指数、对数不等式的解法

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高中数学对数的知识点总结

高中数学对数的知识点总结

高中数学对数的知识点总结一、对数的定义1. 对数的概念对数是指数的逆运算。

设a为正实数且a≠1,a的正实数b的对数写作logₐb,读作“以a为底b的对数”。

其中a称为底数,b称为真数。

即logₐb=c,是等价的关系式a^c=b。

例如,log₂8=3,即等式2^3=8成立。

2. 对数的性质(1)底数为1时,b=1,a=1,log₁1=0;即logₐa=0。

(2)底数为正数时,即a>0,且a≠1时⒈对于任意正数b,1≠b,底数相等时,对数相等,即a>0,a≠1时,logₐb=logₐc,当且仅当b=c。

即对于任意正数b,0<a≠1,等式a^x=b的解是唯一的。

⒉对于任意正数a,b,c,当a>0,a≠1时,loga(b*c)=loga(b)+loga(c)。

⒊对于任意正数a,b,c,当a>0,a≠1时,loga(b/c)=loga(b)-loga(c)。

⒋对于任意正数a,b,当a>0,a≠1时,loga(b^c)=c*loga(b),其中c是常数。

3. 对数的求值对数的求值即是用对数的性质,把对数的计算用其它运算替代。

4. 对数的应用对数是一个非常重要和常见的概念,在数学中有着广泛的应用。

在科学、工程、经济和社会等领域中,对数都有着重要的作用。

例如在地震、声音、强度、音乐、语言学和政治领域等,都用到对数。

二、对数的基本概念1. 对数方程的解法对数方程的解法是通过对数的性质来解对数方程。

分为以下几种类型:(1)把一个对数方程转化为同底数的对数方程,通过对数的定义和性质,解方程找到x的值。

(2)两个底数不同的对数方程,通过换底公式进行计算,转换成相同底数的对数方程。

2. 对数不等式的解法对数不等式的解法是把对数引入不等式组成的方程中,然后进一步思考分析,解不等式。

对数不等式常见的类型有以下几种:(1)把对数不等式分解为多个对数方程,然后再求解。

3. 对数方程组的解法对数方程组的解法是将多个对数方程组合成一个方程,然后根据对数的性质和方程组的解法,求解出方程组的解集。

常见不等式的解法--高考数学【解析版】

常见不等式的解法--高考数学【解析版】

专题04 常见不等式的解法所谓常见不等式是指,一元二次不等式、含绝对值不等式、指数对数不等式、函数不等式等,高考中独立考查的同时,更多地是在对其他知识的考查中,作为工具进行考查.正是解不等式的这一基础地位,要求务必做到求解快捷、准确.【重点知识回眸】(一)常见不等式的代数解法1、一元二次不等式:()200ax bx c a ++>≠可考虑将左边视为一个二次函数()2f x ax bx c =++,作出图象,再找出x 轴上方的部分即可——关键点:图象与x 轴的交点2、高次不等式(1)可考虑采用“数轴穿根法”,分为以下步骤:(令关于x 的表达式为()f x ,不等式为()0f x >)①求出()0f x =的根12,,x x ② 在数轴上依次标出根③ 从数轴的右上方开始,从右向左画.如同穿针引线穿过每一个根④ 观察图象,()0f x >⇒ 寻找x 轴上方的部分()0f x <⇒ 寻找x 轴下方的部分(2)高次不等式中的偶次项,由于其非负性在解不等式过程中可以忽略,但是要验证偶次项为零时是否符合不等式3、分式不等式(1)将分母含有x 的表达式称为分式,即为()()f xg x 的形式 (2)分式若成立,则必须满足分母不为零,即()0g x ≠(3)对形如()()0f x g x >的不等式,可根据符号特征得到只需()(),f x g x 同号即可,所以将分式不等式转化为()()()00f xg x g x ⋅>⎧⎪⎨≠⎪⎩ (化商为积),进而转化为整式不等式求解4、含有绝对值的不等式(1)绝对值的属性:非负性(2)式子中含有绝对值,通常的处理方法有两种:一是通过对绝对值内部符号进行分类讨论(常用);二是通过平方(3)若不等式满足以下特点,可直接利用公式进行变形求解:① ()()f x g x >的解集与()()f x g x >或()()f x g x <-的解集相同② ()()f x g x <的解集与()()()g x f x g x -<<的解集相同(4)对于其它含绝对值的问题,则要具体问题具体分析,通常可用的手段就是先利用分类讨论去掉绝对值,将其转化为整式不等式,再做处理5、指数、对数不等式的解法:(1)利用函数的单调性:1a >时,x y > log log (,0)x ya a a a x y x y ⇔>⇔>>01a <<时,x y > log log (,0)x y a a a a x y x y ⇔<⇔<>(2)对于对数的两点补充:① 对数能够成立,要求真数大于0,所以在解对数不等式时首先要考虑真数大于0这个条件,如当1a >时,()()()()()()0log log 0a a f x f x g x g x f x g x >⎧⎪>⇒>⎨⎪>⎩② 如何将常数转化为某个底的对数.可活用“1”:因为1log a a =,可作为转换的桥梁6、利用换元法解不等式利用换元法解不等式的步骤通常为:①选择合适的对象进行换元:观察不等式中是否有相同的结构,则可将相同的结构视为一个整体 ②求出新元的初始范围,并将原不等式转化为新变量的不等式③解出新元的范围④在根据新元的范围解x 的范围(二)构造函数解不等式1、函数单调性的作用:()f x 在[],a b 单调递增,则[]()()121212,,,x x a b x x f x f x ∀∈<⇔<(在单调区间内,单调性是自变量大小关系与函数值大小关系的桥梁)2、假设()f x 在[],a b 上连续且单调递增,()()00,,0x a b f x ∃∈=,则()0,x a x ∈时,()0f x <;()0,x x b ∈时,()0f x > (单调性与零点配合可确定零点左右点的函数值的符号)3、导数运算法则:(1)()()()()()()()'''f x g x fx g x f x g x =+ (2)()()()()()()()'''2f x f x g x f x g x g x g x ⎛⎫-= ⎪⎝⎭4、构造函数解不等式的技巧:(1)此类问题往往条件比较零散,不易寻找入手点.所以处理这类问题要将条件与结论结合着分析.在草稿纸上列出条件能够提供什么,也列出要得出结论需要什么.两者对接通常可以确定入手点(2)在构造函数时要根据条件的特点进行猜想,例如出现轮流求导便猜有可能是具备乘除关系的函数.在构造时多进行试验与项的调整(3)此类问题处理的核心要素是单调性与零点,对称性与图象只是辅助手段.所以如果能够确定构造函数的单调性,猜出函数的零点.那么问题便易于解决了.(三)利用函数性质与图象解不等式:1、轴对称与单调性:此类问题的实质就是自变量与轴距离大小与其函数值大小的等价关系.通常可作草图帮助观察.例如:()f x 的对称轴为1x =,且在()1,+∞但增.则可以作出草图(不比关心单调增的情况是否符合()f x ,不会影响结论),得到:距离1x =越近,点的函数值越小.从而得到函数值与自变量的等价关系2、图象与不等式:如果所解不等式不便于用传统方法解决,通常的处理手段有两种,一类是如前文所说可构造一个函数,利用单调性与零点解不等式;另一类就是将不等式变形为两个函数的大小关系如()()f x g x <,其中()(),f x g x 的图象均可作出.再由()()f x g x <可知()f x 的图象在()g x 图象的下方.按图象找到符合条件的范围即可.【典型考题解析】热点一 简单不等式的解法【典例1】(2022·全国·高考真题)已知集合{}{}1,1,2,4,11A B x x =-=-≤,则A B =( )A .{1,2}-B .{1,2}C .{1,4}D .{1,4}-【答案】B【解析】【分析】求出集合B 后可求A B .【详解】{}|02B x x =≤≤,故{}1,2A B =,故选:B.【典例2】(2020·全国·高考真题(文))已知集合2{|340},{4,1,3,5}A x x x B =--<=-,则A B =( )A .{4,1}-B .{1,5}C .{3,5}D .{1,3}【答案】D【解析】【分析】首先解一元二次不等式求得集合A ,之后利用交集中元素的特征求得A B ,得到结果.【详解】由2340x x --<解得14x -<<,所以{}|14A x x =-<<,又因为{}4,1,3,5B =-,所以{}1,3A B =,故选:D.【典例3】(2017·上海·高考真题)不等式11x x ->的解集为________【答案】(,0)-∞【解析】【详解】由题意,不等式11x x ->,得111100x x x->⇒<⇒<,所以不等式的解集为(,0)-∞. 【典例4】(2020·江苏·高考真题)设x ∈R ,解不等式2|1|||4x x ++<. 【答案】2(2,)3- 【解析】【分析】根据绝对值定义化为三个方程组,解得结果【详解】1224x x x <-⎧⎨---<⎩或10224x x x -≤≤⎧⎨+-<⎩或0224x x x >⎧⎨++<⎩21x ∴-<<-或10x -≤≤或203x << 所以解集为:2(2,)3- 【典例5】解下列高次不等式:(1)()()()1230x x x --->(2)()()()21230x x x +--< 【答案】(1)()()1,23,+∞;(2)()()1,22,3-. 【解析】(1)解:()()()()123f x x x x =---则()0f x =的根1231,2,3x x x ===作图可得:12x << 或3x >∴不等式的解集为()()1,23,+∞(2)思路:可知()220x -≥,所以只要2x ≠,则()22x -恒正,所以考虑先将恒正恒负的因式去掉,只需解()()13020x x x +-<⎧⎨-≠⎩ ,可得13x -<<且2x ≠∴不等式的解集为()()1,22,3-【名师点睛】在解高次不等式时,穿根前可考虑先将恒正恒负的项去掉,在进行穿根即可.穿根法的原理:它的实质是利用图象帮助判断每个因式符号,进而决定整个式子的符号,图象中的数轴分为上下两个部分,上面为()0f x > 的部分,下方为()0f x <的部分.以例2(1)为例,当3x >时,每一个因式均大于0,从而整个()f x 的符号为正,即在数轴的上方(这也是为什么不管不等号方向如何,穿根时一定要从数轴右上方开始的原因,因为此时()f x 的符号一定为正),当经过3x = 时,()3x -由正变负,而其余的式子符号未变,所以()f x 的符号发生一次改变,在图象上的体现就是穿根下来,而后经过下一个根时,()f x 的符号再次发生改变,曲线也就跑到x 轴上方来了.所以图象的“穿根引线”的实质是()f x 在经历每一个根时,式子符号的交替变化.【规律方法】1.含绝对值的不等式要注意观察式子特点,选择更简便的方法2.零点分段法的好处在于,一段范围可将所有的绝对值一次性去掉,缺点在于需要进行分类讨论,对学生书写的规范和分类讨论习惯提出了要求,以及如何整理结果,这些细节部分均要做好,才能保证答案的正确性.3.引入函数,通过画出分段函数的图象,观察可得不等式的解.热点二 含参数不等式问题【典例6】(2022·浙江·高考真题)已知,a b ∈R ,若对任意,|||4||25|0x a x b x x ∈-+---≥R ,则( )A .1,3a b ≤≥B .1,3a b ≤≤C .1,3a b ≥≥D .1,3a b ≥≤ 【答案】D【解析】【分析】将问题转换为|||25||4|a x b x x -≥---,再结合画图求解.【详解】由题意有:对任意的x ∈R ,有|||25||4|a x b x x -≥---恒成立.设()||f x a x b =-,()51,2525439,421,4x x g x x x x x x x ⎧-≤⎪⎪⎪=---=-<<⎨⎪-≥⎪⎪⎩,即()f x 的图像恒在()g x 的上方(可重合),如下图所示:由图可知,3a ≥,13b ≤≤,或13a ≤<,3143b a ≤≤-≤,故选:D .【典例7】(2020·浙江·高考真题)已知a ,b ∈R 且ab ≠0,对于任意x ≥0 均有(x –a )(x–b )(x–2a–b )≥0,则( )A .a <0B .a >0C .b <0D .b >0【答案】C【解析】【分析】对a 分0a >与0a <两种情况讨论,结合三次函数的性质分析即可得到答案.【详解】因为0ab ≠,所以0a ≠且0b ≠,设()()()(2)f x x a x b x a b =----,则()f x 的零点为123,,2x a x b x a b ===+当0a >时,则23x x <,1>0x ,要使()0f x ≥,必有2a b a +=,且0b <,即=-b a ,且0b <,所以0b <;当0a <时,则23x x >,10x <,要使()0f x ≥,必有0b <.综上一定有0b <.故选:C【典例8】(2023·全国·高三专题练习)解关于x 的不等式()222R ax x ax a ≥-∈-.【答案】详见解析.【解析】【分析】分类讨论a ,求不等式的解集即可.【详解】原不等式变形为()2220ax a x +--≥.①当0a =时,1x ≤-;②当0a ≠时,不等式即为()()210ax x -+≥,当0a >时,x 2a≥或1x ≤-; 由于()221a a a+--=,于是 当20a -<<时,21x a≤≤-; 当2a =-时,1x =-;当2a <-时,21x a-≤≤. 综上,当0a =时,不等式的解集为(,1]-∞-;当0a >时,不等式的解集为2(,1][,)a-∞-⋃+∞; 当20a -<<时,不等式的解集为2,1a ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦;当2a =-时,不等式的解集为{}1-;当2a <-时,不等式的解集为21,a ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦. 【总结提升】关于含参数不等式,其基本处理方法就是“分类讨论”,讨论过程中应注意“不重不漏”.关于含参数的一元二次不等式问题:(1)当判别式Δ能写成一个式子的平方的形式时,可先求方程的两根,再讨论两根的大小,从而写出解集.(2)三个方面讨论:二次项系数的讨论,根有无的讨论,根大小的讨论.(3)含参数分类讨论问题最后要写综述.热点三 函数不等式问题【典例9】(2018·全国·高考真题(文))设函数()2010x x f x x -⎧≤=⎨>⎩,,,则满足()()12f x f x +<的x 的取值范围是( )A .(]1-∞-,B .()0+∞,C .()10-,D .()0-∞,【答案】D【解析】【分析】 分析:首先根据题中所给的函数解析式,将函数图像画出来,从图中可以发现若有()()12f x f x +<成立,一定会有2021x x x <⎧⎨<+⎩,从而求得结果. 详解:将函数()f x 的图像画出来,观察图像可知会有2021x x x <⎧⎨<+⎩,解得0x <,所以满足()()12f x f x +<的x 的取值范围是()0-∞,,故选D .【典例10】(2020·北京·高考真题)已知函数()21x f x x =--,则不等式()0f x >的解集是( ). A .(1,1)-B .(,1)(1,)-∞-+∞C .(0,1)D .(,0)(1,)-∞⋃+∞ 【答案】D【解析】【分析】作出函数2x y =和1y x =+的图象,观察图象可得结果.【详解】因为()21x f x x =--,所以()0f x >等价于21x x >+,在同一直角坐标系中作出2x y =和1y x =+的图象如图:两函数图象的交点坐标为(0,1),(1,2),不等式21x x >+的解为0x <或1x >.所以不等式()0f x >的解集为:()(),01,-∞⋃+∞. 故选:D.【典例11】(天津·高考真题(理))设函数f (x )=()212log ,0log ,0x xx x >⎧⎪⎨-<⎪⎩若()()f a f a >-,则实数a 的取值范围是( ) A .()()1,00,1-B .()(),11,-∞-+∞C .()()1,01,-⋃+∞D .()(),10,1-∞-⋃【答案】C【解析】【分析】由于a 的范围不确定,故应分0a >和0a <两种情况求解.【详解】当0a >时,0a -<,由()()f a f a >-得212log log a a>,所以22log 0a >,可得:1a >,当0a <时,0a ->,由()()f a f a >-得()()122log log a a ->-,所以()22log 0a -<,即01a <-<,即10a -<<,综上可知:10a -<<或1a >.故选:C【典例12】(2020·海南·高考真题)若定义在R 的奇函数f (x )在(,0)-∞单调递减,且f (2)=0,则满足(10)xf x -≥的x 的取值范围是( )A .[)1,1][3,-+∞B .3,1][,[01]--C .[1,0][1,)-⋃+∞D .[1,0][1,3]-⋃【答案】D【解析】【分析】首先根据函数奇偶性与单调性,得到函数()f x 在相应区间上的符号,再根据两个数的乘积大于等于零,分类转化为对应自变量不等式,最后求并集得结果.【详解】因为定义在R 上的奇函数()f x 在(,0)-∞上单调递减,且(2)0f =,所以()f x 在(0,)+∞上也是单调递减,且(2)0f -=,(0)0f =,所以当(,2)(0,2)x ∈-∞-⋃时,()0f x >,当(2,0)(2,)x ∈-+∞时,()0f x <,所以由(10)xf x -≥可得: 0210x x <⎧⎨-≤-≤⎩或0012x x >⎧⎨≤-≤⎩或0x = 解得10x -≤≤或13x ≤≤,所以满足(10)xf x -≥的x 的取值范围是[1,0][1,3]-⋃,故选:D.【典例13】(2023·全国·高三专题练习)设函数()f x '是奇函数()f x (x ∈R )的导函数,f (﹣1)=0,当x >0时,()()0xf x f x '->,则使得f (x )>0成立的x 的取值范围是( )A .(﹣∞,﹣1)∪(﹣1,0)B .(0,1)∪(1,+∞)C .(﹣∞,﹣1)∪(0,1)D .(﹣1,0)∪(1,+∞)【答案】D【解析】【分析】构造函数()()f x g x x =,求导结合题意可得()()f x g x x =的单调性与奇偶性,结合()10g -=求解即可 【详解】由题意设()()f x g x x=,则()()()2xf x f x g x x '-'= ∵当x >0时,有()()0xf x f x '->,∴当x >0时,()0g x '>,∴函数()()f x g x x=在(0,+∞)上为增函数, ∵函数f (x )是奇函数,∴g (﹣x )=g (x ),∴函数g (x )为定义域上的偶函数,g (x )在(﹣∞,0)上递减,由f (﹣1)=0得,g (﹣1)=0,∵不等式f (x )>0⇔x •g (x )>0,∴()()01x g x g >⎧⎨>⎩或()()01x g x g <⎧⎨<-⎩, 即有x >1或﹣1<x <0,∴使得f (x )>0成立的x 的取值范围是:(﹣1,0)∪(1,+∞),故选:D .【总结提升】关于函数不等式问题,处理方法往往从以下几方面考虑:(1)利用函数的奇偶性、单调性.(2)借助于函数的图象(数形结合法).(3)涉及抽象函数、导数问题,利用构造辅助函数法,构造函数时往往从两方面着手:①根据导函数的“形状”变换不等式“形状”;②若是选择题,可根据选项的共性归纳构造恰当的函数.【精选精练】一、单选题1.(2020·全国·高考真题(文))已知集合2{|340},{4,1,3,5}A x x x B =--<=-,则A B =( )A .{4,1}-B .{1,5}C .{3,5}D .{1,3}【答案】D【解析】【分析】首先解一元二次不等式求得集合A ,之后利用交集中元素的特征求得A B ,得到结果.【详解】由2340x x --<解得14x -<<,所以{}|14A x x =-<<,又因为{}4,1,3,5B =-,所以{}1,3A B =,故选:D.2.(2021·湖南·高考真题)不等式|21|3x -<的解集是( )A .{}2x x <B .{}1x x >-C .{}12x x -<<D .{1x x <-或}2x >【答案】C【解析】【分析】根据绝对值的几何意义去绝对值即可求解.【详解】由|21|3x -<可得:3213x -<-<,解得:12x -<<, 所以原不等式的解集为:{}12x x -<<,故选:C.3.(2021·广东·潮阳一中明光学校高三阶段练习)设集合{}11A x x =-≤≤,{}2log 1B x x =<,则A B =( )A .{}11x x -<≤B .{}11x x -<<C .{}01x x <≤D .{}01x x <<【答案】C【解析】【分析】根据对数函数定义域以及对数函数不等式求解集合B ,再进行交集运算即可.【详解】 由题意得,{}{}2log 102B x x x x =<=<<,所以{}|01A B x x ⋂=<≤,故选:C.4.(2022·江苏·南京市第一中学高三开学考试)已知集合{}230A x x x =-<,{}|33x B x =≥,则A B =( ) A .10,2⎛⎫⎪⎝⎭ B .1,32⎡⎫⎪⎢⎣⎭ C .(2 D .()1,3【答案】B【解析】【分析】求出集合A 、B ,再由交集的定义求解即可【详解】 集合{}{}23003A x x x x x =-<=<<,{}1332x B x x x ⎧⎫==≥⎨⎬⎩⎭, 则132A B x x ⎧⎫⋂=≤<⎨⎬⎩⎭.故选:B.5.(天津·高考真题(理))设x ∈R ,则“21x -<”是“220x x +->”的( )A .充分而不必要条件B .必要而不充分条件C .充要条件D .既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】求绝对值不等式、一元二次不等式的解集,根据解集的包含关系即可判断充分、必要关系.【详解】 由21x -<,可得13x <<,即x ∈(1,3);由22(1)(2)0x x x x +-=-+>,可得2x <-或1x >,即x ∈(,2)(1,)-∞-+∞;∴(1,3)是(,2)(1,)-∞-+∞的真子集,故“21x -<”是“220x x +->”的充分而不必要条件.故选:A6.(2023·全国·高三专题练习)已知函数f (x )=x 2+ax +b (a ,b ∈R )的值域为[0,+∞),若关于x 的不等式f (x )<c 的解集为(m ,m +6),则实数c 的值为( )A .4B .3C .9D .94【答案】C【解析】【分析】根据函数的值域求出a 与b 的关系,然后根据不等式的解集可得()f x c =的两个根为,6m m +,最后利用根与系数的关系建立等式,解之即可.【详解】∵函数f (x )=x 2+ax +b (a ,b ∈R )的值域为[0,+∞),∴f (x )=x 2+ax +b =0只有一个根,即Δ=a 2﹣4b =0则b 24a =, 不等式f (x )<c 的解集为(m ,m +6),即为x 2+ax 24a +<c 解集为(m ,m +6), 则x 2+ax 24a +-c =0的两个根为m ,m +6 ∴|m +6﹣m |22444a a c c ⎛⎫=-- ⎪⎝⎭6 解得c =9故选:C .7.(2022·吉林·长春市第二实验中学高三阶段练习)已知函数()y f x =是奇函数,当0x >时,()22x f x =-,则不等式()0f x >的解集是( )A .()()1,00,1-B .()()1,01,-⋃+∞C .()(),10,1-∞-⋃D .()(),11,-∞-⋃+∞ 【答案】B【解析】【分析】根据函数为奇函数求出当0x <时,函数()f x 的函数解析式,再分0x <和0x >两种情况讨论,结合指数函数的单调性解不等式即可.【详解】解:因为函数()y f x =是奇函数,所以()()f x f x -=-,且()00f =当0x <时,则0x ->,则()()22x f x f x --=-=-,所以当0x <时,()22x f x -=-+,则()0220x x f x >⎧⎨=->⎩,解得1x >,()0220x x f x -<⎧⎨=-+>⎩,解得10x -<<,所以不等式()0f x >的解集是()()1,01,-⋃+∞.故选:B.8.(2023·全国·高三专题练习)已知函数33,0()e 1,0x x x f x x --+<⎧=⎨+≥⎩,则不等式()(31)<-f a f a 的解集为()A .10,2⎛⎫⎪⎝⎭ B .1,02⎛⎫- ⎪⎝⎭C .1,2⎛⎫-∞ ⎪⎝⎭ D .1,2⎛⎫-∞- ⎪⎝⎭【答案】C【解析】【分析】由函数解析式判断函数的单调性,根据单调性将函数不等式转化为自变量的不等式,解得即可;【详解】解:因为33,0()e 1,0x x x f x x --+<⎧=⎨+≥⎩,当0x <时()33f x x =-+函数单调递减,且()3033f x >-⨯+=,当0x ≥时()e 1x f x -=+函数单调递减,且()00e 123f =+=<,所以函数()f x 在(,)-∞+∞上是单调递减,所以不等式()(31)<-f a f a 等价于31a a >-,解得12a <. 即不等式的解集为1,2⎛⎫-∞ ⎪⎝⎭; 故选:C9.(2020·海南·高考真题)若定义在R 的奇函数f (x )在(,0)-∞单调递减,且f (2)=0,则满足(10)xf x -≥的x 的取值范围是( )A .[)1,1][3,-+∞B .3,1][,[01]--C .[1,0][1,)-⋃+∞D .[1,0][1,3]-⋃【答案】D【解析】【分析】首先根据函数奇偶性与单调性,得到函数()f x 在相应区间上的符号,再根据两个数的乘积大于等于零,分类转化为对应自变量不等式,最后求并集得结果.【详解】因为定义在R 上的奇函数()f x 在(,0)-∞上单调递减,且(2)0f =,所以()f x 在(0,)+∞上也是单调递减,且(2)0f -=,(0)0f =,所以当(,2)(0,2)x ∈-∞-⋃时,()0f x >,当(2,0)(2,)x ∈-+∞时,()0f x <,所以由(10)xf x -≥可得: 0210x x <⎧⎨-≤-≤⎩或0012x x >⎧⎨≤-≤⎩或0x = 解得10x -≤≤或13x ≤≤,所以满足(10)xf x -≥的x 的取值范围是[1,0][1,3]-⋃,故选:D.10.(2023·全国·高三专题练习)定义在(0)+∞,上的函数()f x 满足()()110,2ln 2xf x f '+=>,则不等式)(e 0x f x +> 的解集为( ) A .(02ln2),B .(0,ln2)C .(ln21),D .(ln2)+∞, 【答案】D【解析】【分析】构造新函数()()ln ,(0)g x f x x x =+>,利用导数说明其单调性,将)(e 0x f x +>变形为)>(e (2)x g g ,利用函数的单调性即可求解.【详解】令()()ln ,(0)g x f x x x =+> , 则()11()()xf x g x f x x x'+''=+=,由于()10xf x '+>, 故()0g x '>,故()g x 在(0)+∞,单调递增, 而1(2)(2)ln2ln ln 202g f =+=+= , 由)(e 0x f x +>,得)>(e (2)x g g ,∴e 2x > ,即ln2x > ,∴不等式)(e 0x f x +>的解集为(ln2)+∞,, 故选:D .二、填空题11.(2023·全国·高三专题练习)不等式组230,340.x x x ->⎧⎨-->⎩的解集为_________. 【答案】()4,+∞【解析】【分析】解一元二次不等式取交集即可.【详解】原不等式组化简为3034(4)(1)041x x x x x x x ->>⎧⎧⇒⇒>⎨⎨-+>><-⎩⎩或 故答案为:()4,+∞.12.(2019·浙江·高考真题)已知a R ∈,函数3()f x ax x =-,若存在t R ∈,使得2|(2)()|3f t f t +-≤,则实数a 的最大值是____. 【答案】max 43a =【解析】【分析】本题主要考查含参绝对值不等式、函数方程思想及数形结合思想,属于能力型考题.从研究()2(2)()23642f t f t a t t +-=++-入手,令2364[1,)m t t =++∈+∞,从而使问题加以转化,通过绘制函数图象,观察得解.【详解】使得()222(2)()2(2)(2)2234{}2]6f t f t a t t t t a t t +-=•[++++-=++-,使得令2364[1,)m t t =++∈+∞,则原不等式转化为存在11,|1|3m am ≥-≤, 由折线函数,如图只需11133a -≤-≤,即2433a ≤≤,即a 的最大值是43【点睛】对于函数不等式问题,需充分利用转化与化归思想、数形结合思想.13.(2023·全国·高三专题练习)若函数f (x )=ln x +e x -sin x ,则不等式f (x -1)≤f (1)的解集为________.【答案】(1,2]【解析】【分析】先利用导数判断函数的单调性,再利用其单调性解不等式.【详解】解:f (x )的定义域为(0,+∞),∴()1f x x'=+e x -cos x . ∵x >0,∴e x >1,∴()f x '>0,∴f (x )在(0,+∞)上单调递增,又f (x -1)≤f (1),∴0<x -1≤1,即1<x ≤2,则原不等式的解集为(1,2].故答案为:(1,2]三、双空题14.(2019·北京·高考真题(理))李明自主创业,在网上经营一家水果店,销售的水果中有草莓、京白梨、西瓜、桃,价格依次为60元/盒、65元/盒、80元/盒、90元/盒.为增加销量,李明对这四种水果进行促销:一次购买水果的总价达到120元,顾客就少付x 元.每笔订单顾客网上支付成功后,李明会得到支付款的80%.①当x =10时,顾客一次购买草莓和西瓜各1盒,需要支付__________元;②在促销活动中,为保证李明每笔订单得到的金额均不低于促销前总价的七折,则x 的最大值为__________.【答案】 130. 15.【解析】【分析】由题意可得顾客需要支付的费用,然后分类讨论,将原问题转化为不等式恒成立的问题可得x 的最大值.【详解】(1)10x =,顾客一次购买草莓和西瓜各一盒,需要支付()608010130+-=元.(2)设顾客一次购买水果的促销前总价为y 元,120y <元时,李明得到的金额为80%y ⨯,符合要求.120y ≥元时,有()80%70%y x y -⨯≥⨯恒成立,即()87,8y y x y x -≥≤,即min158y x ⎛⎫≤= ⎪⎝⎭元. 所以x 的最大值为15.【点睛】本题主要考查不等式的概念与性质、数学的应用意识、数学式子变形与运算求解能力,以实际生活为背景,创设问题情境,考查学生身边的数学,考查学生的数学建模素养.15.(2023·全国·高三专题练习)已知函数f (x )111()12x x x x -≤⎧⎪=⎨⎪⎩,,>,则()()2f f =__,不等式()()32f x f -<的解集为__.【答案】12## 0.5 {x |x 72<或x >5} 【解析】【分析】第一空先求出()2f 的值,再求()()2f f 的值;第二空将3x -分为大于1或小于等于1两种情况讨论,分别解出不等式,写出解集即可.【详解】解:f (2)211122-⎛⎫== ⎪⎝⎭,1122f ⎛⎫= ⎪⎝⎭, ∴()()122f f =, 当x ﹣3>1时,即x >4时,311122x --⎛⎫ ⎪⎝⎭<,解得x >5, 当x ﹣3≤1时,即x ≤4时,x ﹣312<,解得x 72<, 综上所述不等式f (x ﹣3)<f (2)的解集为752x x x ⎧⎫⎨⎬⎩⎭或 故答案为:12,752x x x ⎧⎫⎨⎬⎩⎭或. 四、解答题16.(2020·山东·高考真题)已知函数()225,02,0x x f x x x x -≥⎧=⎨+<⎩. (1)求()1f f ⎡⎤⎣⎦的值;(2)求()13f a -<,求实数a 的取值范围.【答案】(1)3;(2)35a -<<.【解析】【分析】(1)根据分段函数的解析式,代入计算即可;(2)先判断1a -的取值范围,再代入分段函数解析式,得到()13f a -<的具体不等式写法,解不等式即可.【详解】解:(1)因为10>,所以()12153f =⨯-=-,因为30-<,所以()()()()2133233f f f =-=-+⨯⎤⎦-⎣=⎡.(2)因为10a -≥, 则()1215f a a -=--, 因为()13f a -<,所以2153a --<, 即14a -<,解得35a -<<.17.(2021·全国·高考真题(理))已知函数()3f x x a x =-++.(1)当1a =时,求不等式()6f x ≥的解集;(2)若()f x a >-,求a 的取值范围.【答案】(1)(][),42,-∞-+∞.(2)3,2⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭. 【解析】【分析】(1)利用绝对值的几何意义求得不等式的解集.(2)利用绝对值不等式化简()f x a >-,由此求得a 的取值范围.【详解】(1)[方法一]:绝对值的几何意义法当1a =时,()13f x x x =-++,13x x -++表示数轴上的点到1和3-的距离之和,则()6f x ≥表示数轴上的点到1和3-的距离之和不小于6, 当4x =-或2x =时所对应的数轴上的点到13-,所对应的点距离之和等于6, ∴数轴上到13-,所对应的点距离之和等于大于等于6得到所对应的坐标的范围是4x ≤-或2x ≥, 所以()6f x ≥的解集为(][),42,-∞-+∞.[方法二]【最优解】:零点分段求解法当1a =时,()|1||3|f x x x =-++.当3x ≤-时,(1)(3)6-+--≥x x ,解得4x ≤-;当31x -<<时,(1)(3)6-++≥x x ,无解;当1≥x 时,(1)(3)6-++≥x x ,解得2x ≥.综上,|1||3|6-++≥x x 的解集为(,4][2,)-∞-+∞.(2)[方法一]:绝对值不等式的性质法求最小值依题意()f x a >-,即3a x a x -+>-+恒成立,333x a x x a a x -++-+=≥++,当且仅当()()30a x x -+≥时取等号,()3min f x a ∴=+, 故3a a +>-,所以3a a +>-或3a a +<, 解得32a >-. 所以a 的取值范围是3,2⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭. [方法二]【最优解】:绝对值的几何意义法求最小值由||x a -是数轴上数x 表示的点到数a 表示的点的距离,得()|||3||3|f x x a x a =-++≥+,故|3|a a +>-,下同解法一.[方法三]:分类讨论+分段函数法当3a ≤-时,23,,()3,3,23,3,x a x a f x a a x x a x -+-<⎧⎪=--≤≤-⎨⎪-+>-⎩则min [()]3=--f x a ,此时3-->-a a ,无解.当3a >-时,23,3,()3,3,23,,x a x f x a x a x a x a -+-<-⎧⎪=+-≤≤⎨⎪-+>⎩则min [()]3=+f x a ,此时,由3a a +>-得,32a >-. 综上,a 的取值范围为32a >-. [方法四]:函数图象法解不等式由方法一求得()min 3f x a =+后,构造两个函数|3|=+y a 和y a =-,即3,3,3,3a a y a a --<-⎧=⎨+≥-⎩和y a =-, 如图,两个函数的图像有且仅有一个交点33,22⎛⎫- ⎪⎝⎭M , 由图易知|3|a a +>-,则32a >-.【整体点评】(1)解绝对值不等式的方法有几何意义法,零点分段法.方法一采用几何意义方法,适用于绝对值部分的系数为1的情况,方法二使用零点分段求解法,适用于更广泛的情况,为最优解;(2)方法一,利用绝对值不等式的性质求得()3min f x a =+,利用不等式恒成立的意义得到关于a 的不等式,然后利用绝对值的意义转化求解;方法二与方法一不同的是利用绝对值的几何意义求得()f x 的最小值,最有简洁快速,为最优解法方法三利用零点分区间转化为分段函数利用函数单调性求()f x 最小值,要注意函数()f x 中的各绝对值的零点的大小关系,采用分类讨论方法,使用与更广泛的情况;方法四与方法一的不同在于得到函数()f x 的最小值后,构造关于a 的函数,利用数形结合思想求解关于a 的不等式.18.(2023·全国·高三专题练习)已知函数2()2f x x ax =++,R a ∈.(1)若不等式()0f x 的解集为[1,2],求不等式2()1f x x -的解集;(2)若对于任意的[1x ∈-,1],不等式()2(1)4f x a x -+恒成立,求实数a 的取值范围;(3)已知2()(2)1g x ax a x =+++,若方程()()f x g x =在1(,3]2有解,求实数a 的取值范围. 【答案】(1)(-∞,1][12,)∞+ (2)13a ≤ (3)[0,1).【解析】【分析】(1)根据不等式的解集转化为一元二次方程,利用根与系数之间的关系求出a ,然后解一元二次不等式即可;(2)问题转化为222x a x --在[1x ∈-,1]恒成立,令22()2x h x x -=-,[1x ∈-,1],根据函数的单调性求出a 的范围即可;(3)利用参数分离法进行转化求解即可.(1)解:若不等式()0f x 的解集为[1,2],即1,2是方程220x ax ++=的两个根,则123a +=-=,即3a =-,则2()32f x x x =-+,由2()1f x x -得,22321x x x -+-即22310x x -+得(21)(1)0x x --,得1x 或12x ,即不等式的解集为(-∞,1][12,)∞+. (2)解:不等式()2(1)4f x a x -+恒成立,即222x a x --在[1x ∈-,1]恒成立,令22()2x h x x -=-,[1x ∈-,1],则2242()(2)x x h x x -+'=-,令()0h x '=,解得:22x =,故()h x 在[1-,22)递增,在(221]递减,故()min h x h =(1)或1()h -,而h (1)1=,1(1)3h -=,故13a . (3)解:由()()f x g x =得22(2)12ax a x x ax +++=++,2(1)210a x x ∴-+-=,即2(1)12a x x -=-,若方程()()f x g x =在1(2,3]有解,等价为2212121x a x x x --==-有解,设22121()(1)1h x x x x =-=--,1(2x ∈,3],∴11[3x ∈,2),即1()0h x -<,即110a --<,则01a <,即实数a 的取值范围是[0,1).。

指数函数最值的4种解法

指数函数最值的4种解法

指数函数最值的4种解法
指数函数是一类在数学中非常常见的函数,求其最值是一个经典的问题。

以下是4种解法:
1. 导数法
通过对指数函数求导,得到其上升(或下降)的那一段区间,以及端点处是否取极值,判断最大值和最小值。

该方法简单直接,适用于初学者。

2. 对数法
对于底数为 $a > 0$ ($a\ne 1$) 的指数函数 $y = a^x$,可以将其转化为以 $e$ 为底的指数函数 $y = e^{\ln a \cdot x}$。

由于
$e^x$ 的最大值为 $e^1$,因此 $a^x$ 的最大值为 $e^{\ln a}$。

同理可以判断最小值。

该方法需要一定的对数知识。

3. 利用不等式
由于指数函数满足 $a^x > 0$,因此可以结合一些基本的不等式,求解其最值。

有时候,也可以将指数函数转化为其他函数,比如和
式或积式,在此基础上利用不等式求解。

4. 完全平方法
该方法常用于证明一些数学恒等式,不过也可以用来求解指数
函数最值。

具体方法是,将指数函数表示为完全平方后的形式,利
用完全平方公式,求解最值。

无论采用哪种方法,都需要掌握基本的指数函数性质,理解函
数图像,特别是对数函数的图像。

熟练掌握这些知识,才能准确地
判断并解决指数函数求最值的问题。

高三数学 不等式的解法 分式、高次、指数、对数、含参不等式的解法

高三数学 不等式的解法 分式、高次、指数、对数、含参不等式的解法

含绝对值不等式的解法
公式法:(a>0)
|x|=a x a
|x|>a x a或x -a
|x|<a a x a
注意a≤0
|x|<a在a≤0时解集是φ, |x|≥a在a≤0时解集是R
例4:①不等式(1 x )(1 x) 0的解集
②不等式x2 - x - 2 0的解集
f (x) 0 g(x) 0 f (x) g(x)
以上不等式组中的 f (x) 0 去掉后和原不等式是否同解?
f (x) g(x)
可同解变形为
g(x) 0 f (x) 0 f (x) g 2 (x)
以上不等式组中的 f (x) 0 去掉后和原不等式是否同解?
lo解ga 法f (;x) loga g(x)
(a>0,a≠1)型的不等式的
Aa2x Bax C 0
中级目标:掌握 可化为
及 不等式的A解法log;a2 x B loga x C 0 型的
高级目标:初步掌握综合有根式、指数、对数
的不等式的解法;用分类讨论思想解指数、对 数不等式;(依时间而定)
f (x) g(x)
可同解变形为
g(x) 0 f (x) 0

g(x) 0
f (x) g 2 (x)
f (x) 0
按g(x)分类
以上不等式组中的 f (x) 0 去掉后和原不等式是否同解?
你知道吗?
指数的性质:
指数的运算法则:
a0 1(a 0)
ax ay axy
不等式的解法二
分式、高次、指数、对数、含 参不等式的解法
分式不等式的解法:

指、对数不等式的解法

指、对数不等式的解法

指、对数不等式的解法【知识要点】1. 化同底把指数不等式和对数不等式转化为代数不等式: (1)()()()()1()()01f xg x f x g x a aaf xg x a >>⎧>⇔⎨><<⎩;(2)当1a >时,()0log ()log ()()0()()aa f x f x g x g x f x g x >⎧⎪>⇔>⎨⎪>⎩当01a <<时,()0log ()log ()()0()()aa f x f x g x g x f x g x >⎧⎪>⇔>⎨⎪<⎩2. 通过换元法把指对数不等式转化为代数不等式: (1) 形如20x x Aa Ba C ++>的不等式可以换元x t a =。

(2) 形如2log log 0a a A x B x C ++>的不等式可以换元log a t x =。

3、对数恒等式:∴01log =a , 1log =a a ,Na Na=log4、运算法则:⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧∈=-=+=R)(n log log Nlog M log N M log N log M log (MN)log a na a a a a a a Mn M【精选例题】例1.不等式组22|2|2log (1)1x x -<⎧⎨->⎩的解集为 ( )(A); (B),2); (C),4); (D) (2,4)。

例2.解不等式 (1)2415210xx -+⋅-≤(2)2lg 4lg 30x x -+<。

例3.已知函数()log a f x x =满足2(3)(2)f a f a -<,求实数a 的取值范围。

【基础训练】1.已知集合2{|3},{|log 1}M x x N x x =<=<,M N = ( ).A ∅ .{|23}B x x << .{|02}C x x << .{|2}D x x <2.不等式2123139x x x ---⎛⎫< ⎪⎝⎭的解集为______________。

指数方程与指数不等式、对数方程与对数不等式的解法

指数方程与指数不等式、对数方程与对数不等式的解法

指数、对数方程与不等式的解法4、对数不等式的解法: (1)问底去底法:a 1 时,log a f (x) log a g(x) 0 f (x) g(x);0 a 1 时,log a f(x) log a g(x) f(x) g(x) 0;(2)化成指数式:a 1 时, log a f (x)b log a f(x) log a a b 0 f (x) a b ;0 a 1 时,log a f (x) b log a f (x) log a a bf (x) a b 0.一、知识要点:1、指数方程的解法:(1)问底去底法:a () a g( ) f(x) g(x); (2)化成对数式:a f(x) b a f(x) a logab f(x) log a b ; (3)取同底对数:a f(x)b g(x) lga f(x) ig b g(x) f(x)lg a g(x)lg 2、对数方程的解法:(1)问底去底法:log a f(x) log a g(x) f (x) g(x);(2)化成指数式:log a f (x) b log a f(x) log a a b f (x) a b ; (3)取同底指数:loga f (x) b a loga f(x) a b f (x)a b .b .注:以下式子中,若无特别说明,均假设 a 0且a 1,b 0. (1)问底去底法: a 1 时,a f(x) a g(x) f (x) g(x);0 a 1 时,a f(x) a g(x) f (x) g(x);(2) 化成对数式:a / , f (x) f (x) log a b1 时,a b a a f (x) log a b ; 0 a 1 时,a f(x) b a f(x)a logabf(x) log a b ;(3) 取同底对数:a f(x) b g(x) lg a f(x) lg b g(x)f (x)lgg(x)ig b .3、指数不等式的解法: a二、巩固提高:1、解下列方程或不等式: (1) 3x 1(2) 3x 8(3) 3x -99⑺ log 3(x 1) 2(8) log i (2x 1) 222、解下列方程或不等式:(1) 4x 2x 2 12 0x22x 3 / 1\3(x 1)⑷ 2(一);2(4) (l)x 83(5)眼乂 2 (6) log 3xx xx(2)96 2 4(5) log 〔(x 2 3x 4) log 1(2x 10) ;(6) 3x 1 18 3 x 29333、填空题:(1) 不等式 — (1)x 16的整数解的个数为 .128 2—- 2 .................. (2) 右1 log a — 1,则a 的取值范围是 .3(3)已知log m 7 log n 7 0,则m,n,0,1之间的大小关系是.(4) 函数f(x) log a (a a x )的定义域是 . (5)函数f (x) J32x1 1的定义域是 .(6) 若 log 3(lg x) 1,则 x ^⑺若 log x (3 2J2)2,则 x .log 2 x(x 0)(8) 已知f(x) |() ; 0,若f(x) f( x),则x 的取值范围是x23x 2 2 22,2(8) 23x 4 4x3(9)log 3(x 1) log 9(x 5);2,、 x 2x x 4(10) a a (a 0且 a1)(13) 设a 0且a 1 ,若log a 2 log 2a ,则a 的取值范围是 .22(14)对于x R,不等式(1)x 2ax23x a恒成立,则a 的取值范围.2--------(15) 不等式x 2 l og a x 0在x (0,1)内恒成立,则x 的取值范围是4、已知 R 为全集,A (x|log 1 (3 x) 2}, B {x|一八 1},求 C R A. B .2 x 25、已知关于x 的方程2a 2x 2 9a x 1 4 0有一根是2 . (2)若0 a 1,求不等式2a 2x 2 9a x 1 4 0的解集.(3) lg x 1g x 3 1(9) 已知f(x) |log 3x|,当0 a 2时,有f(a) f (2),则a 的取值范围是log 3 x (x (10) 已知函数f(x)3x (x2_(11) 关于O)―由口,贝U 满足f (x) 1的x 的取值范围是0)2 。

指数方程和不等式与对数方程和不等式

指数方程和不等式与对数方程和不等式

指数方程和不等式与对数方程和不等式一、指数方程和不等式与对数方程和不等式指数方程和不等式与对数方程和不等式是对指数函数和对数函数的性质的综合运用.我们将指数方程和对数方程的主要类型和解法列入下面的表格:分析:1、解指数方程和对数方程主要是运用转化的思想将方程化归为己学过的代数方程来解,同时要注意对数方程的同解变形,重视对根的检验.2、对于含有指数函数或对数函数的混合型方程,常用图象法求方程的近似解或确定方程的根的个数.3、在解含有参数的指数方程和对数方程时,必须注意对字母的取值范围的讨论.将上述表格中的等号“=”改为不等号“<”或“>”即得到指数不等式和对数不等式,它们的解法在本质上与方程的解法是相同的,同时也要对字母的取值范围进行讨论.但不同的地方在于要对底数a的取值范围进行讨论,因为a的取值范围不同时要影响指数函数和对数函数的单调性.要注意方程与不等式的本质联系与区别.例1 解下列方程:(1)lg2x·lg3x=lg2·lg3;(2);(3);(4)log(x+1)(2x2-2x+1)=2分析:(1)根据方程的结构,可以从方程中分离出变量lgx,利用换元的方法求解;(2)去分母后可采用换元的方法;(3)再对方程变形后采用两边取对数的方法求解;(4)利用对数定义将方程转化为代数方程求解.解:(1)原方程可化为(lg2+lgx)(lg3+lgx)=lg2·lg3,即lg2x+lg6·lgx=0.解得lgx=0或lgx=-lg6. ∴x=1或.经检验,x=1和都是方程的根.(2)方程可化为3x+1-3-x+2=0,即3·32x+2·3x-1=0.设y=3x,则3y2+2y-1=0,解得y1=-1,.当y=-1时,3x=-1<0,无意义,故舍去;当时,, ∴x=-1。

(3)原方程即,即, =3.两边取以3为底数的对数,得到(log3x)2=1, ∴log3x=±1, 解得x=3或.经检验,x=3和都是原方程的根.(4)根据对数的定义得到(x+1)2=2x2-2x+1,即x2-4x=0.解得x=0或x=4.当x=0时,x+1=1,故舍去.∴原方程的根为x=4.总结:(1)解对数方程时,必须注意对根的检验;(2)换元的方法是解方程的一种常用方法;(3)在解指数方程和对数方程时,要注意应用指数和对数的有关性质和法则对方程进行变形.当幂指数上含有未知数时,往往两边取对数求解.例2 解方程:lgx+lg(4-x)=lg(2x+a)解:原方程等价于:, ∴.设y1=a, y2=-x2+2x,x∈(0,4). 作出两个函数的图象,如图所示.分以下三种情况讨论:(1) a>1或a≤-8 时,方程无解;(2) 0<a<1时,方程有两解;(3) -8<a≤0, 方程有一解。

指数不等式和对数不等式解法

指数不等式和对数不等式解法

对数不等式的解法 a>1时
f (x) 0
log f (x) log g(x) g(x) 0
a
a
f (x) g(x)
f (x) 0
log f (x) log g(x) g(x) 0
a
a
f (x) g(x)
对数不等式的解法(0<a<1) 时
f (x) 0
log f (x) log g(x) g(x) 0
河南省泌阳县职业教育中心 周祥松
指数不等式的解法 是利用指数函数的性质化为同解的代 数不等式
a 1时,
a f (x) a g(x) f (x) g(x); a f (a 1时,
a f (x) a g(x) f (x) g(x); a f (x) a g(x) f (x) g(x);
所以原不等式的解集为 x | 1 x 3
例2 ax22x ax4,(a 0且a 1)
解 (1)当a 1时,
(2)当 0 a 1时,
a x22x a x4
a x2 2x a x4
x2 2x x 4
x2 2x x 4
x2 3x 4 0
x2 3x 4 0
1
0
3x 2 x 1
x
2 3
x 1
x
3
2
2 x 3
3
2
所以原不等式的解集为:
x
|
2 3
x
3
2
例4 解不等式3x1 18 3x 29
解:原不等式可化为: 3 (3x )2 29 3x 18 0
(3x 9)(3 3x 2) 0
3x 9或 3x 2
3
x
(x 4)(x 1) 0 (x 4)(x 1) 0

解决指数和对数不等式的常用方法

解决指数和对数不等式的常用方法

解决指数和对数不等式的常用方法指数和对数不等式是数学中常见的问题,解决这类不等式需要一些方法和技巧。

本文将介绍解决指数和对数不等式的常用方法,帮助读者更好地理解和应用。

一、指数不等式的解法指数不等式是指数函数中含有不等式关系的不等式。

解决指数不等式需要根据指数的性质,采用一些特定的步骤。

1. 步骤一:将不等式中的底数进行换底操作,将其转化为等价的对数不等式,便于求解。

特别是当指数底数不同且不容易进行直接比较时,换底操作是可行的方法。

2. 步骤二:将不等式中的底数进行变形操作,将其转化为多项式形式或者相同底数的指数形式,简化计算。

3. 步骤三:利用指数函数的单调性进行分析,确定变量的取值范围。

对于单调递增的指数函数,可以通过比较底数大小来确定解集;对于单调递减的指数函数,则需要进行一些额外的推导与探究。

4. 步骤四:根据指数函数的图像和性质,进一步确定不等式的解集。

注意排除不可能的解和边界情况,确保解的准确性。

二、对数不等式的解法对数不等式是对数函数中含有不等式关系的不等式。

解决对数不等式需要对对数函数的性质有一定的了解,同时运用一些常用的技巧。

1. 步骤一:对不等式的两边同时取对数,将其转化为指数形式,便于求解。

但要注意,对数函数的定义域和对数的底数不能为负数,需排除这些不能满足的情况。

2. 步骤二:利用对数函数的性质进行变形和简化。

对于对数函数,可以运用对数的基本性质、对数函数的单调性以及对数函数的图像等性质进行变换与运算。

3. 步骤三:通过观察和推导,确定变量的取值范围。

比较对数底数的大小、对数函数的增减性与单调性等都有助于更精确地判断解集。

4. 步骤四:根据对数函数的图像和性质,进一步确定不等式的解集。

同样需要排除不可能的解和边界情况,避免遗漏或者重复。

三、指数和对数不等式的综合应用在实际问题中,指数和对数函数常常是同时出现的,需要综合运用相关的解法。

1. 步骤一:根据题目中的不等式关系,把指数和对数进行分析和提取。

四类不等式的解法

四类不等式的解法

考点一 一元二次不等式的解法一元二次不等式的解法先化为一般形式ax2+bx+c>0(a≠0),再求相应一元二次方程ax2+bx+c =0(a≠0)的根,最后根据相应二次函数图象与x轴的位置关系,确定一元二次不等式的解集.两个常用结论(1)ax2+bx+c>0(a≠0)恒成立的条件是(2)ax2+bx+c<0(a≠0)恒成立的条件是三个“二次”的关系一元二次不等式解集的端点值是相应一元二次方程的根,也是相应的二次函数图象与x轴交点的横坐标,即二次函数的零点.(2)简单分式不等式的解法①变形⇒>0(<0)⇔f(x)g(x)>0(<0);②(2)简单分式不等式的解法①变形⇒>0(<0)⇔f(x)g(x)>0(<0);②变形⇒≥0(≤0)⇔f(x)g(x)≥0(≤0)且g(x)≠0.(3)简单指数不等式的解法①当a>1时,a f(x)>a g(x)⇔f(x)>g(x);②当0<a<1时,a f(x)>a g(x)⇔f(x)<g(x).(4)简单对数不等式的解法①当a>1时,log a f(x)>log a g(x)⇔f(x)>g(x)且f(x)>0,g(x)>0;②当0<a<1时,log a f(x)>log a g(x)⇔f(x)<g(x)且f(x)>0,g(x)>0.变形⇒≥0(≤0)⇔f(x)g(x)≥0(≤0)且g(x)≠0.例1 (2012·江苏)已知函数f(x)=x2+ax+b(a,b∈R)的值域为[0,+∞),若关于x的不等式f(x)<c的解集为(m,m+6),则实数c的值为________.答案 9解析 由题意知f(x)=x2+ax+b=2+b-.∵f(x)的值域为[0,+∞),∴b-=0,即b=.∴f(x)=2.又∵f(x)<c.∴2<c,即--<x<-+.∴②-①,得2=6,∴c=9.二次函数、二次不等式是高中数学的重要基础知识,也是高考的热点.本题考查了二次函数的值域及一元二次不等式的解法.突出考查将二次函数、二次方程、二次不等式三者进行相互转化的能力和转化与化归的数学思想方法.(1)已知p:∃x0∈R,mx+1≤0,q:∀x∈R,x2+mx+1>0.若p∧q为真命题,则实数m的取值范围是 ( ) A.(-∞,-2) B.[-2,0)C.(-2,0) D.[0,2](2)设命题p:{x|0≤2x-1≤1},命题q:{x|x2-(2k+1)x+k(k+1)≤0},若p是q的充分不必要条件,则实数k的取值范围是__________.答案 (1)C (2)解析 (1)p∧q为真命题,等价于p,q均为真命题.命题p为真时,m<0;命题q为真时,Δ=m2-4<0,解得-2<m<2.故p∧q为真时,-2<m<0.(2)p:{x|≤x≤1},q:{x|k≤x≤k+1},由p⇒q且qD⇒/p,则,∴0≤k≤,即k的取值范围是.1.若实数x、y满足4x+4y=2x+1+2y+1,则t=2x+2y的取值范围是 ( )A.0<t≤2 B.0<t≤4C.2<t≤4 D.t≥4答案 C解析 依题意得,(2x+2y)2-2×2x×2y=2(2x+2y),则t2-2t=2×2x×2y≤2×()2=;即-2t≤0,解得0≤t≤4;又t2-2t=2×2x×2y>0,且t>0,因此有t>2,故2<t≤4,故选C.3.设A={x|x2-2x-3>0},B={x|x2+ax+b≤0},若A∪B=R,A∩B=(3,4],则a+b等于 ( )A.7 B.-1 C.1 D.-7答案 D解析 依题意,A=(-∞,-1)∪(3,+∞),又因为A∪B=R,A∩B=(3,4],则B=[-1,4].所以a=-(-1+4)=-3,b=-1×4=-4,于是a+b=-7.故选D.11.求解关于x的不等式ax2-(a+1)x+1<0.解 (1)当a=0时,原不等式变为-x+1<0,此时不等式的解集为{x|x>1}.(2)当a≠0时,原不等式可化为a(x-1)<0.若a<0,则上式即为(x-1)>0,又因为<1,所以此时不等式的解集为{x|x>1或x<}.若a>0,则上式即为(x-1)<0.①当<1,即a>1时,原不等式的解集为;②当=1,即a=1时,原不等式的解集为∅;③当>1,即0<a<1时,原不等式的解集为.综上所述,当a<0时,原不等式的解集为;当a=0时,原不等式的解集为{x|x>1};当0<a<1时,原不等式的解集为;当a=1时,原不等式的解集为∅;当a>1时,原不等式的解集为.考点一 一元二次不等式的解法例1 (2012·江苏)已知函数f(x)=x2+ax+b(a,b∈R)的值域为[0,+∞),若关于x的不等式f(x)<c的解集为(m,m+6),则实数c的值为________.答案 9解析 由题意知f(x)=x2+ax+b=2+b-.∵f(x)的值域为[0,+∞),∴b-=0,即b=.∴f(x)=2.又∵f(x)<c.∴2<c,即--<x<-+.∴②-①,得2=6,∴c=9.二次函数、二次不等式是高中数学的重要基础知识,也是高考的热点.本题考查了二次函数的值域及一元二次不等式的解法.突出考查将二次函数、二次方程、二次不等式三者进行相互转化的能力和转化与化归的数学思想方法.(1)已知p:∃x0∈R,mx+1≤0,q:∀x∈R,x2+mx+1>0.若p∧q为真命题,则实数m的取值范围是 ( )A.(-∞,-2) B.[-2,0)C.(-2,0) D.[0,2](2)设命题p:{x|0≤2x-1≤1},命题q:{x|x2-(2k+1)x+k(k+1)≤0},若p是q的充分不必要条件,则实数k的取值范围是__________.答案 (1)C (2)解析 (1)p∧q为真命题,等价于p,q均为真命题.命题p为真时,m<0;命题q为真时,Δ=m2-4<0,解得-2<m<2.故p∧q为真时,-2<m<0.(2)p:{x|≤x≤1},q:{x|k≤x≤k+1},由p⇒q且qD⇒/p,则,∴0≤k≤,即k的取值范围是.考点二 利用基本不等式求最值问题例2 (1)(2012·浙江)若正数x,y满足x+3y=5xy,则3x+4y的最小值是 ( )A. B. C.5 D.6(2)设x,y为实数,若4x2+y2+xy=1,则2x+y的最大值是________.答案 (1)C (2)解析 (1)∵x>0,y>0,由x+3y=5xy得=1.∴3x+4y=(3x+4y)==+≥+×2=5(当且仅当x=2y时取等号),∴3x+4y的最小值为5.(2)方法一 ∵4x2+y2+xy=1,∴(2x+y)2-3xy=1,即(2x+y)2-·2xy=1,∴(2x+y)2-·2≤1,解之得(2x+y)2≤,即2x+y≤.等号当且仅当2x=y>0,即x=,y=时成立.方法二 令t=2x+y,则y=t-2x,代入4x2+y2+xy=1,得6x2-3tx+t2-1=0,由于x是实数,故Δ=9t2-24(t2-1)≥0,解得t2≤,即-≤t≤,即t的最大值也就是2x+y的最大值为.方法三 化已知4x2+y2+xy=1为2+2=1,令2x+y=cos α,y=sin α,则y=sin α,则2x+y=2x+y+y=cos α+sin α=sin(α+φ)≤.在利用基本不等式求最值时,要特别注意“拆、拼、凑”等技巧,使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、“定”(不等式的另一边必须为定值)、“等”(等号取得的条件)的条件才能应用,否则会出现错误.解题时应根据已知条件适当进行添(拆)项,创造应用基本不等式的条件.(1)已知关于x的不等式2x+≥7在x∈(a,+∞)上恒成立,则实数a的最小值为 ( )A.1 B. C.2 D.答案 B解析 2x+=2(x-a)++2a≥2·+2a=4+2a,由题意可知4+2a≥7,得a≥,即实数a的最小值为,故选B.(2)(2013·山东)设正实数x,y,z满足x2-3xy+4y2-z=0.则当取得最小值时,x+2y-z的最大值为 ( ) A.0 B.C.2 D.答案 C解析 由题意知:z=x2-3xy+4y2,则==+-3≥1,当且仅当x=2y时取等号,此时z=xy=2y2.所以x+2y-z=2y+2y-2y2=-2y2+4y=-2(y-1)2+2≤2.所以当y=1时,x+2y-z取最大值2.。

指数与对数不等式的解法

指数与对数不等式的解法

冲遢埶资昼推建二,・m=二*=斗指数不等式、对数不等式的解法指数不等式:转化为代数不等式\.a f{x} > a8{x\a > 1) <=> /(x) > g(x);a f(x) > a s(x)(0 v a v 1) O f(x) < g(x)2.a/(x) > b(ci > 0,b > 0) O /(x)-lga > lgb对数不等式:转化为代数不等式7u)>olog, J(X)> log“ g(x)(a > 1) O < g(x) > 0 ;/(x)>^(x)7W>0log“ /(X)> log“ g(x)(0 < 6/ < 1) <=> < g(x) > 0/(x) vg(x)例题2 乂一5 x—6 、、—AT +x—6 •N二3/ 1、J x? +x-2 c x_2变式•解关于X的不等式:(2} 1 214例2.解不等式"纟* & V・例3•如果x=3 是不等式:logjx2 - x - 2) v log“ (x +1) + log“ 3的一个解,解此关于x的不等式.例4.解不等式:Jbg 沦-1 < 3 - log 。

x (° v 心1)例5 •心1时解关于X 的不等式log Aa 2x- 2' (a x+ 2曲)+ 1]>0(A) {x|x<2} (B) {x10<x<2}(D ) {x|x>2} 2.(05辽宁卷)若叱2。

陽 <°,则“的取值范围是()A ・ G ,+°°)B. (t+°°) c ・ $1) D ・(°2)3・(05 全国卷 I)设 0 vavl,函数 f(x) = \og a (a 2x -2a x -2)9 则使/(x) V o 的兀的取值范围是()(A) (—8,0) (B) (0,+°°) (C)(Y,bg“3) (D) (log" 3,+oo)4. (05山东卷)Ovovl,下列不等式一定成立的是() (A) |log (1+fl)(l-6f)|+|log (1_fl)(l + 6f)|>2 (B) 卩ogg )(l —d)| v 卩og (_)(l + d)oO > X(C) {x|l<x<2}4.(C) |log (比)(1 —a) + log (i )(l + a)|< |log (“)(l-d)| + |log (s (l + d) (D) |log (i+“)(l-d) jog (_)(l + Q )|v |log (M )(li)|-|log (—)(l + G ) 5、 不等式(|)'-8>3-2v 的解集为; 6、 不等式lg(x 2+2x+2)< 1的解集为;37、 若log fl - < 1(" > 0,且“ H 1),则实数d 的取值范围为8. y = lo gl (-x 2+4x + 5)的单调递增区间为3作业围 ()A. 0<a< 1B. 0<67<lC. a vO 嗷 >1D ・ a < O^ci > 1 1.不等式log^vl 的解集为() C. 2. 3.A. {兀1兀>土} B ・{m 〉£且"1}D. {xl0<x<^}> log JI 成立的充要条件( ) B. 6/ > 1, X > 1 D.兀 >0< 3%}, N = {x I log [ (x-1) > 0},则M cN = 2{xlx> 1或0 VX V 丄} 4不等式loggST) A. a > 2. x> \C. a >2.x>G 已知集合M={X I32” 3 C ・(近)D. (0,1)i -> 75.对于"R,不等式(2)r_2" 恒成立,则3的取值范/ 3 3 aA. (0,1)B. (7,+c<?) C・(°冷) D・ Y,〒不等式log2(x+1)2 >5-log4(x+1)的解集是7. __________________________________________ 不等式的解集为 _____________________________________&解下列不等式. 2丄①%+产3) >2②4—5.2 2 +8>0A.(。

指数与对数不等式的解法1

指数与对数不等式的解法1

指数与对数不等式的解法1
含对数的不等式分两种情况:
(1)底数a>1,y=log(a)(x)是增函数:例如log(5)(2x+1)>2。

log(5)(2x+1)>log(5)(25)。

2x+1>25。

x>12。

(2)底数0<a<1,y=log(a)(x)是减函数:例如log(0.5)(2x+1)>2。

log(0.5)(2x+1)>log(0.5)(0.25)。

0<2x+1<0.25。

-1<2x<-0.75。

-0.5<x<-0.375。

解含有参数的不等式:
解含参数的不等式时,首先应注意考察是否需要进行分类讨论,如果遇到下述情况则一般需要讨论:
①不等式两端乘除一个含参数的式子时,则需讨论这个式子的正、负、零性。

②在求解过程中,需要使用指数函数、对数函数的单调性时,则需对它们的底数进行讨论。

③在解含有字母的一元二次不等式时,需要考虑相应的二次函数的开口方向,对应的一元二次方程根的状况(有时要分析△),比较两个
— 1 —
根的大小,设根为(或更多)但含参数。

— 2 —。

数学函数不等式知识点总结

数学函数不等式知识点总结

数学函数不等式知识点总结一、常见的函数不等式类型在数学中,函数不等式涉及到各种类型的函数,常见的函数类型包括线性函数、二次函数、指数函数、对数函数等。

这些函数类型在不等式中都有着各自的特点和解法方法。

接下来我们将针对这些常见的函数类型分别进行介绍。

1.1 线性函数不等式线性函数的一般形式为:f(x) = ax + b,其中a和b为常数,且a≠0。

线性函数不等式的形式为:ax + b > 0或者ax + b < 0。

解线性函数不等式最常用的方法就是通过解一元一次不等式,首先将不等式化为一元一次不等式,然后通过移项、乘除以常数等基本操作进行解答。

1.2 二次函数不等式二次函数的一般形式为:f(x) = ax^2 + bx + c,其中a、b、c为常数,且a≠0。

二次函数不等式的形式为:ax^2 + bx + c > 0或者ax^2 + bx + c < 0。

解二次函数不等式的方法通常有两种,一种是通过画出二次函数的图像,找出函数的取值范围;另一种是通过配方法或者公式法解出二次函数的解析式。

1.3 指数函数不等式指数函数的一般形式为:f(x) = a^x,其中a为正实数且a≠1。

指数函数不等式的形式为:a^x > b或者a^x < b。

解指数函数不等式的方法通常是通过取对数进行化简,然后再求解对数不等式的解。

1.4 对数函数不等式对数函数的一般形式为:f(x) = loga(x),其中a为正实数且a≠1。

对数函数不等式的形式为:loga(x) > b或者loga(x) < b。

解对数函数不等式的方法通常也是通过取对数进行化简,然后再求解对数不等式的解。

需要注意的是,对数函数的定义域为正实数,所以在解对数函数不等式时需要考虑函数的定义域。

二、函数不等式的解法方法解函数不等式的方法通常有几种常见的技巧和步骤,下面我们将对这些解法方法进行介绍。

2.1 移项法移项法是解一元一次不等式的常用方法,通过将不等式中的项移到一边,使得不等式变为一个不含未知数的式子,然后再求解不等式。

6 不等式的性质、不等式的解法、不等式的证明、绝对值不等式知识点

6  不等式的性质、不等式的解法、不等式的证明、绝对值不等式知识点

不等式一、不等式的性质1、比较两个数大小的依据0a b a b >⇔-> 0a b a b =⇔-= 0a b a b <⇔-< 2、性质定理1 (反身性)若a b >,则b a <;若a b <,则b a >。

(对称性) 定理2 (传递性)若a b >,且b c >,则a c >。

定理3 (可加性)若a b >,则a c b c +>+。

(加法法则) 移项法则 a b c a c b +>⇔>-。

(移项要变号)推论(同向可加性) 若a b >,b c >,则a c b d +>+。

同向不等式两边对应相加所得不等式与原不等式同向。

定理4 (可乘性)(乘法法则)若a b >,0c >,则a c b c >;若a b >,0c <,则a c b c <。

推论1(同向同正可积性)若0a b >>,0c d >>,则ac bd >。

两边都是正的同向不等式对应相乘所得不等式与原不等式同向。

推论2(同向同正可幂性)若0a b >>,则0nna b >> (n N +∈)。

定理5 (可开方性)若0a b >>0>> (n N +∈)。

定理6 (可倒性)若0a b >>,则110a b<<; 若0a b <<,则110a b>>。

(a b >,110ab a b >⇒<。

)含有绝对值不等式的性质: (1)a b a b a b -≤±≤+a b a b +≤+:,a b 异号是取"">;,a b 同号或0a =或0b =时取""=。

a b a b -≤+:,a b 同号是取"">;,a b 异号或0a =或0b =时取""=。

对数不等式解法

对数不等式解法

对数不等式解法如下
含对数的不等式分两种情况:
(1)底数a>1,y=log(a)(x)是增函数:例如log(5)(2x+1)>2。

log(5)(2x+1)>log(5)(25)。

2x+1>25。

x>12。

(2)底数0<a<1,y=log(a)(x)是减函数:例如log(0.5)(2x+1)>2。

log(0.5)(2x+1)>log(0.5)(0.25)。

0<2x+1<0.25。

-1<2x<-0.75。

-0.5<x<-0.375。

解含有参数的不等式:
解含参数的不等式时,首先应注意考察是否需要进行分类讨论,如果遇到下述情况则一般需要讨论:
①不等式两端乘除一个含参数的式子时,则需讨论这个式子的正、负、零性。

②在求解过程中,需要使用指数函数、对数函数的单调性时,则需对它们的底数进行讨论。

③在解含有字母的一元二次不等式时,需要考虑相应的二次函数的开口方向,对应的一元二次方程根的状况(有时要分析△),比较两个根的大小,设根为(或更多)但含参数。

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例2.解不等式
log1 ( x 2 3x 4) log1 (2 x 10) 0
3 3
解:原不等式可以化为 log1 ( x 2 3x 4) log1 (2 x 10)
1 因为上不等式中所含的 以 为底的对数函数是减函 数, 3 所以以上不等式成立, 当且仅当 x 2 3 x 4 0 2 x 10 0 成立. x 2 3 x 4 2 x 10 解这个不等式组,得
2
2
Bu C 0
求使这个一元二次不等 式成立的u的范围,
使 loga x在这个范围的 x的值的集合 , 就是原不等式的解集。
指数式、对数式不等式的解法-----练习
解不等式: 1 ( 1) . 2
1 2
x 2 1
x 2 1
1 4
碌着,并没有随女眷们壹起去永和宫请安。因此直到乾清宫,他才见到魂牵梦萦の小仙女。两年不见,水清仍然如他三年前初见の那样,岁月 不曾在她の身上留下壹丝壹毫の痕迹。壹样の稚嫩脸庞,壹样の冰清玉洁,壹样の傲然孤立。而且二十三小格还知道,水清两年如壹日,壹样 の冷遇无宠。对于这各结果,他既是暗自高兴,也是黯然神伤。高兴,当然他是巴不得水清壹辈子不得宠才好;神伤,当然是后悔不已,假如 自己早早知道年羹尧还有这么壹各亲妹妹,他壹定会不惜壹切代价将她娶进二十三贝子府,做他の福晋。从此以后,他二十三小格再也不会看 其它任何壹各诸人壹眼,他の心会小得只装得下她壹各人,他会让她独享专宠,他会让她享尽尊荣,她是他の曾经沧海,她是他の巫山云。就 在二十三小格不停地后悔,不停地立下誓言之际,不多时,响鞭壹阵阵传来,随即鼓乐齐鸣,圣驾来至宴席,众人纷纷起立,请安之声不绝于 耳。由于是纯粹の家宴,待落座之后,先是后宫中位份最高の佟佳贵妃率众妃嫔向皇上祝寿,祝寿过后,所有在场人员随着李德全の口令起身 离座、跪下磕头、起身回座。后妃祝寿过后便是皇子们の祝寿。此时大小格、废太子都在圈禁中,因此三小格诚亲王作为皇子中最为年长者率 弟弟们向皇阿玛祝寿,完毕后所有人员再次在离座、磕头、回座。然后是儿媳妇们の祝寿,众人再次行磕头大礼。最后是皇孙、重皇孙们,众 人再行磕头大礼。多半各时辰里除咯祝寿和行磕头大礼之外,所有の人没有吃壹口饭,没有喝壹口水。好不容易集体祝寿结束,众人可以踏实 落座,李德全壹声令下,宫女太监们开始摆膳。第壹卷 第335章 小鬼 壹整天の时间里,弘时都对这各年姨娘讨厌透顶:额娘被太太冷落, 自己又没有机会跟太太说上话,平时在府里就瞧这年姨娘不顺眼,此刻更是“新仇旧恨”齐齐涌上心头,因此他那小脑袋瓜里壹刻不停地盘算 着如何好好地整治这各年姨娘の各种招数。他要让这各平时对他不够恭敬、不够谦卑の年姨娘必须吃点儿苦头,知道他小爷不是好惹の。此刻 の他,壹双小眼睛滴溜溜地转来转去,打着鬼主意,想着、想着,这主意就想出来咯!这不奴才们正摆膳嘛,于是他假意跟淑清撒娇,身子顿 时就扑向她怀里の同时开口说道:“额娘,您头上の珠花要掉咯!”弘时壹边说着,壹边抬起手去给淑清摆弄珠花,然后这只小手半路中就变 咯方向。他哪里是伸向咯他额娘の珠花,而是直直地照着正在布菜の壹各奴才の胳膊上伸咯过去。那各正在布菜の奴才不是别人,就是吟雪! 吟雪本来是站在水清の身后服侍,恰巧这各位置正是宫中太监往席上端盘子上菜の位置,因此她需要给上菜の太监搭把手,将菜盘子端到宴席 上。此时吟雪正接咯宫中太监递上来の菜盘子往桌子上摆呢,毫无防备の她被弘时猛地壹各突袭,壹盘子“金腿烧圆鱼”在她手上就打咯壹各 滑,幸好她眼疾手快,另壹只手及时地扶咯壹下,才没有酿成壹盘菜直接扣在地上の严重恶果!这可是皇上六十大寿の寿宴,假如发生这种事 情,她吟雪就是不会被要咯半条命,也得是脱咯壹层皮。虽然金腿、圆鱼还都在盘子里老老实实地呆着,但壹盘子の汤汁酱料可是结结实实地 洒在咯水清右侧の整各肩膀,还有几段大葱、两瓣大蒜,半颗大料沥沥拉拉地挂在衣服上。吟雪吃咯壹各哑巴亏!她哪儿敢说是弘时小格碰咯 她の胳膊,只能是赶快先找热巾来擦试。好不容易汤汁不再四处横流咯,但水清整整右肩膀外加右前襟全都是油腻腻の酱汁。今天因为是出席 宫中の寿宴,她の服饰完全是按品级穿戴,侧福晋の公服是粉红色旗装。因此,在粉红色旗装の映衬下,那壹大片近乎黑色の酱汁极为刺眼夺 目。看着平时漂漂亮亮、光光鲜鲜の年姨娘现在竟是这副狼狈不堪の样子,弘时の心中简直就是乐开咯花。好在他还没有猖狂到明目张胆の程 度,只是把头抵在淑清の怀中,却实在是抑制不住内心の狂喜,笑得身子都跟着抖动咯起来。淑清根本看不到弘时の表情,感觉到三小格在她 の怀中浑身颤抖,她以为这孩子是被这各突如其来の变故吓哭咯呢,于是壹边赶快拍着弘时の后背,壹边安慰着:“时儿,不要怕,有额娘在 呢,不就是壹各奴才嘛,有啥啊可怕の,还能反咯天不成?瞧你这点儿出息,你可是当主子の,你就是各吃奶の孩子,你也是主子,她也是奴 才!而且有啥啊样の主子就有啥啊样の奴才!”第壹卷 第336章 冲突其实淑清这番话哪里是啥啊安慰弘时の话语,分明就是说给水清壹各人 听の。她当然看到咯年妹妹身上那片难看の菜汁,也知道吟雪の胳膊被弘时挡咯壹下。不过,她可不想让时儿承担啥啊责任,更何况,壹各奴 才怎么可能追究主子の过错,再小の主子那也是主子,再老の奴才,她也是奴才!水清原本也没有打算追究啥啊,虽然她の样子很狼狈,但毕 竟也是自己の奴才失咯手。可是李姐姐の这番话说得可就不对咯,事情是有因才有果の,吟雪假如没有被三小格欺负,怎么可能犯咯这么大の 过失?而且淑清最后那壹句话,不但是话里有话,而且毫不掩饰地就将矛头直接指向咯水清。水清知道,这是因为锦茵格格出嫁の事情,淑清 姐姐壹直在记恨她,才会对她这么含沙射影,才不会放过吟雪の任何壹各过失。可是这是皇上六十大寿の寿宴,又是当着其它嫂子、弟妹们の 面,她就是再有天大の委屈,无论如何也不能跟李姐姐起
解这个不等式组,得
也就是 所以
3 log3 x 4 log3 27 log3 x log3 81
27 x 81 所以原不等式的解为 x | 27

x 81
指数式、对数式不等式的解法----类型4
令u loga x得:Au
A(loga x) B loga x C 0
loga f ( x) loga g ( x)

f ( x) 0 当a 1 时 : g ( x) 0 f ( x) g ( x) f ( x) 0 当0 a 1 时 : g ( x) 0 f ( x) g ( x)
指数式、对数式不等式的解法-----范例3
3 3
x | x 1或x 4 x | x 5 x | 2 x 7 x | 2 x 1或4 x 7
所以原不等式的解为
5
2 1
7 4 x | 2 x 1或4 x 7
指数式、对数式不等式的解法---类型2
例1.解不等式 2
x 2 x 3
2
解:原不等式可以化为
1 2
3( x 1)
2
x 2 2 x 3
23( x 1)
因为上不等式中所含的 以2为底的指数函数是增函 数, 所以以上不等式成立, 当且仅当
x 2 2 x 3 3( x 1)成立
解这个不等式,得
4 log3 x log3 x 2
解:原不等式可以化为 4 log3 x 0 log3 x 2 0 4 log x (log x 2) 2 3 3 log3 x 4 log3 x 4 ∴ ∴ log3 x 2 log3 x 2 (log x ) 2 3 log x 0 log x 0或 log x 3 3 3 3 3
指数式、对数式不等式的解法----类
令u a 得:Au Bu C 0
x 2
求使这个一元二次不等 式成立的正解 u的范围,
使a 在这个范围的 x的值的集合 , 就是原不等式的解集。
指数式、对数式不等式的解法---范例4
例4.解不等式
loga f ( x) loga g ( x)
3.A(a x )2 Bax C 0 4.A(log
2 x ) B loga x C 0 a
令u a x得:Au2 Bu C 0
求使这个一元二次不等 式成立的正解 u的范围, 使a x在这个范围的 x的值的集合 , 就是原不等式的解集。
a

4

3
x( x 3)(x 1)(x 2) 0
各因式的 值的符号
2.
x 5x 6 0
2
2 1 -2 -1
O
-1
1
2
3
4

因式
0
+ -
-1
+ + -
2
+ + +
3
+ + +
-2
x x+1 x-2 x-3
-
-
+
-
+
+
x( x 3)(x 1)(x 2) +
有理式、根式不等式的解法-------复习
f ( x) 0 g ( x) 0 f ( x ) [ g ( x ) ]2
(1) f ( x) g ( x) 0
(2) f ( x) g( x) 0
g ( x) 0 f ( x) 0
g ( x) 0 或f ( x) 0 f ( x) 0
2
x 1
0
1 2
log 2
2 ( x 1)
x 1 2( x 1) x | x 1
2 2 log
4 4 ( 2). 5 5 (log2 x)2 1 2(2 log 2 x)
x 2 1

2
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