(完整版)中考数学折叠专项训练试题(含答案)
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中考数学折叠专项训练试题附参考答案
一.选择题(共9小题)1.(2013•贵港)如图,在矩形ABCD 中,点E 是AD 的中点,∠EBC 的平分线交CD 于点F ,将△DEF 沿EF 折叠,点D 恰好落在BE 上M 点处,延长BC 、EF 交于点N .有下
列四个结论:①DF=CF ;②BF ⊥EN ;③△BEN 是等边三角形;④S △BEF =3S △DEF .其中,将正确结论的序号全部选对的是( )
A .
①②③B .①②④C .②③④
D .
①②③④考点:翻折变换(折叠问题);等边三角形的判定;矩形的性质.专题:压轴题.
分析:由折叠的性质、矩形的性质与角平分线的性质,可证得CF=FM=DF ;
易求得∠BFE=∠BFN ,则可得BF ⊥EN ;
易证得△BEN 是等腰三角形,但无法判定是等边三角形;
易求得BM=2EM=2DE ,即可得EB=3EM ,根据等高三角形的面积比等于对应底的比,即可求得答案.解答:解:∵四边形ABCD 是矩形,
∴∠D=∠BCD=90°,DF=MF ,
由折叠的性质可得:∠EMF=∠D=90°,即FM ⊥BE ,CF ⊥BC ,∵BF 平分∠EBC ,∴CF=MF ,
∴DF=CF ;故①正确;
∵∠BFM=90°﹣∠EBF ,∠BFC=90°﹣∠CBF ,∴∠BFM=∠BFC ,
∵∠MFE=∠DFE=∠CFN ,∴∠BFE=∠BFN ,
∵∠BFE+∠BFN=180°,∴∠BFE=90°,
即BF ⊥EN ,故②正确;∵在△DEF 和△CNF 中,
,
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e ∴△DEF ≌△CNF (ASA ),∴EF=FN ,∴BE=BN ,
但无法求得△BEN 各角的度数,
∴△BEN 不一定是等边三角形;故③错误;∵∠BFM=∠BFC ,BM ⊥FM ,BC ⊥CF ,∴BM=BC=AD=2DE=2EM ,∴BE=3EM ,
∴S △BEF =3S △EMF =3S △DEF ;故④正确.故选B .
点评:此题考查了折叠的性质、矩形的性质、角平分线的性质以及全等三角形的判定与性
质.此题难度适中,注意掌握数形结合思想的应用.
2.如图,将矩形ABCD 的一个角翻折,使得点D 恰好落在BC 边上的点G 处,折痕为EF ,若EB 为∠AEG 的平分线,EF 和BC 的延长线交于点H .下列结论中:①∠BEF=90°;②DE=CH ;③BE=EF ;④△BEG 和△HEG 的面积相等;
⑤若,则.
以上命题,正确的有( )
A .
2个B .3个C .4个
D .
5个考点:翻折变换(折叠问题).专题:压轴题.
分析:①根据平角的定义,折叠的性质和角平分线的性质即可作出判断;
②根据折叠的性质和等腰三角形的性质可知DE ≠CH ;③无法证明BE=EF ;
④根据角平分线的性质,等腰三角形的性质和三角形中线的性质可得△BEG 和△HEG 的面积相等;
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⑤过E 点作EK ⊥BC ,垂足为K .在RT △EKG 中利用勾股定理可即可作出判断.
解答:解:①由折叠的性质可知∠DEF=∠GEF ,∵EB 为∠AEG 的平分线,
∴∠AEB=∠GEB ,∵∠AED=180°,∴∠BEF=90°,故正确;②可证△EDF ∽△HCF ,DF >CF ,故DE ≠CH ,故错误;③只可证△EDF ∽△BAE ,无法证明BE=EF ,故错误;
④可证△GEB ,△GEH 是等腰三角形,则G 是BH 边的中线,∴△BEG 和△HEG 的面积相等,故正确;
⑤过E 点作EK ⊥BC ,垂足为K .设BK=x ,AB=y ,则有y 2+(2y ﹣2x )2=(2y ﹣x )
2,解得
x 1=y (不合题意舍去),x 2=y .则
,故正确.
故正确的有3个.故选B .
点评:本题考查了翻折变换,解答过程中涉及了矩形的性质、勾股定理,属于综合性题目,
解答本题的关键是根据翻折变换的性质得出对应角、对应边分别相等,然后分别判断每个结论,难度较大,注意细心判断. 3.(2012•遵义)如图,矩形ABCD 中,E 是AD 的中点,将△ABE 沿BE 折叠后得到△GBE ,延长BG 交CD 于F 点,若CF=1,FD=2,则BC 的长为( )
A .
3B .2C .2
D .
2
考点:翻折变换(折叠问题).
专题:压轴题.
分析:首先过点E 作EM ⊥BC 于M ,交BF 于N ,易证得△ENG ≌△BNM (AAS ),MN 是△
BCF 的中位线,根据全等三角形的性质,即可求得GN=MN ,由折叠的性质,可得BG=3,继而求得BF 的值,又由勾股定理,即可求得BC 的长.解答:解:过点E 作EM ⊥BC 于M ,交BF 于N ,
∵四边形ABCD 是矩形,∴∠A=∠ABC=90°,AD=BC ,∵∠EMB=90°,
∴四边形ABME 是矩形,