河北省邯郸市曲周一中2016届高三上学期第一次摸底物理试卷

河北省邯郸市曲周一中2016届高三上学期第一次摸底物理试卷一、选择题：（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，1～5小题，只有一个选项符合题目要求，6～8小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．甲、乙两车在同一水平路面上做直线运动，某时刻乙车在前、甲车在后，相距s=6m，从此刻开始计时，乙做匀减速运动，两车运动的v﹣t图象如图所示．则在0～12s内关于两车位置关系的判断，下列说法正确的是( )A．t=4s时两车相遇B．t=4s时两车间的距离最大C．0～12s内两车有两次相遇D．0～12s内两车有三次相遇2．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻R=10Ω，其余电阻均不计，从某时刻开始在原线圈c、d 两端加上如图乙所示的交变电压，则下列说法中正确的是( )A．当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22VB．当单刀双掷开关与a连接且t=0.01s时，电流表示数为零C．当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的输入功率变小D．当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈输出电压的频率变为25Hz3．已知某半径为r0的质量分布均匀的天体，测得它的一个卫星的圆轨道的半径为r，卫星运行的周期为T．假设在该天体表面沿竖直方向以初速度v0向上抛出一个物体，不计阻力，求它可以到达的最大高度h是多少？( )A．B．C．D．4．如图所示，匀强电场方向平行于xOy平面，在xOy平面内有一个半径为R=5cm的圆，圆上有一动点P，半径OP与x轴方向的夹角为θ，P点沿圆周移动时，O、P两点的电势差满足U OP=25sinθ（V），则该匀强电场的大小和方向分别为( )A．5 V/m，沿x轴正方向B．500V/m，沿y轴负方向C．500 V/m，沿y轴正方向D．250V/m，沿x轴负方向5．一闭合线圈固定在垂直于纸面的均匀磁场中，设向里为磁感应强度B的正方向，线圈中的箭头为电流i的正方向，如图（a）所示．已知线圈中感应电流i随时间而变化的图象如图（b）所示，则磁感应强度B随时间而变化的图象可能是下图中的( )A． B．C．D．6．在电场强度大小为E的匀强电场中，将一个质量为m、电荷量为q的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成θ角的方向做直线运动．关于带电小球的电势能ε和机械能W的判断，不正确的是( )A．若sinθ＜，则ε一定减少，W一定增加B．若sinθ=，则ε、W一定不变C．若sinθ=，则ε一定增加，W一定减小D．若tanθ=，则ε可能增加，W一定增加7．如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平面间动摩擦因数为，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g．现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度大小a可能是( )A．a=μg B．a=C．a=D．a=﹣8．如图所示，某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角α=60°，使飞行器恰恰与水平方向成θ=30°角的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，下列说法中正确的是( )A．加速时加速度的大小为g B．加速时动力的大小等于mgC．减速时动力的大小等于D．减速飞行时间t后速度为零二．非选择题（52分）9．一个有一定厚度的圆盘，可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动，圆盘加速转动时，角速度的增加量△ω与对应时间△t的比值定义为角加速度β（即β=）．我们用电磁打点计时器、米尺、游标卡尺、纸带、复写纸来完成下述实验：（打点计时器所接交流电的频率为50Hz，A、B、C、D…为计数点，相邻两计数点间有四个点未画出）①如图甲所示，将打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔，然后固定在圆盘的侧面，当圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上；②接通电源，打点计时器开始打点，启动控制装置使圆盘匀加速转动；③经过一段时间，停止转动和打点，取下纸带，进行测量．（1）用20分度的游标卡尺测得圆盘的直径如图乙所示，圆盘的半径r为__________cm；（2）由图丙可知，打下计数点B时，圆盘转动的角速度为__________rad/s；（3）圆盘转动的角加速度大小为__________rad/s2；（（2），（3）问中计算结果保留三位有效数字）10．实验室现有下列器材：电流表G（满偏电流为300μA，内阻为100Ω）；电流表A1（量程为0.6A，内阻约为0.1Ω）；电压表V1（量程为2V，内阻约为2000Ω）；电阻箱R1（阻值范围0～9999Ω）；电阻箱R2（阻值范围0～999.9Ω）；滑动变阻器R3（最大阻值为100Ω）；滑动变阻器R4（最大阻值为100kΩ）；电源E（电动势6V，内阻约0.5Ω）；单刀单掷开关S，导线若干．（1）现需要将电流表G改装成3V的电压表，需要将电阻箱__________的阻值调节为__________Ω，与电流表G__________联．（2）为了测量电压表V1的内阻，要求有尽可能高的测量精度，并能测多组数据．请你从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量实验电路，在如图虚线方框中画出电路原理图．（电路原理图中要用题中相应的英文字母标注．若你需用到改装后的电压表，则改装后的电压表用V表示）．（3）电压表V1的内阻R V的计算公式为R V=__________，式中各符号的意义是__________．11．一小汽车从静止开始以3m/s2的加速度行驶，恰有自行车以6m/s的速度从车边匀速驶过．（1）汽车从开始运动后在追上自行车之前，要经多长时间两者相距最远？此时距离是多少？（2）什么时候追上自行车，此时汽车的速度是多少？12．如图所示，在平面直角坐标系xOy中的第一象限内存在磁感应强度大小为B、方向垂直于坐标平面向里的圆形匀强磁场区域（图中未画出）；在第二象限内存在沿x轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E．一粒子源固定在x轴上的A（﹣L，0）点，沿y轴正方向释放电子，电子经电场偏转后能通过y轴上的C（0，2L）点，再经过磁场偏转后恰好垂直击中ON，ON与x轴正方向成30°角．已知电子的质量为m，电荷量为e，不考虑粒子的重力和粒子之间的相互作用，求：（1）电子的释放速度v的大小；（2）电子离开电场时的速度方向与y轴正方向的夹角θ；（3）圆形磁场的最小半径R min．【物理——选修3-5】13．关于天然放射现象，下列叙述正确的是( )A．若使放射性物质的温度升高，其半衰期将减少B．当放射性元素的原子的核外电子具有较高能量时，将发生β衰变C．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强D．铀核（U）衰变为铅核（Pb）的过程中，要经过8次α衰变和6次β衰变E．铀核（U）衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于铀核的结合能14．如图，质量为m的b球用长h的细绳悬挂于水平轨道BC的出口C处．质量也为m的小球a，从距BC高h的A处由静止释放，沿ABC光滑轨道滑下，在C处与b球正碰并与b粘在一起．已知BC轨道距地面有一定的高度，悬挂b球的细绳能承受的最大拉力为2.8mg．试问：①a与b球碰前瞬间的速度多大？②a、b两球碰后，细绳是否会断裂？（要求通过计算回答）河北省邯郸市曲周一中2016届高三上学期第一次摸底物理试卷一、选择题：（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，1～5小题，只有一个选项符合题目要求，6～8小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．甲、乙两车在同一水平路面上做直线运动，某时刻乙车在前、甲车在后，相距s=6m，从此刻开始计时，乙做匀减速运动，两车运动的v﹣t图象如图所示．则在0～12s内关于两车位置关系的判断，下列说法正确的是( )A．t=4s时两车相遇B．t=4s时两车间的距离最大C．0～12s内两车有两次相遇D．0～12s内两车有三次相遇考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据图象与时间轴围成的面积可求出两车的位移，则可确定何时两车相遇．能够画出两车的运动情景过程，了解两车在过程中的相对位置．解答：解：A、图象与时间轴围成的面积可表示位移，0﹣4s，甲的位移为48m，乙的位移为40m，甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距S=6m，当t=4s时，甲车在前，乙车在后，相距2m．所以当t=4s时两车不相遇．故A错误．B、开始时乙车在前，甲车在后，甲的速度大于乙的速度，所以两车间的距离减小，故B错误．C、0﹣6s，甲的位移为60m，乙的位移为54m，两车第二次相遇，6s后，由于乙的速度大于甲的速度，乙又跑到前面，8s后，由于甲的速度大于乙的速度，两车还会发生第三次相遇，故C错误，D正确．故选：D．点评：速度﹣时间图象中要注意观察三点：一点，注意横纵坐标的含义；二线，注意斜率的意义；三面，速度﹣时间图象中图形与时间轴围成的面积为这段时间内物体通过的位移．2．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻R=10Ω，其余电阻均不计，从某时刻开始在原线圈c、d 两端加上如图乙所示的交变电压，则下列说法中正确的是( )A．当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22VB．当单刀双掷开关与a连接且t=0.01s时，电流表示数为零C．当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的输入功率变小D．当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈输出电压的频率变为25Hz考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．解答：解：由图象可知，电压的最大值为311V，交流电的周期为2×10﹣2s，所以交流电的频率为f==50Hz，A、交流电的有效值为220V，根据电压与匝数程正比可知，副线圈的电压为22V，故A正确；B、电流表示数为电流的有效值，不随时间的变化而变化，所以电流表的示数为I=A=2.2A，故B错误．C、当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的匝数变小，所以副线圈的输出的电压要变大，电阻R上消耗的功率变大，原线圈的输入功率也要变大，故C错误；D、变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出电压的频率为50Hz，故D错误；故选：A．点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．3．已知某半径为r0的质量分布均匀的天体，测得它的一个卫星的圆轨道的半径为r，卫星运行的周期为T．假设在该天体表面沿竖直方向以初速度v0向上抛出一个物体，不计阻力，求它可以到达的最大高度h是多少？( )A．B．C．D．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：结合万有引力等于重力和万有引力提供向心力求出该星表面的重力加速度．根据竖直上抛运动的位移公式即可求出．解答：解：由万有引力提供向心力得：，=mg′，所以在该天体表面沿竖直方向以初速度v0向上抛出一个物体，不计阻力，物体上升的过程中的机械能守恒，得：它可以到达的最大高度h是：故选：D点评：该题考查万有引力定律的一般应用，解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能熟练运用．4．如图所示，匀强电场方向平行于xOy平面，在xOy平面内有一个半径为R=5cm的圆，圆上有一动点P，半径OP与x轴方向的夹角为θ，P点沿圆周移动时，O、P两点的电势差满足U OP=25sinθ（V），则该匀强电场的大小和方向分别为( )A．5 V/m，沿x轴正方向B．500V/m，沿y轴负方向C．500 V/m，沿y轴正方向D．250V/m，沿x轴负方向考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：任意一点P的电势U=25sinθ（V），当θ和180°﹣θ的时候，电势相等，从数学角度可以看出关于y轴正向是当θ和180°﹣θ的时候，电势相等．匀强电场的电场强度E=，根据U=Ed，表示出两点间的电势差，d表示两点沿电场线方向上的距离．解答：解：任意一点P的电势U=25sinθ（V），当θ和180°﹣θ的时候，电势相等，从数学角度可以看出关于y轴正向是当θ和180°﹣θ的时候，电势相等．那么就是说垂直于y轴正向都是等势面，那么y轴正向方向就是场强方向．当θ=90°时，P的电势最大，为25V，当θ=180°或0°时，P的电势最小，为0V，根据U=Ed得：E==500V/m，故选：C点评：本题主要考查了找等势面，电场线与等势面垂直，解决本题的关键会运用U=Ed求匀强电场中两点间的电势差5．一闭合线圈固定在垂直于纸面的均匀磁场中，设向里为磁感应强度B的正方向，线圈中的箭头为电流i的正方向，如图（a）所示．已知线圈中感应电流i随时间而变化的图象如图（b）所示，则磁感应强度B随时间而变化的图象可能是下图中的( )A．B．C．D．考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与图像结合．分析：线圈中因磁通量发生变化，才导致线圈产生感应电动势，从而形成感应电流．由楞次定律可推断出磁场的变化及磁通量的变化．解答：解：A、在0～t内，磁场方向垂直纸面向外，且均匀增大，根据法拉第电磁感应定律，则产生的感应电动势为定值，电流为定值，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，则电流为负值．在～t内，磁场方向垂直纸面向外，且均匀减小，感应电流为定值，根据楞次定律，感应电流的方向为逆时针方向，则电流为正值．在t～内，磁场方向垂直纸面向里，且均匀增大，电流为定值，根据楞次定律，感应电流的方向为逆时针方向，则电流为正值．在～2t内，磁场方向垂直纸面向里，且均匀减小，感应电流为定值，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，则电流为负值，故A正确．B、在0～t内，磁场方向垂直纸面向外，且均匀减小，根据法拉第电磁感应定律，则产生的感应电动势为定值，电流为定值，根据楞次定律，感应电流的方向为逆时针方向，则电流为正值，故B错误；C、在0～t内，磁场方向垂直纸面向外，且非均匀增大，根据法拉第电磁感应定律，则产生的感应电动势不是定值，电流不是定值，故C错误．D、磁场的方向不变，则与图中电流方向不符．故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键会根据法拉第电磁感应定律判断感应电动势的大小，会根据楞次定律判断感应电流的方向．6．在电场强度大小为E的匀强电场中，将一个质量为m、电荷量为q的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成θ角的方向做直线运动．关于带电小球的电势能ε和机械能W的判断，不正确的是( )A．若sinθ＜，则ε一定减少，W一定增加B．若sinθ=，则ε、W一定不变C．若sinθ=，则ε一定增加，W一定减小D．若tanθ=，则ε可能增加，W一定增加考点：电势能；动能定理的应用．分析：带电小球从静止开始做直线运动，受到两个恒力作用，其合力与速度方向必定在同一直线上，根据电场力与速度方向的夹角，判断电场力做功正负，确定电势能和机械能的变化．解答：解：A、若sinθ＜，电场力可能做正功，也可能做负功，所以ε可能减小也可能增大、W可能增大也可能减小．故A不正确．BC、若sinθ=，则电场力与速度方向垂直，电场力不做功，ε、W一定守恒．故B正确，C不正确．D、若tanθ=，则电场力沿水平方向，据题知，电场力和重力的合力与速度方向同向，电场力做正功，ε一定减少，W一定增加，故D不正确；本题选不正确的，故选：ACD．点评：本题关键是分析电场力与合力方向的夹角，来判断电场力做功正负，确定电势能和机械能的变化．7．如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平面间动摩擦因数为，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g．现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度大小a可能是( )A．a=μg B．a=C．a=D．a=﹣考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：要分析木板的加速度就是来分析它受力，而题目并没有说木板相对物块到底是动了还是没动，因此我们要分两种情况来考虑这个问题：一：木板相对物块没动，这样的话就是说木板和物块一起做匀加速直线运动，可以通过受力来找加速度．二：木板相对物块动了，则木板就是在物块的摩擦力和地面的摩擦力作用下做匀加速直线运动，又可以做出一个结果．解答：解：一：木板相对物块没动①若F＜μmg，则木板上下表面都受到大小相等、方向相反的摩擦力，摩擦力大小为F，此时木板加速度为0；②若μmg＞F＞μmg，则木板和物块一起做匀加速直线运动，整体水平方向的受力为：拉力F和地面的摩擦力f，则其加速度为：，故D正确．二：木板相对物块动了此时F＞μmg，则木板就是在物块的摩擦力和地面对它的摩擦力作用下做匀加速直线运动，其受到木块的摩擦力为：f1=μmg，收到地面的摩擦力为f2=μmg，则获得的加速度为：，故C正确．故选：CD．点评：小技巧，注意题目里面的一些暗示．这是一个需要思维缜密的题，通过题干问的加速度可能是？我们就可只推测这个至少应该有两个答案，也就是会有两种运动情况，进而仔细分析题目找出这两种情况即可．8．如图所示，某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角α=60°，使飞行器恰恰与水平方向成θ=30°角的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，下列说法中正确的是( )A．加速时加速度的大小为g B．加速时动力的大小等于mgC．减速时动力的大小等于D．减速飞行时间t后速度为零考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，根据几何关系求出合力，由牛顿第二定律求出加速度，根据匀加速运动速度公式求解最大速度；推力方向逆时针旋转60°后，先根据牛顿第二定律求解加速度，再求出继续上升的时间．解答：解：A、B、起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，设动力为F，合力为F b，如图所示：在△OFF b中，由几何关系得：F=，F b=mg由牛顿第二定律得飞行器的加速度为：a1=g故A正确，B错误；C、D、t时刻的速率：v=a1t=gt推力方向逆时针旋转60°，合力的方向与水平方向成30°斜向下，推力F'跟合力F'h垂直，如图所示，此时合力大小为：F'h=mgsin30°动力大小：飞行器的加速度大小为：a2==g到最高点的时间为：t′===2t故C正确，D错误；故选：AC．点评：本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的应用，要求同学们能正确对分析器进行受力分析并能结合几何关系求解，难度适中．二．非选择题（52分）9．一个有一定厚度的圆盘，可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动，圆盘加速转动时，角速度的增加量△ω与对应时间△t的比值定义为角加速度β（即β=）．我们用电磁打点计时器、米尺、游标卡尺、纸带、复写纸来完成下述实验：（打点计时器所接交流电的频率为50Hz，A、B、C、D…为计数点，相邻两计数点间有四个点未画出）①如图甲所示，将打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔，然后固定在圆盘的侧面，当圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上；②接通电源，打点计时器开始打点，启动控制装置使圆盘匀加速转动；③经过一段时间，停止转动和打点，取下纸带，进行测量．（1）用20分度的游标卡尺测得圆盘的直径如图乙所示，圆盘的半径r为3.000cm；（2）由图丙可知，打下计数点B时，圆盘转动的角速度为9.18rad/s；（3）圆盘转动的角加速度大小为23.5rad/s2；（（2），（3）问中计算结果保留三位有效数字）考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：（1）20分度的游标卡尺精确度为0.05mm，读数时先读大于1mm的整数部分，再读不足1m的小数部分；（2）根据平均速度等于中间时刻瞬时速度求出D点的瞬时速度，然后根据v=ωr求解角速度；（3）用逐差法求解出加速度，再根据加速度等于角加速度与半径的乘积来计算角加速度．解答：解：（1）整数部分为60mm，小数部分为零，由于精确度为0.05mm，故需写到0.001cm 处，故读数为6.000cm；故半径为3.000cm；（2）打下计数点B时，速度为v B===0.2755m/s故ω===9.18rad/s（3）纸带运动的加速度为a====0.705m/s2由于β=，ω=，故角加速度为β===23.5rad/s2故故答案为：（1）3.000；（2）9.18；（9.17～9.19）（3）23.5；（23.2～24.0）．点评：本题根据根据题意中角加速度的定义，同时结合纸带处理中加速度和速度的求法进行分析处理．10．实验室现有下列器材：电流表G（满偏电流为300μA，内阻为100Ω）；电流表A1（量程为0.6A，内阻约为0.1Ω）；电压表V1（量程为2V，内阻约为2000Ω）；电阻箱R1（阻值范围0～9999Ω）；电阻箱R2（阻值范围0～999.9Ω）；滑动变阻器R3（最大阻值为100Ω）；滑动变阻器R4（最大阻值为100kΩ）；电源E（电动势6V，内阻约0.5Ω）；单刀单掷开关S，导线若干．（1）现需要将电流表G改装成3V的电压表，需要将电阻箱R1的阻值调节为9900Ω，与电流表G串联．（2）为了测量电压表V1的内阻，要求有尽可能高的测量精度，并能测多组数据．请你从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量实验电路，在如图虚线方框中画出电路原理图．（电路原理图中要用题中相应的英文字母标注．若你需用到改装后的电压表，则改装后的电压表用V表示）．（3）电压表V1的内阻R V的计算公式为R V=，式中各符号的意义是是电压表的读数，是电阻箱的读数，U是电压表V的读数．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：（1）关键是根据串联电阻具有分压作用，可见电流表G与电阻箱串联，根据欧姆定律求出分压电阻的值即可；（2）关键是由于待测电压表的量程小于改装后的电压表量程，考虑将待测电压表与电阻箱串联使用，再与电压表V并联，变阻器采用分压式即可；（3）关键是根据欧姆定律计算出待测电压表的内阻的表达式即可．解答：解：（1）根据欧姆定律可得，U=，代入数据可得R=9900Ω，所以应选电阻箱，即应将表头与阻值为9900Ω的电阻箱串联．（2）由于改装后的电压表量程大于电压表量程，所以可将与电阻箱串联而扩大量程，然后将它们改装后的电压表V并联，又由于变阻器的全电阻远小于电压表内阻，所以变阻器应用分压式接法，电路图如图所示：（3）根据欧姆定律应有：U=解得：=式中各符号的意义：是电压表的读数，是电阻箱的读数，U是电压表V的读数．故答案为：（1），9900，串（2）如图（3），是电压表的读数，是电阻箱的读数，U是电压表V的读数点评：本题考查电阻的测量；要明确串联电阻具有分压作用，因此要扩大电压表量程就应与电阻串联，然后根据欧姆定律计算即可．11．一小汽车从静止开始以3m/s2的加速度行驶，恰有自行车以6m/s的速度从车边匀速驶过．（1）汽车从开始运动后在追上自行车之前，要经多长时间两者相距最远？此时距离是多少？（2）什么时候追上自行车，此时汽车的速度是多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：追及、相遇问题．。