第18、19周训练(功率、功能关系强化训练)
人教版初中九年级物理,第十八章《电功率》,全章新课教学,课时同步教学强化训练,(附详细参考答案)
初中九年级物理第十八章《电功率》全章新课教学课时同步教学强化训练一、第一节《电能电功》同步教学强化训练（附详细参考答案）二、第二节《电功率》同步教学强化训练（附详细参考答案）三、第三节《测量小灯泡的电功率》同步教学强化训练（附详细参考答案）四、第四节《焦耳定律》同步教学强化训练（附详细参考答案））五、第十八章《电功率》单元质量检测卷（一）（附详细参考答案）六、第十八章《电功率》单元质量检测卷（二）（附详细参考答案）九年级物理第十八章第一节《电能电功》新课教学课时同步教学强化训练(30分钟40分)一、选择题(本大题共5小题,每小题3分,共15分)1.下列各物理量单位中,属于电功单位的是( )A.安培B.伏特C.焦耳D.欧姆2.图中所示的用电器中,工作时主要将电能转化为机械能的是( )3.(多选)对于图中的数据,下列说法中正确的是( )A.每消耗1 kW·h的电能,电能表的转盘转3 000 rB.额定电压为220 V,额定电流为10 AC.电能表读数的单位是kW·hD.该电能表计量的电能为20 041 kW·h4.某家用电能表的表盘上标有“600r/(kW·h)”的字样,在电路中只接入一个用电器且正常工作时,电能表转盘在1 min内转了10转,则该用电器消耗的电能为( )A.6×104JB.6×103JC.6×102JD.60 J5.甲、乙两用电器并联后接在某一电源上,在相等时间内,电流通过甲所做的功比乙的多,说明( )A.通过甲的电流比乙的小B.甲消耗的电能比乙的多C.甲两端的电压比乙的高D.甲的电阻比乙的大二、填空题(本大题共3小题,每空2分,共10分)6.小王家的电能表月初的示数如图甲所示,月底的示数如图乙所示,小王家本月用电kW·h。
7.王明家的电子电能表上标有“220 V10(20)A”和“2 500 imp/(kW·h)”(表示电能表的脉冲指示灯每闪烁2 500次,电路消耗1 kW·h的电能)的字样,他记下在10 min内这个电能表的脉冲指示灯闪烁了250次,则他家里正在使用的用电器消耗的电能为kW·h,合J。
高三物理总复习巩固练习 功能关系和 (提高)
【巩固练习】 一、选择题1、从地面竖直上抛一个质量为m 的小球，小球上升的最大高度为H 。
设上升和下降过程中空气阻力大小恒定为F 。
下列说法正确的是（ ） A. 小球上升的过程中动能减少了mgHB. 小球上升和下降的整个过程中机械能减少了FHC. 小球上升的过程中重力势能增加了m g HD. 小球上升和下降的整个过程中动能减少了FH2、一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离。
假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法正确的是（ ） A. 运动员到达最低点前重力势能始终减小B. 蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加C. 蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒D. 蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关3、一质量为1kg 的质点静止于光滑水平面上，从t=0时起，第1秒内受到2N 的水平外力 作用，第2秒内受到同方向的1N 的外力作用。
下列判断正确的是（ ） A. 0～2s 内外力的平均功率是94W B.第2秒内外力所做的功是54J C.第2秒末外力的瞬时功率最大D.第1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值是454、 如图是某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置，当太阳光照射到小车上方的 光电板，光电板中产生的电流经电动机带动小车前进。
若小车在平直的水泥路上从静止开始 加速行驶，经过时间t 前进距离s ，速度达到最大值m v ，设这一过程中电动机的功率恒为P ， 小车所受阻力恒为F ，那么这段时间内（ ） A ．小车做匀加速运动 B ．电动机所做的功为 PtC ．电动机所做的功为212mv D ．电动机所做的功为212Fs mv5、如图所示，一块质量为M 的木板停在光滑的水平面上，木板的左端有挡板，挡板上固定一个小弹簧。
一个质量为m 的小物块（可视为质点）以水平速度υ0从木板的右端开始向左运动，与弹簧碰撞后（弹簧处于弹性限度内），最终又恰好停在木板的右端。
功能关系
功能关系：功和能的关系总结功能关系：功和能的关系：功是能量转化的量度。
(1)做功的过程就是能量转化的过程, 做功的多少决定了能转化的数量,即:功是能量转化的量度强调：功是一种过程量，它和一段位移（一段时间）相对应；而能是一种状态量，它与一个时刻相对应。
两者的单位是相同的(都是J)，但不能说功就是能，也不能说“功变成了能”。
(2)动能定理：合外力对物体做的总功等于物体动能的增量．即∑W=E K2—E K1= ΔE K(3)与势能相关力做功导致与之相关的势能变化重力势能的变化重力做功弹性势能的变化弹力做功分子势能的变化分子力做功电势能的变化电场力做功重力、弹簧弹力、分子力、电场力均是势能有关的力，若做正功其对应的势能减少；做负势能增加．即W= E P1—E P2= —ΔE P(4)机械能变化原因除重力(系统内弹簧弹力)以外的的其它力对物体所做的功=物体机械能的增量即W E=E2—E1=ΔE当除重力(或弹簧弹力)以外的力对物体所做的功为零时，即机械能守恒(5)机械能守恒定律在只有重力和弹簧的弹力做功的物体系内，动能和势能可以互相转化，但机械能的总量保持不变．即E K2+E P2 = E K1+E P1，或ΔE K = —ΔE P(6)静摩擦力做功的特点①静摩擦力可以做正功，也可以做负功，还可以不做功；②在静摩擦力做功的过程中，只有机械能的互相转移，而没有机械能与其他形式的能的转化，静摩擦力只起着传递机械能的作用；③相互摩擦的系统内，一对静摩擦力对系统所做功的和总是等于零．(7)滑动摩擦力做功特点：“摩擦所产生的热”①滑动摩擦力可以做正功，也可以做负功，还可以不做功；②相互摩擦的系统内，一对滑动摩擦力对系统所做功的和总表现为负功，其大小为:W= —fS相对=Q 对系统做功的过程中,系统的机械能转化为其他形式的能，(S相对为相互摩擦的物体间的相对位移;若相对运动有往复性,则S相对为相对运动的路程)(8)一对作用力与反作用力做功的特点①作用力做正功时，反作用力可以做正功，也可以做负功，还可以不做功；作用力做负功、不做功时，反作用力亦同样如此．②一对作用力与反作用力对系统所做功的总和可以是正功,也可以是负功,还可以零．周周练《机械能、功能关系》（2012上海）15．质量相等的均质柔软细绳A 、B 平放于水平地面，绳A 较长。
进阶中考2020——单元强化(第18章电功率) 练习
单元强化（第18章电功率）物理精选练习1．如图为“探究焦耳定律”的实验装置．两个相同的烧瓶中密封初温相同、质量相等的煤油，通电一段时间后，右侧玻璃管中液面比左侧高。
下列说法正确的是（）A．通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的多少，这种方法是控制变量法B．右侧电阻丝的阻值比左侧小C．通过右侧电阻丝的电流比左侧小D．该装置用于探究电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系2．如图所示，电源电压U为10V并保持不变，滑动变阻器规格为“20Ω1A”．闭合开关S，当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A；当滑片P移至中点时，电流表示数为0.4A．则（）A．电路消耗的最小功率为2.5WB．滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为2.4WC．滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2WD．滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡所做的功为10J3．如图甲所示的两个电流表均为学校实验室里常用的电流表（如图乙所示）．闭合开关后，两电流表的指针都正常偏转且偏转角度相同，此时灯L1和L2的所消耗的电功率P1和P2的比值为（）A．4：1B．1：4C．5：1D．1：54．如图所示，在四个相同水槽中盛有质量和液体都相同的纯水，现将阻值为 1、 2的电阻丝( 1< 2)，分别按下图的四种方式连接放人水槽，并接人相同电源．通电相同时间后，水温最高的是A．B．C．D．5．李子晗家的电能表11月1日和12月1日的读数如图所示，若电价为0.5元/度，则她家11月份应交电费是（）A．33.95元B．27.75元C．30.62元D．277.5元6．如下图甲所示，闭合开关后，在滑片P由b端向a端移动的过程中，电压表示数U随滑动变阻器的电阻R2变化的关系图像如下图乙所示，下列说法错误的是（）A ．电源电压是6VB ．R 2的最大阻值是20ΩC ．R 1的电阻是10ΩD ．当滑片P 移动中点时，10s 内电流通过R 1产生的热量是18J7．如图所示的电路中，电源电压U 恒定，闭合开关S ，将滑片P 由b 端向a 端滑动的过程中，电流表示数由I 1变到I 2，电压表示数变化量为U ∆，R 0的功率变化量为P ∆，则下列判断正确的是A ．021Δ－UR I I =B ．221Δ||I U U I I =-C ．21ΔΔ||(－)P U I I =D ．21ΔΔ||()P U I I =+8．小英家6月底电能表的示数如图甲所示，7月底表盘示数如图乙所示，由图可知她家7月份用电器消耗的电能为_____kW•h；电子式单相电能表她家现在已经接人用电器的总功率为3600W，则最多还可以连接_____W的用电器同时工作。
北师大版八年级生物上册教学计划
北师大版八年级生物上册教学计划一、学情分析。
八年级学生经过七年级生物课程的学习，已经对生物学的基本概念、生命现象有了一定的认识。
他们具备了一定的观察、分析和逻辑思维能力，但在知识的系统性和深入理解方面还有待提高。
在学习习惯上，部分学生主动学习能力较强，能够积极参与课堂讨论、实验探究等活动，但也有部分学生学习较为被动，需要教师更多的引导和督促。
二、教材分析。
1. 教材内容结构。
- 本册教材主要涵盖了动物的运动、动物的行为、生物的生殖、发育与遗传、生物的多样性等方面的内容。
这些内容从不同角度阐述了生命的奥秘，注重知识的系统性和逻辑性，同时也关注了生物科学与人类生活的紧密联系。
- 例如，在动物的运动章节中，先介绍了动物运动的方式，再深入到运动系统的组成和骨、关节、肌肉的协调配合，使学生对动物运动的原理有了全面的理解。
2. 教材编写特点。
- 教材注重以问题为导向，通过设置各种问题情境，激发学生的好奇心和求知欲，引导学生积极思考和探索。
- 强调实验探究能力的培养，安排了多个探究实验，如探究蚂蚁的通讯等，让学生在实践中学习科学探究的方法，提高科学素养。
- 图文并茂，大量的插图和图表有助于学生直观地理解抽象的生物学知识。
三、教学目标。
1. 知识目标。
- 学生能够准确描述动物运动系统的组成和功能，理解动物运动的原理。
- 掌握动物先天性行为和学习行为的区别与联系，了解动物行为的类型和意义。
- 理解生物生殖、发育的基本过程和遗传的基本规律，认识基因在遗传中的作用。
- 了解生物多样性的内涵，认识生物多样性面临的威胁及其保护措施。
2. 能力目标。
- 通过观察、实验等活动，提高学生的观察能力、动手操作能力和科学探究能力。
- 培养学生分析和解决问题的能力，能够运用所学的生物学知识解释生活中的实际问题。
- 提高学生收集、整理和分析信息的能力，学会撰写简单的实验报告和调查报告。
3. 情感态度与价值观目标。
- 培养学生热爱生命、尊重生命的情感，树立正确的生命观。
人教版九年级物理上册第十八章第一节18.1电能电功学案 基础训练 提高训练 拓展训练
人教版九年级物理上册第十八章第一节18.1电能电功学案基础训练1. 选择题1.电能和电功的单位分别是：–A. J和V–B. W和A–C. J和A–D. W和V答案：C2.下列哪种情况下，电流功率最大？–A. 电压最大，电阻最小–B. 电压最小，电阻最大–C. 电压最大，电阻最大–D. 电压最小，电阻最小答案：A3.为了提高电源的效率，应该选择：–A. 电流大，电压小–B. 电流小，电压大–C. 电流大，电压大–D. 电流小，电压小2. 填空题1.电路中，电源向电路输送的电能称为_ _ _ _ _。
答案：电功2.电流的方向是从正极指向_ _ _ _ _ 极流动。
答案：负3.电压的单位是_ _ _。
答案：伏特3. 简答题1.什么是电能？答：电能是指电荷经过电场，在电场力的作用下所具有的能量。
2.什么是电功？答：电功是电源向电路输送的电能的大小，用符号W表示，单位是焦耳(J)。
3.什么是电流功率？答：电流功率是指单位时间内电路吸收或消耗的电功，用符号P表示，单位是瓦特(W)。
电流功率等于电流乘以电压，即P = IV。
提高训练1. 选择题4.两台灯泡在并联电路中，灯泡1的电阻为3欧姆，灯泡2的电阻为5欧姆，两个灯泡的电压相同，则灯泡1的功率为灯泡2功率的_ _ _ _。
–A. 3/5–C. 1/3–D. 1/5答案：B5.某电路中，电流为2A，电压为12V，则电路的功率为_ _ _ _。
–A. 6W–B. 14W–C. 24W–D. 26W答案：C2. 填空题4.马路上有一个功率为100W的电灯，接入220V的电源中，求电灯的电阻。
答案：220欧姆3. 简答题4.电能和电功有何关系？答：电能是电源向电路输送的能量，而电功是电源向电路输送的电能的大小。
电能和电功具有一定的关系，即电能等于电功。
5.电流功率与电流、电压之间有何关系？答：电流功率等于电流乘以电压，即P = IV。
电流功率与电流和电压呈正比关系。
2021功能性身心干预训练对战士身心素质的提升范文3
2021功能性身心干预训练对战士身心素质的提升范文 军事训练是军队战斗力生成的主要表现形式，是战场打赢的重要保证。
然而在训练中所产生的训练伤病也成为部队非战斗减员的重要因素之一，据对基层部队训练伤调查报告显示其伤病率在20%左右，并呈逐年上升趋势[1-3].有研究表明人体机能与心理因素是训练伤形成的重要致因[4-5].目前，训练与医学专家对军事训练伤病的研究主要集中在调查和治疗方面，而对训练伤病的预防研究较为缺乏，本文旨在针对战士由于心理和身体的不适应造成的训练损伤，运用功能性身心干预训练提升战士身心素质，主动适应军事训练的同时预防训练伤，降低训练伤的发生率，为促进作战需要的科学化的军事训练模式提供参考。
1对象与方法 1. 1 研究对象 以全军卫勤训练基地 2014 年参与培训的 118 名战士为研究对象，均为男性。
从中筛选出 80 名无心理健康问题、训练伤病、感冒及慢性疾病的战士。
将 80 名战士随机分为干预组和对照组，每组各 40 名。
其中干预组年龄（ 19. 37 ±2. 50）岁，身高（ 170. 08 ± 5. 03） cm,体重（ 62. 91 ±6. 38） kg,对照组年龄（ 19. 09 ± 2. 78 ）岁，身高（ 169.75 ±4. 12） cm,体重（ 60. 56 ± 4. 70） kg.本研究均征得受试者同意，并签署知情同意书。
两组年龄、体重、身高等一般资料比较差异无统计学意义（ P >0.05） ,具有可比性。
1.2 研究方法 1.2. 1 试验训练：实验设计的基本思路是对干预组进行本研究规定的功能性身心训练与军事训练相结合组训模式，对照组则进行原有的军事训练。
共进行为期 8 周训练（试验训练） ,每周训练 3 次，每次1. 5 h.具体训练内容如表下：干预组训练内容：动作准备训练：动态拉伸、神经激活；力量训练：核心力量训练、悬吊举腿训练、悬吊倒立；速度训练：弹力绳抗阻跑、跑台阶、跑跨栏架、折返跑；有氧训练：12 min跑步；心理行为训练：超越自我、勇攀高峰、信任背摔；康复再生训练：静力拉伸、扳机放松、泡沫轴滚动；综合训练：400 m 障碍跑阶段性练习和完整练习。
热点强化练(8)功能关系的理解和应用
热点强化练(8) 功能关系的理解和应用1．(2021·浙江Z20联盟联考)某中学生体重50 kg ，现进行一次弹跳训练，他从站直状态先下蹲使重心下降0.4 m ，然后用力蹬地，把人蹬地的力看作恒力，大小为1 500 N ，重心从静止开始匀加速升高至人站直，之后离地，若不计空气阻力，g ＝10 m/s 2，求：(1)该同学在蹬地起跳过程中的加速度；(2)离地后该同学能上升的最大高度；(3)一次蹬地起跳过程消耗多少人体能量？解析 (1)对该同学，由牛顿第二定律可得F －mg ＝ma解得a ＝20 m/s 2.方向：竖直向上．(2)该同学蹬地起跳，由匀变速直线运动规律可得2ax 1＝v 2－0解得v ＝4 m/s离地减速上升，由竖直上抛运动规律可得－2gx 2＝0－v 2解得x 2＝0.8 m.(3)根据能量守恒可得E ＝mgx 1＋12m v 2 解得E ＝600 J.答案 (1)20 m/s 2，竖直向上 (2)0.8 m (3)600 J2．(2021·辽宁大连模拟)如图所示，光滑坡道顶端距水平面高度为h ，质量为m 的小物块A 从坡道顶端由静止滑下，进入水平面上的滑道时无机械能损失，为使A 制动，将轻弹簧的一端固定在水平滑道延长线M 处的墙上，另一端恰位于坡道的底端O 点．已知在OM 段，物块A 与水平面间的动摩擦因数为μ，其余各处的摩擦力不计，重力加速度为g ，求：(1)物块滑到O 点时的速度大小；(2)弹簧最大压缩量为d 时的弹性势能(设弹簧处于原长时弹性势能为零)；(3)在(2)问前提下，若物块A 能够被弹回到坡道上，则它能够上升的最大高度是多少？解析 (1)从坡道顶端运动到O 点，由机械能守恒定律得mgh ＝12 m v 2 解得v ＝2gh .(2)在水平滑道上物块A 克服摩擦力所做的功为W ＝μmgd由能量守恒定律得12m v 2＝E p ＋μmgd 联立以上各式得E p ＝mgh －μmgd .(3)物块A 被弹回的过程中，克服摩擦力所做的功仍为W ＝μmgd由能量守恒定律得E p ＝μmgd ＋mgh ′所以物块A 能够上升的最大高度为h ′＝h －2μd .答案 (1)2gh (2)mgh －μmg d (3)h －2μd3．(2020·山东新高考模拟)如图甲所示，小车B 紧靠平台的边缘静止在光滑水平面上，物体A (可视为质点)以初速度v 0从光滑的平台水平滑到与平台等高的小车上，物体和小车的v -t 图象如图乙所示，取重力加速度g ＝10 m/s 2，求：(1)物体A 与小车B 的质量之比；(2)小车的最小长度．解析 (1)根据v -t 图象可知，A 在小车上做减速运动，加速度的大小a 1＝3 m/s 2 若物体A 的质量为m 与小车上表面间的动摩擦因数为μ，则μmg ＝ma 1设小车B 的质量为M ，小车做加速运动，加速度大小a 2＝1 m/s 2根据牛顿第二定律μmg ＝Ma 2联立可得μ＝0.3m ∶M ＝1∶3.(2)设小车的最小长度为L ，整个过程系统损失的动能，全部转化为内能μmgL ＝12 m v 20 －12 (M ＋m )v 2 解得L ＝2 m.答案 (1)1∶3 (2)2 m。
高三物理二轮复习专题辅导与应用强化练6功功率和功能关系
强化练 6 功 功率和功能关系对应学生用书 第172页1．(2015·宿迁市三校检测，4)如图甲所示，静止在水平地面上的物块受到水平拉力F 的作用，F 与时间t 的关系如图乙所示，设物块与地面之间的最大静摩擦力f m 大小与滑动摩擦力大小相等，则导学号：82460485( )A ．0～t 1时间内所受摩擦力大小不变B ．t 1～t 2时间内物块做加速度减小的加速运动C ．t 2时刻物块的速度最大D ．t 2～t 3时间内物块克服摩擦力做功的功率增大解析：A.在0～t 1时间内水平拉力小于最大静摩擦力，物体保持不动，摩擦力大小逐渐增大，故A 错误；B.t 1到t 2时刻，拉力逐渐增大，摩擦力不变，根据牛顿第二定律可知，加速度逐渐增大，故B 错误；C.t 1到t 3时刻，合力向前，物体一直加速前进，t 3时刻后合力反向，要做减速运动，所以t 3时刻速度最大，故C 错误；D.t 2～t 3时间内速度逐渐增大，摩擦力大小不变，根据P ＝fv 可知物块克服摩擦力做功的功率增大，故D 正确． 答案：D2．(2015·马鞍山三模，15)如图所示，竖直放置的等螺距螺线管高为h ，该螺线管是用长为l 的硬质直管(内径远小于h )弯制而成。
一光滑小球从上端管口由静止释放，关于小球的运动，下列说法正确的是导学号：82460486( )A ．小球到达下端管口时的速度大小与l 有关B ．小球到达下端管口时重力的功率为mg 2ghC ．小球到达下端的时间为 2l 2ghD ．小球在运动过程中受管道的作用力大小不变解析：小球在整个运动过程中，只受到重力做功，由动能定理得，即：mgh ＝12mv 2 v ＝2gh ，因此小球到达下端口的速度大小与l 无关，A 错；小球到下端口的速度大小为v ＝2gh ，沿管的切线方向，但不是竖直方向的，因此小球到达下端管口时重力的功率不等于mg 2gh ，故B 错误；物体在管内下滑的加速度为a ＝gh l ，故下滑所需时间为t ，l ＝12at 2，t＝2l a ＝2l 2gh ，故C 正确；小球做的是加速螺旋运动，速度越来愈大，做的是螺旋圆周运动，根据F n ＝m v 2R可知，支持力越来越大，故D 错误． 答案：C3．(2015·宝鸡三检，18)如图甲所示，将质量为m 的小球以速度v 0竖直向上抛出，小球上升的最大高度为h .若将质量分别为2m 、3m 、4m 、5m 的小球，分别以同样大小的速度v 0从半径均为R ＝12h 的竖直圆形光滑轨道的最低点水平向右射入轨道，轨道形状如图乙、丙、丁、戊所示。
高考物理二轮复习专项突破训练功功率和功能关系.docx
功、功率和功能关系1．一辆CRH2型动车组的总质量M＝2×105 kg，额定输出功率为4 800 kW.假设该动车组在水平轨道上运动时的最大速度为270 km/h，受到的阻力F f与速度v满足F f＝kv.当匀速行驶的速度为最大速度一半时，动车组的输出功率为()A．600 kW B．1 200 kWC．2 400 kW D．4 800 kW2．(2018·天津卷·2)滑雪运动深受人民群众喜爱．如图1所示，某滑雪运动员(可视为质点)由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中()图1A．所受合外力始终为零B．所受摩擦力大小不变C．合外力做功一定为零D．机械能始终保持不变3．一质量为m的汽车原来在平直路面上以速度v匀速行驶，发动机的输出功率为P.从某时刻开始，司机突然加大油门将汽车发动机的输出功率提升至某个值并保持不变，结果汽车在速度到达2v之后又开始匀速行驶．若汽车行驶过程所受路面阻力保持不变，不计空气阻力．下列说法正确的是()A．汽车加速过程的最大加速度为P mvB．汽车加速过程的平均速度为3 2vC．汽车速度从v增大到2v过程中做匀加速运动D．汽车速度增大时发动机产生的牵引力不断增大4．两轮平衡车(如图2所示)广受年轻人的喜爱，它的动力系统由电池驱动，能够输出的最大功率为P0，小明驾驶平衡车在水平路面上沿直线运动，受到的阻力恒为F f.已知小明和平衡车的总质量为m，从启动到达到最大速度的整个过程中，小明和平衡车可视为质点，不计小明对平衡车做的功．设平衡车启动后的一段时间内是由静止开始做加速度为a的匀加速直线运动，则()图2A．平衡车做匀加速直线运动过程中能达到的最大速度为v＝P0 Ff＋maB．平衡车运动过程中所需的最小牵引力为F＝maC．平衡车达到最大速度所用的时间t＝P0F f＋ma aD．平衡车能达到的最大行驶速度v0＝P0Ff＋ma5．(多选)如图3所示，轻质弹簧一端固定，另一端连接一小物块，O点为弹簧在原长时物块的位置．物块由A点静止释放，沿粗糙程度相同的水平面向右运动，最远到达B点．在从A到B的过程中，物块()图3A．加速度先减小后增大B．经过O点时的速度最大C．所受弹簧弹力始终做正功D．所受弹簧弹力做的功等于克服摩擦力做的功6．(多选)如图4所示，竖直平面内有一半径为R的固定14圆轨道与水平轨道相切于最低点B.一质量为m的小物块P(可视为质点)从A处由静止滑下，经过最低点B后沿水平轨道运动，到C处停下，B、C两点间的距离为R，物块P与圆轨道、水平轨道之间的动摩擦因数均为μ.现用力F将该小物块沿下滑的路径从C处缓慢拉回圆弧轨道的顶端A，拉力F的方向始终与小物块的运动方向一致，小物块从B处经圆弧轨道到达A处过程中，克服摩擦力做的功为μmgR，下列说法正确的是()图4A．物块在下滑过程中，运动到B处时速度最大B．物块从A滑到C的过程中克服摩擦力做的功等于2μmgRC．拉力F做的功小于2mgRD．拉力F做的功为mgR(1＋2μ)7．(多选)某段滑雪道倾角为30°，滑雪运动员(包括雪具在内)总质量为m，从距底端高为h处由静止开始匀加速下滑，下滑加速度为g3(重力加速度为g)．在运动员下滑的整个过程中()A．运动员减少的重力势能全部转化为动能B．运动员克服摩擦力做功为2mgh 3C．运动员最后获得的动能为2mgh 3D．系统减少的机械能为mgh 38．(多选)如图5所示，轻质弹簧一端固定在水平面上的光滑转轴O上，另一端与套在粗糙固定直杆A处的质量为m的小球(可视为质点)相连．A点距水平面的高度为h，直杆与水平面的夹角为30°，OA＝OC，B为AC的中点，OB等于弹簧原长．小球从A处由静止开始下滑，经过B处的速度为v，并恰好能停在C处．已知重力加速度为g，则下列说法正确的是()图5A．小球通过B点时的加速度为g 2B．小球通过AB段与BC段摩擦力做功相等C．弹簧具有的最大弹性势能为12mv2D．A到C过程中，产生的内能为mgh9.(多选)如图6所示，一个质量为2m的甲球和一个质量为m的乙球，用长度为2R的轻杆连接，两个球都被限制在半径为R的光滑圆形竖直轨道上，轨道固定于水平地面．初始时刻，轻杆竖直，且质量为2m的甲球在上方，此时，受扰动两球开始运动，重力加速度为g，则下列说法正确的是()图6A．甲球下滑过程中减少的机械能总等于乙球增加的机械能B．甲球下滑过程中减少的重力势能总等于乙球增加的重力势能C．整个运动过程中甲球的最大速度为233gRD．甲球运动到最低点前，轻杆对乙球一直做正功10．如图7所示，竖直放置的半圆形光滑绝缘轨道半径为R＝0.2 m，圆心为O，下端与绝缘水平轨道在B点相切并平滑连接．一带正电q＝5.0×10－3C、质量为m＝3.0 kg的物块(可视为质点)，置于水平轨道上的A点．已知A、B两点间的距离为L＝1.0 m，物块与水平轨道间的动摩擦因数为μ＝0.2，重力加速度为g＝10 m/s2.图7(1)若物块在A点以初速度v0向左运动，恰好能到达圆周的最高点D，则物块的初速度v0应为多大？(2)若整个装置处于方向水平向左、场强大小为E＝2.0×103 N/C的匀强电场中(图中未画出)，现将物块从A点由静止释放，试确定物块在以后运动过程中速度最大时的位置(结果可用三角函数表示)；(3)在(2)问的情景中，试求物块在水平面上运动的总路程．11．如图8所示，在水平地面上固定一倾角θ＝30°的粗糙斜面，一质量为m 的小物块自斜面底端以一定的初速度沿斜面匀减速上滑高度H 后停止，在上滑的过程中，其加速度和重力加速度g 大小相等．求：图8(1)小物块与斜面间的动摩擦因数μ；(2)该过程中系统由于摩擦产生的热量Q .12．如图9，半径为R 的光滑圆轨道固定在竖直平面内，O 为其圆心．一质量为m 的小滑块，在外力F (未画出)的作用下静止在圆轨道上的B 点，OB 与竖直方向的夹角为θ(θ<π2)，重力加速度为g .(1)为使小滑块静止在B 点，外力F 的最小值F min 多少？(2)若在B 点撤去力F 的同时，给小滑块一个沿切线方向向的初速度，为使小滑块能滑上圆轨道的最高点C ，求初速度v 0的范围．参考答案1.答案 B2.答案 C3.答案 A解析 设汽车所受的阻力为F f ，则开始时P ＝F f v ，加大油门后，P 1＝F f ·2v ，则P 1＝2P .汽车在开始加大油门时的加速度最大，最大加速度为a m ＝2P v －Ff m ＝P mv ，选项A 正确；若汽车做匀加速运动，则平均速度为v ＋2v 2＝32v ，但随速度的增加，由P ＝Fv 可知汽车牵引力减小，则加速度减小，即汽车做加速度减小的加速运动，则平均速度不等于32v ，选项B 、C 、D 错误．4.答案 A解析 平衡车做匀加速直线运动过程中，由牛顿第二定律，F －F f ＝ma ，则根据P 0＝Fv 可得能达到的最大速度为v ＝P0F ＝P0Ff ＋ma，选项A 正确；当平衡车的加速度为零时，牵引力最小，此时F ＝F f ，选项B 错误；平衡车匀加速达到最大速度所用的时间t ＝ v a ＝P0F f ＋ma a ，匀加速结束后，平衡车可减小牵引力，减小加速度，最后当牵引力等于阻力时达到最大速度，此时v m ＝P0Ff ，可知平衡车达到最大速度所用的时间大于t ＝P0F f ＋ma a ，选项C 、D 错误．5.答案 AD解析 由A 点开始运动时，F 弹>F f ，合力向右，小物块向右加速运动，弹簧压缩量逐渐减小，F 弹减小，由F 弹－F f ＝ma 知，a 减小；当运动到F 弹＝F f 时，a 减小为零，此时弹簧仍处于压缩状态，由于惯性，小物块继续向右运动，此时F 弹<F f ，小物块做减速运动，且随着压缩量减小，F 弹与F f 差值增大，即加速度增大；当越过O 点后，弹簧被拉伸，此时弹力方向与摩擦力方向相同，有F 弹′＋F f ＝ma ′，随着拉伸量增大，a ′也增大．故从A 到B 过程中，物块加速度先减小后增大，在压缩状态F 弹＝F f 时速度达到最大，故A 对，B 错；在AO 段物块运动方向与弹力方向相同，弹力做正功，在OB 段物块运动方向与弹力方向相反，弹力做负功，故C 错；由动能定理知，A 到B 的过程中，弹力做功和摩擦力做功之和为0，故D 对．6.答案 CD解析 物块在下滑过程中，开始阶段，重力沿轨道切线方向的分力大于滑动摩擦力，物块的速度增大．后来，重力沿轨道切线方向的分力小于滑动摩擦力，速度减小，则当重力沿轨道切线方向的分力等于滑动摩擦力时速度最大，此位置在AB 之间，故A 错误；物块缓慢地从B 被拉到A ，克服摩擦力做的功为μmgR ，而物块从A 滑到B 的过程中，物块做圆周运动，根据向心力知识可知物块所受的支持力比缓慢运动时要大，则滑动摩擦力较大，所以克服摩擦力做的功W f 大于μmgR ，因此物块从A 滑到C 的过程中克服摩擦力做的功大于μmg ·2R ，故B 错误；从C 到A 的过程中，根据动能定理得：W F －mgR －μmgR －μmgR ＝0－0，则由此可得拉力F 做的功为W F ＝mgR (1＋2μ)，故D 正确；从A 到C 的过程中，根据动能定理得：mgR －W f －μmgR ＝0，因为W f >μmgR ，由此可得：mgR >μmgR ＋μmgR ，由以上可得：W F <2mgR ，故C 正确．7.答案 CD解析 由于运动员下滑的加速度a ＝13g ＜g sin 30°＝12g ，所以运动员在下滑过程中受到了摩擦力的作用，摩擦力做负功，因此运动员减少的重力势能转化为动能和内能，故A 错误；由牛顿第二定律可知，运动员受到的合力F 合＝ma ＝13mg ，下落的距离为s ＝2h, 故合力做的功W ＝F 合s ＝23mgh .由动能定理可知，运动员最后获得的动能为E k ＝W ＝23mgh ，故C 正确；运动员所受合外力F 合＝mg sin30°－F f ＝13mg ，故摩擦力F f ＝16mg ，摩擦力所做的功W f ＝－F f s ＝－13mgh ，故克服摩擦力做功为13mgh ，故B 错误；根据功能关系知，克服摩擦力做的功等于机械能的减小量，故机械能减小了13mgh ，故D 正确．8.答案 BCD解析 因在B 点时弹簧处于原长，则小球到达B 点时的加速度为a ＝g sin 30°－μg cos 30°<12g ，选项A 错误；因AB 段与BC 段关于B 点对称，则在两段上弹力的平均值相等，则摩擦力的平均值相等，摩擦力做功相等，选项B 正确；设小球从A 运动到B 的过程中克服摩擦力做功为W f ，弹簧具有的最大弹性势能为E p ，根据能量守恒定律得，对于小球从A 到B 的过程有：mg ·12h ＋E p ＝12mv 2＋W f ，从A 到C 的过程有：mgh ＝2W f ，解得：W f ＝12mgh ，则E p ＝12mv 2.即弹簧具有的最大弹性势能为12mv 2，故C 正确；A 到C 过程中，产生的内能为2W f ＝mgh ，选项D 正确．9.答案 ACD解析 在运动的过程中，重力对系统做正功，甲和乙的动能都增加．由于只有动能和重力势能之间的相互转化，所以甲球下滑过程中减少的机械能总等于乙球增加的机械能，故A 正确；在运动的过程中，重力对系统做正功，甲和乙的动能都增加，所以甲球下滑过程中减少的重力势能总大于乙球增加的重力势能，故B 错误；当甲到达最低点时，乙也到达了最高点，该过程中系统减小的重力势能等于系统增加的动能，由于两球的线速度相等，设该速度为v ，则：2mg ·2R－mg ·2R ＝12mv 2＋12×2mv 2，得：v ＝233gR ，故C 正确；甲球运动到最低点前，乙的重力势能一直增大，同时乙的动能也一直增大，可知轻杆对乙球一直做正功，故D 正确．10.答案 见解析解析 (1)物块恰好能到达圆周的最高点D ，故有：mg ＝m vD2R对A 到D 过程，根据动能定理有：－mg ·2R －μmgL ＝12mv D 2－12mv 02联立解得：v 0＝14 m/s(2)假设物块能滑到C 点，从A 至C 过程，由动能定理得：qE (L ＋R )－mgR －μmgL ＝12mv C 2－0可得v C ＝0，故物块始终没有脱离轨道当物块在圆弧轨道上切向受力平衡时，其速度最大．对物块受力分析，可知tan θ＝Eqmg＝1 3故物块在以后运动过程中速度最大时位于B点左侧圆周上，其与圆心的连线与OB的夹角为θ，且θ＝arctan 1 3(3)对物块，由释放至停在B点速度为0的过程中，由动能定理得：qEL－μmgs＝0解得总路程为：s＝53m.11.答案见解析解析(1)在小物块沿斜面匀减速上滑的过程中，由牛顿第二定律有：mg sin θ＋μmg cos θ＝maa＝g解得：μ＝3 3.(2)该过程中，小物块克服摩擦力所做的功为：W＝μmg cos θ·Hsin θ由功能关系有：Q＝W解得：Q＝mgH.12.答案(1)mg sin θ(2)v0≥＋θgR解析(1)为使小滑块静止在B点，外力F最小时其方向垂直于OB向上，大小为：F min＝mg sin θ.(2)设小滑块沿圆轨道运动到C点时的速度大小为v C，由牛顿运动定律有mvC2R≥mg小滑块从B点运动到C点，由机械能守恒定律有12mv02＝12mv C2＋mgR(1＋cos θ)联立解得v0≥＋θgR.。
2020-2021学年度广西南宁市人教版九年级物理上学期第十八章电功率强化练习强化总结
南宁市2020年秋学期九年级物理第十八章电能电功率强化练习1．一个定值电阻接入电路后，每分钟消耗电能为Q，要使它所在的电路每分钟消耗电能为3Q，下列说法中正确的是（）A．将电源电压变为原来的3倍B．将电源电压变为原来的1/3倍C．将三个相同的电阻并联接到原电路中D．将三个相同的电阻串联接到原电路中2．下面是小朋同学对电功率的认识，你认为正确的是（）A．用电器的电功率越大，消耗的电能就越多B．电流对用电器做的电功越多，消耗的电能就越快C．消耗电能快的用电器电功率就越大D．消耗同样多的电能，电功率大的用电器工作时间长3．电能表是测量用电器消耗电能的仪表，小华想验证他家电能表表盘上标注的每千瓦时的转数是否准确，于是，他将标有“220V 3A”的用电器单独接入电路中，当该用电器正常工作5min后，电能表的转盘正好转了110r则该电能表每千瓦时的实际转数应是（）A．2400r B．2000r C．1500r D．1200r4．甲、乙两只灯泡，其I﹣U关系图象如图所示，现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为2V时，乙灯消耗的功率是（）A．1.2 W B．0.8 W C．2 W D．3 W5．两根阻值均为R的电阻丝，串联后接到电源上，烧开一壶水需时间t1，并联后再接到同一电源上，相同条件下烧开同一壶水需要时间t2，比较其大小有（）A．t1=B．t1=2t2C．t1=D．t1=4t26．如图所示小明家电能表的示数是kW•h，其中“10A”字样表示；小明发现当他家电路中只有一个电冰箱工作时，电能表的表盘3min转了15r，则电冰箱在这段时间内消耗的电能是J．7．图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接入电路中，只闭合开关s，小灯泡的实际功率为1W；再闭合开关s1，电流表示数变化了A，此时电路消耗的总功率为W．8．小轩同学在“探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”时采用了如图所示的实验装置，请仔细观察甲、乙两图．（1）实验中通过观察两个U形管中的变化来比较电流通过导体产生的热量的多少．（2）你认为甲图所示的装置是用来研究电流通过导体产生的热与的关系．（3）在乙图所示的实验现象可以得到的结论是在电阻相同、通电时间相同的情况下，通过电阻越大，电阻产生的热量越多．（4）按照图甲的实验装置进行实验，发现随着通电时间的延长，玻璃管A､B中液面均逐渐上升，这表明在电阻和电流相同时，越长，电阻产生的热量越多．（5）生活中有很多用电器是根据电流的热效应制成的，请举两例：．9．如图所示，灯泡L1标有“4V 8W”字样，灯泡L2标有“4V？W”（？表示数字模糊不清），串联在电路中，电源电压为恒6V，当开关S闭合时，测得灯泡L2比灯泡L1亮，灯泡L2消耗的功率为4W，不计温度对灯泡阻值的影响．求：（1）灯泡L1的电阻R1．（2）灯泡L2的电阻R2和灯泡L2的额定功率．10．如图所示的电路中，灯泡L1、L2上分别标有“6V 3W”、“6V 9W”的字样，两灯泡的电阻、电源电压均保持不变．当开关S1闭合，S2拔至a时，灯L1正常发光，电压表的示数为6V．求：（1）电源电压为多少？（2）定值电阻R的阻值为多少？（3）当开关S1闭合，S2拔至b时，灯L2消耗的电功率是多少？1．关于电功的认识，正确的是（）A．电流通过导体所做功的多少取决与导体两端的电压、通过导体的电流和导体的电阻大小B．电流做功的过程，实际上是把电能转化为机械能的过程C．电功W与做功时间长短无关D．有多少电能发生了转化就说电流做了多少功2．如图是一个电能表，对其中的重要参数，下列说法中错误的是（）A．“220V”是说这个电能表应该在220伏的电路中使用B．“5（10）A”是说这个电能表使用时额定最大电流为5安C．“50Hz”是说这个电能表应在50赫兹的交流电路中使用D．“2500r/kW•h”是说接在这个电能表上的用电器，每消耗1千瓦时的电能，电能表上的转盘转过2500转3．如图所示，电源电压和灯L的电阻不变，灯L上标有“6V 3W”字样．当开关S闭合，滑片P移至a端时，电流表的示数为1.0A，灯L正常发光；当开关S断开，滑片P移至b端时，电源电压U和灯L消耗的电功率P为（）A．6V、1.5W B．6V、0.75W C．3V、1.5W D．3V、0.75W4．电冰箱是间断式工作的（即工作一段时间停止一段时间，再工作再停止，如此循环）．某电冰箱铭牌有关参数如表中所示．在家庭电路中只有电冰箱在标定耗电量下工作时，一天实际工作h；若电冰箱每次从启动到停止工作的时间都为12min，家中电能表上标有1500revs/kW•h，则该电冰箱每工作一次电能表转盘转转．5．家庭中使用的电灯、电冰箱等用电器应接入家庭电路中（选填“串联”或“并联”）．某小区居民在参加“地球一小时”活动中，自觉将总功率为2kW的用电器停止工作1小时，可节约用电kW•h．6．小明和小华同学为了探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”，设计了如图所示的实验电路．两个烧瓶A、B中盛有质量、初温相等的煤油，R A与R B是阻值不同的电热丝．（1）R A与R B采用串联的连接方式，其目的是为了．（2）小明同学为比较R A与R B阻值的大小，用电压表分别测出R A与R B两端电压大小，发现U A＜U B，则R A R B（选填“＞”、“＜”或“=”）．（3）在相同时间内，可通过观察来比较电流通过电热丝产生的热量多少；为了升温较快，实验液体选用煤油而不选用水，主要是因为．（4）实验发现烧瓶B中煤油吸热多，这表明：．（5）小华想改装实验装置用来“测量煤油的比热容的大小”，则他们应将烧瓶A中煤油换成与其（选填“质量”或“体积”）相等的水，并将电热丝R A换成的电热丝．小明认为这样测量煤油的比热容会有较大的误差，原因主要有：（写出一条即可）．7．有两只灯泡，A灯“6V 6W”，B灯“6V 3W”．A和B中电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示．（1）将A、B并联接在6V电源两端，求干路上的电流；（2）将A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，求此时A灯电阻；（3）将A与一个滑动变阻器（20Ω2A）串联接在6V电源两端，如图乙所示．调节滑动变阻器，当滑动变阻器的功率为A灯功率的两倍时，求滑动变阻器的功率．1．额定电压都是110V，额定功率P A=100W，P B=40W的电灯两盏，若接在电压是220V的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是图中的哪一个（）A．B．C． D．2．将两个定值电阻串联接到电压为U的电源两端，R1消耗的功率为P1，R2消耗的功率为3P1．将这两个定值电阻并联接在同一电源两端时，下列说法中正确的是（）A．串联时R1与R2两端的电压之比为3：1 B．并联时R1消耗的功率为16P1C．并联时通过R1与R2的电流之比为1：3 D．并联时两电阻消耗的总功率P13．如图所示，将一只标有”12V 6W”的灯泡与一电阻串联后接到电压为12V的电源上，电阻消耗的功率为1W（假定灯丝电阻不变），则此时（）A．灯泡与电阻消耗的总功率为7WB．灯泡与电阻消耗的总功率为6WC．灯泡消耗的功率大于5WD．灯泡消耗的功率小于5W4．如图所示电路中，已知R1：R2=3：4，电源电压保持不变，开关S闭合时，电流1min内在R1上做功为W1，开关S断开时，电流1min内在R2上的做的功为W2，则W1和W2之比是（）A．3：7 B．7：3 C．12：49 D．49：125．如图甲所示电路，闭合开关S后，当滑片P从中点滑到最右端的过程中，电压表的示数U与电流表的示数I的关系图线如图乙所示．图乙中U1、U2、I1、I2已知，电源的电压保持不变，灯泡的额定电压为U2．则由此不能求得的物理量是（）A．电源的电压B．灯泡的额定功率C．滑动变阻器的最大阻值D．滑片P移至最左端时电路的总功率6．如图所示是小明同学在网上查阅的一幅“220V 40W”白炽灯泡电流与电压关系的图象．该灯泡正常发光时的电阻是Ω，结合图象可以分析出灯泡的电阻随着温度的升高而，这只灯泡在220V电路中，1分钟内消耗的电能是J，若把两只这样的灯泡串联在220V电路中，电路的总功率为W．。
高考物理一轮复习 重点强化练4 功能关系的综合应用
重点强化练(四) 功能关系的综合应用(限时：40分钟)一、选择题1.在儿童乐园的蹦床项目中，小孩在两根弹性绳和蹦床的协助下实现上下弹跳．如图1所示，某次蹦床活动中小孩静止时处于O 点，当其弹跳到最高点A 后下落可将蹦床压到最低点B ，小孩可看成质点，不计空气阻力．下列说法正确的是( )图1A ．从A 运动到O ，小孩重力势能减少量大于动能增加量B ．从O 运动到B ，小孩动能减少量等于蹦床弹性势能增加量C ．从A 运动到B ，小孩机械能减少量小于蹦床弹性势能增加量D ．若从B 返回到A ，小孩机械能增加量等于蹦床弹性势能减少量A [从A 运动到O ，小孩重力势能减少量等于动能增加量与弹性绳的弹性势能的增加量之和，选项A 正确；从O 运动到B ，小孩动能和重力势能的减少量等于弹性绳和蹦床的弹性势能的增加量，选项B 错误；从A 运动到B ，小孩机械能减少量大于蹦床弹性势能增加量，选项C 错误；若从B 返回到A ，小孩机械能增加量等于蹦床和弹性绳弹性势能减少量之和，选项D 错误．]2．起跳摸高是学生经常进行的一项体育活动．一质量为m 的同学弯曲两腿向下蹲，然后用力蹬地起跳，从该同学用力蹬地到刚离开地面的起跳过程中，他的重心上升了h ，离地时他的速度大小为v .下列说法正确的是( )A ．该同学机械能增加了mghB ．起跳过程中该同学机械能增量为mgh ＋12mv 2C ．地面的支持力对该同学做功为mgh ＋12mv 2D ．该同学所受的合外力对其做功为12mv 2＋mghB [学生重心升高h ，重力势能增大了mgh ，又知离地时获得动能为12mv 2，则机械能增加了mgh ＋12mv 2，A 错、B 对；人与地面作用过程中，支持力对人做功为零，C 错；学生受合外力做功等于动能增量，则W 合＝12mv 2，D 错．]3．(多选)(2017·湖北重点中学联考)在离水平地面h 高处将一质量为m 的小球水平抛出，在空中运动的过程中所受空气阻力大小恒为F f ，落地时小球距抛出点的水平距离为x ，速率为v ，那么，在小球运动的过程中( )A ．重力做功为mghB ．克服空气阻力做的功为F f ·h 2＋x 2C ．落地时，重力的瞬时功率为mgvD ．重力势能和机械能都逐渐减少AD [重力做功为W G ＝mgh ，A 正确．空气阻力做功与经过的路程有关，而小球经过的路程大于h 2＋x 2，故克服空气阻力做的功大于F f ·h 2＋x 2，B 错误．落地时，重力的瞬时功率为重力与沿重力方向的分速度的乘积，故落地时重力的瞬时功率小于mgv ，C 错误．重力做正功，重力势能减小，空气阻力做负功，机械能减少，D 正确．]4．如图2所示，BC 是竖直面内的四分之一圆弧形光滑轨道，下端C 与水平直轨道相切．一个小物块从B 点正上方R 处的A 点处由静止释放，从B 点刚好进入圆弧形光滑轨道下滑，已知圆弧形轨道半径为R ＝0.2 m ，小物块的质量为m ＝0.1 kg ，小物块与水平面间的动摩擦因数μ＝0.5，g 取10 m/s 2.小物块在水平面上滑动的最大距离是( )【导学号：92492243】图2A ．0.1 mB ．0.2 mC ．0.6 mD ．0.8 mD [设小物块在水平面上滑动的最大距离为x ，由动能定理得：mg ·2R －μmgx ＝0，x ＝2Rμ＝0.8 m ，选项D 正确．]5．(多选)(2017·江西省重点中学联考)水平地面上有两个固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底边长分别为L 1、L 2，且L 1<L 2，如图3所示．两个完全相同的小滑块A 、B (可视为质点)与两个斜面间的动摩擦因数相同，将小滑块A 、B 分别从甲、乙两个斜面的顶端同时由静止开始释放，取地面所在的水平面为参考平面，则( )图3A ．从顶端到底端的运动过程中，由于克服摩擦而产生的热量一定相同B ．滑块A 到达底端时的动能一定比滑块B 到达底端时的动能大C ．两个滑块从顶端运动到底端的过程中，重力对滑块A 做功的平均功率比滑块B 的大D ．两个滑块加速下滑的过程中，到达同一高度时，机械能可能相同BC [A 、B 滑块从斜面顶端分别运动到底端的过程中，摩擦力做功不同，所以克服摩擦而产生的热量一定不同，故A 错误；由于B 滑块受到的摩擦力F f ＝μmg cos θ大，且通过的位移大，则克服摩擦力做功多，滑块A 克服摩擦力做功少，损失的机械能少，根据动能定理，可知滑块A 到达底端时的动能一定比B 到达底端时的动能大，故B 正确；整个过程中，两物块所受重力做功相同，但由于A 先到达底端，故重力对滑块A 做功的平均功率比滑块B 的大，故C 正确；两个滑块在斜面上加速下滑的过程中，到达同一高度时，重力做功相同，由于乙的斜面倾角大，所以在斜面上滑行的距离不等，摩擦力做功不等，所以机械能不同，故D 错误．]6．如图4所示，一足够长的木板在光滑的水平面上以速度v 向右匀速运动，现将质量为m 的物体轻轻地放置在木板上的右端，已知物体m 和木板之间的动摩擦因数为μ，为保持木板的速度不变．从物体m 放到木板上到它相对木板静止的过程中，须对木板施一水平向右的作用力F ，那么力F 对木板做功的数值为( )【导学号：92492244】图4A.mv 24B ．mv 22C ．mv 2D ．2mv 2C [由能量转化和守恒定律可知，拉力F 对木板所做的功W 一部分转化为物体m 的动能，一部分转化为系统内能，故W ＝12mv 2＋μmg ·s 相，s 相＝vt －v2t ，v ＝μgt ，以上三式联立可得：W ＝mv 2，故C 正确．]7.(多选)(2017·龙岩模拟)如图5所示，在竖直平面内有一V 形槽，其底部BC 是一段粗糙圆弧槽，其半径R ＝2h ，两侧都与光滑斜槽相切，切点B 、C 位于同一水平线上，该水平线离最低点的高度为h .质量为m 的物块(可视为质点)从右侧斜槽上距BC 平面高度为2h 的A 处由静止开始下滑，经圆弧槽后滑上左侧斜槽，最高能到达距BC 面高度为h 的D 点，接着物块再向下滑回．若不考虑空气阻力，已知重力加速度为g ，则物块第一次通过最低点时对槽的压力大小可能为( )图5A ．2.5mgB ．3.2mgC ．3.3mgD ．3.5mgBC [设物块从B 到C 克服摩擦所做的功为W f ，则根据功能关系可得W f ＝ mgh ，因为物块从B 运动到最低点的过程中对圆弧槽的压力较大，所以克服摩擦力所做的功W f 1>12mgh ，设物块第一次到达最低点的速度为v ，则根据动能定理可得3mgh －W f 1＝12mv 2，解得v <5gh ，若要物块从最低点继续运动到D 点，则要12mv 2>2mgh ，解得v >2gh ，综上可得2gh <v <5gh ，而根据牛顿第二定律得F N －mg ＝m v 22h，解得3mg <F N <3.5mg ，B 、C 正确．]8．如图6甲，长木板A 放在光滑的水平面上，质量为m ＝2 kg 的另一物体B (可看作质点)以水平速度v 0＝2 m/s 滑上原来静止的长木板A 的表面．由于A 、B 间存在摩擦，之后A 、B 速度随时间变化情况如图乙所示，则下列说法正确的是(g 取10 m/s 2)( )甲 乙图6A ．木板获得的动能为2 JB ．系统损失的机械能为4 JC ．木板A 的最小长度为2 mD ．A 、B 间的动摩擦因数为0.1D [由图象可知，A 、B 的加速度大小都为1 m/s 2，根据牛顿第二定律知二者质量相等，木板获得的动能为1 J ，选项A 错误；系统损失的机械能ΔE ＝12mv 20－12·2m ·v 2＝2 J ，选项B 错误；由v t 图象可求出二者相对位移为1 m ，所以C 错误；分析B 的受力，根据牛顿第二定律，可求出μ＝0.1，选项D 正确．]9．(多选)(2017·合肥模拟)如图7所示，一质量为m 的小球套在光滑竖直杆上，轻质弹簧一端与小球相连，另一端固定于O 点．将小球由A 点静止释放后，就沿竖直杆运动到B点，已知OA长度小于OB长度，弹簧处于OA、OB两位置时弹力大小相等．则小球由A运动到B的过程中，下列说法正确的是( )【导学号：92492245】图7A．在B点的速度可能为零B．加速度等于重力加速度g的位置有两个C．机械能先减小，后增大D．弹簧弹力对小球做的正功等于小球克服弹簧弹力做的功BD[根据题述，轻质弹簧处于OA、OB两位置时弹力大小相等，可知其形变量相等，弹簧的弹性势能相等．在小球由A运动到B的过程中，机械能守恒，到达B点时动能一定不为零，在B点的速度不可能为零，选项A、C错误．小球在A点，所受弹簧弹力倾斜向上，向下运动到弹簧与杆垂直时，小球所受弹簧弹力等于竖直杆的弹力，小球只受重力，此时小球加速度为g.继续向下运动，小球所受弹簧弹力方向先倾斜向下后倾斜向上，一定有弹簧弹力为零的时刻，即一定有只受重力，小球加速度为g的位置，所以加速度等于重力加速度g 的位置有两个，选项B正确．由于A、B两位置，弹簧的弹性势能相等，所以弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功，选项D正确．]10．(多选)如图8所示，一个小球(视为质点)从H＝12 m高处，由静止开始沿光滑弯曲轨道AB，进入半径R＝4 m的竖直圆环内侧，且与圆环的动摩擦因数处处相等，当到达圆环顶点C时，刚好对轨道压力为零；然后沿CB圆弧滑下，进入光滑弧形轨道BD，到达高度为h的D点时速度为零，则h的值可能为( )图8A．10 m B．9.5 mC．8.5 m D．8 mBC[小球到达环顶C时，刚好对轨道压力为零，在C点，由重力提供向心力，则根据牛顿第二定律得：mg ＝m v 2R ，小球在C 点时的动能为12mv 2＝12mgR .以B 点为零势能面，小球在C 点时的重力势能E p ＝2mgR .开始小球从H ＝12 m 高处，由静止开始通过光滑弧形轨道AB ，因此在小球上升到顶点时，根据动能定理得：mg (H －2R )－W f ＝12mv 2所以克服摩擦力做功W f ＝12mgR ，此时机械能等于52mgR ，之后小球沿轨道下滑，由于机械能有损失，所以下滑速度比上升速度小，因此对轨道压力变小，所受摩擦力变小，所以下滑时，克服摩擦力做功小于12mgR ，机械能有损失，到达底端时小于52mgR ；此时小球机械能大于52mgR －12mgR ＝2mgR ，而小于52mgR ，所以进入光滑弧形轨道BD 时，小球机械能的范围为2mgR <E p <52mgR ，所以高度范围为8 m<h <10 m ，故B 、C 正确．]二、非选择题11.如图9所示，质量M ＝3m 可视为质点的木块置于水平台上的A 点，用细绳跨过光滑的定滑轮与质量为m 的物块连接，平台上B 点左侧光滑，A 、B 两点距离是L ，B 点右侧粗糙且足够长，木块的动摩擦因数μ＝0.4.木板从A 点由静止开始释放，求：图9(1)木块到达B 点时的速度； (2)木块过B 点后绳子的拉力； (3)木块与平台间摩擦产生的总热量Q .【解析】 (1)木块从A 点运动至B 点，由机械能守恒得，mgL ＝m ＋M v 22解得：v ＝2mgLm ＋M＝gL2.(2)设绳子的拉力为F ，木块过B 点后，由牛顿第二定律得 对m 有：mg －F ＝ma 对M 有：F －μMg ＝Ma解得a ＝－g 20，F ＝2120mg .(3)设M 过B 点后又向右滑动s 后停止运动，由功能关系得，mg (L ＋s )＝μMgs 解得：s ＝5 L .产生的热量等于克服摩擦力做功Q ＝μMgs ＝6 mgL . 【答案】 (1)gL2 (2)2120mg (3)6 mgL 12．(2017·徐州模拟)某电视娱乐节目装置可简化为如图10所示模型．倾角θ＝37°的斜面底端与水平传送带平滑接触，传送带BC 长L ＝6 m ，始终以v 0＝6 m/s 的速度顺时针运动．将一个质量m ＝1 kg 的物块由距斜面底端高度h 1＝5.4 m 的A 点静止滑下，物块通过B 点时速度的大小不变．物块与斜面、物块与传送带间动摩擦因数分别为μ1＝0.5，μ2＝0.2，传送带上表面距地面的高度H ＝5 m ．g 取10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.图10(1)求物块由A 点运动到C 点的时间；(2)若把物块从距斜面底端高度h 2＝2.4 m 处静止释放，求物块落地点到C 点的水平距离；(3)求物块距斜面底端高度h 满足什么条件时，将物块静止释放均落到地面上的同一点D .【导学号：92492246】【解析】 (1)A 到B 过程由牛顿第二定律得：mg sin θ－μ1mg cos θ＝ma 1h 1sin θ＝12a 1t 21 代入数据解得：a 1＝2 m/s 2，t 1＝3 s 所以物块滑到B 点的速度：v B ＝a 1t 1＝2×3 m/s＝6 m/s物块在传送带上匀速运动到C 的时间：t 2＝L v 0＝66s ＝1 s所以物块由A 到C 的时间：t ＝t 1＋t 2＝3 s ＋1 s ＝4 s. (2)在斜面上根据动能定理得：mgh 2－μ1mg cos θh 2sin θ＝12mv 2 解得：v ＝4 m/s<6 m/s设物块在传送带上先做匀加速运动到v 0，运动位移为x则：a 2＝μ2mg m＝μ2g ＝2 m/s 2v 20－v 2＝2a 2x ，x ＝5 m<6 m所以物块先做匀加速直线运动，然后和传送带一起匀速运动，离开C 点做平抛运动，则：x ′＝v 0t 0，H ＝12gt 20解得：x ′＝6 m.(3)因物块每次均抛到同一点D ，由平抛运动规律可知物块到达C 点时速度必须有v C ＝v 0①当离传送带高度为h 3时物块滑上传送带后一直做匀加速运动，则：mgh 3－μ1mg cos θh 3sin θ＋μ2mgL ＝12mv 20 解得：h 3＝1.8 m.②当离传送带高度为h 4时物块滑上传送带后一直做匀减速运动，则：mgh 4－μ1mg cos θh 4sin θ－μ2mgL ＝12mv 20 解得：h 4＝9.0 m ，所以当离传送带高度在1.8～9.0 m 的范围内均能满足要求 即1.8 m≤h ≤9.0 m.【答案】 (1)4 s (2)6 m (3)1.8 m≤h ≤9.0 m。
人教版2019九年级物理全一册第十八章电功率提升训练(无答案)
电功率提升训练一、单选题1．一盏电灯接在恒定电压的电源上，其功率为100W。
若将这盏电灯先接在一段很长的导线后，再接在同一电源上，以知导线上损失功率是9W，则此时电灯实际消耗功率是A．91W B．小于91W C．大于91W D．条件不足,无法确定2．某同学在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程“0～3V”，滑动变阻器规格“20ΩlA”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（）A．电路中电流变化的范围是0.18A～0.5AB．滑动变阻器阻值变化的范围是2.5Ω～10ΩC．该电路的最大功率是2.25WD．灯泡的最小功率是0.162W3．额定电压都是110 V，额定功率P A＝100 W，P B＝40 W的电灯两盏，若接在电压是220 V的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是图中的哪一个A．B．C．D．4．标有"2V 1W”字样的小灯泡和标有“20Ω 1A”字样的滑动变阻器，连接在如图所示的电路中．已知电源电压为6V，电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～3V”．闭合开关，移动滑动变阻器滑片，电流表、电压表示数的变化范围是A．0.25A～0.5A 1V～2VB．0.25A”0.6A 1V～2VC．0.3A”0.5A lV～1.5VD．0.25A”0.5A 1.5V～6V5．用粗细均匀的电热丝加热烧水，通电10min可烧开一壶水，若将电热丝对折起来接在原来的电路中，则烧开同样一壶水的时间是（不计热量损失）（）A．2.5min B．5min C．20min D．40min6．将一灯泡直接接到电源上，灯泡的功率为100W，用一个电阻与灯泡串联后接到同一电源上，灯泡的功率为64W，则电阻上的功率是（）A．16W B．10W C．8W D．2W7．如图是直流电动机提升重物的示意图，电源电压为36V且保持不变，电路中的电流是2A，质量为8kg的重物在电动机带动下以0．8 m／s的速度匀速上升，不计各处摩擦，则电动机线圈的电阻是（）A．18ΩB．8 ΩC．2ΩD．4Ω8．如图所示，电源电压恒为6V，R1=10Ω，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，滑动变阻器R2规格“20Ω 0.5A”．闭合开关S后，在保证电路安全的前提下移动滑片P，下列描述正确的是A．B．C．D．9．标有“220 V、100 W”，L2标有“110 V、40 W”，把它们并联后接在110 V的电源上A．L1较亮B．L2较亮C．一样亮D．不是同时发光不好比较10．有两只小灯泡，只标有额定电压都是6.3V，将它们串联起来接在电路中，亮度不同。
九年级物理第十八章《电功率》对应训练.doc
B.2度那么该同学家一月用电〔A . 4. A .B .C .D . 0 2 3 3 4 545 度 B. 54. 5 C. 455 度 下列关于电功率的说法中，正确的是电功率越大，电流做功越电功率越大，所用的时间越电功率越大，用电器消耗的电能越电功率越大,用电器消耗电能越D . 0 2 8 7 945. 5 度 5.A. 20度第十八章电功率复习C. 0. 2 度D. 0. 02 度 3.采藏同学家在1月1日和2月1日两次观察家里的电能表,如下表所示,D. 电流表选0-3A,电压表选0-15V 7. 有一阻值为40 Q 的电热器，工作时产生热量的功率为1000W,则通过该电 热器的电流和电热器两端的电压分别是〔) A. 10A 100V B. 2A 200VC. 5A 100VD. 5A 200V8.要使电热器在单位时间产生的热量减少一半，应该〔 〕A.让它两端的电压减少一半B.使它的电阻减少一半C.让通过它的电流减少一半D.使它的电阻和两端电压同时减少一半9 .电灯泡上标着“ PZ220-40 ”，这里的“ 220 ”表示, “40“表示的是灯泡.此灯泡正常 工作时的电流为 A,电阻为.【对应训练】 1 • 电能表是用来 列哪个物理量的 A.电能 B.电流C. 电压D. 电阻 7.2X105J 的 用“度” 作单位表示，则应为)10.一个在某电压下工作的电烙铁,功率是100W,电流是454mA,加在这个电烙铁两端的电压是.11.在测定小灯泡电功率的实验中：(1)电源电压要小灯泡的额定电压，串联一个滑动变阻器是为了⑵闭合开关前，滑动变阻器应放在位置上，这样做的好处是——巾_次数123 a 545U/ N3.3. 5 3.84.4. 5IIA0.280. 300.310.320. 34亮度增加(1)灯泡的额定功率是—.(2)小灯泡的亮度变化规律是.⑶除了表格中列出的数据和现象外，你还能发现的问题是“220V 100W”的灯泡接入电压为210V的电路，则该灯泡的实际电功率A.大于100WB.等于100WC.小于100WD.条件不足，无法判断6.在测定一个小灯泡额定电功率的实验中,若小灯泡额定电压为2. 5V,允许通过的最大电流为0. 4A.电源是4节干电池串联成的电池组.另配有0-0. 6A.0-3A两量程的电流表一个,0-3V、0T5V两量程的电压表一个，最大阻值为20 Q的滑动变阻器等，则在这个实验中电流表、电压表的量程分别应选用的量程是〔A.电流表选0-0. 6A,电压表选0-3VB.电流表选0-0. 6A,电压表选0-15VC.电流表选0-3A,电压表选0-3V⑶为了测定有“4.5V”字样的小灯泡的功率，除了要用电压表、电流表、小灯泡、开关、滑动变阻器、导线外，还应在下列器材中选用。
阶段强化专题训练(2)
专训1.功和功率的计算1．进行功的计算应注意的问题：不可随意将力和距离相乘的结果作为最终的结果，而应利用功的两个必要条件判断力是否做功，再利用公式W＝计算功的大小。
2．常见的做功的两种情景：(1)拉着物体沿水平方向前进，克服阻力做功(W ＝＝)；(2)提升物体竖直上升，克服重力做功(W＝)。
3．功率可用公式P＝或P＝进行计算。
当利用公式P＝计算功率时，速度v 的单位应为“米/秒”。
功的计算——水平做功1．(2015·安徽)如图所示，一轻绳绕过定滑轮，一端与粗糙水平桌面上的滑块相连，另一端悬挂一个砂桶。
调整桶内砂的质量，当砂桶和砂的总质量m＝0.2时，砂桶和滑块都做匀速直线运动，速度大小v＝0.5 。
不计滑轮的摩擦，求砂桶和滑块匀速运动时：【导学号：88702084】(1)滑块受到的摩擦力大小；(2)砂桶和砂所受的重力在2 s内做的功。
(第1题图)功的计算——竖直做功2．(2015·邵阳)在2015年第53届世界乒乓球锦标赛中，我国选手马龙获得男子单打冠军，他在夺冠后兴奋地跳上球桌庆祝胜利。
如果马龙的质量是70 ，双脚与桌面接触的总面积为0.04 m2，他跳上球桌时重心上升的高度为0.8 m。
(g取10 )求：(1)他受到的重力。
(2)他站立在球桌上时对桌面的压强。
(3)他跳上球桌时克服自身重力所做的功。
功率的计算——公式P＝的运用3．(2016·福州节选)为提高车辆通行质量，福州交警在市区一些道路某些时段推出“绿波通行”，即车辆在绿波路段以如图所示的50 ～55 范围内行驶，一路绿灯。
在绿波时段，质量是1.2×103的汽车，经过绿波路段上相距2.7×103 m的两个路口，用时180 s，问：【导学号：88702085】(1)汽车行驶的平均速度是多少？是否“绿波通行”？(2)若汽车在这段距离内行驶的牵引力保持3 000 N不变，则汽车的输出功率是多少？(第3题图)功率的计算——公式P＝的运用4．图甲是使用汽车打捞水下重物的示意图，汽车通过定滑轮牵引水下一个圆柱形重物，在整个打捞过程中，汽车以恒定的速度v＝0.2向右运动。
北师大版-物理-八年级下册第九章第4节 功率 课后拓展训练
第4节功率1．下列关于功和功率的说法中，正确的是（）A．做功越多，功率就越大B．做功所用的时间越多，功率就越小C．功率越大，做功就越多D．在相同的时间内，做功越多，功率越大2．甲、乙、丙三人搬运相同的两堆货物上楼进同一仓库，一堆货物由甲1 min内搬完，而另一堆货物由乙和丙各搬平堆均在1 min内搬完，则（）A．甲的功率是乙的2倍B．甲的功率是乙和丙的1 2C．甲、乙、丙做功相等D．甲、乙、丙的功率相等3．吊车把重500 N的货物，以2 m/s的速度匀速提升6 m，，吊车的功率是（）A．1000 W B．500 W C．2000 W D．3000 W4．盘山公路修成环绕山坡的盘山路线，汽车向上行驶可以（）A．增大汽车所做的功B．减小汽车所需的牵引力C．提高汽车的功率D．减少汽车所做的功5．某人骑着一辆普通自行车．在平直公路上以某一速度匀速行驶若人和车所受的阻力为20 N，则通常情况下，骑车人消耗的功率最接近（）A．l W B．10 W C．100 W D．1000 W6．甲同学体重为600 N，乙同学体重为500 N，他们进行登楼比赛，甲跑上五楼用了30 s．乙跑上五楼用了24 s．则同学做功多，同学的功率大.7．在水平地面上，用50 N的水平推力推重为100 N的箱子，在10 s内前进了l0 m如图9-93所示，推箱子的小朋友做功的功率为W．8．某工程队在地面下5 m处施工时，每1 min约有6 t地下水冒出来，如要把水抽到地面排走，抽水机的功率至少应为kW．9．我们可以用两种方法来判断物体做功的快慢.如图9-94所示表示用挖掘机挖土与人力挖土做功的快慢不同，它所用的判断方法是：做功时间相同，比较做功多少另一种判断方法是：相同，比较．10．一台抽水机的功率是1 kW，它在5 min内可以做J的功．这些功可以把重N的水抽上20 m高的水塔上去.11（1）根据是表可知，做功最多的是 同学，做功最快的是 同学.（2）为了表示做功的快慢，他们在表中增加了最后一列（空栏）项目，这个项目的含 义是 ，为此物理学中引入一个物理量叫做 ．12．一辆汽车在水平路面上匀速行驶：（1）若汽车的牵引力用F 表示，速度用v 表示，发动机的功率用P 表示，请你推导出F ，v 和P 之间的关系式P =Fv .（2）若汽车的发动机在90 kW 的额定功率下工作，此时汽车匀速行驶的速度大小为30 m/s ，求牵引力F 的大小和所受阻力F 1的大小参考答案1．D 2．A 3．A 4．B 5．C6．甲 乙 7．50 8．4.99．做功 所用时间的多少10．3×105 1.5×10411．（1）乙 甲 （2）单位时间内所做的功 功率12．解：（1）因为,,W s P v Fs v t t ===，所以.W FsP Fv t t===（2）根据P =Fv 得P F v ==90000W3000N.30m /s=由于汽车在匀速行驶时受到的阻力F 1与牵引力F 是一对平衡力，所以F 1=F =3000 N.。
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gh 2
14、解： (1)汽车速度 v 达最大 vm 时，有 F f ，故：
P F vm f vm f 1000N
(2)汽车由静止到达最大速度的过程中：
2gh
到底端时重力的功率为 P=mgvcos(90－θ )= mgsinθ
WF P t 1.2 106 J
高一物理第 18 周训练题——功率计算 一、不定项选择题 1、关于功率以下说法中正确的是（ ） A．据 P=W/t 可知，机器做功越多，其功率就越大 B．据 P=Fv 可知，汽车牵引力一定与速度成反比 C．据 P=W/t 可知，只要知道时间 t 内机器所做的功，就可以求 得这段时间内任一时刻机器做功的功率 D．根据 P=Fv 可知，发动机功率一定时，交通工具的牵引力与运 动速度成反比 2、 关于作用力与反作用力做功的关系， 下列说法中正确的是( ) A、当作用力做正功时，反作用力一定做负功 B、当作用力不做功时，反作用力也不做功 C、作用力与反作用力所做的功一定是大小相等、正负相反的 D、作用力做正功时，反作用力也可以做正功 3、 关于作用力与反作用力做功的情况， 下列说法中正确的是 （ A、作用力与反作用力做功的代数和一定为零 B、一对相互作用的静摩擦力做功的代数和为零 C、一对相互作用的滑动摩擦力做功的代数和为零 D、一对相互作用力做功的代数和一定是负功 4、关于汽车在水平路上运动，下列说法中正确的是（ ） A、汽车启动后以额定功率行驶，在速率达到最大以前，加速度 是在不断增大 B、汽车启动后以额定功率行驶，在速度达到最大以前，牵引力 应是不断减小 C、汽车以最大速度行驶后，若要减小速度，可减小牵引功率行 驶 D、汽车以最大速度行驶后，若再减小牵引力，速率一定减小 5、如图所示，质量为 m 的物体放在光滑水平面上，都是从静止 开始， 以相同的加速度移动同样的距离.第一次拉力 F1 方向水平， 第二次拉力 F2 与水平成 α 角斜向上拉.在此过程中， 两力的平均 功率为 P1 和 P2，则（ ） A、P1>P2 B、P1=P2 C、P1<P2 D、无法判断 6、设飞机在飞行中所受空气阻力与它的速度平方成正比，当飞 机以速度 v 水平匀速飞行时，发动机的功率为 P.若飞机以速度 3v 水平匀速飞行时，发动机的功率为（ ） A．3P B．9P C．18 D．27P 7、质量为 m 的滑块沿倾角为 θ 的斜面向下滑行，当滑块的速度 为 v 时，重力的瞬时功率为（ ） A．mgv B．mgvsinθ C．mgvcosθ D．0 ）
8、如图所示，在距水平地面高为 H=0.4m 处，水平固定一根长直 光滑杆，杆上 P 处固定一定滑轮，滑轮可绕水平轴无摩擦转动， 在 P 点的右边， 杆上套一质量 m=3kg 的滑块 A． 半径 R=0.3m 的光 滑半圆形轨道竖直地固定在地面上，其圆心 O 在 P 点的正下方， 在轨道上套有一质量 m=3kg 的小球 B．用一条不可伸长的柔软细 绳，通过定滑轮将两小球连接起来．杆和半圆形轨道在同一竖直 面内，滑块和小球均可看作质点，且不计滑轮大小的影响．现给 滑块 A 施加一个水平向右、大小为 60N 的恒力 F，则： （1）求把小球 B 从地面拉到半圆形轨道顶点 C 的过程中力 F 做 的功． （2）求小球 B 运动到 C 处时的速度大小 v1． （3）问小球 B 被拉到离地多高时滑块 A 与小球 B 的速度大小相 等？此时速度 v2 为多大？
2
v1=4m/s ③当速度为 v2=6m/s 时，设牵引力为 F2 F2=P/v2=10000N 由牛顿第二定律 F2－f=ma2 得此时加速度为 a2=1m/s
2
(1)物体下滑的加速度为 a=gsinθ 由 s=at /2 且 s=h/sinθ W = mgh 平均功率为 P=W/t= mgsinθ (2)由 v =2as 得物体下滑底端时速度为 v=
19 周训练题参考答案 1、AC 2、CD 3、AD 4、 （1）4.5J（2）4.5J（3） 9J 5、 （1） （2）230J
2 3
6、 （1）3m/s （2）43N（3）0. 98m 7、1.8mg，方向竖直向下 8、 （1） 24 J（2）3.16m/s（3）0.225m、1.57m/s 9、 （1）0.52 （2）24.4J 10、 3L （1）H≥0.2 m（2）h=0.1 m 11、d≥ 3 2 sin
gh 2
4、BCD
5、B 6、D
7、B
8、AC
4
9、A
10（1）mgsinθ （2）mgsinθ 2gh 11、8.64×10 w 2 12、(1)4000N（2）5s（3）48kw 13、 （1）12m/s（2）4m/s（3）a2=1m/s 14、 （1）1000N （2）800m
18 周训练参考答案 1、 D AC 2、 D 3、 B 4、 BCD 5、 B 6、 D 7、 B 8、 9、A 10、解：
8、物体在水平恒力 F 作用下，由静止开始沿水平面由 A 点运动 位移 s 到达 பைடு நூலகம் 点，则（ ） A、当水平面光滑时，力 F 对物体做功的平均功率较大 B、当水平面不光滑时，力 F 对物体做功的平均功率较大 C、当水平面光滑时，力 F 在 B 点的瞬时功率较大 D、当水平面不光滑时，力 F 在 B 点的瞬时功率较大 9、一列火车在恒定功率的牵引下由静止从车站出发，沿直轨道 运动，行驶 5min 后速度达到 20m/s，设列车所受阻力恒定，则可 以判定列车在这段时间内行驶的距离（ ） A、一定大于 3km B、可能等于 3km C、一定小于 3km D、以上说法都不对 10、 如图所示， 物体由静止开始沿倾角为θ 的光滑斜面下滑， m、 h 已知，求： （1）物体滑到底端过程中重力的平均功率。 （2）物体滑到斜面底端时重力的功率。
3
11、要使起重机在 5s 内将质量为 2.0×10 kg 的货物由静止开始 匀加速提升 10m 高，此起重机应具备的最小功率应是多少？（g 2 取 10m/s ）
3
12、汽车质量为 2000kg，汽车发动机的额定功率是 80kW，它在 平直公路上行驶的最大速度可达 20m/s，现在汽车在该公路上由 2 静止开始以 2 m/s 的加速度做匀加速直线运动，若汽车运动中所 受的阻力是恒定的，问(1)汽车所受阻力是多大?(2)这个匀加速 过程可以维持多长时间?(3)开始运动后的第 3s 末，汽车的瞬时 功率多大?
高一物理第 19 周训练题——功能关系能力提升 1、如图所示，木块静止在光滑水平桌面上，一子弹平射入木块 的深度为 d 时，子弹与木块相对静止，在子弹入射的过程中，木 块沿桌面移动的距离为 L，木块对子弹的平均阻力为 f，那么在 这一过程中，下列说法正确的是（ ） A．木块的机械能增加 f L B．子弹的机械能减少量等于 fd C．系统的产生的内能等于 f d D．子弹损失的机械能等于木块增加的机械能 2、一物体静止在升降机的地板上,在升降机加速上升的过程中, 地板对物体的支持力所做的功等于（ ） A、物体势能的增加量 B、物体动能的增加量 C、物体动能的增加量加上物体势能的增加量 D、物体动能的增加量加上克服重力所做的功 3、一轻质弹簧固定于 O 点，另一端系一小球，将小球从与 O 点 在同一水平面且弹簧保持原长的 A 点无初速地释放，让它自由摆 下， 不计空气阻力。 在小球由 A 点摆向最低点 B 的过程中 （ ） A. 小球的重力势能减少 B. 小球的重力势能增大 C. 小球的机械能不变 D. 小球的机械能减少 4、皮带的速度为 3m/s，两圆心距离 s=4.5m，现将 m=1kg 的小物 体轻放在左轮正上方的皮带上，物体与皮带间的动摩擦因数为 μ =0.15，g=10m/s²，电动机带动皮带将物体从左轮正上方运送 到右轮正上方时，求： 1）小物体获得的动能 Ek 2）这一过程产生的热量 Q 3）这一过程电动机消耗的电能 E 是多少？
5、如图所示，绷紧的传送带与水平面的夹角 θ =30°，皮带在电 动机的带动下， 始终保持 v0=2m/s 的速率运行． 现把一质量 m=10kg 的工件（可看做质点）轻轻放在皮带的底端，经时间 t=1.9s，工 2 件被传送到 h=1.5m 的高处，取 g=10m/s ．求： （1）工件与皮带间的动摩擦因数； （2）电动机由于传送工件多消耗的电能．
6、如图所示,传送带做水平匀速运动。质量 m=1.0kg 的小物块轻 轻放在传送带上的 p 点，随传送带运动到 A 点后水平抛出，小物 块恰好无碰撞的沿圆弧切线从 B 点进入竖直光滑圆弧轨道下滑。 B、C 为圆弧的两端点，其连线水平。已知圆弧半径 R=1.0 m，圆 弧对应圆心角 θ =106°，轨道最低点为 O，A 点距水平面的高度 h=0.8 m。 小物块离开 C 点后恰能无碰撞的沿固定斜面向上运动， 0.8 s 后经过 D 点，物块与斜面间的滑动摩擦因数为 μ 1=0.33， 2 （g=10m/s ,sin37°=0.6,cos37°=0.8） （1） 小物块离开 A 点的水平初速度 v1； （2） 小物块经过 O 点时对轨道的压力； （3）斜面上 CD 间的距离；
(2)汽车由静止到达最大速度的过程中，由动能定理：
2gh
l 800m
11、解：由 s=at /2 得 a=0.8m/s 速度 v=at=4m/s 由牛顿第二定律 F－mg=ma 则 F=2.16×10 N 最小功率为 P=Fv=8.64×10 w 12 解： (1)当加速度为 0 时，速度最大，即 F=f 由 P=Fv 得 f=P/vm=4000N (2)由牛顿第二定律 F－f=ma 得汽车匀加速运动时的牵引力为 F=f+ma 匀加速运动的末速度 v1=P/F=10m/s 匀加速的时间 t=v1/a=5s (3)第 3s 末的速度为 v=at=6m/s 汽车瞬时功率 P=Fv=48kw 13、解：①当牵引力等于阻力时速度最大 F=f=0.1mg P=Fv 所以 v=P/f=12m/s ②加速度 a=2 m/s 时，设牵引力为 F1 由牛顿第二定律 F1－f=ma 则 F1=15000N 由 P=F1v1 得此时速度为