2020年四川省内江市中考数学试题和答案

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2020年四川省内江市中考数学试卷(有详细解析)

2020年四川省内江市中考数学试卷班级：___________姓名：___________得分：___________一、选择题（本大题共12小题，共36.0分）1.12的倒数是()A. 2B. 12C. −12D. −22.下列四个数中，最小的数是()A. 0B. −12020C. 5D. −13.下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是()A. B. C. D.4.如图，已知直线a//b，∠1=50°，则∠2的度数为()A. 140°B. 130°C. 50°D. 40°5.小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是()A. 80，90B. 90，90C. 90，85D. 90，956.将直线y=−2x−1向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为()A. y=−2x−5B. y=−2x−3C. y=−2x+1D. y=−2x+37.如图，在△ABC中，D、E分别是AB和AC的中点，S四边形BCED=15，则S△ABC=()A. 30B. 25C. 22.5D. 208.如图，点A、B、C、D在⊙O上，∠AOC=120°，点B是AC⏜的中点，则∠D的度数是()A. 30°B. 40°C. 50°D. 60°9.如图，点A是反比例函数y=kx图象上的一点，过点A作AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，则k的值为()A. 43B. 83C. 3D. 410.我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和一条绳索，用绳索去量竿，绳索比竿长5尺；如果将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺．设绳索长x尺．则符合题意的方程是()A. 12x=(x−5)−5 B. 12x=(x+5)+5C. 2x=(x−5)−5D. 2x=(x+5)+511.如图，矩形ABCD中，BD为对角线，将矩形ABCD沿BE、BF所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，点C落在BD上的点N处，连结EF.已知AB=3，BC=4，则EF的长为()A. 3B. 5C. 5√136D. √1312.在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线y=tx+2t+2(t>0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有四个整点，则t的取值范围是()A. 12≤t<2 B. 12<t≤1C. 1<t≤2D. 12≤t≤2且t≠1二、填空题（本大题共8小题，共44.0分）13.函数y=12x−4中，自变量x的取值范围是______ ．14.2020年6月23日9时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星，标志着北斗三号卫星导航定位系统正式建成．根据最新数据，目前兼容北斗的终端产品至少有7亿台，其中7亿用科学记数法表示为______．15.已知关于x的一元二次方程(m−1)2x2+3mx+3=0有一实数根为−1，则该方程的另一个实数根为______．16.如图，在矩形ABCD中，BC=10，∠ABD=30°，若点M、N分别是线段DB、AB上的两个动点，则AM+MN的最小值为______．17.分解因式：b4−b2−12=______．18.若数a使关于x的分式方程x+2x−1+a1−x=3的解为非负数，且使关于y的不等式组{y−34−y+13≥−13122(y−a)<0的解集为y≤0，则符合条件的所有整数a的积为______．19.如图，在平面直角坐标系中，点A(−2,0)，直线l：y=√33x+√33与x轴交于点B，以AB为边作等边△ABA1，过点A1作A1B1//x轴，交直线l于点B1，以A1B1为边作等边△A1B1A2，过点A2作A2B2//x轴，交直线l于点B2，以A2B2为边作等边△A2B2A3，以此类推……，则点A2020的纵坐标是______．20.已知抛物线y1=−x2+4x(如图)和直线y2=2x+b.我们规定：当x取任意一个值时，x对应的函数值分别为y1和y2.若y1≠y2，取y1和y2中较大者为M；若y1=y2，记M=y1=y2.①当x=2时，M的最大值为4；②当b=−3时，使M>y2的x的取值范围是−1<x<3；③当b=−5时，使M=3的x的值是x1=1，x2=3；④当b≥1时，M随x的增大而增大．上述结论正确的是______.(填写所有正确结论的序号)三、解答题（本大题共8小题，共70.0分）)−1−|−2|+4sin60°−√12+(π−3)0．21.计算：(−1222.如图，点C，E，F，B在同一直线上，点A，D在BC异侧，AB//CD，AE=DF，∠A=∠D．(1)求证：AB=CD；(2)若AB=CF，∠B=40°，求∠D的度数．23.我市某中学举行“法制进校园”知识竞赛，赛后将学生的成绩分为A、B、C、D四个等级，并将结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图．请你根据统计图解答下列问题．(1)成绩为“B等级”的学生人数有______名；(2)在扇形统计图中，表示“D等级”的扇形的圆心角度数为______，图中m的值为______；(3)学校决定从本次比赛获得“A等级”的学生只能怪，选出2名去参加市中学生知识竞赛．已知“A等级”中有1名女生，请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率．24.为了维护我国海洋权力，海监部门对我国领海实行了常态化巡航管理．如图，正在执行巡航任务的海监船以每小时60海里的速度向正东方向航行，在A处测得灯塔P在北偏东60°方向上，海监船继续向东航行1小时到达B处，此时测得灯塔P在北偏东30°方向上．(1)求B处到灯塔P的距离；(2)已知灯塔P的周围50海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？25.如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，OD⊥BC于点D，过点C作⊙O的切线，交OD的延长线于点E，连结BE．(1)求证：BE是⊙O的切线；(2)设OE交⊙O于点F，若DF=2，BC=4√3，求线段EF的长；(3)在(2)的条件下，求阴影部分的面积．26.我们知道，任意一个正整数x都可以进行这样的分解：x=m×n(m,n是正整数，且m≤n)，在x的所有这种分解中，如果m，n两因数之差的绝对值最小，我们就称m×n是x的最佳分解．并规定：f(x)=mn．例如：18可以分解成1×18，2×9或3×6，因为18−1>9−2>6−3，所以3×6是18的最佳分解，所以f(18)=36=12．(1)填空：f(6)=______；f(9)=______；(2)一个两位正整数t(t=10a+b,1≤a≤b≤9,a，b为正整数)，交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54，求出所有的两位正整数；并求f(t)的最大值；(3)填空：①f(22×3×5×7)=______；②f(23×3×5×7)=______；③f(24×3×5×7)=______；④f(25×3×5×7)=______．27.如图，正方形ABCD中，P是对角线AC上的一个动点(不与A、C重合)，连结BP，将BP绕点B顺时针旋转90°到BQ，连结QP交BC于点E，QP延长线与边AD交于点F．(1)连结CQ，求证：AP=CQ；AC，求CE：BC的值；(2)若AP=14(3)求证：PF=EQ．28.如图，抛物线y=ax2+bx+c经过A(−1,0)、B(4,0)、C(0,2)三点，点D(x,y)为抛物线上第一象限内的一个动点．(1)求抛物线所对应的函数表达式；(2)当△BCD的面积为3时，求点D的坐标；(3)过点D作DE⊥BC，垂足为点E，是否存在点D，使得△CDE中的某个角等于∠ABC的2倍？若存在，求点D的横坐标；若不存在，请说明理由．答案和解析1.A×2=1，解：∵12∴1的倒数是2，22.D|<|−1|，解：∵|−12020>−1，∴−12020∴5>1>−1>−1，2020因此最小的是−1，3.C解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；B、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；C、是中心对称图形，故本选项符合题意；D、既不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项不合题意．4.B解：∵直线a//b，∴∠3=∠1=50°．又∵∠2+∠3=180°，∴∠2=130°．5.B解：将数据重新排列为80，85，90，90，95，所以这组数据的中位数是90，众数为90，6.C解：直线y=−2x−1向上平移两个单位，所得的直线是y=−2x+1，7.D解：∵D、E分别是AB、AC边上的中点，∴DE//BC，DE=12BC，∴△ADE∽△ABC，∴S△ADES△ABC =(DEBC)2=14，∴S△ADE：S四边形BCED=1：3，即S△ADE：15=1：3，∴S△ADE=5，∴S△ABC=5+15=20．8.A解：连接OB，如图，∵点B是AC⏜的中点，∴∠AOB=∠COB=12∠AOC=12×120°=60°，∴∠D=12∠AOB=30°．解：∵AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，∴△AOC的面积为2，∵S△AOC=12|k|=2，且反比例函数y=kx图象在第一象限，∴k=4，10.A解：设绳索长x尺，则竿长(x−5)尺，依题意，得：12x=(x−5)−5．11.C解：∵四边形ABCD是矩形，∴AB=CD=3，AD=BC=4，∠A=∠C=∠EDF=90°，∴BD=√AB2+AD2=√32+42=5，∵将矩形ABCD沿BE所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，∴AE=EM，∠A=∠BME=90°，∴∠EMD=90°，∵∠EDM=∠ADB，∴△EDM∽△BDA，∴EDBD =EMAB，设DE=x，则AE=EM=4−x，∴x5=4−x3，解得x=52，∴DE=52，同理△DNF∽△DCB，∴DF BD =NF BC ，设DF =y ，则CF =NF =3−y ，∴y5=3−y4，解得y =53．∴DF =53． ∴EF =√DE 2+DF 2=√(52)2+(53)2=5√136． 12. D解：∵y =tx +2t +2=t(x +2)+2(t >0)，∴直线y =tx +2t +2(t >0)经过点(−2,2)，如图，当直线经过(0,3)时，直线y =tx +2t +2(t >0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有四个整点，则3=2t +2，解得t =12；当直线经过(0,6)时，直线y =tx +2t +2(t >0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有四个整点，则6=2t +2，解得t =2；当直线经过(0,4)时，直线y =tx +2t +2(t >0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有三个整点，则4=2t +2，解得t =1；∴直线y =tx +2t +2(t >0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有四个整点，则t 的取值范围是12≤t ≤2且t ≠1，13.x≠2解：根据题意得2x−4≠0，解得x≠2；∴自变量x的取值范围是x≠2．14.7×108解：7亿=700000000=7×108，15.−13解：把x=−1代入原方程得，(m−1)2−3m+3=0，即：m2−5m+4=0，解得，m=4，m=1(不合题意舍去)，当m=4时，原方程变为：9x2+12x+3=0，即，3x2+4x+1=0，，解得，x1=−1，x2=−1316.15解：作点A关于BD的对称点A′，连接MA′，BA′，过点A′H⊥AB于H．∵BA=BA′，∠ABD=∠DBA′=30°，∴∠ABA′=60°，∴△ABA′是等边三角形，∵四边形ABCD是矩形，∴AD=BC=10，在Rt△ABD中，AB=ADtan30∘=10√3，∵A′H⊥AB，∴AH=HB=5√3，∴A′H=√3AH=15，∵AM+MN=A′M+MN≤A′H，∴AM+MN≤15，∴AM+MN的最小值为15．17.(b+2)(b−2)(b2+3)解：b4−b2−12=(b2−4)(b2+3)=(b+2)(b−2)(b2+3)，故答案为：(b+2)(b−2)(b2+3)．18.40解：去分母，得：x+2−a=3(x−1)，解得：x=5−a2，∵分式方程的解为非负数，∴5−a2≥0，且5−a2≠1，解得a≤5且a≠3，解不等式y−34−y+13≥−1312，得：y≤0，解不等式2(y−a)<0，得：y<a，∵不等式组的解集为y≤0，∴a>0，∴0<a≤5，则整数a的值为1、2、4、5，∴符合条件的所有整数a的积为1×2×4×5=40，19.22020−12√3解：∵直线l：y=√33x+√33与x轴交于点B，∴B(−1,0)，∴OB=1，∵A(−2,0)，∴OA=2，∴AB=1，∵△ABA1是等边三角形，∴A1(−32,√32)，把y=√32代入y=√33x+√33，求得x=12，∴B1(12,√32)，∴A1B1=2，∴A2(−12,√32+√32×2)，即A2(−12,3√32)，把y=3√32代入y=√33x+√33，求得x=72，∴B2(72,3√32)，∴A2B2=4，∴A3(3,3√32+√32×4)，即A3(3,7√32)，……，A n的纵坐标为2n−12√3，∴点A2020的纵坐标是22020−12√3，20.②③④解：①当x =2时，y 1=4，y 2=4+b ，无法判断4与4+b 的大小，故①错误． ②如图1中，b =−3时，由{y =−x 2+4x y =2x −3，解得{x =−1y =−5或{x =3y =3， ∴两个函数图象的交点坐标为(−1,−5)和(3,3)，观察图象可知，使M >y 2的x 的取值范围是−1<x <3，故②正确， ③如图2中，b =−5时，图象如图所示，M =3时，y 1=3，∴−x 2+4x =3，解得x =1或3，故③正确，④当b =1时，由{y =2x +1y =−x 2+4x，消去y 得到，x 2−2x +1=0， ∵△=0，∴此时直线y =2x +1与抛物线只有一个交点，∴b >1时，直线y =2x +b 与抛物线没有交点，∴M 随x 的增大而增大，故④正确．21. 解：原式=−2−2+4×√32−2√3+1 =−2−2+2√3−2√3+1=−3．22. (1)证明：∵AB//CD ，∴∠B =∠C ，在△ABE 和△CDF 中，{∠A =∠D ∠B =∠C AE =DF，∴△ABE≌△CDF(AAS)，∴AB =CD ；(2)解：∵△ABE≌△CDF ，∴AB =CD ，BE =CF ，∠B =∠C ，∵∠B =40°，∴∠C =40°∵AB =CF ，∴CF =CD ，∴∠D =∠CFE =12(180°−40 °)=70°．23. 5 72° 40解：(1)3÷15%=20(名)，20−3−8−4=5(名)，故答案为：5；(2)360°×420=72°，8÷20=40%，即m=40，故答案为：72°，40；(3)“A等级”2男1女，从中选取2人，所有可能出现的结果如下：共有6种可能出现的结果，其中女生被选中的有4种，∴P(女生被选中)=46=23．24.解：(1)∵∠PAB=30°，∠ABP=120°，∴∠APB=180°−∠PAB−∠ABP=30°，∴PB=AB=60海里；(2)作PH⊥AB于H．∵∠BAP=∠BPA=30°，∴BA=BP=60，在Rt△PBH中，PH=PB⋅sin60°=60×√32=30√3，∵30√3>50，∴海监船继续向正东方向航行是安全的．25.(1)证明：连接OC，如图，∵CE为切线，∴OC⊥CE，∴∠OCE=90°，∵OD⊥BC，∴CD=BD，即OD垂直平分BC，∴EC=EB，在△OCE和△OBE中{OC=OB OE=OE EC=EB，∴△OCE≌△OBE(SSS)，∴∠OBE=∠OCE=90°，∴OB⊥BE，∴BE与⊙O相切；(2)解：设⊙O的半径为x，则OD=OF−DF=x−2，OB=x，在Rt△OBD中，BD=12BC=2√3，∵OD2+BD2=OB2，∴(x−2)2+(2√3)2=x2，解得x=4，∴OD=2，OB=4，∴∠OBD=30°，∴∠BOD=60°，∴OE=2OB=8，∴EF=OE−OF=8−4=4．(3)∵∠BOE =60°，∠OBE =90°，∴在Rt △OBE 中，BE =√3OB =4√3，∴S 阴影=S 四边形OBEC −S 扇形OBC=2×12×4×4√3−120⋅π×42360， =16√3−16π3．26. 23 1 2021 2435 3548 2435解：(1)6可分解成1×6，2×3，∵6−1>3−2，∴2×3是6的最佳分解，∴f(6)=23，9可分解成1×9，3×3，∵9−1>3−3，∴3×3是9的最佳分解，∴f(9)=33=1，故答案为：23；1； (2)设交换t 的个位上数与十位上的数得到的新数为t′，则t′=10b +a ，根据题意得，t′−t =(10b +a)−(10a +b)=9(b −a)=54， ∴b =a +6，∵1≤a ≤b ≤9，a ，b 为正整数，∴满足条件的t 为：17，28，39；∵F(17)=117，F(28)=47，F(39)=139，∵47>117>139，∴F(t)的最大值为47； (3)①∵22×3×5×7的是最佳分解为20×21，∴f(22×3×5×7)=2021，故答案为：2021；②∵23×3×5×7的最佳分解为24×35，∴f(23×3×5×7)=2435，故答案为2435；③∵24×3×5×7的最佳分解是35×48，∴f(24×3×5×7)=3548，故答案为：3548；④∵25×3×5×7的最佳分解是48×70，∴f(25×3×5×7)=4870=2435，故答案为：2435．27.(1)证明：如图1，∵线段BP绕点B顺时针旋转90°得到线段BQ，∴BP=BQ，∠PBQ=90°．∵四边形ABCD是正方形，∴BA=BC，∠ABC=90°．∴∠ABC=∠PBQ．∴∠ABC−∠PBC=∠PBQ−∠PBC，即∠ABP=∠CBQ．在△BAP和△BCQ中，∵{BA=BC∠ABP=∠CBQ BP=BQ，∴△BAP≌△BCQ(SAS)．∴CQ=AP．(2)解：过点C作CH⊥PQ于H，过点B作BT⊥PQ于T．∵AP=14AC，∴可以假设AP=CQ=a，则PC=3a，∵四边形ABCD是正方形，∴∠BAC=∠ACB=45°，∵△ABP≌△CBQ，∴∠BCQ=∠BAP=45°，∴∠PCQ=90°，∴PQ=√PC2+CQ2=√(3a)2+a2=√10a，∵CH⊥PQ，∴CH=PC⋅CQPQ =3√1010a，∵BP=BQ，BT⊥PQ，∴PT=TQ，∵∠PBQ=90°，∴BT=12PQ=√102a，∵CH//BT ， ∴CE EB =CH BT =3√1010a √102a =35， ∴CE CB =38．(3)解：结论：PF =EQ ，理由是：如图2，当F 在边AD 上时，过P 作PG ⊥FQ ，交AB 于G ，则∠GPF =90°，∵∠BPQ =45°，∴∠GPB =45°，∴∠GPB =∠PQB =45°，∵PB =BQ ，∠ABP =∠CBQ ，∴△PGB≌△QEB ，∴EQ =PG ，∵∠BAD =90°，∴F 、A 、G 、P 四点共圆，连接FG ，∴∠FGP =∠FAP =45°，∴△FPG 是等腰直角三角形，∴PF =PG ，∴PF =EQ ．28. 解：(1)将A(−1,0)、B(4,0)、C(0,2)代入y =ax 2+bx +c 得：{a −b +c =016a +4b +c =0c =2，解得：{a =−12b =32c =2．故抛物线的解析式为y =−12x 2+32x +2． (2)如图2，设点M 的坐标为(0,m)，使得△BCM 的面积为3，3×2÷4=1.5，则m =2+1.5=72， M(0,72) ∵点B(4,0)，C(0,2)，∴直线BC 的解析式为y =−12x +2，∴DM 的解析式为y =−12x +72，联立抛物线解析式{y =−12x +72y =−12x 2+32x +2，解得{x 1=3y 1=2，{x 2=1y 2=3． ∴点D 的坐标为(3,2)或(1,3)．(3)分两种情况考虑：①当∠DCE =2∠ABC 时，取点F(0,−2)，连接BF ，如图3所示．∵OC =OF ，OB ⊥CF ，∴∠ABC =∠ABF ，∴∠CBF =2∠ABC ．∵∠DCB =2∠ABC ，∴∠DCB =∠CBF ，∴CD//BF ．∵点B(4,0)，F(0,−2)，∴直线BF 的解析式为y =12x −2， ∴直线CD 的解析式为y =12x +2．联立直线CD 及抛物线的解析式成方程组得：{y =12x +2y =−12x 2+32x +2，解得：{x 1=0y 1=2(舍去)，{x 2=2y 2=3， ∴点D 的坐标为(2,3)；②当∠CDE =2∠ABC 时，过点C 作CN ⊥BF 于点N ，交OB 于H.作点N 关于BC 的对称点P ，连接NP 交BC 于点Q ，如图4所示．∵∠OCH =90°−∠OHC ，∠OBF =90°−∠BHN ，∠OHC =∠BHN ，∴∠OCH =∠OBF ．在△OCH 与△OBF 中{∠COH =∠BOF =90∘∠OCH =∠OBF， ∴△OCH∽△OBF ，∴OHOF =OC OB ，即OH 2=24，∴OH =1，H(1,0)．设直线CN 的解析式为y =kx +n(k ≠0)，∵C(0,2)，H(1,0)，∴{n =2k +n =0，解得{k =−2n =2， ∴直线CN 的解析式为y =−2x +2．连接直线BF 及直线CN 成方程组得：{y =12x −2y =−2x +2，解得：{x =85y =−65， ∴点N 的坐标为(85,−65).∵点B(4,0)，C(0,2)，∴直线BC 的解析式为y =−12x +2． ∵NP ⊥BC ，且点N(85,−65)，∴直线NP 的解析式为y =2x −225．联立直线BC 及直线NP 成方程组得：{y =−12x +2y =2x −225，解得：{x =6425y =1825， ∴点Q 的坐标为(6425,1825). ∵点N(85,−65)，点N ，P 关于BC 对称，∴点P 的坐标为(8825,6625).∵点C(0,2)，P(8825,6625)， ∴直线CP 的解析式为y =211x +2．将y =211x +2代入y =−12x 2+32x +2整理，得：11x 2−29x =0，解得：x 1=0(舍去)，x 2=2911，∴点D 的横坐标为2911．综上所述：存在点D ，使得△CDE 的某个角恰好等于∠ABC 的2倍，点D 的横坐标为2或2911．。

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2020年四川省内江市中考数学试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1、下列四个实数中，比1-小的数是（）A 、2-B 、0C 、1D 、22、如图，把一块直角三角板的直角顶点放在直尺的一边上，如果∠1=32°，那么∠2的度数是（）A 、32°B 、58°C 、68°D 、60°3、某红外线遥控器发出的红外线波长为0.000 000 94m ，用科学记数法表示这个数是（）A 、79.410-⨯mB 、79.410⨯mC 、89.410-⨯mD 、89.410⨯m 4、在下列几何图形中，一定是轴对称图形的有（）A 、1个B 、2个C 、3个D 、4个5、为了解某市参加中考的32000名学生的体质情况，抽查了其中1600名学生的体重进行统计分析．下面叙述正确的是（）A 、32000名学生是总体B 、1600名学生的体重是总体的一个样本C 、每名学生是总体的一个个体D 、以上调査是普查6、下列多边形中，不能够单独铺满地面的是（）A 、正三角形B 、正方形C 、正五边形D 、正六边形 7、某中学数学兴趣小组12名成员的年龄悄况如下：年龄（岁） 12 13 14 15 16人数 1 4 3 2 2则这个小组成员年龄的平均数和中位数分别是（）A 、15，16B 、13，15C 、13，14D 、14，148、由一些大小相同的小正方体搭成的几何体的俯视图如右图所示，其正方形中的数字表示该位置上的小正方体的个数，那么该几何体的主视图是（）9、如图，⊙O 是△ABC 的外接圆，∠BAC=60°，若⊙O 的半径0C 为2，则弦BC 的长为（）A 、1B 3C 、2D 、 10、小高从家骑自行车去学校上学，先走上坡路到达点A ，再走下坡路到达点B ，最后走平路到达学校，所用的时间与路程的关系如图所示．放学后，如果他沿原路返回，且走平路、上坡路、下坡路的速度分别保持和去上学时一致，那么他从学校到家需要的时间是（）A 、14分钟B 、17分钟C 、18分钟D 、20分钟11、如图，在等边△ABC 中，D 为BC 边上一点，E 为AC 边上一点，且∠ADE=60°，BD=4，CE=43，则△ABC 的面积为（）A 、B 、15C 、D 、 12、如图．在直角坐标系中，矩形ABC0的边OA 在x 轴上，边0C 在y 轴上，点B 的坐标为（1，3），将矩形沿对角线AC 翻折，B 点落在D 点的位置，且AD 交y 轴于点E ．那么点D 的坐标为（） A 、412()55-，B 、213()55-， C 、113()25-， D 、312()55-，二、填空题{本大题共4小题，每小题5分，共20分.请将最后答案直接写在题中横线上.）13、“Welcomc to Senior High School ．”（欢迎进入高中），在这段句子的所有英文字母中，字母O 出现的频率是________。

2020年四川内江中考数学试题(word版有答案)

10.如图3，在矩形中，点分别在上，将矩形沿折叠，使点分别落在矩形外部的点处，则阴影部分图形的周长为（）
A.15 B.20 C.25 D.30
11.如图4所示，的顶点是正方形网格的格点，则的值为（）
A. B. C. D.
图 2 图3 图4
12. 如图5，正的边长为3cm,动点P从点A出发，以每秒1cm
能使的面积为1的概率是
16.如图8，四边形是梯形，若则
图6图7图8
3、解答题（共44分）
17.（7分）计算：
18.（9分）水利部门为加强防汛工作，决定对某水库大坝进行加固，大坝的横截面是梯形 .
如图9所示，已知迎水坡面AB的长为16米，背水坡面的长为米，加固后
大坝的横截面积为梯形的长为8米。
（1）已知需加固的大坝长为150米，求需要填土石方多少立方米？
（2）求加固后的大坝背水坡面的坡度。
19.(9分）某市为创建省卫生城市，有关部门决定利用现有的4200盆甲种花卉和3090盆乙种花卉，
搭配A、B两种园艺造型共60个，摆放于入城大道的两侧，搭配每个造型所需花卉数量的情况下
表所示，结合上述信息，解答下列问题：
(2)试判断直线CM与以AB为直径的圆的位置关系，并加以证明；
(3)在抛物线上是否存在点N，使得 ?如果存在，那么这样的点有几个？如果存在，那么这样的点有几个？如果不存在，请说明理由。
点是延长线的交点，AG与CD相交于点F。
（1）求证：四边形是正方形；
（2）当时，判断FG与EF有何数量关系？并证明你的结论。
内江市二0一二年高中阶段教育学校招生考试及初中毕业会考试卷
数学
B卷（共60分）

四川省内江市2020年中考数学试题(Word版,含答案与解析)

四川省内江市2020年中考数学试卷一、单选题（共12题；共24分）1.下列四个数中，最小的数是（）A. 0B. −1C. 5D. −12020【答案】 D【考点】有理数大小比较<0<5，【解析】【解答】∵−1<−12020∴最小的数是−1，故答案为：D．【分析】先根据有理数的大小比较法则比较大小，即可得出选项．2.下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是（）A. B.C. D.【答案】B【考点】中心对称及中心对称图形【解析】【解答】由中心对称的定义知，绕一个点旋转180°后能与原图重合，只有选项B是中心对称图形．故选：B【分析】根据中心对称图形的定义和图形的特点即可求解．3.如图，已知直线a//b，∠1=50°，则∠2的度数为（）A. 140°B. 130°C. 50°D. 40°【答案】B【考点】平行线的性质【解析】【解答】如图，∵a∥b，∴∠1＝∠3＝50°，∴∠2＝180°−50°＝130°，故答案为：B．【分析】利用平行线的性质即可解决问题．4.小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是（）A. 80，90B. 90，90C. 90，85D. 90，95【答案】B【考点】中位数，众数【解析】【解答】把分数从小到大排列为：80,85,90,90,95故中位数为90，众数为90故答案为：B．【分析】根据中位数、众数的定义即可求解．5.将直线y=−2x−1向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为（）A. y=−2x−5B. y=−2x−3C. y=−2x+1D. y=−2x+3【答案】C【考点】两一次函数图象相交或平行问题，平移的性质，图形的平移【解析】【解答】解：原直线的k=-2，b=-1；向上平移两个单位得到了新直线，那么新直线的k=-2，b=-1+2=1．∴新直线的解析式为y=-2x+1．故答案为：C．【分析】向上平移时，k的值不变，只有b发生变化．6.如图，在ΔABC中，D、E分别是AB和AC的中点，S四边形BCED=15，则SΔABC=（）A. 30B. 25C. 22．5D. 20【答案】 D【考点】相似三角形的判定与性质BC，故可以判【解析】【解答】解：根据题意，点D和点E分别是AB和AC的中点，则DE∥BC且DE= 12断出△ADE∽△ABC,根据相似三角形的面积比等于相似比的平方，可知SΔADE：SΔABC=1：4，则S：SΔABC=3：4，题中已知S四边形BCED=15，故可得SΔADE=5，SΔABC=20四边形BCED故本题选择D【分析】首先判断出△ADE∽△ABC，然后根据相似三角形的面积比等于相似比的平方即可求出△ABC的面积．7.如图，点A,B,C,D在⊙O上，∠AOC=120°，点B是AC⌢的中点，则∠D的度数是（）A. 30°B. 40°C. 50°D. 60°【答案】A【考点】圆心角、弧、弦的关系，圆周角定理【解析】【解答】连接OB，∵点B是AC⌢的中点，∴∠AOB＝12∠AOC＝60°，由圆周角定理得，∠D＝12∠AOB＝30°，故答案为：A．【分析】根据圆心角、弧、弦的关系定理得到∠AOB＝12∠AOC，再根据圆周角定理解答．8.如图，点A是反比例函数y=kx图象上的一点，过点A作AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若ΔAOD的面积为1，则k的值为（）A. 43B. 83C. 3D. 4【答案】 D【考点】反比例函数系数k的几何意义，三角形的面积【解析】【解答】点A的坐标为（m，2n），∴2mn=k，∵D为AC的中点，∴D（m，n），∵AC⊥x轴，△ADO的面积为1，∴S△ADO =12AD⋅OC=12(2n−n)⋅m=12mn=1，∴mn=2，∴k=2mn=4，故答案为：D．【分析】先设出点A的坐标，进而表示出点D的坐标，利用△ADO的面积建立方程求出mn=2，即可得出结论．9.我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和一条绳索，用绳索去量竿，绳索比竿长5尺；如果将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺．设绳索长x尺．则正确的方程是（）A. 12x=(x−5)−5 B. 12x=(x+5)+5C. 2x=(x−5)−5D. 2x=(x+5)+5【答案】A【考点】一元一次方程的实际应用-古代数学问题【解析】【解答】设索为x尺，杆子为( x−5)尺，根据题意得：12x=( x−5) −5．故答案为：A．【分析】设索为x尺，杆子为( x−5)尺，则根据“将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺”，即可得出关于x一元一次方程．10.如图，矩形ABCD中，BD为对角线，将矩形ABCD沿BE、BF所在直线折叠，使点A落在BD上的点M 处，点C落在BD上的点N处，连结EF．已知AB=3，BC=4，则EF的长为（）A. 3B. 5C. 5√136D. √13【答案】C【考点】勾股定理，矩形的性质，轴对称的性质，翻折变换（折叠问题）【解析】【解答】解：∵四边形ABCD是矩形，AB=3，BC=4，∴BD= √32+42=5，设AE 的长度为x ，由折叠可得：△ABE ≌△MBE ，∴EM=AE=x ，DE=4-x ，BM=AB=3，DM=5-3=2，在Rt △EMD 中，EM 2+DM 2=DE 2 ，∴x 2+22=（4-x ）2 ，解得：x= 32 ，ED=4- 32 = 52 ，设CF 的长度为y ，由折叠可得：△CBF ≌△NBF ，∴NF=CF=y ，DF=3-y ，BN=BC=4，DN=5-4=1，在Rt △DNF 中，DN 2+NF 2=DF 2 ，∴y 2+12=（3-y ）2 ，解得：x= 43 ，DF=3- 43 = 53 ，在Rt △DEF 中，EF= √DE 2+DF 2=√(52)2+(53)2=5√136 ，故答案为：C ．【分析】由矩形的性质和已知求出BD=5，根据折叠的性质得△ABE ≌△MBE ，设AE 的长度为x ，在Rt △EMD 中，由勾股定理求出DE 的长度，同理在Rt △DNF 中求出DF 的长度，在Rt △DEF 中利用勾股定理即可求出EF 的长度．11.在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线 y =tx +2t +2 （ t >0 ）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t 的取值范围是（） A. 12≤t <2 B. 12<t ≤1 C. 1<t ≤2 D. 12≤t ≤2 且 t ≠1【答案】 D【考点】一次函数与不等式（组）的综合应用，一次函数图象与坐标轴交点问题，数学思想【解析】【解答】∵ y =tx +2t +2 ，∴当y=0时，x= −2−2t ；当x=0时，y=2t+2，∴直线 y =tx +2t +2 与x 轴的交点坐标为（ −2−2t ，0），与y 轴的交点坐标为（0，2t+2）， ∵t>0，∴2t+2>2，当t= 12 时，2t+2=3，此时 −2−2t =-6，由图象知：直线 y =tx +2t +2 （ t >0 ）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，如图1，当t=2时，2t+2=6，此时 −2−2t =-3，由图象知：直线 y =tx +2t +2 （ t >0 ）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，如图2，当t=1时，2t+2=4， −2−2t =-4，由图象知：直线 y =tx +2t +2 （ t >0 ）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有三个整点，如图3，∴1≤t≤2且t≠1，2故答案为：D.【分析】画出函数图象，利用图象可得t的取值范围.12.的倒数是（）A. B. C. D.【答案】C【考点】有理数的倒数【解析】【解答】∵，∴的倒数是.故答案为：C【分析】由互为倒数的两数之积为1，即可求解.二、填空题（共8题；共8分）13.函数y=1中，自变量x的取值范围是________ ．2x−4【答案】x≠2【考点】分式有意义的条件【解析】【解答】根据函数可知：2x−4≠0,解得：x≠2．故答案为：x≠2．【分析】分式有意义的条件：分母不为0，据此解答即可.14.2020年6月23日9时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星，标志着北斗三号卫星导航定位系统正式建成．根据最新数据，目前兼容北斗的终端产品至少有7亿台，其中7亿用科学记数法表示为________【答案】7×108【考点】科学记数法—表示绝对值较大的数【解析】【解答】7亿=700000000= 7×108，故答案为：7×108．【分析】科学记数法的表示形式为：a×10n，其中1≤∣a∣﹤10，n为整数，确定a值和n值即可解答．15.已知关于x的一元二次方程(m−1)2x2+3mx+3=0有一实数根为−1，则该方程的另一个实数根为________【答案】−13【考点】一元二次方程的根【解析】【解答】解：把x=-1代入(m−1)2x2+3mx+3=0得m2-5m+4=0，解得m1=1,m2=4，∵(m-1)2≠0，∴m ≠1．∴m=4.∴方程为9x2+12x+3=0..设另一个根为a,则-a= 39∴a=- 1.3．故答案为:- 13【分析】根据一元二次方程的解的定义把x=-1代入原方程得到关于m的一元二次方程，解得m的值，然后根据一元二次方程的定义确定m的值．16.如图，在矩形ABCD中，BC=10，∠ABD=30°，若点M、N分别是线段DB、AB上的两个动点，则AM+MN的最小值为________．【答案】15.【考点】含30°角的直角三角形，矩形的性质，轴对称的应用-最短距离问题【解析】【解答】解：如图，过A作AG⊥BD于G，延长AG，使AG=EG，过E作EN⊥AB于N，交BD于M，则AM+MN=EN最短，∵四边形ABCD为矩形，BC=10，∠ABD=30°，∴AD=10,BD=20,AB=BD•cos30°=10√3,∵AG•BD=AD•AB,∴20AG=10×10√3,∴AG=5√3,AE=2AG=10√3,∵AE⊥BD,EN⊥AB,∠EMG=∠BMN,∴∠E=∠ABD=30°,∴EN =AE •cos30°=10√3×√32=15,∴AM +MN =15,即 AM +MN 的最小值为 15.故答案为： 15.【分析】如图，过A 作 AG ⊥BD 于 G ，延长 AG ，使 AG =EG ，过 E 作 EN ⊥AB 于 N ，交 BD 于 M ，则 AM +MN =EN 最短，再利用矩形的性质与锐角三角函数求解 EN 即可得到答案． 17.分解因式： b 4−b 2−12= ________【答案】 (b 2+3)(b +2)(b −2)【考点】因式分解﹣运用公式法，十字相乘法因式分解【解析】【解答】 b 4−b 2−12= (b 2+3)(b 2−4)=(b 2+3)(b +2)(b −2)故答案为： (b 2+3)(b +2)(b −2) ．【分析】先根据十字相乘法，再利用平方差公式即可因式分解．18.若数a 使关于x 的分式方程 x+2x−1+a 1−x =3 的解为非负数，且使关于y 的不等式组 {y−34−y+13≥−13122(y −a)<0的解集为 y ≤0 ，则符合条件的所有整数a 的积为________ 【答案】 40【考点】解分式方程，解一元一次不等式组【解析】【解答】解：分式方程 x+2x−1+a 1−x =3 的解为x=5−a 2 且x≠1， ∵分式方程 x+2x−1+a 1−x =3 的解为非负数，∴ 5−a 2≥0 且 5−a 2 ≠1.∴a ≤ 5且a≠3.{y −34−y +13≥−1312①2(y −a)<0②解不等式①，得 y ≤0 .解不等式②，得y<a.∵关于y 的不等式组 {y−34−y+13≥−13122(y −a)<0 的解集为 y ≤0 ，∴a>0.∴0<a ≤ 5且a≠3.又a为整数，则a的值为1，2，4，5.符合条件的所有整数a的积为1×2×4×5=40.故答案为：40.【分析】根据分式方程的解为正数即可得出a ≤5且a≠3，根据不等式组的解集为y≤0，即可得出a>0，找出0<a ≤5且a≠3中所有的整数，将其相乘即可得出结论．19.如图，在平面直角坐标系中，点A（-2，0），直线l:y=√33x+√33与x轴交于点B，以AB为边作等边ΔABA1，过点A1作A1B1//x轴，交直线l于点B1，以A1B1为边作等边ΔA1B1A2，过点A2作A2B2//x轴，交直线l于点B2，以A2B2为边作等边ΔA2B2A3，以此类推……，则点A2020的纵坐标是________【答案】√32(22020−1)【考点】含30°角的直角三角形，探索数与式的规律，一次函数图象与坐标轴交点问题【解析】【解答】如图，过A1作A1C⊥AB与C，过A2作A2C1⊥A1B1于C1，过A3作A3C2⊥A2B2于C2，先根据直线方程与x轴交于点B（-1，0），与y轴交于点D（0，√33），∴OB=1,OD= √33,∴∠DBO=30º由题意可得：∠A1B1B=∠A2B2B1=30º,∠B1A1B=∠B2A2B1=60º∴∠A1BB1=∠A2B1B2=90º，∴AB=1，A1B1=2A1B=21，A2B2=2A2B1=22，A3B3=2A3B2=23，…A n B n=2n∴A1C= √32AB= √32×1，A1纵坐标为√32×1= √32(21−1)；A2C1= √32A1B1= √32×21，A2的纵坐标为√32×1+ √32×21= √32(20+21)= √32×3= √32(22−1)；A3C2= √32A2B2= √32×22,A3的纵坐标为√32×1+ √32×21+ √32×22= √32(20+21+22)= √32×7= √32(23−1)；…由此规律可得：A n C n-1= √32×2n−1,A n的纵坐标为√32(20+21+22+⋯+2n−1)= √32(2n−1)，∴A2020= √32(22020−1)，故答案为：√32(22020−1)【分析】如图，过A1作A1C⊥AB与C，过A2作A2C1⊥A1B1于C1，过A3作A3C2⊥A2B2于C2，先根据直线方程与x轴交于点B（-1，0），且与x轴夹角为30º，则有AB=1，然后根据平行线的性质、等边三角形的性质、含30º的直角三角形的性质，分别求的A1、A2、A3、的纵坐标，进而得到A n的纵坐标，据此可得A2020的纵坐标，即可解答．20.已知抛物线y1=−x2+4x（如图）和直线y2=2x+b．我们规定：当x取任意一个值时，x对应的函数值分别为y1和y2．若y1≠y2，取y1和y2中较大者为M；若y1=y2，记M=y1=y2．①当x=2时，M的最大值为4；②当b=−3时，使M>y2的x的取值范围是−1<x< 3；③当b=−5时，使M=3的x的值是x1=1，x2=3；④当b≥1时，M随x的增大而增大．上述结论正确的是________（填写所有符合题意结论的序号）【答案】②③④【考点】函数的表示方法，分段函数，二次函数与一次函数的综合应用，二次函数的其他应用【解析】【解答】解：对于①：当x=2时，y1=−22+4×2=4，y2=2×2+b=4+b，显然只要b>0，则M的值为4+b，故①不符合题意；对于②：当b=−3时，在同一直角坐标系内画出y1,y2的图像，如下图所示，其中红色部分即表示M，联立y1,y2的函数表达式，即−x2+4x=2x−3，求得交点横坐标为3和−1，观察图形可知M>y2的x的取值范围是−1<x<3，故②符合题意；对于③：当b=−5时，在同一直角坐标系内画出y1,y2的图像，如下图所示，其中红色部分即表示M，联立y1,y2的函数表达式，即−x2+4x=2x−5，求得其交点的横坐标为1+√6和1−√6，故M=3时分类讨论：当y1=−x2+4x=3时，解得x1=3或x2=1，当y2=2x−5=3时，解得x3=4>1+√6(舍)，故③符合题意；对于④：当b≥1时，函数y2≥y1，此时y2图像一直在y1图像上方，如下图所示，故此时M= y2，故M随x的增大而增大，故④符合题意．故答案为：②③④．【分析】根据题目中的较大者M的定义逐个分析即可．三、解答题（共8题；共92分）)−1−|−2|+4sin60°−√12+(π−3)021.计算：(−12)−1−|−2|+4sin60°−√12+(π−3)0【答案】解：(−12=−2−2+2√3−2√3+1=−3【考点】实数的运算，0指数幂的运算性质，负整数指数幂的运算性质，特殊角的三角函数值【解析】【分析】根据负整数指数幂、绝对值、特殊角的三角函数值、二次根式和零次幂的运算法则分别对每项进行化简，再进行加减计算即可．22.如图，点C，E，F，B在同一直线上，点A，D在BC异侧，AB∥CD，AE＝DF，∠A ＝∠D．（1）求证：AB=CD；（2）若AB＝CF，∠B＝40°，求∠D的度数．【答案】（1）证明：∵AB∥CD，∴∠B＝∠C，在△ABE和△CDF中，∠B＝∠C，AE=DF ，∠A＝∠D．∴△AEB≌△DFC．∴AB＝CD.（2）解：∵AB＝CD，AB＝CF，∴CD＝CF，∵∠B＝∠C=40°，∴∠D＝(180°－40°)÷2＝70°．【考点】全等三角形的判定与性质【解析】【分析】（1）根据平行线的性质求出∠B=∠C，根据AAS推出△ABE≌△CDF，根据全等三角形的性质得出即可；（2）根据全等得出AB=CD，BE=CF，∠B=∠C，求出CF=CD，推出∠D=∠CFE，即可求出答案．23.我市某中学举行“法制进校园”知识竞赛，赛后将学生的成绩分为A、B、C、D四个等级，并将结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图．请你根据统计图解答下列问题．（1）成绩为“B等级”的学生人数有________名；（2）在扇形统计图中，表示“D等级”的扇形的圆心角度数为________，图中m的值为________；（3）学校决定从本次比赛获得“A等级”的学生中选出2名去参加市中学生知识竞赛．已知“A等级”中有1名女生，请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率．【答案】（1）5（2）72°；40（3）根据题意画树状图如下：∴P（女生被选中）= 46=23．【考点】总体、个体、样本、样本容量，扇形统计图，列表法与树状图法，概率公式【解析】【解答】（1）学生总人数为3÷15%=20（人）∴成绩为“B等级”的学生人数有20-3-8-4=5（人）故答案为：5；（2）“D等级”的扇形的圆心角度数为420×360°=72°×100=40，m= 820故答案为：72°；40；【分析】（1）先根据“A等级”的人数及占比求出学生总人数，再减去各组人数即可求出成绩为“B等级”的学生人数；（2）根据“D等级”的占比即可求出其圆心角度数，根据“C等级”的人数即可求出m的值；（3）根据题意画树状图，再根据概率公式即可求解．24.为了维护我国海洋权力，海监部门对我国领海实行了常态化巡航管理．如图，正在执行巡航任务的海监船以每小时60海里的速度向正东方向航行，在A处测得灯塔P在北偏东60°方向上，海监船继续向东航行1小时到达B处，此时测得灯塔P在北偏东30°方向上．（1）求B处到灯塔P的距离；（2）已知灯塔P的周围50海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？【答案】（1）过点P作PD⊥AB于点D，由题意得，AB=60（海里），∠PAB=30°，∠PBD=60°，∴∠APB=∠PBD-∠PAB=60°-30°=30°=∠PAB，∴PB=AB=60（海里），答：B处到灯塔P的距离为60海里；（2）由（1）可知∠APB=∠PAB=30°，∴PB=AB=60（海里）在Rt△PBD中，=30√3（海里），PD=BPsin60°=60 ×√32∵30√3>50，∴海监船继续向正东方向航行是安全的．【考点】解直角三角形的应用﹣方向角问题【解析】【分析】（1）作PD⊥AB于D．求出∠PAB、∠PBA、∠P的度数，证得△ABP为等腰三角形，即可解决问题；（2）在Rt△PBD中，解直角三角形求出PD的值即可判定．25.如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，OD⊥BC于点D，过点C作⊙O的切线，交OD的延长线于点E，连结BE．（1）求证：BE是⊙O的切线；（2）设OE交⊙O于点F，若DF=2，BC=4√3，求线段EF的长；（3）在（2）的条件下，求阴影部分的面积．【答案】（1）证明：连接OC，如图，∵OD⊥BC，∴CD=BD，∴OE为BC的垂直平分线，∴EB=EC，∴∠EBC=∠ECB，∵OB=OC，∴∠OBC=∠OCB，∴∠OBC+∠EBC=∠OCB+∠ECB，即∠OBE=∠OCE，∵CE为⊙O的切线，∴OC⊥CE，∴∠OCE=90°，∴∠OBE=90°，∴OB⊥BE，∴BE与⊙O相切．（2）设⊙O的半径为R，则OD=R-DF=R-2，OB=R，BC= 2√3在Rt△OBD中，BD= 12∵OD2+BD2=OB2，∴(R−2)2+(2√3)2=R2，解得R=4，∴OD=2，OB=4，∴∠OBD=30°，∴∠BOD=60°，∴在Rt△OBE中，∠BEO=30º，OE=2OB=8，∴EF=OE-OF=8-4=4，即EF=4；（3）由∠OCD=∠OBD=30º和OD⊥BC知：∠COD=∠BOD=60º，∴∠BOC=120º，又BC= 4√3，OE=8，∴S阴影=S四边形OBEC−S扇形OBC= 12×8×4√3−120π·42360=16√3−163π,【考点】含30°角的直角三角形，勾股定理，切线的判定，扇形面积的计算，几何图形的面积计算-割补法【解析】【分析】（1）连接OC，如图，根据垂径定理由OD⊥BC得到CD=BD，则OE为BC的垂直平分线，所以EB=EC，根据等腰三角形的性质得∠EBC=∠ECB，加上∠OBC=∠OCB，则∠OBE=∠OCE；再根据切线的性质得∠OCE=90°，所以∠OBE=90°，然后根据切线的判定定理得BE与⊙O相切；（2）设⊙O的半径为R，则OD=R-DF=R-2，OB=R，在Rt△OBD，利用勾股定理解得R=4，再利用含30º角的直角三角形边角关系可求得OE，利用EF=OE-OF即可解答；（3）利用（2）中可求得∠BOC=120º,然后利用S阴影=S四边形OBEC−S扇形OBC代入数值即可求解．26.我们知道，任意一个正整数x都可以进行这样的分解：x=m×n（m，n是正整数，且m≤n），在x的所有这种分解中，如果m，n两因数之差的绝对值最小，我们就称m×n是x的最佳分解．并规定：f(x)=mn．例如：18可以分解成1×18，2×9或3×6，因为18−1>9−2>6−3，所以3×6是18的最佳分解，所以f(18)=36=12．（1）填空：f(6)=________；f(9)=________ ；（2）一个两位正整数t（t=10a+b，1≤a≤b≤9，a，b为正整数），交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54，求出所有的两位正整数；并求f(t)的最大值；（3）填空：① f(22×3×5×7)=_____________；② f(23×3×5×7)=_____________；③ f(24×3×5×7)=_____________；④ f(25×3×5×7)=_____________．【答案】（1）23；1（2）由题意可得：交换后的数减去交换前的数的差为：10b＋a−10a−b＝9（b−a）＝54，∴b−a＝6，∵1≤a≤b≤9，∴b＝9，a＝3或b＝8，a＝2或b＝7，a＝1，∴t为39，28，17；∵39＝1×39＝3×13，∴f(39)＝313；28＝1×28＝2×14＝4×7，∴f(28)＝47；17＝1×17，∴f(17)=117；∴f(t)的最大值47．（3）2021,1415,2021,1415【考点】探索数与式的规律，定义新运算【解析】【解答】（1）6＝1×6＝2×3，∵6−1＞3−2，∴f(6)＝23；9=1×9=3×3，∵9−1＞3−3，∴f(9)=1，故答案为：23；1；（3）①∵22×3×5×7=20×21∴f(22×3×5×7)=2021；② 23×3×5×7=28×30∴f(23×3×5×7)=2830=1415；③∵24×3×5×7=40×42∴f(24×3×5×7)=4042=2021；④∵25×3×5×7=56×60∴f(25×3×5×7)=5660=1415，故答案为：2021,1415,2021,1415．【分析】（1）6＝1×6＝2×3，由已知可求f(6)＝23；9=1×9=3×3，由已知可求f(9)=1；（2）由题意可得：交换后的数减去交换前的数的差为：10b＋a−10a−b＝9（b−a）＝54，得到b−a＝6，可求t的值，故可得到f(t)的最大值；（3）根据f(x)=mn的定义即可依次求解．27.如图，正方形ABCD中，P是对角线AC上的一个动点（不与A、C重合），连结BP，将BP绕点B 顺时针旋转90°到BQ，连结QP交BC于点E，QP延长线与边AD交于点F．（1）连结CQ，求证：AP=CQ；（2）若AP=14AC，求CE:BC的值；（3）求证：PF=EQ．【答案】（1）解：∵四边形ABCD为正方形，∴AB=BC，∠ABC=90°，∵BP绕点B顺时针旋转90°到BQ，∴BP=BQ，∠PBQ=90°，∴∠ABC-∠PBC=∠PBQ-∠PBC,∴∠ABP=∠CBQ，在△APB和△CQB中，{AB=BC∠ABP=∠CBQBP=QB，∴△APB≌△CQB(SAS)，∴AP=CQ．（2）设AP=x，则AC=4x，PC=3x，由(1)知CQ=AP=x，△ABC为等腰直角三角形，∴BC= √22AC=2√2x，在Rt△PCQ中，由勾股定理有：PQ=√PC2+CQ2=√9x2+x2=√10x，且△PBQ为等腰直角三角形，∴BQ=√22PQ=√5x，又∠BCQ=∠BAP=45°，∠BQE=45°，∴∠BCQ=∠BQE=45°，且∠CBQ=∠CBQ，∴△BQE∽△BCQ，∴BQBC=BEBQ，代入数据：√5x2√2x√5x，∴BE= 5√24x，∴CE=BC-BE= 3√24x，∴CE:BC3√242√2=38，故答案为：38．（3）在CE上截取CG，并使CG=FA，如图所示：∵∠FAP=∠GCQ=45°，且由(1)知AP=CQ，且截取CG=FA，故有△PFA≌△QGC(SAS)，∴PF=QG，∠PFA=∠CGQ，又∵∠DFP=180°-∠PFA，∠QGE=180°-∠CGQ，∴∠DFP=∠QGE，∵DA //BC，∴∠DFP=∠CEQ，∴∠QGE=∠CEQ，∴△QGE为等腰三角形，∴GQ=QE，故PF=QE．【考点】三角形全等及其性质，三角形全等的判定，正方形的性质，相似三角形的判定与性质，旋转的性质【解析】【分析】(1)由旋转知△PBQ为等腰直角三角形，得到PB=QB，∠PBQ=90°，进而证明△APB≌△CQB 即可；(2)设AP=x，则AC=4x，PC=3x，由(1)知CQ=AP=x，又△ABC为等腰直角三角形，所以BC= √22AC=2√2x，PQ= √10x，再证明△BQE∽△BCQ，由此求出BE，进而求出CE:BC的值；(3)在CE上截取CG，并使CG=FA，证明△PFA≌△QGC，进而得到PF=QG，然后再证明∠QGE=∠QEG即可得到QG=EQ，进而求解．28.如图，抛物线 y =ax 2+bx +c 经过A （-1，0）、B （4，0）、C （0，2）三点，点D （x ， y ）为抛物线上第一象限内的一个动点．（1）求抛物线所对应的函数表达式；（2）当 ΔBCD 的面积为3时，求点D 的坐标；（3）过点D 作 DE ⊥BC ，垂足为点E ，是否存在点D ，使得 ΔCDE 中的某个角等于 ∠ABC 的2倍？若存在，求点D 的横坐标；若不存在，请说明理由．【答案】（1）将A （−1，0）、B （4，0）、C （0，2）代入y ＝ax 2＋bx ＋c 得：{a −b +c =016a +4b +c =0c =2，解得： {a =−12b =32c =2故抛物线的解析式为 y =−12x 2+32x +2 ．（2）如图2，过点D 作DM ∥BC ，交y 轴于点M ，设点M 的坐标为（0，m ），使得△BCM 的面积为3，CM=3×2÷4＝1.5，则m ＝2＋1.5＝ 72 ，M （0， 72 ）∵点B （4，0），C （0，2），∴直线BC 的解析式为y ＝− 12 x ＋2，∴DM 的解析式为y ＝− 12 x ＋ 72 ，联立抛物线解析式 {y =−12x +72y =−12x 2+32x +2 ，解得 {x 1=3y 2=2 ， {x 2=1y 2=3． ∴点D 的坐标为（3，2）或（1，3）．（3）分两种情况考虑：①当∠DCE ＝2∠ABC 时，取点F （0，−2），连接BF ，如图3所示．∵OC ＝OF ，OB ⊥CF ，∴∠ABC ＝∠ABF ，∴∠CBF ＝2∠ABC ．∵∠DCB ＝2∠ABC ，∴∠DCB ＝∠CBF ，∴CD ∥BF ．∵点B （4，0），F （0，−2），∴直线BF 的解析式为y ＝ 12 x−2，∴直线CD 的解析式为y ＝ 12 x ＋2．联立直线CD 及抛物线的解析式成方程组得： {y =12x +2y =−12x 2+32x +2 ，解得： {x 1=0y 1=2 （舍去）， {x 2=2y 2=3， ∴点D 的坐标为（2，3）；②当∠CDE ＝2∠ABC 时，过点C 作CN ⊥BF 于点N ，交OB 于H ．作点N 关于BC 的对称点P ，连接NP 交BC 于点Q ，如图4所示．∵∠OCH ＝90°−∠OHC ，∠OBF ＝90°−∠BHN ，∠OHC ＝∠BHN ，∴∠OCH ＝∠OBF ．在△OCH 与△OBF 中{∠COH =∠BOF =90°∠OCH =∠OBF ，∴△OCH ∽△OBF ，∴ OH OF =OC OB ，即 OH 2=24 ， ∴OH ＝1，H （1，0）．设直线CN 的解析式为y ＝kx ＋n （k≠0），∵C （0，2），H （1，0），∴ {n =2k +n =0 ，解得 {k =−2n =2， ∴直线CN 的解析式为y ＝−2x ＋2．连接直线BF 及直线CN 成方程组得：{y =12x −2y =−2x +2，解得： {x =85y =−65 ， ∴点N 的坐标为（ 85,−65 ）．∵点B （4，0），C （0，2），∴直线BC 的解析式为y ＝− 12 x ＋2．∵NP ⊥BC ，且点N （ 85,−65 ），∴直线NP 的解析式为y ＝2x− 225 ．联立直线BC 及直线NP 成方程组得：{y =−12x +2y =2x −225 ，解得： {x =6425y =1825 ， ∴点Q 的坐标为（ 6425,1825 ）．∵点N （ 85,−65 ），点N ，P 关于BC 对称，∴点P 的坐标为（ 8825,−6625 ）．∵点C （0，2），P （ 8825,−6625 ），∴直线CP 的解析式为y ＝ 211 x ＋2．将y ＝ 211 x ＋2代入 y =−12x 2+32x +2 整理，得：11x2−29x ＝0，解得：x 1＝0（舍去），x 2＝ 2911 ，∴点D 的横坐标为 2911 ．综上所述：存在点D ，使得△CDE 的某个角恰好等于∠ABC 的2倍，点D 的横坐标为2或 2911 ．【考点】待定系数法求二次函数解析式，二次函数-动态几何问题，二次函数的其他应用【解析】【分析】（1）根据点A 、B 、C 的坐标，利用待定系数法即可求出抛物线的解析式；（2）根据三角形面积公式可求与BC 平行的经过点D 的y 轴上点M 的坐标，再根据待定系数法可求DM 的解析式，再联立抛物线可求点D 的坐标；（3）分∠DCE ＝2∠ABC 及∠CDE ＝2∠ABC 两种情况考虑：①当∠DCE ＝2∠ABC 时，取点F （0，−2），连接BF ，则CD ∥BF ，由点B ，F 的坐标，利用待定系数法可求出直线BF ，CD 的解析式，联立直线CD 及抛物线的解析式组成方程组，通过解方程组可求出点D 的坐标；②当∠CDE ＝2∠ABC 时，过点C 作CN ⊥BF 于点N ，交OB 于H ．作点N 关于BC 的对称点P ，连接NP 交BC 于点Q ，由△OCH ∽△OBF 求出H 点坐标，利用待定系数法求出直线CN 的解析式，联立直线BF 及直线CN 成方程组，通过解方程组可求出点N 的坐标，利用对称的性质可求出点P 的坐标，由点C 、P 的坐标，利用待定系数法可求出直线CP 的解析式，将直线CP 的解析式代入抛物线解析式中可得出关于x 的一元二次方程，解之取其非零值可得出点D 的横坐标．依此即可得解．。

2020年四川省内江市中考数学试卷

2020年四川省内江市中考数学试卷副标题题号一二三总分得分一、选择题（本大题共12小题，共36.0分）1.12的倒数是()A. 2B. 12C. −12D. −22.下列四个数中，最小的数是()A. 0B. −12020C. 5D. −13.下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是()A. B. C. D.4.如图，已知直线a//b，∠1=50°，则∠2的度数为()A. 140°B. 130°C. 50°D. 40°5.小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是()A. 80，90B. 90，90C. 90，85D. 90，956.将直线y=−2x−1向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为()A. y=−2x−5B. y=−2x−3C. y=−2x+1D. y=−2x+37.如图，在△ABC中，D、E分别是AB和AC的中点，S四边形BCED=15，则S△ABC=()A. 30B. 25C. 22.5D. 208.如图，点A、B、C、D在⊙O上，∠AOC=120°，点B是AC⏜的中点，则∠D的度数是()A. 30°B. 40°C. 50°D. 60°9.如图，点A是反比例函数y=kx图象上的一点，过点A作AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，则k的值为()A. 43B. 83C. 3D. 410.我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和一条绳索，用绳索去量竿，绳索比竿长5尺；如果将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺．设绳索长x尺．则符合题意的方程是()A. 12x=(x−5)−5 B. 12x=(x+5)+5 C. 2x=(x−5)−5 D. 2x=(x+5)+5 11.如图，矩形ABCD中，BD为对角线，将矩形ABCD沿BE、BF所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，点C落在BD上的点N处，连结EF.已知AB=3，BC=4，则EF的长为()A. 3B. 5C. 5√136D. √1312.在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线y=tx+2t+2(t>0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有四个整点，则t的取值范围是()A. 12≤t<2 B. 12<t≤1 C. 1<t≤2 D. 12≤t≤2且t≠1二、填空题（本大题共8小题，共44.0分）13.函数y=12x−4中，自变量x的取值范围是______ ．14.2020年6月23日9时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星，标志着北斗三号卫星导航定位系统正式建成．根据最新数据，目前兼容北斗的终端产品至少有7亿台，其中7亿用科学记数法表示为______．15.已知关于x的一元二次方程(m−1)2x2+3mx+3=0有一实数根为−1，则该方程的另一个实数根为______．16.如图，在矩形ABCD中，BC=10，∠ABD=30°，若点M、N分别是线段DB、AB上的两个动点，则AM+MN的最小值为______．17.分解因式：b4−b2−12=______．18.若数a使关于x的分式方程x+2x−1+a1−x=3的解为非负数，且使关于y的不等式组{y−34−y+13≥−13122(y−a)<0的解集为y≤0，则符合条件的所有整数a的积为______．19.如图，在平面直角坐标系中，点A(−2,0)，直线l：y =√33x +√33与x轴交于点B，以AB为边作等边△ABA1，过点A1作A1B1//x轴，交直线l于点B1，以A1B1为边作等边△A1B1A2，过点A2作A2B2//x轴，交直线l 于点B2，以A2B2为边作等边△A2B2A3，以此类推……，则点A2020的纵坐标是______．20.已知抛物线y1=−x2+4x(如图)和直线y2=2x+b.我们规定：当x取任意一个值时，x对应的函数值分别为y1和y2.若y1≠y2，取y1和y2中较大者为M；若y1=y2，记M=y1=y2.①当x=2时，M的最大值为4；②当b=−3时，使M>y2的x的取值范围是−1<x<3；③当b=−5时，使M=3的x的值是x1=1，x2=3；④当b≥1时，M随x的增大而增大．上述结论正确的是______.(填写所有正确结论的序号)三、解答题（本大题共8小题，共80.0分）21.计算：(−12)−1−|−2|+4sin60°−√12+(π−3)0．22.如图，点C，E，F，B在同一直线上，点A，D在BC异侧，AB//CD，AE=DF，∠A=∠D．(1)求证：AB=CD；(2)若AB=CF，∠B=40°，求∠D的度数．23.我市某中学举行“法制进校园”知识竞赛，赛后将学生的成绩分为A、B、C、D四个等级，并将结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图．请你根据统计图解答下列问题．(1)成绩为“B等级”的学生人数有______名；(2)在扇形统计图中，表示“D等级”的扇形的圆心角度数为______，图中m的值为______；(3)学校决定从本次比赛获得“A等级”的学生只能怪，选出2名去参加市中学生知识竞赛．已知“A等级”中有1名女生，请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率．24.为了维护我国海洋权力，海监部门对我国领海实行了常态化巡航管理．如图，正在执行巡航任务的海监船以每小时60海里的速度向正东方向航行，在A处测得灯塔P在北偏东60°方向上，海监船继续向东航行1小时到达B处，此时测得灯塔P在北偏东30°方向上．(1)求B处到灯塔P的距离；(2)已知灯塔P的周围50海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？25.如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，OD⊥BC于点D，过点C作⊙O的切线，交OD的延长线于点E，连结BE．(1)求证：BE是⊙O的切线；(2)设OE交⊙O于点F，若DF=2，BC=4√3，求线段EF的长；(3)在(2)的条件下，求阴影部分的面积．26.我们知道，任意一个正整数x都可以进行这样的分解：x=m×n(m,n是正整数，且m≤n)，在x的所有这种分解中，如果m，n两因数之差的绝对值最小，我们就称m×n是x的最佳分解．并规定：f(x)=mn．例如：18可以分解成1×18，2×9或3×6，因为18−1>9−2>6−3，所以3×6是18的最佳分解，所以f(18)=36=12．(1)填空：f(6)=______；f(9)=______；(2)一个两位正整数t(t=10a+b,1≤a≤b≤9,a，b为正整数)，交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54，求出所有的两位正整数；并求f(t)的最大值；(3)填空：①f(22×3×5×7)=______；②f(23×3×5×7)=______；③f(24×3×5×7)=______；④f(25×3×5×7)=______．27.如图，正方形ABCD中，P是对角线AC上的一个动点(不与A、C重合)，连结BP，将BP绕点B顺时针旋转90°到BQ，连结QP交BC于点E，QP延长线与边AD交于点F．(1)连结CQ，求证：AP=CQ；(2)若AP=14AC，求CE：BC的值；(3)求证：PF=EQ．28.如图，抛物线y=ax2+bx+c经过A(−1,0)、B(4,0)、C(0,2)三点，点D(x,y)为抛物线上第一象限内的一个动点．(1)求抛物线所对应的函数表达式；(2)当△BCD的面积为3时，求点D的坐标；(3)过点D作DE⊥BC，垂足为点E，是否存在点D，使得△CDE中的某个角等于∠ABC的2倍？若存在，求点D的横坐标；若不存在，请说明理由．答案和解析1.【答案】A【解析】解：∵12×2=1，∴12的倒数是2，故选：A．根据乘积为1的两个数是互为倒数，进行求解即可．本题考查倒数的意义，理解和掌握乘积为1的两个数是互为倒数是正确解答的前提．2.【答案】D【解析】解：∵|−12020|<|−1|，∴−12020>−1，∴5>1>−12020>−1，因此最小的是−1，故选：D．根据正数大于0，负数小于0，正数大于一切负数，两个负数，绝对值大的反而小得出答案．本题考查有理数的大小比较，掌握两个负数比较，绝对值大的反而小，是正确判断的前提．3.【答案】C【解析】解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；B、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；C、是中心对称图形，故本选项符合题意；D、既不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项不合题意．故选：C．根据轴对称图形和中心对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念，轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合．4.【答案】B【解析】解：∵直线a//b，∴∠3=∠1=50°．又∵∠2+∠3=180°，∴∠2=130°．故选：B．由直线a//b，利用“两直线平行，同位角相等”可求出∠3的度数，再结合∠2和∠3互补，即可求出∠2的度数．本题考查了平行线的性质以及邻补角，牢记“两直线平行，同位角相等”是解题的关键．5.【答案】B【解析】解：将数据重新排列为80，85，90，90，95，所以这组数据的中位数是90，众数为90，故选：B．先将数据重新排列，再根据中位数和众数的定义求解可得．本题主要考查众数和中位数，一组数据中出现次数最多的数据叫做众数．将一组数据按照从小到大(或从大到小)的顺序排列，如果数据的个数是奇数，则处于中间位置的数就是这组数据的中位数．如果这组数据的个数是偶数，则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数．6.【答案】C【解析】解：直线y=−2x−1向上平移两个单位，所得的直线是y=−2x+1，故选：C．根据函数图象向上平移加，向下平移减，可得答案．本题考查了一次函数图象与几何变换，图象平移的规律是：上加下减，左加右减．7.【答案】D【解析】解：∵D、E分别是AB、AC边上的中点，∴DE//BC，DE=12BC，∴△ADE∽△ABC，∴S△ADES△ABC=(DEBC)2=14，∴S△ADE：S四边形BCED=1：3，即S△ADE：15=1：3，∴S△ADE=5，∴S△ABC=5+15=20．故选：D．先根据三角形中位线的性质，证得：DE//BC，DE=12BC，进而得出△ADE∽△ABC，又由相似三角形面积的比等于相似比的平方即可求得答案．此题考查了三角形中位线定理以及相似三角形的判定与性质．注意相似三角形的面积的比等于相似比的平方．8.【答案】A【解析】解：连接OB，如图，∵点B是AC⏜的中点，∴∠AOB=∠COB=12∠AOC=12×120°=60°，∴∠D=12∠AOB=30°．故选：A．连接OB，如图，利用圆心角、弧、弦的关系得到∠AOB=∠COB=12∠AOC=60°，然后根据圆周角定理得到∠D的度数．本题考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．9.【答案】D【解析】解：∵AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，∴△AOC的面积为2，∵S △AOC =12|k|=2，且反比例函数y =kx图象在第一象限，∴k =4，故选：D ．根据题意可知△AOC 的面积为2，然后根据反比例函数系数k 的几何意义即可求得k 的值．本题考查了反比例函数的比例系数k 的几何意义：在反比例函数y =kx 图象中任取一点，过这一个点向x 轴和y 轴分别作垂线，与坐标轴围成的矩形的面积是定值|k|． 10.【答案】A【解析】解：设绳索长x 尺，则竿长(x −5)尺，依题意，得：12x =(x −5)−5．故选：A ．设绳索长x 尺，则竿长(x −5)尺，根据“将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺”，即可得出关于x 的一元一次方程，此题得解．本题考查了由实际问题抽象出一元一次方程以及数学常识，找准等量关系，正确列出一元一次方程是解题的关键． 11.【答案】C【解析】解：∵四边形ABCD 是矩形，∴AB =CD =3，AD =BC =4，∠A =∠C =∠EDF =90°， ∴BD =√AB 2+AD 2=√32+42=5，∵将矩形ABCD 沿BE 所在直线折叠，使点A 落在BD 上的点M 处， ∴AE =EM ，∠A =∠BME =90°， ∴∠EMD =90°， ∵∠EDM =∠ADB ， ∴△EDM∽△BDA ， ∴EDBD =EM AB，设DE =x ，则AE =EM =4−x ， ∴x5=4−x 3，解得x =52， ∴DE =52，同理△DNF∽△DCB ， ∴DFBD =NF BC ，设DF =y ，则CF =NF =3−y ， ∴y5=3−y 4，解得y =53． ∴DF =53．∴EF =√DE 2+DF 2=√(52)2+(53)2=5√136．故选：C ．求出BD =5，AE =EM ，∠A =∠BME =90°，证明△EDM∽△BDA ，由相似三角形的性质得出ED BD =EM AB，设DE =x ，则AE =EM =4−x ，得出x5=4−x 3，解得x =52，同理△DNF∽△DCB ，得出DF BD =NF BC，设DF =y ，则CF =NF =3−y ，则y5=3−y 4，解得y =53.由勾股定理即可求出EF 的长．本题考查了翻折的性质，勾股定理，矩形的性质，相似三角形的判定与性质；熟练掌握翻折变换的性质，证明三角形相似是解题的关键． 12.【答案】D【解析】解：∵y =tx +2t +2=t(x +2)+2(t >0)，∴直线y =tx +2t +2(t >0)经过点(−2,2)，如图，当直线经过(0,3)时，直线y =tx +2t +2(t >0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有四个整点，则3=2t +2，解得t =12；当直线经过(0,6)时，直线y =tx +2t +2(t >0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有四个整点，则6=2t +2，解得t =2；当直线经过(0,4)时，直线y =tx +2t +2(t >0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有三个整点，则4=2t +2，解得t =1；∴直线y =tx +2t +2(t >0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有四个整点，则t 的取值范围是12≤t ≤2且t ≠1，故选：D ．由y =tx +2t +2=t(x +2)+2(t >0)，得出直线y =tx +2t +2(t >0)经过点(−2,2)，如图，当直线经过(0,3)或(0,6)时，直线y =tx +2t +2(t >0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有四个整点，当直线经过(0,4)时，直线y =tx +2t +2(t >0)与两坐标轴围成的三角形区域(不含边界)中有且只有三个整点，分别求得这三种情况下的t 的值，结合图象即可得到结论．本题考查一次函数图象和性质，区域整数点；能够根据函数解析式求得经过的点，并能画出图象，结合图象解题是关键． 13.【答案】x ≠2【解析】解：根据题意得2x −4≠0，解得x ≠2；∴自变量x 的取值范围是x ≠2．求函数自变量的取值范围，就是求函数解析式有意义的条件，分式有意义的条件是：分母不等于0；当函数表达式是分式时，分式要有意义，则考虑分式的分母不能为0． 14.【答案】7×108【解析】解：7亿=700000000=7×108，故答案为：7×108．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a 时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值>10时，n是正数；当原数的绝对值<1时，n是负数．此题考查了科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．15.【答案】−13【解析】解：把x=−1代入原方程得，(m−1)2−3m+3=0，即：m2−5m+4=0，解得，m=4，m=1(不合题意舍去)，当m=4时，原方程变为：9x2+12x+3=0，即，3x2+4x+1=0，解得，x1=−1，x2=−13，故答案为：−13．把x=−1代入原方程求出m的值，进而确定关于x的一元二次方程，解出方程的根即可．本题考查一元二次方程根的意义和解法，求解一元二次方程是得出正确答案的关键．16.【答案】15【解析】解：作点A关于BD的对称点A′，连接MA′，BA′，过点A′H⊥AB于H．∵BA=BA′，∠ABD=∠DBA′=30°，∴∠ABA′=60°，∴△ABA′是等边三角形，∵四边形ABCD是矩形，∴AD=BC=10，在Rt△ABD中，AB=ADtan30∘=10√3，∵A′H⊥AB，∴AH=HB=5√3，∴A′H=√3AH=15，∵AM+MN=A′M+MN≤A′H，∴AM+MN≤15，∴AM+MN的最小值为15．故答案为15．作点A关于BD的对称点A′，连接MA′，BA′，过点A′H⊥AB于H.首先证明△ABA′是等边三角形，求出A′H，根据垂线段最短解决问题即可．本题考查轴对称的性质，等边三角形的判定和性质，矩形的性质等知识，解题的关键是学会利用轴对称解决最短问题，属于中考常考题型．17.【答案】(b+2)(b−2)(b2+3)【解析】解：b4−b2−12=(b2−4)(b2+3)=(b+2)(b−2)(b2+3)，故答案为：(b+2)(b−2)(b2+3)．先利用十字相乘法，再利用平方差公式进行因式分解即可．本题考查十字相乘法、公式法分解因式，掌握十字相乘法、公式法的结构特征是正确应用的前提．18.【答案】40【解析】解：去分母，得：x+2−a=3(x−1)，解得：x=5−a2，∵分式方程的解为非负数，∴5−a2≥0，且5−a2≠1，解得a≤5且a≠3，解不等式y−34−y+13≥−1312，得：y≤0，解不等式2(y−a)<0，得：y<a，∵不等式组的解集为y≤0，∴a>0，∴0<a≤5，则整数a的值为1、2、4、5，∴符合条件的所有整数a的积为1×2×4×5=40，故答案为：40．解分式方程的得出x=5−a2，根据解为非负数得出5−a2≥0，且5−a2≠1，据此求出a≤5且a≠3；解不等式组两个不等式得出y≤0且y<a，根据解集为y≤0得出a>0；综合以上两点得出整数a的值，从而得出答案．本题主要考查分式方程的解和解一元一次不等式组，解题的关键是根据分式方程的解的情况及不等式组解集的情况得出a的取值范围．19.【答案】22020−12√3【解析】解：∵直线l：y=√33x+√33与x轴交于点B，∴B(−1,0)，∴OB=1，∵A(−2,0)，∴OA=2，∴AB=1，∵△ABA1是等边三角形，∴A1(−32,√32)，把y=√32代入y=√33x+√33，求得x=12，∴B1(12,√32)，∴A 1B 1=2， ∴A 2(−12,√32+√32×2)，即A 2(−12,3√32)，把y =3√32代入y =√33x +√33，求得x =72，∴B 2(72,3√32)，∴A 2B 2=4， ∴A 3(3,3√32+√32×4)，即A 3(3,7√32)，……， A n 的纵坐标为2n −12√3，∴点A 2020的纵坐标是22020−12√3，故答案为22020−12√3．先根据解析式求得B 的坐标，即可求得AB =1，根据等边三角形的性质以及含30°角的直角三角形的性质，分别求得A 1的纵坐标为√32，A 2的纵坐标为3√32，A 3的纵坐标为7√32，进而得到A n 的纵坐标为2n −12√3，据此可得点A 2020的纵坐标．本题主要考查了一次函数图象上点的坐标特征以及等边三角形的性质的运用，解决问题的关键是依据等边三角形的性质找出规律，求得A n 的纵坐标为2n −12√3，20.【答案】②③④【解析】解：①当x =2时，y 1=4，y 2=4+b ，无法判断4与4+b 的大小，故①错误． ②如图1中，b =−3时，由{y =−x 2+4xy =2x −3，解得{x =−1y =−5或{x =3y =3，∴两个函数图象的交点坐标为(−1,−5)和(3,3)，观察图象可知，使M >y 2的x 的取值范围是−1<x <3，故②正确， ③如图2中，b =−5时，图象如图所示，M =3时，y 1=3，∴−x 2+4x =3，解得x =1或3，故③正确，④当b =1时，由{y =2x +1y =−x 2+4x，消去y 得到，x 2−2x +1=0， ∵△=0，∴此时直线y =2x +1与抛物线只有一个交点， ∴b >1时，直线y =2x +b 与抛物线没有交点， ∴M 随x 的增大而增大，故④正确． ①求出y 1，y 2，求出m 的值即可．②求出直线与抛物线的交点坐标，利用图象法解决问题即可．③画出图象，推出M =3时，y 1=3，转化为方程求出x 的值即可．④当b =1时，由{y =2x +1y =−x 2+4x ，消去y 得到，x 2−2x +1=0，因为△=0，推出此时直线y =2x +1与抛物线只有一个交点，推出b >1时，直线y =2x +b 与抛物线没有交点，由此即可判断．本题考查二次函数的性质，一次函数的性质等知识，解题的关键是理解题意，学会用转化的思想思考问题，属于中考常考题型．21.【答案】解：原式=−2−2+4×√32−2√3+1 =−2−2+2√3−2√3+1=−3．【解析】先计算负整数指数幂、去绝对值符号、代入三角函数值、化简二次根式、计算零指数幂，再计算乘法，最后计算加减可得．本题主要考查实数的运算，解题的关键是掌握负整数指数幂和零指数幂的规定、熟记三角函数值、绝对值的性质、二次根式的性质．22.【答案】(1)证明：∵AB//CD ， ∴∠B =∠C ，在△ABE 和△CDF 中， {∠A =∠D ∠B =∠C AE =DF， ∴△ABE≌△CDF(AAS)， ∴AB =CD ；(2)解：∵△ABE≌△CDF ，∴AB =CD ，BE =CF ，∠B =∠C ， ∵∠B =40°，∴∠C =40°∵AB =CF ， ∴CF =CD ，∴∠D =∠CFE =12(180°−40 °)=70°．【解析】(1)根据平行线的性质求出∠B =∠C ，根据AAS 推出△ABE≌△CDF ，根据全等三角形的性质得出即可；(2)根据全等得出AB =CD ，BE =CF ，∠B =∠C ，求出CF =CD ，推出∠D =∠CFE ，即可求出答案．本题考查了全等三角形的性质和判定，平行线的性质，三角形内角和定理的应用，能根据全等三角形的判定求出△ABE≌△CDF 是解此题的关键． 23.【答案】5 72° 40【解析】解：(1)3÷15%=20(名)，20−3−8−4=5(名)，故答案为：5； (2)360°×420=72°，8÷20=40%，即m =40，故答案为：72°，40；(3)“A 等级”2男1女，从中选取2人，所有可能出现的结果如下：共有6种可能出现的结果，其中女生被选中的有4种， ∴P (女生被选中)=46=23．(1)A 等的有3人，占调查人数的15%，可求出调查人数，进而求出B 等的人数；(2)D 等级占调查人数的420，因此相应的圆心角为360°的420即可，计算C 等级所占的百分比，即可求出m 的值；(3)用列表法表示所有可能出现的结果，进而求出相应的概率．本题考查条形统计图、扇形统计图的意义和制作方法，列表法求随机事件发生的概率，列举出所有可能出现的结果是求概率的前提．24.【答案】解：(1)∵∠PAB =30°，∠ABP =120°， ∴∠APB =180°−∠PAB −∠ABP =30°， ∴PB =AB =60海里；(2)作PH ⊥AB 于H ． ∵∠BAP =∠BPA =30°， ∴BA =BP =60，在Rt △PBH 中，PH =PB ⋅sin60°=60×√32=30√3，∵30√3>50，∴海监船继续向正东方向航行是安全的．【解析】(1)在△ABP 中，求出∠PAB 、∠PBA 的度数即可解决问题，根据等腰三角形的性质即可得到结论； (2)作PH ⊥AB 于H.求出PH 的值即可判定．本题考查的是解直角三角形的应用−方向角问题，正确根据题意画出图形、准确标注方向角、熟练掌握锐角三角函数的概念是解题的关键．25.【答案】(1)证明：连接OC ，如图，∵CE 为切线， ∴OC ⊥CE ， ∴∠OCE =90°， ∵OD ⊥BC ， ∴CD =BD ，即OD 垂直平分BC ， ∴EC =EB ，在△OCE 和△OBE 中 {OC =OB OE =OE EC =EB， ∴△OCE≌△OBE(SSS)， ∴∠OBE =∠OCE =90°， ∴OB ⊥BE ，∴BE 与⊙O 相切；(2)解：设⊙O 的半径为x ，则OD =OF −DF =x −2，OB =x ，在Rt △OBD 中，BD =12BC =2√3， ∵OD 2+BD 2=OB 2，∴(x −2)2+(2√3)2=x 2，解得x =4， ∴OD =2，OB =4， ∴∠OBD =30°， ∴∠BOD =60°， ∴OE =2OB =8，∴EF =OE −OF =8−4=4． (3)∵∠BOE =60°，∠OBE =90°， ∴在Rt △OBE 中，BE =√3OB =4√3，∴S 阴影=S 四边形OBEC −S 扇形OBC=2×12×4×4√3−120⋅π×42360，=16√3−16π3．【解析】(1)连接OC ，如图，根据垂径定理由OD ⊥BC 得到CD =BD ，则OE 为BC 的垂直平分线，所以EB =EC ，证明△OCE≌△OBE(SSS)，得出∠OBE =∠OCE =90°，根据切线的判定定理得BE 与⊙O 相切； (2)设⊙O 的半径为x ，则OD =x −2，OB =x ，由勾股定理得出(x −2)2+(2√3)2=x 2，解得x =4，求出OE 的长，则可求出EF 的长； (3)由扇形的面积公式可得出答案．本题是圆的综合题，考查了切线的判定与性质，垂径定理，勾股定理，全等三角形的判定与性质，直角三角形的性质，扇形面积的计算等知识，熟练掌握切线的判定与性质是解题的关键．26.【答案】23 1 2021 2435 3548 2435【解析】解：(1)6可分解成1×6，2×3， ∵6−1>3−2，∴2×3是6的最佳分解， ∴f(6)=23，9可分解成1×9，3×3， ∵9−1>3−3，∴3×3是9的最佳分解， ∴f(9)=33=1，故答案为：23；1；(2)设交换t 的个位上数与十位上的数得到的新数为t′，则t′=10b +a ，根据题意得，t′−t =(10b +a)−(10a +b)=9(b −a)=54， ∴b =a +6，∵1≤a ≤b ≤9，a ，b 为正整数， ∴满足条件的t 为：17，28，39； ∵F(17)=117，F(28)=47，F(39)=139， ∵47>117>139，∴F(t)的最大值为47；(3)①∵22×3×5×7的是最佳分解为20×21， ∴f(22×3×5×7)=2021，故答案为：2021；②∵23×3×5×7的最佳分解为24×35， ∴f(23×3×5×7)=2435，故答案为2435；③∵24×3×5×7的最佳分解是35×48， ∴f(24×3×5×7)=3548，故答案为：3548；④∵25×3×5×7的最佳分解是48×70， ∴f(25×3×5×7)=4870=2435，故答案为：2435．(1)仿照样例进行计算便可；(2)设交换t 的个位上数与十位上的数得到的新数为t′，则t′=10b +a ，根据“交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54”的确定出x 与y 的关系式，进而求出所有的两位数，进而确定出F(t)的最大值即可； (3)根据样例计算便可．本题主要考查实数的运算，理解最佳分解的定义，并将其转化为实数的运算是解题的关键． 27.【答案】(1)证明：如图1，∵线段BP 绕点B 顺时针旋转90°得到线段BQ ， ∴BP =BQ ，∠PBQ =90°． ∵四边形ABCD 是正方形， ∴BA =BC ，∠ABC =90°． ∴∠ABC =∠PBQ ．∴∠ABC −∠PBC =∠PBQ −∠PBC ，即∠ABP =∠CBQ ．在△BAP 和△BCQ 中， ∵{BA =BC∠ABP =∠CBQ BP =BQ ， ∴△BAP≌△BCQ(SAS)． ∴CQ =AP ．(2)解：过点C 作CH ⊥PQ 于H ，过点B 作BT ⊥PQ 于T ． ∵AP =14AC ，∴可以假设AP =CQ =a ，则PC =3a ，∵四边形ABCD 是正方形， ∴∠BAC =∠ACB =45°， ∵△ABP≌△CBQ ，∴∠BCQ =∠BAP =45°， ∴∠PCQ =90°，∴PQ =√PC 2+CQ 2=√(3a)2+a 2=√10a ， ∵CH ⊥PQ ， ∴CH =PC⋅CQ PQ=3√1010a ， ∵BP =BQ ，BT ⊥PQ ， ∴PT =TQ ， ∵∠PBQ =90°， ∴BT =12PQ =√102a ， ∵CH//BT ，∴CE EB =CH BT =3√1010a √102a =35， ∴CECB =38．(3)解：结论：PF =EQ ，理由是：如图2，当F 在边AD 上时，过P 作PG ⊥FQ ，交AB 于G ，则∠GPF =90°， ∵∠BPQ =45°， ∴∠GPB =45°，∴∠GPB =∠PQB =45°，∵PB =BQ ，∠ABP =∠CBQ ， ∴△PGB≌△QEB ， ∴EQ =PG ， ∵∠BAD =90°，∴F 、A 、G 、P 四点共圆，连接FG ，∴∠FGP =∠FAP =45°， ∴△FPG 是等腰直角三角形， ∴PF =PG ， ∴PF =EQ ．【解析】(1)证明△BAP≌△BCQ(SAS)可得结论．(2)过点C 作CH ⊥PQ 于H ，过点B 作BT ⊥PQ 于T.由AP =14AC ，可以假设AP =CQ =a ，则PC =3a ，解直角三角形求出CH.BT ，利用平行线分线段成比例定理解决问题即可．(3)证明△PGB≌△QEB ，推出EQ =PG ，再证明△PFG 是等腰直角三角形即可．本题属于四边形综合题，考查了正方形的性质，全等三角形的判定和性质，解直角三角形等知识，解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题，学会用转化的思想思考问题，学会利用参数解决问题，属于中考压轴题．28.【答案】解：(1)将A(−1,0)、B(4,0)、C(0,2)代入y =ax 2+bx +c 得：{a −b +c =016a +4b +c =0c =2，解得：{a =−12b =32c =2．故抛物线的解析式为y =−12x 2+32x +2．(2)如图2，设点M 的坐标为(0,m)，使得△BCM 的面积为3， 3×2÷4=1.5，则m =2+1.5=72，M(0,72)∵点B(4,0)，C(0,2)，∴直线BC 的解析式为y =−12x +2，∴DM 的解析式为y =−12x +72，联立抛物线解析式{y =−12x +72y =−12x 2+32x +2，解得{x 1=3y 1=2，{x 2=1y 2=3． ∴点D 的坐标为(3,2)或(1,3)． (3)分两种情况考虑：①当∠DCE =2∠ABC 时，取点F(0,−2)，连接BF ，如图3所示． ∵OC =OF ，OB ⊥CF ， ∴∠ABC =∠ABF ， ∴∠CBF =2∠ABC ． ∵∠DCB =2∠ABC ， ∴∠DCB =∠CBF ， ∴CD//BF ．∵点B(4,0)，F(0,−2)，∴直线BF 的解析式为y =12x −2， ∴直线CD 的解析式为y =12x +2．联立直线CD 及抛物线的解析式成方程组得：{y =12x +2y =−12x 2+32x +2，解得：{x 1=0y 1=2(舍去)，{x 2=2y 2=3， ∴点D 的坐标为(2,3)；②当∠CDE =2∠ABC 时，过点C 作CN ⊥BF 于点N ，交OB 于H.作点N 关于BC 的对称点P ，连接NP 交BC 于点Q ，如图4所示． ∵∠OCH =90°−∠OHC ，∠OBF =90°−∠BHN ， ∠OHC =∠BHN ， ∴∠OCH =∠OBF ．在△OCH 与△OBF 中 {∠COH =∠BOF =90∘∠OCH =∠OBF ， ∴△OCH∽△OBF ，∴OH OF=OC OB，即OH 2=24，∴OH =1，H(1,0)．设直线CN 的解析式为y =kx +n(k ≠0)， ∵C(0,2)，H(1,0)， ∴{n =2k +n =0，解得{k =−2n =2，∴直线CN 的解析式为y =−2x +2．连接直线BF 及直线CN 成方程组得：{y =12x −2y =−2x +2，第11页，共11页解得：{x =85y =−65， ∴点N 的坐标为(85,−65).∵点B(4,0)，C(0,2)，∴直线BC 的解析式为y =−12x +2．∵NP ⊥BC ，且点N(85,−65)，∴直线NP 的解析式为y =2x −225．联立直线BC 及直线NP 成方程组得：{y =−12x +2y =2x −225，解得：{x =6425y =1825， ∴点Q 的坐标为(6425,1825).∵点N(85,−65)，点N ，P 关于BC 对称，∴点P 的坐标为(8825,6625).∵点C(0,2)，P(8825,6625)，∴直线CP 的解析式为y =211x +2．将y =211x +2代入y =−12x 2+32x +2整理，得：11x 2−29x =0，解得：x 1=0(舍去)，x 2=2911，∴点D 的横坐标为2911．综上所述：存在点D ，使得△CDE 的某个角恰好等于∠ABC 的2倍，点D 的横坐标为2或2911．【解析】(1)根据点A 、B 、C 的坐标，利用待定系数法即可求出抛物线的解析式；(2)根据三角形面积公式可求与BC 平行的经过点D 的y 轴上点M 的坐标，再根据待定系数法可求DM 的解析式，再联立抛物线可求点D 的坐标；(3)分∠DCE =2∠ABC 及∠CDE =2∠ABC 两种情况考虑：①当∠DCE =2∠ABC 时，取点F(0,−2)，连接BF ，则CD//BF ，由点B ，F 的坐标，利用待定系数法可求出直线BF ，CD 的解析式，联立直线CD 及抛物线的解析式成方程组，通过解方程组可求出点D 的坐标；②当∠CDE =2∠ABC 时，过点C 作CN ⊥BF 于点N ，交OB 于H.作点N 关于BC 的对称点P ，连接NP 交BC 于点Q ，由△OCH∽△OBF 求出H 点坐标，利用待定系数法求出直线CN 的解析式，联立直线BF 及直线CN 成方程组，通过解方程组可求出点N 的坐标，利用对称的性质可求出点P 的坐标，由点C 、P 的坐标，利用待定系数法可求出直线CP 的解析式，将直线CP 的解析式代入抛物线解析式中可得出关于x 的一元二次方程，解之取其非零值可得出点D 的横坐标．依此即可得解．本题是二次函数综合题，考查了待定系数法求二次函数解析式、二次函数图象上点的坐标特征、勾股定理、等腰三角形的性质、平行线的判定与性质、相似三角形的判定与性质、待定系数法求一次函数解析式以及一次函数图象上点的坐标特征，解题的关键是：(1)根据点的坐标，利用待定系数法求出抛物线的解析式；(2)根据三角形面积公式和待定系数法求出点D 的坐标；(3)分∠DCE =2∠ABC 及∠CDE =2∠ABC 两种情况求出点D 的横坐标．。

2020年四川内江中考数学试题及答案

2020年四川内江中考数学试题及答案A 卷（共100分）注意事项：1、答题前，考生务必将将自己的姓名、学号、班级等填写好．2、答A 卷时，每小题选出答案后，用钢笔或水笔把答案直接填写在对应题目的后面括号．第Ⅰ卷（选择题共36分）一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．） 1.12的倒数是（） A.B. C. 12 D. 12- 【答案】A 2.下列四个数中，最小的数是（）A. 0B. 12020-C. 5D. 1-【答案】D3.下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是（） A. B. C. D.【答案】B4.如图，已知直线//a b ，150∠=︒，则2∠的度数为（）A. 140︒B. 130︒C. 50︒D. 40︒【答案】B 5.小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是（）A. 80，90B. 90，90C. 90，85D. 90，95【答案】B6.将直线21y x =--向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为（）A. 25y x =--B. 23y x =--C. 21y x =-+D. 23y x =-+【答案】C7.如图，在ABC ∆中，D 、E 分别是AB 和AC 的中点，15BCED S =四边形，则ABC S ∆=（）A. 30B. 25C. 22．5D. 20【答案】D 8.如图，点A 、B 、C 、D 在⊙O 上，120AOC ∠=︒，点B 是AC 的中点，则D ∠的度数是（）A. 30B. 40︒C. 50︒D. 60︒【答案】A 9.如图，点A 是反比例函数k y x=图象上的一点，过点A 作AC x ⊥轴，垂足为点C ，D 为AC 的中点，若AOD ∆的面积为1，则k 的值为（）A. 43B. 83C. 3D. 4【答案】D10.我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和一条绳索，用绳索去量竿，绳索比竿长5尺；如果将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺．设绳索长x 尺．则符合题意的方程是（） A. ()1552x x =-- B. ()1552x x =++ C . ()255x x =--D. ()255x x =++【答案】A11.如图，矩形ABCD 中，BD 为对角线，将矩形ABCD 沿BE 、BF 所在直线折叠，使点A 落在BD 上的点M 处，点C 落在BD 上的点N 处，连结EF ．已知34AB BC ==，，则EF 的长为（）A. 3B. 5 513 13【答案】C 12.在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线22y tx t =++（0t >）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t 的取值范围是（）A. 122t ≤<B.112t <≤ C. 12t <≤D. 122t ≤≤且1t ≠ 【答案】D第Ⅱ卷（非选择题共64分）注意事项：1、第Ⅱ卷共4页，用钢笔或圆珠笔将答案直接答在试卷上．2、答题前将密封线内的项目填写清楚．二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13.函数124y x =-中，自变量x 的取值范围是_____ ．【答案】2x ≠14.2020年6月23日9时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星，标志着北斗三号卫星导航定位系统正式建成．根据最新数据，目前兼容北斗的终端产品至少有7亿台，其中7亿用科学记数法表示为______________【答案】8710⨯15.已知关于x 的一元二次方程()221330m x mx -++=有一实数根为1-，则该方程的另一个实数根为_____________ 【答案】13- 16.如图，在矩形ABCD 中，10BC =，30ABD ∠=︒，若点M 、N 分别是线段DB 、AB 上的两个动点，则AM MN +的最小值为___________________．【答案】15.三、解答题（本大题共5小题，共44分，解答应写出必要的文字说明或推演步骤）17.计算：()10124sin 601232π-⎛⎫---+︒-+- ⎪⎝⎭ 【答案】-318.如图，点C ，E ，F ，B 在同一直线上，点A ，D 在BC 异侧，AB ∥CD ，AE ＝DF ，∠A ＝∠D ．（1）求证：AB =CD ；（2）若AB ＝CF ，∠B ＝40°，求∠D 的度数．【答案】（1）AB ＝CD （2）70°19.我市某中学举行“法制进校园”知识竞赛，赛后将学生的成绩分为A 、B 、C 、D 四个等级，并将结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图．请你根据统计图解答下列问题．（1）成绩为“B等级”的学生人数有名；（2）在扇形统计图中，表示“D等级”的扇形的圆心角度数为，图中m的值为；（3）学校决定从本次比赛获得“A等级”的学生中选出2名去参加市中学生知识竞赛．已知“A等级”中有1名女生，请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率．【答案】（1）5（2）72°；40（3）2 320.为了维护我国海洋权力，海监部门对我国领海实行了常态化巡航管理．如图，正在执行巡航任务的海监船以每小时60海里的速度向正东方向航行，在A处测得灯塔P在北偏东60︒方向上，海监船继续向东航行1小时到达B处，此时测得灯塔P在北偏东30方向上．（1）求B处到灯塔P的距离；（2）已知灯塔P的周围50海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？【答案】（1）B处到灯塔P的距离为60海里；（2）海监船继续向正东方向航行是安全的21.如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，OD BC于点D，过点C作⊙O的切线，交OD的延长线于点E，连结BE．（1）求证：BE是⊙O的切线；（2）设OE交⊙O于点F，若243DF BC==，EF的长；（3）在（2）的条件下，求阴影部分的面积．【答案】（1）见解析；（2）EF=4；（3）16 1633π-B卷（共60分）四、填空题（本大题共4小题，每小题6分，共24分．）22.分解因式：4212b b--=_____________【答案】()()()2322b b b++-23.若数a使关于x的分式方程2311x ax x++=--的解为非负数，且使关于y的不等式组()3113431220y yy a-+⎧-≥-⎪⎨⎪-<⎩的解集为0y≤，则符合条件的所有整数a的积为_____________【答案】4024.如图，在平面直角坐标系中，点A（-2，0），直线33:33l y x=+与x轴交于点B，以AB为边作等边1ABA∆，过点1A作11//A B x轴，交直线l于点1B，以11A B为边作等边112A B A∆，过点2A作22//A B x轴，交直线l于点2B，以22A B为边作等边223A B A∆，以此类推……，则点2020A的纵坐标是______________ 202031)-25.已知抛物线214y x x =-+（如图）和直线22y x b =+．我们规定：当x 取任意一个值时，x 对应的函数值分别为1y 和2y ．若12y y ≠，取1y 和2y 中较大者为M ；若12y y =，记12M y y ==．①当2x =时，M 的最大值为4；②当3b =-时，使2M y >的x 的取值范围是13x ；③当5b =-时，使3M =的x 的值是11x =，23x =；④当1b ≥时，M 随x 的增大而增大．上述结论正确的是____（填写所有正确结论的序号）【答案】②③④五、解答题（本大题共3小题，每小题12分，共36分）26.我们知道，任意一个正整数x 都可以进行这样的分解：x m n =⨯（m ，n 是正整数，且m n ≤），在x 的所有这种分解中，如果m ，n 两因数之差的绝对值最小，我们就称m n ⨯是x 的最佳分解．并规定：()m f x n =．例如：18可以分解成118⨯，29⨯或36⨯，因为1819263->->-，所以36⨯是18的最佳分解，所以()311862f ==．（1）填空：()6________f =；()9_________f =；（2）一个两位正整数t （10t a b =+，19a b ≤≤≤，a ，b 为正整数），交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54，求出所有的两位正整数；并求()f t 的最大值；（3）填空：①()22357_____________f ⨯⨯⨯=；②()32357_____________f ⨯⨯⨯=；③()42357_____________f ⨯⨯⨯=；④()52357_____________f ⨯⨯⨯=．【答案】（1）23；1；（2）t 为39，28，17；()f t 的最大值47；（3）20141514,,,2115281527.如图，正方形ABCD 中，P 是对角线AC 上的一个动点（不与A 、C 重合），连结BP ，将BP 绕点B 顺时针旋转90︒到BQ ，连结QP 交BC 于点E ，QP 延长线与边AD 交于点F ．（1）连结CQ ，求证：AP CQ =；（2）若14AP AC =，求:CE BC 的值；（3）求证：PF EQ =．【答案】(1)见解析；(2) 38；(3)见解析 28.如图，抛物线2y ax bx c =++经过A （-1，0）、B （4，0）、C （0，2）三点，点D （x ，y ）为抛物线上第一象限内的一个动点．（1）求抛物线所对应的函数表达式；（2）当BCD ∆的面积为3时，求点D 的坐标；（3）过点D 作DE BC ⊥，垂足为点E ，是否存在点D ，使得CDE ∆中的某个角等于ABC ∠的2倍？若存在，求点D 的横坐标；若不存在，请说明理由．【答案】（1）213222y x x =-++；（2）（3，2）或（1，3）；（3）存在，2或2911．。

2020年四川省内江中考数学试卷(附答案与解析)

数学试卷第1页（共34页）数学试卷第2页（共34页）绝密★启用前2020年四川省内江市初中学业水平考试暨高中阶段学校招生考试试卷数学本试卷分为A 卷和B 卷两部分.A 卷1至5页，满分100分；B 卷6至8页，满分60分.全卷满分160分，考试时间120分钟.A 卷（共100分）注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、学号、班级等填写好.2.答A 卷时，每小题选出答案后，用钢笔或水笔把答案直接填写在对应题目的后面括号.第Ⅰ卷（选择题共36分）一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）1.12的倒数是（）A .2B .12C .12- D .2- 2.下列四个数中，最小的数是（）A .0B .12020-C .5D .1-3.下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是（）ABCD4.如下图，已知直线°1=50a b ∥，∠，则2∠的度数为（）A .140°B .130°C .50°D .40°5.小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是（）A .80，90B .90，90C .90，85D .90，956.将直线=21y x --向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为（） A .=25y x --B .=23y x --C .=21y x -+D .=23y x -+7.如下图，在ABC △中，D E 、分别是AB 和AC 的中点，=15BCED S 四边形，则=ABC S △（）A .30B .25C .22.5D .208.如下图，点A B C D 、、、在O ⊙上，°=120AOC ∠，点B 是AC 的中点，则D ∠的度数是（）A .30°B .40°C .50°D .60°9.如下图，点A 是反比例函数=ky x图象上的一点，过点A 作AC x ⊥轴，垂足为点C D ，为AC 的中点，若AOD △的面积为1，则k 的值为（）A .43B .83C .3D .4毕业学校_____________ 姓名________________ 考生号________________________________ _____________-------------在------------------此------------------卷------------------上-------------------答-------------------题-------------------无-------------------效----------------数学试卷第3页（共34页）数学试卷第4页（共34页）10.我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和一条绳索，用绳索去量竿，绳索比竿长5尺；如果将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺．设绳索长x 尺．则符合题意的方程是（）A .()1=552x x -- B .()1=552x x ++ C .()2=55x x --D .()2=55x x ++11.如下图，矩形ABCD 中，BD 为对角线，将矩形ABCD 沿BE BF 、所在直线折叠，使点A 落在BD 上的点M 处，点C 落在BD 上的点N 处，连结EF ．已知=3=4AB BC ，，则EF 的长为（）A .3B .5C D 12.在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线()=220y tx t t ++＞与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t 的取值范围是（）A .122t ≤＜ B .112t ＜≤ C .12t ＜≤D .122t ≤≤且1t ≠ 第Ⅱ卷（非选择题共64分）注意事项：1.第Ⅱ卷共3页，用钢笔或圆珠笔将答案直接答在试卷上.2.答题前将密封线内的项目填写清楚.二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13.函数1=24y x -中，自变量x 的取值范围是________； 14.2020年6月23日9时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星，标志着北斗三号卫星导航定位系统正式建成．根据最新数据，目前兼容北斗的终端产品至少有7亿台，其中7亿用科学记数法表示为________；15.已知关于x 的一元二次方程()22133=0m x mx -++有一实数根为1-，则该方程的另一个实数根为________；16.如下图，在矩形ABCD 中，°=10=30BC ABD ，∠，若点M N 、分别是线段DB AB 、上的两个动点，则AM MN +的最小值为________．三、解答题（本大题共5小题，共44分，解答应写出必要的文字说明或推演步骤）17.（本小题满分7分）计算：()10°124sin6032π-⎫⎛---+-- ⎪⎝⎭18.（本小题满分9分）如下图，点C E F B ，，，在同一直线上，点A D ，在BC 异侧，==AB CD AE DF A D ∥，，∠∠．（1）求证：=AB CD ；（2）若°==40AB CF B ，∠，求D ∠的度数．19.（本小题满分9分）我市某中学举行“法制进校园”知识竞赛，赛后将学生的成绩分为A B C D 、、、四个等级，并将结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图．请你根据统计图解答下列问题．数学试卷第5页（共34页）数学试卷第6页（共34页）（1）成绩为“B 等级”的学生人数有________名；（2）在扇形统计图中，表示“D 等级”的扇形的圆心角度数为________，图中m 的值为________；（3）学校决定从本次比赛获得“A 等级”的学生中选出2名去参加市中学生知识竞赛．已知“A 等级”中有1名女生，请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率．20.（本小题满分9分）为了维护我国海洋权力，海监部门对我国领海实行了常态化巡航管理．如下图，正在执行巡航任务的海监船以每小时60海里的速度向正东方向航行，在A 处测得灯塔P 在北偏东60°方向上，海监船继续向东航行1小时到达B 处，此时测得灯塔P 在北偏东30°方向上．（1）求B 处到灯塔P 的距离；（2）已知灯塔P 的周围50海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？21.（本小题满分9分）如下图，AB 是O ⊙的直径，C 是O ⊙上一点，OD BC ⊥于点D ，过点C 作O ⊙的切线，交OD 的延长线于点E ，连结BE ．（1）求证：BE 是O ⊙的切线；（2）设OE 交O ⊙于点F，若=2DF BC ，，求线段EF 的长；（3）在（2）的条件下，求阴影部分的面积．B 卷（共60分）注意事项：加试卷共3页，请将答案直接填写在试卷上.四、填空题（本大题共4小题，每小题6分，共24分．）22.分解因式：4212=b b --________； 23.若数a 使关于x 的分式方程2=311x ax x++--的解为非负数，且使关于y 的不等式组()3113431220y y y a -+⎧--⎪⎨⎪-⎩≥＜的解集为0y ≤，则符合条件的所有整数a 的积为________； 24.如下图，在平面直角坐标系中，点()20A -，，直线:l y 与x 轴交于点B ，以AB 为边作等边1ABA △，过点1A 作11A B x ∥轴，交直线l 于点1B ，以11A B 为边作等边112A B A △，过点2A 作22A B x ∥轴，交直线l 于点2B ，以22A B 为边作等边223A B A △，以此类推……，则点2020A 的纵坐标是________；25.已知抛物线21=4y x x -+（如下图）和直线2=2y x b +．我们规定：当x 取任意一个值时，x 对应的函数值分别为1y 和2y ．若12y y ≠，取1y 和2y 中较大者为M ；若12=y y ，记12==M y y ．①当=2x 时，M 的最大值为4；②当=3b -时，使2M y ＞的x 的取值范围是13x -＜＜；③当=5b -时，使=3M 的x 的值是12=1=3x x ，；④当1b ≥时，M 随x 的增大而增大．上述结论正确的是________（填写所有正确结论的序号）毕业学校_____________ 姓名________________ 考生号________________ ________________ _____________-------------在------------------此------------------卷------------------上-------------------答-------------------题-------------------无-------------------效----------------数学试卷第7页（共34页）数学试卷第8页（共34页）五、解答题（本大题共3小题，每小题12分，共36分）26.我们知道，任意一个正整数x 都可以进行这样的分解：=x m n ⨯（m n ，是正整数，且m n ≤），在x 的所有这种分解中，如果m n ，两因数之差的绝对值最小，我们就称m n ⨯是x 的最佳分解．并规定：()=m f x n．例如：18可以分解成118⨯，29⨯或36⨯，因为1819263---＞＞，所以36⨯是18的最佳分解，所以()3118==62f ．（1）填空：()6f =________；()9f =________；（2）一个两位正整数()=1019t t a b a b a b +，≤≤≤，，为正整数），交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54，求出所有的两位正整数；并求()f t =的最大值；（3）填空：①()22357=f ⨯⨯⨯________；②()32357=f ⨯⨯⨯________； ③()42357=f ⨯⨯⨯________； ④()52357=f ⨯⨯⨯________．27.如下图，正方形ABCD 中，P 是对角线AC 上的一个动点（不与A C 、重合），连结BP ，将BP 绕点B 顺时针旋转90°到BQ ，连结QP 交BC 于点E ，QP 延长线与边AD 交于点F ．（1）连结CQ ，求证：=AP CQ ；（2）若1=4AP AC ，求:CE BC 的值；（3）求证：=PE EQ ．28.如下图，抛物线2=y ax bx c ++经过()()()104002A B C -，、，、，三点，点()D x y ，为抛物线上第一象限内的一个动点．（1）求抛物线所对应的函数表达式；（2）当BCD △的面积为3时，求点D 的坐标；（3）过点D 作DE BC ⊥，垂足为点E ，是否存在点D ，使得CDE △中的某个角等于ABC ∠的2倍？若存在，求点D 的横坐标；若不存在，请说明理由．数学试卷第9页（共34页）数学试卷第10页（共34页）2020年四川省内江市初中学业水平考试暨高中阶段学校招生考试数学答案解析一、 1.【答案】A【解析】根据乘积是1的两个数叫做互为倒数，求解．解：12=12⨯∵12∴的倒数是2 故选：A ．【提示】本题考查倒数的概念，掌握概念正确计算是解题关键．【考点】倒数的概念 2.【答案】D【解析】先根据有理数的大小比较法则比较大小，即可得出选项．11052020--∵＜＜＜，∴最小的数是1-，故选：D ．【提示】本题考查了有理数的大小比较，其方法如下：（1）负数＜0＜正数；（2）两个负数，绝对值大的反而小．【考点】有理数的大小比较 3.【答案】B【解析】由中心对称图形的定义：“把一个图形绕一个点旋转180°后，能够与自身完全重合，这样的图形叫做中心对称图形”分析可知，上述图形中，A C D 、、都不是中心对称图形，只有B 是中心对称图形. 故选B . 4.【答案】B【解析】利用平行线的性质即可解决问题．如图，a b ∵∥，°1=3=50∴∠∠∠， °°°2=18050=130-∴∠，故选：B ．【提示】本题考查平行线的性质，解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考常考题型．【考点】平行线的性质 5.【答案】B【解析】根据中位数、众数的定义即可求解．把分数从小到大排列为：80，85，90，90，95 故中位数为90，众数为90 故选B ．【提示】此题主要考查中位数、众数，解题的关键是熟知中位数、众数的定义．【考点】中位数，众数 6.【答案】C【解析】向上平移时，k 的值不变，只有b 发生变化．解：原直线的=2=1k b --，；向上平移两个单位得到了新直线，那么新直线的=2=121k b --+=，∴新直线的解析式为=21y x -+．故选：C ．【提示】本题主要考查了一次函数图象的变换，求直线平移后的解析式时要注意平移时k 和b 的值发生变化．【考点】一次函数图象的变换 7.【答案】D【解析】首先判断出ADE ABC △∽△，然后根据相似三角形的面积比等于相似比的平方即可求出ABC △的面积．数学试卷第11页（共34页）数学试卷第12页（共34页）解：根据题意，点D 和点E 分别是AB 和AC 的中点，则DE BC ∥C 且1=2DE BC ，故可以判断出ADE ABC △∽△，根据相似三角形的面积比等于相似比的平方，可知:=1:4ADE ABC S S △△，则:=3:4ABC BCED S S △四边形，题中已知=15BCED S 四边形，故可得=5=20ADE ABC S S △△，故本题选择D【提示】本题主要考查相似三角形的判定与性质，解答本题的关键是得出DE 是中位线，从而判断ADE ABC △∽△，然后掌握相似三角形的面积比等于相似比的平方即可求解本题．【考点】相似三角形的判定与性质 8.【答案】A【解析】根据圆心角、弧、弦的关系定理得到12AOB AOC ∠＝∠，再根据圆周角定理解答．连接OB ，∵点B 是AC 的中点，°1=602AOB AOC ∴∠＝∠，由圆周角定理得，°1=302D AOB ∠＝∠，故选：A ．【提示】本题考查的是圆心角、弧、弦的关系定理、圆周角定理，掌握在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半是解题的关键．【考点】圆心角、弧、弦的关系定理，圆周角定理 9.【答案】D【解析】先设出点A 的坐标，进而表示出点D 的坐标，利用ADO △的面积建立方程求出=2mn ，即可得出结论．点A 的坐标为()2m n ，， 2=mn k ∴，D ∵为AC 的中点，()D m n ∴，，AC x ⊥∵轴，ADO △的面积为1，()111==2==1222ADO S AD OC n n m mn -△∴，=2mn ∴， =2=4k mn ∴，故选：D ．【提示】本题考查反比例函数系数k 的几何意义、反比例函数图象上点的坐标特征，解答本题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件，利用反比例函数的性质解答．【考点】反比例函数系数k 的几何意义，反比例函数图象上点的坐标特征 10.【答案】A【解析】设索为x 尺，杆子为()5x -尺，则根据“将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺”，即可得出关于x 一元一次方程．设索为x 尺，杆子为()5x -尺，根据题意得：()1=552x x --．故选：A ．【提示】本题考查了一元一次方程的应用，找准等量关系是解题的关键．【考点】一元一次方程的应用11.【答案】C【解析】由矩形的性质和已知求出=5BD ，根据折叠的性质得ABE MBE △≌△，设AE的长度为x ，在Rt EMD △中，由勾股定理求出DE 的长度，同理在Rt DNF △中求出DF的长度，在Rt DEF △中利用勾股定理即可求出EF 的长度．解：∵四边形ABCD 是矩形，=3=4AB BC ，，BD ∴，设AE 的长度为x ，数学试卷第13页（共34页）数学试卷第14页（共34页）由折叠可得：ABE MBE △≌△，===4==3=53=2EM AE x DE x BM AB DM --∴，，，，在Rt EMD △中，222=EM DM DE +，()2222=4x x +-∴，解得：335==4=222x ED -，，设CF 的长度为y ，由折叠可得：CBF NBF △≌△，===3==4=54=1NF CF y DF y BN BC DN --∴，，，，在Rt DNF △中，222=DN NF DF +，()2221=3y y +-∴，解得：445==3=333x DF -，，在Rt DEF △中，EF故答案为：C ．【提示】本题考查矩形的性质、折叠的性质、全等三角形的判定与性质和勾股定理，运用勾股定理求出DE 和DF 的长度是解题的关键．【考点】矩形的性质，折叠的性质，全等三角形的判定与性质，勾股定理 12.【答案】D【解析】画出函数图象，利用图象可得t 的取值范围.=22y tx t ++∵，∴当=0y 时，2=2x t--；当=0x 时，=22y t +，∴直线=22y tx t ++与x 轴的交点坐标为220t ⎫⎛-- ⎪⎝⎭，，与y 轴的交点坐标为()022t +，， 0t ∵＞， 222t +∴＞，当1=2t 时，22=3t +，此时22=6t---，由图象知：直线()=220y tx t t ++＞与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，如图1，当=2t 时，22=6t +，此时22=3t---，由图象知：直线()=220y tx t t ++＞与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，如图2，当=1t 时，222=42=4t t+---，，由图象知：直线()=220y tx t t ++＞与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有三个整点，如图3，122t ∴≤≤且1t ≠，故选：D .【提示】此题考查一次函数的图象的性质，一次函数图象与坐标轴交点坐标，根据t 的值正确画出图象理解题意是解题的关键.【考点】一次函数的图象的性质，一次函数图象，坐标轴交点坐标二、13.【答案】2x ≠【解析】根据函数可知：240x -≠，解得：2x ≠．故答案为：2x ≠． 14.【答案】8710⨯【解析】科学记数法的表示形式为：10n a ⨯，其中110a n ≤＜，为整数，确定a 值和n 值即可解答．7亿=700 000 000=8710⨯，故答案为：8710⨯．【提示】此题考查科学记数法的表示，正确确定a 的值和n 的值是解答的关键．【考点】科学记数法的表示数学试卷第15页（共34页）数学试卷第16页（共34页）15.【答案】13-【解析】根据一元二次方程的解的定义把=1x -代入原方程得到关于m 的一元二次方程，解得m 的值，然后根据一元二次方程的定义确定m 的值．解：把=1x -代入()22133=0m x mx -++得254=0m m -+，解得12=14m m =，，()210m -≠∵，1m ≠∴． =4m ∴.∴方程为29123=0x x ++.设另一个根为a ，则3=9a -. 1=3a -∴.故答案为：13-．【提示】本题考查了一元二次方程的解：能使一元二次方程左右两边相等的未知数的值是一元二次方程的解．又因为只含有一个未知数的方程的解也叫做这个方程的根，所以一元二次方程的解也称为一元二次方程的根．也考查了一元二次方程的定义．【考点】一元二次方程的解 16.【答案】15【解析】如图，过A 作AG BD ⊥于G ，延长AG ，使=AG EG ，过E 作EN AB ⊥于N ，交BD 于M ，则=AM MN EN +最短，再利用矩形的性质与锐角三角函数求解EN 即可得到答案．解：如图，过A 作AG BD ⊥于G ，延长AG ，使=AG EG ，过E 作EN AB ⊥于N ，交BD 于M ，则=AM MN EN +最短， ∵四边形ABCD 为矩形，°=10=30BC ABD ，∠，°=10=20=cos30AD BD AB BD ∴，， =AG BD AD AB ∵，20=10AG ⨯∴=2AG AE AG ∴，=AE BD EN AB EMG BMN ⊥⊥∵，，∠∠，°==30E ABD ∴∠∠，°=cos30EN AE ∴， =15AM MN +∴，即AM MN +的最小值为15．故答案为：15．【提示】本题考查的是矩形的性质，锐角三角函数的应用，同时考查利用轴对称与垂线段最短求线段和的最小值问题，掌握以上知识是解题的关键．【考点】矩形的性质，锐角三角函数的应用，利用轴对称，垂线段最短求线段和的最小值三、17.【答案】解：()10°124sin60π32-⎫⎛---+- ⎪⎝⎭=221--+=3-【解析】根据负整数指数幂、绝对值、特殊角的三角函数值、二次根式和零次幂的运算法则分别对每项进行化简，再进行加减计算即可．【提示】本题考查实数的混合运算、熟练掌握负整数指数幂、绝对值、特殊角的三角函数值、二次根式和零次幂的运算法则是解题的关键．【考点】实数的混合运算18.【答案】（1）证明：AB CD ∵∥，=B C ∴∠∠，在ABE △和CDF △中，数学试卷第17页（共34页）数学试卷第18页（共34页）===B C AE DF A D ∠∠，，∠∠．AEB DFC ∴△≌△．=AB CD ∴.（2）=AB CD ∵，=AB CF ，=CD CF ∴，°==40B C ∵∠∠，()°°°=180402=70D -÷∴．【解析】（1）根据平行线的性质求出=B C ∠∠，根据AAS 推出ABE CDF △≌△，根据全等三角形的性质得出即可；（2）根据全等得出===AB CD BE CF B C ，，∠∠，求出=CF CD ，推出=D CFE ∠∠，即可求出答案．【提示】本题考查了全等三角形的性质和判定，平行线的性质，三角形内角和定理的应用，能根据全等三角形的判定求出ABE CDF △≌△是解此题的关键．【考点】全等三角形的性质和判定，平行线的性质，三角形内角和定理的应用 19.【答案】（1）5 （2）72° 40（3）根据题意画树状图如下：P ∴（女生被选中）42==63．【解析】（1）先根据“A 等级”的人数及占比求出学生总人数，再减去各组人数即可求出成绩为“B 等级”的学生人数；（2）根据“D 等级”的占比即可求出其圆心角度数，根据“C 等级”的人数即可求出m的值；（3）根据题意画树状图，再根据概率公式即可求解．（1）学生总人数为315%=20÷（人）∴成绩为“B 等级”的学生人数有20384=5---（人）故答案为：5；（2）“D 等级”的扇形的圆心角度数为°°4360=7020⨯ 8=100=4020m ⨯，故答案为：72°；40；【提示】此题主要考查统计调查的应用，解题的关键是根据题意求出学生总人数及概率的求解方法．【考点】统计调查的应用20.【答案】（1）过点P 作PD AB ⊥于点D ，由题意得，=60AB （海里），°°=30=60PAB PBD ∠，∠，°°°==6030=30=APB PBD PAB PAB -∴∠∠∠-∠，==60PB AB ∴（海里），答：B 处到灯塔P 的距离为60海里；（2）由（1）可知°==30APB PAB ∠∠，==60PB AB ∴（海里），在PBD Rt △中，°=sin60=60PD BP （海里），50∵，【解析】（1）作PD AB ⊥于D ．求出PAB PBA P ∠、∠、∠的度数，证得ABP △为等腰三角形，即可解决问题；数学试卷第19页（共34页）数学试卷第20页（共34页）（2）在Rt PBD △中，解直角三角形求出PD 的值即可判定．∴海监船继续向正东方向航行是安全的．【提示】本题考查了解直角三角形的应用、方向角问题，正确根据题意画出图形、准确标注方向角、熟练掌握锐角三角函数的概念是解题的关键．【考点】直角三角形的应用，方向角问题 21.【答案】（1）证明：连接OC ，如图，OD BC ⊥∵， =CD BD ∴，OE ∴为BC 的垂直平分线， =EB EC ∴， =EBC ECB ∴∠∠， =OB OC ∵， =OBC OCB ∴∠∠，+=+OBC EBC OCB ECB ∴∠∠∠∠，即=OBE OCE ∠∠， CE ∵为O ⊙的切线， OC CE ⊥∴，°=90OCE ∴∠， °=90OBE ∴∠，OB BE ⊥∴，BE ∴与O ⊙相切．（2）设O ⊙的半径为R ，则==2=OD R DF R OB R --，，在OBD Rt △中，1=2BD BC 222=OD BD OB +∵，()(2222=R R -+∴，解得=4R=2=4OD OB ∴，°=30OBD ∴∠， °=60BOD ∴∠，∴在Rt OBE △中，°=30=2=8BEO OE OB ∠，， ==84=4EF OE OF --∴，即=4EF ；（3）由°==30OCD OBD ∠∠和OD BC ⊥知：°==60COD BOD ∠∠，°=120BOC ∴∠，又=8BC OE ，=OBEC OBC S S S -阴影四边形扇形∴21120π4=82360⨯⨯ 16π3，【解析】（1）连接OC ，如图，根据垂径定理由OD BC ⊥得到=CD BD ，则OE 为BC 的垂直平分线，所以=EB EC ，根据等腰三角形的性质得=EBC ECB ∠∠，加上=OBC OCB ∠∠，则=OBE OCE ∠∠；再根据切线的性质得°=90OCE ∠，所以°=90OBE ∠，然后根据切线的判定定理得BE 与O ⊙相切；（2）设O ⊙的半径为R ，则==2=OD R DF R OB R --，，在OBD Rt △，利用勾股定理解得=4R ，再利用含30°角的直角三角形边角关系可求得OE ，利用=EF OE OF -即可解答；（3）利用（2）中可求得°=120BOC ∠，然后利用=OBEC OBC S S S -阴影四边形扇形代入数值即可求解．【提示】本题考查了切线的判定与性质、垂径定理、扇形面积的计算、含30º角的直角三角形边角关系、勾股定理等知识，熟练掌握每个知识点是解答的关键．【考点】切线的判定与性质，垂径定理，扇形面积的计算，含30º角的直角三角形边角关系，勾股定理四、22.【答案】()()()2322b b b ++-【解析】先根据十字相乘法，再利用平方差公式即可因式分解．()()()()()4222212=34=322b b b b b b b --+-++-故答案为：()()()2322b b b ++-．【提示】此题主要考查因式分解，解题的关键是熟知因式分解的方法．【考点】因式分解 23.【答案】40【解析】根据分式方程的解为正数即可得出5a ≤且3a ≠，根据不等式组的解集为0y ≤，即可得出0a ＞，找出05a ＜≤且3a ≠中所有的整数，将其相乘即可得出结论．解：分式方程2=311x a x x++--的解为5=2ax -且1x ≠， ∵分式方程2=311x ax x++--的解为非负数， 502a -∴≥且512a -≠.5a ∴≤且3a ≠.()3113431220y y y a -+⎧--⎪⎨⎪-⎩≥①＜② 解不等式①，得0y ≤. 解不等式②，得y a ＜.∵关于y 的不等式组()3113431220y y y a -+⎧--⎪⎨⎪-⎩≥＜的解集为0y ≤， 0a ∴＞.05a ∴＜≤且3a ≠.又a 为整数，则a 的值为1，2，4，5. 符合条件的所有整数a 的积为1245=40⨯⨯⨯. 故答案为：40.【提示】本题考查了分式方程的解以及解一元一次不等式，根据分式方程的解为正数结合不等式组的解集为0y ≤，找出a 的取值范围是解题的关键．【考点】分式方程的解，解一元一次不等式 24.)202021- 【解析】如图，过1A 作1AC AB ⊥与C ，过2A 作2111A C A B ⊥于1C ，过3A 作3222A C A B ⊥于2C ，先根据直线方程与x 轴交于点()10B -，，且与x 轴夹角为30°，则有=1AB ，然后根据平行线的性质、等边三角形的性质、含30°的直角三角形的性质，分别求的123A A A 、、、的纵坐标，进而得到n A 的纵坐标，据此可得2020A 的纵坐标，即可解答．如图，过1A 作1AC AB ⊥与C ，过2A 作2111A C A B ⊥于1C ，过3A 作3222A C A B ⊥于2C ，先根据直线方程与x 轴交于点()10B -，，与y轴交于点0D ⎛ ⎝⎭，=1OB OD ∴， °=30DBO ∴∠由题意可得：°°1122111221==30==60A B B A B B B A B B A B ∠∠，∠∠°11212==90A BB A B B ∴∠∠，12311122213332=1=2=2=2=2=2=2=2n n n AB A B A B A B A B A B A B A B ∴，，，，11AC AB ∴， 1A)121-；121112A C A B ，2A))1012122221+-； 232222A C AB ，3A))12012312222221++-；由此规律可得：112n n n A C --， n A))0121222221n n-+++-，)2020202021A -∴，)202021-【提示】本题是一道点的坐标变化规律探究，涉及一次函数的图象、等边三角形的性质、含30º角的直角三角形的性质，数字型规律等知识，解答的关键是认真审题，观察图象，结合基本图形的有关性质，找到坐标变化规律． 25.【答案】②④【解析】根据题目中的较大者M 的定义逐个分析即可．解：对于①：当=2x ，212=242=4=22=4y y b b -+⨯⨯++，，显然只要0b ＞，则M 的值为4b +，故①错误；对于②：当=3b -时，在同一直角坐标系内画出12y y ，的图像，如下图所示，其中红色部分即表示M ，联立12y y ，的函数表达式，即2423x x x -+=-，求得交点横坐标为3和1-，观察图形可知2M y ＞的x 的取值范围是13x -＜＜，故②正确；对于③：当5b =-时，在同一直角坐标系内画出12y y ，的图像，如下图所示，其中红色部分即表示M ，联立12y y ，的函数表达式，即2425x x x -+=-，求得其交点的横坐标为11 故=3M 时分类讨论：当21=4=3y x x -+时，解得1=3x 或2=1x ，当2=25=3y x -时，解得3=4x ，故③错误；对于④：当1b ≥时，函数21y y ≥，此时2y 图像一直在1y 图像上方，如下图所示，故此时2=M y ，故M 随x 的增大而增大，故④正确．故答案为：②④．【提示】本题考查了二次函数与一次函数的图像性质及交点坐标，本题的关键是要能理解M 的含义，学会用数形结合的方法分析问题．【考点】二次函数，一次函数的图像性质，交点坐标五、26.【答案】（1）231（2）由题意可得：交换后的数减去交换前的数的差为：()1010=9=54b a a b b a +---，=6b a -∴，19a b ∵≤≤≤，=9=3b a ∴，或=8=2b a ，或=7=1b a ，， t ∴为39，28，17； 39=139=313⨯⨯∵，()339=13f ∴； 28=128=214=47⨯⨯⨯，()428=7f ∴；17=117⨯，()117=17f ∴； ()f t ∴的最大值47．（3）20211415 1528 1415【解析】（1）6=16=23⨯⨯，由已知可求()26=9=19=333f ⨯⨯；，由已知可求()91f =；（2）由题意可得：交换后的数减去交换前的数的差为：()1010=9=54b a a b b a +---，得到=6b a -，可求t 的值，故可得到()f t 的最大值；（3）根据()=mf x n的定义即可依次求解．（1）6=16=23⨯⨯， 6132--∵＞，()26=3f ∴；9=19=33⨯⨯， 9133--∵＞，()91f =∴，故答案为：23；1；（3）①22357=2021⨯⨯⨯⨯∵()2202357=21⨯⨯⨯∴； ②32357=2830⨯⨯⨯⨯()328142357==3015f ⨯⨯⨯∴； ③42357=5630⨯⨯⨯⨯∵()430152357==5628f ⨯⨯⨯∴； ④52357=5660⨯⨯⨯⨯∵()556142357==6015f ⨯⨯⨯∴，故答案为：2014151421152815，，，．【提示】本题考查因式分解的应用；理解题意，从题目中获取信息，列出正确的代数式，再由数的特点求解是解题的关键．【考点】因式分解的应用27.【答案】（1）解：∵四边形ABCD 为正方形，°==90AB BC ABC ∴，∠，BP ∵绕点B 顺时针旋转90°到BQ ，°==90BP BQ PBQ ∴，∠，=ABC PBC PBQ PBC --∴∠∠∠∠， =ABP CBQ ∴∠∠，在APB △和CQB △中，==AB BC ABP CBQ BP QB ⎧⎪⎨⎪=⎩∠∠， ()APB CQB SAS ∴△≌△， =AP CQ ∴．（2）设=AP x ，则=4=3AC x PC x ，，由（1）知==CQ AP x ，ABC △为等腰直角三角形，BC ∴，在Rt PCQ △中，由勾股定理有：PQ ，且PBQ △为等腰直角三角形，2BQ PQ ∴，又°°==45=45BCQ BAP BQE ∠∠，∠，°==45BCQ BQE ∴∠∠，且=CBQ CBQ ∠∠，BQE BCQ ∴△∽△，=BQ BEBC BQ ∴=BE CE BC BE -∴，∴，3:8CE BC ∴.（3）在CE 上截取CG ，并使=CG FA ，如图所示：°==45FAP GCQ ∵∠∠，且由（1）知=AP CQ ，且截取=CG FA ，故有()PFA QGC SAS △≌△，==PF QG PFA CGQ ∴，∠∠，又°°=180=180DFP PFA QGE CGQ --∵∠∠，∠∠，=DFP QGE ∴∠∠，DA BC ∵∥，=DFP CEQ ∴∠∠， =QGE CEQ ∴∠∠，QGE ∴△为等腰三角形，=GQ QE ∴，故=PE QE ．【解析】（1）由旋转知PBQ △为等腰直角三角形，得到°==90PB QB PBQ ，∠，进而证明APB CQB △≌△即可；（2）设=AP x ，则=4=3AC x PC x ，，由（1）知==CQ AP x ，又ABC △为等腰直角三角形，所以BC AC PQ ，，再证明BQE BCQ △∽△，由此求出BE ，进而求出:CE BC 的值；（3）在CE 上截取CG ，并使=CG FA ，证明PFA QGC △∽△，进而得到=PE QG ，然后再证明=QGE QEG ∠∠即可得到=QG EQ ，进而求解．【提示】本题考查了正方形的性质、旋转的性质、三角形全等的判定和性质、相似三角形判定和性质的综合，具有一定的综合性，本题第（3）问关键是能想到在CE 上截取CG ，并使=CG FA 这条辅助线．【考点】正方形的性质，旋转的性质，三角形全等的判定和性质，相似三角形判定和性质的综合28.【答案】（1）将()()()104002A B C -，、，、，代入2=y ax bx c ++得： =0164=0=2a b c a b c c -+⎧⎪++⎨⎪⎩，解得：1=23=2=2a b c ⎧-⎪⎪⎪⎨⎪⎪⎪⎩故抛物线的解析式为213=222y x x -++．（2）如图2，过点D 作DM BC ∥，交y 轴于点M ，设点M 的坐标为()0m ，，使得BCM △的面积为3，=324=1.5CM ⨯÷，则7=2 1.5=2m +，702M ⎫⎛ ⎪⎝⎭， ∵点()()4002B C ，，，， ∴直线BC 的解析式为1=22y x -+， DM ∴的解析式为17=22y x -+，联立抛物线解析式217=2213=222y x y x x ⎧-+⎪⎪⎨⎪-++⎪⎩，解得1122=3=1=2=3x x y y ⎧⎧⎨⎨⎩⎩，． ∴点D 的坐标为（3，2）或（1，3）．（3）分两种情况考虑：①当=2DCE ABC ∠∠时，取点()02F -，，连接BF ，如图3所示．=OC OF OB CF ∵，⊥，=ABC ABF ∴∠∠， =2CBF ABC ∴∠∠． =2DCB ABC ∵∠∠，=DCB CBF ∴∠∠，CD BF ∴∥．∵点()()4002B F ，，，-， ∴直线BF 的解析式为1=22y x -，∴直线CD 的解析式为1=22y x +．联立直线CD 及抛物线的解析式成方程组得：21=2213=222y x y x x ⎧+⎪⎪⎨⎪-++⎪⎩，解得：11=0=2x y ⎧⎨⎩（舍去），22=2=3x y ⎧⎨⎩，∴点D 的坐标为（2，3）； ②当=2CDE ABC ∠∠时，过点C 作CN BF ⊥于点N ，交OB 于H ．作点N 关于BC 的对称点P ，连接NP 交BC 于点Q ，如图4所示．°°=90=90OCH OHC OBF BHN --∵∠∠，∠∠，=OHC BHN ∠∠， =OCH OBF ∴∠∠．在OCH △与OBF △中°==90=COH BOF OCH OBF⎧⎨⎩∠∠∠∠， OCH OBF ∴△∽△， =OH OC OF OB ∴，即2=24OH ，()=110OH H ∴，，．设直线CN 的解析式为()=0y kx n k +≠，()()0,210C H ∵，，， =2=0n k n ⎧⎨+⎩∴，解得=22k n -⎧⎨=⎩，∴直线CN 的解析式为=22y x -+．连接直线BF 及直线CN 成方程组得：1=22=22y x y x ⎧-⎪⎨⎪-+⎩，解得：8=56=5x y ⎧⎪⎪⎨⎪-⎪⎩，∴点N 的坐标为8655⎫⎛- ⎪⎝⎭，． ∵点()()4002B C ，，，， ∴直线BC 的解析式为1=22y x -+．NP BC ⊥∵，且点8655N ⎫⎛- ⎪⎝⎭，， ∴直线NP 的解析式为22=25y x -．联立直线BC 及直线NP 成方程组得：1=2222=25y x y x ⎧-+⎪⎪⎨⎪-⎪⎩，解得：64=2518=25x y ⎧⎪⎪⎨⎪⎪⎩，∴点Q 的坐标为64182525⎫⎛ ⎪⎝⎭，．∵点8655N ⎫⎛- ⎪⎝⎭，，点N P ，关于BC 对称， ∴点P 的坐标为88162525⎫⎛⎪⎝⎭，． ∵点()8866022525C P ⎫⎛- ⎪⎝⎭，，，， ∴直线CP 的解析式为2=211y x +．将2=211y x +代入213=222y x x -++整理，得：11229=0x x -，解得：1=0x （舍去），229=11x ， ∴点D 的横坐标为2911．综上所述：存在点D ，使得CDE △的某个角恰好等于ABC ∠的2倍，点D 的横坐标为2或2911．【解析】（1）根据点A B C 、、的坐标，利用待定系数法即可求出抛物线的解析式；（2）根据三角形面积公式可求与BC 平行的经过点D 的y 轴上点M 的坐标，再根据待定系数法可求DM 的解析式，再联立抛物线可求点D 的坐标；（3）分=2DCE ABC ∠∠及=2CDE ABC ∠∠两种情况考虑：①当=2DCE ABC ∠∠时，取点()02F -，，连接BE ，则CD BF ∥，由点B F ，的坐标，利用待定系数法可求出直线BF CD ，的解析式，联立直线CD 及抛物线的解析式组成方程组，通过解方程组可求出点D 的坐标；②当=2CDE ABC ∠∠时，过点C 作CN BF ⊥于点N ，交OB 于H ．作点N 关于BC 的对称点P ，连接NP 交BC 于点Q ，由OCH OBF △∽△求出H 点坐标，利用待定系数法求出直线CN 的解析式，联立直线BF 及直线CN 成方程组，通过解方程组可求出点N 的坐标，利用对称的性质可求出点P 的坐标，由点C P 、的坐标，利用待定系数法可求出直线CP 的解析式，将直线CP 的解析式代入抛物线解析式中可得出关于x 的一元二次方程，解之取其非零值可得出点D 的横坐标．依此即可得解．【提示】本题是二次函数综合题，考查了待定系数法求二次函数解析式、二次函数图象上点的坐标特征、勾股定理、等腰三角形的性质、平行线的判定与性质、相似三角形的判定与性质、待定系数法求一次函数解析式以及一次函数图象上点的坐标特征，解题的关键是：（1）根据点的坐标，利用待定系数法求出抛物线的解析式；（2）根据三角形面积公式和待定系数法求出点D 的坐标；（3）分=2DCE ABC ∠∠及=2CDE ABC ∠∠两种情况求出点D 的横坐标．【考点】待定系数法求二次函数解析式，二次函数图象上点的坐标特征，勾股定理，等腰三角形的性质，平行线的判定与性质，相似三角形的判定与性质，待定系数法求一次函数解析式，一次函数图象上点的坐标特征。

2020年四川省内江市中考数学试卷和答案解析

2020年四川省内江市中考数学试卷和答案解析一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）1．（3分）的倒数是（）A．2B．C．﹣D．﹣2解析：根据乘积为1的两个数是互为倒数，进行求解即可．参考答案：解：∵×2＝1，∴的倒数是2，故选：A．点拨：本题考查倒数的意义，理解和掌握乘积为1的两个数是互为倒数是正确解答的前提．2．（3分）下列四个数中，最小的数是（）A．0B．﹣C．5D．﹣1解析：根据正数大于0，负数小于0，正数大于一切负数，两个负数，绝对值大的反而小得出答案．参考答案：解：∵|﹣|＜|﹣1|，∴﹣＞﹣1，∴5＞0＞﹣＞﹣1，因此最小的数是﹣1，故选：D．点拨：本题考查有理数的大小比较，掌握两个负数比较，绝对值大的反而小，是正确判断的前提．3．（3分）下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是（）A．B．C．D．解析：根据轴对称图形和中心对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．参考答案：解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；B、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；C、是中心对称图形，故本选项符合题意；D、既不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项不合题意．故选：C．点拨：本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念，轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合．4．（3分）如图，已知直线a∥b，∠1＝50°，则∠2的度数为（）A．140°B．130°C．50°D．40°解析：由直线a∥b，利用“两直线平行，同位角相等”可求出∠3的度数，再结合∠2和∠3互补，即可求出∠2的度数．参考答案：解：∵直线a∥b，∴∠3＝∠1＝50°．又∵∠2+∠3＝180°，∴∠2＝130°．故选：B．点拨：本题考查了平行线的性质以及邻补角，牢记“两直线平行，同位角相等”是解题的关键．5．（3分）小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是（）A．80，90B．90，90C．90，85D．90，95解析：先将数据重新排列，再根据中位数和众数的定义求解可得．参考答案：解：将数据重新排列为80，85，90，90，95，所以这组数据的中位数是90，众数为90，故选：B．点拨：本题主要考查众数和中位数，一组数据中出现次数最多的数据叫做众数．将一组数据按照从小到大（或从大到小）的顺序排列，如果数据的个数是奇数，则处于中间位置的数就是这组数据的中位数．如果这组数据的个数是偶数，则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数．6．（3分）将直线y＝﹣2x﹣1向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为（）A．y＝﹣2x﹣5B．y＝﹣2x﹣3C．y＝﹣2x+1D．y＝﹣2x+3解析：根据函数图象向上平移加，向下平移减，可得答案．参考答案：解：直线y＝﹣2x﹣1向上平移两个单位，所得的直线是y＝﹣2x+1，故选：C．点拨：本题考查了一次函数图象与几何变换，图象平移的规律是：上加下减，左加右减．7．（3分）如图，在△ABC中，D、E分别是AB和AC的中点，S四边形BCED＝15，则S△ABC＝（）A．30B．25C．22.5D．20解析：先根据三角形中位线的性质，证得：DE∥BC，DE＝BC，进而得出△ADE∽△ABC，又由相似三角形面积的比等于相似比的平方即可求得答案．参考答案：解：∵D、E分别是AB、AC边上的中点，∴DE∥BC，DE＝BC，∴△ADE∽△ABC，∴＝（）2＝，∴S△ADE：S四边形BCED＝1：3，即S△ADE：15＝1：3，∴S△ADE＝5，∴S△ABC＝5+15＝20．故选：D．点拨：此题考查了三角形中位线定理以及相似三角形的判定与性质．注意相似三角形的面积的比等于相似比的平方．8．（3分）如图，点A、B、C、D在⊙O上，∠AOC＝120°，点B是的中点，则∠D的度数是（）A．30°B．40°C．50°D．60°解析：连接OB，如图，利用圆心角、弧、弦的关系得到∠AOB＝∠COB＝∠AOC＝60°，然后根据圆周角定理得到∠D的度数．参考答案：解：连接OB，如图，∵点B是的中点，∴∠AOB＝∠AOC＝×120°＝60°，∴∠D＝∠AOB＝30°．故选：A．点拨：本题考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．9．（3分）如图，点A是反比例函数y＝图象上的一点，过点A作AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，则k的值为（）A．B．C．3D．4解析：根据题意可知△AOC的面积为2，然后根据反比例函数系数k的几何意义即可求得k的值．参考答案：解：∵AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，∴△AOC的面积为2，∵S△AOC＝|k|＝2，且反比例函数y＝图象在第一象限，∴k＝4，故选：D．点拨：本题考查了反比例函数的比例系数k的几何意义：在反比例函数y＝图象中任取一点，过这一个点向x轴和y轴分别作垂线，与坐标轴围成的矩形的面积是定值|k|．10．（3分）我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和一条绳索，用绳索去量竿，绳索比竿长5尺；如果将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺．设绳索长x尺．则符合题意的方程是（）A．x＝（x﹣5）﹣5B．x＝（x+5）+5C．2x＝（x﹣5）﹣5D．2x＝（x+5）+5解析：设绳索长x尺，则竿长（x﹣5）尺，根据“将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺”，即可得出关于x的一元一次方程，此题得解．参考答案：解：设绳索长x尺，则竿长（x﹣5）尺，依题意，得：x＝（x﹣5）﹣5．故选：A．点拨：本题考查了由实际问题抽象出一元一次方程以及数学常识，找准等量关系，正确列出一元一次方程是解题的关键．11．（3分）如图，矩形ABCD中，BD为对角线，将矩形ABCD沿BE、BF所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，点C落在BD上的点N处，连结EF．已知AB＝3，BC＝4，则EF的长为（）A．3B．5C．D．解析：求出BD＝5，AE＝EM，∠A＝∠BME＝90°，证明△EDM∽△BDA，由相似三角形的性质得出，设DE＝x，则AE＝EM ＝4﹣x，得出，解得x＝，同理△DNF∽△DCB，得出，设DF＝y，则CF＝NF＝3﹣y，则，解得y＝．由勾股定理即可求出EF的长．参考答案：解：∵四边形ABCD是矩形，∴AB＝CD＝3，AD＝BC＝4，∠A＝∠C＝∠EDF＝90°，∴BD＝＝＝5，∵将矩形ABCD沿BE所在直线折叠，使点A落在BD上的点M 处，∴AE＝EM，∠A＝∠BME＝90°，∴∠EMD＝90°，∵∠EDM＝∠ADB，∴△EDM∽△BDA，∴，设DE＝x，则AE＝EM＝4﹣x，∴，解得x＝，∴DE＝，同理△DNF∽△DCB，∴，设DF＝y，则CF＝NF＝3﹣y，∴，解得y＝．∴DF＝．∴EF＝＝＝．故选：C．点拨：本题考查了翻折的性质，勾股定理，矩形的性质，相似三角形的判定与性质；熟练掌握翻折变换的性质，证明三角形相似是解题的关键．12．（3分）在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t的取值范围是（）A．≤t＜2B．＜t≤1C．1＜t≤2D．≤t≤2且t≠1解析：由y＝tx+2t+2＝t（x+2）+2（t＞0），得出直线y＝tx+2t+2（t＞0）经过点（﹣2，2），如图，当直线经过（0，3）或（0，6）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，当直线经过（0，4）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有三个整点，分别求得这三种情况下的t的值，结合图象即可得到结论．参考答案：解：∵y＝tx+2t+2＝t（x+2）+2（t＞0），∴直线y＝tx+2t+2（t＞0）经过点（﹣2，2），如图，当直线经过（0，3）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则3＝2t+2，解得t＝；当直线经过（0，6）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则6＝2t+2，解得t＝2；当直线经过（0，4）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有三个整点，则4＝2t+2，解得t＝1；∴直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t的取值范围是≤t≤2且t≠1，故选：D．点拨：本题考查一次函数图象和性质，区域整数点；能够根据函数解析式求得直线恒经过的点，并能画出图象，结合图象解题是关键．二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13．（5分）在函数y＝中，自变量x的取值范围是x≠2．解析：求函数自变量的取值范围，就是求函数解析式有意义的条件，分式有意义的条件是：分母不等于0；参考答案：解：根据题意得2x﹣4≠0，解得x≠2；∴自变量x的取值范围是x≠2．点拨：当函数表达式是分式时，分式要有意义，则考虑分式的分母不能为0．14．（5分）2020年6月23日9时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星，标志着北斗三号卫星导航定位系统正式建成．根据最新数据，目前兼容北斗的终端产品至少有7亿台，其中7亿用科学记数法表示为7×108．解析：科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n 为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞10时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．参考答案：解：7亿＝700000000＝7×108，故答案为：7×108．点拨：此题考查了科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．15．（5分）已知关于x的一元二次方程（m﹣1）2x2+3mx+3＝0有一实数根为﹣1，则该方程的另一个实数根为﹣．解析：把x＝﹣1代入原方程求出m的值，进而确定关于x的一元二次方程，根据根与系数的关系可求出方程的另一个根．参考答案：解：∵方程（m﹣1）2x2+3mx+3＝0是关于x的一元二次方程，∴（m﹣1）2≠0即m≠1．把x＝﹣1代入原方程得，（m﹣1）2﹣3m+3＝0，即：m2﹣5m+4＝0，解得，m＝4，m＝1（不合题意舍去），当m＝4时，原方程变为：9x2+12x+3＝0，即，3x2+4x+1＝0，由根与系数的关系得：x1•x2＝，又x1＝﹣1，∴x2＝﹣故答案为：﹣．点拨：本题考查一元二次方程根的意义和解法，求解一元二次方程是得出正确答案的关键．16．（5分）如图，在矩形ABCD中，BC＝10，∠ABD＝30°，若点M、N分别是线段DB、AB上的两个动点，则AM+MN的最小值为15．解析：作点A关于BD的对称点A′，连接MA′，BA′，过点A′H ⊥AB于H．首先证明△ABA′是等边三角形，求出A′H，根据垂线段最短解决问题即可．参考答案：解：作点A关于BD的对称点A′，连接MA′，BA′，过点A′H⊥AB于H．∵BA＝BA′，∠ABD＝∠DBA′＝30°，∴∠ABA′＝60°，∴△ABA′是等边三角形，∵四边形ABCD是矩形，∴AD＝BC＝10，在Rt△ABD中，AB＝＝10，∵A′H⊥AB，∴AH＝HB＝5，∴A′H＝AH＝15，∵AM+MN＝A′M+MN≥A′H，∴AM+MN≥15，∴AM+MN的最小值为15．故答案为15．点拨：本题考查轴对称的性质，等边三角形的判定和性质，矩形的性质等知识，解题的关键是学会利用轴对称解决最短问题，属于中考常考题型．三、解答题（本大题共5小题，共44分，解答应写出必要的文字说明或推演步骤）17．（7分）计算：（﹣）﹣1﹣|﹣2|+4sin60°﹣+（π﹣3）0．解析：先计算负整数指数幂、去绝对值符号、代入三角函数值、化简二次根式、计算零指数幂，再计算乘法，最后计算加减可得．参考答案：解：原式＝﹣2﹣2+4×﹣2+1＝﹣2﹣2+2﹣2+1＝﹣3．点拨：本题主要考查实数的运算，解题的关键是掌握负整数指数幂和零指数幂的规定、熟记三角函数值、绝对值的性质、二次根式的性质．18．（9分）如图，点C、E、F、B在同一直线上，点A、D在BC 异侧，AB∥CD，AE＝DF，∠A＝∠D．（1）求证：AB＝CD；（2）若AB＝CF，∠B＝40°，求∠D的度数．解析：（1）根据平行线的性质求出∠B＝∠C，根据AAS推出△ABE ≌△DCF，根据全等三角形的性质得出即可；（2）根据全等得出AB＝CD，BE＝CF，∠B＝∠C，求出CF＝CD，推出∠D＝∠CFD，即可求出答案．参考答案：（1）证明：∵AB∥CD，∴∠B＝∠C，在△ABE和△DCF中，，∴△ABE≌△DCF（AAS），∴AB＝CD；（2）解：∵△ABE≌△DCF，∴AB＝CD，BE＝CF，∠B＝∠C，∵∠B＝40°，∴∠C＝40°∵AB＝CF，∴CF＝CD，∴∠D＝∠CFD＝（180°﹣40°）＝70°．点拨：本题考查了全等三角形的性质和判定，平行线的性质，三角形内角和定理的应用，能根据全等三角形的判定求出△ABE≌△CDF 是解此题的关键．19．（9分）我市某中学举行“法制进校园”知识竞赛，赛后将学生的成绩分为A、B、C、D四个等级，并将结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图．请你根据统计图解答下列问题．（1）成绩为“B等级”的学生人数有5名；（2）在扇形统计图中，表示“D等级”的扇形的圆心角度数为72°，图中m的值为40；（3）学校决定从本次比赛获得“A等级”的学生中间选出2名去参加市中学生知识竞赛．已知“A等级”中有1名女生，请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率．解析：（1）A等的有3人，占调查人数的15%，可求出调查人数，进而求出B等的人数；（2）D等级占调查人数的，因此相应的圆心角为360°的即可，计算C等级所占的百分比，即可求出m的值；（3）用列表法表示所有可能出现的结果，进而求出相应的概率．参考答案：解：（1）3÷15%＝20（名），20﹣3﹣8﹣4＝5（名），故答案为：5；（2）360°×＝72°，8÷20＝40%，即m＝40，故答案为：72°，40；（3）“A等级”2男1女，从中选取2人，所有可能出现的结果如下：共有6种可能出现的结果，其中女生被选中的有4种，∴P（女生被选中）＝＝．点拨：本题考查条形统计图、扇形统计图的意义和制作方法，列表法求随机事件发生的概率，列举出所有可能出现的结果是求概率的前提．20．（9分）为了维护我国海洋权力，海监部门对我国领海实行了常态化巡航管理．如图，正在执行巡航任务的海监船以每小时60海里的速度向正东方向航行，在A处测得灯塔P在北偏东60°方向上，海监船继续向东航行1小时到达B处，此时测得灯塔P在北偏东30°方向上．（1）求B处到灯塔P的距离；（2）已知灯塔P的周围50海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？解析：（1）在△ABP中，求出∠PAB、∠PBA的度数即可解决问题，根据等腰三角形的性质即可得到结论；（2）作PH⊥AB于H．求出PH的值即可判定．参考答案：解：（1）∵∠PAB＝30°，∠ABP＝120°，∴∠APB＝180°﹣∠PAB﹣∠ABP＝30°，∴PB＝AB＝60海里；（2）作PH⊥AB于H．∵∠BAP＝∠BPA＝30°，∴BA＝BP＝60，在Rt△PBH中，PH＝PB•sin60°＝60×＝30，∵30＞50，∴海监船继续向正东方向航行是安全的．点拨：本题考查的是解直角三角形的应用﹣方向角问题，正确根据题意画出图形、准确标注方向角、熟练掌握锐角三角函数的概念是解题的关键．21．（10分）如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，OD⊥BC 于点D，过点C作⊙O的切线，交OD的延长线于点E，连结BE．（1）求证：BE是⊙O的切线；（2）设OE交⊙O于点F，若DF＝2，BC＝4，求线段EF的长；（3）在（2）的条件下，求阴影部分的面积．解析：（1）连接OC，如图，根据垂径定理由OD⊥BC得到CD＝BD，则OE为BC的垂直平分线，所以EB＝EC，证明△OCE≌△OBE（SSS），得出∠OBE＝∠OCE＝90°，根据切线的判定定理得BE与⊙O相切；（2）设⊙O的半径为x，则OD＝x﹣2，OB＝x，由勾股定理得出（x﹣2）2+（2）2＝x2，解得x＝4，求出OE的长，则可求出EF的长；（3）由扇形的面积公式可得出答案．参考答案：（1）证明：连接OC，如图，∵CE为切线，∴OC⊥CE，∴∠OCE＝90°，∵OD⊥BC，∴CD＝BD，即OD垂直平分BC，∴EC＝EB，在△OCE和△OBE中，∴△OCE≌△OBE（SSS），∴∠OBE＝∠OCE＝90°，∴OB⊥BE，∴BE与⊙O相切；（2）解：设⊙O的半径为x，则OD＝OF﹣DF＝x﹣2，OB＝x，在Rt△OBD中，BD＝BC＝2，∵OD2+BD2＝OB2，∴（x﹣2）2+（2）2＝x2，解得x＝4，∴OD＝2，OB＝4，∴∠OBD＝30°，∴∠BOD＝60°，∴OE＝2OB＝8，∴EF＝OE﹣OF＝8﹣4＝4．（3）∵∠BOE＝60°，∠OBE＝90°，∴在Rt△OBE中，BE＝OB＝4，∴S阴影＝S四边形OBEC﹣S扇形OBC＝2××4×4﹣，＝16﹣．点拨：本题是圆的综合题，考查了切线的判定与性质，垂径定理，勾股定理，全等三角形的判定与性质，直角三角形的性质，扇形面积的计算等知识，熟练掌握切线的判定与性质是解题的关键．四、填空题（本大题共4小题，每小题6分，共24分．）22．（6分）分解因式：b4﹣b2﹣12＝（b+2）（b﹣2）（b2+3）．解析：先利用十字相乘法，再利用平方差公式进行因式分解即可．参考答案：解：b4﹣b2﹣12＝（b2﹣4）（b2+3）＝（b+2）（b﹣2）（b2+3），故答案为：（b+2）（b﹣2）（b2+3）．点拨：本题考查十字相乘法、公式法分解因式，掌握十字相乘法、公式法的结构特征是正确应用的前提．23．（6分）若数a使关于x的分式方程+＝3的解为非负数，且使关于y的不等式组的解集为y≤0，则符合条件的所有整数a的积为40．解析：解分式方程的得出x＝，根据解为非负数得出≥0，且≠1，据此求出a≤5且a≠3；解不等式组两个不等式得出y≤0且y＜a，根据解集为y≤0得出a＞0；综合以上两点得出整数a的值，从而得出答案．参考答案：解：去分母，得：x+2﹣a＝3（x﹣1），解得：x＝，∵分式方程的解为非负数，∴≥0，且≠1，解得a≤5且a≠3，解不等式﹣≥﹣，得：y≤0，解不等式2（y﹣a）＜0，得：y＜a，∵不等式组的解集为y≤0，∴a＞0，∴0＜a≤5，则整数a的值为1、2、4、5，∴符合条件的所有整数a的积为1×2×4×5＝40，故答案为：40．点拨：本题主要考查分式方程的解和解一元一次不等式组，解题的关键是根据分式方程的解的情况及不等式组解集的情况得出a的取值范围．24．（6分）如图，在平面直角坐标系中，点A（﹣2，0），直线l：y ＝x+与x轴交于点B，以AB为边作等边△ABA1，过点A1作A1B1∥x轴，交直线l于点B1，以A1B1为边作等边△A1B1A2，过点A2作A2B2∥x轴，交直线l于点B2，以A2B2为边作等边△A2B2A3，以此类推……，则点A2020的纵坐标是．解析：先根据解析式求得B的坐标，即可求得AB＝1，根据等边三角形的性质以及含30°角的直角三角形的性质，分别求得A1的纵坐标为，A2的纵坐标为，A3的纵坐标为，进而得到A n 的纵坐标为，据此可得点A2020的纵坐标．参考答案：解：∵直线l：y＝x+与x轴交于点B，∴B（﹣1，0），∴OB＝1，∵A（﹣2，0），∴OA＝2，∴AB＝1，∵△ABA1是等边三角形，∴A1（﹣，），把y＝代入y＝x+，求得x＝，∴B1（，），∴A1B1＝2，∴A2（﹣，+×2），即A2（﹣，），把y＝代入y＝x+，求得x＝，∴B2（，），∴A2B2＝4，∴A3（3，+×4），即A3（3，），……，A n的纵坐标为，∴点A 2020的纵坐标是，故答案为．点拨：本题主要考查了一次函数图象上点的坐标特征以及等边三角形的性质的运用，解决问题的关键是依据等边三角形的性质找出规律，求得A n的纵坐标为，25．（6分）已知抛物线y1＝﹣x2+4x（如图）和直线y2＝2x+b．我们规定：当x取任意一个值时，x对应的函数值分别为y1和y2．若y1≠y2，取y1和y2中较大者为M；若y1＝y2，记M＝y1＝y2．①当x＝2时，M的最大值为4；②当b＝﹣3时，使M＞y2的x的取值范围是﹣1＜x＜3；③当b＝﹣5时，使M＝3的x的值是x1＝1，x2＝3；④当b≥1时，M随x的增大而增大．上述结论正确的是②④．（填写所有正确结论的序号）解析：①求出y1，y2，求出m的值即可．②求出直线与抛物线的交点坐标，利用图象法解决问题即可．③画出图象，推出M＝3时，y1＝3，y2＝3转化为方程求出x的值即可．④当b＝1时，由，消去y得到，x2﹣2x+1＝0，因为△＝0，推出此时直线y＝2x+1与抛物线只有一个交点，推出b＞1时，直线y＝2x+b与抛物线没有交点，由此即可判断．参考答案：解：①当x＝2时，y1＝4，y2＝4+b，无法判断4与4+b 的大小，故①错误．②如图1中，b＝﹣3时，由，解得或，∴两个函数图象的交点坐标为（﹣1，﹣5）和（3，3），观察图象可知，使M＞y2的x的取值范围是﹣1＜x＜3，故②正确，③如图2中，b＝﹣5时，图象如图所示，M＝3时，y1＝3，∴﹣x2+4x＝3，解得x＝1或3，y2＝3时，3＝2x﹣5，解得x＝4，也符合条件，故③错误，④当b＝1时，由，消去y得到，x2﹣2x+1＝0，∵△＝0，∴此时直线y＝2x+1与抛物线只有一个交点，∴b＞1时，直线y＝2x+b与抛物线没有交点，∴M随x的增大而增大，故④正确．故答案为②④．点拨：本题考查二次函数的性质，一次函数的性质等知识，解题的关键是理解题意，学会用转化的思想思考问题，属于中考常考题型．五、解答题（本大题共3小题，每小题12分，共36分）26．（12分）我们知道，任意一个正整数x都可以进行这样的分解：x＝m×n（m，n是正整数，且m≤n），在x的所有这种分解中，如果m，n两因数之差的绝对值最小，我们就称m×n是x的最佳分解．并规定：f（x）＝．例如：18可以分解成1×18，2×9或3×6，因为18﹣1＞9﹣2＞6﹣3，所以3×6是18的最佳分解，所以f（18）＝＝．（1）填空：f（6）＝；f（9）＝1；（2）一个两位正整数t（t＝10a+b，1≤a≤b≤9，a，b为正整数），交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54，求出所有的两位正整数；并求f（t）的最大值；（3）填空：①f（22×3×5×7）＝；②f（23×3×5×7）＝；③f （24×3×5×7）＝；④f（25×3×5×7）＝．解析：（1）仿照样例进行计算便可；（2）设交换t的个位上数与十位上的数得到的新数为t′，则t′＝10b+a，根据“交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54”确定出x与y的关系式，进而求出所有的两位数，进而确定出F（t）的最大值即可；（3）根据样例计算便可．参考答案：解：（1）6可分解成1×6，2×3，∵6﹣1＞3﹣2，∴2×3是6的最佳分解，∴f（6）＝，9可分解成1×9，3×3，∵9﹣1＞3﹣3，∴3×3是9的最佳分解，∴f（9）＝＝1，故答案为：；1；（2）设交换t的个位上数与十位上的数得到的新数为t′，则t′＝10b+a，根据题意得，t′﹣t＝（10b+a）﹣（10a+b）＝9（b﹣a）＝54，∴b＝a+6，∵1≤a≤b≤9，a，b为正整数，∴满足条件的t为：17，28，39；∵F（17）＝，F（28）＝，F（39）＝，∵，∴F（t）的最大值为；（3）①∵22×3×5×7的是最佳分解为20×21，∴f（22×3×5×7）＝，故答案为：；②∵23×3×5×7的最佳分解为28×30，∴f（23×3×5×7）＝，故答案为；③∵24×3×5×7的最佳分解是40×42，∴f（24×3×5×7）＝＝，故答案为：；④∵25×3×5×7的最佳分解是56×60，∴f（25×3×5×7）＝＝，故答案为：．点拨：本题主要考查实数的运算，理解最佳分解的定义，并将其转化为实数的运算是解题的关键．27．（12分）如图，正方形ABCD中，P是对角线AC上的一个动点（不与A、C重合），连结BP，将BP绕点B顺时针旋转90°到BQ，连结QP交BC于点E，QP延长线与边AD交于点F．（1）连结CQ，求证：AP＝CQ；（2）若AP＝AC，求CE：BC的值；（3）求证：PF＝EQ．解析：（1）证明△BAP≌△BCQ（SAS）可得结论．（2）过点C作CH⊥PQ于H，过点B作BT⊥PQ于T．由AP ＝AC，可以假设AP＝CQ＝a，则PC＝3a，解直角三角形求出CH．BT，利用平行线分线段成比例定理解决问题即可．（3）证明△PGB≌△QEB，推出EQ＝PG，再证明△PFG是等腰直角三角形即可．参考答案：（1）证明：如图1，∵线段BP绕点B顺时针旋转90°得到线段BQ，∴BP＝BQ，∠PBQ＝90°．∵四边形ABCD是正方形，∴BA＝BC，∠ABC＝90°．∴∠ABC＝∠PBQ．∴∠ABC﹣∠PBC＝∠PBQ﹣∠PBC，即∠ABP＝∠CBQ．在△BAP和△BCQ中，∵，∴△BAP≌△BCQ（SAS）．∴CQ＝AP．（2）解：过点C作CH⊥PQ于H，过点B作BT⊥PQ于T．∵AP＝AC，∴可以假设AP＝CQ＝a，则PC＝3a，∵四边形ABCD是正方形，∴∠BAC＝∠ACB＝45°，∵△ABP≌△CBQ，∴∠BCQ＝∠BAP＝45°，∴∠PCQ＝90°，∴PQ＝＝＝a，∵CH⊥PQ，∴CH＝＝a，∵BP＝BQ，BT⊥PQ，∴PT＝TQ，∵∠PBQ＝90°，∴BT＝PQ＝a，∵CH∥BT，∴＝＝＝，∴＝．（3）解：结论：PF＝EQ，理由是：如图2，当F在边AD上时，过P作PG⊥FQ，交AB于G，则∠GPF＝90°，∵∠BPQ＝45°，∴∠GPB＝45°，∴∠GPB＝∠PQB＝45°，∵PB＝BQ，∠ABP＝∠CBQ，∴△PGB≌△QEB，∴EQ＝PG，∵∠BAD＝90°，∴F、A、G、P四点共圆，连接FG，∴∠FGP＝∠FAP＝45°，∴△FPG是等腰直角三角形，∴PF＝PG，∴PF＝EQ．点拨：本题属于四边形综合题，考查了正方形的性质，全等三角形的判定和性质，解直角三角形等知识，解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题，学会用转化的思想思考问题，学会利用参数解决问题，属于中考压轴题．28．（12分）如图，抛物线y＝ax2+bx+c经过A（﹣1，0）、B（4，0）、C（0，2）三点，点D（x，y）为抛物线上第一象限内的一个动点．（1）求抛物线所对应的函数表达式；（2）当△BCD的面积为3时，求点D的坐标；（3）过点D作DE⊥BC，垂足为点E，是否存在点D，使得△CDE 中的某个角等于∠ABC的2倍？若存在，求点D的横坐标；若不存在，请说明理由．解析：（1）根据点A、B、C的坐标，利用待定系数法即可求出抛物线的解析式；（2）根据三角形面积公式可求与BC平行的经过点D的y轴上点M的坐标，再根据待定系数法可求DM的解析式，再联立抛物线可求点D的坐标；（3）分∠DCE＝2∠ABC及∠CDE＝2∠ABC两种情况考虑：①当∠DCE＝2∠ABC时，取点F（0，﹣2），连接BF，则CD∥BF，由点B，F的坐标，利用待定系数法可求出直线BF，CD的解析式，联立直线CD及抛物线的解析式成方程组，通过解方程组可求出点D的坐标；②当∠CDE＝2∠ABC时，过点C作CN⊥BF于点N，交OB于H．作点N关于BC的对称点P，连接NP交BC于点Q，由△OCH∽△OBF求出H点坐标，利用待定系数法求出直线CN的解析式，联立直线BF及直线CN成方程组，通过解方程组可求出点N的坐标，利用对称的性质可求出点P的坐标，由点C、P的坐标，利用待定系数法可求出直线CP的解析式，将直线CP的解析式代入抛物线解析式中可得出关于x的一元二次方程，解之取其非零值可得出点D的横坐标．依此即可得解．参考答案：解：（1）将A（﹣1，0）、B（4，0）、C（0，2）代入y ＝ax2+bx+c得：，解得：．故抛物线的解析式为y＝﹣x2+x+2．（2）法一：如图2，设点M的坐标为（0，m），使得△BCM的面积为3，3×2÷4＝1.5，则m＝2+1.5＝，M（0，）∵点B（4，0），C（0，2），∴直线BC的解析式为y＝﹣x+2，∴DM的解析式为y＝﹣x+，联立抛物线解析式，解得，．∴点D的坐标为（3，2）或（1，3）．法二：如下图所示，过D作DG⊥x轴，垂足为G点，与BC交于K点，设D（a，b）（其中a＞0，b＞0），∴K（a，2﹣），∴，∴S△BCD＝S△CDK+S△BDK＝＝2b﹣4+a＝3，∴2b+a＝7，∵D在抛物线y＝﹣x2+x+2上，∴b＝，∴a2﹣4a+3＝0，∴（a﹣1）（a﹣3）＝0，∴a＝1或3，∵当a＝1时，b＝3，当a＝3时，b＝2，∴点D的坐标为（3，2）或（1，3）．（3）分两种情况考虑：①当∠DCE＝2∠ABC时，取点F（0，﹣2），连接BF，如图3所示．∵OC＝OF，OB⊥CF，∴∠ABC＝∠ABF，∴∠CBF＝2∠ABC．∵∠DCB＝2∠ABC，∴∠DCB＝∠CBF，∴CD∥BF．∵点B（4，0），F（0，﹣2），∴直线BF的解析式为y＝x﹣2，∴直线CD的解析式为y＝x+2．联立直线CD及抛物线的解析式成方程组得：，解得：（舍去），，∴点D的坐标为（2，3）；②当∠CDE＝2∠ABC时，过点C作CN⊥BF于点N，交OB于H．作点N关于BC的对称点P，连接NP交BC于点Q，如图4所示．∵∠OCH＝90°﹣∠OHC，∠OBF＝90°﹣∠BHN，∠OHC＝∠BHN，∴∠OCH＝∠OBF．在△OCH与△OBF中，∴△OCH∽△OBF，∴＝，即＝，∴OH＝1，H（1，0）．设直线CN的解析式为y＝kx+n（k≠0），∵C（0，2），H（1，0），∴，解得，∴直线CN的解析式为y＝﹣2x+2．联立直线BF及直线CN成方程组得：，解得：，∴点N的坐标为（，﹣）．∵点B（4，0），C（0，2），∴直线BC的解析式为y＝﹣x+2．∵NP⊥BC，且点N（，﹣），∴直线NP的解析式为y＝2x﹣．联立直线BC及直线NP成方程组得：，解得：，∴点Q的坐标为（，）．∵点N（，﹣），点N，P关于BC对称，∴点P的坐标为（，）．∵点C（0，2），P（，），∴直线CP的解析式为y＝x+2．将y＝x+2代入y＝﹣x2+x+2整理，得：11x2﹣29x＝0，解得：x1＝0（舍去），x2＝，∴点D的横坐标为．综上所述：存在点D，使得△CDE的某个角恰好等于∠ABC的2倍，点D的横坐标为2或．点拨：本题是二次函数综合题，考查了待定系数法求二次函数解析式、二次函数图象上点的坐标特征、勾股定理、等腰三角形的性质、平行线的判定与性质、相似三角形的判定与性质、待定系数法求一次函数解析式以及一次函数图象上点的坐标特征，解题的关键是：（1）根据点的坐标，利用待定系数法求出抛物线的解析式；（2）作铅垂线，计算三角形面积的方法；（3）分∠DCE＝2∠ABC及∠CDE＝2∠ABC两种情况求出点D的横坐标．。

2020年四川省内江市中考数学试卷(含解析)

2020年四川省内江市市中考数学试卷（考试时间：120分钟满分：150分）A卷（共100分）一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）1．的倒数是（）A．2 B．C．﹣D．﹣22．下列四个数中，最小的数是（）A．0 B．﹣C．5 D．﹣13．下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是（）A．B．C．D．4．如图，已知直线a∥b，∠1＝50°，则∠2的度数为（）A．140°B．130°C．50°D．40°5．小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是（）A．80，90 B．90，90 C．90，85 D．90，956．将直线y＝﹣2x﹣1向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为（）A．y＝﹣2x﹣5 B．y＝﹣2x﹣3 C．y＝﹣2x+1 D．y＝﹣2x+37．如图，在△ABC中，D、E分别是AB和AC的中点，S四边形BCED＝15，则S△ABC＝（）A．30 B．25 C．22.5 D．208．如图，点A、B、C、D在⊙O上，∠AOC＝120°，点B是的中点，则∠D的度数是（）A．30°B．40°C．50°D．60°9．如图，点A是反比例函数y＝图象上的一点，过点A作AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，则k的值为（）A．B．C．3 D．410．我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和一条绳索，用绳索去量竿，绳索比竿长5尺；如果将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺．设绳索长x尺．则符合题意的方程是（）A．x＝（x﹣5）﹣5 B．x＝（x+5）+5C．2x＝（x﹣5）﹣5 D．2x＝（x+5）+511．如图，矩形ABCD中，BD为对角线，将矩形ABCD沿BE、BF所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，点C落在BD上的点N处，连结EF．已知AB＝3，BC＝4，则EF的长为（）A．3 B．5 C．D．12．在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t的取值范围是（）A．≤t＜2 B．＜t≤1C．1＜t≤2 D．≤t≤2且t≠1二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13．在函数y＝中，自变量x的取值范围是．14．2020年6月23日9时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星，标志着北斗三号卫星导航定位系统正式建成．根据最新数据，目前兼容北斗的终端产品至少有7亿台，其中7亿用科学记数法表示为．15．已知关于x的一元二次方程（m﹣1）2x2+3mx+3＝0有一实数根为﹣1，则该方程的另一个实数根为．16．如图，在矩形ABCD中，BC＝10，∠ABD＝30°，若点M、N分别是线段DB、AB上的两个动点，则AM+MN 的最小值为．三、解答题（本大题共5小题，共44分）17．（7分）计算：（﹣）﹣1﹣|﹣2|+4sin60°﹣+（π﹣3）0．18．（9分）如图，点C、E、F、B在同一直线上，点A、D在BC异侧，AB∥CD，AE＝DF，∠A＝∠D．（1）求证：AB＝CD；（2）若AB＝CF，∠B＝40°，求∠D的度数．19．（9分）我市某中学举行“法制进校园”知识竞赛，赛后将学生的成绩分为A、B、C、D四个等级，并将结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图．请你根据统计图解答下列问题．（1）成绩为“B等级”的学生人数有名；（2）在扇形统计图中，表示“D等级”的扇形的圆心角度数为，图中m的值为；（3）学校决定从本次比赛获得“A等级”的学生只能怪，选出2名去参加市中学生知识竞赛．已知“A等级”中有1名女生，请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率．20．（9分）为了维护我国海洋权力，海监部门对我国领海实行了常态化巡航管理．如图，正在执行巡航任务的海监船以每小时60海里的速度向正东方向航行，在A处测得灯塔P在北偏东60°方向上，海监船继续向东航行1小时到达B处，此时测得灯塔P在北偏东30°方向上．（1）求B处到灯塔P的距离；（2）已知灯塔P的周围50海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？21．（10分）如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，OD⊥BC于点D，过点C作⊙O的切线，交OD的延长线于点E，连结BE．（1）求证：BE是⊙O的切线；（2）设OE交⊙O于点F，若DF＝2，BC＝4，求线段EF的长；（3）在（2）的条件下，求阴影部分的面积．B卷（50分）一、填空题（本大题共4小题，每小题6分，共24分．）22．分解因式：b4﹣b2﹣12＝．23．若数a使关于x的分式方程+＝3的解为非负数，且使关于y的不等式组的解集为y≤0，则符合条件的所有整数a的积为．24．如图，在平面直角坐标系中，点A（﹣2，0），直线l：y＝x+与x轴交于点B，以AB为边作等边△ABA1，过点A1作A1B1∥x轴，交直线l于点B1，以A1B1为边作等边△A1B1A2，过点A2作A2B2∥x轴，交直线l于点B2，以A2B2为边作等边△A2B2A3，以此类推……，则点A2020的纵坐标是．25．已知抛物线y1＝﹣x2+4x（如图）和直线y2＝2x+b．我们规定：当x取任意一个值时，x对应的函数值分别为y1和y2．若y1≠y2，取y1和y2中较大者为M；若y1＝y2，记M＝y1＝y2．①当x＝2时，M的最大值为4；②当b＝﹣3时，使M＞y2的x的取值范围是﹣1＜x＜3；③当b＝﹣5时，使M＝3的x的值是x1＝1，x2＝3；④当b≥1时，M随x的增大而增大．上述结论正确的是．（填写所有正确结论的序号）二、解答题（本大题共3小题，每小题12分，共36分）26．（12分）我们知道，任意一个正整数x都可以进行这样的分解：x＝m×n（m，n是正整数，且m≤n），在x的所有这种分解中，如果m，n两因数之差的绝对值最小，我们就称m×n是x的最佳分解．并规定：f （x）＝．例如：18可以分解成1×18，2×9或3×6，因为18﹣1＞9﹣2＞6﹣3，所以3×6是18的最佳分解，所以f（18）＝＝．（1）填空：f（6）＝；f（9）＝；（2）一个两位正整数t（t＝10a+b，1≤a≤b≤9，a，b为正整数），交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54，求出所有的两位正整数；并求f（t）的最大值；（3）填空：①f（22×3×5×7）＝；②f（23×3×5×7）＝；③f（24×3×5×7）＝；④f（25×3×5×7）＝．27．（12分）如图，正方形ABCD中，P是对角线AC上的一个动点（不与A、C重合），连结BP，将BP绕点B顺时针旋转90°到BQ，连结QP交BC于点E，QP延长线与边AD交于点F．（1）连结CQ，求证：AP＝CQ；（2）若AP＝AC，求CE：BC的值；（3）求证：PF＝EQ．28．（12分）如图，抛物线y＝ax2+bx+c经过A（﹣1，0）、B（4，0）、C（0，2）三点，点D（x，y）为抛物线上第一象限内的一个动点．（1）求抛物线所对应的函数表达式；（2）当△BCD的面积为3时，求点D的坐标；（3）过点D作DE⊥BC，垂足为点E，是否存在点D，使得△CDE中的某个角等于∠ABC的2倍？若存在，求点D的横坐标；若不存在，请说明理由．参考答案与试题解析一、选择题1．【解答】解：∵×2＝1，∴的倒数是2，故选：A．2．【解答】解：∵|﹣|＜|﹣1|，∴﹣＞﹣1，∴5＞1＞﹣＞﹣1，因此最小的是﹣1，故选：D．3．【解答】解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；B、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；C、是中心对称图形，故本选项符合题意；D、既不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项不合题意．故选：C．4．【解答】解：∵直线a∥b，∴∠3＝∠1＝50°．又∵∠2+∠3＝180°，∴∠2＝130°．故选：B．5．【解答】解：将数据重新排列为80，85，90，90，95，所以这组数据的中位数是90，众数为90，故选：B．6．【解答】解：直线y＝﹣2x﹣1向上平移两个单位，所得的直线是y＝﹣2x+1，故选：C．7．【解答】解：∵D、E分别是AB、AC边上的中点，∴DE∥BC，DE＝BC，∴△ADE∽△ABC，∴＝（）2＝，∴S△ADE：S四边形BCED＝1：3，即S△ADE：15＝1：3，∴S△ADE＝5，∴S△ABC＝5+15＝20．故选：D．8．【解答】解：连接OB，如图，∵点B是的中点，∴∠AOB＝∠COB＝∠AOC＝×120°＝60°，∴∠D＝∠AOB＝30°．故选：A．9．【解答】解：∵AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，∴△AOC的面积为2，∵S△AOC＝|k|＝2，且反比例函数y＝图象在第一象限，∴k＝4，故选：D．10．【解答】解：设绳索长x尺，则竿长（x﹣5）尺，依题意，得：x＝（x﹣5）﹣5．故选：A．11．【解答】解：∵四边形ABCD是矩形，∴AB＝CD＝3，AD＝BC＝4，∠A＝∠C＝∠EDF＝90°，∴BD＝＝＝5，∵将矩形ABCD沿BE所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，∴AE＝EM，∠A＝∠BME＝90°，∴∠EMD＝90°，∵∠EDM＝∠ADB，∴△EDM∽△BDA，∴，设DE＝x，则AE＝EM＝4﹣x，∴，解得x＝，∴DE＝，同理△DNF∽△DCB，∴，设DF＝y，则CF＝NF＝3﹣y，∴，解得y＝．∴DF＝．∴EF＝＝＝．故选：C．12．【解答】解：∵y＝tx+2t+2＝t（x+2）+2（t＞0），∴直线y＝tx+2t+2（t＞0）经过点（﹣2，2），如图，当直线经过（0，3）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则3＝2t+2，解得t＝；当直线经过（0，6）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则6＝2t+2，解得t＝2；当直线经过（0，4）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有三个整点，则4＝2t+2，解得t＝1；∴直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t的取值范围是≤t≤2且t≠1，故选：D．二、填空题13．【解答】解：根据题意得2x﹣4≠0，解得x≠2；∴自变量x的取值范围是x≠2．14．【解答】解：7亿＝700000000＝7×108，故答案为：7×108．15．【解答】解：把x＝﹣1代入原方程得，（m﹣1）2﹣3m+3＝0，即：m2﹣5m+4＝0，解得，m＝4，m＝1（不合题意舍去），当m＝4时，原方程变为：9x2+12x+3＝0，即，3x2+4x+1＝0，解得，x1＝﹣1，x2＝﹣，故答案为：﹣．16．【解答】解：作点A关于BD的对称点A′，连接MA′，BA′，过点A′H⊥AB于H．∵BA＝BA′，∠ABD＝∠DBA′＝30°，∴∠ABA′＝60°，∴△ABA′是等边三角形，∵四边形ABCD是矩形，∴AD＝BC＝10，在Rt△ABD中，AB＝＝10，∵A′H⊥AB，∴AH＝HB＝5，∴A′H＝AH＝15，∵AM+MN＝A′M+MN≤A′H，∴AM+MN≥15，∴AM+MN的最小值为15．故答案为15．三、解答题17．【解答】解：原式＝﹣2﹣2+4×﹣2+1＝﹣2﹣2+2﹣2+1＝﹣3．18．【解答】（1）证明：∵AB∥CD，∴∠B＝∠C，在△ABE和△DCF中，，∴△ABE≌△DCF（AAS），∴AB＝CD；（2）解：∵△ABE≌△DCF，∴AB＝CD，BE＝CF，∠B＝∠C，∵∠B＝40°，∴∠C＝40°∵AB＝CF，∴CF＝CD，∴∠D＝∠CFD＝（180°﹣40°）＝70°．19．【解答】解：（1）3÷15%＝20（名），20﹣3﹣8﹣4＝5（名），故答案为：5；（2）360°×＝72°，8÷20＝40%，即m＝40，故答案为：72°，40；（3）“A等级”2男1女，从中选取2人，所有可能出现的结果如下：共有6种可能出现的结果，其中女生被选中的有4种，∴P（女生被选中）＝＝．20．【解答】解：（1）∵∠PAB＝30°，∠ABP＝120°，∴∠APB＝180°﹣∠PAB﹣∠ABP＝30°，∴PB＝AB＝60海里；（2）作PH⊥AB于H．∵∠BAP＝∠BPA＝30°，∴BA＝BP＝60，在Rt△PBH中，PH＝PB•sin60°＝60×＝30，∵30＞50，∴海监船继续向正东方向航行是安全的．21．【解答】（1）证明：连接OC，如图，∵CE为切线，∴OC⊥CE，∴∠OCE＝90°，∵OD⊥BC，∴CD＝BD，即OD垂直平分BC，∴EC＝EB，在△OCE和△OBE中，∴△OCE≌△OBE（SSS），∴∠OBE＝∠OCE＝90°，∴OB⊥BE，∴BE与⊙O相切；（2）解：设⊙O的半径为x，则OD＝OF﹣DF＝x﹣2，OB＝x，在Rt△OBD中，BD＝BC＝2，∵OD2+BD2＝OB2，∴（x﹣2）2+（2）2＝x2，解得x＝4，∴OD＝2，OB＝4，∴∠OBD＝30°，∴∠BOD＝60°，∴OE＝2OB＝8，∴EF＝OE﹣OF＝8﹣4＝4．（3）∵∠BOE＝60°，∠OBE＝90°，∴在Rt△OBE中，BE＝OB＝4，∴S阴影＝S四边形OBEC﹣S扇形OBC＝2××4×4﹣，＝16﹣．一、填空题22．【解答】解：b4﹣b2﹣12＝（b2﹣4）（b2+3）＝（b+2）（b﹣2）（b2+3），故答案为：（b+2）（b﹣2）（b2+3）．23．【解答】解：去分母，得：x+2﹣a＝3（x﹣1），解得：x＝，∵分式方程的解为非负数，∴≥0，且≠1，解得a≤5且a≠3，解不等式﹣≥﹣，得：y≤0，解不等式2（y﹣a）＜0，得：y＜a，∵不等式组的解集为y≤0，∴a＞0，∴0＜a≤5，则整数a的值为1、2、4、5，∴符合条件的所有整数a的积为1×2×4×5＝40，故答案为：40．24．【解答】解：∵直线l：y＝x+与x轴交于点B，∴B（﹣1，0），∴OB＝1，∵A（﹣2，0），∴OA＝2，∴AB＝1，∵△ABA1是等边三角形，∴A1（﹣，），把y＝代入y＝x+，求得x＝，∴B1（，），∴A1B1＝2，∴A2（﹣，+×2），即A2（﹣，），把y＝代入y＝x+，求得x＝，∴B2（，），∴A2B2＝4，∴A3（3，+×4），即A3（3，），……，A n的纵坐标为，∴点A2020的纵坐标是，故答案为．25．【解答】解：①当x＝2时，y1＝4，y2＝4+b，无法判断4与4+b的大小，故①错误．②如图1中，b＝﹣3时，由，解得或，∴两个函数图象的交点坐标为（﹣1，﹣5）和（3，3），观察图象可知，使M＞y2的x的取值范围是﹣1＜x＜3，故②正确，③如图2中，b＝﹣5时，图象如图所示，M＝3时，y1＝3，∴﹣x2+4x＝3，解得x＝1或3，故③正确，④当b＝1时，由，消去y得到，x2﹣2x+1＝0，∵△＝0，∴此时直线y＝2x+1与抛物线只有一个交点，∴b＞1时，直线y＝2x+b与抛物线没有交点，∴M随x的增大而增大，故④正确．二、解答题26．【解答】解：（1）6可分解成1×6，2×3，∵6﹣1＞3﹣2，∴2×3是6的最佳分解，∴f（6）＝，9可分解成1×9，3×3，∵9﹣1＞3﹣3，∴3×3是9的最佳分解，∴f（9）＝＝1，故答案为：；1；（2）设交换t的个位上数与十位上的数得到的新数为t′，则t′＝10b+a，根据题意得，t′﹣t＝（10b+a）﹣（10a+b）＝9（b﹣a）＝54，∴b＝a+6，∵1≤a≤b≤9，a，b为正整数，∴满足条件的t为：17，28，39；∵F（17）＝，F（28）＝，F（39）＝，∵，∴F（t）的最大值为；（3）①∵22×3×5×7的是最佳分解为20×21，∴f（22×3×5×7）＝，故答案为：；②∵23×3×5×7的最佳分解为24×35，∴f（23×3×5×7）＝，故答案为；③∵24×3×5×7的最佳分解是35×48，∴f（24×3×5×7）＝，故答案为：；④∵25×3×5×7的最佳分解是48×70，∴f（25×3×5×7）＝，故答案为：．27．【解答】（1）证明：如图1，∵线段BP绕点B顺时针旋转90°得到线段BQ，∴BP＝BQ，∠PBQ＝90°．∵四边形ABCD是正方形，∴BA＝BC，∠ABC＝90°．∴∠ABC＝∠PBQ．∴∠ABC﹣∠PBC＝∠PBQ﹣∠PBC，即∠ABP＝∠CBQ．在△BAP和△BCQ中，∵，∴△BAP≌△BCQ（SAS）．∴CQ＝AP．（2）解：过点C作CH⊥PQ于H，过点B作BT⊥PQ于T．∵AP＝AC，∴可以假设AP＝CQ＝a，则PC＝3a，∵四边形ABCD是正方形，∴∠BAC＝∠ACB＝45°，∵△ABP≌△CBQ，∴∠BCQ＝∠BAP＝45°，∴∠PCQ＝90°，∴PQ＝＝＝a，∵CH⊥PQ，∴CH＝＝a，∵BP＝BQ，BT⊥PQ，∴PT＝TQ，∵∠PBQ＝90°，∴BT＝PQ＝a，∵CH∥BT，∴＝＝＝，∴＝．（3）解：结论：PF＝EQ，理由是：如图2，当F在边AD上时，过P作PG⊥FQ，交AB于G，则∠GPF＝90°，∵∠BPQ＝45°，∴∠GPB＝45°，∴∠GPB＝∠PQB＝45°，∵PB＝BQ，∠ABP＝∠CBQ，∴△PGB≌△QEB，∴EQ＝PG，∵∠BAD＝90°，∴F、A、G、P四点共圆，连接FG，∴∠FGP＝∠FAP＝45°，∴△FPG是等腰直角三角形，∴PF＝PG，∴PF＝EQ．28．【解答】解：（1）将A（﹣1，0）、B（4，0）、C（0，2）代入y＝ax2+bx+c得：，解得：．故抛物线的解析式为y＝﹣x2+x+2．（2）如图2，设点M的坐标为（0，m），使得△BCM的面积为3，3×2÷4＝1.5，则m＝2+1.5＝，M（0，）∵点B（4，0），C（0，2），∴直线BC的解析式为y＝﹣x+2，∴DM的解析式为y＝﹣x+，联立抛物线解析式，解得，．∴点D的坐标为（3，2）或（1，3）．（3）分两种情况考虑：①当∠DCE＝2∠ABC时，取点F（0，﹣2），连接BF，如图3所示．∵OC＝OF，OB⊥CF，∴∠ABC＝∠ABF，∴∠CBF＝2∠ABC．∵∠DCB＝2∠ABC，∴∠DCB＝∠CBF，∴CD∥BF．∵点B（4，0），F（0，﹣2），∴直线BF的解析式为y＝x﹣2，∴直线CD的解析式为y＝x+2．联立直线CD及抛物线的解析式成方程组得：，解得：（舍去），，∴点D的坐标为（2，3）；②当∠CDE＝2∠ABC时，过点C作CN⊥BF于点N，交OB于H．作点N关于BC的对称点P，连接NP交BC于点Q，如图4所示．∵∠OCH＝90°﹣∠OHC，∠OBF＝90°﹣∠BHN，∠OHC＝∠BHN，∴∠OCH＝∠OBF．在△OCH与△OBF中，∴△OCH∽△OBF，∴＝，即＝，∴OH＝1，H（1，0）．设直线CN的解析式为y＝kx+n（k≠0），∵C（0，2），H（1，0），∴，解得，∴直线CN的解析式为y＝﹣2x+2．连接直线BF及直线CN成方程组得：，解得：，∴点N的坐标为（，﹣）．∵点B（4，0），C（0，2），∴直线BC的解析式为y＝﹣x+2．∵NP⊥BC，且点N（，﹣），∴直线NP的解析式为y＝2x﹣．联立直线BC及直线NP成方程组得：，解得：，∴点Q的坐标为（，）．∵点N（，﹣），点N，P关于BC对称，∴点P的坐标为（，）．∵点C（0，2），P（，），∴直线CP的解析式为y＝x+2．将y＝x+2代入y＝﹣x2+x+2整理，得：11x2﹣29x＝0，解得：x1＝0（舍去），x2＝，∴点D的横坐标为．综上所述：存在点D，使得△CDE的某个角恰好等于∠ABC的2倍，点D的横坐标为2或．。

2020年四川省内江中考数学试卷附答案解析版

数是
（）
A.30°
B.40°
C.50°
D.60°
9.如下图，点 A 是反比例函数 y= k 图象上的一点，过点 A 作 AC ⊥ x 轴，垂足为点 C，D x
为 AC 的中点，若△AOD 的面积为 1，则 k 的值为
（）
A. 4
B. 8
C.3
D.4
3
3
数学试卷第 2 页（共 8 页）
10.我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和
卷
2.答 A 卷时，每小题选出答案后，用钢笔或水笔把答案直接填写在对应题目的后面
括号.
第Ⅰ卷（选择题共 36 分）
一、选择题（本大题共 12 小题，每小题 3 分，共 36 分．在每小题给出的四
个选项中，只有一项是符合题目要求的．）
上
1. 1 的倒数是
2
A.2
B. 1
2
C. − 1 2
（） D. −2
（1）求 B 处到灯塔 P 的距离；
（2）已知灯塔 P 的周围 50 海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？
上
答 21.（本小题满分 9 分）如下图， AB 是⊙O 的直径，C 是⊙O 上一点，OD ⊥ BC 于点 D ，过点 C 作⊙O 的切线，交 OD 的延长线于点 E ，连结 BE ．
24.如下图，在平面直角坐标系中，点 A(−2，0) ，直线 l : y= 3 x + 3 与 x 轴交于点 B ，
33 以 AB 为边作等边 △ABA1 ，过点 A1 作 A1B1∥x 轴，交直线 l 于点 B1 ，以 A1B1 为边作等边△A1B1A2 ，过点 A2 作 A2B2∥x 轴，交直线 l 于点 B2 ，以 A2B2 为边作等边△A2B2 A3 ，以此类推……，则点 A2020 的纵坐标是________；

2020年四川省内江市中考数学试卷 (解析版)

2020年四川省内江市中考数学试卷一、选择题（共12小题）.1．的倒数是（）A．2B．C．﹣D．﹣22．下列四个数中，最小的数是（）A．0B．﹣C．5D．﹣13．下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是（）A．B．C．D．4．如图，已知直线a∥b，∠1＝50°，则∠2的度数为（）A．140°B．130°C．50°D．40°5．小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是（）A．80，90B．90，90C．90，85D．90，956．将直线y＝﹣2x﹣1向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为（）A．y＝﹣2x﹣5B．y＝﹣2x﹣3C．y＝﹣2x+1D．y＝﹣2x+37．如图，在△ABC中，D、E分别是AB和AC的中点，S四边形BCED＝15，则S△ABC＝（）A．30B．25C．22.5D．208．如图，点A、B、C、D在⊙O上，∠AOC＝120°，点B是的中点，则∠D的度数是（）A．30°B．40°C．50°D．60°9．如图，点A是反比例函数y＝图象上的一点，过点A作AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，则k的值为（）A．B．C．3D．410．我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和一条绳索，用绳索去量竿，绳索比竿长5尺；如果将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺．设绳索长x尺．则符合题意的方程是（）A．x＝（x﹣5）﹣5B．x＝（x+5）+5C．2x＝（x﹣5）﹣5D．2x＝（x+5）+511．如图，矩形ABCD中，BD为对角线，将矩形ABCD沿BE、BF所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，点C落在BD上的点N处，连结EF．已知AB＝3，BC＝4，则EF的长为（）A．3B．5C．D．12．在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t的取值范围是（）A．≤t＜2B．＜t≤1C．1＜t≤2D．≤t≤2且t≠1二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13．在函数y＝中，自变量x的取值范围是．14．2020年6月23日9时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星，标志着北斗三号卫星导航定位系统正式建成．根据最新数据，目前兼容北斗的终端产品至少有7亿台，其中7亿用科学记数法表示为．15．已知关于x的一元二次方程（m﹣1）2x2+3mx+3＝0有一实数根为﹣1，则该方程的另一个实数根为．16．如图，在矩形ABCD中，BC＝10，∠ABD＝30°，若点M、N分别是线段DB、AB 上的两个动点，则AM+MN的最小值为．三、解答题（本大题共5小题，共44分，解答应写出必要的文字说明或推演步骤）17．计算：（﹣）﹣1﹣|﹣2|+4sin60°﹣+（π﹣3）0．18．如图，点C、E、F、B在同一直线上，点A、D在BC异侧，AB∥CD，AE＝DF，∠A＝∠D．（1）求证：AB＝CD；（2）若AB＝CF，∠B＝40°，求∠D的度数．19．我市某中学举行“法制进校园”知识竞赛，赛后将学生的成绩分为A、B、C、D四个等级，并将结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图．请你根据统计图解答下列问题．（1）成绩为“B等级”的学生人数有名；（2）在扇形统计图中，表示“D等级”的扇形的圆心角度数为，图中m的值为；（3）学校决定从本次比赛获得“A等级”的学生只能怪，选出2名去参加市中学生知识竞赛．已知“A等级”中有1名女生，请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率．20．为了维护我国海洋权力，海监部门对我国领海实行了常态化巡航管理．如图，正在执行巡航任务的海监船以每小时60海里的速度向正东方向航行，在A处测得灯塔P在北偏东60°方向上，海监船继续向东航行1小时到达B处，此时测得灯塔P在北偏东30°方向上．（1）求B处到灯塔P的距离；（2）已知灯塔P的周围50海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？21．如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，OD⊥BC于点D，过点C作⊙O的切线，交OD的延长线于点E，连结BE．（1）求证：BE是⊙O的切线；（2）设OE交⊙O于点F，若DF＝2，BC＝4，求线段EF的长；（3）在（2）的条件下，求阴影部分的面积．四、填空题（本大题共4小题，每小题6分，共24分．）22．分解因式：b4﹣b2﹣12＝．23．若数a使关于x的分式方程+＝3的解为非负数，且使关于y的不等式组的解集为y≤0，则符合条件的所有整数a的积为．24．如图，在平面直角坐标系中，点A（﹣2，0），直线l：y＝x+与x轴交于点B，以AB为边作等边△ABA1，过点A1作A1B1∥x轴，交直线l于点B1，以A1B1为边作等边△A1B1A2，过点A2作A2B2∥x轴，交直线l于点B2，以A2B2为边作等边△A2B2A3，以此类推……，则点A2020的纵坐标是．25．已知抛物线y1＝﹣x2+4x（如图）和直线y2＝2x+b．我们规定：当x取任意一个值时，x对应的函数值分别为y1和y2．若y1≠y2，取y1和y2中较大者为M；若y1＝y2，记M＝y1＝y2．①当x＝2时，M的最大值为4；②当b＝﹣3时，使M＞y2的x的取值范围是﹣1＜x＜3；③当b＝﹣5时，使M＝3的x的值是x1＝1，x2＝3；④当b≥1时，M随x 的增大而增大．上述结论正确的是．（填写所有正确结论的序号）五、解答题（本大题共3小题，每小题12分，共36分）26．我们知道，任意一个正整数x都可以进行这样的分解：x＝m×n（m，n是正整数，且m≤n），在x的所有这种分解中，如果m，n两因数之差的绝对值最小，我们就称m×n是x的最佳分解．并规定：f（x）＝．例如：18可以分解成1×18，2×9或3×6，因为18﹣1＞9﹣2＞6﹣3，所以3×6是18的最佳分解，所以f（18）＝＝．（1）填空：f（6）＝；f（9）＝；（2）一个两位正整数t（t＝10a+b，1≤a≤b≤9，a，b为正整数），交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54，求出所有的两位正整数；并求f （t）的最大值；（3）填空：①f（22×3×5×7）＝；②f（23×3×5×7）＝；③f（24×3×5×7）＝；④f（25×3×5×7）＝．27．如图，正方形ABCD中，P是对角线AC上的一个动点（不与A、C重合），连结BP，将BP绕点B顺时针旋转90°到BQ，连结QP交BC于点E，QP延长线与边AD交于点F．（1）连结CQ，求证：AP＝CQ；（2）若AP＝AC，求CE：BC的值；（3）求证：PF＝EQ．28．如图，抛物线y＝ax2+bx+c经过A（﹣1，0）、B（4，0）、C（0，2）三点，点D（x，y）为抛物线上第一象限内的一个动点．（1）求抛物线所对应的函数表达式；（2）当△BCD的面积为3时，求点D的坐标；（3）过点D作DE⊥BC，垂足为点E，是否存在点D，使得△CDE中的某个角等于∠ABC的2倍？若存在，求点D的横坐标；若不存在，请说明理由．参考答案一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）1．的倒数是（）A．2B．C．﹣D．﹣2【分析】根据乘积为1的两个数是互为倒数，进行求解即可．解：∵×2＝1，∴的倒数是2，故选：A．2．下列四个数中，最小的数是（）A．0B．﹣C．5D．﹣1【分析】根据正数大于0，负数小于0，正数大于一切负数，两个负数，绝对值大的反而小得出答案．解：∵|﹣|＜|﹣1|，∴﹣＞﹣1，∴5＞1＞﹣＞﹣1，因此最小的是﹣1，故选：D．3．下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是（）A．B．C．D．【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；B、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；C、是中心对称图形，故本选项符合题意；D、既不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项不合题意．故选：C．4．如图，已知直线a∥b，∠1＝50°，则∠2的度数为（）A．140°B．130°C．50°D．40°【分析】由直线a∥b，利用“两直线平行，同位角相等”可求出∠3的度数，再结合∠2和∠3互补，即可求出∠2的度数．解：∵直线a∥b，∴∠3＝∠1＝50°．又∵∠2+∠3＝180°，∴∠2＝130°．故选：B．5．小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是（）A．80，90B．90，90C．90，85D．90，95【分析】先将数据重新排列，再根据中位数和众数的定义求解可得．解：将数据重新排列为80，85，90，90，95，所以这组数据的中位数是90，众数为90，故选：B．6．将直线y＝﹣2x﹣1向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为（）A．y＝﹣2x﹣5B．y＝﹣2x﹣3C．y＝﹣2x+1D．y＝﹣2x+3【分析】根据函数图象向上平移加，向下平移减，可得答案．解：直线y＝﹣2x﹣1向上平移两个单位，所得的直线是y＝﹣2x+1，故选：C．7．如图，在△ABC中，D、E分别是AB和AC的中点，S四边形BCED＝15，则S△ABC＝（）A．30B．25C．22.5D．20【分析】先根据三角形中位线的性质，证得：DE∥BC，DE＝BC，进而得出△ADE∽△ABC，又由相似三角形面积的比等于相似比的平方即可求得答案．解：∵D、E分别是AB、AC边上的中点，∴DE∥BC，DE＝BC，∴△ADE∽△ABC，∴＝（）2＝，∴S△ADE：S四边形BCED＝1：3，即S△ADE：15＝1：3，∴S△ADE＝5，∴S△ABC＝5+15＝20．故选：D．8．如图，点A、B、C、D在⊙O上，∠AOC＝120°，点B是的中点，则∠D的度数是（）A．30°B．40°C．50°D．60°【分析】连接OB，如图，利用圆心角、弧、弦的关系得到∠AOB＝∠COB＝∠AOC ＝60°，然后根据圆周角定理得到∠D的度数．解：连接OB，如图，∵点B是的中点，∴∠AOB＝∠COB＝∠AOC＝×120°＝60°，∴∠D＝∠AOB＝30°．故选：A．9．如图，点A是反比例函数y＝图象上的一点，过点A作AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，则k的值为（）A．B．C．3D．4【分析】根据题意可知△AOC的面积为2，然后根据反比例函数系数k的几何意义即可求得k的值．解：∵AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，∴△AOC的面积为2，∵S△AOC＝|k|＝2，且反比例函数y＝图象在第一象限，∴k＝4，故选：D．10．我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和一条绳索，用绳索去量竿，绳索比竿长5尺；如果将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺．设绳索长x尺．则符合题意的方程是（）A．x＝（x﹣5）﹣5B．x＝（x+5）+5C．2x＝（x﹣5）﹣5D．2x＝（x+5）+5【分析】设绳索长x尺，则竿长（x﹣5）尺，根据“将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺”，即可得出关于x的一元一次方程，此题得解．解：设绳索长x尺，则竿长（x﹣5）尺，依题意，得：x＝（x﹣5）﹣5．故选：A．11．如图，矩形ABCD中，BD为对角线，将矩形ABCD沿BE、BF所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，点C落在BD上的点N处，连结EF．已知AB＝3，BC＝4，则EF的长为（）A．3B．5C．D．【分析】求出BD＝5，AE＝EM，∠A＝∠BME＝90°，证明△EDM∽△BDA，由相似三角形的性质得出，设DE＝x，则AE＝EM＝4﹣x，得出，解得x＝，同理△DNF∽△DCB，得出，设DF＝y，则CF＝NF＝3﹣y，则，解得y＝．由勾股定理即可求出EF的长．解：∵四边形ABCD是矩形，∴AB＝CD＝3，AD＝BC＝4，∠A＝∠C＝∠EDF＝90°，∴BD＝＝＝5，∵将矩形ABCD沿BE所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，∴AE＝EM，∠A＝∠BME＝90°，∴∠EMD＝90°，∵∠EDM＝∠ADB，∴△EDM∽△BDA，∴，设DE＝x，则AE＝EM＝4﹣x，∴，解得x＝，∴DE＝，同理△DNF∽△DCB，∴，设DF＝y，则CF＝NF＝3﹣y，∴，解得y＝．∴DF＝．∴EF＝＝＝．故选：C．12．在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t的取值范围是（）A．≤t＜2B．＜t≤1C．1＜t≤2D．≤t≤2且t≠1【分析】由y＝tx+2t+2＝t（x+2）+2（t＞0），得出直线y＝tx+2t+2（t＞0）经过点（﹣2，2），如图，当直线经过（0，3）或（0，6）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，当直线经过（0，4）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有三个整点，分别求得这三种情况下的t的值，结合图象即可得到结论．解：∵y＝tx+2t+2＝t（x+2）+2（t＞0），∴直线y＝tx+2t+2（t＞0）经过点（﹣2，2），如图，当直线经过（0，3）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则3＝2t+2，解得t＝；当直线经过（0，6）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则6＝2t+2，解得t＝2；当直线经过（0，4）时，直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有三个整点，则4＝2t+2，解得t＝1；∴直线y＝tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t的取值范围是≤t≤2且t≠1，故选：D．二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13．在函数y＝中，自变量x的取值范围是x≠2．【分析】求函数自变量的取值范围，就是求函数解析式有意义的条件，分式有意义的条件是：分母不等于0；解：根据题意得2x﹣4≠0，解得x≠2；∴自变量x的取值范围是x≠2．14．2020年6月23日9时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星，标志着北斗三号卫星导航定位系统正式建成．根据最新数据，目前兼容北斗的终端产品至少有7亿台，其中7亿用科学记数法表示为7×108．【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n 的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞10时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．解：7亿＝700000000＝7×108，故答案为：7×108．15．已知关于x的一元二次方程（m﹣1）2x2+3mx+3＝0有一实数根为﹣1，则该方程的另一个实数根为﹣．【分析】把x＝﹣1代入原方程求出m的值，进而确定关于x的一元二次方程，解出方程的根即可．解：把x＝﹣1代入原方程得，（m﹣1）2﹣3m+3＝0，即：m2﹣5m+4＝0，解得，m＝4，m＝1（不合题意舍去），当m＝4时，原方程变为：9x2+12x+3＝0，即，3x2+4x+1＝0，解得，x1＝﹣1，x2＝﹣，故答案为：﹣．16．如图，在矩形ABCD中，BC＝10，∠ABD＝30°，若点M、N分别是线段DB、AB 上的两个动点，则AM+MN的最小值为15．【分析】作点A关于BD的对称点A′，连接MA′，BA′，过点A′H⊥AB于H．首先证明△ABA′是等边三角形，求出A′H，根据垂线段最短解决问题即可．解：作点A关于BD的对称点A′，连接MA′，BA′，过点A′H⊥AB于H．∵BA＝BA′，∠ABD＝∠DBA′＝30°，∴∠ABA′＝60°，∴△ABA′是等边三角形，∵四边形ABCD是矩形，∴AD＝BC＝10，在Rt△ABD中，AB＝＝10，∵A′H⊥AB，∴AH＝HB＝5，∴A′H＝AH＝15，∵AM+MN＝A′M+MN≤A′H，∴AM+MN≤15，∴AM+MN的最小值为15．故答案为15．三、解答题（本大题共5小题，共44分，解答应写出必要的文字说明或推演步骤）17．计算：（﹣）﹣1﹣|﹣2|+4sin60°﹣+（π﹣3）0．【分析】先计算负整数指数幂、去绝对值符号、代入三角函数值、化简二次根式、计算零指数幂，再计算乘法，最后计算加减可得．解：原式＝﹣2﹣2+4×﹣2+1＝﹣2﹣2+2﹣2+1＝﹣3．18．如图，点C、E、F、B在同一直线上，点A、D在BC异侧，AB∥CD，AE＝DF，∠A＝∠D．（1）求证：AB＝CD；（2）若AB＝CF，∠B＝40°，求∠D的度数．【分析】（1）根据平行线的性质求出∠B＝∠C，根据AAS推出△ABE≌△DCF，根据全等三角形的性质得出即可；（2）根据全等得出AB＝CD，BE＝CF，∠B＝∠C，求出CF＝CD，推出∠D＝∠CFD，即可求出答案．【解答】（1）证明：∵AB∥CD，∴∠B＝∠C，在△ABE和△DCF中，，∴△ABE≌△DCF（AAS），∴AB＝CD；（2）解：∵△ABE≌△DCF，∴AB＝CD，BE＝CF，∠B＝∠C，∵∠B＝40°，∴∠C＝40°∵AB＝CF，∴CF＝CD，∴∠D＝∠CFD＝（180°﹣40°）＝70°．19．我市某中学举行“法制进校园”知识竞赛，赛后将学生的成绩分为A、B、C、D四个等级，并将结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图．请你根据统计图解答下列问题．（1）成绩为“B等级”的学生人数有5名；（2）在扇形统计图中，表示“D等级”的扇形的圆心角度数为72°，图中m的值为40；（3）学校决定从本次比赛获得“A等级”的学生只能怪，选出2名去参加市中学生知识竞赛．已知“A等级”中有1名女生，请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率．【分析】（1）A等的有3人，占调查人数的15%，可求出调查人数，进而求出B等的人数；（2）D等级占调查人数的，因此相应的圆心角为360°的即可，计算C等级所占的百分比，即可求出m的值；（3）用列表法表示所有可能出现的结果，进而求出相应的概率．解：（1）3÷15%＝20（名），20﹣3﹣8﹣4＝5（名），故答案为：5；（2）360°×＝72°，8÷20＝40%，即m＝40，故答案为：72°，40；（3）“A等级”2男1女，从中选取2人，所有可能出现的结果如下：共有6种可能出现的结果，其中女生被选中的有4种，∴P（女生被选中）＝＝．20．为了维护我国海洋权力，海监部门对我国领海实行了常态化巡航管理．如图，正在执行巡航任务的海监船以每小时60海里的速度向正东方向航行，在A处测得灯塔P在北偏东60°方向上，海监船继续向东航行1小时到达B处，此时测得灯塔P在北偏东30°方向上．（1）求B处到灯塔P的距离；（2）已知灯塔P的周围50海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？【分析】（1）在△ABP中，求出∠PAB、∠PBA的度数即可解决问题，根据等腰三角形的性质即可得到结论；（2）作PH⊥AB于H．求出PH的值即可判定．解：（1）∵∠PAB＝30°，∠ABP＝120°，∴∠APB＝180°﹣∠PAB﹣∠ABP＝30°，∴PB＝AB＝60海里；（2）作PH⊥AB于H．∵∠BAP＝∠BPA＝30°，∴BA＝BP＝60，在Rt△PBH中，PH＝PB•sin60°＝60×＝30，∵30＞50，∴海监船继续向正东方向航行是安全的．21．如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，OD⊥BC于点D，过点C作⊙O的切线，交OD的延长线于点E，连结BE．（1）求证：BE是⊙O的切线；（2）设OE交⊙O于点F，若DF＝2，BC＝4，求线段EF的长；（3）在（2）的条件下，求阴影部分的面积．【分析】（1）连接OC，如图，根据垂径定理由OD⊥BC得到CD＝BD，则OE为BC 的垂直平分线，所以EB＝EC，证明△OCE≌△OBE（SSS），得出∠OBE＝∠OCE＝90°，根据切线的判定定理得BE与⊙O相切；（2）设⊙O的半径为x，则OD＝x﹣2，OB＝x，由勾股定理得出（x﹣2）2+（2）2＝x2，解得x＝4，求出OE的长，则可求出EF的长；（3）由扇形的面积公式可得出答案．【解答】（1）证明：连接OC，如图，∵CE为切线，∴OC⊥CE，∴∠OCE＝90°，∵OD⊥BC，∴CD＝BD，即OD垂直平分BC，∴EC＝EB，在△OCE和△OBE中，∴△OCE≌△OBE（SSS），∴∠OBE＝∠OCE＝90°，∴OB⊥BE，∴BE与⊙O相切；（2）解：设⊙O的半径为x，则OD＝OF﹣DF＝x﹣2，OB＝x，在Rt△OBD中，BD＝BC＝2，∵OD2+BD2＝OB2，∴（x﹣2）2+（2）2＝x2，解得x＝4，∴OD＝2，OB＝4，∴∠OBD＝30°，∴∠BOD＝60°，∴OE＝2OB＝8，∴EF＝OE﹣OF＝8﹣4＝4．（3）∵∠BOE＝60°，∠OBE＝90°，∴在Rt△OBE中，BE＝OB＝4，∴S阴影＝S四边形OBEC﹣S扇形OBC＝2××4×4﹣，＝16﹣．四、填空题（本大题共4小题，每小题6分，共24分．）22．分解因式：b4﹣b2﹣12＝（b+2）（b﹣2）（b2+3）．【分析】先利用十字相乘法，再利用平方差公式进行因式分解即可．解：b4﹣b2﹣12＝（b2﹣4）（b2+3）＝（b+2）（b﹣2）（b2+3），故答案为：（b+2）（b﹣2）（b2+3）．23．若数a使关于x的分式方程+＝3的解为非负数，且使关于y的不等式组的解集为y≤0，则符合条件的所有整数a的积为40．【分析】解分式方程的得出x＝，根据解为非负数得出≥0，且≠1，据此求出a≤5且a≠3；解不等式组两个不等式得出y≤0且y＜a，根据解集为y≤0得出a ＞0；综合以上两点得出整数a的值，从而得出答案．解：去分母，得：x+2﹣a＝3（x﹣1），解得：x＝，∵分式方程的解为非负数，∴≥0，且≠1，解得a≤5且a≠3，解不等式﹣≥﹣，得：y≤0，解不等式2（y﹣a）＜0，得：y＜a，∵不等式组的解集为y≤0，∴a＞0，∴0＜a≤5，则整数a的值为1、2、4、5，∴符合条件的所有整数a的积为1×2×4×5＝40，故答案为：40．24．如图，在平面直角坐标系中，点A（﹣2，0），直线l：y＝x+与x轴交于点B，以AB为边作等边△ABA1，过点A1作A1B1∥x轴，交直线l于点B1，以A1B1为边作等边△A1B1A2，过点A2作A2B2∥x轴，交直线l于点B2，以A2B2为边作等边△A2B2A3，以此类推……，则点A2020的纵坐标是．【分析】先根据解析式求得B的坐标，即可求得AB＝1，根据等边三角形的性质以及含30°角的直角三角形的性质，分别求得A1的纵坐标为，A2的纵坐标为，A3的纵坐标为，进而得到A n的纵坐标为，据此可得点A2020的纵坐标．解：∵直线l：y＝x+与x轴交于点B，∴B（﹣1，0），∴OB＝1，∵A（﹣2，0），∴OA＝2，∴AB＝1，∵△ABA1是等边三角形，∴A1（﹣，），把y＝代入y＝x+，求得x＝，∴B1（，），∴A1B1＝2，∴A2（﹣，+×2），即A2（﹣，），把y＝代入y＝x+，求得x＝，∴B2（，），∴A2B2＝4，∴A3（3，+×4），即A3（3，），……，A n的纵坐标为，∴点A2020的纵坐标是，故答案为．25．已知抛物线y1＝﹣x2+4x（如图）和直线y2＝2x+b．我们规定：当x取任意一个值时，x对应的函数值分别为y1和y2．若y1≠y2，取y1和y2中较大者为M；若y1＝y2，记M＝y1＝y2．①当x＝2时，M的最大值为4；②当b＝﹣3时，使M＞y2的x的取值范围是﹣1＜x＜3；③当b＝﹣5时，使M＝3的x的值是x1＝1，x2＝3；④当b≥1时，M随x 的增大而增大．上述结论正确的是②③④．（填写所有正确结论的序号）【分析】①求出y1，y2，求出m的值即可．②求出直线与抛物线的交点坐标，利用图象法解决问题即可．③画出图象，推出M＝3时，y1＝3，转化为方程求出x的值即可．④当b＝1时，由，消去y得到，x2﹣2x+1＝0，因为△＝0，推出此时直线y＝2x+1与抛物线只有一个交点，推出b＞1时，直线y＝2x+b与抛物线没有交点，由此即可判断．解：①当x＝2时，y1＝4，y2＝4+b，无法判断4与4+b的大小，故①错误．②如图1中，b＝﹣3时，由，解得或，∴两个函数图象的交点坐标为（﹣1，﹣5）和（3，3），观察图象可知，使M＞y2的x的取值范围是﹣1＜x＜3，故②正确，③如图2中，b＝﹣5时，图象如图所示，M＝3时，y1＝3，∴﹣x2+4x＝3，解得x＝1或3，故③正确，④当b＝1时，由，消去y得到，x2﹣2x+1＝0，∵△＝0，∴此时直线y＝2x+1与抛物线只有一个交点，∴b＞1时，直线y＝2x+b与抛物线没有交点，∴M随x的增大而增大，故④正确．五、解答题（本大题共3小题，每小题12分，共36分）26．我们知道，任意一个正整数x都可以进行这样的分解：x＝m×n（m，n是正整数，且m≤n），在x的所有这种分解中，如果m，n两因数之差的绝对值最小，我们就称m×n是x的最佳分解．并规定：f（x）＝．例如：18可以分解成1×18，2×9或3×6，因为18﹣1＞9﹣2＞6﹣3，所以3×6是18的最佳分解，所以f（18）＝＝．（1）填空：f（6）＝；f（9）＝1；（2）一个两位正整数t（t＝10a+b，1≤a≤b≤9，a，b为正整数），交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54，求出所有的两位正整数；并求f （t）的最大值；（3）填空：①f（22×3×5×7）＝；②f（23×3×5×7）＝；③f（24×3×5×7）＝；④f（25×3×5×7）＝．【分析】（1）仿照样例进行计算便可；（2）设交换t的个位上数与十位上的数得到的新数为t′，则t′＝10b+a，根据“交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54”的确定出x与y的关系式，进而求出所有的两位数，进而确定出F（t）的最大值即可；（3）根据样例计算便可．解：（1）6可分解成1×6，2×3，∵6﹣1＞3﹣2，∴2×3是6的最佳分解，∴f（6）＝，9可分解成1×9，3×3，∵9﹣1＞3﹣3，∴3×3是9的最佳分解，∴f（9）＝＝1，故答案为：；1；（2）设交换t的个位上数与十位上的数得到的新数为t′，则t′＝10b+a，根据题意得，t′﹣t＝（10b+a）﹣（10a+b）＝9（b﹣a）＝54，∴b＝a+6，∵1≤a≤b≤9，a，b为正整数，∴满足条件的t为：17，28，39；∵F（17）＝，F（28）＝，F（39）＝，∵，∴F（t）的最大值为；（3）①∵22×3×5×7的是最佳分解为20×21，∴f（22×3×5×7）＝，故答案为：；②∵23×3×5×7的最佳分解为24×35，∴f（23×3×5×7）＝，故答案为；③∵24×3×5×7的最佳分解是35×48，∴f（24×3×5×7）＝，故答案为：；④∵25×3×5×7的最佳分解是48×70，∴f（25×3×5×7）＝，故答案为：．27．如图，正方形ABCD中，P是对角线AC上的一个动点（不与A、C重合），连结BP，将BP绕点B顺时针旋转90°到BQ，连结QP交BC于点E，QP延长线与边AD交于点F．（1）连结CQ，求证：AP＝CQ；（2）若AP＝AC，求CE：BC的值；（3）求证：PF＝EQ．【分析】（1）证明△BAP≌△BCQ（SAS）可得结论．（2）过点C作CH⊥PQ于H，过点B作BT⊥PQ于T．由AP＝AC，可以假设AP＝CQ＝a，则PC＝3a，解直角三角形求出CH．BT，利用平行线分线段成比例定理解决问题即可．（3）证明△PGB≌△QEB，推出EQ＝PG，再证明△PFG是等腰直角三角形即可．【解答】（1）证明：如图1，∵线段BP绕点B顺时针旋转90°得到线段BQ，∴BP＝BQ，∠PBQ＝90°．∵四边形ABCD是正方形，∴BA＝BC，∠ABC＝90°．∴∠ABC＝∠PBQ．∴∠ABC﹣∠PBC＝∠PBQ﹣∠PBC，即∠ABP＝∠CBQ．在△BAP和△BCQ中，∵，∴△BAP≌△BCQ（SAS）．∴CQ＝AP．（2）解：过点C作CH⊥PQ于H，过点B作BT⊥PQ于T．∵AP＝AC，∴可以假设AP＝CQ＝a，则PC＝3a，∵四边形ABCD是正方形，∴∠BAC＝∠ACB＝45°，∵△ABP≌△CBQ，∴∠BCQ＝∠BAP＝45°，∴∠PCQ＝90°，∴PQ＝＝＝a，∵CH⊥PQ，∴CH＝＝a，∵BP＝BQ，BT⊥PQ，∴PT＝TQ，∵∠PBQ＝90°，∴BT＝PQ＝a，∵CH∥BT，∴＝＝＝，∴＝．（3）解：结论：PF＝EQ，理由是：如图2，当F在边AD上时，过P作PG⊥FQ，交AB于G，则∠GPF＝90°，∵∠BPQ＝45°，∴∠GPB＝45°，∴∠GPB＝∠PQB＝45°，∵PB＝BQ，∠ABP＝∠CBQ，∴△PGB≌△QEB，∴EQ＝PG，∵∠BAD＝90°，∴F、A、G、P四点共圆，连接FG，∴∠FGP＝∠FAP＝45°，∴△FPG是等腰直角三角形，∴PF＝PG，∴PF＝EQ．28．如图，抛物线y＝ax2+bx+c经过A（﹣1，0）、B（4，0）、C（0，2）三点，点D（x，y）为抛物线上第一象限内的一个动点．（1）求抛物线所对应的函数表达式；（2）当△BCD的面积为3时，求点D的坐标；（3）过点D作DE⊥BC，垂足为点E，是否存在点D，使得△CDE中的某个角等于∠ABC的2倍？若存在，求点D的横坐标；若不存在，请说明理由．【分析】（1）根据点A、B、C的坐标，利用待定系数法即可求出抛物线的解析式；（2）根据三角形面积公式可求与BC平行的经过点D的y轴上点M的坐标，再根据待定系数法可求DM的解析式，再联立抛物线可求点D的坐标；（3）分∠DCE＝2∠ABC及∠CDE＝2∠ABC两种情况考虑：①当∠DCE＝2∠ABC时，取点F（0，﹣2），连接BF，则CD∥BF，由点B，F的坐标，利用待定系数法可求出直线BF，CD的解析式，联立直线CD及抛物线的解析式成方程组，通过解方程组可求出点D的坐标；②当∠CDE＝2∠ABC时，过点C作CN⊥BF于点N，交OB于H．作点N关于BC的对称点P，连接NP交BC于点Q，由△OCH∽△OBF求出H点坐标，利用待定系数法求出直线CN的解析式，联立直线BF及直线CN成方程组，通过解方程组可求出点N的坐标，利用对称的性质可求出点P的坐标，由点C、P的坐标，利用待定系数法可求出直线CP的解析式，将直线CP的解析式代入抛物线解析式中可得出关于x的一元二次方程，解之取其非零值可得出点D的横坐标．依此即可得解．解：（1）将A（﹣1，0）、B（4，0）、C（0，2）代入y＝ax2+bx+c得：，解得：．故抛物线的解析式为y＝﹣x2+x+2．（2）如图2，设点M的坐标为（0，m），使得△BCM的面积为3，3×2÷4＝1.5，则m＝2+1.5＝，M（0，）∵点B（4，0），C（0，2），∴直线BC的解析式为y＝﹣x+2，∴DM的解析式为y＝﹣x+，联立抛物线解析式，解得，．∴点D的坐标为（3，2）或（1，3）．（3）分两种情况考虑：①当∠DCE＝2∠ABC时，取点F（0，﹣2），连接BF，如图3所示．∵OC＝OF，OB⊥CF，∴∠ABC＝∠ABF，∴∠CBF＝2∠ABC．∵∠DCB＝2∠ABC，∴∠DCB＝∠CBF，∴CD∥BF．∵点B（4，0），F（0，﹣2），∴直线BF的解析式为y＝x﹣2，∴直线CD的解析式为y＝x+2．联立直线CD及抛物线的解析式成方程组得：，解得：（舍去），，∴点D的坐标为（2，3）；②当∠CDE＝2∠ABC时，过点C作CN⊥BF于点N，交OB于H．作点N关于BC的对称点P，连接NP交BC于点Q，如图4所示．∵∠OCH＝90°﹣∠OHC，∠OBF＝90°﹣∠BHN，∠OHC＝∠BHN，∴∠OCH＝∠OBF．在△OCH与△OBF中，∴△OCH∽△OBF，∴＝，即＝，∴OH＝1，H（1，0）．设直线CN的解析式为y＝kx+n（k≠0），∵C（0，2），H（1，0），∴，解得，∴直线CN的解析式为y＝﹣2x+2．连接直线BF及直线CN成方程组得：，解得：，∴点N的坐标为（，﹣）．∵点B（4，0），C（0，2），∴直线BC的解析式为y＝﹣x+2．∵NP⊥BC，且点N（，﹣），∴直线NP的解析式为y＝2x﹣．联立直线BC及直线NP成方程组得：，解得：，∴点Q的坐标为（，）．∵点N（，﹣），点N，P关于BC对称，∴点P的坐标为（，）．∵点C（0，2），P（，），∴直线CP的解析式为y＝x+2．将y＝x+2代入y＝﹣x2+x+2整理，得：11x2﹣29x＝0，解得：x1＝0（舍去），x2＝，∴点D的横坐标为．综上所述：存在点D，使得△CDE的某个角恰好等于∠ABC的2倍，点D的横坐标为2或．。

【真题】四川省内江市2020年中考数学试卷(2)含答案解析

2020年四川省内江市中考数学试卷一、选择题(本大题共12个小题,每小题3分,共36分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. -3的绝对值为（）A. -3B. 3C.D.【答案】B【解析】根据绝对值的性质得：|-3|=3．故选B．2. 小时候我们用肥皂水吹泡泡，其泡沫的厚度是约0.000326毫米,用科学记数法表示为（）A. 毫米B. 毫米C. 厘米D. 厘米【答案】A【解析】分析：根据绝对值小于1的数可表示成为a×10-n的形式即可求解.详解：0.000326毫米=毫米，故选：A.点睛：此题考查了科学记数法—表示较小的数，绝对值小于1的正数也可以利用科学记数法表示，一般形式为a×10-n，与较大数的科学记数法不同的是其所使用的是负指数幂，指数由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定．3. 如图是正方体的表面展开图，则与“前”字相对的字是（）A. 认B. 真C. 复D. 习【答案】B【解析】分析：由平面图形的折叠以及正方体的展开图解题，罪域正方体的平面展开图中相对的面一定相隔一个小正方形.详解：由图形可知，与“前”字相对的字是“真”．故选：B．点睛：本题考查了正方体的平面展开图，注意正方体的空间图形，从相对面入手分析及解答问题.4. 下列计算正确的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】分析：根据合并同类项运算法则和积的乘方法则、完全平方公式以及同底数幂的除法法则逐项计算即可．详解：A，a+a=2a≠a2，故该选项错误；B，（2a）3=8a3≠6a3，故该选项错误C，（a﹣1）2=a2﹣2a+1≠a2﹣1，故该选项错误；D，a3÷a=a2，故该选项正确，故选：D．点睛：本题考查了完全平方公式，合并同类项，幂的乘方与积的乘方，同底数幂的除法等运算法则，熟练掌握这些法则是解此题的关键.5. 已知函数，则自变量的取值范围是（）A. B. 且 C. D.【答案】B【解析】分析：根据被开方数大于等于0，分母不等于0列式计算即可得解．详解：根据题意得：，解得：x≥﹣1且x≠1．故选：B．点睛：此题考查函数自变量的取值范围，二次根式有意义的条件是被开方部分大于或等于零，二次根式无意义的条件是被开方部分小于0.6. 已知：﹣=，则的值是（）A. B. ﹣ C. 3 D. ﹣3【答案】C【解析】分析：已知等式左边两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，变形后即可得到结果．详解：∵﹣=，∴=，则=3，故选：C．点睛：此题考查了分式的化简求值，化简求值的方法有直接代入法，整体代入法等常用的方法，解题时可根据题目具体条件选择合适的方法，当未知的值没有明确给出时，所选取的未知数的值必须使原式的各分式都有意义，且除数不能为0.7. 已知的半径为，的半径为，圆心距，则与的位置关系是（）A. 外离B. 外切C. 相交D. 内切【答案】C【解析】分析：由⊙O1与⊙O2的半径分别是3cm和2cm，圆心距O1O2=4cm，根据两圆位置关系与圆心距d，两圆半径R，r的数量关系间的联系即可得出两圆位置关系．详解：∵⊙O1的半径为3cm，⊙O2的半径为2cm，圆心距O1O2为4cm，又∵2+3=5，3﹣2=1，1＜4＜5，∴⊙O1与⊙O2的位置关系是相交．故选：C．点睛：此题考查圆与圆的位置关系，设两圆的半径分别是R和r，且R≥r，圆心距为P：外离，则P>R+r；外切，则P=R+r；相交，则R-r<P<R+r；内切，则P=R-r；内含，则P<R-r.8. 已知与相似，且相似比为，则与的面积比A. B. C. D.【答案】D【解析】分析：根据相似三角形面积的比等于相似比的平方解答．详解：已知△ABC与△A1B1C1相似，且相似比为1：3，则△ABC与△A1B1C1的面积比为1：9，故选：D．点睛：此题考查相似三角形的性质，熟练掌握相似三角形的性质是解题的关键.9. 为了了解内江市2020年中考数学学科各分数段成绩分布情况，从中抽取400名考生的中考数学成绩进行统计分析，在这个问题中，样本是指（）A. 400B. 被抽取的400名考生C. 被抽取的400名考生的中考数学成绩D. 内江市2020年中考数学成绩【答案】C【解析】分析：直接利用样本的定义，从总体中取出的一部分个体叫做这个总体的一个样本，进而进行分析得出答案.详解：为了了解内江市2020年中考数学学科各分数段成绩分布情况，从中抽取400名考生的中考数学成绩进行统计分析，在这个问题中，样本是指被抽取的400名考生的中考数学成绩．故选：C．点睛：此题主要考查了样本的定义，正确把握定义是解题的关键.10. 在物理实验课上，老师用弹簧秤将铁块悬于盛有水的水槽中，然后匀速向上提起，直到铁块完全露出水面一定高度，则下图能反映弹簧秤的读数 (单位)与铁块被提起的高度 (单位)之间的函数关系的大致图象是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析：因为小明用弹簧称将铁块A悬于盛有水的水槽中，然后匀速向上提起，直至铁块完全露出水面一定高度．则露出水面前读数y不变，出水面后y逐渐增大，离开水面后y不变．故选C．考点：函数的图象．11. 如图，将矩形沿对角线折叠，点落在处，交于点，已知,则的度为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】分析：先利用互余求出∠FDB，再根据平行线的性质求出∠CBD，根据折叠求出∠FBD，然后利用三角形外角的性质计算∠DFE即可．详解：：∵四边形ABCD为矩形，∴AD∥BC，∠ADC=90°，∵∠FDB=90°﹣∠BDC=90°﹣62°=28°，∵AD∥BC，∴∠CBD=∠FDB=28°，∵矩形ABCD沿对角线BD折叠，∴∠FBD=∠CBD=28°，∴∠DFE=∠FBD+∠FDB=28°+28°=56°．故选：D．点睛：本题考查了平行线的性质：两直线平行，同位角相等；两直线平行，内错角相等；两直线平行，同旁内角互补.12. 如图，在平面直角坐标系中，的顶点在第一象限，点、的坐标分别为、，，，直线交轴于点，若与关于点成中心对称，则点的坐标为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】分析：先求得直线AB解析式为y=x﹣1，即可得P（0，﹣1），再根据点A与点A'关于点P成中心对称，利用中点坐标公式，即可得到点A'的坐标.详解：∵点B，C的坐标分别为（2，1），（6，1），∠BAC=90°，AB=AC，∴△ABC是等腰直角三角形，∴A（4，3），设直线AB解析式为y=kx+b，则，解得，∴直线AB解析式为y=x﹣1，令x=0，则y=﹣1，∴P（0，﹣1），又∵点A与点A'关于点P成中心对称，∴点P为AA'的中点，设A'（m，n），则=0，=﹣1，∴m=﹣4，n=﹣5，∴A'（﹣4，﹣5），故选：A．点睛：本题考查了中心对称和等腰直角三角形的运用，利用待定系数法得出直线AB的解析式是解题的关键.二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13. 分解因式：___________．【答案】ab（a+b）（a﹣b）．【解析】分析：先提公因式ab，再把剩余部分用平方差公式分解即可.详解：a3b﹣ab3，=ab（a2﹣b2），=ab（a+b）（a﹣b）．点睛：此题考查了综合提公因式法和公式法因式分解，分解因式掌握一提二用，即先提公因式，再利用平方差或完全平方公式进行分解.14. 有五张卡片（形状、大小、质地都相同），上面分别画有下列图形：①线段；②正三角形；③平行四边形；④等腰梯形；⑤圆．将卡片背面朝上洗匀，从中抽取一张，正面图形一定满足既是轴对称图形，又是中心对称图形的概率是__________．【答案】【解析】分析：由五张卡片①线段；②正三角形；③平行四边形；④等腰梯形；⑤圆中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的①⑤，直接利用概率公式求解即可求得答案．详解：∵五张卡片①线段；②正三角形；③平行四边形；④等腰梯形；⑤圆中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的①⑤，∴从中抽取一张，正面图形一定满足既是轴对称图形，又是中心对称图形的概率是：．故答案为：．点睛：此题考查了概率公式的应用.注意用到的知识点为：概率=所求情况数与情况总数之比.15. 关于的一元二次方程有实数根，则的取值范围是__________．【答案】k≥﹣4．【解析】分析：若一元二次方程有实根，则根的判别式△=b2﹣4ac≥0，建立关于k的不等式，求出k的取值范围即可．详解：∵关于x的一元二次方程x2+4x﹣k=0有实数根，∴△=42﹣4×1×（﹣k）=16+4k≥0，解得：k≥﹣4．故答案为：k≥﹣4．点睛：此题考查了根的判别式，总结：一元二次方程根的情况与判别式△的关系：（1）△＞0，方程有两个不相等的实数根；（2）△=0，方程有两个相等的实数根；（3）△＜0方程没有实数根．16. 已知，A、B、C、D是反比例函数y=（x＞0）图象上四个整数点（横、纵坐标均为整数），分别过这些点向横轴或纵轴作垂线段，以垂线段所在的正方形（如图）的边长为半径作四分之一圆周的两条弧，组成四个橄榄形（阴影部分），则这四个橄榄形的面积总和是__________（用含π的代数式表示）．【答案】5π﹣10【解析】分析：通过观察可知每个橄榄形的阴影面积都是一个圆的面积的四分之一减去一个直角三角形的面积再乘以2，分别计算这5个阴影部分的面积相加即可表示．详解：∵A、B、C、D、E是反比例函数y=（x＞0）图象上五个整数点，∴x=1，y=8；x=2，y=4；x=4，y=2；x=8，y=1；∴一个顶点是A、D的正方形的边长为1，橄榄形的面积为：2；一个顶点是B、C的正方形的边长为2，橄榄形的面积为：=2（π﹣2）；∴这四个橄榄形的面积总和是：（π﹣2）+2×2（π﹣2）=5π﹣10．故答案为：5π﹣10．点睛：问题主要用过考查橄榄形的面积的计算来考查反比例函数图形的应用，关键是要分析出其图象特点，再结合性质作答.三、解答题（本大题共5小题，共44分.解答应写出必要的文字说明或推理步骤.）17. 计算：【答案】【解析】分析：原式分别利用算术平方根、绝对值、平方、0次幂以及负整数指数幂分别运算，最后再化简合并即可.详解：原式=2﹣+12﹣1×4=+8．点睛：本题考查了用算术平方根、绝对值、平方、0次幂以及负整数指数幂等知识点，熟练运用这些知识是解此题的关键.18. 如图，已知四边形是平行四边形，点、分别是、上的点，，并且. 求证:（1）（2）四边形是菱形【答案】(1)证明峥解析；（2）四边形ABCD是菱形．【解析】分析：（1）首先根据平行四边形的性质得出∠A=∠C，进而利用全等三角形的判定得出即可；（2）根据菱形的判定得出即可．详解：（1）∵四边形ABCD是平行四边形，∴∠A=∠C．在△AED与△CFD中，，∴△AED≌△CFD（ASA）；（2）由（1）知，△AED≌△CFD，则AD=CD．又∵四边形ABCD是平行四边形，∴四边形ABCD是菱形．点睛：此题考查了菱形的判定，全等三角形的判定与性质以及平行四边形的性质，解题的关键是掌握相关的性质与定理.19. 为了掌握八年级数学考试卷的命题质量与难度系数，命题组教师赴外地选取一个水平相当的八年级班级进行预测，将考试成绩分布情况进行处理分析，制成频数分布表如下(成绩得分均为整数)：组别成绩分组频数频率频数1 2 0.052 4 0.103 0.24 10 0.2556 6 0.15合计40 1.00根据表中提供的信息解答下列问题：（1）频数分布表中的，，；（2）已知全区八年级共有200个班(平均每班40人)，用这份试卷检测，108分及以上为优秀，预计优秀的人数约为，72分及以上为及格，预计及格的人数约为，及格的百分比约为；（3）补充完整频数分布直方图.【答案】（1）8、10、0.25；（2）1200人、6800人、85%；（3）补图见解析.【解析】分析：（1）根据第一组的频数和频率结合频率=，可求出总数，继而可分别得出a、b、c的值；（2）根据频率=的关系可分别求出各空的答案．（3）根据（1）中a、b的值即可补全图形．详解：（1）∵被调查的总人数为2÷0.05=40人，∴a=40×0.2=8，b=40﹣（2+4+8+10+6）=10，c=10÷40=0.25，故答案为：8、10、0.25；（2）∵全区八年级学生总人数为200×40=8000人，∴预计优秀的人数约为8000×0.15=1200人，预计及格的人数约为8000×（0.2+0.25+0.25+0.15）=6800人，及格的百分比约为×100%=85%，故答案为：1200人、6800人、85%；（3）补全频数分布直方图如下：点睛：本题考查频数（率）分布直方图，频数（率）分布表，难度不大，解答本题的关键是掌握频率=．20. 如图是某路灯在铅垂面内的示意图，灯柱的高为11米，灯杆与灯柱的夹角，路灯采用锥形灯罩，在地面上的照射区域长为18米，从、两处测得路灯的仰角分别为和，且，.求灯杆的长度.【答案】2米【解析】分析：过点B作BF⊥CE，交CE于点F，过点A作AAG⊥AF，交BF于点G，则FG=AC=11．设BF=3x知EF=4x、DF=，由DE=18求得x=4，据此知BG=BF-GF=1，再求得∠BAG=∠BAC-∠CAG=30°可得AB=2BG=2．详解：过点B作BF⊥CE，交CE于点F，过点A作AG⊥AF，交BF于点G，则FG=AC=11．由题意得∠BD E=α，tan∠β=．设BF=3x，则EF=4x在Rt△BDF中，∵tan∠BDF=，∴DF=，∵DE=18，∴x+4x=18．∴x=4．∴BF=12，∴BG=BF﹣GF=12﹣11=1，∵∠BAC=120°，∴∠BAG=∠BAC﹣∠CAG=120°﹣90°=30°．∴AB=2BG=2，答：灯杆AB的长度为2米．点睛：本题主要考查解直角三角形-仰角俯角问题，解题的关键是结合题意构建直角三角形并熟练掌握三角函数的定义及其应用能力.21. 某商场计划购进、两种型号的手机，已知每部型号手机的进价比每部型号手机的多500元，每部型号手机的售价是2500元，每部型号手机的售价是2100元.（1）若商场用500000元共购进型号手机10部，型号手机20部.求、两种型号的手机每部进价各是多少元？（2）为了满足市场需求，商场决定用不超过7.5万元采购、两种型号的手机共40部，且型号手机的数量不少于型号手机数量的2倍.①该商场有哪几种进货方式？②该商场选择哪种进货方式，获得的利润最大？【答案】（1）A、B两种型号的手机每部进价各是2000元、1500元；（2）①有4种购机方案：方案一：A种型号的手机购进27部，则B种型号的手机购进13部；方案二：A种型号的手机购进28部，则B种型号的手机购进12部；方案三：A种型号的手机购进29部，则B种型号的手机购进11部；方案四：A种型号的手机购进30部，则B种型号的手机购进10部；②购进A种型号的手机27部，购进B种型号的手机13部时获利最大．【解析】分析：（1）A、B两种型号的手机每部进价各是x元、y元，根据每部型号手机的进价比每部型号手机的进价多500元以及商场用500000元共购进型号手机10部，型号手机20部列方程组，求出方程组的解即可得到结果；（2）设A、B两种型号的手机每部进价各是x元、y元，根据话费的钱数不超过7.5万元以及型号手机的数量不少于型号手机数量的2倍，据此列不等式组，求出不等式组的解集的正整数解，即可确定出购机方案．详解：（1）设A、B两种型号的手机每部进价各是x元、y元，根据题意得：，解得：，答：A、B两种型号的手机每部进价各是2000元、1500元；（2）①设A种型号的手机购进a部，则B种型号的手机购进（40﹣a）部，根据题意得：，解得：≤a≤30，∵a为解集内的正整数，∴a=27，28，29，30，∴有4种购机方案：方案一：A种型号的手机购进27部，则B种型号的手机购进13部；方案二：A种型号的手机购进28部，则B种型号的手机购进12部；方案三：A种型号的手机购进29部，则B种型号的手机购进11部；方案四：A种型号的手机购进30部，则B种型号的手机购进10部；②设A种型号的手机购进a部时，获得的利润为w元．根据题意，得w=500a+600（40﹣a）=﹣100a+24000，∵﹣10＜0，∴w随a的增大而减小，∴当a=27时，能获得最大利润．此时w=﹣100×27+24000=21700（元）．因此，购进A种型号的手机27部，购进B种型号的手机13部时，获利最大．答：购进A种型号的手机27部，购进B种型号的手机13部时获利最大．点睛：此题考查了一次函数的应用，一元一次不等式的应用，二元一次方程组的应用，找出满足题意的等量关系与不等关系是解本题的关键.四、填空题(本大题共4小题，每小题6分,共24分.)22. 已知关于的方程的两根为，，则方程的两根之和为___________.【答案】1【解析】分析：设t=x+1，则方程a（x+1）2+b（x+1）+1=0化为at2+at+1=0，利用方程的解是x1=1，x2=2得到t1=1，t2=2，然后分别计算对应的x的值可确定方程a（x+1）2+b（x+1）+1=0的解．详解：设x+1=t，方程a（x+1）2+b（x+1）+1=0的两根分别是x3，x4，∴at2+bt+1=0，由题意可知：t1=1，t2=2，∴t1+t2=3，∴x3+x4+2=3故答案为：1点睛：本题考查根与系数的关系，解题的关键是熟练运用根与系数的关系，本题属于基础题型.23. 如图，以为直径的的圆心到直线的距离，的半径,，直线不垂直于直线，过点、分别作直线的垂线，垂足分别为点、，则四边形的面积的最大值为___________.【答案】12【解析】分析：先判断OE为直角梯形ADCB的中位线，则OE＝（AD＋BC），所以S四边形ABCD＝OE•CD＝3CD，只有当CD＝AB＝4时，CD最大，从而得到S四边形ABCD最大值．详解：∵OE⊥l，AD⊥l，BC⊥l，而OA＝OB，∴OE为直角梯形ADCB的中位线，∴OE＝（AD＋BC），∴S四边形ABCD＝（AD＋BC）•CD＝OE•CD＝3CD，当CD＝AB＝4时，CD最大，S四边形ABCD最大，最大值为12．点睛：本题考查了梯形的中位线：梯形的中位线平行于两底，并且等于两底和的一半.24. 已知的三边、、满足，则的外接圆半径___________.【答案】【解析】分析：根据题目中的式子可以求得a、b、c的值，从而可以求得△ABC的外接圆半径的长．详解：：∵a＋b2＋|c−6|＋28＝4＋10b，∴（a−1−4＋4）＋（b2−10b＋25）＋|c−6|＝0，∴（−2）2＋（b−5）2＋|c−6|＝0，∴−2＝0，b−5＝0，c−6＝0，解得，a＝5，b＝5，c＝6，∴AC＝BC＝5，AB＝6，作CD⊥AB于点D，则AD＝3，CD＝4，设△ABC的外接圆的半径为r，则OC＝r，OD＝4−r，OA＝r，∴32＋（4−r）2＝r2，解得，r＝，故答案为：点睛：本题考查三角形的外接圆与外心、非负数的性质、勾股定理，解答本题的关键是明确题意，找出所求需要的条件，利用数形结合的思想解答．25. 如图，直线与两坐标轴分别交于、两点，将线段分成等份，分点分别为，，P3, ，… ，过每个分点作轴的垂线分别交直线于点，，，… ，用，，，…，分别表示，，…，的面积，则___________.【答案】【解析】分析：如图，作T1M⊥OB于M，T2N⊥P1T1．由题意可知：△BT1M≌△T1T2N≌△T n−1A，四边形OMT1P1是矩形，四边形P1NT2P2是矩形，推出S△BT1M＝××＝，S1＝12S矩形OMT1P1，S2＝S矩形P1NT2P2，可得S1＋S2＋S3＋…＋S n−1＝（S△AOB−n•S△NBT1）．详解：如图，作T1M⊥OB于M，T2N⊥P1T1．由题意可知：△BT1M≌△T1T2N≌△T n−1A，四边形OMT1P1是矩形，四边形P1N T2P2是矩形，∴S△BT1M＝×1n×1n＝n2，S1＝S矩形OMT1P1，S2＝S矩形P1NT2P2，∴S1＋S2＋S3＋…＋S n−1＝（S△AOB−n•S△NBT1）＝×（−n×）＝．故答案为：．点睛：本题考查一次函数的应用，规律型−点的坐标、三角形的面积、矩形的判定和性质等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，学会用分割法求阴影部分面积．五、解答题(本大题共3小题，每小题12分，共36分.)26. 如图，以的直角边为直径作交斜边于点，过圆心作，交于点，连接. （1）判断与的位置关系并说明理由；（2）求证：；（3）若，，求的长.【答案】（1）证明见解析；（2）证明见解析；（3）【解析】分析：（1）先判断出DE＝BE＝CE，得出∠DBE＝∠BDE，进而判断出∠ODE＝90°，即可得出结论；（2）先判断出△BCD∽△ACB，得出BC2＝CD•A C，再判断出DE＝12BC，AC＝2OE，即可得出结论；（3）先求出BC，进而求出BD，CD，再借助（2）的结论求出AC，即可得出结论．详解：（1）DE是⊙O的切线，理由：如图，连接OD，BD，∵AB是⊙O的直径，∴∠ADB=∠BDC=90°，∵OE∥AC，OA=OB，∴BE=CE，∴DE=BE=CE，∴∠DBE=∠BDE，∵OB=OD，∴∠OBD=∠ODB，∴∠ODE=∠OBE=90°，∵点D在⊙O上，∴DE是⊙O的切线；（2）∵∠BCD=∠ABC=90°，∠C=∠C，∴△BCD∽△ACB，∴，∴BC2=CD•AC，由（1）知DE=BE=CE=BC，∴4DE2=CD•AC，由（1）知，OE是△ABC是中位线，∴AC=2OE，∴4DE2=CD•2OE，∴2DE2=CD•OE；（3）∵DE=，∴BC=5，在Rt△BCD中，tanC=，设CD=3x，BD=4x，根据勾股定理得，（3x）2+（4x）2=25，∴x=﹣1（舍）或x=1，∴BD=4，CD=3，由（2）知，BC2=CD•AC，∴AC==，∴AD=AC﹣CD=﹣3=．点睛：此题是圆的综合题，主要考查了切线的性质，等腰三角形的性质，三角形的中位线定理，相似三角形的判定和性质，锐角三角函数，判断出△BCD∽△ACB是解本题的关键．27. 对于三个数、、，用表示这三个数的中位数，用表示这三个数中最大数，例如：，，.解决问题：（1）填空：，如果，则的取值范围为；（2）如果，求的值；（3）如果，求的值.【答案】（1），；（2）﹣3或0；（3）x=3或﹣3．【解析】分析：析：（1）根据定义写出sin45°，cos60°，tan60°的值，确定其中位数；根据max{a，b，c}表示这三个数中最大数，对于max{3，5−3x，2x−6}＝3，可得不等式组：则，可得结论；（2）根据新定义和已知分情况讨论：①2最大时，x＋4≤2时，②2是中间的数时，x＋2≤2≤x＋4，③2最小时，x＋2≥2，分别解出即可；（3）不妨设y1＝9，y2＝x2，y3＝3x−2，画出图象，根据M{9，x2，3x−2}＝max{9，x2，3x−2}，可知：三个函数的中间的值与最大值相等，即有两个函数相交时对应的x的值符合条件，结合图象可得结论．详解：（1）∵sin45°=，cos60°=，tan60°=，∴M{sin45°，cos60°，tan60°}=，∵max{3，5﹣3x，2x﹣6}=3，则，∴x的取值范围为：，故答案为：，；（2）2•M{2，x+2，x+4}=max{2，x+2，x+4}，分三种情况：①当x+4≤2时，即x≤﹣2，原等式变为：2（x+4）=2，x=﹣3，②x+2≤2≤x+4时，即﹣2≤x≤0，原等式变为：2×2=x+4，x=0，③当x+2≥2时，即x≥0，原等式变为：2（x+2）=x+4，x=0，综上所述，x的值为﹣3或0；（3）不妨设y1=9，y2=x2，y3=3x﹣2，画出图象，如图所示：结合图象，不难得出，在图象中的交点A、B点时，满足条件且M{9，x2，3x﹣2}=max{9，x2，3x﹣2}=y A=y B，此时x2=9，解得x=3或﹣3．点睛：本题考查了方程和不等式的应用及新定义问题，理解新定义，并能结合图象，可以很轻松将抽象题或难题破解，由此看出，图象在函数相关问题的作用是何等重要．28. 如图，已知抛物线与轴交于点和点，交轴于点.过点作轴，交抛物线于点.（1）求抛物线的解析式；（2）若直线与线段、分别交于、两点，过点作轴于点，过点作轴于点，求矩形的最大面积；（3）若直线将四边形分成左、右两个部分，面积分别为、，且，求的值.【答案】（1）y=x2+2x﹣3；（2）3；（3）.【解析】分析：（1）利用待定系数法即可得出结论；（2）先利用待定系数法求出直线AD，BD的解析式，进而求出G，H的坐标，进而求出GH，即可得出结论；（3）先求出四边形ADNM的面积，再求出直线y＝kx＋1与线段CD，AB的交点坐标，即可得出结论．详解：（1）∵抛物线y=ax2+bx﹣3与x轴交于点A（﹣3，0）和点B（1，0），∴，∴，∴抛物线的解析式为y=x2+2x﹣3；（2）由（1）知，抛物线的解析式为y=x2+2x﹣3，∴C（0，﹣3），∴x2+2x﹣3=﹣3，∴x=0或x=﹣2，∴D（﹣2，﹣3），∵A（﹣3，0）和点B（1，0），∴直线AD的解析式为y=﹣3x﹣9，直线BD的解析式为y=x﹣1，∵直线y=m（﹣3＜m＜0）与线段AD、BD分别交于G、H两点，∴G（﹣m﹣3，m），H（m+1，m），∴GH=m+1﹣（﹣m﹣3）=m+4，∴S矩形GEFH=﹣m（m+4）=﹣（m2+3m）=﹣（m+）2+3，∴m=﹣，矩形GEFH的最大面积为3．（3）∵A（﹣3，0），B（1，0），∴AB=4，∵C（0，﹣3），D（﹣2，﹣3），∴CD=2，∴S四边形ABCD=×3（4+2）=9，∵S1：S2=4：5，∴S1=4，如图，设直线y=kx+1与线段AB相交于M，与线段CD相交于N，∴M（﹣，0），N（﹣，﹣3），∴AM=﹣+3，DN=﹣+2，∴S1=（﹣+3﹣+2）×3=4，∴k=点睛：此题是二次函数综合题，主要考查了待定系数法，矩形的面积公式，梯形的面积公式，求出相关线段的长是解本题的关键．。

2020年内江市中考数学试题(含答案解析)

BACD2020年内江市中考数学试题（含答案解析）第Ⅰ卷（选择题共36分）一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

）1、21的倒数是（） A 、2 B 、21 C 、21-D 、2-2、下列四个数中，最小的数是（） A 、0B 、20201-C 、5D 、1-3、下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是（）4、如图，已知直线b a //，︒=∠501，则2∠的度数为（） A 、︒140 B 、︒130 C 、︒50 D 、︒405、小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是（）A 、80，90B 、90，90C 、90，85D 、90，95 6、将直线12--=x y 向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为（） A 、52--=x y B 、32--=x y C 、12+-=x y D 、32+-=x y 7、如图，在ABC ∆中，D 、E 分别是AB 和AC 的中点，15=BCED S 四边形，则=∆ABC S （） A 、30 B 、25 C 、22.5 D 、20第7题图EBCD A第8题图OBCDAOxyC DA 1a2 b8、如图，点A 、B 、C 、D 在⊙O 上，︒=∠120AOC ，点B 是⌒AC 的中点，则D ∠的度数是（） A 、︒30 B 、︒40 C 、︒50 D 、︒60 9、如图，点A 是反比例函数xky =图象上的一点，过点A 作x AC ⊥轴，垂足为点C ，D 为AC 的中点，若AOD ∆的面积为1，则k 的值为（）A 、34 B 、38C 、3D 、410、我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托。

折回索子却量竿，却比竿子短一托。

2020年四川省内江市中考数学试卷

2020年四川省内江市中考数学试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．） 1．（3分）（2020•内江）12的倒数是( ) A ．2B ．12 C ．12-D ．2-2．（3分）（2020•内江）下列四个数中，最小的数是( ) A ．0B ．12020-C ．5D ．1-3．（3分）（2020•内江）下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是( )A ．B ．C ．D ．4．（3分）（2020•内江）如图，已知直线//a b ，150∠=︒，则2∠的度数为( )A ．140︒B ．130︒C ．50︒D ．40︒5．（3分）（2020•内江）小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是( ) A ．80，90B ．90，90C ．90，85D ．90，956．（3分）（2020•内江）将直线21y x =--向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为( ) A ．25y x =--B ．23y x =--C ．21y x =-+D ．23y x =-+7．（3分）（2020•内江）如图，在ABC ∆中，D 、E 分别是AB 和AC 的中点，15BCED S =四边形，则(ABC S ∆= )A．30B．25C．22.5D．208．（3分）（2020•内江）如图，点A、B、C、D在O上，120AOC∠=︒，点B是AC的中点，则D∠的度数是( )A．30︒B．40︒C．50︒D．60︒9．（3分）（2020•内江）如图，点A是反比例函数kyx=图象上的一点，过点A作AC x⊥轴，垂足为点C，D为AC的中点，若AOD∆的面积为1，则k的值为()A．43B．83C．3D．410．（3分）（2020•内江）我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和一条绳索，用绳索去量竿，绳索比竿长5尺；如果将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺．设绳索长x尺．则符合题意的方程是()A．1(5)52x x=--B．1(5)52x x=++C．2(5)5x x=--D．2(5)5x x=++11．（3分）（2020•内江）如图，矩形ABCD中，BD为对角线，将矩形ABCD沿BE、BF所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，点C落在BD上的点N处，连结EF．已知3AB=，4BC=，则EF的长为()A．3B．5C 513D1312．（3分）（2020•内江）在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线22(0)y tx t t=++>与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t 的取值范围是( ) A ．122t < B ．112t < C ．12t < D ．122t 且1t ≠ 二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分） 13．（5分）（2020•内江）在函数124y x =-中，自变量x 的取值范围是． 14．（5分）（2020•内江）2020年6月23日9时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星，标志着北斗三号卫星导航定位系统正式建成．根据最新数据，目前兼容北斗的终端产品至少有7亿台，其中7亿用科学记数法表示为．15．（5分）（2020•内江）已知关于x 的一元二次方程22(1)330m x mx -++=有一实数根为1-，则该方程的另一个实数根为．16．（5分）（2020•内江）如图，在矩形ABCD 中，10BC =，30ABD ∠=︒，若点M 、N 分别是线段DB 、AB 上的两个动点，则AM MN +的最小值为．三、解答题（本大题共5小题，共44分，解答应写出必要的文字说明或推演步骤） 17．（7分）（2020•内江）计算：101()|2|4sin 6012(3)2π----+︒-+-．18．（9分）（2020•内江）如图，点C 、E 、F 、B 在同一直线上，点A 、D 在BC 异侧，//AB CD ，AE DF =，A D ∠=∠．（1）求证：AB CD =；（2）若AB CF =，40B ∠=︒，求D ∠的度数．19．（9分）（2020•内江）我市某中学举行“法制进校园”知识竞赛，赛后将学生的成绩分为A 、B 、C 、D 四个等级，并将结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图．请你根据统计图解答下列问题．（1）成绩为“B等级”的学生人数有名；（2）在扇形统计图中，表示“D等级”的扇形的圆心角度数为，图中m的值为；（3）学校决定从本次比赛获得“A等级”的学生中间选出2名去参加市中学生知识竞赛．已知“A等级”中有1名女生，请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率．20．（9分）（2020•内江）为了维护我国海洋权力，海监部门对我国领海实行了常态化巡航管理．如图，正在执行巡航任务的海监船以每小时60海里的速度向正东方向航行，在A处测得灯塔P在北偏东60︒方向上，海监船继续向东航行1小时到达B处，此时测得灯塔P在北偏东30︒方向上．（1）求B处到灯塔P的距离；（2）已知灯塔P的周围50海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？21．（10分）（2020•内江）如图，AB是O的直径，C是O上一点，OD BC⊥于点D，过点C作O的切线，交OD的延长线于点E，连结BE．（1）求证：BE是O的切线；（2）设OE交O于点F，若2DF=，43BC=EF的长；（3）在（2）的条件下，求阴影部分的面积．四、填空题（本大题共4小题，每小题6分，共24分．） 22．（6分）（2020•内江）分解因式：4212b b --= ． 23．（6分）（2020•内江）若数a 使关于x 的分式方程2311x ax x++=--的解为非负数，且使关于y 的不等式组311343122()0y y y a -+⎧--⎪⎨⎪-<⎩的解集为0y ，则符合条件的所有整数a 的积为． 24．（6分）（2020•内江）如图，在平面直角坐标系中，点(2,0)A -，直线33:33l y x =+与x 轴交于点B ，以AB 为边作等边1ABA ∆，过点1A 作11//A B x 轴，交直线l 于点1B ，以11A B 为边作等边△112A B A ，过点2A 作22//A B x 轴，交直线l 于点2B ，以22A B 为边作等边△223A B A ，以此类推⋯⋯，则点2020A 的纵坐标是．25．（6分）（2020•内江）已知抛物线214y x x =-+（如图）和直线22y x b =+．我们规定：当x 取任意一个值时，x 对应的函数值分别为1y 和2y ．若12y y ≠，取1y 和2y 中较大者为M ；若12y y =，记12M y y ==．①当2x =时，M 的最大值为4；②当3b =-时，使2M y >的x 的取值范围是13x -<<；③当5b =-时，使3M =的x 的值是11x =，23x =；④当1b 时，M 随x 的增大而增大．上述结论正确的是．（填写所有正确结论的序号）五、解答题（本大题共3小题，每小题12分，共36分）26．（12分）（2020•内江）我们知道，任意一个正整数x 都可以进行这样的分解：(x m n m =⨯，n 是正整数，且)m n ，在x 的所有这种分解中，如果m ，n 两因数之差的绝对值最小，我们就称m n ⨯是x 的最佳分解．并规定：()m f x n=．例如：18可以分解成118⨯，29⨯或36⨯，因为1819263->->-，所以36⨯是18的最佳分解，所以31(18)62f ==．（1）填空：f （6）= ；f （9）= ；（2）一个两位正整数(10t t a b =+，19a b ，a ，b 为正整数），交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54，求出所有的两位正整数；并求()f t 的最大值；（3）填空：①2(2357)f ⨯⨯⨯= ；②3(2357)f ⨯⨯⨯= ；③4(2357)f ⨯⨯⨯= ；④5(2357)f ⨯⨯⨯= ．27．（12分）（2020•内江）如图，正方形ABCD 中，P 是对角线AC 上的一个动点（不与A 、C 重合），连结BP ，将BP 绕点B 顺时针旋转90︒到BQ ，连结QP 交BC 于点E ，QP 延长线与边AD 交于点F ．（1）连结CQ ，求证：AP CQ =；（2）若14AP AC =，求:CE BC 的值；（3）求证：PF EQ =．28．（12分）（2020•内江）如图，抛物线2y ax bx c =++经过(1,0)A -、(4,0)B 、(0,2)C 三点，点(,)D x y 为抛物线上第一象限内的一个动点．（1）求抛物线所对应的函数表达式；（2）当BCD ∆的面积为3时，求点D 的坐标；（3）过点D作DE BC∠的2倍？若存在，求点∆中的某个角等于ABC⊥，垂足为点E，是否存在点D，使得CDED的横坐标；若不存在，请说明理由．。

2020年四川内江中考数学试卷(解析版)

，
∴
，
，
，
，
在
中，
，
∴
，
解得：
，
，
在
中，
，
故选．
12. D
解析:
∵
，
∴当
时，
；当
时，
，
∴直线
与轴的交点坐标为
，与轴的交点坐标为
，
∵，
∴
，
当
时，
，此时
，
11
由图象知：直线如图，
与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，
当时，由图象知：直线如图，
图，此时
，与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，
11. 如图，矩形
中，为对角线，将矩形
沿
上的点处，点落在上的点处，连结，已知
、所在直线折叠，使点落在
，
，则的长为（）．
A. B. C. D.
12. 在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线
与
两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则的取值范围是（）．
，
的解为非负数，
，
①
17
解不等式①，得
，
解不等式②，得
，
∵关于的不等式组
∴
，
∴
且
又为整数，则的值为，，， .
符合条件的所有整数的积为
故答案为：．
的解集为
，
．
24. 解析: 如图，过作与轴交于点
y
于，过作，与轴交于点
于，过作，
于，先根据直线方程