分析法证明不等式
分析法证明不等式

分析法证明不等式不等式是数学中重要的概念,对于分析法证明不等式的方法,可以通过利用数学推理和严密的论证来证明不等式的成立。
下面将结合具体的例子,来阐述分析法证明不等式的步骤和方法。
首先,我们来讨论一个常见的不等式:对于任意的正实数a、b和c,有以下不等式成立:(a+b+c)^3 ≥ 27abc我们可以通过以下步骤来进行分析法证明:步骤1:观察不等式的成立条件和结论。
不等式要求给定的实数a、b和c都是正实数,并且它的结论是(a+b+c)^3 ≥ 27abc。
步骤2:对不等式的结论进行合理的假设。
在这个例子中,我们可以假设a、b和c都是正实数,并且它们的和是常数k。
这样,我们可以记a = k-x, b = k-y和c = k-z,其中x、y和z是正实数。
步骤3:代入假设的条件,将不等式转化为关于x、y和z的表达式。
根据假设,我们可以将(a+b+c)^3 ≥ 27abc转化为(k-x+k-y+k-z)^3 ≥ 27(k-x)(k-y)(k-z)。
步骤4:化简不等式表达式。
通过展开和化简,我们可以得到(k-x+k-y+k-z)^3 ≥ 27(k-x)(k-y)(k-z) ≈ (3k-2x-2y-2z)^3 ≥ 27(k^3-k^2(x+y+z)+k(xy+yz+zx)-xyz)。
步骤5:利用数学推理进行证明。
对于右侧的表达式,我们可以使用陶大数不等式来进一步化简。
陶大数不等式指出,对于任意的非负实数x和y,有(x+y)^3 ≥ 4(x^3+y^3)。
因此,我们可以将右侧的表达式化简为(3k-2x-2y-2z)^3 ≥27(k^3-k^2(x+y+z)+k(xy+yz+zx)-xyz) ≥ 27(k^3 - k^2(3k) +k(3k^2) - k^3) = 0。
步骤6:得出结论。
根据化简后的表达式,我们可以得出(3k-2x-2y-2z)^3 ≥ 0的结论。
因此,根据假设的条件和数学推理,我们证明了(a+b+c)^3 ≥27abc对于任意的正实数a、b和c成立。
不等式证明——分析法

不等式证明——分析法不等式证明是数学中常见的问题,解决不等式证明的一种方法是使用分析法。
分析法是通过观察、推理和逻辑推导来证明不等式的方法,它可以帮助我们理解不等式的性质和特点,从而解决不等式问题。
下面将以1200字以上的篇幅来详细介绍分析法在不等式证明中的应用。
不等式是数学中的一个重要概念,它描述了数之间的大小关系。
不等式证明是解决不等式问题的一种方法,它需要我们通过一系列推理和推导来证明不等式的正确性。
分析法是不等式证明中常见的方法之一,它通过观察和推理来解决不等式问题。
在使用分析法证明不等式时,我们首先需要观察不等式的性质和特点。
通过观察,我们可以发现不等式中的规律和模式,从而帮助我们理解不等式的性质。
例如,对于一个简单的不等式a+b>c,我们可以观察到,当a和b的和大于c时,不等式成立。
当a和b的和小于c时,不等式不成立。
通过观察,我们可以得出结论:不等式成立的条件是a+b>c。
除了观察之外,推理也是使用分析法解决不等式问题的重要方法。
推理是通过使用已知的条件和定理来进行逻辑推导,从而得出结论的过程。
在不等式证明中,我们可以使用数学原理和性质来进行推理。
例如,如果我们知道a>b,b>c,那么我们可以推导出a>c。
通过推理,我们可以将不等式问题转化为更简单的形式,从而更容易进行证明。
在不等式证明中,逻辑推导也是使用分析法的重要方法。
逻辑推导是通过使用逻辑规则和推理规则来进行推导,从而得出结论的过程。
在不等式证明中,我们可以使用逻辑规则和推理规则来进行推导。
例如,根据逻辑规则“如果p成立,则q也成立”,我们可以得出结论:如果a>b,那么a+c>b+c。
通过逻辑推导,我们可以将不等式问题转化为更简单的形式,从而更容易进行证明。
在使用分析法证明不等式时,我们还需要注意一些常见的技巧和策略。
例如,我们可以通过增减项、乘除项、换元法等技巧来改变不等式的形式,从而更容易进行证明。
不等式证明分析法

不等式证明分析法不等式在数学中占有重要地位,是求解问题和证明问题中常用的方法之一、不等式证明分析法可以帮助我们更深入地理解和掌握不等式的性质和特点。
下面将通过实例来介绍不等式证明分析法。
首先,我们来看一个简单的不等式:对于任意正实数a和b,证明(a+b)^2 >= 4ab。
1.分析要证明的不等式的性质:这个不等式可以看作是两个数的平方和大于等于两倍的乘积。
根据算术均值-几何均值不等式,平方和大于等于两倍的乘积。
因此,不等式是成立的。
2. 设计证明的思路:在这个例子中,我们可以选择直接利用平方的性质来进行证明。
我们可以展开(a+b)^2并进行简化化简,然后再和4ab进行比较。
3. 具体步骤:首先,将(a+b)^2展开得到(a+b)(a+b),进一步展开得到a^2 + 2ab + b^2然后,与4ab进行比较,我们可以发现a^2 + 2ab + b^2大于等于4ab。
4.总结:通过上述步骤,我们证明了原不等式成立。
接下来,我们来看一个稍微复杂一点的例子:对于任意正实数a,证明(a+1/a)^2+a^2>=2(a+1/a)。
1.分析要证明的不等式的性质:这个不等式看起来是一个平方和不等式,我们需要展开并简化它。
我们还可以观察到,两边都含有项(a+1/a),因此我们可以尝试将其提取出来进行比较。
2.设计证明的思路:在这个例子中,我们可以选择利用展开和简化的性质来进行证明。
我们先将左边展开并化简,再将右边展开并化简。
然后比较两边是否成立。
3.具体步骤:首先,将左边(a+1/a)^2+a^2展开,得到a^2+1/a^2+2、然后,将右边2(a+1/a)展开,得到2a+2/a。
我们发现,左边的结果为a^2+1/a^2+2,右边的结果为2a+2/a。
我们可以发现,左边的结果大于等于右边的结果。
4.总结:通过上述步骤,我们证明了原不等式成立。
通过以上两个例子,我们可以看到不等式证明分析法的基本步骤和思路。
分析法证明不等式

主备人:审核:包科领导:年级组长:使用时间:4-5分析法证明不等式【教学目标】1.掌握分析法证明不等式的方法和步骤。
2.能够利用分析法证明不等式。
【重点、难点】重点:分析法证明不等式。
难点:分析法证明不等式。
【学法指导】1.据学习目标,自学课本内容,限时独立完成导学案;2.红笔勾出疑难点,提交小组讨论;1,预习p17-p18,【自主探究】i.分析法:从所要证明的结论入手向已知条件反推直至达到已知条件为止,这种证明方法称为。
即“执果索因”的证明方法,即从“未知”看“”它也是证明不等式的一种重要的基本方法。
证明时一定要注意书写格式。
ii.分析法的本质是从需证的不等式出发寻求使结论成立的充分条件,证明的关键是推理每一步都必须可逆,简言之,步步可逆。
证明的模式(步骤)以论证“若A则B”为例;欲证明B成立,只需证明B1成立,从而又……只需证明B2成立,从而又………………只需证明A为真,今已知A真,故B必真可见分析法就是寻求上一步成立的充分条件,可以简单写成12......B B B A⇐⇐⇐⇐【合作探究】证明下列不等式(1)求证:2>(2)已知a>0, b>0且a>b <【巩固提高】(1),已知a,b,x,y R ∈,且22221,1a b x y +=+=,求证: 1ax by +≤(2),已知a,b ,1R a b +∈+=,求证:1125()()4a b a b ++≥【能力提升】已知 a,b ,2,R c a b +∈>+求证: c a c <<本节小结:————————————————————————————————————————————。
不等式证明-分析法

确定目标
明确不等式证明的目标,即需要证明 的不等式是什么。
分析不等式的结构,理解其特点,为 后续推导提供方向。
寻找关键点
寻找不等式中的关键信息,如变量、符号、数值等。
确定关键点之间的逻辑关系,为后续推导提供依据。
逐步推导
根据关键点之间的逻辑关系,逐步推导不等式的成立条件。 在推导过程中,注意保持逻辑严密,避免出现跳跃或遗漏。
结合其他方法
研究和发展新的证明技巧,简化证明过程, 提高证明效率。
应用领域拓展
将分析法应用于更广泛的领域,如数学、物 理、工程等,发挥其强大的逻辑推理能力。
感谢您的观看
THANKS
03
实例
证明 $a^2 + b^2 geq 2ab$。通过平 方差公式,将 $a^2 + b^2 - 2ab$ 转 化为 $(a - b)^2$,由于平方数非负, 得出 $a^2 + b^2 geq 2ab$。
几何不等式证明
01
几何不等式的定义
几何不等式涉及到几何图形的大小关系,通常与长度、面积、体积等几
分析法的重要性
解决问题
不等式证明-分析法是解决不等式 问题的重要手段之一,能够处理 各种复杂的不等式证明问题。
数学基础
该方法有助于巩固和加深对不等 式性质和特点的理解,提高数学 推理和问题解决能力。
应用领域
不等式证明-分析法不仅在数学领 域有广泛应用,还涉及到物理学、 工程学、经济学等多个学科。
分析法的历史与发展
不等式证明-分析法
目录
• 不等式证明-分析法简介 • 不等式的性质与定理 • 分析法的基本步骤 • 分析法的应用实例 • 分析法的优缺点与改进方向
证明不等式的八种方法

1 Math Part 比较法
证明:
∴a-1≥1,b-1≥1
ab-a-b =a(b-1)-b
∴(a-1)(b-1)≥1 例题:已知a≥2,b≥即2,(a求-1)证(b:-1)a-b1≥≥a0+b
6 Math Part 构造法
函数构造法
例题:已知a≥2,b≥2,求证:ab≥a+b
证明: 要证明的不等式为: ab≥a+b 移项得 ab-a-b≥0 即(b-1)a-b≥0 构造函数 f(x)=(b-1)x-b (x≥2)
f(x)是关于x的一次函数 其中一次项系数b-1>0 ∴f(x)为定义域上的增函数 ∴对于任意的x∈[2,+∞)都有 f(x)≥f(2)=(b-1)×2-b=b-2≥0 ∴(b-1)a-b≥0 所以原命题成立 证毕
与①式矛盾
所以原命题成立
证毕
5 Math Part
公式法
5 Math Part 公式法
伯公努式利法不:等利式用:已有的不等式的定理、公式等 (1证+x明1)不(1等+x式2)…的(一1+种xn方) ≥法1。+x高1+中x2常…+见xn的公式有: 对基 栖于本 西任不不意等等1≤式式i,、、j≤绝加n都对权有值平x不均i>-等不1且式 等所、 式有均 、x值 切i与不 比x等雪j同式夫号、不
4 Math Part 反证法
例题:已知a≥2,b≥2,求证:ab≥a+b
证明: 假设ab<a+b ab-a-b =a(b-1)-b =a(b-1)-(b-1)-1 =(a-1)(b-1)-1 ∵ab<a+b
一个不等式的七种证明方法

一个不等式的七种证明方法证明不等式就是证明所给不等式在给定条件下恒成立.由于不等式的形式是多种多样的,因此,不等式的证明方法也可谓是千姿百态.针对不等式证明,要具体问题具体分析,灵活选用证明方法,提高代数变形,推理论证能力,一题多解,有助于我们对辩证唯物主义观点有进一步的认识. 题目:已知a ,b ,c ,d ∈R ,求证:ac +bd ≤))((2222d c b a ++ 分析一:用分析法证法一:(1)当ac +bd ≤0时,显然成立.(2)当ac +bd >0时,欲证原不等式成立, 只需证(ac +bd )2≤(a 2+b 2)(c 2+d 2) 即证a 2c 2+2abcd +b 2d 2≤a 2c 2+a 2d 2+b 2c 2+b 2d 2 即证2abcd ≤b 2c 2+a 2d 2 即证0≤(bc -ad )2因为a ,b ,c ,d ∈R ,所以上式恒成立, 综合(1)、(2)可知:原不等式成立. 分析二:用综合法 证法二:(a 2+b 2)(c 2+d 2)=a 2c 2+a 2d 2+b 2c 2+b 2d 2=(a 2c 2+2abcd +b 2d 2)+(b 2c 2-2abcd +a 2d 2)=(ac +bd )2+(bc -ad )2≥(ac +bd )2 ∴))((2222d c b a ++≥|ac +bd |≥ac +bd .故命题得证. 分析三:用比较法证法三:∵(a 2+b 2)(c 2+d 2)-(ac +bd )2=(bc -ad )2≥0,∴(a 2+b 2)(c 2+d 2)≥(ac +bd )2∴))((2222d c b a ++≥|ac +bd |≥ac +bd , 即ac +bd ≤))((2222d c b a ++. 分析四:用放缩法证法四:为了避免讨论,由ac +bd ≤|ac +bd |,可以试证(ac +bd )2≤(a 2+b 2)(c 2+d 2). 由证法1可知上式成立,从而有了证法四. 分析五:用三角代换法证法五:不妨设⎩⎨⎧==⎩⎨⎧==ββααsin cos ,sin cos 2211r d r c r b r a (r 1,r 2均为变量).则ac +bd =r 1r 2cos αcos β+r 1r 2sin αsin β=r 1r 2cos (α-β) 又|r 1r 2|=|r 1|·|r 2|=))((22222222d c b a d c b a ++=+⋅+ 及r 1r cos (α-β)≤|r 1r 2| 所以ac +bd ≤))((2222d c b a ++. 分析六:用换元法证法六:(1)当(a 2+b 2)(c 2+d 2)=0时,原不等式显然成立.(2)当(a 2+b 2)(c 2+d 2)≠0时,欲证原不等式成立, 只需证| 2222dc b a bd ac +⋅++|≤1.即证|22222222dc d ba b dc c ba a +⋅+++⋅+|≤1,注意到(22b a a +)2+(22b a b+)2=1与(22d c c +)2+(22d c d +)2=1和cos 2x +sin 2x =1的结构特征很类同,不妨设22ba a+=cos α, 22dc c +=cos β,则22ba b +=sin α,22dc d +=sin β,故|22222222dc b a bddc ba ac+⋅++++|=|cos αcos β+sin αsin β| =|cos (α-β)|≤1 所以ac +bd ≤))((2222d c b a ++. 分析七:用构造函数法(判别式法)证法七:待证不等式的结构特征与一元二次方程的判别式Δ =b 2-4ac ≤0的结构特征很类似,由此不妨构造函数, f (x )=(a 2+b 2)x 2+2(ac +bd )x +(c 2+d 2)=(a 2x 2+2acx +c 2)+(b 2x 2+2bdx +d 2) =(ax +c )2+(bx +d )2显然不论x 取任何实数,函数f (x )的值均为非负数,因此,(1)当a 2+b 2≠0时,方程f (x )=0的判别式Δ≤0, 即[2(ac +bd )]2-4(a 2+b 2)(c 2+d 2)≤0, 即(ac +bd )2≤(a 2+b 2)(c 2+d 2)故ac +bd ≤|ac +bd |≤))((2222d c b a ++(2)当a 2+b 2=0时,原不等式显然成立. 分析八:用构造复数法证法八:待证不等式的结构特征与复数的模相似设复数Z 1=a+bi,Z 2=c+di 则有|z 12又。
不等式证明方法

(1 a2 )(1 b2 )(1 ab)
a2
b2 (1
2ab ab 3 a3b 2a2b2 a2 )(1 b2 )(1 ab )
(a b)2 ab(a b)2 (1 a2 )(1 b2 )(1 ab )
(1
(a b)2 (1 ab ) a2 )(1 b2 )(1 ab )
不等式的证明
【 例 1】 已 知 a>0 , b>0 , 求 证 : a3+b3≥a2b+ab2.(课本P12例3)
证明一:比较法(作差)
(a3+b3)-(a2b+ab2)=(a3- a2b)+(b3-ab2)
=a2(a-b)+b2(b-a) =(a-b)( a2-b2) =( a-b)2(a+b). ∵a>0,b>0, ∴a+b>0,而( a-b)2≥0. ∴( a-b)2(a+b)≥0. 故(a3+b3)-(a2b+ab2)≥0,
a2 b 2a
同理 b2 a 2b
b
a
a2
b2
b a 2a 2b
b
a
即
a2 b2 ab
ba
a1≥a2≥a3…≥an,b1≥b2≥b3…≥bn,
则 a1b1+a2b2+a3b3+…+anbn ≥a1b2+a2b3+…+ an-1bn+anb1 ≥a1bn+a2bn-1+…+ an-1b2+anb1.
所以当x=2时, f(x)取到最大值3,
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
分析法证明不等式
山东 林 博
分析法是不等式证明的基本方法,但它不失为不等式证明的重要方法.下面以几道不等式证明题作为分析法的范例加以阐释.
例1 已知:a b c +∈R ,,,
求证:3223a b a b c ab abc +++⎛⎫⎛⎫-3- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
≤. 分析:这道题从考查思维的角度来看,方法基本,只要从分析法入手———步步变形,问题极易解决.
证明:为了证明3223a b a b c ab abc +++⎛⎫⎛⎫-3- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
≤, 只需证明323ab c abc --≤,
即证明332abc c ab c ab ab +=++≤.
而3333c ab ab c
ab ab abc ++=≥成立,且以上各步均可逆, ∴32323a b a b c ab abc +++⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
≤. 点评:分析法是思考问题的一种基本方法,容易找到解决问题的突破口.
例2 已知关于x 的实系数方程2
0x ax b ++=有两个实根αβ,,证明:
(1)如果||2α<,||2β<,那么2||4a b <+,且||4b <;
(2)如果2||4a b <+,且||4b <,那么||2α<,||2β<.
分析:本题涉及参数较多,应注意它们之间的等量关系.
证明:∵αβ,是方程20x ax b ++=的两个实根,
∴a αβ+=-,b αβ=.
(1)欲证2||4a b <+,且||4b <.
只要证2||4αβαβ+<+,且||4αβ<,
而||2α<,||2β<,从而有||4αβ+<,40αβ+>.
故只要证224()(4)αβαβ+<+,只要证22(4)(4)0αβ-->.
又∵||2α<,||2β<,2
4α∴>,24β<.
∴22(4)(4)0αβ-->成立,故原不等式成立.
(2)欲证||2α<,||2β<.
只要证24α<,24β<.
只要证22(4)(4)0αβ-->,且||4αβ<.
只要证224()(4)αβαβ+<+,且||4αβ<.
只要证224(4)a b <+,且||4b <, 只要证2|| |
4|a b <+,且||4b <. 即要证2||4a b <+,且||4b <.
最后一式为已知条件不等式,故原不等式成立.
点评:应用分析法,一方面要注意寻找使结论成立的充分条件,另一方面要有目的性,逐步逼近已知条件或必然结论.
例3 已知a >0,b >0,2c a b >+,求证:22c c ab a c c ab --<<+-.
分析:观察待证式子是连锁不等式,不易用比较法,又待证式子等价于22c ab a c c ab --<-<-,即2||a c c ab -<-,也不具备使用基本不等式的特点,而用分析法比较合适.
证明:要证22c c ab a c c ab --<<+-,
只需证22c ab a c c ab --<-<-,
只需证2||a c c ab -<-,
即证22
()a c c ab -<-.
即证22a ac ab -<-.
∵a >0,只需证2a c b -<-,
即证2a b c +<,这为已知.
故原不等式成立.
点评:分析法的步骤是未知→需知→已知,在操作中“要证”,“只需证”,“即证”等这样的词语是不可缺少的.
要点警示:
1.有些不等式直接运用综合法往往不易得手,我们可以用分析法探索证题途径,注意
挖掘题目中的隐含条件,由结论适当转化.
2.运用分析法证题是初学者的一个难点.分析法的正确书写格式要求学生正确使用连接有关步骤的关键词.如“为了证明”、“只需证明”、“即”以及“假定……成立”等,不能图省事少写或不写,否则就不是分析法了.
3.分析法是证明不等式的一种常用的基本方法.当证明不知从何下手时,有时可以运用分析法而获得解决,特别是对条件简单而结论复杂的题目往往更是行之有效.。