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等差数列与等比数列PPT课件

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例1:四个数,前三个成等比数列,它们的和是19;后三个成 等差数列,和是12,求此四个数. 解法1: 如图:a1,a2,a3,a4 等比 (a2)2=a1a3 已知: a1+a2+a3=19 等差2a3=a2+a4 已知: a2+ a3+ a4 =12 a1+a2+a3=19 (a2)2=a1a3 a2+ a3+ a4 =12 2a3=a2+a4 a1=9 a2=6 或 a3=4 a4 =2 a1=25 a2=-10 a3=4 a4 =18
分析: 根据数列{an}是等差数列,通项可写作: an=a1+(n-1)d,可表示出:a1,,a5=a1+4d,a17=a1+16d,
再根据a1,a5,a17成等比数列,又可得:(a5)2=a1a17, 于是可解出d=(1/2)a1.将解出的d代入a1,a5,a17, 即得出新数列的公比:q=3 再由 ∴可解出kn,进而求出
例2:已知数列{an}为等差数列,公差d≠0,{an}的 部分项组成下列数列: 恰好为等比数列,其中k1≠0,k2=5,k3=17,求 k1+k2+.....+kn

又q=3,d=(1/2)a1
归 纳
1.本题是一个综合型的等差、等比 数列问题,在解题过程中,分清那 一步是用等差数列条件,那一步是 用等比数列条件是正确解题的前提。 2。仔细观察,找到两个数列序号 间的联系,是使问题得解的关键。
提示:
a2a4=(a3)2 a4a6=(a5)2
原式=(a3+a5)2=25=> a3+a5=5 (an>0)
2.数列{an}是等差数列,且S10=100, S100=10,则S110= (A)90 (B)-90 (C)110 (D)-110

高三高考数学复习 等差数列、等比数列PPT课件

高三高考数学复习 等差数列、等比数列PPT课件

(4)在等比数列中,若 m+n=p+q(m,n,p,q∈N*),
则 am·an=ap·aq.特别地,若 m+n=2p 则 am·an=ap2
(5)在等比数列中,Sn,S2n-Sn,S3n-S2n,…也成等比数列(n 为偶
数且 q=-1 除外).
高三数学名师课程
4.判断和证明数列是等差(比)数列的两种方法
小结:等差(比)数列基本运算的求解策略
(1)抓住基本量a1和公差d(公比q). (2)把条件转化为关于a1和d(q)的方程(组),然后求解, 注意整体计算,以减少运算量.
如:由于等比数列的通项公式、前n项和公式中变量n在 指数位置,所以常采用两式相除(即比值的方式)或整体 化思想进行相关计算.
变式 1-1(2019·无锡调研)设 Sn 是等差数列{an}的前 n 项和,
解:{an}为等差数列,设其公差为d.由a1=-1,a4=8=a1+3d=-1+3d,得d=3 ,∴a2=a1+d=-1+3=2. {bn}为等比数列,设其公比为q,由b1=-1,b4=8=b1·q3=-q3,得q=-2,
∴b2=b1·q=2.则ab22=22=1.
变式1-3(2018·全国Ⅰ卷改编)记Sn为等差数列{an}的前n项和.若3S3=S2+S4,a1= 2,则a5=__-1__0____. 解:法一 设等差数列{an}的公差为 d,
法二 设等差数列{an}的公差为 d,
∵3S3=S2+S4,
∴3S3=S3-a3+S3+a4,
∴3a1+3×2 2d=d.
∴S3=a4-a3,
∵a1=2,∴d=-3,
∴a5=a1+4d=2+4×(-3)=-10.
方法归纳 (1)在等差(比)数列中,首项 a1 和公差 d(公比 q)是两个最基本 的元素,在进行等差(比)数列项与和的运算时,若条件和结论间 的联系不明显,则均可化成关于 a1 和 d(q)的方程组求解,但要注 意消元法及整体计算,以减少计算量. (2)解决数列与数学文化相交汇问题的关键:一是读懂题意, 即会“脱去”数学文化的背景,提取关键信息;二是构造模型, 即由题意构建等差数列或等比数列或递推关系式的模型;三是 “解模”,即把文字语言转化为求数列的相关信息,如求指定项、 公比(或公差)、项数、通项公式或前 n 项和等.

专题4 第1讲等差数列、等比数列 课件(42张)

专题4 第1讲等差数列、等比数列 课件(42张)

个量中已知其中的三个量,求另外两个量
2.考查等差(比)数列的通项公式,前n项和公式,
考查方程的思想以及运算能力 1.以递推数列为载体,考查等差(比)数列的定义
或等差(比)中项
2.以递堆数列为命题背景考查等差(比)数列的
证明方法
• 备考策略 • 本部分内容在备考时应注意以下几个方面: • (1)加强对等差(比)数列概念的理解,掌握等差(比)数列的 判定与证明方法. • (2)掌握等差(比)数列的通项公式、前n项和公式,并会应 用. • (3)掌握等差(比)数列的简单性质并会应用. • 预测2018年命题热点为: • (1)在解答题中,涉及等差、等比数列有关量的计算、求 解. • (2)已知数列满足的关系式,判定或证明该数列为等差(比)

• an=___________________.
• 2.重要结论 am+(n-m)d • (1)通项公式的推广:等差数列中, an= n-m a · q m _________________ ; 递增数列 • 等比数列中,an=__________. 递减数列 • (2)增减性:①等差数列中,若公差大于零,则数列为 递增数列 __________;若公差小于零,则数列为__________. 递减数列 • ②等比数列中,若a1>0且q>1或S a, 且 0< q <1 ,则数列为 1<0 S - S , S - S2n,… n 2n n 3n ___________;若a1>0且0<q<1或a1<0且q>1,则数列为 ___________. • (3)等差数列{an}中,Sn为前n项 和.__________________________仍成等差数列;等比数
解得 d=-2. 6×5×-2 所以 S6=6×1+ =-24. 2 故选 A.

等差等比数列的证明ppt课件

等差等比数列的证明ppt课件
等差、等比数列的证明
1、定义法 an+1 - an=d 或 an-an-1=d
2、中项法 2an=an-1+an+1 (n>1)
3、通项公式法 an=pn+q(关于n的一次函数)
4、前n项和法 Sn=An2+Bn
1
等差、等比数列的证明 一、等差数列的证明
例1 已知数列an的前n项和为Sn=3n2 -2n, 证明数列an 成等差数列,并求其首项、
11
12
13
14
(2)
证明
an 2n
为等差数列,并求an
5
第七课时B组
8.已知数列an 的前n项和为Sn,Sn
=
1 3
(an
1)
(1)求a1、a2 .
(2)求证:数列an 是等比数列
6
等差、等比的计算问题的常用方法
方法1、利用等差、等比的性质 方法2、利用基本量(解方程组)
项(an)的性质: an=am+(n-m)d 任两项的关系式
am+an=ap+aq(m+n=p+q)角标和性质
和(Sn)的性质: Sm ,S2m -Sm ,S3m -S2m ,L 成等差
Sn与项an的关系:
7
重点回顾
数列
等差数列
等比
定义 通项公式
an+1-an=d 或 an-an-1=d
an= a1+(n-1)d
前n项和
性质 和Sn与项an 的关系
aanm=+ama+n(=n-amp)+d aq(m+n=p+q)
公差、通项公式
2
第四课时拓展延伸(2015新课标全国卷)

等差数列与等比数列PPT精品课件_1

等差数列与等比数列PPT精品课件_1
★ 剑竹大批枯死会引起大熊猫大量死亡;
★ 田野中害虫因为青蛙的大量繁殖而减少 …………
得出结论: 气候、食物、敌害等生活环境因素的变 化,对动物的寿命会有较大的影响。
动物还能在这里生活吗? 这样的污染鱼还能活吗?
4、右图表示昆虫的变态发
育过程,据图回答:

(1)图中B和D分别表示
__受_精__卵_期和__蛹____期。 B
成蛙
受精卵
幼蛙
胚胎
蛙的生活周期
蝌蚪
死亡
中年期 青春期
受精卵
儿童期
婴儿期
幼儿期
成蛙 幼蛙
受精卵 蝌蚪
成虫

受精卵 幼虫
死亡
成虫
受精卵
若虫
蝌蚪和成蛙的比较:
生活环境 运动器官 运动方式 呼吸器官
蝌蚪 水中

游泳

成蛙 陆上和水中
四肢
跳跃 肺和皮肤
像青蛙从幼体到成体的发育过程中, 在生活和形态结构上要发生很大的改变,
4.近年来,我国沿海局部海区藻类大量繁殖,出现
了“赤潮”,造成了大量鱼虾死亡的主要原因是C(
A.细菌感染
B.藻类与鱼虾争夺食物
C.水中溶解氧减少 D.藻类产生大量的有毒物质
5.下列各项中,描述了生物的一个完整生命周期的
是( A )
A.大豆从种子萌发到开花结果
B.人从婴儿期到成年期
C.受精的鸡蛋发育成能下蛋的母鸡
甲缸是由于自来水中的漂白粉释放的氯气使鱼死亡 乙缸是由于自来水中没有溶解氧使鱼死亡
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课前热身
1.观察数列:30,37,32,35,34,33,36,( 点,在括号内适当的一个数是__3_1__.

等差数列、等比数列PPT教学课件

等差数列、等比数列PPT教学课件

知识
1.能够举例描述 生物多样性面 临的威胁和原 因;
2.能够通过举例 说出保护生物 多样性的方 法。
技能
1.通过课前布置查 阅资料,培养 学生收集信息 和处理信息的 能力;
2.通过资料分析, 培养学生分析 资料的能力。
情感
提高学生保护生 物多样性的公民 意识,并能将其 落实在行动上
重点和难点
1
了解生物多样性面临的威胁及 其原因;
2.等比数列的概念: an q; an1
3.an=(an-an-1)+( an-1-an-2)+…+( a2-a1)+a1;
4.an
an an1

an1 an2
••
a2 a1
•a1;
5.换元法,待定系数法.
二、例析
例1.已知数列{an}中,a1=2,an+1=an+3,则{an}的通 项为_______.
例4.已知数列an, a1
1 2 , an
3an1
3n1, 求an.
解:两边同除以3n得:
an 3n
an1 3n1
1 3

,即
:
an 3n
an1 3n1
1. 3
an 3n
是以
a1 3
1 为首项,
6
公差为
1 的等差数列 . 3
an 1 (n 1)( 1) 1 1 n.即
3n 6
3 23
这样就可以运用解法1和解法2的方法了(下解略).
解法3:由 an+1=4an+3
an+2=4an+1+3

①得
②-①得:an+2-an+1=4(an+1-an).则数列{an+1-an}是 首项为a2 -a1 =(4 a1+3)-a1= 3 a1+3=9,公比 为4的等比数列.

专题四第1讲等差数列与等比数列课件(共84张PPT)山东省高考数学大二轮专题复习讲义(新高考)

专题四第1讲等差数列与等比数列课件(共84张PPT)山东省高考数学大二轮专题复习讲义(新高考)

例 1 (1)(2020·山东省青岛市模拟)已知等差数列{an}的公差为 2,若 a1,
a3,a4 成等比数列,Sn 是{an}的前 n 项和,则 S9 等于( )
A.-8
B.-6
C.10
D.0
解析 ∵a1,a3,a4 成等比数列,∴a23=a1a4,∴(a1+2×2)2=a1·(a1+ 3×2),即 2a1=-16,解得 a1=-8.则 S9=-8×9+9×2 8×2=0,故选 D.
(2)当
n
为偶数时,S偶= S奇
03
_q_(公比为
q).(其中
S
偶表示所有的偶数项
之和,S 奇表示所有的奇数项之和)
(3)等比数列“依次 m 项的和”,即 Sm, 04 _S_2_m-__S_m_, 05 _S_3_m_-__S_2_m,…(Sm≠0)成等比数列.
2
PART TWO
热点考向探究
考向 1 等差数列、等比数列的运算
na1q=1, 03 _S_n_=___a_11-_-_a_qn_q_=__a_1_11_--__qq_n__q_≠__1____.
3.等差数列的性质(n,m,l,k,p 均为正整数) (1)若 m+n=l+k,则 01 _a_m_+__a_n_=__a_l+__a_k_(反之不一定成立);特别地, 当 m+n=2p 时,有 02 __a_m_+__a_n=__2_a_p___. (2)若{an},{bn}是等差数列,则{kan+tbn}(k,t 是非零常数)是 03 _等__差_ 数列. (3)等差数列“依次 m 项的和”即 Sm, 04 _S_2_m_-__S_m_, 05 _S_3_m_-__S2_m_,… 仍是等差数列.
A.a1=22 B.d=-2 C.当 n=10 或 n=11 时,Sn 取得最大值 D.当 Sn>0 时,n 的最大值为 20

等差数列和等比数列的应用教学课件

等差数列和等比数列的应用教学课件

数学建模
等差数列在数学建模中有着广泛的应用,如解决物 理学、工程学等领域的问题。
统计学
在统计学中,等差数列常被用于描述和分析数据, 如时间序列分析、人口统计等。
计算机科学
在计算机科学中,等差数列被用于实现各种算法和 数据结构,如二分查找、快速排序等。
03 等 比 数 列 的 应 用
等比数列在日常生活中的应用
02
等比数列在物理学中 的应用
等比数列在物理学中也有着重 要的应用,例如在研究波的传 播、电磁波的传播等方面。
03
等比数列在经济学中 的应用
等比数列在经济学中也有着广 泛的应用,例如在研究复利、 股票价格等方面。
04
等差数列和等比 数列的交叉应用
等差数列和等比数列的相互转化
01 等差数列与等比数列的定义
储蓄和贷款
等比数列在计算复利、计算贷款利息
等方面有广泛应用。 01
增长率计算
等比数列可以用于计算增长率,例如
预测未来销售额、人口增长等。
03
资产评估
等比数列可以用于计算资产的增长和
折旧,例如房屋、车ຫໍສະໝຸດ 等。 02等比数列在数学和其他学科中的应用
01
等比数列在数学中的 应用
等比数列在数学中有着广泛的 应用,例如在解决几何问题、 组合数学问题等方面。
的应用。
等差数列和等比数列的组合应用题解析
解题思路
掌握等差数列和等比数列的性质,灵活运 用公式,是解决这类问题的关键。
等差数列和等比数列组合
等差数列和等比数列组合在一起,可以形 成多种复杂的应用题。
实际应用
等差等比组合应用题在日常生活和工作中 有着广泛的应用,掌握这类题目的解法十

数列—等差数列与等比数列(初等数学课件)

数列—等差数列与等比数列(初等数学课件)

am an 2ap 。
例题讲解
例 已知各项均为正数的两个数列 an 和 bn 满足 an1

+1 = 1 +

an bn
an2 bn2
b 2
∈ ∗ ,求证:数列 n 是等差数列。
an
证明 由题意知
an1
an bn
an2 bn2
1

bn
an
bn
1
an
2ຫໍສະໝຸດ bn1 bn 1
an
2
n N ,

例题讲解
2
2
2
bn1 bn
bn
bn1
1
所以
1 ,从而
初等数学研究
等差数列
等差数列的概念
如果数列 an 满足


an1 an d n N , d为常数
那么这个数列就叫做等差数列,常数 d 叫做等差数列的公差。
等差数列 an 的通项公式为 an a1 n 1d ,其前 n 项的和为
等差数列的性质
(1)设 an 是公差为 d 的等差数列。则 an b, b都是常数 是公差为 d
的等差数列。
(2)设 an ,bn 是等差数列,则 1an 2bn 1, 2都是常数也是等差数列。

(3)设 an , bn 是等差数列,且 bn N ,则 abn 也是等差数列。
( 4 ) 若 m n p q , 则 am an ap aq 。 特 别 地 , 当 m n 2 p 时 ,
an1
an1 an

专题三 第一讲 等差数列与等比数列PPT课件

专题三 第一讲 等差数列与等比数列PPT课件

主干考 点梳理
2. (2014·辽宁卷)设等差数列{an}的公差为d, 若数列{2a1an}为递减数列,则( C )
A.d<0 B.d>0

C.a1d<0 D.a1d>0
目 链

解析: 由已知得,2a1an<2a1an-1,即2a21aa1na-n 1<
1,2a1(an-an-1)<1,又 an-an-1=d,故 2a1d<1,
栏 目
S4 成等比数列,则 a1=( D )
链 接
A.2
B.-2
1 C.2
D.-12
高考热 点突破
解析: 因为 S1,S2,S4 成等比数列,所以 S22
=S1S4,即(2a1-1)2=a1(4a1-6),a1=-12.故选
栏 目 链

D.
高考热
点突破 突破点2 有关等比数列的基本问题
例 2 设数列{an}的前 n 项和为 Sn,已知 ban-2n=(b-
目 链

次函数的最值,有时利用数列的单调性(d>0,递增;d
<0,递减).
(3)等差数列的性质:设m,n,p,q为非零自然数, 若m+n=p+q,则am+an=ap+aq.
高考热 点突破
跟踪训练
1.(2014·天津卷)设{an}是首项为 a1,公差为
-1 的等差数列,Sn 为其前 n 项和,若 S1,S2,
1)Sn.
(1)证明:当 b=2 时,{an-n·2n-1}是等比数列;
栏 目

(2)求{an}的通项公式.

高考热 点突破
思路点拨:(1)只需证明an+a1n--(n·n2+ n-1)1 ·2n为非零常
1.等比数列的定义.

等差数列与等比数列.ppt

等差数列与等比数列.ppt
∴最大值S13=169
例10.若a2,b2,c2成等差数列, 且(a+b)(b+c)(c+a)≠0.求证: 1 , 1 , 1 也成等差数列.
bc ca ab
例10.若a2,b2,c2成等差数列, 且(a+b)(b+c)(c+a)≠0.求证: 1 , 1 , 1 也成等差数列.
bc ca ab
分析:
an=a1qn-1
an+1=anq
Sn=na1 (q=1)
Sn=
a1(1 q n ) 1 q
(q≠1)
a1·an=a2·an-1=…
G2=a·b
例1.(1)求等差数列8, 5, 2, ……的第20项.
(2)-401是不是等差数列-5, -9, -13,....
的项?如果是,是第几项?
解:(1)由a1= 8,d=5-8=-3,n=20, a20=a1+(20-1)d=8+19·(-3)=-49
(1 5
S5 )2
1
3
S3
1 4
S4
2
3ad 5d 2
,整理得:
2a
5 2
d
2
解得:
a d
1 0
,
or
a d
4
12 5
,∴
an
1,或an
32 5
12 5
n.
例5.在等差数列{an}中,已知a3=12,S12>0, S13<0,
(1)求公差d的取值范围;
(2)指出S1、S2、…S12,哪个值最大,并说 明理由。
解:(1)p+q=10(a1+an),∴Sn=
(a1 an )n ( p q)n

专题二数列:第1讲等差数列与等比数列课件

专题二数列:第1讲等差数列与等比数列课件

又a1>1,∴0<q<1,B正确; ∵lg an=lg(a1qn-1)=lg a1+(n-1)lg q,又lg q<0, ∴{lg an}是公差为lg q的递减的等差数列,A错误; ∵Sn-1-a1 q=1-a1 q(1-qn-1)=qa-1q1·qn-1,
∴Sn-1-a1q是首项为qa-1q1<0,公比为 q 的递增的等比数列,C 正确;
(2)设bn=4n-2+3an,若an∈N,求{bn}的前n项和Tn. 解 由于an∈N,所以an=2n+1. 所以bn=4n-2+3an=4n-2+6n+3. 根据等差数列、等比数列的前n项和公式, 得 Tn=14(11--44n)+21(9+6n+3)n=112(4n-1)+3n2+6n.
热点二 等差(比)数列的性质
(2)记{an}的前n项和为Sn,求Sn的最小值. 解 法一 由(1)知,an=2n-12. 则当n≥7时,an>0; 当n=6时,an=0; 当n<6时,an<0; 所以Sn的最小值为S5=S6=-30. 法二 由(1)知,Sn=n2(a1+an)=n(n-11)=n-1212-1421,又 n∈N*, 所以当n=5或n=6时,Sn的最小值为S5=S6=-30.
=ai>1(i≥7,i∈N)可知数列{Tn}不存在最小项,
由于a1=-9,a2=-7,a3=-5,a4=-3,a5=-1,a6=1, 故数列{Tn}中的正项只有有限项:T2=63,T4=945. 故数列{Tn}中存在最大项,为T4.故选B.
(2)已知数列{an}的各项都为正数,对任意的m,n∈N*,am·an=am+n恒成立, 且a3·a5+a4=72,则log2a1+log2a2+…+log2a7=___2_1____. 解析 因为对任意的m,n∈N*,am·an=am+n恒成立, 令 m=1,则 a1·an=a1+n,即aan+n1=a1 对任意的 n∈N*恒成立, 所以数列{an}为等比数列,公比为a1. 由等比数列的性质有 a3a5=a24, 所以 a3·a5+a4=a24+a4=72, 又a4>0,解得a4=8, 所以 log2a1+log2a2+…+log2a7=log2(a1a7)(a2a6)(a3a5)a4=log2a74=log287=21.

第1讲等差数列、等比数列课件

第1讲等差数列、等比数列课件

选条件②: 方法一:当 n≥2 时,由 Sn=12an+1+m 得 Sn-1=12an+m,两式相减得 an=12an+1-12an, 即 an+1=3an. 因为数列{an}是等比数列,且 a1=1, 所以数列{an}的通项公式为 an=1×3n-1=3n-1,n∈N*. 又当 n=1 时,a1=12a2+m=32+m=1,解得 m=-12. 方法二:当 n=1 时,a1=S1=12a2+m,当 n=2 时,a2=S2-S1=12a3+m-12a2+m, 所以 a3=3a2,所以等比数列{an}的公比为 q=aa32=3,且 a1=1,所以 an=1×3n-1=3n-1. 所以 a1=12a2+m=32+m=1,解得 m=-12.
专题二 数列 第1讲 等差数列、等比数列
回归教材
1. 已知数列{an}是等差数列,其前 n 项的和为 Sn,若 a6=2 且 S5=30,则 S8 等于( B )
A. 31 C. 33
B. 32 D. 34
【解析】由已知可得5aa1+1+51d0=d=2,30,
解得a1=236, d=-43,
所以 S8=8a1+8×2 7d=32.
若选择②:由(n+1)bn+1=nbn,得bbn+n 1=n+n 1, 所以 bn=bbn-n 1·bbnn- -12·…·bb21·b1=1n(n≥2),n=1 时也满足,则 an=nn1+1=1n-n+1 1, 故 Sn=1-12+12-13+…+1n-n+1 1=1-n+1 1<1 恒成立. 若选择③:3a2n+1-3a2n=-(an+1+an),an+1-an=-13,或 an+1+an=0.又 a1=12,
A. 1
B. 9
C. 5 2+7
D. 3 2+9
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2.预习 等差数列和等比数列求和的综合运用。
3.复习参考习题1-5题
本课结束
解析 答案
(2)等比数列{an}的前n项和为Sn=a·3n-1+b,则
a b
等于
√A.-3
B.-1
C.1
D.3
解析 因为a1=S1=a+b,a2=S2-S1=2a,a3=S3-S2=6a,
所以 q=3,a1=23a=a+b,所以ab=-3,故选 A.
解析 答案
考试热点二 等差数列、等比数列的判定与证明 数列{an}是等差数列或等比数列的证明方法 (1)证明数列{an}是等差数列的两种基本方法: ①利用定义,证明an+1-an(n∈N*)为一常数; ②利用等差中项,即证明2an=an-1+an+1(n≥2).
A.-10
B.-5
√C.0
D. 5
解析 由题意,得 a24-a27=a26-a25,
即(a4-a7)(a4+a7)=(a6-a5)(a6+a5),
即-3d(a4+a7)=d(a6+a5),又因为 d≠0, 所以 a4+a7=a6+a5=0,则该数列的前 10 项和 S10=10a12+a10=5(a6+
(2)证明{an}是等比数列的两种基本方法 ①利用定义,证明aan+n 1(n∈N*)为一常数; ②利用等比中项,即证明 a2n=an-1an+1(n≥2).
例2 已知数列{an}满足a1=3,an+1=2an-n+1,数列{bn}满足b1=2,
bn+1=bn+an-n.
(1)证明:{an-n}为等比数列;
3.性质
若m+n=p+q,
在等差数列中am+an=ap+aq; 在等比数列中am·an=ap·aq.
4.中项
若m n 2 p,
在等差数列中am an 2ap.
在等比数列中am
an
=a
2 p
例 1 (1) an 是公差不为 0 的等差数列,满足 a24+a25=a26+a27,则该数列的
前 10 项和 S10 等于
人教版必修五第二章
微专题 等差数列与等比数列的综合运用
考试热点一 等差数列、等比数列的运算
1.通项公式及推广公式
等差数列:an=a1+(n-1)d= am n md
等比数列: an a1 qn1 am qnm
等2.求差和数公列式:Sn=na1+an=na1+nn-1d;
2
2
等比数列:Sn=a11-qn=a1-anq(q≠1). Sn na1 na2 nan (q 1) 1-q 1-q
解得 q=-1 (舍)或 q=32,当 q=32 时,代入 S2=3a2+2,
得a1+a1q=3a1q+2,解得a1=-1,故选B.
思维升华 解析 答案
练1 (1)在等差数列{an}中,2(a1+a3+a5)+3(a8+a10)=36,则a6等于()
A.8
B.6
C.4
√D.3
解析 由等差数列的性质可知, 2(a1+a3+a5)+3(a8+a10)=2×3a3+3×2a9=6(a3+a9)=6×2a6=12a6= 36, ∴a6=3.故选D.
思维升华 解答
练 2 已知数列{an},{bn}满足 a1=1,an+1=1-41an,bn=2an2-1,其中 n∈N*. (1)求证:数列{bn}是等差数列,并求出数列{an}的通项公式;
证明
(2)设 cn=n4+an1,求数列{cncn+2}的前 n 项和 Tn.
解答
作业:
1.思考 已知等差数列{an}的公差为-1,且a2+a7+a12=-6. (1)求数列{an}的通项公式an与前n项和Sn; (2)将数列{an}的前4项抽去其中一项后,剩下三项按原来顺序恰为等比数列{bn}的前3项,记{bn} 的前n项和为Tn,若存在m∈N*,使对任意n∈N*,总有Sn<Tm+λ恒成立,求实数λ的取值范围.
证明 (定义法) an1 (n 1) 2an n 1 (n 1) 2(an n) 2
an n
an n
an n
又a1-1=2,
∴{an-n}是以2为首项,2为公比的等比数列.
证明
(2)数列{cn}满足 cn=bn+1an-bnn+1+1,求数列{cn}的前 n 项和 Tn. 思维升华 aan+n 1=q 和 a2n=an-1an+1(n≥2)都是数列{an}为等比数列的必要 不充分条件,判断时还要看各项是否为零.
a5)=0.故选 C.
解析 答案
(2)设公比为 q(q>0)的等比数列 an 的前 n 项和为 Sn,若 S2=3a2+2,S4=
3a4+2,则 a1 等于
A.-2
√B.-1
C.12
D.23
Байду номын сангаас
解析 S4-S2=a3+a4=3a4-3a2 ,
即3a2+a3-2a4=0,即3a2+a2q-2a2q2=0 ,即2q2-q-3=0,
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