空间向量与空间角试题
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空间向量与空间角试题
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课时作业(二十)
[学业水平层次]
一、选择题
1.若异面直线l 1的方向向量与l 2的方向向量的夹角为150°,则l 1与l 2所成的角为( )
A .30°
B .150°
C .30°或150°
D .以上均不对
【解析】 l 1与l 2所成的角与其方向向量的夹角相等或互补,且异面直线所成角的范围为⎝ ⎛
⎦
⎥⎤0,π2.应选A. 【答案】 A
2.已知A (0,1,1),B (2,-1,0),C (3,5,7),D (1,2,4),则直线AB 与直线CD 所成角的余弦值为( )
A.522
66 B .-52266 C.52222
D .-52222
【解析】 AB →=(2,-2,-1),CD →
=(-2,-3,-3), ∴cos 〈AB →,CD →〉=AB →·CD →
|AB →||CD →|=53×22=522
66,
∴直线AB 、CD 所成角的余弦值为522
66. 【答案】 A
3.正方形ABCD 所在平面外一点P ,P A ⊥平面ABCD ,若P A =
AB ,则平面P AB 与平面PCD 的夹角为( )
A .30°
B .45°
C .60°
D .90°
【解析】 如图所示,建立空间直角坐标系,设P A =AB =1.则A (0,0,0),D (0,1,0),P (0,0,1).于是AD →
=(0,1,0).
取PD 中点为E , 则E ⎝ ⎛
⎭⎪⎫0,12,12,
∴AE →=⎝
⎛⎭
⎪⎫0,12,12,
易知AD →是平面P AB 的法向量,AE →
是平面PCD 的法向量,∴cos AD →,AE
→=22,
∴平面P AB 与平面PCD 的夹角为45°. 【答案】 B
4.(2014·陕西师大附中高二检测)如图3-2-29,在空间直角坐标系Dxyz 中,四棱柱ABCD —A 1B 1C 1D 1为长方体,AA 1=AB =2AD ,点E 、F 分别为C 1D 1、A 1B 的中点,则二面角B 1-A 1B -E 的余弦值为( )
图3-2-29
A .-33
B .-32 C.33 D.3
2
【解析】 设AD =1,则A 1(1,0,2),B (1,2,0),因为E 、F 分别为C 1D 1、A 1B 的中点,所以E (0,1,2),F (1,1,1),所以A 1E →=(-1,1,0),A 1B →
=(0,2,-2),设m =(x ,y ,z )是平面A 1BE 的法向量,则⎩⎪⎨
⎪⎧
A 1E →·
m =0,A 1B →·
m =0,所以⎩⎨
⎧
-x +y =0,
2y -2z =0,
所以⎩⎨
⎧
y =x ,y =z ,
取x =1,则y =z =1,所以平面
A 1BE 的一个法向量为m =(1,1,1),又DA ⊥平面A 1
B 1B ,所以DA →
=(1,0,0)是平面A 1B 1B 的一个法向量,所以cos 〈m ,DA →〉=m ·DA →
|m ||DA →|=13=3
3,
又二面角B 1-A 1B -E 为锐二面角,所以二面角B 1-A 1B -E 的余弦值为3
3,故选C.
【答案】 C 二、填空题
5.棱长为1的正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,M 、N 分别为A 1B 1、BB 1的中点,则异面直线AM 与CN 所成角的余弦值是________.
【解析】 依题意,建立如图所示的坐标系,则A (1,0,0),
M ⎝ ⎛⎭⎪⎫1,12,1,C (0,1,0),N ⎝ ⎛
⎭⎪⎫1,1,12, ∴AM →=⎝
⎛⎭
⎪⎫0,12,1,CN →=⎝
⎛⎭
⎪⎫1,0,12,
∴cos 〈AM →,CN →〉=1
252·52
=2
5,
故异面直线AM 与CN 所成角的余弦值为2
5. 【答案】 2
5
6.(2014·临沂高二检测)在空间直角坐标系Oxyz 中,已知A (1,-2,0)、B (2,1,6),则向量AB →
与平面xOz 的法向量的夹角的正弦值为________.
【解析】 设平面xOz 的法向量为n =(0,t,0)(t ≠0),AB →
=(1,3,6),所以cos 〈n ,AB →〉=n ·AB →
|n |·|AB →|=3t
4|t |,因为〈n ,AB →〉∈[0,π],
所以sin 〈n ,AB →
〉=
1-⎝ ⎛⎭
⎪⎫3t 4|t |2=74. 【答案】 7
4
7.已知点E ,F 分别在正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1的棱BB 1,CC 1
上,且B 1E =2EB ,CF =2FC 1,则平面AEF 与平面ABC 所成的二面
角的正切值等于________.
【解析】如图,建立空间直角坐标系.
设正方体的棱长为1,平面ABC的法向量为n1=(0,0,1),平面AEF的法向量为n2=(x,y,z).
所以A(1,0,0),E
⎝
⎛
⎭
⎪
⎫
1,1,
1
3
,F
⎝
⎛
⎭
⎪
⎫
0,1,
2
3
,
所以AE
→
=
⎝
⎛
⎭
⎪
⎫
0,1,
1
3
,EF
→
=
⎝
⎛
⎭
⎪
⎫
-1,0,1
3
,
则
⎩⎪
⎨
⎪⎧n2·AE→=0,
n2·EF
→
=0,
即
⎩⎪
⎨
⎪⎧y+
1
3z=0,
-x+1
3z=0.
取x=1,则y=-1,z=3.故n2=(1,-1,3).
所以cos〈n1,n2〉=n1·n2
|n1||n2|
=311
11.
所以平面AEF与平面ABC所成的二面角的平面角α满足cos α
=311
11
,sin α=22
11
,所以tan α=2
3.
【答案】
2
3
三、解答题
8. 如图3-2-30所示,在四面体ABCD中,O,E分别是BD,BC