《3.6第六节 简单的三角恒等变换》 教案
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教学过程
课堂导入
前面我们学习了两角和与差的正弦、余弦、正切公式,以及二倍角的正弦、余弦、正切公式,也明白了两角差的余弦公式推导出两角和的正弦、余弦、正切公式,进而推导出二倍角的正弦、余弦、正切公式,那么二倍角的正弦、余弦、正切公式经过变形能推导出什么公式呢?
复习预习
1.两角和与差的正弦公式:
2.两角和与差的余弦公式:
3.两角和与差的正切公式:
4.二倍角公式:
知识讲解
考点1 半角公式
(1)用cos α表示sin 2α2,cos 2α2,tan 2α2:sin 2α2=1-cos α2;cos 2α2=1+cos α2;tan 2α2=1-cos α1+cos α. (2)用cos α表示sin α2,cos α2,tan α2:sin α2=± 1-cos α2;cos α2=± 1+cos α2;tan α2=± 1-cos α1+cos α.
(3)用sin α,cos α表示tan α2:tan α2=sin α1+cos α
=1-cos αsin α.
考点2 形如a sin x+b cos x的化简
a sin x+
b cos x=a2+b2sin(x+φ),其中tan φ=b a.
例题精析
【例题1】
【题干】化简:⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫1tan α2-tan α2·⎝ ⎛⎭
⎪
⎫1+tan α·tan α2.
【答案】(1)22cos α
【解析】 原式=⎝ ⎛⎭⎪⎫cos α2sin α2-sin α2cos α2·⎝
⎛⎭⎪⎫1+sin αcos α·sin α2cos α2
=cos αsin α2cos α2·⎝
⎛⎭⎪⎫1+sin αcos α·sin α2cos α2
=2cos αsin α+2cos αsin α·sin αcos α·sin α2cos α2
=2cos αsin α+2sin α2cos α2
=2cos αsin α+4sin 2α2sin α
=2cos α+4sin 2α2sin α=2⎝ ⎛⎭⎪⎫1-2sin 2α2+4sin 2α2sin α
=2sin α.
【例题2】
【题干】已知sin(2α-β)=3
5,sin β=-12
13,且α∈⎝
⎛
⎭
⎪
⎫
π
2,π,β∈⎝
⎛
⎭
⎪
⎫
-
π
2,0,求sin α的值.
【解析】∵π2
<α<π,∴π<2α<2π. ∵-π2<β<0,∴0<-β<π2,π<2α-β<5π2,
而sin(2α-β)=35>0,
∴2π<2α-β<5π2,cos(2α-β)=45.
又-π2<β<0且sin β =-1213,∴cos β=513,
∴cos 2α=cos[(2α-β)+β]=cos(2α-β)cos β-sin(2α-β)sin β =45×513-35×⎝ ⎛⎭
⎪⎫-1213=5665. 又cos 2α=1-2sin 2α,∴sin 2α=9130.
又α∈⎝ ⎛⎭
⎪⎫π2,π,∴sin α=3130130.
【例题3】
【题干】已知函数f (x )=sin 2x -23sin 2x +3+1.
(1)求f (x )的最小正周期及其单调递增区间;
(2)当x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤-π6,π6时,求f (x )的值域.
【解析】f (x )=sin 2x +3(1-2sin 2x )+1=sin 2x +3cos 2x +1=2sin ⎝ ⎛⎭
⎪⎫2x +π3+1. (1)函数f (x )的最小正周期T =2π2=π.
由正弦函数的性质知,当2k π-π2≤2x +π3≤2k π+π2,
即k π-5π12≤x ≤k π+π12(k ∈Z )时,函数y =sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x +π3为单调递增函数,故函数f (x )的单调递增区间为⎣⎢⎡⎦
⎥⎤k π-5π12,k π+π12(k ∈Z ).
(2)∵x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤-π6,π6,∴2x +π3∈⎣⎢⎡⎦
⎥⎤0,2π3, ∴sin ⎝ ⎛⎭
⎪⎫2x +π3∈[0,1], ∴f (x )=2sin ⎝ ⎛⎭
⎪⎫2x +π3+1∈[1,3]. ∴f (x )的值域为[1,3].
【例题4】
【题干】(2012·安徽高考)设函数f (x )=22cos ⎝ ⎛⎭
⎪⎫2x +π4+sin 2x . (1)求f (x )的最小正周期;
(2)设函数g (x )对任意x ∈R ,有g ⎝ ⎛⎭⎪⎫x +π2=g (x ),且当x ∈⎣⎢⎡⎦
⎥⎤0,π2时,g (x )=12-f (x ).求g (x )在区间[-π,0]上的解析式.
【解析】(1)f (x )=22cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x +π4+sin 2 x =22⎝ ⎛⎭
⎪⎫cos 2x cos π4-sin 2x sin π4+1-cos 2x 2=12-12sin 2x 故f (x )的最小正周期为π.
(2)当x ∈⎣⎢⎡⎦
⎥⎤0,π2时,g (x )=12-f (x )=12sin 2x ,故 ①当x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤-π2,0时,x +π2∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤0,π2.由于对任意x ∈R ,g ⎝ ⎛⎭
⎪⎫x +π2=g (x ), 从而g (x )=g ⎝ ⎛⎭⎪⎫x +π2=12sin ⎣⎢⎡⎦⎥⎤2⎝ ⎛⎭⎪⎫x +π2=12
sin(π+2x )=-12sin 2x . ②当x ∈⎣⎢⎡⎭⎪⎫-π,-π2时,x +π∈⎣⎢⎡⎭
⎪⎫0,π2,从而g (x )=g (x +π)=12sin[2(x +π)]=12sin 2x . 综合①②得g (x )在[-π,0]上的解析式为g (x )=⎩⎪⎨⎪⎧ 12sin 2x ,x ∈⎣⎢⎡⎭⎪⎫-π,-π2,-12sin 2x ,x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤-π2,0.