专题3力与直线运动PPT课件

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沪科版物理力与运动ppt课件

5、力和运动关系
• (1)不受力→物体的运动状态保持不变。 • (2)受平衡力→物体的运动状态保持不变。 • (3)受非平衡力→物体的运动状态将改变 • ①合力与运动方向相同→物体做加速运动； • ②合力与运动方向相反→物体做减速运动； • ③合力与运动方向不在同一条直线上→物体
做曲线运动。
例题讲评
惯性、惯性定律
区别
惯性
惯性定律
条件任何情况下
物体不受到外力作用时
本质物体本身的属描述物体在一定条件下所遵循的
性
运动规律
• 2、力的合成
• （1）合力与分力：如果一个力产生的作用跟几个力共同作用产生的效果相同，这个力就叫做那几个力的合力。组成合力的每一个力叫分力。
• （2）力的合成：如果已知几个力的大小和方向，求合力的大小和方向，称为力的合成。
3、如图所示，各物体都受到两个力的作用，其中受力属于二力平衡的是（ D ）
5N
5N
5N
5N
A 3N5N
4、汽车在平直的高速公路上做匀速直线运动，下列选项中属于平衡力的是( D )
例1 在日常生活中，惯性现象既有利，也有弊。以下属于利用惯性“利”的一面是 C( )
A．赛车在转弯时滑出赛道 B．人踩到西瓜皮上会滑倒 C．用手拍掉衣服上的灰尘 D．高速行驶的汽车突然刹车时，乘客向前倾例2 关于拔河比赛获胜的诀窃，下面列举的几点不正确的是( D ) A．组队时，要挑选身强力壮，体重大的人 B．队员们的鞋底应粗糙 C．拔河时绳子要保持一条直线；每个队员都应顺着绳子向后拉，不能向两侧或其他方向拉 D．啦啦队要齐声喊“一、二，加油!”不可各喊各的，目的是防止形成混乱嘈杂的噪声
F2=8N

初中物理：运动和力 PPT课件图文

4．在A“．研在究压滑力动不摩变擦时力，的滑大动小摩与擦哪力些的因大素小有与关”的实验中：接（触1面）的用粗弹糙簧程测度力有计关拉。着木块做匀速直线运动，这时木B板．对在木接块触的面摩的擦粗力糙才程等度于相弹同簧时测，力滑计动的摩示擦数。（2）力下的表大是小某与同压学力实的验大时小，有记关录。的数据：
D．一个物体受到一对平衡力的作用，如果其中一个力消失，则另一个力也随之消失
7．关于惯性，下面说法正确的是（ D ）。
Ａ．一切物体在没有受到外力作用时，总保持匀速直线运动状态或静止状态的性质叫做惯性
Ｂ．射出的子弹离开枪口继续高速前进，是因为子弹受到惯性的作用
Ｃ．汽车关闭发动机后还能继续前进是由于汽车的惯性大于它受到的阻力
3．减小摩擦的方法： ① 减小压力；
② 减小接触面的粗糙程度；
③ 变滑动为滚动；
④ 分离摩擦面。
列举相关的事例： ① 手握单杠不能太紧； ② 滑雪板底面做的很光滑； ③ 机器转动的部分加滚动轴承； ④ 加润滑油； ⑤ 磁悬浮列车靠强磁场把列车托起。
1．在研究影响滑动摩擦力大小因素问题时，小红设
计的实验如图乙所示，弹簧测力计一端固定，另一端
炸，那么重物将（ A ）
A．先竖直上升，后竖直下落 B．匀速竖直下落
C．加速竖直下落
D．匀速竖直上升
6．下列关于二力平衡的说法中，正确的是（ A ）。
A．一个物体受到两个力的作用，若处于匀速直线运动状态，这两个力一定平衡
B．做匀速直线运动的物体，一定是受到平衡力作用的缘故
C．如果一个物体受到一对平衡力的作用，那么这个物体一定处于静止状态
全相同，则下列说法中正确的是（ C ）。
A．这两个力一定是一对平衡力 B．这两个力可能是一对平衡力 C．这两个力一定不是一对平衡力 D．以上说法都不正确

高三物理综合专题讲义-第2讲-力与直线运动

第二讲高考命题点命题轨迹情境图匀变速直线运动规律的应用20161卷2116(1)21题19(1)18题20181卷1420191卷18力与直线运动二第二讲牛顿运动定律的应用20151卷20,2卷2015(1)20题 18(1)15题20181卷15动力学方法分析“传送带”模型动力学方法分析“板—块”模型20151卷25,2卷2515(1)25题 15(2)25题17(3)25题20173卷252019 3卷20第二讲19(3)20题1．匀变速直线运动的条件物体所受合力为恒力，且与速度方向共线．第二讲2．匀变速直线运动的基本规律速度公式：v ＝v 0＋at . 位移公式：x ＝v 0t ＋12at 2.速度和位移公式的推论：v 2－v 02＝2ax . 中间时刻的瞬时速度：2t v ＝x t ＝v 0＋v2.任意两个连续相等的时间间隔内的位移之差是一个恒量，即Δx ＝x n ＋1－x n ＝a ·(Δt )2.3．图象问题(1)速度—时间图线的斜率或切线斜率表示物体运动的加速度，图线与时间轴所包围的面积表示物体运动的位移．匀变速直线运动的v －t 图象是一条倾斜直线． (2)位移—时间图线的斜率或切线斜率表示物体的速度．4．超重和失重超重或失重时，物体的重力并未发生变化，只是物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)发生了变化．物体发生超重或失重现象与物体的运动方向无关，只取决于物体的加速度方向．当a 有竖直向上的分量时，超重；当a 有竖直向下的分量时，失重；当a ＝g 且竖直向下时，完全失重．5．瞬时问题应用牛顿第二定律分析瞬时问题时，应注意物体与物体间的弹力、绳的弹力和杆的弹力可以突变，而弹簧的弹力不能突变．1．基本思路第二讲2．解题关键抓住两个分析，受力分析和运动情况分析，必要时要画运动情景示意图．对于多运动过程问题，还要找准转折点，特别是转折点的速度．3．常用方法(1)整体法与隔离法：单个物体的问题通常采用隔离法分析，对于连接体问题，通常需要交替使用整体法与隔离法．(2)正交分解法：一般沿加速度方向和垂直于加速度方向进行分解，有时根据情况也可以把加速度进行正交分解．第二讲(3)逆向思维法：把运动过程的末状态作为初状态，反向研究问题，一般用于匀减速直线运动问题，比如刹车问题、竖直上抛运动问题.【例1】 (2019·全国卷Ⅰ·18)如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H .上升第一个H 4所用的时间为t 1，第四个H 4所用的时间为t 2.不计空气阻力，则t 2t 1满足( )A ．1<t 2t 1<2B ．2<t 2t 1<3C ．3<t 2t 1<4D ．4<t 2t 1<5【拓展训练1】(2019·安徽蚌埠市第二次质检)如图中ae 为港珠澳大桥上四段110 m 的等跨钢箱连续梁桥，若汽车从a 点由静止开始做匀加速直线运动，通过ab 段的时间为t ，则通过ce 段的时间为( )A ．t B.2t C ．(2－2)t D ．(2＋2)t【拓展训练2】(2019·广东揭阳市第二次模拟)瑞士阿尔卑斯山的劳特布伦嫩跳伞区是全球最美的跳伞地之一，每年都吸引了无数跳伞爱好者汇聚此地．某日一跳伞爱好者以5 m/s 的速度竖直匀速降落，在离地面h ＝10 m 时掉了一颗扣子，则跳伞爱好者比扣子晚着陆的时间为(扣子受到的空气阻力可忽略，g 取10 m/s 2)( )A ．2 s B. 2 s C ．1 s D ．(2－2) sPart 1 匀变速直线运动规律的应用力与物体的第二讲1．主要题型应用牛顿运动定律解决的主要问题有：瞬时问题、连接体问题、超重和失重问题以及图象问题．2．技巧方法(1)解瞬时问题要注意绳、杆弹力和弹簧弹力的区别，绳和轻杆的弹力可以突变，而弹簧的弹力不能突变．(2)解连接体问题要充分利用“加速度相同”这一条件或题中特定条件，交替运用整体法与隔离法． (3)图象问题解题关键是：明确图象斜率、截距和面积的物理意义，应用物理公式找到两个变量间的函数关系，并注意从图象中提取有用信息或隐含条件．【例2】 (2019·福建龙岩市期末质量检查)如图所示，在倾角为θ＝30°的光滑固定斜面上，物块A 、B 质量均为m .物块A 静止在轻弹簧上端，物块B 用细线与斜面顶端相连，A 、B 靠在一起，但A 、B 之间无弹力．已知重力加速度为g ，某时刻将细线剪断，下列说法正确的是( ) A ．细线剪断前，弹簧的弹力为mg B ．细线剪断前，细线的拉力为mg C ．细线剪断瞬间，弹簧的弹力发生变化 D ．细线剪断瞬间，物块B 的加速度大小为14g【例3】如图，质量为M 的缆车车厢通过悬臂固定悬挂在缆绳上，车厢水平底板上放置一质量为m 的货物，在缆绳牵引下货物随车厢一起斜向上加速运动．若运动过程中悬臂和车厢始终处于竖直方向，重力加速度大小为g ，则( ) A ．车厢对货物的作用力大小等于mg B ．车厢对货物的作用力方向平行于缆绳向上 C ．悬臂对车厢的作用力大于(M ＋m )g D ．悬臂对车厢的作用力方向沿悬臂竖直向上【例4】(多选)(2019·广东深圳市第一次调研)高铁已成为重要的“中国名片”，领跑世界．一辆由8节Part 2 应用牛顿运动定律解决“四类”问题第二讲车厢编组的列车，从车头开始的第2、3、6和7共四节为动力车厢，其余为非动力车厢．列车在平直轨道上匀加速启动时，若每节动力车厢牵引力大小均为F ，每节车厢质量都为m ，每节车厢所受阻力均为车厢重力的k 倍，重力加速度为g .则( ) A ．启动时车厢对乘客作用力的方向竖直向上 B ．整个列车的加速度大小为F －2kmg2mC ．第2节车厢对第1节车厢的作用力大小为F2D ．第2节车厢对第3节车厢的作用力大小为F ＋kmg2【拓展训练3】(多选)(2019·广东湛江市下学期第二次模拟)如图甲所示，在光滑水平面上，静止一质量为M 的足够长的长木板，质量为m 的小滑块(可视为质点)静止放在长木板上．从t ＝0时刻开始，长木板受到的水平拉力F 与加速度a 的关系如图乙所示，重力加速度大小g 取10 m/s 2，下列说法正确的是( )A ．长木板的质量M ＝1 kgB ．小滑块与长木板之间的动摩擦因数为0.5C ．当F ＝6.5 N 时，长木板的加速度大小为2.5 m/s 2D ．当F 增大时，小滑块的加速度一定增大1．模型特点传送带问题的实质是相对运动问题，这样的相对运动将直接影响摩擦力的方向． 2．解题关键(1)理清物体与传送带间的相对运动方向及摩擦力方向是解决传送带问题的关键．(2)传送带问题还常常涉及临界问题，即物体与传送带达到相同速度，这时会出现摩擦力改变的临界状态，对这一临界状态进行分析往往是解题的突破口．【例5】(多选)(2019·福建泉州市5月第二次质检)如图6，一足够长的倾斜传送带顺时针匀速转动．一小滑块以某初速度沿传送带向下运动，滑块与传送带间的动摩擦因数恒定，则其速度v 随时间t 变化的Part 3 动力学方法分析“传送带”模型第二讲图象可能是( )【拓展训练4】(多选)(2019·陕西榆林市第三次测试)如图所示，绷紧的水平传送带足够长，且始终以v 1＝2 m/s 的恒定速率顺时针运行．初速度大小为v 2＝3 m/s 的小墨块从与传送带等高的光滑水平地面上的A 处滑上传送带．若从小墨块滑上传送带开始计时，小墨块在传送带上运动5 s 后与传送带的速度相同，则( )A ．小墨块未与传送带速度相同时，受到的摩擦力方向水平向右B ．小墨块的加速度大小为0.2 m/s 2C ．小墨块在传送带上的痕迹长度为4.5 mD ．小墨块在传送带上的痕迹长度为12.5 m1．模型特点“滑块—木板”模型类问题中，滑动摩擦力的分析方法与“传送带”模型类似，但这类问题比传送带类问题更复杂，因为木板受到摩擦力的影响，往往做匀变速直线运动，解决此类问题要注意从速度、位移、时间等角度，寻找各运动过程之间的联系． 2．解题关键(1)临界条件：要使滑块不从木板的末端掉下来的临界条件是滑块到达木板末端时的速度与木板的速度Part 4 动力学方法分析“板-块”模型第二讲恰好相同．(2)问题实质：“板—块”模型和“传送带”模型一样，本质上都是相对运动问题，要分别求出各物体对地的位移，再求相对位移．【例6】(2019·湖南衡阳市联考(二))如图8所示，在水平地面上有一质量为m 1＝1 kg 的足够长的木板，其上叠放一质量为m 2＝2 kg 的木块，木块与木板之间的动摩擦因数μ1＝0.3，木板与地面间的动摩擦因数μ2＝0.1.设最大静摩擦力和滑动摩擦力相等．现给木块施加随时间t 增大的水平拉力F ＝3t (N)，取重力加速度g ＝10 m/s 2.(1)求木块和木板保持相对静止的时间t 1； (2)t ＝10 s 时，两物体的加速度各为多大；(3)画出木块的加速度随时间变化的图象．(取水平拉力F 的方向为正方向，只要求画图，不要求写出理由及计算过程)图8【拓展训练5】(2019·辽宁沈阳市第一次质检)如图9所示，一足够长的木板在粗糙水平地面上向右运动．某时刻速度为v 0＝2 m /s ，此时一与木板质量相等的小滑块(可视为质点)以v 1＝4 m/s 的速度从右侧滑上木板，经过1 s 两者速度恰好相同，速度大小为v 2＝1 m /s ，方向向左．取重力加速度g ＝10 m/s 2，试求：(1)木板与滑块间的动摩擦因数μ1； (2)木板与地面间的动摩擦因数μ2；(3)从滑块滑上木板，到最终两者速度恰好相同的过程中，滑块相对木板的位移大小．图9第二讲第二讲(限时45分钟)【1】(多选)(2019·湖北天门、仙桃等八市第二次联考)如图，矿井中的升降机以5 m /s 的速度竖直向上匀速运行，某时刻一螺钉从升降机底板松脱，此后经过3 s 升降机底板上升至井口，此时松脱的螺钉刚好落到井底，不计空气阻力，取重力加速度大小g ＝10 m/s 2，下列说法正确的是( ) A ．螺钉松脱后做自由落体运动 B ．矿井的深度为45 mC ．螺钉落到井底时的速度大小为25 m/sD ．螺钉随升降机从井底出发到落回井底共用时6 s【2】(2019·安徽安庆市二模)水平面上某物体从t ＝0时刻起以4 m /s 的速度做匀速直线运动，运动3 s 后又立即以大小为 2 m/s 2的加速度做匀减速直线运动，停止后物体不再运动．则下列判断正确的是( )A ．该物体从t ＝0时刻算起6 s 内运动的位移大小为15 mB ．该物体在整个运动过程中的平均速度大小为2 m/sC ．该物体减速后最后1 s 内的位移大小为1 mD ．该物体减速后第1 s 末的速度大小为3 m/s【3】(2019·福建漳州市第二次教学质量监测)如图所示，质量分别为2m 和3m 的两个小球静置于光滑水平面上，且固定在劲度系数为k 的轻质弹簧的两端．今在质量为2m 的小球上沿弹簧轴线方向施加大小为F 的水平拉力，使两球一起做匀加速直线运动，则稳定后弹簧的伸长量为( ) A.F 5k B.2F 5k C.3F 5k D.F k【4】(2019·广西桂林市、贺州市、崇左市3月联合调研)如图3所示，固定在水平面上的斜面体C 上放有一个斜劈A ，A 的上表面水平且放有物块B .若AB 运动过程中始终保持相对静止．以下说法正确的是( )A ．若C 斜面光滑，A 和B 由静止释放，在向下运动时，B 物块可能只受两个力作用 B ．若C 斜面光滑，A 和B 以一定的初速度沿斜面减速上滑，则B 处于超重状态专题强化练习第二讲C ．若C 斜面粗糙，A 和B 以一定的初速度沿斜面减速上滑，则B 受水平向左的摩擦力D ．若C 斜面粗糙，A 和B 以一定的初速度沿斜面加速下滑，则B 处于超重状态【5】(2019·闽粤赣三省十校下学期联考)如图所示，倾斜固定直杆与水平方向成60°角，直杆上套有一个圆环，圆环通过一根细线与一只小球相连接．当圆环沿直杆下滑时，小球与圆环保持相对静止，细线伸直，且与竖直方向成30°角．下列说法中正确的是( ) A ．圆环不一定加速下滑 B ．圆环可能匀速下滑 C ．圆环与杆之间一定没有摩擦 D ．圆环与杆之间一定存在摩擦【6】(2019·云南省第二次统一检测)如图所示，台秤上放一个木箱，木箱内有质量分别为m 1和m 2的两物体P 、Q ，用细绳通过光滑轻质定滑轮相连，m 1>m 2.现剪断Q 下端的细线，在P 下落但还没有到达箱底且Q 未碰到滑轮的过程中，台秤的示数与未剪断前的示数相比将( )A ．变大B ．变小C ．不变D ．先变小后变大【7】(多选)(2019·山东烟台市第一学期期末)如图甲所示，质量为m ＝1 kg 的物体置于倾角为37°的固定且足够长的斜面上，t ＝0时刻对物体施加沿斜面向上的拉力F ，使物体开始沿斜面上滑，作用一段时间t 后撤去拉力F ，物体速度的平方与位移之间的关系图象如图乙所示．已知g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6.下列说法正确的是( )A ．物体与斜面之间的动摩擦因数为μ＝0.25B ．撤去拉力的时刻为t ＝0.5 sC ．拉力F 的大小为24.5 ND ．物体沿斜面上滑过程中克服摩擦力所做的功为10 J【8】(多选)(2019·辽宁葫芦岛市第一次模拟)如图所示，在水平面上有一传送带以速率v 1沿顺时针方向运动，传送带速度保持不变，传送带左右两端各有一个与传送带等高的光滑水平面和传送带相连(紧靠但不接触)，现有一物块在右端水平面上以速度v 2向左运动，则物块速度随时间变化的图象可能的是( )第二讲【9】(多选)(2019·河南周口市上学期期末调研)如图所示，质量M＝2 kg的足够长木板静止在光滑水平地面上，质量m＝1 kg的物块静止在长木板的左端，物块和长木板之间的动摩擦因数μ＝0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10 m/s2.现对物块施加一水平向右的恒力F＝2 N，则下列说法正确的是()A．物块和长木板之间的摩擦力为1 NB．物块和长木板相对静止一起加速运动C．物块运动的加速度大小为1 m/s2D．拉力F越大，长木板的加速度越大第二讲【10】 (2019·山东临沂市质检)如图所示，一质量m 1＝0.2 kg 的足够长平板小车静置在光滑水平地面上，质量m 2＝0.1 kg 的小物块(可视为质点)置于小车上A 点，其与小车间的动摩擦因数μ＝0.40，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现给小物块一个方向水平向右、大小为v 0＝6 m /s 的初速度，同时对小物块施加一个方向水平向左、大小为F ＝0.6 N 的恒力．取g ＝10 m/s 2，则： (1)初始时刻，小车和小物块的加速度大小为多少？ (2)经过多长时间小物块与小车速度相同？此时速度为多大？(3)小物块向右运动到最大位移的过程中，恒力F 做的功和系统产生的内能为多少？Part1 匀变速直线运动的运用【例1】答案 C解析本题应用逆向思维求解，即运动员的竖直上抛运动可等同于从一定高度处开始的自由落体运动的逆运动，所以第四个H4所用的时间为t 2＝2×H 4g ，第一个H4所用的时间为t 1＝ 2Hg－2×34H g，因此有t 2t 1＝12－3＝2＋3，即3<t 2t 1<4，选项C 正确．【拓展训练1】答案 C解析设汽车的加速度为a ，经过bc 段、ce 段的时间分别为t 1、t 2，x ab ＝12at 2，x ac ＝12a (t ＋t 1)2，x ae ＝12a (t＋t 1＋t 2)2，解得：t 2＝(2－2)t ，故选C.参考答案第二讲【拓展训练2】答案 C解析由题意知，扣子做初速度为5 m/s 、加速度为重力加速度的匀加速直线运动，落地时位移为10 m ，根据位移时间关系x ＝v 0t ＋12gt 2，代入数据有：10 m ＝5 m/s·t 1＋12×10 m/s 2×t 12，求得扣子落地时间：t 1＝1 s ；跳伞爱好者匀速运动，根据位移时间关系知，跳伞爱好者落地时间t 2＝h v ＝105 s ＝2 s ，所以跳伞爱好者比扣子晚着陆的时间为Δt ＝t 2－t 1＝1 s ，故选C.Part2运用牛顿第二定律解决“四类”问题【例2】答案 D解析细线剪断前，由于A 、B 之间无弹力，对A 分析可以得到弹簧的弹力：F ＝mg sin θ＝12mg ，对B分析可以得到F T ＝mg sin θ＝12mg ，故A 、B 错误；细线剪断瞬间，弹簧的弹力不变，故C 错误；细线剪断瞬间，对A 、B 系统，加速度：a ＝2mg sin θ－F 2m ＝14g ，故D 正确．【例3】答案 C解析货物随车厢一起斜向上加速运动，由牛顿第二定律可知车厢与货物的重力和悬臂对车厢作用力的合力方向应与加速度方向一致，故悬臂对车厢的作用力方向是斜向上的，选项D 错误；由于车厢和货物在竖直方向有向上的分加速度，处于超重状态，故悬臂对车厢的作用力大于(M ＋m )g ，选项C 正确；同理，对车厢中货物用隔离法分析可知，车厢对货物的作用力大小大于mg ，方向是斜向上的，但不平行于缆绳，选项A 、B 错误．【例4】答案 BC解析启动时车厢对乘客竖直方向有竖直向上的支持力，水平方向有沿列车运动方向的力，两个力的合力方向斜向上方，选项A 错误；对整个列车，根据牛顿第二定律：4F －8kmg ＝8ma ，解得a ＝F －2kmg2m ，选项B 正确；对第1节车厢，根据牛顿第二定律：F 21－kmg ＝ma ，解得F 21＝F2，选项C 正确；对第1、2节车厢的整体，根据牛顿第二定律：F 32＋F －2kmg ＝2ma ，解得F 32＝0，选项D 错误．【拓展训练3】答案 AC解析长木板与小滑块相对静止时，对整体分析，由牛顿第二定律有：F ＝(M ＋m )a ，当F ＝6 N 时，此第二讲时两物体具有共同的最大加速度，代入数据解得：M ＋m ＝3 kg ，当F 大于6 N 时，对长木板，根据牛顿第二定律得：F －μmg ＝Ma ，故F ＝Ma ＋μmg ，知图线的斜率k ＝M ＝1 kg ，则滑块的质量为：m ＝2 kg ，μmg ＝4 N ，μ＝0.2，故A 正确，B 错误；当F ＝6.5 N 时，长木板的加速度为：a ＝2.5 m/s 2，故C 正确；当拉力大于6 N 时，两物体发生相对滑动，小滑块的加速度为a ＝μmg m ＝2 m/s 2，恒定不变，故D 错误．Part3动力学方法分析“传送带”模型【例5】答案 BC解析设传送带倾角为θ，动摩擦因数为μ，若mg sin θ>μmg cos θ，合力沿传送带向下，小滑块向下匀加速运动；若mg sin θ＝μmg cos θ，沿传送带方向合力为零，小滑块匀速下滑；若mg sin θ<μmg cos θ，小滑块所受合力沿传送带向上，小滑块做匀减速运动，当减速为零时，开始反向加速，当加速到与传送带速度相同时，因为最大静摩擦力大于小滑块重力沿传送带向下的分力，故小滑块随传送带做匀速运动，A 、D 错误，B 、C 正确．【拓展训练4】答案 AD解析小墨块未与传送带速度相同时，相对传送带向左运动，受到传送带的摩擦力方向水平向右，故A 正确；小墨块在摩擦力的作用下做匀变速运动，小墨块在传送带上运动5 s 后与传送带的速度相同，故a ＝v 1－(－v 2)t ＝v 1＋v 2t ＝1 m/s 2，方向向右，故B 错误；小墨块向左做匀减速运动时，对小墨块有：0＝v 2－at 1，x 1＝0＋v 22t 1，联立解得：x 1＝4.5 m ；小墨块向左减速的过程中，传送带的位移为：x 2＝v 1t 1，小墨块向右做匀加速运动时，对小墨块有：v 1＝at 2，x 1′＝0＋v 12t 2，对传送带有：x 2′＝v 1t 2，因而小墨块在传送带上的痕迹长度为：x ＝(x 1＋x 2)＋(x 2′－x 1′)，解得：x ＝12.5 m ，故C 错误，D 正确．Part3动力学方法分析“板-块”模型【例6】答案见解析解析 (1)当F <μ2(m 1＋m 2)g ＝3 N 时，此时F <μ1m 2g ＝6 N ，木块和木板都没有被拉动，处于静止状态．当木块和木板一起运动时，对m 1：F fmax －μ2(m 1＋m 2)g ＝m 1a max ，第二讲F fmax ＝μ1m 2g 解得：a max ＝3 m/s 2对m 1和m 2整体有：F max －μ2(m 1＋m 2)g ＝(m 1＋m 2)a max 解得F max ＝12 N由F max ＝3t 1 (N)得：t 1＝4 s(2)t ＝10 s 时，木块与木板已相对运动，则有：对m 1：μ1m 2g －μ2(m 1＋m 2)g ＝m 1a 1 解得：a 1＝3 m/s 2 对m 2：F －μ1m 2g ＝m 2a 2 F ＝30 N解得：a 2＝12 m/s 2.(3)图象过(1,0)，(4,3)，(10,12)【拓展训练5】答案 (1)0.3 (2)0.05 (3)2.75 m解析 (1)以向左为正方向，对小滑块分析，其加速度为：a 1＝v 2－v 1t ＝1－41 m/s 2＝－3 m/s 2，负号表示加速度方向向右对小滑块，设小滑块的质量为m ，根据牛顿第二定律有：－μ1mg ＝ma 1，可以得到：μ1＝0.3；(2)对木板分析，向右减速运动过程，根据牛顿第二定律以及运动学公式可以得到： μ1mg ＋μ2·2mg ＝m v 0t 1向左加速运动过程，根据牛顿第二定律以及运动学公式可以得到： μ1mg －μ2·2mg ＝m v 2t 2而且t 1＋t 2＝t ＝1 s联立可以得到：μ2＝0.05，t 1＝0.5 s ，t 2＝0.5 s ；(3)在t 1＝0.5 s 时间内，木板向右减速运动，其向右运动的位移为：x 1＝0＋v 02·t 1＝0.5 m ，方向向右；在t 2＝0.5 s 时间内，木板向左加速运动，其向左加速运动的位移为：x 2＝v 2＋02·t 2＝0.25 m ，方向向左；在整个t ＝1 s 时间内，小滑块向左减速运动，其位移为：x ＝v 1＋v 22·t ＝2.5 m ，方向向左则整个过程中滑块相对木板的位移大小为：Δx ＝x ＋x 1－x 2＝2.75 m.第二讲强化练习参考答案【1】答案 BC解析螺钉松脱时具有与升降机相同的向上的初速度，故螺钉脱落后做竖直上抛运动，A 项错误；取竖直向上为正方向，螺钉自脱落至落到井底的位移h 1＝v 0t －12gt 2＝－30 m ，升降机这段时间的位移h 2＝v 0t＝15 m ，故矿井的深度为h ＝|h 1|＋h 2＝45 m ，B 项正确；螺钉落到井底时的速度为v ＝v 0－gt ＝－25 m/s ，故速度大小为25 m/s ，C 项正确；螺钉松脱前运动的时间为t ′＝|h 1|v 0＝6 s ，所以螺钉运动的总时间为t总＝t ＋t ′＝9 s ，D 项错误．【2】答案 C解析物体速度减为零的时间为：t 0＝v 0a ＝2 s ，物体在3 s ＋2 s ＝5 s 末停止运动，所以物体在6 s 内的位移等于前5 s 的位移，总位移为：x ＝v 0t 1＋v 0t 0－12at 02＝16 m ，故A 错误；物体的平均速度为：v ＝xt 1＋t 0＝163＋2m/s ＝3.2 m/s ，故B 错误；根据逆向思维法可知，物体减速后最后1 s 的位移大小等于以2 m/s 2的加速度加速1 s 的位移大小，x 1＝12×2×12 m ＝1 m ，故C 正确；该物体减速后第1 s 末的速度大小为：v ＝v 0－at ＝(4－2×1) m/s ＝2 m/s ，故D 错误．【3】答案 C解析对整体分析，整体的加速度a ＝F5m ，对质量为3m 的小球分析，根据牛顿第二定律得，F 弹＝kx＝3ma ，得x ＝3F5k ，故A 、B 、D 错误，C 正确．【4】答案 C解析若C 斜面光滑，A 和B 由静止释放，在向下运动时，整体加速度方向沿斜面向下，如图：第二讲可知，B 受到重力、支持力和水平向左的摩擦力共三个力作用，故选项A 错误；若C 斜面光滑，A 和B 以一定的初速度沿斜面减速上滑，则整体加速度方向如图所示，此时B 具有竖直向下的分加速度，即处于失重状态，故选项B 错误；若C 斜面粗糙，A 和B 以一定的初速度沿斜面减速上滑，则整体加速度方向如图所示，由于B 具有水平向左的分加速度，则根据牛顿第二定律可知B 受水平向左的摩擦力，故选项C 正确；若C 斜面粗糙，A 和B 以一定的初速度沿斜面加速下滑，则整体加速度方向如图所示，此时B 具有竖直向下的分加速度，即处于失重状态，故选项D 错误．【5】答案 D解析以小球为研究对象受力分析，小球受到竖直向下的重力和细线的拉力，小球的合外力不为零，小球不可能匀速下滑，小球与圆环相对静止，圆环也不可能匀速下滑，B 项错误；根据牛顿第二定律mg2cos 30°＝ma ，加速度a ＝33g ，小球与圆环相对静止，圆环一定加速下滑，A 项错误；整体的加速度也应该为a ＝33g ，假设圆环与杆之间没有摩擦，取整体为研究对象，Mg sin 60°＝Ma ′，加速度a ′＝g sin 60°＝32g ≠33g ，说明假设错误，圆环与杆之间一定存在摩擦，C 项错误，D 项正确．【6】答案 B解析设木箱的质量为M ，剪断细线前台秤的读数为：F N ＝Mg ＋m 1g ＋m 2g ；因m 1>m 2，则当剪断Q 下端的细线时，P 向下加速运动，Q 向上加速运动，加速度大小为a ＝m 1－m 2m 1＋m 2g ，则对m 2，F T －m 2g ＝m 2a ，第二讲解得F T ＝2m 1m 2g m 1＋m 2，此时木箱对台秤的压力为：F N ′＝Mg ＋2F T ＝Mg ＋4m 1m 2g m 1＋m 2，因4m 1m 2gm 1＋m 2<(m 1＋m 2)g ，可知F N ′<F N ，故选B.【7】答案 AB解析由速度位移的关系式v 2＝2ax 与题图乙对比得：物体的最大速度v m ＝8 m /s ，撤去F 前的加速度大小a 1＝16 m/s 2，撤去F 后的加速度大小a 2＝8 m/s 2，撤去F 时发生的位移x 1＝2 m ．撤去F 前由牛顿第二定律得：F －mg sin 37°－μmg cos 37°＝ma 1，撤去F 后由牛顿第二定律得：mg sin 37°＋μmg cos 37°＝ma 2，联立解得：F ＝24 N ，μ＝0.25，故A 正确，C 错误；力F 作用时物体做匀加速运动，由速度公式得：v m ＝a 1t ，解得：t ＝0.5 s ，故B 正确；设撤去F 后发生的位移为x 2，v m 2＝2a 2x 2，解得：x 2＝4 m ，物体沿斜面上滑过程中克服摩擦力所做的功W 克f ＝μmg cos 37°(x 1＋x 2)＝12 J ，故D 错误．【8】答案 ABD解析如果传送带足够长，从而使得物块不能向左滑出传送带，则物块先减速向左滑行，直到速度减为零，然后物块会在摩擦力的作用下向右加速运动．如果v 1＜v 2，物块向左的速度减至零后会在滑动摩擦力的作用下向右加速，当速度增大到与传送带速度相同时，物块还在传送带上，之后不受摩擦力，物块与传送带一起向右匀速运动，故B 正确．如果v 1＞v 2，物块在传送带上向右运动时会一直加速，当速度大小增大到等于v 2时，物块恰好离开传送带；如果v 1＝v 2，物块在传送带上时同样会先向左减速运动后向右加速运动，当速度大小增大到等于v 1时，物块恰好离开传送带，A 正确．若v 2足够大，物块向左滑上传送带后始终做减速运动，直到离开传送带后继续以较小的速度在平台上向左滑行，D 正确．【9】答案 AC解析物块对长木板的摩擦力使木板运动，当M 与m 之间达到最大静摩擦力时，发生相对滑动，设此时水平恒力为F 0，由牛顿第二定律有a ＝F 0－μmg m ＝F 0M ＋m ＝μmgM ，解得F 0＝1.5 N ．因F ＝2 N>F 0＝1.5 N ，故两者有相对滑动，物块和长木板之间为滑动摩擦力，有F f ＝μmg ＝1 N ，故A 正确，B 错误．对物块由牛顿第二定律F －μmg ＝ma 1，可得a 1＝1 m/s 2，故C 正确．拉力F 越大，物块的合力越大，则加速度越大，但长木板受到的滑动摩擦力为1 N ，保持恒定，则相对滑动时木板的加速度恒定为a 2＝μmgM ＝0.5m/s 2，故D 错误．【10】答案 (1)2 m/s 2 10 m/s 2 (2)0.5 s 1 m/s第二讲(3)－1.2 J 0.6 J解析 (1)小物块受到向左的恒力和滑动摩擦力做匀减速运动，小车受到向右的摩擦力做匀加速运动．设小车和小物块的加速度大小分别为a 1、a 2，由牛顿第二定律得：对小车：μm 2g ＝m 1a 1 解得：a 1＝2 m/s 2对小物块：F ＋μm 2g ＝m 2a 2 解得：a 2＝10 m/s 2(2)设经过时间t 小车与小物块速度相同，设此时两者速度为v 1，由运动学公式得对小车：v 1＝a 1t 对小物块：v 1＝v 0－a 2t 解得：t ＝0.5 s ；v 1＝1 m/s(3)假设当两者达到共同速度后相对静止，系统只受恒力F 作用，设系统的加速度为a ，则由牛顿第二定律得F ＝(m 2＋m 1)a 解得：a ＝2 m/s 2此时小车所需要的静摩擦力为F f ＝m 1a ＝0.2×2 N ＝0.4 N ，此时需要的摩擦力不大于最大静摩擦力，所以两者将一起向右做匀减速运动小物块第一段的位移：x 1＝v 12－v 02－2a 2＝1.75 m小物块第二段的位移：x 2＝－v 12－2a＝0.25 m所以，小物块向右运动的最大位移为：x ＝x 1＋x 2＝2 m 则恒力F 做的功为W ＝－Fx ＝－1.2 J由功能关系知：Q ＝12m 2v 02＋W ＝12×0.1×36 J －1.2 J ＝0.6 J.。

直线运动第8讲三大基本力之重力与弹力

三大基本力之重力与弹力一、力及其基本特点二、重力1、产生：2、大小：3、方向：4、g的变化5、重心三、弹力1、定义：2、方向刚性，俗称（）例：3、分类非刚性，俗称（）例：（1）刚性物体<1>弹力的方向：<2>“杆”模型弹力判断方法自由杆固定杆<3>如何判断弹力是否存在<4>如何找全高中物理所有的弹力<5>“丁字路口”型弹力的判断方法<6>几种常见类型弹力方向的判断（2）非刚性物体（弹簧）弹力的判断方法胡克定律方向：方法突破之典型例题题型一重力及重心关于重心、重力，下面说法正确的是（）A.形状规则的物体，它的重心一定在其几何中心B.任何物体都可以用悬挂法确定其重心位置C.物体的重心不一定在物体上D.重力就是地球对物体的吸引力1．下列关于重力的说法中正确的是（）A．同一物体从赤道移到北极其重力大小变大，但重力方向不变B．同一物体从赤道移到北极其重力大小不仅变大，而且重力方向也变了C．物体的重力作用在重心上，把重心挖去物体就没有受到重力D．重力就是地球对物体的吸引力2．关于重心的说法，正确的是（）A．物体的重心一定在物体上B．形状规则的物体其重心一定在其几何中心C．舞蹈演员在做各种优美动作时，其重心的位置不变D．用一根细线悬挂的静止物体，细线方向一定通过物体的重心3．下列关于重力的说法正确的是（）A．重力的方向不一定竖直向下B．重力是由于物体受到地球的吸引而产生的C．所有物体的重心都在物体上D．只有静止的物体才受到重力题型二弹力1．下列关于弹力产生条件的说法中正确的是（）A.只要两个物体接触就一定有弹力产生B.轻杆一端所受弹力的作用线一定与轻杆方向垂直C.压力和支持力的方向总是垂直于接触面D.形变大的物体产生的弹力一定比形变小的物体产生的弹力大2．关于弹力和形变的理解，下列说法正确的是（）A.木块放在桌面上受到向上的支持力，这是木块发生微小形变而产生的B.用一根细竹竿拨动水中的木头，木头受到竿的推力是由于木头发生形变而产生的C.绳对物体的拉力方向总是竖直向上D.挂在电线下面的电灯受到向上的拉力，是由于电线发生微小形变而产生的1.在如图所示的四种情况中，物体A 、B 之间一定有弹力的是（）A ．B ．C ．D ．2．（单选）原在水平地面上的小物块受到瞬时撞击后，沿光滑斜面向上滑动，如图所示，则小物块沿斜面向上滑动的过程中受到几个弹力作用（）A ．一个B ．两个C ．三个D ．四个题型三胡克定律1．关于胡克定律的下列说法，正确的是（）A ．拉力相同、伸长不相同的弹簧，它们的劲度系数相同B ．劲度系数相同的弹簧，弹簧的伸长也一定相同C ．劲度系数相同的弹簧，弹簧的弹力也一定相同D ．劲度系数和拉力、伸长没有关系，它只决定于弹簧的材料、长度、弹簧丝的粗细2．一根弹簧原长10cm ，挂上重2N 的砝码时，伸长1cm ，这根弹簧挂上重8N 的物体时，它的长度为（弹簧的形变是弹性形变）（）A ． 4cmB ． 14cmC ． 15cmD ． 44cm光说不练，等于白干1．如图所示，质量均为m 的木块A 和B ，用一个劲度系数为k 轻质弹簧连接，最初系统静止，现在用力缓慢拉A 直到B 刚好离开地面，则这一过程A 上升的高度为（）A ．kmg B ．k mg 2 C ．k mg 3 D ．k mg 42．如图所示的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为F 1、F 2、F 3，其大小关系是（）A ．F 1=F 2=F 3B ．F 1=F 2＜F 3C ．F 1=F 3＞F 2D ．F 3＞F 1＞F 23．(稍难)弹簧A 和B 分别是1m 和0.5m ，劲度系数分别是100N/m 和150N/m ，当把它们串联后拉到距离为2m 的两个柱子上固定，则弹簧A 的伸长量是（）A ． 0.1mB ． 0.3mC ． 0.5mD ． 0.2m4．（2012•山西一模）如图所示，在一粗糙水平面上有两个质量分别为m 1和m 2的木块1和2，中间用一原长为L ，劲度系数为k 的轻弹簧连接起来，木块与地面间的滑动摩擦因数均为μ．现用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时两木块之间的距离是（）A 、L +k μm 1gB 、L +k μ（m 1+m 2）gC 、L +k μm 2gD 、L +kμ（2121m m m m +）g 5．如图所示，A 、B 两物体的重力分别是G A ＝3N 、G B ＝4N ，A 用悬绳挂在天花板上，B 放在水平地面上，A 、B 间的轻弹簧上的弹力F ＝2N ，则绳中张力F 1和B 对地面的压力F 2的可能值分别为( )A ．7N 和10NB ．5N 和2NC ．1N 和6ND ．2N 和5N6．如图所示，A 、B 是两个相同的轻弹簧，原长都是L 0=10cm 劲度系数k=500N/m ，如果图中悬挂的两个物体质量均为m ，现测得两个弹簧的总长为26cm ，则物体的质量m 是多少？（取g=10N/kg ）7．（稍难）如图2所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们的右端受到大小皆为F 的拉力作用，而左端的情况各不相同：①中弹簧的左端固定在墙上②中弹簧的左端受大小也为F的拉力作用③中弹簧的左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动④中弹簧的左端拴一小物块，物块在有摩擦的桌面上滑动．若认为弹簧的质量都为零，以L1、L2、L3、L4依次表示四个弹簧的伸长量，则有()A．L2>L1B．L4>L3C．L1>L3D．L2＝L4。

力与直线运动教学课件

下列说法正确的是(AD )
A．两车均做匀变速直线运动,且加速度方向相反
B．两车在275 m 时再次并排行驶
C．甲车在20 s 时追上乙车 7
D．乙车停止运动前两车的最大间距为275 m
限时训练
A组 1. 2020年7月, 国产大型水陆两栖飞机“鲲龙” AG600在山东青岛团岛附近海域成功实现海上首飞. 10时14分入水, 随后在完成了回转、调整方向、加速、机头昂起等一系列动作后, 再次迎浪腾空, 直插云霄, 10时18分海上起飞．预估最大平飞速度可达555公里/小时．关于“鲲龙”AG 600, 下列说法正确的是( ) A．555 km/h表示飞行的平均速度 B．2020年7月10时18分指的是时间间隔 C．研究其在该过程中飞行轨迹可以将其视为质点 D．研究其回转、调整方向等飞行姿态时可以将其视为质点
3．2020 年 11 月 10 日 8 时 12 分,中国“奋斗者”号载人3潜．水20器20在年马1里1月亚1纳0日海8沟时成12功分坐, 底中,国坐“底奋深度斗者10”90号9 米载,人潜创水造器了在我马国里载亚人纳深海潜沟新成纪功录坐．假底设, 坐“底奋深斗度者1”0号90在9米坐,底创前造了
第 1T 内、第 2T 内、第 3T 内……第 nT 内位移之比为 1∶3∶5∶…∶ (2n－1)；
从静止开始通过连续相等位移所用时间之比为 1∶( 2－1)∶( 3－ 2)
∶…∶( n－ n－1)；
从静止开始通过连续相等位移末速度之比为 1∶ 2∶ 3∶…∶ n. 3．物体先做匀减速直线运动,速度减为零后又反向做匀加速直线运动, 全程加速度不变,对这种情况可以将全程看作匀变速直线运动,应用基本公式求解． 4．刹车类问题：指匀减速到速度为零后即停止运动,加速度 a 突然消失,求解时要注意确定其实际运动时间．

力与运动的关系(课件)2021-2022学年八年级物理下册(苏科版)

汽车的运动方向发生改变
（b）当物体运动状态改变是受什么力呢？
火箭加速升空
列车减速进站
问问你的同学，这些物体分别受到那几个力的作用？
结论：物体的运动状态将会发生改变时物体一定到受到非平衡力作用。
归纳：力和运动的关系
受力情况
物体的表现
运动状态是否改变
不受力
总保持静止或匀速直线运动状态
受力
平衡力非平衡力
力与运动不在同一直线
运动情况匀速直线运动或静止
速度逐渐变大速度逐渐减小
运动方向发生改变
力与运动的关系理论分析
力和运动的关系是怎样的？我们通过两种情况来讨论：（物体不受力时和受力时）（1）物体不受力时（理想世界）
牛顿第一定律内容：
一切物体在不受外力作用时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。
在我们日常生活中有没有不受力的物体？
分析发现
运动状态不改变时，物体往往在平衡力的作用下，处在平衡状态。如果物体受到的力不满足平衡条件，那么它的运动状态就会发生改变。
实验探究
自由探究：非平衡力作用下，力与运动的关系
实验器材：细线扣着的乒乓球、轨道小车、固定磁铁的小车、磁铁
实验数据
力是否与运动方向在同一直线上
向下加速： F＜G
有平衡力作用在物体上，运动状态不改变；运动状态改变，一定有力作用在物体上，并且是不平衡的力。
运动和力的关系 1、力是改变物体运动状态的原因；
2、物体的运动不需要力来维持；
3、物体静止或匀速 4、物体受平衡力
不受力或受平衡力静止或匀速直线
5、物体受非平衡力
运动状态改变
6、运动状态改变，一定有力作用在物体上，并且是不平衡的力；

力与运动的关系(共41张PPT)

5静、止质不量动为，5他0 受kg到的中重学生力，和站在地支面持上
力的作用，这两个力的关系是_二__力__平__衡___. 保持静止状态的物体受到的力是平衡力
6、吊车吊着重20000N的集装箱以0.2米／秒速度匀速上升，吊车对集装箱的拉力是
____2_0__0_0__0___ N。
做匀速直线运动的物体，受到的力是平衡力
小车的运动状态是否改变？
你观察到的
现象：
小车由静止变为运动，且越来越快。
非平衡力改变物体的运动状态
19
小结力和运动的关系（1）力不是维持物体运动的原因
实际生活中运动的车为什么要推,不推就会停下来,是因为车还受到地面的阻力,有了推力才能与阻力平衡,如果没有阻力,运动的车不需要去推也会永远运动下去.
9.3 力与运动的关系
1
复习思考
1物体受平衡力作用时，保持什么平衡状态？
物体受平衡力作用时，保持匀速直线运
动状态或静条件是什么？
作用在同一个物体上的两个力大小相等，方向相反，且作用在同一直线上时，这两个力才能平衡
3 牛顿第一运动定律的内容是什么？
一切物体在没有受到力的作用时，运动状态总保持静止或匀速直线运动状态不改变
f 打开后会匀速降落，又是为什么？
f G=f
匀速降落
G
G
G>f 加速向下运动
25
11、小明用20N的水平力推着小车在水
平路面上匀速直线前进，小车受到地
3．二力平衡的条件是：作用在同__一__物__体__ 上的两个力，大小_相__等___、方向_相__反___，且作用在同一条__直__线____上。
4、牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到___力____的作用时，

高三物理专题课件：力与直线运动ppt

6、传送带模型 7、板块模型
化物特难体别为问提易题醒
则： “遇拆多着过做程
”多
附：每个活动单变式训练
【变式训练1】 (2019届江西模拟改编)将物体竖直向上抛出后，若不计
空气阻力，试定性画出物体从抛出到落回地面过程中的速度图象（规定
初速度方向为正方向）。并比较物体上升的时间t上与下落的时间t下的长短。
答案：t上=t下
v v0
Hale Waihona Puke [拓展1]：如果物体运动过程中受到大小恒定的空气阻力，试定性画出物
t下
体的速度图象，并确定物体回到抛出点
时，上升的时间t上与下落的时间t下的长 O 短。
t上
t
答案：t上<t下
[拓展2]：如果物体运动过程中受到和速度大小成正比的空气阻力，试定性画出物体的速度图象。并确定物体回到抛出点时，上升的时间t上与下落的时间t下的长短。
因mgsin θ >Ff,故能！图如右：【归纳提升1】
1.两类问题：力 a 运动 2.多过程：拆分
3.两运动模型
(v为关联量)
建模1——[先加后减模型]:
建模型2——[去而复返模型]:
（粗糙斜面上0→t2)
（粗糙斜面上t1→t3)
竖直上抛运动
活动二：与弹簧相关的三个动力学问题
【例2】（2019届北京模拟）如图所示，A、B质量均为m，叠放在轻质弹簧上 (弹簧下端固定于地面上)，对A施加一竖直向下、大小为F(F＞2mg)的力，将弹簧再压缩一段距离(弹簧始终处于弹性限度内)而处于平衡状态，现突然撤去力 F，设两物体向上运动过程中A、B间的相互作用力大小为FN，则关于FN的说法正确的是(重力加速度为g)( ) A．刚撤去外力F时，FN＝(mg+F)/2 B．弹簧弹力等于F时，FN＝ F/2 C．两物体A、B的速度最大时，FN＝2mg D．弹簧恢复原长时，FN＝mg

高考物理课件：第2讲-力与直线运动

点
的图像为过原点的抛物线，两图像交点C、D坐标如图所
示．下列说法正确的是( D )
A．t1时刻B追上A，t2时刻A追上B
B．t1～t2时间段内B质点的平均速度小于A质点的平均速度
C．质点A做直线运动，质点B做曲线运动
D．两物体速度相等的时刻一定在t1～t2时间段内的某时刻
解析：图象的交点表示同一时刻到达同一位置而相遇，t1时刻A追上B，t2时刻B追上A，故A错误；t1～t2时间段内，两质点通过的位移相等，则B质点的平均速度与A质点匀速运动的速度相等，故B错误；两物体的速度均为正值，故两质点均做直线运动，选项C错误；因曲线的切线的斜率等于物体的速度，故由图像可知两物体速度相等的时刻
【答案】 (1)a1＝5 m/s2 a2＝2.5 m/s2 (2)均不符合安全要求 (3)60 m
思路点拨
【解析】 (1)根据题意由匀变速直线运动的速度位移公式可得：v2＝2ax，则a
＝
v2 2x
，由图可知，满载时加速度大小a1＝5
m/s2，严重超载时加速度大小a2＝2.5
m/s2．
(2)由题意可知，该型号货车严重超载时的初速度大小为v0＝54 km/h＝15 m/s，
随着机动车数量的增加，交通安全问题日益凸显．如图所示为某型号货车紧急刹车时(假设做匀减速直线运动)的v2x图像(v为该货车的速度，x为制动距离)，其中图线1为满载时符合安全要求的制动图像，图线2为严重超载时的制动图像．某路段限速72 km/h是根据该型号货车满载时安全制动时间和距离确定的．现有一辆该型号的货车严重超载并以54 km/h的速度行驶，通过计算求解下列问题．
2．求解匀变速直线运动问题时的方法技巧
在涉及匀变速直线运动的题目中，如果出现相等时间关系，则要优先使用中间

力与运动ppt课件

运动的基本概念
总结词
运动是指物体位置随时间的变化。
VS
详细描述
运动是物质的基本属性，表现为物体位置随时间的变化。根据物体运动的轨迹，可以分为直线运动和曲线运动。运动状态的改变与力密切相关，力是改变物体运动状态的原因。根据牛顿第一定律，不受外力的物体将保持静止或匀速直线运动的状态不变。
02 牛顿运动定律
牛顿第二定律指出，物体的加速度与所受的合外力成正比，与物体的质量成反比。数学公式表示为F=ma，其中F代表合外力，m代表物体的质量，a代表加速度。
第三定律（作用与反作用定律）
总结词
描述力的作用是相互的。
详细描述
牛顿第三定律指出，力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，也会受到另一个物体对它的反作用力。这两个力大小相等、方向相反，且作用在同一条直线上。这一原理适用于所有物体之间的相互作用。
06 动量与冲量
动量的定义与计算
动量定义
物体的动量是指它的质量和速度的乘积，用公式表示为p=mv。其中，p表示动量，m表示质量， v表示速度。
动量计算
在计算物体的动量时，需要先确定物体的质量和速度，然后将它们相乘得到动量值。
动量守恒定律
动量守恒定律
在没有外力作用的情况下，系统的总动量保持不变。也就是说，在一个封闭的系统内，无论发生何种物理变化，系统的总动量始终保持不变。
详细描述
火箭发射时，燃料在燃烧室内燃烧产生大量气体，通过喷嘴向下喷出产生反作用力推动火箭上升。火箭的运动轨迹受到推进力、重力、空气阻力和地球引力的影响。为了实现火箭的稳定发射和精确控制，需要综合考虑各种因素，包括燃料消耗、推进力矢量控制、空气动力学设计等。火箭发射的运动分析是一个复杂的过程，需要运用力学、空气动力学、材料科学等多学科知识。

第2课时力和直线运动

第2课时力和直线运动
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研透命题点
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匀变速直线运动规律的应用
1.必须领会的两种物理思想：逆向思维、极限思想。 2.必须辨明的“两个易错易混点”
(1)物体做加速或减速运动取决于速度与加速度方向间的关系； (2)“刹车”问题要先判断刹车时间，再分析计算。
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命题角度二动力学中的两类基本问题【例2】 2018年6月22日，两架国产大飞机C919同时在上海和西安两地开展试飞。
若试飞中，某架C919在平直跑道上由静止开始匀加速滑行，经t1＝20 s达到最大速度vm＝288 km/h，之后匀速滑行一段时间，再匀减速滑行，最后停下来。若滑行总距离x＝3 200 m，且减速过程的加速度大小与加速过程的加速度大小相等，取g ＝10 m/s2。
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xA＝12aAt2，xB＝vBt－12aBt2 且xB－xA＝L 解得 vB＝2 2μgL。答案 (1) 2μgL (2)3μg μg (3)2 2μgL
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(1)求解匀变速直线运动问题的思路
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(2)全程法：全过程中若加速度不变，虽然有往返运动，但可以全程列式，此时要注意各矢量的方向(即正负号)。
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1.如图2所示，物体自O点由静止开始做匀加速直线运动，途经A、B、C三点，其中 A、B之间的距离l1＝2.5 m，B、C之间的距离l2＝3.5 m。若物体通过l1、l2这两段位移的时间相等，则O、A之间的距离l等于( )

第2讲力与直线运动.pptx

围面积大于第一次滑翔过程中所围面积，则第二次滑翔过程中在竖直方向上位移
比第一次的大，A 错误；两次运动都落到同一倾斜雪道上，故竖直位移与水平位
移的比值相同(等于倾斜雪道与水平面夹角的正切值)，故第二次滑翔过程中在水平
方向的位移比第一次的大，B 正确；从起跳到落到雪道上，第一次速度变化大，时
间短，由 a＝ΔΔvt ，可知第二次滑翔过程中在竖直方向上平均加速度比第一次的小，
外最后还要注意对解的讨论分析。
二、连接体问题的分析
1.整体法：在连接体问题中，如果不需要求物体之间的相互作用力，且连接体的各部分具有相同的加速度，一般采用整体法列牛顿第二定律方程。
2.隔离法：如果需要求物体之间的相互作用力或对于加速度不同的连接体，一般采用隔离法列牛顿第二定律方程。
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命题热点突破
3.运动图象：利用v－t图象或x－t图象求解。
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二、解决动力学问题要抓好关键词语 1.看到“刚好”“恰好”“正好”等字眼，想到“题述的过程存在临界点”。 2.看到“最大、最小、至多、至少”等字眼，想到“题述的过程存在极值点”。
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图8 A.第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小
B.第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大
C.第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大
D.竖直方向速度大小为v1时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大
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解析 v－t 图象中图线与 t 轴包围的面积表示位移大小，第二次滑翔过程中图线所

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A．a1＝0，a2＝g
C．a1＝0，a2＝
m
M M
g
B．a1＝g，a2＝g
D．a1＝g，a2＝
m
M M
g
【解析】在抽出木板的瞬时，弹簧对1的支持力
和对2的压力并未改变．对1物体受重力和支持力，
mg＝F，a1＝0.对2物体受重力和压力，根据牛顿
第二定律a＝ F Mg ＝ m M g.
M
M
【答案】 C
的一切物理现象都会完全消失．
热点三临界问题
如图 3.16 所示， AB 、 AC 为不可伸长的轻绳，小球质量为m＝0.4kg. 当小车静止时，AC水平，AB与竖直方向夹角为θ＝37°，试求小车分别以下列加速度向右匀加速运动时，两绳上的张力FAC、FAB分别为多少．取g＝10m/s2. (1)a1＝5m/s2；(2)a2＝10m/s2.
命题解读：牛顿运动定律及其应用是江苏考试说明中权定的Ⅱ要求，是每年考查的热点．该部分的热点问题主要有：牛顿运动定律的瞬时性、图象问题、应用问题等．
解决瞬时问题要注意解题习惯，先静态后动态，也就是说先受力分析，然后隔离各个物体解决平衡态问题，再根据弹簧等器件的特性判断物体的瞬间变化．
热点一图象问题
图3.16
【解析】设绳AC水平且拉力刚好为零时，临界加速度为a0.
根据牛顿第二定律:FABsinθ＝ma0 FABcosθ＝mg，联立两式并代入数据得a0＝7.5m/s2 当a1＝5m/s2<a0，此时AC绳伸直且有拉力．根据牛顿第二定律：
FABsinθ－FAC＝ma1 FABcosθ＝mg 联立两式并代入数据得：FAB＝5N，FAC＝1N. 当a2＝10m/s2>a0，此时AC绳不能伸直，F′AC＝0. AB绳与竖直方向夹角α>θ，据牛顿第二定律：
【答案】 C
热点二整体法与隔离法
【例题2】跨过定滑轮的绳的一端挂一吊板，另一端被吊板上的人拉住，如图3.14所示．已知人的质量为70kg，吊板的质量为10kg，绳及
定滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计．取重力
加速度 g ＝ 10m/s2. 当人以 440N 的力拉绳时，人
【例1】如图3.12甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体，受到沿斜面方向的力F作用，力F按图乙所示规律变化(图中纵坐标是F与mg的比值，力沿斜面向上为正)．则物体运动的速度v随时间t变化的规律是下图中的(物体的初速度为零，重力加速度取10m/s2)( )
【解析】在0～1s内，物体的加速度为a1＝(F－
mgsin30°)/m ，解得 a1 ＝ 5m/s2 ，排除 A 项；在 1s～2s内，物体的加速度为a2＝－mgsin30°/m＝－ 5m/s2 ，排除 B 项；在 2s ～ 3s 内， a3 ＝ (F － mgsin30°)/m＝－15m/s2，排除D项．综述C项正确．
【答案】 B
规律方法：若研究对象是多个物体组成的系统，
牛顿第二定律的形式可以表述为： F 合＝ m1a1 ＋ m2a2＋m3a3＋……＋mnan.但是加速度大小不同的连接体问题不作要求，复习时要把握好难度．
超(失)重仅与加速度方向有关．加速度方向向上 (加速向上或减速向下运动)均表现为超重(视重大于实重)，加速度方向向下(加速向下或减速向上运动)表现为失重(视重小于实重)．不管怎样重力依然存在，在完全失重状态下，平常由重力产生
【解析】 (1)当小物块速度小于3m/s时，小物块受到
竖直向下的重力、垂直传送带向上的支持力和沿传
送带斜向下的摩擦力作用，做匀加速直线运动，设
加速度为a1，根据牛顿第二定律
mgsin30°＋μmgcos30°＝ma1
专题三力与直线运动
(2010·全国卷 Ⅰ) 如图 3.11 所示，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并
处于静止状态．现将木板沿水平方向
突然抽出，设抽出的
如图3.11
瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a1、a2.重力加速度大小为g.则有( )
热点四 STS问题
如图 3.18 所示，皮带传动装置与水平面夹角为30°，轮半径 R＝ 1 m，两轮轴心相距L＝
2
3.75m ， A 、 B 分别是传送带与两轮的切点，轮缘与传送带之
间不打滑．一个质量为0.1kg的小物块与传送带间的动摩擦因
＝ma2，FAB′cosα＝mg. 联立两式并代入数据得FAB′＝5.7N.
规律方法：本题解题的关键是根据小球的加速度方向，判断出物体所受合外力的方向，然后画出平行四边形，解其中的三角形就可求得结果．
在题目中如出现“最大”、“最小”、“刚好”等词语时，一般隐含着临界问题，处理这类问题时，可把物理问题(或过程)推向极端，从而使临界现象 (或状态)暴露出来，达到尽快求解的目的．
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图3.18
（1）当传送带沿着逆时针方向以v1=3m/s的速度匀速运动时，将小物块无初速地放在A点后，它运动至B点需多长时间？（计算中可取 252 16 ，396 20 ）
（2）小物块相对于传送带运动时，会在传送带上留下痕迹。当传送带沿逆时针方向匀速运动时，小物块无初速地放在A点，运动至B 点飞出。要想使小物块在传送带上留下的痕迹最长，传送带匀速运动的速度v2至少多大？
与吊板的加速度a和人对吊板的压力F分别为
() A．a＝1.0m/s2，F＝260N B．a＝1.0m/s2，F＝330N C．a＝3.0m/s2，F＝110N D．a＝3.0m/s2，F＝50N
图3.14
【解析】将人与吊板整体考虑，据牛顿第二定律： 2FT－(m人＋m板)g＝(m人＋m板)a，代入数据，得a＝1.0m/s2，用隔离法研究人向上运动，设吊板对人的支持力为F′，则FT＋F′－m人g＝m 人a，得F′＝330N.再根据牛顿第三定律，人对吊板的压力F＝F′＝330N，选项B正确．