华约、北约、卓越2014大学自主招生模拟试题一数学含详细解答
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2 2
P
O
1
x
A
b b b
2 b2-( 3a)2=2 3
4 b2- a2. 3
F B
2a
D
a
2AG2-AE2 2BF2-BD2 由 cos∠AGE=cos∠BFD,得 = . 2AG2 2BF2 4 4(b2- 2a2) 3 4a2b2 4 ∴ = 2 2 9b2=16a2,b= a,从而 b=2,2a=3. 2 2 3 b -a 4a (b -a2) AE=2.即最远的两个顶点距离为 3. 5. 解:至少 3 种颜色:
3
1 33 1 1 3 = 2.当且仅当 x= 2即 x= 2时 g(x)取得最小值. 4 2 2 x
4q-p2 3 3 p 3 3 3 3 ∴- = 2, = 2,p=-2 2,q= 3 2+ 4. 2 4 2 2 53 3 3 3 由于 2-1<2- 2.故在[1.2]上 f(x)的最大值为 f(2)=4- 2+ 4.故选 B. 2 6. 解:O2 与下底距离=3,与O1 距离=2+3=5,与轴距离=4,问题转化为在以 4 为半径的圆周上,能放几 个距离为 6 的点? 右图中,由sin∠O2HC=3/4>0.707,即∠O2HO3>90° ,即此圆上还可再放 下 2 个满足要求的点.故选B. 二 1 1. 解 由已知,得 <logx10≤11≤lgx<210≤x<100.故该集合有 90 个元素.其真子集有 290-1 个. 2
公共棱的面染成不同的颜色。则不同的染色方法共有_______种.(注:如果我们对两个相同的正方体染色后, 可以通过适当的翻转,使得两个正方体的上、下、左、右、前、后六个对应面的染色都相同,那么,我们就说 这两个正方体的染色方案相同.) 6. 在直角坐标平面,以(199,0)为圆心,199 为半径的圆周上整点(即横、纵坐标皆为整数的点)的个数为 ________.
O2 2 O1 3 3
O4 O2 C O3
H
H
π 3 1 _ π π 2. 解:z1 满足|z-i|=1;argz1= ,得 z1= + i,z1=cos(- )+isin(- ). 6 2 2 6 6 _ π π 设 z2 的辐角为 θ(0<θ<π),则 z2=2sinθ(cosθ+isinθ).z1· z2=2sinθ[cos(θ- )+isin(θ- )],若其实部为 0,则 θ- 6 6 π π 2π 3 3 = ,于是 θ= .z2=- + i. 6 2 3 2 2 3. 解:只要考虑|AP|最长与最短时所在线段扫过的面积即可. 设 P(1+cosθ,θ), 则|AP|2=22+(1+cosθ)2-2· 2(1+cosθ)cosθ=-3cos2θ-2cosθ+5 1 16 16 16 16 =-3(cosθ+ )2+ ≤ .且显然|AP|2 能取遍[0, ]内的一切值,故所求面积= π. 3 3 3 3 3 4. 解:该六面体的棱只有两种,设原正三棱锥的底面边长为 2a,侧棱为 b. 取 CD 中点 G,则 AG⊥CD,EG⊥CD,故∠AGE 是二面角 A—CD—E 的平面角.由 BD⊥AC,作平面 BDF⊥棱 AC 交 AC 于 F,则∠BFD 为二面角 B—AC—D 的平面角. 2a b -a AG=EG= b2-a2,BF=DF= ,AE=2 b
1 5. 如果在区间[1,2]上函数 f(x)=x2+px+q 与 g(x)=x+ 2在同一点取相同的最小值,那么 f(x)在该区间上的最大值 x 是( ) 11 3 3 (A) 4+ 2+ 4 2 (C) 13 3 1- 2+ 4 2 53 3 (B) 4- 2+ 4 2 (D)以上答案都不对
6. 高为 8 的圆台内有一个半径为 2 的球 O1,球心 O1 在圆台的轴上,球 O1 与圆台的上底面、侧面都相切, 圆台内可再放入一个半径为 3 的球 O2,使得球 O2 与球 O1、圆台的下底面及侧面都只有一个公共点,除球 O2, 圆台内最多还能放入半径为 3 的球的个数是( (A ) 1 二.填空题 1 1. 集合{x|-1≤log110<- ,x∈N*}的真子集的个数是 2 x . (B) 2 (C) 3 ) (D) 4
3 2 2 4
_ π 2.复平面上, 非零复数 z1, z2 在以 i 为圆心, 1 为半径的圆上, z1· z2 的实部为零, z1 的辐角主值为 , 则 z2=_______. 6 3. 曲线 C 的极坐标方程是 ρ=1+cosθ,点 A 的极坐标是(2,0),曲线 C 在它所在的平面内绕 A 旋转一周,则它 扫过的图形的面积是_______. 4. 已知将给定的两个全等的正三棱锥的底面粘在一起,恰得到一个所有二面角都相等的六面体,并且该六面 体的最短棱的长为 2,则最远的两顶点间的距离是________. 5. 从给定的六种不同颜色中选用若干种颜色,将一个正方体的六个面染色,每 面恰染一种颜色,每两个具有
C E
G
6 种颜色全用:上面固定用某色,下面可有 5 种选择,其余 4 面有(4-1)!=6 种方法,共计 30 种方法; 用 5 种颜色:上下用同色:6 种方法,选 4 色:C5(4-1)! =30;6×30÷2=90 种方法; . 用 4 种颜色:C6C4=90 种方法. 用 3 种颜色:C6=20 种方法. ∴共有 230 种方法. 6. 解:把圆心平移至原点,不影响问题的结果.故问题即求 x2+y2=1992 的整数解数. 显然 x、y 一奇一偶,设 x=2m,y=2n-1.且 1≤m,n≤99. 则得 4m2=1992-(2n-1)2=(198+2n)(200-2n).m2=(99+n)(100-n)≡(n-1)(-n) (mod 4) 0,(当n0,1(mod 4)时) 由于 m 为正整数,m2≡0,1 (mod 4);(n-1)(-n)≡ 2,(当n2,3(mod 4)时) 二者矛盾,故只有(0,±199),(±199,0)这 4 解. ∴ 共有 4 个.(199,±199),(0,0),(398,0).
模拟题答案
模拟一
一 1 1. 解:9-9(y-1)2=9-(y+1)2,8y2-20y+8=0,y=2 或 ,相应的,x=0,或 x=± 3. 2 此三点连成一个正三角形.选 C. 1 2. 解:πn=1536 ×(- ) 2
n
n(n-1) 2 ,故 π11<0,π9,π12,π13>0.作商比较:
3. 存在整数 n,使 p+n+ n是整数的质数 p( (A)不存在 (C)多于一个,但为有限个
(B)只有一个 (D)有无穷多个 )
百度文库
1 4. 设 x∈(- ,0),以下三个数 α1=cos(sinxπ),α2=sin(cosxπ),α3=cos(x+1)π 的大小关系是( 2 (A)α3<α2<α1 (B)α1<α3<α2 (C)α3<α1<α2 (D)α2<α3<α1
2014 大学自主招生模拟试题一
一.选择题 1. 把圆 x2+(y-1)2=1 与椭圆 9x2+(y+1)2=9 的公共点,用线段连接起来所得到的图形为( (A)线段 (B)不等边三角形 (C)等边三角形 (D)四边形 ) )
1 2. 等比数列{an}的首项 a1=1536,公比 q=- ,用 πn 表示它的前 n 项之积。则 πn(n∈N*)最大的是( 2 (A)π9 (B)π11 (C)π12 (D)π13 )
π12 1 - π13 1 - 又, =15363( )66 36>1, =1536( )78 66<1.故选 C. π9 2 π12 2 3. 解:如果 p 为奇质数,p=2k+1,则存在 n=k2(k∈N+),使 p+n+ n=2k+1.故选 D. 4. 解:α1= cos(sin|x|π)>0,α2=sin(cos|x|π)>0,α3=cos(1-|x|)π<0,排除 B、D. π π π ∵ sin|x|π+ cos|x|π= 2sin(|x|π+ )< ,于是 cos|x|π< -sin|x|π, 4 2 2 ∴ sin(cos|x|π)<cos(sin|x|π),故 α2<α1,选 A. 1 2 2 3 π 2 π 又解:取 x=- ,则 α1=cos ,α2=sin ,α3=cos π<0.由于 < < ,故 α1>α2. 4 2 2 4 6 2 4 1 1 1 1 5. :g(x)= x+ 2= x+ x+ 2≥3 x 2 2 x
P
O
1
x
A
b b b
2 b2-( 3a)2=2 3
4 b2- a2. 3
F B
2a
D
a
2AG2-AE2 2BF2-BD2 由 cos∠AGE=cos∠BFD,得 = . 2AG2 2BF2 4 4(b2- 2a2) 3 4a2b2 4 ∴ = 2 2 9b2=16a2,b= a,从而 b=2,2a=3. 2 2 3 b -a 4a (b -a2) AE=2.即最远的两个顶点距离为 3. 5. 解:至少 3 种颜色:
3
1 33 1 1 3 = 2.当且仅当 x= 2即 x= 2时 g(x)取得最小值. 4 2 2 x
4q-p2 3 3 p 3 3 3 3 ∴- = 2, = 2,p=-2 2,q= 3 2+ 4. 2 4 2 2 53 3 3 3 由于 2-1<2- 2.故在[1.2]上 f(x)的最大值为 f(2)=4- 2+ 4.故选 B. 2 6. 解:O2 与下底距离=3,与O1 距离=2+3=5,与轴距离=4,问题转化为在以 4 为半径的圆周上,能放几 个距离为 6 的点? 右图中,由sin∠O2HC=3/4>0.707,即∠O2HO3>90° ,即此圆上还可再放 下 2 个满足要求的点.故选B. 二 1 1. 解 由已知,得 <logx10≤11≤lgx<210≤x<100.故该集合有 90 个元素.其真子集有 290-1 个. 2
公共棱的面染成不同的颜色。则不同的染色方法共有_______种.(注:如果我们对两个相同的正方体染色后, 可以通过适当的翻转,使得两个正方体的上、下、左、右、前、后六个对应面的染色都相同,那么,我们就说 这两个正方体的染色方案相同.) 6. 在直角坐标平面,以(199,0)为圆心,199 为半径的圆周上整点(即横、纵坐标皆为整数的点)的个数为 ________.
O2 2 O1 3 3
O4 O2 C O3
H
H
π 3 1 _ π π 2. 解:z1 满足|z-i|=1;argz1= ,得 z1= + i,z1=cos(- )+isin(- ). 6 2 2 6 6 _ π π 设 z2 的辐角为 θ(0<θ<π),则 z2=2sinθ(cosθ+isinθ).z1· z2=2sinθ[cos(θ- )+isin(θ- )],若其实部为 0,则 θ- 6 6 π π 2π 3 3 = ,于是 θ= .z2=- + i. 6 2 3 2 2 3. 解:只要考虑|AP|最长与最短时所在线段扫过的面积即可. 设 P(1+cosθ,θ), 则|AP|2=22+(1+cosθ)2-2· 2(1+cosθ)cosθ=-3cos2θ-2cosθ+5 1 16 16 16 16 =-3(cosθ+ )2+ ≤ .且显然|AP|2 能取遍[0, ]内的一切值,故所求面积= π. 3 3 3 3 3 4. 解:该六面体的棱只有两种,设原正三棱锥的底面边长为 2a,侧棱为 b. 取 CD 中点 G,则 AG⊥CD,EG⊥CD,故∠AGE 是二面角 A—CD—E 的平面角.由 BD⊥AC,作平面 BDF⊥棱 AC 交 AC 于 F,则∠BFD 为二面角 B—AC—D 的平面角. 2a b -a AG=EG= b2-a2,BF=DF= ,AE=2 b
1 5. 如果在区间[1,2]上函数 f(x)=x2+px+q 与 g(x)=x+ 2在同一点取相同的最小值,那么 f(x)在该区间上的最大值 x 是( ) 11 3 3 (A) 4+ 2+ 4 2 (C) 13 3 1- 2+ 4 2 53 3 (B) 4- 2+ 4 2 (D)以上答案都不对
6. 高为 8 的圆台内有一个半径为 2 的球 O1,球心 O1 在圆台的轴上,球 O1 与圆台的上底面、侧面都相切, 圆台内可再放入一个半径为 3 的球 O2,使得球 O2 与球 O1、圆台的下底面及侧面都只有一个公共点,除球 O2, 圆台内最多还能放入半径为 3 的球的个数是( (A ) 1 二.填空题 1 1. 集合{x|-1≤log110<- ,x∈N*}的真子集的个数是 2 x . (B) 2 (C) 3 ) (D) 4
3 2 2 4
_ π 2.复平面上, 非零复数 z1, z2 在以 i 为圆心, 1 为半径的圆上, z1· z2 的实部为零, z1 的辐角主值为 , 则 z2=_______. 6 3. 曲线 C 的极坐标方程是 ρ=1+cosθ,点 A 的极坐标是(2,0),曲线 C 在它所在的平面内绕 A 旋转一周,则它 扫过的图形的面积是_______. 4. 已知将给定的两个全等的正三棱锥的底面粘在一起,恰得到一个所有二面角都相等的六面体,并且该六面 体的最短棱的长为 2,则最远的两顶点间的距离是________. 5. 从给定的六种不同颜色中选用若干种颜色,将一个正方体的六个面染色,每 面恰染一种颜色,每两个具有
C E
G
6 种颜色全用:上面固定用某色,下面可有 5 种选择,其余 4 面有(4-1)!=6 种方法,共计 30 种方法; 用 5 种颜色:上下用同色:6 种方法,选 4 色:C5(4-1)! =30;6×30÷2=90 种方法; . 用 4 种颜色:C6C4=90 种方法. 用 3 种颜色:C6=20 种方法. ∴共有 230 种方法. 6. 解:把圆心平移至原点,不影响问题的结果.故问题即求 x2+y2=1992 的整数解数. 显然 x、y 一奇一偶,设 x=2m,y=2n-1.且 1≤m,n≤99. 则得 4m2=1992-(2n-1)2=(198+2n)(200-2n).m2=(99+n)(100-n)≡(n-1)(-n) (mod 4) 0,(当n0,1(mod 4)时) 由于 m 为正整数,m2≡0,1 (mod 4);(n-1)(-n)≡ 2,(当n2,3(mod 4)时) 二者矛盾,故只有(0,±199),(±199,0)这 4 解. ∴ 共有 4 个.(199,±199),(0,0),(398,0).
模拟题答案
模拟一
一 1 1. 解:9-9(y-1)2=9-(y+1)2,8y2-20y+8=0,y=2 或 ,相应的,x=0,或 x=± 3. 2 此三点连成一个正三角形.选 C. 1 2. 解:πn=1536 ×(- ) 2
n
n(n-1) 2 ,故 π11<0,π9,π12,π13>0.作商比较:
3. 存在整数 n,使 p+n+ n是整数的质数 p( (A)不存在 (C)多于一个,但为有限个
(B)只有一个 (D)有无穷多个 )
百度文库
1 4. 设 x∈(- ,0),以下三个数 α1=cos(sinxπ),α2=sin(cosxπ),α3=cos(x+1)π 的大小关系是( 2 (A)α3<α2<α1 (B)α1<α3<α2 (C)α3<α1<α2 (D)α2<α3<α1
2014 大学自主招生模拟试题一
一.选择题 1. 把圆 x2+(y-1)2=1 与椭圆 9x2+(y+1)2=9 的公共点,用线段连接起来所得到的图形为( (A)线段 (B)不等边三角形 (C)等边三角形 (D)四边形 ) )
1 2. 等比数列{an}的首项 a1=1536,公比 q=- ,用 πn 表示它的前 n 项之积。则 πn(n∈N*)最大的是( 2 (A)π9 (B)π11 (C)π12 (D)π13 )
π12 1 - π13 1 - 又, =15363( )66 36>1, =1536( )78 66<1.故选 C. π9 2 π12 2 3. 解:如果 p 为奇质数,p=2k+1,则存在 n=k2(k∈N+),使 p+n+ n=2k+1.故选 D. 4. 解:α1= cos(sin|x|π)>0,α2=sin(cos|x|π)>0,α3=cos(1-|x|)π<0,排除 B、D. π π π ∵ sin|x|π+ cos|x|π= 2sin(|x|π+ )< ,于是 cos|x|π< -sin|x|π, 4 2 2 ∴ sin(cos|x|π)<cos(sin|x|π),故 α2<α1,选 A. 1 2 2 3 π 2 π 又解:取 x=- ,则 α1=cos ,α2=sin ,α3=cos π<0.由于 < < ,故 α1>α2. 4 2 2 4 6 2 4 1 1 1 1 5. :g(x)= x+ 2= x+ x+ 2≥3 x 2 2 x