专题25 化学反应速率-2020年高考化学一轮复习一遍过(解析版)

专题25 化学反应速率

1．对于密闭容器中的反应2SO3(g)O2(g)＋2SO2(g)，在一定条件下n(SO3)和n(O2)随时间变化的关系如图所示。下列叙述正确的是（）

A．点c处反应达到平衡B．点b的正反应速率比点a的大

C．点c的逆反应速率比点e的大D．点d(t1时刻)和点e(t2时刻)处n(SO2)一样大

【答案】D

【解析】A.由图像可以知道，点c处O2和SO3的物质的量相等，但是未必达到平衡状态，故A错误；B.点bSO3的物质的量浓度比a点小，所以点b的的正反应速率比点a的小，故B错误；C.点c为达到平衡且向正反应方向进行，生成物的浓度比平衡时要小，所以逆反应速率比平衡状态小，而点e处于平衡状态，所以点c的逆反应速率比点e的小，故C错误；D.点d(t1时刻)和点e(t2时刻)都处于同一平衡状态下，所以SO2的物质的量相同，故D正确。

2．下列试管中，不同条件下反应：Fe＋2HCl＝FeCl2＋H2↑，判断产生H2的反应速率最小的是

【答案】A

【解析】盐酸浓度越大、温度越高、接触面积越大反应速率越快，根据表中数据可知C中反应速率最快，A 中反应速率最慢，答案选A。

3．某学生为了探究锌与盐酸反应过程中的速率变化，他在100 mL稀盐酸中加入足量的锌粉，用排水集气法收集反应放出的氢气，实验记录如下(累计值)：

反应速率最大的时间段及其原因是（）。

A．0～1min 盐酸浓度大，反应速率大

B．1～2min 接触面积增大，反应速率大

C．2～3min 反应放热，温度升高，反应速率大

D．3～4min 产生的Zn2+是催化剂，反应速率大

【答案】C

【解析】从表中数据看出：0～1min 收集的氢气小于后一分钟，虽然盐酸浓度较大，但是温度较低，故反应速率不是最大；2 min～3 min收集的氢气比其他时间段多，虽然反应中c（H+）下降，但主要原因是Zn 置换H2的反应是放热反应，温度升高，温度对反应速率影响占主导作用；3～4min 反应速率比前一分钟小，不能由此判断Zn2+是催化剂：4 min～5 min收集的氢气最少，虽然反应放热，但主要原因是c（H+）下降，反应物浓度越低，反应速率越小，浓度对反应速率影响占主导作用，故选C。

4．在一定温度下，10mL 0.40mol/L H2O2溶液发生催化分解。不同时刻测得生成的体积(已折算为标准状况)如下表。

下列叙述不正确

．．．的是(溶液体积变化忽略不计)

A．0~6min的平均反应速率：v(H2O2)=3.3×10-2mol/(L·min)

B．6~10min的平均反应速率：v(H2O2)＜3.3×10-2mol/(L·min)

C．反应到6min时，c(H2O2)=0.30mol/L

D．反应到6min时，H2O2分解了50%

【答案】C

【解析】A.0～6min时间内，生成氧气的物质的量为=0.001mol，由2H2O22H2O+O2，可知△c(H2O2)==0.2mol/L，所以v(H2O2)=≈0.033mol/(L•min)，故A正确；B．随着反应的

进行，H2O2的浓度逐渐减小，反应速率减慢，6~10 min的平均反应速率小于0～6min时间内反应速率，故B正确；C．由A计算可知，反应至6 min时c(H2O2)=0.4mol/L-0.2mol/L=0.2mol/L，故C错误；D．6min 内△c(H2O2)=0.2mol/L，则H2O2分解率为：×100%=50%，故D正确。

5．二氧化钛在一定波长光的照射下，可有效降解甲醛、苯等有机物，效果持久，且自身对人体无害。某课题组研究了溶液的酸碱性对TiO2光催化染料R降解反应的影响，结果如图所示。下列判断正确的是

A．在0～20min之间，pH＝7时R的降解速率为0.07mol·L-1·min-1

B．R的起始浓度不同，无法判断溶液的酸碱性对R的降解速率的影响

C．二氧化钛对pH＝2的R溶液催化效率好

D．在0～50 min之间，R的降解百分率pH＝2大于pH＝7

【答案】C

【解析】A. 在0～20min之间，pH＝7时R的降解速率=（1.8-0.4）×10-4mol/L/20min=7×10-6mol·L-1·min-1，A错误；B. 判断溶液的酸碱性对R的降解速率的影响应选用R的起始浓度相同，B错误；C. 通过图像可知，pH＝2时，二氧化钛对R溶液催化时间迅速缩短，效率好，C正确；D. 在0～50 min之间，R的降解初始量pH＝7大于pH＝2，平衡时浓度接近0，则降解百分率pH＝7大于pH＝2，D错误。

6．化合物Bilirubin 在一定波长光照射下发生分解反应，反应物浓度随反应时间变化如图所示，计算反应4〜8min 平均反应速率和推测反应16min 时反应物的浓度，结果应是

A．2.5μmol/(L·min)和2.0μmol B．2.5μmol/(L·min)和2.5μmol

C．3.0μmol/(L·min)和3.0μmol D．5.0μmol/(L·min)和3.0μmol

【答案】B

【解析】由图可知，4〜8min期间，反应物浓度变化为(20-10)μmol/L=l0μmol/L，所以4~8min期间，反应速率为=2.5μmol/(L·min)；由图可知，0~4min期间，反应物浓度变化为(40-20)μmol/L=20μmol/L，4〜8min 期间，反应物浓度变化为(20-10)μmol/L=10μmol/L，可知，每隔4分钟，浓度变化量降为原来的一半，所以8〜12min浓度变化为5μmol/L，12〜16min 浓度变化为 2.5μmol/L，所以16min 时浓度为

10μmol/L-5μmol/L-2.5μmol/L=2.5μmol/L。

7．在恒温恒容的密闭容器中通入一定量的A、B，发生反应A(g)＋2B(g)3C(g)。如图是A的反应速率v(A)随时间变化的示意图。下列说法正确的是

A．反应物A的浓度：a点小于b点

B．A的平均反应速率：ab段大于bc段

C．曲线上的c、d两点都表示达到平衡状态

D．该反应的生成物可能对反应起催化作用

【答案】D

【解析】A.随反应进行，反应物浓度不断减小，所以a点浓度大于b点，故A错误；B.ac段，反应速率逐渐增大，所以平均反应速率ab段小于bc段，故B错误；C.从图象上无法判断正逆反应速率相等，c、d两