高三数学二轮专题复习资料(理)

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2020版高三数学二轮复习(全国理)讲义:专题四 第一讲等差数列、等比数列

2020版高三数学二轮复习(全国理)讲义:专题四  第一讲等差数列、等比数列
(1)求{an}的通项公式.
(2)求Sn.并求Sn的最小值.
[解析](1)设等差数列{an}的公差为d.由题意得3a1+3d=-15.
由a1=-7得d=2.
所以{an}的通项公式为an=2n-9.
(2)由(1)得Sn=n2-8n=(n-4)2-16.
所以当n=4时.Sn取得最小值.最小值为-16.
例1 (1)已知等比数列{an}的前n项和为Sn.a1+a3=30.S4=120.设bn=1+log3an.那么数列{bn}的前15项和为( B )
6.(20xx·全国卷Ⅰ.14)记Sn为数列 的前n项和.若Sn=2an+1.则S6=-63..
[解析]依题意. 作差得an+1=2an.
所以数列{an}是公比为2的等比数列.
又因为a1=S1=2a1+1.
所以a1=-1.所以an=-2n-1.
所以S6= =-63.
7.(20xx·全国卷Ⅱ.16)记Sn为等差数列{an}的前n项和.已知a1=-7.S3=-15.
A.1B.2
C.4D.8
[解析]设{an}的公差为d.则由

解得d=4.
故选C.
4.(20xx·全国卷Ⅲ.9)等差数列{an}的首项为1.公差不为0.若a2.a3.a6成等比数列.则{an}的前6项和为( A )
A.-24B.-3
C.3D.8
[解析]由已知条件可得a1=1.d≠0.
由a =a2a6可得(1+2d)2=(1+d)(1+5d).
(3)注意整体思想.如在与等比数列前n项和有关的计算中.两式相除就是常用的计算方法.整体运算可以有效简化运算.
G
1.(20xx·邵阳模拟)等比数列{an}的前n项和为Sn.已知a2a3=2a1.且a4与2a7的等差中项为 .则S5=( B )

高三数学理科二轮复习 4-29坐标系与参数方程(选修4-4)

高三数学理科二轮复习  4-29坐标系与参数方程(选修4-4)

高考专题训练二十九 坐标系与参数方程(选修4-4)班级_______ 姓名_______ 时间:45分钟 分值:100分 总得分_______一、填空题(每小题6分,共30分)1.(2011·陕西)直角坐标系xOy 中,以原点为极点,x 轴的正半轴为极轴建立坐标系,设点A ,B 分别在曲线C 1:⎩⎪⎨⎪⎧x =3+cos θy =4+sin θ(θ为参数)和曲线C 2:ρ=1上,则|AB |的最小值为________.解析:C 1:(x -3)2+(y -4)2=1 C 2:x 2+y 2=1.最小值为|C 1C 2|-2=5-2=3. 答案:32.(2011·湖北)如图,直角坐标系xOy 所在的平面为α,直角坐标系x ′Oy ′(其中y ′与y 轴重合)所在平面为β,∠xOx ′=45°.(1)已知平面β内有一点P ′(22,2),则点P ′在平面α内的射影P 的坐标为________;(2)已知平面β内的曲线C ′的方程是(x ′-2)2+2y ′2-2=0,则曲线C ′在平面α内的射影C 的方程是________.解析:(1)如图P ′(22,2)在α上坐标P (x ,y )x =22cos45°=22×22=2,y =2,∴P (2,2).(2)β内曲线C ′的方程(x ′-2)22+y ′2=1同上解法.中心(1,0)即投影后变成圆(x -1)2+y 2=1. 答案:(1)P (2,2) (2)(x -1)2+y 2=13.(2011·深圳卷)已知点P 是曲线C :⎩⎪⎨⎪⎧x =3cos θy =4sin θ(θ为参数,0≤θ≤π)上一点,O 为原点.若直线OP 的倾斜角为π4P 坐标为________.解析:由⎩⎪⎨⎪⎧x =3cos θy =4sin θ(0≤θ≤π)可得x 29+y 216=1(0≤y ≤4),由于直线OP 的方程为y =x ,那么由⎩⎨⎧x 29+y 216=1y =x (0≤y ≤4)⇒⎩⎪⎨⎪⎧x =125y =125.答案:⎝ ⎛⎭⎪⎫125,1254.(2011·佛山卷)在极坐标系中,和极轴垂直且相交的直线l 与圆ρ=4相交于A 、B 两点,若|AB |=4,则直线l 的极坐标方程为________.解析:设极点为O ,由该圆的极坐标方程为ρ=4,知该圆的半径为4,又直线l 被该圆截得的弦长|AB |为4,所以∠AOB =60°,∴极点到直线l 的距离为d =4×cos30°=23,所以该直线的极坐标方程为ρcos θ=2 3.答案:ρcos θ=2 35.在极坐标系(ρ,θ)(0≤θ<2π)中,曲线ρ=2sin θ与ρcos θ=-1的交点的极坐标为________.分析:本题考查极坐标方程与普通方程的互化.解析:由ρ=2sin θ,得ρ2=2ρsin θ,其普通方程为x 2+y 2=2y ,ρcos θ=-1的普通方程为x =-1,联立⎩⎪⎨⎪⎧ x 2+y 2=2y x =-1,解得⎩⎪⎨⎪⎧x =-1y =1,点(-1,1)的极坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫2,3π4. 答案:⎝ ⎛⎭⎪⎫2,3π4二、解答题(每小题7分,共70分)6.已知曲线C 1:⎩⎪⎨⎪⎧x =cos θ,y =sin θ(θ为参数),曲线C 2:⎩⎨⎧x =22t -2,y =22t(t 为参数).(1)指出C 1,C 2各是什么曲线,并说明C 1与C 2公共点的个数; (2)若把C 1,C 2上各点的纵坐标都压缩为原来的一半,分别得到曲线C 1′,C 2′.写出C 1′,C 2′的参数方程.C 1′与C 2′公共点的个数和C 1与C 2公共点的个数是否相同?说明你的理由.解:(1)C 1是圆,C 2是直线.C 1的普通方程为x 2+y 2=1,圆心为(0,0),半径r =1.C 2的普通方程为x -y +2=0.因为圆心(0,0)到直线x -y +2=0的距离为1,所以C 2与C 1只有一个公共点.(2)压缩后的参数方程分别为C 1′:⎩⎨⎧x =cos θ,y =12sin θ(θ为参数),C 2′:⎩⎨⎧x =22t -2,y =24t(t 为参数).化为普通方程分别为C 1′:x 2+4y 2=1,C 2′:y =12x +22,联立消元得2x 2+22x +1=0, 其判别式Δ=(22)2-4×2×1=0,所以压缩后的直线C 2′与椭圆C 1′仍然只有一个公共点,和C 1与C 2公共点的个数相同.7.已知直线l :⎩⎨⎧x =-1-22t y =2+22t与抛物线y =x 2交于A ,B 两点,求线段AB 的长.解:把⎩⎨⎧x =-1-22t ,y =2+22t ,代入y =x 2,得t 2+2t -2=0,∴t 1+t 2=-2,t 1t 2=-2.由参数的几何意义,得 |AB |=(t 1+t 2)2-4t 1t 2=10.8.(2011·福建)在直角坐标系xOy 中,直线l 的方程为x -y +4=0,曲线C 的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧x =3cos α,y =sin α(α为参数).(1)已知在极坐标系(与直角坐标系xOy 取相同的长度单位,且以原点O 为极点,以x 轴正半轴为极轴)中,点P 的极坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫4,π2,判断点P 与直线l 的位置关系;(2)设点Q 是曲线C 上一个动点,求它到直线l 的距离的最小值.解:(1)把极坐标系下的点P ⎝ ⎛⎭⎪⎫4,π2化为直角坐标系,得P (0,4).因为点P 的直角坐标(0,4)满足直线l 的方程x -y +4=0,所以点P 在直线l 上.(2)因为点Q 在曲线C 上,故可设点Q 的坐标为(3cos α,sin α)从而点Q 到直线l 的距离为:d =|3cos α-sin α+4|2=2cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫α+π6+42=2cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫α+π6+22, 由此得,当cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫α+π6=-1时,d 取得最小值,且最小值为 2.9.已知曲线C 的极坐标方程为ρ2-42ρcos ⎝ ⎛⎭⎪⎫θ-π4+6=0,求:(1)曲线C 的普通方程;(2)设点P (x ,y )是曲线C 上任意一点,求xy 的最大值和最小值.解:(1)原方程可化为ρ2-42ρ⎣⎢⎡⎦⎥⎤cos θ·cos π4+sin θ·sin π4+6=0,即ρ2-4ρcos θ-4ρsin θ+6=0.∵⎩⎪⎨⎪⎧ρ2=x 2+y 2,x =ρcos θ,y =ρsin θ,∴x 2+y 2-4x -4y +6=0,即(x -2)2+(y -2)2=2,此方程即为所求普通方程.(2)设x -22=cos θ,y -22=sin θ,则xy =(2+2cos θ)(2+2sin θ)=4+22(cos θ+sin θ)+2cos θsin θ.设t =cos θ+sin θ,则t =2sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫θ+π4,∴t ∈[-2,2],t 2=1+2cos θsin θ,从而2cos θsin θ=t 2-1.∴xy =3+22t +t 2.当t =-2时,xy 取得最小值1;当t =2时,xy 取得最大值9.10.在直角坐标系xOy 中,以O 为极点,x 轴正半轴为极轴建立极坐标系,直线l 的极坐标方程为ρsin ⎝ ⎛⎭⎪⎫θ+π4=22.圆O 的参数方程为⎩⎨⎧x =-22+r cos θy =-22+r sin θ(θ为参数,r >0).(1)求圆心的极坐标;(2)当r 为何值时,圆O 上的点到直线l 的最大距离为3?解:(1)圆心坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫-22,-22, 设圆心的极坐标为(ρ,θ), 则ρ=⎝ ⎛⎭⎪⎫-222+⎝ ⎛⎭⎪⎫-222=1, 所以圆心的极坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫1,54. (2)直线l 的极坐标方程为ρ⎝ ⎛⎭⎪⎫22sin θ+22cos θ=22,∴直线l 的普通方程为x +y -1=0, ∴圆上的点到直线l 的距离d =⎪⎪⎪⎪⎪⎪-22+r cos θ-22+r sin θ-12,即d =⎪⎪⎪⎪⎪⎪-2+2r sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫θ+π4-12.∴圆上的点到直线l 的最大距离为2+2r +12=3,∴r =4-22.11.(2011·哈师大附中、东北师大附中、辽宁省实验中学第一次联考)已知极坐标系的极点与直角坐标系的原点重合,极轴与直角坐标系的x 轴的正半轴重合,且两个坐标系的单位长度相同,已知直线l 的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧x =-1+t cos αy =1+t sin α(t 为参数),曲线C 的极坐标方程为ρ=4cos θ.(1)若直线l 的斜率为-1,求直线l 与曲线C 交点的极坐标; (2)若直线l 与曲线C 的相交弦长为23,求直线l 的参数方程. 解:(1)直线l 的普通方程为y -1=-1(x +1),即y =-x , ① 曲线C 的直角坐标方程为x 2+y 2-4x =0. ② ①代入②得:2x 2-4x =0,解得x =0或x =2.∴A (0,0),B (2,-2),极坐标为A (0,0),B ⎝ ⎛⎭⎪⎫22,7π4. (2)由题意可得圆心C (2,0)到相交弦的距离为22-(3)2=1,设直线l 的斜率为k ,则l 的方程为y -1=k (x +1),则y =kx +k +1,∴|2k +k +1|k 2+1=1,∴k =0或k =-34. ∴l :⎩⎪⎨⎪⎧x =-1+t y =1(t 为参数)或⎩⎪⎨⎪⎧x =-1-45ty =1+35t(t 为参数).12.已知A 、B 是椭圆x 29+y 24=1与x 轴、y 轴的正半轴的两交点,在第一象限的椭圆弧上求一点P ,使四边形OAPB 的面积最大.解:设点P 的坐标为(3cos θ,2sin θ),其中0<θ<π2,∵S四边形AOBP =S △APB +S △AOB ,其中S △AOB 为定值,故只需S △APB最大即可.因为AB 为定长,故只需点P 到AB 的距离最大即可.AB 的方程为2x +3y -6=0,点P 到AB 的距离为d =|6cos θ+6sin θ-6|13=613·⎪⎪⎪⎪⎪⎪2sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫θ+π4-1,∴θ=π4时,d 取最大值,从而S △APB 取最大值,这时点P 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫322,2.13.已知圆C 的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧x =1+2cos θy =2sin θ(θ为参数),P 是圆与y 轴的交点,若以圆心C 为极点,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,求过点P 的圆的切线的极坐标方程.解:依题意,圆C :⎩⎪⎨⎪⎧x =1+2cos θy =2sin θ是以(1,0)为圆心,2为半径的圆,与y 轴交于(0,±3),如图所示.设R 是切线上一点,∵PR 为圆C 的切线,∴△CPR 为直角三角形,∴CR ·cos ∠RCP =CP ,又∠PCO =π3,∴极坐标方程为ρcos ⎝ ⎛⎭⎪⎫θ-2π3=2;若取圆与y 轴负轴交点,则极坐标方程为ρcos ⎝ ⎛⎭⎪⎫θ+2π3=2.14.(2011·辽宁)在平面直角坐标系xOy 中,曲线C 1的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧ x =cos φy =sin φ(φ为参数),曲线C 2的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧x =a cos φ,y =b sin φ,(a >b >0,φ为参数).在以O 为极点,x 轴的正半轴为极轴的极坐标系中,射线l :θ=α与C 1,C 2各有一个交点.当α=0时,这两个交点间的距离为2,当α=π2时,这两个交点重合.(1)分别说明C 1,C 1是什么曲线,并求出a 与b 的值;(2)设当α=π4时,l 与C 1,C 2的交点分别为A 1,B 1,当α=-π4时,l 与C 1,C 2的交点分别为A 2,B 2,求四边形A 1A 2B 2B 1的面积.解:(1)C 1是圆,C 2是椭圆.当α=0时,射线l 与C 1,C 2交点的直角坐标分别为(1,0),(a,0),因为这两点间的距离为2,所以a =3.当α=π2时,射线l 与C 1,C 2交点的直角坐标分别为(0,1),(0,b ),因为这两点重合,所以b =1.(2)C 1,C 2的普通方程分别为x 2+y 2=1和x29+y 2=1,当α=π4时,射线l 与C 1交点A 1的横坐标为x =22,与C 2交点B 1的横坐标为x ′=31010.当α=-π4时,射线l 与C 1,C 2的两个交点A 2,B 2分别与A 1,B 1关于x 轴对称,因此四边形A 1A 2B 2B 1为梯形.故四边形A 1A 2B 2B 1的面积为(2x ′+2x )(x ′-x )2=25.15.(2011·课标)在直线坐标系xOy 中,曲线C 1的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧x =2cos αy =2+2sin α(α为参数)M 是C 1上的动点,P 点满足OP →=2OM →,P 点的轨迹为曲线C 2.(1)求C 2的方程;(2)在以O 为极点,x 轴的正半轴为极轴的极坐标系中,射线θ=π3与C 1的异于极点的交点为A ,与C 2的异于极点的交点为B ,求|AB |. 解:(1)设P (x ,y ),则由条件知M ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2,y 2,由于M 点在C 1上,所以⎩⎪⎨⎪⎧ x 2=2cos α,y 2=2+2sin α.即⎩⎪⎨⎪⎧x =4cos α,y =4+4sin α. 从而C 2的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧x =4cos α,y =4+4sin α.(α为参数) (2)曲线C 1的极坐标方程为ρ=4sin θ,曲线C 2的极坐标方程为ρ=8sin θ.射线θ=π3与C 1的交点A 的极径为ρ1=4sin π3, 射线θ=π3与C 2的交点B 的极径为ρ2=8sin π3. 所以|AB |=|ρ2-ρ1|=2 3.。

高三数学(理科)二轮复习-不等式

高三数学(理科)二轮复习-不等式

2014届高三数学第二轮复习第3讲 不等式一、本章知识结构:实数的性质二、高考要求(1)理解不等式的性质及其证明。

(2)掌握两个(不扩展到三个)正数的算术平均数不小于它们的几何平均数定理,并会简单应用。

(3)分析法、综合法、比较法证明简单的不等式。

(4)掌握某些简单不等式的解法。

(5)理解不等式|a|﹣|b| ≤|a+b|≤|a| +|b|。

三、热点分析1.重视对基础知识的考查,设问方式不断创新.重点考查四种题型:解不等式,证明不等式,涉及不等式应用题,涉及不等式的综合题,所占比例远远高于在课时和知识点中的比例.重视基础知识的考查,常考常新,创意不断,设问方式不断创新,图表信息题,多选型填空题等情景新颖的题型受到命题者的青眯,值得引起我们的关注.2.突出重点,综合考查,在知识与方法的交汇点处设计命题,在不等式问题中蕴含着丰富的函数思想,不等式又为研究函数提供了重要的工具,不等式与函数既是知识的结合点,又是数学知识与数学方法的交汇点,因而在历年高考题中始终是重中之重.在全面考查函数与不等式基础知识的同时,将不等式的重点知识以及其他知识有机结合,进行综合考查,强调知识的综合和知识的内在联系,加大数学思想方法的考查力度,是高考对不等式考查的又一新特点.3.加大推理、论证能力的考查力度,充分体现由知识立意向能力立意转变的命题方向.由于代数推理没有几何图形作依托,因而更能检测出学生抽象思维能力的层次.这类代数推理问题常以高中代数的主体内容——函数、方程、不等式、数列及其交叉综合部分为知识背景,并与高等数学知识及思想方法相衔接,立意新颖,抽象程度高,有利于高考选拔功能的充分发挥.对不等式的考查更能体现出高观点、低设问、深入浅出的特点,考查容量之大、功能之多、能力要求之高,一直是高考的热点.4.突出不等式的知识在解决实际问题中的应用价值,借助不等式来考查学生的应用意识.不等式部分的内容是高考较为稳定的一个热点,考查的重点是不等式的性质、证明、解法及最值方面的应用。

【世纪金榜】高三数学(人教版理)二轮复习练习:1.2.4导数的简单应用及定积分(含答案)

【世纪金榜】高三数学(人教版理)二轮复习练习:1.2.4导数的简单应用及定积分(含答案)

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课时巩固过关练六导数的简单应用及定积分(35分钟55分)一、选择题(每小题5分,共20分)1.(2016·四川高考)已知a为函数f(x)=x3-12x的极小值点,则a=()A.-4B.-2C.4D.2【解析】选D. f′=3x2-12=3,令f′=0,得x=-2或x=2,易知f在上单调递减,在上单调递增,故f的极小值为f,所以a=2.2.(2016·益阳一模)函数f(x)=x2-2lnx的单调减区间是()A.(0,1]B.[1,+∞)C.(-∞,-1)∪(0,1]D.[-1,0)∪(0,1] 【解析】选A.f′(x)=2x-=(x>0),令f(x)≤0,解得:0<x≤1.3.(2016·承德二模)在平面直角坐标系中,过原点O的直线l与曲线y=e x-2交于不同的两点A,B,分别过A,B作x轴的垂线,与曲线y=lnx交于点C,D,则直线CD的斜率为()A.3B.2C.1D.【解析】选C.设直线l的方程为y=kx(k>0),且A(x1,y1),B(x2,y2),故kx1=,kx2=⇒x1=,x2=,则k CD====1.4.(2016·莱芜一模)设函数f′(x)是函数f(x)(x∈R)的导函数,f(0)=1,且3f(x)=f′(x)-3,则4f(x)>f′(x)的解集为()A.B.C.D.【解析】选B.因为3f(x)=f′(x)-3,所以f′(x)=3f(x)+3,可设f(x)=ae bx+c,由f(0)=1,所以a+c=1,又3f(x)=f′(x)-3,所以3ae bx+3c=abe bx-3,即(3a-ab)e bx=-3-3c,所以解得b=3,c=-1,a=2.所以f(x)=2e3x-1,x∈R,又4f(x)>f′(x),所以8e3x-4>6e3x,即e3x>2,解得x>,所求不等式的解集为.二、填空题(每小题5分,共10分)5.(2016·衡阳一模)曲线f(x)=2x2-3x在点(1,f(1))处的切线方程为__________.【解析】f′(x)=4x-3,f′(1)=1,f(1)=-1,所以切线方程为y+1=x-1,即x-y-2=0.答案:x-y-2=06.(2016·汕头一模)若过点A(2,m)可作函数f(x)=x3-3x对应曲线的三条切线,则实数m的取值范围为__________.【解题导引】设切点为(a,a3-3a),利用导数的几何意义,求得切线的斜率k=f′(a),利用点斜式写出切线方程,将点A代入切线方程,可得关于a的方程有三个不同的解,利用参变量分离可得2a3-6a2=-6-m,令g(x)=2x3-6x2,利用导数求出g(x)的单调性和极值,则根据y=g(x)与y=-6-m有三个不同的交点,即可得到m的取值范围.【解析】设切点为(a,a3-3a),因为f(x)=x3-3x,所以f′(x)=3x2-3,所以切线的斜率k=f′(a)=3a2-3,由点斜式可得切线方程为y-(a3-3a)=(3a2-3)(x-a),因为切线过点A(2,m),所以m-(a3-3a)=(3a2-3)(2-a),即2a3-6a2=-6-m,因为过点A(2,m)可作曲线y=f(x)的三条切线,所以关于a的方程2a3-6a2=-6-m有三个不同的根,令g(x)=2x3-6x2,所以g′(x)=6x2-12x=0,解得x=0或x=2,当x<0时,g′(x)>0,当0<x<2时,g′(x)<0,当x>2时,g′(x)>0,所以g(x)在(-∞,0)上单调递增,在(0,2)上单调递减,在(2,+∞)上单调递增,所以当x=0时,g(x)取得极大值g(0)=0,当x=2时,g(x)取得极小值g(2)=-8,关于a的方程2a3-6a2=-6-m有三个不同的根,等价于y=g(x)与y=-6-m的图象有三个不同的交点,所以-8<-6-m<0,所以-6<m<2,所以实数m的取值范围为(-6,2).答案:(-6,2)三、解答题(7题12分,8题13分,共25分)7.(2016·合肥二模)已知函数f(x)=lnx+(a>0).(1)当a=2时,求出函数f(x)的单调区间.(2)若不等式f(x)≥a对于x>0的一切值恒成立,求实数a的取值范围.【解题导引】(1)对函数求导,令导函数为0,得导函数的根,做表,通过导函数的正负确定原函数的增减.(2)将所要证明的式子变形,建立一个函数,求导后再建立一个新的函数,再求导.需要用到两次求导.再来通过最值确定正负号,然后确定原函数的单调性.【解析】(1)f(x)的定义域为(0,+∞),a=2时,f(x)=lnx+,f′(x)=-=,令f′(x)=0,得x=e.①当0<x<e时,f′(x)<0,则f(x)在区间(0,e)上是单调递减的.②当e<x时,f′(x)>0,则f(x)在区间(e,+∞)上是单调递增的.所以f(x)的递减区间是(0,e),递增区间是(e,+∞).(2)原式等价于xlnx+a+e-2-ax≥0在(0,+∞)上恒成立.令g(x)=xlnx+a+e-2-ax.因为g′(x)=lnx+1-a,令g′(x)=0,得x=e a-1.①0<x<e a-1时,g′(x)<0,g(x)单调递减,②e a-1<x时,g′(x)>0,g(x)单调递增.所以g(x)的最小值为g(e a-1)=(a-1)e a-1+a+e-2-ae a-1=a+e-2-e a-1.令t(x)=x+e-2-e x-1.因为t′(x)=1-e x-1,令t′(x)=0,得x=1,且③0<x<1时,t′(x)>0,t(x)单调递增,④1<x时,t′(x)<0,t(x)单调递减.所以当a∈(0,1)时,g(x)的最小值t(a)>t(0)=e-2-=>0.当a∈[1,+∞)时,g(x)的最小值为t(a)=a+e-2-e a-1≥0=t(2).所以a∈[1,2].综上得:a∈(0,2].8.(2016·葫芦岛一模)已知函数f(x)=-x3+ax2+1(a∈R).(1)若在f(x)的图象上横坐标为的点处存在垂直于y轴的切线,求a的值.(2)若f(x)在区间(-2,3)内有两个不同的极值点,求a的取值范围.(3)在(1)的条件下,是否存在实数m,使得函数g(x)=x4-5x3+(2-m)x2+1的图象与函数f(x)的图象恰有三个交点,若存在,试求出实数m的值;若不存在,说明理由.【解析】(1)依题意,f′=0,因为f′(x)=-3x2+2ax,所以a=1.(2)若f(x)在区间(-2,3)内有两个不同的极值点.则f′(x)=0在(-2,3)内有两个不同的实根.又f′(x)=-3x2+2ax=-x(3x-2a),x1=0,x2=,所以-2<<3.解得-3<a<,且a≠0,所以a∈(-3,0)∪.(3)在(1)的条件下,a=1.要使函数f(x)与g(x)=x4-5x3+(2-m)x2+1的图象恰有三个交点,等价于方程-x3+x2+1=x4-5x3+(2-m)x2+1,即方程x2(x2-4x+1-m)=0恰有三个不同的实根.因为x=0是一个根,所以应使方程x2-4x+1-m=0有两个非零的不等实根,则Δ>0,1-m≠0,解得m>-3,m≠1.所以存在m∈(-3,1)∪(1,+∞)使得两个函数图象恰有三个交点.【加固训练】(2016·洛阳二模)已知函数f(x)=(m,n∈R)在x=1处取到极值2.(1)求f(x)的解析式.(2)设函数g(x)=lnx+,若对任意的x1∈[-1,1],总存在x2∈[1,e],使得g(x2)≤f(x1)+,求实数a的取值范围.【解题导引】(1)利用函数的求导公式计算函数的导数,根据函数在x=1处取到极值得出函数在x=1处的导数值为0,再把x=2代入函数,联立两式求出m,n的值即可.(2)由(1)知f(x)的定义域为R,且f(-x)=-f(x).故f(x)为奇函数.f(0)=0,x>0时,f(x)>0,f(x)=≤2.当且仅当x=1时取“=”.故f(x)的值域为[-2,2].从而f(x1)+≥.依题意有g(x)最小值≤.【解析】(1)f′(x)==.由f(x)在x=1处取到极值2,故f′(1)=0,f(1)=2,即解得m=4,n=1,经检验,此时f(x)在x=1处取得极值.故f(x)=.(2)由(1)知f(x)的定义域为R,且f(-x)=-f(x).故f(x)为奇函数.f(0)=0,x>0时,f(x)>0,f(x)=≤2.当且仅当x=1时取“=”.故f(x)的值域为[-2,2].从而f(x1)+≥.依题意有g(x)最小值≤.函数g(x)=lnx+的定义域为(0,+∞),g′(x)=.①当a≤1时,g′(x)>0,函数g(x)在[1,e]上单调递增,其最小值为g(1)=a≤1<合题意;②当1<a<e时,函数g(x)在[1,a)上有g′(x)<0,单调递减,在(a,e]上有g′(x)>0,单调递增,所以函数g(x)最小值为f(a)=lna+1,由lna+1≤,得0<a≤.从而知1<a≤符合题意;③当a≥e时,显然函数g(x)在[1,e]上单调递减,其最小值为g(e)=1+≥2>,不合题意.综上所述,a的取值范围为a≤.(30分钟55分)一、选择题(每小题5分,共20分)1.曲线C:y=xlnx在点M(e,e)处的切线方程为()A.y=x-eB.y=x+eC.y=2x-eD.y=2x+e【解析】选 C.因为y=xlnx,所以y′=lnx+1,所以k=lne+1=2,所以切线方程为y-e=2(x-e),即y=2x-e.【加固训练】在曲线y=x2上切线倾斜角为的点是()A.(0,0)B.(2,4)C.D.【解析】选D.y′=2x,设切点为(a,a2),所以y′=2a,得切线的斜率为2a,所以2a=tan45°=1,所以a=,在曲线y=x2上切线倾斜角为的点是.2.若函数f(x)=x2-lnx+1在其定义域内的一个子区间(k-1,k+1)内不是单调函数,则实数k的取值范围为()A.[1,+∞)B.C.[1,2)D.【解析】选B.因为f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=2x-=,由f′(x)>0得,x>;由f′(x)<0得,0<x<;因为函数f(x)在其定义域内的一个子区间(k-1,k+1)内不是单调函数,所以0≤k-1<<k+1,所以1≤k<.3.函数f(x)(x>0)的导函数为f′(x),若xf′(x)+f(x)=e x,且f(1)=e,则() A.f(x)的最小值为e B.f(x)的最大值为eC.f(x)的最小值为D.f(x)的最大值为【解析】选A.设g(x)=xf(x)-e x,所以g′(x)=f(x)+xf′(x)-e x=0,所以g(x)=xf(x)-e x为常数函数.因为g(1)=1×f(1)-e=0,所以g(x)=xf(x)-e x=g(1)=0,所以f(x)=,f′(x)=,当0<x<1时,f′(x)<0,当x>1时,f′(x)>0,所以f(x)≥f(1)=e.【加固训练】设定义在(0,+∞)上的函数f(x)满足xf′(x)-f(x)=xlnx,f=,则f(x)()A.有极大值,无极小值B.有极小值,无极大值C.既有极大值,又有极小值D.既无极大值,也无极小值【解析】选D.f(x)的定义域为(0,+∞),因为xf′(x)-f(x)=xlnx,所以=,所以′=,所以=ln2x+c,所以f(x)=xln2x+cx.因为f=ln2+c×=,所以c=.所以f′(x)=ln2x+lnx+=(lnx+1)2≥0,所以f(x)在(0,+∞)上单调递增,所以f(x)在(0,+∞)上既无极大值也无极小值.4.设函数f(x)=sin.若存在f(x)的极值点x0满足+[f(x0)]2<m2,则m的取值范围是()A.(-∞,-6)∪(6,+∞)B.(-∞,-4)∪(4,+∞)C.(-∞,-2)∪(2,+∞)D.(-∞,-1)∪(4,+∞)【解析】选C.由题意知:f′(x0)=·cos=0,所以x0=,所以m2>+[f(x0)]2=+3sin2=+3,故>3,解得m>2或m<-2.二、填空题(每小题5分,共10分)5.若函数y=f(x)的图象在点(1,f(1))处的切线方程是x-2y+3=0,则f(1)-2f′(1)=__________.【解析】依题意得:当x=1时,y=2,即f(1)=2,又因为切线方程为x-2y+3=0,所以切线的斜率为,所以f′(1)=,所以f(1)-2f′(1)=2-2×=1.答案:1【加固训练】已知直线l:y=kx+b与曲线y=x3+3x+1相切,则斜率k取最小值时,直线l的方程为__________.【解题导引】求出原函数的导函数,得到导函数的最小值,求出此时x的值,再求出此时的函数值,由直线方程的点斜式,求得斜率k最小时直线l的方程.【解析】由y=x3+3x+1,得y′=3x2+3,则y′=3(x2+1)≥3,当y′=3时,x=0,此时f(0)=1,所以斜率k最小时直线l的方程为y-1=3(x-0),即3x-y+1=0.答案:3x-y+1=06.已知函数y=f(x)是R上的偶函数,对于任意x∈R,都有f(x+6)=f(x)+f(3)成立,当x1,x2∈[0,3],且x1≠x2时,都有>0,给出下列命题:①f(3)=0;②直线x=-6是函数f(x)的图象的一条对称轴;③函数y=f(x)在[-9,-6]上为增函数;④函数y=f(x)在[-9,9]上有四个零点.其中所有正确命题的序号为__________.【解析】对于任意x∈R,都有f(x+6)=f(x)+f(3)成立,令x=-3,则f(-3+6)=f(-3)+f(3),又因为f(x)是R上的偶函数,所以f(3)=0,故①正确.②由(1)知f(x+6)=f(x),所以f(x)的周期为6,又因为f(x)是R上的偶函数,所以f(x+6)=f(-x),而f(x)的周期为6,所以f(x+6)=f(-6+x),f(-x)=f(-x+6),所以:f(-6-x)=f(-6+x),所以直线x=-6是函数y=f(x)的图象的一条对称轴,故②正确.③当x1,x2∈[0,3],且x1≠x2时,都有>0,所以函数y=f(x)在[0,3]上为增函数,因为f(x)是R上的偶函数,所以函数y=f(x)在[-3,0]上为减函数,而f(x)的周期为6,所以函数y=f(x)在[-9,-6]上为减函数,故③错误.④f(3)=0,f(x)的周期为6,所以:f(-9)=f(-3)=f(3)=f(9)=0,函数y=f(x)在[-9,9]上有四个零点,故④正确.答案:①②④三、解答题(7题12分,8题13分,共25分)7.设函数f(x)=ae x(x+1)(其中e=2.71828…),g(x)=x2+bx+2,已知它们在x=0处有相同的切线.(1)求函数f(x),g(x)的解析式.(2)求函数f(x)在[t,t+1](t>-3)上的最小值.(3)若对∀x≥-2,kf(x)≥g(x)恒成立,求实数k的取值范围.【解题导引】(1)求导函数,利用两函数在x=0处有相同的切线,可得2a=b,f(0)=a=g(0)=2,即可求函数f(x),g(x)的解析式.(2)求导函数,确定函数的单调性,再分类讨论,即可求出函数f(x)在[t,t+1](t>-3)上的最小值.(3)令F(x)=kf(x)-g(x)=2ke x(x+1)-x2-4x-2,对∀x≥-2,kf(x)≥g(x)恒成立,可得当x≥-2时,F(x)min≥0,即可求实数k的取值范围.【解析】(1)f′(x)=ae x(x+2),g′(x)=2x+b,由题意,两函数在x=0处有相同的切线.所以f′(0)=2a,g′(0)=b,所以2a=b,f(0)=a=g(0)=2,所以a=2,b=4,所以f(x)=2e x(x+1),g(x)=x2+4x+2.(2)f′(x)=2e x(x+2),由f′(x)>0得x>-2,由f′(x)<0得x<-2,所以f(x)在(-2,+∞)上单调递增,在(-∞,-2)上单调递减.因为t>-3,所以t+1>-2.①当-3<t<-2时,f(x)在[t,-2]上单调递减,在[-2,t+1]上单调递增,所以f(x)min=f(-2)=-2e-2.②当t≥-2时,f(x)在[t,t+1]上单调递增,所以f(x)min=f(t)=2e t(t+1).所以f(x)min=(3)令F(x)=kf(x)-g(x)=2ke x(x+1)-x2-4x-2,由题意当x≥-2时,F(x)min≥0.因为∀x≥-2,kf(x)≥g(x)恒成立,所以F(0)=2k-2≥0,所以k≥1,F′(x)=2ke x(x+1)+2ke x-2x-4=2(x+2)(ke x-1),因为x≥-2,由F′(x)>0得e x>,所以x>ln;由F′(x)<0得x<ln.所以F(x)在上单调递减,在上单调递增.①当ln<-2,即k>e2时,F(x)在[-2,+∞)上单调递增,F(x)min=F(-2)=-2ke-2+2=(e2-k)<0,不满足F(x)min≥0.②当ln=-2,即k=e2时,由①知,F(x)min=F(-2)=(e2-k)=0,满足F(x)min≥0.③当ln>-2,即1≤k<e2时,F(x)在上单调递减,在上单调递增.F(x)min=F=lnk(2-lnk)>0,满足F(x)min≥0.综上所述,满足题意的k的取值范围为[1,e2].8.已知函数f(x)=ax+-2a+1(a>0).(1)求f(x)的单调区间.(2)若f(x)≥lnx在[1,+∞)上恒成立,求实数a的取值范围.(3)证明:ln>.【解题导引】(1)求出f(x)的定义域,以及导函数,根据导函数的正负与增减性的关系判断即可确定出f(x)的单调区间.(2)令g(x)=ax+-2a+1-lnx,x∈[1,+∞),求出g(1)的值以及导函数,根据导函数的正负与增减性的关系确定出f(x)≥lnx在[1,+∞)上恒成立时实数a的取值范围即可.(3)令a=,根据第二问的结论列出关系式,进而可得lnx2<x-(x>1)(*),所证不等式等价于>,令x=>1(n>2),代入不等式(*),整理即可得证.【解析】(1)f(x)的定义域为{x|x≠0},f′(x)=a-=(a>0),当0<a≤1时,f′(x)>0恒成立,此时,f(x)在(-∞,0),(0,+∞)上是增函数;当a≥1时,令f′(x)=0得:x1=-,x2=,列表如下:此时,f(x)的递增区间是(-∞,-),(,+∞);递减区间是,.(2)令g(x)=ax+-2a+1-lnx,x∈[1,+∞),则g(1)=0,g′(x)=a--==,(i)当0<a<时,>1,若1<x<,则g′(x)<0,g(x)是减函数,所以g(x)<g(1)=0,即f(x)<lnx,故f(x)≥lnx在[1,+∞)上不恒成立;(ii)当a≥时,≤1,若x>1,则g′(x)>0,g(x)是增函数,所以g(x)>g(1)=0,即f(x)>lnx,故当x≥1时,f(x)≥lnx,综上所述,所求a的取值范围是.(3)在(2)中,令a=,可得不等式:lnx≤(x≥1)(当且仅当x=1时等号成立),进而可得lnx2<x-(x>1)(*),ln>⇒ln>,令x=>1(n>2),代入不等式(*)得:ln<-=-=,则所证不等式成立.【加固训练】已知函数f(x)=e x+a|x-1|.(1)当a=3时,求函数f(x)在区间[0,2]上的值域.(2)若f(x)≥0对一切实数x∈[0,+∞)恒成立,求a的取值范围.【解析】(1)当a=3时,f(x)=e x+3|x-1|=则函数的导数f′(x)=当0<x<1时,f′(x)=e x-3<0,此时函数单调递减,当1<x<2时,f′(x)=e x+3>0,此时函数单调递增,所以函数的最小值为f(1)=e,又f(0)=4,f(2)=e2+3,则函数在[0,2]上的最大值为e2+3,即函数的值域为[e,e2+3].(2)当x=1时,f(1)=e>0,对一切x≥0都恒成立,所以此时a为任意实数. 当x≠1时,f(x)≥0等价为e x+a|x-1|≥0,即a≥,设g(x)=,则g(x)=g′(x)=即g(x)在[0,1)上单调递减,在(1,2]上单调递增,在(2,+∞)上单调递减, 所以g(x)的极大值为g(2)=-e2,所以a≥-e2,且a≥g(0)=-1,综上a≥-1.1.(2016·包头一模)已知函数f(x)=alnx+x2(a为实常数).(1)若a=-2,求证:函数f(x)在(1,+∞)上是增函数.(2)求函数f(x)在[1,e]上的最小值及相应的x值.【解析】(1)当a=-2时,f(x)=x2-2lnx,当x∈(1,+∞)时,f′(x)=>0,故函数f(x)在(1,+∞)上是增函数.(2)f′(x)=(x>0),当x∈[1,e]时,2x2+a∈[a+2,a+2e2].若a≥-2,f′(x)在[1,e]上非负(仅当a=-2,x=1时,f′(x)=0),故函数f(x)在[1,e]上是增函数,此时[f(x)]min=f(1)=1.若-2e2<a<-2,当x=时,f′(x)=0;当1≤x<时,f′(x)<0,此时f(x)是减函数;当<x≤e时,f′(x)>0,此时f(x)是增函数.故[f(x)]min=f=ln-.若a≤-2e2,f′(x)在[1,e]上非正(仅当a=-2e2,x=e时,f′(x)=0),故函数f(x)在[1,e]上是减函数,此时[f(x)]min=f(e)=a+e2.综上可知,当a≥-2时,f(x)的最小值为1,相应的x值为1;当-2e2<a<-2时,f(x)的最小值为ln-,相应的x值为;当a≤-2e2时,f(x)的最小值为a+e2,相应的x值为e.2.设函数f(x)=lnx+x2-2mx+m2,m∈R.(1)当m=0时,求函数f(x)在[1,3]上的最小值.(2)若函数f(x)在上存在单调递增区间,求实数m的取值范围.(3)若函数f(x)存在极值点,求实数m的取值范围.【解析】(1)当m=0时,f(x)=lnx+x2,其定义域为(0,+∞),f′(x)=+2x.所以f(x)在[1,3]上是增函数,当x=1时,f(x)取得最小值为f(1)=1.故函数f(x)在[1,3]上的最小值为1.(2)依题意,可知f′(x)=+2x-2m=.设g(x)=2x2-2mx+1,则区间上存在子区间使得不等式g(x)>0成立.因为函数g(x)的图象是开口向上的抛物线,所以只要g>0,或g>0即可.由g>0,即-m+1>0,解得m<,由g>0,即-3m+1>0,解得m<,因此,实数m的取值范围是.(3)由(2)可知f′(x)=+2x-2m,假设函数f(x)不存在极值点,所以函数f(x)在定义域内恒单调,所以f′(x)≥0恒成立,所以+2x-2m≥0恒成立,所以m≤,所以若函数存在极值点,m的取值范围是(,+∞).关闭Word文档返回原板块。

2019届高三理科数学第二轮专题复习配套文档专题四 第3讲立体几何中的向量方法

2019届高三理科数学第二轮专题复习配套文档专题四 第3讲立体几何中的向量方法

第3讲立体几何中的向量方法[真题再现]1.(2018·课标Ⅰ)如图,四边形ABCD为正方形,E,F分别为AD,BC的中点,以DF为折痕把△DFC使点C到达点P的位置,且PF⊥BF。

(1)证明:平面PEF⊥平面ABFD;(2)求DP与平面ABFD所成角的正弦值.[解](1)证明:由已知可得BF⊥PF,BF⊥EF,所以BF⊥平面PEF.又BF⊂平面ABFD,所以平面PEF⊥平面ABFD。

(2)解:如图,作PH⊥EF,垂足为H.由(1)得,PH⊥平面ABFD。

以H为坐标原点,错误!的方向为y轴正方向,|错误!|为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系H.xyz.由(1)可得,DE⊥PE.又DP=2,DE=1,所以PE=错误!.又PF=1,EF=2,所以PE⊥PF.所以PH=错误!,EH=错误!.则H(0,0,0),P错误!,D错误!,错误!=错误!,错误!=错误!.又错误!为平面ABFD的法向量,设DP与平面ABFD所成角为θ,则sin θ=错误!=错误!=错误!。

所以DP与平面ABFD所成角的正弦值为错误!.2.(2018·课标Ⅱ)如图,在三棱锥P-ABC中,AB=BC=22,P A=PB=PC=AC=4,O为AC的中点.(1)证明:PO⊥平面ABC;(2)若点M在棱BC上,且二面角M。

P A-C为30°,求PC与平面P AM所成角的正弦值[解](1)证明:因为P A=PC=AC=4,O为AC的中点,所以OP⊥AC,且OP=2错误!.如图,连接OB.因为AB=BC=错误!AC,所以△ABC为等腰直角三角形,且OB ⊥AC,OB=错误!AC=2。

由OP2+OB2=PB2知PO⊥OB.由OP⊥OB,OP⊥AC,OB∩AC=O,得PO⊥平面ABC.(2)解:如图,以O为坐标原点,错误!的方向为x轴正方向,建立空间直角坐标系O。

xyz。

由已知得O(0,0,0),B(2,0,0),A(0,-2,0),C(0,2,0),P(0,0,2错误!),错误!=(0,2,2错误!).取平面P AC的一个法向量错误!=(2,0,0).设M (a ,2-a,0)(0≤a ≤2),则错误!=(a ,4-a,0).设平面P AM 的法向量为n =(x ,y ,z ).由AP ,→·n =0,错误!·n =0得错误!可取y =错误!a ,得平面P AM 的一个法向量为n =(错误!(a -4),错误!a ,-a ),所以cos 错误!,n =错误!。

高三数学(理科)二轮复习

高三数学(理科)二轮复习

高考数学第二轮复习计划一、指导思想高三第一轮复习一般以知识、技能、方法的逐点扫描和梳理为主,通过第一轮复习,学生大都能掌握基本概念的性质、定理及其一般应用,但知识较为零散,综合应用存在较大的问题。

第二轮复习的首要任务是把整个高中基础知识有机地结合在一起,强化数学的学科特点,同时第二轮复习承上启下,是促进知识灵活运用的关键时期,是发展学生思维水平、提高综合能力发展的关键时期,因而对讲、练、检测要求较高。

强化高中数学主干知识的复习,形成良好知识网络。

整理知识体系,总结解题规律,模拟高考情境,提高应试技巧,掌握通性通法。

第二轮复习承上启下,是知识系统化、条理化,促进灵活运用的关键时期,是促进学生素质、能力发展的关键时期,因而对讲练、检测等要求较高,故有“二轮看水平”之说.“二轮看水平”概括了第二轮复习的思路,目标和要求.具体地说,一是要看教师对《考试大纲》的理解是否深透,研究是否深入,把握是否到位,明确“考什么”、“怎么考”.二是看教师讲解、学生练习是否体现阶段性、层次性和渐进性,做到减少重复,重点突出,让大部分学生学有新意,学有收获,学有发展.三是看知识讲解、练习检测等内容科学性、针对性是否强,使模糊的清晰起来,缺漏的填补起来,杂乱的条理起来,孤立的联系起来,让学生形成系统化、条理化的知识框架.四是看练习检测与高考是否对路,不拔高,不降低,难度适宜,效度良好,重在基础的灵活运用和掌握分析解决问题的思维方法.二、时间安排:1.第一阶段为重点主干知识的巩固加强与数学思想方法专项训练阶段,时间为3月10——4月30日。

2.第二阶段是进行各种题型的解题方法和技能专项训练,时间为5月1日——5月25日。

3.最后阶段学生自我检查阶段,时间为5月25日——6月6日。

三、怎样上好第二轮复习课的几点建议:(一).明确“主体”,突出重点。

第二轮复习,教师必须明确重点,对高考“考什么”,“怎样考”,应了若指掌.只有这样,才能讲深讲透,讲练到位.因此,每位教师要研究2009-2010湖南对口高考试题.第二轮复习的形式和内容1.形式及内容:分专题的形式,具体而言有以下八个专题。

高考数学二轮复习 第一部分 送分专题 第6讲 排列、组合、二项式定理练习 理-人教版高三全册数学试题

高考数学二轮复习 第一部分 送分专题 第6讲 排列、组合、二项式定理练习 理-人教版高三全册数学试题

第6讲 排列、组合、二项式定理一、选择题1.设i 为虚数单位,则(x +i)6的展开式中含x 4的项为( ) A .-15x 4B .15x 4C .-20i x 4D .20i x 4解析:(x +i)6的展开式的通项为T r +1=C r 6x 6-r i r(r =0,1,2,…,6),令r =2,得含x 4的项为C 26x 4i 2=-15x 4,故选A. 答案:A2.用0,1,…,9这十个数字可以组成有重复数字的三位数的个数为( ) A .243 B .252 C .261D .279解析:0,1,2,…,9共能组成9×10×10=900(个)三位数,其中无重复数字的三位数有9×9×8=648(个),所以有重复数字的三位数有900-648=252(个). 答案:B3.甲、乙两人要在一排8个空座上就坐,若要求甲、乙两人每人的两旁都有空座,则有多少种坐法( ) A .10 B .16 C .20D .24解析:一排共有8个座位,现有两人就坐,故有6个空座.因为要求每人左右均有空座,所以在6个空座的中间5个空中插入2个座位让两人就坐,即有A 25=20种坐法. 答案:C4.二项式⎝⎛⎭⎪⎪⎫9x -133x 9的展开式中x 的系数等于( ) A .84 B .24 C .6D .-24解析:根据二项式定理可知,T r +1=C r 9⎝ ⎛⎭⎪⎫-13r 99-=令9-43r =1,得r =6,所以x 的系数为C 69⎝ ⎛⎭⎪⎫-136×93=84,故选A.5.小明试图将一箱中的24瓶啤酒全部取出,每次小明在取出啤酒时只能取出3瓶或4瓶啤酒,那么小明取出啤酒的方式共有( )A.18种B.27种C.37种D.212种解析:由题可知,取出酒瓶的方式有3类,第一类:取6次,每次取出4瓶,只有1种方式;第二类:取8次,每次取出3瓶,只有1种方式;第三类:取7次,3次4瓶和4次3瓶,取法为C37,为35种.共计37种取法.故选C.答案:C6.已知(1+ax)(1+x)5的展开式中x2的系数为5,则a=( )A.-4 B.-3C.-2 D.-1解析:(1+x)5中含有x与x2的项为T2=C15x=5x,T3=C25x2=10x2,所以x2的系数为10+5a =5,所以a=-1,故选D.答案:D7.在二项式(1-2x)n的展开式中,偶数项的二项式系数之和为128,则展开式的中间项的系数为( )A.-960 B.960C.1 120 D.1 680解析:根据题意,奇数项的二项式系数之和也应为128,所以在(1-2x)n的展开式中,二项式系数之和为256,即2n=256,n=8,则(1-2x)8的展开式的中间项为第5项,且T5=C48(-2)4x4=1 120x4,即展开式的中间项的系数为1 120,故选C.答案:C8.若x4(x+3)8=a0+a1(x+2)+a2(x+2)2+…+a12(x+2)12,则log2(a1+a3+a5+…+a11)等于( )A.27B.28C.7 D.8解析:取x=-1得(-1)4(-1+3)8=a0+a1+a2+…+a11+a12,①取x=-3得(-3)4(-3+3)8=a0-a1+a2-…-a11+a12,②①与②两式左、右两边分别相减得28=2(a1+a3+a5+…+a11),所以a1+a3+a5+…+a11=27,所以log2(a1+a3+a5+…+a11)=7.9.从8名网络歌手中选派4名同时去4个地区演出(每地1人),其中甲和乙只能同去或同不去,甲和丙不同去,则不同的选派方案共有( ) A .240种 B .360种 C .480种D .600种解析:分两步,第一步,先选4名网络歌手,又分两类,第一类,甲去,则乙一定去,丙一定不去,有C 25=10种不同选法,第二类,甲不去,则乙一定不去,丙可能去也可能不去,有C 46=15种不同选法,所以不同的选法有10+15=25(种).第二步,4名网络歌手同时去4个地区演出,有A 44=24种方案.由分步乘法计数原理知不同的选派方案共有25×24=600(种). 答案:D10.若(x +2+m )9=a 0+a 1(x +1)+a 2(x +1)2+…+a 9·(x +1)9,且(a 0+a 2+…+a 8)2-(a 1+a 3+…+a 9)2=39,则实数m 的值为( ) A .1或-3 B .-1或3 C .1D .-3解析:令x =0,得a 0+a 1+a 2+…+a 9=(2+m )9,令x =-2,得a 0-a 1+a 2-a 3+…-a 9=m 9,所以(2+m )9m 9=39,即m 2+2m =3,解得m =1或-3.答案:A11.某学校派出5名优秀教师去边远地区的三所中学进行教学交流,每所中学至少派一名教师,则不同的分配方法有( ) A .80种 B .90种 C .120种D .150种解析:有两类情况:①其中一所学校3名教师,另两所学校各一名教师的分法有C 35A 33=60种;②其中一所学校1名教师,另两所学校各两名教师的分法有C 15×C 242×A 33=90种.所以共有60+90=150种.故选D. 答案:D12.两对夫妇各带一个小孩一起到动物园游玩,购票后排队依次入园,为安全起见,首尾一定要排两位爸爸,另外,两个小孩一定要排在一起,则这6人的入园顺序排法种数为( ) A .48 B .36 C .24D .12解析:分三步:①先分派两位爸爸,必须一首一尾,有A 22=2种排法;②两个小孩一定要排在一起,将其看成一个元素,考虑其顺序有A 22=2种排法;③将两个小孩与两位妈妈进行全排列,有A 33=6种排法.则共有2×2×6=24种排法.故选C. 答案:C 二、填空题13.若⎝⎛⎭⎪⎫x +a x 4展开式的常数项为54,且a >0,则a =__________. 解析:依题意,二项式⎝⎛⎭⎪⎫x +a x 4的展开式的通项T r +1=C r 4·(x )4-r·⎝ ⎛⎭⎪⎫a x r =C r 4·a r ·x 2-r .令2-r =0得r =2.因此,二项式⎝⎛⎭⎪⎫x +a x 4的展开式中的常数项是T 3=C 24·a 2=6a 2=54,a 2=9.又a >0,因此a =3.答案:314.若直线x +ay -1=0与2x -y +5=0垂直,则二项式⎝⎛⎭⎪⎫ax 2-1x 5的展开式中x 4的系数为__________.解析:由两条直线垂直,得1×2+a ×(-1)=0,得a =2,所以二项式为⎝⎛⎭⎪⎫2x 2-1x 5,其通项T r +1=C r 5(2x 2)5-r ·⎝ ⎛⎭⎪⎫-1x r =(-1)r 25-r C r 5x 10-3r,令10-3r =4,解得r =2,所以二项式的展开式中x 4的系数为23C 25=80. 答案:8015.现有5名教师要带3个兴趣小组外出学习考察,要求每个兴趣小组的带队教师至多2人,但其中甲教师和乙教师均不能单独带队,则不同的带队方案有__________种.(用数字作答)解析:第一类,把甲、乙看作一个复合元素,另外3人分成两组,再分配到3个小组中,有C 23A 33=18种;第二类,先把另外的3人分配到3个小组,再把甲、乙分配到其中2个小组,有A 33A 23=36种,根据分类加法计数原理可得,共有36+18=54种. 答案:5416.从1,3,5,7,9中任取2个数,从0,2,4,6中任取2个数组成没有重复数字的四位数,若将所有个位是5的四位数从小到大排成一列,则第100个数是__________. 解析:①形如“1××5”,中间所缺的两数只能从0,2,4,6中选取,有A 24=12个. ②形如“2××5”,中间所缺的两数是奇偶各一个,有C 14C 13A 22=24个.③形如“3××5”,同①有A24=12个.④形如“4××5”,同②,也有C14C13A22=24个,⑤形如“6××5”,也有C14C13A22=24个,以上5类小于7 000的数共有96个.故第97个数是7 025,第98个数是7 045,第99个数是7 065,第100个数是7 205. 答案:7 205。

高三理科数学最值微专题(2)三角函数篇

高三理科数学最值微专题(2)三角函数篇

高三理科数学二轮复习最值专题(2)三角函数篇类型一:形如y =a sin x +b cos x +c 的三角函数化为y =A sin(ωx +φ)+c 的形式,再求值域(最值)。

例1.函数f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫2x -π4在区间⎣⎡⎦⎤0,π2上的最小值为( ) A .-1 B .-22C .0 D.22解析:因为0≤x ≤π2,所以-π4≤2x -π4≤3π4,由正弦函数的图象知,1≥sin ⎝⎛⎭⎫2x -π4≥-22,所以函数f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫2x -π4在区间⎣⎡⎦⎤0,π2上的最小值为-22,故选B. 例2.已知函数f (x )=(sin x +cos x )2+cos 2x .(1)求f (x )的最小正周期;(2)求f (x )在区间⎣⎡⎦⎤0,π2上的最大值和最小值. 解:(1)因为f (x )=sin 2x +cos 2x +2sin x cos x +cos 2x =1+sin 2x +cos 2x =2sin ⎝⎛⎭⎫2x +π4+1, 所以函数f (x )的最小正周期T =2π2=π. (2)由(1)知,f (x )=2sin ⎝⎛⎭⎫2x +π4+1. 当x ∈⎣⎡⎦⎤0,π2时,2x +π4∈⎣⎡⎦⎤π4,5π4,由正弦函数y =sin x 在⎣⎡⎦⎤π4,5π4上的图象知,当2x +π4=π2,即x =π8时,f (x )取最大值2+1;当2x +π4=5π4,即x =π2时,f (x )取最小值0.综上,f (x )在⎣⎡⎦⎤0,π2上的最大值为2+1,最小值为0.类型二:形如y =a sin 2x +b sin x +c 的三角函数,可先设sin x =t ,化为关于t 的二次函数求值域(最值)。

例3、求函数y =cos 2x +sin x ⎝⎛⎭⎫|x |≤π4的最大值与最小值. [思路点拨] 利用换元法求解,令t =sin x .转化为二次函数最值问题.[解]:令t =sin x ,∵|x |≤π4,∴t ∈⎣⎡⎦⎤-22,22.∴y =-t 2+t +1=-⎝⎛⎭⎫t -122+54,∴当t =12时,y max =54,t =-22时,y min =1-22.∴函数y =cos 2x +sin x ⎝⎛⎭⎫|x |≤π4的最大值为54,最小值为1-22. 类型三:形如y =a sin x cos x +b (sin x ±cos x )+c 的三角函数,可设t =sin x ±cos x ,再化为关于t 的二次函数求值域(最值).例4、求函数y =sin x +cos x +3cos x sin x 的最值.[解] 令t =sin x +cos x ,∴t ∈[-2, 2 ].又(sin x +cos x )2-2sin x cos x =1,∴sin x cos x =t 2-12, ∴y =32t 2+t -32,t ∈[-2,2],∵t 对=-13∈[-2,2],∴y 小=f ⎝⎛⎭⎫-13=32×19-13-32=-53,y 大=f (2)=32+ 2. 类型四:“逆向题”,即已知函数的最值去求某参数的值。

高三数学(理)二轮复习专题通关攻略:课时巩固过关练 十二 1.5.1空间几何体的三视图、表面积及体积

高三数学(理)二轮复习专题通关攻略:课时巩固过关练 十二 1.5.1空间几何体的三视图、表面积及体积

课时巩固过关练十二空间几何体的三视图、表面积及体积(25分钟50分)一、选择题(每小题5分,共20分)1.(2016·天津高考)将一个长方体沿相邻三个面的对角线截去一个棱锥,得到的几何体的正视图与俯视图如图所示,则该几何体的侧视图为( )【解析】选B.由题意得截去的是长方体前右上方顶点.【方法技巧】三视图往往与几何体的体积、表面积以及空间线面关系、角与距离等问题相结合,解决此类问题的关键是由三视图准确确定空间几何体的形状及其结构特征.2.(2016·北京高考)某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的体积为( )A. B. C. D.1【解析】选A.通过三视图可还原几何体为如图所示的三棱锥,则通过侧视图得高h=1,底面积S=×1×1=,所以体积V=Sh=.3.(2016·广州一模)一个六棱柱的底面是正六边形,侧棱垂直于底面,所有棱的长都为1,顶点都在同一个球面上,则该球的体积为( )A.20πB.C.5πD.【解析】选D.由题意知六棱柱的底面正六边形的外接圆半径r=1,其高h=1,所以球半径为R===,所以该球的体积V=πR3=×·π=.【加固训练】已知直三棱柱ABC-A1B1C1的6个顶点都在球O的球面上.若AB=3, AC=4,AB⊥AC,AA1=12,则球O的半径为( )A. B.2 C. D.3【解析】选C.因为直三棱柱中AB=3,AC=4,AA1=12,AB⊥AC,所以BC=5,且BC为过底面ABC的截面圆的直径.取BC中点D,则OD⊥底面ABC,则O在侧面BCC1B1内,矩形BCC1B1的对角线长即为球直径,所以2R==13,即R=.二、填空题(每小题5分,共10分)4.(2016·天津高考)已知一个四棱锥的底面是平行四边形,该四棱锥的三视图如图所示(单位:m),则该四棱锥的体积为________m3.【解析】底面为平行四边形,面积为2×1=2,高为3,所以V=×2×1×3=2. 答案:25.(2016·大连一模)如图,在小正方形边长为1的网格中画出了某多面体的三视图,则该多面体的外接球表面积为________.【解题导引】由三视图知,该几何体是一个侧面与底面垂直的三棱锥,画出直观图,再建立空间直角坐标系,求出三棱锥外接球的球心与半径,从而求出外接球的表面积.【解析】由三视图知,该几何体是三棱锥S-ABC,且三棱锥的一个侧面SAC与底面ABC垂直,其直观图如图所示:由三视图的数据可得OA=OC=2,OB=OS=4.建立空间直角坐标系O-xyz,如图所示:则A(0,-2,0),B(4,0,0),C(0,2,0),S(0,0,4),则三棱锥外接球的球心I在平面xOz上,设I(x,0,z);由得,解得x=z=;所以外接球的半径R=|BI|==.所以该三棱锥外接球的表面积S=4πR2=4π×=34π.答案:34π三、解答题(6题12分,7题13分,共25分)6.(2016·南阳一模)如图,AA1,BB1为圆柱OO1的母线,BC是底面圆O的直径,D,E分别是AA1,CB1的中点,DE⊥平面CBB1.(1)证明:DE∥平面ABC.(2)求四棱锥C-ABB1A1与圆柱OO1的体积比.【解析】(1)连接EO,OA,因为E,O分别为B1C,BC的中点,所以EO∥BB1.又DA∥BB1,且DA=BB1=EO,所以四边形AOED是平行四边形,即DE∥OA.又DE⊄平面ABC,AO⊂平面ABC,所以DE∥平面ABC.(2)由题意知DE⊥平面CBB1,且由(1)知DE∥AO,因为AO⊥平面CBB1,所以AO⊥BC,所以AC=AB. 因为BC是底面圆O的直径,所以CA⊥AB,且AA1⊥CA,又AB∩AA1=A,所以CA⊥平面AA1B1B,即CA为四棱锥C-ABB1A1的高.设圆柱的高为h,底面圆半径为r,则=πr2h,=h(r)·(r)=hr2.所以∶=.7.(2016·南宁一模)如图,三棱柱ABC-A1B1C1中,侧面AA1C1C⊥底面ABC,AA1=A1C=AC=2,AB=BC且AB⊥BC.(1)求证:AC⊥A1B.(2)求三棱锥C1-ABA1的体积.【解题导引】(1)转化为证明直线AC垂直于直线A1B所在的平面即可.(2)由=,转化为求,关键求点B到平面AA1C1的距离.【解析】(1)取AC的中点O,连接A1O,BO.因为AA1=A1C,所以A1O⊥AC,又AB=BC,所以BO⊥AC,因为A1O∩BO=O,所以AC⊥平面A1OB,又因为A1B⊂平面A1OB,所以AC⊥A1B.(2)三棱柱ABC-A1B1C1中,所以侧面AA1C1C⊥底面ABC,侧面AA1C1C∩底面ABC=AC,OB⊥AC,所以OB⊥平面AA1C1C,易求得OB=1,=,所以==··OB=.(20分钟50分)一、选择题(每小题5分,共20分)1.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某多面体的三视图,则该多面体最短和最长的棱长分别等于( )A.4,B.4,C.3,5D.3,2【解析】选C.由三视图可判断该几何体为三棱锥,形状如图,其中SC⊥平面ABC,AC⊥AB,所以最短的棱长为AC=3,最长的棱长为SB=5.2.如图是某几何体的三视图,正(主)视图是等腰梯形,俯视图中的曲线是两个同心的半圆组成的半圆环,侧(左)视图是直角梯形,则该几何体的体积等于( )A.12πB.16πC.20πD.24π【解析】选A.由三视图知:r=1,R=4,S1=π×12=π,S2=π×42=16π,所以V=×-π×12×4=×21π-2π=12π.【加固训练】某几何体的三视图如图所示,若该几何体的体积为3,则侧(左)视图中线段的长度x的值是( )A. B.2 C.4 D.5【解析】选C.分析题意可知,该几何体为如图所示的四棱锥P-ABCD,故其体积V=××4×CP=3,所以CP=,所以x==4.3.如图1,已知正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为a,动点M,N,Q分别在线段AD1,B1C,C1D1上.当三棱锥Q -BMN的俯视图如图2所示时,三棱锥Q-BMN的正(主)视图面积等于( )A.a2B.a2C.a2D.a2【解析】选B.由俯视图知,点M为AD1的中点、N与C重合、Q与D1重合,所以三棱锥Q -BMN的正(主)视图为△CD1P,其中点P为DD1的中点,所以三棱锥Q -BMN 的正(主)视图面积为×a×=a2.【加固训练】如图,三棱锥V-ABC,VA⊥VC,AB⊥BC,∠VAC=∠ACB=30°,若侧面VAC⊥底面ABC,则其正(主)视图与侧(左)视图面积之比为( )A.4∶B.4∶C.∶D.∶【解题导引】正(主)视图为Rt△VAC,侧(左)视图为以△VAC中AC边的高为一条直角边,△ABC中AC边的高为另一条直角边的直角三角形.【解析】选A.过V作VD⊥AC于点D,过B作BE⊥AC于点E,则正(主)视图为Rt△VAC,侧(左)视图为以△VAC中AC边的高VD为一条直角边,△ABC中AC边的高BE为另一条直角边的直角三角形.设AC=x,则VA=x,VC=x,VD=x,BE=x,则S正(主)视图:S侧(左)视图=∶(·x·x)=4∶.【误区警示】解答本题易出现如下两种错误:一是对正(主)视图、侧(左)视图的形状判断不准确,造成结论错误;二是运算错误,造成结论错误.二、填空题(每小题5分,共10分)4.如图,半径为4的球O中有一内接圆柱,则圆柱的侧面积最大值是________.【解题导引】设出圆柱的上底面半径为r,球的半径与上底面夹角为α,求出圆柱的侧面积表达式,求出最大值.【解析】设圆柱的上底面半径为r,球的半径与上底面夹角为α,则r=4cosα,圆柱的高为8sinα.所以圆柱的侧面积为:32πsin2α.当且仅当α=时,sin2α=1,圆柱的侧面积最大,所以圆柱的侧面积的最大值为:32π.答案:32π5.在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是边长为2的菱形,∠BAD=60°,侧棱PA⊥底面ABCD,PA=2,E为AB的中点,则点E到平面PBC的距离为________.【解题导引】利用V P-BCE=V E-PBC求.【解析】由于四边形ABCD是菱形,所以以EB为底边的△CBE的高h=AD·sin 60°=2×=,从而四面体P-BCE的体积V P-BCE=V E-PBC=××1××2=,AC==2.在Rt△PAB中PB==2,在Rt△PAC中PC===4,cos∠PBC==-,所以sin∠PBC==.S△PBC=PB·BC·sin∠PBC=×2×2×=.设点E到平面PBC的距离为d,则有S△PBC·d=,所以d===.答案:三、解答题(6题12分,7题13分,共25分)6.如果一个几何体的正(主)视图与侧(左)视图都是全等的长方形,边长分别是4cm与2cm如图所示,俯视图是一个边长为4cm的正方形.(1)求该几何体的全面积.(2)求该几何体的外接球的体积.【解析】(1)由题意可知,该几何体是长方体,底面是正方形,边长是4,高是2,因此该几何体的全面积是:2×4×4+4×4×2=64(cm2).(2)由长方体与球的性质可得,长方体的体对角线是球的直径,记长方体的体对角线为d,球的半径为r,d===6(cm),所以球的半径r=3cm,因此球的体积V=πr3=×27π=36π(cm3).所以外接球的体积是36πcm3.7.如图,边长为的正方形ADEF与梯形ABCD所在的平面互相垂直,其中AB∥CD,AB⊥BC,DC=BC=AB=1,点M在线段EC上.(1)证明:平面BDM⊥平面ADEF.(2)判断点M的位置,使得三棱锥B-CDM的体积为.【解题导引】证明BD⊥平面ADEF,即可证明平面BDM⊥平面ADEF.(2)在平面DMC内,过M作MN⊥DC,垂足为N,则MN∥ED,利用三棱锥的体积计算公式求出MN,可得结论.【解析】(1)因为DC=BC=1,DC⊥BC,所以BD=.因为AD=,AB=2,所以AD2+BD2=AB2,所以∠ADB=90°,所以AD⊥BD,因为平面ADEF⊥平面ABCD,平面ADEF∩平面ABCD=AD.BD⊂平面ABCD,所以BD⊥平面ADEF,因为BD⊂平面BDM,所以平面BDM⊥平面ADEF.(2)如图,在平面DMC内,过M作MN⊥DC,垂足为N,又因为ED⊥AD,平面ADEF⊥平面ABCD,平面ADEF∩平面ABCD=AD,所以ED⊥平面ABCD,所以ED⊥CD,所以MN∥ED,因为ED⊥平面ABCD,所以MN⊥平面ABCD.因为V B-CDM=V M-CDB=MN·S△BDC=,所以××1×1×MN=,所以MN=.所以===,所以CM=CE,所以点M在线段CE的三等分点且靠近C处.。

2020版高三数学二轮复习(全国理)讲义:专题二 第一讲函数的图像与性质

2020版高三数学二轮复习(全国理)讲义:专题二  第一讲函数的图像与性质

④当⎩⎨⎧x +1>0,2x >0,即x >0时.f (x +1)=1.f (2x )=1.不合题意.综上.不等式f (x +1)<f (2x )的解集为(-∞.0). 故选D .方法二:∵ f (x )=⎩⎨⎧2-x ,x ≤0,1,x >0,∴ 函数f (x )的图象如图所示.由图可知.当x +1≤0且2x ≤0时.函数f (x )为减函数.故f (x +1)<f (2x )转化为x +1>2x .此时x ≤-1.当2x <0且x +1>0时.f (2x )>1.f (x +1)=1. 满足f (x +1)<f (2x ). 此时-1<x <0.综上.不等式f (x +1)<f (2x )的解集为(-∞.-1]∪(-1,0)=(-∞.0). 故选D .6.(20xx·江苏卷.5)函数f (x )=log2x -1的定义域为{x |x ≥2}. [解析] 由log 2x -1≥0.即log 2x ≥log 22.解得x ≥2.所以函数f (x )=log2x -1的定义域为{x |x ≥2}.7.(20xx·全国卷Ⅲ.16)已知函数f (x )=ln(1+x2-x )+1.f (a )=4.则f (-a )=-2.[解析] ∵ f (x )+f (-x )=ln(1+x2-x )+1+ln(1+x2+x )+1=ln(1+x 2-x 2)+2=2.∴ f (a )+f (-a )=2.∴ f (-a )=-2.命题方向1 函数的图象及其应用例1 (1)已知定义在R 上的函数f (x )满足f (x +2)=2f (x ).当x ∈[0,2]时.f (x )=⎩⎨⎧x ,x ∈[0,1),-x 2+2x ,x ∈[1,2],则函数y =f (x )在[2,4]上的大致图象是( A )的取值范围是(-1, 3).log(23.已知函数f(x)是定义在R上的奇函数.若对于任意给定的不等实数x1、x2.不等式x1f(x1)+x2f(x2)<x1f(x2)+x2f(x1)恒成立.则不等式f(1-x)<0的解集为( C ) A.(-∞.0) B.(0.+∞)C.(-∞.1) D.(1.+∞)[解析]由条件式得(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]<0.∴x1<x2时.f(x1)>f(x2).x1>x2时.f(x1)<f(x2).∴f(x)为减函数.又f(x)为R上的奇函数.∴f(0)=0.∴不等式f(1-x)<0化为f(1-x)<f(0).∴1-x>0.∴x<1.故选C.4.如图.过单位圆O上一点P作圆O的切线MN.点Q为圆O上一动点.当点Q由点P逆时针方向运动时.设∠POQ=x.弓形PRQ的面积为S.则S=f(x)在x∈[0,2π]上的大致图象是( B )[解析]S=f(x)=S扇型PRQ+S△POQ=12(2π-x)·12+12sin x=π-12x+12sin x.则f′(x)=12(cos x-1)≤0.所以函数S=f(x)在[0,2π]上为减函数.当x=0和x=2π时.分别取得最大值与最小值.又当x从0逐渐增大到π时.cos x逐渐减小.切线斜率逐渐减小.曲线越来越陡;当x从π逐渐增大到2π时.cos x逐渐增大.切线斜率逐渐增大.曲线越来越平缓.结合选项可知.B正确.。

专题3-10 导数与数列,导数与概率统计(解析版)2023年高考数学二轮专题全套热点题型

专题3-10 导数与数列,导数与概率统计(解析版)2023年高考数学二轮专题全套热点题型

a=1.
于是
f′(x)=
1 x
-1=
1
x
x

当 x(0,1)时,f′(x)>0,f(x)为增函数,当 x(1,+∞)时,f′(x)<0,f(x)为减函数,
即 f(x)的单调递增区间为(0,1),单调递减区间为(1,+∞).
(2) 由(1)知 x1(0,+∞),f(x1)≤f(1)=0,即 f(x1)的最大值为 0, 由题意知:对∀x1(0,+∞),∃x2(-∞,0)使得 f(x1)≤g(x2)成立,只需 f(x)max≤g(x)max.
在区间 ea1,1 单调递减.
又 f ea1 f 1 0 ,与 f x0 恒成立相矛盾.
综上, 实数 a 的取值范围为1, .
(2)
由(1)知当 a 1 时, x 1 x ln x ≤ 0 0 x ≤1
即 ln x ≥ x 1 1 1
x
x
令 x 1 ,则 ln 1 ≥1 n
.............................................................22
题型一:利用放缩通项公式解决数列求和中的不等问题
【典例分析】
例题
1.(2022·全国·高三专题练习)已知正项数列an 满足
a0
0,
a2 n1
an2
2(n
1), n
N

(1)求证: an2 an1 ; an1 an
.
4.(2022·湖南张家界·高二期末)已知函数 f x ln x ax 1,其中 a R .
(1)当 a 1 时,求函数 f (x) 的单调区间;
(2)①若 f x 0 恒成立,求 a 的最小值;

高三数学二轮复习-第1讲等差数列、等比数列专题攻略课件-理-新人教版

高三数学二轮复习-第1讲等差数列、等比数列专题攻略课件-理-新人教版

4.(2010年高考北京卷)已知{an}为等差数列,且a3 =-6,a6=0. (1)求{an}的通项公式; (2)若等比数列{bn}满足b1=-8,b2=a1+a2+a3, 求{bn}的前n项和公式. 解:(1)设等差数列{an}的公差为 d.
因为 a3=-6,a6=0,
所以aa11+ +25dd= =-0,6, 解得ad=1=2-. 10,
A.6
B.7
Hale Waihona Puke C.8D.9解析:选 A.∵{an}是等差数列, ∴a4+a6=2a5=-6, 即 a5=-3,d=a55- -a11=-34+11=2,得{an}是首 项为负数的递增数列,所有的非正项之和最 小.∵a6=-1,a7=1,∴当 n=6 时,Sn 取最小 值,故选 A.
3.(2010 年高考辽宁卷)设{an}是由正数组成的等
比数列,Sn 为其前 n 项和.已知 a2a4=1,S3=7,
则 S5=( )
15
31
A. 2
B. 4
33 C. 4
17 D. 2
解析:选 B.an>0,a2a4=a21q4=1①,S3=a1+a1q+ a1q2=7②. 解得 a1=4,q=12或-13(舍去), S5=a111--qq5=4×1-1-12312=341,故选 B.
(1)求通项an及Sn; (2)设{bn-an}是首项为1,公比为3的等比数 列,求数列{bn}的通项公式及前n项和Tn.
【解】 (1)∵{an}是首项为 a1=19,公差为 d =-2 的等差数列,
∴an=19-2(n-1)=21-2n, Sn=19n+12n(n-1)×(-2)=20n-n2. (2)由题意得 bn-an=3n-1,即 bn=an+3n-1,∴ bn=3n-1-2n+21,Tn=Sn+(1+3+…+3n-1)=- n2+20n+3n-2 1.

高三数学第二轮重点复习内容

高三数学第二轮重点复习内容

高三数学第二轮重点复习内容高三数学第二轮重点复习内容专题一:函数与不等式,以函数为主线,不等式和函数综合题型是考点函数的性质:着重掌握函数的单调性,奇偶性,周期性,对称性。

这些性质通常会综合起来一起考察,并且有时会考察具体函数的这些性质,有时会考察抽象函数的这些性质。

一元二次函数:一元二次函数是贯穿中学阶段的一大函数,初中阶段主要对它的一些基础性质进行了了解,高中阶段更多的是将它与导数进行衔接,根据抛物线的开口方向,与x轴的交点位置,进而讨论与定义域在x轴上的摆放顺序,这样可以判断导数的正负,最终达到求出单调区间的目的,求出极值及最值。

不等式:这一类问题常常出现在恒成立,或存在性问题中,其实质是求函数的最值。

当然关于不等式的解法,均值不等式,这些不等式的基础知识点需掌握,还有一类较难的综合性问题为不等式与数列的结合问题,掌握几种不等式的放缩技巧是非常必要的。

专题二:数列。

以等差等比数列为载体,考察等差等比数列的通项公式,求和公式,通项公式和求和公式的关系,求通项公式的几种常用方法,求前n项和的几种常用方法,这些知识点需要掌握。

专题三:三角函数,平面向量,解三角形。

三角函数是每年必考的知识点,难度较小,选择,填空,解答题中都有涉及,有时候考察三角函数的公式之间的互相转化,进而求单调区间或值域;有时候考察三角函数与解三角形,向量的综合性问题,当然正弦,余弦定理是很好的工具。

向量可以很好得实现数与形的转化,是一个很重要的知识衔接点,它还可以和数学的一大难点解析几何整合。

专题四:立体几何。

立体几何中,三视图是每年必考点,主要出现在选择,填空题中。

大题中的立体几何主要考察建立空间直角坐标系,通过向量这一手段求空间距离,线面角,二面角等。

另外,需要掌握棱锥,棱柱的性质,在棱锥中,着重掌握三棱锥,四棱锥,棱柱中,应该掌握三棱柱,长方体。

空间直线与平面的位置关系应以证明垂直为重点,当然常考察的方法为间接证明。

专题五:解析几何。

高三数学(理)二轮复习:题型精讲第三讲解答题的解法解析几何.docx

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高中数学学习材料鼎尚图文*整理制作解析几何(见学生用书P132)1.突出解析几何的基本思想:解析几何的实质是用代数方法研究几何问题,通过曲线的方程研究曲线的性质,因此要掌握求曲线方程的思路和方法,它是解析几何的核心之一.求曲线的方程的常用方法有两类:一类是曲线形状明确,方程形式已知(如直线、圆、圆锥曲线的标准方程等),常用待定系数法求方程.另一类是曲线形状不明确或不便于用标准形式表示,一般采用以下方法:(1)直译法:将原题中由文字语言明确给出动点所满足的等量关系直接翻译成由动点坐标表示的等量关系式.(2)代入法:所求动点与已知动点有着相互关系,可用所求动点坐标(x,y)表示出已知动点的坐标,然后代入已知的曲线方程.(3)参数法:通过一个(或多个)中间变量的引入,使所求点的坐标之间的关系更容易确立,消去参数得坐标的直接关系便是普通方程.2.熟练掌握直线、圆及圆锥曲线的基本知识(1)直线和圆①直线的倾斜角及其斜率确定了直线的方向.需要注意的是:(i)倾斜角α的范围是:0≤α<π;(ii)所有的直线必有倾斜角,但未必有斜率.②直线方程的四种特殊形式,每一种形式都有各自成立的条件,应在不同的题设条件下灵活使用.如截距式不能表示平行于x轴,y 轴以及过原点的直线,在求直线方程时尤其是要注意斜率不存在的情况.③讨论点与圆、直线与圆、圆与圆的位置关系时,一般可从代数特征(方程组解的个数)或几何特征(点到圆心的距离、圆心到直线的距离或两圆的圆心距与半径的关系)去考虑,其中几何特征较为简捷、实用.(2)椭圆①完整地理解椭圆的定义并重视定义在解题中的应用.椭圆是平面内到两定点F1,F2的距离之和等于常数2a(2a>|F1F2|)的动点的轨迹.②椭圆的标准方程有两种形式,决定于焦点所在的坐标轴.焦点是F(±c,0)时,标准方程为x2a2+y2b2=1(a>b>0);焦点是F(0,±c)时,标准方程为y2a2+x2b2=1(a>b>0).这里隐含a2=b2+c2,此关系体现在直角三角形OFB(B为短轴端点)中.③深刻理解a,b,c,e,ca的本质含义及相互关系,实际上就掌握了几何性质.(3)双曲线①类比椭圆,双曲线定义,两种标准方程形式.同样要重视定义在解题中的运用,要深刻理解几何量a,b,c,e,ca的本质含义及其相互间的关系.②双曲线的渐近线是区别于椭圆的一道“风景线”,其实它是矩形的两条对角线所在的直线.③双曲线x 2a 2-y 2b 2=±1(a >0,b >0)隐含了一个附加公式c 2=a 2+b 2,此关系体现在△OAB (A ,B 分别为实轴,虚轴的一个端点)中.特别地,当a =b 时的双曲线称为等轴双曲线,其离心率为 2.(4)抛物线①抛物线的定义:平面内到一个定点F 和一条定直线l 的距离相等的点的轨迹(F ∉l ).定义指明了抛物线上的点到焦点与准线的距离相等,并在解题中有突出的运用.②抛物线方程(标准)有四种形式:y 2=±2px 和x 2=±2py (p >0),选择时必须判定开口与对称轴.③掌握几何性质,注意分清2p ,p ,p 2的几何意义.3.掌握直线与圆锥曲线的位置关系的研究方法(1)判断直线l 与圆锥曲线C 的位置关系,可将直线l 的方程代入曲线C 的方程,消去y (也可以消去x )得到一个关于变量x 的一元二次方程ax 2+bx +c =0,然后利用“Δ”法.(2)有关弦长问题,应用弦长公式及韦达定理,设而不求;有关焦点弦长问题,要重视圆锥曲线的定义的运用,以简化运算.(3)有关弦的中点问题,除了利用韦达定理外,要注意灵活运用“点差法”,设而不求,简化运算.(4)有关垂直关系问题,应注意运用斜率关系(或向量方法)及韦达定理,设而不求,整体处理.(5)有关圆锥曲线关于直线l 的对称问题中,若A ,A ′是对称点,则应抓住AA ′的中点在l 上及k AA ′·k 1=-1这两个关键条件解决问题.(6)有关直线与圆锥曲线的位置关系中的存在性问题,一般采用“假设反证法”或“假设验证法”.考点一 求椭圆的离心率求离心率e 的值,只需根据题目条件,寻找一个a ,b ,c 等量的关系式.求离心率e 的取值范围,只需根据题目条件,寻找一个a ,b ,c 的不等关系式.例 1-1(2015·安徽卷)设椭圆E 的方程为x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0),点O 为坐标原点,点A 的坐标为(a ,0),点B 的坐标为(0,b ),点M 在线段AB 上,满足|BM |=2|MA |,直线OM 的斜率为510.(1)求E 的离心率e ;(2)设点C 的坐标为(0,-b ),N 为线段AC 的中点,点N 关于直线AB 的对称点的纵坐标为72,求E 的方程.分析:(1)先由|BM |=2|MA |,得出M ⎝ ⎛⎭⎪⎫23a ,13b ,再根据OM 的斜率建立关于a ,b 的等式求离心率.(2)利用点N 关于直线AB 的对称点的坐标建立关于b ,x 1的等式,再结论(1)中的结论,求出系数a ,b ,即可求出椭圆E 的方程.解析:(1)由题设条件知,点M 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫23a ,13b , 又k OM =510,从而b 2a =510.进而得a =5b ,c =a 2-b 2=2b .故e =c a =255.(2)由题设条件和(1)的计算结果可得,直线AB 的方程为x 5b +y b=1,点N 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫52b ,-12b . 设点N 关于直线AB 的对称点S 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1,72, 则线段NS 的中点T 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫54b +x 12,-14b +74. 又点T 在直线AB 上,且k NS ·k AB =-1,从而有⎩⎪⎪⎨⎪⎪⎧54b +x 125b +-14b +74b =1,72+12b x 1-52b =5,解得b =3.所以a =35,故椭圆E 的方程为x 245+y 29=1.例 1-2(2015·陕西卷)已知椭圆E :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的半焦距为c,原点O 到经过两点(c ,0),(0,b )的直线的距离为12c .(1)求椭圆E 的离心率;(2)如图,AB 是圆M :(x +2)2+(y -1)2=52的一条直径,若椭圆E 经过A ,B 两点,求椭圆E 的方程.分析:(1)直接根据点到直线的距离公式列出关于a ,b ,c 的方程求解离心率e .(2)由题意知,M (-2,1)是线段AB 中点,且|AB |=10,可设出直线AB 的方程,与椭圆方程联立,利用根与系数的关系,中点坐标公式、弦长公式,列出关于直径AB 的等式,求出a 、b 、c ,从而得到椭圆E 的方程.解析:(1)过点(c ,0),(0,b )的直线方程为bx +cy -bc =0, 则原点O 到该直线的距离d =bc b 2+c2=bc a , 由d =12c ,得a =2b =2a 2-c 2,解得离心率c a =32.(2)(方法1)由(1)知,椭圆E 的方程为x 2+4y 2=4b 2.①依题意,圆心M (-2,1)是线段AB 的中点,且|AB |=10.易知,AB 与x 轴不垂直,设其方程为y =k (x +2)+1,代入①得(1+4k 2)x 2+8k (2k +1)x +4(2k +1)2-4b 2=0.设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则x 1+x 2=-8k (2k +1)1+4k2,x 1x 2=4(2k +1)2-4b 21+4k2. 由x 1+x 2=-4,得-8k (2k +1)1+4k 2=-4,解得k =12. 从而x 1x 2=8-2b 2.于是|AB |=1+⎝ ⎛⎭⎪⎫122|x 1-x 2| =52(x 1+x 2)2-4x 1x 2=10(b 2-2).由|AB |=10,得10(b 2-2)=10,解得b 2=3.故椭圆E 的方程为x 212+y 23=1.(方法2)由(1)知,椭圆E 的方程为x 2+4y 2=4b 2.②依题意,点A ,B ,关于圆心M (-2,1)对称,且|AB |=10.设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则x 21+4y 21=4b 2,x 22+4y 22=4b 2,两式相减并结合x 1+x 2=-4,y 1+y 2=2,得-4(x 1-x 2)+8(y 1-y 2)=0.易知AB 与x 轴不垂直,则x 1≠x 2,所以AB 的斜率k AB =y 1-y 2x 1-x 2=12. 因此直线AB 的方程为y =12(x +2)+1,代入②得x 2+4x +8-2b 2=0.所以x 1+x 2=-4,x 1x 2=8-2b 2.于是|AB |=1+⎝ ⎛⎭⎪⎫122|x 1-x 2| =52(x 1+x 2)2-4x 1x 2=10(b 2-2).由|AB |=10,得10(b 2-2)=10,解得b 2=3. 故椭圆E 的方程为x 212+y 23=1.考点二 直线与圆锥曲线的位置关系直线与圆锥曲线的综合问题,一般要用到直线和圆锥曲线的位置关系,用待定系数法求直线或圆锥曲线的方程.直线与圆锥曲线的相交相切问题转化为方程联立,根据Δ和根与系数的关系等基础知识与基本方法求解,用到弦长公式,焦点三角形,圆锥曲线的标准方程及其性质等等.例 2-1 (2014·辽宁卷)圆x 2+y 2=4的切线与x 轴正半轴,y 轴正半轴围成一个三角形,当该三角形面积最小时,切点为P (如图),双曲线C 1:x 2a 2-y 2b 2=1过点P 且离心率为 3.(1)求C 1的方程;(2)若椭圆C 2过点P 且与C 1有相同的焦点,直线l 过C 2的右焦点且与C 2交于A ,B 两点,若以线段AB 为直径的圆过点P ,求l 的方程.分析:(1)设切点P (x 0,y 0),(x 0>0,y 0>0),利用相互垂直的直线斜率之间的关系可得切线的斜率和切线的方程,即可得出三角形的面积,利用基本不等式的性质可得点P 的坐标,再利用双曲线的标准方程及其性质即可求出方程.(2)由(1)可得椭圆C 2的焦点.可设椭圆C 2的方程为x 23+b 21+y 2b 21=1(b 1>0).把P 的坐标代入即可得出方程.由题意可设直线l 的方程为x =my +3,A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),与椭圆的方程联立即可得出根与系数的关系,再利用向量垂直与数量积的关系即求出m .解析:(1)设切点P (x 0,y 0),(x 0>0,y 0>0),则切线的斜率为-x 0y 0, 可得切线的方程为y -y 0=-x 0y 0(x -x 0), 化为x 0x +y 0y =4.令x =0,可得y =4y 0; 令y =0,可得x =4x 0. ∴切线与x 轴正半轴,y 轴正半轴围成一个三角形的面积S =12·4y 0·4x 0=8x 0y 0.∵4=x 20+y 20≥2x 0y 0,当且仅当x 0=y 0=2时取等号.∴S ≥82=4,此时P (2,2).由题意可得2a 2-2b 2=1,e =c a =1+b 2a 2=3,解得a 2=1,b 2=2.故双曲线C 1的方程为x 2-y 22=1. (2)由(1)可知双曲线C 1的焦点(±3,0),即为椭圆C 2的焦点.可设椭圆C 2的方程为x 23+b 21+y 2b 21=1(b 1>0). 把P (2,2)代入可得23+b 21+2b 21=1,解得b 21=3, 因此椭圆C 2的方程为x 26+y 23=1.由题意可知直线l 的斜率为0时不符合条件,故可设直线l 的方程为x =my +3,设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),联立⎩⎪⎨⎪⎧x =my +3,x 2+2y 2=6,化为(m 2+2)y 2+23my -3=0,∴y 1+y 2=-23m 2+m 2,y 1y 2=-32+m 2. ∴x 1+x 2=m (y 1+y 2)+23=43m 2+2, x 1x 2=m 2y 1y 2+3m (y 1+y 2)+3=6-6m 2m 2+2. ∵AP→⊥BP →,∴AP →·BP →=0, 而AP →=(2-x 1,2-y 1),BP →=(2-x 2,2-y 2), ∴x 1x 2-2(x 1+x 2)+y 1y 2-2(y 1+y 2)+4=0, ∴2m 2-26m +46-11=0,解得m =362-1或m =-⎝ ⎛⎭⎪⎫62-1, 因此直线l 的方程为:x -⎝ ⎛⎭⎪⎫362-1y -3=0或x +⎝ ⎛⎭⎪⎫62-1y -3=0. 例 2-2(2015·浙江卷)已知椭圆x 22+y 2=1上两个不同的点A ,B关于直线y =mx +12对称.(1)求实数m 的取值范围;(2)求△AOB 面积的最大值(O 为坐标原点).分析:(1)由已知,可设出直线AB 的方程为y =-1m x +b ,将直线AB 的方程与椭圆方程联立组成方程组,消去y 转化为关于x 的一元二次方程,根据线段AB 的中点在直线y =mx +12上,直线AB 与椭圆有两个不同交点,利用判别式Δ大于0列不等式求解.(2)利用弦长公式和点到直线的距离公式把△AOB 的面积用一个参数表示,再结合式子特点,用配方法求最值.解析:(1)由题意知m ≠0,可设直线AB 的方程为y =-1m x +b .由⎩⎪⎨⎪⎧x 22+y 2=1,y =-1m x +b ,消去y ,得⎝ ⎛⎭⎪⎫12+1m 2x 2-2b m x +b 2-1=0. 因为直线y =-1m x +b 与椭圆x 22+y 2=1有两个不同的交点,所以Δ=-2b 2+2+4m 2>0,①将AB 中点M ⎝ ⎛⎭⎪⎫2mb m 2+2,m 2b m 2+2代入直线方程y =mx +12,解得b =-m 2+22m 2.②由①②得m <-63或m >63.(2)令t =1m ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫-62,0∪⎝⎛⎭⎪⎫0,62, 则|AB |=t 2+1·-2t 4+2t 2+32t 2+12,且O 到直线AB 的距离为d =t 2+12t 2+1. 设△AOB 的面积为S (t ),所以S (t )=12|AB |·d =12-2⎝ ⎛⎭⎪⎫t 2-122+2≤22, 当且仅当t 2=12时,等号成立.故△AOB 面积的最大值为22.考点三 圆锥曲线的最值与取值范围问题圆锥曲线的最值与取值范围问题,先建立一个一元或二元的函数关系式.最后一般都用到函数求值域或基本不等式解决问题.综合性很强,要用到很多知识,如斜率计算公式、根与系数的关系、弦长公式、点到直线的距离公式、三角形的面积计算公式、基本不等式的性质等基础知识以及换元法和转化法等等.例 3-1(2014·北京卷)已知椭圆C :x 2+2y 2=4.(1)求椭圆C 的离心率;(2)设O 为原点,若点A 在直线y =2上,点B 在椭圆C 上,且OA ⊥OB ,求线段AB 长度的最小值.分析:(1)椭圆C :x 2+2y 2=4化为标准方程为x 24+y 22=1,求出a ,c ,即可求椭圆C 的离心率. (2)先表示出线段AB 的长度,再利用基本不等式,求出最小值. 解析:(1)椭圆C :x 2+2y 2=4化为标准方程为x 24+y 22=1,∴a =2,b =2,c =2,∴椭圆C 的离心率e =c a =22.(2)设A (t ,2),B (x 0,y 0),则x 0≠0.∵OA ⊥OB ,∴OA→·OB →=0, ∴tx 0+2y 0=0,∴t =-2y 0x 0. ∵x 20+2y 20=4,∴|AB |2=(x 0-t )2+(y 0-2)2=x 202+8x 20+4≥4+4=8, 当且仅当x 202=8x 20,即x 20=4时等号成立. ∴线段AB 长度的最小值为2 2.例 3-2(2015·山东卷)平面直角坐标系xOy 中,已知椭圆C :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的离心率为32,左、右焦点分别是F 1,F 2.以F 1为圆心、以3为半径的圆与以F 2为圆心、以1为半径的圆相交,且交点在椭圆C 上.(1)求椭圆C 的方程;(2)设椭圆E :x 24a 2+y 24b 2=1,P 为椭圆C 上任意一点.过点P 的直线y =kx +m 交椭圆E 于A ,B 两点,射线PO 交椭圆E 于点Q .(ⅰ)求|OQ ||OP |的值;(ⅱ)求△ABQ 面积的最大值.分析:(1)直接利用椭圆的定义得2a =4,则a =2,又c a =32,a 2-c 2=b 2,可得b =1,从而可求出椭圆方程.(2)(ⅰ)利用O 、P 、Q 三点共线及点P 、Q 分别在椭圆C 、E 上的条件建立等式求解;(ⅱ)先求S △OAB 的最大值,再利用①的结论求S △ABQ 的最大值.解析:(1)由题意知2a =4,则a =2, 又c a =32,a 2-c 2=b 2,可得b =1.所以椭圆C 的方程为x 24+y 2=1.(2)由(1)知椭圆E 的方程为x 216+y 24=1.(ⅰ)设P (x 0,y 0),|OQ ||OP |=λ,由题意知Q (-λx 0,-λy 0).因为x 204+y 20=1,又(-λx 0)216+(-λy 0)24=1,即λ24⎝ ⎛⎭⎪⎫x 204+y 20=1, 所以λ=2,即|OQ ||OP |=2.(ⅱ)设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2).将y =kx +m 代入椭圆E 的方程,可得(1+4k 2)x 2+8kmx +4m 2-16=0,由Δ>0,可得m 2<4+16k 2.①则有x 1+x 2=-8km 1+4k 2,x 1x 2=4m 2-161+4k 2.所以|x 1-x 2|=416k 2+4-m 21+4k 2. 因为直线y =kx +m 与y 轴交点的坐标为(0,m ),所以△OAB 的面积S =12|m ||x 1-x 2|=216k 2+4-m 2|m |1+4k 2=2(16k 2+4-m 2)m 21+4k 2=2⎝ ⎛⎭⎪⎫4-m 21+4k 2m 21+4k 2. 设m 21+4k 2=t . 将y =kx +m 代入椭圆C 的方程,可得(1+4k 2)x 2+8kmx +4m 2-4=0,②由Δ≥0,可得m 2≤1+4k 2.由①②可知0<t ≤1,因此S =2(4-t )t =2-t 2+4t ,故S ≤2 3.当且仅当t =1,即m 2=1+4k 2时取得最大值2 3.由(ⅰ)知,△ABQ 面积为3S ,所以△ABQ 面积的最大值为6 3.考点四 圆锥曲线的探索性问题圆锥曲线的探索性问题,一般先假设结论是成立的,然后求解或证明.如果在求证过程中得出矛盾,则结论不成立.例 4-1(2015·北京卷)已知椭圆C :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的离心率为22,点P (0,1)和点A (m ,n )(m ≠0)都在椭圆C 上,直线P A 交x 轴于点M .(1)求椭圆C 的方程,并求点M 的坐标(用m ,n 表示);(2)设O 为原点,点B 与点A 关于x 轴对称,直线PB 交x 轴于点N .问:y 轴上是否存在点Q ,使得∠OQM =∠ONQ ?若存在,求点Q 的坐标;若不存在,说明理由.分析:(1)根据题目条件列出关于a ,b ,c 的方程组并求解,然后进一步确定点M 的坐标.(2)先假设存在这样的点,再将∠OQM =∠ONQ 转化为|OM ||OQ |=|OQ ||ON |求解点的坐标.解析:(1)由题意得⎩⎪⎨⎪⎧b =1,c a =22,a 2=b 2+c 2,解得a 2=2. 故椭圆C 的方程为x 22+y 2=1.设M (x M ,0).因为m ≠0,所以-1<n <1,直线P A 的方程为y -1=n -1m x .所以x M =m 1-n ,即M ⎝ ⎛⎭⎪⎫m 1-n ,0. (2)因为点B 与点A 关于x 轴对称,所以B (m ,-n ).设N (x N ,0),则x N =m 1+n. “存在点Q (0,y Q )使得∠OQM =∠ONQ ”等价于“存在点Q (0,y Q )使得|OM ||OQ |=|OQ ||ON |”,即y Q 满足y 2Q =|x M ||x N |.因为x M =m 1-n ,x N =m 1+n,m 22+n 2=1, 所以y 2Q =|x M ||x N |=m 21-n 2=2. 所以y Q =2或y Q =- 2.故在y 轴上存在点Q ,使得∠OQM =∠ONQ ,且点Q 的坐标为(0,2)或(0,-2).例 4-2)(2015·四川卷)如图,椭圆E :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的离心率是22,过点P (0,1)的动直线l 与椭圆相交于A ,B 两点.当直线l 平行于x 轴时,直线l 被椭圆E 截得的线段长为2 2.(1)求椭圆E 的方程;(2)在平面直角坐标系xOy 中,是否存在与点P 不同的定点Q ,使得|QA ||QB |=|P A ||PB |恒成立?若存在,求出点Q 的坐标;若不存在,请说明理由.分析:(1)根据已知条件,列方程组求出a ,b ,即得椭圆E 的方程.(2)先考虑特殊情况,探讨出点Q 的坐标,然后再进行一般性证明.解析:(1)由已知,点(2,1)在椭圆E 上,因此⎩⎪⎨⎪⎧2a 2+1b 2=1,a 2-b 2=c 2,c a =22,解得⎩⎪⎨⎪⎧a =2,b = 2. ∴椭圆E 的方程为:x 24+y 22=1.(2)当直线l 与x 轴平行时,设直线l 与椭圆相交于C ,D 两点.如果存在定点Q 满足条件,则有|QC ||QD |=|PC ||PD |=1,即|QC |=|QD |.所以Q 点在y 轴上,可设Q 点的坐标为(0,y 0).当直线l 与x 轴垂直时,设直线l 与椭圆相交M ,N 两点,则M ,N 的坐标分别为(0,2),(0,-2).由|QM ||QN |=|PM ||PN |,有|y 0-2||y 0+2|=2-12+1, 解得y 0=1或y 0=2.所以若存在不同于点P 的定点Q 满足条件,则Q 点坐标只可能为(0,2).下面证明:对任意直线l ,均有|QA ||QB |=|P A ||PB |.当直线l 的斜率不存在时,由上可知,结论成立.当直线l 的斜率存在时,可设直线l 的方程为y =kx +1,A ,B 的坐标分别为(x 1,y 1),(x 2,y 2).联立⎩⎨⎧x 24+y 22=1,y =kx +1,得(2k 2+1)x 2+4kx -2=0.其判别式Δ=(4k )2+8(2k 2+1)>0,所以,x 1+x 2=-4k 2k 2+1,x 1x 2=-22k 2+1. 因此1x 1+1x 2=x 1+x 2x 1x 2=2k .易知,点B 关于y 轴对称的点B ′的坐标为(-x 2,y 2).又k QA =y 1-2x 1=kx 1-1x 1=k -1x 1, k QB ′=y 2-2-x 2=kx 2-1-x 2=-k +1x 2=k -1x 1, 所以k QA =k QB ′,即Q ,A ,B ′三点共线,所以|QA ||QB |=|QA ||QB ′|=|x 1||x 2|=|P A ||PB |. 故存在与P 不同的定点Q (0,2),使得|QA ||QB |=|P A ||PB |恒成立.。

2020版高三数学二轮复习(全国理)讲义:专题三第二讲三角恒等变换与解三角形

2020版高三数学二轮复习(全国理)讲义:专题三第二讲三角恒等变换与解三角形

高考考点考点解读[解析] 由题意S △ABC =12ab sin C =a2+b2-c24,即sin C =a2+b2-c22ab ,由余弦定理可知sin C =cos C ,即tan C =1,又C ∈(0,π),所以C =π4.3.(20xx·全国Ⅰ卷,11)已知角α的顶点为坐标原点,始边与x 轴的非负半轴重合,终边上有两点A ()1,a ,B()2,b ,且cos2α=23,则||a -b =( B ) A .15B .55C .255D .1[解析] 由cos2α=2cos 2α-1=23可得cos 2α=56=cos2αsin2α+cos2α=1tan2α+1,化简可得tan α=±55;当tan α=55时,可得a 1=55,b 2=55,即a =55,b =255,此时|a -b |=55;当tan α=-55时,仍有此结果,故|a -b |=55. 4.(20xx·天津卷,6)将函数y =sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x +π5的图象向右平移π10个单位长度,所得图象对应的函数( A )A .在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤3π4,5π4上单调递增 B .在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤3π4,π上单调递减 C .在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤5π4,3π2上单调递增 D .在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤3π2,2π上单调递减 [解析] 选A .因为将函数y =sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x +π5的图象向右平移π10个单位长度,得到函数y=sin2x 的图象.用五点法作出草图,如图:从图中可以看出选项A 正确,其他都不正确.⎝ ⎛4-α=5,则sin22 .=4+2c=R,则△9.为了竖起一块广告牌,要制造三角形支架,如图,要求∠ACB =60°,BC 的长度大于1米,且AC 比AB 长0.5米,为了稳定广告牌,要求AC 越短越好,则AC 最短为2+3.[解析] 由题意设BC =x (x >1)米, AC =t (t >0)米,依题设AB =AC -0.5 =(t -0.5)米,在△ABC 中,由余弦定理得: AB 2=AC 2+BC 2-2AC ·BC cos60°, 即(t -0.5)2=t 2+x 2-tx ,化简并整理得: t =x2-0.25x -1(x >1),即t =x -1+0.75x -1+2,因为x >1,故t =x -1+0.75x -1+2≥2+3, 当且仅当x =1+32时取等号,此时取最小值2+3.10.(20xx·全国卷Ⅰ,17)在平面四边形ABCD 中,∠ADC =90°,∠A =45°,AB =2,BD =5.(1)求cos ∠ADB ; (2)若DC =22,求BC .[解析] (1)在△ABD 中,由正弦定理得BD sinA =AB sin ∠ADB. 由题设知,5sin45°=2sin ∠ADB ,所以sin ∠ADB =25. 由题意知,∠ADB <90°, 所以cos ∠ADB =1-225=235.∴a ·(-MB →-MC →)+b MB →+33c ·MC →=0.即(b -a )·MB →+(33c -a )·MC →=0,∵MB →与MC →不共线, ∴b -a =0,32c -a =0. 得a b33c =111,令a =1,b =1,c =3, 则cos C =a2+b2-c22ab =1+1-32×1×1=-12,∴C =2π3,故选D .2.(20xx·××市一模)若sin(π6-α)=13,则cos(2π3+2α)=( A ) A .-79B .79C .-29D .29[解析] ∵cos(2π3+2α)=-cos(π3-2α)=-[1-2sin 2(π6-α)]=-(1-29)=-79.3.(20xx·威海二模)已知等腰△ABC 满足AB =AC ,3BC =2AB ,点D 为BC 边上的一点且AD =BD ,则sin ∠ADB 的值为( C )A .36B .23C .223D .63[解析] 如图,设AB =AC =a ,AD =BD =b ,由3BC =2AB ,。

2020版高三数学二轮复习(全国理)讲义:专题二 第三讲导数的简单应用

2020版高三数学二轮复习(全国理)讲义:专题二  第三讲导数的简单应用

=x 的坐标为(1,1).=12{-cos1-[-cos(-1)]} =12(-cos1+cos1)=0. 故①为一组正交函数;对于②.⎠⎛-1 1 [(x +1)(x -1)]d x =⎠⎛-11 (x 2-1)d x =(13x 3-x )|1-1=13-1-(-13+1)=23-2=-43≠0.故②不是一组正交函数;对于③.⎠⎛-1 1 (x ·x 2)d x =⎠⎛-1 1x 3d x =(14x 4)|1-1=0.故③为一组正交函数. 故选C. 『规律总结』1.求曲线y =f (x )的切线方程的三种类型及方法(1)已知切点P (x 0.y 0).求y =f (x )在点P 处的切线方程:求出切线的斜率f ′(x 0).由点斜式写出方程.(2)已知切线的斜率为k .求y =f (x )的切线方程.设切点P (x 0.y 0).通过方程k =f ′(x 0)解得x 0.再由点斜式写出方程. (3)已知切线上一点(非切点).求y =f (x )的切线方程:设切点P (x 0.y 0).利用导数求得切线斜率f ′(x 0).然后由斜率公式求得切线斜率.列方程(组)解得x 0.再由点斜式或两点式写出方程.2.根据过某点切线方程(斜率)或其与某线平行、垂直等求参数问题的解法:利用导数的几何意义、切点坐标、切线斜率之间的关系构建方程(组)或函数求解.3.(理)利用定积分求平面图形的面积的两个关键点关键点一:正确画出几何图形.结合图形位置.准确确定积分区间以及被积函数.从而得到面积的积分表达式.再利用微积分基本定理求出积分值.关键点二:根据图形的特征.选择合适的积分变量.在以y 为积分变量时.应注意将曲线方程变为x =(y )的形式.同时.积分上、下限必须对应y 的取值.易错提醒:求曲线的切线方程时.务必分清点P 处的切线还是过点P 的切线.前者点P 为切点.后者点P 不一定为切点.求解时应先求出切点坐标.=-3x+2x2.(文)如图.函数y =f (x )的图象在点P 处的切线方程为x -y +2=0.则f (1)+f ′(1)=( D ) A .1 B .2 C .3D .4[解析] 由条件知(1.f (1))在直线x -y +2=0上.且f ′(1)=1.∴f (1)+f ′(1)=3+1=4. (理)(20xx·烟台质检)在等比数列{a n }中.首项a 1=23.a 4=⎠⎛14(1+2x )d x .则该数列的前5项和S 5为( C )A .18B .3C .2423D .2425[解析] a 4=⎠⎛14(1+2x )d x =(x +x 2)|41=18.因为数列{a n }是等比数列. 故18=23q 3.解得q =3.所以S 5=23(1-35)1-3=2423.故选C.3.已知常数a 、b 、c 都是实数.f (x )=ax 3+bx 2+cx -34的导函数为f ′(x ).f ′(x )≤0的解集为{x |-2≤x ≤3}.若f (x )的极小值等于-115.则a 的值是( C )A .-8122B .13C .2D .5[解析] 依题意得f ′(x )=3ax 2+2bx +c ≤0的解集是[-2,3].于是有3a >0.-2+3=-2b3a .-2×3=c3a.∴b =-3a2.c =-18a .函数f (x )在x =3处取得极小值.于是有f (3)=27a +9b +3c -34=-115.-812a =-81.a =2.故选C.6.已知函数f (x )=12x 2+3ax -ln x .若f (x )在区间[13.2]上是增函数.则实数a 的取值范围为[89.+∞).[解析] 由题意知f ′(x )=x +3a -1x ≥0在[13.2]上恒成立.即3a ≥-x +1x 在[13.2]上恒成立.又y =-x +1x 在[13.2]上单调递减.∴(-x +1x )max =83.∴3a ≥83.即a ≥89.7.(文)若函数y =-13x 3+ax 有三个单调区间.则a 的取值范围是a >0.[解析] y ′=-x 2+a .若y =-13x 3+ax 有三个单调区间.则方程-x 2+a =0应有两个不等实根.故a >0.(理)(20xx·临沂模拟)如图.已知A (0.14).点P (x 0.y 0)(x 0>0)在曲线y =x 2上.若阴影部分面积与△OAP 面积相等.则x 0=64. [解析] 因为点P (x 0.y 0)(x 0>0)在曲线y =x 2上. 所以y 0=x 20.则△OAP 的面积S =12|OA ||x 0|=12×14x 0=18x 0.阴影部分的面积为∫x 00x 2d x =13x 3|x 00=13x 30.因为阴影部分面积与△OAP 的面积相等. 所以13x 30=18x 0.即x 20=38.所以x 0=38=64. 8.已知函数f (x )=(x +1)ln x -a (x -1).。

高三数学二轮复习 专题13概率及其应用教案(理) 苏教版 教案

高三数学二轮复习 专题13概率及其应用教案(理) 苏教版 教案

专题13 概率及其应用(2)【高考趋势】两点分布、超几何分布、二项分布等是概率中最重要的几种分布,在实际应用和理论分析中都有重要的地位。

高考对这部分概率知识的考查以运用概率的有关知识分析和解决实际问题主,考题的立意比较鲜明,综合性较强,复习时应将事件关系的理解放在重要位置,只有理清事件的关系,才能使用相应的公式解题。

本章含有分类讨论的思想、数形结合的思想、转化与化归的思想,用到模型化方法,验证法的数学方法,正难则反的思想。

【考点展示】1、 将一骰子连续抛掷三次,它落地时向上的点数之和等于5的概率为2、甲射击命中目标的概率是21,乙命中目标的概率是31,丙命中目标的概率是41,现在三人同时射击目标,则目标被击中的概率为3、口袋里放有大小相等的2个红球和1个白球,有放回地每次摸取一个球,定义数列{a n };⎩⎨⎧-。

n ,,n 次摸取白球第次摸取红球第1,1如果S n 为数列{a n }的前n 项和,那么S n =1的概率为4、接种某疫苗后,出现发热反应的概率是0.80。

现有5人接种该疫苗,至少有3人出现发热反应的概率为 。

(精确到0.01)5、甲、乙两个袋子中均装有红、白两种颜色的小球,这些小球除颜色外完全相同,其中甲袋装有4个红球、2个白球,乙袋装有1个红球、5个白球。

现分别从甲、乙两袋中各随机抽取1个球,则取出的两球都是红球的概率为 (答案用分数表示)。

【样题剖析】例1 一批玉米种子,共发芽率是0.8。

(1)问每穴至少种几粒种子,才能保证每穴至少有一粒发芽的概率大于98%? (2)若每穴种3粒,求恰好两粒发芽的概率(lg2=0.3010)。

例2 实力相等的甲、乙两队参加乒乓球团体比赛,规定5局3胜制(即5局内谁先赢3局就算胜出并停止比赛)。

(1)试分别求甲打完3局、4局、5局才能取胜的概率; (2)按比赛规则甲获胜的概率。

例3、在一段线路中并联着3个自动控制的开关,只要其中有1个并能够闭合,线路就能正常工作。

高三数学第二轮复习知识点归纳

高三数学第二轮复习知识点归纳

高三数学第二轮复习知识点归纳(经典版)编制人:__________________审核人:__________________审批人:__________________编制单位:__________________编制时间:____年____月____日序言下载提示:该文档是本店铺精心编制而成的,希望大家下载后,能够帮助大家解决实际问题。

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高三数学二轮专题复习资料(理) 专题一:三角函数与平面向量一、高考动向:1.三角函数的性质、图像及其变换,主要是sin()y A x ωϕ=+的性质、图像及变换.考查三角函数的概念、奇偶性、周期性、单调性、有界性、图像的平移和对称等.以选择题或填空题或解答题形式出现,属中低档题,这些试题对三角函数单一的性质考查较少,一道题所涉及的三角函数性质在两个或两个以上,考查的知识点来源于教材.2.三角变换.主要考查公式的灵活运用、变换能力,一般要运用和角、差角与二倍角公式,尤其是对公式的应用与三角函数性质的综合考查.以选择题或填空题或解答题形式出现,属中档题.3.三角函数的应用.以平面向量、解析几何等为载体,或者用解三角形来考查学生对三角恒等变形及三角函数性质的应用的综合能力.特别要注意三角函数在实际问题中的应用和跨知识点的应用,注意三角函数在解答有关函数、向量、平面几何、立体几何、解析几何等问题时的工具性作用.这类题一般以解答题的形式出现,属中档题.4.在一套高考试题中,三角函数一般分别有1个选择题、1个填空题和1个解答题,或选择题与填空题1个,解答题1个,分值在17分—22分之间.5.在高考试题中,三角题多以低档或中档题目为主,一般不会出现较难题,更不会出现难题,因而三角题是高考中的得分点.二、知识再现:三角函数跨学科应用是它的鲜明特点,在解答函数,不等式,立体几何问题时,三角函数是常用的工具,在实际问题中也有广泛的应用,平面向量的综合问题是“新热点”题型,其形式为与直线、圆锥曲线、三角函数等联系,解决角度、垂直、距离、共线等问题,以解答题为主。

1.三角函数的化简与求值(1)常用方法:① ② ③(2)化简要求:① ② ③ ④ ⑤ 2.三角函数的图象与性质(1)解图象的变换题时,提倡先平移,但先伸缩后平移也经常出现,无论哪种变形,请切记每一个变换总是对字母 而言,即图象变换要看“变量”起多大变化,而不是“角变化”多少。

(2)函数x y sin =,x y cos =,x y tan =图象的对称中心分别为 。

(Z k ∈)(3)函数x y sin =,x y cos =图象的对称轴分别为直线 Z k ∈3.向量加法的“三角形法则”与“平行四边形法则”(1)用平行四边形法则时,两个已知向量是要共 的,和向量是始点与已知向量的 重合的那条对角线,而差向量是 ,方向是从 指向 。

(2)三角形法则的特点是 ,由第一个向量的 指向最后一个向量的 的有向线段就表示这些向量的和,差向量是从 的终点指向 的终点。

(3)当两个向量的起点公共时,用 法则;当两个向量是首尾连接时,用 法则。

三、课前热身:1.(天津卷)把函数sin y x =(x R ∈)的图象上所有点向左平行移动3π个单位长度,再把所得图象上所有点的横坐标缩短到原来的12倍(纵坐标不变),得到的图象所表示的函数是 (A )sin(2)3y x π=-,x R ∈ (B )sin()26x y π=+,x R ∈(C )sin(2)3y x π=+,x R ∈ (D )sin(2)32y x π=+,x R ∈2.(湖南卷)设D 、E 、F 分别是△ABC 的三边BC 、CA 、AB 上的点,且2,DC BD =2,CE EA =2,AF FB =则AD BE CF ++与BC ( )A.反向平行B.同向平行C.互相垂直D.既不平行也不垂直3.(江苏)函数[]()sin 3(π0)f x x x x =∈-,的单调递增区间是()A.5ππ6⎡⎤--⎢⎥⎣⎦,B.5ππ66⎡⎤--⎢⎥⎣⎦, C.π03⎡⎤-⎢⎥⎣⎦,D.π06⎡⎤-⎢⎥⎣⎦,4.(重庆卷)若过两点)2,1(1-P ,)6,5(2P 的直线与x 轴相交于点P ,则P 点分有向线段12PP 所成的比λ的值为 (A)13 (B) -15 (C) 15(D)135.(山东卷)已知c b a ,,为△ABC 的三个内角A ,B ,C 的对边,向量()1,3-=m ,()A A n sin ,cos =.若n m ⊥,且C c A b B a sin cos cos =+,则角B = .四、典题体验:例1 (安徽卷)已知40,sin 25παα<<=(Ⅰ)求22sin sin 2cos cos 2αααα++的值; (Ⅱ)求5tan()4πα-的值。

例2.已知)2,2(=a ,与的夹角为43π,有2-=• (1)求b(2)设)0,1(=,且t b ⊥,)2cos 2,(cos 2CA =,其中C A ,是ABC ∆的内角,若A ,B ,C 依次成等c b +的取值范围。

例3. 在ABC ∆中,角A 、B 、C 所对的边是,,a b c ,且2221.2a cb ac +-=(1)求2sin cos 22A CB ++的值; (2)若2b =,求ABC ∆面积的最大值.变式.在ABC △中,5cos 13B =-,4cos 5C =. (Ⅰ)求sin A 的值;(Ⅱ)设ABC △的面积332ABC S =△,求BC 的长.例4(2006湖北)设函数()c b a x f +•=)(,其中向量(sin ,cos )a x x =-,(sin ,3cos )b x x =-,(cos ,sin )c x x =-,x R ∈。

(Ⅰ)、求函数()f x 的最大值和最小正周期;(Ⅱ)、将函数()f x 的图像按向量d 平移,使平移后得到的图像关于坐标原点成中心对称,求长度最小的d 。

例5.设平面向量()1,3=,⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-=23,21b ,若存在实数)0(≠m m 和角⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛⎪⎭⎫ ⎝⎛-∈2,2ππθθ,使向量b a c )3(tan 2-+=θ,m -=θtan +,且⊥。

(1)求函数)(θf m =的关系式;(2)令θtan =t ,求函数)(t g m =的极值例6.(安徽)设函数232()cos 4sin cos 43422x xf x x t t t t =--++-+,x ∈R , 其中1t ≤,将()f x 的最小值记为()g t . (I )求()g t 的表达式;(II )讨论()g t 在区间(11)-,内的单调性并求极值.本小题主要考查同角三角函数的基本关系,倍角的正弦公式,正弦函数的值域,多项式函数的导数,函数的单调性,考查应用导数分析解决多项式函数的单调区间,极值与最值等问题的综合能力.五、能力提升1.三角函数是一种特殊函数,因此,要重视函数思想对三角函数的指导意义,要注意数形结合、分类整合,化归与转化思想在三角中的运用,要熟记正弦曲线、余弦曲线、正切曲线的对称中心和它们的图象特征,能从图象中直接看出它们的性质。

2.解题策略:切割化弦;活用公式;边角互化3.常用技巧:“1”的代换;角的变换;特殊角;辅助角公式;降幂公式练习1.(江西卷)如图,正六边形ABCDEF 中,有下列四个命题:A .2AC AF BC +=B .22AD AB AF =+C .AC AD AD AB ⋅=⋅ D .()()AD AF EF AD AF EF ⋅=⋅ 其中真命题的代号是 (写出所有真命题的代号).2.已知函数2π()cos 12f x x ⎛⎫=+⎪⎝⎭,1()1sin 22g x x =+. (I )设0x x =是函数()y f x =图象的一条对称轴,求0()g x 的值. (II )求函数()()()h x f x g x =+的单调递增区间.3.在ABC △中,内角A B C ,,对边的边长分别是a b c ,,,已知2c =,3C π=. (Ⅰ)若ABC △3,求a b ,;(Ⅱ)若sin sin()2sin 2C B A A +-=,求ABC △的面积.本小题主要考查三角形的边角关系,三角函数公式等基础知识,考查综合应用三角函数有关知识的能力.ABDECF六、专项训练(一).选择题:(30分)1.已知向量OB =(2,0),向量OC =(2,2),向量CA =22αα),则向量OA 与向量OB 的夹角的范围为( )A [0,4π] B [4π,512π] C [512π,2π] D [12π,512π] 2.△ABC 中,若)(2222444b a c c b a +=++,则C ∠度数是:()A 600B 450或1350C 1200D 3003.(湖北卷5)将函数3sin()y x θ=-的图象F 按向量(,3)3π平移得到图象F ',若F '的一条对称轴是直线4x π=,则θ的一个可能取值是A.π125 B. π125- C. π1211D. 1112π-4.已知k <-4,则函数)1(cos 2cos -+=x k x y 的最小值是( )(A) 1 (B) -1 (C) 2k +1 (D) -2k +1 5.给定性质:①最小正周期为π,②图象关于直线3x π=对称,则下列四个函数中,同时具有性质①②的是 ( )(A ) sin()26x y π=+(B )sin(2)6y x π=+(C )sin y x = (D )sin(2)6y x π=- 6.设(43)=,a ,a 在b 52,b 在x 轴上的投影为2,且||14≤b ,则b 为 A .(214), B .227⎛⎫- ⎪⎝⎭,C .227⎛⎫- ⎪⎝⎭, D .(28), 二.填空题:(8分)7.(湖南卷)若)4sin(3)4sin()(ππ-++=x x a x f 是偶函数,则a = .8.已知向量()θθsin ,cos =a =(cos ,sin θθ),向量3,1-),则b -2的最大值是 三、解答题:(37分)9.已知,,A B C 是三角形ABC ∆三内角,向量()()1,3,cos ,sin m n A A =-=,且1m n ⋅=.(Ⅰ)求角A ;(Ⅱ)若221sin 23cos sin BB B+=--,求tan B ,C tan10.(江西)如图,函数π2cos()(0)2y x x ωθθ=+∈R ,≤≤的图象与y 轴交于点(03),,且在该点处切线的斜率为2-. (1)求θ和ω的值;(2)已知点π02A ⎛⎫ ⎪⎝⎭,,点P 是该函数图象上一点,点00()Q x y ,是PA 的中点,当032y =0ππ2x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦,时,求0x 的值.11.已知ABC △的面积为3,且满足60≤•≤,设AB 和AC 的夹角为θ. (I )求θ的取值范围; (II )求函数2()2sin 3cos 24f θθθ⎛⎫=+-⎪⎝⎭π的最大值与最小值. 本小题主要考查平面向量数量积的计算、解三角形、三角公式、三角函数的性质等基本知识,考查推理和运算能力.专题二:函数与导数一、高考动向:函数与导数是高考数学的重点内容之一,函数的观点和思想方法贯穿整个高中数学的全过程,在近yx 3OAP几年的高考中, 函数类试题在试题中所占分值一般为22---35分.一般为2个选择题或2个填空题,1个解答题 ,而且常考常新.在选择题和填空题中通常考查反函数、函数的定义域、值域、函数的单调性、奇偶性、周期性、函数的图象、导数的概念、导数的应用以及从函数的性质研究抽象函数。

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