山东省德州市乐陵一中2013-2014学年高二上学期期中考试物理含答案

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山东省山师附中2013-2014学年高二上学期期中考试物理试题.pdf

AEA一定大于EB，φA一定大于φB
BEA不一定大于EB，φA一定大于φB
CEA一定大于EB，φA不一定大于φB
DEA不一定大于EB，φA不一定大于φB
abc所示，图中实线表示电场的等势面，下列判断错误的是
A．粒子在a→b→c的过程中，电场力始终做正功；
B．粒子在a→b→c的过程中，一直受静电引力作用；
1．在真空中，两个很小的带电体AB相距为r，相互作用斥力为F，若A的带电荷量变为原的两倍，且距离变为2r，则
它们的斥力变为( )
A． B．3F C．6F
D．12F
A.速度变大，加速度变大
B.速度变小，加速度变小
C.速度变大，加速度变小
D.速度变小，加速度变大
3.如图所示，质量为m的带电滑块，沿绝缘斜面匀速下滑．当带电滑块滑到有着理想边界的方向竖直向下的匀强电
2.每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，在选涂其他答案
标号。
一、本题共20小题，每小题3分，共60分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小
题有多个选项是正确的。全部选对的得3分，选对但不全的得1分，有选错或不答的得0分。
山东省山师附中2013-2014学年高二上学期期中考试
2013年11月
物理试题（理科）
本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(计算题)两部分,第Ⅰ卷1至3页, 第Ⅱ卷为第4页,考试时间90分钟,满分100分。
第Ⅰ卷(选择题,共60分)
注意事项
1.答第Ⅰ卷前,考生务必将自己的姓名、班级、考场、考号、考试科目、试卷类型（A）涂写在答题卡上。
场区域时，滑块的运动状态为(电场力小于重力)A．将减速下滑B．将加速下滑

山东省德州市乐陵一中2013-2014学年高一物理上学期期中试题新人教版

乐陵一中2013—2014学年高中一年级期中考试试题物理试题（时间：90分钟满分：100分）命题人：XXX 审核人：XXX 时间：2013.11.03第Ⅰ卷（选择题共50分）一、选择题（本题包括10小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．下列各组物理量中都是矢量的是A．位移、时间、速度B．速率、加速度、力C．加速度、速度的变化量、速度D．路程、时间、重力2.一个皮球从5 m高的地方落下，在与地面相碰后弹起，上升到高为2 m处被接住，则这段过程中( )A．小球的位移为3 m，方向竖直向下，路程为7 mB．小球的位移为7 m，方向竖直向上，路程为7 mC．小球的位移为3 m，方向竖直向下，路程为3 mD．小球的位移为7 m，方向竖直向上，路程为3 m3．关于物体的重力和重心，下列说法正确的是( )A．物体所受的重力是由于受到地球的吸引而产生的，所以方向总是垂直于地面向下B．在同一地点，同一物体静止时所受的重力与其运动时所受的重力不一样C．物体的重心就是物体各部分所受重力的等效作用点D．形状规则的物体(例如正方体)，其重心一定在其几何中心处4. 物体由静止开始做匀加速直线运动，若第1秒末的速度达到4 m/s，则第2秒内物体的位移是（）A.2 mB.4 mC.6 mD.8 m5.某航母跑道长200 m。

飞机在航母上滑行的最大加速度为6 m/s2,起飞需要的最低速度为50 m/s。

那么,飞机在滑行前,需要借助弹射系统获得的最小初速度为( )A.5 m/sB.10 m/sC.15 m/sD.20 m/s6.某战车以大小为40 m/s的速度做匀速直线运动，刹车后，获得的加速度大小为10 m/s2，则刹车后5 s内战车通过的路程为( )A.40mB.75mC.80mD.100m7.一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示。

山东省德州市乐陵一中2013-2014学年高二物理上学期10月月考试卷(含解析)

2013-2014学年山东省德州市乐陵一中高二〔上〕月考物理试卷〔10月份〕一、选择题1．〔3分〕〔2014秋•肇庆期末〕关于洛伦兹力，以下说法正确的答案是〔〕A．带电粒子在磁场中一定会受到洛伦兹力的作用B．假设带电粒子在某点受到洛伦兹力的作用，如此该点的磁感应强度一定不为零C．洛伦兹力不会改变运动电荷的速度D．仅受洛伦兹力作用〔重力不计〕的运动电荷的动能一定不改变考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．版权所有专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子在磁场中不一定受到洛伦兹力；根据F=qvBsinα，分析洛伦兹力与B的关系；洛伦兹力的方向与速度方向垂直，只改变速度的方向，不改变动能．解答：解：A、静止的电荷在磁场中不受洛伦兹力；运动电荷的速度方向与磁场平行时，也不受洛伦兹力作用．故A错误．B、假设带电粒子在某点受到洛伦兹力的作用，由洛伦兹力公式F=qvBsinα知，该点的磁感应强度B一定不零．故B正确．C、洛伦兹力能改变速度的方向，速度是矢量，所以洛伦兹力能改变运动电荷的速度．故C错误．D、洛伦兹力的方向总与速度方向垂直，所以洛伦兹力不做功，不改变粒子的动能．故D正确．应当选BD点评：解决此题的关键掌握洛伦兹力的大小公式，知道洛伦兹力的方向和作用效果．2．〔3分〕〔2013•贵州学业考试〕如下列图，用两根一样的细绳水平悬挂一段均匀载流直导线MN，电流I方向从M到N，绳子的拉力均为F．为使F=0，可能达到要求的方法是〔〕A．加水平向右的磁场B．加水平向左的磁场C．加垂直纸面向里的磁场D．加垂直纸面向外的磁场考点：安培力；共点力平衡的条件与其应用．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以直导线MN为研究对象，开始没有电流时重力和绳子拉力大小相等，假设使绳子上的拉力为零，如此可以在该空间中加上磁场，使MN所受安培力方向向上即可．解答：解：根据左手定如此可知，在MN中通入电流，在空间加上垂直与纸面的磁场，可以使MN受到向上的安培力，这样可以使MN受到绳子拉力为零，具体根据左手定如此有：当MN中通入从M到N的电流时，要使安培力向上，可以加上垂直纸面向里的磁场，故ABD 错误，C正确．应当选C．点评：此题考查了在磁场中的受力平衡问题，注意左手定如此的灵活应用，明确磁场方向、电流方向、受力方向三者之间的关系．3．〔3分〕〔2010秋•海淀区期末〕在我们生活的地球周围，每时每刻都会有大量的由带电粒子组成的宇宙射线向地球射来，地球磁场可以有效地改变这些宇宙射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义．假设有一束宇宙射线在赤道上方沿垂直于地磁场方向射向地球，如下列图，在地磁场的作用下，射线方向发生改变的情况是〔〕A．假设这束射线是由带正电荷的粒子组成，它将向南偏移B．假设这束射线是由带正电荷的粒子组成，它将向北偏移C．假设这束射线是由带负电荷的粒子组成，它将向东偏移D．假设这束射线是由带负电荷的粒子组成，它将向西偏移考点：地磁场；洛仑兹力．版权所有分析：根据地球磁场的分布，由左手定如此可以判断粒子的受力的方向，从而可以判断粒子的运动的方向．解答：解：地球的磁场由南向北，当带负电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定如此可以判断粒子的受力的方向为向西，所以粒子将向西偏转；当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定如此可以判断粒子的受力的方向为向东，所以粒子将向东偏转，所以D正确．应当选：D点评：此题就是考查左手定如此的应用，掌握好左手定如此即可判断粒子的受力的方向．4．〔3分〕〔2013秋•高邮市校级期末〕直导线ab长为L，水平放置在匀强磁场中，磁场方向如图，磁感应强度为B，导线中通有恒定电流，电流为I，如此〔〕A．假设电流方向由b向a，如此安培力方向竖直向上B．导线在纸面内转动，所受安培力大小为BIL不变C．假设使导线在纸面内转过α角，如此安培力大小变成BILcosαD．假设使导线在垂直纸面的平面内转过α角，如此安培力大小变为BILsinα考点：安培力．版权所有分析：通电直导线放在匀强磁场中，所受的安培力大小公式为F=BILsinα，α是导线与磁场方向的夹角，方向由左手定如此判断，根据这两个知识进展分析．解答：解：A、假设电流方向由b向a，磁场垂直直面向里，由左手定如此可知，安培力方向竖直向下，故A错误；B、导线在纸面内转动，磁场始终垂直于导线，故所受安培力大小不变，故B正确，C错误；D、假设使导线在垂直纸面的平面内转过α角，如此安培力大小变为BILcosα，故D错误；应当选：B点评：此题考查了安培力的大小公式和安培力方向的判断，比拟简单，很容易掌握．5．〔3分〕〔2007秋•福州期末〕通电矩形导线框abcd与无限长通电直导线MN在同一平面内．电流方向如下列图，ad边与MN平行，关于MN的磁场对线框的作用，如下表示正确的答案是〔〕A．线框有两条边所受的安培力方向一样B．线框有两条边所受的安培力大小一样C．线框所受安培力合力向里D．线框所受安培力合力为零考点：安培力；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．版权所有分析：直导线中的电流方向由N到M，根据安培定如此判断导线框所在处磁场方向．根据左手定如此分析导线框所受的安培力情况．解答：解：A、直导线中的电流方向由N到M，根据安培定如此，导线右侧区域磁感应强度方向向内，根据左手定如此，ad边受向左的安培力，bc边受到向右的安培力，ab边受到向下的安培力，cd受到向上的安培力，方向全不同，故A错误；B、离MN越远的位置，磁感应强度越小，故根据安培力公式F=BIL，ad边受到的安培力大于cb边，ab边受到的安培力等于cd受到受到的安培力，故B正确；C、D、ab边受向左的安培力，cd边受到向右的安培力，ad边受到向下的安培力，bc受到向上的安培力；ab边受到的安培力大于cd边，ad边受到的安培力等于bc受到受到的安培力；故合力向左，故CD错误；应当选：B．点评：此题关键：〔1〕会根据安培定如此判断通电直导线的磁场；〔2〕会根据左手定如此判断安培力方向；〔3〕会根据安培力公式F=BIL并结合微元法判断安培力的大小．6．〔3分〕〔2014秋•蕉城区校级期中〕电子以初速度V0垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，如此〔〕A．磁场对电子没有作用力B．磁场对电子的作用力始终不变C．磁场对电子的作用力始终不做功D．电子始终沿直线运动考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．版权所有分析：电子以初速度v0垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，此时电子将受到洛伦兹力作用，由左手定如此可知，力的方向始终与速度的方向垂直，力的作用效果只是改变了电子的运动方向，并没有改变电子的运动快慢，磁场对电子也不会做功．解答：解：A、B、电子以初速度v0垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，电子在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，速度的方向是时刻发生变化的．所以磁场对电子的作用力方向是变化的．而磁场对电子的作用力的大小始终不变，故A错误，B错误．C、洛伦兹力的方向始终与速度的方向垂直，所以洛伦兹力只是改变了电子的运动方向，并没有改变速度的大小，磁场不会对电子做功．故C正确．D、电子受到与速度的方向垂直的洛伦兹力的作用，在磁场中做匀速圆周运动，速度的方向是时刻发生变化的．故D错误．应当选：C点评：此题关键要抓住：洛伦兹力的方向始终和速度的方向垂直，磁场对电子的洛伦兹力始终不做功7．〔3分〕〔2011•海南〕空间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，图中的正方形为其边界．一细束由两种粒子组成的粒子流沿垂直于磁场的方向从O点入射．这两种粒子带同种电荷，它们的电荷量、质量均不同，但其比荷一样，且都包含不同速率的粒子．不计重力．如下说法正确的答案是〔〕A．入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间一定不同B．入射速度一样的粒子在磁场中的运动轨迹一定一样C．在磁场中运动时间一样的粒子，其运动轨迹一定一样D．在磁场中运动时间越长的粒子，其轨迹所对的圆心角一定越大考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．版权所有专题：压轴题．分析：带电粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，虽然电量、质量不同，但比荷一样，所以运动圆弧对应的半径与速率成正比．它们的周期总是相等，因此运动的时间由圆心角来决定．解答：解：A、入射速度不同的粒子，假设它们入射速度方向一样，如此它们的运动时间也一定一样，虽然轨迹不一样，但圆心角却一样．故A错误；B、在磁场中半径，运动圆弧对应的半径与速率成正比，故B正确；C、在磁场中运动时间：〔θ为转过圆心角〕，虽圆心角可能一样，但半径可能不同，所以运动轨迹也不同，故C错误；D、由于它们的周期一样的，在磁场中运动时间越长的粒子，其轨迹所对的圆心角也一定越大．故D正确；应当选：BD点评：带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径．8．〔3分〕〔2006•广东模拟〕如下列图，在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒．在导体棒中的电流I垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，如下外加匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向正确是〔〕A．B=mg，方向垂直斜面向上B．B=mg，方向垂直斜面向下C．B=mg，方向垂直斜面向下D．B=mg，方向垂直斜面向上考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用；安培力．版权所有专题：压轴题；共点力作用下物体平衡专题．分析：通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定如此来确定安培力的方向．解答：解：A、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上，根据左手定如此知，安培力沿斜面向上，还受到支持力和重力，三力处于平衡状态，沿斜面方向上由平衡条件得：BIL=mgsinα如此B═mg；故A正确、D错误．B、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下，如此根据左手定如此知，安培力沿斜面向下，与支持力和重力不可能平衡，即棒子不可能处于平衡状态．故B、C均错误；应当选A．点评：学会区分左手定如此与右手定如此，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．9．〔3分〕〔2014秋•高台县校级期末〕如图是质谱仪的工作原理示意图．带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器．速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B 和E．平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2．平板S下方有磁感应强度为B0的匀强磁场．如下表述正确的答案是〔〕A．质谱仪是一种测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具B．速度选择器中的磁场方向垂直纸面向外C．能通过狭缝P的带电粒子的速率等于D．粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的荷质比越小考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．版权所有专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：质谱仪的原理为：带电粒子经加速后进入速度选择器，速度为v=粒子可通过选择器，然后进入B0，打在S板的不同位置．解答：解：A、进入B0的粒子满足，知道粒子电量后，便可求出m的质量，所以质谱仪可以用来分析同位素，故A正确；B、假设粒子带正电，如此受电场力向右，由左手定如此可判断磁场方向垂直直面向外，故B正确；C、由qE=qvB，得v=，此时离子受力平衡，可沿直线穿过选择器，故C正确；D、由，知R越小，荷质比越大，故D错误；应当选：ABC．点评：质谱仪工作原理应采取分段分析的方法，即粒子加速阶段，速度选择阶段，在磁场中运动阶段．10．〔3分〕〔2014秋•安庆期末〕目前，世界上正在研究一种新型发电机叫磁流体发电机，如图表示它的原理：将一束等离子体喷射入磁场，在磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就会聚集电荷，产生电压，以下说法不正确的答案是〔〕A．B板带正电B．A板带正电C．其他条件不变，只增大射入速度，U AB增大D．其他条件不变，只增大磁感应强度，U AB增大考点：霍尔效应与其应用．版权所有分析：大量带正电和带负电的微粒向右进入磁场时，由左手定如此可以判断正负电荷受到的洛伦兹力方向，从而确定相当于电源的正负极，从而得出通过电阻的电流方向．解答：解：A、B、大量带正电和带负电的微粒向右进入磁场时，由左手定如此可以判断正电荷受到的洛伦兹力向下，所以正电荷会聚集的B板上，负电荷受到的洛伦兹力向上，负电荷聚集到A板上，故B板相当于电源的正极，A板相当于电源的负极，所以通过电阻R 的电流从下到上，故A正确，B错误．C、D、当粒子受力平衡时，洛伦兹力与电场力相等，即：qvB=qE=，增大射入速度或增大磁感应强度都可以使U AB增大．故CD正确．此题选择不正确的，应当选：B．点评：根据洛伦兹力的方向判断物体的运动方向，此题还可以根据洛伦兹力与极板间产生的电场力平衡解得磁流体发电机的电动势，注意确定正负电荷的洛伦兹力的方向是解题的关键．11．〔3分〕〔2007•徐州一模〕在xY平面内有一通电直导线与X、Y轴相交，导线中电流方向如下列图．该区域内有匀强磁场，通电直导线所受磁场力的方向与m轴的正方向一样．该磁场的磁感应强度的方向可能为〔〕A．沿z轴正方向B．沿z轴负方向C．沿y轴负方向D．沿y轴正方向考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．版权所有分析：通电导线在磁场中受到安培力，根据左手定如此可确定安培力的方向，由安培力方向与磁场和电流方向所构成的平面垂直，即可求解．解答：解：A、B、根据左手定如此，安培力必须与电流和磁场构成的平面，故场的方向一定在xOy平面内，故A错误，B错误；C、磁场的方向沿Y轴负方向，符合左手定如此，故C正确；D、磁场的方向沿Y轴正方向，不符合左手定如此，故D错误；应当选C．点评：考查左手定如此，并让学生理解安培力、电流与磁场三方向的关系，同时安培力必须与电流和磁场构成的平面垂直；注意：左手定如此中，磁感线不一定垂直穿过手掌心．12．〔3分〕〔2012秋•大港区校级期末〕如下列图为圆柱形区域的横截面，在该区域加沿圆柱轴线方向的匀强磁场．带电粒子〔不计重力〕第一次以速度v1沿截面直径入射，粒子飞入磁场区域时，速度方向偏转60°角；该带电粒子第二次以速度v2从同一点沿同一方向入射，粒子飞出磁场区域时，速度方向偏转90°角．如此带电粒子第一次和第二次在磁场中运动的〔〕A．半径之比为1：B．速度之比为1：C．时间之比为2：3 D．时间之比为3：2考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．版权所有专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：粒子进入磁场时，受到洛伦兹力作用而做匀速圆周运动，速度的偏向角等于轨迹对应的圆心角，再可求出轨迹对应的圆心角θ，由t=T求解时间之比；根据几何知识求出轨迹半径之比，由半径公式r=求出速度之比．解答：解：设圆柱形区域为R．带电粒子第一次以速度v1沿直径入射时，轨迹如下列图，粒子飞出此磁场区域时速度方向偏转60°角，如此知带电粒子轨迹对应的圆心角θ1=60°，轨迹半径为 r1=Rtan60°，运动时间为 t1=T=T；带电粒子第二次以速度v2沿直径入射时，粒子飞出此磁场区域时速度方向偏转90°角，如此知带电粒子轨迹对应的圆心角θ2=90°，轨迹半径为 r2=R，运动时间为t2=T=T；所以轨迹半径之比：r1：r2=：1；时间之比：t1：t2=2：3；根据半径公式r=得，速度之比：v1：v2=r1：r2=：1；应当选：C点评：此题关键要掌握推论：粒子速度的偏向角等于轨迹的圆心角，运用几何知识求出半径关系，就能正确解答．根底题．13．〔3分〕〔2013秋•乐陵市校级月考〕如下列图，从正离子源发射的正离子经加速电压U 加速后进入相互垂直的匀强电场E〔方向竖直向上〕和匀强磁场B〔方向垂直于纸面向外〕中，发现离子向上偏转，要使此离子沿直线穿过电场，如此？〔〕A．增大电场强度E，减小磁感强度BB．减小加速电压U，增大电场强度EC．适当地加大加速电压UD．适当地减小电场强度E考点：带电粒子在混合场中的运动；牛顿第二定律．版权所有专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：加速电场中，根据eU=mv2可得v=；粒子在复合场中做匀速直线运动的条件是：Eq=qvB．根据左手定如此可知正离子所受的洛伦兹力的方向竖直向下，故正离子向上极板偏转的原因是电场力大于洛伦兹力，为了粒子在复合场中做匀速直线运动，要么增大洛伦兹力，要么减小电场力．解答：解：要使粒子在复合场中做匀速直线运动，必须满足条件：Eq=qvB．根据左手定如此可知正离子所受的洛伦兹力的方向竖直向下，因正离子向上极板偏转的原因是电场力大于洛伦兹力，所以为了使粒子在复合场中做匀速直线运动，如此要么增大洛伦兹力，要么减小电场力．A、增大电场强度E，即可以增大电场力，减小磁感强度B，即减小洛伦兹力，不满足要求．故A错误．B、减小加速电压U，如此洛伦兹力减小，而增大电场强度E，如此电场力增大，不满足要求，故B错误．C、加速电场中，根据eU=mv2可得v=；适当地增大加速电压U，从而增大洛伦兹力，故C错误．D、根据适当减小电场强度E，从而减小电场力，故D正确．应当选：D．点评：此题中物体的运动分成两个阶段：在电场中的加速和在复合场中的匀速直线运动．在解题时要注意过程分析和受力分析．二、计算题14．〔2013秋•乐陵市校级月考〕质量为m、长度为L的导体棒MN静止在水平导轨上，通过MN的电流为I，匀强磁场的磁感应强度为B，方向与导轨平面成θ角斜向下，如下列图，求MN棒受到的支持力和摩擦力．考点：安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：带电金属杆进展受力分析，除重力、支持力外、在磁场中受到安培力，还有静摩擦力，四力处于平衡状态．根据磁场的方向由左手定如此来确定安培力的方向，从而对安培力进展力的分解，由平衡可得支持力、摩擦力的大小．解答：解：通过导体棒的电流 I，如此导体棒受到的安培F=BIL根据左手定如此可知：安培力的方向如下列图，受力分析f=Fsinθ 方向为：水平向左N=mg+Fcosθ，方向为：竖直向上答：如此棒受到的支持力的大小为mg+Fcosθ；方向为：竖直向上．摩擦力的大小为Fsinθ，方向为：水平向左．点评：要会区分左手定如此与右手定如此：左手定如此是判定磁场力的，而右手定如此是判定感应电流方向的．同时还利用三力平衡知识来求解．15．〔2013秋•乐陵市校级月考〕如下列图，水平放置的两块长直平行金属板a，b相距d=0.10m，a，b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场．今有一质量为m=4.8×10﹣25kg、电荷量为q=1.6×10﹣23C的带正电的粒子〔不计重力〕，从贴近a板的左端以v0=1.0×104m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处〔图中未画出〕．求：〔1〕粒子从狭缝P处穿过b板进入匀强磁场的速度大小和方向θ；〔2〕P、Q之间的距离L．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．版权所有专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：粒子进入电场中，在电场力作用下加速运动，由动能定理可求出出电场的速度大小与方向．当粒子进入磁场中，由洛伦兹力作用做匀速圆周运动，由牛顿第二定律与几何关系可求出PQ间距．解答：解：〔1〕粒子从a板左端运动到P处，由动能定理得：qEd=mv2﹣mv02，代入数据，解得：=×106m/s，cosθ=0.5，代入数据得：θ=30°；②粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，粒子运动轨迹如下列图：由几何关系得：=rsin30°，粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，代入数据解得：L=5.8cm；答：①粒子进入磁场时速度大小为×106m/s，速度方向与水平方向夹角为30°；②P、Q之间的距离为2.5cm．点评：此题考查带电粒子在电场、磁场中两运动模型：匀速圆周运动与类平抛运动，与相关的综合分析能力，以与空间想像的能力，应用数学知识解决物理问题的能力，同时掌握牛顿第二定律与运动学公式相综合，并理解运动的半径与周期公式的应用．。

山东省德州市乐陵一中2013-2014学年高二物理上学期期中试题新人教版

2013—2014学年高二第一学期期中考试物理试题（时间：90分钟满分：100分） 2013. 11第Ⅰ卷（选择题共60分）一、选择题（共12小题，每题至少有一个选项是正确的。

每题5分，漏选3分，错选0分。

）1．电场中有一点P ，下列说法是正确的（）A ．若放在P 点电荷的电量减半，则P 点的场强减半B ．若P 点没有检验电荷，则P 点的场强为零C ．P 点的场强越大，则同一电荷在P 点受到的电场力越大D ．P 点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向2.下列说正确的是（）A.根据/R U I =可知，R 与U 成正比，与I 成反比B./R U I =是电阻的关系式,R 与U 、I 无关C.根据/I U R =可知，I 与U 成正比，与R 成反比D.在任何有电流通过的电路中，都可以用/I U R =计算电路中的电流3．下列说法中正确的是（）A. 在场强较小处，电荷在该处的电势能也较小；B. 电荷在场强为零处的电势能也为零；C. 在场强相等的各点，电荷的电势能必相等；D. 在选定为零电势的位置处，任何电荷的电势能必为零。

4. 有三个相同的金属小球A 、B 、C ，其中A 、B 两球带电情况相同，C 球不带电．将A 、B 两球相隔一定距离固定起来，两球间的库仑力是F ，若使C 先和A 接触，再与B 接触，移去C ，则A 、B 间的库仑力变为（）A ．2/FB ．4/FC ．8/3FD ．10/F5.一平行板电容器的两个极板分别与一电源的正负极相连，在保持开关闭合的情况下，将电容器两极板间的距离增大，则电容器的电容C 、电容器所带电量Q 和极板间的电场强度E 的变化情况是（）A.C 逐渐减小B. Q 保持不变C. E 逐渐减小D.E 保持不变6．一根粗细均匀的电阻丝截成长度相等的三段，再将它们并联起来，测得阻值为3Ω，则此电阻丝原来的阻值为（）A ．9ΩB ．8ΩC ．27ΩD ．3Ω7．如图所示，在电场中任意取一条电场线，电场线上的a 、b 两点相距为d ，则（）A ．a 点的场强一定大于b 点的场强B ．a 点的电势一定大于b 点的电势C ．a 、b 两点电势差一定等于Ed （E 为a 点场强）D ．a 、b 两点电势差在数值上等于单位正电荷由a 点沿任意路径移到b 点的过程中电场力所做的功8. 如图所示电路，A 、A 1、A 2、V 为理想电表，当滑动变阻器滑动片P 往下移时，关于电表示数变化情况，下列判断正确的是（）A ．A 1表的示数变小B ．A 2表的示数变小C ．A 表的示数变小D ．V 表的示数变小9．在如图所示的U —I 图像中，直线a 为某电源的路端电压U 与干路电流I 的关系图像，直线b 为某电阻R 的伏安特性曲线。

山东省德州市中学2014届高三上学期期中考试物理试题(含答案)

山东德州市中学2014届高三上学期期中考试物理试题说明：满分100分，时间90分钟。

分为第I 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第I 卷为第1页至第3页，选项按要求涂在答题卡，第Ⅱ卷为第4页至第6页，按要求写在答题卡指定位置。

一、选择题：本题共12小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．牛顿这位科学巨人对物理学的发展做出了突出贡献。

下列有关牛顿的表述中正确的是 A.牛顿用扭秤装置测定了万有引力常量B ．牛顿通过斜面实验得出白由落体运动位移与时间的平方成正比C ．牛顿认为站在足够高的山顶上无论以多大的水平速度抛出物体，物体都会落回地面D ．牛顿的“月——地检验”表明地面物体所受地球的引力、月球所受地球的引力，与行星所受太阳的引力服从相同规律2．荡秋千是广大群众喜爱的一项体育活动。

如图，当某人在秋千上荡到最高点时，a 表示竖直向下，b 表示沿切线，c 表示水平，d 表示沿悬绳，则此人的加速度方向是图中的 A ．a B ．b C ．c D ．d3．质点做直线运动的位移x 和时间平方2t 的关系图象如图所示，则该质点A.加速度大小为12/m sB ．任意相邻1s 内的位移差都为2mC ．第2s 内的位移是2mD ．物体第3s 内的平均速度大小为3m/s4．在德国首都柏林举行的2009年世界田径锦标赛女子跳高决赛中，克罗地亚运动员弗拉希奇获得冠军。

弗拉希奇起跳后在空中运动过程中，如果忽略空气阻力的影响，则下列说法正确的是 A. 弗拉希奇在空中下降过程处于超重状态B ．弗拉希奇起跳以后在上升过程中处于超重状态C ．弗拉希奇在空中上升阶段的任意相等时间内速度的改变量都相等D ．若空气阻力不可忽略，弗拉希奇上升阶段所用时间大于下降阶段所用时间5．拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具，如图。

山东省德州市乐陵一中2012-2013学年高二物理上学期期中试题

高二物理期中考试试题一．选择题〔此题共10小题，每一小题4分，共40分，每一小题至少有一个选项是正确的，选对得4分，漏选得2分，不选或错选得0分〕 1．如下关于点电荷的说法，正确的答案是( )A ．点电荷一定是电量很小的电荷B ．点电荷是一种理想化模型，实际不存在C ．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D ．体积很大的带电体一定不能看成点电荷 2．真空中两个点电荷Q 1、Q 2，距离为R ，当Q 1增大到原来的3倍，Q 2增大到原来的3倍，距离R 增大到原来的3倍时，电荷间的库仑力变为原来的( )A ．1倍B ．3倍C ．6倍D ．9倍3．如下列图，一条绝缘细线，上端固定，下端拴一个质量为m 的带电小球．将它置于一匀强电场中，电场强度大小为E ，方向水平向右．当细线离开竖直位置的偏角为α时，小球处于平衡状态，如此小球所带的电荷量为( )A.mg E sinαB.mg E cosαC.mg E tanαD.mgEcotα〔第3题图〕〔第4题图〕4.如下列图，一个质量为m 、带电荷量为q 的粒子，从两平行板左侧中点沿垂直场强方向射入，当入射速度为v 时，恰好穿过电场而不碰金属板．要使粒子的入射速度变为v2，仍能恰好穿过电场，如此必须再使( )A ．粒子的电荷量变为原来的14B ．两板间电压减为原来的12C ．两板间距离增为原来的4倍D ．两板间距离增为原来的2倍5．带负电的粒子在某电场中仅受静电力作用，能分别完成以下两种运动：①在电场线上运动，②在等势面上做匀速圆周运动．该电场可能由( ) A ．一个带正电的点电荷形成B ．一个带负电的点电荷形成 C ．两个分立的带等量负电的点电荷形成 D ．一带负电的点电荷与带正电的无限大平板形成6．带电粒子射入一固定的带正电的点电荷Q 的电场中，沿图中实线轨迹从a 运动到b ，a 、b 两点到点电荷Q 的距离分别为r a 、r b (r a ＞r b )，b 为运动轨迹上到Q 的最近点，不计粒子的重力，如此可知( )A．运动粒子带负电B．b点的场强大于a点的场强C．a到b的过程中，电场力对粒子不做功D．a到b的过程中，粒子动能和电势能之和保持不变〔第6题图〕〔第7题图〕7．如下列图，带正电荷量为q、质量为m的滑块，沿固定绝缘斜面匀速下滑，现加一竖直向上的匀强电场，电场强度为E，且qE≤mg，以下判断中，正确的答案是( )．A．物体将沿斜面减速下滑B．物体将沿斜面加速下滑C．物体仍保持匀速下滑D．仅当qE＝mg时，物体继续保持匀速下滑8．如下列图，设电表内阻对电路的影响不计，外电阻R1≠R2≠R3.假设把电流表和电压表位置对换，如此( )．A．电流表读数为零B．电压表读数为零C．电流表读数不为零D．电压表读数不变〔第8题图〕〔第9题图〕9．如下列图，直线OAC为某一直流电源的总功率P总随电流I变化的图线，抛物线OBC 为同一直流电源内部热功率P r随电流I变化的图线．假设A、B对应的横坐标为2 A，那么线段AB表示的功率与I＝2 A对应的外电阻是( )．A．2 W,0.5 Ω B．4 W,2 ΩC．2 W,1 ΩD．6 W,2 Ω10．如下列图电路，将两个一样的小量程电流表分别改装成A1(0～3 A)和A2(0～0.6 A)的电流表，把两个电流表并联接入电路中测量电流．如此如下说法中正确的答案是( )．A．A1的指针半偏时，A2的指针也半偏B．A1的指针还没有满偏，A2的指针已经满偏C．A1的读数为1 A时，A2的读数为0.6 AD．A1的读数为1 A时，干路中的电流I为1.2 A第二卷二、填空题〔共18分，其中11题6分、12题12分〕11．(6分)如下列图螺旋测微器的测量读数应是________ mm、________mm.〔第11题图〕〔第12题图〕12．(12分)某同学在做《自来水电阻率的测定》课题时，先在一根均匀的长玻璃管两端各装了一个电极，用如下列图电路进展测量．两电极相距L＝0.700 m，其间充满待测的自来水．图中器材如上：电压表(量程15 V，内阻约30 kΩ)、电流表(量程300μA，内阻约50 Ω)、滑动变阻器(100 Ω，1 A)、电池组(电动势E＝12 V，内阻r＝6 Ω)、单刀单掷开关一个．导线假设干．下表是他测量通过管中自来水柱的电流与两端电压的实验数据．实验中他还用20分度的游标卡尺测量了玻璃管的内径，结果如下列图.U/V 1.0 3.0 5.07.09.011.0I/μA2265109155190240根据以上材料请回答下面的问题：(1)玻璃管内径d的测量值为________cm；(2)根据上表数据在图1坐标中作出U－I图象，根据图象求出电阻R＝________Ω；(3)用直接测量值计算自来水电阻率的公式是ρ＝________，测量值为________Ω·m(保存两位有效数字)；(4)请在虚线框内画出测量自来水电阻的电路图．图1三、计算题：〔共42分〕13．〔8分〕如下列图，输入电压U AB＝200 V，变阻器R1标有“150 Ω、3 A〞，负载电阻R2标有“50 Ω、2 A〞，求输出电压U ab的变化范围．14．〔10分〕一个带正电的粒子，从A点射入水平方向的匀强电场中，粒子沿直线AB运动，如下列图．AB与电场线夹角θ＝30°，带电粒子的质量m＝1.0×10－7 kg，电荷量q＝1.0×10－10C，A、B相距L＝20 cm.(取g＝10 m/s2，结果保存两位有效数字)求：(1)粒子在电场中运动的性质，要求说明理由．(2)电场强度的大小和方向．(3)要使粒子从A点运动到B点，粒子射入电场时的最小速度是多少？〔第14题图〕〔第15题图〕15.〔12分〕如下列图，A、B为两块平行金属板，A板带正电、B板带负电．两板之间存在着匀强电场，两板间距为d、电势差为U，在B板上开有两个间距为L的小孔．C、D为两块同心半圆形金属板，圆心都在贴近B板的O′处，C带正电、D带负电．两板间的距离很近，两板末端的中心线正对着B板上的小孔，两板间的电场强度可认为大小处处相等，方向都指向O′.半圆形金属板两端与B板的间隙可忽略不计．现从正对B板小孔紧靠A板的O处由静止释放一个质量为m、电量为q的带正电微粒(微粒的重力不计)，问：(1)微粒穿过B板小孔时的速度多大；(2)为了使微粒能在CD板间运动而不碰板，CD板间的电场强度大小应满足什么条件；(3)从释放微粒开始，经过多长时间微粒第一次通过半圆形金属板间的最低点P 点？ 16．一台小型电动机在3 V 电压下工作，用此电动机提升所受重力为4 N 的物体时，通过它的电流是0.2 A 。

山东省德州市乐陵一中2014-2015学年高二上学期期中考

2014-2015学年第一学期期中检测试题高二政治第Ⅰ卷（选择题 50分）一、选择题（本大题共25小题，每小题2分，共计50分。

在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．恩格斯指出，“随着自然科学领域中每一个划时代的发现，唯物主义也必然要改变自己的形式。

”对这一观点理解正确的是A．哲学对自然科学具有指导作用 B．具体科学的进步推动哲学的发展C．哲学是对自然科学的概括和总结 D．哲学与具体科学的发展是同步的【解析】本题考查的是哲学与具体科学。

从题中随着自然科学领域中每一个划时代的发现，唯物主义要改变自己的形式看出哲学是对具体知识的概括和总结。

AB项不符合题意与题干无关。

D项说法错误，故排除。

本题选C项。

2．下列观点中，能反映唯物主义基本观点的是A．存在就是被感知 B．物是观念的集合C．未有此气，已有此理 D．气者，理之依也【解析】本题考查的是唯物主义的基本观点。

唯物主义的基本观点是认为物质是本原的，意识是派生的，先有物质后有意识，物质决定意识。

AB属于主观唯心；C属于客观唯心。

3 .“水停百日生虫，人闲百日生病”告诉我们A．物质的唯一特性是客观存在 B.运动是物质的固有属性C.静止时运动的一种特殊形式D.运动的主体是物质【解析】本题考查的是物质和运动的关系。

水长久不动会生虫，人长久不动会生病，说明生命在于运动。

运动是物质的固有属性和存在方式，B正确；A与题意无关；CD与题意不符。

4. 2013年6月18日，广州五羊天象馆预报，在6月23日晚上，将出现全年最圆最大的超级月亮,而下一次超级月亮将出现在2014年8月11日。

今天我们看到这一预报得到了证实。

科学家对天文奇观的预测说明①思维和存在具有同一性②思维能够创造存在③思维对存在具有反作用④世界上没有不可认识之物，只有尚未认识之物A．①② B．②④ C．①④ D．②③【解析】本题考查哲学的基本问题。

思维不能创造存在，②错误，不选；思维和存在有没有同一性的问题，即思维能否正确认识存在的问题。

山东省德州市乐陵一中2013-2014学年高二下学期期中考试物理试题

山东省德州市乐陵一中2013-2014学年高二下学期期中考试物理试题2014.4本卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。

考试时间90分钟。

满分100分。

第I卷（选择题共60分）注意事项：1、答第I卷前，考生务必将自己的姓名、考号、班级、考试科目、试卷类型涂写在答题卡上。

考试结束，将答题卡和答题卷一并交回。

2、每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

一、本题共12小题；每小题5分，共60分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分。

1、下列说法中不正确的是（）A．话筒是一种常用的声传感器，其作用是将电信号转换为声信号B．电熨斗能够自动控制温度的原因是它装有双金属片温度传感器，这种传感器的作用是控制电路的通断。

C．电子秤所使用的测力装置是力传感器D．热敏电阻能够把温度这个热学量转换为电阻这个电学量2、如图所示，在两根平行长直导线中，通以同方向、同强度的电流，导线框ABCD和两导线在同一平面内，导线框沿着与两导线垂直的方向自右向左在两导线间匀速运动。

在运动过程中，导线框中感应电流的方向（）A．沿ABCD方向不变B．沿ADCB方向不变C．由ABCD方向变成ADCB方向D．由ADCB方向变成ABCD方向3、将一磁铁缓慢或者迅速地插到闭合线圈中的同一位置处，不发生变化的物理量是（）A．磁通量的变化量B．磁通量的变化率C．感应电流的大小D．流过导体横截面的电量4、将输入电压为220V，输出电压为6V的变压器，改装成输出电压为30V的变压器，副线圈原来的匝数为30匝，原线圈的匝数不变，则副线圈应增加的匝数为（）A．150匝B．144匝C．130匝D．120匝5、将阻值为5Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示，下列说法中正确的是（）A．电路中交变电流的频率为0.25Hz2B．通过电阻的电流为AC．电阻消耗的电功率为2.5WD．用交流电压表测得电阻两端的电压是5V6、如图所示是测定线圈L的直流电阻的电路，线圈L的自感系数很大，两端并联一只电压表，以测量自感线圈的直流电压。

2013年山东省德州市中考物理试题(word含答案)

山东省德州市2013年中考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题2分，满分24分）123．（2分）2013年1月以来，全国中东部地区陷入严重的雾霾和污染天气中，如图所示．中央气象台将大雾蓝色预警升级至黄色预警．德州市环保局也提出要进一步改善城市空气质量，创造更加适宜的人居环境．以下措施与改善空气质量无关的是（）4．（2分）2013年4月16日，中国海事第一舰“海巡01”轮在海上展开拉练，未来将被派往南海、钓鱼岛等海域执行任务，如图所示，“海巡01”轮配备有强声设备，可遥控定向远距离定向远距离发射高达150分贝的警示音、语音等声波，主要用于对付海盗等人员．根据以上信息，下列说法中错误的是（）5．（2分）如图所示的四个情景中说法正确的是（）１67．（2分）风力测定仪是由风叶和改装的电流表构成，风力越大，枫叶转动越快，电流表读数也越大．图B D89．（2分）某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮重相同）匀速提起相同的重物．不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（）10．（2分）2013年5月，德州市教育局利用如图所示的“坐位体前屈测试仪”对初中毕业生进行了身体柔韧性测试．测试者向前推动滑块，滑块被推动的距离越大，仪器的示数就越大．吴月同学设计了如图所示的四种电路，其中滑动变阻器的滑片向右滑动时，电表示数增大的电路是（）２B D11．（2分）LED灯带在装饰材料中被广泛应用．芳芳同学在研究其内部结构时发现，灯带中的LED灯串联后经电流适配器接入照明电路，如图所示．她取下一只LED灯接在电池两端，灯不亮，对调电池正负极后灯亮了，但用手触摸几乎不发热．以下推断符合上述事实的是（）12．（2分）用弹簧测力计沿水平方向两次拉着同一物体在同一水平面上运动，两次运动的s﹣t图象如图所示．其对应的弹簧测力计示数分别为F1、F2，相同时间内所做的功分别为W1、W2，则它们的关系正确的是（）二、填空题（共5小题，每空1分，满分10分）13．（2分）如图所示，将小纸条自然下垂，靠近水龙头流下的水流，小纸条将偏向（选填“偏向”或“偏离”）水流，这一现象说明流体流速越大的位置压强越小．14．（3分）20112年6月24日，飞行在太空的我国“神舟九号”航天员与深潜在海面下7000米处的“蛟龙号”潜水员进行了人类最远的“海天对话”，如图所示，“海天对话”是靠电磁波传递信息的．“神舟九号”发射时加速上升的过程机械能增大（选填“增大”、“减少”或“不变”），“蛟龙号”潜水器逐渐浸没于水中的过程浮力增大．（选填“增大”、“减少”或“不变”）３15．（2分）如图所示的电路，当开关S闭合后，若电阻R1、R2并联，则甲表是电压表，乙表是电流表．16．（1分）某养鸡场新购进一台电热孵卵器，其电阻为110Ω不变，在额定电压下工作时通过孵卵器的电压是2A，则该孵卵器正常工作10s所产生的热量为4400J．17．（2分）星期天小明和小慧到德州开发区减河湿地去玩，他们踩在软绵绵的沙滩上，留下一串串脚印．小明突然奇想对小慧说：“我的体重是50kg，每只脚与沙滩的接触面积是200cm2，当我在水平沙滩上行走时，对沙滩的压力是500N，压强是 2.5×104P a（g取10N/kg）三、解答题（共6小题，满分21分）18．（2分）如图所示，有一束入射光线AO经平面镜反射后沿OB的方向射出，请在图中找出平面镜的位置并画出平面镜．19．（2分）如图所示，请画出杠杆AB在图示位置静止时作用在B点的最小力F及其力臂L．20．（3分）彤彤过生日时，妈妈送给她一个内有“生日快乐”字样的小水晶球．彤彤想知道小水晶球的密度，于是她找来量筒、小玻璃杯和水，用如图所示的步骤测量出小水晶球的密度．由图可知：水晶球的体积是10cm2，水晶球的质量是30g，水晶球的密度是3g/cm2．21．（4分）物理实验小组用如图1所示的装置探究“水的沸腾”实验：４５（1（2）图中甲（选填“甲”或“乙”）是水在沸腾时的情况．（3）如图3中a 、b 是两个实验小组分别绘制的沸腾图象，由图象可知实验中他们所用水的质量不同．（4）实验中为了减少从开始加热到沸腾所用的时间，可以采取的措施是减少水的质量（写出一种即可）． 22．（4分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小亮将焦距为10cm 的凸透镜固定在光具座上50cm 刻度线处不动，如图所示．调节烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度．（1）将蜡烛移至光具座上20cm 处，移动光屏，在光屏上得到一个倒立、缩小的实像，应用这一原理可以制成照相机（2）要在光屏上成放大的像，蜡烛应向右移动，光屏应向右移动（均选填“左”或“右”）．23．（6分）在“电阻上的电流跟两端电压的关系”的实验中，小莉将实物连接成如图甲所示的电路．（1）根据实物图请在图乙方框中画出对应的电路图．（2）实验室，调节滑动变阻器，测出电阻R 两端的电压和对应的电流值如下表所示．由表中数据可知，小莉实验时所选用电阻R 的阻值为 5 Ω，分析实验数据可以得出的结论是：在电阻一定时，功率．若要测该小灯泡的额定功率，则在图甲电路中必须改动的地方是：① 增加一节干电池（或换用电压高于3.8V 的直流电源） ② 电压表换接0～15V 的量程．四、解答题（共3小题，满分15分。

山东省德州市乐陵一中高中物理测试题2 新人教版必修1

山东省德州市乐陵一中高中物理测试题2 新人教版必修1C 、1997年7月1日零时中国对香港恢复行使主权D 、我们学校早上第四节课的上课时间是10：353、在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是（）A ．甲是指位移，乙是平均速度B ．甲是指路程，乙是平均速度C ．甲是指位移，乙是瞬时速度D ．甲是指路程，乙是瞬时速度4、沿直线运动的一列火车和一辆汽车，在计时开始时及每过1s 时火车和汽车的速度分别为v 1和v 2如下表所示，由表中可看出（）Ａ．火车的位移在增大，汽车的位移在减小Ｂ．火车的位移在减小，汽车的位移在增大Ｃ．火车的速度变化大，汽车的速度变化小Ｄ．火车的速度变化慢，汽车的速度变化快5、一个质点作变速直线运动，以v 1＝10m/s 的平均速度完成前1/3路程，以v 2=30m/s 的平均速度完成剩下2/3的路程，则全过程的平均速度为（）A. 20m/sB. 40m/sC. 23.3m/sD. 18m/s6、关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是：（） A ．速度变化得越多，加速度就越大。

B ．速度变化得越快，加速度就越大。

乙C．加速度方向保持不变时，速度方向也保持不变。

D．加速度大小不断变小时，速度大小也不断变小。

7：物体在水平面上作直线运动，对物体某一段时间内运动的描述，不．可能存在的是：( ) A．物体的加速度很小，速度却很大B．物体的加速度变大，而速度在减小C．物体的位移等于路程D．物体的速度变大，而位移在减小8、做匀加速直线运动的物体运动时间为t，这段时间内( )A.初速度越大，它通过的路程越长B.它在这段时间的中间时刻速度越大，通过路程越长C.末速度越大，通过路程越长D.在这段时间内平均速度越大，通过路程越长9、物体做匀加速直线运动，已知t=1s时速度为6m/s，t=2s时的速度为8m/s，下列说法中正确的是：（）A．计时起点t=0时的速度为0 m/s B．物体的加速度为6m/s2C．任意1秒内的速度变化2m/s D．第1秒内的平均速度为6m/s10、一辆汽车由静止开始做匀加速运动，经ts速度达到υ，立即刹车做匀减速运动，又经2ts停止，则汽车在加速阶段与在减速阶段( )A.速度变化量的大小相等B.加速度的大小相等C.位移的大小相等D.平均速度的大小相等11、甲、乙两物体由同一位置出发沿一直线运动，其速度—时间图象如图所示，下列说法正确的是A、甲做匀速直线运动，乙做匀变速直线运动B、两物体两次相遇的时刻分别是在2 s末和6 s末C、乙在前2 s内做匀加速直线运动，2 s后做匀减速直线运动D、2 s后，甲、乙两物体的速度方向相反12、甲、乙两物体同时由同一地点向同一方向作直线运动，其υ－t图像如图所示，下列说法正确的是：（）Ａ．20s末甲、乙两物体相遇Ｂ．前40s内甲、乙两物体间的距离逐渐减小，40s末乙追上甲；Ｃ．前40s内甲、乙两物体间距离一直在增大，40s末达到最大；Ｄ．前40s内甲、乙两物体间的距离先增大后减小，40s 末乙追上甲13、如图，在下列表示物体运动规律的图象中，表示物体做匀变速直线运动的是（）14、一个物体做匀变速直线运动,若运动的时间之比为t 1：t 2：t 3：…=1：2：3：…,下面说法中正确的是（）A ．相应的运动距离之比一定是s 1：s 2：s 3：…=1：4：9： …B ．相邻的相同时间内的位移之比一定是x 1：x 2：x 3：…=1：3：5： …C ．相邻的相同时间内位移之差值一定是△x =aT 2,其中T 为相同的时间间隔.D ．以上说法都是不正确的15、实验室常用的打点计时器有电磁打点计时器和电火花计时器，所接电源均为50Hz的电（填“直流”或“交流”），那么它们打点的时间间隔是 s 。

山东省德州市乐陵一中2013-2014学年高二上学期期中数学(理)试题

山东省德州市乐陵一中2013-2014学年高二上学期期中（理）本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分.I 卷1至2页.第II 卷3至4页.共150分.考试时间120分钟.第I 卷（选择题共60分）注意事项：1．答第I 卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上. 2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试题卷上.一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分）1．设0,10a b <-<<，则2,,a ab ab 三者的大小关系是( )A ． 2a ab ab >>B ．2a ab ab <<C ．2a ab ab <<D ．2ab a ab <<2.命题“若x ＝5，则x 2－8x+15＝0”，那么它的逆命题、否命题与逆否命题这三个命题中，真命题有（） A.0个 B.1个 C.2个 D.3个3.在△ABC 中，b 、c 分别是角B 、C 所对的边，则“sinB ＝sinC ”是“b=c ”的（） A.充分不必要条件 B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件4．在ABC ∆中,80,100,45a b A ︒===,则此三角形解的情况是（） A.一解 B.两解 C.一解或两解 D.无解5.在△ABC 中，已知sinC=2sinAcosB ，那么△ABC 是（） A.等腰直角三角形 B.等边三角形C.直角三角形D.等腰三角形6．在,,ABC A B C ∆中，的对边分别为,,a b c ，若cos ,cos ,cos a C b B c A 成等差数列，则B =A.6π B. 4π C. 3π D. 23π7.若数列{}n a 的通项公式为)()52(4)52(5122+--∈-=N n a n n n ，{}n a 的最大项为第x 项，最小项为第y 项，则y x +等于（）A.3B.4C.5D.68．设0,0.a b >>1133a b a b +与的等比中项，则的最小值 A ．2 B ．41C ．4D ．8 9. 设变量x ，y 满足约束条件236y xx y y x ≤⎧⎪+≥⎨⎪≥-⎩，则目标函数2z x y =+的最小值为A ．2B ．3C ．4D ．910．不等式04)2(2)2(2<--+-x a xa 对于R x ∈恒成立，那么a 的取值范围是( )A ．)2,2(-B ．]2,2(-C ．]2,(-∞D ．)2,(--∞11. 若110lg lg lg lg 1092=++++x x x x ，则x x x x 1092lg lg lg lg ++++ 的值是A ．1022B ．1024C ．2046D ．204812.已知a ＞0且a ≠1，f(x)＝x 2－a x ，当x ∈（－1，1）时均有f(x)＜21，则实数a 的取值范围是（）A.)[∞+⋃，），（2210 B.]4,1(141[⋃）， C.]2,1()1,21[⋃ D.),4[)41,0(+∞⋃ 二、填空题（本题共4小题，每小题4分，共16分）13.在△ABC 中，a 、b 、c 分别是角A 、B 、C 的对边，若a ＝1，cB ＝56π，则b 等于14．各项为正数的等比数列{}n a 的公比1q ≠，且2311,,2a a a 成等差数列，则3445a a a a ++的值是____________15.在R 上定义运算⊕：(1)x y x y ⊕=-，若不等式()()1x a x a +⊕-<对任意实数x 都成立，则a 的取值范围是____________。

山东省德州市乐陵一中高三物理上学期第三次10月月考试卷(含解析)

2014-2015学年山东省德州市乐陵一中高三（上）第三次月考物理试卷（10月份）一．选择题（每小题4分，共计40分）1．（4分）（2012秋•漯河期末）关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）A．速度变化得越多，加速度就越大B．速度变化得越快，加速度就越大C．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变D．加速度大小不断变小，速度大小也不断变小考点：加速度．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．解答：解：A、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故A错误．B、加速度反映速度变化的快慢，速度变化得越快，加速度就越大，故B正确；C、加速度方向保持不变，速度方向可以变化，例如平抛运动，故C错误D、如果加速度方向与速度方向相同，加速度大小不断变小，速度却增大，故D错误故选：B．点评：速度与加速度均是矢量，速度变化的方向决定了加速度的方向，却与速度方向无关．同时加速度增加，速度可能减小，所以加速度与初速度的方向关系决定速度增加与否．2．（4分）（2010•大连模拟）如图所示为甲、乙两物体从同一地点沿直线向同一方向运动的v﹣t图象，则（）A．甲、乙两物体在4s末相距最远B．甲、乙两物体在5s末相遇C．前4s内甲物体总在乙的前面D．甲、乙两物体在2.5s末相距最远考点：匀变速直线运动的图像．版权所有专题：追及、相遇问题．分析：甲、乙两物体从同一地点沿直线向同一方向运动，根据两物体的速度大小关系，分析它们之间距离的变化，确定何时相距最远．当两物体的位移相等时两者相遇，由“面积”等于位移，分析何时两者相遇．解答：解：A、D据题，甲、乙两物体从同一地点沿直线向同一方向运动，在2.5s前，甲的速度大于乙的速度，两者距离不断增大；在2.5s后乙的速度大于甲的速度，两者距离缩短，则在两物体在2.5s末相距最远．故A错误，D正确．B、由“面积”等于位移看出，在5s末两物体通过的位移相等，则两物体在5s末相遇．故B正确．C、由图看出，甲的位移一直大于乙的位移，说明前4s内甲物体总在乙的前面．故C正确．故选BCD点评：根据速度图象分析两物体何时相遇、何时相距最远，主要抓住速度关系和位移关系进行分析，位移根据“面积”确定．3．（4分）（2014•河北模拟）两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在0～0.4s时间内的v ﹣t图象如图所示．若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比和图中时间t1分别为（）A．和0.30s B．3和0.30s C．和0.28sD．3和0.28s考点：匀变速直线运动的图像．版权所有专题：运动学中的图像专题．分析：先根据三角形相似知识求出t1，再根据速度图象的斜率等于加速度求出甲乙的加速度大小，由牛顿第二定律和第三定律求解两物体质量之比．解答：解：根据三角形相似得：=，得t1=0.3s．根据速度图象的斜率等于加速度，得到：甲的加速度大小为a甲==，乙的加速度大小为a乙==10m/s2据题，仅在两物体之间存在相互作用，根据牛顿第三定律得知，相互作用力大小相等，由牛顿第二定律F=ma得：两物体的加速度与质量成反比，则有质量之比为m甲：m乙=a 乙：a甲=3：1．故选：B．点评：本题一方面考查速度图象的斜率等于加速度；另一方面考查运用数学知识解决物理问题的能力．4．（4分）（2014秋•乐陵市校级月考）如图所示，滑轮本身的质量可忽略不计，滑轮轴O 安装在一根轻木杆B上，一根轻绳AC绕过滑轮，绳与滑轮间的摩擦不计，A端固定在墙上，且绳保持水平，C端下面挂一个重物，BO与竖直方向夹角θ=45°，系统保持平衡．若保持滑轮的位置不变，改变θ的大小，则滑轮受到木杆的弹力大小变化的情况是（）A．只有角θ变小，弹力才变小B．只有角θ变大，弹力才变大C．不论角θ变大或变小，弹力都变大D．不论角θ变大或变小，弹力都不变考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对滑轮受力分析，受两个绳子的拉力和杆的弹力，根据平衡条件进行分析即可．解答：解：对滑轮受力分析，受两个绳子的拉力和杆的弹力；滑轮一直保持静止，合力为零，故杆的弹力与两个绳子的拉力的合力等值、反向、共线；由于两个绳子的拉力大小等于重物的重力，大小不变，方向也不变，故两个拉力的合力为mg，与水平方向成45°斜向右下方；若保持滑轮的位置不变，改变θ的大小，滑轮受力情况不变，故滑轮受到木杆的弹力大小不变；故A错误，B错误，C错误，D正确；故选：D．点评：本题要注意杆的弹力可以沿着杆的方向也可以不沿着杆方向，结合平衡条件分析是关键．5．（4分）（2014秋•乐陵市校级月考）如图所示，一个质量为M、倾角为30°的光滑斜面体放在粗糙水平桌面上，质量为m的小木块从斜面顶端无初速度滑下的过程中，斜面体静止不动．则下列关于此斜面体对水平桌面压力F N的大小和桌面对斜面体摩擦力F f的说法正确的（）A．F N=Mg+mg B．F N=Mg+mgC．F f方向向左，大小为mg D．F f方向向左，大小为mg考点：摩擦力的判断与计算．版权所有专题：摩擦力专题．分析：先对滑块受力分析，根据牛顿第二定律列式求解弹力；再对斜面体受力分析，根据共点力平衡条件列式求解支持力和摩擦力．解答：解：先对滑块受力分析，受重力和支持力，如图，根据牛顿第二定律，有：N=mgcosθmgsinθ=ma对斜面体受力分析，受重力、支持力、压力和向右的静摩擦力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：Mg+Ncosθ=N′f=Nsinθ联立解得：N′=Mg+mgcos2θ=Mg+mgf=mgsinθcosθ=mg，方向向左故AC错误，BD正确；故选：BD．点评：本题关键是采用隔离法分析，然后根据牛顿第二定律和共点力平衡条件列式求解，不难．6．（4分）（2011•南京一模）在一光滑水平面内建立平面直角坐标系xOy，一物体从t=0时刻起，由坐标原点O（0，0）开始运动，其沿x轴和Y轴方向运动的速度时间图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．前2S内物体沿x轴做匀加速直线运动B．后2 s内物体继续做匀加速直线运动，但加速度沿Y轴方向C．4S末物体坐标为（4m，4m）D．4S末物体坐标为（6m，2m）考点：匀变速直线运动的图像．版权所有专题：运动学中的图像专题．分析：前2S内物体在y轴方向没有速度，只有x轴方向有速度，由图看出，物体在x轴方向做匀加速直线运动．后2s内物体在x和y两个方向都有速度，x方向做匀速直线运动，y方向做匀加直线运动，根据运动的合成分析物体的运动情况．根据运动学公式分别求出4s内物体两个方向的坐标．解答：解：A、前2S内，物体在y轴方向没有速度，由图看出，物体沿x轴方向做匀加速直线运动．故A正确．B、在后2s内，物体在x轴方向做匀速直线运动，y轴方向做匀加速直线运动，根据运动的合成得知，物体做匀加速曲线运动，加速度沿y轴方向．故B错误．C、D在前2s内，物体在x轴方向的位移x1==．在后2s内，x轴方向的位移为x2=v x t=2×2m=4m，y轴方向位移为y=m=2m，则4s末物体的坐标为（6m，2m）．故C错误，D正确．故选AD点评：本题采用程序法分析物体的运动情况，根据运动的合成法求解物体的位移．7．（4分）（2014秋•乐陵市校级月考）如图x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向．图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的．不计空气阻力，则（）A．a的飞行时间比b的长B．a的水平速度比b的小C．b和c的飞行时间相同D．b的初速度比c的大考点：平抛运动．版权所有专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合水平位移和时间比较初速度．解答：解：A、根据t=知，b、c的高度相同，大于a的高度，则b、c的运动时间相同，大于a的时间．故A错误，C正确．B、b、c的时间相同，b的水平位移大，则b的速度大于c的速度．a的运动时间短，但是水平位移大，可知a的初速度大于b、c的初速度．故B错误，D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．8．（4分）（2014秋•如皋市期末）如图所示，一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则（）A．球A的线速度一定大于球B的线速度B．球A的角速度一定小于球B的角速度C．球A的运动周期一定小于球B的运动周期D．球A对筒壁的压力一定大于球B对筒壁的压力考点：牛顿第二定律；匀速圆周运动；向心力．版权所有专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：对小球受力分析，受重力和支持力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可．解答：解：A、对小球受力分析，受重力和支持力，如图根据牛顿第二定律，有F=mgtanθ=m解得由于A球的转动半径较大，故线速度较大，故A正确；B、ω=，由于A球的转动半径较大，故角速度较小，故B正确；C、T=，由于A球的转动半径较大，故周期较大，故C错误；D、由A选项的分析可知，压力等于，与转动半径无关，故D错误；故选AB．点评：本题关键是对小球受力分析，然后根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解分析．9．（4分）（2012•福建）一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v．假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N．已知引力常量为G，则这颗行星的质量为（）A．B．C．D．考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．版权所有专题：人造卫星问题．分析：先求出该星球表面重力加速度，根据万有引力提供向心力公式即可求解解答：解：G=mg所以g=根据万有引力提供向心力得：解得：M=故选B点评：本题是卫星类型的问题，常常建立这样的模型：环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，由中心天体的万有引力提供向心力．重力加速度g是联系星球表面宏观物体运动和天体运动的桥梁．10．（4分）（2014秋•乐陵市校级月考）月面的重力加速度为g月．以月面为零势能面．“玉兔”在h高度的引力势能可表示为E p=，其中G为引力常量，M为月球质量，若忽略月球的自转，从开始发射到对接完成需要对“玉兔”做的功为（）A．（h+2R）B．（h+R）C．（h+R）D．（h+R）考点：万有引力定律及其应用．版权所有专题：万有引力定律的应用专题．分析：先根据万有引力提供向心力，以及重力等于万有引力，求出“玉兔”绕月球做圆周运动的动能，再根据功能关系求解需要对“玉兔”做的功．解答：解：根据万有引力提供向心力，得：在月球表面上，由重力等于万有引力，则得：，即有GM=g月R2；“玉兔”绕月球做圆周运动的动能为：E k=联立以上三式解得：E k=“玉兔”在h高度的引力势能为：E p===根据功能关系得：从开始发射到对接完成需要对“玉兔”做的功为：W=E p+E k=故D正确、ABC错误．故选：D．点评：解决本题的关键掌握万有引力的两个重要理论：1、万有引力等于重力，2、万有引力提供向心力，并能灵活运用．二．实验题（共计16分）11．（16分）（2013秋•天津期末）如图所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力和速度．（1）所需器材有打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需 D （填字母代号）中的器材．A．直流电源、天平及砝码 B．直流电源、毫米刻度尺C．交流电源、天平及砝码 D．交流电源、毫米刻度尺（2）通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度．为使图线的斜率等于重力加速度，除作v﹣t图象外，还可作﹣h 图象，其纵轴表示的是速度平方的二分之一，横轴表示的是重物下落的高度．考点：验证机械能守恒定律．版权所有专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：根据用打点计时器测重力加速度的原理，和实验的步骤可以判断遗漏的器材，用图象法处理实验的数据比较简单直观．解答：解：（1）打点计时器需接交流电源．重力加速度与物体的质量无关，所以不要天平和砝码．计算速度需要测相邻计数的距离，需要刻度尺，故选：D．（2）由公式v2=2gh ，如绘出﹣h图象，其斜率也等于重力加速度．故答案为：①D，②﹣h，速度平方的二分之一，重物下落的高度点评：根据用打点计时器测重力加速度的实验原理，可以判断实验需要的器材，同时还要知道利用图象处理数据可以使实验结果简单直观的展现出来．12．（3分）（2014秋•乐陵市校级月考）如图所示，是两位同学在研究“验证力的平行四边形定则”时所得到的实验结果，若F′的作用效果与F1、F2共同作用效果相同，则尊重实验事实的结果为（）A．B．C．D．考点：验证力的平行四边形定则．版权所有专题：实验题．分析：该实验中F是由平行四边形法则得出的合力，而F′是通过实际实验得出的，故F′应与OA在同一直线上，由于误差的存在，F和F′会有一定的夹角；解答：解：由于误差的存在用平行四边形定则求出的合力可以与橡皮条拉力的方向有偏差，但用一只弹簧测力计拉结点的拉力即F′与橡皮条拉力一定在同一直线上，F1和F2的合力理论值一定在平行四边形的对角线上，故A符合实验事实．故选：A点评：在解决实验问题时，一定先要通过分析题意找出实验的原理，通过原理即可分析实验中的方法及误差分析．13．（3分）（2013•东昌府区模拟）在“验证牛顿运动定律”的实验中，在研究加速度a与小车的质量M的关系时，由于没有注意始终满足M≫m的条件，结果得到的图象应是下图中的（）A．B．C．D．考点：验证牛顿第二运动定律．版权所有专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：在验证加速度与质量的关系时，在重物质量m远小于小车质量M时，可近似认为小车受到的拉力等于重物重力．解答：解：在研究加速度跟小车质量M的关系时，保持m不变，改变小车质量M，在小车质量M远大于重物质量m时，即当满足M≫m时，可以认为小车受到的拉力（合力）F=mg，此时加速度a 与小车质量M 成反比，与成正比，以横轴，a 为纵轴，则a ﹣﹣图象应是过原点的直线，当小车质量M 不远大于重物质量m 时，小车受到的拉力明显小于重物重力，a ﹣﹣图象向下弯曲．故选D ．点评：探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量，实验时要注意小车质量应远大于重物质量．14．（10分）（2014秋•乐陵市校级月考）某同学设计了一个探究加速度a 与物体所受合力F 及质量m 关系的实验，如图所示，图甲为实验装置简图．（交流电的频率为50Hz ）（1）图乙为某次实验得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为 3.2 m/s 2．（保留两位有效数字）（2）保持小车质量不变，改变砂和小砂桶质量，该同学根据实验数据作出了加速度a 随合力F 的变化图线，如图所示．该图线不通过原点，其主要原因是实验前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．版权所有专题：实验题．分析：（1）根据逐差法△x=aT 2可求出物体的加速度．（2）当绳子的拉力不为0时，物体的加速度仍然为0，说明物体所受的合外力不是绳子的拉力，故物体受的摩擦力没有得到平衡或平衡摩擦力不足解答：解：（1）由于交流电的频率为50Hz ，故打点时间间隔为0.02s ，所以每两个计数点之间的时间间隔为T=0.1s ，利用逐差法△x=aT 2可得（x 3+x 4）﹣（x 1+x 2）=4aT 2则a===3.2m/s 2（2）由图可知当绳子的拉力不为0时，物体的加速度仍然为0，说明物体所受的合外力不是绳子的拉力，故物体受的摩擦力没有得到平衡或平衡摩擦力不足．故答案为：（1）3.2；（2）实验前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分．点评：只有掌握了实验原理就能顺利解决所有的题目，即只有掌握了实验原理才能举一反三，才能融会贯通．三．计算题15．（9分）（2015•绥棱县校级一模）公路上行驶的两汽车之间应保持一定的安全距离，当前车突然停止时，后车司机可以采取刹车措施，使汽车在安全距离内停下而不会与前车相撞，通常情况下，人的反应时间和汽车系统的反应时间之和为1s，当汽车在晴天干燥沥青路面上以108km/h的速度匀速行驶时，安全距离为120m，设雨天时汽车轮胎与沥青路面间的动摩擦因数为晴天时的，若要求安全距离仍为120m，求汽车在雨天安全行驶的最大速度．考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：在反应时间内汽车做匀速直线运动，所以汽车间的安全距离等于匀速运动的位移和匀减速直线运动的位移之和．解答：解：汽车初速度为：v0=108km/h=30m/s，在反应时间内，汽车做匀速运动，运动的距离：s1=v0t=30×1m=30m，汽车在减速阶段的位移：s2=s0﹣s1=120﹣30=90m，设干燥路面的摩擦因数是μ0，汽车从刹车到停下，汽车运动的距离为s2：，得：，，下雨时路面的摩擦因数：=0.2，在反应时间内，汽车做匀速运动，运动的距离：s3=vt，汽车从刹车到停下，汽车运动的距离为s4：，，又：s3+s4=120m，代入数据解得：v=20m/s．答：汽车在雨天安全行驶的最大速度是20m/s．点评：解决本题的关键知道安全距离是反应时间内匀速运动的位移和匀减速运动的位移之和．匀减速运动的位移可以通过速度位移公式求解．16．（9分）（2008•厦门模拟）质量为40kg的雪橇在倾角θ=37°的斜面上向下滑动（如图甲所示），所受的空气阻力与速度成正比．今测得雪橇运动的v﹣t图象如图乙所示，且AB是曲线的切线，B点坐标为（4，15），CD是曲线的渐近线．试求空气的阻力系数k和雪橇与斜坡间的动摩擦因数μ．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像；滑动摩擦力．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：A B是曲线的切线的斜率表示速度为5m/s时的加速度大小，根据牛顿第二定律列出速度是5m/s时、以及加速度为零时的动力学方程．联立两方程求出空气的阻力系数k和雪橇与斜坡间的动摩擦因数μ．解答：解：由牛顿运动定律得mgsin θ﹣μF N﹣kv=ma由平衡条件得F N=mgcos θ由图象得A点，v A=5 m/s，加速度a A=2.5 m/s2；有：mgsin θ﹣μF N﹣kv A=ma A．①最终雪橇匀速运动时最大速度v m=10 m/s，a=0mgsin θ﹣μF N﹣kv m=0②联立①②，代入数据解得μ=0.125，k=20 kg/s．答：出空气的阻力系数k为20kg/s，雪橇与斜坡间的动摩擦因数μ为0.125．点评：本题考查了学生的看图分析图象的能力，能根据图象从中找出有用的信息，结合牛顿第二定律进行求解．17．（10分）（2014秋•乐陵市校级月考）如图所示，一个光滑的圆锥体固定在水平桌面上，其轴线沿竖直方向，母线与轴线的夹角θ=30°，一条长为l的绳，一端固定在圆锥体的顶点O，另一端系一个质量为m的小球（可视为质点），小球以速率v绕圆锥体的轴线在水平面内做匀速圆周运动．试分析讨论v从零开始逐渐增大的过程中，球受圆锥面的支持力及摆角的变化情况．考点：向心力．版权所有专题：匀速圆周运动专题．分析：先求出物体刚要离开锥面时的速度，此时支持力为零，根据牛顿第二定律求出该临界速度．当速度大于临界速度，则物体离开锥面，当速度小于临界速度，物体还受到支持力，根据牛顿第二定律，物体在竖直方向上的合力为零，水平方向上的合力提供向心力，求解即可．解答：解：当物体刚离开锥面时，支持力为零，设其速度为v0，由拉力与重力的合力提供向心力，则有：mgtanθ=m解之得：v0=所以当速度v，物体在锥面上，则有：Tsin30°﹣Ncos30，Tcos30°+Nsin30°﹣mg=0解得：N=，所以v增大时，N减小，摆角θ=30°，不发生变化，当v＞时，小球离开锥面，支持力为零，绳子的拉力和重力的合力提供向心力，则有：mgtanα=m解得：v2=gltanαsinα，所以v增大时，摆角增大，答：当速度v，v增大，球受圆锥面的支持力减小，摆角θ=30°，不发生变化，当v＞时，小球离开锥面，支持力为零，v增大时，摆角增大．点评：解决本题的关键找出物体的临界情况，以及能够熟练运用牛顿第二定律求解，难度适中．。

山东省德州市乐陵一中高二物理下学期4月期中试题

102 —1022014-2015学年第二学期期中物理检测题一、选择题（共10小题，40分，每小题有一个或几个正确选项，选对的得4分，选不全的得2分，选错的或不选的得0分）1．下列关于分子运动和热现象的说法正确的是 ( )A ．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在斥力的缘故B ．一定量100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子之间的势能增加C ．一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100℃上升200℃时，其体积增大为原来的2倍D ．如果气体分子总数不变。

而气体温度升高，气体分子的平均动能增大因此压强必然增大2．布朗运动的发现，对物理学的主要贡献是 ( )A ．说明了悬浮微粒时刻在做无规则运动B ．说明了分子在永不停息地做无规则运动C ．说明了悬浮微粒的无规则运动是因为微粒的体积很小D ．说明了液体分子与悬浮微粒之间有相互作用力3．一定质量的气体，在体积不变时，温度每升高1℃，它的压强增加量( )A ．相同B ．逐渐增大C ．逐渐减小D ．成正比例增大4.一定质量的理想气体经历如图所示的一系列过程ab 、bc 、cd 和da 这四段过程在p —T 图上都是直线段，其中ab 的延长线通过坐标原点，bc 垂直于ab ，而cd平行于ab ，由图可以判断（）A ．ab 过程中气体体积不断减小B 。

bc 过程中气体体积不断减小C ．cd 过程中气体体积不断增大D 。

da 过程中气体体积不断增大5．如图所示，一水平放置的矩形闭合线框abcd 在细长磁铁的N 极附近竖直下落，保持bc 边在纸外，ad 边在纸内。

由图中位置I 经过位置Ⅱ到位置Ⅲ，位置I 和位置Ⅲ都很接近位置Ⅱ，这个过程中线圈感应电流 ( )A ．沿abcd 流动B ．沿dcba 流动C ．先沿abcd 流动,后沿dcba 流动D ．先沿dcba 流动,后沿abcd 流动6．一交流电流的图象如图所示，由图可知（）A ．用电流表测该电流其示数为10AB ．该交流电流的频率为100HzC ．该交流电流通过10Ω电阻时，电阻消耗的电功率为2000 WD ．该交流电流瞬时值表达式为i ＝102sin628t A7．如图所示，EOF 和E ′O ′F ′为空间一匀强磁场的边界，其中EO ∥E ′O ′，FO ∥F ′O′，且EO ⊥OF ；OO ′为∠EOF 的角平分线，OO′间的距离为l；磁场方向垂直于纸面向里．一边长为l的正方形导线框沿O′O方向匀速通过磁场，t＝0时刻恰好位于图示位置．规定导线框中感应电流沿逆时针方向时为正，则感应电流i与时间t的关系图线可能正确的是( )．8．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2∶1，电池和交变电源的电动势都为6 V，内阻均不计．下列说法正确的是 ( )．A．S与a接通的瞬间，R中无感应电流B．S与a接通稳定后，R两端的电压为0C．S与b接通稳定后，R两端的电压为3 VD．S与b接通稳定后，原、副线圈中电流的频率之比为2∶19．如图所示，一理想自耦变压器线圈AB绕在一个圆环形的闭合铁芯上，输入端AB间加一正弦式交流电压，在输出端BP间连接了理想交流电流表、灯泡和滑动变阻器，移动滑动触头P的位置，可改变副线圈的匝数，变阻器的滑动触头标记为Q，则( )A．只将Q向下移动时，灯泡的亮度变大B．只将Q向下移动时，电流表的读数变小C．只将P沿顺时针方向移动时，电流表的读数变大D．只提高输入端的电压U时，电流表的读数变大10．如图(a)所示，abcd是由导体做成的框架，框架平面与水平面成角．质量为m的导线棒PQ与ab、cd接触良好，回路中的总电阻为R，整个装置放在垂直于框架平面的变化的磁场中,磁场的磁感强度随时间变化情况如图(b)，PQ始终静止。

山东省德州市乐陵一中高二物理上学期第一次月考新人教

乐陵一中2013－2014学年度上学期高二物理月考试题一、选择题1．由电场强度的定义式E ＝F /q 可知，在电场中的同一点( ) A ．电场强度E 跟F 成正比，跟q 成反比B ．无论检验电荷所带的电量如何变化，F /q 始终不变C ．不同电荷在电场中某点所受的电场力大小不同，该点的电场强度在不断改变D ．一个不带电的小球在P 点受到的电场力为零，则P 点的场强一定为零2．如图所示为电场中的一条电场线，A 、B 为其上的两点，以下说法正确的是( )A ．E A 与EB 一定不等，A ϕ与B ϕ一定不等 B ．E A 与E B 可能相等，A ϕ与B ϕ可能相等C ．E A 与E B 一定不等，A ϕ与B ϕ可能相等D ．E A 与E B 可能相等，A ϕ与B ϕ一定不等3．在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是( ) A ．电势高的地方电场强度不一定大 B ．电场强度大的地方电势一定高 C ．电势为零的地方场强也一定为零 D ．场强为零的地方电势也一定为零4．电量为q 的点电荷，在两个固定的等量异种电荷＋Q 和－Q 的连线的垂直平分线上移动，则( )A ．电场力做正功B ．电场力做负功C ．电场力不做功D ．电场力做功的正负，取决于q 的正负 5．电场中有A 、B 两点，在将某电荷从A 点移到B 点的过程中，电场力对该电荷做了正功，则下列说法中正确的是( )A ．该电荷是正电荷，且电势能减少B ．该电荷是负电荷，且电势能增加C ．该电荷电势能增加，但不能判断是正电荷还是负电荷D ．该电荷电势能减少，但不能判断是正电荷还是负电荷6．若带正电荷的小球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内( ) A ．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动 B ．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C ．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D ．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动 7．关于电势差的说法中，正确的是( )A ．两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时，电场力所做的功B．1C电荷从电场中一点移动到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1VC．在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟这两点间的电势差无关D．两点间的电势差的大小跟放入这两点的电荷的电量成反比8．如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接。

山东省德州市乐陵一中高二上学期9月底检测物理试题Wor

高二月考物理试卷2014年9月一、选择题（每个小题5分，共50分）1、关于摩擦起电和感应起电的原因，下列说法正确的是( )A、摩擦起电的原因是电荷的转移，感应起电的原因是产生电荷.B、摩擦起电的原因是产生电荷，感应起电因是电荷的转移.C、摩擦起电和感应起电原因都是电荷的转移.D、摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造A、c点电荷一定带负电B、若b也带正电，那么c带负电C、c所带的电量为4QD、b，c两点电荷电量大小之比为1:94、如图所示，在真空中有两个等量的正电荷q1、q2，分别固定于A、B两点，DC为A、B连线的中垂线，现将一正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，下列结论中正确的是( )A、电势能逐渐减小B、电势能逐渐增大C、q3受到的电场力逐渐减小D、q3受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小5，下列说法中正确的是( ) A、电场中某点的场强在数值上等于单位电荷量受到的电场力B、电场中某点的电场强度与该点有无试探电荷有关C、场强的方向与F的方向相同D、由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的7、匀强电场中三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，∠ABC=∠CAB=30°，m ,已知电场线平行于△ABC所在的平面，一个电荷量q=-1×10-6 C的点电荷由A移到B的过程中，电势能增加了1.2×10-5J，由B移到C的过程中电场力做功6×10-6 J，下列说法正确的是( )A、B、C两点的电势差U BC=3 VB、该电场的场强为1 V/mC、正电荷由C点移到A点的过程中，电势能增加D、A点的电势低于B点的电势8、关于匀强电场中的场强和电势差的关系，下列说法中正确的是( )A、任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积B、电势降低的方向必是场强的方向C、沿电场线方向，任何相同距离上电势降落必定相等D、在相同距离的两点上，电势差大的其场强也大9、图中接地金属球A的半径为R，球外点电荷的电荷量为Q，到球心的距离为r.静电平衡后感应电荷在球心处产生的电场强度大小为( )AB、使M、N间电压加倍C、使M、N间电压提高到原来的4倍D、M、N间电压和粒子的初速度都减为原来的12二、填空题（每空2分，共20分）11、如图所示把质量为0.2克的带电小球A用丝线吊起，若将带电量为4×10-8库的小球B靠近它，当两小球在同一高度相距3cm时，丝线与竖直夹角为45°，此时小球B受到的库仑力F＝_____ _N，小球A带的电量q A＝___ ___ C（g=10m/s2 ）12、如图所示的匀强电场E＝103N／C，矩形abcd的ab边与电场线平行，且ab＝3cm，bc＝2cm，将点电荷q＝5×10-8C沿矩形abcd移动一周，电场力做功___ ____ab两点的电势差为_______，bc两点的电势差为_____ _．13、平行板电容器所带的电荷量为 Q＝4×10-8C，电容器两板间的电压为14、质子和α粒子在匀强电场中由静止开始加速，通过相同位移时，三、计算题（15题8分，16题8分，17题14分）16、一初速度为零的带电粒子经电压为U=4.0×103V 的匀强电场加速后，获得5.0×103m/s 的速度，粒子通过加速电场的时间t=1.0×10-4s ，不计重力作用，则带电粒子的荷质比为多大？粒子通过电场过程中的位移为多大？匀强电场的场强为多大？17、如图所示，质量为5×10-8kg 的带电微粒以v 0=2m ／s 的速度从水平放置的金属板A 、B 的中央飞入板间，已知板长L=10cm ，板间距离d=2cm ．当U AB =1000V 时，带电粒子恰好沿直线穿过板间，求(1)粒子带什么电？电荷量是多少？(2)U AB 为多大时粒子紧贴上极板边沿飞出?(3)U AB 在什么范围内带电粒子能从板间飞出?15、用一条绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球质量为1.0×10-2 kg ，所带电荷量为+2.0×10-8 C ．现加一水平方向的匀强电场，平衡时绝缘轻绳与竖直方向成37°角（如图所示）．求这个匀强电场的电场强度(g 取 10 N/kg)。

山东省德州市跃华学校2013-2014学年高二物理上学期期中试卷文(含解析)

2013-2014学年山东省德州市跃华学校高二〔上〕期中物理试卷〔文科〕一、选择题〔本大题共10个小题，每一小题5分，共计50分．在每一小题列出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的，最后把选择题答案写在第2卷上〕1．〔5分〕〔2010•东城区模拟〕图是电场中某区域的电场线分布图，a、b是电场中的两点．如下说法中正确的答案是〔〕A．a点的电场强度比b点的场强小B．a点的电场强度与b点的同样大C．某电荷在a点受的电场力比在b点小D．某电荷在a点受的电场力比在b点大考点：电场强度．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线越密，电场强度越大．同一点电荷在电场强度越大的地方受到的电场力越大．解答：解：A、B由图看出，a点处电场线比b点处电场线密，如此a点的场强比b点的大．故A错误，B错误；C、D由电场力公式F=Eq可知，同一个点电荷在a点所受的电场力比在b点所受的电场力大．故C错误，D正确．应当选：D点评：此题考查对电场线物理意义的理解和应用，抓住电场线越密，电场强度越大是关键2．〔5分〕〔2014秋•建邺区校级期中〕如下对电现象与规律的认识中，正确的答案是〔〕A．摩擦起电说明了电荷可以创生B．点电荷间的静电力随它们的距离增大而增大C．同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥D．自然界中只存在正、负两种电荷考点：电荷守恒定律．版权所有专题：常规题型．分析：解此题需要掌握：摩擦起电是电子转移引起的，并非说明了电荷可以创生；正确利用库仑定律：F=k分析库仑力的大小变化；解答：解：A、摩擦起电是由于电子的转移引起，并非说明了电荷可以创生，故A错误；B、利用库仑定律：F=k得点电荷间的静电力随它们的距离增大而增大，故B错误C、同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故C错误D、自然界中只存在正、负两种电荷，故D正确应当选D．点评：此题比拟简单，考察了有关静电场的根底知识，在学习中要加强根底知识的理解应用．3．〔5分〕〔2014秋•乳源县校级期末〕关于点电荷，如下说法正确的答案是〔〕A．点电荷一定带正电B．点电荷是实际带电体的理想化模型C．点电荷一定带负电D．只有带电量很小的带电体才能看作点电荷考点：元电荷、点电荷．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：点电荷和质点类似，都是一种理想化的模型，当带电体的体积和电荷量对电场的分布没有影响或者是影响可以忽略时，带电体就可以看成是点电荷．解答：解：当带电体的体积和电荷量对电场的分布没有影响或者是影响可以忽略时，带电体就可以看成是点电荷，与电荷的种类无关，点电荷和质点类似，都是一种理想化的模型，所以B正确，ACD错误．应当选B．点评：此题是根底的题目，考查的就是学生对根本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累．4．〔5分〕〔2013秋•荔湾区校级期末〕如下列图，一通电直导线与匀强磁场方向垂直，导线所受安培力的方向是〔〕A．向上B．向下C．垂直纸面向里D．垂直纸面向外考点：左手定如此．版权所有分析：正确应用左手定如此是解答此题的关键，在应用时为防止手忙脚乱，可以先让四指和电流方向一致，然后通过旋转手让磁感线穿过手心，从而进一步确定大拇指的指向即安培力方向．解答：解：根据左手定如此，让磁感线穿过手心，即手心向上，四指指向电流方向，即指向右侧，大拇指垂直于纸面指向里，故安培力方向垂直纸面向里，故ABD错误，C正确．应当选C．点评：要熟练应用左手定如此判断安培力方向一定平时多加练习，同时注意磁场、电流方向的表示方法．5．〔5分〕〔2015•顺德区模拟〕在医疗手术中，为防止麻醉剂乙醚爆炸，地砖要用导电材料制成，医生和护士要穿由导电材料制成的鞋子和外套，一切设备要良好接地，甚至病人身体也要良好接地，这样做是为了〔〕A．除菌消毒B．消除静电C．利用静电D．防止漏电考点：静电现象的解释．版权所有分析：此题考查是关于静电的防止与应用，从实例的原理出发就可以判断出答案．解答：解：由题意可知，良好接地，目的是为了消除静电，这些要求与消毒无关，而因静电而产生爆炸，因此不可能是这样．静电会产生火花、热量，麻醉剂为易挥发性物品，遇到火花或热源便会爆炸，就象油罐车一样，在运输或贮存过程中，会产生静电，汽油属于易挥发性物品，所以它的屁股后面要安装接地线〔软编织地线〕，以防爆炸，麻醉剂与之同理，故B正确，ACD错误；应当选B点评：此题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．6．〔5分〕〔2013秋•德城区校级期中〕如下关于通电导线产生的磁场描述正确的答案是〔〕A．B．C．D．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．版权所有分析：根据安培定如此判断电流周围磁场的方向，从而进展判断正误．解答：解：由于电流的方向水平向右，根据安培定如此知，磁场方向应该下边垂直纸面向里，上边垂直纸面向外，且离导线越远磁感线越稀疏，B正确．应当选：B．点评：解决此题的关键知道电流和周围磁场方向的关系，会通过安培定如此进展判断．7．〔5分〕〔2009•湖南校级模拟〕如下说法，正确的答案是〔〕A．电场线是电场中实际存在的闭合曲线B．电场中电场线密的地方场强弱C．某点电场强度的方向与负电荷在该点的受力方向一样D．某点电场强度的方向与正电荷在该点的受力方向一样考点：电场线．版权所有分析：解答此题需要正确理解电场线特点：电场线是为了形象的描述电场的强弱和方向而假想的曲线，从正电荷或无穷远出发，终止于无穷远或负电荷，是不闭合的；正电荷受力方向和电场力方向一样，负电荷受力方向和电场线相反．解答：解：A、电场线从正电荷出发到负电荷或无穷远终止，是不闭合的，电场线并不存在，故A错误；B、电场线越密，场强越大，如此电荷所受的电场力越大，故B错误；C、电场线的方向，是正电荷所受电场力的方向，与负电荷所受电场力的方向相反，故C错误，D正确．应当选D．点评：要正确理解电场线和电场强度、电势之间关系，同学们可以通过列举实例来帮助理解．8．〔5分〕〔2013秋•德城区校级期中〕关于磁感线和电场线的描述，正确的答案是〔〕A．磁感线是实实在在存在的B．电场线是实实在在存在的C．磁感线的方向永远是从N极到S极D．电场线越稀疏明确电场强度越小考点：电场线；磁感线与用磁感线描述磁场．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线和磁感线是人们为了形象地描述电场和磁场而引入的线；磁感线在磁体外部是从N极到S极，内部从S极到N极；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强．解答：解：A、电场线和磁感线是人们为了形象地描述电场和磁场而引入的线，它不是真实存在的曲线，故AB错误；C、磁感线在磁体外部是从N极到S极，内部从S极到N极，故C错误；D、电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强．故D正确；应当选：D点评：记住电场线和磁感线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的根底上牢记根本概念．9．〔5分〕〔2009•湖南校级模拟〕真空中两个同种点电荷q1、q2相距一定距离．现固定q1，在把q2移到远处的过程中，q2受到的库仑力〔〕A．不断增大B．不断减小C．是吸引力D．是排斥力考点：库仑定律．版权所有分此题比拟简单，由题可知小球受斥力，距离越来越远，因此直接利用库仑定律公式即析：可求解．解答：解：带电一样的小球受斥力作用，因此距离越来越远，由于电量保持不变，根据F=k可知距离增大，电场力将逐渐减小，故AC错误，BD正确．应当选BD点评：对于库仑定律公式F=k，要明确其使用条件和各个物理量的含义．10．〔5分〕〔2007•山东模拟〕关于电场中某点的电场强度，如下说法正确的答案是〔〕A．由可知，该点电场强度的大小与F成正比，与q成反比B．该点电场强度的方向与正电荷受到的电场力的方向一样C．该点电场强度的方向与电荷的正负有关D．该点不放电荷时电场强度为零考点：电场强度．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：公式E=是电场强度的定义式，公式E=k点电荷的电场强度的计算式，它们的内涵与外延不同．解答：解：A：公式E=是电场强度的定义式，场强的大小是由电场本身决定的，故A错误；B：电场中某点场强方向就是该点所放正电荷电荷受到的电场力的方向，与负电菏受力的方向相反，故B正确；C：某点的电场强度的方向与电荷的正负无关，故C错误；D：公式E=k点电荷的电场强度的计算式，所以E与Q成正比，与r2成反比，故D错误．应当选：B点评：该题考查电场强度的定义式与点电荷的电场强度的计算式，要理解它们的内涵与外延．二、填空题〔本大题共有5小题，每一小题4分，共20分〕11．〔4分〕〔2013秋•德城区校级期中〕通过如下列图实验，奥斯特首先发现了电流的磁效应．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．版权所有分析：1820年，丹麦物理学家奥斯特首先通过实验发现通导线周围存在磁场，小磁针发生偏转证明存在磁场．解答：解：如下列图，奥斯特实验时在通电直导线下方放﹣个小磁针，证明电流周围存在磁场，这就是电流的磁效应．故答案为：电流的磁效应点评：通导线周围产生磁场的现象叫做电流的磁效应，首先是由奥斯特发现的．12．〔4分〕〔2014秋•德城区校级期中〕一根长2m的直导线，通有5A的电流，垂直放置在磁感应强度B=6T的匀强磁场中，其所受安培力为60 N．考点：安培力．版权所有分析：通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小．解答：解：长度为2m的通电直导线，垂直放置于匀强磁场的磁感应强度为6T，通入电流为5A，如此由公式可得安培力的大小为：F=BIL=6×5×2N=60N故答案为：60．点评：考查了安培力的大小计算，应用公式F=BIL时注意公式适用条件是B与I相互垂直．和公式中各个物理量的含义13．〔4分〕〔2014秋•德城区校级期中〕一电炉子的电阻R=2000Ω，通过的电流I=5A，通电10min产热Q= 3×107J．考点：焦耳定律．版权所有专题：恒定电流专题．分析：电阻、通电时间、电流，由焦耳定律可以求出电流产生的热量．解答：解：产生的热为Q=I2Rt=52×2000×600J=3×107J 故答案为：3×107点评：此题考查了求通过电炉的电流，应用电功公式即可正确解题．14．〔4分〕〔2013秋•德城区校级期中〕图中，A图为通电螺线管与周围小磁针的示意图，图中线圈内部小磁针左端是S 极，线圈上部的小磁针左端是N 极，要求填写N或S．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．版权所有分析：先根据右手螺旋定如此判断螺线管内外磁场的方向，再根据小磁针静止时N极的指向与磁场的方向一样去分析．解答：解：由右手螺旋定如此知螺线管的右端为N极，又小磁针静止时N极的指向与磁场的方向一样，所以图中线圈内部小磁针左端是 S极，线圈上部的小磁针左端是N极．故答案为：S ，N点评：磁极间的相互作用规律与右手定如此相结合是电磁学方面的常见题型，一般有两个思路：①由小磁针的指向判断通电螺线管的磁极，进而判断电流的方向或绕线；②根据右手定如此判断出通电螺线管磁极，进而判断出小磁针的指向．15．〔4分〕〔2013秋•德城区校级期中〕真空中有甲、乙两个点电荷相距为r，它们间的静电引力为F．假设甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量变为原来的，它们间的距离变为2r，如此它们之间的静电引力将变为F．考点：库仑定律．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：由库仑定律可得出变化前后F的表达式，由表达式作比可得出变化后的静电力与F的关系．解答：解：由库仑定律可得：F=；变化后F′=k== F故答案为：．点评：此题考查库仑定律的应用，注意变化前后两F的关系即可求解，属库仑定律的简单应用．三、简答与计算〔本大题共三小题，其中第16题8分，第17题8分，第18题14分共30分〕16．〔8分〕〔2013秋•德城区校级期中〕请描述电流所受安培力的左手定如此：张开左手，使四指与大拇指在同一平面内，大拇指与四指垂直，把左手放入磁场中，让磁感线穿过手心，四指与电流方向一样，大拇指所指的方向是安培力的方向．考点：左手定如此．版权所有分析：根据左手定如此的内容分析答题．解答：解：左手定如此：张开左手，使四指与大拇指在同一平面内，大拇指与四指垂直，把左手放入磁场中，让磁感线穿过手心，四指与电流方向一样，大拇指所指的方向是安培力的方向．故答案为：张开左手，使四指与大拇指在同一平面内，大拇指与四指垂直，把左手放入磁场中，让磁感线穿过手心，四指与电流方向一样，大拇指所指的方向是安培力的方向．点评：此题考查了左手定如此内容，掌握根底知识即可正确解题，平时要注意根底知识的学习．17．〔8分〕〔2013秋•德城区校级期中〕请描述焦耳定律的内容：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电的时间成正比．考点：焦耳定律．版权所有专题：恒定电流专题．分析：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电的时间成正比解答：解：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电的时间成正比即为焦耳定律点评：此题考查的是我们对焦耳定律内容的掌握情况，属于根本规律的识记，应用时注意单位的统一．18．〔14分〕〔2011•平江县校级学业考试〕在赤道上的地磁场可以看成沿南北走向的匀强磁场，磁感应强度的大小是0.5×10﹣4T．如果赤道上有一根沿东西方向的直导线，长为20m，载有从东到西的电流30A．地磁场对这根导线的作用力有多大？方向如何？考点：安培力；左手定如此．版权所有分析：通电导线在磁场中，受到安培力作用．方向由左手定如此来确定，大小由安培力公式求得．解答：解：匀强磁场方向为由南向北，而电流方向为从东向西．如此由左手定如此可得安培力的方向为竖直向下．安培力的大小为F=BIL解之得F=3×10﹣2N答：导线受到的安培力大小为3×10﹣2N；方向为竖直向下．点评：考查左手定如此，注意要将其与右手定如此区分开来．在使用安培力公式时，注意通电导线要与磁场垂直．。

高二物理月考试题及答案-山东德州市乐陵一中-2015学年高二上学期月考

2014-2015学年山东省德州市乐陵一中高二（上）月考物理试卷（9月份）一、选择题（每个小题5分，共50分）1．（5分）（2014秋•乐陵市校级月考）关于摩擦起电和感应起电的原因，下列说法正确的是（）A．摩擦起电的原因是电荷的转移，感应起电的原因是产生电荷B．摩擦起电的原因是产生电荷，感应起电因是电荷的转移C．摩擦起电和感应起电原因都是电荷的转移D．摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造出电荷考点：静电现象的解释．分析：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．解答：解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体．摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，但并没有创造电荷．电荷只是发生转移．感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一个部分．或者是电荷从物体的一部分转移到另一个部分．电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是接触带电．故C正确，ABD错误．故选：C点评：摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．2．（5分）（2014秋•乐陵市校级月考）两个完全相同的金属小球，带电量之比为1：5，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则他们间的库仑力可能为原来的（）A．B．C．D．考点：库仑定律．分析：两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出．当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的．解答：解：由库仑定律可得：F=k，当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为3：3，所以库仑力是原来的9：5．当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为2：2，所以库仑力是原来的4：5．故选：CD．点评：本题考查库仑定律的同时，利用了控制变量法．当控制距离不变时，去改变电荷量，从而确定库仑力的变化．当然也可控制电荷量不变，去改变间距，从而得出库仑力的变化．3．（5分）（2014秋•乐陵市校级月考）一条直线上依次有a、b、c三点．ab=bc在这三点分别放三个点电荷，在静电力的作用下都处于平衡状态．巳知a带正电，电量为Q，则（）A．c点电荷一定带负电B．若b也带正电，那么c带负电C．c所带的电量为4QD．b，c两点电荷电量大小之比为1：9考点：库仑定律．分析：巳知a点电荷带正电，若c点电荷带负电，b点电荷不论是正电荷还是负电荷，受到a点和c点电荷的库仑力都指向一个方向，不可能平衡，可断定c点电荷的电性，然后根据受力平衡，计算出它们所带的电量．解答：解：AB、a点电荷带正电，若c点电荷带负电，b点电荷不论是正电荷还是负电荷，都不可能平衡，所以c点电荷一定带正电．故AB错误．C、对b点电荷受力分析得：=，知q c=4Q．故C正确．D、对a点电荷受力分析得：=，知．故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键掌握库仑定律的公式F=．以及会正确地进行受力分析利用力的平衡去求解．4．（5分）（2014秋•潍坊期中）如图所示，在真空中有两个等量的正电荷q1、q2，分别固定于A、B两点，DC为A、B连线的中垂线，现将一正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，下列结论中正确的是（）A．电势能逐渐减小B．电势能逐渐增大C．q3受到的电场力逐渐减小D．q3受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小考点：电场线；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题，q1、q2是两个等量的正电荷，DC为A、B连线的中垂线，作出CD线上的电场线，根据电场线方向判断正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势的变化，由电场力做功正负判断其电势能的变化．运用极限法判断场强的变化，确定电场力的变化．解答：解：A、B，由题，q1、q2是两个等量的正电荷，作出中垂线CD上电场线如图，根据顺着电场线电势降低，可知正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势不断降低，电场力做正功，其电势能不断减小．故A正确，B错误．C、D根据电场的叠加可知，C点的场强为零，而无穷远处场强也为零，所以由C点沿CD移至无穷远的过程中，场强先增大，后减小，q3受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小．故C错误，D正确．故选AD点评：对于等量同种和等量异种电荷电场线、等势面的分布情况要掌握，这是考试的热点．特别是抓住电荷连线的中垂线电场线与等势面的特点．5．（5分）（2014秋•乐陵市校级月考）关于电场强度的定义式为E=，下列说法中正确的是（）A．电场中某点的场强在数值上等于单位电荷量受到的电场力B．电场中某点的电场强度与该点有无试探电荷有关C．场强的方向与F的方向相同D．由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比考点：电场强度．分析：电场强度是反映电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的，场强方向与正电荷在该点所受的电场力方向相同．解答：解：A、由E=得知电场中某点的场强在数值上等于单位电荷受到的电场力，故A正确．B、电场强度表示电场本身的强弱和方向，与试探电荷有无无关．故B错误．C、正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与电场强度方向相反．故C错误．D、电场中某点的场强大小由电场本身决定，与试探电荷无关，不能说电场强度与放在该点的电荷所受到的电场力的大小成正比，故D错误．故选：A点评：电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法定义的，具有比值法定义的共性．6．（5分）（2014秋•乐陵市校级月考）如图所示，在沿x轴正方向的匀强电场E中，有一动点A以O为圆心、以r为半径逆时针转动，θ为OA与x轴正方向间的夹角，则O、A两点间电势差（）A．U=Er B．U=ErsinθC．U=ErcosθD．U=考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：匀强电场中电势差U=Ed，关键在于明确d为沿电场线方向的有效距离．解答：解：在匀强电场中，两点间的电势差U=Ed，而d是沿场强方向上的距离，所以有：d OA=r•cosθ，得：U oA=Ercosθ故选：C．点评：要注意明确公式中d的准确含义，d是沿电场线方向的距离．基础题目．7．（5分）（2013•资阳一模）如图所示，匀强电场中三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，∠ABC=∠CAB=30°，BC=m．已知电场线平行于△ABC所在的平面，一个电荷量q=﹣1×10﹣6 C的点电荷由A移到B的过程中，电势能增加了1.2×10﹣5J，由B移到C的过程中电场力做功6×10﹣6 J，下列说法正确的是（）A．B、C两点的电势差U BC=3 VB．该电场的场强为1 V/mC．正电荷由C点移到A点的过程中，电势能增加D．A点的电势低于B点的电势考点：电势能；电场强度；电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据公式U BC=，求解B、C两点的电势差U BC．U AB=求出A、B间的电势差，根据三点电势关系，确定电场线的方向，由E=求出场强．电场力做正功，电势能减小．解答：解：A、B、C两点的电势差U BC===﹣6V．故A错误．B、A、B两点的电势差U AB==V=12V，则知C点与AB连线的中点电势相等，则场强E==V/m=2V/m．故B错误．C、由上知，A、C两点的电势差U AC=U AB+U BC=6V，即知A点电势高于C点电势，正电荷在电势高处电势能大，则将正电荷由C点移到A点的过程中，电势能增加．故C正确．D、A、B两点的电势差U AB=φA﹣φB＞0，则A点的电势高于B点的电势．故D错误．故选C点评：本题要掌握电势差公式U AB=求解电势差．U AB=φA﹣φB，根据电势差的正负，判断电势的高低．8．（5分）（2010秋•京口区校级期末）下列关于匀强电场中的场强和电势差的关系，下列说法中正确的是（）A．任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积B．电势降低的方向必是场强的方向C．沿电场线方向，任何相同距离上电势降落必定相等D．在相同距离的两点上，电势差大的其场强也大考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据公式U=Ed，d是电场线方向两点间的距离．电势降低的方向不一定电场强度方向．解答：解：A、根据公式U=Ed可知，两点间的电势差等于场强和这两点间在电场线方向上距离的乘积．故A错误．B、电势降低最快的方向才是电场强度方向．故B错误．C、根据公式U=Ed可知，沿电场线方向，距离相同，电势差相同，即相同距离上电势降落必定相等．故C正确．D、在电场线方向相同距离的两点上，电势差大的其场强也大．故D错误．故选C点评：本题考查对物理规律的解理能力．物理公式要从每个量的意义、公式适用条件等方面理解．9．（5分）（2012秋•长安区校级期中）图中接地金属球A的半径为R，球外点电荷的电荷量为Q，到球心的距离为r．静电平衡后感应电荷在球心处产生的电场强度大小为（）A．k﹣k B．k+kC．0D．k考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：静电感应的过程，是导体A（含大地）中自由电荷在电荷Q所形成的外电场下重新分布的过程，当处于静电平衡状态时，在导体内部电荷Q所形成的外电场E与感应电荷产生的“附加电场E'”同时存在的，且在导体内部任何一点，外电场电场场强E与附加电场的场强E'大小相等，方向相反，这两个电场叠加的结果使内部的合场强处处为零．即E内=0．而点电荷Q在球心处的电场强度可以根据E=k进行计算．解答：解：金属球内部处于静电平衡状态，故合场强处处为零．所以感应电荷在球心处产生的场强应和点电荷Q产生的场强大小相等，即E=k；故ABC错误，D正确．故选：D．点评：本题主要考查了静电平衡的应用，难度不大，属于基础题．10．（5分）（2014秋•乐陵市校级月考）如图M、N是在真空中竖直放置的两块平行金属板．质量为m，电量为﹣q的带电粒子，以初速v0由小孔进入电场，当M、N间电压为U时，粒子刚好能到达N极，如果要使这个带电粒子能到达M、N两板间距的处返回，则下述措施能满足要求的是（）A．使初速度减为原来的B．使M、N间电压加倍C．使M、N间电压提高到原来的4倍D．M、N间电压和粒子的初速度都减为原来的考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题意知粒子射入电场后，电场力做负功，动能减小，根据动能定理列出方程．要使粒子刚好达到两板间距离的一半处，根据匀强电场沿电场线方向两点间电势差与距离成正比，再运用数学知识进行讨论，选择题意的选项．解答：解：粒子刚好能达到B金属板时，根据动能定理得，﹣qU=0﹣mv2，现在使带电粒子能到达MN板间距的处返回，则电场力做功等于﹣．则A、当初速度为v0，U不变，则有带电粒子动能的变化△E k=0﹣m（）2=﹣mv02=﹣．则粒子能到达M、N两板间距的处返回，故A正确；B、电压提高到原来的2倍，则带电粒子运动到MN板中点时电场力做功W=﹣q（2U）=﹣qU，与粒子动能变化相等，则粒子能到达M、N两板间距的处返回，故B正确；C、电压提高到原来的4倍，则带电粒子运动到MN板中点时电场力做功W=﹣q（4U）=﹣2qU，与粒子动能的变化不等，故C错误；D、初速度减为原来的，则带电粒子动能变化减为原来的，MN板间电压减为原来的，则运动到MN板间中点电场力做功为原来的，故D正确．故选：ABD点评：本题根据动能定理研究带电粒子在电场中加速的问题，是常用的方法．二、填空题（每空2分，共20分）11．（4分）（2012秋•越城区校级期中）如图所示，把质量为0.2克的带电小球A用丝线吊起，若将带电量为4×10﹣8库的小球B靠近它，当两小球在同一高度相距3cm时，丝线与竖直夹角为45°，此时小球A受到的库仑力F= 2×10﹣3N，小球A带的电量q A= 5×10﹣9C．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：对小球A进行正确受力分析，小球受水平向左的库仑力、重力、绳子的拉力，根据平衡条件列方程求解．解答：解：小球受水平向左的库仑力、重力、绳子的拉力而平衡，根据平衡条件有：F库=mgtanθ…①F库=k…②将r=3cm=0.03m，θ=45°代入解①②得：F库=2×10﹣3N，q A=5×10﹣9 C．故根据牛顿第三定律可知，B所受库伦力为2×10﹣3N，小球A带的电量是5×10﹣9C．故答案为：2×10﹣3，5×10﹣9．点评：本题结合物体平衡考查了库仑定律的应用，属于简单基础题目，是一道考查基础知识的好题．12．（6分）（2013秋•长春校级期中）如图所示的匀强电场E=103N/C，矩形abcd的ab边与电场线平行，且ab=3cm，bc=2cm，将点电荷q=5×10﹣8C沿矩形abcd移动一周，电场力做功0 ，ab两点的电势差为30 ，bc两点的电势差为0 ．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：将点电荷q沿矩形abcd移动一周，电场力做功为0；电势差与场强的关系：U=Edcosθ．解答：解：将点电荷q沿矩形abcd移动一周，电场力做功为0；ab两点的电势差为：，bc两点的连线与电场线垂直，所以它们之间的电势差V=0．故答案为： 0； 30； 0点评：本题要掌握匀强电场中电势差和电场强度的关系U=Ed，知道公式中d的是沿电场方向的距离．13．（8分）（2014秋•武陵区校级期中）平行板电容器所带的电荷量为Q=4×10﹣8C，电容器两板间的电压为U=2V，则该电容器的电容为2×10﹣8F ；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为1V ，两板间电场强度变为原来的倍，此时平行板电容器的电容为2×10﹣8F ．考点：电容．专题：电容器专题．分析：根据电容的定义式求出电容器电容的大小，电荷量减半，电容不变，结合电容的定义式求出两板间的电压，根据E=判断电场强度的变化．解答：解：根据C=得，电容器的电容C=．电荷量减半，电容不变，仍然为2×10﹣8F．则两板间的电压U′=．根据知，电势差减半，两板间的距离不变，则电场强度变为原来的．故答案为：2×10﹣8F、1V、、2×10﹣8F．点评：解决本题的关键掌握电容的定义式C=，知道电容的大小与电荷量以及两板间的电压无关．14．（2分）（2014秋•乐陵市校级月考）质子和α粒子在匀强电场中由静止开始加速，通过相同位移时，它们的速度大小之比为．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：本题根据动能定理由电场力做功等于粒子动能的变化求得速度大小之比．解答：解：由题意知粒子在电场中只有电场力做功，根据动能定理有：qEL=所以粒子获得的速度为：v=又因为质子电荷数为1，质量数为1，α粒子电荷数为2，质量数为4可得：=故答案为：点评：掌握质子和α粒子的电荷与质量关系，能根据动能定理求得粒子在电场中通过相同位移获得的速度．三、计算题（15题8分，16题8分，17题14分）15．（8分）（2014秋•乐陵市校级月考）用一条绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球质量为1.0×10﹣2kg，所带电荷量为+2.0×10﹣8C．现加一水平方向的匀强电场，平衡时绝缘轻绳与竖直方向成37°角（如图所示）．求这个匀强电场的电场强度（g取10N/kg）．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球受重力、拉力、电场力三个力处于平衡状态，根据平衡确定电场力的方向，再根据电场方向判定小球带何种电荷；画出小球受力图；由平衡条件求得电场力的大小，根据电场强度的定义式求电场强度．解答：解：对小球进行受力分析如下图可知小球所受电场力水平向右，因为小球带正电，可知电场强度水平向右；小球和如上图所示；受重力、绳的拉力和水平向右的电场力以及重力三个力作用．由图可知，小球所受电场力F=mgtan37°=根据F=qE可知，电场强度E==N/C答：这个匀强电场的电场强度5×106N/C．方向向右．点评：解决本题的关键进行正确的受力分析，然后根据共点力平衡求出未知力．以及掌握电场强度的定义式16．（8分）（2014秋•乐陵市校级月考）一初速度为零的带电粒子经电压为U=4.0×103V 的匀强电场加速后，获得5.0×103m/s的速度，粒子通过加速电场的时间t=1.0×10﹣4s，不计重力作用，则带电粒子的荷质比为多大？粒子通过电场过程中的位移为多大？匀强电场的场强为多大？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电粒子在电场中运动时电场力做正功，根据动能定理可求得荷质比；根据平均速度位移公式可得位移；根据牛顿第二定律求解加速度联立运动过程求解的加速度可求得电场强度的大小．解答：解：根据动能定理可知，qU=mV2，则得==C/Kg=3.125×103C/Kg；由位移公式得 X==t=×1.0×10﹣4m=0.25m；根据牛顿第二定律：Eq=ma 得 a=又 a==联立得 E==V/m=1.6×104V/m．答：带电粒子的荷质比为3.125×103C/Kg；粒子通过电场过程中的位移为0.25m；匀强电场的场强大小为1.6×104V/m．点评：带电粒子在电场中的加速运动情况，一可通过动能定理或能量守恒求得，二可通过牛顿第二定律和运动学结合求得，有时两种方法可结合使用．17．（14分）（2014秋•乐陵市校级月考）如图所示，质量为5×10﹣8kg的带电微粒以v0=2m/s 的速度从水平放置的金属板A、B的中央飞入板间，已知板长L=10cm，板间距离d=2cm．当U AB=1000V时，带电粒子恰好沿直线穿过板间，求（1）粒子带什么电？电荷量是多少？（2）U AB为多大时粒子紧贴上极板边沿飞出？（3）U AB在什么范围内带电粒子能从板间飞出？考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）粒子沿直线穿过板间知，粒子在电场中受电场力与重力平衡，据此判断微粒的电荷量与电性；（2）（3）粒子在偏转电场中做类平抛运动，根据类平抛知识求粒子加速电压的范围．解答：解：（1）粒子在电场中受电场力和重力作用而处于平衡状态，由于重力竖直向下，故电场力竖直向上，由于上极板带正电，则粒子带负电，粒子做匀速直线运动，由平衡条件得：q•=mg，解得：q===1×10﹣11C；（2）（3）粒子在板间做类平抛运动，水平方向：L=v0t，竖直方向：=at2，代入数据解得：a=8m/s2，当微粒刚好打在下极板右边缘时，由牛顿第二定律得：mg﹣q•=ma，代入数据解得：U1=200V，当微粒刚好打在板上右边缘时，由牛顿第二定律得：q•﹣mg=ma，代入数据解得：U2=1800V，要使带电微粒能穿出极板，则两板间的电压应满足200V＜U＜1800V．答：（1）粒子带负电，电荷量是1×10﹣11C；（2）U AB为1800V时粒子紧贴上极板边沿飞出；（3）电粒子能从板间飞出，U AB的范围是：200V＜U＜1800V．点评：该题主要考查了偏转位移的求解方法，要注意带电微粒竖直向上或向下位移x小于等于才能从板间飞出，难度适中．。

山东省乐陵市第一中学高中物理检测试题选修3-1《第一章静电场》

2021.101．在一个点电荷形成的电场中，关于电场强度和电势的说法中正确的是（）A ．没有任何两点电场强度相同B ．可以找到很多电场强度相同的点C ．没有任何两点电势相等D ．可以找到很多电势相等的点 2．对于点电荷Q 产生的电场，下列说法中正确的是（）A ．电场强度的表达式FE q=仍成立，式中q 就是本题中所指的产生电场的点电荷QB ．在真空中，电场强度的表达式为2kQE r=，式中Q 就是产生电场的电荷C ．在真空中2kqE r=，式中q 是摸索电荷 D ．上述说法都不对3．如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A 、B 是这条直线上的两点。

一电子以速度v A 经过A 点向B 点运动，经过一段时间后，电子以速度v B 经过B 点，且v B 与v A 方向相反，则（）A ．A 点的场强肯定大于B 点的场强 B ．A 点的电势肯定低于B 点的电势C ．电子在A 点的动能肯定小于它在B 点的动能D ．电子在A 点的电势能肯定小于它在B 点的电势能4．科学家在争辩原子、原子核及基本粒子时，为了便利，经常用元电荷作为电量的单位，关于元电荷，下列论述中正确的是（）A ．把质子或电子叫元电荷B ．1.6×10－19C 的电量叫元电荷C ．电子带有最小的负电荷，其电量的确定值叫元电荷D ．质子带有最小的正电荷，其电量的确定值叫元电荷5．如上图所示，A 、B 为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的P 点放一个负点电荷q (不计重力)，由静止释放后，下列说法中正确的是（）A ．点电荷在从P 点到O 点运动的过程中,加速度越来越大,速度越来越大B ．点电荷在从P 点到O 点运动的过程中,加速度越来越小,速度越来越大C ．点电荷运动到O 点时加速度为零，速度达最大值D ．点电荷越过O 点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零 6．假如不计重力的电子，只受电场力作用，那么电子在电场中可能做（） A ．匀速直线运动 B ．匀加速直线运动C ．匀变速曲线运动D ．匀速圆周运动8．如图所示,在处于O 点的点电荷+Q 形成的电场中,摸索电荷q 由A 点移到B 点,电场力做功为W 1;以OA 为半径画弧交于OB 于C ，q由A 点移到C 点电场力做功为 W 2; q 由C 点移到B 点电场力做功为 W 3. 则三者的做功关系以及q 由A 点移到C 点电场力做功为 W 2的大小：( )A. W 1 =W 2= W 3, W 2=0B. W 1 >W 2= W 3, W 2>0C. W 1 =W 3>W 2, W 2=0D. W 1 =W 2< W 3, W 2=09．如下图所示，带正电的粒子以肯定的初速度v 0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出．已知板长为L ，板间距离为d ，板间电压为U ，带电粒子的电荷量为q ，粒子通过平行金属板的时间为t (不计粒子的重力)，则( )A ．在前t 2时间内，电场力对粒子做的功为Uq4B ．在后t 2时间内，电场力对粒子做的功为3Uq8C ．粒子的出射速度偏转角满足tan θ＝dLD ．粒子前d 4和后d4的过程中，电场力冲量之比为2∶1 10．AM 、BN 是平行板电容器两极板，板长为L ，距离板右端L 处有竖直屏PQ 。