随堂测试讲解

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第4节随堂演练巩固提升学习专用

［随堂检测］1 •下列哪些措施是为了防止静电产生的危害（）A •在高大的建筑物顶端装上避雷针B •在高大的烟囱中安装静电除尘器C.静电复印D .静电喷漆答案：A2.（多选）电力工作人员在几百万伏的高压线上进行带电作业，电工全身穿戴带电作业用屏蔽服，屏蔽服是用导电金属材料与纺织纤维混纺交织成布后再做成的服装，下列说法正确的是（）A •采用金属材料编织的衣服目的是使衣服不易拉破B •采用金属材料编织的衣服目的是利用静电屏蔽C.电工穿上屏蔽服后，使体内场强为零D.电工穿上屏蔽服后，使体内电势为零解析：选BC •屏蔽服作用是在穿上后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害. 等电位说明电势相等而不是等于0,等电势时电势差为 0,电场强度为0, B、C正确，A、D错误.3.（多选）带正电的小球放在不带电的空心金属球的外部或内部，下列情况下放在P点的试探电荷受力为零的是（）解析：选ABD . A图和B图中金属球内部的场强为零，故放在P点的试探电荷受力为零，选项A、B正确；当小球放在金属球内部时，内部电场和外部电场均不为零，故C图中试探电荷受力不为零，选项C错误；当小球放在金属球内部，且外部接地时，则金属球内部场强不为零，外部场强为零，故放在P点的试探电荷受力为零，选项D正确.4.如图所示，a、b是两个正点电荷， MN是a、b连线的中垂线，P是MN上一点，关于P点的场强方向，下列说法正确的是（）A •若Q a>Q b, P点场强指向MN左侧B.若Q a = Q b, P点场强沿MN向上C.若Q a<Q b, P点场强指向 MN右侧D .若Q a= Q b, P点场强沿MN向下解析：选B . a、b在P点产生的场强方向如图所示.若Q a>Q b,有E a> E b,合场强方向偏向 MN右侧，A错.若Q a= Q b,合场强方向沿 MN 向上，B对，D错.若Q a V Q b, E a V E b,合场强方向偏向 MN左侧，C错. aJ V[ 课时作业 ]一、单项选择题1.一个不带电的空心金属球,在它的球心处放一个正电荷,其电场分布是下图中的()解析：选B.由静电平衡的知识知，金属球壳壳内场强为 0,没有电场线；外壳的外部感应出正电荷 , 向外辐射.故 B 选项正确.2.使一个绝缘导体所带电荷量增加一些,则导体内部的场强将( )A •一定增强 B. 一定减弱C.可能增强也可能减弱D.保持不变解析：选D •孤立带电体是处于静电平衡状态的导体，内部场强处处为零，不随电荷量的变化而变化.故选项 D 正确.3.(2019安徽合肥八中高二月考)如图所示，用金属网把验电器罩起来，再使带电金属球靠近验电器,则下面关于验电器箔片的说法正确的是 ( )A .箔片张开B .箔片不张开C.带电金属球电量足够大时才会张开D.箔片张开的原因是金属网罩感应带电产生的电场解析：选B .静电屏蔽：为了避免外界电场对仪器设备的影响，或者为了避免电器设备的电场对外界的影响 ,用一个空腔导体把外电场遮住 ,使其内部不受影响 ,也不使电器设备对外界产生影响 , 故用金属网把验电器罩起来 , 再使带电金属球靠近验电器 , 箔片不张开 , 故B正确，A、C、D错误.4.一金属球，原来不带电•现沿球的直径的延长线放置一均匀带电的细杆MN，如图所示.金属球上感应电荷产生的电场在球内直径上 a、 b、 c 三点的场强大小分别为 E a、 E b、 E c,三者相比( )A . E a最大 B. E b最小C. E c最大D. E a = E b= E c解析：选C.处于静电平衡的导体内部场强处处为零，故a、b、c三点的场强都为零. 静电平衡的导体内部场强为零是感应电荷产生的电场与外电场叠加的结果,所以感应电荷在球内某点产生的电场的场强与 MN在这一点形成的电场的场强等大反向，比较a、b、c三点感应电场的场强，实质上是比较带电体 MN在这三点的场强，由于c点离MN最近，故MN在 c点的场强最大，感应电荷在c点的场强也最大，故C选项正确.5•真空中，有两个等量异种电荷，电荷量均为q，相距为r，两点电荷连线中点处的电场强度大小为（）2kqA.0B.声C.勢 r解析：选D .两点电荷在连线中点处的场强大小相等，方向相同，都等于E = -k屯=4kq,i r 故中点处的合场强 E合=2E =智，选项D正确.6. （2019甘肃兰州第一高级中学期中）在点电荷一Q的电场中，一金属球处于静电平衡状态，A为球内一点，B为球外表面附近一点，则球上感应电荷在 A点和B点所激发的附加场强E A和E B的方向在下图中最可能正确的是（）解析：选C.金属球达到静电平衡后，金属球内各点的合场强为零，感应电荷产生的电场强度与一Q产生的电场强度大小相等、方向相反，点电荷一Q在A点产生的场强方向指向一Q,则感应电荷激发的附加场强背离一Q;因球处于静电平衡时，球面是等势面，电场线与等势面垂直，故B点的合场强方向沿 OB方向指向球外，而一Q在B点的场强沿BQ方向，可知球面的感应电荷在 B点的场强方向如 C图所示，故C正确，A、B、D错误.二、多项选择题7•如图，四组静电实验中，能使左边的验电器的金箔张开的是（）解析：选AC •处于静电平衡状态下的导体所带的电荷都分布在导体的外表面，用导线连接之后，左边的金箔也是外表面，故A、C均正确，B错误.D选项中由于静电屏蔽的作用，验电器不受外电场的影响，故金箔是闭合的.&如图所示，在真空中把一绝缘导体向带负电的小球P缓缓靠近（不相碰），下列说法中正确的是（）A . B端的感应电荷越来越多B •导体内场强越来越大C.导体的感应电荷在 M点产生的场强大于在 N点产生的场强D .导体的感应电荷在 M、N两点产生的场强相等解析：选AC •根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故N端带负电荷越多，M 端带的正电荷也越多，故A正确；导体处于静电平衡状态，内部场强处处为零，故B错误；在同一点感应电荷的场强和带电小球的场强等大、反向、共线，由于带电小球在 M 点产生的场强大，故感应电荷在 M点产生的场强也大，故C正确，D错误.9•如图所示，在绝缘板上放有一个不带电的金箔验电器A和一个带正电荷的空腔导体B.下列实验方法中能使验电器箔片张开的是（）A •用取电棒C（带绝缘柄的导体棒）先跟B的内壁接触一下后再跟 A接触B•用取电棒C先跟B的外壁接触一下后再跟 A接触C.用绝缘导线把验电器 A跟取电棒C的导体部分相连，再把取电棒C与B的内壁接触D .使验电器A靠近B解析：选BCD . A项中先和B的内壁接触后，由于B的内壁本身没有电荷，所以再接触A时验电器箔片不张开； B项中可以使取电棒 C带电，从而使A带电；C项中用绝缘导线实际上是将验电器A和B连成了一个导体，A因接触而带电；D项中是感应起电.所以B、C、 D 项正确．10．如图所示，接地的金属板右侧有固定的点电荷＋ Q， a、 b 点是金属板右侧表面的两点，其中a到+ Q的距离较小.下列说法正确的是（）A ．由于静电感应，金属板右侧表面带负电，左侧表面带正电B .由于静电感应，金属板右侧表面带负电，左侧表面不带电C.整个导体，包括表面上的 a、b点，是一个等势体，且电势等于零D．a、 b 两点的电场强度不为零，且 a、 b 两点电场强度方向相同，但 a 点的电场强度比b 点的电场强度要强（大）一些解析：选BCD .金属板若不接地，右侧表面将有感应的负电荷，左侧表面将有感应的等量正电荷，现金属板接地，静电平衡时左侧表面不带电，整个金属板的电势都为零，所以 A 错误，B、 C 正确；金属板接地时，右侧表面上仍有感应负电荷，而且 a 点附近的电荷面密度（单位面积上的电荷量）比 b 点附近的电荷面密度要大些，电场线也密一些，电场强度要大些；整个金属板是等势体，右侧表面是等势面，电场线与等势面垂直，可见 a、 b 两点的电场强度方向都垂直指向右侧面，方向相同，选项 D 正确．三、非选择题11. (2019福州高二检测)在真空中有两个点电荷A和B,电荷量分别为一 Q和+ 2Q,相距为21，如果在两个点电荷连线的中点O有一个半径为r(r? l)的空心金属球，且球心位于O点，如图所示，则球壳上的感应电荷在 O处的场强的大小为多少？方向如何？解析：根据电场的叠加和静电平衡，球心O处的合场强为零即感应电荷在 O处产生的电场强度与 A、B两点电荷在 O处所产生的合场强等大、反向E 感= E A+E B=kQ + 爭=爭因为A、B在O处产生的合场强方向向左，所以E感方向向右. 答案：爷向右12.在场强为E的匀强电场中，取 O点为圆心，r为半径作一圆周，在 O点固定一电荷量为+ Q 的点电荷，a、b、c、d为相互垂直的过圆心的两条直线和圆周的交点，当把一检验电荷+ q放在d点恰好平衡时(如图所示).(1)匀强电场场强 E的大小、方向如何；⑵检验电荷+ q放在点c时，受力F c的大小、方向如何；⑶检验电荷+ q放在点b时，受力F b的大小、方向如何.解析：(1)由题意可知 F尸Q, F2= qE由于F1= F2,所以 qE= k Qq, E=r r匀强电场方向沿db方向.(2)检验电荷放在c点E c= E1 + E2= J2E = 2k Q所以 F c= qE c= . 2k^Qq方向与ac方向成45°角斜向下（如图所示）. +^±F LE⑶检验电荷放在 b点：E b= E2+ E= 2E= 2k Q所以 F b= qE b= 2kQq,r方向沿db方向.答案：（1）k Q，方向沿db方向⑵ 2k^Qq，方向与ac方向成45。

课堂上随堂测试即时评价统计

课堂上随堂测试即时评价统计一、引言在教育过程中，课堂随堂测试以及其即时评价统计起着至关重要的作用。

这些评价不仅可以帮助教师了解学生的学习情况，还可以为教学策略的调整提供依据。

本文将详细阐述课堂随堂测试及其即时评价统计的重要性和具体实施方法。

二、课堂随堂测试的重要性1.检测学生实时学习效果：课堂随堂测试可以让教师迅速了解学生在课堂上的学习效果，以便及时发现问题、调整教学方法。

2.培养学生的应试能力和心理素质：随堂测试让学生习惯于在紧张环境下答题，有助于提高应试能力。

3.激发学生学习兴趣：合理设置随堂测试题目，可以激发学生的好奇心，提高课堂参与度。

三、即时评价统计的必要性1.为教学决策提供数据支持：即时评价统计有助于教师全面了解学生的学习状况，为教学决策提供有力依据。

2.促进教学方法改革：通过对评价数据的分析，教师可以发现教学过程中的不足，进而调整教学方法。

3.提高教学质量：即时评价统计有助于教师关注学生的个体差异，实现因材施教。

四、具体实施方法和建议1.合理设置测试题目：题目应涵盖所学知识点，难易程度适中。

2.高效利用评价工具：使用在线评价工具，便于实时统计分析。

3.分析评价数据：课后及时分析数据，找出学生掌握不足的知识点，为教学调整提供依据。

4.反馈学生表现：将评价结果反馈给学生，让学生了解自己的学习状况，激发学习动力。

五、总结课堂随堂测试及其即时评价统计是教学过程中不可或缺的环节。

通过合理设置测试题目、高效利用评价工具和深入分析评价数据，教师可以更好地了解学生的学习状况，调整教学方法，提高教学质量。

同时，这种评价方式也有助于培养学生的应试能力和心理素质，激发学习兴趣。

小学随堂测试题及答案解析

小学随堂测试题及答案解析一、选择题1. 下列哪个选项是正确的？A. 太阳从西方升起B. 月亮比地球大C. 一年有四季D. 地球是方的答案：C2. 以下哪个是植物？A. 石头B. 桌子C. 花朵D. 汽车答案：C二、填空题1. 请填写下列成语的完整形式：______ 马观花。

答案：走马观花2. 请写出下列数字的英文表达：26。

答案：twenty-six三、简答题1. 请简述四季的特点。

答案：春季温暖，万物复苏；夏季炎热，植物茂盛；秋季凉爽，果实成熟；冬季寒冷，万物休眠。

2. 请列举三种常见的植物。

答案：玫瑰、松树、竹子。

四、计算题1. 计算下列算式的结果：5 + 8 × 2。

答案：21（先乘后加）2. 如果一个班级有30名学生，每名学生需要3本练习册，那么总共需要多少本练习册？答案：90本（30 × 3）五、阅读理解题阅读下面的短文，然后回答问题。

小明的小猫小明有一只小猫，它非常可爱。

小猫喜欢在院子里追逐蝴蝶。

每当小明放学回家，小猫就会跑过来迎接他。

问题：1. 小明有几只小猫？答案：一只。

2. 小猫喜欢做什么？答案：追逐蝴蝶。

六、作文题请以“我的校园生活”为题，写一篇不少于200字的作文。

答案：略（作文题答案由学生根据个人经历自由发挥，此处不提供具体答案）七、答案解析1. 选择题第1题，正确答案是C，因为一年有春、夏、秋、冬四季，这是常识。

2. 选择题第2题，正确答案是C，因为花朵是植物，而其他选项都不是。

3. 填空题第1题，正确答案是“走”，成语“走马观花”形容匆忙中粗略地看事物。

4. 计算题第1题，正确答案是21，根据数学运算规则，乘法应先于加法执行。

5. 阅读理解题第1题，根据短文内容，小明只有一只小猫。

6. 作文题答案由学生根据个人经历自由发挥，此处不提供具体答案。

培训随堂讲随堂测验计划

培训随堂讲随堂测验计划1.概述在进行培训课程时，随堂讲和随堂测验是非常重要的环节，能够帮助学员巩固所学知识、检验学习效果以及激励学员的学习兴趣。

因此，本文将详细介绍培训随堂讲和随堂测验的设计和实施计划。

2. 随堂讲设计2.1 目标：通过随堂讲可以帮助学员巩固所学知识，梳理思路，加深理解。

2.2 内容：随堂讲的内容应该贴近培训的主题，突出重点，简练清晰，便于学员理解和接受。

同时，结合实际案例和问题分析进行讲解，加强教学的实用性。

2.3 形式：随堂讲可以采用讲解、案例分析、小组讨论等形式，以增加学员的参与度和互动性。

2.4 时间安排：每次培训课程中，都要安排一定的时间进行随堂讲，通常持续20-30分钟左右。

3. 随堂测验设计3.1 目标：通过随堂测验，检验学员对所学知识的掌握程度，发现问题，及时调整教学方法和内容，同时激发学员的学习兴趣。

3.2 内容：随堂测验的内容应该体现本次培训课程的关键知识点，并包括选择题、判断题、填空题、案例分析题等形式，便于全面评估学员的学习情况。

3.3 形式：随堂测验可以采用笔试、电子测试、小组竞赛等形式，以增加学员的参与度和互动性。

3.4 时间安排：每次培训课程中，都要安排一定的时间进行随堂测验，通常持续15-20分钟左右。

4. 实施计划4.1 培训前：在培训前，应该对随堂讲和随堂测验的内容和形式进行认真设计和准备，确保与培训主题和教学目标相一致。

4.2 培训中：在培训过程中，及时安排随堂讲和随堂测验的时间，进行内容的讲解和测试，同时引导学员积极参与，加强互动。

4.3 培训后：在培训结束后，对随堂讲和随堂测验进行总结和反馴，并根据学员的反馈和成绩情况，及时调整和改进教学方法和内容。

5. 注意事项5.1 随堂讲和随堂测验应该紧密结合培训主题和教学目标，具有针对性和实用性。

5.2 在进行随堂讲和随堂测验时，要注重学员的参与度和互动性，激发学员的学习兴趣。

5.3 随堂讲和随堂测验的内容和形式要多样化，避免单一的教学方式，满足不同学员的学习需求。

随堂测试_浅析随堂测试的有效性.doc

摘要：本文通过对课前复习和课后操练两个基本环节中随堂测试的运用束探讨恰当的随堂测试是提高课堂教学质量的有效途径。

文中依据随堂测试的特点提出了设计随堂测试时应遵守的原?，并对随堂测试的常见题型进行了分析。

关键词：随堂测试；题型设计一、引言由于我国外语教学普遍存在着“费时较多，收效较低”的问题，如何改革现有的教学模式，教学方法，提高外语教学效率，成了外语界共同关心的核心问题。

有些学者已经从教学思想和教学模式，从课程设计，从外语学习过程，从素质教育，从学习效率模式等不同角度做了研究。

Henning(1987)指出，语言测试有多少个目的，就会有多少种测试类别。

测试目的不同，试卷的内容和要求自然不会一样。

本文作者拟从大家熟悉的课堂教学入手，通过对课前复习和课后操练两个基本环节中随堂测试的运用来探讨恰当的随堂测试在提高课堂教学质量中所起的重要作用。

二、随堂测试的设计美国教育学家B， Bloom在其《教育目标分类》中(他把教育目标称为行为目标)把教育目标按照从低到高的次序分为六个层次，这六个层次是知识，理解，应用，分析，综合，评价。

知识层次最低，就是看考生对学习过的知识掌握的情况如何。

理解要求考生用自己的语言来复述，解释，归纳所学的知识，只是在认识基础上的记忆。

应用要求考生在不同环境下应用所理解的知识来做事，比如学习了某个语法知识，要求学生写出合乎语法的句子。

分析要求考生把某一事实或概念分解为若干个组成部分，然后指出他们之间的内在联系。

语言测试应强调应用而不是分析。

综合要求考生将各个部分组合成一个整体，如外语测试中的写作测试。

评估要求考生对某篇作品，某种方法，某种结论作出评估。

事实上，我们的语言教学正是按照这个目标进行的，只有妥善，合理，巧妙地运用测试，才能真正巩固所学的语言知识和技能。

如果对所教内容不进行检测，对考过内容下做认真分析，在一定程度上会导致教学的盲目性而影响教学质量。

(一)设计随堂测试应遵守的原则1题目不宜过难，这也是最重要的。

小学-随堂测试(教学设计)(有答案)

教学设计1.请认真阅读下列材料，并按要求作答。

请根据上述材料完成下列问题：（1）简要分析文本的写作特点。

（2）指导中年段学生学习文本，试拟定教学目标，教学重点和难点。

（3）依据拟定的教学目标，设计新授课导入环节并说明设计意图。

【参考答案】（1）本文的写作特点：①善于抓住白鹅的特征进行描写。

文章从鹅的步态、叫声、吃相三个方面表现了白鹅“高傲”的特点。

②语言幽默诙谐，表现出作者对白鹅的喜爱之情。

如文章中称呼白鹅为“鹅老爷”表现作者的幽默及对白鹅的喜爱。

③多使用拟人、反语、对比等修辞表现对白鹅的喜爱。

（2）教学目标：①知识与技能目标：认识8个生字，会写12个生字；正确读写“头颈、高傲、郑重”等词语；正确、流利地朗读课文，并背诵自己喜欢的段落；摘录、积累好词佳句。

②过程与方法目标：通过朗读，联系上下文的方式，初步了解作者抓住特点描写白鹅高傲的方法，体会作者用词的准确生动和幽默风趣。

③情感态度与价值观目标：了解白鹅的特点，体会作者对白鹅的喜爱之情。

重点：了解并体验课文是怎样写出白鹅的高傲的特点的。

难点：从贬义词中体会到作者对白鹅的喜爱之情。

（3）导入环节创设情境，激趣导入①教师用多媒体播放（出示）丰子恺关于鹅的画作，师生共同欣赏；②学生观察白鹅，谈谈对白鹅的印象或说一说白鹅的特点；③同学们，我们之前学过哪些关于鹅的诗句呢？从哪些方面来写鹅的？（如骆宾王的《咏鹅》，描写了鹅的外形特征和动作，语言简洁，色彩鲜明。

）④丰子恺先生还为图中的这只白鹅写了一篇文章，名字就叫《白鹅》。

这只白鹅与众不同，非常地高傲。

你们想认识一下这只高傲的白鹅吗？现在我们一起走进课文。

（师板书课题，生齐读）【设计意图】多媒体创设情境，能激发学生学习兴趣，明确教学内容。

教师多媒体播放丰子恺关于鹅的画作，引导学生通过形象、直观的方式认识白鹅，激发学生的学习兴趣；共同背诵《咏鹅》，引导学生增加语言积累，加强语言实践，体现了语文课是实践课的特点。

随堂练习题目

随堂练习题目随堂练习是教育教学过程中常见的一种形式，通过随堂练习可以帮助学生巩固知识，检验学习效果，并培养学生的思维能力和解决问题的能力。

本文将从随堂练习的定义、作用和设计原则等方面进行探讨。

一、随堂练习的定义随堂练习是指在教学过程中，教师利用一定时间，对学生进行小规模、分散的知识点或技能的练习和训练。

随堂练习可以以书面形式或口头形式进行，旨在巩固学生对所学知识的理解和应用。

二、随堂练习的作用1. 巩固知识：通过随堂练习，学生可以对所学知识进行巩固和复习，增强记忆效果。

2. 检验学习效果：通过随堂练习，教师可以检验学生对所学知识的掌握情况，并及时了解学生的学习进展。

3. 培养思维能力：随堂练习通常设置了一定难度的问题，可以培养学生分析问题、思考、解决问题的能力。

4. 激发学习兴趣：随堂练习可以增加课堂的互动性和趣味性，提高学生的学习积极性和参与度。

三、随堂练习的设计原则1. 目标明确：随堂练习的设计应该明确具体的学习目标，与教学内容相一致，不偏离或超出教学范围。

2. 内容有序：随堂练习的内容应有序地逐渐难度递增，将学生从简单到复杂、由表及里地引导他们掌握知识。

3. 多样性：随堂练习的类型可以多样化，包括选择题、填空题、简答题等，以满足不同学生的学习需求。

4. 反馈及时：随堂练习的设计应注重及时给予学生反馈，帮助他们发现错误、改正错误，及时调整学习策略。

5. 形式灵活：随堂练习的形式可以灵活变化，可以是单项选择题、多项选择题、案例分析题等，以丰富课堂练习的形式。

四、结语随堂练习是教学中一种重要的辅助手段，通过合理的设计和实施，能有效提高学生的学习效果和思维能力。

教师在教学过程中应合理安排随堂练习，并对学生的答题情况进行及时分析和评价，帮助学生达到更好的学习效果。

社区治理-随堂测验1-24--参考资料-电大一体化平台

电大一体化平台-社区治理-随堂测试24-参考资料请认真阅读一下说明然后下载本文档的说明：请仔细核对是不是您需要的题目再下载预祝您取得好成绩金!电大一体化平台-社区治理-随堂测试1-学习资料一、单选题 (共2题，共40分)1、德国社会学家( )早在1887年就曾经著有《社区与社会》一书，探讨古代社区群落和现代社会的分别。

A: 腾尼斯B: 迪尔凯姆C: 韦伯D: 帕森斯参考答案是：A2、1978年，提出社区功能包括生产、分配、消赏功能，社会化功能，社会控制功能，,互相支持功能等五个方面内容的学者是( )。

A: 美国学者桑德斯B: 美国学者华伦C: 中国台湾学者徐震D: 中国香港学者林香生、黄于唱参考答案是：B二、多选题 (共3题，共60分)1、美国学者希拉里和威尔士所提出的社区定义的基本要素包括( )。

A: 一群人B: 地域或地点C: 社会互动D: 共同的依附归属感、心理认同参考答案是： A B C D2、美国学者法林根据社区的性质提出的社区类型包括( )。

A: 地理社区B: 身份利益社区C: 个人网络社区D: 行政社区参考答案是： A B C3、系统功能主义学派主要代表者美国社会学家帕森斯提出，社会系统从低到高的层次包括( )。

A: 有机体系统B: 人格系统C: 社会系统D: 文化系统参考答案是： A B C D电大一体化平台-社区治理-随堂测试2-学习资料一、多选题 (共3题，共60分)1、社区化的问题解决机制包括( )。

A: 社区居民的参与和组织B: 社区内在资源的开发和利用C: 外部政策的扶持和援助D: 国家命令式计划组织参考答案是： A B C2、全球治理委员会指出，治理概念所包含的规定性特征包括( )。

A: 治理不是一整套规则条例，也不是一种活动，而是一个过程B: 治理过程的基础不是控制和支配，而是协调C: 治理既涉及公共部门，也包括私人部门D: 治理不意味着一种正式的制度，而是持续的互动参考答案是： A B C D3、“治理”与“统治”概念的本质区别在于( )。

随堂测试评分标准及答案PPT课件

2、位流是10011101，生成多项式是1001，（r为3）（5分）在位流后面附加3个0变成10011101000，用1001去除10011101000的余数是100。（10分）因此实际发送的位串是10011101100。（ 5分）
3、计算机网络体系结构主要有下面三部分组成：（1）分层结构与每层的功能；（3分）（2）服务与层间接口；（3分）（3）协议；（3分）协议的三个要素：语法、语义、时序（6分）
2τ = 2 ×（10km÷0.2km/us+10us）=120us （8分）
100Mb/s × 120us = 12000b = 1500 字节（4分）
因此，根据CSMA/CD以太网的最小帧长度规定；
2020当/10数/1据3 速率100Mb/s时，最小帧长度应该是1500字节。（3分）
3
谢谢您的指导
5、由 IP地址：A： 202.114.80.1 知主机号字段为00000001 （2分） B：202.114.80.48 知主机号字段为00110000 （2分）
由屏蔽码：255.255.255.224可知子网位数为3位。（3分）而这两个IP地址的主机号字段前三位不相同(000/001), （3分）说明它们属于不同子网, 必须通过路由器来交换信息。（5分） 6、建4个子网，需向主机借3位为子网网络位，（8分）借3位可建8个子网，去掉2个全为零和全为1，剩下6个可用，够建4个。（6分）每个子网最多可挂接主机数为25 -2=30（台）。（5分）
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2020/10/13
汇报人：XXXX 日期：20XX年XX月XX日

坚持全面依法治国推进法治中国建设的随堂测试及答案

坚持全面依法治国推进法治中国建设的随堂测试及答案
一、题目
1. 什么是全面依法治国？
答：全面依法治国是指以宪法为根本的法治国家，以法律为
基础，以法治思想为指导，以法治制度为保障，以法治文化为支撑，以法治精神为推动，以法治实践为实现的治理国家的总体思
想和总体目标。

2. 法治中国建设的核心是什么？
答：法治中国建设的核心是建立健全以宪法为核心的中国特
色社会主义法治体系，坚持以法治思想为指导，以法治制度为保障，以法治文化为支撑，以法治实践为实现，推动法治中国建设
发展。

3. 推进法治中国建设的主要任务有哪些？
答：推进法治中国建设的主要任务有：（1）坚持宪法为核心，建立健全以宪法为核心的中国特色社会主义法治体系；（2）坚持
以法治思想为指导，深入推进法治文化建设；（3）坚持以法治制
度为保障，完善法律制度和执法体制；（4）坚持以法治实践为实现，推动法治中国建设发展。

4. 全面依法治国的核心是什么？
答：全面依法治国的核心是坚持宪法为核心，建立健全以宪
法为核心的中国特色社会主义法治体系，坚持以法治思想为指导，以法治制度为保障，以法治文化为支撑，以法治实践为实现，推
动法治中国建设发展。

2022-2023学年北京市顺义区牛栏山一中实验学校七年级上学期10月月考数学试卷带讲解

【详解】根据题意用三月份的平均气温减去一月份的平均气温，再根据有理数的减法运算法则“减去一个数等于加上这个数的相反数”计算求解．
解：2-（-18）=2+18=20℃．
故选B．
7.整式去括号应为（）
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】根据去括号法则，先去小括号，再去中括号，有时可简化计算．
【详解】解：根据去括号法则：-[a-（b-c）]=-（a-b+c）=-a+b-c．
5.绝对值小于的整数有（）．
A. 个B. 个C. 个D. 个
【答案】B
【详解】绝对值小于的整数为，，有个．
故选．
6.某年哈尔滨市一月份的平均气温为－18℃，三月份的平均气温为2℃，则三月份的平均气温比一月份的平均气温高（）
A. 16℃B. 20℃C. -16℃D. -20℃
【答案】B
演员2
演员3
演员4
演员5
演员6
演员7
演员8
节目A
√
√
√
√
√
节目B
√
√
√
节目C
√
√
√
节目D
√
√
节目E
√
√
节目F
√
√
从演员换装的角度考虑，每位演员不能连续参加两个节目的演出，从节目安排的角度考虑，首尾两个节目分别是A，F，中间节目的顺序可以调换，请写出一种符合条件的节目先后顺序___________（只需按演出顺序填写中间4个节目的字母即可）．
美国
日本
中国
印度
德国
卡塔尔
0.9
－0.0772
0.48
1.312
－0.2

随堂测试讲解PPT-全文可读

练习一
• 简述软件开发的原型模型？你认为这种模型可能应用在哪类项目？
–原型是预期系统的一个可执行版本，反映了系统性质的一个选定的子集。一个原型不必满足目标软件的所有约束，其目的是快速、低成本的给予用户使用体验以便收集用户反馈意见，进而对原型进行改进使其更接近用户要求的系统。
–适用于在开发初期难以得到完整、准确的需求规格说明的系统。
– 数据流是暂时的（类似编程时的局部变量），经加工以后原来数据流就消失了，而文件中的数据是持久性的。从数据量上讲，数据流只是一组待处理的特定数据，而文件中保护一个完整的数据集合。
练习五
• 可以用文件来表示数据流吗？举例说明
– 用文件替代数据流是不行的，文件是持久性的、全局的，而数据流是暂时的、局部的。不过可以让一个数据流流入文件（写数据），再从相应文件流出一个相同数据流（读数据）。
随堂测试讲解
练习一
• 什么是软件开发过程？你觉得采用软件过程管理可能存在的缺点？
–软件开发过程是ISO/IEC 12207 标准中定义的软件生存周期中可以开展的5个基本过程其中之一，包括需求分析、结构设计、详细设计、编码和测试、软件安装等活动。
–采用软件过程管理存在的缺点是效率低下，需求变动大的时候成本过高。不适合中小型软件项目。
– 还有软件与协作系统（或外部实体）间交互接口。例如，学校财务系统可以提供接口供选课系统读取学生缴费信息，根据缴费信息控制学生选课。
练习三
• 你觉得在设计准则中要求“设计出的结构应该是分层”的原因是什么？
– 分层结构逻辑清晰易于理解。 –体现“分而治之”的思想，有利于进行模块化
设计 –不同层次对应了不同的抽象级别，清晰的表达

随堂检测(含答案)

随堂检测左下图表示同一地点不同天气状况的昼夜温度变化图，右下图代表大气受热过程示意图。

读图回答1～2题。

1．由图可知（）A.a曲线表示昼阴夜晴，b曲线表示昼晴夜阴B.a曲线表示冷锋过境，b曲线表示暖锋过境C.a曲线表示的昼夜温差小，主要是受到①③的影响D.b曲线表示的昼夜温差大，主要是受到②④的影响2．人类通过低碳经济和低碳生活，可以使右图中变化相对明显的是（）A.①增强B.②增强C.③减弱D.④减弱3. 下图中，A、B、C、D四地位于同一纬度，其昼夜温差最小的是：（）读某地气压年变化状况图，回答4～5题。

4．该图所示地区最有可能位于( )A．亚马孙平原B．西伯利亚C．冰岛 D．欧洲南部沿海5．当该地气压升至最高时，下列叙述中正确的是( )A．赤道低压向北移 B．印度多吹西南风C．地球公转速度较慢D．旧金山温和多雨以下是某中学高一年级黄敏同学的日记片段“星期天，天终于放晴了，风也小了，虽然一直没有下雨，可天出奇地冷，我不得不再加了件毛衣。

爸爸一早就去修补被风吹坏了的塑料大棚。

我和妈妈拿着扫把也去帮忙。

大棚上积压了一层厚厚的尘土。

二伯他们也在田里忙着，他们在麦田边点起一堆一堆的柴草，浓烟滚滚……”据此回答6－10题：6、从日记描述来看，这里刚刚经历了一场（）①沙尘暴天气②冷锋过境③台风过境④寒潮过境A、①④B、②③④C、①③D、①②④7、造成此天气系统过境无降水的可能原因是（）A、过境前这里的空气为冷空气B、过境前这里的空气比较干燥C、过境前这里的空气做下沉运动D、过境后这里的空气为暖空气8、此日记记录的时间最有可能是（）A、春、夏季B、夏、秋季C、5－9月D、12－3月9、此日记记录的地区最有可能是（）A、珠江三角洲B、长江三角洲C、华北平原D、三江平原10、此时，黄山盛行（）A、西北季风B、西风C、西南季风D、东南季风下图是某天气系统的垂直剖面图，其中甲(110°E,40°N)、乙(115°E,40°N)是近地面的两点。

幼儿园科学教育专题随堂测试

幼儿园科学教育专题随堂测试1. 简介幼儿园科学教育专题随堂测试是为了评估幼儿园学生对科学知识的掌握程度和对科学实验的基本理解能力而设计的。

通过这个测试，可以帮助教师了解学生的学习情况，为今后的教学提供参考。

2. 测试内容本次专题测试将涵盖以下几个方面的内容：2.1 科学常识测试将包括一些基本的科学常识问题，如：•什么是物体？•什么是动物？•什么是植物？•什么是天气？•什么是季节？通过这些问题，可以考察学生对基本概念的理解和记忆。

2.2 科学实验测试将包括一些简单的科学实验题目，如：1.用一个纸杯、一根吸管和一些水，你能制作一个魔法漏斗吗？2.怎样才能让一个纸夹“飞起来”？3.为什么热气球能飞起来？4.怎样制作一个简单的电路？通过这些题目，可以考察学生对科学实验的基本理解和操作能力。

2.3 科学观察测试将包括一些科学观察题目，如：1.请观察一个研究大自然的小画家，他会画什么？2.当你喂养花朵时，你会发现什么？3.在不同的天气下，树叶的颜色会发生变化吗？通过这些题目，可以考察学生对观察力和思维能力的培养。

3. 测试流程3.1 准备工作在进行测试前，需要准备好以下工作：1.编写试题：根据测试内容，编写符合难度和要求的试题。

2.准备试卷：根据试题将试卷制作成活动或绘本形式。

3.准备实验材料：根据实验题目，准备好实验所需要的材料。

4.安排测试时间：确定测试时间，确保测试过程不会受到其他因素的干扰。

3.2 测试过程测试过程包括以下几个环节：1.测试说明：在测试开始前，向学生简要说明测试的目的和测试内容。

2.测试答题：发放试卷给学生，让他们按照试卷上的要求完成答题。

3.实验操作：依次向学生演示实验过程，并让他们跟着实验步骤进行操作。

4.观察练习：根据观察题目，让学生观察周围的事物，并回答相应的问题。

5.答题收卷：收回学生的试卷和答题卡，对答案进行批改。

3.3 结果分析根据学生的答题情况和实验操作的结果，进行结果分析，了解学生的掌握程度和问题所在，为接下来的教学提供参考。

随堂测参考答案

随堂测参考答案随堂测参考答案在学习过程中，随堂测验是一种常见的评估学生掌握程度的方式。

它可以帮助教师了解学生对所学知识的理解程度，并及时调整教学方法和内容。

而对于学生来说，随堂测验也是一个检验自己学习成果的机会。

下面，我将为大家提供一份随堂测参考答案，希望能对大家的学习有所帮助。

1. 随堂测的目的是什么？随堂测的目的是评估学生对所学知识的理解程度，帮助教师了解学生的学习情况，并及时调整教学方法和内容。

2. 随堂测的种类有哪些？随堂测的种类有选择题、填空题、简答题等。

3. 随堂测的评分标准是什么？随堂测的评分标准一般是根据题目的要求和答案的准确性来评分的。

不同的题型可能有不同的评分标准，例如选择题是根据选项的准确性来评分，填空题是根据填写的答案是否正确来评分。

4. 随堂测的答题技巧有哪些？答题技巧主要包括仔细阅读题目、理清思路、注意关键词、注意答题要求等。

在答题过程中，要注意细节，不要漏掉任何一个关键点。

5. 随堂测的答题时间有限制吗？一般来说，随堂测的答题时间是有限制的，通常在几分钟到十几分钟之间。

因此，学生在答题时要注意时间的分配，合理安排时间。

6. 随堂测的答案是否唯一？随堂测的答案通常是唯一的，但也有可能存在多种正确答案的情况。

这种情况下，学生需要根据题目的要求选择最合适的答案。

7. 如何利用随堂测的参考答案提高学习成绩？学生可以通过对比自己的答案和参考答案，找出差异和错误，并进行针对性的复习和强化。

同时，可以向老师请教不懂的问题，加深对知识的理解。

总结起来，随堂测参考答案对于学生来说是一份宝贵的学习资源。

通过对比自己的答案和参考答案，学生可以找出差异和错误，并进行针对性的复习和强化。

同时，学生还可以向老师请教不懂的问题，加深对知识的理解。

因此，在学习过程中，学生应该充分利用随堂测参考答案，提高学习成绩。

精编人教版八年级上册数学全册同步测试随堂检测(含答案解析)

人教版八年级上册数学全册同步测试随堂检测（含答案解析）人教版八年级上册数学《第十一章三角形》全单元同步测试（含答案解析）11.1 与三角形有关的线段基础闯关全练拓展训练1.已知等腰△ABC的底边BC=8,且|AC-BC|=2,那么腰AC的长为( )A.10或6B.10C.6D.8或62.已知三角形两边的长分别是4和10,则此三角形的周长可能是( )A.19B.20C.25D.303.已知三角形三边的长分别为1、2、x,则x的取值范围在数轴上表示为( )4.如果a,b,c为三角形的三边长,且(a-b)2+(a-c)2+|b-c|=0,则这个三角形是.5.已知a、b、c为△ABC的三边长,b、c满足(b-2)2+|c-3|=0,且a为方程|a-4|=2的解,求△ABC的周长,并判断△ABC的形状.能力提升全练拓展训练1.三角形两边之和为8,第三边上的高为2,面积大于5,则第三边a的范围是( )A.2<a<8B.5<a<8C.2<a<5D.不能确定2.一个三角形3条边长分别为x cm、(x+1)cm、(x+2)cm,它的周长不超过39 cm,则x的取值范围是.3.一个等腰三角形的周长为9,三条边长都为整数,则等腰三角形的腰长为.4.已知a,b,c是三角形的三边长.(1)化简:|b+c-a|+|b-c-a|-|c-a-b|-|a-b+c|;(2)在(1)的条件下,若a,b,c满足a+b=11,b+c=9,a+c=10,求这个式子的值.三年模拟全练拓展训练1.(2018浙江义乌月考,10,★★☆)边长为整数,周长为20的三角形个数是( )A.4B.6C.8D.122.(2017山东泰安新泰中考模拟,16,★★★)已知一个三角形的三条边长均为正整数.若其中仅有一条边长为5,且它又不是最短边,则满足条件的三角形个数为( )A.4B.6C.8D.103.(2018天津西青区期末,21,★★★)如图,△ABC中,A1,A2,A3,…,A n为AC边上不同的n个点,首先连接BA1,图中出现了3个不同的三角形,再连接BA2,图中便有6个不同的三角形,……(1)完成下表:6(2)若出现了45个三角形,则共连接了多少个点?(3)若一直连接到A n,则图中共有个三角形.五年中考全练拓展训练1.(2016江苏盐城中考,8,★★☆)若a、b、c为△ABC的三边长,且满足|a-4|+-=0,则c的值可以为( )A.5B.6C.7D.82.(2016贵州安顺中考,5,★★☆)已知实数x,y满足|x-4|+-=0,则以x,y的值为两边长的等腰三角形的周长是( )A.20或16B.20C.16D.以上答案均不对3.若a、b、c为三角形的三边,且a、b满足-+(b-2)2=0,则第三边c的取值范围是.核心素养全练拓展训练1.如图,用四个螺丝钉将四条不可弯曲的木条钉成一个木框,不计螺丝钉大小,其中相邻两螺丝钉间的距离依次为2、3、4、6,且相邻两木条的夹角均可调整.若调整木条的夹角时不破坏此木框,则任意两个螺丝钉间的距离的最大值为( )A.6B.7C.8D.102.不能构成三角形的三条整数长度的线段的长度和的最小值为1+1+2=4;若四条整数长度的线段中,任意三条不能构成三角形,则该四条线段的长度和的最小值为1+1+2+3=7;……,依此规律,若八条整数长度的线段中,任意三条不能构成三角形,则该八条线段的长度和的最小值为.11.1 与三角形有关的线段答案基础闯关全练拓展训练1.A ∵|AC-BC|=2,∴AC-BC=±2,∵等腰△ABC的底边BC=8,∴AC=10或6.故选A.2.C 设第三边的长为x,∵三角形两边的长分别是4和10,∴10-4<x<10+4,即6<x<14.则三角形的周长L满足20<L<28,只有C选项中25符合题意.3.A ∵三角形的三边长分别是x,1,2,∴x的取值范围是1<x<3,故选A.4.答案等边三角形解析∵(a-b)2+(a-c)2+|b-c|=0,∴a-b=0,a-c=0,b-c=0,∴a=b,a=c,b=c,∴a=b=c,∴这个三角形是等边三角形.5.解析∵(b-2)2+|c-3|=0,∴b-2=0,c-3=0,解得b=2,c=3,∵a为方程|a-4|=2的解,∴a-4=±2,解得a=6或2,∵a、b、c为△ABC的三边长,b+c<6,∴a=6不合题意,舍去,∴a=2,∴△ABC的周长为2+2+3=7,△ABC是等腰三角形.能力提升全练拓展训练1.B ∵三角形两边之和为8,第三边为a,∴a<8,∵第三边上的高为2,三角形的面积大于5,∴a>5,∴5<a<8,故选B.2.答案1<x≤12解析∵一个三角形的3条边长分别是x cm,(x+1)cm,(x+2)cm,它的周长不超过39 cm,∴解得1<x≤12.3.答案3或4解析设腰长为x,则底边长为9-2x.∵9-2x-x<x<9-2x+x,∴2.25<x<4.5,∵三边长均为整数,∴x可取的值为3或4.4.解析(1)∵a、b、c为三角形三边的长,∴a+b>c,a+c>b,b+c>a,∴原式=|(b+c)-a|+|b-(c+a)|-|c-(a+b)|-|(a+c)-b|=b+c-a+a+c-b-a-b+c+b-a-c=2c-2a.(2)∵a+b=11①,b+c=9②,a+c=10③,∴由①-②,得a-c=2④,由③+④,得2a=12,∴a=6,∴b=11-6=5,c=10-6=4.当a=6,b=5,c=4时,原式=2×4-2×6=-4.三年模拟全练拓展训练1.C 8个,分别是:(9,9,2),(8,8,4),(7,7,6),(6,6,8),(9,6,5),(9,7,4),(9,8,3),(8,7,5).故选C.2.D ①当5是最大的边长时,可能的情况有3、4、5;4、4、5;3、3、5;4、2、5,共四种情况.②当5是第二大的边长时,可能的情况有2、5、6;3、5、7;3、5、6;4、5、6;4、5、7;4、5、8,共六种情况.所以共有10个三角形.故选D.3.解析(1)62(2)共连接了8个点.(3)1+2+3+…+(n+1)=[1+2+3+…+(n+1)+1+2+3+…+(n+1)]=(n+1)(n+2).故填(n+1)(n+2).五年中考全练拓展训练1.A ∵|a-4|+-=0,∴a-4=0,b-2=0,∴a=4,b=2,则4-2<c<4+2,即2<c<6,故选A.2.B 根据题意得--解得(1)若4是腰长,则三角形的三边长为4、4、8,不能组成三角形;(2)若4是底边长,则三角形的三边长为4、8、8,能组成三角形,周长为4+8+8=20.故选B.3.答案1<c<5解析由题意得,a2-9=0,b-2=0,解得a=3,b=2,∵3-2=1,3+2=5,∴1<c<5.核心素养全练拓展训练1.B 已知相邻两螺丝钉间的距离依次为2、3、4、6,故可将4根木条的长看作2、3、4、6.①选5(2+3=5)、4、6作为三边长,5-4<6<5+4,能构成三角形,此时两个螺丝钉间的最大距离为6;②选7(3+4=7)、6、2作为三边长,6-2<7<6+2,能构成三角形,此时两个螺丝钉间的最大距离为7;③选10(4+6=10)、2、3作为三边长,2+3<10,不能构成三角形,此种情况不成立;④选8(6+2=8)、3、4作为三边长,3+4<8,不能构成三角形,此种情况不成立.综上所述,任意两个螺丝钉间的距离的最大值为7.故选B.2.答案54解析1+1+2+3+5+8+13+21=54.11.2 与三角形有关的角基础闯关全练拓展训练1.三角形的一个外角与它相邻的内角相等,而且等于与它不相邻的两个内角中的一个角的3倍,则这个三角形各内角的度数是( )A.45°,45°,90°B.36°,72°,72°C.25°,21°,134°D.30°,60°,90°2.如图,AD是△ABC的高,BE是△ABC的角平分线,BE、AD相交于点F,已知∠BAD=40°,则∠BFD= .3.如图,在△ABC中,AD是角平分线,AE是高,已知∠BAC=2∠B,∠B=2∠DAE,那么∠ACB= .4.(1)如图①,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,CD⊥AB,垂足为D,∠ACD与∠B有什么关系?为什么?(2)如图②,在Rt△ABC中,∠C=90°,D,E分别在AC,AB上,且∠ADE=∠B,判断△ADE的形状.为什么?(3)如图③,在Rt△ABC和Rt△DBE中,∠C=90°,∠E=90°,AB⊥BD,点C,B,E在同一直线上,∠A与∠D有什么关系?为什么?能力提升全练拓展训练1.直角三角形的两锐角平分线相交所成的角的度数是( )A.45°B.135°C.45°、135°D.以上答案均不对2.如图,在△ABC中,∠A=80°,∠B=60°,将△ABC沿EF对折,点C落在C'处.如果∠1=50°,那么∠2= .3.在△ABC中,AB=AC=4 cm,BD为AC边上的高,∠ABD=30°,则∠BAC的度数为.三年模拟全练拓展训练1.(2018广东深圳期末,6,★★☆)在△ABC中,∠A=∠B+∠C,∠B=2∠C-6°,则∠C的度数为( )A.90°B.58°C.54°D.32°2.(2018河北唐山迁安期末,13,★★☆)如图,在△ABC中,∠ABC=62°,BD是角平分线,CE是高,BD与CE相交于点O,则∠BOC的度数是( )A.118°B.119°C.120°D.121°3.(2018海南保亭校级月考,7,★★☆)一个三角形的一个内角等于另外两个内角的和,这个三角形是( )A.直角三角形B.锐角三角形C.钝角三角形D.何类三角形不能确定4.(2018福建莆田第二十五中学月考,15,★★★)如图,△ABC中,∠A=96°,延长BC到D,∠ABC与∠ACD的平分线相交于点A1,∠A1BC与∠A1CD的平分线相交于点A2,依此类推,∠A4BC与∠A4CD的平分线相交于点A5,则∠A5的度数为( )A.19.2°B.8°C.6°D.3°五年中考全练拓展训练1.(2016山东莱芜中考,5,★☆☆)如图,△ABC中,∠A=46°,∠C=74°,BD平分∠ABC,交AC于点D,那么∠BDC的度数是( )A.76°B.81°C.92°D.104°2.(2017四川德阳中考,6,★★☆)如图,在△ABC中,AD是BC边上的高,BE平分∠ABC交AC边于E,∠BAC=60°,∠ABE=25°,则∠DAC的大小是( )A.15°B.20°C.25°D.30°核心素养全练拓展训练1.在△ABC和△DEF中,∠A=40°,∠E+∠F=70°.将△DEF放置在△ABC上,使得∠D的两条边DE、DF分别经过点B、C.(1)当将△DEF按图1放置在△ABC上时,∠ABD+∠ACD= °;(2)当将△DEF按图2放置在△ABC上时,①请求出∠ABD+∠ACD的大小;②能否将△DEF摆放到某个位置,使得BD、CD同时平分∠ABC和∠ACB?直接写出结论: (填“能”或“不能”).2.(1)如图1,把△ABC沿DE折叠,使点A落在点A'处,试探索∠1+∠2与∠A的关系(不必证明);(2)如图2,BI平分∠ABC,CI平分∠ACB,把△ABC折叠,使点A与点I重合,若∠1+∠2=130°,求∠BIC的度数;(3)如图3,在锐角△ABC中,BF⊥AC于点F,CG⊥AB于点G,BF、CG交于点H,把△ABC折叠,使点A和点H重合,试探索∠BHC与∠1+∠2的关系,并证明你的结论.11.2 与三角形有关的角答案基础闯关全练拓展训练1.D 根据题意知,与这个外角相邻的内角等于180°÷2=90°,∵这个外角等于与它不相邻的两个内角中的一个角的3倍,∴90°÷3=30°,又90°-30°=60°,∴这个三角形各内角的度数是30°,60°,90°.2.答案65°解析∵AD是△ABC的高,∴∠ADB=90°,∵∠BAD=40°,∴∠ABC=50°,∵BE是△ABC的角平分线,∴∠FBD=25°,在△FBD中,∠BFD=180°-90°-25°=65°.3.答案72°解析由题意可得∠DAE=∠BAC-(90°-∠C),又∠BAC=2∠B,∠B=2∠DAE,∴90°-2∠B=∠B,则∠B=36°,∴∠BAC=2∠B=72°,∴∠ACB=180°-36°-72°=72°.4.解析(1)∠ACD=∠B,理由如下:∵在Rt△ABC中,∠ACB=90°,CD⊥AB,∴∠ACD+∠A=∠B+∠A=90°,∴∠ACD=∠B.(2)△ADE是直角三角形.∵在Rt△ABC中,∠C=90°,∴∠B+∠A=90°.又D,E分别在AC,AB上,且∠ADE=∠B,∴∠ADE+∠A=90°,∴△ADE是直角三角形.(3)∠A+∠D=90°.∵∠C=90°,∠E=90°,AB⊥BD,点C,B,E在同一直线上,∴∠ABC+∠A=∠ABC+∠DBE=∠DBE+∠D=90°,∴∠A+∠D=90°.能力提升全练拓展训练1.C 如图,∠ABC+∠BAC=90°,AD、BE分别是∠BAC和∠ABC的平分线,∴∠OAB+∠OBA=(∠BAC+∠ABC)=45°,∴∠AOE=∠OAB+∠OBA=45°,∴∠AOB=135°, ∴直角三角形两锐角的平分线相交所成的角的度数是45°、135°,故选C.2.答案30°解析∵∠A+∠B+∠C=180°,∠CEF+∠CFE+∠C=180°,∴∠CEF+∠CFE=∠A+∠B=80°+60°=140°,由翻折的性质得,2(∠CEF+∠CFE)+∠1+∠2=180°×2,∴2×140°+50°+∠2=360°,解得∠2=30°.故答案为30°.3.答案60°或120°解析当∠A是锐角时,如图1,∵BD是高,∴∠BAC=90°-∠ABD=90°-30°=60°;当∠BAC是钝角时,如图2,∠BAD=90°-∠ABD=90°-30°=60°,则∠BAC=180°-∠BAD=180°-60°=120°.故答案是60°或120°.三年模拟全练拓展训练1.D ∵∠A=∠B+∠C,∠A+∠B+∠C=180°,∴∠A=90°,∴∠B+∠C=90°,∴∠B=90°-∠C,∵∠B=2∠C-6°,∴90°-∠C=2∠C-6°,∴∠C=32°.2.D ∵CE是高,∴∠BEC=90°,∴∠OCB=90°-∠ABC=90°-62°=28°,∵BD是角平分线,∴∠OBC=∠ABC=×62°=31°,∴∠OBC+∠OCB=31°+28°=59°.在△OBC 中,由三角形内角和定理可得∠BOC+∠OBC+∠OCB=180°,∴∠BOC=180°-(∠OBC+∠OCB)=180°-59°=121°,故选D.3.A 三角形的一个外角等于与它不相邻的两内角之和,又一个内角也等于另外两个内角的和,由此可知这个三角形中有一个内角和与它相邻的外角是相等的,且外角和与它相邻的内角互补,所以有一个内角一定是90°,故这个三角形是直角三角形.故选A.4.D ∠BA1C+∠A1BC=∠A1CD,2∠A1CD=∠ACD=∠BAC+∠ABC,所以2(∠BA1C+∠A1BC)=∠BAC+∠ABC,即2∠BA1C+2∠A1BC=∠BAC+∠ABC,而2∠A1BC=∠ABC,所以2∠BA1C=∠BAC.同理,可得2∠BA2C=∠BA1C,2∠BA3C=∠BA2C,2∠BA4C=∠BA3C,2∠BA5C=∠BA4C, 所以∠BA5C=∠BA4C=∠BA3C=∠BA2C=∠BA1C=∠BAC=96°÷32=3°.故选D.五年中考全练拓展训练1.A ∵∠A=46°,∠C=74°,∴∠ABC=180°-46°-74°=60°.∵BD平分∠ABC,∴∠DBC=30°.∴∠BDC=180°-30°-74°=76°.故选A.2.B ∵BE平分∠ABC,∴∠ABC=2∠ABE=2×25°=50°,∵AD是BC边上的高,∴∠BAD=90°-∠ABC=90°-50°=40°,∴∠DAC=∠BAC-∠BAD=60°-40°=20°.故选B.核心素养全练拓展训练1.解析(1)210.(2)①在△ABC中,∠A=40°,∴∠ABC+∠ACB=140°,在△DEF中,∠E+∠F=70°,∴∠D=110°,∴∠BCD+∠CBD=180°-∠D=70°,∴∠ABD+∠ACD=(∠ABC+∠ACB)-(∠BCD+∠CBD)=70°.②能.2.解析(1)∠1+∠2=2∠A.(2)由(1)∠1+∠2=2∠A,得2∠A=130°,∴∠A=65°.∵BI平分∠ABC,CI平分∠ACB,∴∠IBC+∠ICB=(∠ABC+∠ACB)=(180°-∠A)=90°-∠A,∴∠BIC=180°-(∠IBC+∠ICB)=180°-°∠=90°+×65°=122.5°.(3)∵BF⊥AC,CG⊥AB,∴∠AFH+∠AGH=90°+90°=180°,∠FHG+∠A=180°,∴∠BHC=∠FHG=180°-∠A,由(1)知∠1+∠2=2∠A,∴∠A=(∠1+∠2),∴∠BHC=180°-(∠1+∠2).11.3 多边形及其内角和基础闯关全练拓展训练1.(2017山东临沂中考)一个多边形的内角和是外角和的2倍,则这个多边形是( )A.四边形B.五边形C.六边形D.八边形2.(2017江苏南京中考)如图,∠1是五边形ABCDE的一个外角,若∠1=65°,则∠A+∠B+∠C+∠D= °.3.如图,正五边形FGHIJ的顶点在正五边形ABCDE的边上,若∠1=20°,则∠2= .能力提升全练拓展训练1.在四边形ABCD中,若∠A与∠C之和等于四边形外角和的一半,∠B比∠D大15°,则∠B的度数等于( )A.150°B.97.5°C.82.5°D.67.5°2.如图,∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G+∠H的度数为( )A.90°B.180°C.270°D.360°3.如果一个多边形的所有内角从小到大排列起来,恰好依次增加相同的度数,且最小内角的度数为100°,最大内角的度数为140°,那么这个多边形是边形.三年模拟全练拓展训练1.(2018福建南平三中期中,7,★★☆)已知一个多边形的最小的外角是60°,其余外角依次增加20°,则这个多边形的边数为( )A.6B.5C.4D.32.(2018辽宁抚顺新宾期中,16,★★☆)如图,四边形ABCD中,点M、N分别在AB、BC上,将△BMN沿MN翻折,得△FMN,若MF∥AD,FN∥DC,则∠D的度数为°.五年中考全练拓展训练1.(2017山东莱芜中考,7,★★☆)一个多边形的内角和比其外角和的2倍多180°,则该多边形的对角线的条数是( )A.12B.13C.14D.152.(2016四川广元中考,5,★★☆)如图,五边形ABCDE中,AB∥CD,∠1、∠2、∠3分别是∠BAE、∠AED、∠EDC的外角,则∠1+∠2+∠3=( )A.90°B.180°C.120°D.270°核心素养全练拓展训练将若干个大小相等的正五边形排成环状,如图所示是前3个五边形,要完成这一圆环还需个正五边形( )A.6B.7C.8D.911.3 多边形及其内角和答案基础闯关全练拓展训练1.C 设所求多边形边数为n,由题意得(n-2)·180°=360°×2,解得n=6.则这个多边形是六边形.故选C.2.答案425解析∵∠1=65°,∴∠AED=115°,∴∠A+∠B+∠C+∠D=(5-2)×180°-∠AED=425°,故答案为425.3.答案52°解析正五边形的每一个内角为(5-2)×180°÷5=108°,∴∠AFG=180°-∠1-∠GFJ=180°-20°-108°=52°,∴∠AGF=180°-∠A-∠AFG=180°-108°-52°=20°,∴∠2=180°-∠AGF-∠FGH=180°-20°-108°=52°.能力提升全练拓展训练1.B ∵∠A与∠C之和等于四边形外角和的一半,四边形的外角和为360°,∴∠A+∠C=180°,∴∠B+∠D=360°-(∠A+∠C)=180°①,∵∠B比∠D大15°,∴∠B-∠D=15°②,①+②得2∠B=195°,∴∠B=97.5°.2.D 如图,∵∠1=∠A+∠B,∠2=∠C+∠D,∠3=∠E+∠F,∠4=∠G+∠H,∴∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G+∠H=∠1+∠2+∠3+∠4,又∵∠1+∠2+∠3+∠4=360°,∴∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G+∠H=360°.3.答案六解析设多边形的边数为n,则=180·(n-2),解得n=6.故这个多边形为六边形.三年模拟全练拓展训练1.C ∵多边形的外角和等于360°,多边形的最小的外角是60°,∴这个多边形的边数<=6,当边数为3时,60°+80°+100°<360°,不合题意;当边数为4时,60°+80°+100°+120°=360°,符合题意;当边数为5时,60°+80°+100°+120°+140°>360°,不合题意.故选C.2.答案95解析∵MF∥AD,FN∥DC,∠A=100°,∠C=70°,∴∠BMF=100°,∠FNB=70°,∵将△BMN沿MN翻折,得△FMN,∴∠FMN=∠BMN=50°,∠FNM=∠MNB=35°,∴∠F=∠B=180°-50°-35°=95°,∴∠D=360°-100°-70°-95°=95°.故答案为95.五年中考全练拓展训练1.C 根据题意,得(n-2)·180°=360°×2+180°,解得n=7.则这个多边形的边数是7,七边形的对角线条数为=14,故选C.2.B 如图,分别延长线段AB,DC,∵AB∥CD,∴∠4+∠5=180°,∵∠1+∠2+∠3+∠4+∠5=360°,∴∠1+∠2+∠3=180°.故选B.核心素养全练拓展训练B 五边形的内角和为(5-2)·180°=540°,所以正五边形的每一个内角为540°÷5=108°,如图,延长正五边形的两边相交于点O,则∠1=360°-108°×3=360°-324°=36°,360°÷36°=10,∵已经有3个正五边形,10-3=7,∴完成这一圆环还需7个正五边形.人教版八年级上册数学《第十二章全等三角形》全单元同步测试3课时（含答案解析）12.1 全等三角形基础闯关全练拓展训练1.如图,已知△ABC≌△DCB,AB=10,∠A=60°,∠ABC=80°,那么下列结论中错误的是( )A.∠D=60°B.∠DBC=40°C.AC=DBD.BE=102.如图所示,△ABC≌△EDF,DF=BC,AB=ED,AE=20,AF=5,则AC的长为.3.如图,CD⊥AB于点D,BE⊥AC于点E,△ABE≌△ACD,∠C=42°,AB=9,AD=6,G为AB延长线上一点.(1)求∠EBG的度数;(2)求CE的长.4.如图,△ABF≌△CDE,∠B和∠D是对应角,AF和CE是对应边.(1)写出△ABF和△CDE的其他对应角和对应边;(2)若∠B=30°,∠DCF=40°,求∠EFC的度数;(3)若BD=10,EF=2,求BF的长.能力提升全练拓展训练1.已知△ABC≌△DEF,AB=2,AC=4,若△DEF的周长为偶数,则EF的取值为( )A.3B.4C.5D.3或4或52.如果△ABC的三边长分别为7,5,3,△DEF的三边长分别为3x-2,2x-1,3,若这两个三角形全等,则x= .3.若A(2,0),B(0,4),C(2,4),D为坐标平面内一点,且△ABC与△ACD全等,则D点的坐标为.三年模拟全练拓展训练1.(2017内蒙古赤峰宁城期末,7,★☆☆)如图,在△ABC中,∠A=30°,∠ABC=50°,∠ACB=100°.若△EDC≌△ABC,且A、C、D在同一条直线上,则∠BCE=( )A.20°B.30°C.40°D.50°2.(2017河南周口太康期中,12,★★☆)已知△ABC≌△DEF,BC=EF=5 cm,△ABC的面积是20 cm2,那么△DEF中EF边上的高是cm.3.(2018吉林四平伊通期末,16,★★★)如图,A、C、N三点在同一直线上,在△ABC中,∠A∶∠ABC∶∠ACB=3∶5∶10,若△MNC≌△ABC,则∠BCM∶∠BCN= .五年中考全练核心素养全练拓展训练1.长为1的一根绳恰好可围成两个三边长都不相等的全等三角形,则其中一个三角形的最长边x的取值范围为( )A.≤x<B.≤x<C.<x<D.<x<2.如图,△ABE≌△EDC,E在BD上,AB⊥BD,B为垂足.(1)试问:AE和EC相等吗?AE和CE垂直吗?(2)分别将图中的△ABE绕点E按顺时针方向旋转,分别画出满足下列条件的图形并说出此时△ABE与△EDC中相等的边和角.①使AE与CE重合;②使AE与CE垂直;③使AE与EC在同一直线上.12.1 全等三角形答案基础闯关全练拓展训练1.D ∵∠A=60°,∠ABC=80°,∠A+∠ABC+∠ACB=180°,∴∠ACB=40°,∵△DCB≌△ABC,∴∠D=∠A=60°,∠DBC=∠ACB=40°,BD=AC,故A,B,C正确,故选D.2.答案15解析∵△ABC≌△EDF,DF=BC,AB=ED,AE=20,AF=5,∴AC=EF,EF=AE-AF=20-5=15,∴AC=15.3.解析(1)∵△ABE≌△ACD,∴∠EBA=∠C=42°,∴∠EBG=180°-42°=138°.(2)∵△ABE≌△ACD,∴AB=AC=9,AE=AD=6,∴CE=AC-AE=9-6=3.4.解析(1)其他对应角:∠BAF和∠DCE,∠AFB和∠CED;其他对应边:AB和CD,BF和DE.(2)∵△ABF≌△CDE,∠B=30°,∴∠D=∠B=30°,∵∠DCF=40°,∴∠EFC=∠D+∠DCF=30°+40°=70°.(3)∵△ABF≌△CDE,∴BF=DE,∴BF-EF=DE-EF,∴BE=DF,∵BD=10,EF=2,∴DF=BE=4,∴BF=BE+EF=4+2=6.能力提升全练拓展训练1.B ∵△ABC≌△DEF,∴EF=BC.∵AB=2,AC=4,∴4-2<BC<4+2,即2<BC<6,又由已知得EF的长为整数,∴EF=BC=3或4或5,又∵△DEF的周长为偶数,所以EF=4.故选B.2.答案 3解析∵△ABC与△DEF全等,∴3x-2=7且2x-1=5,此时x=3,或3x-2=5且2x-1=7,此时不存在满足条件的x.故答案为3.3.答案(4,4)或(0,0)或(4,0)解析如图所示,仅D1(4,4),D2(0,0),D3(4,0)满足题意.三年模拟全练拓展训练1.A ∵△EDC≌△ABC,∴∠DCE=∠ACB=100°.∵A、C、D在同一条直线上,∴∠ACD=180°,∴∠BCE=∠ACB+∠DCE-∠ACD=20°.2.答案8解析∵△ABC≌△DEF,BC=EF=5 cm,△ABC的面积是20 cm2,∴BC·h=20(h为△ABC中BC边上的高),∴h=8 cm,则△DEF中EF边上的高是8 cm.3.答案1∶4解析∵∠A∶∠ABC∶∠ACB=3∶5∶10,∠A+∠ABC+∠ACB=180°,∴∠A=30°,∠ABC=50°,∠ACB=100°.∵△MNC≌△ABC,∴∠N=∠ABC=50°,∠M=∠A=30°,∴∠MCA=∠M+∠N=80°,∴∠BCM=20°,∠BCN=80°,∴∠BCM∶∠BCN=1∶4.五年中考全练核心素养全练拓展训练1.C 由题意可得两个三角形的周长相等,且为.设三角形中除最长边x外,另外两边为y,z,则x+y+z=,∵y+z>x,∴x<,又x>y,x>z,∴x>.综上可得<x<,故选C.2.解析(1)AE和EC相等且垂直.∵△ABE≌△EDC,∴AE=EC,∠A=∠CED,∵AB⊥BD,∴∠A+∠AEB=90°,∴∠CED+∠AEB=90°,∴∠AEC=180°-90°=90°,∴AE⊥CE.(2)如图所示,相等的边有AB=ED,AE=EC,BE=DC;相等的角有∠BAE=∠DEC,∠ABE=∠EDC,∠AEB=∠ECD.12.2 三角形全等的判定基础闯关全练拓展训练1.如图(1)所示,A,E,F,C在一条直线上,AE=CF,过E,F分别作DE⊥AC,BF⊥AC,若AB=CD.(1)求证:GF=GE;(2)若将△DEC的边EC沿AC方向移动,变为图(2)时,其余条件不变,上述结论是否成立?请说明理由.2.如图,Rt△ABC中,AC=7 cm,BC=3 cm,CD为斜边AB上的高,点E从点B出发沿直线BC以2 cm/s的速度移动,过点E作BC的垂线交直线CD于点F.(1)求证:∠A=∠BCD;(2)点E运动多长时间时,CF=AB?并说明理由.能力提升全练拓展训练1.已知一等腰三角形的腰长为5,底边长为4,底角为β.满足下列条件的三角形与已知三角形不一定全等的是( )A.两条边长分别为4,5,它们的夹角为βB.两个角是β,它们的夹边长为4C.三条边长分别是4,5,5D.两条边长是5,它们的夹角是β2.已知△ABC中,AB=7,AC=4,AD是BC边上的中线,则AD长的范围是.3.(2018山西期中)问题情境:如图1,在直角三角形ABC中,∠BAC=90°,AD⊥BC 于点D,可知:∠BAD=∠C(不需要证明);特例探究:如图2,∠MAN=90°,射线AE在这个角的内部,点B、C分别在∠MAN的边AM、AN上,且AB=AC,CF⊥AE于点F,BD⊥AE于点D.证明:△ABD≌△CAF;归纳证明:如图3,点B、C分别在∠MAN的边AM、AN上,点E,F在∠MAN内部的射线AD上,∠1、∠2分别是△ABE、△CAF的外角.已知AB=AC,∠1=∠2=∠BAC.求证:△ABE≌△CAF;拓展应用:如图4,在△ABC中,AB=AC,AB>BC.点D在边BC上,CD=2BD,点E、F在线段AD上,∠1=∠2=∠BAC.若△ABC的面积为15,则△ACF与△BDE的面积之和为.三年模拟全练拓展训练1.(2018河北秦皇岛抚宁期末,6,★★☆)根据已知条件,能画出唯一△ABC的是( )A.AC=4,AB=5,BC=10B.AC=4,AB=5,∠B=60°C.∠A=50°,∠B=60°,AB=2D.∠C=90°,AB=52.(2018安徽月考,15,★★☆)如图,∠ACB=90°,AC=BC,BE⊥CE于点E,AD⊥CE 于点D,下面四个结论:①∠ABE=∠BAD;②△CEB≌△ADC;③AB=CE;④AD-BE=DE.其中正确的结论是.(把所有正确结论的序号都写在横线上)3.(2018陕西西安莲湖月考,22,★★☆)如图,在△ABC中,AC=BC,D是AB上的一点,AE⊥CD于点E,BF⊥CD于点F,若CE=BF,AE=EF+BF.试判断直线AC与BC的位置关系,并说明理由.五年中考全练拓展训练1.(2016湖南永州中考,9,★★☆)如图,点D、E分别在线段AB,AC上,CD与BE相交于O点,已知AB=AC,再添加以下的哪个条件仍不能．．判定△ABE≌△ACD的是( )A.∠B=∠CB.AD=AEC.BD=CED.BE=CD2.(2016山东济宁中考,12,★★☆)如图,在△ABC中,AD⊥BC,CE⊥AB,垂足分别为D,E,AD,CE交于点H.请你添加一个适当条件: ,使△AEH≌△CEB.3.(2016河北中考,21,★★☆)如图,点B,F,C,E在直线l上(F,C之间不能直接测量),点A,D在l异侧,测得AB=DE,AC=DF,BF=EC.(9分)(1)求证:△ABC≌△DEF;(2)指出图中所有平行的线段,并说明理由.核心素养全练拓展训练1.如图,点A的坐标为(8,0),点B为y轴的负半轴上的一个动点,分别以OB,AB 为直角边在第三、第四象限作等腰Rt△OBF,等腰Rt△ABE,连接EF交y轴于P点,当点B在y轴上移动时,PB的长度为( )A.2B.3C.4D.随点B的运动而变化2.在△ABC中,AB=AC,点D是射线CB上的一动点(不与点B、C重合),以AD为一边在AD的右侧作△ADE,使AD=AE,∠DAE=∠BAC,连接CE.(1)如图1,当点D在线段CB上,且∠BAC=90°时,∠DCE= 度;(2)设∠BAC=α,∠DCE=β.①如图2,当点D 在线段CB 上,∠BAC ≠90°时,请你探究α与β之间的数量关系,并证明你的结论;②如图3,当点D 在线段CB 的延长线上,∠BAC ≠90°时,请将图3补充完整,并直接写出此时α与β之间的数量关系(不需证明).12.2 三角形全等的判定基础闯关全练拓展训练1.解析 (1)证明:∵DE ⊥AC,BF ⊥AC, ∴∠DEF=∠BFE=90°.∵AE=CF,∴AE+EF=CF+EF,即AF=CE. 在Rt △ABF 和Rt △CDE 中,∴Rt △ABF ≌Rt △CDE(HL), ∴BF=DE.在△BFG 和△DEG 中, ∵ ∠ ∠∠ ∠∴△BFG ≌△DEG(AAS), ∴GF=GE. (2)结论依然成立. 理由:∵DE ⊥AC,BF ⊥AC,∴∠BFA=∠DEC=90°.∵AE=CF, ∴AE-EF=CF-EF,即AF=CE.在Rt△ABF和Rt△CDE中,∴Rt△ABF≌Rt△CDE(HL),∴BF=DE.在△BFG和△DEG中,∵∠∠∠∠∴△BFG≌△DEG(AAS),∴GF=GE.2.解析(1)证明:∵CD⊥AB,∠ACB=90°,∴∠A+∠ACD=90°,∠BCD+∠ACD=90°,∴∠A=∠BCD.(2)如图,当点E在射线BC上移动时,若E移动5 s,则BE=2×5=10(cm),∴CE=BE-BC=10-3=7(cm).∴CE=AC.在△CFE与△ABC中,∠∠∠∠∴△CFE≌△ABC,∴CF=AB.当点E在射线CB上移动时,若E移动2 s,则BE'=2×2=4(cm),∴CE'=BE'+BC=4+3=7(cm),∴CE'=AC.在△CF'E'与△ABC中,∠∠∠∠°∴△CF'E'≌△ABC,∴CF'=AB.综上,当点E在直线CB上移动5 s或2 s时,CF=AB.能力提升全练拓展训练1.D A符合三角形全等的判定定理SAS,能判定两三角形全等,故本选项不符合题意;B符合三角形全等的判定定理ASA,能判定两三角形全等,故本选项不符合题意;C符合三角形全等的判定定理SSS,能判定两三角形全等,故本选项不符合题意.故选D.2.答案 1.5<AD<5.5解析如图,延长AD至E,使DE=AD,∵D是BC的中点,∴BD=CD.在△ADC和△EDB中,∠∠∴△ADC≌△EDB(SAS),∴AC=EB.∵AC=4,∴EB=4.∴7-4<AE<7+4,∴3<2AD<11,∴1.5<AD<5.5.3.解析特例探究:证明:∵CF⊥AE,BD⊥AE, ∴∠BDA=∠AFC=90°,∴∠ABD+∠BAD=90°,又∠MAN=90°,∠BAD+∠CAF=90°,∴∠ABD=∠CAF.在△ABD和△CAF中,∵∠∠∠∠∴△ABD≌△CAF(AAS).归纳证明:证明:∵∠1=∠2=∠BAC,∠1=∠BAE+∠ABE,∠BAC=∠BAE+∠CAF,∠2=∠FCA+∠CAF,∴∠ABE=∠CAF,∠BAE=∠FCA.在△ABE和△CAF中,∵∠∠∠∠∴△ABE≌△CAF(ASA).拓展应用:∵△ABC的面积为15,CD=2BD,∴△ABD的面积是×15=5,由上证出△ABE≌△CAF,∴△ACF与△BDE的面积之和等于△ABE与△BDE的面积之和,即等于△ABD的面积5,故答案为5.三年模拟全练拓展训练1.C 若想画出唯一的△ABC,只需找出给定条件能证出与另一三角形全等即可.A.AC+AB=4+5=9<10=BC,三边不能组成三角形,A不正确;B.∵AC=4,AB=5,∠B=60°,SSA不能证出两三角形全等,∴AC=4,AB=5,∠B=60°不能确定唯一的三角形,B不正确;C.∵∠A=50°,∠B=60°,AB=2,ASA能证出两三角形全等,∴∠A=50°,∠B=60°,AB=2能确定唯一的三角形,C正确;D.∵∠C=90°,AB=5,缺少证明两三角形全等的条件,∴∠C=90°,AB=5不能确定唯一的三角形,D不正确.故选C.2.答案①②④解析如图,∵AD⊥CE,BE⊥CE,∴∠BEF=∠ADF=∠ADC=90°.又∵∠BFE=∠AFD, ∴∠ABE=∠BAD,故①正确.∵∠ACB=90°,∴∠1+∠2=90°.∵∠ADC=90°,∴∠2+∠CAD=90°.∴∠1=∠CAD.又∠E=∠ADC=90°,BC=AC,∴△CEB≌△ADC(AAS),故②正确.由△CEB≌△ADC,得CE=AD,BE=CD,∴AD-BE=CE-CD=DE,故④正确.∵∠ACB=90°,∴BC⊥AC,∴AB>AC.∵AD⊥CE,∴AC>AD,∴AB>AD.又∵CE=AD,∴AB>CE,故③错误,因此填①②④.3.解析AC⊥BC,理由如下:∵CE=BF,AE=EF+BF,CF=EF+CE,∴AE=CF.在△ACE和△CBF中,∴△ACE≌△CBF(SSS),∴∠CAE=∠BCF.在Rt△ACE中,∵∠CAE+∠ACE=90°, ∴∠ACE+∠BCF=90°,∴AC⊥BC.五年中考全练拓展训练1.D 选项A,∠A=∠A,AB=AC,∠B=∠C,所以△ABE≌△ACD(ASA),正确;选项B,AE=AD,∠A=∠A,AB=AC,所以△ABE≌△ACD(SAS),正确;选项C,由BD=CE及AB=AC可得AD=AE,因为AE=AD,∠A=∠A,AB=AC,所以△ABE≌△ACD(SAS),正确;选项D,BE=CD,AB=AC,∠A=∠A,SSA不能判定两个三角形全等,故选D.2.答案AE=CE(或HE=BE或AH=CB或∠BAC=45°)解析∵AD⊥BC,CE⊥AB,∴∠AEH=∠CEB=∠ADB=90°,∴∠B+∠EAH=∠B+∠ECB=90°,∴∠EAH=∠ECB.∴添加条件AE=CE或∠BAC=45°,可根据“ASA”判定△AEH≌△CEB,添加条件AH=CB或HE=BE,可根据“AAS”判定△AEH≌△CEB.3.解析(1)证明:∵BF=EC,∴BF+FC=EC+CF,即BC=EF.又∵AB=DE,AC=DF,∴△ABC≌△DEF.(2)AB∥DE,AC∥DF.理由:∵△ABC≌△DEF,∴∠ABC=∠DEF,∠ACB=∠DFE.∴AB∥DE,AC∥DF.核心素养全练拓展训练1.C 如图,作EN⊥y轴于N,∵∠BOA=∠ABE=90°,∴∠OBA+∠NBE=90°,∠OBA+∠OAB=90°, ∴∠NBE=∠BAO.在△ABO 和△BEN 中, ∠ ∠∠ ∠∴△ABO ≌△BEN(AAS), ∴OB=NE,又∵OB=BF,∴BF=NE. 又∠OBF=∠FBP=∠BNE=90°,∴在△BFP 和△NEP 中, ∠ ∠ ∠ ∠∴△BFP ≌△NEP(AAS),∴BP=NP,又∵点A 的坐标为(8,0),∴BN=OA=8, ∴BP=NP=4,故选C.2.解析 (1)∵∠BAD+∠DAC=90°,∠DAC+∠CAE=90°, ∴∠BAD=∠CAE.在△BAD 和△CAE 中,∠ ∠∴△BAD ≌△CAE(SAS), ∴∠B=∠ACE,∵∠B+∠ACB=90°. ∴∠DCE=∠ACE+∠ACB=90°, 故答案为90. (2)①α+β=180°.证明:∵∠BAD+∠DAC=α,∠DAC+∠CAE=α, ∴∠BAD=∠CAE.在△BAD 和△CAE 中,∠∠∴△BAD≌△CAE(SAS),∴∠B=∠ACE,∵∠B+∠ACB=180°-α,∴∠DCE=∠ACE+∠ACB=180°-α=β,∴α+β=180°.②作出图形,如图所示,α=β.12.3 角的平分线的性质基础闯关全练拓展训练1.如图,△ABC的三边AB、BC、AC的长分别为12,18,24,O是△ABC三条角平分线的交点,则S△OAB∶S△OBC∶S△OAC=( )A.1∶1∶1B.1∶2∶3C.2∶3∶4D.3∶4∶52.如图,PM⊥OA,PN⊥OB,垂足分别为点M,N,PM=PN,∠BOC=30°,则∠AOB= .3.如图,在△ABC中,∠A=90°,AB=AC,CD平分∠ACB,DE⊥BC于E.若BC=5 cm,DC=4 cm,则△DEB的周长为cm.4.在Rt△ABC中,∠C=90°,AD平分∠BAC交BC于D,若BC=15,且BD∶DC=3∶2,则D到边AB的距离是.能力提升全练拓展训练1.如图,AD∥BC,∠ABC的平分线BP与∠BAD的平分线AP相交于点P,作PE⊥AB,垂足为E.若PE=3,则两平行线AD与BC间的距离为( )A.3B.5C.6D.不能确定2.如图,已知DB⊥AE于点B,DC⊥AF于点C,且DB=DC,∠BAC=40°,∠ADG=130°,则∠DGF= .3.如图,已知∠B=∠C=90°,E是BC的中点,DE平分∠ADC,∠CED=35°,求∠EAB 的度数.三年模拟全练拓展训练1.(2018江苏无锡宜兴期中,16,★★☆)如图,在△ABC中,AB=10,AC=8,O为△ABC 角平分线的交点,若△ABO的面积为20,则△ACO的面积为.2.(2018河北邯郸期末,19,★★☆)如图所示,已知△ABC的周长是20,BO、CO分别平分∠ABC和∠ACB,OD⊥BC于D,且OD=3,则△ABC的面积是.3.(2018吉林延边安图期末,21,★★☆)如图,AB=AC,BD=CD,DE⊥AB,点E为垂足,DF⊥AC,点F为垂足,求证:DE=DF.(7分)五年中考全练拓展训练1.如图,已知在△ABC中,CD是AB边上的高,BE平分∠ABC,交CD于点E,BC=5,DE=2,则△BCE的面积等于( )A.10B.7C.5D.42.如图,在△ABC中,∠ABC=50°,∠ACB=60°,点E在BC的延长线上,∠ABC的平分线BD与∠ACE的平分线CD相交于点D,连接AD,下列结论中不正确的是( )A.∠BAC=70°B.∠DOC=90°C.∠BDC=35°D.∠DAC=55°3.(在△ABC中,AB=4,AC=3,AD是△ABC的角平分线,则△ABD与△ACD的面积之比是.核心素养全练拓展训练1.如图,在四边形ABCD中,∠A=90°,AD=8,对角线BD⊥CD,P是BC边上一动点,连接DP.若∠ADB=∠C,则DP长的最小值为.2.三条公路l1,l2,l3两两相交于A,B,C三点,现计划修建一个商品超市,要求这个超市到三条公路的距离相等,问可供选择的地方有多少处?请画出图形并在图中找出来.12.3 角的平分线的性质基础闯关全练拓展训练1.C ∵O是△ABC三条角平分线的交点,AB、BC、AC的长分别为12,18,24,∴S△S△OBC∶S△OAC=AB∶CB∶AC=12∶18∶24=2∶3∶4.故选C.OAB∶2.答案60°解析∵PM⊥OA,PN⊥OB,PM=PN,∴∠AOC=∠BOC=30°,∴∠AOB=60°.3.答案 5解析∵CD平分∠ACB,DE⊥BC,∠A=90°,∴DE=DA.在Rt△CDE和Rt△CDA中,∴Rt△CDE≌Rt△CDA,∴CE=CA,∴△DEB的周长=BE+BD+DE=BE+BD+DA=BE+BA=BE+AC=BE+CE=BC=5 cm.4.答案 6解析∵BC=15,BD∶DC=3∶2,∴CD=6.∵∠C=90°,AD平分∠BAC,∴D到边AB的距离=CD=6.能力提升全练拓展训练1.C 如图,作PF⊥AD于F,PG⊥BC于G,∵AP是∠BAD的平分线,PF⊥AD,PE⊥AB,∴PF=PE=3,∵BP是∠ABC的平分线,PE⊥AB,PG⊥BC,∴PG=PE=3,∴两平行线AD与BC间的距离为PF+PG=6.2.答案150°解析∵DB⊥AE于点B,DC⊥AF于点C,且DB=DC, ∴AD平分∠BAC,∵∠BAC=40°,∴∠CAD=∠BAC=20°,∴∠DGF=∠CAD+∠ADG=20°+130°=150°.3.解析如图,过点E作EF⊥AD交AD于F,∵DE平分∠ADC,EC⊥DC,EF⊥DA,且E是BC的中点,∴CE=EB=EF,又∵∠B=∠AFE=90°,∴AE平分∠DAB,∴∠EAB=∠EAF.又∵∠CED=35°,∠C=90°,∴∠CDE=90°-35°=55°, ∴∠CDA=110°,∵∠B=∠C=90°,∴DC∥AB,∴∠CDA+∠DAB=180°,∴∠DAB=70°,∴∠EAB=35°.三年模拟全练拓展训练1.答案16解析∵点O是△ABC三条角平分线的交点,∴点O到AB,AC的距离相等,∴△AOB与△AOC面积的比=AB∶AC=10∶8=5∶4.∵△ABO的面积为20,∴△ACO的面积为16.2.答案30解析如图,连接OA,过O作OE⊥AB于E,OF⊥AC于F,∵BO、CO分别平分∠ABC和∠ACB,∴OE=OD,OF=OD,∴OE=OF=OD=3,∵△ABC的周长是20,OD⊥BC于D,且OD=3,∴S△ABC=×AB·OE+×BC·OD+×AC·OF=×(AB+BC+AC)×3=×20×3=30.3.证明在△ABD和△ACD中,∴△ABD≌△ACD(SSS),∴∠BAD=∠CAD,∵DE⊥AB,DF⊥AC,∴DE=DF.五年中考全练拓展训练1.C 作EF⊥BC于F,∵BE平分∠ABC,ED⊥BA,EF⊥BC,∴EF=DE=2,∴S△BC·EF=×5×2=5,故选C.BCE=2.B ∵∠ABC=50°,∠ACB=60°,∴∠BAC=180°-∠ABC-∠ACB=180°-50°-60°=70°,故A选项正确;∵BD平分∠ABC,∴∠ABO=∠ABC=×50°=25°,在△ABO中,∠AOB=180°-∠BAO-∠ABO=180°-70°-25°=85°,∴∠DOC=∠AOB=85°,故B选项错误;∵CD平分∠ACE,∴∠ACD=×(180°-60°)=60°,∴∠BDC=180°-85°-60°=35°,故C选项正确;由BD、CD分别是∠ABC和∠ACE的平分线易证AD是△ABC的外角平分线,∴∠DAC=×(180°-70°)=55°,故D选项正确.3.答案4∶3解析如图,过点D分别作DE⊥AB,DF⊥AC,垂足分别为E、F,由角平分线的性质可得DE=DF,∵S△ABD=AB·DE,S△ACD=AC·DF,===,即S△ABD∶S△ACD=4∶3.∴△△核心素养全练拓展训练1.答案8解析根据垂线段最短知,当DP⊥BC时,DP的长度最小.∵BD⊥CD,即∠BDC=90°,又∠A=90°,∴∠A=∠BDC,又∠ADB=∠C,∴∠ABD=∠CBD,又DA⊥BA,∴当DP⊥BC时,AD=DP,又AD=8,∴DP长的最小值为8.2.解析先将实际问题转化为数学模型,要求超市到三条公路的距离相等,先观察△ABC的内部,实际上就是在△ABC内找一个点,使它到△ABC的三边的距离相等,这个点应该是△ABC的三条(或两条)角平分线的交点,但除此以外,还应考虑是否还有其他的点也符合要求,因为三条公路都是用直线来表示的,且三角形的互为同旁内角的两个外角的平分线的交点满足到三角形三边所在直线的距离相等,所以在△ABC 的外部也存在满足题意的点.如图,(1)作出△ABC的两个内角的平分线,取其交点为O1;(2)作出△ABC所有外角(6个外角)的平分线,取其交点分别为O2,O3,O4,故满足条件的修建点有4处,即O1,O2,O3,O4处.。

二年级数学苏教版上册随堂测试第4单元《表内除法(一)》练习测试卷含答案解析

随堂测试第4单元认识表内除法（一）一、仔细审题，填一填。

（第1小题4分，其余每空2分，共34分）1.下面哪种分法是平均分？在（）里画“√”。

2.15÷5=3，读作15（）5等于（），表示把（）平均分成（）份，每份是（），还表示（）里面有（）个（）。

3.（1）6个足球，每（）个一份，分成了（）份。

（2）9个排球，每（）个一份，分成了（）份。

4.把12个轮子装到玩具小汽车上，可以装（）辆。

如果把这12个轮子装到玩具自行车上，可以装（）辆。

还可以把12个轮子装到玩具三轮车上，可以装（）辆。

二、看图填一填，算一算。

（第5小题18分，其余每小题9分，共54分）1.有（）个梨，每2个一份，可以分成（）份。

2.有（）个桃，每4个一份，可以分成（）份。

3.有（）根小棒，平均分成4堆，每堆有（）根。

4.有（）把伞，用同一种颜色涂3把伞，一共需要（）种颜色。

5.（1）有（）副手套，每副（）只，一共有（）只。

（2）一共有（）只手套，每（）只配成1副，配成了（）副。

（3）一共有（）只手套，配成了（）副，每副有（）只。

三、送小猫回家，连一连。

（12分）答案一、1.（）（√）（√）（）2.除以3155315353.（1）23（2）334.364二、1.10510÷2=52.16416÷4=43.12312÷4=34.939÷3=35.（1）52105×2=10（2）102510÷2=5（3）105210÷5=2三、。

随堂心理测试题及答案

随堂心理测试题及答案一、选择题1. 你认为以下哪种情况最能体现一个人的适应能力？A. 面对新环境时，能够快速适应并融入其中B. 面对困难时，能够保持冷静并找到解决办法C. 面对挑战时，能够积极应对并取得成功D. 面对失败时，能够坦然接受并从中吸取教训答案：A2. 以下哪种行为更可能表明一个人具有较高的自我效能感？A. 总是依赖他人的意见和帮助B. 面对挑战时，总是感到焦虑不安C. 相信自己有能力完成困难的任务D. 总是避免参与任何可能失败的活动答案：C3. 根据马斯洛的需求层次理论，以下哪个需求属于最高层次？A. 生理需求B. 安全需求C. 社交需求D. 自我实现需求答案：D二、判断题1. 积极的心理暗示可以提高个人的自信心和动力。

（）答案：正确2. 压力总是有害的，应该尽量避免。

（）答案：错误（适当的压力可以激发个人的潜能）3. 情绪智力是指一个人识别、理解、管理自己情绪的能力。

（）答案：正确三、简答题1. 简述情绪调节的几种常用方法。

答案：情绪调节的常用方法包括深呼吸、正念冥想、情绪日记、积极自我对话、运动和寻求社会支持等。

2. 如何理解“自我效能感”这一概念？答案：自我效能感是指个体对自己完成特定任务的能力的信心和判断。

它影响个体的行为选择、努力程度以及面对困难时的坚持性。

四、案例分析题案例：小明是一名高中生，最近在学习上遇到了一些困难，他发现自己在数学科目上的成绩一直不理想，这让他感到非常沮丧和焦虑。

问题：请分析小明可能面临的问题，并给出一些建议帮助他提高学习效率和情绪管理。

答案：小明可能面临的问题是学习焦虑和自我效能感低下。

为了帮助他，可以采取以下建议：- 设定短期和长期目标，使学习计划更加明确和可实现。

- 采用分步骤学习法，将复杂问题分解为小部分，逐一解决。

- 寻求老师和同学的帮助，进行小组学习，以提高学习效率。

- 学习情绪管理技巧，如深呼吸、放松训练等，以减轻焦虑感。

- 保持积极的心态，相信自己能够克服困难，提高自我效能感。