2018年高中数学黄金100题系列第62题空间几何体的表面积与体积理

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【推荐精选】2018年高中数学 黄金100题系列 第63题 空间平行关系的证明 文

【推荐精选】2018年高中数学 黄金100题系列 第63题 空间平行关系的证明 文

第63题 空间平行关系的证明I .题源探究·黄金母题【例1】如图,在空间四边形ABCD 中,,,E F G 分别是,,AB BC CD 的中点,求证:(1)BD P 平面EFG ; (2)AC P 平面EFG ;.【解析】(1)∵E F 、分别为BC CD 、的中点, ∴EF 为BCD ∆的中位线,∴EFBD ,∵EF ⊂平面EFG ,BD ⊄平面EFG , ∴BD P 平面EFG .(2)∵G F 、分别为AD CD 、的中点 ∴GF 为ACD ∆的中位线,∴GFAC .∵GF ⊂平面EFG ,AC ⊄平面EFG , ∴AC P 平面EFG . II .考场精彩·真题回放【例2】【2017课标II 文18】如图,四棱锥P ABCD -中,侧面PAD 为等边三角形且垂直于底面ABCD ,01,90.2AB BC AD BAD ABC ==∠=∠= (1)证明:直线//BC 平面PAD ;(2)若△PAD 面积为,求四棱锥P ABCD -的体积.【答案】(Ⅰ)见解析(Ⅱ)【解析】分析:(1)先由平几知识得BC∥AD,再利用线面平行判定定理证结论,(2)取AD 的中点M ,利用面面垂直性质定理证明PM⊥底面ABCD ,得四棱锥的高,再通过平几计算得底面直角梯形面积,最后代入椎体体积得体积.解析:(1)在平面ABCD 内,因为∠BAD=∠ABC=90°,所以BC∥AD.又BC PAD ⊄平面,AD PAD ⊂平面,故BC∥平面PAD.(2)取AD 的中点M ,连结PM ,CM ,由12A B B C A D ==及BC∥AD,∠ABC=90°得四边形ABCM 为正方形,则CM⊥AD.因为侧面PAD 为等边三角形且垂直于底面ABCD ,平面PAD∩平面ABCD=AD,所以PM⊥AD,PM⊥底面ABCD,因为CM ABCD⊂底面,所以PM⊥CM.,设BC=x,则CM=x,CD=,PM=,PC=PD=2x.取CD的中点N,连结PN,则PN⊥CD,所以因为△PCD的面积为,所以,解得x=-2(舍去),x=2,于是AB=BC=2,AD=4,PM=,所以四棱锥P-ABCD的体积.【点睛】垂直、平行关系证明中应用转化与化归思想的常见类型.(1)证明线面、面面平行,需转化为证明线线平行.(2)证明线面垂直,需转化为证明线线垂直.(3)证明线线垂直,需转化为证明线面垂直.【例3】【2016年全国Ⅲ卷】如图,四棱锥P ABC-中,PA⊥平面ABCD,AD BC,3AB AD AC===,4PA BC==,M为线段AD上一点,2AM MD=,N为PC的中点.(1)证明MN P平面PAB;(2)求四面体N BCM-的体积.【解析】(1)由已知得232==ADAM,取BP的中点T,连接TNAT,,由N为PC中点知BCTN//,221==BCTN.又BCAD//,故TN AM,四边形AMNT为平行四边形,于是MN AT.因为⊂AT平面PAB,⊄MN平面PAB,所以//MN平面PAB.(2)因为⊥PA平面ABCD,N为PC的中点,所以N到平面ABCD的距离为PA21.取BC的中点E,连结AE.由3==ACAB得BCAE⊥,522=-=BEABAE.由BCAM∥得M到BC的距离为5,故525421=⨯⨯=∆B C MS,所以四面体B C MN-的体积354231=⨯⨯=∆-PASVBCMBCMN.【例4】【2016年江苏高考】如图,在直三棱柱111ABC A B C-中,D E,分别为AB BC,的中点,点F在侧棱1B B上,且11B D A F⊥,1111AC A B⊥.求证:(1)直线DE P平面11AC F;(2)平面1B DE⊥平面11AC F.【解析】1)在直三棱柱111ABC A B C-中,11AC AC.在三角形ABC中,因为,D E分别为,AB BC的中点,所以//DE AC,于是11DEAC .又因为DE ⊄平面1111,AC F AC ⊂平面11AC F , 所以直线DE平面11AC F .(2)在直三棱柱111ABC A B C -中,1111AA ⊥平面A B C . 因为11AC ⊂平面111A B C ,所以111AA ⊥A C . 又因为1111111AC A B AA ABB A ⊥⊂,平面,1111A B ABB A ⊂平面,1111A B AA A =,所以11AC ⊥平面11ABB A ,因为1B D ⊂平面11ABB A ,所以111AC B D ⊥. 又因为111111B D A F AC AC F ⊥⊂,平面,111A F AC F ⊂平面,1111AC A F A =,所以111C F B D A ⊥平面.因为直线11B D B DE ⊂平面, 所以1B DE 平面11AC F ⊥平面. 精彩解读【试题来源】人教版A 版必修二第79页复习参考题B 组第2题.【母题评析】本题是以正方体为载体考查空间直线与平面的垂直关系,这种题型能充分考查学生的逻辑思维能力与空间想象能力,以及综合分析与解决问题的能力.这在高考中常常出现在解答题的第1小题位置.【思路方法】两平面平行(或垂直)问题常转化为直线与直线平行(或垂直),而直线与平面平行(或垂直)又可转化为直线与直线平行(或垂直),所以在解题时应注意“转化思想”的运用。

2023年高考数学(理科)一轮复习课件——空间几何体的表面积和体积

2023年高考数学(理科)一轮复习课件——空间几何体的表面积和体积
解析 (1)锥体的体积等于底面面积与高之积的三分之一,故不正确. (2)球的体积之比等于半径比的立方,故不正确.
索引
2.已知圆锥的表面积等于12π cm2,其侧面展开图是一个半圆,则底面圆的半径
为( B )
A.1 cm
B.2 cm
C.3 cm
3 D.2 cm
解析 设圆锥的底面圆的半径为r,母线长为l, 因为侧面展开图是一个半圆, 所以πl=2πr,即l=2r, 所以πr2+πrl=πr2+πr·2r=3πr2=12π,解得r=2.
得的截面是面积为8的正方形,则该圆柱的表面积为( B )
A.12 2π
B.12π
C.8 2π
D.10π
解析 由题意知,圆柱的轴截面是一个面积为 8 的正方形,则圆柱的高与底面 直径均为 2 2. 设圆柱的底面半径为 r,则 2r=2 2,得 r= 2. 所以圆柱的表面积 S 圆柱=2πr2+2πrh=2π( 2)2+2π× 2×2 2=4π+8π=12π.
索引
训练1 (1)(2020·新高考Ⅱ卷)棱长为2的正方体ABCD-A1B1C1D1中,M,N分别
为棱BB1,AB的中点,则三棱锥A1-D1MN的体积为____1____.
解析 如图,由正方体棱长为2及M,N分别为BB1,AB 的中点, 得 S△A1MN=2×2-2×12×2×1-21×1×1=32, 又易知D1A1为三棱锥D1-A1MN的高,且D1A1=2, ∴VA1-D1MN=VD1-A1MN=13·S△A1MN·D1A1=31×32×2=1.
角度1 简单几何体的体积
例1 (1)祖暅是我国南北朝时代的伟大科学家,他提出 的“幂势既同,则积不容异”称为祖暅原理,利用
该原理可以得到柱体的体积公式V柱体=Sh,其中S 是柱体的底面积,h是柱体的高.若某柱体的三视图

高考数学一轮复习 第7章 立体几何 7.2 空间几何体的表面积与体积课件 文

高考数学一轮复习 第7章 立体几何 7.2 空间几何体的表面积与体积课件 文

积.12/8/2021
搞清组合体构成部分,分别求其表面
第十八页,共五十五页。
解析 由三视图可得圆锥的母线长为 22+2 32=4, ∴S 圆锥侧=π×2×4=8π.又 S 圆柱侧=2π×2×4=16π,S = 圆柱底 4π,∴该几何体的表面积为 8π+16π+4π=28π.故选 C.
12/8/2021
12/8/2021
第三十页,共五十五页。
解析 由三视图知该零件是两个圆柱的组合体.一个 圆柱的底面半径为 2 cm,高为 4 cm;另一个圆柱的底面半 径为 3 cm,高为 2 cm.则零件的体积 V1=π×22×4+ π×32×2 = 34π(cm3) . 而 毛 坯 的 体 积 V = π×32×6 = 54π(cm3),因此切削掉部分的体积 V2=V-V1=54π-34π= 20π(cm3),所以VV2=5240ππ=1207.故选 C.
由圆柱两个底面的圆周在同一个球的球面上可知,
r,R 及圆柱的高的一半构成直角三角形.
∴r=
12-122=
3 2.
∴圆柱的体积为 V=πr2h=34π×1=34π.故选 B.
12/8/2021
第四十一页,共五十五页。
2.正三棱锥 A-BCD 内接于球 O,且底面边长为 3,
16π 侧棱长为 2,则球 O 的表面积为____3____.
12/8/2021
第二十六页,共五十五页。
A.110 B.116 C.118 D.120 此题应采用割补法求解.
12/8/2021
第二十七页,共五十五页。
解析 如图,过点 A 作 AP⊥CD,AM⊥EF,过点 B 作 BQ⊥CD,BN⊥EF,垂足分别为 P,M,Q,N,连接 PM, QN,将一侧的几何体补到另一侧,组成一个直三棱柱,底 面积为12×10×3=15.棱柱的高为 8,体积 V=15×8=120. 故选 D.

高三数学一轮复习 8.2 空间几何体的表面积与体积

高三数学一轮复习 8.2 空间几何体的表面积与体积

考点1
考点2
考点3
-16-
对点训练1如图,某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个 圆中两条互相垂直的半径.若该几何体的体积是 283π, 则它的表面积 是( )
由三视图可知该几何体是球截去18后所得几何体, 则 所78以A×.它1473π的π×B表R.13面=8π2积83πC为,.解2078得×πD4Rπ.2R=82π2+, 34×πR2=14π+3π=17π.
(3)设正四面体棱长为 a,则正四面体表面积为 S1=4·43·a2= 3a2,
其内切球半径为正四面体高的14,即 r=14 ·36a=126a,因此内切球表面积
为 S2=4πr2=π6������2,则������������12 =
3������2 π6������2
=
6π3.
考点1
考点2
考点3
考点1
考点2
考点3
-28-
(2)设球半径为R,过AB作相互垂直的平面α,β,设圆M的直径为AC, 圆N的直径为AD,则BD⊥BC,BC2+BD2+4=(2R)2=12,
∴CD=2 2, ∵M,N分别是AC,AD的中点, ∴MN的长度是定值 2,故选B.
考点1
考点2
考点3
-29-
1.求柱体、锥体、台体与球的表面积的问题,要结合它们的结构 特点与平面几何知识来解决.
2.求三棱锥的体积时要注意三棱锥的每个面都可以作为底面. 3.与球有关的组合体问题,一种是内切,一种是外接.解题时要认 真分析图形,明确切点和接点的位置,确定有关元素间的数量关系, 并作出合适的截面图.
考点1
考点2
考点3
-27-
解析 (1)∵AB=AC=3,∠BAC=23π,

2018年中考数学专题练习几何体的表面积(含解析)-文档资料

2018年中考数学专题练习几何体的表面积(含解析)-文档资料

2019中考数学专题练习-几何体的表面积(含解析)一、单选题1.下列哪个图形阴影部分的面积与已知图形阴影部分的面积不相等()A. B. C. D.2.图中的几何体,由两个正方体组合而成,大正方体的棱长为a,小正方体的棱长是b,则这个几何体的表面积等于()A. B. C. D.3.棱长是1cm的小立方体组成如图所示的几何体,那么这个几何体的表面积是()A. 36cm2B. 33cm2C. 30 cm2D. 27 cm24.如图所示,由6块边长为1的相同立方体组成的几何体.其表面积是()A. 24B. 26C. 28D. 305.若干个正方体形状的积木摆成如图所示的塔形,平放于桌面上,上面正方体的下底四个顶点是下面相邻正方体的上底各边中点,最下面的正方体棱长为1,如果塔形露在外面的面积超过7,则正方体的个数至少是()A. 2B. 3C. 4D. 56.10个棱长为1的正方体木块堆成如图所示的形状,则它的表面积是()A. 30B. 34C. 36D. 487.棱长是1cm的小立方体组成如图所示的几何体,那么这个几何体的表面积()A. 36cm2B. 33cm2C. 30cm2D. 27cm28.从棱长为2的正方体毛坯的一角,挖去一个棱长为1的小正方体,得到一个如图所示的零件,则这个零件的表面积是()A. 20B. 22C. 24D. 269.如图,将一张边长为3的正方形纸片按虚线裁剪后,恰好围成一个底面是正三角形的棱柱,这个棱柱的侧面积为()A. 9B. 9﹣3C.D.二、填空题10.如图所示的积木是由16块棱长为acm的正方体堆积而成的,则这个几何体的表面积是________ cm2.11.如图所示,一个长方体的长为4cm,宽为3cm,高为5cm.则长方体所有棱长的和为________;长方体的表面积为________.12.王老师有一罐茶叶,茶叶罐的高是12厘米,底面是边长为8厘米的正方形,茶叶罐侧面贴着一圈商标纸,商标纸的面积是________平方厘米,茶叶罐的体积是________立方厘米.13.某产品是长方体,它的长、宽、高分别为10cm、8cm、6cm,将12个这种产品摆放成一个大的长方体,则此大长方体的表面积最少为________ cm2.14.如图是一个几何体的三视图,若这个几何体的体积是36,则它的表面积是________.15.用一些棱长为a的正方形,摆成如图所示的形状,请你求出该物体的表面积.________.三、解答题16..如图,某玩具是由两个正方体用胶水黏合而成的,它们的棱长分别为1dm和2dm,为了美观,现要在其表面喷涂油漆,已知喷涂1dm2需用油漆59克,求喷涂这个玩具共需多少克油漆?17.已知一个长方体的长为4cm,宽为3cm,高为5cm,请求出:(1)长方体所有棱长的和.(2)长方体的表面积.四、综合题18.从棱长为2的正方体毛坯的一角挖去一个棱长为1的小正方体,得到一个如图的零件,求:(1)这个零件的表面积(包括底面);(2)这个零件的体积.19.棱长为a的正方体,摆放成如图所示的形状.(1)如果这一物体摆放三层,试求该物体的表面积;(2)依图中摆放方法类推,如果该物体摆放了上下20层,求该物体的表面积.答案解析部分一、单选题1.下列哪个图形阴影部分的面积与已知图形阴影部分的面积不相等()A. B. C. D.【答案】D【考点】几何体的表面积【解析】【解答】解:依题意有已知图形阴影部分的面积=1面积单位.A、图形阴影部分的面积=1×1=1面积单位,与已知图形阴影部分的面积相等;B、图形阴影部分的面积=1×2÷2=1面积单位,与已知图形阴影部分的面积相等;C、图形阴影部分的面积=1×2÷2=1面积单位,与已知图形阴影部分的面积相等;D、图形阴影部分的面积=1×1÷2=面积单位,与已知图形阴影部分的面积不相等.故选D.【分析】根据题意可知已知图形阴影部分的面积为1面积单位,分别求出各图形阴影部分的面积,比较即可.2.图中的几何体,由两个正方体组合而成,大正方体的棱长为a,小正方体的棱长是b,则这个几何体的表面积等于()A. B. C. D.【答案】A【考点】几何体的表面积【解析】【分析】分大正方体的表面积为六个正方形的面积减去重叠部分小正方形的面积,小正方体的五个表面的面积,然后根据正方形的面积公式列式进行计算即可得解.【解答】∵大正方体的棱长为a,小正方体的棱长是b,∴大正方体的表面积为6a2-b2,小正方体可看见的面的面积为5b2,所以,这个几何体的表面积等于6a2-b2+5b2=6a2+4b2.故选A.【点评】本题考查了几何体的表面积,以及整式的加减运算,要注意重叠部分的面积为小正方形的面积,需要在大正方体与小正方体分别减去一次.3.棱长是1cm的小立方体组成如图所示的几何体,那么这个几何体的表面积是()A. 36cm2B. 33cm2C. 30 cm2D. 27 cm2【答案】A【考点】几何体的表面积【解析】【分析】几何体的表面积是几何体正视图,左视图,俯视图三个图形中,正方形的个数的和的2倍.【解答】正视图中正方形有6个;左视图中正方形有6个;俯视图中正方形有6个.则这个几何体中正方形的个数是:2×(6+6+6)=36个.则几何体的表面积为36cm2.故选:A.【点评】本题考查的是几何体的表面积,这个几何体的表面积为露在外边的面积和底面之和.4.如图所示,由6块边长为1的相同立方体组成的几何体.其表面积是()A. 24B. 26C. 28D. 30【答案】B【考点】几何体的表面积【解析】【解答】解:正视图中正方形有4个,中间2个面;左视图中正方形有3个;俯视图中正方形有5个.则这个几何体中看到正方形的个数是:2×(4+3+5)+2=26个.则几何体的表面积为26.故选:B.【分析】几何体的表面积是几何体正视图,左视图,俯视图三个图形中,小正方形面积的个数的和的2倍.5.若干个正方体形状的积木摆成如图所示的塔形,平放于桌面上,上面正方体的下底四个顶点是下面相邻正方体的上底各边中点,最下面的正方体棱长为1,如果塔形露在外面的面积超过7,则正方体的个数至少是()A. 2B. 3C. 4D. 5【答案】B【考点】几何体的表面积【解析】【分析】根据图示逐层算出露出的面积加以比较即解.【解答】∵要求塔形露在外面的面积超过7(不包括下底面),最下面的立方体棱长为1,∴最下面的立方体露出的面积为:4×(1×1)+0.5=4.5;那么上面一层假如有立方体的话露出的面积为4×0.5+0.5×0.5=2.25,这两层加起来的面积为:6.75.那么上面一层假如还有立方体的话露出的面积为4×0.25+0.25×0.25=1.0625,这三层加起来的面积为:7.8125.∴立方体的个数至少是3.故选B.【点评】本题需注意假如上面有一层立方体的话露出的表面积为:4×正方形的面积+一半正方形的面积6.10个棱长为1的正方体木块堆成如图所示的形状,则它的表面积是()A. 30B. 34C. 36D. 48【答案】C【考点】几何体的表面积【解析】【解答】根据以上分析露出的面积=5+4×2+2+4×2+3+2×1+2+6=36.【分析】第一层露出5个面;第二层露出4×2+2个面;第三层露出4×2+3+2×1+2;底面6个面.7.棱长是1cm的小立方体组成如图所示的几何体,那么这个几何体的表面积()A. 36cm2B. 33cm2C. 30cm2D. 27cm2【答案】A【考点】几何体的表面积【解析】试题【分析】几何体的表面积是几何体正视图,左视图,俯视图三个图形中,正方形的个数的和的2倍。

2023年新高考数学一轮复习8-2 空间几何体的表面积和体积(知识点讲解)含详解

2023年新高考数学一轮复习8-2 空间几何体的表面积和体积(知识点讲解)含详解

专题8.2 空间几何体的表面积和体积(知识点讲解)【知识框架】 【核心素养】1.通过考查几何体体积和表面积的计算,主要考查棱柱、棱锥或不规则几何体的特征及体积与表面积的计算,凸显数学运算、直观想象的核心素养.2.结合三视图、直观图、展开图、轴截面等,考查球的切、接问题,主要考查几何体与球的组合体的识辨,球的体积、表面积的计算,凸显数学运算、直观想象的核心素养.【知识点展示】(一)几何体的表面积圆柱的侧面积圆柱的表面积圆锥的侧面积圆锥的表面积圆台的侧面积圆台的表面积球体的表面积 柱体、锥体、台体的侧面积,就是各个侧面面积之和;表面积是各个面的面积之和,即侧面积与底面积之和.把柱体、锥体、台体的面展开成一个平面图形,称为它的展开图,圆柱、圆锥、圆台的侧面展开图分别是矩形、扇形、扇环形它的表面积就是展开图的面积.(二)几何体的体积圆柱的体积rl S π2=)(2l r r S +=πrl S π=)(l r r S +=πl r r S )(+'=π)(22rl l r r r S +'++'=π24R S π=h r V 2π=圆锥的体积 圆台的体积 球体的体积 正方体的体积正方体的体积(三)常用结论多面体的内切球与外接球常用的结论(1)设正方体的棱长为a ,则它的内切球半径r =2a ,外接球半径R=2a . (2)设长方体的长、宽、高分别为a ,b ,c ,则它的外接球半径R=2. (3)设正四面体的棱长为a ,则它的高为H=3a ,内切球半径r =14H=12a ,外接球半径R =34H=4a . 【常考题型剖析】题型一:空间几何体的表面积例1.(2021·全国·高考真题)北斗三号全球卫星导航系统是我国航天事业的重要成果.在卫星导航系统中,地球静止同步卫星的轨道位于地球赤道所在平面,轨道高度为36000km (轨道高度是指卫星到地球表面的距离).将地球看作是一个球心为O ,半径r 为6400km 的球,其上点A 的纬度是指OA 与赤道平面所成角的度数.地球表面上能直接观测到一颗地球静止同步轨道卫星点的纬度最大值为α,记卫星信号覆盖地球表面的表面积为22(1cos )S r πα=-(单位:2km ),则S 占地球表面积的百分比约为( )A .26%B .34%C .42%D .50%例2.(2020·全国·高考真题(理))已知,,A B C 为球O 的球面上的三个点,⊙1O 为ABC 的外接圆,若⊙1O 的面积为4π,1AB BC AC OO ===,则球O 的表面积为( )A .64πB .48πC .36πD .32π例3.(2022·青海·海东市第一中学模拟预测(文))已知某圆台的母线长为2,母线与轴所在直线的夹角是60︒,且上、下底面的面积之比为1∶4,则该圆台外接球的表面积为( )A .56πB .64πC .112πD .128πh r V 231π=)(3122r r r r h V '++'=π334R V π=3a V =abc V =几类空间几何体表面积的求法(1)多面体:其表面积是各个面的面积之和.(2)旋转体:其表面积等于侧面面积与底面面积的和.(3)简单组合体:应搞清各构成部分,并注意重合部分的删、补.(4)若以三视图形式给出,解题的关键是根据三视图,想象出原几何体及几何体中各元素间的位置关系及数量关系.题型二:空间几何体的体积例4. (2023·河南·洛宁县第一高级中学一模(文))若圆锥的母线与底面所成的角为π6,则该圆锥的体积为( )A .π2B .πC .2πD .3π例5.(2022·全国·高考真题)南水北调工程缓解了北方一些地区水资源短缺问题,其中一部分水蓄入某水库.已知该水库水位为海拔1485m .时,相应水面的面积为21400km .;水位为海拔1575m .时,相应水面的面积为21800km .,将该水库在这两个水位间的形状看作一个棱台,则该水库水位从海拔1485m .上升到1575m .时,2.65)( )A .931.010m ⨯B .931.210m ⨯C .931.410m ⨯D .931.610m ⨯例6.(2022·全国·高考真题(理))甲、乙两个圆锥的母线长相等,侧面展开图的圆心角之和为2π,侧面积分别为S 甲和S 乙,体积分别为V 甲和V 乙.若=2S S 甲乙,则=V V 甲乙( )AB .CD 例7.(2022·湖北·黄石市有色第一中学模拟预测)阿基米德多面体也称为半正多面体,是以边数不全相同的正多边形为面围成的多面体.如图,已知阿基米德多面体的所有顶点均是一个棱长为2的正方体各条棱的中点,则该阿基米德多面体的体积为______;若M ,N 是该阿基米德多面体表面上任意两点,则M ,N 两点间距离的最大值为______.1.处理体积问题的思路(1)“转”:指的是转换底面与高,将原来不易求面积的底面转换为易求面积的底面,或将原来不易看出的高转换为易看出并易求解长度的高,即等体积法;(2)“拆”:指的是将一个不规则的几何体拆成几个简单的几何体,便于计算,即分割法;(3)“拼”:指的是将小几何体嵌入一个大几何体中,如将一个三棱锥复原成一个三棱柱,将一个三棱柱复原成一个四棱柱,这些都是拼补的方法,即补形法.2.求体积的两种方法:①割补法:求一些不规则几何体的体积时,常用割补法转化成已知体积公式的几何体进行解决.②等积法:等积法包括等面积法和等体积法.等体积法的前提是几何图形(或几何体)的面积(或体积)通过已知条件可以得到,利用等积法可以用来求解几何图形的高或几何体的高,特别是在求三角形的高和三棱锥的高时,这一方法回避了通过具体作图得到三角形(或三棱锥)的高,而通过直接计算得到高的数值.题型三:三视图与几何体的面积、体积例8.(2020·全国·高考真题(文))下图为某几何体的三视图,则该几何体的表面积是()A.6+42B.4+42C.6+23D.4+23例9. (2020·浙江·高考真题)某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,则该几何体的体积(单位:cm3)是()A.73B.143C.3D.6例10.(2022·浙江省春晖中学模拟预测)某几何体的三视图如图,其中正视图是腰长为2的等腰三角形,侧视图是半径为1的半圆,则该几何体的表面积是___________,体积是___________.【总结提升】求空间几何体体积的常见类型及思路(1)规则几何体:若所给定的几何体是柱体、锥体或台体等规则几何体,则可直接利用公式进行求解.其中,求三棱锥的体积常用等体积转换法(2)不规则几何体:若所给定的几何体是不规则几何体,则将不规则的几何体通过分割或补形转化为规则几何体,再利用公式求解.题型四:简单几何体的外接球与内切球问题例11.(2021·天津·高考真题)两个圆锥的底面是一个球的同一截面,顶点均在球面上,若球的体积为323π,两个圆锥的高之比为1:3,则这两个圆锥的体积之和为( )A .3πB .4πC .9πD .12π例12.(2020·全国高考真题(理))已知△ABC O 的球面上.若球O 的表面积为16π,则O 到平面ABC 的距离为( )A B .32 C .1 D例13.(2020·全国·高考真题(理))已知△ABC O 的球面上.若球O 的表面积为16π,则O 到平面ABC 的距离为( )AB .32C .1D 例14.(2019·全国·高考真题(理))已知三棱锥P -ABC 的四个顶点在球O 的球面上,P A =PB =PC ,△ABC 是边长为2的正三角形,E ,F 分别是P A ,AB 的中点,∠CEF =90°,则球O 的体积为( )A. B. C. D例15.(2017·全国卷Ⅲ)已知圆柱的高为1,它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上,则该圆柱的体积为( )A .πB .34πC .2πD .4π 例16.(2016·全国卷Ⅲ)在封闭的直三棱柱ABC ­A 1B 1C 1内有一个体积为V 的球.若AB ⊥BC ,AB =6,BC =8,AA 1=3,则V 的最大值是( )A .4πB .9π2C .6πD .32π3例17.(2021·福建·厦门大学附属科技中学高三阶段练习)某同学在参加魔方实践课时,制作了一个工艺品,如图所示,该工艺品可以看成是一个球被一个棱长为(球心与正方体的中心重合),若其中一个截面圆的周长为6π,则该球的表面积是______.例18. (2019年高考天津卷理)的正方形,侧棱长均若圆柱的一个底面的圆周经过四棱锥四条侧棱的中点,另一个底面的圆心为四棱锥底面的中心,则该圆柱的体积为_____________.例19.(2020·全国·高考真题(文))已知圆锥的底面半径为1,母线长为3,则该圆锥内半径最大的球的体积为_________.【总结提升】1.常见类型:(1)利用长方体的体对角线探索外接球半径;(2)利用长方体的面对角线探索外接球半径;(3)利用底面三角形与侧面三角形的外心探索球心;(4)利用直棱柱上下底面外接圆圆心的连线确定球心;(5)锥体的内切球问题;(6)柱体的内切球问题2.与球有关的组合体问题,一种是内切,一种是外接.球与旋转体的组合通常是作它们的轴截面解题,球与多面体的组合,通过多面体的一条侧棱和球心,或“切点”、“接点”作出截面图,把空间问题化归为平面问题.3.若球面上四点P ,A ,B ,C 中PA ,PB ,PC 两两垂直或三棱锥的三条侧棱两两垂直,可构造长方体或正方25体确定直径解决外接问题.专题8.2 空间几何体的表面积和体积(知识点讲解)【知识框架】 【核心素养】1.通过考查几何体体积和表面积的计算,主要考查棱柱、棱锥或不规则几何体的特征及体积与表面积的计算,凸显数学运算、直观想象的核心素养.2.结合三视图、直观图、展开图、轴截面等,考查球的切、接问题,主要考查几何体与球的组合体的识辨,球的体积、表面积的计算,凸显数学运算、直观想象的核心素养.【知识点展示】(一)几何体的表面积圆柱的侧面积圆柱的表面积圆锥的侧面积圆锥的表面积圆台的侧面积圆台的表面积球体的表面积 柱体、锥体、台体的侧面积,就是各个侧面面积之和;表面积是各个面的面积之和,即侧面积与底面积之和.把柱体、锥体、台体的面展开成一个平面图形,称为它的展开图,圆柱、圆锥、圆台的侧面展开图分别是矩形、扇形、扇环形它的表面积就是展开图的面积.(二)几何体的体积圆柱的体积rl S π2=)(2l r r S +=πrl S π=)(l r r S +=πl r r S )(+'=π)(22rl l r r r S +'++'=π24R S π=h r V 2π=圆锥的体积 圆台的体积 球体的体积 正方体的体积正方体的体积(三)常用结论多面体的内切球与外接球常用的结论(1)设正方体的棱长为a ,则它的内切球半径r =2a ,外接球半径R=2a . (2)设长方体的长、宽、高分别为a ,b ,c ,则它的外接球半径R. (3)设正四面体的棱长为a ,则它的高为H=3a ,内切球半径r =14H=12a ,外接球半径R =34H=4a . 【常考题型剖析】题型一:空间几何体的表面积例1.(2021·全国·高考真题)北斗三号全球卫星导航系统是我国航天事业的重要成果.在卫星导航系统中,地球静止同步卫星的轨道位于地球赤道所在平面,轨道高度为36000km (轨道高度是指卫星到地球表面的距离).将地球看作是一个球心为O ,半径r 为6400km 的球,其上点A 的纬度是指OA 与赤道平面所成角的度数.地球表面上能直接观测到一颗地球静止同步轨道卫星点的纬度最大值为α,记卫星信号覆盖地球表面的表面积为22(1cos )S r πα=-(单位:2km ),则S 占地球表面积的百分比约为( )A .26%B .34%C .42%D .50%【答案】C【解析】【分析】由题意结合所给的表面积公式和球的表面积公式整理计算即可求得最终结果.【详解】由题意可得,S 占地球表面积的百分比约为: 226400164003600002(1.cos )1cos 44242%22r r πααπ---+==≈=.h r V 231π=)(3122r r r r h V '++'=π334R V π=3a V =abc V =故选:C.例2.(2020·全国·高考真题(理))已知,,A B C 为球O 的球面上的三个点,⊙1O 为ABC 的外接圆,若⊙1O 的面积为4π,1AB BC AC OO ===,则球O 的表面积为( )A .64πB .48πC .36πD .32π 【答案】A【解析】【分析】由已知可得等边ABC 的外接圆半径,进而求出其边长,得出1OO 的值,根据球的截面性质,求出球的半径,即可得出结论.【详解】设圆1O 半径为r ,球的半径为R ,依题意,得24,2r r ππ=∴=,ABC 为等边三角形,由正弦定理可得2sin 60AB r =︒=,1OO AB ∴==1OO ⊥平面ABC ,11,4OO O A R OA ∴⊥====,∴球O 的表面积2464S R ππ==.故选:A例3.(2022·青海·海东市第一中学模拟预测(文))已知某圆台的母线长为2,母线与轴所在直线的夹角是60︒,且上、下底面的面积之比为1⊙4,则该圆台外接球的表面积为( ) A .56πB .64πC .112πD .128π 【答案】C【解析】【分析】作出圆台的轴截面等腰梯形,其外接圆是圆台外接球的大圆,在这个轴截面中进行计算可得.【详解】如图等腰梯形ABCD 是圆台的轴截面,EF 是圆台的对称轴,圆台上、下底面的面积之比为1:4,则半径比为1:2,设圆台上、下底面半径分别为r ,2r ,因母线与轴的夹角是60︒,母线长为2,可得圆台的高为1,r =R ,球心到下底面(大圆面)的距离为x ,若球心在圆台两底面之间,如图点M 位置,则222R x =+且222(1)R x =-+,无解;若圆台两底面在球心同侧,如图点O 位置,则222R x =+且222(1)R x =++,解得4x =,则228R =, 则该圆台外接球的表面积为2112R 4π=π.故选:C .【总结提升】几类空间几何体表面积的求法(1)多面体:其表面积是各个面的面积之和.(2)旋转体:其表面积等于侧面面积与底面面积的和.(3)简单组合体:应搞清各构成部分,并注意重合部分的删、补.(4)若以三视图形式给出,解题的关键是根据三视图,想象出原几何体及几何体中各元素间的位置关系及数量关系.题型二:空间几何体的体积例4. (2023·河南·洛宁县第一高级中学一模(文))若圆锥的母线与底面所成的角为π6,则该圆锥的体积为( )A .π2B .πC .2πD .3π【答案】B【解析】【分析】设圆锥的高为h ,利用母线与底面所成角求出高即可得解.【详解】设圆锥的高为h , 因为母线与底面所成的角为π6,所以πtan 61h =.圆锥的体积2π1π3=⨯⨯=V . 故选:B例5.(2022·全国·高考真题)南水北调工程缓解了北方一些地区水资源短缺问题,其中一部分水蓄入某水库.已知该水库水位为海拔1485m .时,相应水面的面积为21400km .;水位为海拔1575m .时,相应水面的面积为21800km .,将该水库在这两个水位间的形状看作一个棱台,则该水库水位从海拔1485m .上升到1575m .时,2.65)( )A .931.010m ⨯B .931.210m ⨯C .931.410m ⨯D .931.610m ⨯ 【答案】C【解析】【分析】根据题意只要求出棱台的高,即可利用棱台的体积公式求出.【详解】依题意可知棱台的高为157.5148.59MN =-=(m),所以增加的水量即为棱台的体积V .棱台上底面积262140.014010S ==⨯km m ,下底面积262180.018010S '==⨯km m ,∴((66119140101801033V h S S =+=⨯⨯⨯+⨯' ()()679933320607109618 2.6510 1.43710 1.410(m )=⨯+⨯≈+⨯⨯=⨯≈⨯.故选:C .例6.(2022·全国·高考真题(理))甲、乙两个圆锥的母线长相等,侧面展开图的圆心角之和为2π,侧面积分别为S 甲和S 乙,体积分别为V 甲和V 乙.若=2S S 甲乙,则=V V 甲乙( ) AB.CD【答案】C【解析】【分析】 设母线长为l ,甲圆锥底面半径为1r ,乙圆锥底面圆半径为2r ,根据圆锥的侧面积公式可得122r r =,再结合圆心角之和可将12,r r 分别用l 表示,再利用勾股定理分别求出两圆锥的高,再根据圆锥的体积公式即可得解.【详解】解:设母线长为l ,甲圆锥底面半径为1r ,乙圆锥底面圆半径为2r , 则11222S rl r S r l r ππ===甲乙, 所以122r r =, 又12222r r l lπππ+=, 则121r r l +=, 所以1221,33r l r l ==,所以甲圆锥的高1h ==,乙圆锥的高2h ==,所以221122214313r h l V V r h ππ==甲乙 故选:C.例7.(2022·湖北·黄石市有色第一中学模拟预测)阿基米德多面体也称为半正多面体,是以边数不全相同的正多边形为面围成的多面体.如图,已知阿基米德多面体的所有顶点均是一个棱长为2的正方体各条棱的中点,则该阿基米德多面体的体积为______;若M ,N 是该阿基米德多面体表面上任意两点,则M ,N 两点间距离的最大值为______.【答案】 203##263 22##322 【解析】【分析】第一空,将该多面体置于正方体中,由此可知该阿基米德多面体是由正方体切掉8个全等的三棱锥形成,由此可求得其体积;第二空,结合阿基米德多面体的外接球刚好是补形后正方体的棱切球,再求M ,N 两点间距离的最大值即可.【详解】依题意,可将该多面体补成一个棱长为2的正方体,如图,所以该阿基米德多面体是由正方体切掉8个全等的三棱锥形成,其体积112088111323V =-⨯⨯⨯⨯⨯=; 该阿基米德多面体的外接球刚好是正方体的棱切球,即与正方体的各条棱相切于棱的中点的球,该球直径为M ,N 两点间距离的最大值为外接球的直径,则max MN =故答案为:203; 【总结提升】1.处理体积问题的思路(1)“转”:指的是转换底面与高,将原来不易求面积的底面转换为易求面积的底面,或将原来不易看出的高转换为易看出并易求解长度的高,即等体积法;(2)“拆”:指的是将一个不规则的几何体拆成几个简单的几何体,便于计算,即分割法;(3)“拼”:指的是将小几何体嵌入一个大几何体中,如将一个三棱锥复原成一个三棱柱,将一个三棱柱复原成一个四棱柱,这些都是拼补的方法,即补形法.2.求体积的两种方法:①割补法:求一些不规则几何体的体积时,常用割补法转化成已知体积公式的几何体进行解决.②等积法:等积法包括等面积法和等体积法.等体积法的前提是几何图形(或几何体)的面积(或体积)通过已知条件可以得到,利用等积法可以用来求解几何图形的高或几何体的高,特别是在求三角形的高和三棱锥的高时,这一方法回避了通过具体作图得到三角形(或三棱锥)的高,而通过直接计算得到高的数值.题型三:三视图与几何体的面积、体积例8.(2020·全国·高考真题(文))下图为某几何体的三视图,则该几何体的表面积是()A.6+42B.4+42C.6+23D.4+23【答案】C【解析】【分析】根据三视图特征,在正方体中截取出符合题意的立体图形,求出每个面的面积,即可求得其表面积.【详解】根据三视图特征,在正方体中截取出符合题意的立体图形根据立体图形可得:12222ABC ADC CDBS S S===⨯⨯=△△△根据勾股定理可得:AB AD DB===∴ADB△是边长为根据三角形面积公式可得:211sin 6022ADB S AB AD =⋅⋅︒==△该几何体的表面积是:632⨯++ 故选:C.例9. (2020·浙江·高考真题)某几何体的三视图(单位:cm )如图所示,则该几何体的体积(单位:cm 3)是( )A .73B .143C .3D .6【答案】A【解析】【分析】根据三视图还原原图,然后根据柱体和锥体体积计算公式,计算出几何体的体积.【详解】由三视图可知,该几何体是上半部分是三棱锥,下半部分是三棱柱,且三棱锥的一个侧面垂直于底面,且棱锥的高为1,棱柱的底面为等腰直角三角形,棱柱的高为2,所以几何体的体积为:11117211212232233⎛⎫⎛⎫⨯⨯⨯⨯+⨯⨯⨯=+= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. 故选:A例10.(2022·浙江省春晖中学模拟预测)某几何体的三视图如图,其中正视图是腰长为2的等腰三角形,侧视图是半径为1的半圆,则该几何体的表面积是___________,体积是___________.【答案】232π+33π##3π3【解析】【分析】先画出直观图,再求出圆锥的高,求出两个半圆锥的侧面积之和,从而求出此几何体的表面积和体积.【详解】该几何体为两个底面半径为1,母线长为2的半圆锥拼接而成,设圆锥的高为h,由勾股定理得:413h=-=,则两个半圆锥的侧面积之和为12π22π2⨯⨯=,如图,AB =2CD =,且AB CD ⊥,所以四边形ADBC 的面积为22÷=, 该几何体的表面积为232π+,该几何体的体积为21π13⨯=故答案为:2π 【总结提升】 求空间几何体体积的常见类型及思路(1)规则几何体:若所给定的几何体是柱体、锥体或台体等规则几何体,则可直接利用公式进行求解.其中,求三棱锥的体积常用等体积转换法(2)不规则几何体:若所给定的几何体是不规则几何体,则将不规则的几何体通过分割或补形转化为规则几何体,再利用公式求解.题型四:简单几何体的外接球与内切球问题例11.(2021·天津·高考真题)两个圆锥的底面是一个球的同一截面,顶点均在球面上,若球的体积为323π,两个圆锥的高之比为1:3,则这两个圆锥的体积之和为( )A .3πB .4πC .9πD .12π 【答案】B【解析】作出图形,计算球体的半径,可计算得出两圆锥的高,利用三角形相似计算出圆锥的底面圆半径,再利用锥体体积公式可求得结果.【详解】如下图所示,设两个圆锥的底面圆圆心为点D ,设圆锥AD 和圆锥BD 的高之比为3:1,即3AD BD =,设球的半径为R ,则343233R ππ=,可得2R =,所以,44AB AD BD BD =+==, 所以,1BD =,3AD =,CD AB ⊥,则90CAD ACD BCD ACD ∠+∠=∠+∠=,所以,CAD BCD ∠=∠,又因为ADC BDC ∠=∠,所以,ACD CBD △∽△,所以,AD CD CD BD=,CD ∴= 因此,这两个圆锥的体积之和为()21134433CD AD BD πππ⨯⋅+=⨯⨯=. 故选:B.例12.(2020·全国高考真题(理))已知△ABC O 的球面上.若球O 的表面积为16π,则O 到平面ABC 的距离为( )A B .32 C .1 D .2【答案】C【解析】 设球O 的半径为R ,则2416R ππ=,解得:2R =.设ABC 外接圆半径为r ,边长为a ,ABC21224a ∴⨯=,解得:3a =,2233r ∴===,∴球心O 到平面ABC 的距离1d ===.故选:C.例13.(2020·全国·高考真题(理))已知△ABC O 的球面上.若球O 的表面积为16π,则O 到平面ABC 的距离为( )AB .32C .1D 【答案】C【解析】【分析】根据球O 的表面积和ABC 的面积可求得球O 的半径R 和ABC 外接圆半径r ,由球的性质可知所求距离d = 【详解】设球O 的半径为R ,则2416R ππ=,解得:2R =.设ABC 外接圆半径为r ,边长为a ,ABC212a ∴=3a =,2233r ∴==∴球心O 到平面ABC 的距离1d .故选:C.【点睛】本题考查球的相关问题的求解,涉及到球的表面积公式和三角形面积公式的应用;解题关键是明确球的性质,即球心和三角形外接圆圆心的连线必垂直于三角形所在平面.例14.(2019·全国·高考真题(理))已知三棱锥P -ABC 的四个顶点在球O 的球面上,P A =PB =PC ,△ABC 是边长为2的正三角形,E ,F 分别是P A ,AB 的中点,∠CEF =90°,则球O 的体积为( )A .B .C . D【答案】D【解析】【分析】先证得PB ⊥平面PAC ,再求得PA PB PC ===P ABC -为正方体一部分,进而知正方体的体对角线即为球直径,从而得解.【详解】解法一:,PA PB PC ABC ==∆为边长为2的等边三角形,P ABC ∴-为正三棱锥,PB AC ∴⊥,又E ,F 分别为PA 、AB 中点,//EF PB ∴,EF AC ∴⊥,又EF CE ⊥,,CE AC C EF =∴⊥平面PAC ,PB ⊥平面PAC ,APB PA PB PC ∴∠=90︒,∴===,P ABC ∴-为正方体一部分,2R ==34433R V R =∴=π==π,故选D . 解法二:设2PA PB PC x ===,,E F 分别为,PA AB 中点,//EF PB ∴,且12EF PB x ==,ABC ∆为边长为2的等边三角形,CF ∴=90CEF ∠=︒1,2CE AE PA x ∴=== AEC ∆中余弦定理()2243cos 22x x EAC x +--∠=⨯⨯,作PD AC ⊥于D ,PA PC =, D 为AC 中点,1cos 2AD EAC PA x ∠==,2243142x x x x+-+∴=,2212122x x x ∴+=∴==PA PB PC ∴=====2AB BC AC ,,,PA PB PC ∴两两垂直,2R ∴R ∴=,34433V R ∴=π==,故选D. 例15.(2017·全国卷Ⅲ)已知圆柱的高为1,它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上,则该圆柱的体积为( )A .π B .34π C .2π D .4π 【答案】B 【解析】设圆柱的底面半径为r ,球的半径为R ,且R =1,由圆柱两个底面的圆周在同一个球的球面上可知,r ,R 及圆柱的高的一半构成直角三角形.∴2r ==. ∴圆柱的体积为V =πr 2h =34π×1=34π. 故选B .例16.(2016·全国卷Ⅲ)在封闭的直三棱柱ABC ­A 1B 1C 1内有一个体积为V 的球.若AB ⊥BC ,AB =6,BC =8,AA 1=3,则V 的最大值是( )A .4πB .9π2C .6πD .32π3【答案】B【解析】由题意得要使球的体积最大,则球与直三棱柱的若干面相切.设球的半径为R ,∵△ABC 的内切圆半径为68102+-=2,∴R ≤2. 又2R ≤3,∴R ≤32,∴V ma x =3439()322ππ=.故选B . 点睛:解答本题的关键是当V 取得最大值时,球与上下底面还是与侧面相切的问题.例17.(2021·福建·厦门大学附属科技中学高三阶段练习)某同学在参加魔方实践课时,制作了一个工艺品,如图所示,该工艺品可以看成是一个球被一个棱长为(球心与正方体的中心重合),若其中一个截面圆的周长为6π,则该球的表面积是______.【答案】144π【解析】【分析】设球心为O ,作出过球心的截面图如图所示,然后根据已知条件结合球的性质求解即可.【详解】 设球心为O,作出过球心的截面图如图所示,则OA =由截面圆的周长为6π,得26AB ππ⨯=,∴3AB =,6.所以该球的表面积为246=144ππ⨯.故答案为:144π.例18. (2019年高考天津卷理)的正方形,侧棱长若圆柱的一个底面的圆周经过四棱锥四条侧棱的中点,另一个底面的圆心为四棱锥底面的中心,则该圆柱的体积为_____________.【答案】,借助勾股定理,可知四棱锥的高.若圆柱的一个底面的圆周经过四棱锥四条侧棱的中点,一个底面的圆心为四棱锥底面的中心,故圆柱的高为,圆柱的底面半径为, 故圆柱的体积为. 例19.(2020·全国·高考真题(文))已知圆锥的底面半径为1,母线长为3,则该圆锥内半径最大的球的体积为_________.【解析】【分析】将原问题转化为求解圆锥内切球的问题,然后结合截面确定其半径即可确定体积的值.【详解】 25π42=11221ππ124⎛⎫⨯⨯= ⎪⎝⎭易知半径最大球为圆锥的内切球,球与圆锥内切时的轴截面如图所示,其中2,3BC AB AC ===,且点M 为BC 边上的中点,设内切圆的圆心为O , 由于223122AM =-=,故1222222S =⨯⨯=△ABC , 设内切圆半径为r ,则:ABC AOB BOC AOC S S S S =++△△△△111222AB r BC r AC r =⨯⨯+⨯⨯+⨯⨯()13322r =⨯++⨯=解得:22r,其体积:343V r π==.. 【总结提升】1.常见类型:(1)利用长方体的体对角线探索外接球半径;(2)利用长方体的面对角线探索外接球半径;(3)利用底面三角形与侧面三角形的外心探索球心;(4)利用直棱柱上下底面外接圆圆心的连线确定球心;(5)锥体的内切球问题;(6)柱体的内切球问题2.与球有关的组合体问题,一种是内切,一种是外接.球与旋转体的组合通常是作它们的轴截面解题,球与多面体的组合,通过多面体的一条侧棱和球心,或“切点”、“接点”作出截面图,把空间问题化归为平面问题.3.若球面上四点P ,A ,B ,C 中PA ,PB ,PC 两两垂直或三棱锥的三条侧棱两两垂直,可构造长方体或正方体确定直径解决外接问题.。

2023年新高考数学一轮复习8-2 空间几何体的表面积和体积(真题测试)解析版

2023年新高考数学一轮复习8-2 空间几何体的表面积和体积(真题测试)解析版

专题8.2 空间几何体的表面积和体积(真题测试)一、单选题1.(2020·天津·高考真题)若棱长为 ) A .12π B .24π C .36π D .144π【答案】C【解析】【分析】求出正方体的体对角线的一半,即为球的半径,利用球的表面积公式,即可得解.【详解】这个球是正方体的外接球,其半径等于正方体的体对角线的一半,即3R =,所以,这个球的表面积为2244336S R πππ==⨯=.故选:C.2.(2020·北京·高考真题)某三棱柱的底面为正三角形,其三视图如图所示,该三棱柱的表面积为(). A .63+ B .623+ C .123+ D .1223+【答案】D【解析】【分析】首先确定几何体的结构特征,然后求解其表面积即可.【详解】由题意可得,三棱柱的上下底面为边长为2的等边三角形,侧面为三个边长为2的正方形,则其表面积为:()1322222sin 60122S ⎛⎫=⨯⨯+⨯⨯⨯⨯︒=+ ⎪⎝⎭故选:D.【点睛】(1)以三视图为载体考查几何体的表面积,关键是能够对给出的三视图进行恰当的分析,从三视图中发现几何体中各元素间的位置关系及数量关系.(2)多面体的表面积是各个面的面积之和;组合体的表面积应注意重合部分的处理.(3)圆柱、圆锥、圆台的侧面是曲面,计算侧面积时需要将这个曲面展为平面图形计算,而表面积是侧面积与底面圆的面积之和.3.(2022·浙江·高考真题)某几何体的三视图如图所示(单位:cm ),则该几何体的体积(单位:3cm )是( )A .22πB .8πC .22π3D .16π3【答案】C【解析】【分析】根据三视图还原几何体可知,原几何体是一个半球,一个圆柱,一个圆台组合成的几何体,即可根据球,圆柱,圆台的体积公式求出.【详解】由三视图可知,该几何体是一个半球,一个圆柱,一个圆台组合成的几何体,球的半径,圆柱的底面半径,圆台的上底面半径都为1cm ,圆台的下底面半径为2cm ,所以该几何体的体积(322214122ππ1π122π2π12333V =⨯⨯+⨯⨯+⨯⨯⨯+⨯=3cm .故选:C .4.(2022·全国·高考真题)已知正三棱台的高为1,上、下底面边长分别为面上,则该球的表面积为( )A .100πB .128πC .144πD .192π【答案】A【解析】【分析】根据题意可求出正三棱台上下底面所在圆面的半径12,r r ,再根据球心距,圆面半径,以及球的半径之间的关系,即可解出球的半径,从而得出球的表面积.【详解】设正三棱台上下底面所在圆面的半径12,r r ,所以123432,260sin 60r r ==,即123,4r r ==,设球心到上下底面的距离分别为12,d d ,球的半径为R ,所以1d =2d =121d d -=或121d d +=,即1=1,解得225R =符合题意,所以球的表面积为24π100πS R ==. 故选:A .5.(2021·浙江·高考真题)某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是( )A .32B .3C .2D .【答案】A【解析】【分析】根据三视图可得如图所示的几何体,根据棱柱的体积公式可求其体积.【详解】几何体为如图所示的四棱柱1111ABCD A B C D -,其高为1,底面为等腰梯形ABCD ,1=故1111131222ABCD A B C D V -=⨯⨯=, 故选:A. 6.(2021·全国·高考真题(理))已如A ,B ,C 是半径为1的球O 的球面上的三个点,且,1AC BC AC BC ⊥==,则三棱锥O ABC -的体积为( )A B C D A 【解析】【分析】由题可得ABC 为等腰直角三角形,得出ABC 外接圆的半径,则可求得O 到平面ABC 的距离,进而求得体积.【详解】,1AC BC AC BC ⊥==,ABC ∴为等腰直角三角形,AB ∴=,则ABC 1, 设O 到平面ABC 的距离为d ,则2d =所以11111332O ABC ABC V S d -=⋅=⨯⨯⨯= 故选:A.7.(2022·全国·高考真题(文))已知球O 的半径为1,四棱锥的顶点为O ,底面的四个顶点均在球O 的球面上,则当该四棱锥的体积最大时,其高为( )A .13B .12CD 【答案】C【解析】【分析】先证明当四棱锥的顶点O 到底面ABCD 所在小圆距离一定时,底面ABCD 面积最大值为22r ,进而得到四棱锥体积表达式,再利用均值定理去求四棱锥体积的最大值,从而得到当该四棱锥的体积最大时其高的值.【详解】设该四棱锥底面为四边形ABCD ,四边形ABCD 所在小圆半径为r ,设四边形ABCD 对角线夹角为α, 则2111sin 222222ABCD S AC BD AC BD r r r α=⋅⋅⋅≤⋅⋅≤⋅⋅= (当且仅当四边形ABCD 为正方形时等号成立)即当四棱锥的顶点O 到底面ABCD 所在小圆距离一定时,底面ABCD 面积最大值为22r又22r h 1+=则2123O ABCDV r h -=⋅⋅=当且仅当222r h =即h 时等号成立,故选:C8.(2022·全国·高考真题)已知正四棱锥的侧棱长为l ,其各顶点都在同一球面上.若该球的体积为36π,且3l ≤≤ ) A .8118,4⎡⎤⎢⎥⎣⎦ B .2781,44⎡⎤⎢⎥⎣⎦ C .2764,43⎡⎤⎢⎥⎣⎦ D .[18,27]【答案】C【解析】【分析】设正四棱锥的高为h ,由球的截面性质列方程求出正四棱锥的底面边长与高的关系,由此确定正四棱锥体积的取值范围.【详解】∵ 球的体积为36π,所以球的半径3R =,设正四棱锥的底面边长为2a ,高为h ,则2222l a h =+,22232(3)a h =+-,所以26h l =,2222a l h =- 所以正四棱锥的体积42622411214()=333366936l l l V Sh a h l l ⎛⎫==⨯⨯=⨯-⨯- ⎪⎝⎭, 所以5233112449696l l V l l ⎛⎫⎛⎫-'=-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,当3l ≤≤0V '>,当l ≤0V '<,所以当l =V 取最大值,最大值为643,又3l =时,274V =,l =814V =, 所以正四棱锥的体积V 的最小值为274, 所以该正四棱锥体积的取值范围是276443⎡⎤⎢⎥⎣⎦,. 故选:C.二、多选题9.(2022·广东茂名·二模)某一时段内,从天空降落到地面上的液态或固态的水,未经蒸发,而在水平面上积聚的深度称为这段时间的降雨量.24h 降雨量的等级划分如下:在一次暴雨降雨过程中,小明用一个大容量烧杯(如图,瓶身直径大于瓶口直径,瓶身高度为50cm ,瓶口高度为3cm )收集雨水,容器内雨水的高度可能是( )A .20cmB .22cmC .25cmD .29cm【答案】CD【解析】【分析】设降雨量为x ,容器内雨水高度为h,根据雨水的体积相等关系可得到h,x 之间的关系49h x =,结合题意可得4200400[,)999x ∈,由此判断出答案. 【详解】设降雨量为x ,容器内雨水高度为h,根据体积相等关系可得:22π100π150x h ⨯=⨯,解得49h x = , 由于[50,100)x ∈ ,故4200400[,)999x ∈, 故20040020040020,22[,),25,29[,)9999∉∈故选:CD .10.(2023·湖北·高三阶段练习)折扇是我国古老文化的延续,在我国已有四千年左右的历史,“扇”与“善”谐音,折扇也寓意“善良”“善行”.它常以字画的形式体现我国的传统文化,也是运筹帷幄、决胜千里、大智大勇的象征(如图1).图2是一个圆台的侧面展开图(扇形的一部分),若两个圆弧,DE AC 所在圆的半径分别是3和9,且120ABC ∠=,则该圆台的( )A .高为42B .体积为5023π C .表面积为34πD .上底面积、下底面积和侧面积之比为1:9:22【答案】AC【解析】 【分析】设圆台的上底面半径为r ,下底面半径为R ,求出1,3r R ==,即可判断选项A 正确;利用公式计算即可判断选项BCD 的真假得解.【详解】解:设圆台的上底面半径为r ,下底面半径为R ,则11223,22933r R ππππ=⨯⨯=⨯⨯,解得1,3r R ==.圆台的母线长6l =,圆台的高为h ==,则选项A 正确;圆台的体积()22133113π=⨯+⨯+=,则选项B 错误; 圆台的上底面积为π,下底面积为9π,侧面积为()13624ππ+⨯=,则圆台的表面积为92434ππππ++=,则C 正确;由前面可知上底面积、下底面积和侧面积之比为1:9:24,则选项D 错误.故选:AC .11.(2022·湖南·长沙一中模拟预测)传说古希腊数学家阿基米德的墓碑上刻着一个圆柱,圆柱内有一个内切球,这个球的直径恰好与圆柱的高相等.“圆柱容球”是阿基米德最为得意的发现;如图是一个圆柱容球,12O O ,为圆柱上下底面的圆心,O 为球心,EF 为底面圆1O 的一条直径,若球的半径2r =,则( )A .球与圆柱的表面积之比为12:B .平面DEF 截得球的截面面积最小值为165π C .四面体CDEF 的体积的取值范围为3203⎛⎤ ⎥⎝⎦,D .若P 为球面和圆柱侧面的交线上一点,则PE PF +的取值范围为2⎡+⎣【答案】BCD【解析】【分析】利用球的表面积公式及圆柱的表面积公式可判断A ,由题可得O 到平面DEF 的距离为1d 平面DEF 截得球的截面面积最小值可判断B ,由题可得四面体CDEF 的体积等于12E DCO V -可判断C ,设P 在底面的射影为P ',设2t P E '=,PE PF +PE PF +的取值范围可判断D.【详解】由球的半径为r ,可知圆柱的底面半径为r ,圆柱的高为2r ,则球表面积为24r π,圆柱的表面积222226r r r r πππ+⋅=, 所以球与圆柱的表面积之比为23,故A 错误;过O 作1OG DO ⊥于G ,则由题可得12OG == 设O 到平面DEF 的距离为1d ,平面DEF 截得球的截面圆的半径为1r ,则1d OG ≤,22221114164455r r d d =-=-≥-=, 所以平面DEF 截得球的截面面积最小值为165π,故B 正确; 由题可知四面体CDEF 的体积等于12E DCO V -,点E 到平面1DCO 的距离(0,4]d ∈, 又114482DCO S =⨯⨯=,所以123228(0,]33E DCO V d -=⨯∈,故C 正确; 由题可知点P 在过球心与圆柱的底面平行的截面圆上,设P 在底面的射影为P ', 则2222222,2,2,16PP PE P E PF P F P E P F '''''==+=++=,设2t P E '=,则20,4t ⎡⎤∈⎣⎦,PE PF +所以()2224PE PF +==+2424⎡⎤=++⎣⎦,所以2PE PF ⎡+∈+⎣,故D 正确.故选:BCD.12.(2022·全国·高考真题)如图,四边形ABCD 为正方形,ED ⊥平面ABCD ,,2FB ED AB ED FB ==∥,记三棱锥E ACD -,F ABC -,F ACE -的体积分别为123,,V V V ,则( )A .322V V =B .31V V =C .312V V V =+D .3123V V =【答案】CD【解析】【分析】直接由体积公式计算12,V V ,连接BD 交AC 于点M ,连接,EM FM ,由3A EFM C EFM V V V --=+计算出3V ,依次判断选项即可.【详解】设22AB ED FB a ===,因为ED ⊥平面ABCD ,FB ED ,则()2311114223323ACD V ED S a a a =⋅⋅=⋅⋅⋅=, ()232111223323ABC V FB S a a a =⋅⋅=⋅⋅⋅=,连接BD 交AC 于点M ,连接,EM FM ,易得BD AC ⊥, 又ED ⊥平面ABCD ,AC ⊂平面ABCD ,则ED AC ⊥,又ED BD D =,,ED BD ⊂平面BDEF ,则AC ⊥平面BDEF ,又12BM DM BD ==,过F 作FG DE ⊥于G ,易得四边形BDGF 为矩形,则,FG BD EG a ===,则,EM FM ===,3EF a =,222EM FM EF +=,则EM FM ⊥,212EFM SEM FM =⋅=,AC =, 则33123A EFM C EFM EFM V V V AC S a --=+=⋅=,则3123V V =,323V V =,312V V V =+,故A 、B 错误;C 、D 正确.故选:CD.三、填空题 13.(2021·全国·高考真题(文))已知一个圆锥的底面半径为6,其体积为30π则该圆锥的侧面积为________.【答案】39π【解析】【分析】利用体积公式求出圆锥的高,进一步求出母线长,最终利用侧面积公式求出答案.【详解】∵216303V h ππ=⋅=∴52h =∴132l =∴136392S rl πππ==⨯⨯=侧. 故答案为:39π.14.(2020·江苏·高考真题)如图,六角螺帽毛坯是由一个正六棱柱挖去一个圆柱所构成的.已知螺帽的底面正六边形边长为2 cm ,高为2 cm ,内孔半径为0.5 cm ,则此六角螺帽毛坯的体积是 ____ cm 3. 【答案】1232π-【解析】【分析】先求正六棱柱体积,再求圆柱体积,相减得结果.【详解】正六棱柱体积为262⨯ 圆柱体积为21()222ππ⋅=所求几何体体积为2π故答案为: 2π15.(2019·天津·高考真题(文)若圆柱的一个底面的圆周经过四棱锥四条侧棱的中点,另一个底面的圆心为四棱锥底面的中心,则该圆柱的体积为__________. 【答案】4π. 【解析】【分析】根据棱锥的结构特点,确定所求的圆柱的高和底面半径.【详解】借助勾股定理,2=,.若圆柱的一个底面的圆周经过四棱锥四条侧棱的中点,圆柱的底面半径为12,一个底面的圆心为四棱锥底面的中心,故圆柱的高为1,故圆柱的体积为21124ππ⎛⎫⨯⨯= ⎪⎝⎭. 16.(2022·吉林·长春市第二实验中学高三阶段练习)在三棱锥P ABC -中,点P 在底面的射影是ABC 的外心,2,3BAC BC PA π∠===___________. 【答案】12548π 【解析】【分析】先由正弦定理得,ABC 外接圆的半径,再由勾股定理,即可求出半径,从而可得外接球体积.【详解】解:设ABC 的外心为1O ,连接1PO ,则球心O 在1PO 上,连接1O A ,则1O A 为ABC 外接圆的半径r ,连接OA ,设外接球的半径为R ,则OA OP R ==,在ABC 中,由正弦定理得2,BC r sin BAC ==∠解得1r =,即11O A =, 在1Rt PAO 中,12,PO =在1Rt AOO ,中22211OO AO AO +=,即()22221R R -+=,解得:54R =, 所以外接球的体积为:3344125334854R V πππ⎛⎫⋅ ⎪⎝⎭===, 故答案为:12548π 四、解答题17.(2022·安徽芜湖·高一期末)如图①,有一个圆柱形状的玻璃水杯,底面圆的直径为20cm ,高为30cm ,杯内有20cm 深的溶液.如图①,现将水杯倾斜,且倾斜时点B 始终不离开桌面,设直径AB 所在直线与桌面所成的角为α.要使倾斜后容器内的溶液不会溢出,求α的最大值. 【答案】4π【解析】【分析】当水杯倾斜过程中,溶液恰好不溢出时,此时α最大;在这个临界条件下,结合溶液的体积不变,可以得到关于α的一个不等式,即可求出α的取值范围,得到最大值.【详解】如图所示,在Rt △CDE 中20tan DE α=,()2221020tan 103020tan 10202παπαπ⨯⨯⨯⨯-+≥⨯⨯解得tan 1α≤,即α的最大值4π. 18.(2022·全国·南宁二中高三期末(文))图1是由矩形ABGF ,Rt ADE △和菱形ABCD 组成的一个平面图形,其中2AB =,1==AE AF ,60BAD ∠=︒,将该图形沿AB ,AD 折起使得AE 与AF 重合,连接CG ,如图2.(1)证明:图2中的C ,D ,E ,G 四点共面;(2)求图2中三棱锥C BDG -的体积.【答案】(1)证明见解析【解析】【分析】(1)依题意可得//AB FG ,//AB CD ,即可得到//AB GE ,从而得到//CD EG ,即可得证;(2)依题意可得AE AD ⊥、AE AB ⊥,即可得到AE ⊥平面ABCD 从而得到BG ⊥平面ABCD ,再根据13C BDG G BCD BCD V V BG S --==⋅计算可得;(1)证明:在矩形ABGF 和菱形ABCD 中,//AB FG ,//AB CD ,所以//AB GE ,所以//CD EG ,所以C 、D 、E 、G 四点共面;(2)解:在Rt ADE △中AE AD ⊥,矩形ABGE 中AE AB ⊥,AD AB A ⋂=,,AD AB ⊂平面ABCD ,所以AE ⊥平面ABCD ,又//BG EA ,所以BG ⊥平面ABCD ,又11sin 2222BCD S BC CD BCD =⋅⋅∠=⨯⨯=所以11133C BDG G BCD BCD V V BG S --==⋅=⨯ 19.(2022·山西吕梁·高一期末)如图是某种水箱用的“浮球”,它是由两个半球和一个圆柱筒组成.已知球的半径是2cm ,圆柱筒的高是2cm .(1)求这种“浮球”的体积;(2)要在100个这种“浮球”的表面涂一层防水漆,每平方厘米需要防水漆0.5g ,共需多少防水漆?【答案】(1)356(cm)3π (2)1200g π【解析】【分析】(1)由球的体积公式和圆柱的体积公式求解即可;(2)由球的表面积公式和圆柱的侧面积公式求解即可.(1)因为该“浮球”的圆柱筒底面半径和半球的半径2cm r =,圆柱筒的高为2cm ,所以两个半球的体积之和为331432(cm)33V r ππ==, 圆柱的体积2328(cm)V r h ππ==,∴该“浮球”的体积是31256(cm)3V V V π=+=; (2)根据题意,上下两个半球的表面积是221416(cm)S r ππ==,而“浮球”的圆柱筒侧面积为2228(cm)S rh ππ==,∴“浮球”的表面积为21224(cm)S S S π=+=;所以给100个这种浮球的表面涂一层防水漆需要100240.51200g ππ⨯⨯=.20.(2022·全国·高三专题练习)如图1,在直角梯形ABCD 中,//AD BC ,∠BAD =90°,12AB BC AD a ,E 是AD 的中点,O 是AC 与BE 的交点.将△ABE 沿BE 折起到图2中1A BE 的位置,使平面1A BE ⊥平面BCDE ,得到四棱锥1A BCDE -.当四棱锥1A BCDE -的体积为a 的值.【答案】6a =.【解析】【分析】在直角梯形ABCD 中,证明BE AC ⊥,在四棱锥1A BCDE -中,由面面垂直的性质证得1A O ⊥平面BCDE ,再利用锥体体积公式计算作答.【详解】如图,在直角梯形ABCD 中,连接CE ,因E 是AD 的中点,12BC AD a ,有//,AE BC AE BC =,则四边形ABCE 是平行四边形,又,90BAD AB BC ∠==,于是得ABCE 是正方形,BE AC ⊥,在四棱锥1A BCDE -中,1BE AO ⊥,因平面1A BE ⊥平面BCDE ,且平面1A BE 平面BCDE BE =,1A O ⊂平面1A BE ,因此1A O ⊥平面BCDE ,即1A O 是四棱锥1A BCDE -的高,显然112AO AO CO AC ====,平行四边形BCDE 的面积2S CO BE a =⋅==,因此,四棱锥1A BCDE -的体积为2311133V S AO a =⋅===6a =, 所以a 的值是6.21.(2022·北京·高一期末)《九章算术》中对一些特殊的几何体有特定的称谓,例如:将底面为直角三角形的直三棱柱称为堑堵,将一堑堵沿其一顶点与相对的棱刨开,得到一个阳马(底面是长方形,且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥)和一个鳖臑 (四个面均为直角三角形的四面体).在如图所示的堑堵111ABC A B C -中,已知3AB =,4BC =,5AC =.当阳马111C ABB A -体积等于24时, 求:(1)堑堵111ABC A B C -的侧棱长;(2)鳖臑1C ABC -的体积;(3)阳马111C ABB A -的表面积.【答案】(1)6(2)12 (3)51313【解析】【分析】(1)设堑堵111ABC A B C -的侧棱长为x ,根据阳马111C ABB A -体积等于24求解即可;(2)根据棱锥的体积计算即可;(3)分别计算111C ABB A -的侧面积与底面积即可(1)因为3AB =,4BC =,5AC =,所以222AB BC AC +=.所以△ABC 为直角三角形.设堑堵111ABC A B C -的侧棱长为x ,则113A ABB S x 矩形,则111143243AA BB V x C , 所以6x =,所以堑堵111ABC A B C -的侧棱长为6.(2)因为13462ABC S =⨯⨯=△, 所以1111661233ABC ABC V S CC C . 所以鳖臑1C ABC -的体积为12.(3) 因为11113462A B C S,11164122BB C S , 11165152AA C S ,1132133132ABC S , 113618A ABB S 矩形,所以阳马111C ABB A -的表面积的表面积为612151831351313. 22.(2022·重庆市巫山大昌中学校高一期末)如图,AB 是圆柱OO '的一条母线,BC 过底面圆心O ,D 是圆O 上一点.已知5,3AB BC CD ===,(1)求该圆柱的表面积;(2)将四面体ABCD 绕母线AB 所在的直线旋转一周,求ACD △的三边在旋转过程中所围成的几何体的体积.【答案】(1)75π2(2)15π【解析】【分析】(1)由题意求出柱的底面圆的半径即可求解;(2)ACD △绕AB 旋转一周而成的封闭几何体的体积为两个圆锥的体积之差,结合圆锥体积公式求解即可(1)由题意知AB 是圆柱OO '的一条母线,BC 过底面圆心O ,且5AB BC ==, 可得圆柱的底面圆的半径为52R =, 则圆柱的底面积为221525πππ24S R ⎛⎫==⨯= ⎪⎝⎭, 圆柱的侧面积为252π2π525π2S Rl ==⨯⨯= 所以圆柱的表面积为12257522π25ππ42S S S =+=⨯+=. (2) 由线段AC 绕AB 旋转一周所得几何体为以BC 为底面半径,以AB 为高的圆锥,线段AD 绕AB 旋转一周所得的几何体为BD 为底面半径,以AB 为高的圆锥,所以以ACD △绕AB 旋转一周而成的封闭几何体的体积为:22221111πππ55π4515π3333V BC AB BD AB =⋅⋅-⋅⋅=⋅⋅-⋅⋅=.。

高中数学必修二 8 简单几何体的表面积与体积(精讲)(含答案)

高中数学必修二   8  简单几何体的表面积与体积(精讲)(含答案)

8.3 简单几何体的表面积与体积(精讲)考点一 旋转体的体积【例1】(2021·山东莱西·高一期末)在ABC 中,2AB =,32BC =,120ABC ∠=︒,若将ABC 绕BC 边所在的直线旋转一周,则所形成的面围成的旋转体的体积是______. 【答案】32π 【解析】依题意可知,旋转体是一个大圆锥去掉一个小圆锥,所以sin 602OA AB =︒==,1cos60212OB AB =︒=⨯=,所以旋转体的体积:()21332V OC OB ππ=⋅⋅-=故答案为:32π. 【一隅三反】1.(2021·湖南省邵东市第三中学高一期中)圆台上、下底面面积分别是π、4π积是( )A B .C D 【答案】D【解析】由题意1(4)3V ππ=+=.故选:D .2.(2021·山东任城·高一期中)《九章算术》是我国古代内容极为丰富的数学名著,书中有如下问题:“今有委米依垣内角,下周六尺,高五尺.问:积及为米几何?”其意思为:“在屋内墙角处堆放米(如图,米堆为一个圆锥的四分之一),米堆底部的弧长为6尺,米堆的高为5尺,问堆放的米有多少斛?”已知1斛米的体积约为1.6立方尺,圆周率约为3,估算出堆放的米约有_______斛.【答案】12.5【解析】设圆柱的底面半径为r 尺,则14⨯2πr =6,∴r ≈4,∴圆锥的体积V =21134543⨯⨯⨯⨯=20立方尺,∴堆放的米约有201.6=12.5斛. 故答案为:12.5.3.(2021·上海市七宝中学)已知圆锥的侧面展开图是半径为2的半圆,则圆锥的体积为________.【解析】由题意圆锥的母线长为2l =,设圆锥底面半径为r ,则22r ππ=,1r =,所以高为h体积为2211133V r h ππ==⨯=..考点二 旋转体的表面积【例2】(2021·吉林·延边二中高一期中)如图,圆锥的底面直径和高均是4,过PO 的中点O '作平行于底面的截面,以该截面为底面挖去一个圆柱,(1)求剩余几何体的体积 (2)求剩余几何体的表面积【答案】(1)103π;(2)8π+. 【解析】(1)由题意知,因为O '为PO 的中点,所以挖去圆柱的半径为1,高为2,剩下几何体的体积为圆锥的体积减去挖去小圆柱的体积, 所以22110241233V πππ=⋅⨯⨯-⨯⨯=.(2)因为圆锥的底面直径和高均是4,所以半径为2,母线l =所以圆锥的表面积为2122(4S πππ=⨯+⨯⨯+, 挖去的圆柱的侧面积为:22124S ππ=⨯⨯=,所以剩余几何体的表面积为12(4+4+8S S S πππ==+=+. 【一隅三反】1.(2021·广东·仲元中学高一期中)已知一个母线长为1的圆锥的侧面展开图的圆心角等于240︒,则该圆锥的侧面积为( )A B .881πCD .23π【答案】D【解析】将圆心角240︒化为弧度为:43π,设圆锥底面圆的半径为r 由圆心角、弧长和半径的公式得:4213r ππ=⨯,即23r = 由扇形面积公式得:22133S ππ=⨯⨯=所以圆锥的侧面积为23π.故选:D.2.(2021·全国·高一课时练习)已知圆台的上、下底面半径分别为10和20,它的侧面展开图的扇环的圆心角为180°,则这个圆台的侧面积为( ) A .600π B .300π C .900π D .450π【答案】A【解析】圆台的上底面圆半径10r '=,下底面圆半径20r =,设圆台的母线长为l ,扇环所在的小圆的半径为x ,依题意有:220()210l x x ππππ⨯=+⎧⎨⨯=⎩,解得2020x l =⎧⎨=⎩,所以圆台的侧面积20()()1020600+S r r l πππ'=⨯=+=. 故选:A3(2021·全国·高一课时练习)圆台的上、下底面半径和高的比为1:4:4,若母线长为10,则圆台的表面积为________. 【答案】168π【解析】圆台的轴截面如图所示,设上底面半径为r ,下底面半径为R ,高为h 则4h R r ==,则它的母线长为510l r =, 所以2r,8R =.故()(82)10100S R r l πππ=+=+⨯=侧,22100464168S S r R ππππππ=++=++=表侧.故答案为:168π考点三 多面体的体积【例3-1】(2021·全国·高一课时练习)如图所示,正方体ABCD-A 1B 1C 1D 1的棱长为1,则三棱锥D-ACD 1的体积是( )A .16B .13C .1 2D .1【答案】A【解析】三棱锥D-ACD 1的体积等于三棱锥D 1-ACD 的体积,三棱锥D 1-ACD 的底面ACD 是直角边长为1的等腰直角三角形,高D 1D=1,∴三棱锥D-ACD 1的体积为V=1132⨯×1×1×1=16.故选:A【例3-2】(2021·全国·高一课时练习)若正四棱台的斜高与上、下底面边长之比为5∶2∶8,体积为14,则棱台的高度为( ) A .8 B .4C .2D .【答案】C【解析】如图,设棱台的上、下底面边长分别为2x ,8x ,斜高h '为5x ,则棱台的高h x ,由棱台的体积公式1()3V S S h '=得:2224161)31(6444++x x x x ⋅=,解得12x =,棱台的高为h =4x =2. 故选:C 【一隅三反】1.(2021·全国·高一课时练习)设四棱锥的底面是对角线长分别为2和4的菱形,四棱锥的高为3,则该四棱锥的体积为( ) A .12 B .24 C .4 D .30【答案】C【解析】所求的体积为11324432⨯⨯⨯⨯=,故选:C.2.(2021·全国·高一课时练习)棱台的上、下底面面积分别是2,4,高为3,则棱台的体积等于( )A .6B .3+C .6+D .6【答案】C【解析】依题意,棱台的上底面面积2S '=,下底面面积4S =,高为3h =,故由公式可知,棱台的体积是()()11243633V S S h '==⨯⨯=+ 故选:C.3.(2021·全国·高一课时练习)若一个四棱锥的底面的面积为3,体积为9,则其高为( ) A .13B .1C .3D .9【答案】D【解析】设四棱锥的高为h ,则由锥体的体积公式得:13×3h =9,解得h =9,所以所求高为9. 故选:D4.(2021·广东·仲元中学高一期中)如图所示,在长方体ABCD A B C D ''''-中,用截面截下一个棱锥C A DD '''-则棱锥C A DD '''-的体积与剩余部分的体积之比为( )A .1:5B .1:4C .1:3D .1:2【答案】A【解析】由图知:13C A DD A DD V C D S'''''-''=⋅⋅,ABCD A B C D A D DA V C D S ''''''-''=⋅,而2A D DA A DD S S''''=,∴剩余部分的体积为53ABCD A B C D C A DD A DD V V C D S'''''''''--''-=⋅,∴棱锥C A DD '''-的体积与剩余部分的体积之比为1:5.故选:A考点四 多面体的表面积【例4】(2021·全国·高一课时练习)正六棱柱的底面边长为2,最长的一条对角线长为积为()A .4)B .2)C .1)D .8)【答案】B【解析】正六棱柱的底面边长为2,最长的一条对角线长为12BB =,它的表面积为)16=2622sin 6222412223S S S π=+⨯⨯⨯⨯⨯+⨯⨯==表面积底面积矩形.故选:B. 【一隅三反】1.(2021·全国·高一课时练习)若六棱柱的底面是边长为3的正六边形,侧面为矩形,侧棱长为4,则其侧面积等于( ) A .12 B .48 C .64 D .72【答案】D【解析】六棱柱的底面是边长为3的正六边形, 故底面周长6318C =⨯=, 又侧面是矩形,侧棱长为4, 故棱柱的高4h =,∴棱柱的侧面积72S Ch ==,故选:D2.(2021·全国·高一课时练习)如图,在正方体ABCD ­-A 1B 1C 1D 1中,三棱锥D 1­AB 1C 的表面积与正方体的表面积的比为( )A .1∶1B .1C .1D .1∶2【答案】C【解析】设正方体的边长为a ,则表面积216S a =,因为三棱锥11D AB C -的各面均是正三角形,其边长为正方体侧面对角线.,三棱锥D 1­AB 1C 的表面积)222142S =⨯⨯=,所以2221::6S S a ==故选:C3(2021·全国·高一课时练习)长方体同一顶点上的三条棱长分别为2,2,3,则长方体的体积与表面积分别为( ) A .12,32 B .12,24 C .22,12 D .12,11【答案】A【解析】长方体的体积为22312⨯⨯=,表面积为()222+23+2332⨯⨯⨯=, 故选:A.4.(2021·全国·高一课时练习)(多选)正三棱锥底面边长为3,侧棱长为则下列叙述正确的是( )A .正三棱锥高为3 BC D 【答案】ABD【解析】设E 为等边三角形ADC 的中心,F 为CD 的中点,连接,,PF EF PE , 则PE 为正三棱锥的高,PF 为斜高,又PF ==32EF ==,故3PE ==, 故AB 正确.而正三棱锥的体积为1393⨯=,侧面积为1332⨯⨯=故C 错误,D 正确. 故选:ABD.5(2021·全国·高一课时练习)(多选)在正方体1111ABCD A B C D -中,三棱锥11D AB C -的表面积与正方体的表面积的比不可能是( )A .1:1B .C .D .1:2【答案】ABD【解析】设正方体1111ABCD A B C D -的棱长为a ,则正方体1111ABCD A B C D -的表面积为226S a =.三棱锥11D AB C -的正四面体,其中一个面的面积为212S ==,则三棱锥11D AB C -的表面积为2214S ==所以三棱锥11D AB C -的表面积与正方体的表面积的比为22126S S a ==::故选:ABD.考点五 有关球的计算【例5-1】(2021·全国·高一课时练习)长方体的三个相邻面的面积分别是2,3,6,这个长方体的顶点都在同一个球面上,则这个球的表面积为( ) A .72π B .56π C .14π D .16π【答案】C【解析】设长方体的三条棱长分别为a ,b ,c ,由题意得236ab ac bc =⎧⎪=⎨⎪=⎩,得123a b c =⎧⎪=⎨⎪=⎩∴2414S R ππ球==. 故选:C【例5-2】(2021·广东高州·高一期末)已知正四面体ABCD的表面积为A 、B 、C ,D 四点都在球O 的球面上,则球O 的体积为( ) A. BCD .3π【答案】C【解析】正四面体各面都是全等的等边三角形,设正四面体的棱长为a ,所以该正四面体的表面积为2142S a =⨯⨯=,所以a =1, 所以正方体的外接球即为该正四面体的外接球,O 的体积为343π⨯=⎝⎭. 故选:C. 【一隅三反】1.(2021·全国·高一课时练习)表面积为16π的球的内接轴截面为正方形的圆柱的体积为( )A .B .C .16πD .8π【答案】A【解析】由题意可知,4πR 2=16π,所以R =2,即球的半径R =2.设圆柱的底面圆半径为r 2R =,即2816r =,所以r ,∴V 圆柱=πr 2·2r =2π·π.故选:A.2.(2021·全国·高一课时练习)若一个正方体内接于表面积为4π的球,则正方体的表面积等于( )A .B .8C .D .【答案】B【解析】设正方体棱长为x ,球半径为R ,则24π4πS R ==球,解得1R =,22R ==,解得x =所以该正方体的表面积为22668S x ==⨯=正.故选:B.3.(2021·全国·高一课时练习)(多选)我国古代数学名著《九章算术》中将正四棱锥称为方锥.已知半球内有一个方锥,方锥的底面内接于半球的底面,方锥的顶点在半球的球面上,若方锥的体积为18,则半球的说法正确的是( ) A .半径是3 B .体积为18π C .表面积为27π D .表面积为18π【答案】ABC【解析】如图,PAC △是正四棱锥的对角面,设球半径为r ,AC 是半圆的直径,,棱锥体积为2312)1833V r r =⨯⨯==,3r =,半球体积为332231833V r πππ==⨯=,表面积为2223327S πππ=⨯+⨯=, 故选:ABC .4.(2021·全国·高一课时练习)一个球内有相距9cm 的两个平行截面,它们的面积分别为249cm π和2400cm π2,求球的体积和表面积.【答案】球的表面积为22500cm π,球的体积为362500cm 3π. 【解析】(1)当截面在球心的同侧时,如图①所示为球的轴截面,由截面性质知12AO //BO ,1O ,2O 为两截面圆的圆心,且11OO AO ⊥,22OO BO ⊥,①设球的半径为R ,因为2249O B ππ=,所以27cm O B =,同理得120cm O A =.设1cm OO x =,则2(9)cm OO x =+, 在1Rt O OA 中,22220R x =+,① 在2Rt OO B 中,2227(9)R x =++,② 联立①②可得15x =,25R =.所以2242500cm S R ππ==球,33462500cm 33V R ππ==球.(2)当截面在球心的两侧时,如图②所示为球的轴截面,由球的截面性质知,12O A//O B ,1O ,2O 分别为两截面圆的圆心,且11OO O A ⊥,22OO O B ⊥.②设球的半径为R ,因为2249O B ππ⋅=,所以27cm O B =.因为21400O A ππ⋅=,所以120cm O A =.设1cm O O x =,则2(9)cm OO x =-. 在1Rt OO A △中,22400R x =+,在2Rt OO B 中,22(9)49R x =-+, 所以22400(9)49x x +=-+, 解得15x =-(不合题意,舍去) 综上所述,球的表面积为22500cm π. 球的体积为362500cm 3π. 考点六 综合运用【例6】(2021·全国·高一课时练习)一块边长为12cm 的正三角形薄铁片,按如图所示设计方案,裁剪下三个全等的四边形(每个四边形中有且只有一组对角为直角),然后用余下的部分加工制作成一个“无盖”的正三棱柱(底面是正三角形的直棱柱)形容器.(1)请将加工制作出来的这个“无盖”的正三棱柱形容器的容积V 表示为关于x 的函数,并标明其定义域; (2)若加工人员为了充分利用边角料,考虑在加工过程中,使用裁剪下的三个四边形材料恰好拼接成这个正三棱柱形容器的“顶盖”.请指出此时x 的值(不用说明理由),并求出这个封闭的正三棱柱形容器的侧面积S .【答案】(1)323(012)82x V x x =-+<<;(2)6cm x =,2S =侧.【解析】(1)结合平面图形数据及三棱柱直观图,求得三棱柱的高6cm 2x h ⎫=-⎪⎝⎭,其底面积22cm S =,则三棱柱容器的容积232236624282x x x x V Sh x x ⎫⎛⎫==-=-=-+⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭, 即所求函数关系式为323(012)82x V x x =-+<<;(2)此时6cm x =,而相应棱柱的高h ,故侧面积为236S =⨯=. 【一隅三反】1.(2021·安徽镜湖·高一期中)如图所示,在边长为5的正方形ABCD 中,以A 为圆心画一个扇形,以O 为圆心画一个圆,M ,N ,K 为切点,以扇形为圆锥的侧面,以圆O 为圆锥的底面,围成一个圆锥,求该圆锥的表面积与体积.【答案】表面积10π. 【解析】设圆的半径为r ,扇形的半径为R ,由题意,得(522R r Rr ππ⎧+=⎪⎨=⎪⎩,解得r R ⎧=⎪⎨=⎪⎩所以围成的圆锥的母线长为l =r =h ∴圆锥的表面积210S rl r πππ=+=;∴圆锥的体积为213V r h π==.2.(2021·全国·高一课时练习)有一塔形几何体由3个正方体构成,构成方式如图所示,上层正方体下底面的四个顶点是下层正方体上底面各边的中点.已知最底层正方体的棱长为2,求该塔形的表面积(含最底层正方体的底面面积).【答案】36【解析】易知由下向上三个正方体的棱长依次为2,1.考虑该几何体在水平面的投影,可知其水平投影面积等于下底面最大正方体的底面面积.∴S 表=2S 下+S 侧=2×22+4×[22+2+12]=36, ∴该几何体的表面积为36.3.(2021·全国·高一课时练习)养路处建造圆锥形仓库用于贮藏食盐(供融化高速公路上的积雪之用),已建的仓库的底面直径为12 m ,高为4 m.养路处拟建一个更大的圆锥形仓库,以存放更多食盐.现有两种方案:一是新建的仓库的底面直径比原来大4 m (高不变);二是高度增加4 m (底面直径不变). (1)分别计算按这两种方案所建的仓库的体积; (2)分别计算按这两种方案所建的仓库的表面积; (3)哪个方案更经济些?【答案】(1)2563π(m 3),96π(m 3);(m 2),60π(m 2);(3)方案二比方案一更加经济. 【解析】(1)若按方案一,仓库的底面直径变成16 m ,则仓库的体积为V 1=13S ·h=13×π×2162⎛⎫⎪⎝⎭×4=2563π(m 3).若按方案二,仓库的高变成8 m ,则仓库的体积为V 2=13S ·h=13×π×2122⎛⎫⎪⎝⎭×8=96π(m 3).(2)若按方案一,仓库的底面直径变成16 m ,半径为8 m.圆锥的母线长为l 1m ),则仓库的表面积为S 1=π×8×(m 2). 若按方案二,仓库的高变成8 m.圆锥的母线长为l 210(m ), 则仓库的表面积为S 2=π×6×10=60π(m 2).(3)由(1)、(2)知,V 1<V 2,S 2<S 1,故方案二体积更大,表面积更小,所需耗材更少,即方案二比方案一更加经济.。

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第62题 空间几何体的表面积与体积I .题源探究·黄金母题【例1】如图,将一个长方体沿相等三个面的对角线截出一个棱锥,求棱锥的体积与剩下的几何体的体积的比.【答案】1:5【解析】设长方体的三条棱长分别为,,a b c ,则截出的棱锥的体积为1111326V abc abc =⨯=,剩下的几何体的体积21566V abc abc abc =-=,所以12:1:5V V =II .考场精彩·真题回放【例2】【2014山东理13】三棱锥P ABC -中,D ,E 分别为PB ,PC 的中点,记三棱锥D ABE -的体积为1V ,P ABC -的体积为2V ,则12VV =________.【答案】14【解析】由已知1.2DAB PAB S S ∆∆=设点C 到平面PAB 距离为h ,则点E 到平面PAB 距离为12h ,所以,1211132.143DAB PAB S h V V S h∆∆⋅== 【名师点睛】本题考查三棱锥的几何特征以及几何体的体积.解答本题的关键,是利用等体积法实施转化,用相同的量表示两个体积.本题属于能力题,在考查三棱锥的几何特征以及几何体的体积等基础知识的同时,考查了考生的空间想象能力及运算能力.【例3】【2015江苏高考】现有橡皮泥制作的底面半径为5、高为4的圆锥和底面半径为2、高为8的圆柱各一个。

若将它们重新制作成总体积与高均保持不变,但底面半径相同的新的圆锥与圆柱各一个,则新的底面半径为___________.【解析】由体积相等得:22145283ππ⨯⨯⨯+⨯⨯=221483r r ππ⨯⨯⨯+⨯⨯,解得r = 【例4】【2015年全国新课标Ⅰ理6】《九章算术》是我国古代内容极为丰富的数学名著,书中有如下问题:“今有委米依垣内角,下周八尺,高五尺。

问:积及为米几何?”其意思为:“在屋内墙角处堆放米(如图,米堆为一个圆锥的四分之一),米堆底部的弧长为8尺,米堆的高为5尺,问米堆的体积和堆放的米各为多少?”已知1斛米的体积约为1.62立方尺,圆周率约为3,估算出堆放斛的米约有( )A .14斛B .22斛C .36斛D .66斛【答案】B 【解析】设圆锥底面半径为r ,则 12384r ⨯⨯==163r =,所以米堆的体积为211163()5433⨯⨯⨯⨯=3209,故堆放的米约为1.63202922÷≈,故选B . 【例5】【2015四川高考】在三棱住111ABC A B C -中,90BAC ∠=︒,其正视图和侧视图都是边长为1的正方形,俯视图是直角边长为1的等腰直角三角形,设点M N P ,,分别是11AB BC B C ,,的中点,则三棱锥1P A MN -的体积是___________. 【答案】124【解析】由题意,三棱柱是底面为直角边长为1的等腰直角三角形,高为1的直三棱柱,底面积为12.如图,因为1AA PN ,故1AA 面PMN ,故三棱锥1P A MN -与三棱锥P AMN -体积相等,三棱锥P AMN -的底面积是三棱锥底面积的14,高为1,故三棱锥1P A MN -的体积为111132424⨯⨯=.【例6】【2015年上海高考】若正三棱柱的所有棱长均为a ,且其体积为a =___________.【答案】4【解析】由条件可知正三棱柱的底面面积为21sin 602S a a =︒= ,高为a ,所以213a = 4a =. 【例7】【2014江苏理8】设甲,乙两个圆柱的底面面积分别为12,S S ,体积为12,V V ,若它们的侧面积相等且1294S S =,则12VV 的值是 . 【答案】32【解析】设甲、乙两个圆柱的底面和高分别为11r h 、,22r h 、,则112222rh r h ππ=,1221h r h r =,又21122294S r S r ππ==,所以1232r r =,则222111111212222222221232V r h r h r r r V r h r h r r r ππ==⋅=⋅==. 【名师点晴】求空间几何体体积的常用方法(1)公式法:直接根据相关的体积公式计算.(2)等积法:根据体积计算公式,通过转换空间几何体的底面和高使得体积计算更容易,或是求出一些体积比等.(3)割补法:把不能直接计算体积的空间几何体进行适当的分割或补形,转化为可计算体积的几何体【例8】【2015江苏高考9】现有橡皮泥制作的底面半径为5、高为4的圆锥和底面半径为2、高为8的圆柱各一个。

若将它们重新制作成总体积与高均保持不变,但底面半径相同的新的圆锥与圆柱各一个,则新的底面半径为【解析】由体积相等得:22221145+28=4833r r r ππππ⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯+⨯⨯⇒【例9】【2014山东高考】一个六棱锥的体积为32,其底面是边长为2的正六边形,侧棱长都相等,则该六棱锥的侧面积为___________.【答案】12【解析】设六棱锥的高为h,则1,3V Sh =.,所以,1463h⨯=解得1h=,设斜高为'h,则222)','2,h h h+=∴=所以,该六棱锥的侧面积为1226122⨯⨯⨯=.【例10】【2014陕西高考】将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周,所得几何体的侧面积为()A.4πB.3πC.2πD.π【答案】C【解析】将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周得到的几何体为底面为半径为1r=的圆、高为1的圆柱,其侧面展开图为长为22rππ=,宽为1,所以所得几何体的侧面积为212ππ⨯=,故选C.精彩解读【试题来源】人教版A版必修二第28页习题1.3A组第3题【母题评析】本题是计算简单的两个几何体棱柱与棱锥的体积,只要根据几何体的形状正确选择相应几何体的体积公式即可正确作答.但须注意设出长方体的三条棱长,,a b c参与辅助解答.【思路方法】求简单几何体的体积与表面积主要考虑清楚两点:(1)正确识别几何体的类型;(2)正确选用体积公式与面积公式.【命题意图】本类题通常简单几何体的体积与表面积(侧面积)的计算.【考试方向】这类试题在考查题型上,通常基本以选择题或填空题的形式出现,难度中档或中档偏下,常常与实际应用或平面图形的旋转相联系.【难点中心】(1)对简单几何体的考查主要围绕体积与表面积的计算,其难度为与实际相结合时,在确定几何体的形状时相对比较困难,特别是实际中提取相关的信息.(2)求锥的体积确定其高是一个难点.III .理论基础·解题原理 考点一 棱体的表面积计算棱体(棱柱、棱锥、棱台)的表面积主要是通过把它们展成平面图形,利用求平面图形的面积法求解.n 棱柱的展开图由两个全等的n 边形与n 个平行四边形组成;n 棱锥的展开图由一个n 边形与n 个共顶点三角形组成;n 棱台的展开图由两个相似的n 边形与n 个梯形组成.这些平面图形的面积即为相应的棱柱、棱锥、棱台的表面积.特别地,棱长为a 的正方体的表面积26S a =正,长、宽、高分别为a b c 、、的长方体的表面积()2S ab bc ca =长++. 考点二 圆体的表面积圆体(圆柱、圆锥、圆台)的表面积公式表现为两部分,即侧面积与底面积,其侧面积可以利用侧面展开图得到.其中圆柱的侧面展开图是一个矩形,其宽是圆柱母线的长,长为圆柱底面周长;圆锥的侧面展开图为扇形,其半径为圆锥母线长,弧长为圆锥底面周长;圆台的侧面展开图为扇环,其两弧长分别为圆台的两底周长,两“腰”为圆台的母线长. 考点三 柱体的体积柱体(棱柱、圆柱)的体积由底面积S 和高h 确定,即V Sh =柱体.特别地,底面半径是r ,高是h 的圆柱的体积是2V r h π=柱体.根据公式求棱柱的体积,“定高”是至关重要的. 考点四 锥体的体积锥体(棱锥、圆锥)的体积等于它的底面积是S 和高h 的积,即13V Sh =圆锥.特别地,底面半径是r ,高是h 的圆锥的体积是213V r h π=圆锥. 考点五 台体的体积台体(棱台、圆台)的体积由上底面积S 、下底面积S '、高是h 确定,即1()3V S S h '=+圆台.特别地,上、下底半径分别是r R ,,高是h 的圆台的体积是221()3V r Rr R h π=++圆台. 考点六 球的体积与表面积根据球的表面积公式24S r π=与体积公式343V r π=,知球的表面积和体积只须求一个条件,那就是球的半径R .关于两个球的体积比与表面积比之间的转换可转化为球的半径立方比与平方比. IV .题型攻略·深度挖掘 【考试方向】从近年的全国及各自主命题省市的高考题看,基本上每一套课标卷都对空间几何体的表面积或体积进行了考查,它既可出现在客观题中,也可以出现在解答题中. 【技能方法】(1)解决简单几何体的求积问题,可根据题目的具体特点,采用不同的方法,对于待求元素少的问题,可根据公式,采用“缺什么,找什么;要什么,求什么”的方法,抓住数量关系集中的平面,通过分析逐层求得,对于待求元素多的问题,可根据数量关系采用“设未知数、列方程”的方法.(2)求柱、锥、台体的表面积就是求它们的侧面积和底面积之和,对于圆柱、圆锥、圆台,已知上、下底面的半径和母线长可以用表面积公式直接求出,对于棱柱、棱锥、棱台没有一般计算公式,可以直接根据条件求各个面的面积。

(3)求柱、锥、台体的体积时,根据体积公式,需要具备已知底面积和高两个重要条件,底面积一般可由底面边长或半径求出,但当高不知道时,求高比较困难,一般要转化为平面几何知识求出高。

(4)求非标准的柱、锥、台体的体积常常采用“割补法”即将几何体分割为几个规则的易求体积的几何体,或将几何体补成易求体积的几何体,利用间接法求之.如“补台为锥”在台体的计算中也是常常用到的方法,即由根据台体的定义,在某种情况下,可以将台体补充成锥体研究体积.(5)重视等积变换在求积问题中的应用,在锥体体积计算中,常常要用到“等积法”,即利用三棱锥的体积不论以哪个面作底面其体积不变的特点来求解.【易错指导】(1)公式记忆错误,常常将锥体的表面积和体积与柱体的表面积和体积混淆;(2)空间几何体的结构特征抓不准导致误用公式,从而计算错误;(3)错误确定空间几何体中的表面积与体积中的几何量,特别是求锥体的体积时,常常会将高确定错误.V.举一反三·触类旁通考向1 柱体的表面积与体积【例1】【20176、4的长方体的体积相等,则长方体的表面积为()A.44 B.54 C.88 D.108【答案】C【点评】圆柱的表面积公式表现为两部分,即侧面积与底面积,因此只要计算出侧面积与一个底面的面积,其表面积就可求,而侧面积可以利用侧面展开图得到.计算棱柱的表面积主要是通过把它们展成平面图形,利用求平面图形的面积法求解,通常情况下n棱柱的展开图由两个全等的n边形与n个平行四边形组成.【例2】【2018贵阳调研】鲁班锁,是中国传统的智力玩具,起源于古代汉族建筑中首创的榫卯结构,这种三维的拼插器具内部的凹凸部分(即榫卯结构)啮合,十分巧妙,原为木质结构,外观看是严丝合缝的十字立方体,其上下,左右,前后完全对称,从外表上看,六根等长的正四棱柱体分成三组,经90度榫卯起来,若正四棱柱体的高为4,底面正方形的边长为1,则该鲁班锁的表面积为( )A .48B .60C .72D .84 【答案】B【点评】本题考查了利用三视图投影的方法计算复杂图形的表面积的应用问题,是基础题目.【跟踪练习】1.【2017安徽省铜陵一中高二期末】一个圆柱的侧面展开图是一个正方形,这个圆柱的表面积与侧面积的比是( ) A .124ππ+ B .122ππ+ C .12ππ+ D .142ππ+ 【答案】B【解析】根据圆柱的侧面展开图是一个正方形,得到圆柱的高和底面半径之间的关系,然后求出圆柱的表面积和侧面积即可得到结论.设圆柱的底面半径为r ,圆柱的高为h ,∵圆柱的侧面展开图是一个正方形,∴2r h π=,即2h r π=.∴圆柱的侧面积为2224rh r ππ=,圆柱的两个底面积为22r π,∴圆柱的表面积为22222224r rh r r ππππ+=+,∴圆柱的表面积与侧面积的比为:22222422124r r r πππππ+=+,故选B . 2. 【2017湖北省部分重点中学期末】有一塔形几何体由若干个正方体构成,构成方式如图所示,上层正方体下底面的四个顶点是下层正方体上底面各边的中点.已知最底层正方体的 棱长为2,且该塔形的表面积(含最底层正方体的底面面积)超过38,则该塔形中正方体的个数至少是( )A. 4个B. 5个C. 6个D. 7个 【答案】B3.【2017宝鸡市模拟】如图,已知正六棱柱的最大对角面的面积为1m 2,互相平行的两个侧面的距离为1m ,则这个六棱柱的体积为( )A.34m B .334m C .31m D .312m【答案】B【解析】设正六棱柱的底面边长为a ,高为h,则211ah =⎧⎪=,解得a =h =2364V =⨯=,故选B . 【点评】根据圆柱的体积公式知,求其体积关键是确定底面半径和母线长.圆柱的图形比较特殊,因此具有圆柱本身特征的计算公式2V r h π柱体=.棱柱的体积由底面积S 和高h 确定,即V Sh =柱体,其中“定高”是至关重要的.4.【河北省邢台市第一中学2017-2018月考】《九章算术》是我国古代内容极为丰富的数学名著,书中有如下问题:“今有刍甍,下广三丈,袤四丈,上袤二丈,无广,高二丈,问:积几何?”其意思为:“今有底面为矩形的屋脊状的锲体,下底面宽3丈,长4丈,上棱长2丈,高2丈,问:它的体积是多少?”已知1丈为10尺,该锲体的三视图如图所示,则该锲体的体积为A. 10000立方尺B. 11000立方尺C. 12000立方尺D. 13000立方尺 【答案】A考向2 锥体的表面积与体积【例1】【2017山西康杰中学上模拟】如果一个正四面体(各个面都是正三角形)的体积为93cm ,则其表面积的值为( )A .2B .218cm C .2 D .212cm 【答案】A【解析】设该正四面体的棱长为acm 22cm ,定点到底面的距离即正四面体的高为3,所以其体积为219343V a a =⨯⨯=,解得a =,所以其表面积为224S ==,故选A . 【例2】【2017吉林毓文中学模拟】若一个圆锥的轴截面是边长为2的等边三角形,则这个圆锥的表面积是( )A .3πB .C .6πD .9π【答案】A【解析】圆锥的母线长2l =,底面半径1r = ,∴圆锥的表面积221213S rl r πππππ=+=⨯⨯+⨯=,故选A .【例3】【2015高考山东理7】在梯形ABCD 中,2ABC π∠=,//,222AD BC BC AD AB === .将梯形ABCD 绕AD 所在的直线旋转一周而形成的曲面所围成的几何体的 体积为( ) (A )23π (B )43π (C )53π (D )2π 【答案】C【名师点睛】本题考查了空间几何体的结构特征及空间几何体的体积的计算,重点考查了圆柱、圆锥的结构特征和体积的计算,体现了对学生空间想象能力以及基本运算能力的考查。

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