2-3是高中数学课程中的一部分,主要涉及到高中数学中的几个重要概念和方法。
在本文中,我将按照以下顺序进行介绍:函数的定义和性质、指数函数和对数函数、三角函数。
一、函数的定义和性质在选修数学2-3中,我们首先学习了函数的定义和性质。
函数是一种关系,它将一个集合中的每个元素映射到另一个集合中的唯一元素。
函数可以用图像、表格或公式来表示。
函数的性质包括定义域、值域、单调性、奇偶性等。
我们学会了如何通过观察图像和计算来分析函数的性质,并解决与函数相关的问题。
二、指数函数和对数函数在选修数学2-3中,我们还学习了指数函数和对数函数。
指数函数是形如y=a^x的函数,其中a是一个正实数。
对数函数是指数函数的逆运算,由y=loga(x)表示,其中a是一个大于1且不等于1的实数。
我们学习了指数函数和对数函数的基本性质,如指数函数的增长特性和对数函数的性质。
这些函数在实际问题中有广泛的应用,如利息计算和指数增长问题等。
三、三角函数在选修数学2-3中,我们还学习了三角函数。
三角函数是以圆上的点坐标为基础定义的函数。
我们学习了正弦函数、余弦函数和正切函数的定义和性质。
我们了解了三角函数的周期性、奇偶性、对称性等性质,并学会了通过图像和计算来分析三角函数的特性。
三角函数在物理、工程和计算机图形学等领域有广泛的应用。
以上就是选修数学2-3中的几个重要知识点的总结和介绍。
通过学习这些知识点,我们可以更好地理解数学的基本概念和方法,并在实际问题中应用数学知识解决问题。
希望本文对你在学习选修数学2-3时有所帮助。
高二数学PPT之(人教版)高中数学选修2-3:2
数学 选修2-3
第二章 随机变量及其分布
自主学习 新知突破
合作探究 课堂互动
4.编号为1,2,3旳三位同学随意入座编号为1,2,3旳三个 座位,每位同学一种座位,设与座位编号相同旳学生旳个数为 ξ,求D(ξ).
解析: ξ=0,1,2,3. P(ξ=0)=32!=13;P(ξ=1)=33!=12; P(ξ=2)=0;P(ξ=3)=31!=16.
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离散型随机变量旳方差与原则差旳概念
1.方差旳定义:设离散型随机变量X旳分布列为:
X x1 x2 … xi … xn P p1 p2 … pi … pn
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第二章 随机变量及其分布
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则(xi-E(x))2描述了xi(i=1,2,…,n)相对于均值E(X)旳偏
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(1)∵E(η)=0×13+10×25+20×115+50×125 +60×115=16.
D(η)=(0-16)2×13+(10-16)2×25+(20-16)2×115+(50- 16)2×125+(60-16)2×115=384,
∴ Dη=8 6. (2)∵Y=2η-E(η), ∴D(Y)=D(2η-E(η))=22D(η)=4×384=1 536.
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第二章 随机变量及其分布
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2.(1)一出租车司机从饭店到火车站途中有 6 个交通岗, 假设他在各交通岗遇到红灯这一事件是相互独立的,并且概率 都是13,则这位司机在途中遇到红灯数 ξ 的方差为________;
(2)篮球比赛中每次罚球命中得 1 分,不中得 0 分.已知某 运动员罚球命中的概率为 0.7,求他一次罚球得分的方差.
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数学 选修2-3
第三章 统计案例
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合作探究 课堂互动
3.在吸烟与患肺病是否有关旳判断中,有下面旳说 法:
①若K2旳观察值k>6.635,则在犯错误旳概率不超出0.01 旳前提下,以为吸烟与患肺病有关系,那么在100个吸烟旳人 中必有99人患有肺病;
②从独立性检验可知在犯错误旳概率不超出0.01旳前提 下,以为吸烟与患肺病有关系时,若某人吸烟,则他有99%旳 可能患有肺病;
8分
此时,K2 的观测值 k=861×4×5×722×2-555×0×3192≈5.785.10 分
由于 5.785>5.024,
所以在犯错误的概率不超过 0.025 的前提下认为该种疾病
与饮用不干净水有关.
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第三章 统计案例
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合作探究 课堂互动
两个样本都能统计得到传染病与饮用不洁净水有关这一
∵54.21>10.828,所以拒绝 H0. 因此在犯错误的概率不超过 0.001 的前提下认为这种传染
病与饮用不干净水有关.
6分
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第三章 统计案例
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合作探究 课堂互动
(2)依题意得 2×2 列联表:
得病 不得病 合计
干净水
5
50
55
不干净水 9
22
31
合计
14
72
86
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第三章 统计案例
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[规律方法] 1.判断分类变量及其关系的方法: (1)利用数形结合思想,借助等高条形图来判断两个分类变 量是否相关是判断变量相关的常见方法; (2)一般地,在等高条形图中,a+a b与c+c d相差越大,两个 分类变量有关系的可能性就越大.
高中数学选修2-3课件
在统计学中,期望和方差是描述数据分布的重要参数,可以帮助我 们了解数据的集中趋势和离散程度。
THANKS.
随机变量的数字特征01 02Fra bibliotek数学期望
数学期望描述了随机变量取值的平均水平。对于离散型随机变量,数学 期望等于各个可能取值的概率加权和;对于连续型随机变量,数学期望 等于积分运算的结果。
方差
方差描述了随机变量取值与数学期望的偏离程度。方差越小,随机变量 的取值越集中;方差越大,随机变量的取值越分散。
多做练习
通过多做练习,加深对知识的 理解和掌握,提高解题能力。
归纳总结
学生应及时归纳总结所学知识 ,形成知识体系,便于复习巩
固。
积极参与课堂讨论
积极参与课堂讨论,与同学交 流学习心得,互相帮助,共同
进步。
概率论
02
概率论基础
概率的定义与性质
概率是描述随机事件发生可能性的数学工具,其值在0到1之间。概率具有可加性、有限 可加性等性质。
连续型随机变量
05
连续型随机变量及其概率分布
连续型随机变量的定义
概率密度函数
连续型随机变量是在某个区间内取值 ,并且取值具有连续性的随机变量。
概率密度函数是概率分布函数的导数 ,描述了随机变量在各个取值点上的 概率密度。
概率分布函数
连续型随机变量的概率分布函数是描 述随机变量取值概率的函数,其值域 为[0,1]。
随机变量的定义
随机变量是定义在样本空间上的一个实数函数,其取值随 样本点确定而确定。根据取值情况,随机变量可分为离散 型和连续型。
离散型随机变量的概率分布
离散型随机变量的概率分布描述了随机变量取各个可能值 的概率。常见的离散型随机变量包括二项式分布、泊松分 布等。
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第一章计数原理1.1 分类加法计数原理与分步乘法计数原理知识一、分类加法计数原理1.分类加法计数原理完成一件事有两类不同方案,在第1类方案中有m种不同的方法,在第2类方案中有n种不同的方法,那么完成这件事共有N= 种不同的方法.2.分类加法计数原理的推广完成一件事有n类不同的方案,在第1类方案中有m1种不同的方法,在第2类方案中有m2种不同的方法,……在第n类方案中有m n种不同的方法,那么完成这件事共有N= 种不同的方法.【注】分类加法计数原理的特点是各类中的每一个方法都可以完成要做的事情.二、分步乘法计数原理1.分步乘法计数原理完成一件事需要两个步骤,做第1步有m种不同的方法,做第2步有n种不同的方法,那么完成这件事共有N= 种不同的方法.2.分步乘法计数原理的推广完成一件事需要分成n个步骤,做第1步有m1种不同的方法,做第2步有m2种不同的方法,……做第n步有m n种不同的方法,那么完成这件事共有N= 种不同的方法.【注】分步乘法计数原理的特点是每一步中都要使用一个方法才能完成该步要做的事情.可以用下图表示分步乘法计数原理的原理:3.两个计数原理的联系与区别三、两个计数原理的应用1.用两个计数原理解决计数问题时,最重要的是在开始计算之前要进行仔细分析——需要分类还是需要分步.应用分类加法计数原理时,要注意“类”与“类”之间的独立性和并列性,各类中的每个方法都能独立的将这件事情完成;应用分步乘法原理时,要注意“步”与“步”之间是连续的,做一件事需分成若干个互相联系的步骤,所有步骤依次相继完成,这件事才算完成.2.分类要做到“不重不漏”,分类后再分别对每一类进行计数,最后用分类加法计数原理求和,得到总数.3.分步要做到“步骤完整”,步与步之间要相互独立,最后根据分步乘法计数原理,把完成每一步的方法数相乘得到总数.知识参考答案:一、1.m+n2.m1+m2+···+m n二、1.m×n2.m1×m2×···×m n重点1.分类加法计数原理的应用对分类加法计数原理的理解注意点:(1)明确问题中所指的“完成一件事”是指什么,怎样才算是完成这件事,然后根据问题的特点确定一个分类标准,在这个标准下进行分类.(2)“完成一件事有n类不同方案”是指完成这件事的所有方法可分为n类,即任何一类中的任何一种方法都可以完成任务,而不需要再用到其他方法;每一类没有相同的方法,且完成这件事的任何一种方法都在某一类中.简单地说,就是应用分类加法计数原理时要做到“不重不漏”.【例1】从甲地到乙地一天之中有三次航班、两趟火车,某人利用这两种交通工具在当天从甲地赶往乙地的方法有A.2种B.3种C.5种D.6种【答案】C【例2】把3枚相同的纪念邮票和4枚相同的纪念币作为礼品送给甲、乙两名学生,要求全部分完且每人至少有一件礼品,则不同的分法共有种.【答案】18【解析】以甲分得的礼品数为标准分类(用(a,b)表示甲分得纪念邮票a枚,纪念币b枚),可分为6类:第1类,甲分得1件礼品有2种分法:(1,0),(0,1);第2类,甲分得2件礼品有3种分法:(2,0),(1,1),(0,2);第3类,甲分得3件礼品有4种分法:(3,0),(2,1),(1,2),(0,3);第4类,甲分得4件礼品有4种分法:(3,1),(2,2),(1,3),(0,4);第5类,甲分得5件礼品有3种分法:(3,2),(2,3),(1,4);第6类,甲分得6件礼品有2种分法:(3,3),(2,4).根据分类加法计数原理,不同的分法共有2+3+4+4+3+2=18种.【名师点睛】本题的分类标准并不明显,根据题意,这些礼品要全部分完且每人至少有一件礼品,因此可以将甲、乙这两人中一人分得的礼品数作为分类标准,本题从甲分得的礼品数考虑,也可以从两类礼品的角度考虑,分两个步骤完成,应用分步乘法计数原理解决.2.分步乘法计数原理的应用对分步乘法计数原理的理解注意点:(1)明确问题中所指的“完成一件事”是指什么,怎样才算是完成这件事,然后根据问题的特点确定分步标准,标准不同,分步的步骤也会不同.(2)“完成一件事需要n个步骤”是指完成这件事的任何一种方法,都要分成n个步骤,在每一个步骤中任取一种方法,然后相继完成所有这些步骤就能完成这件事.即各步骤是相互依存的,只有每个步骤都完成才能完成这件事.简单地说,就是应用分步乘法计数原理时要做到“步骤完整”.【例3】某市汽车牌照号码(由4个数字和1个字母组成)可以上网自编,但规定从左到右第二个号码只能从字母B,C,D中选择,其他四个号码可以从0~9这十个数字中选择(数字可以重复),某车主第一个号码(从左到右)只想在数字3,5,6,8,9中选择,其他号码只想在1,3,6,9中选择,则他的车牌号码所有可能的情况有A.180种B.360种C.720种D.960种【答案】D【解析】分五步完成,第i步取第i个号码由分步乘法计数原理,可得车牌号码共有种.【例4】(1)用数字1,2,3可以组成多少个三位数?(2)用数字1,2,3可以组成多少个没有重复数字的三位数?【答案】(1)27;(2)6.【解析】(1)要完成“组成三位数”这件事,需分以下3步:第一步:确定个位数字,1,2,3三个数字都可以选择,有3种选法;第二步:确定十位数字,1,2,3三个数字都可以选择,有3种选法;第三步:确定百位数字,1,2,3三个数字都可以选择,有3种选法.根据分步乘法计数原理,可以组成的三位数有3×3×3=27个.(2)要完成“组成没有重复数字的三位数”这件事,需分以下3步:第一步:确定个位数字,1,2,3三个数字都可以选择,有3种选法;第二步:确定十位数字,第一步选过的数字不能选择,因此有2种选法;第三步:确定百位数字,只有1种选法.根据分步乘法计数原理,知可以组成的三位数有3×2×1=6个.【规律总结】(1)应用分步乘法计数原理时,完成这件事情要分几个步骤,只有每个步骤都完成了,才算完成这件事情,每个步骤缺一不可.(2)利用分步乘法计数原理解题的一般思路.①分步:将完成这件事的过程分成若干步;②计数:求出每一步中的方法数;③结论:将每一步中的方法数相乘得最终结果.3.两个计数原理的综合应用应用两个计数原理解题时的策略:(1)确定计数原理:要分清涉及的问题从大的方面看是利用分类加法计数原理还是分步乘法计数原理,还是两种原理综合应用解题.(2)处理好类与步的关系:对于较为复杂的题目,在某一类中需要分步计算所用的方法,而在某一步中又可能分类计算所用的方法,两者要有机结合.(3)注意不重不漏:做到分类类不重,分步步不漏.【例5】编号为A,B,C,D,E的五个小球放在如图所示的五个盒子里,要求每个盒子只能放一个小球,且A球不能放在1,2号,B球必须放在与A球相邻的盒子中,求不同的放法有多少种?【例6】集合A={1,2,-3},B={-1,-2,3,4}.现从A,B中各取一个元素作为点P(x,y)的坐标.(1)可以得到多少个不同的点?(2)在这些点中,位于第一象限的有几个?【解析】(1)一个点的坐标由x,y两个元素确定,若它们有一个不同,则表示不同的点,可分为两类:第一类:选A中的元素为x,B中的元素为y,有3×4=12(个)不同的点;第二类:选A中的元素为y,B中的元素为x,有4×3=12(个)不同的点.由分类加法计数原理得不同点的个数为12+12=24(个).(2)第一象限内的点,即x,y必须为正数,从而只能取A,B中的正数,同样可分为两类.由分类加法计数原理得适合题意的不同点的个数为2×2+2×2=8(个).4.分类或分步时考虑不全致误【例7】有红、黄、蓝旗各3面,每次升1面、2面、3面在某一旗杆上纵向排列,表示不同的信号,顺序不同也表示不同的信号,共可以组成多少种不同的信号?【错解】每次升一面旗可组成3种不同的信号;每次升2面旗可组成3×2=6种不同信号;每次升3面旗可组成3×2×1=6种不同的信号,根据分类加法计数原理知,共有不同信号3+6+6=15种.【错因分析】每次升起2面或3面旗时,颜色可以相同.【正解】每次升1面旗可组成3种不同的信号;每次升2面旗可组成3×3=9种不同的信号;每次升3面旗可组成3×3×3=27种不同的信号.根据分类加法计数原理得,共可组成:3+9+27=39种不同的信号.【易错警示】审题时要细致,把题意弄清楚.本题中没有规定升起旗子的颜色不同,故既要考虑升起旗子的面数,又要考虑其颜色,不可偏废遗漏.【例8】甲、乙、丙、丁4名同学争夺数学、物理、化学3门学科知识竞赛的冠军,且每门学科只有1名冠军产生,则不同的冠军获得情况有种.【错解】错解1:分四步完成这件事.第1步,第1名同学去夺3门学科的冠军,有可能1个也没获得,也可能获得1个或2个或全部,因此,共有4种不同情况;同理,第2,3,4步分别由其他3名同学去夺这3门学科的冠军,都各自有4种不同情况.由分步乘法计数原理知,共有4×4×4×4=44=256种不同的冠军获得情况.错解2:分四步完成这件事.第1步,第1名同学去夺3门学科的冠军,有3种不同情况;同理,第2,3,4步分别由其他3名同学去夺这3门学科的冠军,都各自有3种不同情况.由分步乘法计数原理知,共有3×3×3×3=34=81种不同的冠军获得情况.【错因分析】要完成的“一件事”是“争夺3门学科知识竞赛的冠军,且每门学科只有1名冠军产生”.但错解1、2中都有可能出现某一学科冠军被2人、3人,甚至4人获得的情形,另外还可能出现某一学科没有冠军产生的情况.【正解】可先举例说出其中的一种情况,如数学、物理、化学3门学科知识竞赛的冠军分别是甲、甲、丙,可见研究的对象是“3门学科”,只有3门学科各产生1名冠军,才完成了这件事,而4名同学不一定每人都能获得冠军,故完成这件事分三步.第1步,产生第1个学科冠军,它一定被其中1名同学获得,有4种不同的获得情况;第2步,产生第2个学科冠军,因为夺得第1个学科冠军的同学还可以去争夺第2个学科的冠军,所以第2个学科冠军也是由4名同学去争夺,有4种不同的获得情况;第3步,同理,产生第3个学科冠军,也有4种不同的获得情况.由分步乘法计数原理知,共有4×4×4=43=64种不同的冠军获得情况.【答案】64【易错警示】此类问题是一类元素允许重复选取的计数问题,可以用分步乘法计数原理来解决,关键是明确要完成的一件事是什么.也就是说,用分步乘法计数原理求解元素可重复选取的问题时,哪类元素必须“用完”就以哪类元素作为分步的依据.基础训练1.某学生去书店,发现2本不同的好书,决定至少买其中一本,则购买方式共有A.1种B.2种C.3种D.4种2.设某班有男生30名,女生24名.现要从中选出男、女生各一名代表班级参加比赛,则不同的选法共有A.24种B.30种C.54种D.720种3.体育场南侧有4个大门,北侧有3个大门,某人到该体育场晨练,则他进、出门的方案有A.12种B.7种C.14种D.49种4.在一次才艺展示活动中,甲、乙、丙三位同学欲报名“朗诵比赛”、“歌唱比赛”,但学校规定每位同学限报其中的一个,且乙知道自己唱歌不如甲,若甲报唱歌比赛乙就报朗诵比赛,则他们三人不同的报名方法有A.3种B.6种C.7种D.8种5.从1,2,3,4,5五个数中任取3个,可组成不同的等差数列的个数为A.2 B.4C.6 D.86.在所有的两位数中,个位数字大于十位数字的两位数共有A.12 B.24C.36 D.407.若4名学生报名参加数学、计算机、航模兴趣小组,每人选报1项,则不同的报名方式有_______种. 8.甲、乙、丙3个班各有三好学生3,5,2名,现准备推选2名来自不同班的三好学生去参加校三好学生代表大会,则共有________种不同的推选方法.9.工人在安装一个正六边形零件时,需要固定如图所示的六个位置的螺栓.若按一定顺序将每个螺栓固定紧,但不能连续....固定相邻的2个螺栓,则不同的固定螺栓方式的种数是________.10.现从高一四个班的学生中选取34人,其中一、二、三、四班分别选取7人、8人、9人、10人,他们自愿组成数学课外小组.(1)每班选一名组长,有多少种不同的选法?(2)推选两人做中心发言,这两人需来自不同的班级,有多少种不同的选法?能力提升11.把4张同样的参观券分给5个代表,每人最多分一张,参观券全部分完,则不同的分法共有A.120种B.1024种C.625种D.5种12.如图,某电子器件是由三个电阻组成的回路,其中共有6个焊接点A、B、C、D、E、F,如果某个焊接点脱落,整个电路就会不通,现在电路不通了,那么焊接点脱落的可能性共有A.6种B.36种C.63种D.64种13.设集合I={1,2,3,4,5},选择I的两个非空子集A和B,要使B中最小的数大于A中最大的数,则不同的选择方法共有A.50 种B.49 种C.48 种D.47 种14.若直线方程Ax+By=0中的A,B可以从0,1,2,3,5这5个数字中任取2个不同的数字,则方程所表示的不同直线有A .5条B .7条C .12条D .14条15.如图所示给五个区域涂色,现有四种颜色可供选择.要求每一个区域只涂一种颜色,相邻区域所涂颜色不同,则不同涂色方法种数为A .24种B .48种C .72种D .96种16.已知a ∈{3,4,6},b ∈{2,5,7,8},则方程x 2a +y 2b=1可表示________个不同的椭圆.17.将黑白2个小球随机放入编号为1,2,3的三个盒子中,则黑白两球均不在1号盒子的概率为______ 18.我们把个位数比十位数小的两位数称为“和谐两位数”,则1,2,3,4四个数组成的两位数中,“和谐两位数”有________个.19.用n 种不同的颜色为下列两块广告牌(如图甲、乙)着色,要求A ,B ,C ,D 四个区域中相邻(有公共边界)的区域用不同的颜色.(1)若n =6,求为甲图着色时共有多少种不同的方法; (2)若为乙图着色时共有120种不同方法,求n .真题练习20.(新课标全国Ⅱ)如图,小明从街道的E 处出发,先到F 处与小红会合,再一起到位于G 处的老年公寓参加志愿者活动,则小明到老年公寓可以选择的最短路径条数为A .24B .18C .12D .921.(2019新课标全国Ⅱ)定义“规范01数列”{a n }如下:{a n }共有2m 项,其中m 项为0,m 项为1,且对任意,中0的个数不少于1的个数.若m =4,则不同的“规范01数列”共有A .18个B .16个C .14个D .12个22.(2019福建模拟)满足a ,b ∈{−1,0,1,2},且关于x 的方程有实数解的有序数对的个数为 A .14 B .13 C .12D .1023.(2019山东模拟)用0,1,…,9十个数字,可以组成有重复数字的三位数的个数为A .243B .252C .261D .27924.(2019安徽模拟)从正方体六个面的对角线中任取两条作为一对,其中所成的角为60°的共有A .24对B .30对C .48对D .60对参考答案2k m ≤12,,,k a a a 220ax x b ++=(,)a b1.【答案】C【解析】分两类:买1本书、买2本书,各类购买方式依次有2种、1种,故购买方式共有2+1=3种.2.【答案】D【解析】第一步,从30名男生中选出1人,有30种不同的选法;第二步,从24名女生中选出1人,有24种不同的选法.根据分步乘法计数原理得,共有30×24=720种不同的选法.3.【答案】D【解析】要完成进、出门这件事,需要分两步,第一步进体育场,第二步出体育场,第一步进门有4+3=7种方法,第二步出门也有4+3=7种方法,由分步乘法计数原理知,进、出的方案有7×7=49种.4.【答案】B【解析】从甲着手分析,分两类:若甲报唱歌比赛,则乙报朗诵比赛,丙可任选,有2种报名方法;若甲报朗诵比赛,则乙、丙均可任选,有2×2=4种报名方法.所以共有2+4=6种不同的报名方法.5.【答案】D【解析】分两类:第1类,公差大于0,有①1,2,3,②2,3,4,③3,4,5,④1,3,5,共4个等差数列;第二类,公差小于0,也有4个.根据分类加法计数原理可知,共有4+4=8个不同的等差数列.【名师点睛】完成这件事,只要两位数的个位、十位确定了,这件事就算完成了,因此可考虑按十位上的数字情况或按个位上的数字情况进行分类.应用分类加法计数原理解题时要注意以下三点:(1)明确题目中所指的“完成一件事”指的是什么事,怎样才算是完成这件事.(2)完成这件事的n类办法中的各种方法是互不相同的,无论哪类办法中的哪种方法都可以单独完成这件事.(3)确立恰当的分类标准,这个“标准”必须满足:①完成这件事情的任何一种方法必须属于其中的一个类;②分别在不同两类中的两种方法不能相同.即不重复,无遗漏.7.【答案】81【解析】4名学生报名参加数学、计算机、航模兴趣小组,每人选报1项,则每人有3种报名方法,则4人共有3×3×3×3=81种方法.8.【答案】31【解析】分为三类:第一类,甲班选一名,乙班选一名,根据分步乘法计数原理有3×5=15种选法;第二类,甲班选一名,丙班选一名,根据分步乘法计数原理有3×2=6种选法;第三类,乙班选一名,丙班选一名,根据分步乘法计数原理有5×2=10种选法.综合以上三类,根据分类加法计数原理,共有15+6+10=31种不同选法.9.【答案】60【解析】第一步任意选取一个螺栓,有6种方法;第二步,按照要求以此固定,不妨第一次固定螺栓1,则有如下的固定方法:1,3,5,2,4,6;1,3,5,2,6,4;1,3,6,4,2,5;1,5,2,4,6,3;1,5,3,6,2,4;1,5,3,6,4,2;1,4,2,6,3,5;1,4,2,5,3,6;1,4,6,3,5,2;1,4,6,2,5,3,共有10种方法,所以总共有种方法,故答案是60.10.【解析】(1)分四步:第一、二、三、四步分别从一、二、三、四班学生中选一人任组长.所以共有不同的选法N=7×8×9×10=5040(种).(2)分六类,每类又分两步:从一、二班学生中各选1人,有7×8种不同的选法;从一、三班学生中各选1人,有7×9种不同的选法;从一、四班学生中各选1人,有7×10种不同的选法;从二、三班学生中各选1人,有8×9种不同的选法;从二、四班学生中各选1人,有8×10种不同的选法;从三、四班学生中各选1人,有9×10种不同的选法.所以,共有不同的选法N=7×8+7×9+7×10+8×9+8×10+9×10=431(种).11.【答案】D【解析】由于4张同样的参观券分给5个代表,每人最多分一张,每次分完只有一个代表队得不到,所以共有5种不同的分法.故选D.12.【答案】C【解析】每个焊接点都有正常与脱落两种情况,只要有一个脱落电路即不通,∴共有26-1=63种.故选C.13.【答案】B【解析】按分类加法计数原理做如下讨论:①当A中最大的数为1时,B可以是{2,3,4,5}的非空子集,即有24-1=15种方法;②当A中最大的数为2时,A可以是{2}或{1,2},B可以是{3,4,5}的非空子集,即有2×(23-1)=14种方法;③当A中最大的数为3时,A可以是{3},{1,3},{2,3},{1,2,3},B可以是{4,5}的非空子集,即有4×(22-1)=12种方法;④当A中最大的数为4时,A可以是{4},{1,4},{2,4},{3,4},{1,2,4},{1,3,4},{2,3,4},{1,2,3,4},B可以是{5},即有8×1=8种方法.故共有15+14+12+8=49种方法.14.【答案】D【解析】方法一(直接法):本题中有特殊数字0,所以,以A,B中是否有数字0为标准进行分类,可分两类:第1类,当A,B中有一个为0时,表示直线x=0或y=0,共2条不同直线.第2类,当A,B都不为0时,确定直线Ax+By=0需要分两步完成:第1步,确定A的值,有4种不同的方法;第2步,确定B的值,有3种不同的方法.由分步乘法计数原理知,共可确定4×3=12条不同直线.由分类加法计数原理知,方程所表示的不同直线共有2+12=14条.方法二(间接法):分两步:第1步,确定A的值,有5种不同的方法;第2步,确定B的值,有4种不同的方法.由分步乘法计数原理知,可以确定5×4=20条直线.在这20条直线中,A=0,B=1,2,3,5,以及B=0,A=1,2,3,5各表示一条直线,即有6条直线是重复计数的,因此,符合条件的不同直线共有20−6=14条.【名师点睛】间接法体现了“正难则反”的思想.若问题从正面考虑的话情况比较多,而问题的反面情况较少,且容易计数,则宜采用间接法,即先求出方法总数,再减去不符合条件的方法数或重复计数的方法数. 15.【答案】C【解析】解法1:分两种情况:①A、C不同色,先涂A有4种,C有3种,E有2种,B、D有1种,由分步乘法计数原理知有4×3×2=24种.②A、C同色,先涂A有4种,E有3种,E有2种,B、D各有2种,由分步乘法计数原理知有4×3×2×2=48种.由分类加法计数原理知,共有72种,故选C.解法2:先涂A,有4种涂法,再涂B、D,①若B 与D 同色,则B 有3种,E 有2种,C 有2种,共有4×3×2×2=48种;②若B 与D 不同色,则B 有3种,D 有2种,E 有1种,C 有1种,共有4×3×2×1×1=24种, 由分类加法计数原理知,共有不同涂法48+24=72种. 故选C .【名师点睛】这是一个有限制条件的计数问题,解决方法是:特殊位置、特殊元素优先安排的原则.本题是先分类再分步,而分类的标准是两个特殊位置,这样,在分类时才能做到“不重不漏”.应用两个计数原理解题时的策略:(1)确定计数原理:要分清涉及的问题从大的方面看是利用分类加法计数原理还是分步乘法计数原理,还是两种原理综合应用解题.(2)处理好类与步的关系:对于较为复杂的题目,在某一类中需要分步计算所用的方法,而在某一步中又可能分类计算所用的方法,两者要有机结合. (3)注意不重不漏:做到分类类不重,分步步不漏. 16.【答案】12【解析】∵a ∈{3,4,6},b ∈{2,5,7,8},∴x 2a +y 2b =1可表示不同的椭圆个数为3×4=12个.17.【答案】【解析】黑白两个球随机放入编号为的三个盒子中,每个球都有三种放法,故共有种放法,黑白两球均不在一号盒,都有两种放法,共有,所以黑白两球均不在一号盒的概率为,故答案为. 【名师点睛】计数原理与其他知识交汇命题,常以“个数”或“概率”形式出现,计数常采用列举数数、树状图、表格等方法.解答时,先依据其他知识转化,将所求问题归结为计数问题,再按计数原理进行计算.49494919.【解析】(1)对区域A ,B ,C ,D 按顺序着色,共有6×5×4×4=480种不同的方法.(2)对区域A ,B ,C ,D 按顺序着色,依次有n 种、n −1种、n −2种和n −3种, 由分步乘法计数原理,不同的着色方法共有n (n −1)(n −2)(n −3)=120,整理得(n 2−3n )(n 2−3n +2)=120,(n 2−3n )2+2(n 2−3n )−120=0,n 2−3n −10=0或n 2−3n +12=0(舍去), 解得n =5.【名师点睛】(1)由题意知本题考查的是分步乘法计数原理,对区域A ,B ,C ,D 按顺序着色,第一块有6种方法,第二块就不能选第一块的颜色,有5种结果,以此类推,根据分步计数原理得到结果. (2)利用分步乘法计数原理得到不同的染色方法有n (n −1)(n −2)(n −3)种,再根据共有120种结果,列出等式,解关于n 的方程,即可得到结果. 对于着色问题的两种典型现象:一是平面图涂颜色:先涂接触区域最多的一块;二是立体图涂颜色:先涂具有同一顶点的几个平面,其他平面每步涂法分类列举. 20.【答案】B【解析】由题意可知E →F 共有6种走法,F →G 共有3种走法,由乘法计数原理知,则共有6×3=18种走法,故选B.【名师点睛】分类加法计数原理在使用时易忽视每类做法中每一种方法都能完成这件事情,类与类之间是独立的.分步乘法计数原理在使用时易忽视每步中某一种方法只是完成这件事的一部分,而未完成这件事,步步之间是相关联的. 21.【答案】C【解析】由题意,得必有,,则具体的排法列表如下:10a =81a =由上表知,不同的“规范01数列”共有14个,故选C.【方法点拨】求解计数问题时,如果遇到情况较为复杂,即分类较多,标准也较多,同时所求计数的结果不太大时,往往利用表格法、树状图将其所有可能一一列举出来,常常会达到岀奇制胜的效果. 22.【答案】B【解析】当时,关于x 的方程为,此时有序数对均满足要求;当时,,所以,此时满足要求的有序数对为 .综上,共有13个满足要求的有序数对. 23.【答案】B【解析】十个数排成不重复数字的三位数的求解方法是: 第1步,排百位数字,有9种方法(0不能作首位); 第2步,排十位数字,有9种方法; 第3步,排个位数字,有8种方法,根据乘法原理,共有9×9×8=648个没有重复数字的三位数. 可以组成所有三位数的个数有9×10×10=900(个), 所以可以组成有重复数字的三位数的个数为900−648=252.0a =20x b +=()()()0,10,00,102),(-,,,0a ≠440ab ∆=-≥1ab ≤()()(1,11,01,11,2)()-----,,,,()()()111,01,1212,0()()--,,,,,,24.【答案】C【解析】如图,在上底面中选,四个侧面中的面对角线都与它成60°,共8对,同样对应的也有8对,下底面也有16对,共有32对;左右侧面与前后侧面中共有16对.所以全部共有48对.1.2 排列与组合知识一、排列 1.排列的定义一般地,从n 个不同元素中取出m (m ≤n )个元素,按照一定的顺序排成 ,叫做从n 个不同元素中取出m 个元素的一个排列(arrangement).【注】(1)排列的定义包含两方面的含义:一是“取出元素”;二是“按照一定的顺序”.(2)定义中规定给出的n 个元素各不相同,并且只研究被取出的元素也各不相同的情况.也就是说,如果某个元素已被取出,则这个元素就不能再取了.(3)定义中的“一定的顺序”与位置有关.如取出数字1,2,3组成一个三位数,就与位置有关,因为123和321是不同的三位数. 2.排列数、排列数公式 (1)排列数从n 个不同元素中取出个元素的所有 的个数叫做从n 个不同元素中取出m 个元素的排列数,用符号表示.11B D 11AC ()m m n A mn。
高中数学选修2-3讲解
高中数学选修2-3讲解一、教学任务及对象1、教学任务本教学设计针对的是高中数学选修2-3的内容,旨在帮助学生深入理解并掌握选修2-3中的重点知识点,如函数的极限与连续性、导数与微分、积分等概念及应用。
通过讲解与实践活动,使学生能够熟练运用这些数学工具解决实际问题,并培养他们的抽象思维、逻辑推理和数学建模能力。
2、教学对象本次教学设计的对象是高中二年级的学生,他们在先前的数学学习中已经具备了基本的代数、几何知识,以及一定的逻辑推理和问题解决能力。
然而,对于选修2-3中的高级数学概念,学生可能感到陌生和困难,因此需要通过本教学设计,引导他们逐步理解和掌握这些概念,并激发他们对数学学科的兴趣和热情。
此外,考虑到学生的学习能力、兴趣和背景知识等方面的差异,教学过程中将注重因材施教,以适应不同学生的学习需求。
二、教学目标1、知识与技能(1)理解并掌握函数的极限、连续性、导数、微分和积分的基本概念。
(2)学会运用导数和微分解决实际问题,如求解极值、最值问题,以及曲线的切线方程等。
(3)掌握积分的基本方法,并能应用于求解面积、体积等几何问题,以及物理、化学等学科中的相关现象。
(4)培养运用数学软件或工具辅助解决问题的能力,如使用图形计算器、数学建模软件等。
(5)提高数学阅读和写作能力,能够理解并撰写简单的数学证明和数学研究报告。
2、过程与方法(1)通过自主探究、合作学习和教师引导,让学生体验数学知识的发现、探索和总结过程。
(2)运用问题驱动的教学方法,培养学生的问题意识,使他们学会提出问题、分析问题和解决问题。
(3)采用案例教学,引入现实生活中的实际例子,让学生感受数学知识在实际问题中的应用价值。
(4)借助多媒体教学资源和信息技术手段,提高课堂教学的趣味性和有效性。
3、情感,态度与价值观(1)培养学生对数学学科的热爱和兴趣,激发他们主动学习的内在动机。
(2)通过数学学习,使学生认识到数学在自然科学、社会科学和工程技术等领域中的基础性和应用性,增强他们的社会责任感和使命感。
高中数学 选修2-3串讲 14页
与“类”之间的独立性和并列性.
之间的连续性.
分类计数原理可利用“并联”电路来理解 分步计数原理可利用“串联”电路来理解
4.排列与排列数
从 n 个不同元素中取出 m(m≤n)个元素,按照一定的顺序排成一列, 排列
叫做从 n 个不同元素中取出 m 个元素的一个排列
从 n 个不同元素中取出 m(m≤n)个元素的所有不同排列的个数 排列数
6.排列数、组合数的公式及性质
排列数
组合数
公式 性质
n! Amn =n(n-1)(n-2)…(n-m+1)=
n-m! An=n!;0!=1
Amn nn-1…n-m+1
n!
Cmn= =
=
Am
m!
m!n-m!
C0n=1;Cmn=Cn-n m_;Cmn+Cm-n 1=Cn+m 1
备注
n,m∈N*且 m≤n
(二)第二章随机变量及其分布列
1.离散型随机变量的分布列及性质
(1)一般地,若离散型随机变量 X 可能取的不同值为 x1,x2,…,xi,…,xn, X 取每一个值 xi(i=1,2,…,n)的概率 P(X=xi)=pi,则表 X x1 x2 … xi … xn
P p1 p2 … pi … pn 称为离散型随机变量 X 的__概率分布列__,简称为 X 的分布列.
,
CNn
k=0,1,2,…,m,其中 m=min{M,n},且 n≤N、M≤N,n、M、N∈N+,称随机变量 X 服从超几何分
布.
4.条件概率
X
0
CM0 CNn-M0 P
CNn
1
…
m
CM1 CNn-M1
CMmCNn-mM
…
CNn
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高中数学选修2-3知
识点
1
11--++=⋅+=m n m n m n m m m n m n mA A C A A A 高中数学 选修2-3知识点
第一章 计数原理
1、分类加法计数原理:做一件事情,完成它有N 类办法,在第一类办法中有M 1种不同的方法,在第二类办法中有M 2种不同的方法,……,在第N 类办法中有M N 种不同的方法,那么完成这件事情共有M 1+M 2+……+M N 种不同的方法。
2、分步乘法计数原理:做一件事,完成它需要分成N 个步骤,做第一 步有m1种不同的方法,做第二步有M 2不同的方法,……,做第N 步有M N 不同的方法.那么完成这件事共有 N=M 1M 2...M N 种不同的方法。
3、排列:从n 个不同的元素中任取m(m ≤n )个元素,按照一定顺序......排成一列,叫做从n 个不同元素中取出m 个元素的一个排列
4、排列数:从n 个不同元素中取出m (m≤n )个元素排成一列,称为从n 个不同元素中取出
m 个元素的一个排列. 从n 个不同元素中取出m 个元素的一个排列数,用符号m
n A 表示。
),,()!
(!
)1()1(N m n n m m n n m n n n A m ∈≤-=
+--=Λ
5、公式:
,
11
--=m n m n nA A
6、组合:从n 个不同的元素中任取m (m ≤n )个元素并成一组,叫做从n 个不同元素中取出
m 个元素的一个组合。
7、公式:)!
(!!!)1()1(m n m n C m m n n n A A C m n m
m m n m n -=+--==Λ )!(!!!)1()1(m n m n C m m n n n A A C m n m m
m n m
n
-=+--==Λ ;
m
n n m n C C -=
m n m n m n C C C 1
1+-=+
8、二项式定理:(
)a b C a C a b C a b C a b C b n n n n n n n n r n r r n n n
+=++++++---011222…… 9、二项式通项公式展开式的通项公式:,……T C a b r n r n r n r r
+-==101() 10、二项式系数C n
r
为二项式系数(区别于该项的系数) 11、杨辉三角:
()
()对称性:,,,……,1012C C r n n r n
n r
==- ()系数和:…2C C C n n n
n n
012+++= (3)最值:n 为偶数时,n +1为奇数,中间一项的二项式系数最大且为第
n C n n n
n
2
112
+⎛⎝ ⎫⎭⎪+项,二项式系数为;为奇数时,为偶数,中间两项的二项式() 系数最大即第项及第项,其二项式系数为n n C C n n n
n +++=-+1212
1121
2
第二章 随机变量及其分布
1、随机变量:如果随机试验可能出现的结果可以用一个变量X 来表示,并且X 是随着试验的结果的不同而变化,那么这样的变量叫做随机变量. 随机变量常用大写字母X 、Y 等或希腊字母 ξ、η等表示。
2、离散型随机变量:在上面的射击、产品检验等例子中,对于随机变量X 可能取的值,我们可以按一定次序一一列出,这样的随机变量叫做离散型随机变量.
3、离散型随机变量的分布列:一般的,设离散型随机变量X 可能取的值为x 1,x 2,..... ,x i ,......,x n X 取每一个值 x i (i=1,2,......)的概率P(ξ=x i )=P i ,则称表为离散型随机变量X 的概率分布,简称分布列
4、分布列性质① p i ≥0, i =1,2, … ;② p 1 + p 2 +…+p n = 1.
5、二项分布:如果随机变量X 的分布列为:
其中0<p<1,q=1-p ,则称离散型随机变量X 服从参数p 的二点分布
6、超几何分布:一般地, 设总数为N 件的两类物品,其中一类有M 件,从所有物品中任取n(n ≤N)件,这n 件中所含这类物品件数X 是一个离散型随机变量,
则它取值为k 时的概率为()(0,1,2,,)k n k
M N M
n
N
C C P X k k m C --===L , 其中{}min ,m M n =,且*,,,,n N M N n M N N ∈≤≤
7、条件概率:对任意事件A 和事件B ,在已知事件A 发生的条件下事件B 发生的概率,叫做条件概率.记作P(B|A),读作A 发生的条件下B 的概率 8、公式:
.0)(,)()
()|(>=
A P A P A
B P A B P
9、相互独立事件:事件A(或B)是否发生对事件B(或A)发生的概率没有影响,这样的两个事件叫做相互独立事件。
)()()(B P A P B A P ⋅=⋅
10、n 次独立重复事件:在同等条件下进行的,各次之间相互独立的一种试验
11、概率:
k
n k k
n n p p C k P --=)1()(
12、二项分布: 设在n 次独立重复试验中某个事件A 发生的次数,A 发生次数ξ是一个随机变量.如果在一次试验中某事件发生的概率是p ,事件A 不发生的概率为q=1-p ,那么在
n 次独立重复试验中 )(k P =ξk n k k n q p C -=(其中 k=0,1, ……,n ,q=1-p )
于是可得随机变量ξ的概率分布如下:
这样的随机变量ξ服从二项分布,记作ξ~B(n ,p) ,其中n ,p 为参数 13、数学期望:一般地,若离散型随机变量ξ的概率分布为
则称 E ξ=x1p1+x2p2+…+xnpn +… 为ξ的数学期望或平均数、均值,数学期望又简称为期望.是离散型随机变量。
14、两点分布数学期望:E(X)=np
15、超几何分布数学期望:E (X )=M
n N
⋅.
16、方差:D(ξ)=(x 1-E ξ)2·P 1+(x 2-E ξ)2·P 2 +......+(x n -E ξ)2·P n 叫随机变量ξ的均方差,简称方差。
17、集中分布的期望与方差一览:
期望
方差
两点分布 Eξ=p
Dξ=pq ,q=1-p
超几何分布
的超几何分布服从参数为n ,M ,N ξ
N M
n ⋅=ξE D (X )=np (1-p )* (N-n )/(N-1)
(不要求)
17.正态分布:
若概率密度曲线就是或近似地是函数
)
,
(
,
2
1
)
(2
2
2
)
(
+∞
-∞
∈
=
-
-
x
e
x
f
x
σ
μ
σ
π
的图像,其中解析式中的实数0)
μσσ>
、(是参数,分别表示总体的平均数与标准差.
则其分布叫正态分布(,)
Nμσ
记作:,f( x )的图象称为正态曲线。
18.基本性质:
①曲线在x轴的上方,与x轴不相交.
②曲线关于直线x=μ对称,且在x=
μ
时位于最高点.
③当时μ
<
x,曲线上升;当时μ
>
x,曲线下降.并且当曲线向左、右两边无限延伸时,以x轴为渐近线,向它无限靠近.
④当μ一定时,曲线的形状由σ确定.σ越大,曲线越“矮胖”,表示总体的分布越分散;σ越小,曲线越“瘦高”,表示总体的分布越集中.
二项分布,ξ ~ B(n,p)Eξ=np Dξ=qEξ=npq,(q=1-p)
几何分布,p(ξ=k)=g(k,p)
1
p2p
q
D=
ξ
⑤当σ相同时,正态分布曲线的位置由期望值μ来决定. ⑥正态曲线下的总面积等于1.
19. 3σ原则:
从上表看到,正态总体在 )2,2(σμσμ+- 以外取值的概率 只有4.6%,在 )3,3(σμσμ+-以外取值的概率只有0.3% 由于这些概率很小,通常称这些情况发生为小概率事件.也就是说,通常认为这些情况在一次试验中几乎是不可能发生的.
第三章 统计案例
1、独立性检验
假设有两个分类变量X 和Y ,它们的值域分另为{x 1, x 2}和{y 1, y 2},其样本频数列联表为: y 1 y 2 总计 x 1 a b a+b x 2 c d c+d 总计
a+c
b+d
a+b+c+d
若要推断的论述为H 1:“X 与Y 有关系”,可以利用独立性检验来考察两个变量是否有关系,并且能较精确地给出这种判断的可靠程度。
具体的做法是,由表中的数据算出随机变量K^2的值(即K 的平方) K 2 = n (ad - bc) 2 / [(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)],其中n=a+b+c+d 为样本容量,K 2的值越大,说明“X 与Y 有关系”成立的可能性越大。
),(σμσμ+-
)2,2(σμσμ+-
)3,3(σμσμ+-
K 2≤3.841时,X 与Y 无关; K 2>3.841时,X 与Y 有95%可能性有关;K 2>6.635时X 与Y 有99%可能性有关
2、回归分析
回归直线方程bx a y
+=ˆ 其中x
SS SP x x y y x x x n x y x n xy b =---=--
=
∑∑∑∑∑∑∑2
2
2)
())(()
(11
, x b y a -=。