原子物理杨家富 第五章答案
原子物理杨家富-第五章答案

第五章 多电子原子 泡利原理
主要内容:
1.多电子原子的能级和光谱结构、多电子原子的L-S 耦 合、j-j耦合形成的原子态和对应的精细能级。
2.多电子原子的壳层结构和元素的周期性 多电子原子与氢和类氢原子不同,出现了多电子之间相 互作用。若我们先忽略这种复杂的作用,以氢的量子态 作为框架,然后再逐步考虑电子相互作用产生的影响。 这样,我们可对多电子原子系统作出定性地分析。电子 是自旋量子数为1/2的费米子,泡利指出在同一个量子 态最多只能有一个费米子占据。
J
11,1,11, S
1
S
1 0
L-S耦合得到四个原子态是 3P2,1,0;1P1。 又如3p4p电子组态的L-S耦合,
L-S耦合出十个原子态,
S=0 S=1
列表示为
S=1,0; L=2,1,0
L=0 1 2
(1S0) 3S1 1P1 (3P2,1,0) (1D2) 3D3,2,1
13
3.同科电子(等效电子)组态的原 子态 ( L-S耦合)
3
§5.1 泡利不相容原理 §5.2 双电子原子系统- 氦原子光谱和能级 §5.3 两个电子的耦合 §5.4 元素周期表 §5.5 多电子原子的塞曼效应
4
§5.1 泡利不相容原理
1925年,年仅25岁的泡利提出不相容原理:原子中每个
状态只能容纳一个电子,换言之原子中不可能有两个以上
的电子占据四个量子数(n,l,ml,ms)相同的态。后来发现凡自
每个子壳层允许填充的电子数为2×(2l+1),每个壳层 允许填充的电子数为
n1
Nn 2 (2l 1) 2n2 l 0
28
进一步考虑了电子 填充后的系统的总能 量应该最低,实际填 充壳层的顺序如图所 示。
最新原子物理学答案(杨福家-高教第四版)(第一章)无水印-打印版

原子物理学课后答案(第四版)杨福家著高等教育出版社第一章:原子的位形:卢瑟福模型第二章:原子的量子态:波尔模型第三章:量子力学导论第四章:原子的精细结构:电子的自旋第五章:多电子原子:泡利原理第六章:X射线第七章:原子核物理概论第八章:超精细相互作用原子物理学——学习辅导书吕华平刘莉主编(7.3元定价)高等教育出版社第一章习题答案1-1 速度为v 的非相对论的α粒子与一静止的自由电子相碰撞,试证明:α粒子的最大偏离角约为410-rad.解:设碰撞以后α粒子的散射角为θ,碰撞参数b 与散射角的关系为2cot 2θa b =(式中Ee Z Z a 02214πε=)碰撞参数b 越小,则散射角θ越大。
也就是说,当α粒子和自由电子对头碰时,θ取得极大值。
此时粒子由于散射引起的动量变化如图所示,粒子的质量远大于自由电子的质量,则对头碰撞后粒子的速度近似不变,仍为,而电子的速度变为,则粒子的动量变化为v m p e 2=∆散射角为410*7.21836*422-=≈≈∆≈v m v m p p e αθ 即最大偏离角约为410-rad.1-2 (1)动能为5.00MeV 的α粒子被金核以︒90散射时,它的瞄准距离(碰撞参数)为多大? (2)如果金箔厚为1.0um ,则入射α粒子束以大于︒90散射(称为背散射)的粒子是全部入射粒子的百分之几? 解:(1)碰撞参数与散射角关系为:2cot 2θa b =(式中Ee Z Z a 02214πε=)库伦散射因子为:Ee Z Z a 02214πε==fm MeV MeV fm 5.45579*2**44.1= 瞄准距离为: fm fm a b 8.2245cot *5.45*212cot 2===︒θ(2)根据碰撞参数与散射角的关系式2cot 2θa b =,可知当︒≥90θ时,)90()(︒≤b b θ,即对于每一个靶核,散射角大于︒90的入射粒子位于)90(︒<b b 的圆盘截面内,该截面面积为)90(2︒=b c πσ,则α粒子束以大于︒90散射的粒子数为:π2Nntb N =' 大于︒90散射的粒子数与全部入射粒子的比为526232210*4.98.22*142.3*10*0.1*19788.18*10*02.6--===='πρπtb M N ntb N N A 1—3 试问:4.5Mev 的α粒子与金核对心碰撞时的最小距离是多少?若把金核改为Li 7核,则结果如何? 解:(1)由式4—2知α粒子与金核对心碰撞的最小距离为=m r Ee Z Z a 02214πε==fm MeV MeV fm 6.505.479*2**44.1=(2)若改为Li 7核,靶核的质量m '不再远大于入射粒子的质量m ,这时动能k E 要用质心系的能量c E ,由式3—10,3—11知,质心系的能量为:)(212mm mm m v m E u u c +''==式中 得k k k Li He Li k u c E E E A A A E m m m v m E 117747212=+=+≈+''==α粒子与Li 7核对心碰撞的最小距离为:=m r Ee Z Z a 02214πε==fm MeV MeV fm 0.37*5.411*3*2**44.1=1—4 (1)假定金核半径为7.0fm ,试问:入射质子需要多少能量,才能在对头碰撞时刚好到达金核的表面?(2)若金核改为铝核,使质子在对头碰撞时刚好到达铝核的表面,那么,入射质子的能量应为多少?设铝核半径为4.0fm 。
原子物理第五章课后习题

第五章多电子原子:泡利原理5.1.The ionization energy required to pull one electron off a helium atom is 24.5eV .If we want to ionize the two electrons one-by-one,what is the energy to be supplied?氦原子中电子的结合能为24.6eV ,试问:欲使这个原子的两个电子逐一电离,外界必须提供多少能量?Solution :The ionization energy required to pull one electron off a helium atom is 124.5E eV ∆=,the inization energy required to pull the second electron off a heliumatom is:22222122213.654.41Z Rhc Z Rhc E E E Z Rhc eV eVn ∞∞⎛⎫∆=-=---==⨯= ⎪⎝⎭The total ionization energy required to ionize the two electrons one-by-one is:1224.554.478.9E E E eV eV eV=∆+∆=+=5.3.Calculate the possible values of L S for an 1,22S L ==state.对于12,2S L ==,试计算L S 的可能值。
Solution :1135,2,2,2222S L J L S ===±=±=For “spin-orbit coupling”term,222,2J S L J S L S L=+=++⋅Then,()()()()22221111122S L J S Lj j s s l l ⋅=--=+-+-+⎡⎤⎣⎦ ()()222213133113,2,11221222222221515511,2,112212222222S L J S L S L J S L ⎡⎤⎛⎫⎛⎫===⋅=⋅+-⋅+-⋅+=- ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎣⎦⎡⎤⎛⎫⎛⎫===⋅=⋅+-⋅+-⋅+= ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎣⎦5.5.Among hydrogen,helium,lithium,beryllium,sodium,magnesium,potassium and calcium atoms,which one shows the normal Zeeman effect?Why?在氢、氦、锂、铍、钠、镁、钾和钙中,哪些原子会出现正常塞曼效应?为什么?Solution :For normal Zeeman effect,total spin 0,211S S =+=,the electron numbers of the atom should be even,that is,helium(Z=2),beryllium(Z=4),Magnesium(Z=12),calcium(Z=20)atoms can show the normal Zeeman effect.5.7.According to the L S -coupling rule,what are the resultant states from the following electron configurations?Which one is lowest?(a).4np (b).5np (c).()()nd n d '依照L S -耦合法则,下列电子组态可形成哪些原子态?其中哪个能态最低?解:(a )4np 与2np 具有相同的原子态。
原子物理学 答案 高教第四版 杨福家

原子物理习题库及解答 第一章 原子的位形1-1)解:α粒子与电子碰撞,能量守恒,动量守恒,故有:⎪⎩⎪⎨⎧+'='+=e e v m v M v M v M mv Mv ρρρ222212121 ⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧='-='-⇒222e e v M m v v v Mm v v ρρρ e v m p ρρ=∆ e p=mv p=mv ∴∆∆,其大小: (1) 222(')(')(')e m v v v v v v v M-≈+-=近似认为:(');'p M v v v v ∆≈-≈22e m v v v M∴⋅∆=有 212e p p Mmv ⋅∆=亦即: (2) (1)2/(2)得22422210e e m v m p Mmv M-∆===p 亦即:()p tg rad pθθ∆≈=-4~101-2) 解:① 22a b ctg Eθπε=228e ;库仑散射因子:a=4)2)(4(420202E Z e E Ze a πεπε==22279()() 1.44()45.545eZ a fmMev fm E Mev πε⨯=== 当901θθ=︒=时,ctg 2122.752b a fm ∴== 亦即:1522.7510b m -=⨯② 解:金的原子量为197A =;密度:731.8910/g m ρ=⨯依公式,λ射α粒子被散射到θ方向,d Ω立体角的内的几率: nt d a dP 2sin16)(42θθΩ=(1)式中,n 为原子核数密度,()AA m n n N ρ∴=⋅=即:A V n Aρ= (2)由(1)式得:在90º→180 º范围内找到α粒子得几率为:(θP 18022490a nt 2sin ()164sin 2d a nt πθθπρθθ︒︒=⋅=⎰将所有数据代入得)(θP 5()9.410ρθ-=⨯这就是α粒子被散射到大于90º范围的粒子数占全部粒子数得百分比。
《原子物理学》部分习题解答(杨福家)

gJ
2
z g J B
氢原子基态 氯原子基态
2
3 2 3
S1/ 2 P3 / 2
1 S ( S 1) L ( L 1) 2 2 J ( J 1)
两束
四束
2
gJ
1 S ( S 1) L ( L 1) 4 2 2 J ( J 1) 3
pc
E k ( E k 2m0c ) E k
2
所以
E k m in p m in c 6 2 M eV
4-2 解: 原子态
2
D3/2
1 2 , J 3 2
可得
gJ 3 2
L 2, S
mJ
1 2
,
3 2
1 S ( S 1) L ( L 1) 4 2 J ( J 1) 5
Ek Ek
3.1keV 0.0094keV
3-3 解:
Ek m0 c 0.511MeV
2
若按非相对论处理
Ek 1 2 m0 v ,有
2
1 2
m0 v m0 c
2
2
v 2c
显然不合理,需要用相对论来处理。
E Ek m0 c 2m0c
2 2
又E mc m0 c
有磁场
m mg
1 2
3
S
1
0
1
0
2
g 2
h 0
3
P0
0
0
m 2 g 2 m1 g 1
2
0
2
相邻谱线的频率差
c
原子物理学杨福家第四版课后答案

原子物理学杨福家第四版课后答案原子物理学作为物理学的一个重要分支,对于理解物质的微观结构和性质具有至关重要的意义。
杨福家所著的《原子物理学》第四版更是众多学子深入学习这一领域的重要教材。
然而,课后习题的解答往往成为学习过程中的关键环节,它有助于巩固所学知识,加深对概念的理解。
以下便是对该教材课后答案的详细阐述。
首先,让我们来看第一章“原子的位形:卢瑟福模型”的课后习题。
其中,有一道关于α粒子散射实验的题目,要求计算α粒子在与金原子核发生散射时的散射角。
解答这道题,需要我们深刻理解库仑散射公式以及相关的物理概念。
我们知道,α粒子与金原子核之间的相互作用遵循库仑定律,通过对散射过程中动量和能量的守恒分析,可以得出散射角与α粒子的初始能量、金原子核的电荷量以及散射距离之间的关系。
经过一系列的数学推导和计算,最终得出具体的散射角数值。
第二章“原子的量子态:玻尔模型”中的课后习题,重点考察了对玻尔氢原子模型的理解和应用。
比如,有一道题让我们计算氢原子在不同能级之间跃迁时所发射光子的波长。
这就要求我们熟练掌握玻尔的能级公式以及光的波长与能量之间的关系。
根据玻尔的理论,氢原子的能级是量子化的,当电子从一个能级跃迁到另一个能级时,会释放出一定能量的光子。
通过计算两个能级之间的能量差,再利用光子能量与波长的关系式,就可以求出相应的波长。
在第三章“量子力学导论”的课后习题中,常常涉及到对波函数和薛定谔方程的理解和运用。
例如,有一道题给出了一个特定的势场,要求求解在此势场中粒子的波函数和可能的能量本征值。
解答此类问题,需要我们将给定的势场代入薛定谔方程,然后通过数学方法求解方程。
这个过程可能会涉及到一些复杂的数学运算,如分离变量法、级数解法等,但只要我们对量子力学的基本概念和方法有清晰的认识,就能够逐步推导得出答案。
第四章“原子的精细结构:电子的自旋”的课后习题,则更多地关注电子自旋与原子能级精细结构之间的关系。
比如,有题目要求计算在考虑电子自旋轨道耦合作用下,某原子能级的分裂情况。
(整理)原子物理学杨福家1-6章 课后习题答案

原子物理学课后前六章答案(第四版)杨福家著(高等教育出版社)第一章:原子的位形:卢瑟福模型 第二章:原子的量子态:波尔模型 第三章:量子力学导论第四章:原子的精细结构:电子的自旋 第五章:多电子原子:泡利原理 第六章:X 射线第一章 习题1、2解1.1 速度为v 的非相对论的α粒子与一静止的自由电子相碰撞,试证明:α粒子的最大偏离角约为10-4rad.要点分析: 碰撞应考虑入射粒子和电子方向改变.并不是像教材中的入射粒子与靶核的碰撞(靶核不动).注意这里电子要动.证明:设α粒子的质量为M α,碰撞前速度为V ,沿X 方向入射;碰撞后,速度为V',沿θ方向散射。
电子质量用me 表示,碰撞前静止在坐标原点O 处,碰撞后以速度v 沿φ方向反冲。
α粒子-电子系统在此过程中能量与动量均应守恒,有:(1)ϕθααcos cos v m V M V M e +'= (2)ϕθαsin sin 0v m V M e -'= (3)作运算:(2)×sin θ±(3)×cos θ,(4)(5)再将(4)、(5)二式与(1)式联立,消去V’与v,化简上式,得(6)θϕμϕθμ222s i n s i n )(s i n +=+ (7)视θ为φ的函数θ(φ),对(7)式求θ的极值,有令sin2(θ+φ)-sin2φ=0 即 2cos(θ+2φ)sin θ=0若 sin θ=0, 则 θ=0(极小) (8)(2)若cos(θ+2φ)=0 ,则 θ=90º-2φ (9)将(9)式代入(7)式,有θϕμϕμ2202)(90si n si n si n +=-θ≈10-4弧度(极大)此题得证。
1.2(1)动能为5.00MeV 的α粒子被金核以90°散射时,它的瞄准距离(碰撞参数)为多大? (2)如果金箔厚1.0 μm ,则入射α粒子束以大于90°散射(称为背散射)的粒子数是全部入射粒子的百分之几?要点分析:第二问是90°~180°范围的积分.关键要知道n, 注意推导出n 值.其他值从书中参考列表中找.解:(1)依金的原子序数Z2=79答:散射角为90º所对所对应的瞄准距离为22.8fm.(2)解: 第二问解的要点是注意将大于90°的散射全部积分出来. (问题不知道nA,但可从密度与原子量关系找出)从书后物质密度表和原子量表中查出ZAu=79,AAu=197, ρAu=1.888×104kg/m3依θa 2sin即单位体积内的粒子数为密度除以摩尔质量数乘以阿伏加德罗常数。
原子物理 杨福家 第五章讲解及习题

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课 后 答 案 网
量最低,即s1= s2=1/2.mlms都相同,那么只有ml不同,L≠2,L≠0,只 有L=1.2 个P电子组合,按正常次序,J取最小值 1 时能量最低,基态应 是3P0. (2)同理,对于np5的原子态同np1的原子态完全一样。 有 L=1,S=1/2
原子态 2 P3/2,1/2
m 数的情况下,J小的能级较低,因而3F2状态能级最低。
3.对于钛原子22Ti,原子外有 22 个电子,按照壳层填充理论,其电子
o 组态为 c 1s22s22p63s23p64s23d2,所以钛原子恰好对应ndnd组态。其基态为3F2。
解:方法二 直接按斯莱特方法进行分析。
. 1.∵ S=1,0 L=4,3,2,1,0
h 投影的情况包含在这些态中.
第五章习题 11,12 参考答案
k 5-11 一束基态的氦原子通过非均匀磁场后,在屏上可以接受到几束?
在相同条件下,对硼原子,可接受到几条?为什么?
. 解:氦原子处于基态时电子组态为 1s1s
w其中n1 1
n2 1
l1 0
l2 0
s1
s2
1 2
所以: s s1 s2 0 L=0 故原子态为 1S0 所以 J=0
基态: S 最大,L 最大.J 最小.应为: 3G5 ,两非同科 d 电子此种情况很少
w见.常见的为同科 p,d,f 电子. w 5-8 铍原子基态的电子组态是 2s2s,若其中有一个电子被激发
到 3p 态,按 L—S 耦合可形成哪些原子态?写出有关的原子态的符 号.从这些原子态向低能态跃迁时,可以产生几条光谱线?画出相应
可求出 J=L±1/2=2±1/2=3/2,5/2 有两个值。
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3/2
j1=1/2 (1/2,1/2)1,0,(1/2,3/2)2,1
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与L-S耦合的原子 态1P1 ,3P2,1,0对比 , 两种耦合态的J值同, 状态的数目相同。可 见原子态的数目完全 由电子组态决定。其 能级结构比较如右图。 j-j耦合原子态跃迁的 选择定则是
∆J i = 0,±1 ∆J = 0,±1(0 → 0除外)
Ψ (r1 , r2 ) = Ψ (r2 , r1 )
2 2
这意味着有 Ψ(r1 , r2 ) = ±Ψ(r2 , r1 ), 波函数具有反对称性 (对应“-”号)或对称性(对应“+”号)。费米子 的波函数具有反对称性;玻色子(自旋为整数的粒子) 具有对称波函数。
5
由于泡利原理的限制,多电子原子中电子按照n、l顺序 填充。形象地将主量子数n的态称主壳层(壳层);角量子 数l的态称子壳层;并分别由英文字母表示为 n=1,2,3,4,5… | | | | | K L M N O… 原子中各电子在n l n l壳层的排布称电子组态。如:双电子 的氦的基态电子组态是1s1s。当一个电子被激发到2s,2p后 的电子组态是1s2s , 1s2p 。 泡利不相容原理还限制了L-S耦合、j-j耦合的形成的原子态。
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§5.1 泡利不相容原理 §5.2 双电子原子系统- 氦原子光谱和能级 §5.3 两个电子的耦合 §5.4 元素周期表 §5.5 多电子原子的塞曼效应
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§5.1 泡利不相容原理
1925年,年仅25岁的泡利提出不相容原理:原子中每个 状态只能容纳一个电子,换言之原子中不可能有两个以上 的电子占据四个量子数(n,l,ml,ms)相同的态。后来发现凡自 旋为 1 2 奇数倍的微观粒子(电子、质子、中子等,统称费 米子)都满足上述泡利原理。泡利原理更普遍意义是微观全 同粒子是不可区分的,交换两个全同粒子不改变其几率。 例如交换两个粒子的位置,仍有
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而且像
-1 nP n´P
0
+1
和 nP n´P
-1
0
+1
交换后也没有区别。 (np)2只能按以下方式填充 Ms=1 Ms=0 -1 0 +1 -1 0 +1 ML=-1 ML=-2,0,2 ML=0 ML=+1 ML=-1(×2) ML=0 (×2) ML=1 (×2) Ms=-1 -1 0 +1 ML=-1 ML=0 ML=+1
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4. L-S耦合原子态对应的能级顺序 能级跃迁的选择定则
每个原子态对应一定的能级。由多电子组态形成的原 子态对应的能级结构顺序有两条规律可循: 洪特定则: 1.在L-S耦合 L 耦合下,由给定的电子组态所形成的原子态中重数 重数 (2s+1)最大的能级最低 最低;重数相同的诸能级(同S)又以 L最大 最低。 最大为最低 2.对于同科电子,即同nl,不同J值的诸能级顺序是:当同科 电子数≤闭合壳层电子占有数一半时,以最小J值(|L-S|) 的能级为最低,称正常序 正常序。同科电子数>闭层占有数之一半 时,以最大J(=L+S)的能级为最低,称倒转序 倒转序。
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上图是氦的能级和能级跃迁对应光谱图。能级分单态能 级和三重态能级,早期还被误认为是两种氦(正氦和仲氦) 的行为。氦的一条重要谱线587.6nm对应三重态跃迁的漫线 系第一条谱线。氦的第一激发态1s2s有两个态1S0和3S1,三 重态的能级比单态低0.8ev。 23S1和21S0都是亚稳态, 21S0 的寿命为19.5ns,氦的电离能(He+)为24.6ev,是所有元素 中最大的。实验发现B+、Al+、C+、Si++的能级和光谱结构 与氦的相似,也分单重态和三重态两套能级。人们还发现 在同一周期内各元素按原子顺序交替出现偶数和奇数的多 重态。也就是说在周期表中同一竖列(同一族)诸元素有 相似的能级和光谱结构,有相似物理、化学性质。
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泡利原理指出原子中不可能有两个以上的电子占 据同一个态|n,l,ml,ms>。在氢原子中,n和l决定能量 的主顺序。电子按(n,l)顺序填充排布称电子组态。 多电子原子中的电子在逐一填充氢的原子态时,遵从 泡利原理和能量最低的原理。
以下我们以双电子系统:氦原子和 碱土族元素 (铍、镁、钙、锶、钡、镭、锌、镉、汞原子)为主要 研究对象。
第五章
第五章
主要内容:
多电子原子 泡利原理
1.多电子原子的能级和光谱结构、多电子原子的L-S 耦 合、j-j耦合形成的原子态和对应的精细能级。 2.多电子原子的壳层结构和元素的周期性 多电子原子与氢和类氢原子不同,出现了多电子之间相 互作用。若我们先忽略这种复杂的作用,以氢的量子态 作为框架,然后再逐步考虑电子相互作用产生的影响。 这样,我们可对多电子原子系统作出定性地分析。电子 是自旋量子数为1/2的费米子,泡利指出在同一个量子 态最多只能有一个费米子占据。
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§5.3 两个电子的耦合
1.L-S耦 合和j-j耦合 2.给定电子组态对应的原子态(L-S耦合) 3.同科电子组态的原子态(L-S耦合) 4. L-S耦合中原子态对应的能级顺序 能级跃迁的选择定则 5.j-j耦合 6.原子基态
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1. L-S耦合、j-j耦合
对于两个电子的系统,角动量有l1,l2,s1,s2,它们之间 发生耦合有六种方式:G1(s1,s2) ,G2(l1,l2), G3(s1,l1) ,G4(s2,l2), G5(s1,l2), G6(s2,l1);但这六种耦合强度不等,显然G5相比G6 很小,轻原子的G1和G2比G3和G4强,即两个自旋耦合成总 自旋: s1+s2=S;同样两个轨道角动量耦合成总角动量l1+ l2=L ,然后L与S耦合成J。这种耦合称L-S耦合;另一种极 端(重原子)是G3和G4远大于G1和G2 ,于是s1+l1= j1, s2 +l2= j2;然后j1和j2再耦合成j=j1 + j2,称j-j耦合 j 耦合。 推广到更多的电子系统 L-S耦合: (s1s2…)(l1l2…)=(SL)=J j-j耦合: (s1l1)(s2l2) … =( j1j2… )=J
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然后用Ms,ML做坐标轴,在ML~ Ms坐标系中标出相应态数 ML 1 1 1 1 然后分解 ML Ms L=2,S=0,1D2 2 3 2 1 1 1 1 Ms
ML Ms L=1,S=1,3P2,1,0
ML Ms L=0,S=0,1S0
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所以同科电子npnp的原子态数有五个:1S0,1D2, 3P 2,1,0 。对于两个同科电子有一种简单的方法,从非同 科电子组态的诸原子态中挑选出L+S为偶数的态就是同科 电子组态对应的原子态。该方法又称偶数定则。 电子组态形成封闭壳层结构时,ML=0,MS=0。因此闭 合壳层角动量为零,即L=0,S=0,J=0。(原子实正是这样)。 由此l=1的p子壳层中的np1和np5 ; np2和np4具有相同的角动 量大小(方向相反),因而有相同的原子态。.
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按照洪特定则,pp和pd组态在L-S耦合下 的原子态对应的能级位置如图所示
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朗德还给出能级间隔的定则,在L-S J+1 L 耦合的某多重态能级结构中,相邻的两 耦合 能级间隔与相应的较大的J值成正比。从 J 而两相邻能级间隔之比等于两J值较大者 J-1 之比。 例如铍4Be基态电子组态: 1s22s2 形成1S0 激发态电子组态: 2s3p形成 1P1 ,3P2,1,0 1P 2s3p 1 对应的能级图如图所示
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两个角动量L1和L2耦合的一般法则: 设l1和l2分别是L1和L2的角动量量子数,
L1 = l1 ( l1 + 1)h, L2 = l2 ( l2 + 1)h
它们耦合的总角动量L = L1+L2的大小由量子数l 表示为 L = l ( l + 1)h 其量子数l取值限定为 l1 + l 2 ; l1 + l 2 − 1 L l1 − l 2 Lz = ml h l1 > l2 取2l2 + 1个值 当 l1 < l2 取2l1 + 1个值
∆E1
∆E2
∆E1 ∝ J + 1 ∆E2 ∝ J
3P 2 3P 1 3P 0
2s2
1S
0
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但中间还有2s2p和2s3s形成的能级,2s2p形成 1P1 , 3P 1 3 2,1,0 ;2s3s形成 S0 , S1 下图是L-S耦合总能级和跃迁光谱图 2s3p 跃迁的选择定则是
∆S = 0 ∆L = 0 ,±1 ∆J = 0 ,±1( J = 0 → J ′ = 0除外)
∴ ∑ ml = −5 , ∑ ms = 1, M J = −4 令L = 5 , S = 1, J = 4 基态为3 H 4
原子基态小结:1.满壳层(包括子壳层),原子基态是1S。 2.满壳层外只一个电子(如碱金属),原 子基态2L|l-1/2|。 3.正好填满子壳层数的一半,原子基态为L=0 的S态, 自旋S=½×半满电子数,J=S, 2S+1S s。 4.nlx与nlN-x(N=(2l+ 1 ) × 2)的基态有相同的L、 S值,小于半满数时J=|L-S| 大于半满数时J=L+S 26
1P 1
2s3p 2s3s
3S
3P 2,1,0
2s3s
1S
0 1P 1
1 3P 2,1,0
2s2p
2s2p
2s2
1S
0
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5.j-j耦合的原子态
仍以两个电子系统为例,设电子组态为nsnp:s1=1/2, l1=0;s2=1/2,l2=1所以j1=1/2,j2=1/2,3/2。j1-j2耦合见图。
j2=1/2,
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3.同科电子(等效电子)组态的原 子态 ( L-S耦合)
nl相同的电子组态称同科电子组态,同科电子由于全 同粒子的不可区分和不相容原理限制,由同科电子(如 nPnP) L-S耦合的原子态少于非同科电子组态(nP n´P)原 子态。例如以下的态,在n= n´ 下不出现了, ml ml -1 0 +1 -1 0 +1 nP n´P nP n´P