梅州市东山中学2013届高一下学期第一次质检(理综)

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梅州市东山中学理科综合生物模拟试卷(一)

梅州市东山中学理科综合生物模拟试卷(一)(100分50分钟完成)第Ⅰ卷（选择题36分）一.单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24 分。

每小题给出的四个选项中只有一个选项最符合题目要求。

1.核酸是细胞内携带遗传信息的物质，以下关于DNA与RNA特点的比较，叙述正确的是（）A．在细胞内存在的主要部位相同B．构成的五碳糖不同C．核苷酸之间的连接方式不同D．构成的碱基不同2. 现有氨基酸800个，其中氨基总数为810个，羧基总数为808个，则由这些氨基酸合成的含有2条肽链的蛋白质共有肽键、氨基和羧基的数目依次分别为（）A 798、2和2B 798、12和10C 799、1和1D 799、11和93.用高倍显微镜观察黑藻叶绿体时，可见叶绿体（）A．具有双层膜B．呈绿色带状C．内部有许多基粒D．呈绿色椭球形4.以下为某植物生殖细胞形成过程中某些时期的示意图，正确的描述是（）A．①纺锤丝牵引着姐妹染色单体分开B．②纺锤丝牵引着同源染色体向细胞两极移动C．③同源染色体排列在赤道板上D．④减数第一次分裂染色体排列在赤道板上5.为证实叶绿体有放氧功能，可利用含有水绵与好氧细菌的临时装片进行实验，装片需要给与一定的条件，这些条件是（）A.光照、有空气、临时装片中无NaHCO3稀溶液B.光照、无空气、临时装片中有NaHCO3稀溶液C.黑暗、有空气、临时装片中无NaHCO3稀溶液D.黑暗、无空气、临时装片中有NaHCO3稀溶液6.下列对有关实验的描述中，错误的是（）A．分离叶绿体中的色素时，不同色素随层析液在滤纸上的扩散速度不同B．用低倍镜观察不到紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞的质壁分离复原过程C．观察叶片细胞的叶绿体时，先在低倍镜下找到叶片细胞再换高倍镜观察D．甲基绿染色可使人口腔上皮细胞的细胞核呈绿色二. 多项选择题：本题共2小题，每小题6分，共12分。

每小题给出的四个选项中，有不止一个选项符合题意。

每小题全选对得6分，选不全得2分，有错选或不答得0分。

(物理)梅州市高三第一次总复习质检试卷

梅州市高三第一次总复习质检试卷物理本试卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分150分。

考试时间120分钟。

注意事项：1. 答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号填写在答题卡上．用2B铅笔将答题卡试卷类型(B)填涂在答题卡上，并在答题卡右上角的“试室号”和“座位号”栏填写试室号、座位号。

2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把小答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答卷上各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案：不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将模拟答题卡和小答题卡一并交回。

第I卷 (选择题共48分)一、本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个正确选项，有的小题有多个正确选项．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的不得分．1．在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持物体运动的原因”的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是A．亚里士多德、伽利略 B．亚里士多德、牛顿C．伽利略、爱因斯坦 D．伽利略、牛顿2．如图1所示，是测定自感系数很大的线圈L的直流电阻的电路。

L两端并联一只电压表，用来测自感线圈的直流电压，在测定完毕后，将电路拆卸时应A．先断开S1 B．先断开S2C. 先拆除电流表 D．先拆除电阻R3．关于“神舟七号”载人航天飞船和“风云二号”气象同步卫星下列说法正确的是A．它们都只能运行在地球赤道上空B．“神舟七号”具有更大的加速度C．“风云二号”具有更大的线速度D．“风云二号”具有更长的运行周期4．如图2所示，两个内壁光滑、半径不同的半球形碗，放在不同高度的水平面上，使两碗口处于同一水平面．现将质量相同的两个小球(小球半径远小于碗的半径)，分别从两个碗的边缘由静止释放(忽略空气阻力，碗始终保持不动)，则A．过最低点时两个小球的速度大小是相等的B．两小球机械能对比，始终相等的C．在最低点两小球对碗底的压力大小相等的D．过最低点后两小球将滚到碗的另一侧边缘且不溜出5．如图3所示，从地面上方某点，将一小球以5m/s的初速度沿水平方向抛出。

(理基)梅州市高三第一次总复习质检试卷

梅州市高三第一次总复习质检试卷理科基础本试卷共12页，满分为150分，考试时间为120分钟。

注意事项：1、答卷前，考生务必用2B铅笔将自己的姓名、考生号、试室号、座位号分别填写在答题卡上。

用2B铅笔将试卷类型(A)填涂在答题卡上相应位置上。

2、每题选答后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3、考生必须保持答题卡的整洁，考试结束，将答题卡和试卷一并交回。

本试卷共75题，全部为单项选择题，每小题2分，共计150分：在每题的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的，多选、错选均得0分。

1．下面各物理量的单位中是国际单位制中的基本单位的是：A．mol A s B．N s m C．kg Pa m D．N s kg2．物体A、B在同一直线上做匀速直线运动，A、B两物体的s-t图像如图所示，由图可知：A．从第3s起，两物体运动方向相同，且v A>v BB．两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3s才开始运动C．在前5s内A、B两物体运动的位移相同，5s末A、B相遇D．前5s内A、B两物体的平均速度相等3．如图所示；一质量为M的人站在电动扶梯上，随扶梯一起匀速向上运动。

下列说法正确的是：A．人处于超重状态B．人处于失重状态C．运动中支持力对人不做功D．人受到两个力作用而处于平衡状态4．位于同一地点、同一高度的两个小球，一个被水平抛出的同时另一个自由落下(空气阻力忽略不计)，在它们运动过程的任一时刻，有：A．加速度不同，速度相同 B．加速度不同，速度不同C．加速度相同，速度不同 D．加速度相同，速度相同5．工人以90N的水平推力推一质量为45kg的运料车，使车沿水平方向运动，此时车的加速度为1.8m/s2。

当这位工人不再用力推车，在车完全停下来之前，车的加速度大小是： A．0 B．0.2m/s2 C．2m/s2 D. 5m/s26．在光滑水平桌面上放置一个刻度模糊的弹簧秤，两位同学各用200N的水平力拉弹簧的两端，测得弹簧伸长了4cm，则弹簧的读数N和弹簧的劲度系数K分别为：A．N=400N，K=100N/cm B．N=400N，K=50N/cmC．N=200N，K=104N/m D．N=200N，K=5.0×103N/m7．一辆汽车从静止出发在平直公路上加速前进，如果汽车发动机功率保持恒定，遇到的阻力也是恒定的，在汽车达到最大速度之前：A．汽车的加速度大小不变 B．汽车的加速度不断增加C．汽车的加速度不断减小 D. 汽车的加速度大小跟速度成反比8．某小孩在游乐园乘坐翻滚列车沿轨道正常运行，当小孩随列车经过竖直圆形轨道最低点时，若忽略轨道对列车的摩擦力，则下列判断正确的是：A．小孩所受各力的合力方向向上，小孩处于失重状态B．小孩所受各力的合力方向向上，小孩处于超重状态C．小孩所受各力的合力方向向下，小孩处于失重状态D．小孩所受各力的合力方向向下，小孩处于超重状态9．打点计时器所用电源的频率为50Hz，某次实验中得到的一条纸带，用毫米刻度尺测量的情况如图所示，纸带在A、D间的平均速度为：A．8m/s B．0.5m/sC．0.4m/s D．0.3m/s10．某同学通过Internet查询到“神舟”六号飞船在圆形轨道上运行一周的时间大约为90min，他将这一信息与地球同步卫星进行比较，由此可知：A．“神舟”六号在圆形轨道上运行时的向心加速度比地球同步卫星小B．“神舟”六号在圆形轨道上运行时的速率比地球同步卫星小C．“神舟”六号在圆形轨道上运行时离地面的高度比地球同步卫星低D．“神舟”六号在圆形轨道上运行时的角速度比地球同步卫星小11．人骑自行车下坡，坡长l=500m，坡高h=8m，人和车总质量为100kg，下坡时初速度为4m/s,人不刹车的情况下，到达坡底时车速为10m/s，g取10m/s2，则下坡过程中阻力所做的功为：A．-400J B．-3800J C．-50000J D．-4200J12．如图所示，一质量为M的带正电小球，以初速度v水平进入一竖直平面内斜向上的匀强电场。

广东省梅州市东山中学高一(下)第一次质检数学试卷

2019-20佃学年广东省梅州市东山中学高一（下）第一次质检数学试卷参考答案与试题解析A . 45 或 135°B . 135°C . 45°D . 30 °考正弦定理. 占：八、专计算题.题：分析:一、选择题.（50分） 1. （ 5分）在△ ABC 中，A=60 ° 瘁4打,24伍，则B 等于（）由A=60 °曲巨b 二4伍所给的条件是边及对的角，故考虑利用正弦定理，由正弦定理可得， sinA-sinB ，可得诅=誉笔/爭结合大边对大角由a >b 可得A >B ，从而可求解解：••• A=60 ° a=W3* b 二4迥答：由正弦定理可得， ~ -" sink sinB ■■- -: - •/ a > b 「. A >B ••• B=45 ° 故选：C点本题主要考查了在三角形中，所给的条件是边及对的角，可利用正弦定理进行解三角形，但利用正弦评：定理解三角形时所求的正弦，由正弦求角时会有两角，要注意利用大边对大角的运用. 3 2. （ 5分）三角形的两边 AB 、AC 的长分别为5和3,它们的夹角的余弦值为 '，则三角形的第三边长5为（） A . 52考余弦定理. 占：八、、♦专题：分析：解答：计算题；解三角形. C . 16 直接利用余弦定理建立方程求出第三边的长即可. 2 2 2解：由余弦定理 BC =AB +AC - 2AB?ACcosA ，可得三角形的另一边长为: :一；〕： =2 •二. 故选B . 本题主要考查余弦定理的应用，考查计算能力. 占八、、评：3.（ 5分）在一座20m 高的观测台顶测得对面一水塔仰角为60°塔底俯角为45°那么这座塔的高为（）B . 20 （1+ ■；）mC . 10（*（i + '：）mD . 20 （址）m考正弦定理的应用. 占：八、、♦专计算题；作图题；解三角形. 题：分作出图形，解三角形即可. 析：解解：依题意作图如下：AB=20m ，仰角/ DAE=60 °俯角/ EAC=45 °答：在等腰直角三角形 ACE 中，AE=EC=20m ,在直角三角形 DAE 中，/ DAE=60 °••• DE=AEtan60 °20近m ,•••塔高 CD= （ 20+20祈）m . 故选B .4. （ 5分）数列灼「叮二•，的一个通项公式是（A .考数列的概念及简单表示法. 占：八、、♦专计算题.题：分禾U 用不完全归纳法来求，先把数列中的每一项变成相同形式，再找规律即可. 析：解解；•••数列m 〕. •，的第三项可写成：，这样，每一项都是含根号的数，且每答：个被开方数比前一项的被开方数多3，•-....：；亍？—匚故选B 点本题考查了不完全归纳法求数列通项公式，做题时要认真观察，及时发现规律.评：）a n =^3n+l本题考查解三角形，着重考查作图能力，考查解直角三角形的能力，属于中档题.5. （5分）在数列｛a n｝中，若•，. ，则a3=（）1第3页A. 1B.丄C. 2考数列递推式.占：八、、专等差数列与等比数列.题：分利用递推关系式即可求出.析:解解：由题意可得：答:1 - - ' ■ ' =1+ =2,2 a i 1.,「三=1+ = =1.5.故选D .占八、、正确理解递推关系是解题的关键.评：6. （5分）在厶ABC中，三内角A、B、C成等差数列，则角B等于（）A . 30 °B. 60 °C. 90°D. 120°考占：八、、等差数列的性质.专题：计算题.分析:根据三内角A、B、C成等差数列，得到2B=A+C，又A+B+C-180 °,得到角B的三倍等于180 °,求出角B的大小.解答: 解：•••三内角A、B、C成等差数列，••• 2B-A+C又A+B+C-180 °•3B-180°•B-60°故选B占八、、评：本题看出等差数列的性质和三角形内角和的应用，本题解题的关键是利用等差数列的性质把三个角之间的关系整理出来，本题是一个基础题.7. （5分）（2019?福建）已知等差数列｛a n｝中，a7+a9=16 , a4=1，贝U a i2的值是（）A. 15B. 30C. 30 D . 64考占：八、、等差数列.专题：计算题.分析:利用通项公式求出首项a1与公差d，或利用等差数列的性质求解.解答: 解：解法1:- ｛a n｝为等差数列，设首项为a1，公差为d, •- a7+a9-a1+6d+a1+8d-2a1+14d-16 ①；a4-a1+3d-1 ②；由①—②得a1+11d-15,即a12-15 .解法2：由等差数列的性质得，a7+a9-a4+a12, T a7+a9-16, a4-1,a i2=a7+a9 - a4=l5 . 故选A .占八、、解法1用到了基本量a i与d,还用到了整体代入思想；评：解法2应用了等差数列的性质：｛a n｝为等差数列，当m+n-p+q (m, n, p, q€N+)时，a m+a n-a p+a q.特例：若m+n-2p (m, n, p €N+),贝U a m+a n-2a p.8 ( 5分)等差数列-5,- 2, 1 ,…的前20项的和为( )A.450B. 470C. 490 D . 510考占：八、、等差数列的前n项和.专题：等差数列与等比数列.分析:由题意可得公差为3，代入求和公式计算可得答案.解解：由题意可得数列的公差d- - 2-( - 5) -3,答: 由等差数列的求和公式可得：数列的前20 项的和S20-20 X (- 5) + _ ".•-4702故选B占八、、评：本题考查等差数列的前n项和，属基础题.9-(5分)在等比数列｛a n｝中，已知首项为I,末项为［，公比为;，则此等比数列的项数是()A. 3B. 4C. 5 D . 6考占：八、、等比数列的通项公式.专题：计算题. 分析: 设此等比数列的项数是n,由题意可得-''x :，解得此等比数列的项数n的值.3 8 3解答: 解：在等比数列｛a n ｝中，已知首项为，末项为，公比为「，设此等比数列的项数是n,o 0 0由等比数列的通项公式可得，■- -:",3 8 3•: ' -「，解得n-3,故选A .占八、、评：本题主要考查等比数列的通项公式的应用，属于基础题.10. ( 5 分)等比数列｛a n｝中，若a i+a2=20, a3+a4=40，则a5+a6=( )A. 2B. 40C. 80 D . 120 考等比数列的通项公式；等比数列.占：八、、♦专等差数列与等比数列.题：分由已知式子可得q2=2，而a5+a6= (a3+a4) ?q2，计算即可.析：第5页解解：设等比数列｛a n｝的公比为q,2 2答：贝V a3+a4= （a i+a2）?q =40，解得q =2,2故a5+a6= （a3+a4）?q =40 >2=80故选C点本题考查等比数列的通项公式，整体代入是解决问题的关键，属基础题.评：二、填空题.（20分）11. (5分)下列数列既是递增数列，又是无穷数列的有（4）—.（填题号）(1)1, 2, 3, (20)(2)- 1，- 2,- 3,…，—n,…；(3)1, 2, 3, 2, 5, 6,…；(4)- 1, 0, 1 , 2,…，100 ,…考点：专题：分析：解答: 点评: 等差数列的通项公式；等比数列的通项公式.阅读型；等差数列与等比数列.要找既是无穷数列必须是项数无限的数列，又是递增数列必须是后一项总比前一项大的数列•依据这一标准从四个答案中判断正确选项即可.解：而（1）选项中的数列是有穷数列，不满足题意（2）中数列的项递减数列；（3）中数列的项摆动的，不是递增的；而（4）中的数列是递增数列，满足所有条件.故答案为（4）考查学生对无穷数列和递增数列概念的理解能力.12. （5分）设｛a n｝是公比为正数的等比数列，若a1=1, a5=16，则数列｛a n｝前7项的和为127 .考点：等比数列的前n项和.专题：计算题.分析：先根据条件a1=1, a5=16以及公比为正数求得q，进而根据等比数列的求和公式，求得答案.解答：解：因为a5=a i?q44••• q =16又因为公比为正数•所以q=2.• S7^ ' = _ -=127.1 _q1-2故答案为：127.点评：本题主要考查了等比数列的求和公式•属基础题•在应用等比数列的求和公式时，一定要先判断公比的值，再代入公式，避免出错.13. （5分）已知等比数列｛a n｝中，a6=6, a9=9，贝U a3= 4 .考点：等比数列的性质.专题：计算题.分析：利用等比数列的性质可求其公比q3,利用等比中项的性质可求a3.解答：解：T｛a n｝为等比数列，a6=6, a9=9，设其公比为q,• 3 9 3…q 二—=-r=-z,Sc 9--- -' '(或者由q3 3a62=a3?a9 求也)故答案为：4.第7页点评：本题考查等比数列的性质，考查学生观察与应用的能力，属于基础题.14.( 5分)在三角形ABC中，bcosC=ccosB，则三角形ABC是等腰三角形.考点：三角形的形状判断.专题：解三角形.分析：: 运用正弦定理，化简ccosB=bcosC, 即卩sinCcosB=sinBcosC?sin ( B - C) =0 , B=C，推出三角形的形状.解答：解：T bcosC=ccosB/• sin CcosB=s in BcosC/• sin ( B - C) =0••• B=C•••三角形是等腰三角形. 故答案为：等腰.点评：本题考查正弦定理的应用，三角形形状的判断，基本知识的有考查.三、解答题.15. ( 12分)在三角形ABC中，已知' 11 ' ' 1',解三角形ABC .考点：. 正弦定理；余弦定理.专题：计算题；解三角形.分析：由正弦定理可得，可求sinC,结合c v b及三角形的大边对大角可求C,然后根据三角sinB sinC形的内角和定理可求A，再求出a即可解答：: 解：•••「二由正弦定理可得，:sinB sinC1 X25—• sinC=- -•/ c v b• C v B=60 °• C=30°, A=90 °, a=2c=2.点评：本题主要考查了正弦定理在求解三角形中的应用，解题时要注意大边对大角的应用.16. ( 12分)某货轮在A处看灯塔B在货轮的北偏东75。

广东省梅州市某重点中学2012-2013学年高一下学期第一次质检理综试题.pdf

_______________________ 。（4分）
（2）甲同学操作上的错误是_____
_____，实验效果差的原因是_______________________ _______。
（3）乙同学所用的染料是_______________________ _______。
（4）丙同学操作上的错误是_____________________________________。
否相同？_________。
28．（16分）由细胞凋亡与癌症生物学研究实验室主任Steller 教授领导的研究项目表明，当细胞以异常的模式进
行复制的时候，机体会释放一系列的死亡信号激发细胞自我毁灭，以免异常的细胞变成癌细胞。他们首次披露一种名为
IAPs（inhibitor of apoptosis preteins，细胞凋亡抑制蛋白）的蛋白控制细胞凋亡的机制。IAPs的作用机制是与细
(2)将制得的氨气全部溶于水制成2 L溶液，所得氨水物质的量浓度为多少？
34．如图所示，在研究平抛运动时，小球A沿轨道滑下，离开轨道末端（末端水平）时撞开轻质接触式开关S，被电
磁铁吸住的小球B同时自由下落。改变整个装置的高度做同样的实验，发现位于同一高度H的 A、B两球总是同时落地或
者在空中相碰。是不受机体控制的、
的恶性增殖细胞，癌细胞的形成是由
于致癌因子的作用，导致
基因发生突变所致。
（3）使正常体细胞转变成癌细胞的致癌因子主要有：
、
和
。
（4）癌细胞的主要特征有：
、
。（任写出二种）
29．（12分）以下是几位同学在进行观察洋葱根尖细胞有丝分裂实验操作的情况，请分析：
轮的半径为4r，小轮的半径为2r。b点在小轮上，到小轮中心的距离为r。c点和d点分别位

广东省梅州市2013届高三总复习检测(二)理综物理试题

梅州市2013届高三总复习质检试卷（二）物理一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分。

共16分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。

13.下列说法中正确的是A.物体的温度越高，分子的平均动能越大B.布朗运动是用显微镜观察到的分子的运动C.气体从外界吸收热量，其内能一定增加D.气体对外界做功，其内能一定减少14.一定质量的理想气体由状态A经过如图所示过程变到状态B，在此过程中气体的密度A.一直变大B.一直变小C.先变小后变大D.先变大后变小15.如图所示，足够长的光滑金属导轨固定在竖直平面内，匀强磁场垂直导轨所在的平面里。

金属棒AC与导轨垂直且接触良好。

现将导轨接上电阻R，导轨和金属棒的电阻忽略不计，则金属棒AC由静止释放后A.电流方向沿棒由C指向AB.金属棒所受安培力的最大值与其重力大小相等C.在金属棒加速下落的过程中，金属棒减少的重力势能全部转化为在电阻上产生的热量D.金属棒达到稳定速度后的下落过程中，金属棒的机械能守恒16.如图所示，在圆柱体上放一小物块P，圆柱体绕水平轴O缓慢转动，从A 转至B的过程中，物体与圆柱体保持相对静止，则物块P受到的力先变小后变大的是A.重力B.支持力C.摩擦力D.合外力二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分。

17.某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是A.a点的电势高于b的电势B.c点的电场强度小于d点的电场强度C.若将一正电荷由b点移到a点，电场力做正功D.正电荷在a点的电势能大于在b点的电势能18.关于天然放射现象，下列说法中正确的是A.γ射线不带电，它是频率很高的电磁波B.核裂变与核聚变都伴有质量亏损C.某原子核经过一次α衰变和两次β衰变后，核内中子数不变D.采用物理或化学方法可以有效地改变放射性元素的半衰期19.一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，线圈中的感应电动势e随时间t的变化如图所示。

广东省梅州市某重点中学2012-2013学年高一下学期第一次质检地理试题Word版含答案

2012-2013下期高一级第一次质检试题文科综合一、选择题（每小题4分，共140分）读下面的人口再生产类型转变示意图,回答1-3题1．现阶段我国人口再生产属于下列哪种情况 ( ) Ａ．（1）→（2）Ｂ．（2）→（3）Ｃ．（3）→（4）Ｄ．（4）→（5）2．下列国家中，人口再生产类型处于图中（2）阶段的是 ( ) Ａ．尼日利亚Ｂ．韩国Ｃ．古巴Ｄ．澳大利亚3．图中表现有老龄化趋向的阶段是 ( ) Ａ．（1）Ｂ．（2）Ｃ．（4）Ｄ．（5）下图为某高一学生绘制的四个国家的人口出生率和死亡率图，读图完成4～6题。

4.③国人口自然增长率约为 ( )Ａ．1.5%Ｂ．1% Ｃ．4% Ｄ．3%5．影响①国人口自然增长率的主要因素有 ( )①经济发展水平较高②人口受教育水平较低③医疗卫生水平较低④人们的生育意愿较低Ａ．①②Ｂ．①④Ｃ．②③Ｄ．③④6.缓解③国人口问题的主要途径是 ( )Ａ．开发劳务市场Ｂ．鼓励生育和适当移民Ｃ．实行计划生育Ｄ．加大教育投入7．有关环境人口容量的叙述，正确的是 ( ) Ａ．科技发展水平是制约环境人口容量的首要因素，所以发达国家的环境人口容量大Ｂ．我国人口承载量最高为16亿左右，所以目前我国的耕地和淡水资源人均占有量较高Ｃ．不论是以悲观或乐观的观点来评估我国环境人口容量，人口与环境矛盾都十分突出Ｄ．随科技发展和消费水平的不断变化，环境人口容量不能定量地评估，只能定性说明8．改革开放后，中国大批学生到欧美留学和大量民工涌向我国东南沿海大城市，两者的共同之处是( )Ａ．都是政策性移民，具有自发的性质。

Ｂ．交通和通信的发展是最重要的拉力因素Ｃ．地区自然条件相差很大，环境质量不同是决定性因素Ｄ．都是追求自身职业更好的发展，谋求更高的生活水平9．造成欧美等许多特大城市中出现“唐人街”的主要原因是( ) Ａ．历史与文化因素的影响Ｂ．经济因素的影响Ｃ．民族与宗教因素的影响Ｄ．地理因素的影响10．下面是某城市功能分区的四种方案，最合理的是( )11．高级住宅区一般位于城市外缘的主要原因是（）Ａ．那里地价比较便宜Ｂ．那里环境条件比较优越Ｃ．城市中心不可以建住宅区Ｄ．那里更靠近工厂等工业区二、非选择题40.读下列我国部分地区某年的人口资料，回答问题。

2013年广东省梅州市梅县东山中学高考物理模拟试卷

2013年广东省梅州市梅县东山中学高考物理模拟试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共16.0分)1.家用封闭在贮气瓶中的石油气可近似看成理想气体，当温度升高时，下列说法中正确的是（容器的热膨胀忽略不计）（）A.密度不变，压强增大，内能增大B.密度不变，压强减小，内能增大C.密度增大，压强不变，内能减小D.密度减小，压强不变，内能不变【答案】A【解析】解：气体体积等于贮气瓶的容积，贮气瓶容积不变，气体发生等容变化，由查理定律可知，气体温度升高，气体压强增大，由于气体质量与体积不变，则气体密度不变，气体温度升高，内能增大，故A正确，BCD错误；故选：A．气体质量不变，体积不变，根据查理定律分析气体压强变化，然后分析答题．本题考查了气体压强、密度、内能变化，气体发生等容变化，应用查理定律、密度公式即可正确解题，解题时要知道气体内能由温度决定．2.图为两分子系统的势能E p与两分子间距离r的关系曲线．下列说法正确的是（）A.当r大于r1时，分子间的作用力表现为引力B.当r小于r1时，分子间的作用力表现为引力C.当r等于r2时，分子间的作用力为零D.当r由r1变到r2的过程中，分子间的作用力做负功【答案】C【解析】解：由图象可知：分子间距离为r2时分子势能最小，此时分子间的距离为平衡距离；A、当r＞r2时分子力为引力，故A错误；B、当r小于r1时，分子间的作用力表现为斥力，故B错误；C、当r等于r2时，分子间的作用力为零，故C正确；D、在r由r1变到r2的过程中，分子力为斥力，分子间距离增大，分子间的作用力做正功，故D错误；故选：C．当分子间距离等于平衡距离时，分子力为零，分子势能最小；当分子间距离小于平衡距离时，分子力表现为斥力；根据图象分析答题分子间距离等于平衡距离时分子势能最小，掌握分子间作用力与分子间距离的关系、分子清楚图象，即可正确解题．3.有一段圆弧形坡道，如图所示，若将同一辆车先后停放在a点和b点，下述分析和比较正确的是（）A.车在a点受坡道的支持力大于在b点受的支持力B.车在a点受坡道的摩擦力大于在b点受的摩擦力C.车在a点受到的合外力大于在b点受的合外力D.车在a点受的重力的下滑分力大于在b点受的重力的下滑分力【答案】A【解析】解：AB、根据平衡有：N=mgcosθ，f=mgsinθ，b点的倾角大于a点的倾角，所以a点的支持力大于b点的支持力，a点所受的摩擦力小于b点所受的摩擦力．故A正确，B错误．C、车处于静止，所以车在a点受到的合力等于b点所受的合力，等于零．故C错误．D、重力沿斜面向下的分力为mgsinθ，知a点重力下滑的分力小于b点重力的下滑分力．故D错误．故选A．对汽车受力分析，根据汽车所受的合力为零，运用正交分解进行分析．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．4.如图所示，在磁感应强度为B的水平匀强磁场中，有两根竖直放置的平行金属导轨，顶端用一电阻R相连，两导轨所在的竖直平面与磁场方向垂直．一根金属棒ab以初速度v0沿导轨竖直向上运动，到某一高度后又向下运动返回到原出发点．整个过程中金属棒与导轨保持垂直且接触良好，导轨与棒间的摩擦及它们的电阻均可忽略不计．则在金属棒整个上行与整个下行的两个过程中，下列说法不正确的是（）A.上行的运动时间小于下行的运动时间B.上行过程中通过R的电量等于下行过程中通过R的电量C.上行过程中R上产生的热量大于下行过程中R上产生的热量D.回到出发点的速度v等于初速度v0【答案】D【解析】解：A、根据能量守恒得，除最高点外，在任何一个位置，上升到此位置的速度大于下落到此位置的速度，上升的位移和下降的位移相等，则上升的时间小于下落的时间．故A正确．B、上行和下行两个过程中，回路的磁通量变化量△Φ相等，根据感应电量表达式q=，知两个过程中通过R的电量相等，故B正确．C、根据能量守恒得，除最高点外，在任何一个位置，上升到此位置的速度大于下落到此位置的速度，则知在任何一个位置，上升到此位置的电流大于下降到此位置的电流，上升到此位置的安培力大于下降到此位置的安培力，而上升和下降过程的位移相同，故上升过程中克服安培力做的功比下降过程中克服安培力做的功多．所以上升过程中产生的热量大于下降过程中产生的热量．故C正确．D、从出发点上升到回到出发点时，根据能量守恒知，棒的重力势能不变，内能增加，本题选不正确的，故选：D．比较出在任何一个位置，上升到此位置和下落到此位置的速度大小，即可比较出上升的时间和下落过程的时间．电磁感应中通过导体的电量q=，分析两个过程通过R的电量关系．比较出任何一个位置，上升到此位置和下落到此位置的速度大小，即可比较出电流的大小，可知道上升过程中R产生热量和下落过程中产生的热量大小．根据能量守恒定律，判断回到出发点的速度与初速度的大小．解决本题的关键通过能量守恒定律比较出回到出发点的速度和初速度的大小，从而确定每个位置感应电流和速度的大小．记住感应电量经验公式q=，有利于分析电量问题．二、多选题(本大题共5小题，共30.0分)5.质量为2kg的质点在x-y平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A.质点的初速度为3m/sB.质点做匀变速运动C.质点所受的合外力为3 ND.质点初速度的方向与合外力方向垂直【答案】BC【解析】解：A、质点在x方向上的初速度为3m/s，y方向上的速度大小为：，则质点的初速度为：．故A错误．B、质点在x方向上做匀加速直线运动，y方向上做匀速直线运动，根据平行四边形定则知，合运动为匀变速曲线运动．故B正确．．故C正确．C、质点所受的合力为：合D、合力的方向沿x方向，质点的初速度方向不是沿y方向，所以初速度的方向与合外力方向不垂直．故D错误．故选：BC．根据x、y方向上的分速度，结合平行四边形定则求出质点的初速度．物体物体的加速度，结合牛顿第二定律求出合外力的大小．质点在x方向上做匀变速直线运动，y方向上做匀速直线运动，合加速度恒定，做匀变速运动．解决本题的关键知道速度、加速度、位移都是矢量，合成分解遵循平行四边形定则，基础题．6.下列说法正确的是（）A.天然放射现象说明原子核内部具有复杂结构B.α粒子散射实验说明原子核内部具有复杂结构C.原子核能发生β衰变说明原子核内存在电子D.氢原子从定态n=3跃迁到n=2，再跃迁到n=l定态，则后一次跃迁辐射出的光子比前一次更易发生光电效应【答案】AD解：A、天然放射现象说明原子核内部具有复杂结构，A正确；B、α粒子散射实验说明原子具有核式结构，B错误；C、β衰变是原子核内的中子转化为质子同时释放出电子，C错误；D、氢原子从定态n=3跃迁到n=2，再跃迁到n=l定态，则后一次跃迁辐射出的光子频率较大，比前一次更易发生光电效应，D正确；故选：AD天然放射现象说明原子核内部具有复杂结构，α粒子散射实验说明原子具有核式结构，β衰变是原子核内的中子转化为质子同时释放出电子．掌握原子的核式结构模型，衰变的实质，发生光电效应的条件：入射光的频率大于金属的极限频率．7.如图所示为交流发电机示意图，线圈的AB边连在金属滑环K上，CD边连在滑环L上，导体做的两个电刷E、F分别压在两个滑环上，线圈在转动时可以通过滑环和电刷保持与外电路的连接．关于其工作原理，下列分析正确的是（）A.当线圈平面转到中性面的瞬间，穿过线圈的磁通量最大B.当线圈平面转到中性面的瞬间，线圈中的感应电流最大C.当线圈平面转到跟中性面垂直的瞬间，穿过线圈的磁通量最小D.当线圈平面转到跟中性面垂直的瞬间，线圈中的感应电流最小【答案】AC【解析】解：A、当线圈平面转到中性面的瞬间，AB和CD边方向与磁感线方向垂直，穿过线圈的磁通量最大，故A正确；B、当线圈平面转到中性面的瞬间，穿过线圈的磁通量最大，感应电动势为零，则此时的磁通量的变化率最小，故B错误；C、当线圈平面转到与中性面垂直的瞬间，穿过线圈的磁通量最小，故C正确；D、当线圈平面转到与中性面垂直的瞬间，根据法拉第电磁感应定律，则有线圈中磁通量的变化率最大，则线圈的感应电流也最大，故D错误．故选：AC要解决此题，需要掌握发电机的制作原理，知道发电机是根据电磁感应原理制成的，感应电流的方向与磁场方向和切割磁感线的方向有关．此题主要考查了发电机的工作原理．要知道发电机是根据电磁感应原理制成的．感应电流的方向与导体切割磁感线的方向有关，能够通过线圈的转动情况，判断线圈中产生的感应电流放向的变化．8.“嫦娥一号”探月卫星绕地球运行一段时间后，离开地球飞向月球．如图所示是绕地飞行的三条轨道，轨道1是近地圆形轨道，2和3是变轨后的椭圆轨道．A点是2、3轨道的近地点，B点是2轨道的远地点，卫星在轨道1上的运行速率为7.7km/s，则下列说法中正确的是（）A.卫星在2轨道经过A点时的速率一定大于7.7km/sB.卫星在2轨道经过B点时的速率一定小于7.7km/sC.卫星在3轨道所具有的机械能小于2轨道所具有的机械能D.卫星在3轨道所具有的最大速率小于2轨道所具有的最大速率AB【解析】解：A、卫星在经过A点时，要做离心运动才能沿2轨道运动，卫星在1轨道上的速度为7.7km/s，故在2轨道上经过A点的速度一定大于7.7km/s．故A正确．B、假设有一圆轨道经过B点，根据，可知此轨道上的速度小于7.7km/s，卫星在B点速度减小，才会做近心运动进入2轨道运动．故卫星在2轨道经过B点时的速率一定小于7.7km/s，故B正确．C、卫星的运动的轨道高度越高，需要的能量越大，具有的机械能越大，所以卫星在3轨道所具有的机械能一定大于2轨道所具有的机械能，故C错误．D、根据开普勒第二定律可知近月点速度大于远月点速度，故比较卫星在轨道3经过A 点和轨道2经过A点的速度即可，又因为卫星在轨道2经过A点要加速做离心运动才能进入轨道3，故卫星在3轨道所具有的最大速率大于2轨道所具有的最大速率．故D 错误．故选：AB．当卫星的速度变大，使万有引力不够提供向心力时，卫星会做离心运动，轨道变高，卫星在经过A点时，要做离心运动才能沿2轨道运动．当卫星的速度减小，使万有引力大于向心力时，卫星做近心运动，轨道变低，卫星经过B速度变小．卫星的运动的轨道高度越高，需要的能量越大，具有的机械能越大．卫星在轨道2经过A点要加速做离心运动才能进入轨道3．本题要掌握离心运动的条件和近心运动的条件，能够根据这两个条件判断速度的大小．还要知道卫星的运动的轨道高度越高，需要的能量越大，具有的机械能越大．9.某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为U P和U Q，则（）A.正电荷的电量大于负电荷的电量B.正电荷的电量小于负电荷的电量C.E P＞E Q，U P＞U QD.E P＜E Q，U P＜U Q【答案】AC【解析】解：A、B、由于正电荷周围的电场线多于负电荷周围的电场线，所以正电荷的电量大于负电荷的电量．故A正确，B错误；C、D、电场线越密代表场强越强，从图可以看出P点的电场线的密集程度大于Q点的密集程度，故P点的场强大于Q点的场强，所以E p＞E Q，又由于沿电场线方向电势逐渐降低，由图可知电场线的方向由P指向Q，所以P点的电势高于Q点的电势，即U P＞U Q，故C正确，D错误．故选：AC．根据电场线越密代表场强越强，可以判定P点的场强大于Q点的场强；根据沿电场线方向电势逐渐降低可以判定P点的电势高于Q点的电势．只要理解了电场线的特点即可顺利解决此题．基础题目．判定两个点电荷带电量的多少，要结合库仑定律与电场线的特点：电场线越密代表场强越强来判定，10.为了探究加速度与力、质量的关系，某实验小组设计如图1所示的实验装置：一个木块放在水平长木板上，通过细线跨过定滑轮与重物相连，木块与纸带相连，在重物牵引下，木块向左运动，重物落地后，木块做匀减速运动，打出的纸带如图2所示，不计纸带所受到的阻力．交流电频率为50H z，重力加速度g取10m/s2．（1）木块加速阶段的加速度为______ m/s2；（2）木块与木板间的动摩擦因数μ= ______ ；（3）某同学发现在实验中未平衡木块与木板间的摩擦力，接着他应当______ ，将木板右端垫高，使木块沿木板匀速下滑．【答案】1.5；0.1；取下重物【解析】解：由图2所示纸带可知，计数点间的时间间隔t=0.02s×2=0.04s；（1）木块加速阶段的加速度约为a===1.5m/s2；（2）木块做减速运动时加速度约为a′=′==-1m/s2，由牛顿第二定律得：-μmg=ma′，解得动摩擦因素μ=0.1；（3）平衡木块与木板间的摩擦力时，应当取下重物，将木板右端垫高，使木块沿木板匀速下滑．故答案为：（1）1.5；（2）0.1；（3）取下重物．（1）利用匀变速运动的推论△x=at2求出木块加速阶段的加速度；（2）利用匀变速运动的推论△x=at2求出木块减速阶段的加速度；重物落地后，木块受到的合力等于滑动摩擦力，由牛顿第二定律可以求出动摩擦因数；（3）平衡摩擦力时不能悬挂重物．要掌握匀变速运动的推论△x=at2，应用该推论求出木块的加速度是正确解题的关键．11.某同学欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：①直流电源E：电动势约4.5V，内阻很小；②直流电流表A1：量程0～3A，内阻0.025Ω；③直流电流表A2：量程0～0.6A，内阻0.125Ω；④直流电压表V：量程0～3V，内阻3kΩ；⑤滑动变阻器R1：最大阻值10Ω；⑥滑动变阻器R2：最大阻值50Ω；⑦电键、导线若干．（填写各器材前面的序号）（2）实验电路应采用电流表______ 接法（填“内”、“外”）；电阻的测量值______ 真实值．（填“大于”、“小于”、“等于”）（3）如图，还有两根导线没有连接，请用钢笔画线当作导线完成实验电路．（4）某同学按要求完成了电路连接，开关闭合前，滑动变阻器的滑动触头应置于最______ 端（填“左”、“右”）；他闭合开关后发现电流表和电压表的均无示数，于是取下电压表，用一导线将其正接线柱与电源正极连接，用另一导线的一端接其负接线柱，导线另一端试触电流表正接线柱，电压表无示数，再试触电流表负接线柱，电压表的指针大角度偏转，并超过其量程，已知各接线柱处接触良好，故障原因是______ ．【答案】③；⑤；外；小于；左；电流表内部断路【解析】解：（1）电路中最大电流约为I max==A=0.9A，电流表A1的量程0～3A，量程太大，不能使用，可选择电流表A2．对于两个滑动变阻器，接入电路时，电路中最小电流都不超过电流表的量程，为方便调节，而且为使电流表指针在中央附近，故变阻器选择R1．（2）由于＜，故采用电流表的外接法，测量误差较小．测量值是电压表与待测电阻并联的阻值，电阻的测量值小于真实值．（3）根据电流表外接法和变阻器限流式，连接线路如图所示．（4）开关闭合前，滑动变阻器的滑动触头应置于最左端．由题意，闭合开关后发现电流表和电压表的均无示数，说明电路中存在断路，根据电压表测量电流表两端的电压，由于电压表的指针大角度偏转，说明电流表内部断路．故答案为：（1）③，⑤．（2）外；小于．（3）（4）左；电流表内部断路．（1）估算出电路中最大电流，选择电流表的量程；在保证安全的前提下，考虑方便调节，选择变阻器的规格；（2）伏安法测电阻时，若电阻较小，电流表要外接，测量值是电压表与待测电阻并联的阻值，测量值偏小；（3）根据实验原理和电路结构，连接线路．（4）变阻器采用限流接法时，开关闭合前，滑动变阻器的滑动触头应置于阻值最大的位置；根据所提供的信息，分析故障的原因．对于电表量程的选择，往往要估算电路最大电流或电压来选择．测量较小的电阻，一般选择电流表外接法．四、计算题(本大题共2小题，共36.0分)12.如图所示，A、B两球质量均为m，之间有压缩的轻短弹簧处于锁定状态．弹簧的长度、两球的大小均忽略，整体视为质点，该装置从半径为R的竖直光滑圆轨道左侧与圆心等高处由静止下滑，滑至最低点时，解除对弹簧的锁定状态之后，B球恰好能到达轨道最高点．（1）求弹簧处于锁定状态时的弹性势能．（2）求A上升的最大高度．（答案可以保留根号）【答案】解：（1）设A、B系统滑到圆轨道最低点时锁定为v0，解除弹簧锁定后A、B的速度分别为v A、v B，B到轨道最高点的速度为v，则有解得：弹簧解锁的过程中系统满足动量守恒定律和能量守恒，所以有：2mv0=mv A+mv B，对B在最高点：解除锁定后B上升的过程中机械能守恒：联立以上各式，解得（2）小球A在上升的过程中机械能守恒，得：解得：答：（1）弹簧处于锁定状态时的弹性势能．（2）A上升的最大高度．【解析】（1）两个球和弹簧系统下滑过程中，机械能守恒，根据守恒定律列式即可；（2）两个球和弹簧系统在水平方向不受外力，动量守恒，根据守恒定律列式求解即可；本题关键是两个球和弹簧系统机械能守恒，在最低点系统受到外力的合力为零，系统动量守恒，根据动量守恒定律和机械能守恒定律多次列式即可．13.如图a所示，水平直线MN下方有竖直向上的匀强电场，现将一重力不计、比荷=106C/kg的正电荷置于电场中的O点由静止释放，经过×10-5s后，电荷以v0=1.5×l04m/s的速度通过MN进入其上方的匀强磁场，磁场与纸面垂直，磁感应强度B按图b所示规律周期性变化（图b中磁场以垂直纸面向外为正，以电荷第一次通过（1）匀强电场的电场强度E（2）图b中t=×10-5s时刻电荷与O点的水平距离（3）如果在O点右方d=68cm处有一垂直于MN的足够大的挡板，求电荷从O点出发运动到挡板所需的时间．（sin37°=0.60，cos37°=0.80）【答案】解：（1）电荷在电场中做匀加速直线运动，设其在电场中运动的时间为t1，有：v0=at1E q=ma解得：E==7.2×103N/C（2）当磁场垂直纸面向外时，电荷运动的半径：=5cm周期=当磁场垂直纸面向里时，电荷运动的半径：=3cm周期=故电荷从t=0时刻开始做周期性运动，其运动轨迹如图所示．×10-5s时刻电荷与O点的水平距离：△d=2（r1-r2）=4cm（3）电荷从第一次通过MN开始，其运动的周期为：T=根据电荷的运动情况可知，电荷到达档板前运动的完整周期数为15个，有：电荷沿ON运动的距离：s=15△d=60cm故最后8cm的距离如图所示，有：r1+r1cosα=d-s解得：cosα=0.6则α=53°故电荷运动的总时间：总°°=3.86×10-4s答：（1）匀强电场的电场强度E为7.2×103N/C．（2）图b中t=×10-5s时刻电荷与O点的水平距离为4cm．（3）电荷从O点出发运动到挡板所需的时间为3.86×10-4s．【解析】（1）电荷在电场中做匀加速直线运动，根据运动学公式和牛顿第二定律结合可求出电场强度E．（2）电荷进入磁场后做匀速圆周运动，分别求出电荷在磁场中运动的半径和周期，画出轨迹，由几何关系求出t=×10-5s时刻电荷与O点的水平距离．（3）电荷在周期性变化的磁场中运动，根据周期性分析电荷到达档板前运动的完整周期数，即可求出荷沿ON运动的距离．根据电荷挡板前的运动轨迹，求出其运动时间，即得总时间．本题是带电粒子在电场和磁场中运动的问题，电荷在电场中运动时，由牛顿第二定律和运动学公式结合研究是最常用的方法，也可以由动量定理处理．电荷在周期性磁场中运动时，要抓住周期性即重复性进行分析，根据轨迹求解时间．。

广东省梅州市2013届高三总复习质检l理综试卷(2013.3)

试卷类型:A梅州市高三总复习质检试卷(2013.3)可能用到的相对原子质置：H 1 C 12 0 16 Mg 24 S 32 Ba 137在每小题给出的四个选项中，只有一个一、单项选择题:本大题共16小题，每小题4分,共64分，选项符合题目要求,选对的得4分,选错或不答的得O分。

1.下列关于真核生物生命活动的叙述，正确的是A.真核生物细胞的生物膜系统，有利于细胞代谢有序进行B.细胞中的蛋白质合成后，都需要内质网和高尔基体加工C.乙烯合成的部位是植物体成熟部位D.中心体在洋葱根尖分生区细胞有丝分裂过程中发挥重要作用2.下列有关实验的描述，正确的是A.洋葱鳞片叶表皮细胞呈紫色，可用于光合色素的提取和分离实验B.吡罗红可将DNA染成红色，甲基绿使RNA染成绿色C.在探究有氧呼吸的实验过程中，泵入的空气应除去CO2D.经苏丹Ⅲ染色后的花生子叶细胞中有紫色的脂肪颗粒3.下列叙述中，肯定没有采用植物组织培养技术的一项是A.花药离体培养得到单倍体植株B.细胞工程培育“番茄—马铃薯”杂种植株C.棉花根尖细胞经诱导形成幼苗D.秋水仙素处理幼苗得到多倍体植株4.人不小心碰到滚烫的开水壶时，手会缩回。

关于该反射的叙述，正确的是A.刺激以电信号的形式在整个反射弧中进行传导B.突触后膜上会发生“电信号一化学信号一电信号”的转变过程C.神经冲动在神经纤维上单向传导，在突触处双向传递D.反射活动中需要神经递质参与兴奋的传递5. 2011年古生物学家发现了最早的驯养狗化石，距今大约有3. 3万年历史。

该化石与现代格陵兰萨摩犬在形态大小上最为接近，而与狼在牙齿特征上特别相近。

下列叙述不正确的是A.狗可能是人类通过驯养狼演变而来的B.现代格陵兰萨摩犬与狼不存在生殖隔离C.在生物进化的过程中，种群的基因频率会发生定向的改变D。

生物进化是一个漫长的过程6.下列叙述与右图所示模型不相符的是A.若x表示种群数量，则①基本代表出生或迁入B.若x表示生态系统抵抗力稳定性，则①可能代表物种丰富度C.若x表示捕食链中第二营养级的总能量，则②代表第一营养级的总能量D.若x表示环境中的碳元素，则②可能代表光合作用7.化学与社会生活密切相关。

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D．小球落地时的速度方向与水平地面成 30º 角
1
6．如图 4 所示，理想变压器的原线圈接在 u 220 2 sin(100t) (V)的交流电源上，副线
圈接有 R=55Ω 的负载电阻。原、副线圈匝数之比为 2:1。电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是 A．原线圈中电流表的读数为 1A
7．一个
B．原线圈中的输入功率为 220 2W
C．副线圈中电压表的读数为 110V D．副线圈中输出交流电的周期为 50s
235
U 92
235
U 92
10
原子核在中子的轰击下发生一种可能的裂变反应，其裂变方程为
n

X
94
38
Sr

210 n ，则下列说法正确的是
A．X 的原子核中含有 86 个中子 B．X 的原子核中含有 141 个核子 C．因为裂变释放能量，出现质量亏损，所以裂变后的总质量数减少
4．如图 2 所示，两个内壁光滑、半径不同的半球形碗，放在不
同高度的水平面上，使两碗口处于同一水平面．现将质量相
同的两个小球(小球半径远小于碗的半径)，分别从两个碗的
边缘由静止释放(忽略空气阻力，碗始终保持不动)，则
A．过最低点时两个小球的速度大小是相等的
B．两小球机械能对比，始终相等的
C．在最低点两小球对碗底的压力大小相等的
D．5.5eV
12．一根质量为 m 的金属杆 ab，以一定的初速度 v0 从一光滑平行金属导轨底端向上滑行，导轨平面与水平面成 30º 角，两导轨上端用一电阻 R 相连，如图 8 所示，磁场垂直斜
面向上，导轨与杆的电阻不计，金属杆向上滑行到某一高度之后又返回到底端，则在
此全过程中

2013年梅州一模物理试题及答案(整理的很完美)

2012～2013梅州市第一次质量检测理科综合试题（物理）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得4分，选错或不答得0分。

1．以下叙述正确的是（） A.牛顿第一定律可以通过实验直接证明B .库仑最早用扭秤实验测量出电子电荷量的精确值C .波尔理论的假设之一是原子能量的量子化D .卢瑟福通过对阴极射线的研究提出原子具有核式结构2．已知氢原子的基态能量为1E ，激发态能量21/n E E n =，其中n=2,3…。

用h 表示普朗克常量，c 表示真空中的光速。

能使氢原子从基态跃迁到n=2的激发态的光子的波长为（）A 、143hc E -B.12hc E -C.14hc E -D. 19hcE -3．如图所示，水平地面上的物体A ，在斜面上的拉力F 的作用下，向右做匀速运动，则下列说法中正确的是（） A ．物体A 受到三个力的作用 B ．物体A 受到四个力的作用C ．物体A 受到的滑动摩擦力大小为F sin θD ．物体A 对水平地面的压力大小为F sin θ4．以O 为圆心的圆形空间内，存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B ，一个电子从A 点以速度V 0垂直于磁场方向射入磁场中，并从B 点射出．∠AOB ＝120°，如图所示，已知电子质量为m ，则电子在磁场中运动的时间为（）A.eB m 32πB.eB m 3πC.032eBv m πD.033eBv m π二、双项选择题5.如图所示，理想变压器原线圈输入电压t u π100sin 21000=，变压器副线圈与一个定值电阻 Ω=10R 相连，变压器原副线圈的匝数比1:10:21=n n ，电压表和电流表均是理想交流表，下列说法正确的是（）A.输入电压为正弦交变电压，其周期T=0.02sB.电压表的示数为100V,电流表的示数为10AC.电压表的示数为1002V,电流表的示数为102AD.电阻的电功率为2000W6. 一卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为r ，卫星绕地球做匀速圆周运动的周期为T ，已知地球的半径为R ，地球表面的重力加速度为g ，引力常量为G ，则地球的质量可表示为（）A.2324GTr π B.2324GT R π C.G gR 2 D.G gr 2 7.下列说法正确的是（）A.理想气体的温度变化时，其分子平均动能和分子间势能也随之改变B.气体压强本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力C.热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体D.机械能不可能全部转化为热量，热量也不可能全部转化为机械能8. 甲、乙两物体做直线运动的v-t 图象如图，由图可知（） A.乙物体的加速度为1m/s 2B.4s 末两物体的速度相等C.4s 末甲物体在乙物体前面D.条件不足，无法判断两物体何时相遇9．如图所示，平行板电容器经开关S 与电源连接，A 板下方c 处有一带电量非常小的固定的点电荷。

广东省东山中学2013届高三下学期入学摸底考试理科综合试题Word版含答案

东山中学2013届高三下学期入学摸底考试理科综合试题第Ⅰ卷（118分）一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。

1．某种品系的鼠毛色灰色和黄色是一对相对性状，科学家进行了大量的杂交实验得到了如下A．杂交A的亲本为纯合子B．杂交B生出的后代中灰色毛基因频率约为66.7%C．杂交B后代黄色毛鼠既有杂合子也有纯合子D．鼠毛色这对相对性状的遗传符合基因的分离定律2.焦化厂活性污泥中富含难降解的有机物苯甲酰肼，是当前焦化行业环保治理的难点。

某同学通过查阅资料发现可通过细菌生物降解方法处理焦化厂污染物。

下列有关分析错误的是A．应该从农田土壤中筛选目的菌B．配制以苯甲酰肼作为唯一碳源的选择培养基进行筛选C．利用平板划线法可以对初步筛选出的目的菌进行纯化D．逐步提高培养基中苯甲酰肼的浓度可以得到高效降解污染物的优质菌株3．番茄（2n=24）的株高正常（A）对矮生（a）为显性，在♀AA×♂aa杂交中，若部分A基因所在的染色体在减数第二次分裂时不分离，则母本所产生的雌配子染色体数目不可能是A．11条 B．12条 C．13条 D．24条4．下列细胞中最可能为浆细胞的是A B C D5．用32P和35S的培养基培养细菌，将一个未标记的噬菌体在此细菌中培养9小时，经检测共产生了64个子代噬菌体，下列叙述正确的是A．32P和35S只能分别标记细菌的DNA和蛋白质B．子代噬菌体的DNA和蛋白质一定具有放射性C．DNA具有放射性的子代噬菌体占1/32D．噬菌体繁殖一代的时间约为1.0小时6．将有关生物材料直接制成临时装片，在普通光学显微镜下可以观察到的现象是A．菠菜叶片下表皮保卫细胞中具有多个叶绿体B．根尖分生区细胞具有大液泡C．花生子叶细胞中存在多个红色脂肪颗粒D．紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞中细胞核清晰可见7、下列叙述不正确的是A. 所有烷烃和蛋白质中都存在碳碳单键B. 天然气和沼气的主要成分是甲烷C. 纤维素乙酸酯、油脂和蛋白质在一定条件，都能水解D. 葡萄糖和蔗糖都含有C、H、O三种元素，但不是同系物8、用N A表示阿伏加德罗常数的值。

广东省梅县东山中学2013届高三上学期期中理综试题

学必求其心得，业必贵于专精2012～2013学年度东山中学高三第一学期期中考试理科综合试题本试卷共6页，36小题，满分300分。

考试用时150分钟. 注意事项:1.答卷前,考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和座位号填写在答题卡上。

2.选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上.3。

非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔盒涂改液.不按以上要求作答的答案无效。

4.考试必须保持答题卡的整洁。

考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

可能用到的相对原子质量： C-12；O —16；N —14;Fe —56；一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得4分,选错或不答得0分。

1．下列关于细胞中物质的叙述，错误．．的是A ．糖原的组成元素仅为C 、H 、OB ．脂肪是构成细胞膜的主要成分C ．植物体缺镁会影响光合作用D ．水在生物体内可参与多种化学反应2．下图表示不同基因型豌豆体细胞中的两对基因及其在染色体上的位置，这两对基因分别控制两对相对性状，从理论上说，下列分析不正确．．．的是A ．甲、丙植株杂交后代的基因型比例是1∶1∶1∶1B ．正常情况下,甲植株中基因A 与a 在减数第二次分裂时分离C ．丁植株自交后代的基因型比例是1∶2∶1D ．甲、乙植株杂交后代的表现型比例是1∶1∶1∶13．任何一种生物的DNA 分子都具有特定的碱基排列顺序，这就是DNA 分子的特异性.下列能决定DNA 分子特异性的是 A ．A/T B ．(A+T ）/(G+C ） C ．（A+G ）/（T+C ） D ．G/C4．在绝大多数生物中，遗传信息传递的顺序是①蛋白质 ②DNA ③mRNA ④RNA学必求其心得，业必贵于专精A ．①→②→③B ．①→④→②C ．②→③→①D ．②→④→①5．下列各项说法正确．．的是(1)四分体时期的染色体共含有4个双链DNA 分子（2）基因是DNA 分子携带的遗传信息(3)发生在生物体内的基因突变都能遗传给后代（4）基因重组所产生的新基因型不一定会表达为新的性状（5）染色体变异一定会引起基因结构的改变(6)非同源染色体自由组合，使所有非等位基因间发生自由组合（7)性染色体上的基因都可控制性别（8）真核生物的遗传物质是DNA ，病毒的遗传物质是RNAA ．只有一项正确Ｂ．只有二项正确Ｃ．只有三项正确Ｄ．有四项正确6．对下列四幅图的描述正确．．的是A ．图1中a 阶段X 射线照射可诱发突变，b 阶段用秋水仙素处理能抑制纺锤体的形成B ．图2中的温度在a 时酶分子结构被破坏，活性较低C ．图3中bc 段和de 段的变化都会引起C 3化合物含量的下降D ．图4中造成cd 段下降的原因在有丝分裂和减数分裂中是不同的7．下列说法正确．．的是A ．卫生部公告2011年5月1日起全面叫停面粉增白剂，由此可知：应当严格禁止在食品中使用任何食品添加剂B ．BaSO 4在医学上用作钡餐,Ba 2+对人体无毒C ．往稀米粥中加入少量加碘食盐,能检验食盐中是否含碘D ．处理废水时加入明矾作为净水剂可以除去水中悬浮的杂质8．下列说法正确的是A ．按分散剂种类可将分散系分为溶液、胶体和浊液B ．漂白粉、钢、氯水、Fe （OH)3胶体均为混合物C ．过氧化氢与过氧化钠中含有化学键的类型完全相同D ．KNO 3溶液、铜、熔融的NaCl 均能导电，都属于电解质9．2011年3月11日日本发生9。

梅州市东山中学2012-2013高一下学期第一次质检语文

梅州市东山中学2012-2013高一下学期第一次质检语文（满分150分，考试时间为150分钟）一、本大题4小题，每小题3分，共12分。

1．下列加点字的读音每组都相同的一项是（）A．包庇．/刚愎．斡．旋/龌．龊反诘．/攻讦．讳．疾忌医/污秽．B．揶．揄/拜谒．宽绰．/啜．泣倔．强/攫．取草菅．人命/缄．默C．恣．意/浸渍．倾轧．/札．记召．开/肇．事一丘之貉．/上颌．D．蛰．伏/贬谪．皓．月/桎梏．轶．事/游弋．瓜熟蒂．落/缔．造2．下列语段中的加点词语使用恰当的一项是（）“抗日”成了时下影视、文学等艺术创作炙手可热．．．．的题材。

《我的团长我的团》这部小说情节跌宕起伏，抑扬顿挫．．．．，震撼人心，让一群“人渣”．．．．，同时对人性的分析，鞭辟入里重燃斗志，变成勇于赴死之人。

作者用讳莫如深．．．．的语言道出了今时今日的我们，尤其需要对未来抱有信心。

A．炙手可热 B．抑扬顿挫 C．鞭辟入里 D．讳莫如深3．下列句子中，没有语病的一项是（）A．关税下降，对明年本市家电市场的影响是喜是忧，经销商和消费者的回答是肯定的。

B．加大建设保障性住房，有效控制房价的过快上涨，已被确认为2011年乃至“十二五”期间广东改善民生的一件大事。

C．中山大学自主招生广东省单考昨日结束。

一些连日作战的考生赞其为“最轻松考试”的原因是只考语数英三科，考试仅用三个小时造成的。

D．作为一年一度的政治盛会和民主参与的制度化平台，全国两会备受社会各界的关注。

4．依次填入下面一段文字横线处的语句，衔接最恰当的一组是（）读狄金森的诗，，，。

①而是这两位诗人都有若神助——他们的诗歌绝对不是狠下苦功拼命努力能写得出来的，这点上狄金森尤甚一筹②我不由自主想到李白③生活空间的狭窄与她诗中所呈现的宏大气象和丰沛心灵，反差实在太强烈，叫人难于置信④倒不是两者的诗存在什么相似之处⑤这位终身未嫁的女诗人，一辈子生活在美国小镇，30岁后几乎足不出户。

她拒绝会见任何人，性情孤僻之极A．⑤②④①③ B．②④①⑤③ C．⑤②①④③ D．②④①③⑤二、本大题7小题，共35分。

广东省梅州市东山中学2012-2013学年高一数学下学期第一次质检试题(含解析)新人教A版

2012-2013学年某某省某某市东山中学高一（下）第一次质检数学试卷参考答案与试题解析一、选择题．（50分）1．（5分）在△ABC中，A=60°，，则B等于（）A．45°或135°B．135°C．45°D．30°考点：正弦定理．专题：计算题．分析：由A=60°，所给的条件是边及对的角，故考虑利用正弦定理，由正弦定理可得，，可得，结合大边对大角由a＞b 可得A＞B，从而可求B．解答：解：∵A=60°，由正弦定理可得，∴∵a＞b∴A＞B∴B=45°故选：C点评：本题主要考查了在三角形中，所给的条件是边及对的角，可利用正弦定理进行解三角形，但利用正弦定理解三角形时所求的正弦，由正弦求角时会有两角，要注意利用大边对大角的运用．2．（5分）三角形的两边AB、AC的长分别为5和3，它们的夹角的余弦值为，则三角形的第三边长为（）A．52 B．C．16 D．4考点：余弦定理．专题：计算题；解三角形．分析：直接利用余弦定理建立方程求出第三边的长即可．解答：解：由余弦定理BC2=AB2+AC2﹣2AB•ACcosA，可得三角形的另一边长为：=2．故选B．点评：本题主要考查余弦定理的应用，考查计算能力．3．（5分）在一座20m高的观测台顶测得对面一水塔仰角为60°，塔底俯角为45°，那么这座塔的高为（）B．20（1+）m C．10（+）m D．20（+）m A．20（1+）m考点：正弦定理的应用．专题：计算题；作图题；解三角形．分析：作出图形，解三角形即可．解答：解：依题意作图如下：AB=20m，仰角∠DAE=60°，俯角∠EAC=45°，在等腰直角三角形ACE中，AE=EC=20m，在直角三角形DAE中，∠DAE=60°，∴DE=AEtan60°=20m，∴塔高CD=（20+20）m．故选B．点评：本题考查解三角形，着重考查作图能力，考查解直角三角形的能力，属于中档题．4．（5分）数列，的一个通项公式是（）A．B．C．D．考点：数列的概念及简单表示法．专题：计算题．分析：利用不完全归纳法来求，先把数列中的每一项变成相同形式，再找规律即可．解答：解；∵数列，的第三项可写成，这样，每一项都是含根号的数，且每一个被开方数比前一项的被开方数多3，∴故选B点评：本题考查了不完全归纳法求数列通项公式，做题时要认真观察，及时发现规律．5．（5分）在数列{a n}中，若，则a3=（）A．1B．C．2D．1.5考点：数列递推式．专题：等差数列与等比数列．分析：利用递推关系式即可求出．解答：解：由题意可得：=1+=2，=1+==1.5．故选D．点评：正确理解递推关系是解题的关键．6．（5分）在△ABC中，三内角A、B、C成等差数列，则角B等于（）A．30°B．60°C．90°D．120°考点：等差数列的性质．专题：计算题．分析：根据三内角A、B、C成等差数列，得到2B=A+C，又A+B+C=180°，得到角B的三倍等于180°，求出角B的大小．解答：解：∵三内角A、B、C成等差数列，∴2B=A+C又A+B+C=180°，∴3B=180°，∴B=60°故选B点评：本题看出等差数列的性质和三角形内角和的应用，本题解题的关键是利用等差数列的性质把三个角之间的关系整理出来，本题是一个基础题．7．（5分）（2005•某某）已知等差数列{a n}中，a7+a9=16，a4=1，则a12的值是（）A．15 B．30 C．30 D．64考点：等差数列．专题：计算题．分析：利用通项公式求出首项a1与公差d，或利用等差数列的性质求解．解答：解：解法1：∵{a n}为等差数列，设首项为a1，公差为d，∴a7+a9=a1+6d+a1+8d=2a1+14d=16 ①；a4=a1+3d=1 ②；由①﹣②得a1+11d=15，即a12=15．解法2：由等差数列的性质得，a7+a9=a4+a12，∵a7+a9=16，a4=1，∴a12=a7+a9﹣a4=15．故选A．点评：解法1用到了基本量a1与d，还用到了整体代入思想；解法2应用了等差数列的性质：{a n}为等差数列，当m+n=p+q（m，n，p，q∈N+）时，a m+a n=a p+a q．特例：若m+n=2p（m，n，p∈N+），则a m+a n=2a p．8．（5分）等差数列﹣5，﹣2，1，…的前20项的和为（）A．450 B．470 C．490 D．510考点：等差数列的前n项和．专题：等差数列与等比数列．分析：由题意可得公差为3，代入求和公式计算可得答案．解答：解：由题意可得数列的公差d=﹣2﹣（﹣5）=3，由等差数列的求和公式可得：数列的前20项的和S20=20×（﹣5）+=470故选B点评：本题考查等差数列的前n项和，属基础题．9．（5分）在等比数列{a n}中，已知首项为，末项为，公比为，则此等比数列的项数是（）A．3B．4C．5D．6考点：等比数列的通项公式．专题：计算题．分析：设此等比数列的项数是n，由题意可得=×，解得此等比数列的项数n的值．解答：解：在等比数列{a n}中，已知首项为，末项为公比为，设此等比数列的项数是n，由等比数列的通项公式可得，=×，∴=，解得 n=3，故选 A．点评：本题主要考查等比数列的通项公式的应用，属于基础题．10．（5分）等比数列{a n}中，若a1+a2=20，a3+a4=40，则a5+a6=（）A．2B．40 C．80 D．120考点：等比数列的通项公式；等比数列．专题：等差数列与等比数列．分析：由已知式子可得q2=2，而a5+a6=（a3+a4）•q2，计算即可．解答：解：设等比数列{a n}的公比为q，则a3+a4=（a1+a2）•q2=40，解得q2=2，故a5+a6=（a3+a4）•q2=40×2=80故选C点评：本题考查等比数列的通项公式，整体代入是解决问题的关键，属基础题．二、填空题．（20分）11．（5分）下列数列既是递增数列，又是无穷数列的有（4）．（填题号）（1）1，2，3， (20)（2）﹣1，﹣2，﹣3，…，﹣n，…；（3）1，2，3，2，5，6，…；（4）﹣1，0，1，2，…，100，…考点：等差数列的通项公式；等比数列的通项公式．专题：阅读型；等差数列与等比数列．分析：要找既是无穷数列必须是项数无限的数列，又是递增数列必须是后一项总比前一项大的数列．依据这一标准从四个答案中判断正确选项即可．解答：解：而（1）选项中的数列是有穷数列，不满足题意（2）中数列的项递减数列；（3）中数列的项摆动的，不是递增的；而（4）中的数列是递增数列，满足所有条件．故答案为（4）点评：考查学生对无穷数列和递增数列概念的理解能力．（5分）设{a n}是公比为正数的等比数列，若a1=1，a5=16，则数列{a n}前7项的和为127 ．12．考点：等比数列的前n项和．专题：计算题．分析：先根据条件a1=1，a5=16以及公比为正数求得q，进而根据等比数列的求和公式，求得答案．解答：解：因为a5=a1•q4∴q4=16又因为公比为正数．所以q=2．∴S7===127．故答案为：127．点评：本题主要考查了等比数列的求和公式．属基础题．在应用等比数列的求和公式时，一定要先判断公比的值，再代入公式，避免出错．13．（5分）已知等比数列{a n}中，a6=6，a9=9，则a3= 4 ．考点：等比数列的性质．专题：计算题．分析：利用等比数列的性质可求其公比q3，利用等比中项的性质可求a3．解答：解：∵{a n}为等比数列，a6=6，a9=9，设其公比为q，∴，∴（或者由a62=a3•a9求a3）故答案为：4．点评：本题考查等比数列的性质，考查学生观察与应用的能力，属于基础题．14．（5分）在三角形ABC中，bcosC=ccosB，则三角形ABC是等腰三角形．考点：三角形的形状判断．专题：解三角形．分析：运用正弦定理，化简ccosB=bcosC，即sinCcosB=sinBcosC⇒sin（B﹣C）=0，B=C，推出三角形的形状．解答：解：∵bcosC=ccosB∴sinCcosB=sinBcosC∴sin（B﹣C）=0∴B=C∴三角形是等腰三角形．故答案为：等腰．点评：本题考查正弦定理的应用，三角形形状的判断，基本知识的有考查．三、解答题．15．（12分）在三角形ABC中，已知，解三角形ABC．考点：正弦定理；余弦定理．专题：计算题；解三角形．分析：由正弦定理可得，可求sinC，结合c＜b及三角形的大边对大角可求C，然后根据三角形的内角和定理可求A，再求出a即可解答：解：∵由正弦定理可得，∴sinC=∵c＜b∴C＜B=60°∴C=30°，A=90°，a=2c=2．点评：本题主要考查了正弦定理在求解三角形中的应用，解题时要注意大边对大角的应用．16．（12分）某货轮在A处看灯塔B在货轮的北偏东75°的方向上，距离为海里，在A处看灯塔C在货轮的北偏西30°的方向上，距离为海里，货轮由A处向正北航行到D 处时，再看灯塔B在南偏东60°方向上，求：（1）AD的距离；（2）CD的距离．考点：正弦定理；余弦定理．专题：计算题；解三角形．分析：（1）利用方位角求出B的大小，利用正弦定理直接求解AD的距离；（2）直接利用余弦定理求出CD的距离即可．解答：解：（1）在△ABD值中，因为在A处看灯塔B在货轮的北偏东75°的方向上，距离为海里，24海里；货轮由A处向正北航行到D处时，再看灯塔B在南偏东60°方向上，所以B=45°，由正弦定理，所以AD===24海里．（2）在△ACD中，AD=24，AC=8，∠CAD=30°，由余弦定理可得：CD2=AD2+AC2﹣2•AD•ACcos30°=242+（8）2﹣2×24××=192，所以CD=8海里．点评：本题考查正弦定理与余弦定理的应用，注意方位角的应用，考查计算能力．17．（14分）某公司经销一种数码产品，第一年可获利200万元，从第二年起，由于市场竞争等方面的原因，其利润每年比上一年减少20万元，按照这一规律，如果公司不开发新产品，也不调整经营策略，从哪一年起，该公司经销这一产品将亏损？考点：等差数列的通项公式．专题：应用题；等差数列与等比数列．分析：由题意可得，该公司的利润构成以200为首项，以﹣20为公差的等差数列，结合等差数列的通项可求a n，然后令a n≤0可求解答：解：由题意可得，该公司的利润构成以200为首项，以﹣20为公差的等差数列a n=200﹣20（n﹣1）=220﹣20n令a n≤0可得，n≥11从第12年起，该公司经销该产品将亏损．点评：本题主要考查了等差数列的通项公式在求解实际问题中的应用，解题的关键是通项的求解18．（14分）已知三个实数a、b、c成等差数列，且它们的和为12，又a+2、b+2、c+5成等比数列，求a、b、c的值．考点：等差数列的前n项和；等比数列的通项公式．专题：等差数列与等比数列．分析：由题意可得2b=a+c，且a+b+c=12，进而可得b=4，c=8﹣a①，由成等比数列可得ac+5a+2c+10=36②，综合①②可解a，c的值．解答：解：由题意可得2b=a+c，且a+b+c=12，所以b=4，a+c=8，即c=8﹣a ①又a+2、b+2、c+5成等比数列，所以（4+2）2=（a+2）（c+5），化简可得ac+5a+2c+10=36 ②把①代入②可得a2﹣11a+10=0，解得a=1或a=10，代回①分别可得b=7或﹣2故a、b、c的值分别为1，4，7；或 10，4，﹣2．点评：本题考查等差数列和等比数列的综合应用，涉及一元二次方程的解法，属基础题．19．（14分）（2000•）在△ABC中，角A、B、C对边分别为a、b、c，证明：考点：正弦定理；三角函数恒等式的证明；余弦定理．专题：证明题．分析：由余弦定理得到a2，b2的表达式，两者作差整理即，再正弦定理将等式右边的a，b，c换成sinA，sinB，sinC来表示，逆用正弦的差角公式即可得出结论．解答：证明：由余弦定理a2=b2+c2﹣2bccosA，b2=a2+c2﹣2accosB，（3分）∴a2﹣b2=b2﹣a2﹣2bccosA+2accosB整理得（6分）依正弦定理，有，（9分）∴=（12分）点评：本小题主要考查三角形的正弦定理、余弦定理等基础知识，考查三角函数简单的变形技能．20．（14分）已知数列满足a1=1，a n+1=2a n+1（n∈N*）（1）求证：数列{a n+1}是等比数列；（2）求{a n}的通项公式．考点：等比数列的通项公式．专题：计算题；证明题．分析：（1）给等式a n+1=2a n+1两边都加上1，右边提取2后，变形得到等于2，所以数列{a n+1}是等比数列，得证；（2）设数列{a n+1}的公比为2，根据首项为a1+1等于2，写出数列{a n+1}的通项公式，变形后即可得到{a n}的通项公式．解答：解：（1）由a n+1=2a n+1得a n+1+1=2（a n+1），又a n+1≠0，∴=2，即{a n+1}为等比数列；（2）由（1）知a n+1=（a1+1）q n﹣1，即a n=（a1+1）q n﹣1﹣1=2•2n﹣1﹣1=2n﹣1．点评：此题考查学生掌握等比数列的性质并会确定一个数列为等比数列，灵活运用等比数列的通项公式化简求值，是一道综合题．。

2024届广东省梅州市普通高中高三下学期综合测试一(一模)物理核心考点试题(基础必刷)

2024届广东省梅州市普通高中高三下学期综合测试一（一模）物理核心考点试题（基础必刷）一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题如图所示，有一束单色光入射到极限频率为的金属板K上，具有最大初动能的某出射电子，沿垂直于平行板电容器极板的方向，从左侧极板上的小孔入射到两极板间的匀强电场后，到达右侧极板时速度刚好为零．已知电容器的电容为，带电量为，极板间距为，普朗克常量为，电子电量的绝对值为，不计电子的重力．关于电容器右侧极板的带电情况和入射光的频率，以下判断正确的是（）A．带正电，B．带正电，C．带负电，D．带负电，第(2)题卫星携带一探测器在半径为（为地球半径）的圆轨道上绕地球飞行。

在a点，卫星上的辅助动力装置短暂工作，将探测器沿运动方向射出（设辅助动力装置喷出的气体质量可忽略），探测器恰能完全脱离地球的引力，而卫星沿新的椭圆轨道运动，其近地点b距地心的距离为（略小于），则下列说法正确的是（）A．卫星在圆轨道上运动的速度大于B．在a处的探测器发射速度必须大于C．卫星在圆轨道上运动时机械能大于在椭圆轨道上的机械能D．正常运行的情况下卫星在两轨道上经过a处时加速度大小不同第(3)题我国“嫦娥一号”探月卫星发射后，先在“24小时轨道”上绕地球运行（即绕地球一圈需要24小时）；然后，经过两次变轨依次到达“48小时轨道”和“72小时轨道”；最后奔向月球。

如果按圆形轨道计算，并忽略卫星质量的变化，则在每次变轨完成后与变轨前相比（）A．卫星动能增大，引力势能减小B．卫星动能增大，引力势能增大C．卫星动能减小，引力势能减小D．卫星动能减小，引力势能增大第(4)题质量为m的汽车沿水平路面行驶受到恒定的阻力f，若发动机额定功率为P，汽车能达到的最大速度为v，则下列判断正确的是（）A．汽车从静止开始以加速度a匀加速启动，经过时间t汽车速度一定等于B．汽车保持额定功率启动，当速度大小为时，其加速度大小为C．汽车从静止开始以加速度a匀加速启动直到速度达到最大速度，此过程的平均功率等于D ．如果汽车的额定功率变为，汽车受到的阻力变为，则汽车行驶的最大速度为第(5)题如图所示，b球在水平面内做半径为R的匀速圆周运动，BC为圆周运动的直径，竖直平台与b球运动轨迹相切于B点且高度为R。

广东省梅州市高三下学期一检(月)理综化学试题

可能用到的相对原子质量：H—1 Li-7 C-12 N-14 O-16 Al—27 Si-28 S-32 Cu-64第Ⅰ卷1．化学与社会密切相关，下列说法正确的是( ）A．硝铵与草木灰不能混合使用，否则将使前者失去肥效，而后者仍有肥效B．绿色化学的核心是应用化学原理对环境污染进行治理C．可用于制作航天服的聚酯纤维是新型无机非金属材料D．采用“静电除尘”、“原煤脱硫"、“汽车尾气催化净化”等方法，可提高空气质量【答案】D2．下列关于有机化合物的说法正确的是（）A．可用饱和碳酸钠溶液鉴别乙醇、乙酸和乙酸乙酯B．苯与甲苯互为同系物,均能使酸性KMnO4溶液褪色C．淀粉和纤维素不是同分异构体,但它们水解的最终产物是同分异构体D．甲烷和氯气按体积比1∶2的比例混合后光照，生成的有机物全部是CH2Cl2【答案】A【解析】A．乙醇和水互溶，乙酸和碳酸钠反应生成CO2,乙酸乙酯不溶于水，可用饱和碳酸钠溶液鉴别乙醇、乙酸和乙酸乙酯,A正确；B．苯与甲苯互为同系物，甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色，苯不能,B错误；C．淀粉和纤维素不是同分异构体，但它们水解的最终产物均是葡萄糖，是同一种物质，C错误；D．甲烷和氯气按体积比1∶2的比例混合后光照，生成的有机物是四种卤代烃的混合物，D错误，答案选D。

【点睛】选项D是易错点，掌握甲烷的取代反应特点是解答的关键，甲烷分子中的每个氢原子均有可能被取代，甲烷和氯气不论以何种比例混合取代均得不到纯净的卤代烃。

3．下列实验方案中，不能达到实验目的的是（）度小于Mg(OH）2入NaOH溶液至不再有沉淀产生，再滴加0。

1mol·L-1CuSO4溶液,可观察到先有白色沉淀生成，后变为浅蓝色沉淀【答案】B【点睛】本题考查化学实验方案的评价，涉及物质的性质的比较、溶液配制、离子检验等知识，为高频考点，侧重于学生的分析、实验能力的考查，注意把握实验的严密性和可行性的评价。

4．设N A为阿伏加德罗常数值，下列有关叙述正确的是（）A．46g组成为C2H6O的有机物．所含有的C—H 键数目为6N A B．0℃l8mL冰含有质子数为10N AC．氢氧燃料电池正极消耗22。