2000高考江西、天津理

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2000年高考.江西、天津卷.理科数学试题及答案

2000年高考.江西、天津卷.理科数学试题及答案

2000年高考江西、天津卷数 学(新课程卷/理工农医类)一、 选择题:本大题共12小题;第每小题5分,共60分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

(1) 设集合A 和B 都是坐标平面上的点集(){}R y R x y x ∈∈,|,,映射B A f →:把集合A 中的元素()y x ,映射成集合B 中的元素()y x y x -+ ,,则在映射f 下,象()1,2的原象是(A )()1 ,3 (B )⎪⎭⎫ ⎝⎛21 ,23 (C )⎪⎭⎫⎝⎛-21 ,23 (D )()3 ,1(2) 在复平面内,把复数i 33-对应的向量按顺时针方向旋转3π,所得向量对应的复数是(A )23 (B )i 32- (C )i 33- (D )3i 3+(3) 一个长方体共一项点的三个面的面积分别是2,3,6,这个长方体 对角线的长是(A )23 (B )32 (C )6 (D )6 (4)设a 、b 、c 是任意的非零平面向量,且相互不共线,则①()()0=⋅-⋅b a c c b a ; ②b a b a -<-③()()b a c a c b ⋅-⋅不与c 垂直 ④()()22492323b a b a b a ==-⋅+中,是真命题的有(A )①② (B )②③ (C )③④ (D )②④ (5)函数x x y cos -=的部分图象是(6)《中华人民共和国个人所得税法》规定,公民全月工资、薪金所得不超过 800元的部分不必纳税,超过800元的部分为全月应纳税所得额。

此项税 款按下表分段累进计算:(A ) 800~900元 (B )900~1200元 (C )1200~1500元 (D )1500~2800元 (7)若1>>b a ,P=b a lg lg ⋅,Q=()b a lg lg 21+,R=⎪⎭⎫ ⎝⎛+2lg b a ,则 (A )R <P <Q (B )P <Q <R(C )Q <P <R (D )P <R <Q (8)右图中阴影部分的面积是 (A )32 (B )329- (C )332 (D )335 (9)一个圆柱的侧面展开图是一个正方形,这个圆柱的全面积与侧面积的比是(A )ππ221+ (B )ππ441+ (C )ππ21+ (D )ππ241+(10)过原点的直线与圆03422=+++x y x 相切,若切点在第三象限,则该直 线的方程是(A )x y 3= (B )x y 3-= (C )x 33 (D )x 33- (11)过抛物线()02>=a ax y 的焦点F 作一条直线交抛物线于P 、Q 两点,若线 段PF 与FQ 的长分别是p 、q ,则qp 11+等于 (A )a 2 (B )a 21 (C )a 4 (D )a4 (12)如图,OA 是圆锥底面中心O 到母线的垂线,OA绕轴旋转一周所得曲面将圆锥分成体积相等的两部分,则母线与轴的夹角为(A)321arccos(B )21arccos(C )21arccos (D )421arccos二.填空题:本大题共4小题;每小题4分,共16分,把答案填在题中横 线上。

2000-2014江西高考分数线

2000-2014江西高考分数线

艺术类外省院校高职(专科) 126
296
126
理科
理科
理科
理科
文科
文科
文科
文科
理科531
理科474
理科373
理科200
理科520
文科532
文科484
文科418
文科260
文科520
理科本科一批515
理科本科二批462
理科
理科
理科
理科
文科
文科
文科
文科
文科
文科
文科
理科518 理科466 理科500 理科376 文科515 文科482 文科500 文科425
315
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理科本科一批512
理科
理科
理科
文科
文科
文科
文科
理科
理科
理科
理科
文科
文科
文科
文科
理科550 理科496 理科532 理科496 文科563 文科520
文科军检线本科一批545 文科520
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266
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理科545 理科494 文科554 文科509
323
309
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342
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2004江西高考分数线文理科类、体育类分数线。

2000年全国高考数学试题理科数学(江西、天津)卷

2000年全国高考数学试题理科数学(江西、天津)卷

2000年全国高考数学试题(新课程/理工农医类)江西、天津卷一、选择题:本大题共12小题;每小题5分,共60分。

在每小题给出的 四个选项中,只有一项是符合题目要求的.(1)设集合A 和B 都是坐标平面上的点集(){}R y R x y x ∈∈,|,,映射B A f →:把集合A 中的元素()y x ,映射成集合B 中的元素()y x y x -+ ,,则在映射f 下,象()1,2的原象是 ( )(A )()1 ,3 (B )⎪⎭⎫ ⎝⎛21 ,23 (C )⎪⎭⎫⎝⎛-21 ,23 (D )()3 ,1(2)在复平面内,把复数i 33-对应的向量按顺时针方向旋转3π,所得向量对应的复数是 ( )(A )23 (B )i 32- (C )i 33- (D )3i 3+ (3)一个长方体共一项点的三个面的面积分别是2,3,6,这个长方体 对角线的长是 ( )(A )23 (B )32 (C )6 (D )6 (4)设a 、b 、c 是任意的非零平面向量,且相互不共线,则 ( )①()()0=⋅-⋅b a c c b a ; ②b a b a -<-③()()b a c a c b ⋅-⋅不与c 垂直 ④()()22492323b a b a b a ==-⋅+中,是真命题的有(A )①② (B )②③ (C )③④ (D )②④ (5)函数x x y cos -=的部分图象是 ( )(6)《中华人民共和国个人所得税法》规定,公民全月工资、薪金所得不超过 800元的部分不必纳税,超过800元的部分为全月应纳税所得额。

此项税某人一月份应交纳此项税款26.78元,则他的当月工资、薪金所得介于( )(A ) 800~900元 (B )900~1200元 (C )1200~1500元 (D )1500~2800元 (7)若1>>b a ,P=b a lg lg ⋅,Q=()b a lg lg 21+,R=⎪⎭⎫ ⎝⎛+2lg b a ,则(A )R <P <Q (B )P <Q <R(C )Q <P <R (D )P <R <Q (8)右图中阴影部分的面积是(A )32 (B )329- (C )332 (D )335 (9)一个圆柱的侧面展开图是一个正方形,这个圆柱的全面积与侧面积的比是 ( )(A )ππ221+ (B )ππ441+ (C )ππ21+ (D )ππ241+(10)过原点的直线与圆03422=+++x y x 相切,若切点在第三象限,则该直 线的方程是 ( )(A )x y 3= (B )x y 3-= (C )x 33 (D )x 33- (11)过抛物线()02>=a ax y 的焦点F 作一条直线交抛物线于P 、Q 两点,若线 段PF 与FQ 的长分别是p 、q ,则qp 11+等于 ( ) (A )a 2 (B )a 21 (C )a 4 (D )a4 (12)如图,OA 是圆锥底面中心O 到母线的垂线,OA绕轴旋转一周所得曲面将圆锥分成体积相等的两部分,则母线与轴的夹角为(A )321arccos (B )21arccos (C )21arccos(D )421arccos二.填空题:本大题共4小题;每小题4分,共16分,把答案填在题中横线上。

2000年江西、天津卷(理科数学)

2000年江西、天津卷(理科数学)

2000年普通高等学校招生全国统一考试理科数学(江西、天津卷)一、选择题:本大题共12小题;第每小题5分,共60分.在每小题给出的 四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 设集合A 和B 都是坐标平面上的点集{(,),}x y x R y R ∈∈,映射:f A B →把集合A 中的元素(,)x y 映射成集合B 中的元素(,)x y x y +-,则在映射f 下,象(2,1)的原象是A.(3,1)B.31(,)22C.31(,)22- D.(1,3)2.在复平面内,把复数3-对应的向量按顺时针方向旋转3π,所得向量对应的复数是A..- C3i D.3 3.,这个长方体对角线的长是A.64.设a 、b 、c 是任意的非零平面向量,且相互不共线,则 ①()()0a b c c a b ⋅--=; ②a b a b -<-③()()b c a c a b ⋅-⋅不与c 垂直 ④22(32)(32)94a b a b a b +⋅-=- 中,是真命题的有A .①②B .②③C .③④D .②④ 5.函数cos y x x =-的部分图象是6.《中华人民共和国个人所得税法》规定,公民全月工资、薪金所得不超过800 元的部分不必纳税,超过800元的部分为全月应纳税所得额.此项税款按下表分某人一月份应交纳此项税款26.78元,则他的当月工资、薪金所得介于 A.800900元 B.9001200元 C.12001500元 D.15002800元7.若1a b >>,P ,1(lg lg )2Q a b =+,lg()2a bR +=,则A.R P Q <<B.P Q R <<C.Q P R <<D.P R Q << 8.右图的阴影的面积为A.9-323 D.3539.一个圆柱的侧面展开图是一个正方形,这个圆柱的全面积与侧面积的比是A.122ππ+B.144ππ+ C.12ππ+ D.142ππ+10.过原点的直线与圆22430x y x +++=相切,若切点在第三象限,则该直线的方程是A .y = B.y = C .y x =D .y x = 11.过抛物线2y ax =(0a >)的焦点F 作一条直线交抛物线于P ,Q 两点,若2x线段PF 与FQ 的长分别是p 、q ,则11p q+等于 A.2a B.12a C.4a D.4a12.二项式50)的展开式中系数为有理数的项共有A.6项B.7项C.8项D.9项 二、填空题:本大题共4小题;每小题4分,共16分.13.某厂生产电子元件,其产品的次品率为5%,现从一批产品中任意地连续取出2次,其中次品ξ的分布列为:14.椭圆22194x y +=的焦点为1F 、2F ,点P 为其上的动点,当12F PF ∠为钝角时,点P 横坐标的取值范围是 .15.设{}n a 是首项为1的正项数列,且2211(1)0n n n n n a na na a +++-+=(n =1,2,3,…),则它的通项公式是n a = . 16.如图,E 、F 分别为正方体的面11ADD A 、面11BCC B 的中心,则四边形1BFD E在该正方体的面上的射影可能是 .(要求:把可能的图的序号都填上)AB CDA 1B 1C 1D 1EF①②③④三、解答题:本大题共6小题;共74分,解答应写出文字说明、证明过程或 演算步骤.17.(本小题满分12分)甲、乙二人参加普法知识竞答,共有10个不同的题目,其中选择题6个,判断题4个.甲、乙二人依次各抽一题.(Ⅰ)甲抽到选择题、乙抽到判断题的概率是多少? (Ⅱ)甲、乙二人中至少有一人抽到选择题的概率是多少? 18.(甲)(本小题满分12分)如图,直三棱柱111ABC A B C -A ,底面ABC ∆中,1CA CB ==,90BCA ∠=,棱12AA =,M 、N 分别是11A B 、1A A 的中点.(Ⅰ)求BN 的长;(Ⅱ)求11cos ,BA CB <>的值;(Ⅲ)求证11A B C M ⊥.18.(乙)(本小题满分12分)如图,已知平行六面体1111ABCD A B C D -的底面ABCD 是菱形,且1C CB ∠=60BCD ∠=.(Ⅰ)证明:1C C BD ⊥; (Ⅱ)当1CC CD的值为多少时,能使⊥C A 1平面BD C 1?请给出证明.ABCDA 1B 1C 1D 1GOABCMNA 1B 1C 118.(本小题满分12分)设{}n a 为等差数列,n S 为数列{}n a 的前项的和,已知77S =,1575S =,n T 为数列{}nS n的前项的和,求n T . 20.(本小题满分12分)设函数()f x ax =,其中0a >. (Ⅰ)解不等式()1f x ≤;(Ⅱ)求a 的取值范围,使函数()f x 在区间[0,)+∞上是单调函数. 21.(本小题满分12分)用总长14.8m 的钢条制成一个长方体容器的框架,如果所制做容器的底面的一边比另一边长0.5m ,那么高为多少时容器的容积最大?并求出它的最大容积. 22.(本小题满分14分)如图,已知梯形ABCD 中2AB CD =,点E 分有向线段AC 所成的比为λ,双曲线过C ,D ,E 三点,且以A ,B 为焦点.当2334λ≤≤时,求双曲线离心率e的取值范围.ABCD E。

2000-2014江西高考分数线

2000-2014江西高考分数线

艺术类外省院校高职(专科) 126
296
126
理科
理科
理科
理科
文科
文科
文科
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理科531
理科474
理科373
理科200
理科520
文科532
文科484
文科418
文科260
文科520
理科本科一批515
理科本科二批462
理科
理科
理科
理科
文科
文科
文科
文科
文科
文科
文科
理科518 理科466 理科500 理科376 文科515 文科482 文科500 文科425
315
200
理科本科一批512
理科
理科
理科
文科
文科
文科
文科
理科
理科
理科
理科
文科
文科
文科
文科
理科550 理科496 理科532 理科496 文科563 文科520
文科军检线本科一批545 文科520
323
314
266
339
379
380
295
269
理科545 理科494 文科554 文科509
323
309
272
342
341
333
297
275
2004江西高考分数线文理科类、体育类分数线。

2000年全国统一高考物理试卷(吉林、江苏、安徽)

2000年全国统一高考物理试卷(吉林、江苏、安徽)

2000年全国统一高考物理试卷(吉林、江苏、安徽)一、本卷共22题,其中1~2题,每题5分,共10分.3~22题,每题6分,共120分.在下面各题的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的.1.(★★★★)下面正确的说法是()①β射线粒子和电子是两种不同的粒子②红外线的波长比X射线的波长长③α粒子不同于氮原子核④γ射线的贯穿本领比α粒子的强.A.①②B.①③C.②④D.①④2.(★★★★)光子的能量为hν,动量的大小为.如果一个静止的放射性元素的原子核在发生γ衰变时只发出一个γ光子,则衰变后的原子核是()A.仍然静止B.沿着与光子运动方向相同的方向运动C.沿着与光子运动方向相反的方向运动D.可能向任何方向运动3.(★★★★)氢原子的基态能量为 E 1,下列四个能级圈,正确代表氢原子能级的是()A.B.C.D.4.(★★★)一绝热隔板将一绝热长方塑料容器隔成两部分,两边分别充满气体,隔板可无摩擦移动,开始时,左边的温度为0℃,右边的温度为20℃,隔板处于静止状态,当左边的气体加热到20℃,右边的气体加热到40℃时,则达到平衡状态时隔板的最终位置()A.保持不动B.在初始位置右侧C.在初始位置左侧D.决定于加热过程5.(★★★★)图示的电路图中,C 2=2C 1,R 2=2R 1.下列说法正确的是()①开关处于断开状态,电容C 2的电量大于C 1的电量②开关处于断开状态,电容C 1的电量大于C 2的电量③开关处于接通状态,电容C 2的电量大于C 1的电量④开关处于接通状态,电容C 1的电量大于C 2的电量.A.①B.④C.①③D.②④6.(★★★)如图,凸透镜L的焦距为f,在离透镜1.5f处垂直放置一平面镜M.现在焦点F处有一物体P,则在透镜另一侧()A.不成像B.距透镜2f处成等大、正立的实像C.距透镜2f处成等大、倒立的实像D.距透镜f处成等大、正立的虚像7.(★★)图中实线表示横波甲和横波乙在t时刻的波形图线,经过1秒后,甲的波峰A移到A′点,乙的波峰B移到B′点,如两图中虚线所示,下列说法中正确的是()①波甲的波长大于波乙的波长②波甲的速度小于波乙的速度③波甲的周期等于波乙的周期④波甲的频率小于波乙的频率.A.①②B.②④C.①④D.①③8.(★★★)如图所示,DO是水平面,AB是斜面,初速度为v 0的物体从D点出发沿DBA滑到顶点A时速度刚好为零.如果斜面改为AC,让该物体从D点出发沿DCA滑动到A点且速度刚好为零,则物体具有的初速度(已知物体与路面间的动摩擦因数处处相同且不为零且转弯处无能量损失)()A.大于v o B.等于v oC.小于v o D.取决于斜面的倾角二、本卷共9道题9.(★★★)1956年李政道和杨振宁提出在弱相互作用中宇称不守恒,并由吴健婷用放射源进行了实验验证,次年,李、杨二人为此获得诺贝尔物理奖,的衰变方程是→+ .其中→+ 是反中微子,它的电荷为零,静止质量可认为是零(1)在衰变前核静止,根据云室照片可以看出,衰变产物Ni和e的运动径迹不在一条直线上,如果认为衰变产物只有Ni和e,那么衰变过程将违背动量守恒定律.10.(★★★)如图所示,厚度为h、宽度为d的导体板放在垂直于它的磁感应强度为B的匀强磁场中,当电流通过导体板时,在导体板的上侧面A和下侧面A′之间会产生电势差,这种现象称为霍尔效应.实验表明,当磁场不太强时,电势差U、电流I和B的关系为U=k ,式中的比例系数k称为霍尔系数.设电流I是由自由电子的定向流动形成的,电子的平均定向移动速度为v,电荷量为e,回答下列问题:(1)达到稳定状态时,导体板上侧面A的电势低于下侧面A′的电势(填“高于”“低于”或“等于”);(2)电子所受的洛伦兹力的大小为 eBv ;(3)当导体板上下两侧之间的电势差为U时,电子所受静电力的大小为;(4)证明霍尔系数为k= ,其中n代表导体内单位体积中自由电子的个数.11.(★★)如图所示,直角三角形的斜边倾角为30o,底边BC长为2L,处在水平位置,斜边AC是光滑绝缘的.在底边中点O处放置一正电荷Q.一个质量为m、电量为q的带负电的质点从斜面顶端A沿斜边滑下,滑到斜边上的垂足D时速度为V.将(1),(2)题正确选项前的标号填在题后括号内(1)在质点的运动中不发生变化的是()①动能②电势能与重力势能之和③动能与重力势能之和④动能、电势能、重力势能三者之和A.①②B.②③C.④D.②(2)质点的运动是()A.匀加速运动B.匀减速运动C.先匀加速后匀减速的运动D.加速度随时间变化的运动(3)该质点滑到非常接近斜边底端C点时速率V C为多少?沿斜面向下的加速度a c为多少?12.(★★)电阻R 1,R 2,R 3连接成如图所示的电路,放在一个箱中,箱面上有三个接线柱A、B、C.请用多用电表和导线设计一个实验,通过在A、B、C的测量,确定各个电阻的阻值.要求写出实验步骤并用所测的值表示电阻R 1,R 2,R 3.。

五年高考数学真题分类解析-排列、组合、二项式定理和概率、统计

五年高考数学真题分类解析-排列、组合、二项式定理和概率、统计

排列、组合、二项式定理和概率、统计一、选择题1.(2003京春理,9)某班新年联欢会原定的5个节目已排成节目单,开演前又增加了两个新节目.如果将这两个节目插入原节目单中,那么不同插法的种数为( )A.42B.30C.20D.122.(2003京春文,10)某班新年联欢会原定的5个节目已排成节目单,开演前又增加了两个新节目.如果将这两个新节目插入原节目单中,且两个新节目不相邻,那么不同插法的种数为( )A.6B.12C.15D.30 3.(2002京皖春理,6)从6名志愿者中选出4人分别从事翻译、导游、导购、保洁四项不同工作.若其中甲、乙两名志愿者都不能从事翻译工作,则选派方案共有( )A.280种B.240种C.180种D.96种4.(2002京皖春文,6)若从6名志愿者中选出4人分别从事翻译、导游、导购、保洁四项不同工作,则选派方案共有( )A.180种B.360种C.15种D.30种5.(2002京皖春理,10)对于二项式(x1+x 3)n(n ∈N *),四位同学作出了四种判断: ①存在n ∈N *,展开式中有常数项 ②对任意n ∈N *,展开式中没有常数项 ③对任意n ∈N *,展开式中没有x 的一次项 ④存在n ∈N *,展开式中有x 的一次项上述判断中正确的是( )A.①③B.②③C.②④D.①④6.(2002京皖春文,10)在(x1+x 2)6的展开式中,x 3的系数和常数项依次是( ) A.20,20 B.15,20 C.20,15 D.15,157.(2002全国文,12、理,11)从正方体的6个面中选取3个面,其中有2个面不相邻的选法共有( )A.8种B.12种C.16种D.20种8.(2002北京文,9)5本不同的书,全部分给四个学生,每个学生至少1本,不同分法的种数为( )A.480B.240C.120D.969.(2002北京理,9)12名同学分别到三个不同的路口进行车流量的调查,若每个路口4人,则不同的分配方案共有( )A.4448412C C C 种B.34448412C C C 种C.3348412AC C种D.334448412A C C C 种10.(2001京皖春,3)1222C C lim ++∞→n n n nn 等于( )A.0B.2C.21D.41 11.(2001天津理,9)某赛季足球比赛的计分规则是:胜一场,得3分;平一场,得1分;负一场,得0分,一球队打完15场,积33分,若不考虑顺序,该队胜、负、平的情况共有( )A.3种B.4种C.5种D.6种12.(2000京皖春,8)从单词“equation ”中选取5个不同的字母排成一排,含有“qu ”(其中“qu ”相连且顺序不变)的不同排列共有( )A.120个B.480个C.720个D.840个D.554422A A A 种二、填空题23.(2003上海春,9)8名世界网球顶级选手在上海大师赛上分成两组,每组各4人,分别进行单循环赛,每组决出前两名,再由每组的第一名与另一组的第二名进行淘汰赛,获胜者角逐冠、亚军,败者角逐第3、4名,大师赛共有_____场比赛.24.(2002上海7)在某次花样滑冰比赛中,发生裁判受贿事件,竞赛委员会决定将裁判由原来的9名增至14名,但只任取其中7名裁判的评分作为有效分.若14名裁判中有2人受贿,则有效分中没有受贿裁判的评分的概率是_____.(结果用数值表示)25.(2002上海春,7)六位身高全不相同的同学拍照留念,摄影师要求前后两排各三人,则后排每人均比前排同学高的概率是_____.26.(2002上海春,5)若在(xx 15-)n的展开式中,第4项是常数项,则n = . 27.(2002全国理,16)(x 2+1)(x -2)7的展开式中x 3项的系数是 . 28.(2002上海文,9)某工程由下列工序组成,则工程总时数为 天.29.(2002天津文,15)甲、乙两种冬小麦试验品种连续5年的平均单位面积产量如下(单位:t/hm 2):其中产量比较稳定的小麦品种是_____.30.(2001上海,7)某餐厅供应客饭,每位顾客可以在餐厅提供的菜肴中任选2荤2素共4种不同的品种.现在餐厅准备了5种不同的荤菜,若要保证每位顾客有200种以上的不同选择,则餐厅至少还需准备不同的素菜品种 种.(结果用数值表示)31.(2001全国,16)圆周上有2n 个等分点(n >1),以其中三个点为顶点的直角三角形的个数为 .32.(2001上海理,8)在代数式(4x 2-2x -5)(1+21x)5的展开式中,常数项为 . 33.(2001全国文,13)(21x +1)10的二项展开式中x 3的系数为 . 34.(2001上海春)在大小相同的6个球中,2个红球,4个白球.若从中任意选取3个,则所选的3个球中至少有1个红球的概率是_____.(结果用分数表示)35.(2001广东河南,13)已知甲、乙两组各有8人,现从每组抽取4人进行计算机知识竞赛,比赛人员的组成共有 种可能(用数字作答).36.(2001江西、山西、天津理)一个袋子里装有大小相同的3个红球和2个黄球,从中同时取出2个,则其中含红球个数的数学期望是_____.(用数字作答)37.(2001上海文)利用下列盈利表中的数据进行决策,应选择的方案是_____.38.(2000上海春,4)若(x +a )5的展开式中的第四项是10a 2(a 为大于零的常数),则x =_____.39.(2000上海春,10)有n (n ∈N *)件不同的产品排成一排,若其中A 、B 两件产品排在一起的不同排法有48种,则n =_____.40.(2000京皖春理,17)103)1(xx 展开式中的常数项是_____. 41.(2000全国文、理,3)乒乓球队的10名队员中有3名主力队员,派5名参加比赛,3名主力队员要安排在第一、三、五位置,其余7名队员选2名安排在第二、四位置,那么不同的出场安排共有_____种(用数字作答).42.(2000年上海,9)在二项式(x -1)11的展开式中,系数最小的项的系数为 .(结果用数值表示)43.(2000上海,10)有红、黄、蓝三种颜色的旗帜各3面,在每种颜色的3面旗帜上分别标上号码1、2和3.现任取3面,它们的颜色与号码均不相同的概率是 .44.(2000两省一市理,13)某厂生产电子元件,其产品的次品率为5%,现从一批产品中任意地连续取出2件,其中次品数以ξ的概率分布是三、解答题60.(2002天津文20,理19)某单位6个员工借助互联网开展工作,每个员工上网的概率都是0.5(相互独立).(Ⅰ)求至少3人同时上网的概率;(Ⅱ)至少几人同时上网的概率小于0.3?61.(2001江西、山西、天津)如图10—1,用A 、B 、C 三类不同的元件连接成两个系统N 1,N 2.当元件A 、B 、C 都正常工作时,系统N 1正常工作;当元件A 正常工作且元件B 、C 至少有一个正常工作时,系统N 2正常工作.已知元件A 、B 、C 正常工作的概率依次为0.80、0.90、0.90.分别求系统N 1、N 2正常工作的概率P 1、P 2.62.(2001上海理)对任意一个非零复数z ,m z ={ω|ω=z 2n -1,n ∈N }(1)设α是方程x +21=x的一个根,试用列举法表示集合M α.若在M α中任取两个数,求其和为零的概率P .(2)设复数ω∈M z ,求证:M ω⊆M z .63.(2001全国理,20)已知i ,m ,n 是正整数,且1<i ≤m <n . (1)证明n i i m A <m i i n A ;(2)证明(1+m )n >(1+n )m .64.(2000江西、山西、天津理,17)甲、乙二人参加普法知识竞答,共有10个不同的题目,其中选择题6个,判断题4个,甲、乙二人依次各抽一题.(1)甲抽到选择题、乙抽到判断题的概率是多少?(2)甲、乙二人中至少有一人抽到选择题的概率是多少?65.(2000上海,22)规定!)1()1(C m m x x x mx+-⋅⋅-⋅=,其中x ∈R ,m 是正整数,且0C x =1,这是组合数mn C (n 、m 是正整数,且m ≤n 的一种推广).(1)(文)求315C -的值; (理)求515C -的值;(2)(文)设x >0,当x 为何值时,213)C (C x x 取最小值?(理,文2)组合数的两个性质: ①m n nmn-=C C . ②mn m n m n 11C C C +-=+. 是否都能推广到mx C (x ∈R ,m是正整数)的情形?若能推广,请写出推广的形式,并给出证明;若不能,则说明理由.(3)(理)已知组合数mn C 是正整数,证明:当x ∈Z ,m 是正整数时,mn C ∈Z . 66.(1996全国文24,理23)某地现有耕地10000公顷,规划10年后粮食单产比现在增加22%,人均粮食占有量比现在提高10%,如果人口年增长率为1%,那么耕地平均每年至多只能减少多少公顷(精确到1公顷)?●答案解析 1.答案:A解析:这是一个插空问题,应分两类:第一类,新增的两个节目连在一起;第二类,两个新增节目不连在一起,而原来的5个节目可看做分出6个空位.第一类则有2×16A 种不同的插法,第二类则有26A 种不同的插法.应用分类计数原理,共有12+30=42种不同的插法. 评述:该题是应用问题,内容贴近学生,有一定的综合性、灵活性、考查分析,解决问题及逻辑思维的能力.同时应有周密的思维习惯.2.答案:D解析:见第1题. 3.答案:B解析:因为甲、乙两名志愿者都不能从事翻译工作.因此,翻译工作从余下的四名志愿者选一人有14A 种,再从余下的5人中选3人从事导游、导购、保洁有35A 种.因此3514A A =240.4.答案:B 解析:46A =360.5.答案:D 解析:二项式(x 1+x 3)n 展开式的通项为T r +1=r n C (x1)n -r (x 3)r =r n C x r -n ·x 3r =r n C x 4r -n 当展开式中有常数项时,有4-n =0,即存在n 、r 使方程有解.当展开式中有x 的一次项时,有4r -n =1,即存在n 、r 使方程有解. 即分别存在n ,使展开式有常数项和一次项. 6.答案:C 解析:二项式(x1+x 2)6展开式的通项为: T r +1=636266C )()1(C --=r r r r rx x x∴当T r +1为x 3项时,r =3,∴T r +1=36C ·x 3=20·x 3 当T r +1为常数项时,r =2,∴T r +1=26C =157.答案:B解析:联想以空间模型,注意到“有2个面不相邻”,既可从相对平行的平面入手正面构造,即16C ·12C ;也可从反面入手剔除8个角上3个相邻平面,即:1836C C -. 8.答案:B解析:先把5本书中的两本捆起来(25C ),再分成四份(44A ),∴分法种数为25C ·44A =240(种).9.答案:A解析:先分配4个人到第一个路口,再分配4个人到第二个路口,最后分配4个人到第三个路口,即:412C ·48C ·44C .10.答案:D解析:原式=n n n n n n n n n n nn n n n n n n n n n n n n 2411)12(21)12)(22()1)(1(A A A A A A A A 122112111222++=++=++++=⋅⋅=++++++++∴41C C lim 1222=++∞→n n n nn 11.答案:A 解析:设该队胜x 场,平y 场,则负(15-x -y )场,由题意得3x +y =33, ∴y =33-3x ≥0∴x ≤11,且x +y ≤15,(x ,y ∈N ) 因此,有以下三种情况:⎩⎨⎧==⎩⎨⎧==⎩⎨⎧==69310011y x y x y x 或或 评述:本题利用不定方程及穷举法解决排列、组合问题. 12.答案:B解析:4436A C =480.13.答案:A 14.答案:C解法一:由题意知,按买磁盘盒数多少可分三类:买4盒磁盘时,只有1种;买3盒磁盘时,有买3片或4片软件两种;买2盒磁盘时,可买3片、4片、5片或6片软件,有4种,故共有1+2+4=7种不同的选购方式,答案为C.解法二:先买软件3片,磁盘2盒,共需320元,还有180元可用,按不再买磁盘、再买1盒磁盘、再买两盒磁盘三类,仿解法一可知选C.评述:本题主要考查分类计数原理、分类讨论思想.背景简单,但无现成模式可用,对分析解决问题的能力有较高要求.15.答案:D解析:设计让3所学校依次挑选,先由学校甲挑选,有2613C C 种,再由学校乙挑选,有2412C C 种,余下的到学校丙只有一种,于是不同的方法数共有13C ·26C ·2412C C =540种,答案为D.评述:设计一个程序是解答排列组合应用题的常见解法. 16.答案:D解法一:10个点任取4个点取法有410C 种,其中面ABC 内的6个点中任意4点都共面,从这6点中任取4点有46C 种,同理在其余3个面内也有46C 种,又每条棱与相对棱中点共面有6种,各棱中点中4点共面的有3种,故10个点中取4点,不共面的取法共有36C 4C 46410---=141种.解法二:四面体记之为A —BCD ,设平面BCD 为α,那么从10个点中取4个不共面的点的情况共有四类:(1)恰有3个点在α上,有4(3C 36-)=68种取法;(2)恰有2个点在α上,可分两种情况:该2个点在四面体的同一条棱上时有3)3C (C 2423-=27种,该2个点不在同一条棱上,有(2326C 3C -)·(24C -1)=30种;(3)恰有1个点在α上,可分两种情况,该点是棱的中点时有3×3=9种,该点是棱的端点时有3×2=6种;(4)4个点全不在α上,只有1种取法.根据分类计数原理得,不同的取法共有68+27+30+9+6+1=141种.评述:本题对空间想象能力要求较高,对观察能力和思维能力要求也高.在应用背景及其限制条件下合理分类是解题的关键.17.答案:B解析:四面体有4个顶点,6条棱有6个中点,每个面上的6个点共面,点A 所在的每个面中含A 的4点组合有35C 个,点A 在3个面内,共有335C 个组合,点A 在6条棱的三条棱上,每条棱上有3个点,这3点与对棱的中点共面,所以与点A 共面的四点组合共有335C +3=33(个)评述:本题考查组合的知识和空间想象能力.对考生的观察能力和思维能力有较高要求,考生失误的主要原因是没有把每条棱上的3点与它对棱上的中点共面的情况计算入内.18.答案:C解析:把甲、乙两人看作1个人,这样6个人看作5个人,5个人的全排列有55A 种,甲、乙两个人还有顺序问题,所以排法总数为55A ·22A =240(种)评述:这是一道有限制条件的排列题,考查排列的概念和排列数公式.“相邻问题”是一个常见的典型问题.19.答案:A解法一:其中2在个位的三位数有24A 个,4在个位的三位数有24A 个,故没有重复数字的三位偶数共有224A =24个,故选A.解法二:先排个位有12A 种,再排十位、百位有24A 种,于是合乎要求的三位偶数共有2412A A =24个.故选A. 评述:本题为有特殊要求的排列问题,考查排列基础知识和逻辑推理能力. 20.答案:D解析:∵原式=(1+x )10-x 3(1+x )10.∴欲求原展开式中x 5的系数,只需求出(1+x )10展开式中x 5和x 2的系数.而(1+x )10=1+…+210C x 2+…+510C x 5+….故(1-x 3)(1+x )10展开式中,x 5的系数为510C -210C =207.21.答案:C解法一:从10人中选派4人有410C 种,进而对选出的4人具体分派任务,有1224C C 种,由分步计数原理得不同的选派方法为1224410C C C =2520种,答案为C.解法二:据分步计数原理,不同选法种数为210C ·18C ·17C =2520种.评述:本题主要考查组合和分步计数原理,答数较大,对组合数的计算要求较高.方法一用的是先选后派方法是处理排列组合应用题的基本方法.22.答案:D解析:先各看成整体,但水彩画不在两端,则为22A ,然后水彩画与国画各全排列,所以共有554422A A A .23.答案:16解析:分两组比赛,每组有24C 场,每组的第一名与另一组的第二名比赛有2场,三、四名比赛,冠亚军比赛,共有224C +2+2=16(场)24.答案:133 解析:有效分应该是由没有受贿裁判的评分,因此,7名裁判应从12人中选712C ,则有效分中没有受贿裁判的评分的概率是133C C 714712 .25.答案:201 解析:因为后排每人均比前排人高,因此应将6人中最高的3个人放在后排,其余3人站前排.故所有排法有33A ·33A =36种.故后排每人均比前排同学高的概率为201A A A 663333=⋅ 26.答案:18 解析:∵5183333534)1(C )1()(C ---=-=n n n nx xx T 为常数项. ∴518-n =0,即n =18. 27.答案:1008解析:系数为:17C (-2)6+37C (-2)4=1008.28.答案:11解析:要完成某项工序,必须先完成它的紧前工序且在紧前工序完成的条件下,若干件工序可同时进行,因而工程总时数为:3+2+5+1=11(天).29.答案:甲解析:根据题意,需要比较2*甲S 和2*乙S由于2*甲S =0.158,2*乙S =0.552 因此甲产量比较稳定. 30.答案:7解析:在5种不同的荤菜中取出2种的选择方式应有245C 25⨯==10(种) 选择方式至少为200种,设素菜为x 种,∴252C C x ≥2002)1(-x x ≥20,x (x -1)≥40,x ≥7 ∴至少应为7种素菜. 31.答案:2n (n -1)解析:先在圆上找一点,2n 个点因为是等分点,所以过圆心的直径应有n ,减去过这点的直径,剩下的直径n -1个都可以与这个点形成直角三角形,∴一个点可以形成n -1个直角三角形,这样的点有2n 个.∴一共为2n (n -1). 32.答案:15解析:15205)1(1C )4()1(1C 512415202505=+-=+-xx x . 33.答案:15 解析:15816891081C )21(C 3103310=⨯⨯⨯=⨯=34.答案:54 解析:所选3球中至少有一个红球的选法有12C ·2224C C +·14C =16(种) 从6个球中任选3个球的选法有36C =20(种). 故概率p =542016=. 评述:本题主要考查对可能事件的概率计算,以及考生分析问题解决问题的能力.古典概率是学习概率与统计的起点,而掌握古典概型的前提是能熟练地掌握排列组合的基本知识.35.答案:4900解析:完成这件事可分为两步:第一步:从甲组8人中抽取4个,有48C 种方法; 第二步:从乙组8人中抽取4人,有48C 种方法. 因此,比赛人员的组成共有48C ·48C =4900种可能.评述:本题考查分步计数原理、组合的概念以及组合数的运算,考查分析问题、解决问题的能力.36.答案:1.2解析:设其中含红球个数为x ,则x =1或 x =2.而含一个红球的概率A 1=106C C C 251213=⋅含两个红球的概率为A 2=103C C 2523=∴含红球个数的数学期望为1×106+2×103=1.2 评述:本题考查数学期望的概念、概率的概念及它们的计算.37.答案:A 3解析:A 1的数学期望:1x E =0.25×50+0.30×65+0.45×26=43.7 A 2的数学期望:2x E =0.25×70+0.30×26+0.45×16=32.5 A 3的数学期望:3x E =0.25×(-20)+0.30×52+0.45×78=45.7A 4的数学期望:4x E =0.25×98+0.30×82+0.45×(-10)=44.6评述:本题考查概率与数学期望,考查学生识表的能力.对图表的识别能力,是近年高考突出考查的热点.图表语言与其数学语言的相互转换,应成为数学学习的一个重点,应引起高度重视.38.答案:a1 解析:∵x a a x T 33352135410)(C ==-,∴x =a1.39.答案:5解析:由11A 2--n n =48,得11A --n n =24,∵44A =24,∴n =5. 40.答案:210 解析:T r +1=65301031102110)1(C )()(Cr rr rrr xx x ----=-⋅,令30-5r =0,得r =6.∴常数项T 7=610C ·(-1)6=210.41.答案:252解析:222733A C A =252.42.答案:-462解法一:因为在(x -1)11的展开式中,各项的二项式系数与系数相等或互为相反数,又展开式中二项式系数最大的项有两项,分别为第六项511C x 6(-1)5.第七项611C x 5(-1)6,所以得系数最小的项的系数为462C 511-=-.解法二:展开式中第r +1项为r rrx)1(C 1111--,要使项的系数最小,则r 为奇数,且使r11C 为最大,由此得r =5,所以项的最小系数为462)1(C 5511-=-.43.答案:141解析:从9面旗帜中任取3面,共有39C (种)取法. 现取3面,颜色与号码均不相同共有13C ·12C ·11C =6(种) 因此,所求概率为141846C 639==. 44.答案:解析:设次品数为ξ,则ξ~(2,0.05),其中p =0.05为次品率,则q =0.95为正品率,于是由二项分布公式(列成表格):即得所求结果.45.答案:12解析:先考虑A 种植在左边的情况,有三类:A 种植在最左边一垄上时,B 有三种不同的种植方法;A 种植在左边第二垄上时,B 有两种不同的种植方法;A 种植在左边第三垄上时,B 只有一种种植方法.又B 在左边种植的情况与A 时的相同,故共有2×(3+2+1)=12种不同的选垄方法.评述:本题主要考查两个基本原理、分类讨论思想,对分析解决问题的能力有较高要求. 46.答案:40解析:由通项公式T r +1=r5C (x 3)5-r ·(22x )r =r 5C ·2r ·x 15-5r由题意,令15-5r =5.得r =2. ∴含x 5项的系数为25C ·22=40. 47.答案:92 解析:掷两次骰子分别得到的总数m 、n 作为P 点的坐标共有16A ·16A =36(种)可能结果,其中落在圆内的点有8个:(1,1)、(2,2)、(1,2)、(2,1)、(1,3)、(3,1)、(2,3)、(3,2),则所求的概率为92368=. 评述:本题考查点与圆的位置关系,概率概念等基础知识以及运用数形结合的思想和分类讨论的思想解决实际问题的能力.48.答案: 179解析:展开式中x 10的系数与(x +2)10的展开式中x 10的系数和x 8的系数有关,由多项式运算法则知所求系数为010C ·(-1)+210C ·22·1=179.评述:本题考查在逻辑思维能力上的要求,兼考查分类讨论的思想.49. 答案:4 解析:T r +1=r rn n x )(C ,令r =3得x 3的系数1611C 33=n n ,解得n =4. 50.答案: 4解析:T r +1=929299292C )1()()2()1(C -+---⋅⋅⋅-=-r rr r r r r r rr xa xa x当392=-+r r ,即r =8时,492C )1(28898=⋅⋅--a ,解得a =4. 评述:本题考查二项式定理的基础知识,重点考查通项公式和项的系数的概念,兼考运算能力.60.解:(Ⅰ)至少3人同时上网的概率等于1减去至多2人同时上网的概率,即32216415611)5.0(C )5.0(C )5.0(C 1626616606=++-=---.(Ⅱ)至少4人同时上网的概率为3.03211)5.0(C )5.0(C )5.0(C 666656646>=++ 至少5人同时上网的概率为:3.0647)5.0)(C C (66656<=+. 因此,至少5人同时上网的概率小于0.3.61.解:分别记元件A 、B 、C 正常工作为事件A 、B 、C ,由已知条件 P (A )=0.80,P (B )=0.90,P (C )=0.90.(Ⅰ)因为事件A 、B 、C 是相互独立的,系统N 1正常工作的概率 P 1=P (A ·B ·C )=P (A )·P (B )·P (C )=0.80×0.90×0.90=0.648. 故系统N 1正常工作的概率为0.648. (Ⅱ)系统N 2正常工作的概率)]()(1[)()](1[)(2C P B P A P C B P A P P ⋅-⋅=⋅-⋅=.∵P (B )=1-P (B )=1-0.90=0.10. P (C )=1-P (C )=1-0.90=0.10.∴P 2=0.80×[1-0.10×0.10]=0.80×0.99=0.792. 故系统N 2正常工作的概率为0.792. 62.解:(1)解方程x +21=x 得x =i 2222± 当α1=i 2222+时ω=α12n -1=112121])2222[()(ααααn nni i =+=由i n 的周期性知:ω有四个值. n =1时,ω=i i i 22222222+=+n =2时,ω=i i 222222221+-=+- n =3时,ω=i i i 22222222--=+- n =4时,ω=i i 222222221-=+ 当α2=2222-i 时,ω=α22n -1=2222)()(αααnni -=n =1时,ω=i i i 22222222-=-- n =2时,ω=i i 222222221--=-- n =3时,ω=i i i 22222222+-=- n =4时,ω=i i 222222221+=- ∴不管α=i 2222+还是α=i 2222- M α={i i i i 2222,2222,2222,2222--+--+ } P =3162C 224== (2)∵ω∈M z ,则ω=z 2m -1,m ∈N任取x ∈M ω,则x =ω2n -1,n ∈N而ω=z 2m -1 ∴x =(z 2m -1)2n -1=z (2m -1)(2n -1) ∵(2m -1)(2n -1)为正奇数∴x ∈M z ∴M ω⊆M z评述:复数的运算是复数的基础,本题考查复数的奇数次幂,由于i n 的周期性,因而 α2n -1只有四个值,题目以集合的形式给出复数ω,使复数与集合有机的结合在一起,不仅考查复数还考查集合的表示方法.而证明一个集合是另一个集合的子集在对集合的考查上又高了一个层次.证明尽管不繁,但思维层次较高.63.证明:(1)方法一:ii i m m i m m m m )1()1(A +-⋅⋅-⋅= ii i n ni n n n n )1()1(A +-⋅⋅-⋅= 对于m <n ,∴k =1,2,…,i -1有mkm n k n ->- ∴ii m i i n mn A A >即m i i n A >n ii m A 方法二:n i in A =个n n n n ⋅⋅·m ·(m -1)·(m -2)·…·(m -i +1) =mn ·(mn -n )·(mn -2n )·…·[mn -n (i -1)]①同理m i im A =mn ·(mn -m )·(mn -2m )·…·[mn -m (i -1)] ②∵1<i ≤m <n ,∴mn -n <mn -m ,mn -2n <mn -2m ,…, mn -n (i -1)<mn -m (i -1) ③∴联系①、②、③可得n i im A <m i A i n . (2)由二项式定理:nn n n n nm m m m C C C )1(1100+++=+ mm m m m m nn n n C C C )1(1100+++=+ 又∵!A C i m m ii n ii n=而i n A m i >im A n i ∴2222C C n mmn > 3333C C n m m n >……m m m m m n n m C C >又∵11110000C C ,C C n m n mm n m n ==∴(1+m )n >(1+n )m评述:此题体现了命题指导思想上有加强离散数学分量的趋势.64.解:(1)甲从选择题中抽到一题的可能结果有16C 个,乙从判断题中抽到一题的可能结果有14C 个,故甲抽到选择题、乙抽到判断题的可能结果有16C ·14C 个;又甲、乙依次抽一题的可能结果有19110C C 个,所以甲抽到选择题、乙抽到判断题的概率为:1549024C C C C 191101416==⋅⋅. (2)甲、乙二人依次都抽到判断题的概率为:191101314C C C C ⋅⋅.故甲、乙二人中至少有一人抽到选择题的概率为:1-151390121C C C C 191101314=-=⋅ 或用以下解法:151315415431C C C C C C C C C C C C 191101614191101416191101516=++=⋅⋅+⋅⋅+⋅⋅. 评述:本题主要考查等可能事件的概率计算及分析和解决实际问题的能力. 65.(1)(文)解:680!3)17)(16)(15(C 315-=---=-.(理)解:11628C !5)19()16()15(C 519515=-=-⋅⋅-⋅-=- .(2)(文)解:)32(616)2)(1()C (C 2213-+=--=xx x x x x x x. ∵x >0,x +x2≥22. 当且仅当x =2时,等号成立.∴当x =2时,213)C (C x x 取得最小值.(理,文3)解:性质①不能推广.例如当x =2时,12C 有定义,但122C -无意义;性质②能推广,它的推广形式是m x m x mx11C C C +-=+,x ∈R ,m 是正整数,事实上当m =1时,有1101C 1C C +=+=+x x xx ,当m ≥2时,m x m xm x m x m x x x mm x m m x x x m m x x x m m x x x 11C !)1()2()1()11()!1()2()1()!1()2()1(!)1()1(C C +-=+⋅+-⋅⋅-⋅=++--+-⋅⋅-⋅=-+-⋅⋅-⋅++-⋅⋅-⋅=+ . (3)(理)证明:当x ≥m 时,组合数mx C ∈Z . 当0≤x <m 时,mx C =0∈Z . 当x <0时,∵-x +m -1>0, ∴!)1()1(C m m x x x mx+-⋅⋅-⋅=m m x m mm x x m x 1C )1(!)()1()1()1(-+--=-⋅+-⋅⋅-+--= ∈Z .66.解:设耕地平均每年至多只能减少x 公顷,又设该地区现在人口为P 人,粮食单产为M 吨/公顷.依题意得不等式P M P x M 410410%)11()1010(%)221(≥+-⋅+⋅(1+10%) 化简得x ≤103[22.1)01.01(1.1110+⋅-]∵)]01.0C 01.0C 1(22.11.11[10]22.1)01.01(1.11[1022101103103+⋅++-=+- 1.4)1045.122.11.11(103≈⋅-≈ ∴x ≤4(公顷)答:按规划该地区耕地平均每年至多只能减少4公顷. ●命题趋向与应试策略1.本章内容在高考中所占比重不大,但试题都具有一定的灵活性、机敏性和综合性.在“倡导创新体系,提倡素质教育”的今天,本章的考题是最好的体现.一般有1~2道小题,且多为选择、填空题,应注意二项式定理在近似计算中的应用.2.高考对排列、组合内容的考查,一般以实际应用题形式出现,这是因为排列、组合的应用性概念强,并充满思辨性和解法多样性,符合高考选择题的特点,易于考查学生的能力,此类题大致可分两类.(1)有附加条件的排列问题,此类题多数只有一个附加条件,且以学生熟悉的数学问题或排队问题为主.(2)有附加条件的组合问题.此类题常以“至少取n个”或以几何为背景的分类组合问题为主.3.高考对二项式定理的考查,以二项式展开式及其通项公式内容为主,要有目标意识和构造意识,要注意展开式的通项公式正、反两方面的应用.此类题也可分两类.(1)直接运用通项公式求特定项的系数或与系数有关的问题.(2)需用转化思想化归为二项问题来处理的问题.4.高考对统计、概率内容的考查,往往以实际应用题出现.这既是这类问题的特点,也符合高考发展方向,考生要以课本概念和方法为主,以熟练技能,巩固概念为目标,查找知识缺漏,总结解题规律.5.本章试题的特点是:(1)综合性强.如排列、组合题大多能与集合、数列、立体几何等内容组合构成小型综合题,使每题涉及的知识点在两个以上.(2)应用性强,如统计问题及概率问题,都是以实际问题为背景.(3)对运用数学思想的要求高,如解排列、组合问题时,需分类讨论、分步讨论.以几何为背景的排列、组合题需用数形结合的思想,在解非二项问题时,需用转化思想化归为二项问题求解等,这种命题特点在以后的高考中仍会保持下去.6.根据高考试题的现状和发展趋势看,考生应:(1)立足基础知识和基本方法的复习.恰当选取典型例题,构建思维模式,造就思维依托和思维的合理定势,如对排列应用题可用①某元素排在某位上;②某元素不排在某位上;③某几个元素排在一起;④某几个元素不得相邻;⑤某几个元素顺序一定等基本问题,加强思维的规范训练.(2)抓好破势训练,为提高能力,运用变式题目,常规题向典型问题的转化,进行多种解法训练,从不同角度,不同侧面对题目进行全面分析,结合典型的错解分析,查找思维的缺陷,提高分析解决问题的能力.(3)抓好“操作”训练,就是面对问题,具体排一排、选一选,运用分类计数原理和分步计数原理为“完成这件事”设计合理的程序或分类标准,注意加强解题过程的展示与分析.(4)加强数学思想方法的训练.数学思想方法是高考的重要内容.分类讨论、转化思想、整体思想、正难则反等数学思想在本章试题中经常考查,如把(a+b+c)n常化为[(a+b)+c]n来处理,需要平时经常归纳总结.另外,在复习中要控制好训练题的难度.不做难题、偏题、怪题,一般两个以上附加条件的应用题可不考虑,文科复习在题型上应与理科相同,但题中数量关系可简单些,以降低题目的难度.(5)重点掌握随机事件、等可能事件,互斥事件、独立事件、独立重复试验中恰好发生n次等五种事件的概率,会用样本频率分布估计总体分布,会用样本平均数估计总体期望值,会用样本的方差估计总体方差.。

2000-2014江西高考分数线

2000-2014江西高考分数线

2014江西高考分数线理科本科一批526理科本科二批471理科本科三批438文科本科一批524文科本科二批479文科本科三批4502013江西高考分数线理科本科第一批517 理科本科第二批456 理科本科第三批406 理科军校(国防生)军检线456 理科高职高专180 文科本科第一批532 文科本科第二批484 文科本科第三批444 文科军校(国防生)军检线484 文科高职高专180 体育类本科309体育类三本290体育类高职(专科) 126艺术类外省院校本科200艺术类外省院校高职(专科) 126艺术类本省院校本科296艺术类本省院校高职(专科) 1262012江西高考分数线理科本科一批547理科本科二批486理科本科三批378理科专科200文科本科一批570文科本科二批523文科本科三批452文科专科2102011江西高考分数线理科本科一批531 理科本科二批474 理科本科三批373 理科高职(专科)分数线200 理科军校国防生提前批520 文科本科一批532 文科本科二批484 文科本科三批418 文科高职(专科)分数线260 文科军校国防生提前批5202010江西高考分数线理科本科一批515 理科本科二批462 理科本科三批366 理科高职(专科) 200理科提前批一本500理科提前批二本462文科本科一批521文科本科二批479文科本科三批411文科高职(专科) 263文科提前批一本505文科提前批二本479文科体育类本科一批4262009江西高考分数线理科本科一批518 理科本科二批466 理科军校国防生第一批本科500 理科本科三批376 文科本科一批515 文科本科二批482 文科军校国防生第一批本科500 文科本科三批425 体育类本科315艺术类外省院校本科最低控制线2002008江西高考分数线理科本科一批512理科本科二批461理科本科三批381理科专科(高职) 239文科本科一批520文科本科二批487文科本科三批437文科专科(高职) 3292007江西高考分数线理科本科一批571理科本科二批521理科专科(高职) 320理科本科三批450文科本科一批573文科本科二批538文科本科三批490文科专科(高职) 4002006江西高考分数线理科本科一批550 理科本科二批496 理科军检线本科一批532 理科军检线本科二批496 文科本科一批563 文科本科二批520 文科军检线本科一批545 文科军检线本科二批520 艺术类本科美术专业323艺术类本科音乐学专业314艺术类本科舞蹈专业266艺术类本科音乐表演专业339艺术类本科戏剧表演专业379艺术类本科空乘专业380体育类本科295体育类专科2692005江西高考分数线理科本科一批545 理科本科二批494 文科本科一批554 文科本科二批509 艺术类本科美术专业323艺术类本科音乐学专业309艺术类专科舞蹈专业272艺术类专科音乐表演专业342艺术类本科戏剧表演专业341艺术类本科空乘专业333体育类本科297体育类专科2752004江西高考分数线文理科类、体育类分数线2003江西高考分数线2003年高招一本、二本最低录取控制分数线:一本文科为530分、理科为512分;二本文科478分、理科为462分。

十年高考分类解析:第5章 平面向量与直线、平面、简单几何体

十年高考分类解析:第5章 平面向量与直线、平面、简单几何体

十年高考分类解析第五章 平面向量与直线、平面、简单几何体一、选择题1.(2002上海春,13)若a 、b 、c 为任意向量,m ∈R ,则下列等式不一定...成立的是( ) A.(a +b )+c =a +(b +c ) B.(a +b )·c =a ·c +b ·c C.m (a +b )=m a +m b D.(a ·b )c =a (b ·c )2.(2002天津文12,理10)平面直角坐标系中,O 为坐标原点,已知两点A (3,1),B (-1,3),若点C 满足OB OA OCβα+=,其中α、β∈R ,且α+β=1,则点C 的轨迹方程为( ) A.3x +2y -11=0 B.(x -1)2+(y -2)2=5 C.2x -y =0 D.x +2y -5=0 3.(2001江西、山西、天津文)若向量a =(3,2),b =(0,-1),则向量2b -a 的坐标是( )A.(3,-4)B.(-3,4)C.(3,4)D.(-3,-4)4.(2001江西、山西、天津)设坐标原点为O ,抛物线y 2=2x 与过焦点的直线交于A 、B 两点,则OB OA ⋅等于( )A.43B.-43 C.3 D.-35.(2001上海)如图5—1,在平行六面体ABCD —A 1B 1C 1D 1中,M 为AC 与BD 的交点,若A 1=a ,11D A =b ,A A 1=c .则下列向量中与M B 1相等的向量是( )A.-21a +21b +c B.21a +21b +c C.21a -21b +c D.-21a -21b +c 6.(2001江西、山西、天津理,5)若向量a =(1,1),b =(1,-1),c =(-1,2),则c 等于( )A.-21a +23bB.21a -23b C.23a -21bD.-23a +21b 7.(2000江西、山西、天津理,4)设a 、b 、c 是任意的非零平面向量,且相互不共线,则①(a ·b )c -(c ·a )b =0 ②|a |-|b |<|a -b | ③(b ·c )a -(c ·a )b 不与c 垂直 ④(3a +2b )(3a -2b )=9|a |2-4|b |2中,是真命题的有( ) A.①② B.②③ C.③④ D.②④8.(1997全国,5)如果直线l 沿x 轴负方向平移3个单位,再沿y 轴正方向平移1个单位后,又回到原来的位置,那么直线l 的斜率为( )A.-31 B.-3 C.31 D.3二、填空题 9.(2002上海文,理2)已知向量a 和b 的夹角为120°,且|a |=2,|b |=5,则(2a -b )·a =_____. 10.(2001上海春,8)若非零向量α、β满足|α+β|=|α-β|,则α与β所成角的大小为_____.11.(2000上海,1)已知向量OA =(-1,2),OB =(3,m ),若OA ⊥AB ,则m = . 12.(1999上海理,8)若将向量a =(2,1)围绕原点按逆时针方向旋转4π得到向量b ,则向量b 的坐标为_____.13.(1997上海,14)设a =(m +1)i -3j ,b =i +(m -1)j ,(a +b )⊥(a -b ),则m =_____. 14.(1996上海,15)已知a +b =2i -8j ,a -b =-8i +16j ,那么a ·b =_____.15.(1996上海,15)已知O (0,0)和A (6,3)两点,若点P 在直线OA 上,且21=PA OP ,又P 是线段OB 的中点,则点B 的坐标是_____. 三、解答题16.(2003上海春,19)已知三棱柱ABC —A 1B 1C 1,在某个空间直角坐标系中,1},0,0,{},0,23,2{AA m AC m AB =-=={0,0,n }.(其中m 、n >0).如图5—2.(1)证明:三棱柱ABC —A 1B 1C 1是正三棱柱;(2)若m =2n ,求直线CA 1与平面A 1ABB 1所成角的大小.17.(2002上海春,19)如图5—3,三棱柱OAB —O 1A 1B 1,平面OBB 1O 1⊥平面OAB ,∠O 1OB =60°,∠AOB =90°,且OB =OO 1=2,OA =3.求:(1)二面角O 1—AB —O 的大小;(2)异面直线A 1B 与AO 1所成角的大小. (上述结果用反三角函数值表示)18.(2002上海,17)如图5—4,在直三棱柱ABO —A ′B ′O ′中,OO ′=4,OA =4,OB =3,∠AOB =90°,D 是线段A ′B ′的中点,P 是侧棱BB ′上的一点,若OP ⊥BD ,求OP 与底面AOB 所成角的大小.(结果用反三角函数值表示)图5—3 图5—4 图5—519.(2002天津文9,理18)如图5—5,正三棱柱ABC —A 1B 1C 1的底面边长为a ,侧棱长为2a .(1)建立适当的坐标系,并写出点A 、B 、A 1、C 1的坐标; (2)求AC 1与侧面ABB 1A 1所成的角.20.(2002天津文22,理21)已知两点M (-1,0),N (1,0),且点P 使,MN MP ⋅,PN PM ⋅NP NM ⋅成公差小于零的等差数列.(1)点P 的轨迹是什么曲线?(2)若点P 坐标为(x 0,y 0),θ为PM 与PN 的夹角,求tan θ.21.(2001江西、山西、天津理)如图5—6,以正四棱锥V —ABCD 底面中心O 为坐标原点建立空间直角坐标系O —xyz ,其中Ox ∥BC ,Oy ∥AB ,E 为VC 的中点,正四棱锥底面边长为2a ,高为h .(1)求cos<DE BE , >;(2)记面BCV 为α,面DCV 为β,若∠BED 是二面角α—VC —β的平面角,求∠BED .图5—6 图5—7 图5—822.(2001上海春)在长方体ABCD —A 1B 1C 1D 1中,点E 、F 分别在BB 1、DD 1上,且AE ⊥A 1B ,AF ⊥A 1D.(1)求证:A 1C ⊥平面AEF ;(2)若规定两个平面所成的角是这两个平面所组成的二面角中的锐角(或直角).则在空间中有定理:若两条直线分别垂直于两个平面,则这两条直线所成的角与这两个平面所成的角相等.试根据上述定理,在AB =4,AD =3,AA 1=5时,求平面AEF 与平面D 1B 1BD 所成角的大小.(用反三角函数值表示)23.(2001上海)在棱长为a 的正方体OABC —O ′A ′B ′C ′中,E 、F 分别是棱AB 、BC 上的动点,且AE =BF .如图5—8.(1)求证:A ′F ⊥C ′E .(2)当三棱锥B ′—BEF 的体积取得最大值时,求二面角B ′—EF —B 的大小(结果用反三角函数表示)24.(2000上海春,21)四棱锥P —ABCD 中,底面ABCD 是一个平行四边形, ={2,-1,-4},AD ={4,2,0},AP ={-1,2,-1}.(1)求证:P A ⊥底面ABCD ; (2)求四棱锥P —ABCD 的体积;(3)对于向量a ={x 1,y 1,z 1},b ={x 2,y 2,z 2},c ={x 3,y 3,z 3},定义一种运算: (a ×b )·c =x 1y 2z 3+x 2y 3z 1+x 3y 1z 2-x 1y 3z 2-x 2y 1z 3-x 3y 2z 1,试计算(AB ×AD )·AP 的绝对值的值;说明其与四棱锥P —ABCD 体积的关系,并由此猜想向量这一运算(AB ×AD )·AP 的绝对值的几何意义.25.(2000上海,18)如图5—9所示四面体ABCD 中,AB 、BC 、BD 两两互相垂直,且AB =BC =2,E 是AC 中点,异面直线AD 与BE 所成的角的大小为arccos 1010,求四面体ABCD 的体积.图5—9 图5—10 图5—1126.(2000天津、江西、山西)如图5—10所示,直三棱柱ABC —A 1B 1C 1中,CA =CB =1,∠BCA =90°,棱AA 1=2,M 、N 分别是A 1B 1、A 1A 的中点.(1)求的长;(2)求cos<11,CB BA >的值;(3)求证:A 1B ⊥C 1M .27.(2000全国理,18)如图5—11,已知平行六面体ABCD —A 1B 1C 1D 1的底面ABCD 是菱形且∠C 1CB =∠C 1CD =∠BCD =60°.(1)证明:C 1C ⊥BD ;(2)假定CD =2,CC 1=23,记面C 1BD 为α,面CBD 为β,求二面角α—BD —β的平面角的余弦值;(3)当1CC CD的值为多少时,能使A 1C ⊥平面C 1BD ?请给出证明.28.(1999上海,20)如图5—12,在四棱锥P —ABCD 中,底面ABCD是一直角梯形,∠BAD =90°,AD ∥BC ,AB =BC =a ,AD =2a ,且P A ⊥底面ABCD ,PD 与底面成30°角.(1)若AE ⊥PD ,E 为垂足,求证:BE ⊥PD ; (2)求异面直线AE 与CD 所成角的大小.29.(1995上海,21)如图5—13在空间直角坐标系中BC =2,原点O 是BC 的中点,点A 的坐标是(21,23,0),点D 在平面yOz 上,且∠BDC =90°,∠DCB =30°.(1)求向量OD 的坐标;(2)设向量AD 和BC 的夹角为θ,求cos θ的值.●答案解析 1.答案:D解析:因为(a ·b )c =|a |·|b |·cos θ·c 而a (b ·c )=|b |·|c |·cos α·a 而c 方向与a 方向不一定同向.评述:向量的积运算不满足结合律. 2.答案:D解析:设OC =(x ,y ),OA =(3,1),OB =(-1,3),αOA =(3α,α),β=(-β,3β)又α+β=(3α-β,α+3β)∴(x ,y )=(3α-β,α+3β),∴⎩⎨⎧+=-=βαβα33y x又α+β=1 因此可得x +2y =5评述:本题主要考查向量法和坐标法的相互关系及转换方法. 3.答案:D解析:设(x ,y )=2b -a =2(0,-1)-(3,2)=(-3,-4). 评述:考查向量的坐标表示法. 4.答案:B解法一:设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),AB 所在直线方程为y =k (x -21),则⋅=x 1x 2+y 1y 2.又⎪⎩⎪⎨⎧=-=x y x k y 2)21(2,得k 2x 2-(k 2+2)x +42k =0,∴x 1·x 2=41,而y 1y 2=k (x 1-21)k (x 2-21)=k 2(x 1-21)(x 2-21)=-1.∴x 1x 2+y 1y 2=41-1=-43.解法二:因为直线AB 是过焦点的弦,所以y 1·y 2=-p 2=-1.x 1·x 2同上. 评述:本题考查向量的坐标运算,及数形结合的数学思想.5.答案:A解析:)(21111BC BA A A BM B B MB ++=+==c +21(-a +b )=-21a +21b +c评述:用向量的方法处理立体几何问题,使复杂的线面空间关系代数化,本题考查的是基本的向量相等,与向量的加法.考查学生的空间想象能力.6.答案:B解析:设c =m a +n b ,则(-1,2)=m (1,1)+n (1,-1)=(m +n ,m -n ).∴⎩⎨⎧=--=+21n m n m ∴⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-==2321n m 评述:本题考查平面向量的表示及运算.7.答案:D解析:①平面向量的数量积不满足结合律.故①假;②由向量的减法运算可知|a |、|b |、|a -b |恰为一个三角形的三条边长,由“两边之差小于第三边”,故②真;③因为[(b ·c )a -(c ·a )b ]·c =(b ·c )a ·c -(c ·a )b ·c =0,所以垂直.故③假; ④(3a +2b )(3a -2b )=9·a ·a -4b ·b =9|a |2-4|b |2成立.故④真. 评述:本题考查平面向量的数量积及运算律. 8.答案:A解析:设直线l 的方程为y =kx +b (此题k 必存在),则直线向左平移3个单位,向上平移1个单位后,直线方程应为y =k (x +3)+b +1即y =kx +3k +b +1因为此直线与原直线重合,所以两方程相同.比较常数项得3k +b +1=b .∴k =-31. 评述:本题考查平移变换与函数解析式的相互关系. 9.答案:13解析:∵(2a -b )·a =2a 2-b ·a =2|a |2-|a |·|b |·cos120°=2·4-2·5(-21)=13. 评述:本题考查向量的运算关系. 10.答案:90°解析:由|α+β|=|α-β|,可画出几何图形,如图5—14.|α-β|表示的是线段AB 的长度,|α+β|表示线段OC 的长度,由|AB |=|OC |∴平行四边形OACB 为矩形,故向量α与β所成的角为90° 评述:本题考查向量的概念,向量的几何意义,向量的运算.这些知识不只在学习向量时用到,而且在复数、物理学中也是一些最基本的知识.11.答案:4解析:∵OA ={-1,2},OB ={3,m },OA OB AB -=={4,m -2},又OA ⊥AB , ∴-1×4+2(m -2)=0,∴m =4.评述:本题考查向量的概念,向量的运算,向量的数量积及两向量垂直的充要条件. 12.答案:(223,22) 解析:设a =OA =2+i ,b =OB ,由已知OA 、OB 的夹角为4π,由复数乘法的几何意义,得OB =OA (cos4π+isin4π)=(2+i )i i 22322)2222(+=+. ∴b =(223,22) 评述:本题考查向量的概念,向量与复数一一对应关系,考查变通、变换等数学方法,以及运用数学知识解决问题的能力.13.答案:-2∵(a +b )⊥(a -b ),∴(m +2)×m +(m -4)(-m -2)=0,∴m =-2.评述:本题考查平面向量的加、减法,平面向量的数量积及运算,两向量垂直的充要条件. 14.得∴a ·b =(-3)×5+4×(-12)=-63.评述:本题考查平面向量数量积的坐标表示及求法. 15.答案:(4,2)解析:设P (x ,y ),由定比分点公式12113210,22116210=+⋅+==+⋅+=y x , 则P (2,1),又由中点坐标公式,可得B (4,2).16.(1)证明:∵}0,23,2{mm AB AC BC =-=,∴| BC |=m , 又}0,0,{},0,23,2{m AC m m AB =-= ∴|AB |=m ,|AC |=m ,∴△ABC 为正三角形.又·1AA =0,即AA 1⊥AB ,同理AA 1⊥AC ,∴AA 1⊥平面ABC ,从而三棱柱ABC —A 1B 1C 1是正三棱柱.(2)解:取AB 中点O ,连结CO 、A 1O .∵CO ⊥AB ,平面ABC ⊥平面ABB 1A 1,∴CO ⊥平面ABB 1A 1,即∠CA 1O 为直线CA 1与平面A 1ABB 1所成的角.在Rt △CA 1O 中,CO =23m ,CA 1=22n m +, ∴sin CA 1O =221=CA CO ,即∠CA 1O =45°. 17.解:(1)取OB 的中点D ,连结O 1D ,则O 1D ⊥O B.∵平面OBB 1O 1⊥平面OAB , ∴O 1D ⊥平面OA B.过D 作AB 的垂线,垂足为E ,连结O 1E . 则O 1E ⊥A B.∴∠DEO 1为二面角O 1—AB —O 的平面角. 由题设得O 1D =3,sin OBA =72122=+OB OA OA , ∴DE =DB sin OBA =721 ∵在R t △O 1DE 中,tan DEO 1=7,∴∠DEO 1=arctan7,即二面角O 1—AB —O 的大小为arctan 7.(2)以O 点为原点,分别以OA 、OB 所在直线为x 、y 轴,过O 点且与平面AOB 垂直的直线为z 轴,建立空间直角坐标系如图5—15.则O (0,0,0),O 1(0,1,3),A (3,0,0),A 1(3,1,3),B (0,2,0).设异面直线A 1B 与AO 1所成的角为α, 则}3,1,3{},31,3{1111-=-=--=-=OO OA A O OA OB B A , cos α71||||1111=⋅A O B A A O B A , ∴异面直线A 1B 与AO 1所成角的大小为arccos71.18.解法一:如图5—16,以O 点为原点建立空间直角坐标系. 由题意,有B (3,0,0),D (23,2,4),设P (3,0,z ),则 ={-23,2,4},OP ={3,0,z }.∵BD ⊥OP ,∴BD ·OP =-29+4z =0,z =89.∵BB ′⊥平面AOB ,∴∠POB 是OP 与底面AOB 所成的角. tan POB =83,∴∠POB =arctan 83. 解法二:取O ′B ′中点E ,连结DE 、BE ,如图5—17,则DE ⊥平面OBB ′O ′,∴BE 是BD 在平面OBB ′O ′内的射影. 又∵OP ⊥B D.由三垂线定理的逆定理,得OP ⊥BE .在矩形OBB ′O ′中,易得Rt △OBP ∽Rt △BB ′E , ∴B B OBE B BP '=',得BP =89. (以下同解法一)19.解:(1)如图5—18,以点A 为坐标原点O ,以AB 所在直线为Oy 轴,以AA 1所在直线为Oz 轴,以经过原点且与平面ABB 1A 1垂直的直线为Ox 轴,建立空间直角坐标系.由已知,得A (0,0,0),B (0,a ,0),A 1(0,0,2 a ),C 1(a aa 2,2,23-). (2)坐标系如图,取A 1B 1的中点M ,于是有M (0,2,2aa ),连AM ,MC 1有 1MC =(-23a ,0,0),且AB =(0,a ,0),1AA =(0,0,2 a ) 由于1MC ·AB =0,1MC ·1AA =0,所以MC 1⊥面ABB 1A 1. ∴AC 1与AM 所成的角就是AC 1与侧面ABB 1A 1所成的角. ∵1AC =(a a a 2,2,23-),AM =(0,2,2a a ),∴1AC ·AM =0+42a +2a 2=49a 2.而|1AC |=a a a a 32443222=++. |AM |=a a a 232422=+. ∴cos <1AC ,AM >=23233492=⋅aa a. 所以1AC 与AM 所成的角,即AC 1与侧面ABB 1A 1所成的角为30°.20.解:(1)记P (x ,y ),由M (-1,0),N (1,0)得PM =-MP =(-1-x ,-y ),PN =-NP =(1-x ,-y ),MN =-NM =(2,0)∴MP ·MN =2(1+x ),PM ·PN =x 2+y 2-1,NM ·NP =2(1-x ). 于是,MP ·MN ,PM ·PN ,NM ·NP 是公差小于零的等差数列等价于⎪⎩⎪⎨⎧<+---++=-+,0)1(2)1(2)],1(2)1(2[21122x x x x y x 即⎩⎨⎧>=+0,322x y x 所以,点P 的轨迹是以原点为圆心,3为半径的右半圆.(2)点P 的坐标为(x 0,y 0).·PN =x 02+y 02-1=2.|PM |·|PN |=20202020)1()1(y x y x +-⋅++.∴cos θ2202043tan .41||||x x x PB PM PN PM --=-=⋅θ 21.解:(1)由题意知B (a ,a ,0),C (-a ,a ,0),D (-a ,-a ,0),E (2,2,2ha a -).由此得,)2,23,2(),2,2,23(h a a DE h a a BE =--= ∴42322)232()223(22h a h h a a a a +-=⋅+⋅-+⋅-=⋅, 222221021)2()2()23(||||h a h a a +=+-+-==. 由向量的数量积公式有cos<DE BE , >222222222210610211021423||||h a h a h a h a h a DE BE DE BE ++-=+⋅++-=⋅ (2)若∠BED 是二面角α—VC —β的平面角,则CV BE ⋅,则有CV BE ⊥=0.又由C (-a ,a ,0),V (0,0,h ),有=(a ,-a ,h )且)2,2,23(ha a BE --=,∴02223222=++-=⋅h a a CV BE . 即h =2a ,这时有cos<DE BE ,>=31)2(10)2(610622222222-=++-=++-a a a a h a h a , ∴∠BED =<DE BE ,>=arccos (31-)=π-arccos 31评述:本小题主要考查空间直角坐标的概念、空间点和向量的坐标表示以及两个向量夹角的计算方法;考查运用向量研究空间图形的数学思想方法.22.(1)证明:因为CB ⊥平面A 1B ,所以A 1C 在平面A 1B 上的射影为A 1B . 由A 1B ⊥AE ,AE ⊂平面A 1B ,得A 1C ⊥AE . 同理可证A 1C ⊥AF .因为A 1C ⊥AF ,A 1C ⊥AE , 所以A 1C ⊥平面AEF .(2)解:过A 作BD 的垂线交CD 于G ,因为D 1D ⊥AG ,所以AG ⊥平面D 1B 1BD .设AG 与A 1C 所成的角为α,则α即为平面AEF 与平面D 1B 1BD 所成的角.由已知,计算得DG =49. 如图5—19建立直角坐标系,则得点A (0,0,0),G (49,3,0),A 1(0,0,5), C (4,3,0).AG ={49,3,0},A 1C ={4,3,-5}. 因为AG 与A 1C 所成的角为α, 所以cos α=25212arccos ,25212||||11==⋅⋅αC A AG C A AG .由定理知,平面AEF 与平面D 1B 1BD 所成角的大小为arccos25212. 注:没有学习向量知识的同学可用以下的方法求二面角的平面角.解法一:设AG 与BD 交于M ,则AM ⊥面BB 1D 1D ,再作AN ⊥EF 交EF 于N ,连接MN ,则∠ANM 即为面AEF 与D 1B 1BD 所成的角α,用平面几何的知识可求出AM 、AN 的长度.解法二:用面积射影定理cos α=AEFABDS S ∆∆. 评述:立体几何考查的重点有三个:一是空间线面位置关系的判定;二是角与距离的计算;三是多面体与旋转体中的计算.23.建立坐标系,如图5—20.(1)证明:设AE =BF =x ,则A ′(a ,0,a ),F (a -x ,a ,0),C ′(0,a ,a ),E (a ,x ,0)∴A '={-x ,a ,-a },E C '={a ,x -a ,-a }. ∵F A '·E C '=-xa +a (x -a )+a 2=0 ∴A ′F ⊥C ′E(2)解:设BF =x ,则EB =a -x 三棱锥B ′—BEF 的体积 V =61x (a -x )·a ≤6a (2a )2=241a 3 当且仅当x =2a时,等号成立. 因此,三棱锥B ′—BEF 的体积取得最大值时BE =BF =2a,过B 作BD ⊥EF 于D ,连B ′D ,可知B ′D ⊥EF .∴∠B ′DB 是二面角B ′—EF —B 的平面角在直角三角形BEF 中,直角边BE =BF =2a ,BD 是斜边上的高.∴BD =42a .∴tan B ′DB =22='BDBB 故二面角B ′—EF —B 的大小为arctan22.评述:本题考查空间向量的表示、运算及两向量垂直的充要条件.二次函数求最值或均值不等式求最值,二面角等知识.考查学生的空间想象能力和运算能力.用空间向量的观点处理立体几何中的线面关系,把几何问题代数化,降低了立体几何的难度.本题考查的线线垂直等价于F A '·E C '=0,使问题很容易得到解决.而体积的最值除用均值不等式外亦可用二次函数求最值的方法处理.二面角的平面角的找法是典型的三垂线定理找平面角的方法,计算较简单,有一定的思维量.24.(1)证明:∵AB AP ⋅=-2-2+4=0,∴AP ⊥AB . 又∵AD AP ⋅=-4+4+0=0,∴AP ⊥AD .∵AB 、AD 是底面ABCD 上的两条相交直线,∴AP ⊥底面ABCD . (2)解:设AB 与AD 的夹角为θ,则 cos θ1053416161428||||=+⋅++-=⋅AD AB AD ABV =31|AB |·|AD |·sin θ·|AP |=161411059110532=++⋅-⋅ (3)解:|(×AD )·AP |=|-4-32-4-8|=48它是四棱锥P —ABCD 体积的3倍.猜测:|(AB ×AD )·AP |在几何上可表示以AB 、AD 、AP 为棱的平行六面体的体积(或以AB 、AD 、AP 为棱的直四棱柱的体积).评述:本题考查了空间向量的坐标表示、空间向量的数量积、空间向量垂直的充要条件、空间向量的夹角公式和直线与平面垂直的判定定理、棱锥的体积公式等.主要考查考生的运算能力,综合运用所学知识解决问题的能力及空间想象能力.25.解:如图5—21建立空间直角坐标系由题意,有A (0,2,0)、C (2,0,0)、E (1,1,0) 设D 点的坐标为(0,0,z )(z >0)则BE ={1,1,0},AD ={0,-2,z },设BE 与AD 所成角为θ. 则AD ·BE =2·224+cos θ=-2,且AD 与BE 所成的角的大小为arccos1010.∴cos 2θ=101422=+z ,∴z =4,故|BD |的长度为4. 又V A —BCD =61|AB |×|BC |×|BD |=38,因此,四面体ABCD 的体积为38.评述:本题考查空间图形的长度、角度、体积的概念和计算.以向量为工具,利用空间向量的坐标表示、空间向量的数量积计算线段的长度、异面直线所成角等问题,思路自然,解法灵活简便.26.解:如图5—22,建立空间直角坐标系O —xyz . (1)依题意得B (0,1,0)、N (1,0,1)∴|BN |=3)01()10()01(222=-+-+-.(2)依题意得A 1(1,0,2)、B (0,1,0)、C (0,0,0)、B 1(0,1,2)∴1BA ={-1,-1,2},1CB ={0,1,2,},1BA ·1CB =3,|1BA |=6,|1CB |=5∴cos<1BA ,1CB 30101||||1111=⋅CB BA . (3)证明:依题意,得C 1(0,0,2)、M (21,21,2),A 1={-1,1,2}, M C 1={21,21,0}.∴B A 1·M C 1=-2121++0=0,∴B A 1⊥M C 1,∴A 1B ⊥C 1M . 评述:本题主要考查空间向量的概念及运算的基本知识.考查空间两向量垂直的充要条件.27.(1)证明:设CB =a ,CD =b ,1CC =c ,则|a |=|b |,∵CB CD BD -==b -a , ∴BD ·1CC =(b -a )·c =b ·c -a ·c =|b |·|c |cos60°-|a |·|c |cos60°=0,∴C 1C ⊥BD .(2)解:连AC 、BD ,设AC ∩BD =O ,连OC 1,则∠C 1OC 为二面角α—BD —β的平面角.∵21)(21=+=CD BC CO(a +b ),2111=-=CC C (a +b )-c∴CO ·211=OC (a +b )·[21(a +b )-c ]=41(a 2+2a ·b +b 2)-21a ·c -21b ·c=41(4+2·2·2cos60°+4)-21·2·23cos60°-21·2·23cos60°=23.则|CO |=3,|O C 1|=23,∴cos C 1OC 3311=⋅O C CO (3)解:设1CC CD =x ,CD =2, 则CC 1=x2. ∵BD ⊥平面AA 1C 1C ,∴BD ⊥A 1C ∴只须求满足:D C C A 11⋅=0即可. 设A A 1=a ,AD =b ,=c , ∵A 1=a +b +c ,C 1=a -c ,∴C A 11⋅=(a +b +c )(a -c )=a 2+a ·b -b ·c -c 2=x x 242+-6,令6-242x x -=0,得x =1或x =-32(舍去). 评述:本题蕴涵着转化思想,即用向量这个工具来研究空间垂直关系的判定、二面角的求解以及待定值的探求等问题.28.(1)证明:∵P A ⊥平面ABCD ,∴P A ⊥AB ,又AB ⊥AD .∴AB ⊥平面P AD .又∵AE ⊥PD ,∴PD ⊥平面ABE ,故BE ⊥PD .(2)解:以A 为原点,AB 、AD 、AP 所在直线为坐标轴,建立空间直角坐标系,则点C 、D 的坐标分别为(a ,a ,0),(0,2a ,0).∵P A ⊥平面ABCD ,∠PDA 是PD 与底面ABCD 所成的角,∴∠PDA =30°.于是,在Rt △AED 中,由AD =2a ,得AE =a .过E 作EF ⊥AD ,垂足为F ,在Rt △AFE 中,由AE =a ,∠EAF =60°,得AF =2a,EF =23a ,∴E (0,23,21a a )于是,CD a a AE },23,21,0{=={-a ,a ,0} 设AE 与CD 的夹角为θ,则由cos θ||||CD AE CDAE ⋅420)()23()21(002321)(0222222=++-⋅++⋅+⋅+-⋅a a a a a a a a ∴θ=arccos42,即AE 与CD 所成角的大小为arccos 42. 评述:第(2)小题中,以向量为工具,利用空间向量坐标及数量积,求两异面直线所成的角是立体几何中的常见问题和处理手段.29.解:(1)过D 作DE ⊥BC ,垂足为E ,在Rt △BDC 中,由∠BDC =90°,∠DCB =30°,BC =2,得BD =1,CD =3,∴DE =CD ·sin30°=23. OE =OB -BE =OB -BD ·cos60°=1-2121=. ∴D 点坐标为(0,-23,21),即向量OD [TX →]的坐标为{0,-23,21}. (2)依题意:}0,1,0{},0,1,0{},0,21,23{=-==, 所以}0,2,0{},23,1,23{=-=--=-=OB OC BC OA OD AD . 设向量AD 和BC 的夹角为θ,则cos θ222222020)23()1()23(0232)1(023||||++⋅+-+-⨯+⨯-+⨯-=⋅BC AD BC AD 1051-=. 评述:本题考查空间向量坐标的概念,空间向量数量积的运算及空间向量的夹角公式.解决好本题的关键是对空间向量坐标的概念理解清楚,计算公式准确,同时还要具备很好的运算能力.。

高考数学(平面向量)第一轮复习

高考数学(平面向量)第一轮复习

高考数学(平面向量)第一轮复习资料知识点小结1、向量:既有大小,又有方向的量. 数量:只有大小,没有方向的量.有向线段的三要素:起点、方向、长度. 零向量:长度为0的向量.单位向量:长度等于1个单位的向量. 平行向量(共线向量):方向相同或相反的非零向量.零向量与任一向量平行. 相等向量:长度相等且方向相同的向量. 2、向量加法运算:⑴三角形法则的特点:首尾相连. ⑵平行四边形法则的特点:共起点.⑶三角形不等式:a b a b a b -≤+≤+.⑷运算性质:①交换律:a b b a +=+;②结合律:()()a b c a b c ++=++;③00a a a +=+=.⑸坐标运算:设()11,a x y =,()22,b x y =,则()1212,a b x x y y +=++. 3、向量减法运算:⑴三角形法则的特点:共起点,连终点,方向指向被减向量.⑵坐标运算:设()11,a x y =,()22,b x y =,则()1212,a b x x y y -=--. 设A 、B 两点的坐标分别为()11,x y ,()22,x y ,则()1212,x x y y A B=--.4、向量数乘运算:⑴实数λ与向量a 的积是一个向量的运算叫做向量的数乘,记作a λ. ①a a λλ=;②当0λ>时,a λ的方向与a 的方向相同;当0λ<时,a λ的方向与a 的方向相反;当0λ=时,0a λ=.⑵运算律:①()()a a λμλμ=;②()a a a λμλμ+=+;③()a b a b λλλ+=+. ⑶坐标运算:设(),a x y =,则()(),,a x y x y λλλλ==.20、向量共线定理:向量()0a a ≠与b 共线,当且仅当有唯一一个实数λ,使b a λ=.baC BAa b C C -=A -AB =B设()11,a x y =,()22,b x y =,其中0b ≠,则当且仅当12210x y x y -=时,向量a 、()0b b ≠共线.5、平面向量基本定理:如果1e 、2e 是同一平面内的两个不共线向量,那么对于这一平面内的任意向量a ,有且只有一对实数1λ、2λ,使1122a e e λλ=+.(不共线的向量1e 、2e 作为这一平面内所有向量的一组基底)6、分点坐标公式:设点P 是线段12P P 上的一点,1P 、2P 的坐标分别是()11,x y ,()22,x y ,当12λP P =PP 时,点P 的坐标是1212,11x x y y λλλλ++⎛⎫⎪++⎝⎭.7、平面向量的数量积:⑴()cos 0,0,0180a b a b a b θθ⋅=≠≠≤≤.零向量与任一向量的数量积为0.⑵性质:设a 和b 都是非零向量,则①0a b a b ⊥⇔⋅=.②当a 与b 同向时,a b a b ⋅=;当a 与b 反向时,a b a b ⋅=-;22a a a a ⋅==或a a a =⋅.③ab a b ⋅≤.⑶运算律:①a b b a ⋅=⋅;②()()()a b a b a b λλλ⋅=⋅=⋅;③()a b c a c b c +⋅=⋅+⋅. ⑷坐标运算:设两个非零向量()11,a x y =,()22,b x y =,则1212a b x x y y ⋅=+.若(),a x y =,则222a x y =+,或2a x y =+设()11,a x y =,()22,b x y =,则12120a b x x y y ⊥⇔+=.设a 、b 都是非零向量,()11,a x y =,()22,b x y =,θ是a 与b 的夹角,则12c o s a b a bx θ⋅==+试题选讲一、选择题 1.(2002上海春,13)若a 、b 、c 为任意向量,m ∈R ,则下列等式不一定...成立的是( ) A.(a +b )+c =a +(b +c ) B.(a +b )·c =a ·c +b ·c C.m (a +b )=m a +m b D.(a ·b )c =a (b ·c ) .答案:D解析:因为(a ·b )c =|a |·|b |·cos θ·c 而a (b ·c )=|b |·|c |·cos α·a 而c 方向与a 方向不一定同向.评述:向量的积运算不满足结合律.2.(2002天津文12,理10)平面直角坐标系中,O 为坐标原点,已知两点A (3,1),B (-1,3),若点C 满足OB OA OC βα+=,其中α、β∈R ,且α+β=1,则点C 的轨迹方程为( )A.3x +2y -11=0B.(x -1)2+(y -2)2=5C.2x -y =0D.x +2y -5=0.答案:D解析:设=(x ,y ),=(3,1),=(-1,3),α=(3α,α), βOB =(-β,3β)又αOA +βOB =(3α-β,α+3β)∴(x ,y )=(3α-β,α+3β),∴⎩⎨⎧+=-=βαβα33y x又α+β=1 因此可得x +2y =5评述:本题主要考查向量法和坐标法的相互关系及转换方法.3.(2001江西、山西、天津文)若向量a =(3,2),b =(0,-1),则向量2b -a 的坐标是( )A.(3,-4)B.(-3,4)C.(3,4)D.(-3,-4) 答案:D解析:设(x ,y )=2b -a =2(0,-1)-(3,2)=(-3,-4). 评述:考查向量的坐标表示法.4.(2001江西、山西、天津)设坐标原点为O ,抛物线y 2=2x 与过焦点的直线交于A 、B 两点,则OB OA ⋅等于( )A.43B.-43 C.3 D.-3答案:B解法一:设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),AB 所在直线方程为y =k (x -21),则OB OA ⋅=x 1x 2+y 1y 2.又⎪⎩⎪⎨⎧=-=x y x k y 2)21(2,得k 2x 2-(k 2+2)x +42k =0,∴x 1·x 2=41,而y 1y 2=k (x 1-21)k (x 2-21)=k 2(x 1-21)(x 2-21)=-1.∴x 1x 2+y 1y 2=41-1=-43. 解法二:因为直线AB 是过焦点的弦,所以y 1·y 2=-p 2=-1.x 1·x 2同上.评述:本题考查向量的坐标运算,及数形结合的数学思想.5.(2001上海)如图1,在平行六面体ABCD —A 1B 1C 1D 1中,M 为AC 与BD 的交点,若B A 1=a ,11D A =b ,A A 1=c .则下列向量中与MB 1相等的向量是( )A.-21a +21b +c B.21a +21b +c C.21a -21b +c D.-21a -21b +c 答案:A 解析:)(21111A B B ++=+==c +21(-a +b )=-21a +21b +c 评述:用向量的方法处理立体几何问题,使复杂的线面空间关系代数化,本题考查的是基本的向量相等,与向量的加法.考查学生的空间想象能力.6.(2001江西、山西、天津理,5)若向量a =(1,1),b =(1,-1),c =(-1,2),则c 等于( )A.-21a +23b B.21a -23b C.23a -21bD.-23a +21b 答案:B解析:设c =m a +n b ,则(-1,2)=m (1,1)+n (1,-1)=(m +n ,m -n ).∴⎩⎨⎧=--=+21n m n m ∴⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-==2321n m评述:本题考查平面向量的表示及运算.7.(2000江西、山西、天津理,4)设a 、b 、c 是任意的非零平面向量,且相互不共线,则 ①(a ·b )c -(c ·a )b =0 ②|a |-|b |<|a -b | ③(b ·c )a -(c ·a )b 不与c 垂直④(3a +2b )(3a -2b )=9|a |2-4|b |2中,是真命题的有( ) A.①② B.②③ C.③④ D.②④答案:D解析:①平面向量的数量积不满足结合律.故①假;②由向量的减法运算可知|a |、|b |、|a -b |恰为一个三角形的三条边长,由“两边之差小于第三边”,故②真;③因为[(b ·c )a -(c ·a )b ]·c =(b ·c )a ·c -(c ·a )b ·c =0,所以垂直.故③假; ④(3a +2b )(3a -2b )=9·a ·a -4b ·b =9|a |2-4|b |2成立.故④真. 评述:本题考查平面向量的数量积及运算律.8.(1997全国,5)如果直线l 沿x 轴负方向平移3个单位,再沿y 轴正方向平移1个单位后,又回到原来的位置,那么直线l 的斜率为( )A.-31 B.-3 C.31 D.3答案:A解析:设直线l 的方程为y =kx +b (此题k 必存在),则直线向左平移3个单位,向上平移1个单位后,直线方程应为y =k (x +3)+b +1即y =kx +3k +b +1因为此直线与原直线重合,所以两方程相同.比较常数项得3k +b +1=b .∴k =-31.评述:本题考查平移变换与函数解析式的相互关系.二、填空题9.(2002上海文,理2)已知向量a 和b 的夹角为120°,且|a |=2,|b |=5,则(2a -b )·a =_____.答案:13解析:∵(2a -b )·a =2a 2-b ·a =2|a |2-|a |·|b |·cos120°=2·4-2·5(-21)=13. 评述:本题考查向量的运算关系.10.(2001上海春,8)若非零向量α、β满足|α+β|=|α-β|,则α与β所成角的大小为_____..答案:90°解析:由|α+β|=|α-β|,可画出几何图形,如图14. |α-β|表示的是线段AB 的长度,|α+β|表示线段OC 的长度,由|AB |=|OC |∴平行四边形OACB 为矩形,故向量α与β所成的角为90° 评述:本题考查向量的概念,向量的几何意义,向量的运算.这些知识不只在学习向量时用到,而且在复数、物理学中也是一些最基本的知识.11.(2000上海,1)已知向量OA =(-1,2),OB =(3,m ),若OA ⊥AB ,则m = . .答案:4解析:∵OA ={-1,2},OB ={3,m },OA OB AB -=={4,m -2},又OA ⊥AB ,∴-1×4+2(m -2)=0,∴m =4.评述:本题考查向量的概念,向量的运算,向量的数量积及两向量垂直的充要条件.12.(1999上海理,8)若将向量a =(2,1)围绕原点按逆时针方向旋转4π得到向量b ,则向量b 的坐标为_____.答案:(223,22) 解析:设a =OA =2+i ,b =OB ,由已知OA 、OB 的夹角为4π,由复数乘法的几何意义,得OB =OA (cos4π+isin4π)=(2+i )i i 22322)2222(+=+. ∴b =(223,22) 评述:本题考查向量的概念,向量与复数一一对应关系,考查变通、变换等数学方法,以及运用数学知识解决问题的能力.13.(1997上海,m =_____. 答案:-2∵(a +b )⊥(a-b ),∴(m +2)×m +(m -4)(-m -2)=0,∴m =-2.评述:本题考查平面向量的加、减法,平面向量的数量积及运算,两向量垂直的充要条件.14.(1996上海,15)已知a +b =2i -8j ,a -b =-8i +16j ,那么a ·b =_____.得∴a ·b =(-3)×5+4×(-12)=-63.评述:本题考查平面向量数量积的坐标表示及求法.15.(1996上海,15)已知O (0,0)和A (6,3)两点,若点P 在直线OA 上,且21=PA OP ,又P 是线段OB 的中点,则点B 的坐标是_____. 答案:(4,2)解析:设P (x ,y ),由定比分点公式12113210,22116210=+⋅+==+⋅+=y x , 则P (2,1),又由中点坐标公式,可得B (4,2).三、解答题16.(2003上海春,19)已知三棱柱ABC —A 1B 1C 1,在某个空间直角坐标系中,1},0,0,{},0,23,2{AA m AC m AB =-=={0,0,n }.(其中m 、n >0).如图2.(1)证明:三棱柱ABC —A 1B 1C 1是正三棱柱;(2)若m =2n ,求直线CA 1与平面A 1ABB 1所成角的大小.(1)证明:∵}0,23,2{mm AB AC BC=-=,∴| BC |=m ,又}0,0,{},0,23,2{m AC m m AB =-= ∴|AB |=m ,|AC |=m ,∴△ABC 为正三角形.又AB ·1AA =0,即AA 1⊥AB ,同理AA 1⊥AC ,∴AA 1⊥平面ABC ,从而三棱柱ABC —A 1B 1C 1是正三棱柱.(2)解:取AB 中点O ,连结CO 、A 1O .∵CO ⊥AB ,平面ABC ⊥平面ABB 1A 1,∴CO ⊥平面ABB 1A 1,即∠CA 1O 为直线CA 1与平面A 1ABB 1所成的角.在Rt △CA 1O 中,CO =23m ,CA 1=22n m +, ∴sin CA 1O =221=CA CO ,即∠CA 1O =45°.17.(2002上海春,19)如图3,三棱柱OAB —O 1A 1B 1,平面OBB 1O 1⊥平面OAB ,∠O 1OB =60°,∠AOB =90°,且OB =OO 1=2,OA =3.求:(1)二面角O 1—AB —O 的大小;(2)异面直线A 1B 与AO 1所成角的大小. (上述结果用反三角函数值表示) 解:(1)取OB 的中点D ,连结O 1D ,则O 1D ⊥O B.∵平面OBB 1O 1⊥平面OAB , ∴O 1D ⊥平面OA B.过D 作AB 的垂线,垂足为E ,连结O 1E . 则O 1E ⊥A B.∴∠DEO 1为二面角O 1—AB —O 的平面角. 由题设得O 1D =3,sin OBA =72122=+OB OA OA , ∴DE =DB sin OBA =721 ∵在R t △O 1DE 中,tan DEO 1=7,∴∠DEO 1=arctan7,即二面角O 1—AB —O 的大小为arctan 7.(2)以O 点为原点,分别以OA 、OB 所在直线为x 、y 轴,过O 点且与平面AOB 垂直的直线为z 轴,建立空间直角坐标系如图15.则O (0,0,0),O 1(0,1,3),A (3,0,0),A 1(3,1,3),B (0,2,0). 设异面直线A 1B 与AO 1所成的角为α, 则}3,1,3{},31,3{1111-=-=--=-=OO OA A O OA OB B A ,cos α71||||1111=⋅A O B A A O B A ,∴异面直线A 1B 与AO 1所成角的大小为arccos 71.18.(2002上海,17)如图5—4,在直三棱柱ABO —A ′B ′O ′中,OO ′=4,OA =4,OB =3,∠AOB =90°,D 是线段A ′B ′的中点,P 是侧棱BB ′上的一点,若OP ⊥BD ,求OP 与底面AOB 所成角的大小.(结果用反三角函数值表示)图3 图5—4 图5解法一:如图16,以O 点为原点建立空间直角坐标系.由题意,有B (3,0,0),D (23,2,4),设P (3,0,z ),则 BD ={-23,2,4},OP ={3,0,z }.∵BD ⊥OP ,∴·OP =-29+4z =0,z =89. ∵BB ′⊥平面AOB ,∴∠POB 是OP 与底面AOB 所成的角. tan POB =83,∴∠POB =arctan 83. 解法二:取O ′B ′中点E ,连结DE 、BE ,如图17,则DE ⊥平面OBB ′O ′,∴BE 是BD 在平面OBB ′O ′内的射影. 又∵OP ⊥B D.由三垂线定理的逆定理,得OP ⊥BE .在矩形OBB ′O ′中,易得Rt △OBP ∽Rt △BB ′E , ∴B B OBE B BP '=',得BP =89. (以下同解法一)19.(2002天津文9,理18)如图5,正三棱柱ABC —A 1B 1C 1的底面边长为a ,侧棱长为2a .(1)建立适当的坐标系,并写出点A 、B 、A 1、C 1的坐标; (2)求AC 1与侧面ABB 1A 1所成的角.解:(1)如图18,以点A 为坐标原点O ,以AB 所在直线为Oy 轴,以AA 1所在直线为Oz 轴,以经过原点且与平面ABB 1A 1垂直的直线为Ox 轴,建立空间直角坐标系.由已知,得A (0,0,0),B (0,a ,0),A 1(0,0,2 a ),C 1(a aa 2,2,23-). (2)坐标系如图,取A 1B 1的中点M ,于是有M (0,2,2aa ),连AM ,MC 1有 1MC =(-23a ,0,0),且AB =(0,a ,0),1AA =(0,0,2 a ) 由于1MC ·AB =0,1MC ·1AA =0,所以MC 1⊥面ABB 1A 1.∴AC 1与AM 所成的角就是AC 1与侧面ABB 1A 1所成的角. ∵1AC =(a aa 2,2,23-),AM =(0,2,2a a ), ∴1AC ·AM =0+42a +2a 2=49a 2.而|1AC |=a a a a 32443222=++.|AM |=a a a 232422=+.∴cos <1AC ,AM >=2323492=⋅a a a.所以1AC 与AM 所成的角,即AC 1与侧面ABB 1A 1所成的角为30°.20.(2002天津文22,理21)已知两点M (-1,0),N (1,0),且点P 使,MN MP ⋅,PN PM ⋅⋅成公差小于零的等差数列.(1)点P 的轨迹是什么曲线?(2)若点P 坐标为(x 0,y 0),θ为PM 与PN 的夹角,求tan θ.解:(1)记P (x ,y ),由M (-1,0),N (1,0)得PM =-MP =(-1-x ,-y ), PN =-NP =(1-x ,-y ),MN =-NM =(2,0) ∴MP ·MN =2(1+x ),PM ·PN =x 2+y 2-1,NM ·NP =2(1-x ). 于是,MP ·MN ,·PN ,NM ·NP 是公差小于零的等差数列等价于⎪⎩⎪⎨⎧<+---++=-+,0)1(2)1(2)],1(2)1(2[21122x x x x y x 即⎩⎨⎧>=+0,322x y x 所以,点P 的轨迹是以原点为圆心,3为半径的右半圆.(2)点P 的坐标为(x 0,y 0).PM ·PN =x 02+y 02-1=2.|PM |·|PN |=20202020)1()1(y x y x +-⋅++.∴cos θ2202043tan .41||||x x x PB PM --=-=⋅θ21.(2001江西、山西、天津理)如图6,以正四棱锥V —ABCD 底面中心O 为坐标原点建立空间直角坐标系O —xyz ,其中Ox ∥BC ,Oy ∥AB ,E 为VC 的中点,正四棱锥底面边长为2a ,高为h .(1)求cos<DE BE , >;(2)记面BCV 为α,面DCV 为β,若∠BED 是二面角α—VC —β的平面角,求∠BED.图6 图5—7 图5—8解:(1)由题意知B (a ,a ,0),C (-a ,a ,0),D (-a ,-a ,0),E (2,2,2ha a -). 由此得,)2,23,2(),2,2,23(h a a DE h a a BE =--= ∴42322)232()223(22h a h h a a a a DE BE +-=⋅+⋅-+⋅-=⋅,222221021)2()2()23(||||h a h a a DE BE +=+-+-==. 由向量的数量积公式有cos<DE BE , >222222222210610211021423||||h a h a h a h a h a DE BE ++-=+⋅++-=⋅ (2)若∠BED 是二面角α—VC —β的平面角,则CV BE ⋅,则有CV BE⊥=0.又由C (-a ,a ,0),V (0,0,h ),有CV =(a ,-a ,h )且)2,2,23(ha a BE --=, ∴02223222=++-=⋅h a a .即h =2a ,这时有cos<DE BE ,>=31)2(10)2(610622222222-=++-=++-a a a a h a h a , ∴∠BED =<DE BE ,>=arccos (31-)=π-arccos 31评述:本小题主要考查空间直角坐标的概念、空间点和向量的坐标表示以及两个向量夹角的计算方法;考查运用向量研究空间图形的数学思想方法.22.(2001上海春)在长方体ABCD —A 1B 1C 1D 1中,点E 、F 分别在BB 1、DD 1上,且AE ⊥A 1B ,AF ⊥A 1D.(1)求证:A 1C ⊥平面AEF ;(2)若规定两个平面所成的角是这两个平面所组成的二面角中的锐角(或直角).则在空间中有定理:若两条直线分别垂直于两个平面,则这两条直线所成的角与这两个平面所成的角相等.试根据上述定理,在AB =4,AD =3,AA 1=5时,求平面AEF 与平面D 1B 1BD 所成角的大小.(用反三角函数值表示)(1)证明:因为CB ⊥平面A 1B ,所以A 1C 在平面A 1B 上的射影为A 1B . 由A 1B ⊥AE ,AE ⊂平面A 1B ,得A 1C ⊥AE . 同理可证A 1C ⊥AF .因为A 1C ⊥AF ,A 1C ⊥AE , 所以A 1C ⊥平面AEF .(2)解:过A 作BD 的垂线交CD 于G ,因为D 1D ⊥AG ,所以AG ⊥平面D 1B 1BD .设AG 与A 1C 所成的角为α,则α即为平面AEF 与平面D 1B 1BD 所成的角. 由已知,计算得DG =49. 如图19建立直角坐标系,则得点A (0,0,0),G (49,3,0),A 1(0,0,5), C (4,3,0).AG ={49,3,0},A 1C ={4,3,-5}.因为AG 与A 1C 所成的角为α, 所以cos α=25212arccos ,25212||||11==⋅⋅αC A AG C A AG .由定理知,平面AEF 与平面D 1B 1BD 所成角的大小为arccos25212. 注:没有学习向量知识的同学可用以下的方法求二面角的平面角.解法一:设AG 与BD 交于M ,则AM ⊥面BB 1D 1D ,再作AN ⊥EF 交EF 于N ,连接MN ,则∠ANM 即为面AEF 与D 1B 1BD 所成的角α,用平面几何的知识可求出AM 、AN 的长度.解法二:用面积射影定理cos α=AEFABDS S ∆∆. 评述:立体几何考查的重点有三个:一是空间线面位置关系的判定;二是角与距离的计算;三是多面体与旋转体中的计算.23.(2001上海)在棱长为a 的正方体OABC —O ′A ′B ′C ′中,E 、F 分别是棱AB 、BC 上的动点,且AE =BF .如图5—8.(1)求证:A ′F ⊥C ′E .(2)当三棱锥B ′—BEF 的体积取得最大值时,求二面角B ′—EF —B 的大小(结果用反三角函数表示)建立坐标系,如图5—20.(1)证明:设AE =BF =x ,则A ′(a ,0,a ),F (a -x ,a ,0),C ′(0,a ,a ),E (a ,x ,0)∴A '={-x ,a ,-a },E C '={a ,x -a ,-a }. ∵F A '·E C '=-xa +a (x -a )+a 2=0 ∴A ′F ⊥C ′E(2)解:设BF =x ,则EB =a -x 三棱锥B ′—BEF 的体积 V =61x (a -x )·a ≤6a (2a )2=241a 3当且仅当x =2a时,等号成立. 因此,三棱锥B ′—BEF 的体积取得最大值时BE =BF =2a,过B 作BD ⊥EF 于D ,连 B ′D ,可知B ′D ⊥EF .∴∠B ′DB 是二面角B ′—EF —B 的平面角在直角三角形BEF 中,直角边BE =BF =2a ,BD 是斜边上的高.∴BD =42a .∴tan B ′DB =22='BDBB 故二面角B ′—EF —B 的大小为arctan22.评述:本题考查空间向量的表示、运算及两向量垂直的充要条件.二次函数求最值或均值不等式求最值,二面角等知识.考查学生的空间想象能力和运算能力.用空间向量的观点处理立体几何中的线面关系,把几何问题代数化,降低了立体几何的难度.本题考查的线线垂直等价于F A '·E C '=0,使问题很容易得到解决.而体积的最值除用均值不等式外亦可用二次函数求最值的方法处理.二面角的平面角的找法是典型的三垂线定理找平面角的方法,计算较简单,有一定的思维量.24.(2000上海春,21)四棱锥P —ABCD 中,底面ABCD 是一个平行四边形,AB ={2,-1,-4},AD ={4,2,0},AP ={-1,2,-1}.(1)求证:PA ⊥底面ABCD ; (2)求四棱锥P —ABCD 的体积;(3)对于向量a ={x 1,y 1,z 1},b ={x 2,y 2,z 2},c ={x 3,y 3,z 3},定义一种运算: (a ×b )·c =x 1y 2z 3+x 2y 3z 1+x 3y 1z 2-x 1y 3z 2-x 2y 1z 3-x 3y 2z 1,试计算(AB ×AD )·AP 的绝对值的值;说明其与四棱锥P —ABCD 体积的关系,并由此猜想向量这一运算(AB ×AD )·AP 的绝对值的几何意义. (1)证明:∵⋅=-2-2+4=0,∴AP ⊥AB . 又∵AD AP ⋅=-4+4+0=0,∴AP ⊥AD .∵AB 、AD 是底面ABCD 上的两条相交直线,∴AP ⊥底面ABCD . (2)解:设与的夹角为θ,则 cos θ1053416161428||||=+⋅++-=⋅AD AB AD ABV =31|AB |·|AD |·sin θ·|AP |=161411059110532=++⋅-⋅ (3)解:|(×AD )·AP |=|-4-32-4-8|=48它是四棱锥P —ABCD 体积的3倍.猜测:|(AB ×AD )·AP |在几何上可表示以AB 、AD 、AP 为棱的平行六面体的体积(或以AB 、AD 、AP 为棱的直四棱柱的体积).评述:本题考查了空间向量的坐标表示、空间向量的数量积、空间向量垂直的充要条件、空间向量的夹角公式和直线与平面垂直的判定定理、棱锥的体积公式等.主要考查考生的运算能力,综合运用所学知识解决问题的能力及空间想象能力.25.(2000上海,18)如图9所示四面体ABCD 中,AB 、BC 、BD 两两互相垂直,且AB =BC =2,E 是AC 中点,异面直线AD 与BE 所成的角的大小为arccos1010,求四面体ABCD 的体积.图9 图10 图11解:如图21建立空间直角坐标系 由题意,有A (0,2,0)、C (2,0,0)、E (1,1,0) 设D 点的坐标为(0,0,z )(z >0) 则BE ={1,1,0},={0,-2,z }, 设BE 与AD 所成角为θ. 则AD ·BE =2·224+cos θ=-2,且AD 与BE 所成的角的大小为arccos1010.∴cos 2θ=101422=+z ,∴z =4,故|BD |的长度为4. 又V A —BCD =61|AB |×|BC |×|BD |=38,因此,四面体ABCD 的体积为38.评述:本题考查空间图形的长度、角度、体积的概念和计算.以向量为工具,利用空间向量的坐标表示、空间向量的数量积计算线段的长度、异面直线所成角等问题,思路自然,解法灵活简便.26.(2000天津、江西、山西)如图10所示,直三棱柱ABC —A 1B 1C 1中,CA =CB =1,∠BCA =90°,棱AA 1=2,M 、N 分别是A 1B 1、A 1A 的中点.(1)求BN 的长;(2)求cos<11,CB BA >的值; (3)求证:A 1B ⊥C 1M.解:如图22,建立空间直角坐标系O —xyz . (1)依题意得B (0,1,0)、N (1,0,1) ∴|BN |=3)01()10()01(222=-+-+-.(2)依题意得A 1(1,0,2)、B (0,1,0)、C (0,0,0)、B 1(0,1,2)∴1BA ={-1,-1,2},1CB ={0,1,2,},1BA ·1CB =3,|1BA |=6,|1CB |=5∴cos<1BA ,1CB 30101||||1111=⋅CB BA CB BA .(3)证明:依题意,得C 1(0,0,2)、M (21,21,2),B A 1={-1,1,2}, M C 1={21,21,0}.∴A 1·M C 1=-2121++0=0,∴A 1⊥M C 1,∴A 1B ⊥C 1M . 评述:本题主要考查空间向量的概念及运算的基本知识.考查空间两向量垂直的充要条件27.(2000全国理,18)如图11,已知平行六面体ABCD —A 1B 1C 1D 1的底面ABCD 是菱形且∠C 1CB =∠C 1CD =∠BCD =60°.(1)证明:C 1C ⊥BD ;(2)假定CD =2,CC 1=23,记面C 1BD 为α,面CBD 为β,求二面角α—BD —β的平面角的余弦值;(3)当1CC CD的值为多少时,能使A 1C ⊥平面C 1BD ?请给出证明. (1)证明:设CB =a ,CD =b ,1CC =c ,则|a |=|b |,∵CB CD BD -==b -a , ∴BD ·1CC =(b -a )·c =b ·c -a ·c =|b |·|c |cos60°-|a |·|c |cos60°=0, ∴C 1C ⊥BD .(2)解:连AC 、BD ,设AC ∩BD =O ,连OC 1,则∠C 1OC 为二面角α—BD —β的平面角. ∵21)(21=+=CD BC CO(a +b ),2111=-=CC CO O C (a +b )-c∴CO ·211=OC (a +b )·[21(a +b )-c ] =41(a 2+2a ·b +b 2)-21a ·c -21b ·c=41(4+2·2·2cos60°+4)-21·2·23cos60°-21·2·23cos60°=23.则|CO |=3,|O C 1|=23,∴cos C 1OC 3311= (3)解:设1CC CD=x ,CD =2, 则CC 1=x 2.∵BD ⊥平面AA 1C 1C ,∴BD ⊥A 1C ∴只须求满足:D C C A 11⋅=0即可. 设A A 1=a ,AD =b ,DC =c , ∵C A 1=a +b +c ,D C 1=a -c ,∴D C C A 11⋅=(a +b +c )(a -c )=a 2+a ·b -b ·c -c 2=x x 242+-6,令6-242xx -=0,得x =1或x =-32(舍去). 评述:本题蕴涵着转化思想,即用向量这个工具来研究空间垂直关系的判定、二面角的求解以及待定值的探求等问题.28.(1999上海,20)如图12,在四棱锥P —ABCD 中,底面ABCD 是一直角梯形,∠BAD =90°,AD ∥BC ,AB =BC =a ,AD =2a ,且PA ⊥底面ABCD ,PD 与底面成30°角. (1)若AE ⊥PD ,E 为垂足,求证:BE ⊥PD ; (2)求异面直线AE 与CD 所成角的大小.(1)证明:∵PA ⊥平面ABCD ,∴PA ⊥AB ,又AB ⊥AD .∴AB ⊥平面PAD .又∵AE ⊥PD ,∴PD ⊥平面ABE ,故BE ⊥PD .(2)解:以A 为原点,AB 、AD 、AP 所在直线为坐标轴,建立空间直角坐标系,则点C 、D 的坐标分别为(a ,a ,0),(0,2a ,0).∵PA ⊥平面ABCD ,∠PDA 是PD 与底面ABCD 所成的角,∴∠PDA =30°.于是,在Rt △AED 中,由AD =2a ,得AE =a .过E 作EF ⊥AD ,垂足为F ,在Rt △AFE 中,由AE =a ,∠EAF =60°,得AF =2a ,EF =23a ,∴E (0,23,21a a ) 于是,CD a a AE},23,21,0{=={-a ,a ,0}设AE 与CD 的夹角为θ,则由cos θ||||CD AE CDAE ⋅420)()23()21(002321)(0222222=++-⋅++⋅+⋅+-⋅a a a a a a a a ∴θ=arccos42,即AE 与CD 所成角的大小为arccos 42. 评述:第(2)小题中,以向量为工具,利用空间向量坐标及数量积,求两异面直线所成的角是立体几何中的常见问题和处理手段.29.(1995上海,21)如图13在空间直角坐标系中BC =2,原点O 是BC 的中 点,点A 的坐标是(21,23,0),点D 在平面yOz 上,且∠BDC =90°, ∠DCB =30°。

2000年高考.全国卷.理科数学试题及答案

2000年高考.全国卷.理科数学试题及答案

2000年普通高等学校招生全国统一考试数学(理工农医类)本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。

第I卷1至2页。

第II卷3至9页。

共150分。

考试时间120分钟。

第I卷(选择题共60分)注意事项:1.答第I卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上。

2.每小题选出答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答,不能答在试题卷上。

3.考试结束,监考人将本试卷和答题卡一并收回。

参考公式:三角函数的积化和差公式正棱台、圆台的侧面积公式其中c′、c分别表示上、下底面周长,l表示斜高或母线长其中S′、S分别表示上、下底面积,h表示高一、选择题:本大题共12分,每小题5分,共60分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

(1)设集合A和B都是自然数集合N,映射f:A→B把集合A中的元素n映射到集合B中的元素,则在映射f下,象20的原象是()(A)2 (B)3(C)4(D)5(2)在复平面内,把复数对应的向量按顺时针方向旋转,所得向量对应的复数是(A)(B)(C)(D)(3)一个长方体共一顶点的三个面的面积分别是,这个长方体对角线的长是(A)(B)(C)6(D)(4)已知sinα>sinβ,那么下列命题成立的是(A)若α、β是第一象限角,则cosα>cosβ(B)若α、β是第二象限角,则tgα>tgβ(C)若α、β是第三象限角,则cosα>cosβ(D)若α、β是第四象限角,则tgα>tgβ(5)函数y=-xcosx的部分图象是(6)《中华人民共和国个人所得税法》规定,公民全月工资、薪金所得不超过800元的部分不必纳税,超过800元的部分为全月应纳税所得额,此项税款按下表分希累进计算。

全月应纳税所得额税率不超过500元的部分5%超过500元至2000元的部分10%超过2000元至5000元的部分15%……某人一月份应交纳此项税款26.78元,则他的当月工资、薪金所得介于(A)800~900元(B)900~1200元(C)1200~1500元(D)1500~2800元(7)若a>b>1,,则(A)R<P<Q(B)P<Q<R(C)Q<P<R(D)P<R<Q (8)以极坐标中的点(1,1)为圆心,1为半径的圆的方程是(A)(B)(C)(D)(9)一个圆柱的侧面展开图是一个正方形,这个圆柱的全面积与侧面积的比是(A)(B)(C)(D)(10)过原点的直线与圆相切,若切点在第三象限,则该直线的方程是(A)(B)(C)(D)(11)过抛物线(a>0)的焦点F作一直线交抛物线于P、Q两点,若线段PF与FQ 的长分别是p、q,则等于(A)2a(B)(C)4a(D)(12)如图,OA是圆锥底面中心O到母线的垂线,OA绕轴旋转一周所得曲面将圆锥分成体积相等的两部分,则母线与轴的夹角为(A)(B)(C)(D)第II卷(非选择题共90分)注意事项:1.第II卷共7页,用钢笔或圆珠笔直接答在试题卷中。

2000年高考历史试题(天津江西卷)

2000年高考历史试题(天津江西卷)

2000年普通高等学校招生全国统一考试(天津、江西卷)历史本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,第Ⅰ卷1至6页,第Ⅱ卷7至13页。

满分150分。

考试时间120分钟。

第Ⅰ卷(选择题,共74分)注意事项:1.答第Ⅰ卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目,试卷类型(A或B)涂写在答题卡上。

考试结束,将试题卷和答题卡一并交回。

2.每小题选出答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号,不能答在试题卷上。

一、选择题:本大题共37小题,每小题2分,共计74分。

在每小题列出四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.下列关于北京人和山顶洞人不同点的叙述,正确的是①居住地区不同②体质特征不同③取火方式不同④社会组织形式不同A.①②③ B.①③④ C.②③④ D.①②④2.夏商周时期突出的科学成就出现在下列哪一知识领域?A.天文历法 B.医药学 C.生物学 D.地理学3.秦始皇“焚书坑儒”的目的是①崇法反儒②防止旧势力复辟③毁灭文化④加强思想控制A.①②③ B.①②④ C.②③④ D.①③④4.下列各项,在后世又曾大规模增修或扩建的工程是①郑国渠②都江堰③越州桥④长城○5大运河A.①② B.③④ C.②○5 D.④○55.下列各项符合右图所示南北对峙局面的是A.十六国与东晋B.北魏与宋C.北周与陈D.金与南宋6.府兵制创立于A.西魏 B.北周 C.隋朝 D.唐朝7.下列政权灭亡的先后顺序是A.辽、南宋、金B.西夏、辽、金C.西夏、金、南宋D.金、西夏、南宋8.明初加强专制统治的措施中,与后来宦官专权有直接关系的是A.废除丞相B.设立厂卫特务机构C.八股取士D.地方设“三司”9.《天朝田亩制度》具有绝对平均主义性质,因为它规定A.按人口和年龄平均分配土地B.通过圣库制度平均分配所有农副产品C.鳏寡孤独废疾者由国库供养D.废除地主土地所有制10.19世纪60年代以后中国农副产品出口不断增长,它所产生的社会影响不包括...A.扭转了中国外贸入超的局面B.对中国资本主义经济发展有刺激作用C.促进自然经济进一步解体D.有利于农村商品经济的发展11.百日维新期间维新派没有提出开国会、定宪法,是因为他们A.不敢触动封建制度B.认为这一政治主张不符合中国国情C.认为中国“民智未开”难以实行立宪制度D.对封建势力作了妥协12.辛亥革命爆发后英美列强积极扶植袁世凯的主要原因是A.清政府已经无可救药B.袁世凯较清政府更加忠实于帝国主义C.革命党人损害了列强的在华利益D.认为袁世凯有能力维持中国“国内秩序”13.下列关于前期新文化运动的叙述,正确的是A.具有较为广泛的群众基础B.强调建设资产阶级民主政权C.在文学革命方面取得突出成就D.能够正确看待东西方文化14.中国近代教育变革的一个特点是A.先废除科举制度再建立新学制B.新学堂首先创办于东南沿海地区C.先创办新学堂后颁行新学制D.先开办军事学堂再开办其它学堂15.1920年直皖战争结束后,掌握中央政权的军阀派系是A.直系和奉系B.皖系和奉系C.直系D.皖系16.孙中山晚年指出,阻碍中国实现和平统一的关键因素是A.外国势力的干涉B.军阀混战C.各地经济发展不平衡D.不平等条约的存在17.中国共产党发出“停止内战,一致抗日”的号召是在A.蒋介石对中央苏区第四次“围剿”时B.“何梅协定”签订后C.瓦窑堡会议期间D.西安事变发生后18.1947年解放军开始战略反攻时,国民党军队正在实施的战略是A.全面进攻解放区B.重点进攻山东和陕北解放区C.抢占战备要地和交通线D.集中兵力战略防守要地19.1956年底社会主义制度在我国基本建立,这一结论的主要依据是A.第一届全国人民代表大会召开B.社会主义政治制度确立C.第一个五年计划基本完成D.公有制经济占主体地位20.毛泽东提出正确处理人民内部矛盾,主要是为了A.开展整风运动,克服官僚主义B.维护社会的团结稳定C.团结一切力量建设社会主义D.巩固发展三大改造的成果21.中国人民政治协商会议作为统一战线的组织并发挥政治协商和民主监督作用,开始于A.1949年秋 B.1954年秋 C.1956年底 D.1978年底22.新中国第一次以民办五大国之一地位参加的国际会议是A.日内瓦会议B.万隆会议C.第二十六届联合国大会D.第六届联大特别会议23.1961年我国对国民经济实行“调整、巩固、充实、提高”的方针,主要是为了A.克服严重自然灾害B.巩固“反右倾”斗争的成果C.解决农副产品供应紧张问题D.纠正“大跃进”运动的错误24.20世纪60年代,我国科学技术事业的主要成就是①万吨水压机研制成功②原子弹爆炸成功③人工合成牛胰岛素结晶成功④氢弹爆炸成功A.①② B.②③④ C.①③④ D.①②③④25.人类曾生活在彼此隔绝的地区,后世界逐步连成一体,在此过程中起决定性作用的因素是A.交通事业的发展B.地理知识的积累C.资本主义制度的出现D.航海探险家的贡献26.15-18世纪,欧洲一些国家先后建立起君主专制制度,它表明A.封建君主制已盛极而衰B.市民阶级的作用日益减弱C.大贵族势力已销声匿迹D.统一民族国家和国内市场正在形成27.从尼德兰革命到法国大革命历时两个多世纪,而此后仅半个世纪资本主义就初步形成为一个世界体系,这主要是因为A.法国大革命的影响得到广泛传播B.维也纳体系激化了各国社会矛盾C.工业革命使资本主义力量迅速增强D.殖民统治遍及世界各大洲28.1794年初法国大革命面临的危机基本解除。

历年高考数学三角函数经典试题

历年高考数学三角函数经典试题

历届高考中的“三角函数的图像与性质”试题精选(自我测试)(卷A)一、选择题:(每小题5分,计50分)题号12345678910答案1.(2009陕西理科)若3s i n c o s 0αα+=,则 21c o s s in2αα+的值为 (A )103(B ) (C )23 (D) 2-2.(2007江苏)下列函数中,周期为2π的是( )A .s in 2x y =B .s in2y x =C .co s 4xy = D .c o s4y x =3.(2007江西文)若0<x <2π,则下列命题中正确的是( ) A .sin x <x π2 B .sin x >x π2 C .sin x <x π3 D .sin x >xπ34.(2009山东)将函数y=sin2x 的图象向左平移4π个单位,再向上平移1个单位,所得图象的函数解析式是(A) y=2cos 2x(B )y=2sin 2x (C) y=1+sin(2x+4π)(D)y=cos2xi5 .(2007福建理)已知函数f(x)=sin()()的最小正周期为,则该函数的图象( )A 关于点(,0)对称B 关于直线x =对称C 关于点(,0)对称D 关于直线x =对称6(2007江苏)函数()s i n 3c o s ([,0])f x x x x π=-∈-的单调递增区间是( ) A .5[,]6ππ-- B .5[,]66ππ-- C .[,0]3π- D .[,0]6π-7.(2005福建理)函数)20,0,)(sin(πϕωϕω<≤>∈+=R x x y 的部分图象如图,则( ) A .4,2πϕπω==B .6,3πϕπω==C .4,4πϕπω==D .45,4πϕπω==8.(2009辽宁)已知函数()s i n ()(0)f x x ωϕω-+>的图象如图所示, 则ω =9.(2009宁夏)有四个关于三角函数的命题:1p :∃x ∈R, 2s i n+2c o s =122p : ∃x 、y ∈R, sin(x-y)=sinx-siny3p : ∀x ∈[]0,π,1cos 22x -=sinx 4p : sinx=cosy ⇒x+y=2π其中假命题的是(A )1p ,4p (B )2p ,4p (3)1p ,3p (4)2p ,4p10.(2009宁夏)已知函数y=sin (ωx+ϕ)(ω>0, -π≤ϕ<π)的图像如图所示,则ϕ=________________4.(2009江西)若函数()f x =(1+ 3tanx )cos, 0≤x <2π,则()f x 的最大值为A .1 B. 2 C. 3+1 D. 3+25.(2010天津)在△ABC 中,内角A,B,C 的对边分别是a,b,c ,若223a b b c -=,s i n 23s i n C B =,则A=6.(2003全国理,广东)函数)cos (sin sin 2x x x y +=的最大值为( ) A .21+B .12-C .2D .27.( 2007广东文)已知简谐运动()2s i n ()(||)32f x x ππϕϕ=+<的图象经过点(0,1),则该简谐运动的最小正周期T 和初相ϕ分别为( )8.(2005浙江理)已知k <-4,则函数y =cos2x +k (cos x -1)的最小值是( )(A) 1 (B) -1 (C) 2k +1 (D) -2k +19.(2005全国Ⅰ卷文、理)当20π<<x 时,函数x xx x f 2sin sin 82cos 1)(2++=的最小值为( )(A )2 (B )32 (C )4 (D )3410. (2002年广东、江苏、河南,全国文、理,全国新课程文、理,天津文、理)在)2,0(π内,使xx cos sin >成立的x 的取值范围是( ) (A))45,()2,4(ππππ (B)),4(ππ (C))45,4(ππ (D))23,45(),4(ππππ 二.填空题: (每小题5分,计20分)11.(2006湖南文) 若)4sin(3)4sin()(ππ-++=x x a x f 是偶函数,则a = .12.(2004全国Ⅲ卷理)函数xx y cos 3sin +=在区间]2,0[π上的最小值为 .13.(2005上海文、理)函数()[]s i n2s i n 0,2f x x x x π=+∈的图像与直线y k =有且仅有两个不同的交点,则k 的取值范围是____________14.(2007四川理)下面有五个命题:①函数y =sin 4x -cos 4x 的最小正周期是π. ②终边在y 轴上的角的集合是{a |a =Z k k ∈π,2|. ③在同一坐标系中,函数y =sin x 的图象和函数y =x 的图象有三个公共点. ④把函数.2sin 36)32sin(3的图象得到的图象向右平移x y x y =ππ+= ⑤函数).2sin(π-=x y 在(0,π)上是减函数。

【备战2013年】历届高考数学真题汇编专题7_平面向量_理(2000-2006)

【备战2013年】历届高考数学真题汇编专题7_平面向量_理(2000-2006)
及 的延长线围成的区域内(不含边界)运动,
且 ,由向量加法的平行四边形
法则,OP为平行四边形的对角线,该四边形应是以
OB和OA的反向延长线为两邻边,∴ 的取值范围
是(-∞,0);
当 时,要使P点落在指定区域内,即P点应落在DE上,CD= OB,CE= OB,∴ 的取值范围是( , ).
37.(江苏卷)在△ABC中,已知BC=12,A=60°,B=45°,则AC=
38.(江西卷)已知向量 , ,则 的最大值为.
解: =|sin-cos|= |sin(- )| 。
39.(全国II)已知△ABC的三个内角A、B、C成等差数列,且AB=1,BC=4,则边BC上的中线AD的长为.
解析:由 的三个内角A、B、C成等差数列可得A+C=2B而A+B+C= 可得
AD为边BC上的中线可知BD=2,由余弦定理定理可得 。
(A)(1,-1)(B)(-1,1)(C)(-4,6)(D)(4,-6)
解:4a=(4,-12),3b-2a=(-8,18),设向量c=(x,y),依题意,得4a+(3b-2a)+c=0,所以4-8+x=0,-12+18+y=0,解得x=4,y=-6,选D
22.(陕西卷)已知非零向量与满足(+)·=0且·=,则△ABC为( )
本小题主要考察三角函数概念、同角三角函数的关系、两角和与差的三角函数的公式以及倍角公式,考察应用、分析和计算能力。满分12分。
(Ⅱ)由题知 ,整理得
∴ ∴
∴ 或 ,而 使 ,舍去

54.(天津卷)如图,在 中, , , .
(1)求 的值;
(2)求 的值.
本小题考查同角三角函数关系、两角和公式、倍角公式、正弦定理、余弦定理等基础知识,考察基本运算能力及分析解决问题的能力.满分12分.

2000年高考物理试题(天津、江西卷)

2000年高考物理试题(天津、江西卷)

2000年普通高等学校招生全国统一考试(天津、江西卷)物理本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,第Ⅰ卷1至3页,第Ⅱ卷4至11页共150分,考试时间120分钟。

第Ⅰ卷(选择题 共40分) 注意事项:1.答第Ⅰ卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目、试卷类型(A 或B )用铅笔涂写在答题卡上。

2.每小题选出答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案。

不能答在试题卷上。

3.考试结束,将本试卷和答题卡一并交回。

4.必要时可以使用下列物理量。

真空中光速m/s 100.33⨯=c 万有引力常量2211/kg m N 107.6⋅⨯=-G普朗克常量s J 106.634⋅⨯=-h 电子的电量C 106.119-⨯=c地球半径m 104.66⨯=R 电子的质量kg 101.931-⨯=c m一、本题共10小题,每小题4分,共40分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分。

1.最近几年,原子核科学在超重元素岛的探测方面取得重大进展,1996年科学家们在研究某两个重离子结合成超重元素的反应时,发现生成的超重元素的核X AZ 经过6次α衰变后的产物是Fm 253100,由此,可以判定生成的超重元素的原子序数和质量数分别是(A )124、259 (B )124、265 (C )112、265 (D )112、277 2.对于一定量的理想气体,下列四个论述中正确的是 (A )当分子热运动变剧烈时,压强必变大。

(B )当分子热运动变剧烈时,压强可以不变。

(C )当分子间的平均距离变大时,压强必变小。

(D )当分子间的平均距离变大时,压强必变大。

3.在高速公路的拐弯处,路面造得外高内低,即当车向右拐弯时,司机左侧的路面比右侧的要高一些,路面与水平面间的夹角为θ。

高考江西天津文答案

高考江西天津文答案

2000 年高考江西、天津卷数学试题(文史类)参照解答及评分标准一、选择题:此题考察基本知识和基本运算。

每题5 分,满分 60 分。

(1)C (2)D (3)C (4)D (5)D (6)C (7)B (8)C(9)A(10)C( 11)C (12)D二、填空题:此题考察基本知识和基本运算。

每题4 分,满分 16 分。

(13)0.05 ( 14) 3 x3( ) 1( )②③5 51516n三、解答题(17)本小题主要考察等可能事件的概率计算及剖析和解决实质问题的能力。

满分 10 分。

解:(I )甲从选择题中抽到一题的可能结果有 C 61 个,乙挨次从判断题中抽到一题的可能结果有 C 41 个,故甲抽到选择题、乙挨次抽到判断题的可能结果有 C 16 C 41 个;又甲、乙挨次抽一题的可能结果有概率为C 101 C 91 个,所以甲抽到选择题、乙挨次抽到判断题的概率为 C 61C 41 4 ,所求概率为 4;C 1 C 1 15 1510 9——5 分(II )甲、乙二人挨次都抽到判断题的概率为C 14 C 13,故甲、乙二人中起码C 101C 19有一人抽到选择题的概率为1C 41C 3113,所求概率为 13 。

——10 分C 101C 911515或C 61C 51 C 61 C 41 C 41C 6114413 ,所求概率为 13。

C 1 C 1C 1 C 1 C 1 C 13151515 1510910910 9— —10 分(18 甲)本小题主要考察空间向量及运算的基本知识。

满 分12 分。

如图,以 C 为原点成立空间直角坐标系 O xyz 。

( I )解:依题意得 B 0, 1, 0 ,N 1, 0,1 ,2223 ——2 分∴BN10 0110(II )解:依题意得 A 1 1,0, 2 ,B 0,1,0 ,C 0,0,0 , B 1 0,1, 2 。

∴ BA11,1,2 , CB10,1, 2 。

五年高考数学真题分类解析-排列、组合、二项式定理和概率、统计

五年高考数学真题分类解析-排列、组合、二项式定理和概率、统计
0.3? 图10—1 61.(2001江西、山西、天津)如图10—1,用A、B、C三类不同的 元件连接成两个系统N1,N2.当元件A、B、C都正常工作时,系统N1正常 工作;当元件A正常工作且元件B、C至少有一个正常工作时,系统N2正 常工作.已知元件A、B、C正常工作的概率依次为0.80、0.90、0.90. 分别求系统N1、N2正常工作的概率P1、P2. 62.(2001上海理)对任意一个非零复数z,mz={ω|ω=z2n-1,n∈N} (1)设α是方程x+的一个根,试用列举法表示集合Mα.若在Mα中任 取两个数,求其和为零的概率P. (2)设复数ω∈Mz,求证:MωMz. 63.(2001全国理,20)已知i,m,n是正整数,且1<i≤m<n. (1)证明ni<mi; (2)证明(1+m)n>(1+n)m. 64.(2000江西、山西、天津理,17)甲、乙二人参加普法知识竞 答,共有10个不同的题目,其中选择题6个,判断题4个,甲、乙二人依 次各抽一题. (1)甲抽到选择题、乙抽到判断题的概率是多少? (2)甲、乙二人中至少有一人抽到选择题的概率是多少? 65.(2000上海,22)规定,其中x∈R,m是正整数,且=1,这是组 合数(n、m是正整数,且m≤n的一种推广).
颜色的3面旗帜上分别标上号码1、2和3.现任取3面,它们的颜色与号码 均不相同的概率是 . 44.(2000两省一市理,13)某厂生产电子元件,其产品的次品率 为5%,现从一批产品中任意地连续取出2件,其中次品数以ξ的概率分布 是 三、解答题 60.(2002天津文20,理19)某单位6个员工借助互联网开展工作, 每个员工上网的概率都是0.5(相互独立). (Ⅰ)求至少3人同时上网的概率;
单位面积产量如下(单位:t/hm2): 其中产量比较稳定的小麦品种是_____. 30.(2001上海,7)某餐厅供应客饭,每位顾客可以在餐厅提供的 菜肴中任选2荤2素共4种不同的品种.现在餐厅准备了5种不同的荤菜, 若要保证每位顾客有200种以上的不同选择,则餐厅至少还需准备不同 的素菜品种 种.(结果用数值表示) 31.(2001全国,16)圆周上有2n个等分点(n>1),以其中三个 点为顶点的直角三角形的个数为 . 32.(2001上海理,8)在代数式(4x2-2x-5)(1+)5的展开式 中,常数项为 . 33.(2001全国文,13)(x+1)10的二项展开式中x3的系数为 . 34.(2001上海春)在大小相同的6个球中,2个红球,4个白球.若从 中任意选取3个,则所选的3个球中至少有1个红球的概率是_____.(结 果用分数表示) 35.(2001广东河南,13)已知甲、乙两组各有8人,现从每组抽取 4人进行计算机知识竞赛,比赛人员的组成共有 种可能(用数字作 答). 36.(2001江西、山西、天津理)一个袋子里装有大小相同的3个红 球和2个黄球,从中同时取出2个,则其中含红球个数的数学期望是 _____.(用数字作答) 37.(2001上海文)利用下列盈利表中的数据进行决策,应选择的 方案是_____. 38.(2000上海春,4)若(+a)5的展开式中的第四项是10a2(a为 大于零的常数),则x=_____. 39.(2000上海春,10)有n(n∈N*)件不同的产品排成一排,若 其中A、B两件产品排在一起的不同排法有48种,则n=_____. 40.(2000京皖春理,17)展开式中的常数项是_____. 41.(2000全国文、理,3)乒乓球队的10名队员中有3名主力队 员,派5名参加比赛,3名主力队员要安排在第一、三、五位置,其余7 名队员选2名安排在第二、四位置,那么不同的出场安排共有_____种 (用数字作答). 42.(2000年上海,9)在二项式(x-1)11的展开式中,系数最小 的项的系数为 .(结果用数值表示) 43.(2000上海,10)有红、黄、蓝三种颜色的旗帜各3面,在每种

2000年全国高考状元一览表

2000年全国高考状元一览表

2000年全国高考状元一览表
2000年,全国高考落下帷幕,出现了许多人才,他们从众多考
生中脱颖而出,取得了极高的成绩。

让我们一起来回顾一下,当年2000年全国高考状元一览表:
文科状元:赵英俊,男,湖北黄冈人,717分
宋剑锋,男,四川成都人,715分
许瑛瑛,女,江苏宿迁人,711分
王瑾,女,山东烟台人,710分
理科状元:孙可,男,河南许昌人,727分
崔艺,女,安徽芜湖人,723分
潘文华,女,安徽亳州人,722分
张江深,男,湖北随州人,717分
这5位状元获得了当年全国第一的殊荣,他们都来自不同的地方,各有不同的背景,但他们有一个共同的特点:勤奋、刻苦、毅力。

他们没有就此满足,而是把握住机会,努力学习,脚踏实地,一步一个脚印,为自己的梦想而奋斗,最终取得了完美的成绩。

尽管他们取得了巨大的成功,但是他们从来都没有忘记他们的母校和教师,他们仍然时刻怀念着那些默默付出而又无私奉献的老师,感谢他们的帮助和指导。

文理状元是每一个高考考生梦寐以求的身份,他们获得了最高荣誉,更标志着我们国家在知识分子培养上取得了可喜的成果。

未来,他们一定会成为中国社会发展的助推器,继续为我们的国家创造辉煌
的未来。

2000年全国各地高考录取分数线(统一卷)

2000年全国各地高考录取分数线(统一卷)

2000年全国各地高考录取分数线(统一卷)2000年全国各地高考录取分数线(统一卷)北京专讯:北京公布高考各批录取院校的分数线今天上午,北京市高招办公布了今年高考录取分数线。

具体分数线如下:1、批次文科理科第一批录取院校 465分(去年466分) 476分(去年460分)第二批录取院校 443分(去年447分) 440分(去年421分)专科一批录取院校待定(去年420分) 待定(去年382分)专科二批录取院校待定(去年388分) 待定(去年327分)上海市2000年普通高校招生录取分数线公布人民日报网络版上海7月26日专电上海市市教育考试院昨天公布了本市普通高校招生集中录取阶段各批录取控制或录取参考分数线。

具体如下:第一批本科院校第二批本科院校第三批高专院校第三批高职院校录取控制分数线录取控制分数线录取参考分数线录取参考分数线上海卷全国卷上海卷全国卷上海卷全国卷上海卷全国卷文科438 473 423 454 410 440 365 407理科448 498 429 467 419 453 387 415福建省公布高考各批录取院校的分数线体育、高职单招类福建省高招办公布了今年高考录取分数线。

具体分数线如下:1、批次理科文科第一批 618分 663分第二批 550分 586分专科一批 501分 529分专科二批 440分 453分2、体育教育专业本科:395专科:354(体育单科成绩须60分)(2000年7月29日《厦门商报》)浙江省15万普通高校考生翘首以待的高考录取分数线揭晓,全省共有8.8万余人达到第五批控制分数线。

今年全省文科平均总分为414分,600分以上考生共9人,最高分为632分。

理科平均总分为453分,600分以上考生701人,最高分为655分。

文科五批控制分数线分别为:第一批:506分;第二批:481分;第三批:465分;第四批:456分;第五批:418分。

最低组档线为378分。

理科控制分数线为:第一批:525分;第二批:491分;第三批:474分;第四批:463分;第五批:424分。

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2000年高考江西、天津卷
数 学(理工农医类)
一、 选择题:本大题共12小题;第每小题5分,共60分。

在每小题给
出的
四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

(1) 设集合A 和B 都是坐标平面上的点集(){}R y R x y x ∈∈,|,,映射B A f →:把
集合A 中的元素()y x ,映射成集合B 中的元素()y x y x -+ ,,则在映射f 下,象()1,2的原象是
(A )()1 ,3 (B )⎪⎭
⎫ ⎝⎛21 ,23 (C )⎪⎭

⎝⎛-21 ,2
3 (D )()3 ,1
(2) 在复平面内,把复数i 33-对应的向量按顺时针方向旋转
3
π
,所得向量对
应的复数是
(A )23 (B )i 32- (C )i 33- (D )3i 3+
(3) 一个长方体共一项点的三个面的面积分别是2,3,6,这个长方体 对角线的长是
(A )23 (B )32 (C )6 (D )6 (4)设a 、b 、c 是任意的非零平面向量,且相互不共线,则
①()()0=⋅-⋅b a c c b a ; ②b a b a -<-
③()()b a c a c b ⋅-⋅不与c 垂直 ④()()2
2
492323b a b a b a ==-⋅+
中,是真命题的有
(A )①② (B )②③ (C )③④ (D )②④ (5)函数x x y cos -=的部分图象是
(6)《中华人民共和国个人所得税法》规定,公民全月工资、薪金所得不超过 800元的部分不必纳税,超过
800元的部分为全月应纳税所得额。

此项税 款按下表分段累进计算:
(A ) 800~900元 (B )900~1200元 (C )1200~1500元 (D )1500~2800元 (7)若1>>b a ,P=b a lg lg ⋅,Q=
()b a lg lg 21
+,R=⎪⎭
⎫ ⎝⎛+2lg b a ,则
(A )R <P <Q (B )P <Q <R
(C )Q <P <R (D )P <R <Q (8)右图中阴影部分的面积是
(A )32 (B )329- (C )
332 (D )3
35 (9)一个圆柱的侧面展开图是一个正方形,这个圆柱
的全面积与侧面积的比 是
(A )ππ221+ (B )ππ441+ (C )ππ
21+
(D )π
π241+
(10)过原点的直线与圆03422=+++x y x 相切,若切点在第三象限,则该直 线的方程是
(A )x y 3= (B )x y 3-= (C )
x 33 (D )x 3
3- (11)过抛物线()02>=a ax y 的焦点F 作一条直线交抛物线于P 、Q 两点,若线 段PF 与FQ 的长分别是p 、q ,则
q
p 1
1+等于 (A )a 2 (B )
a 21 (C )a 4 (D )a
4 (12)如图,OA 是圆锥底面中心O 到母线的垂线,OA
绕轴旋转一周所得曲面将圆锥分成体积相等的两部分,则母线与轴的夹角为
(A )3
2
1
arccos (B )21arccos
(C )21
arccos (D )42
1arccos
二.填空题:本大题共4小题;每小题4分,共16分,把答案填在题中横
线上。

(13)某厂生产电子元件,其产品的次品率为5%,现从一批产品中任意地连续取出2件,其中次品ξ的概率分布是
(14)椭圆14
92
2=+
y x 的焦点为1F 、2F ,点P 为其上的动点,当21PF F ∠为钝角
时,点P 横坐标的取值范围是________。

(15)设{}n a 是首项为1的正项数列,且
()0112
21=+-+++n n n n a na na a n (n =1,2,
3,…),则它的通项公式是n a =________。

(16)如图,E 、F 分别为正方体的面11A ADD 、面
11B BCC 的中心,则四边形E BFD 1在该正方体的面上的射影可能是_______。

(要
求:把可能的图的 序号都填上)
三、解答题:本大题共6小题;共
74
分,解答应写出文字说明、证明过程或 演算步骤。

(17)(本小题满分10分)
甲、乙二人参加普法知识竞答,共有10个不同的题目,其中选择题6个,判断题4个。

甲、乙二人依次各抽一题。

(I )甲抽到选择题、乙抽到判断题的概率是多少?
(II )甲、乙二人中至少有一人抽到选择题的概率是多少? (18甲)(本小题满分12分)
如图,直三棱柱ABC -111C B A ,底面ΔABC 中,CA=CB=1,BCA= 90,棱1AA =2,M 、N 分别是11B A 、
A A 1的中点。

(I )求的长;
(II )求1cos BA <,1CB >的值; (III )求证M C B A 11⊥。

(18乙)(本小题满分12分)
如图,已知平行六面体ABCD-1111D C B A 的底面ABCD 是菱形,且CB C 1∠=BCD ∠= 60。

(I )证明:C C 1⊥BD ;
(II )假定CD=2,C C 1=2
3
,记面BD C 1为α,面CBD 为β,求二面角 βα--BD 的平面角的余弦值; (III )当
1
CC CD
的值为多少时,能使⊥C A 1平面BD C 1?请给出证明。

(19)(本小题满分12分)
设函数()ax x x f -+=12,其中0>a 。

(I )解不等式()1≤x f ;
(II )求a 的取值范围,使函数()x f 在区间[)+∞,0上是单调函数。

(20)(本小题满分12分)
用总长14.8m 的钢条制成一个长方体容器的框架,如果所制做容器的底面的一边比另一边长0.5m ,那么高为多少时容器的容积最大?并求出它的最大容积。

(21)(本小题满分12分)
(I )已知数列{}n c ,其中n n n c 32+=,且数列{}n
n pc c -+1为等比数列,求常 数p 。

(II )设{}n a 、{}n b 是公比不相等的两个等比数列,n n n b a c +=,证明数列
{}n c 不是等比数列。

(22)(本小题满分14分)
如图,已知梯形ABCD 中CD AB 2=,点E 分有向线段AC 所成的比为λ,双曲线过C 、D 、E 三点,且以A 、B 为焦点。

当4
3
3
2

≤λ时,求双曲线离心率e 的取值范围。

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