等差数列与等比数列十大例题

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等差与等比数列专题复习

等差与等比数列专题复习

等差与等比数列专题复习等差与等比数列是最重要且应用广泛的有通项公式的数列,在高考中占有重要地位,成为每年必考的重点内容,这部分内容的基础知识有:等差、等比数列的定义及通项公式,前几项和公式以及等差、等比数列的性质,在解决有关等差,等比数列问题时,要注意运用方程的思想和函数思想以及整体的观点,培养分析问题与解决问题的能力。

一、知识结构与要点:等差、等比数列的性质推广2等比数列- L 定义:且a n基本概念-通项_ q a n 2an 11an 1 a nq n m S n前n 项和 1等比中项:a b c 成等比数列b 2 acaw(q 1)印(1 q n )a iL 与首末两端等距离的两项之积相等a 1ana 2an 1a i an i 1—基本性质一二、典型例题 am a n a p a q{a n }成等比,若 n 「n 2,…n k 成等差 贝V a 1,a n2,...a nk 当a 1或q成等比a 1 q 1a 1时{ a n }为递增数列 0 q 10或a 1 0时{a n }为递减数列 0 q 1q<0时 q=1时 { a n }为摆动数列 { a n }为常数数列例1 •在等差数列中a 6 a 9a 12 a 15 20求S 20解法 a n a1(n l)da 6 a 9 a12 2(2a 1 19d) a1520(a 1 5d) (a 1 8d) (a 1 11d) (a 1 14d)2a 1 19d 10那么S 2010(2a 1 19d)100解法二:由m nq am a n a p a qa 6 a 9 a i2 a i5 2(a 6 a i5)2(a i a 2o ) 20点评:在等差数列中,由条件不能具体求出a 1和d ,但可以求出 a 1与d 的组合式,而所求的量往往可以用这个组合式表示,那么用“整体代值”的方法将值求出(2)利用:m n p q a m a n a p a q 将所求量化为已知量也是“整体代值”的思 想,它比用a 1和d 表示更简捷。

等差数列与等比数列例题和知识点梳理

等差数列与等比数列例题和知识点梳理

等差数列及其前n 项和 等比数列及其前n 项和等差数列及其前n 项和1.等差数列的定义一般地,如果一个数列从第2项起,每一项与它的前一项的差等于同一个常数,那么这个数列就叫做等差数列,这个常数叫做等差数列的公差,通常用字母d 表示. 2.等差数列的通项公式如果等差数列{a n }的首项为a 1,公差为d ,那么它的通项公式是a n =a 1+(n -1)d . 3.等差中项由三个数a ,A ,b 组成的等差数列可以看成最简单的等差数列.这时,A 叫做a 与b 的等差中项.4.等差数列的常用性质(1)通项公式的推广:a n =a m +(n -m )d (n ,m ∈N *).(2)若{a n }为等差数列,且k +l =m +n (k ,l ,m ,n ∈N *),则a k +a l =a m +a n . (3)若{a n }是等差数列,公差为d ,则{a 2n }也是等差数列,公差为2d . (4)若{a n },{b n }是等差数列,则{pa n +qb n }也是等差数列.(5)若{a n }是等差数列,公差为d ,则a k ,a k +m ,a k +2m ,…(k ,m ∈N *)是公差为md 的等差数列.(6)数列S m ,S 2m -S m ,S 3m -S 2m ,…构成等差数列.(7)若{a n }是等差数列,则⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 也是等差数列,其首项与{a n }的首项相同,公差为12d .5.等差数列的前n 项和公式设等差数列{a n }的公差为d ,其前n 项和S n =n (a 1+a n )2或S n =na 1+n (n -1)2d .6.等差数列的前n 项和公式与函数的关系 S n =d2n 2+⎝⎛⎭⎫a 1-d 2n . 数列{a n }是等差数列⇔S n =An 2+Bn (A ,B 为常数).7.等差数列的前n 项和的最值在等差数列{a n }中,a 1>0,d <0,则S n 存在最大值;若a 1<0,d >0,则S n 存在最小值. 概念方法微思考1.“a ,A ,b 是等差数列”是“A =a +b2”的什么条件?提示 充要条件.2.等差数列的前n 项和S n 是项数n 的二次函数吗?提示 不一定.当公差d =0时,S n =na 1,不是关于n 的二次函数.题组一 思考辨析1.判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)若一个数列从第二项起每一项与它的前一项的差都是常数,则这个数列是等差数列.( )(2)等差数列{a n }的单调性是由公差d 决定的.( )(3)等差数列的前n 项和公式是常数项为0的二次函数.( )(4)数列{a n }为等差数列的充要条件是对任意n ∈N *,都有2a n +1=a n +a n +2.( ) 题组二 教材改编2.设数列{a n }是等差数列,其前n 项和为S n ,若a 6=2且S 5=30,则S 8等于( ) A .31 B .32 C .33 D .343.在等差数列{a n }中,若a 3+a 4+a 5+a 6+a 7=450,则a 2+a 8=________.题组三 易错自纠4.一个等差数列的首项为125,从第10项起开始比1大,则这个等差数列的公差d 的取值范围是( ) A .d >875B .d <325C.875<d <325D.875<d ≤3255.(多选)设{a n }是等差数列,S n 是其前n 项的和,且S 5<S 6,S 6=S 7>S 8,则下列结论正确的是( ) A .d <0 B .a 7=0C .S 9>S 5D .S 6与S 7均为S n 的最大值6.若等差数列{a n }满足a 7+a 8+a 9>0,a 7+a 10<0,则当n =____时,{a n }的前n 项和最大.7.一物体从1 960 m 的高空降落,如果第1秒降落4.90 m ,以后每秒比前一秒多降落9.80 m ,那么经过________秒落到地面.等差数列基本量的运算1.(2018·全国Ⅰ)记S n 为等差数列{a n }的前n 项和,若3S 3=S 2+S 4,a 1=2,则a 5等于( ) A .-12 B .-10 C .10 D .122.(2019·全国Ⅰ)记S n 为等差数列{a n }的前n 项和.已知S 4=0,a 5=5,则( ) A .a n =2n -5 B .a n =3n -10 C .S n =2n 2-8n D .S n =12n 2-2n3.(2019·江苏)已知数列{a n }(n ∈N *)是等差数列,S n 是其前n 项和.若a 2a 5+a 8=0,S 9=27,则S 8的值是________.4.(2019·全国Ⅲ)记S n 为等差数列{a n }的前n 项和.若a 1≠0,a 2=3a 1,则S 10S 5=________.等差数列的判定与证明例1 (2020·日照模拟)已知数列{a n },{b n }满足a 1=1,a n +1=1-14a n ,b n =22a n -1,其中n ∈N *.求证:数列{b n }是等差数列,并求出数列{a n }的通项公式.跟踪训练1 在数列{a n }中,a 1=2,a n 是1与a n a n +1的等差中项.(1)求证:数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1a n -1是等差数列,并求{}a n 的通项公式;(2)求数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1n 2a n 的前n 项和S n .等差数列性质的应用命题点1 等差数列项的性质例2 (2019·江西师范大学附属中学模拟)已知数列{a n }为等差数列,S n 为其前n 项和,2+a 5=a 6+a 3,则S 7等于( ) A .2 B .7 C .14 D .28命题点2 等差数列前n 项和的性质例3 (1)(2020·漳州质检)已知等差数列{a n }的前n 项和为S n .若S 5=7,S 10=21,则S 15等于( )A .35B .42C .49D .63(2)已知S n 是等差数列{a n }的前n 项和,若a 1=-2 018,S 2 0192 019-S 2 0132 013=6,则S 2 020=________.跟踪训练2 (1)已知等差数列{a n }、等差数列{b n }的前n 项和分别为S n ,T n ,若S n T n =n +2n +1,则a 6b 8的值是( )A.1316B.1314C.1116D.1115(2)(2019·莆田质检)设等差数列{a n }的前n 项和为S n ,若S 13>0,S 14<0,则S n 取最大值时n 的值为( )A .6B .7C .8D .131.在等差数列{a n }中,a 1=2,a 5=3a 3,则a 3等于( ) A .-2 B .0 C .3 D .62.(2019·晋城模拟)记等差数列{a n }的前n 项和为S n .若a 6=16,S 5=35,则{a n }的公差为( ) A .3 B .2 C .-2 D .-33.在等差数列{a n }中,已知a 1 011=1,则该数列前2 021项的和S 2 021等于( ) A .2 020 B .2 021 C .4 040 D .4 0424.已知数列{a n }是公差不为0的等差数列,前n 项和为S n ,满足a 1+5a 3=S 8,给出下列结论:①a 10=0;②S 10最小;③S 7=S 12;④S 20=0. 其中一定正确的结论是( )A .①②B .①③④C .①③D .①②④5.程大位《算法统宗》里有诗云“九百九十六斤棉,赠分八子做盘缠.次第每人多十七,要将第八数来言.务要分明依次弟,孝和休惹外人传.”意为:996斤棉花,分别赠送给8个子女做旅费,从第一个开始,以后每人依次多17斤,直到第八个孩子为止.分配时一定要等级分明,使孝顺子女的美德外传,则第八个孩子分得斤数为( )A .65B .176C .183D .1846.(2019·宁夏银川一中月考)在等差数列{a n }中,若a 10a 9<-1,且它的前n 项和S n 有最大值,则使S n >0成立的正整数n 的最大值是( ) A .15 B .16 C .17 D .147.(多选)已知数列{a n }是公差不为0的等差数列,前n 项和为S n ,满足a 1+5a 3=S 8,下列选项正确的有( ) A .a 10=0 B .S 10最小 C .S 7=S 12 D .S 20=08.(多选)设S n 是数列{a n }的前n 项和,且a 1=-1,a n +1=S n S n +1,则( ) A .a n =-12n-1B .a n =⎩⎪⎨⎪⎧-1,n =1,1n -1-1n,n ≥2,n ∈N *C .数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1S n 为等差数列D.1S 1+1S 2+…+1S 100=-5 0509.(2019·全国Ⅲ)记S n 为等差数列{a n }的前n 项和.若a 3=5,a 7=13,则S 10=________.10.等差数列{a n },{b n }的前n 项和分别为S n ,T n ,且S n T n =3n -12n +3,则a 10b 10=________.11.已知数列{a n }满足(a n +1-1)(a n -1)=3(a n -a n +1),a 1=2,令b n =1a n -1.(1)证明:数列{b n }是等差数列; (2)求数列{a n }的通项公式.12.已知等差数列{a n }的公差d >0,设{a n }的前n 项和为S n ,a 1=1,S 2S 3=36. (1)求d 及S n ;(2)求m ,k (m ,k ∈N *)的值,使得a m +a m +1+a m +2+…+a m +k =65.13.(2020·大连模拟)已知等差数列{a n }的前n 项和为S n ,b n =2n a且b 1+b 3=17,b 2+b 4=68,则S 10等于( )A .90B .100C .110D .12014.已知数列{a n }与⎩⎨⎧⎭⎬⎫a 2n n 均为等差数列(n ∈N *),且a 1=2,则a 20=________.15.(2020·黑龙江省哈尔滨市第三中学模拟)已知x 2+y 2=4,在这两个实数x ,y 之间插入三个实数,使这五个数构成等差数列,那么这个等差数列后三项和的最大值为( ) A .210 B.1210 C.10 D.321016.记m =d 1a 1+d 2a 2+…+d n a nn ,若{}d n 是等差数列,则称m 为数列{a n }的“d n 等差均值”;若{}d n 是等比数列,则称m 为数列{a n }的“d n 等比均值”.已知数列{a n }的“2n -1等差均值”为2,数列{b n }的“3n-1等比均值”为3.记c n =2a n+k log 3b n ,数列{}c n 的前n 项和为S n ,若对任意的正整数n 都有S n ≤S 6,求实数k 的取值范围.等比数列及其前n 项和1.等比数列的有关概念(1)定义:如果一个数列从第2项起,每一项与它的前一项的比等于同一常数(不为零),那么这个数列叫做等比数列.这个常数叫做等比数列的公比,通常用字母q 表示,定义的表达式为a n +1a n=q (n ∈N *,q 为非零常数). (2)等比中项:如果a ,G ,b 成等比数列,那么G 叫做a 与b 的等比中项.即G 是a 与b 的等比中项⇒a ,G ,b 成等比数列⇒G 2=ab . 2.等比数列的有关公式 (1)通项公式:a n =a 1q n -1. (2)前n 项和公式:S n =⎩⎪⎨⎪⎧na 1(q =1),a 1(1-q n )1-q =a 1-a n q 1-q (q ≠1).3.等比数列的常用性质(1)通项公式的推广:a n =a m ·q n -m (n ,m ∈N *).(2)若m +n =p +q =2k (m ,n ,p ,q ,k ∈N *),则a m ·a n =a p ·a q =a 2k. (3)若数列{a n },{b n }(项数相同)是等比数列,则{λa n },⎩⎨⎧⎭⎬⎫1a n ,{a 2n },{a n ·b n},⎩⎨⎧⎭⎬⎫a n bn (λ≠0)仍然是等比数列.(4)在等比数列{a n }中,等距离取出若干项也构成一个等比数列,即a n ,a n +k ,a n +2k ,a n +3k ,…为等比数列,公比为q k .4.在等比数列{a n }中,若S n 为其前n 项和,则S n ,S 2n -S n ,S 3n -S 2n 也成等比数列(n 为偶数且q =-1除外). 概念方法微思考1.将一个等比数列的各项取倒数,所得的数列还是一个等比数列吗?若是,这两个等比数列的公比有何关系?提示 仍然是一个等比数列,这两个数列的公比互为倒数.2.任意两个实数都有等比中项吗?提示 不是.只有同号的两个非零实数才有等比中项. 3.“b 2=ac ”是“a ,b ,c ”成等比数列的什么条件?提示 必要不充分条件.因为b 2=ac 时不一定有a ,b ,c 成等比数列,比如a =0,b =0,c =1.但a ,b ,c 成等比数列一定有b 2=ac .题组一 思考辨析1.判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)满足a n +1=qa n (n ∈N *,q 为常数)的数列{a n }为等比数列.( ) (2)如果数列{a n }为等比数列,则数列{ln a n }是等差数列.( ) (3)数列{a n }的通项公式是a n =a n,则其前n 项和为S n =a (1-a n )1-a.( )(4)数列{a n }为等比数列,则S 4,S 8-S 4,S 12-S 8成等比数列.( ) 题组二 教材改编2.已知{a n }是等比数列,a 2=2,a 5=14,则公比q =______.3.公比不为1的等比数列{a n }满足a 5a 6+a 4a 7=18,若a 1a m =9,则m 的值为( ) A .8 B .9 C .10 D .11题组三 易错自纠4.(多选)已知数列{a n }是等比数列,那么下列数列一定是等比数列的是( )A.⎩⎨⎧⎭⎬⎫1a n B .log 2a 2nC .{a n +a n +1}D .{a n +a n +1+a n +2}5.若1,a 1,a 2,4成等差数列,1,b 1,b 2,b 3,4成等比数列,则a 1-a 2b 2的值为________.6.设S n 为等比数列{a n }的前n 项和,8a 2+a 5=0,则S 5S 2=________.7.一种专门占据内存的计算机病毒开机时占据内存1 MB ,然后每3秒自身复制一次,复制后所占内存是原来的2倍,那么开机________秒,该病毒占据内存8 GB.(1 GB =210 MB)等比数列基本量的运算1.(2020·晋城模拟)设正项等比数列{a n }的前n 项和为S n ,若S 2=3,S 4=15,则公比q 等于( )A .5B .4C .3D .22.(2019·全国Ⅲ)已知各项均为正数的等比数列{a n }的前4项和为15,且a 5=3a 3+4a 1,则a 3等于( )A .16B .8C .4D .23.(2019·全国Ⅰ)记S n 为等比数列{a n }的前n 项和,若a 1=1,S 3=34,则S 4=________.4.(2018·全国Ⅲ)等比数列{a n }中,a 1=1,a 5=4a 3. (1)求{a n }的通项公式;(2)记S n 为{a n }的前n 项和,若S m =63,求m .等比数列的判定与证明例1 (2019·四川省名校联盟模拟)已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且满足2S n =-a n +n (n ∈N *).(1)求证:数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫a n -12为等比数列;(2)求数列{a n -1}的前n 项和T n .跟踪训练1 设数列{a n }的前n 项和为S n ,已知a 1=1,S n +1=4a n +2. (1)设b n =a n +1-2a n ,证明:数列{b n }是等比数列; (2)求数列{a n }的通项公式.等比数列性质的应用例2 (1)(2019·黑龙江省大庆第一中学模拟)在各项不为零的等差数列{a n }中,2a 2 019-a 22 020+2a 2 021=0,数列{b n }是等比数列,且b 2 020=a 2 020,则log 2(b 2 019·b 2 021)的值为( ) A .1 B .2 C .4 D .8(2)(2020·长春质检)各项均为正数的等比数列{a n }的前n 项和为S n ,已知S 6=30,S 9=70,则S 3=________.跟踪训练2 (1)(2019·安徽省江淮十校月考)已知等比数列{a n }的公比q =-12,该数列前9项的乘积为1,则a 1等于( ) A .8 B .16 C .32 D .64(2)已知等比数列{a n }的前n 项和为S n ,且S 3S 6=89,则a n +1a n -a n -1=________(n ≥2,且n ∈N *).对于数列通项公式的求解,除了我们已经学习的方法以外,根据所给递推公式的特点,还有以下几种构造方式.构造法1 形如a n +1=ca n +d (c ≠0,其中a 1=a )型 (1)若c =1,数列{a n }为等差数列; (2)若d =0,数列{a n }为等比数列;(3)若c ≠1且d ≠0,数列{a n }为线性递推数列,其通项可通过待定系数法构造等比数列来求.例1 在数列{a n }中,若a 1=1,a n +1=3a n +2,则通项a n =________.构造法2 形如 a n +1=pa n +q ·p n +1(p ≠0,1,q ≠0)型a n +1=pa n +q ·p n +1(p ≠0,1,q ≠0)的求解方法是两端同时除以p n +1,即得a n +1pn +1-a n p n =q ,则数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫a n p n 为等差数列. 例2 (1)已知正项数列{a n }满足a 1=4,a n +1=2a n +2n +1,则a n 等于( ) A .n ·2n -1 B .(n +1)·2n C .n ·2n +1 D .(n -1)·2n(2)(2019·武汉市二中月考)已知正项数列{a n }中,a 1=2,a n +1=2a n +3×5n ,则数列{a n }的通项a n 等于( ) A .-3×2n -1 B .3×2n -1 C .5n +3×2n -1 D .5n -3×2n -1构造法3 相邻项的差为特殊数列(形如a n +1=pa n +qa n -1,其中a 1=a ,a 2=b 型) 可化为a n +1-x 1a n =x 2(a n -x 1a n -1),其中x 1,x 2是方程x 2-px -q =0的两根. 例3 数列{a n }中,a 1=1,a 2=2,a n +2=23a n +1+13a n ,求数列{a n }的通项公式.构造法4 倒数为特殊数列(形如a n =pa n -1ra n -1+s 型)例4 已知数列{a n }中,a 1=1,a n +1=2a na n +2,求数列{a n }的通项公式.1.(2020·韶关模拟)若等比数列{a n }的各项均为正数,a 2=3,4a 23=a 1a 7,则a 5等于( ) A.34 B.38 C .12 D .242.等比数列{a n }的前n 项和为S n =32n -1+r ,则r 的值为( ) A.13 B .-13 C.19 D .-193.(2019·天津市河西区月考)设{a n }是公比为q 的等比数列,则“q >1”是“{a n }为递增数列”的( )A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充要条件D .既不充分也不必要条件4.已知递增的等比数列{a n }中,a 2=6,a 1+1,a 2+2,a 3成等差数列,则该数列的前6项和S 6等于( )A .93B .189 C.18916 D .3785.(2020·永州模拟)设等比数列{a n }的公比为q ,则下列结论正确的是( ) A .数列{a n a n +1}是公比为q 的等比数列 B .数列{a n +a n +1}是公比为q 的等比数列 C .数列{a n -a n +1}是公比为q 的等比数列D .数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1a n 是公比为1q 的等比数列6.若正项等比数列{a n }满足a n a n +1=22n (n ∈N *),则a 6-a 5的值是( ) A. 2 B .-162 C .2 D .1627.(多选)在等比数列{a n }中,a 5=4,a 7=16,则a 6可以为( ) A .8 B .12 C .-8 D .-128.(多选)在等比数列{a n }中,公比为q ,其前n 项积为T n ,并且满足a 1>1,a 99·a 100-1>0,a 99-1a 100-1<0,下列选项中,结论正确的是( ) A .0<q <1 B .a 99·a 101-1<0C .T 100的值是T n 中最大的D .使T n >1成立的最大自然数n 等于1989.已知等比数列{a n }的前n 项和为S n ,且a 1=2 020,a 2+a 4=-2a 3,则S 2 021=________.10.如图所示,正方形上连接着等腰直角三角形,等腰直角三角形腰上再连接正方形,…,如此继续下去得到一个树状图形,称为“勾股树”.若某勾股树含有1 023个正方形,且其最大的正方形的边长为22,则其最小正方形的边长为________.11.(2018·全国Ⅰ)已知数列{a n }满足a 1=1,na n +1=2(n +1)a n .设b n =a nn .(1)求b 1,b 2,b 3;(2)判断数列{b n }是否为等比数列,并说明理由; (3)求{a n }的通项公式.12.(2019·淄博模拟)已知数列{a n }的前n 项和为S n ,a 1=34,S n =S n -1+a n -1+12(n ∈N *且n ≥2),数列{b n }满足:b 1=-374,且3b n -b n -1=n +1(n ∈N *且n ≥2).(1)求数列{a n }的通项公式; (2)求证:数列{b n -a n }为等比数列.13.各项均为正数的数列{a n }和{b n }满足:a n ,b n ,a n +1成等差数列,b n ,a n +1,b n +1 成等比数列,且a 1=1,a 2=3,则数列{a n }的通项公式为________.14.已知在等比数列{a n }中,a n >0,a 22+a 24=900-2a 1a 5,a 5=9a 3,则a 2 020的个位数字是____.15.在数列的每相邻两项之间插入此两项的积,形成新的数列,这样的操作叫做该数列的一次“扩展”.将数列1,2进行“扩展”,第一次得到数列1,2,2;第二次得到数列1,2,2,4,2,….设第n 次“扩展”后得到的数列为1,x 1,x 2,…,x t ,2,并记a n =log 2(1·x 1·x 2·…·x t ·2),其中t =2n -1,n ∈N *,求数列{a n }的通项公式.16.已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 是首项为3,公差为2的等差数列,若b n =2n a ,数列{b n }的前n 项和为T n ,求使得S n +T n ≥268成立的n 的最小值.。

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等差数列与等比数列专题辅导(小编推荐)第一篇:等差数列与等比数列专题辅导(小编推荐)等差数列与等比数列专题辅导(1)在等差数列{an}中, a7=9, a13=-2, 则a25=()A-22B-24C60D64(2)在等比数列{an}中, 存在正整数m, 有am=3,am+5=24, 则am+15=()A864B1176C1440D1536(3)已知等差数列{an}的公差为2,若a1,a3,a4成等比数列, 则a2=()A–4B–6C–8D–10(4)设数列{an}是等差数列,且a2=-6,a8=6,Sn是数列{an}的前n 项和,则()AS4>S3BS4=S2CS6(5)已知由正数组成的等比数列{an}中,公比q=2, a1·a2·a3·…·a30=245, 则a1·a4·a7·…·a28=5101520A 2B2C2D2(6)若{an}是等差数列,首项a1>0,a2003+a2004>0,a2003.a2004<0,则使前n项和Sn>0成立的最大自然数n是:()A.4005B.4006C.4007D.4008(7)在等比数列{an}中, a1<0, 若对正整数n都有anAq>1B0a1(3n-1)(8)设数列{an}的前n项和为Sn,Sn=(对于所有n≥1),且a4=54,则a1=__________.2(9)等差数列{an}的前m项和为30, 前2m项和为100, 则它的前3m项和为_________.(10)定义“等和数列”:在一个数列中,如果每一项与它的后一项的和都为同一个常数,那么这个数列叫做等和数列,这个常数叫做该数列的公和.已知数列{an}是等和数列, 且a1=2, 公和为5,那么a18的值为_______,这个数列的前21项和S21的值为.(11)已知等差数列{an}共2n+1项, 其中奇数项之和为290, 偶数项之和为261,求第n+1项及项数2n+1的值.(12)设{an}是一个公差为d(d≠0)的等差数列,它的前10项和S10=110且a1,a2,a4成等比数列.(Ⅰ)证明a1=d;(Ⅱ)求公差d的值和数列{an}的通项公式.(13)已知等比数列{an}的各项都是正数, Sn=80, S2n=6560, 且在前n项中, 最大的项为54, 求n的值.(14)ΔOBC的三个顶点坐标分别为(0,0)、(1,0)、(0,2), 设P1为线段BC的中点,P2为线段CO的中点,P3为线段OP1的中点,对于每一个正整数n, Pn+3为线段PnPn+1的中点,令Pn的坐标为(xn,yn), an=(Ⅰ)求a1,a2,a3及an;(Ⅱ)证明yn+4=1-(Ⅲ)若记bn=y4n+41yn+yn+1+yn+2.2yn,n∈N*;4-y4n,n∈N*,证明{bn}是等比数列.答案:1-7 BDBDA BB8.29.21010.3, 5211.29, 1912.(2)d=2 an=2n13.n=414.(1)an=2(2)(3)证明略第二篇:等差数列与等比数列等差数列与等比数列⎧>0,递增数列⎪一、等差数列的定义:an+1-an=d(d:公差)(常数)⎨=0,常数列,⎪<0,递减数列⎩1.证明数列{an}为等差数列:(1)定义:an+1-an=d(常数)(2)等差中项:2an+1=an+an+2注:(1)不可用a2-a1=a3-a2=a4-a3=Λ=“常数”证(2)a1=⎨例1.(1)已知数列{an}为等差数列,求证:数列{an+an+1}为等差数列;变式:①已知数列{an}为等差数列,求证:数列{an+t}(t为常数)为等差数列;②已知数列{an}为等差数列,求证:数列{tan}(t为常数)为等差数列;③已知数列{an}、{bn}均为等差数列,求证:数列{an+bn}为等差数列(2)已知数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=n2,求证:数列{an}为等差数列;变式:①已知数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=n2+1,求:an②已知数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=an2+bn,求:an ③已知数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=an2+bn+c,求:an(3)已知数列{an}满足:a1=1,an+1=数列;(4)已知数列{an},a1=1,an+1=为等差数列(5)设数列{an}的前n项和为Sn,求证:数列{an}为等差数列的充要条件是{an}为等差数列⎧S1,n=1⎩Sn-Sn-1,n≥2an1,且bn=,求证:数列{bn}为等差an+1ann1an+,且bn=nan,求证:数列{bn}n+1n+1Sn=n(a1+an)22.证明数列{an}为单调数列:an+1-an=f(n)⎨⎧>0,递增数列递减数列⎩<0,注:(1)求数列{an}中an的极值也可采用此方法(2)已知数列{an}为等差数列ⅰ.若a1<0,d>0,则Sn有最小值;解法:①令an≤0{bn}②Snⅱ.若a1>0,d<0,则Sn有最大值;解法:①令an≥0②Sn例2.已知an=(11-2n)2n,求数列{an}的最大项例3.(1)已知等差数列{an}的前n项和为Sn,且an=10-2n,求Sn的最大值;(2)已知等差数列{an}的前n项和为Sn,且an=2n-13,求Sn的最小值;3.叠加法:已知a1=a,an+1-an=f(n),求an例4.(1)已知数列{an}为等差数列,首项为a1,公差为d,求an;(2)已知数列{an},a1=1,an+1=4.通项公式:an=a1+(n-1)d(1)an=am+(n-m)d(2)an是关于n的一次函数,且n的系数为公差d.例5.已知数列{an}为等差数列,a5=-3,a9=13,求an5.等差中项:若a、b、c成等差数列,则b=(1)若数列{an}为等差数列,则2an+1n+11an+,求an nna+c称为a、c的等差中项2=an+an+2;(2)若已知三个数成等差数列,且其和为定值,则可设这三个数为a-d、a、a+d;(3)若数列{an}为等差数列,且公差d≠0,则am+an=ap+aq⇔m+n=p+q(4)在有穷等差数列{an}中,与首尾两项距离相等的两项的和等于首尾两项的和.即:a1+an=a2+an-1=a3+an-2=Λ=ak+an-k+1例6.(1)已知:等差数列中连续三项的和为21,平方和为179,求这三项(2)在3与19之间插入3个数后成等差数列,求这三个数(3)已知:a、b、c成等差数列求证:①b+c、a+c、a+b成等差数列;②a(b+c)、b(a+c)、c(a+b)成等差数列;③a-bc、b-ac、c-ab 成等差数列(4)已知:a、b、c成等差数列,求证:2222111成等差数列 b+ca+ca+blg(a-c)、lg(a+c-2b)成等差(5)已知:成等差数列,求证:lg(a+c)、数列(6)若方程a(b-c)xb(c-a)x+c(a-b)=0有相等实根,求证:成等差111abc111abc数列例7.在等差数列{an}中,(1)若a5+a10=12,求S14;(2)若a8=m,求S15;(3)若a4+a6+a15+a17=50,求S20;(4)若a2+a4=18,a3+a5=32,求S6;(5)若a2+a5+a12+a15=36,求S16;(6)若a3+a4+a5+a6+a7=450,求a2+a8(7)若等差数列{an}的各项都是负数,且a32+a82+2a3⋅a8=9,则其前10项和S10= ____________(8)在等差数列{an}中,若a3+a15=a5+an,则n=_______6.数列{an}的前n项和Sn=注:(1)倒序法求和;(2)等差数列{an}的前n项和Sn是关于自然数n的二次函数,且n的系数为n(a1+an)n(n-1)n(n-1)=na1+d=nan-d 222d,2常数项为零,即:Sn=An2+Bn(当A=0时数列{an}为常数列);(3)①S2n-1=(2n-1)an(可以将项与和之间进行相互转化)。

高考数学复习:等差数列与等比数列

高考数学复习:等差数列与等比数列

Sn=an2+bn(a,b为 常数)
Sn=kqn-k(k≠0,q≠0,1)
证明数列为等差(比)数列一般使用定义法.
例3 (2019·全国Ⅱ)已知数列{an}和{bn}满足a1=1,b1=0,4an+1=3an- bn+4,4bn+1=3bn-an-4. (1)证明:{an+bn}是等比数列,{an-bn}是等差数列;
(2)已知函数 f(x)=1+2 x2(x∈R),若等比数列{an}满足 a1a2 020=1,则 f(a1)
+f(a2)+f(a3)+…+f(a2 020)等于
√A.1 D.2
解析 ∵a1a2 020=1,
∴f(a1)+f(a2 020)=1+2 a21+1+2a22 ∵{an}为等比数列,
a3+a4=2,则a6+a7+a8等于
A.12
B.24
√ C.30
D.32
解析 设等比数列{an}的公比为q, 则 q=aa21++aa32++aa43=21=2,
所以a6+a7+a8=(a1+a2+a3)·q5=1×25=32.
(2)已知正项等比数列{an}的前n项和为Sn,且S10=10,S30=130,则S40等于
∴an=2×2n-1=2n. 又∵ak+1+ak+2+…+ak+10=215-25,
∴2k+111--2210=215-25,
即2k+1(210-1)=25(210-1),
∴2k+1=25,∴k+1=5,∴k=4.
(2)(多选)(2020·威海模拟)等差数列{an}的前n项和记为Sn,若a1>0,S10=
证明 由题设得4(an+1+bn+1)=2(an+bn),
即 an+1+bn+1=12(an+bn). 因为a1+b1=1, 所以{an+bn}是首项为 1,公比为12的等比数列. 由题设得4(an+1-bn+1)=4(an-bn)+8, 即an+1-bn+1=an-bn+2. 又a1-b1=1, 所以{an-bn}是首项为1,公差为2的等差数列.

等差数列与等比数列复习

等差数列与等比数列复习

[前15项]
5.等差数列 4, 8, 12, 16 … 的前多少
项和是480? 解:
a1 4, d 8 4 4, Sn 480

n( n 1) 则由公式得到: 4n 4 480 2
n n 240 0
2
解得: n1 15, n2 16 (舍去)
2 3 4
1 1 1 1 , , , , 2 4 8 16
1 公比 q= 递减数列 2
5,5,5,5,5,5,… 1,-1,1,-1,1,…
公比 q=1 非零常数列 公 比q= -1 摆动数列
定义:如果一个数列从第2项起,每一项与它的前一项的比等 于同一个常数(指与n无关的数),这个数列就叫做等比数列, 这个常数叫做等比数列的公比,公比通常用字母q表示。
(a1 an ) (a1 an ) (a1 an )
n(a1 an )
n(a1 an ) Sn 2
(2).如果已知等差数列的首项为a1,公差为d, 项数为n,把an=a1+(n-1)d代入
Sn
n( a 1 a n ) 2
可得到等差数列前n项和的另一个公式。
等差数列 定 义 数 学 表 达 式 通项公 式证明 通 项 公 式
等比数列
等比数列用“比”代替了等差数列中的 “差”
常数
an q(q 0) an 1
an-an-1=d
(n≥2)
减—除 加—乘
迭加法
迭乘法
加-乘
an a1 (n 1)d
an a1 qn1 (a1 q 0)
3
由此可知,等比数列
a
n
a5 a4 q a1 q 4

等差数列与等比数列(题型归纳)

等差数列与等比数列(题型归纳)

等差数列与等比数列【考情分析】【题型一】等差、等比数列基本运算【题组练透】1.(山东省淄博市2021届高三二模数学试题)已知{}n a 为等比数列,n S 为其前n 项和,若32342S a a a =++,则公比q =().A .12B .12-C .1D .2【答案】D 【解析】因为32342S a a a =++,所以()3412232a a a a a a ++=++,即41232a a a a ++=,因为10a ≠,所以232q q q ++=,即()()2210q q q -++=,因为210q q ++≠,所以q =2.故选:D2.我国明代数学家程大位的《算法统宗》中有这样一个问题:今有钞二百三十八贯,令五等人从上作互和减半分之,只云戊不及甲三十三贯六百文,问:各该钞若干?其意思是:现有钱238贯,采用等差数列的方法依次分给甲、乙、丙、丁、戊五个人,现在只知道戊所得钱比甲少33贯600文(1贯=1000文),问各人各得钱多少?在这个问题中,戊所得钱数为()A .30.8贯B .39.2贯C .47.6贯D .64.4贯【答案】A【继续】依次记甲、乙、丙、丁、戊五个人所得钱数为a 1,a 2,a 3,a 4,a 5,由数列{a n }为等差数列,可记公差为d ,依题意得:()123451155223833.6a a a a a a d a a ⎧++++=+=⎨-=⎩,解得a 1=64.4,d =﹣8.4,所以a 5=64.4﹣33.6=30.8,即戊所得钱数为30.8贯.故选:A.3.(2021·武汉市第一中学高三二模)等差数列{a n }的前n 项和记为S n ,若a 1>0,S 10=S 20,则()A .d <0B .a 16<0C .S n ≤S 15D .当且仅当S n <0时n ≥32【答案】ABC【解析】设等差数列{a n }的公差为d ,∵S 10=S 20,∴10a 1+45d =20a 1+190d ,∴2a 1+29d =0,∵a 1>0,∴d <0,故A 正确;∴a 1+14d +a 1+15d =0,即a 15+a 16=0,∵d <0,∴a 15>a 16,∴a 15>0,a 16<0,故B 正确;∴S n ≤S 15,故C 正确;又131311631()3102a a S a +==<,130********()15()02a a S a a +==+=,∴当且仅当S n <0时,n ≥31,故D 错误.故选:ABC .4.(2021·湖南长沙市·高三其他模拟)已知等比数列{}n a 中,22a =,514a =,则满足12231212n n a a a a a a +++⋅⋅⋅+≤成立的最大正整数n 的值为______.【答案】3【解析】已知{}n a 为等比数列,设其公比为q ,由352a a q =⋅得,3124q ⋅=,318q =,解得12q =,又22a =.∴14a =.因为21211==4n n n n a a q a a +++,所以数列{}1n n a a +也是等比数列,其首项为128a a =,公比为14.∴()1223132211432nn n a a a a a a -+++⋅⋅⋅+=-≤,从而有11464n⎛⎫≥ ⎪⎝⎭.∴3n ≤.故max 3n =.故答案为:3.【提分秘籍】1.在等差(比)数列中,a 1,d(q),n,a n ,S n 五个量中知道其中任意三个,就可以求出其他两个.解这类问题时,一般是转化为首项a 1和公差d(公比q)这两个基本量的有关运算.2.对于等比数列的前n 项和公式,应按照公比q 与1的关系分类讨论,一般地,若涉及n 较小的等比数列前n 项和问题,为防止遗忘分类讨论,可直接利用通项公式写出,而不必使用前n 项和公式.【题型二】等差、等比数列的性质【题组练透】1.(2021·陕西西安市·西北工业大学附属中学高三其他模拟(文))等比数列{}n a 的各项均为正数,且154a a =,则2122232425log log log log log a a a a a ++++=()A .10B .5C .8D .4【答案】B 【分析】应用等比数列等比中项的性质可得32a =,运用对数的运算性质可得原式为235log a ,代入3a 可计算结果.【详解】解:因为154a a =,且0n a >,则有32a =521222324252323log log log log log log 5log 5a a a a a a a ++++===.故选:B.2.(2021·山东青岛市·高三三模)行列式是近代数学中研究线性方程的有力工具,其中最简单的二阶行列式的运算定义如下:1112112221122122a a a a a a a a =-,已知n S 是等差数列{}n a 的前n 项和,若()7911001a a -=,则15S =()A .152B .45C .75D .150【答案】C 【分析】先由行列式的定义化简,再根据等差数列的前n 项和公式求和即可.【详解】由行列式的定义有9711(10)0a a ⨯-⨯-=,即1875a d a +==,所以11581515()1527522a a a S +⨯===.故选:C.3.(2021·广东潮州市·高三二模)已知数列{}n a 满足()*,01nn a n k n N k =⋅∈<<,下列命题正确的有()A .当12k =时,数列{}n a 为递减数列B .当45k =时,数列{}n a 一定有最大项C .当102k <<时,数列{}n a 为递减数列D .当1kk-为正整数时,数列{}n a 必有两项相等的最大项【答案】BCD 【分析】分别代入12k =和45k =计算判断AB 选项;再利用放缩法计算判断C 选项;设1=-k n k ,则1=+k nn ,所以化简得11n na a +=,可知数列{}n a 为常数数列,可判断D ;【详解】当12k=时,1212a a==,知A错误;当45k=时,1415nna na n++=⋅,当4n<,11nnaa+>,4n>,11nnaa+<,所以可判断{}n a一定有最大项,B正确;当12k<<时,11112nna n nka n n+++=<≤,所以数列{}n a为递减数列,C正确;当1kk-为正整数时,其值不妨取为n,则1=+k nn,所以11111+++==⋅=+nna n n nka n n n,可知数列{}n a为常数数列,D正确;故选:BCD.4.已知数列{a n}为等差数列,若a2+a8=23π,则tan(a3+a7)的值为A .33B .-33CD【解析】∵数列{a n}为等差数列,∴a3+a7=a2+a8=23π.∴tan(a3+a7)=tan 2 3π【提分秘籍】1.利用等差(等比)数列的性质求解的关键是抓住项与项之间的关系及项的序号之间的关系,从这些特点入手选择恰当的性质进行求解.2.活用函数的性质:数列是一种特殊的函数,具有函数的一些性质,如单调性、周期性等,可利用函数的这些性质解题.【题型三】等差、等比数列的判断与证明【典例分析】【典例】若数列{a n }的前n 项和为S n ,且满足a n +2S n S n -1=0(n ≥2),a 1=12.(1)求证:}1{nS 成等差数列;(2)求数列{a n }的通项公式.(1)证明当n ≥2时,由a n +2S n S n -1=0,得S n -S n -1=-2S n S n -1,所以1S n -1S n -1=2,又1S 1=1a 1=2,故}1{nS 是首项为2,公差为2的等差数列.(2)由(1)可得1S n =2n ,∴S n =12n .当n ≥2时,a n =S n -S n -1=12n -12(n -1)=n -1-n 2n (n -1)=-12n (n -1).当n =1时,a 1=12不适合上式.故a n n =1,-12n (n -1),n ≥2.【变式探究1】本例条件不变,判断数列{a n }是否为等差数列,并说明理由.【解析】因为a n =S n -S n -1(n ≥2),a n +2S n S n -1=0,所以S n -S n -1+2S n S n -1=0(n ≥2).所以1S n -1S n -1=2(n ≥2).又1S 1=1a 1=2,所以}1{nS 是以2为首项,2为公差的等差数列.所以1S n =2+(n -1)×2=2n ,故S n =12n.所以当n ≥2时,a n =S n -S n -1=12n -12(n -1)=-12n (n -1),所以a n +1=-12n (n +1),又a n +1-a n =-12n (n +1)--12n (n -1)=-12n }1111{--+n n =1n (n -1)(n +1).所以当n ≥2时,a n +1-a n 的值不是一个与n 无关的常数,故数列{a n }不是一个等差数列.【变式探究2】本例中,若将条件变为a 1=35,na n +1=(n +1)a n +n (n +1),试求数列{a n }的通项公式.【解析】由已知可得a n +1n +1=a n n +1,即a n +1n +1-a nn=1,又a 1=35,∴}{na n 是以a 11=35为首项,1为公差的等差数列,∴a n n =35+(n -1)·1=n -25,∴a n =n 2-25n .【提分秘籍】1.常见的判定等差数列的方法(1)定义法:对于数列{a n },若a n+1-a n =d(n ∈N *)(d 为常数),则数列{a n }是等差数列;(2)等差中项法:对于数列{a n },若2a n+1=a n +a n+2(n ∈N *),则数列{a n }是等差数列.2.常见的判定等比数列的方法(1)定义法:若n n a a 1+=q(q≠0,n ∈N *)或1-n n a a=q(q≠0,n≥2,n ∈N *),则数列{a n }是等比数列;(2)等比中项法:若数列{a n }中,a n ≠0且21-n a =a n ·a n-2(n≥3,n ∈N *),则数列{a n }是等比数列.注意:如果要证明一个数列是等差(等比)数列,则必须用定义法或等差(等比)中项法.判断时易忽视定义中从第2项起,以后每项与前一项的差(比)是同一常数,即易忽视验证a 2-a 1=d(12a a =q)这一关键条件【变式演练】1.(2021·广东省级名校联考)已知S n 是数列{a n }的前n 项和,且满足S n -2a n =n -4.(1)证明:{S n -n +2}为等比数列;(2)求数列{S n }的前n 项和T n .(1)证明因为a n =S n -S n -1(n ≥2),所以S n -2(S n -S n -1)=n -4(n ≥2),则S n =2S n -1-n +4(n ≥2),所以S n -n +2=2[S n -1-(n -1)+2](n ≥2),又由题意知a 1-2a 1=-3,所以a 1=3,则S 1-1+2=4,所以{S n -n +2}是首项为4,公比为2等比数列.(2)由(1)知S n -n +2=2n +1,所以S n =2n +1+n -2,于是T n =(22+23+…+2n +1)+(1+2+…+n )-2n=4(1-2n )1-2+n (n +1)2-2n =2n +3+n 2-3n -82.1.(2021·山西阳泉市·高三三模(文))在正项等比数列{}n a 中,34a a m +=,1314a a n +=,则2324a a +的值为()A .nmB .22n m C .2n mD .2n m 【答案】C 【分析】利用广义通项公式计算,可得10nq m=,即可得到答案;【详解】10101010131434n a a a q a q q m n q m+=+=⋅=⇒=,∴()14210232413n n a a a a q n m m+=+⋅=⋅=,故选:C.2.(2021·宁波市北仑中学高三其他模拟)设n S 是某个等差数列的前n 项和,若201920202020S S ==,则2021S =()A .220202019-B .220202019+C .120201010-D .120201010+【答案】A 【分析】由题设易得12019a d =-且20212020S S d =+,利用等差数列前n 项和公式,由20192020S =求d ,即可求2021S .【详解】由题意知:20200a =即12019a d =-,且20212020S S d =+,∴201912019201820192019(1010)20202S a d d ⨯=+=⨯-=,故22019d =-,∴2021220202019S =-.故选:A3.(2021·济南市·山东省实验中学高三二模)已知等差数列{}n a 的项数为奇数,其中所有奇数项之和为319,所有偶数项之和为290,则该数列的中间项为()A .28B .29C .30D .31【答案】B 【分析】本题可设等差数列{}n a 共有21n +项,然后通过S S -奇偶即可得出结果.【详解】设等差数列{}n a 共有21n +项,则13521n S a a a a +=++++ 奇,2462n S a a a a =++++ 偶,中间项为1n a +,故()()()13254212n nS S a a a a a a a +-=+-+-++- 奇偶111n a d d d a nd a +=++++=+= ,131929029n a S S +=-=-=奇偶,故选:B.4.(2021·安徽马鞍山市·高三三模(文))在天然气和煤气还未普及时,农民通常会用水稻秸秆作为生火做饭的材料.每年水稻收割结束之后,农民们都会把水稻秸秆收集起来,然后堆成如图的草堆,供生火做饭使用.通常他们堆草堆的时候都是先把秸秆先捆成一捆一捆的,然后堆成下面近似成一个圆柱体,上面近似成一个圆锥体的形状.假设圆柱体堆了7层,每层所用的小捆草数量相同,上面收小时,每层小捆草数量是下一层的12倍.若共用255捆,最上一层只有一捆,则草堆自上往下共有几层()A .13B .12C .11D .10【答案】B 【分析】由题可知,上面的圆锥每层的数量是以1为首项,2为公比的等比数列;设草堆自上往下共有x 层,则圆锥有()7x -层,依题意列关系式.【详解】设草堆自上往下共有x 层,则圆锥有()7x -层,由题可知,上面的圆锥每层的数量是以1为首项,2为公比的等比数列,则287122272255x x --+++++⨯= ,()771127225512x x --⨯-+⨯=-,解得:12x =∴草堆自上往下共有12层.故选:B.【点睛】知识点点睛:等比数列前n 项和()111n n a q S q-=-.5.(2021·全国高三其他模拟)已知数列{}n a 满足12a =,()11312,n n n n a a a a n n N *--+=-≥∈,若123nn Ta a a a =⋅⋅⋅,当10n T >时,n 的最小值为()A .3B .5C .6D .7【答案】C 【分析】将已知递推关系式变形可得1111112n n a a --=--,由此可知数列11n a ⎧⎫⎨⎬-⎩⎭为等差数列,由等差数列通项公式可取得11n a -,进而得到n a ;由123n n T a a a a =⋅⋅⋅可上下相消求得n T ,结合n *∈N 解不等式可求得n 的最小值.【详解】由1131n n n n a a a a --+=-得:11311n n n a a a ---=+,()11111121312211111n n n n n n n a a a a a a a ---------∴-=-==+++,()()111111121111212112n n n n n n a a a a a a -----+-+∴===+----,即1111112n n a a --=--,∴数列11n a ⎧⎫⎨⎬-⎩⎭是以1111a =-为首项,12为公差的等差数列,()11111122n n n a +∴=+-=-,则31n n a n +=+,()()123234562323416n n n n n n T a a a a n n ++++=⋅⋅⋅=⨯⨯⨯⋅⋅⋅⨯⨯=+∴,由10n T >得:()()23106n n ++>,又n *∈N ,6n ∴≥且n *∈N ,n ∴的最小值为6.故选:C.【点睛】关键点点睛:本题考查数列中的不等式的求解问题,解题关键是能够根据已知的递推关系式,构造出全新的等差数列,利用等差数列通项公式求得通项后,即可确定n a .6.(2021·四川内江市·高三一模(理))若数列{}n a 满足1120n na a +-=,则称{}n a 为“梦想数列”,已知正项数列1nb ⎧⎫⎨⎬⎩⎭为“梦想数列”,且1231b b b ++=,则678b b b ++=()A .4B .8C .16D .32【答案】D 【分析】利用等比数列的定义可推导出“梦想数列”{}n a 是公比为12的等比数列,进而结合题意可知数列{}n b 是公比为2的等比数列,由此可得()56781232b b b b b b ++=++,即可得解.【详解】由题意可知,若数列{}n a 为“梦想数列”,则1120n n a a +-=,可得112n n a a +=,所以,“梦想数列”{}n a 是公比为12的等比数列,若正项数列1n b ⎧⎫⎨⎬⎩⎭为“梦想数列”,则1112n n b b +=,所以,12n n b b +=,即正项数列{}n b 是公比为2的等比数列,因为1231b b b ++=,因此,()5678123232b b b b b b ++=++=.故选:D.【点睛】关键点点睛:本题考查数列的新定义“梦想数列”,解题的关键就是紧扣新定义,本题中,“梦想数列”就是公比为12的等比数列,解题要将这种定义应用到数列1n b ⎧⎫⎨⎬⎩⎭中,推导出数列{}n b 为等比数列,然后利用等比数列基本量法求解.7.(2021·全国高三其他模拟)已知n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,且220a =,798S =,则()A .1534a a +=B .89a a <C .9n S S ≤D .满足0nS <的n 的最小值为17【答案】AD 【分析】先由等差数列的性质及798S =求得414a =,结合220a =及等差数列的性质即可判断选项A ;由选项A 得到数列{}n a 的公差,进而得到等差数列{}n a 的通项公式,然后求出8a ,9a 的值,结合{}n a 的增减性即可判断选项B ,C ;由等差数列的性质及8a ,9a 易得到16S ,17S 的值,结合{}n a 的增减性即可判断选项D .【详解】因为()177477982a a S a +===,所以414a =.又220a =,所以152434a a a a +=+=,A 选项正确;设等差数列{}n a 的公差为d ,由4226a a d -==-,解得3d =-,所以()()223263n a a n n =+-⨯-=-.826382a =-⨯=,926391a =-⨯=-.所以89a a >,B 选项不正确;由3d =-知数列{}n a 为递减数列,又820a =>,910a =-<.所以8S 为n S 的最大值,C 选项不正确;因为()()1161689168802a a S a a +==+=>,()11717917171702a a S a +==⨯=-<.所以满足0n S <的n 的最小值为17,D 选项正确.故选AD .【点睛】结论点睛:在处理等差数列及其前n 项和问题时,通常会用到如下的一些性质结论;1.通项性质:若m +n =p +q =2k (m ,n ,p ,q ,k ∈N *),则有a m +a n =a p +a q =2a k .2.前n 项和的性质:(1)S m ,S 2m -S m ,S 3m -S 2m ,…成等差数列(2)S 2n -1=(2n -1)a n .8.(2021·全国(文))《九章算术》是我国古代的数学名著,书中有如下问题:“今有五人分五钱,令上二人所得与下三人等.问各得几何.”其意思为“已知甲、乙、丙、丁、戊五人分5钱,甲、乙两人所得与丙、丁、戊三人所得相同,且甲、乙、丙、丁、戊所得依次成等差数列.问五人各得多少钱?”(“钱”是古代的一种重量单位).关于这个问题,下列说法正确的是()A .甲得钱是戊得钱的2倍B .乙得钱比丁得钱多12钱C .甲、丙得钱的和是乙得钱的2倍D .丁、戊得钱的和比甲得钱多13钱【答案】AC 【分析】由等差数列的性质,可设甲、乙、丙、丁、戊所得钱分别为2a d -,a d -,a ,a d +,2a d +,结合已知求a ,d ,即可得甲、乙、丙、丁、戊所得钱,进而判断选项的正误.【详解】依题意,设甲、乙、丙、丁、戊所得钱分别为2a d -,a d -,a ,a d +,2a d +,且22a d a d a a d a d -+-=++++,即6a d =-,又2255a d a d a a d a d a -+-+++++==,∴1a =,16d =-,即1421263a d ⎛⎫-=-⨯-= ⎪⎝⎭,17166a d ⎛⎫-=--= ⎪⎝⎭,15166a d ⎛⎫+=+-= ⎪⎝⎭,1221263a d ⎛⎫+=+⨯-= ⎪⎝⎭,∴甲得43钱,乙得76钱,丙得1钱,丁得56钱,戊得23钱,则有如下结论:甲得钱是戊得钱的2倍,故A 正确;乙得钱比丁得钱多751663-=钱,故B 错误;甲、丙得钱的和是乙得钱的413276+=倍,故C 正确;丁、戊得钱的和比甲得钱多52416336+-=钱,故D 错误.故选:AC .9.(2021·全国高二专题练习)数列{}n a 为等比数列,公比q >1,其前n 项和为S n ,若a 5﹣a 1=15,2416a a ⋅=,则下列说法正确的是()A .S n +1=2S n +1B .a n =2nC .数列{log 3(S n +1)}是等比数列D .对任意的正整数k (k 为常数),数列{log 2(S n +k ﹣S n )}是公差为1的等差数列【答案】AD 【分析】根据条件可求出12n n a -=,21nn S =-,然后逐一判断即可.【详解】因为公比为q >1,由512415,16,a a a a -=⎧⎨⋅=⎩可得41131115,16,a q a a q a q ⎧-=⎨⋅=⎩,即421154q q -=,所以4q 4﹣15q 2﹣4=0,解得q 2=4,所以112a q =⎧⎨=⎩,所以12n n a -=,()1122112n n nS ⋅-==--,所以112121n n n S S ++=-=+,S n +1=2n ,所以log 3(S n +1)=n log 32,所以数列{log 3(S n +1)}是等差数列,对任意的正整数n ,k ,S n +k ﹣S n =2n +k ﹣2n =(2k ﹣1)2n ,所以log 2(S n +k ﹣S n )=n +log 2(2k ﹣1),所以数列{log 2(S n +k ﹣S n )}是公差为1的等差数列,故选:AD10.(2021·济南市历城第二中学高二开学考试)设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,若20212020220212020S S -=,则数列{}n a 公差为___________.【答案】4【分析】由等差数列性质可知,112n S n a d n -=+,从而得到结果.【详解】由等差数列性质可知,112n S n a d n -=+又20212020220212020S S -=,∴2019101022d d -=,解得,4d =故答案为:411.(2021·河南高三月考(理))已知数列{}n b ,()1*12N n n b b b n +-==∈,等比数列{}n a 中,11a b =,48a b =,若数列{}n b 中去掉与数列{}n a 相同的项后余下的项按原顺序组成数列{}n c ,则{}n c 前200项的和为___________.【答案】42962【分析】根据等差数列的定义,结合等比数列的通项公式、等差数列和等比数列的前n 项和公式进行求解即可.【详解】∵12n n b b +-=,∴{}n b 为等差数列,又12b =,∴2n b n =,∴12a =,416a =,则等比数列{}n a 的公比为2=,∴2n n a =.∵208416b =,12a =,24a =,38a =,416a =,532a =,664a =,7128a =,8256a =,9512a =.∴()()1220012208128c c c b b b a a a ++⋅⋅⋅+=++⋅⋅⋅+-++⋅⋅⋅+()()82122082416212⨯-⨯+=--()920920822=⨯--42962=.故答案为:4296212.(2021·广东汕头市·高三三模)已知数列{}n a 满足()12335213nn a a a n a ++++-= ,则3a =__________,若对任意的N n *∈,()1nn a λ≥-恒成立,则λ的取值范围为_____________.【答案】185[]3,2-【分析】由1n =可求得1a 的值,令2n ≥由()12335213nn a a a n a ++++-= 可得出()1123135233n n a a a n a --++++-= ,两式作差可得出数列{}n a 的通项公式,可得出3a 的值,然后分n 为奇数和偶数两种情况讨论,分析数列{}n a 的单调性,由此可求得实数λ的取值范围.【详解】当1n =时,13a =;当2n ≥时,()()12313523213nn n a a a n a n a -++++-+-= ,可得()1123135233n n a a a n a --++++-= ,上述两式作差可得()11213323nn n n n a ---=-=⋅,即12321n n a n -⋅=-,13a =不满足12321n n a n -⋅=-,所以,13,123,221n n n a n n -=⎧⎪=⎨⋅≥⎪-⎩,则23231855a ⨯==.当2n ≥时,()()()118312323021212121n n n n n n a a n n n n -+⋅⋅-⋅⋅-=-=>+--+,即1n n a a +>,所以,数列{}n a 从第二项开始为递增数列,对任意的N n *∈,()1nn a λ≥-恒成立.①若n 为正奇数,则n a λ≥-,1351835a a a =<=<< ,则3λ-≤,可得3λ≥-;②若n 为正偶数,则n a λ≥,可得22a λ≤=.综上所述,32λ-≤≤.故答案为:185;[]3,2-.【点睛】思路点睛:已知数列{}n a 的前n 项和n S ,求通项公式n a 的步骤:(1)当1n =时,11a S =;(2)当2n ≥时,根据n S 可得出1n S -,化简得出1n n n a S S -=-;(3)如果1a 满足当2n ≥时1nn n a S S -=-的通项公式,那么数列{}n a 的通项公式为1n n n a S S -=-;如果1a 不满足当2n ≥时1n n n a S S -=-的通项公式,那么数列{}n a 的通项公式要分段表示为11,1,2n nn S n a S S n -=⎧=⎨-≥⎩.13.(2021·山东临沂市·高三二模)已知正项数列{}n a 的前n 项和为n S ,数列{}n b 为等比数列,满足21444n n S a n +=--,且1112a b =+=,44a b =.(1)求证:数列{}n a 为等差数列;(2)若从数列{}n a 中去掉数列{}n b 的项后余下的项按原来的顺序组成数列{}n c ,求123100c c c c +++⋅⋅⋅+.【答案】(1)证明见解析;(2)11302.【分析】(1)由递推公式,将n 换成1n -,与原式作差,化简,求出1a ,结合等差数列的定义可证明.(2)先求出,n n a b 的通项公式,求出数列{}n a 的前100项中,与{}n b 重合的项,然后再求和即可.【详解】(1)证明:∵21444n n S a n +=--,∴当2n ≥时,2144n n S a n -=-,所以22n n 1n4a a a 4+=--,∴()2212n n a a +=+,又0na >,所以12n n a a +=+.当1n =时,21248S a =-,即21248a a =-,又12a =,∴24a =,212a a -=适合上式,所以数列{}n a 是首项为2,公差为2的等差数列.(2)由(1)可知2n a n =,设{}n b 的公比为q ,又448b a ==,1111b a =-=,∴38q =,∴2q =,∴12n n b -=.∴11b =,212b a ==,324b a ==,448b a ==,5816b a ==,61632b a ==,73264b a ==,864128b a ==,9128256b a ==.∴()()123100123107238c c c c a a a a b b b +++⋅⋅⋅+=+++⋅⋅⋅+-++⋅⋅⋅+()()7212107221411302212-+=-=-.【点睛】关键点睛:本题考查利用递推关系证明数列为等差数列,数列求和问题,解答本题的关键是应用1111n nn S n a S S n -=⎧=⎨->⎩时,注意n 的范围,以及求和时根据条件123100c c c c +++⋅⋅⋅+()()123107238a a a a b b b =+++⋅⋅⋅+-++⋅⋅⋅+,属于中档题.14.(2021·山东枣庄市·高三二模)已知数列{}n a 中,121a a ==,且212n n n a a a ++=+.记1n n n b a a +=+,求证:(1){}n b 是等比数列;(2){}n b 的前n 项和n T 满足:3121223112n n n b b b T T T T T T ++++⋅⋅⋅+<⋅⋅⋅.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析.【分析】(1)将212n n n a a a ++=+变形为()2112n n n n a a a a ++++=+,并计算1b 的值,由此根据定义可证明{}n b 是等比数列;(2)先根据等比数列的前n 项和公式求解出n T ,然后根据1111n n n n n n n b T T T T T T ++++-=⋅⋅并采用裂项相消的方法求解出11n n n b T T ++⎧⎫⎨⋅⎩⎭的前n 项和,最后分析11n n n b T T ++⎧⎫⎨⎬⋅⎩⎭的前n 项和并完成证明.【详解】(1)证明:由212n n n a a a ++=+,得()121122n n n n n n b a a a a b ++++=+=+=,又11220b a a =+=≠,所以{}n b 是以2为首项,2为公比的等比数列.(2)由(1)知,()22222112n n n T -⨯==--.于是1111111111122121n n n n n n n n n n n b T T T T T T T T ++++++-⎛⎫==-=- ⎪⋅⋅--⎝⎭.31212231n n n b b b T T T T T T ++++⋅⋅⋅+⋅⋅⋅1223111111112212121212121n n +⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-+-+⋅⋅⋅+ ⎪ ⎪ ⎪⎢⎥------⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎣⎦1111221n +⎛⎫=- ⎪-⎝⎭.因为11021n +>-,所以3121223112n n n b b b T T T T T T ++++⋅⋅⋅+<⋅⋅⋅.。

小升初数学思维拓展专项训练 专题10等差数列和等比数列

小升初数学思维拓展专项训练 专题10等差数列和等比数列

专题10-等差数列和等比数列小升初数学思维拓展计算问题专项训练(知识梳理+典题精讲+专项训练)1、等差数列。

等差数列是常见数列的一种,如果一个数列从第二项起,每一项与它的前一项的差等于同一个常数,这个数列就叫做等差数列,而这个常数叫做等差数列的公差,公差常用字母d表示.(1)学会观察和归纳,找出相连两个数之间的关系。

(2)确定首项和项数,熟练掌握高斯求和公式,即等差数列通项公式:(首数+尾数)×项数÷2=和。

2、等比数列。

等比数列是说如果一个数列从第2项起,每一项与它的前一项的比值等于同一个常数.这个常数叫做等比数列的公比,公比通常用字母q表示(q≠0),等比数列a1≠0.(1)先观察数列之间的关系,判断相连两数之间是否恒等于一个比值,就此判断为等比数列。

(2)求等比数列的和,把原式乘以公比作为第二式子,与原式进行相减消项,得出结果再除以(公比-1)。

【典例一】有21根圆木,堆成宝塔形,最上面一层放一根,下面每一层都比上一层多1根,想想看,最下面一层有()根.A、5B、6C、7D、8【分析】由题意“下面每一层都比上一层多1根”知堆的层数与最下面一层的根数相等,即项数与尾数相等,设为n;又因为“最上面一层放一根”即首数=1;又因为“每层相差1根”知公差=1;所以由等差数列求和公式:(首数+尾数)×项数÷2=和,可求出最下一层的根数.【解答】解:设最下一层有n根,由题意得:(1+n)×n÷2=21,解得(1+n)×n=42,因为n和n+1是相邻的两个自然数,又因为6×7=42,所以n=6.答:最下一层有6根.故选:B.【点评】此题是等差数列,解答的关键一步是理解堆的层数与最下面一层的根数相等.【典例二】小刚读一本书,第一天读10页,以后每天都比前一天多读5页,最后一天读40页正好读完.他一共读了多少天?【分析】根据“第一天读10页,从第二天起,每天读的页数都比前一天多5页,最后一天读40页,”可知芳芳每天读课外书的页数是一个等差数列,数列的首项是10,末项是40,公差是5,所以可以求出等差数列的项数,也就是读的天数,列式为:(4010)517-÷+=(天).【解答】解:(4010)51-÷+3051=÷+=+617=(天)答:他一共读了7天.【点评】本题考查了高斯求和知识在实际生活中的应用,用到的公式是:项数=(末项-首项)÷公差1+.【典例三】小明同学想登陆到学校的网站,查看自己的期末考试成绩,可他却忘了登陆网站的密码,但他记得密码是隐含在下面的诗里的:“远望巍巍塔七层,红灯点点倍加增.共计三百八十一,请问底层几盏灯?”请你根据诗的意思,帮小明找回密码.(提示:底层的灯数就密码)【分析】根据题意,假设顶层的红灯有x盏,则第二层有2x盏,第三层有4x盏,第四层有8x盏,第五层有16x盏,第六层有32x盏,第七层有64x盏,总共381盏,列出等式,解方程即可求出顶层灯的数量,进而求出底层有多少盏灯即可.【解答】解:设顶层的红灯有x盏,则++++++=248163264381x x x x x x xx=127381x÷=÷127127381127x=3⨯=(盏)643192答:底层有192盏灯,登陆网站的密码的密码是192.【点评】此题主要考查了等比数列的求和问题.一.选择题(共6小题)1.“QQ空间”等级是用户资料和身份的象征,按照空间积分划分不同的等级.当用户在10级以上,每个等级与对应的积分有一定的关系.现在知道第10级的积分是90,第11级的积分是160,第12级的积分是250,第13级的积分是360,第14级的积分是490⋯若某用户的空间积分达到1000,则他的等级是()A.15B.16C.17D.182.某种细菌在培养过程中,每半小时分裂一次(由一个分裂成两个).若这种细菌由1个分裂成16个,这个过程要经过()A.1小时B.2小时C.3小时D.4小时3.《庄子⋅天下篇》中有一句话;“一尺之棰,日取其半,万世不竭”意思就是;一根一尺(尺,中国古代长度单位)长的木棒,第一天取它的一半,第二天取剩下的一半,第三天再取剩下的一半⋯⋯第四天取的长度是这根木棒的()A.12B.14C.18D.1164.与13579531+++++++表示相同结果的算式是()A.24B.23C.2253+D.2253-5.一个报告厅第一排有20个座位,后面一排都比前面一排多2个座位,那么第n 排有()个座位。

等差等比数列知识点梳理及经典例题

等差等比数列知识点梳理及经典例题

A 、等差数列知识点及经典例题 一、数列由n a 与n S 的关系求n a由n S 求n a 时,要分n=1和n ≥2两种情况讨论,然后验证两种情况可否用统一的解析式表示,若不能,则用分段函数的形式表示为11(1)(2)n nn S n a S S n -=⎧=⎨-≥⎩。

〖例〗根据下列条件,确定数列{}n a 的通项公式。

分析:(1)可用构造等比数列法求解; (2)可转化后利用累乘法求解;(3)将无理问题有理化,而后利用n a 与n S 的关系求解。

解答:(1)(2)……累乘可得,故(3)二、等差数列及其前n 项和 (一)等差数列的判定1、等差数列的判定通常有两种方法:第一种是利用定义,1()(2)n n a a d n --=≥常数,第二种是利用等差中项,即112(2)n n n a a a n +-=+≥。

2、解选择题、填空题时,亦可用通项或前n 项和直接判断。

(1)通项法:若数列{n a }的通项公式为n 的一次函数,即n a =An+B,则{n a }是等差数列;(2)前n 项和法:若数列{n a }的前n 项和n S 是2n S An Bn =+的形式(A ,B 是常数),则{n a }是等差数列。

注:若判断一个数列不是等差数列,则只需说明任意连续三项不是等差数列即可。

〖例〗已知数列{n a }的前n 项和为n S ,且满足111120(2),2n n n n S S S S n a ---+=≥= (1)求证:{1nS }是等差数列; (2)求n a 的表达式。

分析:(1)1120n n n n S S S S ---+=→1n S 与11n S -的关系→结论; (2)由1nS 的关系式→n S 的关系式→n a 解答:(1)等式两边同除以1n n S S -得11n S --1n S +2=0,即1n S -11n S -=2(n ≥2).∴{1n S }是以11S =11a =2为首项,以2为公差的等差数列。

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等差数列与等比数列十大例题例1、已知等差数列{}n a 满足:37a =,5726a a +=,{}n a 的前n 项和为n S . (Ⅰ)求n a 及n S ; (Ⅱ)令b n =211n a -(n ∈N *),求数列{}n b 的前n 项和n T . 【解析】(Ⅰ)设等差数列{}n a 的公差为d ,因为37a =,5726a a +=,所以有112721026a d a d +=⎧⎨+=⎩,解得13,2a d ==, 所以321)=2n+1n a n =+-(;n S =n(n-1)3n+22⨯=2n +2n 。

(Ⅱ)由(Ⅰ)知2n+1n a =,所以b n =211n a -=21=2n+1)1-(114n(n+1)⋅=111(-)4n n+1⋅,所以n T =111111(1-+++-)4223n n+1⋅-=11(1-)=4n+1⋅n 4(n+1), 即数列{}n b 的前n 项和n T =n4(n+1)。

【命题意图】本题考查等差数列的通项公式与前n 项和公式的应用、裂项法求数列的和,熟练数列的基础知识是解答好本类题目的关键。

例2、 设n S 为数列{}n a 的前n 项和,2n S kn n =+,*n N ∈,其中k 是常数.(I ) 求1a 及n a ;(II )若对于任意的*m N ∈,m a ,2m a ,4m a 成等比数列,求k 的值. 解(Ⅰ)当1,111+===k S a n ,12)]1()1([,2221+-=-+--+=-=≥-k kn n n k n kn S S a n n n n (*)经验,,1=n (*)式成立, 12+-=∴k kn a n (Ⅱ)m m m a a a 42,, 成等比数列,m m m a a a 422.=∴,即)18)(12()14(2+-+-=+-k km k km k km ,整理得:0)1(=-k mk , 对任意的*∈N m 成立, 10==∴k k 或例3、 等比数列{n a }的前n 项和为n s ,已知1S ,3S ,2S 成等差数列(1)求{n a }的公比q ;(2)求1a -3a =3,求n s 解:(Ⅰ)依题意有)(2)(2111111q a q a a q a a a ++=++由于 01≠a ,故 022=+q q又0≠q ,从而21-=q 5分 (Ⅱ)由已知可得321211=--)(a a 故41=a从而))(()())((n nn 211382112114--=----=S 10分 例 4、已知数列{}n a 满足, *11212,,2n n n a a a a a n N ++=∈’+2==.()I 令1n n n b a a +=-,证明:{}n b 是等比数列;(Ⅱ)求{}n a 的通项公式。

(1)证1211,b a a =-= 当2n ≥时,1111,11()222n n n n n n n n n a a b a a a a a b -+--+=-=-=--=- 所以{}n b 是以1为首项,12-为公比的等比数列。

(2)解由(1)知111(),2n n n n b a a -+=-=-当2n ≥时,121321()()()n n n a a a a a a a a -=+-+-++-21111()()22n -=++-++-111()2111()2n ---=+--2211[1()]32n -=+--1521(),332n -=-- 当1n =时,111521()1332a ---==。

所以1*521()()332n n a n N -=--∈。

例5、设数列{}n a 的前n 项和为n S ,已知()21nn n ba b S -=- (Ⅰ)证明:当2b =时,{}12n n a n --⋅是等比数列; (Ⅱ)求{}n a 的通项公式解 由题意知12a =,且()21nn n ba b S -=-()11121n n n ba b S +++-=-两式相减得()()1121nn n n b a a b a ++--=-即12nn n a ba +=+ ①(Ⅰ)当2b =时,由①知122nn n a a +=+于是()()1122212nnnn n a n a n +-+⋅=+-+⋅()122n n a n -=-⋅又111210n a --⋅=≠,所以{}12n n a n --⋅是首项为1,公比为2的等比数列。

(Ⅱ)当2b =时,由(Ⅰ)知1122n n n a n ---⋅=,即()112n n a n -=+当2b ≠时,由由①得1111122222n n n n n a ba b b+++-⋅=+-⋅-- 22n n bba b=-⋅-122n n b a b ⎛⎫=-⋅ ⎪-⎝⎭因此11112222n n n n a b a b b ++⎛⎫-⋅==-⋅ ⎪--⎝⎭()212nb b b-=⋅-得()121122222n n n n a b b n b-=⎧⎪=⎨⎡⎤+-≥⎪⎣⎦-⎩ 例6、 在数列{}n a 中,11111,(1)2n n n n a a a n ++==++, (I )设nn a b n=,求数列{}n b 的通项公式; (II )求数列{}n a 的前n 项和n S 解:(I )由已知有1112n n n a a n n +=++112n n n b b +∴-= 利用累差迭加即可求出数列{}n b 的通项公式: 1122n n b -=-(*n N ∈) (II )由(I )知122n n n a n -=-, ∴n S =11(2)2nk k k k -=-∑111(2)2n nk k k kk -===-∑∑而1(2)(1)nk k n n ==+∑,又112nk k k-=∑是一个典型的错位相减法模型, 易得1112422nk n k k n --=+=-∑ ∴n S =(1)n n +1242n n -++- 例7、 已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,11=a ,且3231=++n n S a (n 为正整数)(Ⅰ)求出数列{}n a 的通项公式;(Ⅱ)若对任意正整数n ,n S k ≤恒成立,求实数k 的最大值. 解:(Ⅰ) 3231=++n n S a , ① ∴ 当2≥n 时,3231=+-n n S a . ② 由 ① - ②,得02331=+-+n n n a a a . 311=∴+n n a a )2(≥n .又 11=a ,32312=+a a ,解得 312=a . ∴ 数列{}n a 是首项为1,公比为31=q 的等比数列. 11131--⎪⎭⎫ ⎝⎛==∴n n n qa a (n 为正整数)(Ⅱ)由(Ⅰ)知⎥⎦⎤⎢⎣⎡-=∴n n S )31(123 由题意可知,对于任意的正整数n ,恒有⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡⎪⎭⎫⎝⎛-≤nk 31123,. 数列⎪⎭⎪⎬⎫⎪⎩⎪⎨⎧⎪⎭⎫⎝⎛-n311单调递增, 当1=n 时,数列中的最小项为32,∴ 必有1≤k ,即实数k 的最大值为1例8、 各项均为正数的数列{}n a 中,n S a ,11=是数列{}n a 的前n 项和,对任意*∈N n ,有 )(222R p p pa pa S n n n ∈-+=;⑴求常数p 的值; ⑵求数列{}n a 的通项公式; ⑶记n nn n S b 234⋅+=,求数列{}n b 的前n 项和T 。

解:(1)由11=a 及)(222*∈-+=N n p pa pa S n n n ,得:p p p -+=22 1=∴p (2)由1222-+=n n n a a S ① 得1221211-+=+++n n n a a S ② 由②—①,得 )()(2212211n n n n n a a a a a -+-=+++ 即:0)())((2111=+--++++n n n n n n a a a a a a 0)122)((11=--+∴++n n n n a a a a由于数列{}n a 各项均为正数, 1221=-∴+n n a a 即 211=-+n n a a ∴数列{}n a 是首项为1,公差为21的等差数列, ∴数列{}n a 的通项公式是 2121)1(1+=⨯-+=n n a n(3)由21+=n a n ,得:4)3(+=n n S n n n n n n n S b 2234⋅=⋅+=∴ n n n T 223222132⋅++⨯+⨯+⨯=∴13222)1(2222+⨯+⨯-++++=⋅n n n n n T22)1(221)21(22222211132-⋅--=⨯---=⋅-++++=-+++n n n n n n n n n T1(1)22n n T n +=-⋅+例9、 在数列{}).,2(322,311*∈≥++=-=-N n n a a a a n n n n 且中,(1)的值;求32,a a (2)设{}是等差数列;证明:n nn n b N n a b ),(23*∈+=(3)求数列{}..n n S n a 项和的前 解(1)),,2(322,311*∈≥++=-=-N n n a a a nn n 且1322212=++=∴a a.13322323=++=a a(2)对于任意,*∈N n ()[]3221232311111--=+-+=-+++++n n n n n n n n n a a a a b b =()[]13322111=-+++n n ,∴数列{}n b 是首项为0233231=+-=+a ,公差为1的等差数列. (3)由(2)得,,1)1(023⨯-+=+n a nn ).(32)1(*∈-⋅-=∴N n n a n n()[]321)322()321(332-⋅-++-⨯+-⨯+-=∴nn n S , 即().321232221432n n S nn -⋅-++⨯+⨯+⨯= 设(),21232221432nn n T ⋅-++⨯+⨯+⨯= 则(),2123222121543+⋅-++⨯+⨯+⨯=n n n T两式相减得,()1432212222+⋅--++++=-n n n n T,2)1(21)21(411+-⋅----=n n n 整理得,,2)2(41+⋅-+=n n n T从而).(32)2(41*+∈-⋅-+=N n n n S n n例10、已知数列{}n a 的首项211=a ,前n 项和n n a n S 2=. (Ⅰ)求证:n n a n na 21+=+; (Ⅱ)记n n S b ln =,n T 为{}n b 的前n 项和,求n e n T--的值. 解:(1)由n n a n S 2=①,得121)1(+++=n n a n S ②,②-①得:n n a n na 21+=+.(2)由n n a n na 21+=+求得)1(1+=n n a n .∴12+==n na n S n n ,)1ln(ln ln +-==n n Sb n n (ln1ln 2)(ln 2ln 3)(ln 3ln 4)(ln ln(1))ln(1)n T n n n =-+-+-++-+=-+∴1)1ln(=-=-+-n e n e n T n .。

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