高中数学解题常用方法:待定系数法

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2.2.3待定系数法 高中 数学 人教B版2003课标版

2.2.3待定系数法 高中 数学 人教B版2003课标版
1 2 1 x- 2 2 1 2,3)且经过点
(3,1)求这个二次函数的解析式.
解:因为二次函数的顶点坐标是(2,3),
所以设二次函数为 y a x 2 3
2
又因为图象经过点(3,1)
从而有 1 a 3 2 3 解得a=-2
2、方法提炼: (1)求二次函数设一般式是通法 (2)已知顶点(对称轴或最值),往往设顶点式 (3)已知图像与x轴有两交点,往往设两根式
作业:P62练习A练习B P63习题2-2A 习题2-2B
a 3 a 3 解得 b 2 或 b 4
所以一次函数为f(x)=3x+2或f(x)=-3x-4.
总结:
1、待定系数法解题的基本步骤是什么?
第一步:设出含有待定系数的解析式;
第二步:根据恒等的条件,列出含待定 系数的方程或方程组; 第三步:解方程或方程组,从而使问题 得到解决。
0 0 c 5 根据已知条件得方程组 a b c 4 4a 2b c 5 解方程组得a=2,b=1,c=-5.
中a,b,c待定,
因此,所求函数为f(x)=2x2+x-5.
待定系数法解题的基本步骤是什么? 第一步:设出含有待定系数的解析式; 第二步:根据恒等的条件,列出含待定系 数的方程或方程组; 第三步:解方程或方程组,从而使问题得 到解决。
k=- 2 .
所以所求的正比例函数是y=- 2 x.
待定系数法:
一般地,在求一个函数时,如果知道
这个函数的一般形式,可先把所求函数写
为一般形式,其中系数待定,然后再根据 题设条件求出这些待定系数. 这种通过求
待定系数来确定变量之间关系式的方法叫

用待定系数法求二次函数解析式的几种方法

用待定系数法求二次函数解析式的几种方法

用待定系数法求二次函数解析式的几种方法二次函数解析式是高中数学中最基本的概念,其表示的是简单的直线、抛物线或是曲线的方程。

它的复杂性使得学生更易于弄清楚,并且在数学知识的建立上也有较大的作用。

本文将介绍用待定系数法求二次函数解析式的几种方法。

首先,用待定系数法求二次函数解析式也称为求因式分解法,是一种求解二次函数解析式的有效方法。

它所给出的解析式可以使用此解析式求解函数的最大值、最小值以及极值点,有助于研究函数的拓展和深入分析。

求解二次函数解析式的待定系数法通常包括以下几个步骤:首先,将二次函数解析式以下式形式表达:ax + bx + c = 0;其次,求解ax + bx + c的系数a、b、c的解,即a、b、c的值,这样就可以得到完整的二次函数解析式;最后,根据完整的二次函数解析式,可以进行函数曲线的画法,以便对函数特征进行更深入的分析。

这种求解二次函数解析式的待定系数法还可以用来求二次不等式的解。

这些不等式的解也可以用上述的方法求出,只需将其表示成ax + bx + c 不等式的形式,并根据所给的条件来解系数a、b、c,从而得到最终的不等式解。

此外,学生也可以使用特殊的因式分解法,通过将二次函数解析式表示成ax+bx+c=f(x)形式,通过求出形式系数a、b、c来求解因式分解法。

这种方法可以用来求解多项式方程,从而得到多项式函数的解析式。

在求解二次函数时,还有一种简便而又实用的方法,即通过图表的方法,根据函数图象的特点求出函数的解析式,从而更加简单、快捷地求解二次函数。

通过以上介绍,用待定系数法求二次函数解析式的几种方法已经清楚地展示出来。

由此可见,求解二次函数解析式使用待定系数法可以得到准确、完整的解析式,从而有助于学生更好地理解函数的拓展及应用,进而深入认识数学知识,受益匪浅。

高中数学解题方法——待定系数法(一)微教案

高中数学解题方法——待定系数法(一)微教案

第8讲 基于数学核心素养的解题方法——待定系数法(一)待定系数法是一种常用的数学方法,对于某些数学问题,如果已知所求结果具有某种确定的形式,则可引进一些尚待确定的系数来表示这种结果,通过已知条件建立起给定的算式和结果之间的恒等式,得到以待定系数为元的方程(组)或不等式(组),解之即得待定的系数.【例1】等轴双曲线C 的中心在原点,焦点在x 轴上,C 与抛物线x y 162=的准线交于,A B 两点,AB =C 的实轴长为 ( )()A ()B ()C 4 ()D 8【答案】C .【解析】x y 162=的准线:4l x =-.∵C 与抛物线x y 162=的准线交于,A B 两点,AB =∴(4,A -,(4,B --.设222:(0)C x y a a -=>,则222(4)4a =--=,得2a =,24a =.故选C . 【反思】本题考察双曲线与抛物线的性质.【例2】已知等差数列{}n a 的前n 项和为55=5=15n S a S ,,,则数列11n n a a +⎧⎫⎨⎬⎩⎭的前100项和为 ( )A .100101B .99101C .99100D .101100【答案】A.【解析】通过已知55=5=15a S ,,列式求解,得到公差与首项,从而得{}n a 的通项公式,进一步裂项求和:设等差数列{}n a 的公差为d ,则由55=5=15a S ,可得1114=5=1=54=15=152n a d a a n d a d +⎧⎧⎪⇒⇒⎨⎨⨯+⎩⎪⎩. ∴()11111==11n n a a n n n n +-++. ∴100111111100=1=1=223100*********S ⎛⎫⎛⎫⎛⎫-+-++-- ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭.故选A.【反思】考察等差数列的通项公式和前项和公式的运用,并涉及裂项求和的综合运用.【例3】已知抛物线关于x 轴对称,它的顶点在坐标原点O ,并且经过点0(2,)M y .若点M 到该抛物线焦点的距离为3,则||OM =( )A 、 B、 C 、4 D 、【答案】B.【解析】设抛物线方程为()220y px p =>,则焦点坐标为(,02p ),准线方程为=2p x-.∵点M 在该抛物线上,∴点M 到该抛物线焦点的距离等于到准线的距离,即3==,解得,01,p y ==.∴M (.∴||OM ==故选B.【反思】本题是对抛物线定义的考察.【例4】已知椭圆经过点2)-和点(-,则椭圆的标准方程为( ) A.221515x y += B.221155x y += C.221412x y +=D.221124xy += 【答案】B.【解析】设椭圆的方程为221(0,0,)mx ny m n m n +=>>≠.由点2)-和点(-都在椭圆上,得2222(3)(2)1(23)11m n m n ⎧⋅+⋅-=⎪⎨⋅-+⋅=⎪⎩,解得11,155m n ==. 故所求椭圆的标准方程为221155x y += 【反思】待定系数法对于椭圆方程的设法具有一定的讲究,方程设的好,可以简化计算.待定系数法主要培养了学生的数学运算能力。

高中数学解题基本方法--待定系数法

高中数学解题基本方法--待定系数法

高中数学解题基本方法--待定系数法要确定变量间的函数关系,设出某些未知系数,然后根据所给条件来确定这些未知系数的方法叫待定系数法,其理论依据是多项式恒等,也就是利用了多项式f(x)≡g(x)的充要条件是:对于一个任意的a值,都有f(a)≡g(a);或者两个多项式各同类项的系数对应相等。

待定系数法解题的关键是依据已知,正确列出等式或方程。

使用待定系数法,就是把具有某种确定形式的数学问题,通过引入一些待定的系数,转化为方程组来解决,要判断一个问题是否用待定系数法求解,主要是看所求解的数学问题是否具有某种确定的数学表达式,如果具有,就可以用待定系数法求解。

例如分解因式、拆分分式、数列求和、求函数式、求复数、解析几何中求曲线方程等,这些问题都具有确定的数学表达形式,所以都可以用待定系数法求解。

使用待定系数法,它解题的基本步骤是:第一步,确定所求问题含有待定系数的解析式;第二步,根据恒等的条件,列出一组含待定系数的方程;第三步,解方程组或者消去待定系数,从而使问题得到解决。

如何列出一组含待定系数的方程,主要从以下几方面着手分析:①利用对应系数相等列方程;②由恒等的概念用数值代入法列方程;③利用定义本身的属性列方程;④利用几何条件列方程。

比如在求圆锥曲线的方程时,我们可以用待定系数法求方程:首先设所求方程的形式,其中含有待定的系数;再把几何条件转化为含所求方程未知系数的方程或方程组;最后解所得的方程或方程组求出未知的系数,并把求出的系数代入已经明确的方程形式,得到所求圆锥曲线的方程。

Ⅰ、再现性题组:1.设f(x)=x2+m,f(x)的反函数f-1(x)=nx-5,那么m、n的值依次为_____。

A. 52, -2 B. -52, 2 C.52, 2 D. -52,-22.二次不等式ax2+bx+2>0的解集是(-12,13),则a+b的值是_____。

A. 10B. -10C. 14D. -143.在(1-x3)(1+x)10的展开式中,x5的系数是_____。

高中数学:2.2.3待定系数法 _1

高中数学:2.2.3待定系数法  _1
栏目 导引
第二章 函 数
解:因为已知函数 f(x)的顶点为(1,4),故设二次函数的解析 式为 f(x)=a(x-1)2+4(a≠0), 又经过(-1,0), 所以 0=a(-1-1)2+4,所以 a=-1, 所以 f(x)=-(x-1)2+4=-x2+2x+3, 所以 f(x)=-x2+2x+3.
栏目 导引
第二章 函 数
由函数图象求函数的解析式,关键在于分析图象由哪几种函 数组成,然后就每一类函数利用待定系数法求相应解析式.
栏目 导引
第二章 函 数
在体育测试时,高一的一名高个男同学推铅球, 已知铅球所经过的路线是某个二次函数图象的一部分,如图 所示.
如果这个男同学出手处 A 点的坐标是(0,2),铅球路线的最 高处 B 点的坐标是(6,5).
栏目 导引
第二章 函 数
二次函数常见的表达式有三种:一般式、顶点式、两根式, 选择合适的表达式能起到事半功倍的效果. (1)一般地,若已知函数经过三点,常设函数的一般式; (2)若题目中出现顶点坐标、最大值、对称轴等信息时,我们 可考虑函数的顶点式; (3)若题目中给出函数与 x 轴的交点或二次方程 ax2+bx+c= 0 的两根,可设函数的两根式.
栏目 导引
第二章 函 数
3.已知抛物线 y=ax2(a≠0)与直线 y=kx+1(k≠0)交于两点, 其中一交点为(1,4),则另一交点为________. 解析:将(1,4)的坐标分别代入 y=ax2 与 y=kx+1, 得44==ak,+1,解得ak==43,. 再联立yy= =43xx2+,1,解得xy==41,,或xy==14-. 14, 答案:-14,14
栏目 导引
第二章 函 数
求二次函数的解析式 已知二次函数的图象过点(1,4),且与 x 轴的交点为 (-1,0)和(3,0),求函数的解析式.

考点02 求函数解析式的3种方法(解析版)

考点02  求函数解析式的3种方法(解析版)

专题二 函数考点2 求函数解析式的3种方法【方法点拨】求函数解析式的常用方法1. 待定系数法:已知函数的类型,利用所给条件,列出方程或方程组,用待定系数法确定系数.2. 配凑法或换元法:已知复合函数f[g(x)]=F(x)的解析式,把F(x)配凑成关于g(x)的表达式,再用x 代替g(x),称为配凑法;或者,直接令g(x)=t ,解方程把x 表示成关于t 的函数,再代回,称为换元法,此时要注意新元t 的取值范围.3解方程组法(或赋值法):已知关于f(x)与f(1/x)或f(-x)的表达式,可通过对自变量的不同赋值构造出不同的等式通过解方程组求出f(x).【高考模拟】1.已知()f x 是偶函数,且当0x >时,2()f x x x =-,则当0x <时,()f x 的解析式为( ) A .2()f x x x =-B .2()f x x x =--C .2()f x x x =+D .2()f x x x =-+【答案】C【分析】利用()f x 是偶函数,()()f x f x -=,当0x <,()2f x x x -=+,即可求得答案 【解析】设0x <,则0x ->,当0x >时,()2f x x x =- ()2f x x x ∴-=+,()f x 是偶函数,则()()f x f x -=()2f x x x ∴=+ ()0x <故选C【点睛】本题主要考查了利用函数的奇偶性求函数的解析式,掌握解题方法,较为简单.2.已知幂函数()f x 的图象经过点()327,,则()f x 的解析式()f x =( ).A .3xB .3xC .9xD .3log x【答案】A【分析】 设幂函数解析式为()f x x α= ,将点()327,代入即可求解. 【解析】设幂函数为()f x x α= 函数经过点(3,27),273α∴= 解得3α=故()f x 的解析式()3f x x = 故选A【点睛】本题考查幂函数解析式的确定,是基础题;解题时需要认真审题,准确代入数值.3.若函数2()1x a f x x bx +=++在[]1,1-上是奇函数,则()f x 的解析式为( ). A .2()1x f x x =-+ B .2()1x f x x =+ C .21()1x f x x +=+ D .2()1x f x x x =++ 【答案】B【解析】【分析】由奇函数得()()f x f x -=-,代入后求出解析式【解析】函数()21x a f x x bx +=++在[]1,1-上是奇函数 ()()f x f x ∴-=-,即()()00f f -=-,()00f =,001a a ==, 即()21x f x x bx =++()()11f f -=-,1122b b -=--+ 解得0b =则()21x f x x =+ 故选B【点睛】 本题考查了函数奇偶性的运用,当奇函数定义域取到零时有()00f =,然后再赋值法求出解析式,较为基础。

高中数学待定系数法

高中数学待定系数法

高中数学待定系数法
摘要:
一、待定系数法的基本概念
二、待定系数法的应用
三、待定系数法的优缺点
四、总结
正文:
一、待定系数法的基本概念
待定系数法是数学中一种常用的方法,主要运用于函数的解析和求解。

它通过设定一个待定系数,然后利用已知的条件来求解这个系数,从而得到函数的解析式。

二、待定系数法的应用
待定系数法可以广泛应用于各种数学问题,包括求解二次方程、求解函数的极值、求解最值问题等。

它最大的优点是可以将复杂的数学问题转化为简单的代数运算,使得问题变得容易求解。

三、待定系数法的优缺点
待定系数法的优点在于它的通用性和灵活性,可以应用于各种数学问题。

同时,它也存在一些缺点,比如在求解一些复杂数学问题时,可能需要设定多个待定系数,使得问题变得复杂。

四、总结
待定系数法是一种非常有用的数学方法,可以用于解决各种数学问题。


的优点在于它的通用性和灵活性,而缺点在于在解决一些复杂问题时可能需要设定多个待定系数。

高中数学解题基本方法——待定系数法

高中数学解题基本方法——待定系数法

三、待定系数法要确定变量间的函数关系,设出某些未知系数,然后根据所给条件来确定这些未知系数的方法叫待定系数法,其理论依据是多项式恒等,也就是利用了多项式f(x)≡g(x)的充要条件是:对于一个任意的a值,都有f(a)≡g(a);或者两个多项式各同类项的系数对应相等。

待定系数法解题的关键是依据已知,正确列出等式或方程。

使用待定系数法,就是把具有某种确定形式的数学问题,通过引入一些待定的系数,转化为方程组来解决,要判断一个问题是否用待定系数法求解,主要是看所求解的数学问题是否具有某种确定的数学表达式,如果具有,就可以用待定系数法求解。

例如分解因式、拆分分式、数列求和、求函数式、求复数、解析几何中求曲线方程等,这些问题都具有确定的数学表达形式,所以都可以用待定系数法求解。

使用待定系数法,它解题的基本步骤是:第一步,确定所求问题含有待定系数的解析式;第二步,根据恒等的条件,列出一组含待定系数的方程;第三步,解方程组或者消去待定系数,从而使问题得到解决。

如何列出一组含待定系数的方程,主要从以下几方面着手分析:①利用对应系数相等列方程;②由恒等的概念用数值代入法列方程;③利用定义本身的属性列方程;④利用几何条件列方程。

比如在求圆锥曲线的方程时,我们可以用待定系数法求方程:首先设所求方程的形式,其中含有待定的系数;再把几何条件转化为含所求方程未知系数的方程或方程组;最后解所得的方程或方程组求出未知的系数,并把求出的系数代入已经明确的方程形式,得到所求圆锥曲线的方程。

Ⅰ、再现性题组:1.设f(x)=x2+m,f(x)的反函数f-1(x)=nx-5,那么m、n的值依次为_____。

A. 52, -2 B. -52, 2 C.52, 2 D. -52,-22.二次不等式ax2+bx+2>0的解集是(-12,13),则a+b的值是_____。

A. 10B. -10C. 14D. -143.在(1-x3)(1+x)10的展开式中,x5的系数是_____。

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待定系数法
一、填空题
1. 若二次函数的图象经过点,对称轴为,最小值是,则它的解析式是.
2. 已知点在指数函数的图象上,则 = .
3. 已知,则,.
4. 过三点,,的圆的方程是.
5. 已知点和是直线上的两点,则,.
6. 已知函数,其中是的正比例函数,是的反比例函数,且
,,则的解析式为.
7. 如果,则一次函数.
8. 设向量,不平行,向量与平行,则实数.
9. 若函数,且,,,则函数
的解析式为.
10. 已知一个二次函数,若,,,则这个函数的解析式为.
11. 是一次函数,若对所有的都有,且,则

12. 已知是二次函数,若,且,则.
13. 已知经过函数图象上一点处的切线与直线平行,则函
数的解析式为.
14. 若,则.
15. 已知点和,则过点且与,的距离相等的直线方程为.
16. 已知且,则的取值范围是.
17. 若是一次函数,且,则.
18. 经过点和,圆心在直线上的圆的方程是.
19. 已知等差数列,的前项和分别为和,若,且是整数,则正
整数的值为.
20. 如图,,点在由射线、线段及的延长线围成的区域内(不含边界)运动,且,则的取值范围是;当时,的取值范围
是.
二、解答题
21. 设二次函数图象的对称轴为,且图象在轴上的截距为,在轴上截得的
线段长为的解析式.
22. 已知复数的共轭复数为,且,求.
23. 已知为一次函数,求.
24. 设复数为纯虚数,且,求复数.
25. 求过,,三点的圆的方程.
26. 如果一次函数满足求的解析式.
27. 已知不等式的解集为,不等式的解集为.
(1)求.
(2)若不等式的解集为,求的解集.
28. 复平面内关于原点对称的两点对应的复数为,,且满足
,求,.
29. 已知,则复数所对应的点在复平面的第几象限内?复数的对应点的轨迹是什么曲线?
30. 已知为二次函数,且,,.
(1)求的解析式;
(2)求在上的最大值与最小值.
31. 求斜率为且与坐标轴所围成的三角形的周长为的直线方程.
32. 已知,,求的取值范围.
33. 双曲线中心在坐标原点,焦点,在坐标轴上,离心率,且双曲线过点

(1)求双曲线方程;
(2)若点的坐标为,求证:.
34. 过点作两条互相垂直的直线,分别交、的正半轴于、两点,如果四边形
的面积被直线平分,求直线的方程.
35. 求经过两直线和的交点且与直线
垂直的直线的方程.
36. 求证:能被整除,.
37. 河上有一抛物线型拱桥,当水面距拱顶时,水面宽为.一小船宽,高,载货后船露出水面上的部分高,问水面上涨到与抛物线拱顶相距多少米时,小船恰好能通行.
38. 已知正方形的中心是点,一条边所在的直线方程是,求其他三边所在的直线方程.
39. 已知为坐标原点,在轴正半轴上,的面积为,并且.
(1)若,求向量与夹角正切值的取值范围;
(2)若以为中心,为焦点的双曲线经过点,,,当取得最小值时,求此双曲线方程.
40. 设两个函数和,其中是三次函数,且对任意的实数,都有
,,.
(1)求函数的极值;
(2)证明:对于任意的,都有成立.
答案
第一部分
1
2
3 ;
4
5 ;
6
7 或
8
9
10
11
12
13
14
15 或.
16
17 或
18
19
20
第二部分
21 由题意,可设,
因为图象在轴上的截距为,
所以,
即,
所以.
22 设,所以,
所以,
所以
所以或
所以或.
23 因为为的一次函数,所以设,
则,又,比较系数得解得所以.
24 因为为纯虚数,所以可设(且),
则.
又,
所以由,得,
解得,所以.
25 设圆的方程是.
因为,,三点都在圆上,
所以它们的坐标都是方程的解.
把它们的坐标依次代入方程,得到关于,,的一个三元一次方程组,

解得,,,
所以所求圆的方程是.
26 设,
则有
由于该函数与是同一个函数
所以,且
所以,
当时,时,
27 (1) 由,得,
所以;
由,得,
所以,
所以.
(2) 由于的解集是,
所以
解得
所以,
即,其解集为.
28 设,,,,
又,
所以,,
所以,.
29 由题意得,

由实部大于,虚部小于,可知复数的对应点在复平面的第四象限内.
设,
则,.
消去,得.
所以复数的对应点的轨迹是以为端点,为斜率,且在第四象限的一条射线.30 (1) 设,
则.
由,,得
解得
从而.
又,
解得,从而.
于是.
(2) 因为,
所以当时,;
即在上的最大值为,最小值为.
31 设直线方程为,
令,得;令,得,
由题意得:.
解得或.
所以所求直线方程为,即.
32 解法一:
作出二元一次不等式组所表示的平面区域(如图所示).
考虑,把它变形为,得到斜率为,且随变化的一组平行直线.是直线在轴上的截距,当直线在轴上的截距最大时,的值最小,当然直线要与可行域相交,即在满足约束条件时,目标函数取得最小值;当直线在轴上的截距最小时,的值最大,当然直线要与可行域相交,即在满足约束条件时,目标函数取得最大值.
由图可知,当直线经过可行域上的点时,截距最大,即最小.
解方程组得的坐标为,
所以.
当直线经过可行域上的点时,截距最小,即最大.
解方程组得的坐标为,
所以.
故的取值范围是.
解法二:
设,
则,
所以所以
即.
又因为,,

所以,即的取值范围是.
33 (1) 由及得.
设双曲线的方程为,
代人,解得,
所以双曲线的方程为.
(2) 由()知,,又,
则,,
所以,
即.
34 设直线的方程为,
则,,.
由,得,
即.
由于到直线的距离,
所以的面积是
而的面积.
由直线平分四边形的面积,得,
即,
解得或
故所求直线的方程为或.
35 显然,直线不与直线垂直,故不满足条件.
设直线的方程为,则.
因为,所以.
故直线,即.
36 (1)当时,,命题显然成立.
(2)假设当时,能被整除,则当时,由归纳假设,上式中的两项均能被整除,
故当时命题成立.
由(1)(2)知,对,命题成立.
37 如图,建立直角坐标系,设抛物线型拱桥方程为.
由题意,得抛物线过点,代入,解得,
所以抛物线方程为.
由小船宽,得点在抛物线上.
将点代入,解得.
所以,当船顶距抛物线拱顶为时,小船恰好能通过.
又载货后,船露出水面上的部分高,
所以当水面与抛物线拱顶的距离为时,小船恰好能通行.
答:当水面上涨到与抛物线拱顶相距时,小船恰好能通行.
38 正方形的中心到已知边的距离为.
设与平行的一边所在的直线方程是.
因为正方形中心到这条直线的距离为,
所以,
解得(舍去)或.
所以与平行的边所在的直线方程是.
设与垂直的边所在的直线方程是.
因为正方形中心到这条直线的距离为,
所以,
解得或.
所以与垂直的两边所在的直线方程是和.39 (1) 设,的夹角为,则
所以.
又因为,
因此.
(2) 设双曲线的方程为,,
则,
由,得.
由,得,
解得,
则,
当且仅当时,最小,这时点坐标为.
由得
因此,双曲线方程为.
40 (1) 由题意可设,
由,得.
又,,
所以,
比较系数,解得,,,
所以,.
令,得;,得或,
即在上递减,在上递增,在上递减,

则当时,
极小值

当时,
极大值
(2) 要证明对于任意的,都有成立,只需证当时,.
当时,,
则.
当时,;当时,,
所以在上递减,在上递增,
所以.
由知对任意,.
又,则,
所以当时,成立,
因此,对于任意的都有成立.。

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