大学物理习题精选-答案——第2章 质点动力学
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质点动力学习题答案
2-1一个质量为P 的质点,在光滑的固定斜面(倾角为α)上以初速度0v 运动,0v 的方向
与斜面底边的水平线AB 平行,如图所示,求这质点的运动轨道.
解: 物体置于斜面上受到重力mg ,斜面支持力N .建立坐标:取0v ϖ
方向为X 轴,平行斜
面与X 轴垂直方向为Y 轴.如图2-1.
图2-1
X 方向: 0=x F t v x 0= ① Y 方向: y y ma mg F ==αsin ② 0=t 时 0=y 0=y v
2sin 2
1
t g y α=
由①、②式消去t ,得
220
sin 21
x g v y ⋅=
α 2-2 质量为m 的物体被竖直上抛,初速度为0v ,物体受到的空气阻力数值为f KV =,K 为
常数.求物体升高到最高点时所用时间及上升的最大高度. 解:⑴研究对象:m
⑵受力分析:m 受两个力,重力P 及空气阻力f ⑶牛顿第二定律:
合力:f P F ϖ
ϖϖ+=
a m f P ϖϖϖ=+
y 分量:dt
dV
m
KV mg =-- dt KV
mg mdV
-=+⇒
即
dt m
KV mg dV 1
-=+
⎰⎰-=+t v
v dt m KV mg dV 01
dt m
KV mg KV mg K 1ln 10-=++ )(0KV mg e
KV mg t m
K
+⋅=+-
mg K
e KV mg K V t m K
1
)(10-+=⇒- ①
0=V 时,物体达到了最高点,可有0t 为
)1ln(ln 000mg
KV K m mg KV mg K m t +=+=
② ∵ dt
dy
V =
∴ Vdt dy =
dt mg K e KV mg K Vdt dy t
t m
K t
y
⎰⎰⎰
⎥⎦
⎤⎢⎣⎡-+==-0000
1)(1
mgt K
e KV mg K m
y t m K 11)(02-⎥⎦⎤⎢⎣⎡-+-=-
021
()1K
t m m
mg KV e mgt K K
-+--⎡⎤=⎢⎥⎣⎦ ③ 0t t = 时,max y y =,
)1ln(11)(0)1ln(02max
0mg KV K m mg K
e KV mg K m y mg
KV K m
m K +
⋅-⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡-+=+⋅- )1ln(1
1)(0
22
02mg KV g K m mg KV mg KV mg K m +-⎥⎥
⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎢⎢⎣⎡
+-+=
)1ln()(022
0002mg KV g K m KV mg KV KV mg K
m +-++=
)1ln(0
220mg KV g K
m K mV +-=
2-3 一条质量为m ,长为l 的匀质链条,放在一光滑的水平桌面,链子的一端由极小的一
段长度被推出桌子边缘,在重力作用下开始下落,试求链条刚刚离开桌面时的速度.
解:链条在运动过程中,其部分的速度、加速度均相同,沿链条方向,受力为
m
xg l
,根据牛顿定律,有
m
F xg ma l
=
= 图2-4
通过变量替换有 m dv xg mv l dx
=
0,0x v ==,积分00
l v
m xg mvdv l =⎰⎰
由上式可得链条刚离开桌面时的速度为v gl =
2-5 升降机内有两物体,质量分别为1m 和2m ,且2m =21m .用细绳连接,跨过滑轮,绳子
不可伸长,滑轮质量及一切摩擦都忽略不计,当升降机以匀加速a =
1
2
g 上升时,求:(1) 1m 和2m 相对升降机的加速度.(2)在地面上观察1m 和2m 的加速度各为多少 解: 分别以1m ,2m 为研究对象,其受力图如图所示.
(1)设2m 相对滑轮(即升降机)的加速度为a ',则2m 对地加速度a a a -'=2;因绳不可伸长,故1m 对滑轮的加速度亦为a ',又1m 在水平方向上没有受牵连运动的影响,所以1m 在水平方向对地加速度亦为a ',由牛顿定律,有
)(22a a m T g m -'=-
a m T '=1
题2-5图
联立,解得g a ='方向向下 (2) 2m 对地加速度为
2
2g
a a a =
-'= 方向向上 1m 在水面方向有相对加速度,竖直方向有牵连加速度,即牵相绝a a a ϖϖϖ+='
∴ g g g a a a 2
5
422
2
2
1=+=+'=
a a '=arctan
θo 6.262
1
arctan ==,左偏上. 2-6 一物体受合力为t F 2=(SI ),做直线运动,试问在第二个5秒内和第一个5秒内物体
受冲量之比及动量增量之比各为多少 解:设物体沿+x 方向运动,
2525
50
1===⎰⎰tdt Fdt I N·S (1I ϖ沿i ϖ方向)
75210
5
105
2===⎰
⎰tdt Fdt I N·S (2I ϖ沿i ϖ
方向)
3/12=⇒I I
∵⎩⎨
⎧∆=∆=11
2
2)()(p I p I
∴
3)()(1
2
=∆∆p p
2-7 一弹性球,质量为020.0=m kg ,速率5=v m/s ,与墙壁碰撞后跳回. 设跳回时速率不
变,碰撞前后的速度方向和墙的法线夹角都为60α︒
=,⑴求碰撞过程中小球受到的冲量?=I ϖ
⑵设碰撞时间为05.0=∆t s ,求碰撞过程中小球 受到的平均冲力?F = 解:
⎩
⎨
⎧=-=-==--=-=0sin sin cos 2)cos (cos 1212ααα
ααmv mv mv mv I mv mv mv mv mv I y y y x x x i i i mv i I I x ϖϖϖϖϖο
10.060cos 5020.02cos 2=⨯⨯⨯===⇒αN·S
2-9 一颗子弹由枪口射出时速率为1
0s m -⋅v ,当子弹在枪筒内被加速时,它所受的合力为 F =(bt a -)N(b a ,为常数),其中t 以秒为单位:(1)假设子弹运行到枪口处合力刚好为零,试计算子弹走完枪筒全长所需时间;(2)求子弹所受的冲量.(3)求子弹的质量. 解: (1)由题意,子弹到枪口时,有
0)(=-=bt a F ,得b
a t =
(2)子弹所受的冲量
⎰-=-=t bt at t bt a I 022
1
d )(
将b
a
t =
代入,得